2015年福建省福州市八县协作校联考高一上学期物理期末试卷与解析

福州市八县（市）协作校2014—2015学年第一学期半期联考高一物理试卷【完卷时间：90分钟；满分：100分】命题:平潭城关中学陈强、翁美玉一、单项选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，不选、错选、多选均不得分。

）1．下列各物理量，不属于矢量的是（）A．位移 B．重力 C．加速度 D．速率2．下列关于重力与重心的说法中正确的是（）A．我们把物体重力的作用点称为重心，重心即物体上最重的一点B．形状规则的物体的重心一定在几何中心C．同一物体在地球的不同地方重力大小不一定相等D．重力的方向总是垂直于地面3．下列说法不．正确．．的是（）A．研究地球绕太阳的公转时可以把地球看成质点B．位移和路程都能反映运动物体的位置变化C．参考系可以是运动的物体D．火车在福州南站停车10分钟指的是时间4．下列有关于运动学方面的说法中正确的是（）A．由于所研究的问题不同，同一物体有时可以看作质点，有时不可以看作质点B．速度大小不变的运动就是匀速直线运动C．加速度反映速度增加的大小D．物体的加速度增大时，速度一定增大5．我国著名篮球运动姚明在原地拍球，球从1.8m高处落下，又被地板弹起，在离地1.5m处被接住。

则球通过的路程和位移的大小分别是（）A．3.3m，3.3m B．3.3m，0.3mC．1.8m，1.5m D．1.8m，0.3m6．某中学正在举行班级对抗赛，张明同学是短跑运动员，在百米竞赛中，测得他在5s末的速度为10.2 m/s，10 s末到达终点的速度为10.4 m/s，则他在全程中的平均速度为（）A．10 m/s B．10.3 m/s C．10.2 m/s D．10.4m/s7．某质点的位移随时间的变化关系是s =6t -3t 2，s 与t 的单位分别是m 、s ，则质点的初速度和加速度分别为（ ）A ．6m /s ，-3m /s 2B ．0，6m /s 2C ．6m /s ，-6m /s 2D ．6m /s ，3m /s 28．已知有一长度为L 的光滑斜面，一物体沿该斜面从静止开始由斜面的顶端下滑到斜面底端，物体做匀加速直线运动。

福建省福州市八县协作校联考2014-2015学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题有12小题，共48分．每小题的四个选项中只有一个正确的，选对的得4分，选错或不选的得0分．）1．（4分）下列有关质点的说法中，正确的是（）A．研究哈雷彗星公转时，哈雷彗星不可看作质点B．花样滑冰运动员正在表演冰上舞蹈动作，此时该运动员可看作质点C．因为子弹的质量、体积都很小，所以在研究子弹穿过一张薄纸所需的时间时，可把子弹看作质点D．用GPS定位系统确定正在南极冰盖考察的某科考队员位置时，该队员可看作质点考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．解答：解：A、研究哈雷彗星公转时，哈雷彗星的形状和大小能忽略，彗星可以看成质点．故A错误．B、花样滑冰运动员正在表演冰上舞蹈动作，运动员的大小和形状不能忽略，运动员不能看成质点．故B错误．C、在研究子弹穿过一张薄纸所需的时间时，子弹的形状和大小不能忽略，子弹不能看成质点．故C错误．D、用GPS定位系统确定正在南极冰盖考察的某科考队员位置时，队员的形状和大小能忽略，队员能看成质点．故D正确．故选D．点评：考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．2．（4分）轿车的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标．近来，一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时，提出了一个新的概念，叫做“加速度的变化率”，用“加速度的变化率”这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢．下列四个单位中，适合做加速度的变化率单位的是（）A．m/s B．m/s2C．m/s3D．m/s4考点：加速度．分析：根据题意可知新物理量表示的是加速度变化的快慢，根据定义式的特点可以知道物理量的单位．解答：解：新物理量表示的是加速度变化的快慢，所以新物理量应该等于加速度的变化量与时间的比值，而加速度的单位是m/s2，所以新物理量的单位应该是m/s3，故C正确．故选：C．点评：加速度是表示速度变化快慢的物理量，根据加速度的定义式，可以理解表示加速度变化的快慢的新物理量的单位．3．（4分）某物体做自由落体运动，它在第1秒内、第2秒内、第3秒内的平均速度之比为（）A．1：2：3 B．1：3：5 C．1：4：9 D．1：（﹣1）：（﹣）考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：物体做自由落体运动的条件：①只在重力作用下②从静止开始．只在重力作用下保证了物体的加速度为g；从静止开始保证了物体初速度等于零．所以自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动．解答：解：根据v=gt可知它在第1秒末、第2秒末、第3秒末的速度之比为1：2：3；而平均速度v=所以它在第1秒内、第2秒内、第3秒内的平均速度之比为1：3：5故选B点评：本题主要考查了自由落体运动的基本规律，自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，符合初速度为0的匀加速直线运动的一切推论．4．（4分）下列说法正确的是（）A．力是维持物体运动的原因，同一物体所受到的力越大，它的速度越大B．以卵击石，鸡蛋“粉身碎骨”，但石头却“安然无恙”是因为鸡蛋对石头的作用力小，而石头对鸡蛋的作用力大C．吊扇工作时向下压迫空气，空气对吊扇产生竖直向上的托力，减轻了吊杆对电扇的拉力D．两个小球A和B，中间用弹簧连接，并用细线悬于天花板上，则弹簧对A的力和弹簧对B的力是作用力和反作用力考点：作用力和反作用力；力的概念及其矢量性；牛顿第三定律．专题：定性思想．分析：力是物体间的相互作用，相互作用力的施力物体和受力物体刚好相反；力是改变速度的原因，不是维持速度的原因．解答：解：A、力是改变速度的原因，不是维持速度的原因，故A错误；B、以卵击石，子弹与石头间的相互作用力等大、反向、共线，但鸡蛋“粉身碎骨”，但石头却“安然无恙”是因为石头的硬度大，故B错误；C、吊扇工作时向下压迫空气，空气对吊扇产生竖直向上的托力，减轻了吊杆对电扇的拉力；直升飞机的工作原理与此类似；故C正确；D、作用力与反作用力发生于相互作用的两个物体间，而弹簧对A的力和弹簧对B的力涉及三个物体，故D错误；故选C．点评：本题关键明确力的定义、力的相互性特点、相互作用力关系、力的作用效果，要多与实际问题联系，基础题．5．（4分）如图示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，它们同时沿竖直墙面下滑，已知m A＞m B，则物体B（）A．只受一个重力B．受到重力、摩擦力各一个C．受到重力、弹力、摩擦力各一个D．受到重力、摩擦力各一个，弹力两个考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对整体结合运动情况受力分析，得到只受重力，加速度为g，即做自由落体运动，然后对B结合运动情况受力分析，得到受力情况．解答：解：A、B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析，只受重力；故选：A．点评：本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A 与B间无弹力，最后再对B受力分析，得到其只受重力．6．（4分）如图所示，为甲、乙两辆汽车从同一点、同时沿平直公路出发的s﹣t图象，从图象中可知（）A．t1时刻，两车速度方向相同B．t1时刻，两车速度大小相等C．在t1时间内，两车的路程相等D．在t1时间内，两车的平均速度相同考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：位移﹣时间图象纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，两图象的交点表示两物体相遇；图象的斜率等于速度；平均速度等于位移除以时间．根据这些知识进行解答．解答：解：A、根据位移时间图象的斜率等于速度可知，t1时刻，甲车的速度沿负方向，乙的速度沿正方向，故两车速度方向相反．故A错误．B、由图看出乙图线的斜率较大，所以乙车的速度大于甲的速度．故B错误．C、在t1时间内，两车的位移相等，由于甲车先沿正向运动后沿负向运动，所以甲车的路程大，故C错误．D、在t1时间内，两车通过的位移相等，所用时间相等，则平均速度相等，故D正确；故选：D．点评：本题考查对位移图象的物理意义的理解，关键抓住纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，斜率等于速度，就能分析两车的运动情况．7．（4分）姚明成为了NBA的一流中锋，给中国人争得了更多的荣誉，让更多的中国人热爱上篮球这项运动．姚明某次跳起过程可分为下蹲、蹬地、离地上升和下落四个过程，如图所示，下列关于蹬地和离地上升两过程的说法中正确的是（设蹬地的力为恒力）（）A．两个过程中姚明都处于超重状态B．两个过程中姚明都处于失重状态C．前过程为超重，后过程为完全失重D．前过程为超重，后过程不超重也不失重考点：超重和失重．分析：当人对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说人处于超重状态，此时有向上的加速度；当人对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说人处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．解答：解：姚明在蹬地的过程中，对地面的压力大于重力，从而使人产生向上的合力，所以此时，人处于超重状态；当离开地面后，人对地面就没有作用力了，处于完全失重状态，此时有向下的加速度，加速度的大小为重力加速度g，所以C正确．故选：C点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对地面的压力变了．8．（4分）在一种叫“蹦极跳”的运动中，质量为m的运动者身系一根长为L、弹性优良的轻质柔软的橡皮绳，从高处由静止开始下落1.5L时到达最低点．若不计空气阻力，则在弹性绳从原长到最低点的过程中，对于运动者的运动情况，下列说法正确的是（）A．速度先减小后增大B．加速度先减小后增大C．速度一直减小，直到为零D．加速度一直增大，最后达到某一值考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在弹性绳从原长达最低点的过程中，开始阶段，游戏者的重力大于橡皮绳的拉力，游戏者做加速运动，后来橡皮绳的拉力大于游戏者的重力，游戏者做减速运动，根据牛顿第二定律分析加速度变化情况是．解答：解：设游戏者的质量为m，加速度大小为a，橡皮绳的拉力大小为F．开始阶段，游戏者的重力大于橡皮绳的拉力，游戏者合力向下，速度向下，做加速运动，根据牛顿第二定律得：mg﹣F=ma，橡皮绳的弹力F逐渐增大，a逐渐减小，当橡皮绳的拉力大于游戏者的重力时，游戏者合力向上，速度向下，做减速运动，又由牛顿第二定律得：F﹣mg=ma，橡皮绳的弹力F继续增大，a增大．即加速度先减小后增大，速度先增大后减小．故选B点评：本题中橡皮绳类似于弹簧，分析加速度和速度的变化情况，关键是分析游戏者的受力情况，确定合力的变化情况．9．（4分）物块A放置在与水平地面成37°角倾斜的木板上时，刚好可以沿斜面匀速下滑；若该木板与水平地面成53°角倾斜，取g取l0m/s2，则物块A沿此斜面下滑的加速度大小为（）（sin37°=0.6，cos37°=0.8，sin53°=0.8，cos37°=0.6）A．0 B．8 m/s2C．3.5m/s2D．12.5m/s2考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物块沿斜面匀速下滑，根据共点力平衡求出动摩擦因数的大小，若该木板与水平地面成53°角倾斜，根据牛顿第二定律求出物块下滑的加速度．解答：解：以物体为研究的对象，物块沿斜面匀速下滑时，摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，即：mgsin37°=μmgco s37°，解得μ=tan37°=0.75，若该木板与水平地面成53°角倾斜，则物块的加速度a==gsin53°﹣μgcos53°=8﹣0.75×6m/s2=3.5m/s2．故选：C．点评：本题考查了共点力平衡和牛顿第二定律的基本运用，关键抓住动摩擦因数不变，结合牛顿第二定律进行求解．10．（4分）如图所示，传送带的水平部分长为L，传动速度为v，在其左端无初速释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间不可能是（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物块无初速滑上传送带，有可能一直做匀加速直线运动，有可能先做匀加速直线运动再做匀速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出木块运行的时间．解答：解：木块做匀加速直线运动的加速度大小a=，木块可能一直做匀加速直线运动，根据L=得 t=，故C正确．木块也可能一直做匀加速直线运动，到达右端时速度恰好达到v，L=，解得t=，故D 正确．木块也可能先做匀加速，速度达到传送带后做匀速直线运动，匀加速运动的时间，匀速运动的时间t=，则运动的总时间t=，故B正确．本题选不可能，故选：A．点评：解决本题的关键理清物块的运动情况，考虑到木块运动的各种可能性，运用牛顿运动定律和运动学公式综合求解．11．（4分）质量为5kg的木箱以大小为2m/s2的加速度水平向右做匀减速运动，在箱内有一轻弹簧，其一端被固定在箱子的右侧壁，另一端拴接一个质量为3kg的滑块，木箱与滑块相对静止，如图所示．若不计滑块与木箱之间的摩擦，下列判断正确的是（）A．弹簧被压缩，弹簧的弹力大小为10NB．弹簧被压缩，弹簧的弹力大小为6NC．弹簧被拉伸，弹簧的弹力大小为10ND．弹簧被拉伸，弹簧的弹力大小为6N考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：木箱和滑块具有相同的加速度，根据牛顿第二定律求出弹簧的弹力大小．解答：解：木箱的加速度方向向左，根据牛顿第二定律得，弹簧的弹力F=ma=3×2N=6N．方向水平向左，知弹簧处于压缩状态，弹簧的弹力大小为6N．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道木箱与滑块具有相同的加速度，结合牛顿第二定律进行求解．12．（4分）如图所示为一光滑竖直圆槽，AP、BP、CP为通过最低点P与水平面分别成30°、45°、60°角的三个光滑斜面，与圆相交于A、B、C点．若一物体由静止分别从A、B、C滑至P点所需的时间为t1，t2，t3，则（）A．t1＜t2＜t3B．t1＞t2＞t3C．t1=t2＜t3D．t1=t2=t3考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：设任一斜面的倾角为θ，圆槽直径为d，根据牛顿第二定律得出加速度与θ的关系，由运动学求出时间与θ和d的关系，由数学知识分析时间关系．解答：解：设任一斜面的倾角为θ，圆槽直径为d．根据牛顿第二定律得到：a=gsinθ，斜面的长度为x=dsinθ，则有：x=at2得：t===可见，物体下滑时间与斜面的倾角无关．则有：t1=t2=t3．故选：D．点评：本题的解题技巧是用相同的量表示物体运动和加速度和位移，再求出时间，分析时间关系．二．实验题（18分）13．（5分）（1）在做“验证平行四边形定则”实验中，若由于F1的误差使F1与F2的合力F 方向略向左偏，如图所示，但F大小等于F′，引起这一结果的原因可能是F1的大小比真实值偏大，F1的方向与F2的夹角比真实值偏大．（填“偏大”或“偏小”）（2）在做“验证平行四边形定则”实验中，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧秤把橡皮条的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中正确的是BA．同一次实验过程中，O点的位置允许变动B．实验中，弹簧秤必须与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一只弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点D．实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两弹簧秤之间的夹角应取90°，以便于计算合力的大小．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题．分析：实验的目的是验证力的平行四边形定则，研究合力与分力的关系，而合力与分力是等效的，要求两次拉橡皮筋要到同一位置，在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同（即橡皮条拉到同一位置），而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小．因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大．解答：解：（1）根据F2和F′为平行四边形的邻边和对角线，作平行四边形，如图所示，根据图象知，F1的大小比真实值偏大，F1的方向使它与F2的夹角比真实值偏大．（2）A、要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，橡皮条要沿相同方向伸长量相同，则O点的位置应固定，故A错误；B、实验中，弹簧秤必须与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度，故B正确；。

