河北省沧州市第一中学2016_2017学年高二物理上学期开学考试试题

河北省高二上学期物理开学考试试卷B卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共10题；共23分)1. （2分） (2017高二上·溧水期中) 单位制中需先选定几个物理量的单位，再利用物理量间的关系推导其他物理量的单位，这些被选定的物理量叫做基本量．在国际单位制中，力学基本量是（）A . 长度、力、质量B . 力、质量、加速度C . 长度、质量、时间D . 速度、加速度、位移2. （2分）(2016·广西模拟) 如图所示，在光滑的水平地面上，质量为m1的物块和质量为m2的小球通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀加速运动（物块在地面上，小球在空中），已知力F与水平方向的夹角为θ，则下列说法正确的是（）A . 物块的加速度为B . 物块受到地面的支持力大小为m1g﹣FsinθC . 弹簧的弹力大小等于拉力F和小球重力的合力D . 如果在物块上再固定一个质量为m1的物体，则它们的加速度不变3. （2分） (2016高一上·姜堰期中) 一物体分别在地球和月球表面做自由落体运动，已知月球表面的重力加速度约为地球表面重力加速度的．下列关于物体运动的位移x、速度v随时间t变化的图象中，可能正确的是（）A .B .C .D .4. （2分）小球两次从同一位置水平抛出，运动轨迹如图所示。

轨迹上a、b两点在同一水平线上。

设小球从抛出到运动到a、b两点运动的时间分别为t1、t2 ，则（）A . t1＞t2B . t1＝t2C . t1＜t2D . 无法判断5. （2分）宇航员在探测某星球时，发现该星球均匀带电，且电性为负，电量为Q，表面无大气。

在一次实验中，宇航员将一带负电q（且q<<Q）的粉尘置于离该星球表面h高处，该粉尘恰处于悬浮状态；宇航员又将此粉尘带到距该星球表面2h处，无初速释放，则此带电粉尘将（）A . 向星球球心方向下落B . 背向星球球心方向飞向太空C . 仍处于悬浮状态D . 沿星球自转的线速度方向飞向太空6. （2分） (2017高二上·济南开学考) 如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，则下述说法正确的是（）A . 0～t1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定B . t1～t2时间内汽车牵引力做功为 mv22﹣ mv12C . t1～t2时间内的平均速度为（v1+v2）D . 在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2～t3时间内牵引力最小7. （2分） (2017高一下·景德镇期末) 下列叙述中正确的是（）A . 滑动摩擦力总是对物体做负功，静摩擦力总是不做功B . 只要是恒力对物体做功，都与物体的运动路径无关，只与物体的初末位置有关C . 物体的动能变化量为零，一定是物体所受的合外力为零，或者是物体的位移为零D . 外力对物体做功的代数和为零的过程中，物体必定处于静止或匀速直线运动状态8. （3分） (2017高一下·雅安期末) 如图所示，水平传送带的长度L=5m，皮带轮的半径R=0.1m，皮带轮以角速度ω顺时针匀速转动，现有一小物体（视为质点）以水平速度v0从A点滑上传送带，越过B点后做平抛运动，其水平位移为x．保持物体的初速度v0不变，多次改变皮带轮的角速度ω，依次测量水平位移x，得到如图所示的x﹣ω图象，则下列说法正确的是（）A . 当0＜ω＜10rad/s时，物体在AB之间做匀减速直线运动B . 当ω≥30rad/s时，物体在AB之间做匀速直线运动C . B端距地面的高度h=5mD . 物体水平初速度为v0=5m/s9. （3分） (2017高一下·济南期末) 如图所示，某段滑雪雪道倾角为30°，总质量为m（包括雪具在内）的滑雪运动员从距底端高为h处的雪道上由静止开始匀加速下滑，加速度为 g．在他从上向下滑到底端的过程中，下列说法正确的是（）A . 运动员减少的重力势能全部转化为动能B . 运动员获得的动能为C . 运动员克服摩擦力做功为D . 下滑过程中系统减少的机械能为10. （3分） (2017高一下·石家庄期末) 如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与质量为m的圆环相连，圆环套在粗糙竖直固定杆上．开始时圆环处于A处且弹簧水平处于原长．现将圆环从A处由静止开始释放，圆环经过B处时速度最大，到达C处时速度为零，已知AC=h．若在C处给圆环一竖直向上的速度v；，则圆环恰好能回到A 处．弹簧始终在弹性限度之内，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A . 圆环下滑到B处时，加速度为零B . 圆环下滑过程中，因摩擦产生的热量为 mv2C . 圆环从A处到C处的过程中弹簧的弹性势能增加了mgh﹣ mv2D . 圆环下滑经过B处的速度大于上滑经过B处的速度二、实验题 (共2题；共18分)11. （8分）(2019·宁乡模拟) 某同学利用如图所示的装置进行探究做功与物体动能变化的关系。

