安徽省江淮十校2020届高三第三次联考(5月)理综化学试题(wd无答案)

绝密★启用前安徽省江淮十校联盟2020届高三毕业班第三次联考质量检测理科综合试题2020年5月考生注意：1．本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。

满分300分，考试时间150分钟。

2．考生作答时，请将答案答在答题卡上。

必须在题号所指示的答题区城作答，超出．．答．题．区域书写的．．．．．．．．．．．．．．．．．．．无效，在试题卷、草稿纸上答题无效。

．．．．．答案3．做选考题时，考生须按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 S 32 Ni 59 Cu 64第Ⅰ卷（共126分）一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．在适宜的条件下．将丽藻培养在含NH4NO3的完全营养液中，一段时间后，发现营养液中NH4+和NO3－的含量不变，下列叙述合理的是A．NH4+和NO3－可通过自由扩散进入根细胞B．NH4NO3必须溶解在水中才能被根吸收C．植物需要N元素,但NH4+和NO3－没有被吸收D．温度升高会促进丽藻对NH4+和NO3－的吸收2．关于细胞结构和功能的叙述,错误的是A．当细胞衰老时,其细胞膜的通透性会发生改变B．膜蛋白的形成与核糖体、内质网、高尔基体有关C．成人心肌细胞中线粒体数量比腹肌细胞的多D．在光镜的高倍镜下观察新鲜菠菜叶装片,可见叶绿体的结构3．从二倍体哺乳动物精巢中取细胞分析其分裂图像,其中甲、乙两类细胞的染色体组数和同源染色体对数如图所示。

下列叙述正确的是A．甲类细胞是精原细胞或初级精母细胞B．甲类细胞处于减数第一次分裂的前、中、后期C．乙类细胞中,性染色体只有一条X染色体或Y染色体D．乙类细胞的分裂会因同源染色体分离导致染色体组数减半。

安徽省江淮十校2020届高三第三次联考（5月）理综化学试题题号一二总分得分评卷人得分一、选择题本大题共3道小题。

1.已知A、B、C、D、E是原子序数依次增大的五种短周期主族元素，其中B和D同主族，中学阶段常见物质X、Y、Z为其中的三种元素组成的化合物，且均为强电解质，当X、Y按物质的量之比为1：2反应时，有如图转化关系。

下列说法正确的是（）A. C、D、E三种元素一定位于同一周期B. 物质X、Y、Z既含有离子键又含有共价键C. C和D形成的化合物溶于水，其溶液显中性D. 简单氢化物的热稳定性：D>E2.次磷酸钴[Co(H2PO2)2]广泛应用于化学电镀，工业上利用电渗析法制取次磷酸钴的原理图如图所示。

已知：①该装置的电极材料分别为金属钴和不锈钢。

②Co(H2PO2)2溶液在强碱性条件下通过自身催化发生氧化还原反应，实现化学镀钴。

下列说法中正确的是（）A. 膜Ⅱ、膜Ⅲ均为阴离子交换膜B. M电极反应为Co-2e-+2H2PO2-=Co(H2PO2)2C. a为电源的负极D. Co(H2PO2)2溶液化学镀钴过程中反应可能为Co2++H2PO2-+3OH=Co+HPO3-+2H2O3.设N A为阿伏加德罗常数的值。

下列说法正确的是（）A. 52g苯乙烯含碳碳双键数目为2N AB. 1L0.5mol·L -1醋酸钠溶液中阴阳离子总数目小于N AC. 标准状况下，22.4L一氯甲烷含共用电子对数为4N AD. 有铁粉参加的反应若生成3molFe2+，则转移电子数一定为6N A评卷人得分一、填空题本大题共3道小题。

4.某研究小组以苯乙烯和乙烯为主要原料，设计出医药中间体G的合成路线如图：已知RCOOH RCOCl RCOOR’。

（1）B中含氧官能团的名称为___；D的结构简式为___。

（2）乙烯的某种同系物的化学名称为“甲基丙烯”，则甲基丙烯的结构简式为___。

（3）B能通过分子间脱水生成有机物X，X可用于香料，其结构中含有三个六元环状结构，则B转化为X的化学方程式：___。

【校级联考】安徽省江淮十校【精品】高三下学期第三次联考理科综合能力测试化学试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．冰晶石(Na3AlF6)微溶于水，工业上用萤石(CaF2含量为96%)、二氧化硅为原料，采用氟硅酸钠法制备冰晶石，其工艺流程如下：据此分析，下列观点不正确的是A．滤渣A的主要成分是CaSO4B．上述流程中，所涉反应没有复分解反应C．“操作i”不可用硅酸盐质设备进行分离D．流程中可循环使用的物质除H2SO4、SiO2外，滤液B经浓缩后也能循环使用2．化学与生活密切相关。

下列关于生活用品的观点不合理的是A．保鲜膜、橡胶手套、棉布围裙，其主要材料属于天然纤维B．羽绒被、羊毛衫、羊皮袄，其主要成分属于蛋白质C．玻璃纸、乙醇、葡萄糖均可由纤维素得到D．漂白液、漂粉精均可用于游泳池以及环境的消毒3．工业上常用水蒸气蒸馏的方法(蒸馏装置如图)从植物组织中获取挥发性成分。

这些挥发性成分的混合物统称精油，大都具有令人愉快的香味。

从柠檬、橙子和柚子等水果的果皮中提取的精油90%以上是柠檬烯(柠檬烯)。

提取柠檬烯的实验操作步骤如下：①将1~2个橙子皮剪成细碎的碎片，投入乙装置中，加入约30mL水；②松开活塞K。

加热水蒸气发生器至水沸腾，活塞K的支管口有大量水蒸气冒出时旋紧，打开冷凝水，水蒸气蒸馏即开始进行，可观察到在馏出液的水面上有一层很薄的油层。

下列说法不正确的是A．当馏出液无明显油珠，澄清透明时，说明蒸馏完成B．蒸馏结束后，先把乙中的导气管从溶液中移出，再停止加热C．为完成实验目的，应将甲中的长导管换成温度计D．要得到纯精油，还需要用到以下分离提纯方法：分液、蒸馏4．乳酸乙酯()是一种食用香料，常用于调制果香型、乳酸型食用和酒用精。