2014-2015学年福建省福州市第八中学高一上学期期末考试物理试题一、单项选择题（10小题，每题4分，共40分。

每小题只有一个选项正确）1．关于速度、速度改变量和加速度，正确的说法是( )A．物体运动的速度改变量越大，它的加速度一定越大B．物体运动的速度发生变化时，加速度也一定变化C．运动物体的加速度减小时，它的速度也一定随着减小D．物体的加速度越大，速度一定变化得越快【答案】D【解析】根据加速度的定义vat∆=∆，故物体运动的速度改变量越大，它的加速度不一定越大，选项A错误；物体运动的速度发生变化时，加速度不一定变化，例如匀变速运动，选项B错误；若物体的加速度与速度方向同向，当运动物体的加速度减小时，它的速度逐渐增大，选项C错误；根据vat∆=∆，物体的加速度越大，速度一定变化得越快，选项D正确；故选D.2．小球从空中自由下落，与水平地面第一次相碰后又弹到空中某一高度，其速度v随时间t变化的关系如图所示。

若g=10m/s2，则( )A．小球第一次反弹后离开地面的速度大小为5m/sB．小球反弹起的最大高度为0.45mC．碰撞前后速度改变量的大小为2m/sD．小球是从2.5m高处自由下落的【答案】B【解析】由v-t图线可知，小球第一次反弹后离开地面的速度大小为3m/s，选项A错误；小球反弹起的最大高度为'10.33m 0.45m 2h =⨯⨯=，选项B 正确；碰撞前后速度改变量的大小为3m/s 5m/s 8m/s v ∆=--=-，即碰撞前后速度改变量的大小为8m/s ，选项C 错误；小球下落的高度：10.55m 1.25m 2h =⨯⨯=，选项D 错误；故选B. 3．一个物体从某一高度做自由落体运动，它在下落第1 s 内、第2s 内、第3秒内的位移之比为( )A ．1:2:3B ．1:3:5C ．1:4:9D ．2-3:1-2:1【答案】B【解析】物体第1s 下落的距离：2111m 5m 2h g =⨯⨯=；物体第2s 下落的距离：222112m-1m 15m 22h g g =⨯⨯⨯⨯=；物体第3s 下落的距离：；它在下落第1 s 内、第2s 内、第3秒内的位移之比为1:3:5 ，选项B 正确。

2015－2016学年度第一学期八县（市）一中期末联考高中 一 年 物理一．选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求；第9-12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。

)二、实验题（本题共2小题，共14分） 13. （1）B （2分）（2）BD （2分） （3）2.60 F ＇（各1分） 14. （1）远大于 （2分）（2）M1（2分） （3）平衡摩擦力过度（或斜面倾斜角太大） （2分） （4）0.315 （2分）三、解答题（本题共4小题，共38分。

在答题卷上解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分，有数值计算的题答案应明确写出数值和单位。

