广东省台山市华侨中学高三物理上学期小测17

广东省台山市华侨中学必修3物理全册全单元精选试卷检测题一、必修第3册静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图所示，把一个倾角为θ的绝缘斜面固定在匀强电场中，电场方向水平向右，电场强度大小为E，有一质量为m、带电荷量为＋q的物体，以初速度v0从A端滑上斜面恰好能沿斜面匀速运动，求物体与斜面间的动摩擦因数．【答案】cos sincos sin qE mg mg qEθθθθ-+【解析】【分析】【详解】物体做匀速直线运动，由平衡条件得：在垂直于斜面方向上：N=mgcosθ+qEsinθ…①在平行与斜面方向上：f+mgsinθ=qEcosθ…②滑动摩擦力：f=μN…③由①②③可得：f qEcos mgsinN mgcos qEsinθθμθθ-=+＝．【点睛】本题考查了学生受力分析及力的合成以及摩擦定律的相关知识，正确的受力分析是正确解题的关键，学会用正交分解法处理多力合成问题．2．如图所示的绝缘细杆轨道固定在竖直面内，半径为R的1/6圆弧段杆与水平段杆和粗糙倾斜段杆分别在A、B两点相切，圆弧杆的圆心O处固定着一个带正电的点电荷．现有一质量为m 83 gR速度通过A点，小球能够上滑的最高点为C，到达C后，小球将沿杆返回．若∠COB=30°，小球第一次过A点后瞬间对圆弧细杆向下的弹力大小为83mg，从A至C小球克服库仑力做的功为232mgR -，重力加速度为g ．求：(1)小球第一次到达B 点时的动能； (2)小球在C 点受到的库仑力大小；(3)小球返回A 点前瞬间对圆弧杆的弹力．（结果用m 、g 、R 表示） 【答案】（1）56mgR （2）34mg （3）2(833)- 【解析】 【分析】（1）由动能定理求出小球第一次到达B 点时的动能．（2）小球第一次过A 点后瞬间，由牛顿第二定律和库仑定律列式．由几何关系得到OC 间的距离，再由库仑定律求小球在C 点受到的库仑力大小．（3）由动能定理求出小球返回A 点前瞬间的速度，由牛顿运动定律和向心力公式求解小球返回A 点前瞬间对圆弧杆的弹力． 【详解】（1）小球从A 运动到B ，AB 两点为等势点，所以电场力不做功，由动能定理得：()0211cos602KB A mgR E mv --=-代入数据解得：56KB E mgR =（2）小球第一次过A 时，由牛顿第二定律得：22A v QqN k mg m R R+-=由题可知：83N mg =联立并代入数据解得：2Qqkmg R= 由几何关系得，OC 间的距离为：23cos30R r R ==︒小球在C 点受到的库仑力大小 ：2223Qq QqF kk r R ==⎛⎫ ⎪⎝⎭库联立解得3=4F mg 库 （3）从A 到C ，由动能定理得：2102f A W mgR W mv ---=-电从C 到A ，由动能定理得：212f A W mgR W mv +='-电 由题可知：232W mgR -=电 小球返回A 点时，设细杆对球的弹力方向向上，大小为N ′，由牛顿第二定律得：22Av Qq N k mg mR R'-'+= 联立以上解得： ()28333N mg -'=，根据牛顿第三定律得，小球返回A 点时，对圆弧杆的弹力大小为()28333mg -，方向向下．3．如图所示，质量为m 的小球A 穿在绝缘细杆上，杆的倾角为α，小球A 带正电，电量为q 。

广东省台山市华侨中学高三物理上学期小测20第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。

14．下列说法正确的是( )A ．在国际单位制中，力学的基本单位是千克、牛顿、秒B ．开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了万有引力定律C ．库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律D ．法拉第首先发现了电流可以使周围的小磁针偏转15．如图所示，虚线a 、b 、c 是电场中的一簇等势线（相邻等势面之间的电势差相等），实线为一α粒子（重力不计）仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知 ( )A ．a 、b 、c 三个等势面中，a 的电势最高B ．电子在P 点具有的电势能比在Q 点具有的电势能小C ．β粒子在P 点的加速度比Q 点的加速度大D ．带电质点一定是从P 点向Q 点运动16． 如图所示，质量为4 kg 的小球A 和质量为1 kg 的物体B 用弹簧相连后，再用细线悬挂在升降机顶端，当升降机以加速度a =2 m/s 2，加速上升过程中，剪断细线的瞬间，两小球的加速度正确的是（重力加速度为g =10 m/s 2）( )A ．210m/s A a = 210m/sB a =B ．213m/s A a = 22m/s B a =C ．215m/s A a = 22m/s B a =D ．210m/s A a = 0B a = 17．已知人造航天器在某行星表面上空绕行星做匀速圆周运动，绕行方向与行星自转方向相同（人造航天器周期小于行星的自转周期），经过时间t （t 小于航天器的绕行周期），航天器运动的弧长为s ，航天器与行星的中心连线扫过角度为θ，引力常量为G ，航天器上的人两次相邻看到行星赤道上的标志物的时间间隔是∆t ，这个行星的同步卫星的离行星的球心距离( )A ． (2π)s t t t θ∆-∆ B ． (2π)s t t t θ∆∆-C ．D ．18．理想变压器原线圈a 匝数n 1=500，副线圈b 匝数n 2=100，线圈a 接在如左图所示的交变电压的交流电源上，“3 V，6 W”的灯泡恰好正常发光，电阻R 2=18.5 Ω，电压表V 为理想电表。

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2018届高三物理小测10（第13周)一、单选题1、登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父”欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星。

地球和火星公转视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响。

根据下表，火星和地球相比( ）行星半径/m质量/kg轨道半径/m地球 6.4×106 6.0×1024 1.5×1011火星3。

4×106 6.4×10232。

3×1011A。

火星的公转周期较小B。

火星做圆周运动的加速度较小C。

火星表面的重力加速度较大D.火星的第一宇宙速度较大2、。

如图2所示，某质点在外力作用下运动的速度－时间图线按余弦规律变化。

则下列说法中正确的是( )A。

在0～t 1时间内,外力做正功B。

在0~t1时间内，外力的功率逐渐增大C。

在t2时刻，外力的功率最大D。

在t1～t3时间内，外力做的总功为零3、如图10所示，一半径为R、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ水平。

一质量为m的质点自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道。

质点滑到轨道最低点N时,对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小。

用W表示质点从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功。

则（)A.W＝错误!mgR，质点恰好可以到达Q点B.W＞错误!mgR，质点不能到达Q点C.W＝错误!mgR，质点到达Q点后,继续上升一段距离D。

广东省台山市华侨中学高二物理第17周小测卷一、单项选择题（每题4分）1.关于电流和电阻，下列说法中正确的是（）A．电流的方向与导体中电荷的定向移动方向相同B．金属导体温度升高时，由于自由电子的热运动加剧，所以电流增大C．由R=U/I可知，I一定时，导体的电阻R与U成正比，U与I成反比D．对给定的电阻，比值U/I是一个定值，反映导体本身的一种性质2.一段粗细均匀的镍铬合金丝，横截面的直径为d，电阻为R，如果把它拉成直径为d/2的均匀细丝，电阻值将变为（）A．R/4 B．16R C．256R D.R/643．如图所示电路，电源电动势和内阻保持不变．闭合开关S，缓慢向右移动滑动变阻器的滑片P，这一过程中( )A．总电阻变小B．电流表A的示数逐渐变小C．电压表V的示数逐渐变小D．电流表A1的示数差逐渐变大4．如图3所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度,若不改变两极板带的电量而增大两极板间的距离，那么静电计指针的偏转角度（）A．一定减小B．一定增大C．一定不变D．可能不变二、双项选择题（每题6分）5.欧姆定律适用于( )A.电动机电路B.金属导体导电C.电解液导电D.所有电器元件6．[2012·广东卷] 图5是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有()A．带正电的矿粉落在右侧B．电场力对矿粉做正功C．带负电的矿粉电势能变大D．带正电的矿粉电势能变小7．如图，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q1、q2分别置于A、B两点，虚线为等势线．取无穷远处为零电势点，若将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是()A．A点电势大于B点电势B．A、B两点的电场强度相等C．q1的电荷量小于q2的电荷量D．q1在A点的电势能小于q2在B点的电势能8. 一灯泡标有“220V，100W”字样将其接到110V的电源上(不考虑灯泡电阻的变化)，则有( )A.灯泡的实际功率为50WB.灯泡的实际功率为25WC.通过灯泡的电流为额定电流的1/2D.通过灯泡的电流为额定电流的1/4班别：姓名：成绩号：成绩：请将选择题答案填入下面答题卡（单选4分，双选6分）9、如图所示，水平平行金属板A、B间距为d，带电质点质量为m，电荷量为q，当质点以速率v从两极板中央处于水平飞入两极间，两极不加电压时，恰好从下板边缘飞出，求：（1）极板的长度L（2）若给A、B两极加一电压U，则恰好从上板边缘飞出，求此时的加速度a的大小和方向（3）在（2）的基础上，求所加电压U课后作业：10．两块水平放置的平行金属板A和B（A在上，B在下），两板间的电压U=200V，要使一个质量为5g，带电量为力-5×10-6C的微粒恰能在两板间的某点静止，g取10m/s2，（1）试确定A极板的带电性质；（2）求两极板间的距离。