2017-2018学年河北省沧州一中高二（上）第一次调考物理试卷一、多项选择题（12个小题，每小题4分，共48分；在每小题给出的四个选项中，至少有一个正确选项，全选对的得4分，选不全的得2分，选错或不答的得0分）1．下列单位不属于能量单位的是（）A．焦耳（J）B．毫安时（mAh）C．电子伏（eV） D．千瓦时（kW•h）2．如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若a点电势为фa，b点电势为фb，则（）A．场强方向一定向左，且电势фa＞фbB．场强方向一定向左，且电势фa＜фbC．场强方向一定向右，且电势фa＞фbD．场强方向一定向右，且电势фa＜фb3．如图所示，是一个小灯泡的电流强度随小灯泡两端电压变化的关系图，则根据小灯泡的伏安特性曲线可判定下列说法中正确的是（）A．小灯泡的电阻随着所加电压的增加而减小B．小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而减小C．欧姆定律对小灯泡不适用D．如果把三个这种相同的灯泡串联后，接到电压恒为12V的电源上，则流过每个小灯泡的电流为0.4A4．如图所示，在A板附近有一电子由静止开始向B板运动，则关于电子到达了B板时的速率，下列解释正确的是（）A．两板间距越大，加速的时间就越长，则获得的速率越大B．两板间距越小，加速度就越大，则获得的速率越大C．与两板间的距离无关，仅与加速电压U有关D．以上解释都不正确5．在如图所示的竖直向下的匀强电场中，用绝缘的细线拴住的带电小球在竖直平面内绕悬点O做圆周运动，下列说法正确的是（）A．带电小球有可能做匀速率圆周运动B．带电小球有可能做变速率圆周运动C．带电小球通过最高点时，细线拉力一定最小D．带电小球通过最低点时，细线拉力有可能最小6．在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值阻，R5为可变电阻，电源的电动势为ε，内阻为r．设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U．当R5的滑动触点向图中a端移动时（）A．I变大，U变大B．I变大，U变小C．I变小，U变大D．I变小，U变小7．如图1所示的交流电压，加在如图2竖直放置的平行板电容器A、B两板上，开始时B板电势比A板高，这时有一个原来静止的电子正处在两板之间，它在电场力作用下开始运动，设A、B两板间的距离足够大，则下列说法正确的是（）A．电子先向A板运动，然后返回B板运动，之后在A、B两板间做周期性的往复运动B．电子一直向着A板运动C．电子一直向着B板运动D．电子先向B板运动，然后返向A板运动，之后在A、B两板间做周期性的往复运动8．如图所示，闭合开关S后，在滑动触头P由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的（）A．路端电压变大 B．电流表的示数变大C．电源内阻消耗的功率变大D．R2上的功率变大9．用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能．当调节滑动变阻器R，让电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和24V．则这台电动机（不计温度对电阻的影响）（）A．正常运转时的输出功率为32 WB．正常运转时的输出功率为44 WC．正常运转时的发热功率为47 WD．正常运转时的发热功率为48W10．如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，下面判断正确的是（）A．L1和L3变暗，L2变亮B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变C．L1中电流变化值大于L3中电流变化值D．L1上电压变化值小于L2上的电压变化值11．如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2（v2＜v1）．若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（）A．小物体上升的最大高度为B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小12．如图所示，在O点放置正点电荷Q，a、b两点的连线过O点，且Oa=ab，以下说法正确的是（）A．将质子从a点由静止释放，质子向b做匀加速运动B．将质子从a点由静止释放，质子运动到b的速率为v，则将α粒子从a点由静止释放后运动到b点的速率为vC．若电子以Oa为半径绕O做匀速圆周运动的线速度为v，则电子以Ob为半径绕O做匀速圆周运动的线速度为2vD．若电子以Oa为半径绕O做匀速圆周运动的线速度为v，则电子以Ob为半径绕O做匀速圆周运动的线速度为二、实验题（共18分）13．用如图所示的电路测量待测电阻R X的阻值时，下列关于电表产生误差的说法中正确的是（）A．电压表的内阻越小，测量越精确B．电流表的内阻越小，测量越精确C．由于电压表的分流作用，使R X的测量值小于真实值D．电压表的读数大于R X两端的真实电压，R X的测量值大于真实值14．千分尺测量某物体的示数如图所示，金属丝的直径为mm．15．某研究性学习小组为了制作一种传感器，需要选用一电器元件．图1为该电器元件的伏①为提高实验结果的准确程度，电流表应选用；电压表应选用；滑动变阻器应选用．（以上均填器材代号）②为达到上述目的，请在虚线框内（图2）画出正确的实验电路原理图，并标明所用器材的代号．③若发现实验测得的伏安特性曲线与图中曲线基本吻合，请说明该伏安特性曲线与小电珠的伏安特性曲线有何异同点？相同点：，不同点：．三、本题共4小题，共56分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.16．如图甲所示，匀强电场场强为E，与竖直方向成α角．一个带电小球，电荷量为q，质量为m，用细线系在竖直墙面上，恰好静止在水平位置，求：（1）小球带电性质；（2）场强的大小．17．如图所示，电源电动势E=6V，电源内阻不计．定值电阻R1=2.4kΩ、R2=4.8kΩ．（1）若在ab之间接一个C=100μF的电容器，闭合开关S，电路稳定后，求电容器上所带的电量；（2）若在ab之间接一个内阻R V=4.8kΩ的电压表，求电压表的示数．18．如图所示，R为电阻箱，电压表为理想电压表．当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V．求：（1）电源的电动势E和内阻r；（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值P m为多少？19．如图所示，两平行金属板A、B长l=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，即U AB=300V．一带正电的粒子电量q=10﹣10C，质量m=10﹣20kg，从R点沿电场中心线垂直电场线飞入电场，初速度v0=2×106m/s，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在中心线上的O点的点电荷Q形成的电场区域（设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响）．已知两界面MN、PS相距为L=12cm，粒子穿过界面PS做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF上．求：（静电力常数k=9×109N•m2/C2）（1）粒子穿出极板时的竖直偏转量y；（2）粒子穿出极板时的速度大小和方向；（3）粒子穿过界面PS时偏离中心线RO的距离Y；（4）点电荷的电量Q．2015-2016学年河北省沧州一中高二（上）第一次调考物理试卷参考答案与试题解析一、多项选择题（12个小题，每小题4分，共48分；在每小题给出的四个选项中，至少有一个正确选项，全选对的得4分，选不全的得2分，选错或不答的得0分）1．下列单位不属于能量单位的是（）A．焦耳（J）B．毫安时（mAh）C．电子伏（eV） D．千瓦时（kW•h）【考点】力学单位制．【分析】物理公式不仅确定了各个物理量之间的关系，同时也确定了物理量的单位之间的关系，根据物理公式来分析物理量的单位即可．【解答】解：A、焦耳（J）是做功和能量的单位，B、毫安时（mAh）是电荷量的单位，不是能量的单位，所以B正确；C、电子伏（eV）是电场对电荷做功的单位，是能量的单位，D、千瓦时（kW•h）是电流做功的单位，是能量的单位，所以不是能量单位的是B，故选B．