） 15. （7分）解：（1）在0-20s 内做匀加速运动：2/5.1/2030s m s m t v a ==∆∆=（3分） （2）根据v-t 图像与坐标轴所围面积表示位移可求在0-75s 时间内位移为s=1500m (2分)=t s =s m s m /20/751500=……………（2分）16. （8分）解：（1）物体受力如图所示，据牛顿第二定律有竖直方向上：N-mg-Fsin α=0 水平方向上：Fcos α-f=maF 1 F 2mg又 f=μN联立以上方程解得a=1.75 m/s 2 ………（3分） 则4s 末的速度大小υ5=at=1.75×4m/s=7m/s …（1分）（2）撤去力F 后，据牛顿第二定律有μmg=ma ′解得a ′=μg=2m/s 2 ……………（2分） s=υ52/2 a ′=12.25m ……………（2分）17. （11分）解：⑴以结点O 为研究对象，受三段轻绳的拉力作用如图，且竖直绳上的拉力大小等于m 1g ，根据共点力平衡条件有：F OB －F OA sin θ＝0， F OA cos θ－m 1g ＝0联立以上两式解得：F OA ＝＝=125N …（2分）F OB ＝m 1gtan θ＝=75N ……………（2分）⑵人在水平方向仅受绳OB 的拉力F OB 和地面的摩擦力f作用根据平衡条件有：f ＝F OB ＝=75N ……………（2分）根据牛顿第三定律得：f ′= f = 75N ，方向水平向右 ……………（1分）⑶人在竖直方向上受重力m 2g 和地面的支持力N 作用，有：N ＝m 2g 人受到最大静摩擦力f m ＝μN=210N ………………（2分） 欲使人不滑动则绳OB 的最大拉力F OB = m 1gtan θ=f m 解得所挂物体甲的最大质量m 1=28kg ……（2分）18. （12分）解：（1）加速过程，把人和滑板看成整体，受重力、支持力和摩擦力根据牛顿第二定律有：mgsin37°-μ1mgcos37°=ma 1 ………………… （2分） 解得：a 1=g （sin37°-μ1cos37°）=10×（0.6-0.4×0.8）=2.8m/s 2 ………（1分） 游客下滑到B 点时的速度：v= a 1t 1=2.8×5=14m/s …………………（2分）（2）匀加速的位移为：s 1= 21121t a = 252.821⨯⨯m=35m ………………（1分）匀速的位移为：s 2=L AC - s 1=(105-35)m=70m …………………（1分） 故匀速的时间为：t 2= s 2/v = 70/14s=5s …………………（1分）（3）减速过程，根据运动学公式有：222v s a =得a 2=7 m/s 2 ………………（2分）据牛顿第二定律有：μ2mg=ma 2 解得μ2=0.7 ………………（2分）。

2014-2015学年福建省八县（市）一中联考高一（上）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分．每小题只有一个选项是正确的，请将正确答案字母填写在答题卷表格中的相应位置．）1．（4分）下列说法不符合历史事实的是（）A．亚里士多德认为，力是改变物体运动状态的原因B．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质C．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去D．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向2．（4分）关于物理量或物理量的单位，下列说法正确的是（）A．1N/kg=9.8m/s2B．“m”“kg”“s”都是国际单位制的基本单位C．为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位D．在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、速度为三个基本物理量3．（4分）关于物体的惯性，下列说法中正确的是（）A．力是改变物体惯性的原因B．物体的运动速度越大，其惯性也越大C．物体只有静止或匀速直线运动时才有惯性D．一切物体都具有惯性，质量是物体惯性大小的量度4．（4分）一本书静止在水平桌面上，则下列说法中正确的是（）A．书对桌面的压力是由于桌面的形变产生的B．书受到的重力的反作用力就是它对桌面的压力C．桌面对书的支持力与书对桌面的压力是一对作用力与反作用力D．桌面对书的支持力与书对桌面的压力是一对平衡力5．（4分）关于物体的运动状态与所受外力的关系，下面说法正确的是（）A．物体运动状态保持不变时，它一定没有受到外力的作用B．物体所受力的合力不为零时，它的运动状态一定会发生改变C．物体所受力的合力为零时，它一定处于静止状态D．物体的运动方向一定与它所受合外力的方向相同6．（4分）如图所示，质量均为m的A、B两球之间系一根轻弹簧，放在光滑水平面上，A球紧靠竖直墙壁，今用力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然撤去F的瞬间，下列说法正确的是（）A．A的加速度为B．A的加速度为C．B的加速度为D．B的加速度为7．（4分）如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小，这一现象表明（）A．电梯一定是在下降B．电梯可能是在上升C．电梯的加速度方向可能是向上D．乘客一定处在超重状态8．（4分）物体甲的质量是物体乙的质量的2倍，甲从H、乙从2H高处同时自由下落，甲未落地前的下落过程中，下列说法中正确的是（）A．同一时刻甲的速度比乙的速度大B．甲的加速度比乙的加速度大C．乙下落时间是甲的2倍D．各自下落相同的高度时，它们的速度相同9．（4分）a、b两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．第20s时刻，a、b两物体相距最远B．第60s时刻，物体a在物体b的前方C．第40s时刻，a、b两物体速度相等，相距200 mD．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速10．（4分）如图所示，一光滑小球静止放置在光滑半球面的底端，用竖直放置的光滑挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动的过程中（该过程小球未脱离球面），木板对小球的推力F1、半球面对小球的支持力F2的变化情况正确的是（）A．F1增大，F2减小 B．F1减小，F2增大C．F1减小，F2减小 D．F1增大，F2增大11．（4分）如图所示，m A＞m B，设地面对A的支持力为F N，绳子对A的拉力为F1，地面对A的摩擦力为F2，若水平方向用力F拉A，使B匀速上升，则在此过程中（）A．F N增大，F2增大，F1不变B．F N减小，F2减小，F1不变C．F N减小，F2减小，F1增大D．F N增大，F2减小，F1增大12．（4分）如图所示，弹簧一端系在墙上O点，另一端自由伸长到B点，今将一小物体m压着弹簧（与弹簧未连接），将弹簧压缩到A点，然后释放，小物体能运动到C点静止，物体与水平地面间的动摩擦因数恒定．下列说法中正确的是（）A．物体在B点受合外力为零B．物体的速度从A到B越来越大，从B到C越来越小C．物体从A到B加速度越来越小，从B到C加速度不变D．物体从A到B先加速后减速，从B到C匀减速二、实验题（每空2分，共16分．请将正确答案和作图填在答卷纸题目中的横线上．）13．（4分）（1）在做“验证力的平行四边形定则”实验时，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧秤分别拉着两根绳套把橡皮条的另一端拉到某一确定的O 点，则下列说法中正确的是A．同一次实验中，O点位置不允许变动B．实验中，橡皮条、细绳和弹簧秤应与木板保持平行C．实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧秤之间的夹角必须取90°D．实验中，要始终将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点。

福州市八县(市)协作校2014-2015学年第一学期半期联考高三物理试卷【完卷时间：90分钟；满分：100分】命题人：闽侯三中欧拱秋林刚一、单项选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1．下列情况的物体，可以看作质点的是（）A．研究原子结构时的原子B．研究汽车后轮各点运动时的车轮C．水平地面上放一只木箱，用力推它沿直线平动，研究其运动情况时的木箱D．研究自转时的地球2．一物体在竖直弹簧的上方ｈ米处下落，然后又被弹簧弹回，如图所示，则物体动能最大时是（）Ａ．物体刚接触弹簧时Ｂ．物体将弹簧压缩至最短时Ｃ．弹簧等于原长时Ｄ．物体重力与弹力等大时3．汽车在平直公路上行驶，它受到的阻力大小不变，若发动机的功率保持恒定，则汽车在加速行驶的过程中，它的牵引力F和加速度a的变化情况是（）A．F逐渐减小，a也逐渐减小 B．F逐渐增大，a逐渐减小C．F逐渐减小，a逐渐增大 D．F逐渐增大，a也逐渐增大4．由静止开始做匀加速直线运动的物体, 当经过位移为S时速度是v 。

那么经过位移为2S时的速度是（）A. v2B. 2vC. v22 D. 4v5．如图所示，两物体A和B，质量分别为3kg和2kg，用跨过定滑轮的轻绳连接，A静止于水平地面上，不计定滑轮与各个接触物体之间的摩擦。

物体A对轻绳的作用力的大小、地面对物体A的作用力的大小和A所受的合力大小分别为（g=10m/s2）（）A．20 N 30 N 0 N B．10 N 20 N 0 NC．20 N 10 N 0 N D．30N 20N 10 N 6．如图，当车厢水平向右加速行驶时，一质量为m的物块紧贴在车壁上，相对于车壁静止，随车一起向右运动，则下列说法正确的是（）A．在竖直方向上，车壁对物块的摩擦力大于物块的重力B．在水平方向上，车壁对物块的弹力是由于物块发生了弹性形变C．若车厢加速度变小，车壁对物块的弹力也变小D．若车厢加速度变大，车壁对物块的摩擦力也变大h7．如图，质量为m 转台由静止开始转动。

