河南省周口中英文学校2016届高三上学期期中考试物理试题

2024届河南周口中英文学校高三物理第一学期期中统考模拟试题注意事项：1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2．选择题必须使用2B 铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、一质点做直线运动的v -t 图象如图所示，下列选项正确的是（ ）A ．在2～4s 内，质点处于静止状态B ．质点在0～2s 内的加速度比4～6s 内的加速度大C ．在第4s 末，质点离出发点最远D ．在0～6s 内，质点的平均速度为5m/s2、如图所示，静止在光滑水平面上的木板，右端有一根轻质弹簧沿水平方向与木板相连，木板质量．3M kg =．质量1m kg =的铁块以水平速度04/v m s =，从木板的左端沿板面向右滑行，压缩弹簧后又被弹回，最后恰好停在木板的左端．在上述过程中弹簧具有的最大弹性势能为A ．3JB ．6JC ．20JD ．4J3、如图所示，起重机将重为G 的重物匀速吊起，此时四条钢索与竖直方向的夹角均为60°，则每根钢索中弹力大小为（ ）A ．4GB ．2G C ．34G D ．36G 4、如图所示，水平地面上有一车厢，车厢内固定的平台通过相同的弹簧把相同的物块A 、B 压在竖直侧壁和水平的顶板上，已知A 、B 与接触面间的动摩擦因数均为μ，车厢静止时，两弹簧长度相同，A 恰好不下滑，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g ，现使车厢沿水平方向加速运动，为保证A 、B 仍相对车厢静止，则（ ）A ．速度可能向左，加速度可大于1g μ+（） B ．加速度一定向右，不能超过1g μ（－） C ．加速度一定向左，不能超过g μD ．加速度一定向左，不能超过1g μ（－） 5、研究平抛运动的实验装置如图所示。

河南省周口中英文学校必修3物理 全册全单元精选试卷检测题一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图所示的绝缘细杆轨道固定在竖直面内，半径为R 的1/6圆弧段杆与水平段杆和粗糙倾斜段杆分别在A 、B 两点相切，圆弧杆的圆心O 处固定着一个带正电的点电荷．现有一质量为m 可视为质点的带负电小球穿在水平杆上，以方向水平向右、大小等于83gR 的速度通过A 点，小球能够上滑的最高点为C ，到达C 后，小球将沿杆返回．若∠COB =30°，小球第一次过A 点后瞬间对圆弧细杆向下的弹力大小为83mg ，从A 至C 小球克服库仑力做的功为23mgR -，重力加速度为g ．求：(1)小球第一次到达B 点时的动能； (2)小球在C 点受到的库仑力大小；(3)小球返回A 点前瞬间对圆弧杆的弹力．（结果用m 、g 、R 表示） 【答案】（1）56mgR （2）34mg （3）2(833)- 【解析】 【分析】（1）由动能定理求出小球第一次到达B 点时的动能．（2）小球第一次过A 点后瞬间，由牛顿第二定律和库仑定律列式．由几何关系得到OC 间的距离，再由库仑定律求小球在C 点受到的库仑力大小．（3）由动能定理求出小球返回A 点前瞬间的速度，由牛顿运动定律和向心力公式求解小球返回A 点前瞬间对圆弧杆的弹力． 【详解】（1）小球从A 运动到B ，AB 两点为等势点，所以电场力不做功，由动能定理得：()0211cos602KB A mgR E mv --=-代入数据解得：56KB E mgR =（2）小球第一次过A 时，由牛顿第二定律得：22A v QqN k mg m R R+-=由题可知：83N mg =联立并代入数据解得：2Qqkmg R= 由几何关系得，OC 间的距离为：cos303R r R ==︒小球在C 点受到的库仑力大小 ：22Qq QqF kk r ==⎫⎪⎝⎭库联立解得3=4F mg 库 （3）从A 到C ，由动能定理得：2102f A W mgR W mv ---=-电从C 到A ，由动能定理得：212f A W mgR W mv +='-电由题可知：W =电 小球返回A 点时，设细杆对球的弹力方向向上，大小为N ′，由牛顿第二定律得：22Av Qq N k mg mR R'-'+= 联立以上解得：(283N mg -'=，根据牛顿第三定律得，小球返回A点时，对圆弧杆的弹力大小为(283mg -，方向向下．2．竖直放置的平行金属板A 、B 带等量异种电荷(如图)，两板之间形成的电场是匀强电场．板间用绝缘细线悬挂着的小球质量m=4．0×10－5kg ，带电荷量q=3．0×10－7C ，平衡时细线与竖直方向之间的夹角α=37°．求：(1)A 、B 之间匀强电场的场强多大?(2)若剪断细线，计算小球运动的加速度，小球在A 、B 板间将如何运动? 【答案】(1)E =1×103N/C (2) 12.5m/s 2 【解析】 【详解】（1）小球受到重力mg 、电场力F 和绳的拉力T 的作用，由共点力平衡条件有：F =qE =mg tan α解得：537tan 410100.75 1.010N/C 310mg E q α--⨯⨯⨯===⨯⨯ 匀强电场的电场强度的方向与电场力的方向相同，即水平向右；（2）剪断细线后，小球做偏离竖直方向，夹角为37°匀加速直线运动，设其加速度为a 由牛顿第二定律有：cos mgma θ= 解得：212.5m/s cos ga θ== 【点睛】本题是带电体在电场中平衡问题，分析受力情况是解题的关键，并能根据受力情况判断此后小球的运动情况．3．如图所示，质量为m 的小球A 穿在绝缘细杆上，杆的倾角为α，小球A 带正电，电量为q 。

2024届河南省周口中英文学校物理高三上期中复习检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若A．保持S不变，增大d，则θ变大B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ不变2、如图所示，小球被轻绳系住，静止在光滑斜面上．若按力的实际作用效果来分解小球受到的重力G，则G的两个分力的方向分别是图中的( )A．1和2 B．1和3C．2和3 D．1和43、汽车甲和乙在同一公路上做直线运动，下图是它们运动过程中的U-t图像，二者在t1和t2时刻的速度分别为v1和v2，则在t1到t2时间内A ．t 1时刻甲的加速度小于乙的加速度B ．乙运动的加速度不断增大C ．甲与乙间距离越来越大D ．乙的平均速度等于122v v 4、测得某短跑运动员在100m 跑步比赛中5s 末的速度为10.4m/s ，10s 末到达终点的速度是10.2m/s 此运动员在这100m 中的平均速度为（ ） A ．10.4m/s B ．10.3m/s C ．10.2m/sD ．10m/s5、如图所示，在真空中有两个固定的等量异种点电荷+Q 和-Q ．直线MN 是两点电荷连线的中垂线，O 是两点电荷连线与直线MN 的交点．a 、b 是两点电荷连线上关于O 的对称点，c 、d 是直线MN 上的两个点．下列说法中正确的是( )A ．a 点的场强大于b 点的场强；将一检验电荷沿MN 由c 移动到d ，所受电场力先增大后减小B ．a 点的场强小于b 点的场强；将一检验电荷沿MN 由c 移动到d ，所受电场力先减小后增大C ．a 点的场强等于b 点的场强；将一检验电荷沿MN 由c 移动到d ，所受电场力先增大后减小D ．a 点的场强等于b 点的场强；将一检验电荷沿MN 由c 移动到d ，所受电场力先减小后增大6、甲乙两位同学面对面站在光滑的水平冰面上，两人都处于静止状态，某时刻甲同学沿水平方向用力推了乙同学一下，结果两人向相反方向滑去。

河南省周口中英文学校高一物理上学期期中试卷一 。

选择题 【 每小题4分，共48分．其中（1—8单选，其余多选） 】1．在物理学中，突出问题的要紧方面，忽略次要因素，建立理想化的物理模型，是经常采纳的一种科学研究方法。

质点确实是这种物理模型之一。

关于地球能否看做质点，下列说法正确的是( )A.地球的质量太大，不能把地球看做质点B.地球的体积太大，不能把地球看做质点C.研究地球绕太阳公转时能够把地球看做质点D.研究地球的自转时能够把地球看做质点2．一个朝着某方向做直线运动的物体，在时刻t 内的平均速度是v ，紧接着t 2内的平均速度是v 2，则物体在这段时刻内的平均速度是( )A.vB.23vC. 56vD.43v3.关于速度、速度的变化量和加速度，下列说法正确的是( )A.物体运动的速度变化量越大，它的加速度一定越大B.速度专门大的物体，其加速度可能为零C.某时刻物体的速度为零，其加速度不可能专门大D.加速度专门大时，物体运动的速度一定专门快变大4. 如图所示，小球以v1＝3 m/s 的速度水平向右运动，与一墙壁碰撞经Δt ＝0.01 s 后以v2＝2 m/s 的速度沿同一直线反向弹回，小球在这0.01 s 内的平均加速度是( )A.100 m/s2，方向向右B.100 m/s2，方向向左C.500 m/s2，方向向右D.500 m/s2，方向向左5.汽车以20 m/s 的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5 m/s2，则自驾驶员急踩刹车开始，2 s 内与5 s 内汽车的位移大小之比为( )A.5∶4 B .4∶5C.4∶3D.3∶46 A 、B 两小球从不同高度自由下落，同时落地，A 球下落的时刻为t ，B 球下落的时刻为t 2，当B 球开始下落的瞬时，A 、B 两球的高度差为( )A.gt2B. 14gt2C.34gt2D.38gt27．一物体做直线运动，其加速度随时刻变化的a －t 图象如图所示。