2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）第一次统测物理试卷（9月份）二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项是符合题目要求的，第19～21题有多个选项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是( ) A．将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B．在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化C．将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D．绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化2．如图，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q的固定点电荷．已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为（k为静电力常量）( )A．k B．k C．k D．k3．一理想变压器的原，副线圈的匝数比为3：1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，如图所示，设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k，则( )A．U=66V，k=B．U=22V，k=C．U=66V，k=D．U=22V，k=4．如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态．现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度（橡皮筋在弹性限度内），与稳定在竖直位置相比，小球的高度( )A．一定升高B．一定降低C．保持不变D．升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定5．关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是( )A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半6．如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置、时间（x﹣t）图线．由图可知( )A．在时刻t1，a车追上b车B．在时刻t2，a、b两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，b车的速率先减小后增大D．在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大7．2012年6月18日，神州九号飞船与天宫一号目标飞行器在离地面343km的近圆形轨道上成功进行了我国首次载人空间交会对接．对接轨道所处的空间存在极其稀薄的大气，下面说法正确的是( )A．为实现对接，两者运行速度的大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B．如不加干预，在运行一段时间后，天宫一号的动能可能会减小C．如不加干预，天宫一号的轨道高度将缓慢降低D．航天员在天宫一号中处于失重状态，说明航天员不受地球引力作用8．1824年，法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”．实验中将一铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针，如图所示．实验中发现，当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着一起转动起来，但略有滞后．下列说法正确的是( )A．圆盘上产生了感应电动势B．圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动C．在圆盘转动的过程中，磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化D．圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流，此电流产生的磁场导致磁针转动二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个小题考生都必须作答．第33题～第35题为选考题，考生根据要求作答．9．在“探究共点力合成规律”的实验中，某同学经历了以下实验步骤：A．在白纸上按比例做出两个力F1和F2的图示，根据平行四边形定则作图求出合力F；B．只用一个测力计，通过细绳把橡皮筋拉同样长度；C．记下两个测力计F1和F2的读数，并且记录它们的方向；D．在水平放置的木板上，垫一张白纸，把橡皮筋的一端固定在板上P点，用两条细绳连接在橡皮筋的另一端，通过细绳同时用两个测力计互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋与细绳的连接点到达某一位置O，并记下此位置，如右图所示；E．记下测力计的读数F′和细绳方向，按同一比例作出这个力的图示，比较这个实测合力F′和按平行四边形定则求出的合力F，看它们的大小和方向是否相近；F．用刻度尺测量出P、O之间的距离并记录；G．改变两测力计拉力的大小和方向，多次重复实验，从实验得出结论．（1）上述实验步骤有明显的错误，这个步骤是__________（填选项前的字母）；正确的操作应为__________．（2）上述实验步骤中有一步骤是多余的，这个步骤是__________（填选项前的字母）；（3）将以上实验步骤按正确顺序排列，应为__________（填选项前的字母）．10．为了测量由两节干电池组成的电池组的电动势和内电阻，某同学设计了如图甲所示的实验电路，其中R为电阻箱，R0=5Ω为保护电阻．（1）按照图甲所示的电路图，某同学已经在图乙所示电路中完成部分导线的连接，请你完成余下导线的连接．（2）断开开关S，调整电阻箱的阻值，再闭合开关S，读取并记录电压表的示数及电阻箱接入电路中的阻值．多次重复上述操作，可得到多组电压值U及电阻值R，并以为纵坐标，以为横坐标，画出﹣的关系图线（该图线为一直线），如图丙所示．由图线可求得电池组的电动势E=__________V，内阻r=__________Ω．（保留两位有效数字）（3）引起该实验系统误差的主要原因是__________11．公路上行驶的两辆汽车之间应保持一定的安全距离．当前车突然停止时，后车司机可以采取刹车措施，使汽车在安全距离内停下而不会与前车相碰．通常情况下，人的反应时间和汽车系统的反应时间之和为1s．当汽车在晴天干燥沥青路面上以30m/s的速度匀速行驶时，安全距离为120m．设雨天时汽车轮胎与沥青地面的动摩擦因数为晴天时的，若要求安全距离仍为120m，求汽车在雨天安全行驶的最大速度．12．如图，两条平行导轨所在平面与水平地面的夹角为θ，间距为L．导轨上端接有一平行板电容器，电容为C．导轨处于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向垂直于导轨平面．在导轨上放置一质量为m的金属棒，棒可沿导轨下滑，且在下滑过程中保持与导轨垂直并良好接触．已知金属棒与导轨之间的动摩擦因数为μ，重力加速度大小为g．忽略所有电阻．让金属棒从导轨上端由静止开始下滑，求：（1）电容器极板上积累的电荷量与金属棒速度大小的关系；（2）金属棒的速度大小随时间变化的关系．五、选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上将所选题目题号后的方框涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则每学科按所做的第一个题目计分．【物理-选修3-5】13．一个原子核U在中子的轰击下发生一种可能的裂变反应，其裂变方程为U+n→X+Sr+2n，则下列叙述正确的是( )A．X原子核中含有140个核子B．X原子核中含有86个中子C．因为裂变时释放能量，所以裂变后粒子的总质量数增加D．因为裂变时释放能量，所以裂变后粒子的总质量数减少E．因为裂变时释放能量，所以裂变后粒子的总质量减少14．如图所示，A、B是静止在光滑水平地面上相同的两块长木板，长度均为L=0.75m，A的左端和B的右端接触，两板的质量均为M=2.0kg．C是一质量为m=1.0kg的小物块，现给它一初速度v0=2.0m/s，使它从B板的左端开始向右滑动．已知C与A、B之间的动摩擦因数均为μ=0.20，最终C与A保持相对静止．取重力加速度g=10m/s2，求木板A、B最终的速度分别是多少？2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）第一次统测物理试卷（9月份）二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项是符合题目要求的，第19～21题有多个选项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是( ) A．将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B．在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化C．将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D．绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化【考点】感应电流的产生条件．【分析】产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化或闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流．【解答】解：A、将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，回路中没有磁通量的变化，不能产生感应电流，观察到电流表没有变化，故A错误；B、在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，回路中没有磁通量的变化，不能产生感应电流，观察到电流表没有变化，故B错误；C、将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁的过程中有感应电流产生，但是之后，再到相邻房间去观察时，回路中已经没有磁通量的变化，此时观察到的电流表没有变化，故C错误；D、绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，回路中的磁通量发生变化，能观察电流表的变化，故D正确．故选：D．【点评】解决本题关键要准确把握产生感应电流的一般条件：闭合回路的磁通量发生变化，电路必须闭合．2．如图，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q的固定点电荷．已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为（k为静电力常量）( )A．k B．k C．k D．k【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由题意可知，半径为R均匀分布着电荷量为Q的圆盘上电荷，与在a点处有一电荷量为q（q＞0）的固定点电荷，在b点处的场强为零，说明各自电场强度大小相等，方向相反．那么在d点处场强的大小即为两者之和．因此根据点电荷的电场强度为E=k即可求解【解答】解：电荷量为q的点电荷在b处产生电场强度为E=k，而半径为R均匀分布着电荷量为Q的圆盘上电荷，与在a点处有一电荷量为q（q＞0）的固定点电荷，在b点处的场强为零，则圆盘在此处产生电场强度也为E=k．那么圆盘在此d产生电场强度则仍为E=k．而电荷量为q的点电荷在d处产生电场强度为，由于都在d处产生电场强度方向相同，即为两者大小相加．所以两者这d处产生电场强度为，故B正确，ACD错误．故选：B【点评】考查点电荷与圆盘电荷在某处的电场强度叠加，紧扣电场强度的大小与方向关系，从而为解题奠定基础3．一理想变压器的原，副线圈的匝数比为3：1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，如图所示，设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k，则( )A．U=66V，k=B．U=22V，k=C．U=66V，k=D．U=22V，k=【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】首先计算出通过副线圈的电流，由变比关系可知原线圈的电流，继而可表示出与原线圈串联的电阻的分压，结合题意即可在原线圈上列出电压的等式，可求出副线圈上的电压．利用焦耳定律可表示出两个电阻的功率，继而可解的比值k．【解答】解：由题意知：副线圈的电流为：I2=则原线圈的电流为：I1==与原线圈串联的电阻的电压为：U R=I1R=由变压器的变比可知，原线圈的电压为3U，所以有：解得：U=66V原线圈回路中的电阻的功率为：P1=R=副线圈回路中的电阻的功率为：P2=所以k==选项A正确，BCD错误故选：A【点评】该题的突破口是表示出原线圈中的电流和原线圈回路中的电阻的分压，找出原线圈的电压和原线圈回路中的电阻的分压的数值关系．该题类似于远距离输电的情况．4．如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态．现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度（橡皮筋在弹性限度内），与稳定在竖直位置相比，小球的高度( )A．一定升高B．一定降低C．保持不变D．升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】以小球为研究对象，由牛顿第二定律可得出小球的加速度与受到的拉力之间的关系即可判断．【解答】解：设L0为橡皮筋的原长，k为橡皮筋的劲度系数，小车静止时，对小球受力分析得：T1=mg，弹簧的伸长即小球与悬挂点的距离为L1=L0+，当小车的加速度稳定在一定值时，对小球进行受力分析如图，得：T2cosα=mg，T2sinα=ma，所以：T2=，弹簧的伸长：则小球与悬挂点的竖直方向的距离为：L2=（L0+）cosα=L0cosα+＜=L1，所以L1＞L2，即小球在竖直方向上到悬挂点的距离减小，所以小球一定升高，故A正确，BCD 错误．故选：A．【点评】本题中考查牛顿第二定律的应用，注意整体法与隔离法的使用，同时要注意审题．5．关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是( )A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半【考点】安培力．【分析】本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直．引用公式F=BIL时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL．【解答】解：A、B、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故A错误，B正确；C、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsinθ，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C错误；D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小．当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL．6．如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置、时间（x﹣t）图线．由图可知( )A．在时刻t1，a车追上b车B．在时刻t2，a、b两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，b车的速率先减小后增大D．在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】位移时间关系图线反映位移随时间的变化规律，图线的斜率表示速度的大小．【解答】解：A、在时刻t1，a、b两车的位置坐标相同，开始a的位移大于b的位移，知b从后面追上a．故A错误．B、在时刻t2，a的位移增大，b的位移减小，知两车运动方向相反．故B正确．C、图线切线的斜率表示速度，在t1到t2这段时间内，b车图线斜率先减小后增大，则b车的速率先减小后增加．故C正确．D、在t1到t2这段时间内，b图线的斜率不是一直大于a图线的斜率，所以b车的速率不是一直比a车大．故D错误．故选：BC．【点评】解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示速度的大小，能够通过图线得出运动的方向．7．2012年6月18日，神州九号飞船与天宫一号目标飞行器在离地面343km的近圆形轨道上成功进行了我国首次载人空间交会对接．对接轨道所处的空间存在极其稀薄的大气，下面说法正确的是( )A．为实现对接，两者运行速度的大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B．如不加干预，在运行一段时间后，天宫一号的动能可能会减小C．如不加干预，天宫一号的轨道高度将缓慢降低D．航天员在天宫一号中处于失重状态，说明航天员不受地球引力作用【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】万有引力提供圆周运动的向心力，所以第一宇宙速度是围绕地球圆周运动的最大速度，卫星由于摩擦阻力作用，轨道高度将降低，运行速度增大，失重不是失去重力而是对悬绳的拉力或支持物的压力减小的现象．根据相应知识点展开分析即可【解答】解：A、又第一宇宙速度为最大环绕速度，天宫一号的线速度一定小于第一宇宙速度．故A错误；B、根据万有引力提供向心力有：=m v=可得轨道高度降低，卫星的线速度增大，故动能将增大，但机械能减小，所以B错误；C、卫星本来满足万有引力提供向心力即：=m由于摩擦阻力作用卫星的线速度减小，提供的引力大于卫星所需要的向心力故卫星将做近心运动，即轨道半径将减小，故C正确；D、失重状态说明航天员对悬绳或支持物体的压力为0，而地球对他的万有引力提供他随天宫一号围绕地球做圆周运动的向心力，所以D错误故选：C．【点评】解决卫星运行规律问题的核心原理是万有引力提供向心力，通过选择不同的向心力公式，来研究不同的物理量与轨道半径的关系8．1824年，法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”．实验中将一铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针，如图所示．实验中发现，当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着一起转动起来，但略有滞后．下列说法正确的是( )A．圆盘上产生了感应电动势B．圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动C．在圆盘转动的过程中，磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化D．圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流，此电流产生的磁场导致磁针转动【考点】* 涡流现象及其应用．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】通过题意明确涡流的产生，再根据磁极和电流间的相互作用分析磁铁的运动．【解答】解：A、圆盘在转动中由于半径方向的金属条切割磁感线，从而在圆心和边缘之间产生了感应电动势；故A正确；B、圆盘在径向的金属条切割磁感线过程中，内部距离圆心远近不同的点电势不等，从而形成涡流，涡流产生的磁场又导致磁针转动，故B正确；C、由于圆盘面积不变，距离磁铁的距离不变，故整个圆盘中的磁通量没有变化；故C错误；D、电流是由于圆盘切割磁感线而产生的；不是因为自由电子随盘移动产生的；故D错误；故选：AB．【点评】本题要注意明确电流的形成不是因为自由电子运动，而是由于圆盘切割磁感线产生了电动势，从而产生了涡流．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个小题考生都必须作答．第33题～第35题为选考题，考生根据要求作答．9．在“探究共点力合成规律”的实验中，某同学经历了以下实验步骤：A．在白纸上按比例做出两个力F1和F2的图示，根据平行四边形定则作图求出合力F；B．只用一个测力计，通过细绳把橡皮筋拉同样长度；C．记下两个测力计F1和F2的读数，并且记录它们的方向；D．在水平放置的木板上，垫一张白纸，把橡皮筋的一端固定在板上P点，用两条细绳连接在橡皮筋的另一端，通过细绳同时用两个测力计互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋与细绳的连接点到达某一位置O，并记下此位置，如右图所示；E．记下测力计的读数F′和细绳方向，按同一比例作出这个力的图示，比较这个实测合力F′和按平行四边形定则求出的合力F，看它们的大小和方向是否相近；F．用刻度尺测量出P、O之间的距离并记录；G．改变两测力计拉力的大小和方向，多次重复实验，从实验得出结论．（1）上述实验步骤有明显的错误，这个步骤是B（填选项前的字母）；正确的操作应为只用一个测力计，通过细绳把橡皮筋拉至O位置．（2）上述实验步骤中有一步骤是多余的，这个步骤是F（填选项前的字母）；（3）将以上实验步骤按正确顺序排列，应为DCABEG（填选项前的字母）．【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；平行四边形法则图解法专题．【分析】（1）该实验的原理是用一个弹簧秤拉力和两个弹簧秤拉力产生相同的形变效果等效来验证力的平行四边形定则的；（2）该实验要使一个弹簧秤拉力和两个弹簧秤拉力产生相同的形变效果，不需要测量行变量的具体数值，只需要使橡皮条沿着同一方向伸长相同的长度即可；（3）按照先组装器材、测量分力、求解合力的理论值、测量合力的实际值、分析实验数据的顺序排列实验步骤．【解答】解：（1）步骤B中，没有说明沿着同一方向拉橡皮条达到同样长度，故合力的方向可能测量错误；（2）该实验要使一个弹簧秤拉力和两个弹簧秤拉力产生相同的形变效果，不需要测量行变量的具体数值，只需要使橡皮条沿着同一方向伸长相同的长度即可，故不需要测量P、O之间的距离；（3）组装器材，测量分力：DC；求解合力的理论值：A；测量合力的实际值：BE；分析实验数据：G；所以实验步骤为DCABEG故答案为：（1）B；只用一个测力计，通过细绳把橡皮筋拉至O位置；（2）F；（3）DCABEG．【点评】本题关键明确“探究共点力合成规律”的实验的实验原理，是用一个弹簧秤拉力和两个弹簧秤拉力产生相同的形变效果等效来验证力的平行四边形定则的；然后按照该原理设计实验步骤．10．为了测量由两节干电池组成的电池组的电动势和内电阻，某同学设计了如图甲所示的实验电路，其中R为电阻箱，R0=5Ω为保护电阻．。