乳酸乙酯的同分异构体M有如下性质：0.1mol M分别与足量的金属钠和碳酸氢钠反应，产生的气体在相同状况下的体积相同，则M的结构最多有(不考虑空间异构) A．8种B．9种C．10种D．12种5．A、B、C、D、E、F为原子序数依次递增的六种短周期主族元素，工业上通过分离液态空气获得B的单质，C与A、F两元素原子序数之差的绝对值都是8，E的简单离子半径均小于同周期其它元素的简单离子半径。

绝密★启用前安徽省江淮十校联盟2020届高三毕业班第三次联考质量检测英语试题2020年5月注意事项：1.本试卷由四个部分组成。

其中第一、二部分和第三部分的第一节为选择题。

第三部分的第二节和第四部分为非选择题。

共150分。

2.全部答案在答题卡上相应区域内完成，在本试卷上作答无效。

选择题请使用2B铅笔填涂，非选择题请使用0.5毫米黑色签字笔作答。

要求字体工整、笔迹清晰。

3. 请在答题卡规定的地方填写好个人信息，并认真核对答题卡上所粘贴的条形码是否与本人的信息一致。

4. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第一部分听力（共两节，满分30分）做题时先将答案标在试卷上，录音内容结束后，你将有两分钟的时间将试卷上的答案转涂到答题卡上。

第一节（共5小题;每小题1.5分，满分7.5分）听下面5段对话。

每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。

听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。

每段对话仅读一遍。

1. What does the woman want to do?A. Take a bus to Brooklyn.B. Go to the 12th street.C. Put up a sign at the bus stop.2. When is Sara's car supposed to arrive?A. At 4:20 pm.B. At 4：35 pm.C. At 6: 20 pm.3. What is the probable relationship between the speakers?A. Customer and clerk.B. Teacher and student.C. Manager and employee.4. Where does the conversation take place?A. At the man's office.B. At a clothing store.C. At a travel agency.5. Who plays tennis best in the woman's opinion?A. David.B. Steven.C. Mike.第二节（共15小题;每小题1.5分，满分22.5分）听下面5段对话或独白，每段对话或独白后有几个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。

“江淮十校”2020届高三第三次联考物理试卷2020.5考生注意：1．本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。

满分300分，考试时间150分钟。

2．考生作答时，请将答案答在答题卡上。

必须在题号所指示的答题区城作答，超出．．答题．．区域书写的．．．．．答案．．无．效，在试题卷、草稿纸上答题无效。

．．．．．．．．．．．．．．．．3．做选考题时，考生须按照题目要求作答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 S 32 Ni 59 Cu 64第Ⅰ卷二、选择题（本大题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19 -21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。

请选出符合题目要求的一项或多项填入答题卷中。

）14．如图所示为氢原子的能级图，一群处在 n=4激发态的氢原子向低能级跃迁，用所辐射的光子照射某金属，能打出的光电子的最大初动能为10. 25 eV ，则氢原子辐射的光子中能使该金属发生光电效应的光子种数为 A ．2 B ．3 C ．4 D ．515．如图所示为甲、乙两个质点沿同一方向做直线运动的位移—时间图像（x -t 图像），甲做匀速直线运动，乙做匀加速直线运动，t=4s 时刻图像乙的切线交时间轴t=1.5s 点处，由此判断质点乙在t=0时刻的速度是质点甲速度的A ．15倍 B ．25倍 C ．38倍 D ．58倍16．空间存在竖直向下的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B 0，两根长直导线A 、B 垂直于纸面水平放置，两导线中通入大小相等方向相反的恒定电流，a 点为A 、B 连线的中点，a 、b 两点关于B 对称，若a 、b 两点的磁感应强度大小分别为B 1、B 2，方向均竖直向下，则撤去匀强磁场和长直导线B 以后，a 、b 两点的磁感应强度大小分别为A ．102B B -，120232B B B -+ B ．102B B +，120232B B B +- C ．102B B -，120232B B B +-D ．102B B +，120232B B B -+17．如图所示，小球B 用细线悬挂静止，将小球A 从图示位置斜向上抛出的同时将细线剪断，不计空气阻力，结果两个球在空中相遇，已知两球开始时的位置连线与水平方向的夹角为θ，小球A 抛出时的初速度与水平方向的夹角为α，则下列说法正确的是 A ．αθ> B ．αθ<C ．小球抛出的初速度方向确定，大小可以不确定D ．小球抛出的初速度方向可以不确定，大小也可以不确定18．如图所示，带电量为+Q 1和带电量为－Q 2的两个点电荷分别固定于x 轴的负半轴上某点和坐标原点O 处，将一个带正电的带电粒子放在x 轴正半轴上的a 点时恰好能处于静止，若将该电荷在x 轴正半轴上b 点（图中未标出）由静止释放时，该粒子向右运动，不计粒子的重力，则下列说法正确的是 A ．Q 1<Q 2B ．b 点一定在a 点的右侧C ．此粒子此后做往复运动D ．此粒子此后运动的加速度一直减小19．如图所示，N 匝矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，线圈的面积为S ，匀强磁场的磁感应强度大小为B ，线圈转动的角速度为ω，线圈和灯泡的电阻均为R ，俯视看线圈沿逆时针方向转动，当线圈转到图示位置时（即线圈平面与磁感线平行），下列说法正确的是 A ．电流方向发生改变B ．线圈中的磁通量变化最快C ．ab 边受到的安培力垂直纸面向里D ．灯泡中的电流大小为2NBS ω20．在银河系中，双星的数量非常多，估计不少于单星。

“江淮十校”2020届高三第三次联考化学试卷2020.5考生注意：1．本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。

满分300分，考试时间150分钟。

2．考生作答时，请将答案答在答题卡上。

必须在题号所指示的答题区城作答，超出．．．．．答案．．无．．．答题．．区域书写的效，在试题卷、草稿纸上答题无效。

．．．．．．．．．．．．．．．．3．做选考题时，考生须按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 S 32 Ni 59 Cu 64第Ⅰ卷一、选择题：本在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

7．化学与生活密切相关，下列观点错误的是A．硝酸铵、液氨可用作制冷剂B．苏打、小苏打可用作食用面碱C．二氧化氯、漂白粉可用作自来水的杀菌消毒剂D．氧化铝、二氧化硅可用作制坩埚8．BASF高压法制备醋酸，所采用钴碘催化循环过程如图所示，则下列观点错误的是A．CH3OH转化为CH3I的有机反应类型属于取代反应B．从总反应看，循环过程中需不断补充CH3OH、H2O、CO等C．与乙酸乙酯互为同分异构体且与CH3COOH互为同系物的物质有2种结构D．工业上以淀粉为原料也可以制备醋酸9．设N A为阿伏加德罗常数的值。