2017-2018学年河南省周口市中英文学校高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题【（本题共12小题，每小题4分，共48分．其中（1-3.7--9单选．其余多选）把符合题意的选项前的字母填写在题后括号内】1．如果将房价的“上涨”类比成运动中的增速，将房价的“下降”类比成运动中的减速，则“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动中的（）A．速度增大，加速度增大 B．速度增大，加速度减小C．速度减小，加速度减小 D．速度减小，加速度增大2．质点沿直线运动，其加速度恒定，若在2s内速率从4m/s变为2m/s，则其加速度大小是（）A．一定是1m/s2B．一定是3m/s2C．可能是3m/s2D．以上都不正确3．一个物体从静止开始做匀加速直线运动．它在第1s内与第2s内的位移之比为x1：x2，在走完第1m时与走完第2m时的速度之比为v1：v2，以下说法正确的是（）A．x1：x2=1：3，v1：v2=1：2 B．x1：x2=1：3，v1：v2=1：C．x1：x2=1：4，v1：v2=1：2 D．x1：x2=1：4，v1：v2=1：4．观察图中的烟和小旗，关于甲乙两车的相对于房子的运动情况，下列说法中正确的是（）A．甲、乙两车可能都向左运动B．甲、乙两车一定向右运动C．甲车可能运动，乙车向右运动D．甲车可能静止，乙车向左运动5．某班同学去部队参加代号为“猎狐”的军事学习，甲、乙两个小分队同时从同一处O出发，并同时捕“狐”于A点，指挥部在荧光屏上描出两个小分队的行军路径如图所示，则（）A．两个小分队运动的平均速度相等B．甲队的平均速度大于乙队C．两个小分队运动的平均速率相等D．甲队的平均速率大于乙队6．为了测出楼房的高度，让一石块从楼顶自由落下（不计空气阻力），测出下列哪个物理量能算出楼房的高度（）A．石块下落到地面的总时间B．石块经过楼上一个1.8 m高的窗户所用的时间C．石块落地前最后1 s的位移D．石块通过最后1 m位移的时间7．置于水平面上的物体，在水平方向的拉力作用下向前运动，当拉力增大时，物体的运动速度也随之变大，则该物体所受的滑动摩擦力将（）A．增大 B．不变 C．减小 D．无法确定8．两个共点力，一个是40N，另一个未知，合力大小是100N，则另一个力可能是（）A．20 N B．40 N C．80 N D．150 N9．在水平桌面上有一个倾角为α的斜面体．一个质量为m的物块，在平行于斜面的拉力F 作用下，沿斜面向上做匀速运动．斜面体始终处于静止状态．已知物块与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．下列结论正确的是（）A．斜面对物块的摩擦力大小是FB．斜面对物块的摩擦力大小是μmgC．桌面对斜面体的摩擦力大小是0D．桌面对斜面体的摩擦力大小是Fcosα10．如图所示，将光滑斜面上的一物体的重力分解为F l、F2两个力，下列结论正确的是（）A．F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力，F2是物体对斜面的正压力B．物体受mg、N、F1、F2四个力作用C．物体只受重力mg和弹力N的作用D．力N、F1、F2三个力的作用效果跟mg、N两个力的作用效果相同11．如图所示，一根绳子一端固定于竖直墙上的A点，另一端绕过动滑轮P悬挂一重物B，其中绳子的PA段处于水平状态．另一根绳子一端与动滑轮P的轴相连，在绕过光滑的定滑轮Q后在其端点O施加一水平向左的外力F，使整个系统处于平衡状态．滑轮均为光滑、轻质，且均可看作质点．现拉动绳子的端点O使其向左缓慢移动一小段距离后达到新的平衡状态，则该平衡状态与原平衡状态相比较（）A．拉力F增加B．拉力F减小C．角θ不变 D．角θ减小12．物体以速度v匀速通过直线上的A、B两点，所用时间为t；现在物体从A点由静止出发，先匀加速直线运动（加速度为a1）到某一最大速度v m后立即做匀减速直线运动（加速度大小为a2）至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t．则物体的（）A．v m只能为2v，与a1、a2的大小无关B．v m可为许多值，与a1、a2的大小有关C．a1、a2须是一定的D．a1、a2必须满足二、填空（本题包括2个小题，共20分）13．某质点沿直线运动，在前位移内速度是2m/s，在后位移内的速度是4m/s，则全程的平均速度是______m/s．若在前时间内速度是2m/s，在后时间内的速度是4m/s，则全程的平均速度是______m/s．14．利用打点计时器《探究小车的速度随时间变化的规律》，如图给出了某次实验中的纸带，其中1、2、3、4、5、6、7都为计数点，每相邻的两个计数点之间还有一点（未画出），从纸带上测得：s1=1.60cm，s2=2.40cm，s3=3.20cm，s4=4.00cm，s5=4.80cm，s6=5.60cm①每相邻的两个计数点之间的时间间隔T=______s；②若纸带的左端与小车连接，则小车在做______直线运动（填“匀加速”或“匀减速”）；③由纸带数据计算可得，小车的加速度为______m/s2；打下点3时小车的瞬时速度为______m/s．三、计算题（本题包括2个小题，共32分．要求写出必要的文字和重要的演算步骤及各物理量的单位．）15．物体由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小是2m/s2，它在某1s内通过的距离是15m，问：（1）物体在这1s以前已运动了多长时间？（2）物体在这1s以前已经通过了多少路程？16．一个质量m=3kg的物体放在一长木板上，当木板一端抬起使它与水平方向成θ=30°时，物体正好可以沿板面匀速下滑．当木板水平放置时，用多大的水平拉力才能将物体拉动？（取g=10m/s2）17．黄灯亮时车头已越过停车线的车辆可以继续通行，车头未越过停车线的车辆若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为．我国一般城市路口红灯变亮之前绿灯和黄灯各有3s的闪烁时间．国家汽车检测标准中有关汽车制动初速度与刹车距离的规定是这样的：小客车在制动初速度为14m/s的情况下，制动距离不得大于20m．（1）若要确保小客车在3s内停下来，则小客车刹车前的行驶速度不能超过多少？（2）某小客车正以v0=8m/s的速度驶向路口，绿灯开始闪时车头距离停车线L=36.5m，则小客车至少以多大的加速度匀加速行驶才能不闯黄灯？（已知驾驶员从眼睛看到灯闪到脚下采取动作的反应时间是0.5s）2016-2017学年河南省周口市中英文学校高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题【（本题共12小题，每小题4分，共48分．其中（1-3.7--9单选．其余多选）把符合题意的选项前的字母填写在题后括号内】1．如果将房价的“上涨”类比成运动中的增速，将房价的“下降”类比成运动中的减速，则“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动中的（）A．速度增大，加速度增大 B．速度增大，加速度减小C．速度减小，加速度减小 D．速度减小，加速度增大【考点】加速度；速度．【分析】把房价类比成速度，房价上涨快慢类比成加速度，根据加速度与速度关系进行分析．【解答】解：房价类比成速度，房价上涨快慢类比成加速度，房价上涨出现减缓趋势，相当于加速度减小，但仍然在上涨，相当于加速度与速度方向相同，速度仍然增大．故ACD错误，B正确．故选：B．2．质点沿直线运动，其加速度恒定，若在2s内速率从4m/s变为2m/s，则其加速度大小是（）A．一定是1m/s2B．一定是3m/s2C．可能是3m/s2D．以上都不正确【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出加速度，注意末速度的方向与初速度方向可能相同，可能相反．【解答】解：若末速度的方向与初速度方向相同，则加速度为：a=，负号表示方向．若末速度方向与初速度方向相反，则加速度为：a=，负号表示方向．故C正确，A、B、D错误．故选：C．3．一个物体从静止开始做匀加速直线运动．它在第1s内与第2s内的位移之比为x1：x2，在走完第1m时与走完第2m时的速度之比为v1：v2，以下说法正确的是（）A．x1：x2=1：3，v1：v2=1：2 B．x1：x2=1：3，v1：v2=1：C．x1：x2=1：4，v1：v2=1：2 D．x1：x2=1：4，v1：v2=1：【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间得出第1s内和第2s内的位移之比，根据匀变速直线运动的速度位移公式求出速度之比．【解答】解：根据x=at2知，1s内和2s内的位移之比为1：4，则s1：s2=1：3．根据v2=2ax得，通过1m后和2m后的速度之比为1：．故B正确，A、C、D错误．故选：B．4．观察图中的烟和小旗，关于甲乙两车的相对于房子的运动情况，下列说法中正确的是（）A．甲、乙两车可能都向左运动B．甲、乙两车一定向右运动C．甲车可能运动，乙车向右运动D．甲车可能静止，乙车向左运动【考点】参考系和坐标系．【分析】研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物．研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化．由此来突破此题．【解答】解：由图中的信息可以判断出：因为房子的烟向左飘，所以风是向左吹所以甲车运动状态有三种可能1、向右运动2、静止3、向左运动，但运动速度小于风速；因为乙车旗向右飘，所以乙车只能向左运动，且速度要大于风的速度．综上分析可知，只有AD正确，BC错误；故选：AD．5．某班同学去部队参加代号为“猎狐”的军事学习，甲、乙两个小分队同时从同一处O出发，并同时捕“狐”于A点，指挥部在荧光屏上描出两个小分队的行军路径如图所示，则（）A．两个小分队运动的平均速度相等B．甲队的平均速度大于乙队C．两个小分队运动的平均速率相等D．甲队的平均速率大于乙队【考点】平均速度．【分析】本题应抓住：该图象是物体运动轨迹的图象，据轨迹的长度直接比较路程的大小；平均速度等于位移与所用时间的比值．比较位移大小，再判断平均速度的大小．【解答】解：A、起点和终点相同，位移大小相等，用的时间也相同，平均速度是位移与时间的比值，所以两个小分队运动的平均速度相等，所以A正确，B错误；C、甲的路程大于乙的路程，时间相同，平均速率是路程与时间的比值，所以甲队的平均速率大于乙队，所以C错误，D正确；故选AD．6．为了测出楼房的高度，让一石块从楼顶自由落下（不计空气阻力），测出下列哪个物理量能算出楼房的高度（）A．石块下落到地面的总时间B．石块经过楼上一个1.8 m高的窗户所用的时间C．石块落地前最后1 s的位移D．石块通过最后1 m位移的时间【考点】自由落体运动．【分析】根据自由落体运动的位移时间公式h=和速度位移公式v2=2gh知，只要知道落地的速度或下落的时间，就可以求出楼房的高度．【解答】解：A、根据位移时间公式h=知，知道下落的总时间，可以求出下落的高度．故A正确．B、知道石块下落过程中通过某个窗户的时间而不知道窗户的高度，无法求解楼高．故B错误．C、设落地的总时间为t，落地前1s内的位移等于ts内的位移减去（t﹣1）s内的位移，根据，可以求出运动的时间t，再根据位移时间公式h=可得出下落的高度．故C正确．D、已知石块通过最后1m位移的时间，根据x=，求出最后1m内的初速度，根据v=v0+gt，求出落地的速度大小，再根据v2=2gh求出下落的高度．故D正确．故选：ACD．7．置于水平面上的物体，在水平方向的拉力作用下向前运动，当拉力增大时，物体的运动速度也随之变大，则该物体所受的滑动摩擦力将（）A．增大 B．不变 C．减小 D．无法确定【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，压力和接触面的粗糙程度不变滑动摩擦力不变．【解答】解：滑动摩擦力f=μF N，速度增大但μ和F N都不变故摩擦力大小不变．故选：B．8．两个共点力，一个是40N，另一个未知，合力大小是100N，则另一个力可能是（）A．20 N B．40 N C．80 N D．150 N【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且F1+F2≥F≥|F1﹣F2|．【解答】解：两力合成时，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；故140N≥F≥60N；，所以可能的是C．故选：C．9．在水平桌面上有一个倾角为α的斜面体．一个质量为m的物块，在平行于斜面的拉力F 作用下，沿斜面向上做匀速运动．斜面体始终处于静止状态．已知物块与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．下列结论正确的是（）A．斜面对物块的摩擦力大小是FB．斜面对物块的摩擦力大小是μmgC．桌面对斜面体的摩擦力大小是0D．桌面对斜面体的摩擦力大小是Fcosα【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】对m受力分析，由共点力的平衡条件可判断摩擦力的大小；再对整体受力分析，由共点力的平衡求出桌面对斜面体的摩擦力．【解答】解：对m受力分析可知，m受重力、支持力及拉力的作用及摩擦力的作用而处于平衡状态；则在沿斜面方向上有：F﹣mgsinα=f；故A错误；B、斜面对物块的摩擦力大小是f=μF N=μmgcosα；故B错误；C、对整体受力分析可知，整体受重力、支持力、拉力的作用，因拉力有水平向右的分量，故地面一定对斜面体有向左的摩擦力；大小为Fcosα；故C错误；D正确；故选：D．10．如图所示，将光滑斜面上的一物体的重力分解为F l、F2两个力，下列结论正确的是（）A．F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力，F2是物体对斜面的正压力B．物体受mg、N、F1、F2四个力作用C．物体只受重力mg和弹力N的作用D．力N、F1、F2三个力的作用效果跟mg、N两个力的作用效果相同【考点】力的合成与分解的运用．【分析】光滑斜面上的物体的重力mg按作用效果分解为沿斜面向下和垂直于斜面两个方向的分力，注意两个分力不是物体所受到的力，两分力共同作用效果与重力作用效果相同．【解答】解：A、F1不是下滑力，F2不是物体对斜面的压力．故A错误．B、物体受重力和支持力两个力．故B错误，C正确．D、力F N、F1和F2的三个力的作用效果跟mg、F N两个力的效果相同．故D正确．故选：CD．11．如图所示，一根绳子一端固定于竖直墙上的A点，另一端绕过动滑轮P悬挂一重物B，其中绳子的PA段处于水平状态．另一根绳子一端与动滑轮P的轴相连，在绕过光滑的定滑轮Q后在其端点O施加一水平向左的外力F，使整个系统处于平衡状态．滑轮均为光滑、轻质，且均可看作质点．现拉动绳子的端点O使其向左缓慢移动一小段距离后达到新的平衡状态，则该平衡状态与原平衡状态相比较（）A．拉力F增加B．拉力F减小C．角θ不变 D．角θ减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】对滑轮P受力分析，抓住三根绳子合力为零，AP、BP绳子拉力大小相等，通过角度的变化进行分析．【解答】解：向左缓慢缓慢移动一小段距离，绳变短，动滑轮要上移，绳PA和PB间的夹角变小，而绳QP位于PA和PB间的角平分线上，所以角θ仍不变．经过定滑轮的绳子拉力大小相等，等于mg，两根绳子的合力与QP绳的拉力大小相等，方向相反．因为夹角变小，合力变大，QP绳的拉力就大，所以拉力F增加．故A、C正确，B、D错误．故选：AC．12．物体以速度v匀速通过直线上的A、B两点，所用时间为t；现在物体从A点由静止出发，先匀加速直线运动（加速度为a1）到某一最大速度v m后立即做匀减速直线运动（加速度大小为a2）至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t．则物体的（）A．v m只能为2v，与a1、a2的大小无关B．v m可为许多值，与a1、a2的大小有关C．a1、a2须是一定的D．a1、a2必须满足【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】A、当物体匀速通过A、B两点时，x=vt．当物体先匀加速后匀减速通过A、B两点时，根据平均速度公式，总位移x=，从而可得知v m与v的关系．C、匀加速运动的时间和匀减速运动的时间之和，再根据v m与v的关系得出a1、a2所满足的条件．【解答】解：A、当物体匀速通过A、B两点时，x=vt．当物体先匀加速后匀减速通过A、B两点时，根据平均速度公式，总位移x=，则，得v m=2v．与a1、a2的大小无关．故A正确，B错误．C、匀加速运动的时间和匀减速运动的时间之和，而v m=2v，代入得，整理得．故C错误，D正确．故选AD．二、填空（本题包括2个小题，共20分）13．某质点沿直线运动，在前位移内速度是2m/s，在后位移内的速度是4m/s，则全程的平均速度是3m/s．若在前时间内速度是2m/s，在后时间内的速度是4m/s，则全程的平均速度是 3.3m/s．【考点】平均速度．【分析】设总位移是x，求出总时间t；或设物体运动总时间是t，求出总位移x；最后根据平均速度的定义式列式求解．【解答】解：若在前位移内的平均速度大小为2m/s，在后位移内的平均速度大小为4m/s，设总位移为x；则总时间为：t==；则全程的平均速度：前时间内的平均速度大小为2m/s，后时间内的平均速度大小为4m/s，设总时间是t；则总位移为：x=2×+4×=t；则全程的平均速度是：=故答案为：3，3.3．14．利用打点计时器《探究小车的速度随时间变化的规律》，如图给出了某次实验中的纸带，其中1、2、3、4、5、6、7都为计数点，每相邻的两个计数点之间还有一点（未画出），从纸带上测得：s1=1.60cm，s2=2.40cm，s3=3.20cm，s4=4.00cm，s5=4.80cm，s6=5.60cm①每相邻的两个计数点之间的时间间隔T=0.04s；②若纸带的左端与小车连接，则小车在做匀加速直线运动（填“匀加速”或“匀减速”）；③由纸带数据计算可得，小车的加速度为 5.0m/s2；打下点3时小车的瞬时速度为0.70 m/s．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】理解打点计算器的工作原理，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：①当电源频率为50Hz时，每隔0.02s打个点；每相邻的两个计数点之间还有一点（未画出），所以每相邻的两个计数点之间的时间间隔T=0.04s②打点时间间隔固定，点间的间距越来越大，说明物体的速度在增大，相邻的相等时间间隔计数点位移之差△x=0.80cm，为一定值，所以小车在做匀加速直线运动，③根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a===5.0m/s2；根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，得：v3===0.70m/s；故答案为：①0.04②匀加速③5.0，0.70三、计算题（本题包括2个小题，共32分．要求写出必要的文字和重要的演算步骤及各物理量的单位．）15．物体由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小是2m/s2，它在某1s内通过的距离是15m，问：（1）物体在这1s以前已运动了多长时间？（2）物体在这1s以前已经通过了多少路程？【考点】位移与路程．【分析】物体做匀加速运动，根据位移时间公式求解时间和位移．【解答】解：（1）设这1s前物体运动的时间为t．则据题有：a（t+1）2﹣at2=15m将a=2m/s2代入，得：t=7s（2）这一秒前已经通过的位移：x=at2=49m答：（1）物体在这1s以前已运动了7s时间．（2）物体在这1s以前已经通过了49m位移16．一个质量m=3kg的物体放在一长木板上，当木板一端抬起使它与水平方向成θ=30°时，物体正好可以沿板面匀速下滑．当木板水平放置时，用多大的水平拉力才能将物体拉动？（取g=10m/s2）【考点】共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．【分析】根据木板一端抬起使它与水平方向成θ=30°时，物体正好可以沿板面匀速下滑，应用平衡条件求出动摩擦因数，水平时，直接应用平衡条件列式．【解答】解：物体匀速下滑，对物体受力分析如图：则：mgsinθ=μmgcosθ得μ=tanθ设物体所受水平拉力为F，摩擦力为f答：当木板水平放置时，用17.3N的水平拉力才能将物体拉动．17．黄灯亮时车头已越过停车线的车辆可以继续通行，车头未越过停车线的车辆若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为．我国一般城市路口红灯变亮之前绿灯和黄灯各有3s的闪烁时间．国家汽车检测标准中有关汽车制动初速度与刹车距离的规定是这样的：小客车在制动初速度为14m/s的情况下，制动距离不得大于20m．（1）若要确保小客车在3s内停下来，则小客车刹车前的行驶速度不能超过多少？（2）某小客车正以v0=8m/s的速度驶向路口，绿灯开始闪时车头距离停车线L=36.5m，则小客车至少以多大的加速度匀加速行驶才能不闯黄灯？（已知驾驶员从眼睛看到灯闪到脚下采取动作的反应时间是0.5s）【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】国家的规定，可得出，初速度、末速度、位移，由v2=2ax求出刹车的加速度，（1）确保小客车在3s内停下来，知道末速度、时间和已求出的加速度，由v=at可求出；（2）这个运动由匀速直线运动和匀加速直线运动组成，匀速时间已知，可求出匀速的位移，加速的位移、初速度、时间已知，可求出加速度．【解答】解（1）设小客车刹车时的最小加速度为a，根据v2=2ax得a==m/s2=4.9 m/s2要确保小客车在3 s内停下来，小客车刹车前的最大行驶速度为v max=at=4.9×3 m/s=14.7 m/s．（2）在反应时间内小客车匀速运动的距离为L0=v0△t=8×0.5 m=4 m小客车匀加速运动的距离为L′=L﹣L0=36.5 m﹣4 m=32.5 m从绿灯闪到黄灯亮起这3 s内小客车加速运动的时间t′=t﹣△t=3 s﹣0.5 s=2.5 s设小客车加速时的加速度为a′，则解得a′=4.0 m/s2．答：（1）若要确保小客车在3s内停下来，则小客车刹车前的行驶速度不能超过14.7m/s；（2）某小客车正以v0=8m/s的速度驶向路口，绿灯开始闪时车头距离停车线L=36.5m，则小客车至少以4m/s2的加速度匀加速行驶才能不闯黄灯．2016年10月2日。