福州市八县（市）协作校2015--2016学年第一学期半期联考高三 物理试卷【完卷时间：90分钟；满分：100分】命题: 连江黄如论中学 林庆河 陈美爱一、单项选择题：（本题共12小题：每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1. 图甲、乙、丙分别是力学中的三个实验装置的示意图，这三个实验共同的物理思想是（甲图中M 、N 为平面镜）（ ）A ． 放大的思想方法B ． 控制变量的思想方法C ． 比较的思想方法D ． 猜想的思想方法2． 如图所示，水平面上放置一倾角可变的斜面，物体m 静止于此斜面上，当斜面倾角θ略增大时，若物体m 和斜面仍保持静止，则（ ）A ．物体所受的合外力变大B ．斜面对物体的支持力变大C ．斜面受到地面的摩擦力变大D ．斜面对物体的摩擦力变大 3． 如图所示，细绳的一段固定在O 点，另一端悬挂质量为m的小球A ，为使细绳与竖直方向夹角为30°，小球A 处于静止状态，对小球施加的最小外力等于（ ）A ．12mg B ．C D 4．如图所示，蜡块在竖直玻璃管内的水中匀速上升，速度为v ．若在蜡块从A 点开始匀速上升的同时，玻璃管从AB 位置由静止开始水平向右做匀加速直线运动，加速度大小为a ，则蜡块的实际运动轨迹可能是图中的（ ）A ． 直线PB ． 曲线QC ． 曲线RD ． 无法确定5． 在粗糙的水平面上，物体在水平推力作用下由静止开始作匀加速直线运动，作用一段时间后，将水平推力逐渐减小到零，则在水平推力逐渐减小到零的过程中（ ）A ．物体速度逐渐减小，加速度逐渐减小B ．物体速度逐渐增大，加速度逐渐减小C ．物体速度先增大后减小，加速度先增大后减小D ．物体速度先增大后减小，加速度先减小后增大 6．如图所示，质量为m 的小球用水平轻弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板AB 托住，小球恰好处于静止状态．当木板AB 突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为( )A ．0B ．C ．gD ．3g 7．如图所示，物体A 、B 和C 叠放在水平桌面上，水平力为5B F N =，10C F N =，分别作用于物体B 、C 上，A 、B 和C 仍保持静止．以1f F 、2f F 和3f F 分别表示A 与B 、B 与C 、C 与桌面间的静摩擦力的大小，则（ ）A ．123500f f f F N F F ===，， B ． 123550f f f F N F N F ===，，C ． 123055f f f F F N F N===，，D ．1230105f f f F F N F N===，， 8．人用绳子通过动滑轮拉A ，A 穿在光滑的竖直杆上，当以速度0v 匀速地拉绳使物体A 到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，求A 物体实际运动的速度是( )A ．0 v sin θB ．sin v θ C ．0v cos θ D ．0cos vθ9．竖直悬挂的轻弹簧下连接一个小球，用手托起小球，使弹簧处于压缩状态，如图所示。

福州市八县(市)协作校2016-2017学年第一学期期末联考高一 物理试卷【完卷时间：90分钟； 满分：100 分】第Ⅰ卷（选择题 共48分）选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的的四个选项中，第1~7小题只有一个选项正确，第8~12小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等等。

以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确．．．的是（ ） A ．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B ．根据速度定义式t s v △△=，当t ∆非常非常小时，ts△△就可以表示物体在t 时瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C ．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D ．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2．一物体m 受到一个撞击力后沿不光滑斜面向上滑动，如图所示，在向上滑动过程中，物体m 受到的力是( )A ．重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B ．重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力C ．重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力D ．重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力3．一物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改为匀速运动；再改做减速运动，则下列说法中正确的是( )A ．加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力B ．减速前进时，绳拉物体的力小于物体拉绳的力C ．只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等D ．不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等4．一质点的x －t 图象如图甲所示，图乙中能正确表示该质点的v -t 图象的是( )5．一滑块从长为L 的斜面顶端由静止开始匀加速下滑，滑块通过最初41L 所需时间为t ，则滑块从斜面顶端到底端所用时间为 ( )At B ．2 t Ct D ．4 t6．细绳拴一个质量为m 的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连。

2014-2015学年福建省福州市高三（上）期末物理试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中．只有一个选项正确．选对的得4分，有选错的和不答的得0分．）1．如图A 、B 两物体叠放在一起，用手托住，让它们静靠在平整的竖直墙边，然后释放，它们同时沿墙面向下滑，已知m A ＞m B ，则物体B 受力个数是（ ）A ． 1B ． 2C ． 3D ． 4 【答案】A ．【解析】A 、B 整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动； 由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A 、B 间无弹力，再对物体B 受力分析，只受重力；【考点】 力的合成与分解的运用.2．游乐场内两支玩具枪在同一位置先后沿水平方向各射出一颗子弹，打在远处的同一个靶上，A 为甲枪子弹留下的弹孔，B 为乙枪子弹留下的弹孔，两弹孔在竖直方向上相距高度为h ，如图所示，不计空气阻力．关于两枪射出的子弹初速度大小，下列判断正确的是（ ）A ． 甲枪射出的子弹初速度较大B ． 乙枪射出的子弹初速度较大C ． 甲、乙两枪射出的子弹初速度一样大D ． 无法比较甲、乙两枪射出的子弹初速度的大小 【答案】A ．【解析】平抛运动的高度决定时间，由h =212gt 知，乙的运动的时间大于A 甲的运动时间，水平位移相等，根据0xv t知，甲枪射出的子弹初速度较大．故A 正确，B 、C 、D 错误．【考点】平抛运动．3．一质点沿坐标轴Ox做变速直线运动，它在坐标轴上的坐标x随时间t的变化关系为x=5+2t3，速度v随时间t的变化关系为v=6t2，其中v、x和t的单位分别是m/s、m和s．设该质点在t=0到t=1s内运动位移为s和平均速度为，则（）A．s=6m，=6m/s B．s=2m，=2m/s C．s=7m，=7m/s D．s=3m，=3m/s 【答案】B．【解析】由题意知，当t=0时物体的位置坐标x0=5m，当t=1时位置坐标为x1=7m由位移等于位置坐标的变化量知，物体的位移s=x1﹣x0=2m根据平均速度公式知，物体在1s内的平均速度2m/s2m/s1svt===故B正确，ACD错误．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．4．如图所示，甲、乙两图分别有等量同种的电荷A1、B1和等量异种的电荷A2、B2．在甲图电荷A1、B1的电场中，a1、O1、b1在点电荷A1、B1的连线上，c1、O1、d1在A1、B1连线的中垂线上，且O1a1=O1b1=O1c1=O1d1；在乙图电荷A2、B2的电场中同样也存在这些点，它们分别用a2、O2、b2和c2、O2、d2表示，且O2a2=O2b2=O2c2=O2d2．则（）A．a1、b1两点的场强相同，电势相同B．c1、d1两点的场强相同，电势相同C．a2、b2两点的场强相同，电势相同D．c2、d2两点的场强相同，电势相同【答案】D【解析】在正等量同种电荷的电场中，电场左右对称，所以a1、b1两点的场强大小相同，方向相反，电势相同．故A错误；在正等量同种电荷的电场中，电场上下对称，所以c1、d1两点的场强大小相同，方向相反，电势相同．故B错误；在等量异种种电荷的电场中，电场左右对称，所以a2、b2两点的场强相同，电势沿电场线的方向降低，所以点的电势高．故C错误；在等量异种电荷的电场中，电场上下对称，所以c2、d2两点的场强相同，电势相同．故D正确．【考点】电场线；电势．5．如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5．原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u=220sin（100πt）V．副线圈接入电阻的阻值R=100Ω，图中电压表和电流表均为理想电表．则（）A．通过电阻的电流是22A B．交流电的频率是100HzC．电压表的示数是100V D．变压器的输入功率是484W【答案】C．【解析】由输入电压公式可知，原线圈中电压的最大值为220V，所以电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V，副线圈的电阻为100Ω，所以电流的为1A，所以A错误；由输入电压公式可知，角速度为100π，所以交流电的频率为50Hz，故B错误；由于电压表测量的是电压的有效值，所以电压表的读数为100V，所以C正确；原副线圈的功率是相同的，由电阻消耗的功率为P=22100W100W100UR==，所以变压器的输入功率是1×102W，所以D错误．【考点】变压器的构造和原理．6．带电粒子在周期性变化的电场中作直线运动，一个周期内的速度v随时间t变化的图线如图所示，则该质点的位移s（从t=0开始）随时间t变化的图线可能是下图中的哪一个？（）A．B．C．D．【答案】C【解析】由速度时间图象可知，该质点做匀加速直线运动后做匀减速直线运动A 图象表示先沿正方向匀速运动，后沿负方向运动运动，B 表示运动运动，D 表示速度越来越小，只有C 正确．【考点】 匀变速直线运动的图像.7．如图所示，在固定好的水平和竖直的框架上，A 、B 两点连接着一根绕过光滑的轻小滑轮的不可伸长的细绳，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态．若按照以下的方式缓慢移动细绳的端点，则下列判断正确的是（ ）A ． 只将绳的左端移向A ′点，拉力变小B ． 只将绳的左端移向A ′点，拉力不变C ． 只将绳的右端移向B ′点，拉力变小D ． 只将绳的右端移向B ′点，拉力不变 【答案】B ．【解析】设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为α，绳子的长度为L ，B 点到墙壁的距离为S ，根据几何知识和对称性，得：sin α=SL…① 以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F ，根据平衡条件得： 2F cos α=mg ，得F =2cos mg…②A 、B 、当只将绳的左端移向A′点，S 和L 均不变，则由②式得知，F 不变．故A 错误，B 正确．C 、D 、当只将绳的右端移向B′点，S 增加，而L 不变，则由①式得知，α增大，cos α减小，则由②式得知，F 增大．故C 错误，D 错误．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．8．近几年有些大型的游乐项目很受年青人喜欢，在一些丛林探险的项目中都有滑索过江的体验．若把滑索过江简化成如图的模型，滑索的两端固定，且近似可看成形状固定不变的圆弧，某人从滑索一端滑向另一端的过程中，那么（）A．人的运动可看成是匀速圆周运动B．人在滑到到最低点时处于失重状态C．人在滑到最低点时重力的瞬时功率最大D．人在滑到最低点时绳索受到的压力最大【答案】D．【解析】人借助滑轮下滑过程中，重力做功，速度大小是变化的，所以人在整个绳索上运动不能看成匀速圆周运动．故A错误．对人研究，根据牛顿第二定律得：N﹣mg=m2vr，得到：N=mg+m2vr，对绳索的压力大于重力，处于超重状态，故B错误；重力方向竖直向下，而在最低点的速度方向水平，与重力方向垂直，所以此时重力的瞬时功率为0，最小，故C 错误；在滑到最低点时速度最大，具有向上的加速度，人对绳索的压力大于重力，绳索受到的压力最大，故D正确；【考点】牛顿运动定律的应用——超重和失重．9．如图所示，倾角α的斜面体，质量为M，静止放在粗糙的水平地面上．质量为m的木块沿斜面由静止开始加速滑下．已知斜面体的斜面是光滑的，底面是粗糙的；且在木块加速下滑过程中斜面体始终保持静止，则（）A．木块对斜面的压力为mg sinαB ． 木块沿斜面下滑的加速度为g cos αC ． 斜面体对地面的压力大于（m +M ）gD ． 斜面体对地面的静摩擦力方向水平向右 【答案】D ．【解析】对木块受力分析可知，木块对斜面的压力为mg cos α；故A 错误；木块下滑的加速度a =g sin α；故B 错误；设斜面的倾角为θ．以M 和m 整体为研究对象，受力图如图． 将加速度a 分解为水平方向和竖直方向，如图．根据牛顿第二定律得；对竖直方向F N =（M +m ）g ﹣ma ；对水平方向 f =ma cos α，方向水平向左；故斜面体对地面的摩擦力向右；故D 正确； 【考点】 牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用。