普宁华侨中学2017届高三摸底考试高三理科综合物理可能用到的相对原子量：C 12 H 1 O 16 Cl 35.5 Ca 40 S 32 Na 23第Ⅰ卷二.选择题:本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14～18题只有一项符合题目要求,第19～21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.14．细绳拴一个质量为m的小球，小球将左端固定在墙上的轻弹簧压缩了x（小球与弹簧不连接），小球静止时弹簧在水平位置，细绳与竖直方向的夹角为53°，小球到地面的高度为h，如图所示．下列说法中正确的是A．细线烧断后小球做平抛运动B．细绳烧断后，小球落地的速度等于C．剪断弹簧瞬间细绳的拉力为mgD．细绳烧断瞬间小球的加速度为g15．如图所示，固定在地面上的半圆轨道直径ab水平，质点P与半圆轨道的动摩擦因数处处一样，当质点P从a点正上方高H处自由下落，经过轨道后从b点冲出竖直上抛，上升的最大高度为H／2，空气阻力不计．当质点下落再经过轨道a点冲出时，能上升的最大高度h为A．不能从a点冲出半圆轨道B．能从a点冲出半圆轨道，但h < H／2C．能从a点冲出半圆轨道，但h > H／2D．无法确定能否从a点冲出半圆轨道16．在直角坐标系O- xyz中有一四面体O -ABC，其顶点坐标如图所示。

在原点O固定一个电荷量为-Q的点电荷，下列说法正确的是A．A,B,C三点的电场强度相同B．平面ABC构成一个等势面C ．若在A 、B 、C 三点放置三个点电荷，-Q 所受电场力的 合力一定不可能为零D ．若将试探电荷+q 自A 点沿- x 轴方向移动到O 点的过程 中，其电势能增大17．截面为直角三角形的木块A 质量为M ，放在倾角为θ的斜面上，当θ=37°时，木块恰能静止在斜面上．现将θ改为30°，在A 与斜面间放一质量为m 的光滑圆柱体B ，如图乙，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）则A ．A 、B 仍一定静止于斜面上 B ．若M=2m ，则A 受到的摩擦力为mgC ．若M=8m ，则A 受到斜面的摩擦力为29mg D ．以上说法都不对18．如图甲所示，水平面上的不平行导轨MN 、PQ 上放着两根光滑导体棒ab 、cd ，两棒间用绝缘丝线系住；开始时匀强磁场垂直纸面向里，磁感强度B 随时间t 的变化如图乙所示．则以下说法正确的是A ．在t 0时刻导体棒ab 中无感应电流B ．在t 0时刻导体棒ab 所受安培力方向水平向左C ．在0～t 0时间内回路电流方向是acdbaD ．在0～t 0时间内导体棒ab 始终静止19．如图所示，相同的乒乓球1、2落台后恰好在等高处水平越过球网，过网时的速度方向均垂直于球网．不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自起跳到最高点的过程中，下列说法中正确的是A ．起跳时，球1的重力功率等于球2的重力功率B ．球1的速度变化率小于球2的速度变化率C ．球1的飞行时间大于球2的飞行时间D ．过网时球1的速度大于球2的速度20．t=0时，甲乙两汽车从相距80km 的两地开始相向行驶，它们的v 一t 图象如图所示．忽略汽车掉头所需时间．下列对汽车运动状况的描述正确的是A．在第2小时末，甲乙两车相距20 kmB．在第2小时末，甲乙两车相距最近C．在4小时前，两车已相遇D．在第4小时末，甲乙两车相遇21．如图甲所示，物体以一定初速度从倾角α=37°的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0m．选择地面为参考平面，上升过程中，物体的机械能E机随高度h的变化如图乙所示．g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80．则A．物体的质量m=1.0kgB．物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.80C．物体上升过程的加速度大小a=10m/s2D．物体回到斜面底端时的动能E k=10J第Ⅱ卷三、非选择题:包括必考题和选考题两部分。

广东省江门市台山墩头华侨中学高三物理上学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图象，某同学在一次实验中得到的运动小车的v-t图象如图所示，由此可以知道A．小车做曲线运动B．小车先做加速运动，后做减速运动C．小车运动的最大速度约为 0.8m/sD．小车的最大位移约为11m参考答案：BC解析：物体运动的v-t图象表示的是直线运动，由v-t图象可知，小车先做加速运动，后做减速运动，小车运动的最大速度约为 0.8m/s，选项A错误BC正确；由v-t图象与横轴所夹面积表示位移可知，小车的最大位移约为16m，选项D错误。

2. 一个可自由运动的轻线圈L1和一个固定的线圈L2互相垂直放置，且两个圆线圈的圆心重合，当两线圈都能以如图所示的电流时，则从左向右看，线圈L1将（）.A．不动B．逆时针转动C．顺时针转动D．向纸外平动参考答案：B3. （单选）宇宙间存在一些离其它恒星较远的三星系统，其中有一种三星系统如图所示，三颗质量均为m的星位于等边三角形的三个顶点，三角形边长为L，忽略其它星体对它们的引力作用，三星在同一平面内绕三角形中心O做匀速圆周运动，则：A. 当质量m变为原来的2倍，距离L也变为原来的2倍时，周期变为原来的2倍B．当质量m变为原来的2倍，距离L也变为原来的2倍时，线速度变为原来的2倍C．该三星系统运动的周期跟两星间距离L无关，只与星的质量m有关D. 该三星系统运动的周朔跟星的质量m无关，只与两星间距离L有关参考答案：A 解析：任意两个星星之间的万有引力为：F=G每一颗星星受到的合力为：F1=F，恒星的转动半径R=L，根据万有引力的合力提供圆周运动向心力有A、可得周期T=，可知当质量m和L均变为原来的2倍，可知周期变为原来的2倍，故A正确；B、可得线速度v=，可知当质量m和L均变为原来的倍时，可知线速度保持不变，故B错误；CD、由周期T=可知，周期既与恒星的质量m有关也与恒星的距离有关，故CD错误．故选：A．4. （多选题）如图所示，在水平向右的匀强电场中以竖直和水平方向建立直角坐标系，一带负电的油滴从坐标原点以初速度v0向第一象限某方向抛出，当油滴运动到最高点A（图中未画出）时速度为v t，试从做功与能量转化角度分析此过程，下列说法正确的是（）A．若v t＞v0，则重力和电场力都对油滴做正功引起油滴动能增大B．若v t＞v0，则油滴电势能的改变量大于油滴重力势能的改变量C．若v t=v0，则A点可能位于第一象限D．若v t=v0，则A点一定位于第二象限参考答案：BD【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】负电荷所受力的方向与电场强度方向相反，所以该电荷受水平向左的电场力和竖直向下的重力，根据功能关系即可求解．【解答】解：A、若v t＞v0，根据动能定理得：＞O该电荷受电场力水平向左，所以当油滴运动到最高点A的过程中，重力做负功，则电场力力必定做正功，且电场力做的功比重力做的功多，而电场力做油滴做的功等于电势能的变化量，重力对油滴做的功等于重力势能的变化量，所以油滴电势能的改变量大于油滴重力势能的改变量，故A错误，B正确；C、若v t=v0，根据动能定理得：=O，重力做负功，则电场力力必定做正功，且两者相等，故A点一定位于第二象限，故C错误，D正确．故选BD5. （单选）如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B（长木板足够长）的左端放着小物块A．某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力f的大小等于最大静摩擦力，且A、B 的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B运动的V﹣t图象的是（）A．B．C．D．参考答案：解：选AB整体为研究对象，AB整体具有共同的最大加速度，有牛顿第二定律得：a1=对B应用牛顿第二定律：a1=对A应用牛顿第二定律：a1=经历时间：t=由以上解得：t=此后，B将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线故选：B6. 如右图所示，倾角为300的直角三角形底边长为2L，底边处在水平位置，斜边为光滑绝缘导轨．现在底边中点O处固定一正电荷Ｑ，让一个质量为m的带负电的点电荷从斜面顶端A沿斜面滑下．已测得它滑到仍在斜边上的垂足D处的速度为v，则该质点滑到斜边底端C点时的速度为__________参考答案：7. 由某门电路构成的一简单控制电路如图所示，其中为光敏电阻，光照时电阻很小，R为变阻器，L为小灯泡。

广东省江门市台山墩头华侨中学高三物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 几位同学为了探究电梯起动和制动时的加速度大小，他们将体重计放在电梯中。