周口中英文学校2016-2017下学期高一期中考试物理试题一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1～9小题只有一项符合题目要求，10～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．做曲线运动的物体，在运动过程中，一定变化的物理量是( )A．速度 B．速率 C．加速度 D．合外力2．如图所示，从同一条竖直线上两个不同点P、Q分别向右平抛两个小球，平抛P、Q的初速度分别为v1、v2，结果它们同时落到水平面上的M点处(不考虑空气阻力)．下列说法中正确的是( )A．一定是P先抛出的，并且v1＝v2B．一定是P先抛出的，并且v1<v2C．一定是Q先抛出的，并且v1＝v2D．一定是Q先抛出的，并且v1>v23．如图所示，质量相等的A、B两物体紧贴在匀速转动的圆筒的竖直内壁上，随圆筒一起做匀速圆周运动，则下列关系中正确的有( )A．线速度v A<v BB．运动周期T A>T BC．它们受到的摩擦力f A=f BD．筒壁对它们的弹力N A<N B4．质量为m的小球在竖直平面内的圆形轨道的内侧运动，如图所示，经过最高点而不脱离轨道的速度临界值是v，当小球以2v的速度经过最高点时，对轨道的压力值是( )A．0B．mgC．2mgD．3mg5．如图所示，倒置的光滑圆锥面内侧，有两个小玻璃球A、B沿锥面在水平面做匀速圆周运动，则下列关系式正确的是( )A．它们的线速度vA>v BB．它们的角速度ωA＝ωBC．它们的向心加速度a A<a BD．它们的向心力F A＝F B6．一名宇航员来到一个星球上，如果星球的质量是地球质量的2倍，它的直径是地球直径的一半，那么这名宇航员在该星球上所受到的万有引力的大小是他在地球上所受万有引力的( )A ．0.25倍B ．0.5倍C ．2.0倍D ．4.0倍7．某星球的半径为R ，表面的重力加速度为g ，万有引力常量为G ，则该星球的平均密度为( )A. 3g 4πR 2GB. 3g 4πRGC.g RGD.g R 2G8．假设地球的质量不变，而地球的半径变为原来半径的一半，那么从地球发射人造卫星的第一宇宙速度的大小应为原来的( )A.2倍B.12倍 C.12倍 D ．2倍9．我国发射的某飞行器和神舟飞船在对接前，神舟飞船的运行轨道高度为343km ，某飞行器的运行轨道高度为350km.它们的运行轨道均视为圆，则( )A ．神舟飞船比某飞行器线速度大B ．神舟飞船比某飞行器周期长C ．神舟飞船比某飞行器角速度小D ．神舟飞船比某飞行器加速度小10．已知地球半径为R ，地球同步卫星的轨道半径为r .假设地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a 1，第一宇宙速度为v 1，地球近地卫星的周期为T 1；假设地球同步卫星的运行速率为v 2，加速度为a 2，周期为T 2.则下列比值中正确的是( )A. v 1v 2＝rRB. v 1v 2＝R rC. T 1T 2＝(R r )32D. a 1a 2＝r R11．已知地球质量为M ，半径为R ，自转周期为T ，地球同步卫星质量为m ，引力常量为G .有关地球同步卫星，下列表述错误的是( )A ．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度B ．卫星的运行速度小于第一宇宙速度C ．卫星运行时受到的向心力大小为G Mm R2 D ．卫星距离地面的高度为3GMT 24π212．关于绕着地球做匀速圆周运动的人造地球卫星(在估算时，取地球半径R ＝6400 km ，地球表面重力加速度取g ＝9.8 m/s 2)，下列说法正确的是( )A ．人造卫星轨道半径越大，线速度越小B．人造地球卫星发射速度应该大于7.9 km/s，小于11.2 km/sC．人造卫星的轨道半径越大，周期越小D．人造卫星要实现从低轨道到高轨道的变轨，需要向前喷火减速二．实验题（4分+8分=12分）1．在“研究平抛运动”的实验中，为了求平抛物体的初速度，需直接测量的数据有( ) A．小球开始滚下的高度B．小球在空中飞行的时间C．运动轨迹上某点P的水平坐标D．运动轨迹上某点P的竖直坐标2．在月球上，阿姆斯特朗和同伴奥尔德林用弹簧秤测出质量为m的仪器的重力为F；而另一位宇航员科林斯驾驶指令舱，在月球表面附近飞行一周，记下时间为T，只利用这些数据(引力常量G已知)，能估算出月球的质量为。