下列说法正确的是A．52 g苯乙烯含碳碳双键数目为2N AB．1 L 0.5 mol·L-1醋酸钠溶液中阴阳离子总数目小于N AC．标准状况下，22.4L一氯甲烷含共用电子对数为4N AD．有铁粉参加的反应若生成3 mol Fe2+，则转移电子数一定为6N A10．已知A、B、C、D、E是原子序数依次增大的五种短周期主族元素，其中B和D同主族，中学阶段常见物质X、Y、Z为其中的三种元素组成的化合物，且均为强电解质，当X、Y按物质的量之比为1：2反应时，有如图转化关系。

下列说法正确的是A．C、D、E三种元素一定位于同一周期B．物质X、Y 、Z既含有离子键又含有共价键C．C和D形成的化合物溶于水，其溶液显中性D．简单氢化物的热稳定性：D>E11．次磷酸钴[Co( H 2PO 2)2]广泛应用于化学电镀，工业上利用电渗析法制取次磷酸钴的原理图如右图所示。

安徽省江淮十校2020届高三第三次联考（5月）理综化学试题一、单选题(★★) 1. 化学与生活密切相关，下列观点错误的是（）A．硝酸铵、液氨可用作制冷剂B．苏打、小苏打可用作食用面碱C．二氧化氯、漂白粉可用作自来水的杀菌消毒剂D．氧化铝、二氧化硅可用作制坩埚(★★★) 2. BASF高压法制备醋酸，所采用钴碘催化循环过程如图所示，则下列观点错误的是（）A．CH3OH转化为CH3I的有机反应类型属于取代反应B．从总反应看，循环过程中需不断补充CH3OH、H2O、CO等C．与乙酸乙酯互为同分异构体且与CH3COOH互为同系物的物质有2种结构D．工业上以淀粉为原料也可以制备醋酸(★★★) 3. 设N A为阿伏加德罗常数的值。

下列说法正确的是（）A．52g苯乙烯含碳碳双键数目为2N AB．1L0.5mol·L-1醋酸钠溶液中阴阳离子总数目小于N AC．标准状况下，22.4L一氯甲烷含共用电子对数为4N AD．有铁粉参加的反应若生成3molFe2+，则转移电子数一定为6N A(★★★★) 4. 已知A、B、C、D、E是原子序数依次增大的五种短周期主族元素，其中B和D同主族，中学阶段常见物质X、Y、Z为其中的三种元素组成的化合物，且均为强电解质，当X、Y按物质的量之比为1：2反应时，有如图转化关系。

下列说法正确的是（）A．C、D、E三种元素一定位于同一周期B．物质X、Y、Z既含有离子键又含有共价键C．C和D形成的化合物溶于水，其溶液显中性D．简单氢化物的热稳定性：D>E(★★★) 5. 次磷酸钴[Co(H 2PO 2) 2]广泛应用于化学电镀，工业上利用电渗析法制取次磷酸钴的原理图如图所示。

已知：①该装置的电极材料分别为金属钴和不锈钢。

②Co(H 2PO 2) 2溶液在强碱性条件下通过自身催化发生氧化还原反应，实现化学镀钴。

下列说法中正确的是（）A．膜Ⅱ、膜Ⅲ均为阴离子交换膜B．M电极反应为Co-2e-+2H2PO2-=Co(H2PO2)2C．a为电源的负极D．Co(H2PO2)2溶液化学镀钴过程中反应可能为Co2++H2PO2-+3OH=Co+HPO3-+2H2O(★★★) 6. 氨基甲酸铵（H 2NCOONH 4）是常用的氨化剂之一。