一位同学站在体重计上，然后乘坐电梯从1层直接到10层，之后又从10层直接回到1层。

并用照相机进行了相关记录，如图所示。

他们根据记录，进行了以下推断分析，其中正确的是( )A．根据图2和图3可估测出电梯向上起动时的加速度B．根据图1和图2可估测出电梯向上制动时的加速度C．根据图1和图5可估测出电梯向下制动时的加速度D．根据图4和图5可估测出电梯向下起动时的加速度参考答案：C2. （多选）水平地面上有两个固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底边长分别为L1、L2，且L1＜L2，如图所示．两个完全相同的小滑块A、B（可视为质点）与两个斜面间的动摩擦因数相同，将小滑块A、B分别从甲、乙两个斜面的顶端同时由静止开始释放，取地面所在的水平面为参考平面，则（）A．从顶端到底端的运动过程中，由于克服摩擦而产生的热量一定相同解答：解：A、A、B滑块从斜面顶端分别运动到C、D的过程中，摩擦力做功不同，所以克服摩擦而产生的热量一定不同，故A错误；B、研究滑块A到达底端C的过程，根据动能定理得mgh﹣μmgcosθL1﹣μmgL2=mv C2研究滑块B到达D点时的过程，根据动能定理得mgh﹣μmgcosαS=mv D2S=L1+L2．根据几何关系得cosαS＞cosθL1+L2 ．所以mv c2＞mv D2，故B正确；C、整个过程中，两物块所受重力做功相同，但由于A先到达低端，故重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大，故C正确；D、两个滑块在斜面上加速下滑的过程中，到达同一高度时，重力做功相同，由于乙的斜面倾角大，所以在斜面上滑行的距离不等，即摩擦力做功不等，所以机械能不同，故D错误．故选：BC．A．X射线是处于激发态的原子核辐射出的B．增加入射光的强度，可以增加光电子的动能C．放射性元素发生一次β衰变，原子序数增加1D．当氢原子从n=3的状态跃迁到n=2的状态时，发射出光子，核外电子动能增加参考答案：CD4. 火星探测项目是我国继载人航天工程、嫦娥工程之后又一个重大太空探索项目，2018年左右我国将进行第一次火星探测．已知地球公转周期为T，到太阳的距离为R1，运行速率为v1，火星到太阳的距离为R2，运行速率为v2，太阳质量为M，引力常量为G．一个质量为m的探测器被发射到一围绕太阳的椭圆轨道上，以地球轨道上的A点为近日点，以火星轨道上的B点为远日点，如图所示．不计火星、地球对探测器的影响，则（）A．探测器在A点的加速度大于B．探测器在B点的加速度大小为C．探测器在B点的动能为mv22D．探测器沿椭圆轨道从A到B的飞行时间为参考答案：D【考点】万有引力定律及其应用．【分析】AB、根据牛顿第二定律，有ma=，在同一位置的不同卫星的加速度相同；C、在B点要做近心运动，故速度小于火星的速度；D、根据开普勒第三定律列式分析．【解答】解：A、根据牛顿第二定律，加速度由合力和质量决定，故在A点的加速度等于沿着图中小虚线圆轨道绕太阳公转的向心加速度，为：a=；故A错误；B、根据牛顿第二定律，加速度由合力和质量决定，故在B点的加速度等于沿着图中大虚线圆轨道绕太阳公转的向心加速度，为：a=，故B错误；C、探测器在B点的速度小于v2，故动能小于mv22，故C错误；D、根据开普勒第三定律，有：联立解得：T′=（）T故探测器沿椭圆轨道从A到B的飞行时间为（）T，故D正确；故选：D5. 一定质量的0℃的水在凝固成0℃的冰的过程中，体积变大，它内能的变化是（）A．分子平均动能增加，分子势能减少B．分子平均动能减少，分子势能增加C．分子平均动能不变，分子势能增加D．分子平均动能不变，分子势能减少参考答案：D【考点】物体的内能．【分析】温度是分子平均动能的标志．一定质量的水凝结成同温度的冰体积变大，根据吸放热情况，分析内能的变化．【解答】解：温度是分子的平均动能的标志，一定质量的水凝结成同温度的冰温度不变，则分子的平均动能不变；体积变大，放出热量，内能变小，则分子势能减小．故选：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 有人设想了一种静电场：电场的方向都垂直于纸面并指向纸里，电场强度的大小自左向右逐渐增大，如图所示。

2021-2022学年广东省江门市华侨中学高三物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 在静电场中，下列关于场强、电势和电势差的说法正确的是( )A．在匀强电场中有a、b两点，则a、b两处的场强大小一定相等，方向一定相同B．电势为零的地方场强不一定为零C．场强大的地方电势一定高D．电场中两点间的电势差大小与两点间的距离无关参考答案：AB2. （单选）物理学是一门以实验为基础的科学，任何理论和学说的建立都离不开实验。

下面有关物理实验与物理理论或学说关系的说法中正确的是A．双缝干涉现象的发现表明光是电磁波B．光电效应实验证实了光是横波C．α粒子散射实验表明了原子具有核式结构D．天然放射现象的发现证实了玻尔原子理论参考答案：C3.（08年全国卷Ⅱ）如图，一个边长为l的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场；一个边长也为l的正方形导线框所在平面与磁场方向垂直；虚线框对角线ab与导线框的一条边垂直，ba的延长线平分导线框。

在t=0时，使导线框从图示位置开始以恒定速度沿ab方向移动，直到整个导线框离开磁场区域。

以i表示导线框中感应电流的强度，取逆时针方向为正。

下列表示i-t关系的图示中，可能正确的是参考答案：答案：C解析：从正方形线框下边开始进入到下边完全进入过程中，线框切割磁感线的有效长度逐渐增大，所以感应电流也逐渐增大，A项错误；从正方形线框下边完全进入至下边刚穿出磁场边界时，切割磁感线有效长度不变，故感应电流不变，B项错；当正方形线框下边离开磁场，上边未进入磁场的过程比正方形线框上边进入磁场过程中，磁通量减少的稍慢，故这两个过程中感应电动势不相等，感应电流也不相等，D项错，故正确选项为C。

4. （单选）原子核聚变可望给人类未来提供丰富的洁净能源．当氘等离子体被加热到一定高温时，氘核参与的几种聚变反应可能发生，放出能量．这几种反应的总效果可以表示为6H→kHe＋dH＋2n＋43.15 MeV，由平衡条件可知（）A．k＝1，d＝4 B．k＝2，d＝2 C．k＝1，d＝6 D．k＝2，d＝3参考答案：B5. （单选）如图所示是一列简谐横波某时刻的波形曲线，质点a、b相距20cm，c、d相距40cm，此时质点a的加速度大小为2m/s2，质点c的速度方向向下，且再经过0.1s，质点c将第一次到达下方最大位移处，则（）A ．波的传播方向向右分析：由质点带动法判断波传播的方向，根据图象得出波长，根据v=求解波速，根据a=﹣判断加速度．解答： 解：A 、由质点带动法知，c 的速度方向向下，这列波向左传播，故A 错误；B 、经过0.1s ，质点c 将第一次到达下方最大位移处，所以T=4×0.1=0.4s ，波长λ=2×0.4=0.8m ，所以v==，故B 错误C 、ab 两点的位移相同，根据a=﹣可知，ab 两点加速度相同，故质点b 的加速度大小为2m/s 2，方向与质点a 的加速度方向相同，故C 正确； D 、质点d 与a 的振幅相等，故D 错误．故选：C点评：本题考查了波传播方向的判定：质点带动法，能根据图象得出波长和周期，根据v=求解波速，难度不大，属于基础题．填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某实验小组利用拉力传感器和速度传感器探究“动能定理”．如图，他们将拉力传感器固定在小车上，用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与钩码相连，用拉力传感器记录小车受到拉力的大小．在水平桌面上相距50.0 cm 的A 、B 两点各安装一个速度传感器，记录小车通过A 、B 时的速度大小．小车中可以放置砝码．(1)实验主要步骤如下：①测量小车和拉力传感器的总质量M ′；把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与钩码相连；正确连接所需电路；②将小车停在C 点，释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力及小车通过A 、B 时的速度．③在小车中增加砝码，或________，重复②的操作．(2)下表是他们测得的一组数据，其中M 是M ′与小车中砝码质量之和，|v2－v12|是两个速度传感器记录速度的平方差，可以据此计算出动能变化量ΔE ，F 是拉力传感器受到的拉力，W 是F 在A 、B 间所做的功．表格中的ΔE3＝________，W3＝________.(结果保留三位有效数字) (3)根据上表，我们在图中的方格纸上作出ΔE －W 图线如图所示，它说明了________参考答案：(1)改变钩码数量 (2)0.600 0.610(3)拉力（合力）所做的功近似等于物体动能的改变量7. 某学习小组设计了一种粗测小物体质量的方法．使用的器材有细绳、硬纸板、支架、刻度尺、铅笔、白纸、自制小滑轮、已知质量的小物块和若干待测小物体等．简化的实验装置如图所示，在A点固定一根细绳AP，以A为圆心、AP为半径描出圆弧CD，直线AC水平，AD竖直．在B点固定小滑轮，一根细绳绕过小滑轮，一端悬挂小物块（质量m0已知），另一端连接绳端P点．在结点P悬挂不同质量的待测小物体m，平衡时结点P处在圆弧CD上不同的位置．利用学过的物理知识，可求出结点P在圆弧CD上不同的位置时对应的待测物体的质量值m，并标在CD弧上．（1）在圆弧CD上从C点至D点标出的质量值应逐渐（填写“增大”或“减小”）；（2）如图所示，BP延长线交竖直线AD于P′点，用刻度尺量出AP′长为l1，PP′长为l2，则在结点P 处标出的质量值应为．参考答案：解：（1）对物体m0分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有：T=m0g…①再对结点P受力分析，如图所示：图中的力三角形与几何三角形APP′相似，故：…②解得：联立①②解得：m==越靠近D点，m增大；故答案为：（1）增大；（2）．8. 2008年北京奥运会场馆周围 80％～90％的路灯将利用太阳能发电技术来供电，奥运会90％的洗浴热水将采用全玻真空太阳能集热技术．科学研究发现太阳发光是由于其内部不断发生从氢核到氦核的核聚变反应，即在太阳内部4个氢核（H）转化成一个氦核（He）和两个正电子（e）并放出能量.已知质子质量mP = 1.0073u，α粒子的质量mα = 4.0015u，电子的质量me = 0.0005u． 1u的质量相当于931.5MeV的能量．①写出该热核反应方程：___________________________________②一次这样的热核反应过程中释放出____________MeV的能量?（结果保留三位有效数字）参考答案：（2）①4H →He +2 e②Δm = 4mP－mα－2me = 4×1.0073u－4.0015u－2×0.0005u = 0.0267 uΔE = Δ mc2 = 0.0267 u×931.5MeV/u ＝24.87 MeV =24.9 MeV⑶根据动量守恒定律得：解得：9. 设地球绕太阳做匀速圆周运动，半径为R，速度为，则太阳的质量可用、R和引力常量G 表示为__________。