周口中英文学校2016-2017学年上期高三10月考试物理试题一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

)1．关于自由落体运动的加速度g ，下列说法中正确的是（ ）A ．重的物体的g 值大B ．同一位置，轻重物体的g 值一样大C ．g 值在地球上任何地方都一样大D ．g 值在赤道处大于在北极处 2．关于平均速度，下列说法正确的是（ ）A 、非匀变速直线运动在t 时间内的平均速度就等于这段时间内的初速度和末速度的平均值，即20tv v v +=B 、对于加速度发生变化的直线运动不可用txv =来求平均速度 C 、对于任何直线运动都可用公式20tv v v +=来求平均速度 D 、对于曲线运动也可用txv =来求平均速度 3.某质点做直线运动规律如图所示，下列说法中正确的是( )A ．质点在第2 s 末回到出发点B ．质点在第2 s 内和第3 s 内加速度大小相等而方向相反C ．质点在第3 s 内速度越来越小D ．在前7 s 内质点的位移为正值4.如图所示，距离水平地面高为h 的飞机沿水平方向做匀加速直线运动，从飞机上以相对地面的速度v 0依次从a 、b 、c 水平抛出甲、乙、丙三个物体，抛出的时间间隔均为T ，三个物体分别落在水平地面上的A 、B 、C 三点，若AB ＝l 1、AC ＝l 2，不计空气阻力，下列说法正确的是( )A ．三个物体在空中运动的时间关系为t 甲＜t 乙＜t 丙B ．飞机的加速度为l 2－l 1T 2C ．物体乙刚离开飞机时飞机的速度为l 22TD ．三个物体在空中运动时总在一条竖直线上5.如图所示，物体A 、B 随水平圆盘绕轴匀速转动，则物体B 在水平方向所受的作用力有( )A ．圆盘对B 和A 对B 在摩擦力，两力都指向圆心 B ．圆盘对B 的摩擦力指向圆心，A 对B 的摩擦力背离圆心C ．圆盘对B 的摩擦力、A 对B 的摩擦力以及向心力D ．圆盘对B 的摩擦力和向心力6.如图所示，轮O 1、O 3固定在同一轮轴上，轮O 1、O 2用皮带连接且不打滑，在O 1、O 2、O 3三个轮的边缘各取一点A 、B 、C ，已知三个轮的半径比r 1∶r 2∶r 3＝2∶1∶1，当转轴匀速转动时，下列说法中正确的是( )A ．A 、B 、C 三点的线速度之比为2∶1∶1 B ．A 、B 、C 三点的角速度之比为1∶2∶1 C ．A 、B 、C 三点的加速度之比为2∶4∶1D ．A 、B 、C 三点的周期之比为1∶2∶17．如图所示，有一木块沿半球形碗边缘下滑，假设由于摩擦力的作用，使得木块下滑的速率不变，则在下滑过程中( )A．木块的加速度为零B．木块所受合力不变C．木块对碗的压力大小不变，方向不断改变D．在碗底木块对碗的压力最大8. 如图所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平地面上，三条细绳结于O点。