2020年安徽省江淮十校高考数学第三次联考试卷（理科）（5月份）一、单项选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.已知集合A={x|y=ln(x−1)}，B={x|2x>1}，则A∩B=()A. [1,+∞)B. (1,+∞)C. (0,+∞)D. (0,1)2.复数z满足(−12+√32i)z=1，则z的共轭复数为()A. 12+√32i B. 12−√32i C. −12+√32i D. −12−√32i3.已知双曲线y2a2−x2b2=1(a>0,b>0)的离心率为2.则其渐近线的方程为()A. x±√3y=0B. √3x±y=0C. √2x±y=0D. x±y=04.如图，点A的坐标为(1,0)，点C的坐标为(2,4).函数f(x)=x2，若在矩形ABCD内随机取一点．则该点取自阴影部分的概率为()A. 13B. 12C. 23D. 5125.等差数列{a n}的首项为5.公差不等于零．若a2，a4，a5成等比数列，则a2020=()A. 12B. √32C. −√32D. −20146.(x+1)4(1−2x)3展开式中x6的系数为()A. 20B. −20C. 44D. 407.某多面体的三视图如图所示，该多面体的各个面中有若干个是三角形，这些三角形的面积之和为()A. 16B. 12C. 8+4√2D. 8+4√68.执行如图所示的程序框图，若输出的结果为1+13+15+⋯+12019，则判断框内应填人的条件是()A. i>1008？B. i≤1008？C. i≤1010？D. i>1009？9.已知函数f(x)=cos2(x+π6)−2sin2(x+π6)+2.则关于它该函数性质的说法中，正确的是()A. 最小正周期为2πB. 将其图象向右平移π6个单位，所得图象关于y轴对称C. 对称中心为(π12+kπ2,0)(k∈Z)D. [0,π2]上单调递减10.为推进长三角一体化战略，长三角区域内5个大型企业举办了一次协作论坛．在这5个企业董事长A，B，C，D，E集体会晤之前，除B与E，D与E不单独会晤外，其他企业董事长两两之间都要单独会晤．现安排他们在正式会晤的前两天的上午、下午单独会晤(每人每个半天最多只进行一次会晤)，那么安排他们单独会晤的不同方法共有()A. 48种B. 36种C. 24种D. 8种11.已知函数f(x)的定义域为R.其图象关于原点成中心对称，且当x>0时f(x)=e x−x−1，则不等式|f(x−1)|≤ln e2的解集为()A. [−ln2+1,ln2+1]B. [−ln2−1,ln2−1]C. (−∞,−ln2)∪(ln2,+∞)D. (−∞,0)∪(e,+∞)12.侧棱长为2√3的正四棱锥V−ABCD内，有一半球，其大圆面落在正四棱锥底面上，且与正四棱锥的四个侧面相切，当正四棱锥的体积最大时，该半球的半径为()A. 1B. √2C. √22D. 2二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13.已知向量|a⃗|=3，|b⃗ |=2，|2a⃗+b⃗ |=2√13，则a⃗，b⃗ 的夹角为______．14.设x，y满足约束条件{2x−y−1≥0x+y−3≤0x−3y−3≤0，则z=3x−2y的最大值为______．15.如图所示，点F是抛物线y2=4x的焦点，点A，B分别在抛物线y2=4x及圆x2+y2−2x−8=0的实线部分上运动，且AB总是平行于x轴，则△FAB的周长的取值范围是______．16.分形几何学是一门以不规则几何形态为研究对象的几何学，分形的外表结构极为复杂，但其内部却是有规律可寻的．一个数学意义上分形的生成是基于一个不断迭代的方程式，即一种基于递归的反馈系统．下面我们用分形的方法来得到一系列图形，如图1，线段AB的长度为a，在线段AB上取两个点C、D，使得AC=DB=14AB，以CD为一边在线段AB的上方做一个正六边形，然后去掉线段CD，得到图2中的图形；对图二中的最上方的线段EF作相同的操作，得到图3中的图形；依式类推，我们就得到了以下一系列图形；记第n个图形(图1为第1个图形)中的所有线段长的和为S n，若对任意的正整数n，都有S n<9.则正数a的最大值为______．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17.如图．在△ABC中，点P在边BC上，C=π3，AP=2，AC⋅PC=4．(1)求∠APB；(2)若△ABC的面积为5√32.求sin∠PAB．18.平面凸六边形MBB1NC1C的边长相等，其中BB1C1C为矩形，∠BMC=∠B1NC1=90°.将△BCM，△B1C1N分别沿BC，B1C1折至ABC，A1B1C1，且均在同侧与平面BB1C1C垂直，连接AA1，如图所示，E，G分别是BC，CC1的中点．(1)求证：多面体ABC−A1B1C1为直三棱柱；(2)求二面角A−EG−A1平面角的余弦值．19.2019新型冠状病毒感染的肺炎的传播有飞沫、气溶胶、接触等途径，为了有效抗击疫情，隔离性防护是一项具体有效措施．某市为有效防护疫情，宣传居民尽可能不外出，鼓励居民的生活必需品可在网上下单，商品由快递业务公司统一配送(配送费由政府补贴).快递业务主要由甲公司与乙公司两家快递公司承接：“快递员”的工资是“底薪+送件提成”.这两家公司对“快递员”的日工资方案为：甲公司规定快递员每天底薪为70元，每送件一次提成1元；乙公司规定快递员每天底薪为120元，每日前83件没有提成，超过83件部分每件提成5元，假设同一公司的快递员每天送件数相同，现从这两家公司往年忙季各随机抽取一名快递员并调取其100天的送件数，得到如下条形图：(1)求乙公司的快递员一日工资y(单位：元)与送件数n的函数关系；(2)若将频率视为概率，回答下列问题：①记甲公司的“快递员”日工资为X(单位：元).求X的分布列和数学期望；②小王想到这两家公司中的一家应聘“快递员”的工作，如果仅从日收入的角度考虑，请你利用所学过的统计学知识为他作出选择，并说明理由．20.已知椭圆C：x2a2+y2b2=1(a>b>0).若A(0,−√3)，B(√3,√32)，P(−√3,−√32)，Q(−√3,1)四点中有且仅有三点在椭面C上．(1)求椭圆C 的标准方程；(2)设O 为坐标原点，F 为椭圆C 的右焦点，过点F 的直线l 分别与椭圆C 交于M ，N 两点，D(4,0)，求证：直线DM ，DN 关于x 轴对称．21. 已知函数f(x)=ax 2−2x+2e x ．(1)当a >0时，试讨论f(x)的单调性；(2)对任意a ∈(−∞,−2)时，都有ax 2−2x +2<ke x 成立，试求k 的取值范围．22. 在直角坐标系xOy 中，曲线C 1的参数方程为{x =1+3cosαy =3sinα(α为参数)，以坐标原点为极点，x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C 2的极坐标方程为ρcos(θ−π4)=√2．(1)写出C 1的普通方程和C 2的直角坐标方程；(2)设曲线C 1与曲线C 2交于M ，N 两点，求C 1M ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅MN⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ．23.已知函数f(x)=|x+a|+|x−1|，a∈R．(1)当a=2时，求不等式f(x)≤4；+2总有解，求实数a的取值范围．(2)对任意m∈(0,3).关于x的不等式f(x)<m+1m答案和解析1.【答案】B【解析】解：∵集合A={x|y=ln(x−1)}={x|x>1}，B={x|2x>1}={x|x>0}，∴A∩B={x|x>1}．故选：B．求出集合A，B，由此能求出A∩B．本题考查交集的求法，是基础题．2.【答案】C【解析】解：∵(−12+√32i)z=1，∴z=−12+√32i=−12−√32i(−12+√32i)(−12−√32i)=−12−√32i，则z的共轭复数为−12+√32i．故选：C．把已知等式变形，再由复数代数形式的乘除运算化简得答案．本题考查复数代数形式的乘除运算，考查复数的基本概念，是基础题．3.【答案】A【解析】解：双曲线y2a2−x2b2=1(a>0,b>0)的离心率为2．可得：ca =2，即1+b2a=4，可得ba=√3，则双曲线C的渐近线方程为：x±√3y=0．故选：A．通过双曲线的离心率求出b与a的关系，然后求解双曲线的渐近线方程．本题考查双曲线的简单性质的应用，是基本知识的考查．【解析】解：由已知，矩形的面积为4×(2−1)=4，阴影部分的面积为∫(214−x2)dx=(4x−13x3)|12=53，由几何概型公式可得此点取自阴影部分的概率等于512；故选：D．分别求出矩形和阴影部分的面积，利用几何概型公式，解答．本题考查了定积分求曲边梯形的面积以及几何概型的运用；关键是求出阴影部分的面积，利用几何概型公式解答．5.【答案】D【解析】解：等差数列{a n}的首项为5，公差d不等于零，若a2，a4，a5成等比数列，则a42=a2a5，即为(5+3d)2=(5+d)(5+4d)，解得d=−1，则a2020=5+2019×(−1)=−2014．故选：D．设公差为d，结合等比数列的中项性质和等差数列的通项公式，解方程求得d，再由等差数列的通项公式可得所求值．本题考查等差数列的通项公式，以及等比数列的中项性质，考查方程思想和运算能力，属于基础题．6.【答案】B【解析】解：∵(x+1)4中x的4次方，3次方的系数分别为：C44=1和C43=4；而(1−2x)3展开式中x的3次方，2次方的系数分别为：C33⋅(−2)3=−8和C32⋅(−2)2=12；∴(x+1)4(1−2x)3展开式中x6的系数为：4×(−8)+1×12=−20；故选：B．根据二项展开式的特点分别求出(x+1)4中x的4次方，3次方的系数以及(1−2x)3展开式中x的3次方，2次方的系数；进而求解结论．