2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）第7周周测物理试卷二、选择题：1．质量为2kg的物体静止在足够大的水平面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等．从t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用，F随时间t的变化规律如图所示．重力加速度g取10m/s2，则物体在t=0到t=12s这段时间内的位移大小为（）A．18m B．54m C．72m D．198m2．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，α=30°，β=60°，则OA、OB绳的拉力之比为（）A．：1 B．：1 C．：2 D．2：13．如图所示，足够长的水平传送带以v0=2m/s的速度匀速运行．t=0时刻，在最左端轻放一质量为m的小滑块，t=2s时刻，传送带突然被制动而停止．已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2．下列关于滑块相对地面运动的v﹣t图象正确的是（）A．B．C．D．4．如图所示，在水平桌面上叠放着质量均为M的A、B两块木板，在木板A的上方放着一个质量为m的物块C，木板和物块均处于静止状态．A、B、C之间以及B与地面之间的动摩擦因数都为μ．若用水平恒力F向右拉动木板A，使之从C、B之间抽出来，已知重力加速度为g．则拉力F的大小应该满足的条件是（）A．F＞μ（2m+M）g B．F＞μ（m+2M）g C．F＞2μ（m+M）g D．F＞2μmg5．设地球自转周期为T，质量为M，引力常量为G，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R．同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为（）A．B．C．D．6．如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内．为了使脚所受的拉力减小，可采取的方法是（）A．只增加绳的长度B．只减小重物的质量C．只将病人的脚向左移动 D．只将两定滑轮的间距增大7．蒋昊同学读了一篇“火星的现在、地球的未来”的文章，摘录了以下资料：①根据目前被科学界普遍接受的宇宙大爆炸学说可知，引力常量G在极其缓馒地減小；②太阳几十亿年来一直不断地在通过发光、发热释放能量，质量在減小；③金星和火星是地球的两位近邻，金星位于地球圆轨道的内铡，火星位于地球圆轨道的外侧；④由于火星和地球的自转周期几乎相同，自转轴与与公转轨道平面的倾角几乎相同，所以火星上也有四季变化．根据摘录的资料和有关天体运动规律，可推断（）A．太阳对地球的引力缓慢减小B．太阳对地球的引力缓慢增加C．火星上平均每个季节持续的时间小于3个月D．火星上平均每个季节持续的时间大于3个月8．一个高尔夫球静止于平坦的地面上，在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示．若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息不可以求出（）A．高尔夫球在何时落地B．高尔夫球可上升的最大高度C．人击球时对高尔夫球做的功D．高尔夫球落地时离击球点的距离二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个小题考生都必须作答．第35题为选考题，考生根据要求作答．（共14分）9．甲图中游标卡尺的读数为mm；乙图中螺旋测微器的读数为mm．丙图中多用电表的读数为Ω．10．如图甲示，是验证牛顿第二定律的实验装置．（1）请完善下列实验步骤：A．用天平测量吊盘m0和小车的质量M0．B．平衡小车的摩擦阻力：取下吊盘，调整木板右端的高度，用手轻推小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列间距相等的点．C．按住小车，挂上吊盘，使细线与长木板平行．D．，释放小车，在得到的纸带上标出吊盘（或小车）的总质量m（或M）．E．保持小车总质量一定，多次改变吊盘中的砝码，重复C D步骤．F．保持吊盘总质量一定，多次改变，重复C D步骤．（2）如图乙示，纸带上3个相邻计数点的间距为s1、s2和s3．用米尺测量s1、s3的间距，由图可读出s1=24.3mm，s3= mm．已知打点计时器打点周期为0.02s，利用s1、s3计算小车加速度a= m/s2．（计算结果保留三位有效数字）11．（12分）（2015秋•安庆校级月考）如图示，有一固定在水平桌面上的轨道ABC，AB段粗糙，与水平面间的夹角为θ=37°；BC段光滑，C点紧贴桌子边缘；桌高h=0.8m．一小物块放在A处（可视为质点），小物块与AB间的动摩擦因数为μ=0.25．现在给小物块一个沿斜面向下的初速度v A=1m/s，小物块经过B处时无机械能损失，物块最后落在与C点水平距离x=1.2m的D处．（不计空气阻力，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物块在AB段向下运动时的加速度大小a；（2）小物块到达B处时的速度大小v B；（3）求AB的长L．12．（20分）如图所示，从A点以v0=4m/s的水平速度抛出一质量为m=1kg的小物块（可视为质点），当物块运动至B点时，恰好沿切线方向进入固定的光滑圆弧轨道BC，经圆弧轨道后滑上与C点等高、静止在粗糙水平面的长木板上，圆弧轨道C端切线水平．已知长木板的质量M=4kg，A、B两点距C点的高度分别为H=0.5m，h=0.15m，R=0.75m，物块与长木板之间的动摩擦因数μ1=0.5，长木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.2，g=10m/s2，求：（1）小物块运动至B点时的速度大小和方向．（2）小物块滑至C点时，对圆弧轨道C点的压力．（3）长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板？（4）若地面光滑，则长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板？二、【选修3-5】（15分）13．下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B．某放射性元素经过11.4天有的原子核发生了衰变，则该元素的半衰期为3.8天C．放射性元素的半衰期随温度的升高而变短D．平均结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固E．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强14．如图所示，光滑水平面上有A、B两个物块，其质量分别为m A=2.0kg，m B=1.0kg，现用一轻弹簧将A、B两物块连接，并用力缓慢压缩弹簧使A、B两物块靠近，此过程外力做功108J（弹簧仍处于弹性限度范围内），然后同时释放，弹簧开始逐渐变长．试求当弹簧刚好恢复原长时，A和B物块速度v A、v B的大小．2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）第7周周测物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：1．质量为2kg的物体静止在足够大的水平面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等．从t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用，F随时间t的变化规律如图所示．重力加速度g取10m/s2，则物体在t=0到t=12s这段时间内的位移大小为（）A．18m B．54m C．72m D．198m【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；牛顿第二定律．【分析】由滑动摩擦力的公式可以得到滑动摩擦力的大小，也就是最大静摩擦力的大小，再由牛顿第二定律可以判断物体的运动情况，进而由运动学的公式可以求得位移．【解答】解：拉力只有大于最大静摩擦力时，物体才会由静止开始运动0～3 s时：F=f max，物体保持静止，s1=0；3～6 s时：F＞f max，物体由静止开始做匀加速直线运动．a=m/s2，v=at=6 m/s，s2=at2=9 m，6～9 s时：F=f，物体做匀速直线运动． s3=vt=18m9～12 s时：F＞f，物体以6 m/s为初速度，以2m/s2为加速度继续做匀加速直线运动，s4=vt+at2=27m，所以物体的总位移是 s1+s2+s3+s4=54 m．故选B．【点评】本题考查学生的读图的能力，要能够根据F﹣t图象分析物体的运动情况，需要注意的是在0～3 s时拉力恰好等于最大静摩擦力，此时的物体还不会运动．2．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，α=30°，β=60°，则OA、OB绳的拉力之比为（）A．：1 B．：1 C．：2 D．2：1【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对A球受力分析，根据共点力平衡条件并结合合成法列式，求出OA绳的拉力与AB杆的弹力的关系，再对B球进行研究，同样得到OB绳的拉力与AB杆的弹力的关系，即可求解OA、OB绳的拉力之比．【解答】解：对A球受力分析，受重力、杆的支持力F2和细绳OA的拉力F1，如图所示：根据共点力平衡条件，有：F1=2F2co s30°=F2（图中矢量三角形的三个角分别为30°、30°、120°）再对球B进行研究，B球重力、杆的支持力F2和细绳OB的拉力F3．杆的支持力F2与竖直方向的夹角为60°，与OB绳关于竖直方向对称，根据对称性可得，F3=F2．可得OA、OB绳的拉力之比 F1：F3=：1故选：B【点评】本题关键受力分析后根据共点力平衡条件列式求解，注意三力平衡可用合成法，四力平衡可以用正交分解法．3．如图所示，足够长的水平传送带以v0=2m/s的速度匀速运行．t=0时刻，在最左端轻放一质量为m的小滑块，t=2s时刻，传送带突然被制动而停止．已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2．下列关于滑块相对地面运动的v﹣t图象正确的是（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，当速度与传送带相等时，和传送带一起做运动运动，当传送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止．由牛顿第二定律和运动学公式结合，通过计算分析．【解答】解：滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，加速度为a==μg=2m/s2滑块运动到与传送带速度相同时需要的时间 t1===1s然后随传送带一起匀速运动的时间 t2=t﹣t1=1s当送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止，a′=﹣a=﹣2m/s2运动的时间 t3==s=1s所以速度时间图象对应D选项．故D正确．故选：D．【点评】物体在传送带运动问题，关键是分析物体的受力情况，来确定物体的运动情况，有利于培养学生分析问题和解决问题的能力．4．如图所示，在水平桌面上叠放着质量均为M的A、B两块木板，在木板A的上方放着一个质量为m的物块C，木板和物块均处于静止状态．A、B、C之间以及B与地面之间的动摩擦因数都为μ．若用水平恒力F向右拉动木板A，使之从C、B之间抽出来，已知重力加速度为g．则拉力F的大小应该满足的条件是（）A．F＞μ（2m+M）g B．F＞μ（m+2M）g C．F＞2μ（m+M）g D．F＞2μmg【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】要使A能从C、B之间抽出来，则，A要相对于B、C都滑动，所以AC间，AB间都是滑动摩擦力，若A的加速度比BC的加速度大，则能使之从C、B之间抽出来，根据牛顿第二定律列式即可求解．【解答】解：要使A能从C、B之间抽出来，则，A要相对于B、C都滑动，所以AC间，AB 间都是滑动摩擦力，对A有：，对C有：，对B受力分析有：受到水平向右的滑动摩擦力μ（M+m）g，B与地面的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，有：f=μ（2M+m）g，因为μ（M+m）g＜μ（2M+m）g，所以B没有运动，加速度为0所以当a A＞a C时，能够拉出，则有，解得；F＞2μ（m+M）g．故选：C．【点评】本题主要考查了牛顿第二定律的应用，要求同学们能正确对物体进行受力分析，知道若A的加速度比BC的加速度大，则能使之从C、B之间抽出来，注意判断B是否能被拉动，难度适中．5．设地球自转周期为T，质量为M，引力常量为G，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R．同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为（）A．B．C．D．【考点】万有引力定律及其应用．【分析】在赤道上物体所受的万有引力与支持力提供向心力可求得支持力，在南极支持力等于万有引力．【解答】解：在赤道上：G，可得①在南极：②由①②式可得：=．