2．如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若a点电势为фa，b点电势为фb，则（）A．场强方向一定向左，且电势фa＞фbB．场强方向一定向左，且电势фa＜фbC．场强方向一定向右，且电势фa＞фbD．场强方向一定向右，且电势фa＜фb【考点】电场线；电场强度；电势．【分析】粒子在电场力作用下，由运动与力关系可知，根据轨迹的弯曲程度，判断出合力（电场力）的方向，再根据电场力方向和电荷性质判断场强方向；沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出M、N点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．【解答】解：由图正电荷运动轨迹可知，正电荷受向右的电场力作用，故场强方向一定向右．沿着电场线的方向电势降低的，可判定a点的电势大于b点，即电势фa＞фb．故选C．3．如图所示，是一个小灯泡的电流强度随小灯泡两端电压变化的关系图，则根据小灯泡的伏安特性曲线可判定下列说法中正确的是（）A．小灯泡的电阻随着所加电压的增加而减小B．小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而减小C．欧姆定律对小灯泡不适用D．如果把三个这种相同的灯泡串联后，接到电压恒为12V的电源上，则流过每个小灯泡的电流为0.4A【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线；串联电路和并联电路．【分析】根据图象的规律可得出灯泡电阻的变化；根据串并联电路的特点且由图象可得出流过小灯泡的电流．【解答】解：A、由图可知，图中电流随电压的增大而增大，每一点的斜率表示该点电阻的倒数，故可知小灯泡的电阻随电压的增大而增大；故A错误；B、因导线的形状没有发生变化，故说明随电压的升高电阻率增大，而随电压增大，温度是升高的，故B错误；C、虽然小灯泡的伏安特性曲线不是直线，原因是电阻率随温度增大而发生了变化，灯丝仍然为金属导体，欧姆定律同样适用，故C错误；D、若把三个相同的灯泡串联，则每个灯泡两端的电压为4V，由图可知对应的电流为0.4A，故D正确；故选D．4．如图所示，在A板附近有一电子由静止开始向B板运动，则关于电子到达了B板时的速率，下列解释正确的是（）A．两板间距越大，加速的时间就越长，则获得的速率越大B．两板间距越小，加速度就越大，则获得的速率越大C．与两板间的距离无关，仅与加速电压U有关D．以上解释都不正确【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】根据动能定理求出电子获得的速度，判断与什么因素有关，根据牛顿第二定律和运动学公式求出加速度和运动时间，判断与什么因素有关．【解答】解：根据动能定理知，qU=，解得：v=，获得的速率与加速电压有关，与间距无关．加速度a=，知间距越小，加速度越大．根据d=，解得：t=，间距越大，时间越长，故A、B、D错误，C正确．故选：C．5．在如图所示的竖直向下的匀强电场中，用绝缘的细线拴住的带电小球在竖直平面内绕悬点O做圆周运动，下列说法正确的是（）A．带电小球有可能做匀速率圆周运动B．带电小球有可能做变速率圆周运动C．带电小球通过最高点时，细线拉力一定最小D．带电小球通过最低点时，细线拉力有可能最小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；向心力；万有引力定律及其应用．【分析】小球在竖直平面内做圆周运动，重力、电场力、绳子拉力的合力提供向心力，分析各选项，然后答题．【解答】解：A、当小球所受重力与电场力合力为零时，绳子的拉力提供向心力，合外力做功为零，小球做匀速圆周运动，故A正确；B、当小球所受重力与电场力合力不为零时，合外力对小球所做的功不为零，小球速度大小发生变化，小球做变速圆周运动，故B正确；C、当小球做匀速圆周运动时，细线的拉力提供向心力，在圆周上任何一点细线的拉力都相等，如果小球做非匀变速运动，小球带正电时，在最高点细线拉力最小，如果小球带负电，在最高点，小球的拉力最大，故C错误；D、小球所受重力与电场力不相等，做变速圆周运动，且小球带负电时，若电场力大于重力时，在最低点细线拉力最小，故D正确；故选ABD．6．在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值阻，R5为可变电阻，电源的电动势为ε，内阻为r．设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U．当R5的滑动触点向图中a端移动时（）A．I变大，U变大B．I变大，U变小C．I变小，U变大D．I变小，U变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电流表的读数变化．【解答】解：当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，路端电压变小，即U变小．故选：B7．如图1所示的交流电压，加在如图2竖直放置的平行板电容器A、B两板上，开始时B板电势比A板高，这时有一个原来静止的电子正处在两板之间，它在电场力作用下开始运动，设A、B两板间的距离足够大，则下列说法正确的是（）A．电子先向A板运动，然后返回B板运动，之后在A、B两板间做周期性的往复运动B．电子一直向着A板运动C．电子一直向着B板运动D．电子先向B板运动，然后返向A板运动，之后在A、B两板间做周期性的往复运动【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】由电压周期性的变化，可以分析电子的运动，电子在电场力作用下运动，由图可知前半个周期又可分为两部分，前后加速度大小相等，方向相反，故可知半个周期结束电子速度为零，同理分析后半个周期的运动，可得正确选项．【解答】解：从图中可知，电子在第一个内做匀加速运动，第二个内做匀减速运动，在这半个周期内，因初始B板电势比A板电势高，故电场方向由B向A，所以电子向B板运动，加速度大小都为，但是两个时间段内的加速度方向相反，故可知末速度为零．同理可得：电子在第三个内做匀加速运动，故电子向A板运动，第四个内做匀减速运动，运动方向还是由B板向A板，至一个周期结束，速度为零．此后电压周期变化，电子做周期往返运动，所以电子做往复运动，故D正确；故选：D．8．如图所示，闭合开关S后，在滑动触头P由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的（）A．路端电压变大 B．电流表的示数变大C．电源内阻消耗的功率变大D．R2上的功率变大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，即可得出外电路中总电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可求得干路电路中电流的变化；分析内电阻，可知内电压的变化及内阻消耗的功率变化；由闭合电路欧姆定律即可得出路端电压的变化；分析外电路可知电流表的示数及R 2的功率变化．【解答】解：AC 、滑片向b 移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大，则内电压增大，由P=I 2r 可知，电源内阻上消耗的功率变大，而由E=U +Ir 可知路端电压减小，故A 错误，C 正确；B 、因路端电压减小，而外电路为并联电路，由欧姆定律可得R 3中电流减小，故电流表示数变小；故B 错误；D 、由并联电路的电流规律可知，R 1及R 2支路上的电流增大，由P=I 2R 可知，R 2消耗的功率变大，故D 正确； 故选：CD9．用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能．当调节滑动变阻器R ，让电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A 和2.0V ；重新调节R ，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A 和24V ．则这台电动机（不计温度对电阻的影响）（ ）A ．正常运转时的输出功率为32 WB ．正常运转时的输出功率为44 WC ．正常运转时的发热功率为47 WD ．正常运转时的发热功率为48W 【考点】电功、电功率．