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福州市八县(市)协作校2017—2018学年第一学期期末联考高一物理试卷【完卷时间：90分钟；满分：100分】一、单项选择题（本题共8小题,每小题4分，共32分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，不选、错选、多选均不得分。

)1、在一次田径运动会上，下列几种关于比赛项目的描述正确的是（）A．在铅球比赛中，要研究运动员的推球技术要领时,可以把运动员当成“质点”处理B．郑恺同学的100 m比赛成绩是13.3s，“13.3s"指的是“时刻”C．李晨同学的铅球成绩是20。

8m，“20。

8m”指的是铅球在空中运动的路程D．在400米比赛中，处在第1跑道的鹿晗同学正好跑了完整一圈的成绩是50.0s，则他在该过程的平均速度为02、下列说法中，不正确．．．的是：（）A．两接触面间有摩擦力存在，则一定有弹力存在，且二者方向是相互垂直的B．压力会影响最大静摩擦力的大小，但不会影响静摩擦力的大小C．只有在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F=maD．以蛋击石，结果是蛋破了,这是因为石头对蛋的作用力大于蛋对石头的作用力3、如图所示，一小球从A处以2υ的速度沿斜面上滑到C处开始返回，若上滑时经过B处的速度为υ，则S AB︰S BC等于( ）A、1︰1B、2︰1C、3︰1D、4︰14、汽车交通安全已成为当下一个重大的社会问题，普及交通安全知识至关重要。

高中一年级第一学期八县（市）一中期末联考物理科试卷一、选择题1. 在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持物体运动的原因”这个观点的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是（）A. 亚里士多德、伽利略B. 伽利略、牛顿C. 伽利略、爱因斯坦D. 亚里士多德、牛顿【答案】B【解析】试题分析：物理常识的理解和记忆，对于每个物理学家，他的主要的贡献是什么要了解．解：亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才会运动，但这是不对的；伽利略推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体运动状态的原因；牛顿提出了物体的运动定律，其中的牛顿第一定律即为惯性定律；爱因斯坦提出了光子说很好的解释了光电效应的实验规律．所以B正确．故选B．【点评】本题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况．2.关于牛顿第一定律，下列说法正确的是（）A. 牛顿第一定律是依靠实验事实，直接归纳总结得出的B. 根据牛顿第一定律可知，力是维持物体运动的原因C. 惯性是物体的固有属性，物体的质量越大，惯性越大D. 物体保持静止和匀速直线运动状态时有惯性，加速时没有惯性【答案】C【解析】【分析】牛顿第一定律是在实验的基础上推理概括得出的规律，它告诉我们物体在不受力的作用时保持静止状态或物体做匀速直线运动状态；牛顿第一定律反映了物体不受到外力时的运动规律．【详解】牛顿第一定律是牛顿在伽利略等前人实验的基础上，根据逻辑推理得出的，是以实验为基础，但又不是完全通过实验得出，故A错误；根据牛顿第一定律可知，力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，故B错误；惯性是物体的固有属性，物体的质量越大，惯性越大，惯性的大小与物体的运动状态无关，选项C正确，D错误；故选C.3.如图所示，一木箱放置于做匀速直线运动的小车地板中，下列说法正确的是（）A. 木箱所受重力就是木箱对小车的压力B. 木箱所受重力和支持力是一对相互作用力C. 木箱所受支持力和木箱对小车的压力是一对相互作用力D. 木箱所受重力和木箱对小车的压力是一对相互作用力【答案】C【解析】【分析】相互作用力是作用在两个物体上的同种性质的力；而平衡力是作用在一个物体上的可以不是相同性质的力。

福州八中2015届高三上学期第一次质量检查物理试题考试时间：90分钟试卷满分：120分2014.8.30一、单项选择题（共54分。

每题3分）1、如图所示，桌面上固定一个光滑竖直挡板，现将一个重球A与截面为三角形垫块B叠放在一起，用水平外力F可以缓缓向左推动B，使球慢慢升高，设各接触面均光滑，则该过程中A．A和B均受三个力作用而平衡B．B对桌面的压力越来越大C．A对B的压力越来越小D．推力F的大小恒定不变2、如图所示，A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v t图象，根据图象可以判断A．在t=4 s时，甲球的加速度小于乙球的加速度B．在t=5 s时，两球相距最远C．在t=6 s时，甲球的速率小于乙球的速率D．在t=8 s时，两球相遇3、如图所示，在水平桌面上叠放着质量相等的A、B两块木板，在木板A上放着质量为m的物块C，木板和物块均处于静止状态。

A、B、C之间以及B与地面之间的动摩擦因数均为μ，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，现用水平恒力F向右拉木板A，则以下判断正确的是A．不管F多大，木板B一定保持静止B．B受到地面的滑动摩擦力大小一定小于FC．A、C之间的摩擦力大小一定等于μmgD．A、B之间的摩擦力大小不可能等于F4、物体沿直线以恒定加速度运动, 它的位移与时间的关系是s=24t－6t2 (s单位是m, t单位是s)，则它的速度为零的时刻是A．2 s B．4s C．6 s D．24 s5、质量为2吨的汽车，发动机牵引力的功率为30千瓦，汽车在水平路面上行驶能达到的最大速度为15m／s。

保持发动机的功率不变，若汽车所受阻力恒定，则汽车的速度为10m／s 时的加速度为A．1m/s2B．0.5m/s2C．2m/s2D．2.5m/s26、如图，一固定斜面倾角为030，一质量为m 的小物块自斜面底端以一定的初速度，沿斜面向上做匀减速运动，加速度的大小等于重力加速度的大小g 。