2015-2016学年河南省周口市中英文学校高二（上）期中物理试卷一、选择题（每题4分，共48分）1．把一个带正电的金属小球A跟同样的不带电的金属球B相碰，两球都带等量的正电荷，这从本质上看是因为（）A．A球的正电荷移到B球上B．B球的负电荷移到A球上C．A球的负电荷移到B球上D．B球的正电荷移到A球上2．如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A．1、2两点的场强相等B．1、3两点的场强相等C．1、2两点的电势相等D．2、3两点的电势相等3．如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受到电场力的作用，根据此图可以作出的正确判断是（）A．带电粒子所带电荷的正、负B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的速度何处较大4．如图所示，分别在M、N两点固定放置两个点电荷+Q和﹣2Q，以MN连线的中点O为圆心的圆周上有A、B、C、D四点．下列说法正确的是（）A．A点场强小于B点场强B．C点场强与D点场强相同C．A点电势小于B点电势D．将某正电荷从C点移到O点，电场力不做功5．直线ab是电场中的一条电场线，从a点无初速度释放一电子，电子仅在电场力作用下，沿直线从a点运动到b点，其电势能E p随位移x变化的规律如图所示，设a、b两点的电场强度分别为E a和E b，电势分别为φa和φb．则（）A．E a＞E b B．E a＜E b C．φa＜φb D．φa＞φb6．如图所示，平行板电容器两极板M、N相距d，两极板分别与电压恒定为U的电源两极连接，极板M带正电．现有一质量为m的带电油滴在极板中央处于静止状态，且此时极板带电荷量与油滴带电荷量的比值为k，则（）A．油滴带负电B．油滴带电荷量为C．电容器的电容为D．将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动7．如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=3：18．如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个电阻箱R组成，它们之中一个是电压表，一个是电流表．则下列说法中正确的是（）A．甲是电压表，R增大时量程增大B．甲是电流表，R增大时量程增大C．乙是电压表，R增大时量程增大D．乙是电流表，R减小时量程增大9．如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可以视为不变），R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．闭合开关S 后，将照射光强度增强，则（）A．R1两端的电压将增大B．R2两端的电压将增大C．灯泡L将变暗 D．电路的路端电压将增大10．电动势为E，内阻为r的电源，向可变电阻R供电，关于路端电压说法正确的是（）A．因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B．因为U=IR，所以当I增大时，路端电压也增大C．因为U=E﹣Ir，所以当I增大时，路端电压减小D．若外电路断开，则路端电压为E11．在如图所示的电路中，开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A．滑动变阻器R的阻值变小B．灯泡L变暗C．电源的内功率增大 D．电容器C的电荷量增大12．如图所示，用伏安法测电阻，若电流表内阻1Ω，电压表内阻5000Ω，R x约为10Ω，则图中哪个测量结果较为准确？测量值比真实值偏大还是偏小（）A．甲电路，偏大 B．甲电路，偏小 C．乙电路，偏大 D．乙电路，偏小二、实验题（1小题为4分，2小题为4分，3小题为8分，共计16分）13．一位同学在实验中分别用游标卡尺和螺旋测微器测量物体长度，得到结果如图所示，游标卡尺示数 cm，螺旋测微器示数 cm．14．用多用表的欧姆挡测量阻值约为几十kΩ的电阻R x，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮．把你认为正确步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上．a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆挡的0刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出R x的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准欧姆挡×1kd．旋转S使其尖端对准欧姆挡×100e．旋转S使其尖端对准交流500V挡，并拔出两表笔．15．有一个小灯泡上有“4V2W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线．现有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（10Ω，2A）F．滑动变阻器（1kΩ，1A）G．学生电源（直流6V），还有电键、导线若干（1）实验中所用电压表应选，电流表应选，滑动变阻器应选（用序号字母表示）．（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图．三、计算题（1小题10分，2小题10分，3小题16分，共计36分）16．如图所示，R1=14Ω R2=9Ω．当开关处于位置1时，电流表读数I1=0.2A；当开关处于位置2时，电流表的读数I2=0.3A．求电源的电动势E和内电阻r．17．如图，一半径为r的圆环上均匀分布着电荷量为+Q的电荷，在垂直于圆环面且过圆心O 的轴线上有ABC三个点，C和O、O和A间的距离均为d，A、B间距离为2d，在B点处有一电荷量为+q的固定点电荷，已知A点处的场强为零，k为静电力常亮，求：（1）带电圆环在O点处的电场大小；（2）C点处场强．18．如图所示，在区域I（0≤x≤L）和区域Ⅱ内分别存在匀强电场，电场强度大小均为E，但方向不同．在区域I内场强方向沿y轴正方向，区域Ⅱ内场强方向未标明，都处在xoy平面内，一质量为m，电量为q的正粒子从坐标原点O以某一初速度沿x轴正方向射入电场区域I，从P点进入电场区域Ⅱ，到达Ⅱ区域右边界Q处时速度恰好为零．P点的坐标为．不计粒子所受重力，求：（1）带电粒子射入电场区域I时的初速度；（2）电场区域Ⅱ的宽度．2015-2016学年河南省周口市中英文学校高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，共48分）1．把一个带正电的金属小球A跟同样的不带电的金属球B相碰，两球都带等量的正电荷，这从本质上看是因为（）A．A球的正电荷移到B球上B．B球的负电荷移到A球上C．A球的负电荷移到B球上D．B球的正电荷移到A球上【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】金属是自由电子和金属正离子组成的，正离子只做热振动，不移动，而自由电子可以移动．根据这个分析接触带电的实质．【解答】解：A、D金属上正电荷只做无规则的热振动，不能发生移动，更不可能从一个球移动到另一个球．故A、D错误．B、C，B球原来不带电，与A球接触后，由于A球上正电荷对电子的吸引，电子从B球转移到A球上，原来中性的B球就带正电．电子带负电，所以B带正电是由于B球上的负电荷移到A球上的缘故．故B正确，C错误．故选B．【点评】本题运用基本知识分析物理现象的能力．2．如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A．1、2两点的场强相等B．1、3两点的场强相等C．1、2两点的电势相等D．2、3两点的电势相等【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大．顺着电场线，电势降低．利用这些知识进行判断．【解答】解：A、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大．故A错误；B、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与3比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大．故B错误；C，顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势．故C错误；D、由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等．故D正确．故选：D．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题．3．如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受到电场力的作用，根据此图可以作出的正确判断是（）A．带电粒子所带电荷的正、负B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的速度何处较大【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】先由粒子的运动轨迹，判断粒子所受电场力的大体方向，即粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场线疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得ab点加速度的大小．【解答】解：ABC、由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性和产生该电场的点电荷的电性．故A 错误，B正确．C、根据电场线的疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得a点加速度的大，故C正确．D、由a到b，电场力做负功，动能减小，故b处的速度小，D正确故选：BCD．【点评】本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向．4．如图所示，分别在M、N两点固定放置两个点电荷+Q和﹣2Q，以MN连线的中点O为圆心的圆周上有A、B、C、D四点．下列说法正确的是（）A．A点场强小于B点场强B．C点场强与D点场强相同C．A点电势小于B点电势D．将某正电荷从C点移到O点，电场力不做功【考点】电场的叠加；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由题，Q带正电，q带负电，电场线方向由A指向B，根据顺着电场线电势逐渐降低．电场线越密，电场强度越大．根据对称性，分析CD两点电势关系、场强关系．【解答】解：A、由于Q＞q，A点处电场线比B点处电场线密，A点场强大于B点场强，故A 正确；B、由于电场线关于MN对称，C、D两点电场线疏密程度相同，则C点场强等于D点场强，但方向与两个电荷的连线不平行，故电场强度的方向不同，故电场强度大小相等，但方向不相同；故B错误；C、由题，电场线方向由M指向N，则A点电势高于B点电势，故C错误；D、由图象知O点电势低于C点电势，故将某正电荷从C点移到O点，电场力做正功，故D错误；故选：A．【点评】本题考查判断电势、场强大小的能力，往往画出电场线，抓住电场线分布的特点进行判断．5．直线ab是电场中的一条电场线，从a点无初速度释放一电子，电子仅在电场力作用下，沿直线从a点运动到b点，其电势能E p随位移x变化的规律如图所示，设a、b两点的电场强度分别为E a和E b，电势分别为φa和φb．则（）A．E a＞E b B．E a＜E b C．φa＜φb D．φa＞φb【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电势能与位移图线的斜率反映电场力的大小，从而可以反映电场强度的大小，结合电场力做功判断出电场力的方向，从而得出电场强度的方向，根据沿电场线方向电势逐渐降低比较出a、b两点的电势．【解答】解：A、电子从a到b，电势能图线的斜率逐渐减小，斜率表示电场力的大小，知电场力逐渐减小，则电场强度逐渐减小，所以E a＞E b．故A正确，B错误．C、由于电势能逐渐降低，知电场力做正功，则电子所受的电场力方向由a指向b，电场线的方向由b指向a，沿电场线方向电势逐渐降低，则φa＜φb．故C正确，D错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键知道电势能与位移关系图线的切线斜率表示电场力，知道沿电场线方向电势逐渐降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．6．如图所示，平行板电容器两极板M、N相距d，两极板分别与电压恒定为U的电源两极连接，极板M带正电．现有一质量为m的带电油滴在极板中央处于静止状态，且此时极板带电荷量与油滴带电荷量的比值为k，则（）A．油滴带负电B．油滴带电荷量为C．电容器的电容为D．将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】带电荷量为q的微粒静止不动，所受的电场力与重力平衡，由平衡条件分析微粒的电性．由E=，求解电场强度．根据微粒的电场力有无变化，分析微粒的运动情况．【解答】解：A、由题，带电荷量为q的微粒静止不动，则微粒受到向上的电场力，平行板电容器板间场强方向竖直向下，则微粒带负电．故A正确．B、由平衡条件得：mg=q，得油滴带电荷量为：q=，故B错误．C、根据C=，结合mg=qE，且Q=kq，则得电容器的电容为：C=．故C正确．D、极板N向下缓慢移动一小段距离，电容器两极板距离s增大，板间场强减小，微粒所受电场力减小，则微粒将向下做加速运动．故D错误．故选：AC．【点评】本题整合了微粒的力平衡、电容器动态分析，由平衡条件判断微粒的电性，注意由受力情况来确定运动情况，是解题的思路．7．如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=3：1【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】通过I﹣U图象得出两电阻的关系．串联电路电流相等，并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比．【解答】解：A、根据I﹣U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：3；故A正确，B错误；C、串联电路电流处处相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1：I2=1：1．故C错误；D、并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1．故D正确；故选：AD．【点评】解决本题的关键知道I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点．8．如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个电阻箱R组成，它们之中一个是电压表，一个是电流表．则下列说法中正确的是（）A．甲是电压表，R增大时量程增大B．甲是电流表，R增大时量程增大C．乙是电压表，R增大时量程增大D．乙是电流表，R减小时量程增大【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】灵敏电流计G和变阻器R并联时，由于变阻器的分流，测量的电流增大，改装成电流表，而灵敏电流计G和变阻器R串联时，由于变阻器的分压，测量的电压增大，改装成电压表．甲表中，R增大时，变阻器分流减小，量程减小．乙表中，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大．【解答】解：A、甲表是电流表，R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故AB错误．C、乙是电压表，R增大时，变阻器分担的电压增大，乙表量程增大，故C正确，D错误．故选：C．【点评】本题考查电表改装原理的理解能力．当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值．9．如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可以视为不变），R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．闭合开关S 后，将照射光强度增强，则（）A．R1两端的电压将增大B．R2两端的电压将增大C．灯泡L将变暗 D．电路的路端电压将增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出R1两端的电压的变化，同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化．【解答】解：A、光敏电阻光照增强，故光敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流增大，所以电源内阻所占电压增大，所以路端电压减小，电流增大，所以R1两端的电压增大，故A正确，D错误；B、因电路端电压减小，同时R1两端的电压增大，故并联电路部分电压减小，则流过R2的电流减小，而总电流增大，所以通过灯泡L的电流增大，所以L变亮，故BC错误；故选：A．【点评】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．10．电动势为E，内阻为r的电源，向可变电阻R供电，关于路端电压说法正确的是（）A．因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B．因为U=IR，所以当I增大时，路端电压也增大C．因为U=E﹣Ir，所以当I增大时，路端电压减小D．若外电路断开，则路端电压为E【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】给定的电源，其电动势和内阻都不变，与外电路无关，而路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小．根据闭合电路欧姆定律分析路端电压的变化．【解答】解：A、电源的电动势不变，路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小．故A错误．B、I增大是由于外电阻R减小造成的，所以不能根据U=IR判断路端电压的变化．应这样分析：当I增大时，电源的内电压增大，由闭合电路欧姆定律可知，路端电压应减小，故B错误．C、由U=E﹣Ir分析，E、r不变，I减小，得到U增大．即路端电压增大，故C正确；D、若外电路断开，电流为零，根据U=E﹣Ir，路端电压为E，故D正确；故选：CD【点评】本题是简单的路动态分析问题．对于路端电压与电流的关系，也可以作出电源的外特性曲线U﹣I图线，更直观判断它们的关系．11．在如图所示的电路中，开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A．滑动变阻器R的阻值变小B．灯泡L变暗C．电源的内功率增大 D．电容器C的电荷量增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】灯泡L和滑动变阻器R串联、电容器C和定值电阻R0串联后两条支路再并联．当电路稳定后，电容器这一路没有电流，相当于开关断开，对另一支路没有影响．电容器的电压等于路端电压．当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律分析电流和路端电压的变化，分析灯泡亮度和电容器电量的变化．【解答】解：A、当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器R的阻值变大，故A错误；B、当R增大，由闭合电路欧姆定律知电路中的电流减小，则灯泡L将变暗．故B正确．C、电源的内功率 P=I2r，电流减小，P减小，故C错误；D、路端电压为U=E﹣Ir，I减小时，U增大，则电容器两极板间的电压增大，电容器电量为Q=CU，则Q增大．故D正确．故选：BD【点评】本题关键的要抓住电容器的特点：当电路稳定时，和电容器串联的电路没有电流，电容器电压等于这一串联电路两端的电压．12．如图所示，用伏安法测电阻，若电流表内阻1Ω，电压表内阻5000Ω，R x约为10Ω，则图中哪个测量结果较为准确？测量值比真实值偏大还是偏小（）A．甲电路，偏大 B．甲电路，偏小 C．乙电路，偏大 D．乙电路，偏小【考点】伏安法测电阻．【专题】恒定电流专题．【分析】根据待测量电阻与电压表电流表内阻的大小关系，根据误差分析方法可选择正确的电路；再由欧姆定律可分析误差情况．【解答】解：==500；==10，＞，故应采用电流表外接法，故选甲电路；由于电压表分流使电流表示数偏大流表，则由欧姆定律可知，测量值比真实值小；故选：B．【点评】本题考查伏安法测电阻的实验，要注意明确实验中内外接法的选择，并能根据电表内阻分析误差原因及结果．二、实验题（1小题为4分，2小题为4分，3小题为8分，共计16分）13．一位同学在实验中分别用游标卡尺和螺旋测微器测量物体长度，得到结果如图所示，游标卡尺示数 1.050 cm，螺旋测微器示数 1.0445（1.0443﹣1.0448） cm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为：1cm=10mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05mm=0.50mm，所以最终读数为：10mm+0.50mm=10.50mm=1.050cm．2、螺旋测微器的固定刻度为10mm，可动刻度为44.5×0.01mm=0.445mm，所以最终读数为10mm+0.445mm=10.445mm=1.0445cm，由于需要估读，最后的结果可以在1.0443﹣1.0448之间．故答案为：1.050，1.0445（1.0443﹣1.0448）【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．14．用多用表的欧姆挡测量阻值约为几十kΩ的电阻R x，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮．把你认为正确步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上．cabea．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆挡的0刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出R x的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准欧姆挡×1kd．旋转S使其尖端对准欧姆挡×100e．旋转S使其尖端对准交流500V挡，并拔出两表笔．【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】使用多用电表测电阻，应选择合适的挡位，使指针指针表盘中央刻度线附近，欧姆表换挡后要进行欧姆调零，多用电表使用完毕，要把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡上．【解答】解：用欧姆表测阻值约为几十千欧的电阻，应旋转选择开关S使其尖端对准欧姆挡×1k，然后进行欧姆调零，欧姆调零后测电阻阻值，具体做法是：将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆挡的0刻度，断开两表笔；欧姆表使用完毕，应旋转选择开关S使其尖端对准交流500V挡，并拔出两表笔，故合理的实验步骤是：cabe．故答案为：cabe．【点评】本题考查了使用多用电表测电阻的实验步骤，要掌握欧姆表的使用方法；使用多用电表测电阻，应选择合适的挡位，使指针指针表盘中央刻度线附近，欧姆表换挡后要进行欧姆调零，多用电表使用完毕，要把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡上．15．有一个小灯泡上有“4V2W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线．现有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（10Ω，2A）F．滑动变阻器（1kΩ，1A）G．学生电源（直流6V），还有电键、导线若干（1）实验中所用电压表应选 A ，电流表应选 D ，滑动变阻器应选 E （用序号字母表示）．（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】本题（1）的关键是根据小灯泡的额定电压和额定电流的大小来选择电压表和电流表的量程，根据实验要求电流从零调可知，变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器以便于调节．题（2）的关键是根据电流表的内阻为已知的确定值时，电流表采用内接法时能精确求出待测电阻的阻值，所以电流表应用内接法，又要求电流从零调可知，变阻器应用分压式接法，即可画出电路图．【解答】解：（1）：由新的规格“4V，2W”可知，额定电压U=4V，额定电流I=，所以电压表应选A，电流表应选D；由于实验要求电流从零调，所以应选阻值小的变阻器E．（2）：由于电流表的内阻为已知的确定值，电流表采用内接法时能精确求出待测电阻的阻值，所以电流表应用内接法，又实验要求电流从零调，变阻器应用分压式接法，电路图如图所示：故答案为：（1）A，D，E（2）如图【点评】当实验要求电流从零调时，变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；当电流表的内阻为已知的确定值时，电流表应用内接法．三、计算题（1小题10分，2小题10分，3小题16分，共计36分）16．如图所示，R1=14Ω R2=9Ω．当开关处于位置1时，电流表读数I1=0.2A；当开关处于位置2时，电流表的读数I2=0.3A．求电源的电动势E和内电阻r．。