【分析】让电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律求出电阻．电动机正常运转时，根据输入的电功率和热功率之差求出输出功率．由焦耳定律求解热功率．【解答】解：电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律得，电动机的电阻为：R===4Ω；电动机正常运转时，输入的电功率为：P 电=U 2I 2=24×2=48W ， 发热功率为：P 热=I 22R=22×4W=16W ，所以输出功率为：P 出=P 电﹣P 热=48﹣16=32W ；故A 正确，BCD 错误 故选：A10．如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P 向右移动时，下面判断正确的是（ ）A．L1和L3变暗，L2变亮B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变C．L1中电流变化值大于L3中电流变化值D．L1上电压变化值小于L2上的电压变化值【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由图可知L3与R串联后与L2并联，再与R0、L1串联；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化，即可知L1亮度的变化；将R0、L1作为内电阻处理，由U=E﹣Ir可知并联部分电压的变化，由欧姆定律可得出两灯亮度的变化；因两灯电阻均为定值，则可由欧姆定律得出电压变化值的大小关系．【解答】解：当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，故L1变暗；电路中电流减小，故内阻及R0、L1两端的电压减小，而电动势不变，故并联部分的电压增大，故L2变亮；因L2中电流增大，干路电流减小，故流过L3的电流减小，故L3变暗；故A正确，B错误；因L1中电流减小，L3中电流减小，而L2中电流增大；开始时有：I1=I2+I3，故I1电流的变化值一定小于L3中电流的变化值；故C错误；因并联部分的电压与L1、R0及内电阻上的总电压等于电源的电动势；L2两端的电压增大，L1、R0及内阻r两端的电压减小，而电动势不变，故L2两端电压增大值应等于其它三个电阻的减小值，故L1上电压变化值小于L2上的电压变化值，故D正确；故选AD．11．如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2（v2＜v1）．若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（）A．小物体上升的最大高度为B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小【考点】动能定理的应用；库仑定律；电势能．【分析】根据电场力做功的特点可求得电场力做功的大小，由动能定理可分别列出上滑及下滑过程中的表达式，联立即可解得最大高度；由电场力做功与电势能关系要得出电势能的变化及电场力做功的特点；分析小球运动中压力的变化，由滑动摩擦力的计算公式可分析摩擦力的变化．【解答】解：设斜面倾角为θ、上升过程沿斜面运动的最大距离为L．因为OM=ON，则MN两点电势相等，小物体从M到N、从N到M电场力做功均为0．上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的功与摩擦力所做的功相等、并设为W1．在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有：﹣mgsinθL﹣W f﹣W1=﹣和mgsinθL﹣W f﹣W1=，上两式相减可得h=sinθL=，A正确；由OM=ON，可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，BC错；从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到O的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，D对．故选AD．12．如图所示，在O点放置正点电荷Q，a、b两点的连线过O点，且Oa=ab，以下说法正确的是（）A．将质子从a点由静止释放，质子向b做匀加速运动B．将质子从a点由静止释放，质子运动到b的速率为v，则将α粒子从a点由静止释放后运动到b点的速率为vC．若电子以Oa为半径绕O做匀速圆周运动的线速度为v，则电子以Ob为半径绕O做匀速圆周运动的线速度为2vD．若电子以Oa为半径绕O做匀速圆周运动的线速度为v，则电子以Ob为半径绕O做匀速圆周运动的线速度为【考点】电场强度．【分析】由点电荷的电场可知由a到b电场力减小．由动能定理判定B．由向心力表达式可判定CD．【解答】解：A、由点电荷的电场可知由a到b电场力减小，故由将质子从a点由静止释放，质子向b做变加速运动，故A错误．B、设ab电势差为U，则质子由a到b电场力做功为：；α粒子从a点由静止释放后运动到b点电场力做功为：，解得：，故B正确．CD、设oa=r，则0b=2r，由圆周运动可得：，，解得：，故C错误，D错误．故选：B二、实验题（共18分）13．用如图所示的电路测量待测电阻R X的阻值时，下列关于电表产生误差的说法中正确的是（）A．电压表的内阻越小，测量越精确B．电流表的内阻越小，测量越精确C．由于电压表的分流作用，使R X的测量值小于真实值D．电压表的读数大于R X两端的真实电压，R X的测量值大于真实值【考点】伏安法测电阻．【分析】明确电路结构，知道电压表测量的是与其并联电路的电压值，电流表测量的是与之串联电路的电流值，再分析内阻的影响从而分析实验误差．【解答】解：A、所测量的电压为电流表内阻加R X的阻值，其原因在于电压表的测量值为两者电压之和，则测量结果与电压表的内阻大小无关系，故A错误；B、因实验中串联了电流表的内阻，则内阻越小测量越准确．则B正确；C、由于电流表有分压作用使电压表的测量值偏大，则由欧姆定律可知R X的测量值大于真实值，则C错误，D正确．故选：BD．14．千分尺测量某物体的示数如图所示，金属丝的直径为 1.600﹣1.603mm．【考点】螺旋测微器的使用．【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为10.2×0.01mm=0.102mm，所以最终读数为1.5mm+0.102mm=1.602mm，由于需要估读，最后的结果可以在1.600﹣1.603之间．故答案为：1.600﹣1.603．15．某研究性学习小组为了制作一种传感器，需要选用一电器元件．图1为该电器元件的伏①为提高实验结果的准确程度，电流表应选用A2；电压表应选用V1；滑动变阻器应选用R1．（以上均填器材代号）②为达到上述目的，请在虚线框内（图2）画出正确的实验电路原理图，并标明所用器材的代号．③若发现实验测得的伏安特性曲线与图中曲线基本吻合，请说明该伏安特性曲线与小电珠的伏安特性曲线有何异同点？相同点：通过该元件的电流与电压的变化关系和通过小电珠的电流与电压的变化关系都是非线性关系，不同点：该元件的电阻值随电压的升高而减小，而小电珠的电阻值随电压的升高而增大．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】由图象可知小灯泡的电压及电流范围，则可根据安全性及准确性选出合适的仪表；由表格中电流从零开始变化，可知滑动变阻器的接法，根据所选电流表和电压表内阻可知电流表的接法．分析伏安特性曲线，然后答题．【解答】解：（1）由图可知，电流最大值为0.12A，故电流表应选用A2，灯泡两端的电压最大为2.5V，故电压表应选用V1，由图可知，电流电压是从零开始变化的，故应选用分压接法，故滑动变阻器应选用R1；（2）滑动变阻器选用分压接法；元件内阻较小，故应选用电流表外接法，电路图如右图所示．（3）相同点：通过该元件的电流与电压的变化关系和通过小电珠的电流与电压的变化关系都是非线性关系；不同点：该元件的电阻值随电压的升高而减小，而小电珠的电阻值随电压的升高而增大．故答案为：（1）A2；V1；R1；（2）如右图所示；（3）相同点：通过该元件的电流与电压的变化关系和通过小电珠的电流与电压的变化关系都是非线性关系；不同点：该元件的电阻值随电压的升高而减小，而小电珠的电阻值随电压的升高而增大．三、本题共4小题，共56分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.。