本题主要考查二项式定理的应用，二项式展开式的通项公式，二项式系数的性质，属基础题．【解析】【分析】本题考查了根据几何体三视图求表面积的应用问题，是基础题．由几何体的三视图知该几何体是底面为等腰直角三角形的直三棱柱，截去一个三棱锥；由图中数据计算两个三角形的面积和即可．【解答】解：由几何体的三视图知，该几何体是底面为等腰直角三角形的直三棱柱，截去一个三棱锥，如图所示：由图中数据，计算S△ABC=12×42=8，EF=EG=√42+22=2√5，GF=4√2，S△EFG=12×4√2×√(2√5)2−(2√2)2=4√6；所以两个三角形的面积之和为8+4√6．故选：D．8.【答案】C【解析】解：模拟程序的运行，可得S=0，i=1判断框内的条件满足，执行循环体，S=0+1=1，i=1+1=2判断框内的条件满足，执行循环体，S=0+1+13，i=2+1=3判断框内的条件满足，执行循环体，S=0+1+13+15，i=3+1=4…以此类推，令2019=2i−1，可得i=1010，当i=2010，判断框内的条件满足，执行循环体，S=0+1+13+15+⋯+12019，i=1011此时，不满足条件，退出循环，则判断框内应填入的条件是i≤1010？．故选：C．由已知中的程序语句可知：该程序的功能是利用循环结构计算并输出变量s的值，模拟程序的运行过程，分析循环中各变量值的变化情况，可得答案．本题考查了程序框图的应用问题，解题时应模拟程序框图的运行过程，以便得出正确的结论，是基础题．9.【答案】B【解析】解：函数f(x)=cos2(x+π6)−2sin2(x+π6)+2=1+cos(2x+π3 )2−2×1−cos(2x+π3)2+2=32cos(2x+π3)+32，周期为：T=2π2=π，所以A不正确；将其图象向右平移π6个单位，所得函数y=f(x−π6)=32cos2x+32，则图象关于y轴对称，所以B正确；令2x+π3=π2+kπ，k∈Z，解得x=π12+kπ2(k∈Z)，对称中心为(π12+kπ2,32)(k∈Z)，所以C不正确；当x∈[0,π2]时，2x+π3∈[π3,4π3]，函数先减后增，所以D不正确；故选：B．化简函数的解析式，求出函数的周期怕啥A；利用函数的平移变换求解函数的解析式判断B；利用函数的对称中心判断C，函数的单调性判断D；本题考查三角函数的图象变换，三角函数的化简求值，函数的单调性对称轴以及函数的周期的求法，是中档题．10.【答案】A【解析】解：根据题意，5个企业董事长A，B，C，D，E集体会晤之前，除B与E，D与E不单独会晤外，则单独会晤，共有AB，AC，AD，AE，BC，BD，CD，CE共8种情况，现在将八场会晤分别安排在两天的上午和下午进行，每个半天安排两场会晤同时进行．因为能同时会晤的共有(AB,CD)，(AC,BD)，(AD,CE)，(AE,BC)和(AB,CE)、(AC,BD)，(AD,BC)，(AE、CD)两种情况，故不同的安排方法共有2×A44=48种；故选：A．根据题意，分析5人可以进行单独会晤的情况，进而分步进行分析，由分步计数原理计算可得答案．本题考查排列组合的应用，涉及分类计数原理的应用，属于基础题．11.【答案】A【解析】解：函数f(x)的定义域为R，其图象关于原点成中心对称，故f(x)为奇函数，且当x>0时f(x)=e x−x−1，f′(x)=e x−1>0，故f(x)在(0,+∞)上单调递增，故f(x)在R上单调递增，且f(ln2)=ln e2．则不等式|f(x−1)|≤ln e2，即|f(x−1)|≤f(ln2)，即−f(ln2)≤f(x−1)≤f(ln2)，即f(−ln2)≤f(x−1)≤f(ln2)，∴−ln2≤x−1≤ln2，1−ln2≤x≤1+ln2，故选：A．先由f(x)在R上单调递增，且f(ln2)=ln e2，不等式即|f(x−1)|≤f(ln2)，可得−ln2≤x−1≤ln2，由此求得x的范围．本题主要考查函数的奇偶性和单调性的应用，利用导数研究函数的单调性，绝对值不等式的解法，属于加中档题．12.【答案】B【解析】解：设棱锥底面中心为O，E为AB的中点，作OF⊥VE于F，则半球的半径为OF．设AB=a，则OA=√22a，∴VO=√VA2−OA2=√12−a22，∴正四棱锥的体积V=13⋅a2⋅√12−a22，令√12−a22=t(t≥0)，则a2=24−2t2，∴V=8t−2t33，故V′(t)=8−2t2，令V′(t)=0可得t=2，∴当0<t<2时，V′(t)>0，当t>2时，V′(t)<0，∴当t=2时，V(t)取得最大值，即正四棱锥的体积最大，此时，a 2=16，a =4，VO =2，OE =AE =a2=2，VE =√VA 2−AE 2=2√2， ∴OF =OE⋅VO VE=2√2=√2．故选：B ．设底面边长为a ，得出棱锥体积关于a 的函数，求出函数最大值对应的a 即可得出半球的半径． 本题考查了棱锥与球的位置关系，考查棱锥的体积计算，函数最值的求法，属于中档题．13.【答案】π3【解析】解：设a ⃗ ，b ⃗ 的夹角为θ，∵|2a ⃗ +b ⃗ |=2√13，∴4a ⃗ 2+4a ⃗ ⋅b ⃗ +b ⃗ 2=52，即4×9+4×3×2×cosθ+4=52，解得cosθ=12， ∵θ∈[0,π]， ∴θ=π3．故答案为：π3．设a ⃗ ，b ⃗ 的夹角为θ∈[0,π]，将|2a ⃗ +b ⃗ |=2√13两边平方后，代入数据进行运算即可得解．本题考查平面向量的数量积运算、模长问题，解决模长问题常见的方法是平方处理，考查学生的逻辑推理能力和运算能力，属于基础题．14.【答案】9【解析】解：x ，y 满足约束条件{2x −y −1≥0x +y −3≤0x −3y −3≤0，的可行域如图：z =3x −2y 经过可行域A 时，目标函数的纵截距最小，此时z 取得最大值，{x −3y −3=0x +y −3=0解得A(3,0)， 则z =3x −2y 的最大值为9． 故答案为：9．画出约束条件的可行域，利用目标函数的几何意义，转化求解即可．本题主要考查线性规划的应用，利用数形结合是解决本题的关键．15.【答案】(6,8)【解析】解：抛物线y2=4x的焦点为F(1,0)，准线方程为l：x=−1；由抛物线的定义可得|AF|=x A+1；又圆x2+y2−2x−8=0可化为(x−1)2+y2=9，其圆心为F(1,0)，半径为r=3；所以△FAB的周长为|AF|+|AB|+|BF|=(x A+1)+(x B−x A)+3=4+x B；由抛物线y2=4x及圆x2+y2−2x−8=0，可得交点的横坐标为2，所以x B∈(2,4)；所以△FAB的周长取值范围是(6,8)．故答案为：(6,8)．根据抛物线的定义与圆的方程，结合三角形的周长公式，即可求出△FAB的周长取值范围．本题考查了抛物线的定义与圆的方程应用问题，也考查了三角形周长的计算问题，是中档题．16.【答案】95【解析】解：由题意，得图1中的线段为a，S1=a，图2中的正六边形边长为12a，S2=S1+12a×4=S1+2a=3a；图3中的最小正六边形的边长为14a，S3=S2+14a×4=S2+a=4a；图4中的最小正六边形的边长为18a，S4=S3+18a×4=S3+12a，由此类推，S n−S n−1=12n−3a，n≥2，故当n≥2时，S n=S1+(S2−S1)+(S3−S2)+⋯+(S n−S n−1)=a+2a+a+12a+⋯+12n−3a=a+4a(1−12n−1)，而n=1满足上式，从而S n<5a，即存在最大的正数a=95满足题意．故答案为：95．猜想归纳出其递推规律，再由数列恒等式和等比数列的求和公式，得到S n，再由不等式的性质求出范围．本题考查数列的通项公式，不等式恒成立，考查运算能力和推理能力，属于中档题．17.【答案】解：(1)在△APC中，因为C=π3，AP=2，AC⋅PC=4，设AC=x，则PC=4x ，由余弦定理可得：22=x2+(4x)2−2⋅x⋅4x⋅cosπ3，可得x=2，则AC=PC=AP，此时△APC为等边三角形，从而∠APB=2π3．(2)由S△ABC=12AC⋅BC⋅sinπ3=5√32，可得BC=5，则BP=3，作AD⊥BC交BC于D，由(1)可知，在等边△APC中，AD=√3，PD=1，在Tt△ABD中，AB=√AD2+BD2=√3+16=√19，在△ABP中，由正弦定理可得ABsin∠APB =PBsin∠PAB，所以sin∠PAB=3×√32√19=3√5738．【解析】(1)设AC=x，则PC=4x，由余弦定理可解得x=2，可求AC=PC=AP，此时△APC为等边三角形，从而可求∠APB=2π3．(2)由已知利用三角形的面积公式可求BC，BP的值，作AD⊥BC交BC于D，利用勾股定理求得AB的值，进而在△ABP中，由正弦定理可求sin∠PAB的值．本题主要考查了余弦定理，三角形的面积公式，勾股定理，正弦定理在解三角形中的综合应用，考查了计算能力和转化思想，属于中档题．18.【答案】(1)证明：取B1C1的中点F，连接A1F，EF，∵F为B1C1的中点，∴A1F⊥B1C1，又平面A1B1C1⊥平面BB1C1C，且平面A1B1C1∩平面BB1C1C=B1C1，∴A1F⊥平面BB1C1C.同理可证AE⊥平面BB1C1C，则A1F//AE，而AE=A1F，∴四边形A1FEA为平行四边形，则A1A//EF，A1A=EF．又B1B//EF，C1C//EF，B1B=EF，故B 1B//C1C//A1A，且B1B=A1A，因此四边形B1BAA1为平行四边形，则BA//B1A1，而BA⊂平面ABC，B1A1⊄平面ABC，故B 1A1//平面ABC．由题设，显然有B1C1//平面ABC，而B1A1∩B1C1=B1，故平面A1B1C1//平面ABC．