河南省周口市周口中英文学校必修3物理 全册全单元精选试卷检测题一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图，ABD 为竖直平面内的绝缘轨道，其中AB 段是长为 1.25L m =的粗糙水平面，其动摩擦因数为0.1μ=，BD 段为半径R =0.2 m 的半圆，两段轨道相切于B 点,整个轨道处在竖直向下的匀强电场中，电场强度大小3510/E V m =⨯。

一带负电小球，以速度v 0从A 点沿水平轨道向右运动，接着进入半圆轨道后，恰能通过最高点D 点。

已知小球的质量为22.010m kg -=⨯，所带电荷量52.010q C -=⨯，g 取10 m/s 2(水平轨道足够长，小球可视为质点，整个运动过程无电荷转移)，求：（1）带电小球在从D 点飞出后，首次在水平轨道上的落点与B 点的距离； （2）小球的初速度v 0。

【答案】（1）0.4m ；（2）2.5m /s 【解析】 【详解】（1）对小球，在D 点，有：2Dv mg qE m R-=得：1m/s D v =从D 点飞出后，做平抛运动，有：mg qE ma -=得：25.0m/s a =2122R at =得：0.4t s =0.4m D x v t ==（2）对小球，从A 点到D 点，有：22011()2222D mg qE L mg R qE R mv mv μ---⋅+⋅=- 解得：0 2.5m/s v =2．如图所示，在沿水平方向的匀强电场中，有一长度l =0. 5m 的绝缘轻绳上端固定在O 点，下端系一质量21010m .-=⨯kg 、带电量82.010q -=⨯C 的小球（小球的大小可以忽略）在位置B 点处于静止状态，此时轻绳与竖直方向的夹角α=37°，空气阻力不计，sin37°=0. 6，cos37°=0. 8，g =10m/s 2. （1）求该电场场强大小；（2）在始终垂直于轻绳的外力作用下将小球从B 位置缓慢拉动到细绳竖直位置的A 点，求外力对带电小球做的功；（3）过B 点做一等势面交电场线于C 点（C 点未画出），使轻绳与竖直方向的夹角增大少许（不超过5°），再由静止释放，求小球从C 点第一次运动到B 点的时间，并写出分析求解过程.【答案】(1) 63.7510E =⨯N/C (2)21.2510F W J -=⨯ (3)0.31t s =【解析】 【详解】（1）带电小球静止，受到合力等于零，电场力与重力的关系是：tan Eq mg α=，即tan mgE qα=代入数值计算得电场场强大小：63.7510/E N C =⨯（2）小球在外力作用下从B 位置缓慢移动到A 位置过程中，根据动能定理有：sin (cos )0F W Eql mg l l αα-+-=所以sin tan (cos )F mgW q mg l l qααα=-- 代入数值解得电场场强大小：21.2510F W J -=⨯（3）分析受力可知：小球在运动过程中，重力和电场力的合力为恒力，大小为5cos 4mg F mg α== 类比研究单摆的方法可知，小球的运动与单摆类似，回复力由上述合力沿圆周切向的分力提供。

河南省周口中英文学校高三物理上学期期中试题正确的是（）A．a、b、c做匀速圆周运动的向心加速度大小关系为a b>a c=a aB．a、b、c做匀速圆周运动的角速度大小关系为ωa=ωc>ωbC．a、b、c做匀速圆周运动的线速度大小关系为v b >vc>vaD．a、b、c做匀速圆周运动的周期关系为T a>T c=T b 6. 竖直正方形框内有三条光滑轨道OB、OC和OD，三轨道交于O点，且与水平方向的夹角分别为30°、45°和60°。

现将甲、乙、丙三个可视为质点的小球同时从 O 点静止释放，分别沿OD、OC 和 OB 运动到达斜面底端。

则三小球到达斜面底端的先后次序是（）A. 甲、乙、丙B. 丙、乙、甲C. 甲、丙同时到达，乙后到达D. 不能确定三者到达的顺序7.如图所示，小球在竖直平面内对着圆环的圆心水平抛出，不计空气阻力，最后打在圆环上，下列说法正确的是( )A．小球的初速度增大，运动时间变短B．小球运动过程中机械能增加C．小球不可能垂直打在圆环上D．小球可能垂直打在圆环上8.如图所示，两个半径不等的光滑半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高，两个质量不等的球(从半径大的轨道下滑的小球质量大，设为大球，另一个为小球，且均可视为质点)分别自轨道左端由静止开始滑下，在各自轨道的最低点时，下列说法正确的是A．大球的速度可能小于小球的速度B．大球的动能可能小于小球的动能C．大球的向心加速度的大小等于小球的向心加速度的大小D．大球所受轨道的支持力等于小球所受轨道的支持力9. 如图所示，在斜面上的O点先后v0和2v0的速度水平抛出A、B两小球，则从抛出至第一次着地，两小球的水平位移大小之比可能为（）A．2：3 B．1：2C．1：4 D．1：510.如图，小球自轻质弹簧正上方某高度自由下落，直至最低点，则在此过程中以下说法正确的是（）（弹簧始终处于弹性限度范围内）A.小球向下接触弹簧后先加速再减速，直到速度减为零B.小球接触弹簧时速度最大C.小球的系统机械能守恒D.小球的重力势能的减小量等于弹簧的弹性势能的增加量11.如图，把物块p轻轻的放在顺时针匀速转动的皮带传送装置上，物块P运动至最高处，在此过程中，下述说法正确的是( )A．摩擦力对物体先做正功再做负功B．摩擦力对物体一直做正功C．物体一定一直加速D．带动传送带的电动机多消耗的电能等于传送带克服摩擦力做的功12.如图所示，足够长的水平传送带以速度v沿逆时针方向转动，传送带的左端与光滑圆弧轨道底部平滑连接，圆弧轨道上A点与圆心等高，一小物块从A点静止滑下，再滑上传送带，经过一段时间又返回圆弧轨道，返回圆弧轨道时小物块恰好能到达A点，则下列说法正确的是（）A. 圆弧轨道的半径可能是B. 若减小传送带速度，则小物块不可能到达A点C. 若增加传送带速度，则小物块不可能经过圆弧轨道的最高点D. 只要传送带速度足够大，小物块就可能经过圆弧轨道的最高点二.实验题（每空2分，共20分）1．为了探究动能定理。

周口中英文学校2015-2016学年上期高三第一次月考物理试题一．选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1至6题只有一项符合题目要求，第7至12题有多项符合题目要求. 全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲＝6 m/s2，a乙＝－8 m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的是( )A．甲的加速度大于乙的加速度 B．甲做减速直线运动，乙做加速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化慢 D．甲在相等时间内速度变化比乙大2．如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁，若再在斜面上加一物体m后M、m都静止，此时小车受力的个数为( )A．3 B．4 C．5 D．63. 如图，一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，α＝30°，β＝60°，则OA、OB绳的拉力之比为（）A.2:1B.3:1C. 3:2D.2:1下列说法中正确的是：( )A．第2s末甲、乙将会相遇B．第4s末甲、乙将会相遇C．在第2s内，甲的平均速度比乙的大D．在第2s末甲、乙相距最近5．有三个光滑斜轨道1、2、3，它们的倾角依次是60o，45 o和30 o，这些轨道交于O．现有位于同一竖直线上的3个小物体甲、乙、丙．分别沿这3个轨道同时从静止自由下滑，如图所示，物体滑到O点的先后顺序是( )A 、甲最先，乙稍后，丙最后B 、乙最先，然后甲和丙同时到达C 、甲、乙、丙同时到达D 、乙最先，甲稍后，丙最后6. 一质点做匀加速直线运动，速度变化v V 时发生的位移为1x ，紧接着速度变化同样的v V 时发生的位移为2x ，则该质点的加速度为（ ）A ．21211v x x V （+）() B.2212v x x -V （） C.21211-v x x V （）() D. 221v x x -V （） 7．如图所示，质量均为m 的A 、B 两物块置于水平地面上，物块与地面间的动摩擦因数均为μ，物块间用一水平轻绳相连，绳中无拉力。

周口中英文学校高三上学期第一次模拟考试物理考试卷（带答案与解析）的正确答案、解答解析、考点详解姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________1.【题文】(多选)以下情景中，加点的人或物体可看成质点的是( ) A ．研究一列火车通过长江大桥所需的时间 B ．计算在传送带上输送的工件数量C ．研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作D ．用GPS 确定打击海盗的“武汉”舰在大海中的位置 【答案】BD 【解析】试题分析：把物体看成质点的条件:物体的大小或形状对研究的问题没有影响，或者对研究问题的影响可以忽略时，物体就可以看作质点。

研究火车通过长江大桥的时间不能把火车看成质点;B 项中研究的是工件的数量，与工件的大小无关，故可将工件视为质点;研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作时，不能把翟志刚看成质点;用GPS 确定“武汉”舰在大海中的位置时，可以把“武汉”舰看成质点。

故应选B 、D 。

考点：考查了对质点的理解2.【题文】(多选)下面的几个速度中表示平均速度的是() A ．子弹射出枪口的速度是800 m/s ，以790 m/s 的速度击中目标 B ．汽车从甲站行驶到乙站的速度是40 km/h C ．汽车通过站牌时的速度是72 km/h D ．汽车通过一隧道的速度为5 m/s 【答案】BD 【解析】试题分析：A 中的“射出枪口”“击中目标”均是指某一瞬间，是瞬时速度，A 错；B 中“从甲站行驶到乙站”是一段距离，是平均速度，B 对；C 中“通过站牌时”是瞬时速度，C 错；D 中“通过一隧道”是一段位移，是平均速度，D 对。