沧州市第一中学2016-2017学年上学期第三次月考(理)高二数学第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、选择题（本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1.“2,240x R x x ∀∈-+≤”的否定为（ ）A ．2,240x R x x ∀∈-+≥ B ．2,240x R x x ∀∉-+≤ C ．2,240x R x x ∃∈-+> D ．2,240x R x x ∃∉-+> 2. 抛物线24x y =的焦点坐标是（ ） A ． ()0,1 B ．()0,1- C ．1,016⎛⎫-⎪⎝⎭ D ．1,016⎛⎫⎪⎝⎭3.现有4张卡片,上面分别写有数字1，2，3，4，从这4张卡片中随机抽取2张，则取出的卡片上的数字之和为奇数的概率为 （ ） A ．13 B ．23 C ．12 D ． 344.执行下面的程序框图，如果输入的,x t 均为2，则输出的S =（ ）A ． 4B ． 5 C. 6 D ．75. 下列条件中使点M 与点,,A B C 一定共面的是（ ）A ．2OM OA OB OC =-- B ．111532OM OA OB OC =++ C. 0MA MB MC ++= D ．0OM OA OB OC +++=6.直三棱柱111ABC A B C -中，090,,BAC M N ∠=分别是1111,A B AC 的中点，1BA CA CC ==，则BM 与AN 所成角的余弦值为 （ ）A ．45 B ． 110D7.已知12,F F 是双曲线22:1C x y -=的左右焦点，P 为双曲线C 上的一点，12=3F PF π∠，则P 到x 轴距离为 （ ）A B 8.长方形ABCD 中2,BC 1,O AB ==为AB 的中点，在长方形ABCD 内随机取一点，取到的点到O 的距离大于1的概率为（ ） A ．4πB ．14π-C.8πD ．18π-9.曲线()ln 1y ax x =-+在点()0,0处的切线方程为2y x =，则a =（ ） A ．0 B ． 1 C.2 D ．310. 在棱长为2的正方体1111ABCD A B C D -中，点,E F 分别是棱,AB BC 的中点，则点1C 到平面1B EF 的距离是（ ）A ．43 B ．23D11. 点P 是抛物线24y x =上一动点,则点P 到点()0,1A -的距离与到直线1x =-的距离之和的最小值是（ ）A ． D ．212.已知12,F F 是双曲线2222:1x y E a b-=的左右焦点,点M 在E 上，1MF 与x 轴垂直，211sin 3MF F ∠=，则E 的离心率为（ ）A ．B ．32D ．2 第Ⅱ卷（非选择题,共90分）二、填空题（本题共4小题,每小题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.一个社会调查机构就某地居民的月收入调查了10000人,并根据所得数据画出了样本的频率分布直方图(如图).为了分析居民的收入与年龄、学历、职业等方面的关系，要从这10000人中再用分层抽样的方法抽出100人作进一步调查，则在[)2500,3000（元）月收入段应抽出 人.14.若函数()3231f x ax x x =+-+在R 上是减函数，则实数a 的取值范围是 ．15.已知椭圆2212x y +=，则过点11,22P ⎛⎫⎪⎝⎭且被点P 平分的弦所在直线的方程为 ．16.某公司决定采用增加广告投入和技术改造投入两项措施来获得更大的收益.通过市场的预测发现，当对两项投入都不大于3百万元时，每投入x 百万元广告费，增加的销售额可近似的用函数21214y x x =-+（百万元）来计算；每投入x 百万元技术改造费用，增加的销售额可近似的用函数3221253y x x x =-++（百万元）来计算.如果现在该公司共投入3百万元，分别用于广告投入和技术改造投入，那么预测该公司可增加的最大收益为 百万元.（注：收益=销售额-投入）三、解答题 （本大题共6小题，共70分.其中第17题10分，其它各题12分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）17. 已知()()()1:212,:11003x p q x m x m m --≤-≤+---≤>，且q 是p 的必要不充分条件，求实数m 的取值范围.18.已知函数()3f x ax bx c =++在2x =处取得极值为6c -，求,a b 的值.19.某地区2011年至2015年农村居民家庭人均纯收入y （单位：万元）的数据如下表：（1）求y 关于t 的线性回归方程；（2）利用（1）中的回归方程，分析2011年至2015年该地区农村居民家庭人均纯收入的变化情况，并预测该地区2016年农村居民家庭人均纯收入. 附：回归直线的斜率和截距的最小二乘法估计公式分别为：()()()1122211ˆˆˆn niii ii i nni i i i x x y y x y nx yb x xx nxay bx ====⎧---⎪⎪==⎪⎨--⎪⎪=-⎪⎩∑∑∑∑20. 如图，在三棱锥P ABQ -中，PB ⊥平面,,,,,ABQ BA BP BQ D C E F ==分别是,,,AQ BQ AP BP 的中点，2,AQ BD PD =与EQ 交于点,G PC 与FQ 交于点H ，连接GH .（1）求证：//AB GH ；（2）求二面角D GH E --的余弦值. 21.已知函数()()()21ln 12f x a x x a x a R =+-+∈. （1）当0a >时，求函数()f x 的单调区间；（2）若()0f x ≥对定义域内的任意x 恒成立，求a 的取值范围.22. 如图，椭圆()2222:10x y C a b a b +=>>经过点31,2P ⎛⎫⎪⎝⎭，离心率12e =，直线l 的方程为4x =.（1）求椭圆C 的方程；（2）AB 是经过右焦点F 的任一弦（不经过点P ），设直线AB 与直线l 相交于点M ，记,,PA PB PM 的斜率分别为123,,k k k .问：是否存在常数λ，使得123k k k λ+=？若存在，求λ的值；若不存在，请说明理由.试卷答案一、选择题1-5: CDBDC 6-10: ABBDA 11、12：CA二、填空题13. 25 14. (],3-∞- 15. 1324y x =-+ 16. 21+ 三、解答题17.解：():210,:11,0p x q m x m m -≤≤-≤≤+>，∵q 是p 的必要不充分条件，∴12110m m -≤-⎧⎨+≥⎩，∴9m ≥.18. 39,82a b ==- 19.（1）0.49 2.33y t =+；（2）∵ˆ0.490b=>，∴2011年至2015年该区人均纯收入稳步增长. 预计到2016年，该区人均纯收入0.496 2.33 5.27y =+=（万元） 所以，预计到2016年，该区人均纯收入约5.27万元左右. 20.（1）证明：因为,,,D C E F 分别是,,,AQ BQ AP BP 的中点， 所以//,//EF AB DC AB ，所以//EF DC ， ∵EF ⊄平面,PCD DC ⊂平面PCD ， 所以//EF 平面PCD ， 又EF ⊂平面EFQ ，平面EFQ平面PCD GH =，所以//EF GH ，又//EF AB ，所以//AB GH . （2）解法一：在ABQ ∆中，2,AQ BD AD DQ ==，所以090ABQ ∠=，即AB BQ ⊥，因为PB ⊥平面ABQ ，所以AB PB ⊥，又BP BQ B =，所以AB ⊥平面PBQ ，由（1）知//AB GH ，所以GH ⊥平面PBQ ，又FH ⊂平面PBQ ，所以GH FH ⊥，同理可得GH HC ⊥， 所以FHC ∠为二面角D GH E --的平面角，设2BA BQ BP ===， 在Rt FBC ∆中，由勾股定理得，FC =， 在Rt PBC ∆中，由勾股定理得，PC =，又H 为PBQ ∆的重心，所以13HC PC ==FH =在FHC ∆中，由余弦定理得552499cos 5529FHC +-∠==-⨯，即二面角D GH E --的余弦值为45-；解法二：在ABQ ∆中，2,AQ BD AD DQ ==，∴090ABQ ∠=， 又PB ⊥平面ABQ ，所以,,BA BQ BP 两两垂直，以B 为坐标原点，分别以,,BA BQ BP 所在直线为x 轴，y 轴，z 轴， 建立如图所示的空间直角坐标系，设2BA BQ BP ===， 则()()()()()()1,0,1,0,0,1,0,2,0,1,1,0,0,1,0,0,0,2E F Q D C P ， 所以()()()()1,2,1,0,2,1,1,1,2,0,1,2EQ FQ DP CP =--=-=--=-， 设平面EFQ 的一个法向量为()111,,m x y z =， 由0,0m EQ m FQ ==，得111112020x y z y z -+-=⎧⎨-=⎩取11y =，得()0,1,2m =.设平面PDC 的一个法向量为()222,,n x y z =， 由0,0n DP n CP ==，得222222020x y z y z --+=⎧⎨-+=⎩取21z =，得()0,2,1n =.所以4cos ,5m n m n m n==， 因为二面角D GH E --为钝角，所以二面角D GH E --的余弦值为45-. 21.解：()()()()()2111x a x a x x a af x x a x x x-++--'=+-+==， （1）①当01a <<时，()()f x f x '、的变化情况如下表：所以函数()f x 的单调递增区间是()()0,,1,a +∞，单调递减区间是(),1a . ②当1a >时，()()f x f x '、的变化情况如下表：所以函数()f x 的单调递增区间是()0,1，(),a +∞，单调递减区间是()1,a . ③当1a =时，()()210x f x x-'=≥，此时()f x 单调递增.所以函数()f x 的单调递增区间是()0,+∞，没有单调递减区间， （2）由于()112f a =--，显然0a >时，()10f <，此时()0f x ≥对定义域内的任意x 不是恒成立的，当0a ≤时，易得函数()f x 在区间()0,+∞的极小值，也是最小值即是()112f a =--，此时只要()10f ≥即可，解得12a ≤-，∴实数a 的取值范围是1,2⎛⎤-∞- ⎥⎝⎦.22.解：（1）由31,2P ⎛⎫⎪⎝⎭在椭圆上得，221914a b +=，① 依题设知2a c =，则223b c =，② ②代入①解得2221,4,3c a b ===.故椭圆C 的方程为22143x y +=.（2）方法一：由题意可设AB 的斜率为k ，则直线AB 的方程为()1y k x =-，② 代入椭圆方程223412x y +=并整理，得()()2222438430k x k x k +-+-=，设()()1122,,,A x y B x y ，则有()22121222438,4343k k x x x x k k -+==++，④ 在方程③中令4x =得，M 的坐标为()4,3k .从而121231233331222,,11412y y k k k k k x x ---====----， 注意到,,A F B 共线，则有AF BF k k k ==，即有121211y yk x x ==--. 所以()1212121212121212123323113222111121121y y y y x x k k k x x x x x x x x x x --⎛⎫+-+=+=+-+=- ⎪-------++⎝⎭，⑤④代入⑤得()2212222282343221243814343k k k k k k k k k k -++=-=---+++， 又312k k =-，所以1232k k k +=，故存在常数2λ=符合题意.（2）方法二：设()()000,1B x y x ≠，则直线FB 的方程为：()0011y y x x =--， 令4x =，求得0034,1y M x ⎛⎫⎪-⎝⎭，从而直线PM 的斜率为()00302121y x k x -+=-. 联立()002211143y y x x x y ⎧=-⎪-⎪⎨⎪+=⎪⎩，得0000583,2525x y A x x ⎛⎫- ⎪--⎝⎭， 则直线PA 的斜率为：()001022521y x k x -+=-，直线PB 的斜率为：()0202321y k x -=-，所以()()000001230002252321221211y x y y x k k k x x x -+--++=+==---，故存在常数2λ=符合题意.。