又四边形B 1BAA 1，B 1BCC 1均为平行四边形，则AA 1//CC 1，从而四边形AA 1C 1C 为平行四边形， 而BB 1⊥平面ABC ，因此多面体ABC −A 1B 1C 1为直三棱柱； (2)解：过F 作FD ⊥EG 交EG 于D ，连接A 1D ，由(1)知A 1F ⊥平面BB 1C 1C ，则A 1F ⊥EG ，而FD ⊥EG ，且A 1F ∩FD =F ， ∴EG ⊥平面A 1FD ，得EG ⊥A 1D .故∠A 1DF 为二面角A −EG −B 1的平面角．而AE ⊥平面BB 1C 1C ，AE ⊂平面AEG ，则平面AEG ⊥平面BB 1C 1C . 因此二面角A −EG −A 1的平面角为α=π2−∠A 1DF ． 设A 1B 1=t ，则EF =t ，A 1F =√22t ，CB =C 1B 1=√2t ．从而FD =EF ⋅sin∠GEF =EF ⋅sin∠EGC =t √22t (√22t)+(12t)=√63t ．故A 1D =(√22(√63=√426t ．则cosα=cos(π2−∠A 1DF)=sin∠A 1DF =A 1FA1D=√22t √426=√217． 故二面角A −EG −A 1平面角的余弦值为√217．【解析】(1)由已知证明多面体ABC −A 1B 1C 1的侧棱互相平行，再证明两个底面A 1B 1C 1//平面ABC ，且侧棱BB 1⊥平面ABC ，可得多面体ABC −A 1B 1C 1为直三棱柱；(2)过F 作FD ⊥EG 交EG 于D ，连接A 1D ，证明∠A 1DF 为二面角A −EG −B 1的平面角，可得二面角A −EG −A 1的平面角为α=π2−∠A 1DF.设A 1B 1=t ，然后求解三角形得答案．本题考查棱柱的结构特征，考查空间中直线与直线、直线与平面、平面与平面位置关系的判定及其应用，考查空间想象能力与思维能力，训练了二面角的平面角的求法，考查运算求解能力，是中档题．19.【答案】解：(1)由题可知，当0≤n ≤83时，y =120元；当n >83时，y =120+(n −83)×5=5n −295，∴乙公司的快递员一日工资y(单位：元)与送件数n 的函数关系为：y ={120,0≤n ≤835n −295,n >83．(2)①X 的所有可能取值为152，154，156，158，160，将频率视为概率，由条形图可知，P(X =152)=0.1，P(X =154)=0.2，P(X =156)=0.1，P(X =158)=0.4，P(X =160)=0.2． ∴X 的分布列为数学期望E(X)=152×0.1+154×0.2+156×0.1+158×0.4+160×0.2=156.8(元)． ②设乙公司的日工资为Y 元，则E(Y)=120+0×0.1+5×0.1+15×0.2+25×0.3+35×0.3=141.5(元)． 由于E(X)>E(Y)，所以小王应该到甲公司应聘“快递员”的工作．【解析】(1)根据题意，用含有n 的式子分段表示出y 即可；(2)①X 的所有可能取值为152，154，156，158，160，由条形图可知，每个X 的取值所对应的概率即可得分布列，进而求得数学期望；②设乙公司的日工资为Y 元，则E(Y)=120+0×0.1+5×0.1+15×0.2+25×0.3+35×0.3=141.5元，然后比较E(X)和E(Y)的大小，取较大者即可．本题考查条形图、离散型随机变量的分布列与数学期望及期望的实际应用，考查学生对数据的分析与处理能力，属于基础题．20.【答案】解：(1)因为B(√3,√32)，P(−√3,−√32)两点关于原点对称，故B ，P 均在椭圆上，而点Q(−√3,1)与点P(−√3,−√32)不关于x 轴对称，故Q 不在椭圆上，因此b =√3， 且(√3)2a2(√32)2(3)2=1，解得a =2，故椭圆C 的标准方程为x 24+y 23=1；证明：(2)由(1)知c =1，则F(1,0)，当直线l 为x 轴时，显然直线DM ，DN 关于x 轴对称；当直线l 不与x 轴重合时，设l 的方程为：x =my +1，M(x 1,y 1)，N(x 2,y 2)， 由{x =my +1x 24+y 23=1，消去x 整理得(4+3m 2)y 2+6my −9=0，因此y 1+y 2=−6m4+3m 2，y 1y 2=−94+3m 2，由于k DM⋅k DN=y1x1−4+y2x2−4=y1my1−3+y2my2−3=2my1y2−3(y1+y2)(my1−3)(my2−3)=−18m4+3m2−(−18m4+3m2)(my1−3)(my2−3)=0，则k DM=−k DN，即∠FDM=∠FDN，故直线DM，DN关于x轴对称，综上可知，直线DM，DN关于x轴对称．【解析】(1)由题意可得B，P，点Q不在椭圆上，所以b=√3，再把点B的坐标代入椭圆方程，求出a，c 的值，从而得到椭圆C的方程；(2)当直线l为x轴时，显然直线DM，DN关于x轴对称；当直线l不与x轴重合时，设l的方程为：x=my+1，与椭圆方程联立，利用韦达定理得到k DM⋅k DN=0，所以直线DM，DN关于x轴对称．本题主要考查了椭圆的坐标方程，以及直线与椭圆的位置关系，考查了两直线的位置关系，是中档题．21.【答案】解：f′(x)=−ax2+(2a+2)x−4e x =−a(x−2a)(x−2)e x．(1)由f′(x)=0，得x=2a或x=2，当0<a<1时，2a >2，若x∈(−∞,2)∪(2a,+∞)时，f′(x)<0；若x∈(2,2a)时，f′(x)>0；当a=1时，f′(x)=−(x−2)2e x≤0(当且仅当x=2时，f′(x)=0)；当a>1时，2a <2，若x∈(−∞,2a)∪(2,+∞)时，f′(x)<0；若x∈(2a,2)时，f′(x)>0；综上可得，当0<a<1时，函数f(x)在(−∞,2)和(2a ,+∞)上分别单调递减，在(2,2a)上单调递增；当a=1时，函数f(x)在R上单调递减；当a>1时，函数f(x)在(−∞,2a )，(2,+∞)上分别单调递减，在(2a,2)上单调递增．(2)由当a∈(−∞,−2)时，2a <0，可知，f(x)在(−∞,2a)，(2,+∞)上分别单调递增，在(2a,2)上单调递减，故f(x)极大值=f(2a)=2e−2a>0，f(x)极小值=f(2)=4a−2e2<0，且x>2时，f(x)=ax2−2x+2e x<0，因此f(x)max=f(x)极大值=2e−2a，不等式ax2−2x−2<ke x恒成立⇔ax2−2x+2e x<k恒成立⇔f(x)min<k，而对任意a∈(−∞,−2)，f(x)max=2e−2a<2e，故k 的取值范围为k ≥2e ．【解析】(1)对f(x)求导后，分0<a <1，a =1，a >1三种情况讨论f(x)的正负，进而得出f(x)的单调性； (2)不等式ax 2−2x −2<ke x 恒成立⇔ax 2−2x+2e x<k 恒成立⇔f(x)min <k ，因此利用f(x)研究出a ∈(−∞,−2)时f(x)的单调性，进而求出其最大值即可得出结论．本题考查了利用导数研究函数的单调性，利用导数解决不等式恒成立问题，属于难题．22.【答案】解：(1)由{x =1+3cosαy =3sinα(α为参数)，可得{x −1=3cosαy =3sinα，消去参数α，可得C 1的普通方程为(x −1)2+y 2=9；展开ρcos(θ−π4)=√2，可得√22ρcosθ+√22ρsinθ=√2，结合x =ρcosθ，y =ρsinθ，可得C 2的直角坐标方程x +y −2=0． (2)由(1)可得C 1(1,0)，则C 1到直线C 2的距离为d =√12+12=√22， 进而|MN|=2√9−12=√34，故C 1M ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅MN ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =−MC 1⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅MN ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =−|MN ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗|2×|MN⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |=−17．【解析】(1)由同角的平方关系，化简可得C 1的普通方程；由极坐标和直角坐标的关系式，以及两角的差角余弦公式，化简可得C 2直角坐标方程；(2)求得C 1的直角坐标，以及C 1到直线C 2的距离，可得|MN|，再由向量的数量积的定义，计算可得所求值． 本题考查参数方程、极坐标方程和普通方程的互化，以及圆内的弦长公式和向量的数量积的计算，考查转化思想和方程思想、运算能力，属于中档题．23.【答案】解：(1)由已知，不等式f(x)≤4即为|x +2|+|x −1|≤4，则{x ≤−2,−(x +2)−(x −1)≤4,或{−2≤x ≤1,x +2−(x −1)≤4,或{x >1,x +2+x −1≤4, 解得−52≤x ≤−2或−2<x ≤1或1<x ≤32， 故不等式的解集为[−52,32].(2)对任意m ∈(0,3).关于x 的不等式f(x)<m +1m +2总有解⇔f(x)min <(m +1m +2)min ， 而y =m +1m+2≥2√m ⋅1m +2=4，当且仅当m =1m ，即m =1时取得最小值． 又f(x)≥)=|(x +a)−(x −1)|=|a −1|(当且仅当(x +a)(x −1)≤0时取等号)，故只需|a+1|<4，解得−5<a<3，即实数a的取值范围为(−5,3)．【解析】(1)去掉绝对值，原不等式即化为一次不等式组，分别解得它们，再求并集即可；(2)对任意m∈(0,3).关于x的不等式f(x)<m+1m +2总有解⇔f(x)min<(m+1m+2)min，分别求出最小值，解不等式可得a的取值范围．本题考查了解绝对值不等式问题，考查分类讨论思想以及转化思想，是一道中档题．。