考点：考查了对平均速度和瞬时速度的理解区分3.【题文】(单选)一石块从楼房阳台边缘向下做自由落体运动到达地面，把它在空中运动的时间分为相等的三段，如果它在第一段时间内的位移是1.2m ，那么它在第三段时间内的位移是 A ．1.2 m B ．3.6 m C ．6.0 m D ．10.8 m 【答案】C 【解析】试题分析：做初速度为零的匀加速直线运动的物体，从静止开始在相等时间内位移之比为1∶3∶5∶7∶…∶(2n-1)，由此可知，即，解得x3=6.0m，故C正确。

2015-2016学年河南省周口市中英文学校高三（上）期中物理试卷一、选择题（1-8为单选，9-12为多选．每题4分，共48分）1．汽车以36km/h的速度行驶，突然遇到紧急情况开始刹车，加速度的大小为4m/s2，从刹车开始，经过5s，汽车通过的位移为( )A．0 B．10m C．12.5m D．37.5m2．如图所示，粗糙长木板l的一端固定在铰链上，木块放在木板上，开始木板处于水平位置．当木板向下转动，θ角逐渐增大的过程中，摩擦力F f的大小随θ角变化最有可能的是选项图中的( )A．B．C．D．3．某质点做直线运动规律如图所示，下列说法中正确的是( )A．质点在第2s末回到出发点B．质点在第2s内和第3s内加速度大小相等而方向相反C．质点在第3s内速度越来越小D．在前7s内质点的位移为正值4．如图所示，斜劈ABC放在粗糙的水平地面上，在斜劈上放一重为G的物块，物块静止在斜劈上，今用一竖直向下的力F作用于物块上，下列说法错误的是( )A．斜劈对物块的弹力增大B．物块所受的合力不变C．物块受到的摩擦力增大D．当力F增大到一定程度时，物体会运动5．如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v﹣t图象如图乙所示，人顶杆沿水平地面运动的x﹣t图象如图丙所示．若以地面为参考系，下列说法正确的是( )A．猴子的运动轨迹为直线B．猴子在2 s内做匀变速曲线运动C．t=0时猴子的速度大小为8 m/sD．t=2 s时猴子的加速度大小为2 m/s26．下列关于物体的运动的叙述说法正确的是( )A．无论物体做直线还是曲线运动，只要它的加速度越大其速度变化就越快B．竖直上抛的物体一段时间的平均速度的方向必定与该段过程末瞬时速度方向相同C．平抛运动是曲线运动，但不是匀变速D．做匀速圆周运动的物体受到的合外力不变7．如图所示，甲、乙两船在同一河岸边A、B两处，两船船头方向与河岸均成θ角，且恰好对准对岸边C点．若两船同时开始渡河，经过一段时间t，同时到达对岸，乙船恰好到达正对岸的D点．若河宽d、河水流速均恒定，两船在静水中的划行速率恒定，不影响各自的航行，下列判断正确的是( )A．两船在静水中的划行速率不同B．甲船渡河的路程有可能比乙船渡河的路程小C．两船同时到达D点D．河水流速为8．宇宙中两个星球可以组成双星，它们只在相互间的万有引力作用下，绕球心连线的某点做周期相同的匀速圆周运动．根据宇宙大爆炸理论，双星间的距离在不断缓慢增加，设双星仍做匀速圆周运动，则下列说法错误的是( )A．双星相互间的万有引力减小B．双星做圆周运动的角速度增大C．双星做圆周运动的周期增大D．双星做圆周运动的半径增大9．如图，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻杆相连．系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行．在突然撤去挡板的瞬间( )A．两图中两球加速度均为gsinθB．图甲中A球的加速度为零C．图甲中B球的加速度是为2gsinθD．图乙中A球的加速度为零10．如图所示，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落到斜面底端，从抛出到落至斜面上（忽略空气阻力）( )A．两次小球运动时间之比t1：t2=1：B．两次小球运动时间之比t1：t2=1：2C．两次小球抛出时初速度之比v01：v02=1：D．两次小球抛小时初速度之比v01：v02=1：211．如图所示，在固定的圆锥形漏斗的光滑内壁上，有两个小物块A和B，质量分别为m A和m B，它们分别紧贴漏斗的内壁．在不同的水平面上做匀速圆周运动，则以下叙述正确的是( )A．不论A、B质量关系如何，物块A的线速度始终大于物块B的线速度B．只有当m A＜m B，物块A的角速度才会大于物块B的角速度C．不论A、B质量关系如何，物块A对漏斗内壁的压力始终大于物块B对漏斗内壁的压力D．不论A、B质量关系如何，物块A的周期始终大于物块B的周期12．2014年11月中国的北斗系统成为第三个被联合国认可的海上卫星导航系统，其导航系统中部分卫星运动轨道如图所示．己知a、b、c为圆形轨道( )A．在轨道a、b运行的两颗卫星加速度相同B．在轨道a、b运行的两颗卫星受到地球的引力一样大C．卫星在轨道c、a的运行周期T a＞T cD．卫星在轨道c、a的运行速度v a＜v c二、实验题（每空2分，共计16分）13．完成以下“验证力的平行四边形定则”实验的几个主要步骤：①如图甲，用两只弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，记下结点O点的位置、两弹簧测力计的读数F1、F2以及__________．②如图乙，用一只弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条的结点拉到__________，记下细绳套的方向（如图丙中的c），读得弹簧测力计的示数F=__________．③如图丙，按选定的标度作出了力F1、F2的图示，请在图丙中：a．按同样的标度作出力F的图示b．按力的平行四边形定则作出F1、F2的合力F′14．现要用如图1所示装置探究“物体的加速度与受力的关系”，小车所受拉力及其速度大小可分别由拉力传感器和速度传感器记录下来．速度传感器安装在距离L=48.0cm的长木板的A、B两点．①实验主要步骤如下：A．将拉力传感器固定在小车上；B．把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与钩码相连；C．接通电源后自C点释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力F的大小及小车分别到达A、B时的速率v A、v B；D．改变所挂钩码的数量，重复D的操作．②表中记录了实验测得的几组数据，v B2﹣v A2是两个速度传感器记录的速率的平方差，则加速度的表达式a=__________．表中的第3次实验数据应该为a=__________m/s2（结果保留三位有效数字）．③如图2所示的坐标纸上已经绘出了理论上的a﹣F图象．请根据表中数据，在坐标纸上作出由实验测得的a﹣F图线．④对比实验结果与理论计算得到的两个关系图线，分析造成上述偏差的主要原因是__________．根据你作出的a﹣F图象__________（填“能”或“不能”）求出小车和拉力传感器的总质量．三、计算题（1小题8分，2小题8分，3小题10分，4小题10分，共计36分）15．宇航员在某星球表面以初速度v0竖直上抛一小球，经过时间t小球落回原处，不考虑空气阻力，若该星球的半径为R，求该星球的第一宇宙速度．16．小球a在小球b正上方h=5m处，现将两球以大小相等的速度v=10m/s同时抛出，其中小球a速度水平向右，小球b速度竖直向上．忽略空气阻力作用，取重力加速度g=10m/s2．求当a、b两球到达同一高度时，两球间距离s．17．在一次低空跳伞训练中，当直升机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动．运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降．为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，求：（取g=10m/s2）（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？18．如图所示，一足够长的木板B静止在光滑的水平地面上，现有一个小滑块A以v0=2m/s的水平初速度冲上该木板．已知木板质量是小滑块质量的2倍，木板与小滑块间的动摩擦因数μ=0.1．（g取10m/s2）求：（1）经过多长时间小滑块相对长木板保持静止；（2）小滑块相对长木板滑行的距离．2015-2016学年河南省周口市中英文学校高三（上）期中物理试卷一、选择题（1-8为单选，9-12为多选．每题4分，共48分）1．汽车以36km/h的速度行驶，突然遇到紧急情况开始刹车，加速度的大小为4m/s2，从刹车开始，经过5s，汽车通过的位移为( )A．0 B．10m C．12.5m D．37.5m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据速度时间公式求出汽车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出刹车后的位移．【解答】解：36km/h=10m/s，汽车速度减为零的时间，则5s内的位移等于2.5s内的位移，x=．故选：C．【点评】本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动．2．如图所示，粗糙长木板l的一端固定在铰链上，木块放在木板上，开始木板处于水平位置．当木板向下转动，θ角逐渐增大的过程中，摩擦力F f的大小随θ角变化最有可能的是选项图中的( )A．B．C．D．【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】摩擦力变化有两个阶段，角度θ小于一定角度时是静摩擦，角度θ大于一定角度时是动摩擦．【解答】解：使铁块沿着斜面下滑的力是F=mgsinθ，对于一个确定的角度θ，最大静摩擦力是f m=μmgcosθ，当然，θ改变了，f m也改变．如果，F＜f m，那么，铁块受到的摩擦力是静摩擦，摩擦力f=F=mgsinθ，随θ的增大，摩擦力f增大；当θ增大到某一值时，会出现F＞f m，此时铁块在木板上滑动，铁块受到的摩擦力是滑动摩擦力，滑动摩擦力摩擦力f=μmgcosθ，随θ的增大，cosθ变小，滑动摩擦力变小，但f与θ不是线性关系，故ACD错误，B正确；故选B．【点评】知道在整个过程中，摩擦力先是静摩擦力，后是滑动摩擦力，求出摩擦力的表达式是正确解题的关键．3．某质点做直线运动规律如图所示，下列说法中正确的是( )A．质点在第2s末回到出发点B．质点在第2s内和第3s内加速度大小相等而方向相反C．质点在第3s内速度越来越小D．在前7s内质点的位移为正值【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】由图象可知质点速度随时间的变化情况，由图象的斜率可知加速度的大小及方向；由图线与时间轴所围成的面积可求得物体通过的位移．【解答】解：A、前2s内的位移为正，没有回到出发点，故A错误；B、物体在第2s内做正向减速运动，加速度沿运动的反方向，第3s内做反向的匀加速运动，加速度也沿负方向运动，故加速度的方向均沿负方向，故B错误；C、质点在第3s内速度沿负方向，但速度的大小增加，故C错误；D、物体在前2s内做正向运动，第3s与第4s内做反向运动，由图可知，4s末时物体恰好回到出发点静止，此后2s内物体沿正向运动，第7s时物体反向，由图象可知，7s内的总位移为正；故D正确；故选：D【点评】在理解图象时应明确v﹣t图象中只有两个方向，正方向和负方向，且负值只表示速度的方向，不表示大小．4．如图所示，斜劈ABC放在粗糙的水平地面上，在斜劈上放一重为G的物块，物块静止在斜劈上，今用一竖直向下的力F作用于物块上，下列说法错误的是( )A．斜劈对物块的弹力增大B．物块所受的合力不变C．物块受到的摩擦力增大D．当力F增大到一定程度时，物体会运动【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以物块为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件分析斜劈对物块和摩擦力的弹力如何变化．物块静止在斜劈上时，重力沿斜面向下的分力小于等于最大静摩擦力，分析当力F增大时沿斜面向下的外力与最大静摩擦力的关系，判断物体能否运动．【解答】解：B、D，设斜面的倾角为θ，物块与斜面间的动摩擦因数为μ．以物块为研究对象，未加F时物块静止在斜劈上，则有Gsinθ≤μGcosθ，即有sinθ≤μcosθ．