河北高二高中物理开学考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位（）A．m、kg、s B．kg、m/s2、s C．m、N、kg D．m/s2、kg、N2.一个截面是直角三角形的木块放在水平地面上，在斜面上放一个光滑球，球的一侧靠在竖直墙上，木块处于静止，如图10所示。

若在光滑球的最高点再施加一个竖直向下的力F，木块仍处于静止，则木块对地面的压力N和摩擦力f的变化情况是（）A．N增大，f增大B．N增大，f不变C．N不变，f增大D．N不变，f不变3.如图（甲）所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A。

木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时，木板B的加速度a与拉力F关系图象如图（乙）所示，则小滑块A的质量为（）A. 4kgB. 3kgC. 2kgD. 1kg4.如图所示，斜面上a、b、c三点等距，小球从a点正上方O点抛出，做初速度为v的平抛运动，恰落在b点．若小球初速度变为v，其落点位于c，则()A．v0<v<2v0B．v＝2v0C．2v0<v<3v0D．v>3v05.一个物体静止在质量均匀的星球表面的“赤道”上．已知引力常量G，星球密度ρ．若由于星球自转使物体对星球表面的压力恰好为零，则该星球自转的周期为（）A．B．C．D．6.质量为2kg的物体被人用手由静止向上提高2m，这时物体的速度是4m/s，不计一切阻力，g=10m/s2，下列说法中正确的是A．手对物体做功40J B．合外力对物体做功16JC．物体动能增加了56J D．物体重力势能增加了20J7.两电荷量分别为q 1和q 2的点电荷放在x 轴上的O 、M 两点，两电荷连线上各点电势φ随x 变化的关系如图所示，其中A 、N 两点的电势为零，ND 段中C 点电势最高，则下列选项说法错误的是：A. q 1为正电荷，q 2为负电荷B. q 1电荷量大于q 2的电荷量C. NC 间场强方向沿x 轴正方向D. 将一负点电荷从N 点移到D 点，电场力先做正功后做负功8.如图所示的电路中，R 1、R 2、R 3是固定电阻，R 4是光敏电阻，其阻值随光照强度的增强而减小．当开关S 闭合且没有光照射时，电容器C 不带电．当用强光照射R 4且电路稳定时，则与无光照射时比较( )．A ．电容器C 的上极板带正电B ．电容器C 的下极板带正电C ．通过R 4的电流变小，电源的路端电压增大D ．通过R 4的电流变大，电源提供的总功率变小9.如图所示，在水平方向的匀强电场中，一绝缘细线的一端固定在O 点，另一端系一带正电的小球，小球在只受重力、电场力、绳子的拉力作用下在竖直平面内做圆周运动，小球所受的电场力大小等于重力大小．比较a 、b 、c 、d 这四点，小球（ ）A ．在最高点a 处的动能最小B ．在最低点c 处的机械能最小C ．在水平直径右端b 处的机械能最大D ．在水平直径左端d 处的机械能最大10.汽车在平直公路上以速度v 0匀速行驶，发动机功率为P ．快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶．下列四个图象中，哪个正确表示了从司机减小油门开始，汽车的速度与时间的关系11.如图，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b 沿直线运动到d ，且bd 与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列结论正确的是 ( )A ．此液滴带负电B ．液滴的加速度等于gC ．合外力对液滴做的总功等于零D．液滴的电势能减少12.在如图所示的电路中，R1为定值电阻,R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内阻（r< R1, r< R2）.则以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r时，R2上获得最大功率B．当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C．当R2=0时，电源的输出功率最大D．当R2=0时，电源的效率最大13.甲、乙两双星相距为L，质量之比，它们离其他天体都很遥远，我们观察到它们的距离始终保持不变，由此可知（）A．两双星一定绕它们连线的某一位置做匀速圆周运动B．甲、乙两恒星的角速度之比为2∶3C．甲、乙两恒星的线速度之比为∶D．甲、乙两恒星的向心加速度之比为3∶214.如图所示，整个空间存在水平向左的匀强电场，一长为L的绝缘轻质细硬杆一端固定在O点、另一端固定一个质量为m、电荷量为＋q的小球P，杆可绕O点在竖直平面内无摩擦转动，电场的电场强度大小为E＝．先把杆拉成水平，然后将杆无初速释放，重力加速度为g，不计空气阻力，则A．小球到最低点时速度最大B．小球从开始至最低点过程中动能一直增大C．小球对杆的最大拉力大小为D．小球可绕O点做完整的圆周运动二、实验题研究小车匀加速直线运动的实验装置如图（甲）所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50HZ，纸带上计数点的间距如图（乙）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①某同学的部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带上述实验步骤的正确顺序是： （选填字母代号即可）． ②图（乙）中标出的相邻两计数点的时间间隔T= s ．③计数点6对应的瞬时速度大小计算式为v 6= （用题中字母表示）．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a= ．三、简答题1.如图所示，质量为0.78 kg 的金属块放在水平桌面上，在方向与水平方向成37°角斜向上、大小为3.0N 的拉力F 作用下，以4.0 m/s 的速度向右做匀速直线运动。

沧州市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，y轴上固定有两个电荷量相等的带正电的点电荷，且关于坐标原点O对称。