“江淮十校”2020届高三第三次联考数学（理科）2020.5一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。

1．已知集合{})1ln(-==x y x A ，{})12>=x x B ，则B A I =A ．),1[+∞B ．),1(+∞C ．),0(+∞D ．)1,0(2．复数z 满足1)2321(=+-z i ，则z 的共轭复数为 A ．i 2321+B ．i 2321-C ．i 2321+-D ．i 2321-- 3．已知双曲线)0,0(12222>>=-b a bx a y 的离心率为2．则其渐近线的方程为A ．03=±y xB ．03=±y xC ．02=±y xD ．0=±y x 4．如图，点A 的坐标为（1，0），点C 的坐标为（2，4）．函数2)(x x f =，若在矩形ABCD 内随机取一点．则该点取自阴影部分的概率为 A ．31 B ．21 C ．32 D ．1255．等差数列{}n a 的首项为5．公差不等于零．若542a a a ，，成等比数列，则2020a =A ．21B ．23C ．23-D ．2014-6．34)21()1(x x -+展开式中6x 的系数为A ．20B ．20-C ．44D ．407．某多面体的三视图如图所示，该多面体的各个面中有若干个是三角形，这些三角形的面积之和为A ．16B ．12C ．248+D ．648+8．执行如右图所示的程序框图，若输出的结果为2019151311++++Λ，则判断框内应填人的条件是 A ．?1008>i B ．?1008≤i C ．?1010≤i D ．?1009>i9．已知函数2)6(sin 2)6(cos )(22++-+=ππx x x f ．则关于它有关性质的说法中，正确的是A ．周期为π2B ．将其图象向右平移6π个单位，所得图象关于y 轴对称C ．对称中心为))(0,212(Z k k ∈+ππD ．]20[π，上单调递减 10．为推进长三角一体化战略，长三角区域内5个大型企业举办了一次协作论坛．在这5个企业董事长A ，B ，C ，D ，E 集体会晤之前，除B 与E ，D 与E 不单独会晤外，其他企业董事长两两之间都要单独会晤．现安排他们在正式会晤的前两天的上午、下午单独会晤（每人每个半天最多只进行一次会晤），那么安排他们单独会晤的不同方法共有 A ．48种 B ．36种 C ．24种 D ．8种11．已知函数f （x ）的定义域为R ．其图象关于原点成中心对称，且当x ＞0时1)(--=x e x f x，则不等式2ln )1(ex f ≤-的解集为A ．]12ln ,12ln [++-B ．]12ln ,12ln [---C ．),2(ln )2ln ,(+∞--∞YD ．),()0,(+∞-∞e Y12．侧棱长为32的正四棱锥ABCD V -内，有一半球，其大圆面落在正四棱锥底面上，且与正四棱锥的四个侧面相切，当正四棱锥的体积最大时，该半球的半径为 A ．1 B ．2 C ．22D ．2 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