福建省福州市2015届高三物理上学期期末质量检查试题（扫描版）物理试卷参考答案及评分标准一、选择题：1．A 2．A 3．B 4．D 5．C 6．C 7．B 8．D 9．D 10．C二、计算题：11．解：（1）闭合开关S 后电路稳定时，外电阻R 外=231123()R R R R R R +++=8Ω ……① （1分） 总电流I =E R r+外=0.6A ……② （2分） 路端电压U 外=IR 外=4.8V ……③ （1分）流过R 3的电流为 I 3=23U R R +外=0.12A ……④ （2分） （2）闭合开关S 后，电路稳定时，加在电阻R 3的电压U 3=I 3R 3=3.6V ……⑤ （2分） 电容充电完毕所带的电荷量Q =CU 3=3.6×10-4C ……⑥ （1分） 闭合开关S 直至电路稳定流过R 4的总电荷量Q =3.6×10-4C ⑦（1分）12、解：（1）设：月球半径为R2RMm G mg = ……① （2分） 月球的质量334R M πρ⋅= ……② （2分） 由①②得：3223169G g M ρπ= ……③ （1分）（2）万有引力提供向心力：R v m RMm G 22= ……④ （2分） 由①②得：Gg R πρ43= ……⑤ （2分）由④⑤得：Gg R GM v πρ432== ……⑥ （1分） 13．解：（1）小球恰好能到达半圆轨道最高点D ，由牛顿第二定律得Rv m mg 2= ① （3分） 代入数据得5==gR v m/s （1分）(2)小球离开D 点做平抛运动水平方向vt x =……②（2分） 竖直方向2212gt R =……③（2分） 由②③解得5=x m （1分）（3）从A 至D 过程，由动能定理得()02122-=--mv mgx R h mg μ ④（2分） 代入数据得5.7=h m （1分）14．解： (1)由右手定则判断 a b ϕϕ> （2分）(2) 当金属棒匀速下落时，由共点力平衡条件得mg ＝BIL ① （2分）金属棒产生的感应电动势E ＝BLv t ② （1分）则电路中的电流I ＝BLv t R ＋r③ （1分） 由图象可得v t =7 m/s （1分）代入数据解得B ＝0.1 T （1分）(3)在0～1.5 s ，以金属棒ab 为研究对象，根据动能定理得mgh －W 安＝12mv 2t －0 ④ （2分）W 安＝0.455 J （1分）对闭合回路由闭合电路欧姆定律得E 电＝I (R ＋r ) ⑤ （1分）则电阻R 两端的电压U R 为U R ＝R R ＋r E 电 ⑥ （1分） 电阻R 上产生的热量Q R ＝R R ＋r W 安＝0.26 J （1分）15．解：（1）离子沿y 轴正方向进入，则离子从N 点垂直射出 ∴轨道半径r=L /2=0.5L ……① （3分）离子在匀强磁场中做匀速圆周运动：r v m qvB 2= ……②（3分） ∴BLv m q 2= ……③ （1分） （2）带电粒子做匀速圆周运动周期vL qB m T ππ==2 ……④ （2分） 设：离子在磁场中运动轨迹对应圆心角为θ︒==⨯=300352ππθT t ……⑤ （2分） 其轨迹如图所示射位置26sin 22sin 2L L r x -=-=--=πθπ ……⑥（2分） 速度方向与x 轴正方向成30°……⑦ （1分）。

福建省福州市八县市区一中高一物理上学期期末联考试题02140322完卷时间：90分钟满分：100一.选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1~8小题只有一项符合题目要求，第9~12小题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的的0分。

）1．临近期末，小茗同学在进行知识梳理时，对以下说法存在疑惑，你认为其中正确的是（）A．“临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟”，从物理学的角度看，这是涉及惯性知识的一句古诗词B．国际单位制中,N、kg、m是其中的三个基本单位C．马能拉着车加速往前跑，是因为马拉车的力大于车拉马的力D. 把一个已知力分解成两个分力，则这个已知力总要比其中一个分力大2．一质点自原点开始在轴上运动，初速度，加速度，当值不断减小直至为零，则（）A．该过程中，质点的速度不断减小B．该过程中，质点速度的变化率不断增大C．当时，质点的速度达到最大D．当时，质点的位移达到最大值3. 探究超重和失重规律时，一位体重为G的同学站在一个压力传感器上完成一次下蹲动作。

传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是( )4.如图所示，t=0时，某物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面(经过B点前后速度大小不变，方向由沿斜面向下突变为水平向右)，最后停在C点。

每隔2s物体的瞬时速率记录在表格中，已知物体在斜面上做匀加速直线运动，在水平面上做匀减速直线运动，则下列说法中正确的是（）A．t=3s时物体恰好经过B点 B．t=10s时物体恰好运动到C点C．物体运动过程中的最大速度为12m/s D．A、B间距离等于B、C间距离5. 如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙壁之间放一光滑球B，整个装置处于静止状态．若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则以下判断错误的是( )A．A对地面的压力不变B．地面对A的摩擦力减小C．A与B之间的作用力增大D．B对墙的压力减小6．如图所示，人的质量为M，物块的质量为m，且M＞m，若不计滑轮的摩擦，则当人拉着绳向后退回一步后，人和物块仍保持静止，若人对地面的压力大小为F1、人受到地面的摩擦力大小为F2、人拉绳的力的大小为F3，则下列说法中正确的是（）A．F1、F2、F3均不变B．F1增大、F2增大，F3不变C．F1增大、F2减小、F3减小D．F1减小、F2减小，F3不变7．如图所示，用水平恒力F拉A、B、C三个物体在光滑水平面上运动。