故选：A．【点评】考查物体受力分析及圆周运动向心力的表达式，明确在两极物体没有向心力．6．如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内．为了使脚所受的拉力减小，可采取的方法是（）A．只增加绳的长度B．只减小重物的质量C．只将病人的脚向左移动 D．只将两定滑轮的间距增大【考点】力的合成与分解的运用．【分析】对与滑轮接触的一小段绳子受力分析，根据共点力平衡条件求出脚对绳子的拉力，根据表达式讨论即可．【解答】解：对与滑轮接触的一小段绳子受力分析，如图受到绳子的两个等大的拉力F1=F2=mg2F1cosθ=F解得F=2mgcosθ要减小拉力F，关键是要增大角θ或者减小m，故B正确；增加绳子长度不会改变角度θ，故不会改变里F，故A错误；将脚向左移动，会减小角θ，会增加拉力，故C错误；由几何关系可知，两个滑轮间距增大，会增加角θ，故拉力F会减小，故D正确；故选BD．【点评】本题关键求出拉力的表达式，然后根据表达式求解．7．蒋昊同学读了一篇“火星的现在、地球的未来”的文章，摘录了以下资料：①根据目前被科学界普遍接受的宇宙大爆炸学说可知，引力常量G在极其缓馒地減小；②太阳几十亿年来一直不断地在通过发光、发热释放能量，质量在減小；③金星和火星是地球的两位近邻，金星位于地球圆轨道的内铡，火星位于地球圆轨道的外侧；④由于火星和地球的自转周期几乎相同，自转轴与与公转轨道平面的倾角几乎相同，所以火星上也有四季变化．根据摘录的资料和有关天体运动规律，可推断（）A．太阳对地球的引力缓慢减小B．太阳对地球的引力缓慢增加C．火星上平均每个季节持续的时间小于3个月D．火星上平均每个季节持续的时间大于3个月【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【专题】信息给予题；定性思想；推理法；万有引力定律的应用专题．【分析】由万有引力的表达式分析太阳对地球引力的变化情况；由万有引力提供向心力，得到行星的周期与轨道半径的关系式，再分析周期大小，判断火星上季节时间．【解答】解：A、B由太阳对地球的万有引力的表达式F=G可知，G变小，太阳的质量在減小，则太阳对地球的引力F减小．故A正确，B错误；C、由行星绕太阳运行所需要的向心力由太阳的万有引力提供，则有：m r=G，得周期T=2π，可知r越大，T越大．因火星的轨道半径比地球大，则火星的公转周期比地球的大，所以火星上平均每个季节的时间大于3个月，故C错误，D正确；故选：AD【点评】本题关键要明确万有引力的表达式，建立行星运动的模型，会由向心力等于万有引力分析线速度、周期与半径的大小关系．8．一个高尔夫球静止于平坦的地面上，在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示．若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息不可以求出（）A．高尔夫球在何时落地B．高尔夫球可上升的最大高度C．人击球时对高尔夫球做的功D．高尔夫球落地时离击球点的距离【考点】动能定理的应用．【专题】动能定理的应用专题．【分析】一个高尔夫球静止于平坦的地面上，在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示．若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息不可以求出【解答】解：A、不计空气阻力，高尔夫球落到水平地面上时，速率相等．由图看出，小球5s时刻速率与开始的速率相同，所以小球在5s末落地．可以求出，不符合题意，故A错误．B、小球的初速度大小为v0=31m/s，到达最高点时的速度大小为v=19m/s，由动能定理得﹣mgh=，由此式可求出最大高度h．可以求出，不符合题意，故B错误．C、由动能定理得：人击球时对高尔夫球做的功W=，由于高尔夫球的质量m未知，无法求出W．符合题意．故C正确．D、高尔夫球水平方向做匀速直线运动，水平方向分速度v x=19m/s，高尔夫球落地时离击球点的距离为S=v x t=19×5m=95m．可以求出，不符合题意，故D错误．故选：C【点评】本题要根据速率图象读出小球的初速率、最高点的速率及运动情况，还要运用运用的分解法研究斜抛运动，知道高尔夫球水平方向做匀速直线运动．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个小题考生都必须作答．第35题为选考题，考生根据要求作答．（共14分）9．甲图中游标卡尺的读数为13.55 mm；乙图中螺旋测微器的读数为 4.699 mm．丙图中多用电表的读数为1000 Ω．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．根据选择开关位置确定多用电表所测量的量与量程，然后根据表盘确定其分度值，然后读出其示数．【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为13mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为11×0.05mm=0.55mm，所以最终读数为：13mm+0.55mm=13.55mm．2、螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为19.9×0.01mm=0.199mm，所以最终读数为4.5mm+0.199mm=4.699mm．3、欧姆档的读数是100；然后表盘读数乘以倍率，该电阻的电阻值为：R=100×10=1000Ω．故答案为：13.55；4.699；1000．【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．10．如图甲示，是验证牛顿第二定律的实验装置．（1）请完善下列实验步骤：A．用天平测量吊盘m0和小车的质量M0．B．平衡小车的摩擦阻力：取下吊盘，调整木板右端的高度，用手轻推小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列间距相等的点．C．按住小车，挂上吊盘，使细线与长木板平行．D．接通电源，释放小车，在得到的纸带上标出吊盘（或小车）的总质量m（或M）．E．保持小车总质量一定，多次改变吊盘中的砝码，重复C D步骤．F．保持吊盘总质量一定，多次改变小车的质量，重复C D步骤．（2）如图乙示，纸带上3个相邻计数点的间距为s1、s2和s3．用米尺测量s1、s3的间距，由图可读出s1=24.3mm，s3= 47.1 mm．已知打点计时器打点周期为0.02s，利用s1、s3计算小车加速度a= 1.14 m/s2．（计算结果保留三位有效数字）【考点】验证牛顿第二运动定律．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】明确实验原理及实验方法；知道为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应该远小于小车和砝码的总质量由匀变速直线运动的推论得：△x=aT2由则可求得加速度．【解答】解：（1）D、在实验时应先接通电源，再释放小车；F、因验证加速度与小车质量之间的关系；故应多次改变小车的质量，重复实验；（2）设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3．由匀变速直线运动的推论得：△x=aT2即s3﹣s1=2a（5△t）2a=图2为用米尺测量某一纸带上的s1、s3的情况，由图可读出s1=24.2mm，s3=47.2mm．由此求得加速度的大小a==1.15m/s2．故答案为：（1）D．接通电源； F．小车质量（或小车中的砝码个数）（2）47.1；1.15 【点评】本题考查验证牛顿第二定律的实验；对于实验问题要掌握实验原理、注意事项和误差来源；遇到涉及图象的问题时，要先根据物理规律写出关于纵轴与横轴的函数表达式，再根据斜率和截距的概念求解即可．11．（12分）（2015秋•安庆校级月考）如图示，有一固定在水平桌面上的轨道ABC，AB段粗糙，与水平面间的夹角为θ=37°；BC段光滑，C点紧贴桌子边缘；桌高h=0.8m．一小物块放在A处（可视为质点），小物块与AB间的动摩擦因数为μ=0.25．现在给小物块一个沿斜面向下的初速度v A=1m/s，小物块经过B处时无机械能损失，物块最后落在与C点水平距离x=1.2m的D处．（不计空气阻力，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物块在AB段向下运动时的加速度大小a；（2）小物块到达B处时的速度大小v B；（3）求AB的长L．【考点】牛顿运动定律的综合应用；平抛运动．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）从A到B过程，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解加速度；（2）物块离开C后做平抛运动，由平抛运动的位移关系公式列式求解；（3）对从A到B过程，根据速度位移关系公式列式求解．【解答】解：（1）小物块从A到B过程中，由牛顿第二定律有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma 代入数据解得：a=4m/s2（2）小物块从B向右匀速运动，自C点水平抛出，由平抛运动规律，竖直方向：水平方向：x=v B t代入数据解得：v B=3m/s（3）小物块从A到B，由运动学公式，有：代入数据解得：L=1m答：（1）小物块在AB段向下运动时的加速度大小是4m/s2；（2）小物块到达B处时的速度大小是3m/s；（3）AB的长是1m．【点评】本题中滑块先做匀加速直线运动，后作平抛运动，对两个过程分别运用牛顿第二定律求解加速度，再运用运动学公式列式求解．12．（20分）如图所示，从A点以v0=4m/s的水平速度抛出一质量为m=1kg的小物块（可视为质点），当物块运动至B点时，恰好沿切线方向进入固定的光滑圆弧轨道BC，经圆弧轨道后滑上与C点等高、静止在粗糙水平面的长木板上，圆弧轨道C端切线水平．已知长木板的质量M=4kg，A、B两点距C点的高度分别为H=0.5m，h=0.15m，R=0.75m，物块与长木板之间的动摩擦因数μ1=0.5，长木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.2，g=10m/s2，求：（1）小物块运动至B点时的速度大小和方向．（2）小物块滑至C点时，对圆弧轨道C点的压力．（3）长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板？（4）若地面光滑，则长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板？【考点】向心力；牛顿第二定律；平抛运动．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】（1）已知平抛的抛出高度和落地速度方向，求落地的速度大小和方向，用运动的合成与分解求解；（2）小物块在BC间做圆周运动运动，在C点时轨道支持力和重力的合力提供圆周运动的向心力，据此求解即可；（3）当物块在长木板上运动时，由于木块对木板的摩擦力小于地面对木板的摩擦力，所以木板处于静止状态，结合牛顿第二定律和运动学公式求出长木板的至少长度．（4）若地面光滑，根据牛顿第二定律分别求出物块和木板的加速度，结合速度相等时，抓住位移之差等于木板的至少长度进行求解．【解答】解：（1）物块做平抛运动：H﹣h=，设到达C点时竖直分速度为v y则：v y=gt，代入数据解得v=方向与水平面的夹角为θ：tanθ=，（2）从A至C点，由动能定理得mgH=设C点受到的支持力为F N，则有F N﹣mg=代入数据解得，F N=44.7N根据牛顿第三定律可知，物块m对圆弧轨道C点的压力大小为44.7N（3）由题意可知小物块m对长木板的摩擦力f=μ1mg=5N长木板与地面间的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力f′=μ2（M+m）g=10N因f＜f′，所以小物块在长木板上滑动时，长木板静止不动小物块在长木板上做匀减速运动，至长木板右端时速度刚好为0则长木板长度至少为l=．（4）物块做匀减速直线运动的加速度大小，长木板的加速度大小，则两者速度相等时有：v2﹣a1t=a2t，解得t=，此时物块的位移=2.48m长木板的位移，则长木板的至少长度l′=x1﹣x2=2.48﹣0.4m=2.08m．答：（1）小物块运动至B点时的速度大小为m/s，方向与水平面夹角的正切值为；（2）小物块滑动至C点时，对圆弧轨道C点的压力F N=47.3N；（3）长木板至少为2.6m，才能保证小物块不滑出长木板．（4）若地面光滑，则长木板至少为2.08m，才能保证小物块不滑出长木板．【点评】本题关键要理清物块在多个不同运动过程中的运动规律，掌握物块各个阶段的运动规律是解决本题的关键．二、【选修3-5】（15分）13．下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B．某放射性元素经过11.4天有的原子核发生了衰变，则该元素的半衰期为3.8天C．放射性元素的半衰期随温度的升高而变短D．平均结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固E．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度．【专题】衰变和半衰期专题．。