安徽“江淮十校”2020届高三第三次联考化学试卷考生注意：1.本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。

满分300分，考试时间150分钟。

2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。

必须在题号所指示的答题区城作答，超出答题区域书．．．．．．．写的答案无效，在试题卷、草稿纸上答题无效。

．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．3.做选考题时，考生须按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。

可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 S-32 Ni-59 Cu-64第Ⅰ卷一、选择题：本在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.化学与生活密切相关，下列观点错误的是（）A. 硝酸铵、液氨可用作制冷剂B. 苏打、小苏打可用作食用面碱C. 二氧化氯、漂白粉可用作自来水的杀菌消毒剂D. 氧化铝、二氧化硅可用作制坩埚【答案】C【解析】【详解】A.液氨易液化，硝酸铵溶于水吸热，故两者可以作制冷剂；B.苏打、小苏打溶于水都显碱性，可用作食用面碱；C.漂白粉的消毒效果较弱，用于消毒时需要投入量大，这样容易形成氯超标的问题，一般不用作自来水的消毒剂；D.氧化铝、二氧化硅的熔点高，可用作制坩埚；答案选C。

2.BASF高压法制备醋酸，所采用钴碘催化循环过程如图所示，则下列观点错误的是（）A. CH3OH转化为CH3I的有机反应类型属于取代反应B. 从总反应看，循环过程中需不断补充CH3OH、H2O、CO等C. 与乙酸乙酯互为同分异构体且与CH3COOH互为同系物的物质有2种结构D. 工业上以淀粉为原料也可以制备醋酸【答案】B【解析】【详解】A.CH3OH转化为CH3I，羟基被碘原子取代，反应类型属于取代反应；B.该循环的总反应方程式为CO+CH3OH CH3COOH，故此循环中不需要不断补充水；C.与乙酸乙酯互为同分异构体且与CH3COOH互为同系物的物质有CH3CH2CH2COOH、（CH3）2CHCOOH，有两种；D.淀粉可经过水解、氧化等反应生成甲醇，从而制得醋酸；答案选B。