福建省福州市八县〔市〕一中2015届高三上学期期中联考物理试卷一、选择题〔共12小题，每一小题4分，共48分．在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得4分，有选错的和不答的得0分．〕1．意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验〞，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾2．〔4分〕福建女选手郑幸娟在第11届全运会上以“背越式〞成功地跳过了1.95m的高度，3．〔4分〕如下列图，a、b分别是甲、乙两辆车从同一地点沿同一直线同时运动的速度图象，t0时刻两图象相交，由图象可以判断〔〕A．2s后甲、乙两车的加速度大小相等B．在0～8s内两车最远相距148mC．两车只有t0时刻速率相等D．两车在t0时刻相遇考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：在v﹣t图象中，图线的斜率大小等于加速度，根据斜率的大小分析加速度大小的关系．图线与坐标轴所围“面积〞等于位移，并结合两车的运动情况，确定在0～8s内相距最远的距离．由图直接读出速率相等的时刻．根据两车的运动情况分析t0时刻是否相遇．解答：解：A、2s后甲图线的斜率大于乙图线的斜率，如此2s后甲的加速度大于乙的加速度．故A错误．B、当甲乙两车速度相等时相距最远，根据ab两条直线的解析式，运用数学知识算出交点的横坐标为s，由图象法可知此时ab的距离为148m，故B正确．C、速率是指速度的大小，由图看出，在2s末ab速率都等于20m/s，速率也相等．故C错误．D、根据B项分析可知，在t0时刻，两车没有相遇，而是相距最远．故D错误．应当选B点评：此题考查对速度﹣时间图象的理解与应用的能力．要明确斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移．难度适中．4．〔4分〕如下列图，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内外表与碗口光滑．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球．当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与水平线的夹角为α=90°，质量为m2的小球位于水平地面上，设此时细线的拉力大小为T，质量为m2的小球对地面压力大小为N，如此〔〕A．T=m1g B．T=〔m2﹣m1〕gC．N=m2g D．N=〔m2﹣m1〕g考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对小球m1受力分析，再对小球m2受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．解答：解：A、B、先对小球m1受力分析，受重力和支持力，假设细线对小球m1有拉力作用，如此小球m1受力不能平衡，故拉力T为零；故A错误，B错误；C、D、再对小球m2受力分析，受到重力和支持力，支持力与重力平衡，故N=m2g；应当选：C．点评：此题关键是对小球m1受力分析，得出细线的拉力为零，然后再对球m2受力分析，得出支持力的大小．5．〔4分〕如下列图，在竖直平面内有一半径为R的光滑固定圆弧轨道，半径OA水平，OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P处静止下落，小球沿轨道到达最高点B时对轨道压力F=mg，重力加速度为g，如此下述正确的答案是〔〕A．小球运动到B时的速度为B．小球运动到B点时重力的瞬时功率为mgC．小球运动到最低点C时对轨道的压力为6mgD．A P间距为2R考点：功率、平均功率和瞬时功率；向心力．.专题：功率的计算专题．分析：在整个过程中熟练运用动能定理与牛顿第二定律即可求得解答：解：A、在B点由牛顿第二定律得：mg+mg=解得：，故A错误；B、由P=Fv可知，在B点物体速度与重力方向垂直，故重力功率为零，故B错误；C、从B到C由动能定理可知：在C处：联立解得：F N=7mg，故C错误；D、从P到B可知：mgh=，h=R，故PA距离为：R+R=2R，故D正确；应当选：D点评：分析清楚小球的运动过程，把握圆周运动解题思路，同时要熟练运用牛顿运动定律、动能定理即可正确解题．6．〔4分〕〔2007•某某模拟〕如下列图，河水的流速为4m/s，一条船要从河的南岸A点沿与河岸成30°角的直线航行到北岸下游某处，如此船的开行速度〔相对于水的速度〕最小为〔〕A．2m/s B．3m/s C．4m/s D．5m/s考点：运动的合成和分解．.专题：运动的合成和分解专题．分析：合速度的方向以与一分速度的方向〔水流速〕，根据平行四边形定如此确定另一分速度〔静水速〕的最小值．解答：解：根据平行四边形定如此知，因为垂线段最短，所以当静水速与合速度方向垂直时，静水速最小，．故A正确，B、C、D错误．应当选A．点评：解决此题的关键会根据平行四边形定如此对速度进展合成，以与在知道合速度方向和一分速度大小方向的情况下，能够求出另一分速度的最小值．7．〔4分〕飞机以一定水平速度v0飞行，某时刻让A球落下，相隔1s又让B球落下，在以后A．A球在B球的前下方，二者在同一抛物线上B．A球在B球的后下方，二者在同一抛物线上C．A球在B球的下方5m处，二者在同一条竖直线上D．以上说法均不正确考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：飞机匀速飞行，飞机上自由释放的小球做平抛运动，初速度等于飞机的速度，而平抛运动水平方向的分运动是匀速直线运动，如此两个小球水平方向速度与飞机的速度一样，总在飞机的正下方．解答：解：小球离开飞机做平抛运动，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，所以A球在B 球的正下方．在竖直方向上做自由落体运动，，所以位移随时间逐渐增大．故A、B、C错误，D正确．应当选：D．点评：解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，不能错认为两球之间的距离保持不变．12．〔4分〕如下列图，从光滑的圆弧槽的最高点滑下的小滑块，滑出槽口时速度方向为水平方向，槽口与一个半球顶点相切，半球底面为水平，假设要使小物块滑出槽口后不再沿半球面下滑，圆弧轨道半径为R1，半球半径为R2，如此R1和R2应满足的关系是〔〕A．R1≥B．R1≤C．R1≥R2D．R1≤R2考点：向心力．.专题：匀速圆周运动专题．分析：滑块沿光滑的圆弧槽下滑过程，只有重力做功，根据机械能守恒定律列式；假设要使小物块滑出槽口后不沿半球面下滑，即做平抛运动，如此重力不足以提供滑块绕半球运动所需的向心力．解答：解：滑块沿光滑的圆弧槽下滑过程，只有重力做功，机械能守恒，有mgR1=mv22①要使小物块滑出槽口后不沿半球面下滑，即做平抛运动，如此mg≤m②由①②解得：R1≥应当选：A．点评：此题关键根据机械能守恒定律列式，同时要注意在最低点，重力不足于提供绕半球运动所需的向心力．A．人的触地时间B．人受到的冲量C．人的动量变化量D．人的动量变化率考点：动量定理．.专题：动量定理应用专题．分析：物体动量的变化等于合外力的冲量，应用动量定理分析答题．解答：解：调高比赛时，运动员从与沙坑接触到静止动量的变化量相等△p，由动量定理可知，人受到的合力的冲量I=△p是一定的，人落在沙坑中比落在地面上延长了人与沙坑的接触时间，t变大，由动量定理得：△P=Ft，=F，△p一定，t越长，动量变化率越小，人受到的合外力越小，越安全；应当选：D．点评：此题考查了判断动量、冲量、动量变化率等问题，分析清楚运动过程，应用动量定理即可正确解题．14．〔4分〕〔2014•厦门二模〕关于近代物理的内容，如下说法正确的答案是〔〕A．α射线的穿透力比γ射线强B．铀核裂变的核反响方程是：U+n→Ba+Kr+2nC．将有放射性元素组成的化合物进展高温分解，不会改变放射性元素的半衰期D．假设紫光和紫外线都能使同一金属产生光电效应，用紫光照射时光电子最大初动能较大考点：X射线、α射线、β射线、γ射线与其特性；光电效应；原子核衰变与半衰期、衰变速度；重核的裂变．.分析：γ射线穿透能力最强，而α射线的电离能力最强；核反响方程满足质量数与质子数守恒；半衰期与物理与化学性质无关；根据光电效应方程，即可确定光电子的最大初动能与入射光的频率有关．解答：解：A、γ射线穿透能力最强，而α射线的电离能力最强，故A错误；B、铀核裂变的核反响方程是：U+n→Ba+Kr+3n，故B错误；C、放射性元素的半衰期不随着物理与化学性质变化而变化，故C正确；D、根据光电效应方程E Km=hγ﹣W，可知，因紫外线的频率高于紫光，如此用紫外线照射时光电子最大初动能较大，故D错误；应当选：C．点评：考查α射线与γ射线的区别，掌握书写核反响方程的规律，注意半衰期只与自身元素有关，同时理解当入射光的频率越大时，如此同一金属产生的光电子最大初动能越大．15．〔4分〕在光滑的水平面上有两个在同一直线上相向运动的小球，其中甲球的质量m1=4kg，乙球的质量m2=1kg，规定向左为正方向，碰撞前后甲球的v﹣t图象如下列图．两球发生正碰后粘在一起，如此碰前乙球速度的大小和方向分别为〔〕A．3m/s，向右B．13m/s，向左C．13m/s，向右D．3m/s，向左考点：动量守恒定律．.专题：动量定理应用专题．分析：甲乙碰撞过程，动量守恒，由动量守恒定律求解碰前乙球速度的大小和方向．解答：解：由图知，甲球碰撞前的速度为v1=2m/s，碰撞后的速度为v1′=﹣1m/s，碰撞后，甲16．〔4分〕氢原子从能级m跃迁到能级n时辐射红光的频率为υ1，从能级n跃迁到能级k时2二、计算题〔此题含5小题，共52分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕17．〔10分〕我国交通管理部门规定，高速公路上汽车行驶的安全距离为200m，汽车行驶的最高速度为v m=120km/h．驾驶员的反响时间通常为0.3s～0.6s，各种路面与汽车轮胎之间的动摩擦因数为0.32～0.8．为了确保汽车行驶过程中的安全，请你通过计算说明200m为汽车行驶必要的安全距离．〔取g=10m/s2〕如此汽车行驶必要的安全距离为s=s1+s2=193.6m＜200m答：200m为汽车行驶的必要安全距离点评：解决此题的关键知道汽车在反响时间内和刹车后的运动情况，结合运动学公式进展求解，以与知道两车恰好不相撞的临界情况．18．〔10分〕天宫一号目标飞行器，是我国自主研制的全新的载人飞行器，它可以与载人飞船进展屡次对接．“天宫一号〞飞行器质量为m，运行高度为h，地球半径为R，地球外表的重力加速度为g．求：〔1〕天宫一号飞行高度处的重力加速度的大小；〔2〕天宫一号的运行周期．考点：万有引力定律与其应用．.专题：万有引力定律的应用专题．分析：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据万有引力等于向心力，结合黄金代换进展求解．解答：解：〔1〕天宫一号在地球外表所受万有引力近似等于重力mg=G在距地面h高处mg′=G解得：g′==g〔2〕因为天宫一号的运行轨道看做圆轨道，万有引力充当向心力，所以：解得：周期T=答：〔1〕天宫一号飞行高度处的重力加速度的大小为g；〔2〕天宫一号的运行周期为．点评：此题关键是根据万有引力等于向心力和万有引力等于重力列出等式，求出向加速度和周期．19．〔10分〕如图，倾角θ=37°、质量M=5kg的粗糙斜面位于水平地面上．质量m=2kg的木块置于斜面顶端，从静止开始匀加速下滑．经过t=2s到达底端，运动路程L=4m，在此过程中斜面保持静止．求：〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2〕〔1〕物体到达底端时速度大小．〔2〕地面对斜面的支持力大小．〔3〕地面对斜面的摩擦力的大小与方向．考点：牛顿第二定律．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕根据运动学公式求速度〔2〕选斜面为研究对象，进展受力分析就可以求出地面对斜面的支持力大小；〔3〕木块匀加速下滑，根据运动学公式可以求得加速度，选木块为研究对象，求出木块所受的摩擦力和支持力，再选斜面为研究对象，进展受力分析就可以求出地面对斜面的摩擦力大小与方向；解答：解：〔1〕木块做匀加速直线运动，L=af2所以 a=2m/s2到达底端速度 v=at=4m/s〔2〕对木块有mgsinθ﹣f1=maN1=mgcosθ地面对斜面的支持力N2=Mg+N1cosθ+f1sinθ解得 N2=67.6N〔3〕对斜面，由平衡条件得地面对斜面摩擦力f2=N1 sinθ﹣f1cosθ解得 f2=3.2N方向水平向左答：〔1〕物体到达底端时速度大小4m/s．〔2〕地面对斜面的支持力大小67.6N．〔3〕地面对斜面的摩擦力的大小3.2N，方向水平向左．点评：解决此题的关键是能正确对物体进展受力分析，根据牛顿第二定律和平衡条件解题，难度不大．〔10分〕如图，摩托车做特技表演，以v0=10.0m/s的初速度冲向高台，然后从高台以v1=12m/s 20．的速度水平飞出，落在倾角θ=370的斜面上．假设摩托车冲向高台的过程中以p=4.0kw的额定功率行驶，冲到高台上所用时间t1=4.0s．人和车的总质量m=1.8×102kg，台高h=5.0m．不计空气阻力，取g=10m/s2，求：〔1〕摩托车从高台飞出到落至斜面所用时间t2；〔2〕摩托车落到斜面上缓冲，只保存沿斜面方向速度，求缓冲后的速度v2；〔3〕摩托车冲上高台过程中阻力所做的功W f．考点：动能定理；平抛运动．.专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕平抛运动的时间由高度决定，根据h=gt2求出运动的时间．〔2〕分别求出水平方向和竖直方向上的分速度，根据平行四边形定如此求出落地的速度大小．〔3〕抓住功率不变，牵引力做功W=Pt，根据动能定理求出摩托车冲上高台过程中抑制阻力所做的功．解答：解：〔1〕由平抛运动规律得：h=gt2s=v1t2由几何关系得tanθ=解得 t2=1.8s〔2〕缓冲前竖直方向速度 v y=gt2=18m/s故缓冲后沿斜面方向速度v2=v1cosθ+v y sinθ=20.4m/s〔3〕由动能定理得：Pt1﹣mgh+W f=mv12﹣mv02解得：W f=﹣3.04×103J答：〔1〕摩托车从高台飞出到落至斜面所用时间t2为1.8s；〔2〕摩托车落到斜面上缓冲，只保存沿斜面方向速度，缓冲后的速度v2为20.4m/s；〔3〕摩托车冲上高台过程中阻力所做的功W f为﹣3.04×103J．点评：此题综合运用了动能定理和平抛运动的知识，关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以与知道功率不变时，牵引力做功W=Pt．21．〔12分〕如图，质量分别为2m和m的A、B两物体通过轻质细线绕过光滑滑轮．弹簧下端与地面相连，上端与B连接，A放在斜面上，斜面光滑．开始时用手控住A，使细线刚好拉直，但无拉力，此时弹簧弹性势能为E P．滑轮左侧细线竖直，右侧细线与斜面平行．释放A后它沿斜面下滑，当弹簧刚好恢复原长时，B获得最大速度．重力加速度为g，求：〔1〕斜面倾角α；〔2〕刚释放A时，A的加速度；〔3〕B的最大速度v m．考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律．.专题：机械能守恒定律应用专题．分析：物体A释放后，拉动B一起加速，弹簧逐渐伸长，弹力逐渐加大，当弹簧弹力增加到等于mg时，B获得最大速度，此时物体B受力平衡，此后物体B减速上升，物体A加速，根据运动学根本公式结合牛顿第二定律求解．解答：解：〔1〕B 速度最大时：2mgsinα=mg∴sinα=wordα=30°〔2〕刚释放A时，由牛顿第二定律得：对A 2mgsinα﹣T=2ma对B T+F弹﹣mg=maF弹=mg解得 a=g方向沿斜面向下〔3〕设释放A之前，弹簧压缩量为x，由系统机械能守恒得2mgxsinα+E p﹣mgx=3mv m2解得 v m=答：〔1〕斜面倾角α为30°；〔2〕刚释放A时，A的加速度为g，方向沿斜面向下；〔3〕B的最大速度v m为．点评：此题关键是对两个物体分别受力分析，得出物体B速度最大时各个物体都受力平衡，然后根据平衡条件分析；同时要注意是那个系统机械能守恒．- 11 - / 11。