2017-2018学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）物理测试卷（4）一、单项选择题：每题6分，30分．1．如图所示，物体B的上表面水平，A、B相对于斜面C静止，当斜面C受到水平力F向左匀速运动的过程中（）A．物体A可能受到3个力的作用B．物体B一定受到4个力的作用C．物体C对物体B的作用力竖直向上D．物体C和物体B之间可能没有摩擦力2．如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A、B，分别落在地面上的M、N点，A球运动的最大高度大于B球运动的最大高度．空气阻力不计，则（）A．B的加速度比A的大B．B飞行时间比A的飞行时间长C．B在最高点的速度比A在最高点的大D．A落地时的速度比B落地时的速度大3．将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程的v﹣t图象如图所示，g取10m/s2．说法中正确的是（）A．小球上升与下落所用时间之比为2：3B．小球下落过程，处于超重状态C．小球重力和阻力之比为5：1D．小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失4．如图所示，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上的拉力将（）A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．先增大后减小 D．先减小后增大5．理论研究表明第二宇宙速度是第一宇宙速度的倍．火星探测器悬停在距火星表面高度为h处时关闭发动机，做自由落体运动，经时间t落到火星表面．已知引力常量为G，火星的半径为R．若不考虑火星自转的影响，要使探测器脱离火星飞回地球，则探测器从火星表面的起飞速度至少为（）A．B．C．11.2km/s D．7.9km/s二、多项选择题：每题6分，共18分．6．下列说法中，符合物理学史实的是（）A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体或静止B．牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因C．麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场D．奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转7．一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，速度大小增加为原来的2倍，则变轨前后卫星的（）A．轨道半径变为原来的2倍B．卫星的轨道半径变为原来的倍C．卫星的运动周期变为原来的8倍D．卫星的加速度变为原来的16倍8．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度三.非选择题9．某同学利用图甲的实验装置做“探究动能定理“的实验．在尽量减小摩擦阻力的情况下，先接通打点计时器的电源，再释放纸带，让质量m=1.00kg的重物由静止下落，在纸带上打出一系列的点，如图乙所示，A、B、C分别为所选取的计数点，且0为开始打出的第一点，0A之间有若干点未标出，相邻计数数点的时间间隔为0.02s，重力加速度g取9.80m/s2．（1）释放纸带前，纸带的（选填“0“或“C“）端在上面；（2）重物从0运动到B的过程中，动能的变化量△E=J（取两位有效数字）；（3）请列举一种能有效减小实验误差的做法．10．下面是一些有关高中物理实验的描述，其中正确的是（）A．在“研究匀变速直线运动”实验中，不需要平衡摩擦力B．在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须用天平测物体的质量C．在“验证力的平行四边形定则”实验中，只用一根弹簧秤无法完成D．在用橡皮筋“探究功与速度变化的关系”的实验中不需要直接求出合外力做的功E．在用欧姆表“×10”挡测量电阻时发现指针偏转角太小，应该换“×1”挡进行测量11．小杨同学采用如图1所示的装置进行“验证机械能守恒定律”实验（1）除了图1装置中的器材之外，还必须从图2中选取实验器材，其名称是；（2）指出图1装置中一处不合理的地方；（3）小杨同学得到了如图3的一条纸带，读出0、5两点间的距离为cm；（4）计算打下计数点5时纸带速度的大小为m/s（保留3位有效数字）．12．图（a）为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图．实验步骤如下：①用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量m；用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测量两光电门之间的距离s；②调整轻滑轮，使细线水平；③让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间△t A和△t B，求出加速度a；④多次重复步骤③，求a的平均值；⑤根据上述实验数据求出动摩擦因数μ．回答下列问题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图（b）所示，其读数为cm．（2）物块的加速度a可用d、s、△t A和△t B表示为a=．（3）动摩擦因数μ可用M、m、和重力加速度g表示为μ=．（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于（填“偶然误差”或“系统误差”）．13．在一次低空跳伞演练中，当直升飞机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动．运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降．为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，（取g=10m/s2）求：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？【物理-选修3-5】14．如图甲是氢原子的能级图，对于一群处于n=4的氢原子，下列说法中正确的是（）A．这群氢原子能够吸收任意能量的光子后向更高能级跃迁B．这群氢原子能够发出6种不同频率的光C．这群氢原子发出的光子中，能量最大为10.2 eVD．如果发出的光中子有两种能使某金属产生光电效应，其中一种一定是由n=3 能级跃迁到n=1能级发出的E．从n=4能级跃迁到n=3能级发出的光的波长最长15．如图所示，在高1.25m的水平桌面上放一个质量为0.5kg的木块，质量为0.1kg的橡皮泥以30m/s的水平速度粘到木块上（粘合过程时间极短）．木块在桌面上滑行1.5m后离开桌子落到离桌边2m 的地方．求木块与桌面间的动摩擦因数．（g取10m/s2）2017-2018学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）物理测试卷（4）参考答案与试题解析一、单项选择题：每题6分，30分．1．如图所示，物体B的上表面水平，A、B相对于斜面C静止，当斜面C受到水平力F向左匀速运动的过程中（）A．物体A可能受到3个力的作用B．物体B一定受到4个力的作用C．物体C对物体B的作用力竖直向上D．物体C和物体B之间可能没有摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】分别对A、B、受力分析，结合平衡条件和牛顿第三定律判断力的有无．【解答】解：A、物体A做匀速直线运动，合力为零；受重力、支持力；假设有静摩擦力，不管向左还是向右，都不平衡，故A错误；B、对物体B受力分析，受重力、A对B向下的压力、C对B的支持力、C对B沿斜面向上的静摩擦力，受力平衡，故B正确；C、对物体B受力分析，受重力、A对B向下的压力、C对B的支持力、C对B沿斜面向上的静摩擦力；受力平衡，合力为零；重力和压力的合力向下，故支持力与静摩擦力的合力一定向上，与重力和压力的合力平衡；故C正确；D、假如B与C之间没有摩擦力，物体A和B不能平衡，会下滑，故D错误；故选BC．2．如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A、B，分别落在地面上的M、N点，A球运动的最大高度大于B球运动的最大高度．空气阻力不计，则（）A．B的加速度比A的大B．B飞行时间比A的飞行时间长C．B在最高点的速度比A在最高点的大D．A落地时的速度比B落地时的速度大【考点】抛体运动．【分析】由题知，两球均做斜抛运动，运用运动的分解法可知：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，两球的加速度相同，由竖直高度不同，由运动学公式分析竖直方向的分运动时间关系，根据水平分位移公式即可知道水平初速度的关系．两球在最高点的速度等于水平初速度．【解答】解：A、不计空气阻力，两球的加速度都为重力加速度g．故A错误．B、两球都做斜抛运动，竖直方向的分运动是竖直上抛运动，根据运动的对称性可知，两球上升和下落的时间相等，而下落过程，由t=知下落时间不相等，是A球运动时间长，故B错误．C、最高点速度等于水平分运动速度，根据x=v x t，由于A球运动时间长，水平分位移小，故A球水平分运动的速度小，故A球在最高点的速度比B在最高点的速度小．故C正确．D、落地速度等于抛出的速度，竖直分运动初速度是A的大，水平分运动速度是B的大，故无法比较合运动的初速度大小．故D错误．故选：C3．将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程的v﹣t图象如图所示，g取10m/s2．说法中正确的是（）A．小球上升与下落所用时间之比为2：3B．小球下落过程，处于超重状态C．小球重力和阻力之比为5：1D．小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失【考点】功能关系；牛顿第二定律．【分析】根据图象可以得到上升过程中的加速度的大小，根据牛顿第二定律可以求得阻力的大小，从而得到重力与阻力之比．由牛顿第二定律求得小球下降过程的加速度的大小，利用位移时间的关系可以求得运动的时间关系，利用功的公式可以分析克服阻力做的功关系，从而得到机械能损失的关系．==【解答】解：A、根据图象可得，小球上升的过程中，加速度的大小为：a上m/s2=12m/s2根据牛顿第二定律可得：mg+f=ma，解得阻力大小为：f=ma﹣mg=1×（12﹣10）N=2N==8m/s2在下降的过程中，加速度的大小为：a下上升和下降位移大小相等，根据x=at2可得运动的时间为：t=，所以时间之比为小球上升与下落所用时间之比为：===，故A错误；B、小球下落过程，加速度向下，处于失重状态，故B错误；C、小球重力和阻力之比为G：f=mg：f=10：2=5：1，故C正确；D、机械能损失等于克服阻力做功的大小，在上升和下降的过程中，阻力的大小不变，高度相同，所以克服阻力做的功也相同，机械能的损失也相同，故D错误；故选：C4．如图所示，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上的拉力将（）A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．先增大后减小 D．先减小后增大【考点】向心力；共点力平衡的条件及其应用；决定向心力大小的因素．【分析】在力学中，有这样一类问题：一个物体（质点）受到三个共点力（或多个共点力但可以等效为三个共点力）作用而处于平衡状态，其中一个力变化引起其它力的变化，需要判定某些力的变化情况，或确定其极值．它的求解方法对其他矢量的分析同样适用．对球受力分析，受重力、支持力、拉力，其中重力大小方向都不变，支持力方向不变、大小变，拉力大小与方向都变，可用作图法分析．【解答】解：对球受力分析，受重力、支持力、拉力，如图其中重力大小方向都不变，支持力方向不变，拉力大小与方向都变，将重力按照作用效果分解由图象可知，G1先变小后变大，G2变小又根据共点力平衡条件G1=FG2=N故拉力F先变小后变大；故选D．5．理论研究表明第二宇宙速度是第一宇宙速度的倍．火星探测器悬停在距火星表面高度为h处时关闭发动机，做自由落体运动，经时间t落到火星表面．已知引力常量为G，火星的半径为R．若不考虑火星自转的影响，要使探测器脱离火星飞回地球，则探测器从火星表面的起飞速度至少为（）A．B．C．11.2km/s D．7.9km/s【考点】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【分析】地球的第一宇宙速度为7.9km/s，而第二宇宙速度为11.2km/s，对于火星来说，第二宇宙速度是第一宇宙速度的倍，根据公式v=，即可求解．【解答】解：AB、根据运动学公式，结合高度为h处探测器，经时间t落到火星表面，=；则火星表面的重力加速度g火根据公式v===，则探测器从火星表面的起飞速度至少v=，故A正确，B错误；C、速度7.9km/s与11.2km/s是地球的第一宇宙速度与第二宇宙速度，故CD错误；故选：A．二、多项选择题：每题6分，共18分．6．下列说法中，符合物理学史实的是（）A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体或静止B．牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因C．麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场D．奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体静止，故A正确；B、牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因，故B正确；C、奥斯特发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场，故C错误；D、奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转，电流可以在其周围产生磁场，故D正确．故选：ABD．7．一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，速度大小增加为原来的2倍，则变轨前后卫星的（）A．轨道半径变为原来的2倍B．卫星的轨道半径变为原来的倍C．卫星的运动周期变为原来的8倍D．卫星的加速度变为原来的16倍【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】根据万有引力提供圆周运动向心力，由卫星轨道半径的变化确定描述圆周运动物理量的变化即可．【解答】解：AB、卫星圆周运动的向心力由万有引力提供可得可得v=可知当卫星的速度增加为原来的2倍时，其轨道半径减小为原来的，故A错误，B正确；C、据万有引力提供圆周运动向心力有可得卫星周期T=可知当的变为原来的，卫星的周期变为原来的，故C错误；D、据可得a=可得半径变为原来的，加速度变为原来的16倍．故D正确．故选：BD．8．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】由图b可求得物体运动过程及加速度，再对物体受力分析，由牛顿第二定律可明确各物理量是否能够求出．【解答】解：由图b可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移；图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：mgsinθ+μmgcosθ=ma1；下降过程有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于m均消去，故无法求得质量；因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度；故选：ACD．三.非选择题9．某同学利用图甲的实验装置做“探究动能定理“的实验．在尽量减小摩擦阻力的情况下，先接通打点计时器的电源，再释放纸带，让质量m=1.00kg的重物由静止下落，在纸带上打出一系列的点，如图乙所示，A、B、C分别为所选取的计数点，且0为开始打出的第一点，0A之间有若干点未标出，相邻计数数点的时间间隔为0.02s，重力加速度g取9.80m/s2．（1）释放纸带前，纸带的C（选填“0“或“C“）端在上面；（2）重物从0运动到B的过程中，动能的变化量△E=0.67J（取两位有效数字）；（3）请列举一种能有效减小实验误差的做法多次测量求平均值．【考点】探究功与速度变化的关系．【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能．【解答】解：（1）0点为打出来的第一个点，速度为0，与重物相连的纸带在下端，应该先打点．所以释放纸带前，纸带的C端在上面．（2）利用匀变速直线运动的推论得：=1.1575m/s，△E k=mv B2==0.67J，（3）可以多次测量求平均值以减小实验误差．故答案为：（1）C；（2）0.67；（3）多次测量求平均值．10．下面是一些有关高中物理实验的描述，其中正确的是（）A．在“研究匀变速直线运动”实验中，不需要平衡摩擦力B．在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须用天平测物体的质量C．在“验证力的平行四边形定则”实验中，只用一根弹簧秤无法完成D．在用橡皮筋“探究功与速度变化的关系”的实验中不需要直接求出合外力做的功E．在用欧姆表“×10”挡测量电阻时发现指针偏转角太小，应该换“×1”挡进行测量【考点】探究小车速度随时间变化的规律；验证机械能守恒定律；探究功与速度变化的关系．【分析】通过实验的原理确定各个实验中的操作步骤是否正确，知道欧姆表的刻度盘与电流表、电压表刻度盘不同，指针偏角较小时，可知电阻较大，指针偏转较大时，电阻较小．【解答】解：A、在“研究匀变速直线运动”的实验中，研究速度随时间变化的规律，不需要平衡摩擦力，故A正确．B、在验证机械能守恒定律的实验中，验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，质量可以约去，不需要用天平测量物体的质量，故B错误．C、在验证力的平行四边形定则的实验中，沿研究合力和分力的关系，运用一根弹簧秤可以完成，故C错误．D、在用橡皮筋“探究功与速度变化的关系”的实验中不需要直接求出合外力做的功，运用相同的橡皮筋，通过功的倍数研究．故D正确．E、在用欧姆表“×10”挡测量电阻时发现指针偏转角太小，可知电阻太大，应换用倍率较大的档进行测量，故E错误．故选：AD．11．小杨同学采用如图1所示的装置进行“验证机械能守恒定律”实验（1）除了图1装置中的器材之外，还必须从图2中选取实验器材，其名称是毫米刻度尺；（2）指出图1装置中一处不合理的地方重锤离打点计时器太远；（3）小杨同学得到了如图3的一条纸带，读出0、5两点间的距离为 4.75cm；（4）计算打下计数点5时纸带速度的大小为0.912m/s（保留3位有效数字）．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1、2）根据正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材；（3）从减少实验误差的思路出发；（4）根据平均速度等于瞬时速度公式，即可求解；【解答】解：（1）实验中纸带上的点点之间的距离需要测量，故用到毫米刻度尺；（2）为能在纸带上打出更多的点，则纸带应该上提；（3）0、5两点间的距离为4.75cm；（4）根据平均速度等于瞬时速度，则有：v===0.912m/s；故答案为：（1）毫米刻度尺；（2）重锤离打点计时器太远；（3）4.75；（4）0.912．12．图（a）为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图．实验步骤如下：①用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量m；用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测量两光电门之间的距离s；②调整轻滑轮，使细线水平；③让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间△t A和△t B，求出加速度a；④多次重复步骤③，求a的平均值；⑤根据上述实验数据求出动摩擦因数μ．回答下列问题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图（b）所示，其读数为0.960cm．（2）物块的加速度a可用d、s、△t A和△t B表示为a=．（3）动摩擦因数μ可用M、m、和重力加速度g表示为μ=．（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差（填“偶然误差”或“系统误差”）．【考点】用双缝干涉测光的波长．【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺的示数之和是游标卡尺的示数，（2）由速度公式求出物块经过A、B两点时的速度，然后由匀变速运动的速度位移公式求出物块的加速度；（3）由牛顿第二定律求出动摩擦因数．（4）由于实验设计造成的误差是系统误差，由于实验操作、读数等造成的误差属于偶然误差．【解答】解：（1）由图（b）所示游标卡尺可知，主尺示数为0.9cm，游标尺示数为12×0.05mm=0.60mm=0.060cm，则游标卡尺示数为0.9cm+0.060cm=0.960cm．（2）物块经过A点时的速度为：v A=，物块经过B点时的速度为：v B=，物块做匀变速直线运动，由速度位移公式得：v B2﹣v A2=2as，加速度为：a=；（3）以M、m组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：mg﹣μMg=（M+m），解得：μ=；（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差．故答案为：（1）0.960；（2）；（3）；（4）系统误差．13．在一次低空跳伞演练中，当直升飞机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动．运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降．为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，（取g=10m/s2）求：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．（1）整个过程中，伞兵先做自由落体运动，后做匀减速运动，总位移大小等于224m．设【分析】伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，先研究匀减速过程，由速度﹣位移关系式，得到v0与h的关系式，再研究自由落体过程，也得到一个v0与h的关系式，联立求解．（2）由（1）求出v0，由速度公式求出两个过程的时间，即可得到总时间．【解答】解：（1）设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，则：对于匀减速运动过程，有，即52﹣=﹣2×12.5×h对于自由下落过程，有=2g=2×10×联立解得h=99 m，v0=50 m/s以5m/s的速度落地相当于从h1高处自由落下，即2gh1=v2所以h1=m=1.25 m．（2）设伞兵在空中的最短时间为t，则有v0=gt1，t1=s=5 s，t2=s=3.6 s，故所求时间t=t1+t2=（5+3.6）s=8.6 s．答：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为99m，着地时相当于从1.25m高处自由落下．（2）伞兵在空中的最短时间为8.6s．【物理-选修3-5】14．如图甲是氢原子的能级图，对于一群处于n=4的氢原子，下列说法中正确的是（）A．这群氢原子能够吸收任意能量的光子后向更高能级跃迁B．这群氢原子能够发出6种不同频率的光C．这群氢原子发出的光子中，能量最大为10.2 eVD．如果发出的光中子有两种能使某金属产生光电效应，其中一种一定是由n=3 能级跃迁到n=1能级发出的E．从n=4能级跃迁到n=3能级发出的光的波长最长【考点】氢原子的能级公式和跃迁．【分析】能级间跃迁辐射或吸收的光子能量必须等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子能量越大，频率越大，波长越小．【解答】解：A、氢原子发生跃迁，吸收的能量必须等于两能级的能级差．故A错误．B、根据=6知，这群氢原子能够发出6种不同频率的光子．故B正确．C、一群处于n=4的氢原子，由n=4跃迁到n=1，辐射的光子能量最大，△E=13.6﹣0.85eV=12.75eV．故C错误．D、如果发出的光子有两种能使某金属产生光电效应，知两种光子为能量最大的两种，分别为由n=4跃迁到n=1，和n=3跃迁到n=1能级发出的．故D正确．E、从n=4跃迁到n=3辐射的光子能量最小，频率最小，则波长最长．故E正确．故选：BDE．15．如图所示，在高1.25m的水平桌面上放一个质量为0.5kg的木块，质量为0.1kg的橡皮泥以30m/s的水平速度粘到木块上（粘合过程时间极短）．木块在桌面上滑行1.5m后离开桌子落到离桌边2m 的地方．求木块与桌面间的动摩擦因数．（g取10m/s2）【考点】动量守恒定律；平抛运动．【分析】木块离开桌面后做平抛运动，应用平抛运动规律可以求出木块离开桌面时的速度；橡皮泥击中木块过程系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出木块的速度；木块与橡皮泥一起在桌面上做匀减速直线运动，应用动能定理可以求出动摩擦因数．【解答】解：木块离开桌面后做平抛运动，在水平方向：s=v′t，在竖直方向：h=gt2，。