某同学利用电场的叠加原理分析在两电荷连线的中垂线（x轴）上必定有两个场强最强的点A、'A，该同学在得到老师的肯定后又在此基础上作了下面的推论，你认为其中正确的是（）A．若两个点电荷的位置不变，但电荷量加倍，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置B．如图(1)，若保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置C．如图(2)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电圆环，圆环的圆心在原点O。

直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置D．如图(3)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电薄圆板，圆板的圆心在原点O，直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置【答案】ABC【解析】【分析】【详解】A．可以将每个点电荷（2q）看作放在同一位置的两个相同的点电荷（q），既然上下两个点电荷（q）的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A＇两位置，两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A＇两位置，选项A正确；B．由对称性可知，保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置，选项B正确；C．由AB可知，在yOz平面内将两点电荷绕O点旋转到任意位置，或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数，在x轴上场强最大的点都在A、A＇两位置，那么把带电圆环等分成一些小段，则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在A、A＇两位置，所有这些小段对称叠加的结果，合电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A＇两位置，选项C正确；D．如同C选项，将薄圆板相对O点对称的分割成一些小块，除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外，靠内的对称小块间距都小于原来的值，这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A＇两位置，则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A＇两位置，选项D错误。

物理试题时间90分钟总分100分一、选择题一、选择题1．下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是()A. B.C. D.2．一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F，这点的电场强度为E，在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是()A. B.C. D.3．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是(虚线是曲线在b点的切线)()A. B.C. D.4．如图所示，电量为＋q和－q的点电荷分别位于正方体的顶点，正方体范围内电场强度为零的点有()A．体中心、各面中心和各边中点B．体中心和各边中点C．各面中心和各边中点D．体中心和各面中心5．如图所示，在正方形的四个顶点各放一电荷量均为Q的点电荷(电性如图所示)，a、b、c、d是正方形边长的中点，则以下说法中错误的是()A．a、b、c、d四点的场强相同B．a、c两点的场强一定等大且反向C．b、d两点的场强一定等大且反向D．e点的场强一定为零6．如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O点为半圆弧的圆心，∠MOP ＝60°．电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点，这时O点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移到P点，则O点的场强大小变为E2，E1与E2之比为()A．1∶2B．2∶1 C．2∶ 3 D．4∶ 37．关于电场线的叙述，下列说法正确的是()A．电场线是直线的地方一定是匀强电场B．电场线的方向就是带正电的试探电荷的运动方向C．点电荷只受电场力作用时，加速度的方向总是与所在处的电场线的切线重合D．画有电场线的地方有电场，没画电场线的地方就不存在电场8．一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F，这点的电场强度为E，在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是()A. B.C. D.9．（多选）如图所示，带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用E A、E B表示A、B两处的场强，则()A．A、B两处的场强方向相同B．因为A、B在一条电场线上，且电场线是直线，所以E A＝E BC．电场线从A指向B，所以E A>E BD．不知A、B附近电场线的分布情况，E A、E B的大小不能确定10．点电荷A和B，分别带正电和负电，电荷量分别为4Q和Q，在A、B连线上，如图所示，电场强度为零的地方在()A．A和B之间B．A的右侧C．B的左侧D．A的右侧及B的左侧11．（多选）如图所示，实线表示匀强电场中的电场线，一带电粒子(不计重力)经过电场区域后的轨迹如图中虚线所示，a、b是轨迹上的两点，关于粒子的运动情况，下列说法中可能的是()A．该粒子带正电荷，运动方向为由a到bB．该粒子带负电荷，运动方向为由a至bC．该粒子带正电荷，运动方向为由b至aD．该粒子带负电荷，运动方向为由b至a12．（多选）一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如下图中虚线所示．不计粒子所受重力，则()A ．粒子带正电B ．粒子加速度逐渐减小C ．A 点的速度大于B 点的速度D ．粒子的初速度不为零13．实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M 点以相同的速度飞出a 、b 两个带电粒子，a 、b 的运动轨迹如图中的虚线所示(a 、b 只受电场力作用)，则( )A ．a 一定带正电，b 一定带负电B ．电场力对a 做正功，对b 做负功C ．a 的速度将减小，b 的速度将增大D ．a 的加速度将减小，b 的加速度将增大14．AB 和CD 为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O ．将电荷量分别为＋q 和－q 的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB 对称且距离等于圆的半径，如图所示．要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q ，则该点电荷Q ( )A ．应放在A 点，Q ＝2qB ．应放在B 点，Q ＝－2qC ．应放在C 点，Q ＝－qD ．应放在D 点，Q ＝－q15．如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由A →O →B 匀速飞过，电子重力不计，则电子除受电场力外，所受的另一个力的大小和方向变化情况是( )A ．先变大后变小，方向水平向左B ．先变大后变小，方向水平向右C ．先变小后变大，方向水平向左D ．先变小后变大，方向水平向右二、填空题16．在竖直向下、电场强度为E 的匀强电场中，一个质量为m 的带电液滴，沿着水平方向直线运动，则该液滴带 电，电荷量大小为 。

2０17级高二上学期开学物理测试题一、单选题 (每题4分,共36分)1、关于物体运动的速度,加速度和速度变化量的关系,下列说法正确的是( )A、加速度方向就是速度变化量的方向Ｂ。

速度越大,加速度也越大C、速度变化越多,加速度一定越大D、若加速度的方向与初速度方向相反,则速度大小一定一直减小2、如图所示是Ａ、Ｂ两物体从同一地点出发运动的ｓ—ｔ图象,已知A做匀速直线运动,B做匀变速直线运动。

则在0~ｔ1时间内,下列说法正确的是Ａ、两物体在t1时刻速度大小相等 B、ｔ１时刻A的速度大于B的速度C、A的平均速度小于B的平均速度D、两物体间的距离先增大后减小3、如图所示,小球从斜面的顶端A处以大小为的初速度水平抛出,恰好落到斜面底部的B点,且此时的速度大小,空气阻力不计,该斜面的倾角为( )A、60°B、４5°C、３7° Ｄ、 3０°4、如图所示,长为L的细绳一端固定,另一端系一质量为ｍ的小球、给小球一个合适的初速度,小球便可在水平面内做匀速圆周运动,如此就构成了一个圆锥摆,设细绳与竖直方向的夹角为θ、下列说法中正确的是A。

θ越大,小球运动的线速度越大B、θ越大,小球运动的加速度越小Ｃ。

小球受重力、绳的拉力和向心力作用Ｄ、θ越大,小球运动的周期越大5、如图所示,光滑水平面与光滑半球面相连,O点为球心,一轻绳跨过光滑小滑轮连接物块A、B,A、Ｂ质量相等可视为质点,开始时A、B静止,轻绳水平伸直,B与Ｏ点等高,释放后,当B和球心O连线与竖直方向夹角为3０°时,Ｂ下滑速度为ｖ,此时A仍在水平面上,重力加速度为g,则球面半径为A、Ｂ、C、D、6、如图所示,两辆质量均为Ｍ的小车A和B置于光滑的水平面上,有一质量为m的人静止站在A车内,两车静止。