当用竖直向下的力F作用于物块上时，受力情况如图，沿斜面向下的分力为（G+F）sinθ最大静摩擦力为f m=μ（G+F）cosθ由于sinθ≤μcosθ，则（G+F）sinθ≤f m，所以当力F增大到一定程度时，物体不会运动，物块所受的合力为零，保持不变．故B正确，D错误．A、B根据平衡条件得N=（G+F）cosθ＞Gcosθ，则斜劈对物块的弹力增大．f=（G+F）sinθ＞Gsinθ，则物块受到的摩擦力增大．故AB正确．本题选错误的，故选D【点评】本题关键要根据沿斜面向下的外力与最大静摩擦力的关系判断物块能否运动．只有外力大于静摩擦力时物块才能向下运动．5．如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v﹣t图象如图乙所示，人顶杆沿水平地面运动的x﹣t图象如图丙所示．若以地面为参考系，下列说法正确的是( )A．猴子的运动轨迹为直线B．猴子在2 s内做匀变速曲线运动C．t=0时猴子的速度大小为8 m/sD．t=2 s时猴子的加速度大小为2 m/s2【考点】牛顿第二定律；运动的合成和分解．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】猴子参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀减速直线运动，通过运动的合成，判断猴子相对于地面的运动轨迹以及运动情况．求出t=2s时刻猴子在水平方向和竖直方向上的分加速度，根据平行四边形定则，求出猴子相对于地面的加速度．【解答】解：A、B由乙图知，猴子竖直方向上做匀减速直线运动，加速度竖直向下．由丙图知，猴子水平方向上做匀速直线运动，则猴子的加速度竖直向下，与初速度方向不在同一直线上，故猴子在2s内做匀变速曲线运动．故A错误，B正确．C、s﹣t图象的斜率等于速度，则知猴子水平方向的初速度大小为v x=4m/s，竖直方向分速度v y=8m/s，t=0时猴子的速度大小为：v==4 m/s．故C错误．D、v﹣t图象的斜率等于加速度，则知猴子的加速度大小为：a==m/s2=4m/s2．故D 错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道猴子参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀加速直线运动，会运用运动的合成分析物体的运动轨迹和运动情况．6．下列关于物体的运动的叙述说法正确的是( )A．无论物体做直线还是曲线运动，只要它的加速度越大其速度变化就越快B．竖直上抛的物体一段时间的平均速度的方向必定与该段过程末瞬时速度方向相同C．平抛运动是曲线运动，但不是匀变速D．做匀速圆周运动的物体受到的合外力不变【考点】匀速圆周运动；平抛运动．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量．加速度大，速度变化快．物体做直线运动的条件是：受到的合力与速度方向在同一直线上，平均速度方向与位移方向相同，做匀速圆周运动的物体受到的合外力大小不变，方向时刻改变．【解答】解：A、加速度是反映速度变化快慢的物理量．加速度大，速度变化快．故A正确．B、平均速度方向与位移方向相同，竖直上抛的物体位移方向与末速度方向不一定相同，所以平均速度方向与末速度方向不一定相同．故B错误．C、物体做竖直下抛运动时，做匀变速直线运动．故C错误．D、做匀速圆周运动的物体受到的合外力大小不变，方向时刻改变．故D错误．故选：A．【点评】本题主要考查加速度的定义、匀速圆周运动的特点，知道受到的合力与速度方向在同一直线上时，物体做直线运动，不在同一直线时做曲线运动，难度不大．7．如图所示，甲、乙两船在同一河岸边A、B两处，两船船头方向与河岸均成θ角，且恰好对准对岸边C点．若两船同时开始渡河，经过一段时间t，同时到达对岸，乙船恰好到达正对岸的D点．若河宽d、河水流速均恒定，两船在静水中的划行速率恒定，不影响各自的航行，下列判断正确的是( )A．两船在静水中的划行速率不同B．甲船渡河的路程有可能比乙船渡河的路程小C．两船同时到达D点D．河水流速为【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】小船过河的速度为船在静水中的速度垂直河岸方向的分速度，故要求过河时间需要将船速分解为沿河岸的速度和垂直河岸的速度；要求两船相遇的地点，需要求出两船之间的相对速度，即它们各自沿河岸的速度的和．【解答】解：A、由题意可知，两船渡河的时间相等，两船沿垂直河岸方向的分速度υ1相等，由υ1=υsinθ知两船在静水中的划行速率υ相等，选项A错误；B、乙船沿BD到达D点，可见河水流速υ水方向沿AB方向，可见甲船不可能到达到正对岸，甲船渡河的路程较大，选项B错误；C、由于甲船沿AB方向的位移大小x=（υcosθ+υ水）t==AB，可见两船同时到达D点，选项C正确；D、根据速度的合成与分解，υ水=υcosθ，而υsinθ=，得υ水=，选项D错误；故选：C．【点评】本题考查了运动的合成与分解，相对速度，小船过河问题，注意过河时间由垂直河岸的速度与河宽决定．8．宇宙中两个星球可以组成双星，它们只在相互间的万有引力作用下，绕球心连线的某点做周期相同的匀速圆周运动．根据宇宙大爆炸理论，双星间的距离在不断缓慢增加，设双星仍做匀速圆周运动，则下列说法错误的是( )A．双星相互间的万有引力减小B．双星做圆周运动的角速度增大C．双星做圆周运动的周期增大D．双星做圆周运动的半径增大【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】双星做匀速圆周运动具有相同的角速度，靠相互间的万有引力提供向心力，即G=m 1r1ω2=m2r1ω2．得出双星的轨道半径关系，从而确定出双星的半径如何变化，以及得出双星的角速度和周期的变化．【解答】解：A、双星间的距离在不断缓慢增加，根据万有引力定律，F=G ，知万有引力减小．故A正确．B、根据G =m1r1ω2=m2r1ω2，知m1r1=m2r2，知轨道半径比等于质量之反比，双星间的距离变大，则双星的轨道半径都变大，根据万有引力提供向心力，知角速度变小，周期变大．故B 错误，C正确，D正确本题选错误的故选B．【点评】解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，知道双星的轨道半径比等于质量之反比．9．如图，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻杆相连．系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行．在突然撤去挡板的瞬间( )A．两图中两球加速度均为gsinθB．图甲中A球的加速度为零C．图甲中B球的加速度是为2gsinθD．图乙中A球的加速度为零【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据弹簧弹力不能突变，杆的弹力会突变，分析撤去挡板的瞬间，图甲和图乙中AB 所受合外力即可得到各自的加速度．【解答】解：撤去挡板前，对整体分析，挡板对B球的弹力大小为2mgsinθ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B 球所受合力为2mgsinθ，加速度为2gsinθ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B球所受合力均为mgsinθ，加速度均为gsinθ，故BC正确，AD错误．故选：BC【点评】本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，知道弹簧的弹力在撤去挡板的瞬间保持不变，结合牛顿第二定律进行求解．10．如图所示，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落到斜面底端，从抛出到落至斜面上（忽略空气阻力）( )A．两次小球运动时间之比t1：t2=1：B．两次小球运动时间之比t1：t2=1：2C．两次小球抛出时初速度之比v01：v02=1：D．两次小球抛小时初速度之比v01：v02=1：2【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间之比，水平方向做匀速运动，且小球水平位移之比为1：2，从而求出初速度之比．【解答】解：A、平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据h=gt2，得t=．因为两次小球下降的高度之比为1：2，则运动时间之比为1：．故A正确，B错误．C、小球水平位移之比为1：2，则水平初速度之比为1：，故C正确，D错误．故选：AC【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．以及知道小球落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移比值一定．11．如图所示，在固定的圆锥形漏斗的光滑内壁上，有两个小物块A和B，质量分别为m A和m B，它们分别紧贴漏斗的内壁．在不同的水平面上做匀速圆周运动，则以下叙述正确的是( )A．不论A、B质量关系如何，物块A的线速度始终大于物块B的线速度B．只有当m A＜m B，物块A的角速度才会大于物块B的角速度C．不论A、B质量关系如何，物块A对漏斗内壁的压力始终大于物块B对漏斗内壁的压力D．不论A、B质量关系如何，物块A的周期始终大于物块B的周期【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】两球在不同的水平面上做半径不同的匀速圆周运动，因为所受的重力与支持力分别相等，即向心力相同，由牛顿第二定律可以解得其线速度间、角速度间、周期间的关系．【解答】解：A、对A、B两球进行受力分析，两球均只受重力和漏斗给的支持力F N．如图所示．设内壁与水平面的夹角为θ．根据牛顿第二定律有：mgtanθ=则v=，半径大的线速度大，所以A的线速度大于B的线速度，与质量无关．故A 正确；B、根据ω=，知半径越大，角速度越小，所以A的角速度小于B的角速度，与质量无关．故B错误；C、支持力，与物体的质量成正比，根据牛顿第三定律可知，物体对漏斗的压力也是与物体的质量成正比．．故C错误；D、根据T=得，角速度越大，周期越小，所以A的周期大于B的周期，与质量无关．故D 正确．故选：AD．【点评】对物体进行受力分析，找出其中的相同的量，再利用圆周运动中各物理量的关系式分析比较，能较好的考查学生这部分的基础知识的掌握情况．12．2014年11月中国的北斗系统成为第三个被联合国认可的海上卫星导航系统，其导航系统中部分卫星运动轨道如图所示．己知a、b、c为圆形轨道( )A．在轨道a、b运行的两颗卫星加速度相同B．在轨道a、b运行的两颗卫星受到地球的引力一样大C．卫星在轨道c、a的运行周期T a＞T cD．卫星在轨道c、a的运行速度v a＜v c【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律求出加速度、周期、线速度，然后分析答题．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力，有：G=ma，解得：a=，因为a、b的轨道半径相等，故a、b的加速度大小相等，但加速度的方向不同，所以加速度不同．故A错误．B、由于a、b的质量不知道，无法确定受到的地球引力的大小，故B错误．C、根据万有引力提供向心力，有：G=m r，解得：T=2π，c的轨道半径小于a的轨道半径，故a的周期大于c的周期，即T a＞T c，故C正确．D、根据万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=m，解得：v=，c的轨道半径小于a的轨道半径，故a的线速度小于c的线速度，即v a＜v c，故D正确．故选：CD．【点评】本题考查了万有引力定律的应用，解题的关键是要掌握万有引力提供向心力，并且能够根据题意选择向心力的表达式．二、实验题（每空2分，共计16分）13．完成以下“验证力的平行四边形定则”实验的几个主要步骤：①如图甲，用两只弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，记下结点O点的位置、两弹簧测力计的读数F1、F2以及两细绳套的方向．。