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2018届高三第一学期物理小测1一、单项选择题：每题6分，共36分。

1．如图所示，光滑水平面上，质量分别为m 、M 的木块A 、B 在水平恒力F 作用下一起以加速度a 向右做匀加速运动，木块间的轻质弹簧劲度系数为k ，原长为L 。

则此时木块A 、B 间的距离为 A.L ＋错误! B. L ＋错误!C. L ＋错误! D 。

L ＋错误!2．如图所示，电灯悬挂于两墙之间,更换绳OA ，使连接点A 向上移，但保持O 点位置不变,则A 点向上移时,绳OA 的拉力 A ．逐渐增大 B ．逐渐减小 C ．先增大后减小 D ．先减小后增大3、如图所示，木块A 质量为1 kg ，木块B 的质量为2 kg ，叠放在水平地面上，A 、B 间最大静摩擦力为1 N ， B 与地面间动摩擦因数为0。

1，今用水平力F 作用于B ，则保持A 、B 相对静止的条件是F 不超过 A ．3 N B ．4 N C ．5 N D ．6 N4、如图所示,水平放置的传送带以速度v=2m/s 向右运行,现将一小物体轻轻地放在传送带A 端，物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，若A端与B 端相距4 m ，则物体由A 运动到B 的时间和物体到达B 端时的速度分别是 A ．2。

5 s ，2m/s B ．1s ，2m/s C ．2.5s,4m/s D ．1s,4/s二、多项选择题：每题6分，共24分。

台山市华侨中学高三级检测（物理科）试题第Ⅰ卷(全卷满分110分)一、选择题：本题共10小题，每小题5分。

在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项是符合题目要求的，第6～10题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得5分,选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．下列说法正确的是( ）A。

亚里士多德认为物体下落的快慢与物体的轻重无关B．伽利略认为物体的运动不需要力来维持C．静止在斜面上的物体受到的重力和支持力是一对平衡力D。

大小相等、方向相反，作用在不同物体上的两个力一定是作用力和反作用力2．如图所示，为A、B、C三个物体从同一地点，同时出发沿同一方向做直线运动的x﹣t图象，则在0﹣t0 时间内,下列说法正确的是:（）A．三个物体的平均速度相等B．三个物体的平均速率相等C．三个物体始终沿着同一方向运动D．t0时A物体的速度比C物体的速度大3．如图所示，沿直线运动的小车内，用细线悬挂的小球A和车水平底板上放置的物块B都相对车厢静止．关于物块B受到的摩擦力，下列判断中正确的是( )A．物块B受摩擦力作用,大小恒定，方向向左B．物块B不受摩擦力作用C．物块B受摩擦力作用，大小恒定，方向向右D．小车的运动方向不能确定,物块B受的摩擦力情况无法判断4．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x＝5t+t2(各物理量均采用国际单位制单位),则该质点( ）A．第1 s内的位移是5 m B．前2 s内的平均速度是6 m/sC．任意相邻的1 s内位移差都是1 m D．任意1 s内的速度增量都是2 m/s5．如图，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上．现对b物体施加一个水平向右的力F，让a物体匀速向上运动，b始终未离开桌面．在此过程中( ）A．b物体向右做匀速直线运动F B．b物体向右做匀加速直线运动C．a、b组成的系统机械能守恒D．b物体受到的摩擦力增大6．如图,质量为m的小物块P位于斜面Q上，Q与水平面的夹角为θ,不计一切摩擦,小物块P从静止开始沿斜面下滑的过程中（）A．斜面给P的支持力为cosmg B．物块P对斜面做正功C．物块P的机械能守恒D．斜面对P的弹力方向始终垂直于接触面7．某人向放在水平地面上正前方的小桶中水平抛球，结果球划着一条弧线飞到小桶的前方,如图所示.不计空气阻力，为了能把小球抛进小桶中，则下次再水平抛球时，可能做出的调整为（)A.减小初速度，抛出点高度不变B.增大初速度，抛出点高度不变C.初速度大小不变,降低抛出点高度D.初速度大小不变，增大抛出点高度8．如图所示,在青海玉树抗震救灾中，一运送救灾物资的直升飞机沿水平方向匀速飞行．已知物资的总质量为m,吊运物资的悬索与竖直方向成θ角．设物资所受的空气阻力为f，悬索对物资的拉力为T,重力加速度为g，则（)A．f＝mg sinθB．f＝mg tanθC．T＝mgcosθD．T＝错误!9．用水平力F将木块压在竖直墙上，如图所示，已知木块重G＝6N，木块与墙壁之间的动摩擦因数μ＝0。