2014-2015学年福建省八县一中高一上学期期末考试物理试题一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。

每小题只有一个选项是正确的，请将正确答案字母填写在答题卷表格中的相应位置。

）1．下列说法不符合历史事实．．．．．．．的是( )A．亚里士多德认为，力是改变物体运动状态的原因B．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质C．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去D．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向【答案】A【解析】亚里士多德认为，力是维持物体运动的原因，选项A错误；牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，选项B正确；伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，选项C 正确；笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，选项D正确；故选A。

2．关于物理量或物理量的单位，下列说法正确的是( )A．1N/kg=9.8m/s2B．“m”“kg” “s”都是国际单位制中的基本单位C．后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位D．在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、速度为三个基本物理量【答案】B【解析】1N/kg=1m/s2选项A错误；“m”“kg” “s”都是国际单位制中的基本单位，选项B 正确；“牛顿”不是力学中的基本单位，是导出单位，选项C错误；在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、时间为三个基本物理量，选项D错误；故选B.3．关于物体的惯性，下列说法中正确的是( )A．力是改变物体惯性的原因B．物体的运动速度越大，其惯性也越大C．物体只有静止或匀速直线运动时才有惯性D．一切物体都具有惯性，质量是物体惯性大小的量度【答案】D【解析】力是改变物体运动状态的原因，选项A错误；物体的惯性只于物体的质量有关，与物体的速度及运动状态无关，选项BC错误；一切物体都具有惯性，质量是物体惯性大小的量度,选项D正确；故选D.4．一本书静止在水平桌面上，则下列说法中正确的是( )A.书对桌面的压力是由于桌面的形变产生的B.书受到的重力的反作用力就是它对桌面的压力C.桌面对书的支持力与书对桌面的压力是一对作用力与反作用力D.桌面对书的支持力与书对桌面的压力是一对平衡力【答案】C【解析】书对桌面的压力是由于书的形变产生的，选项A错误；书受到的重力的反作用力就是书对地球的吸引力，选项B错误；桌面对书的支持力与书对桌面的压力是一对作用力与反作用力，选项C正确，D错误；故选C.5．关于物体的运动状态与所受外力的关系，下面说法正确的是( )A．物体运动状态保持不变时，它一定没有受到外力的作用B．物体所受力的合力不为零时，它的运动状态一定会发生改变C．物体所受力的合力为零时，它一定处于静止状态D．物体的运动方向一定与它所受合外力的方向相同【答案】B【解析】物体运动状态保持不变时，可能物体不受外力或者物体所受的合外力为零，选项A错误；物体所受力的合力不为零时，它的运动状态一定会发生改变，选项B正确；物体所受力的合力为零时，它可能处于匀速直线运动状态或者处于静止状态，选项C错误；物体的运动方向不一定与它所受合外力的方向相同，选项D错误；故选B.6．如图所示，质量均为m的A、B两球之间系一根轻弹簧，放在光滑水平面上，A球紧靠竖直墙壁，今用力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然撤去F的瞬间，下列说法正确的是( )A．A的加速度为F/2m B．A的加速度为F/mC．B的加速度为F/m D．B的加速度为F/2m【答案】C【解析】突然撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，故A的加速度仍为零；B所受的合力为F，则B的加速度为F/m，选项C正确。

福建省福州市八县（市）协作校2018-2019学年高一物理上学期期末联考试题一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，不选、错选、多选均不得分。

）1.下列关于摩擦力的说法正确的是（）A．相互压紧的粗糙物体间必有摩擦力B．静摩擦力不一定随正压力增大而增大C．静止的物体一定不会受到滑动摩擦力作用D．摩擦力方向一定不会与物体运动方向相同2．一个榔头敲在一块玻璃上把玻璃打碎了．对这一现象，下列说法正确的是( )A. 榔头敲玻璃的力大于玻璃对榔头的作用力，所以玻璃才碎B.榔头受到的力大于玻璃受到的力，只是由于榔头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂C榔头和玻璃之间的作用力是等大的，只是由于榔头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂D.因为不清楚玻璃和榔头的其他受力情况，所以无法判断它们之间的相互作用力的大小3．关于惯性，下列说法正确的是：（）A．静止的物体没有惯性，运动的物体才有惯性B．惯性是物体的固有属性，其大小仅与物体质量有关C．正在行驶的汽车，行驶快的不易停下来，所以速度大的物体惯性大D．自由下落的物体处于完全失重状态，物体的惯性消失4. 把木箱放在电梯的水平地板上，则地板所受压力最大的情况是( )A．电梯以a＝1.5m/s2的加速度匀加速上升B．电梯以以a＝2.0m/s2的加速度匀减速上升C．电梯以以a＝1.8m/s2的加速度匀减速下降D．电梯以v＝3m/s的速度匀速上升5.下列关于物体运动的描述，正确的是：（）A．在直线运动中，物体运动的路程与位移的大小一定相等B ．物体的加速度逐渐减小，其运动的速度一定减小C ．物体的速度为零，其加速度一定为零D ．物体的速度减小得越慢，其加速度一定越小6．如图1所示，把一个光滑圆球放在两块挡板AB 和AC 之间，AB 与AC 之间的夹角为30°．现将AC 板固定，而使AB 板沿顺时针方向缓慢转动90°，则（ ）A ．球对AB 板的压力逐渐减小 B ．球对AB 板的压力先减小后增大C ．球对AC 板的压力逐渐增大D ．球对AC 板的压力先减小后增大7. 如图2所示，M A >M B ，地面对A 的支持力为N ，绳子对A 的拉力为F 1，地面对A 的摩擦力为f ，若水平方向用力F 拉A ，使B 匀速上升，则在此过程中（ ）A ．N 增大，f 增大，F 1不变B ．N 减小，f 减小，F 1不变C ．N 减小，f 减小，F 1增大，D ．N 增大，f 减小，F 1增大8．如图3所示，ad 、bd 、cd 是竖直面内的三根同种材料制成的固定粗糙细杆，a 、b 、c 、d 位于同一圆周上，a 点为圆周上最高点，d 点为圆周上最低点．每根杆上都套有一个小圆环，三个同样的圆环分别从a 、b 、c 处由静止释放均沿杆下滑，用t 1、t 2、t 3依次表示各环到达d 点所用的时间，则( )A ．t 1<t 2<t 3B ．t 1>t 2>t 3C ．t 3>t 1>t 2D ．t 1＝t 2＝t 3二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。