若这个人自A车跳到Ｂ车内,接着又跳回A车并与Ａ车相对静止,则此时A 车和B车的速度大小之比为( )A、 B。

C、Ｄ、7、关于静电场中的两点,下列说法正确的是( )Ａ。

2016-2017学年河北省沧州一中高二（上）开学物理试卷一、不定项选择题（共25小题，每小题3分，满分75分）1．关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．速度越大，加速度越大B．速度为零，加速度一定为零C．速度变化越快，加速度越大D．速度变化量越大，加速度越大2．做匀加速直线运动的质点先后经过A、B、C三点，AB=BC，质点在AB段和BC段的平均速度分别为20m/s、30m/s，根据以上给出的条件可以求出（）A．质点在C点的瞬时速度B．质点的加速度C．质点在AC段平均速度D．质点在AC段运动的时间3．平直的轨道上，甲、乙两车相距为s，同向同时开始运动．甲在后以初速度v1，加速度a1做匀加速运动，乙在前作初速度为零，加速度为a2的匀加速运动．假定甲能从乙的旁边通过而互不影响，下列情况可能发生的是（）A．a1=a2时，甲、乙只能相遇一次B．a1＞a2时，甲、乙可能相遇二次C．a1＞a2时，甲、乙只能相遇一次D．a1＜a2时，甲、乙只可能相遇一次4．如图所示，物块P静止在水平面上，分别对它施加互相垂直的两个水平拉力F1、F2（F1＞F2）时，物块将分别沿F1、F2方向滑动，对应的滑动摩擦力大小分别是f1、f2，若从静止开始同时施加这两个水平拉力，物块受到的滑动摩擦力大小是f3．则关于这三个摩擦力的大小，正确的判断是（）A．f1＞f2=f3B．f1=f2＜f3C．f1=f2=f3D．f1＜f2＜f35．某一物体从静止开始做直线运动，其加速度随时间变化的图线如图所示，则该物体（）A．第1s内加速运动，第2、3s内减速运动，第3s末回到出发点B．第1s末和第4s末速度都是8m/sC．第3s末速度为零，且运动方向不变D．第3s末速度为零，且此时开始改变运动方向6．在某商场的自动扶梯上，没人上扶梯时，扶梯以很慢的速度运行，人站上扶梯时，它会先加速再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示．那么下列说法中正确的是（）A．顾客在加速运动的过程中处于超重状态B．顾客始终处于超重状态C．顾客在加速运动的过程中受摩擦力作用D．顾客始终受摩擦力作用7．“物理”二字最早出现在中文中，是取“格物致理”四字的简称，即考察事物的形态和变化，总结研究它们的规律的意思．同学们要在学习物理知识之外，还要了解物理学家是如何发现物理规律的，领悟并掌握处理物理问题的思想与方法．下列叙述正确的是（）A．在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法B．用质点来代替实际运动物体是采用了理想模型的方法C．笛卡尔根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因D．伽利略通过比萨斜塔实验证实了，在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同8．如图所示，将两根劲度系数均为k、原长均为L的轻弹簧，一端固定在水平天花板上相距为2L的两点，另一端共同连接一质量为m的物体，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为37°．若将物体的质量变为M，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为53°（sin37°=0.6），则等于（）A．B．C．D．9．如图所示，在光滑的水平桌面上有一物体A，通过绳子与物体B相连，假设绳子的质量以及绳子与定滑轮之间的摩擦力都可以忽略不计，绳子不可伸长．如果m B=3m A，则绳子对物体A的拉力大小为（）A．m B g B．m A g C．3m A gD．m B g10．以下是书本上的一些图片，说法正确的是（）A．图甲中，有些火星的轨迹不是直线，说明炽热微粒不是沿砂轮的切线方向飞出的B．图乙中，两个影子在x，y轴上的运动就是物体的两个分运动C．图丙中，增大小锤打击弹性金属片的力，A球可能比B球晚落地D．图丁中，做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力大于它所需要的向心力11．如图所示，在一内壁光滑的半圆球壳内有两个可视为质点的小球用一劲度系数为k的轻弹簧连接着，已知球壳固定且内半径为R，两小球质量均为m．两小球与弹簧静止时处在同一水平线上，小球与球壳球心连线与水平方向成θ角，弹簧形变在弹性限度范围内，则弹簧的原长为（）A．B．C． +2Rcos θ D． +2Rcos θ12．小球系在细绳的一端，放在光滑的斜面上，用力将斜面在水平桌面上向左移动，使小球上升（最高点足够高），那么在斜面运动的过程中，细绳的拉力将（）A．先增大后减小 B．先减小后增大 C．一直在增大D．一直在减小13．船在静水中的速度与时间的关系如图甲所示，河水的流速与船离河岸的距离的变化关系如图乙所示，则当船沿渡河时间最短的路径渡河时（）A．船渡河的最短时间是60sB．船在河水中航行的轨迹是一条曲线C．船在河水中的最大速度是5m/sD．要使船以最短时间渡河，船在行驶过程中，船头必须始终与河岸垂直14．如图所示，细杆的一端与小球相连，可绕过O点的水平轴自由转动，细杆长0.5m，小球质量为3.0kg，现给小球一初速度使它做圆周运动，若小球通过轨道最低点a处的速度为v a=4m/s，通过轨道最高点b处的速度为v b=2m/s，取g=10m/s2，则小球通过最低点和最高点时对细杆作用力的情况是（）A．a处为拉力，方向竖直向上，大小为126NB．a处为拉力，方向竖直向下，大小为126NC．b处为拉力，方向竖直向下，大小为6ND．b处为压力，方向竖直向下，大小为6N15．已知引力常量G和下列各组数据，能计算出地球质量的是（）A．地球绕太阳运行的周期及地球离太阳的距离B．人造地球卫星在地面附近运行的周期和轨道半径C．月球绕地球运行的周期及月球的半径D．若不考虑地球自转，已知地球的半径及地球表面的重力加速度16．用跨过定滑轮的绳把湖中小船拉靠岸，如图所示，已知拉绳的速度v0保持不变，则船速（）A．保持不变 B．逐渐增大 C．逐渐减小 D．先增大后减小17．如图所示，在固定倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，杆与水平方向的夹角α=30°，圆环与竖直放置的轻质弹簧上端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长h．让圆环沿杆由静止滑下，滑到杆的底端时速度恰为零．则在圆环下滑过程中（）A．圆环和地球组成的系统机械能守恒B．当弹簧垂直于光滑杆时圆环的动能最大C．弹簧的最大弹性势能为mghD．弹簧转过60°角时，圆环的动能为18．如图所示，虚线表示某电场的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A、B点的加速度分别为a A、a B，电势能分别为E A、E B，下列判断正确的是（）A．a A＞a B，E A＞E B B．a A＞a B，E A＜E B C．a A＜a B，E A＞E B D．a A＜a B，E A＜E B19．空间有一沿x轴对称分布的电场，其电场强度E随x变化的图象如图所示，下列说法正确的是（）A．O点的电势最高B．x1和x3两点的电势相等C．x2和﹣x2两点的电势相等D．x2点的电势低于x3点的电势20．如图所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板；a板接地；P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地．开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度α．在以下方法中，能使悬线的偏角α变大的是（）A．缩小a、b间的距离B．加大a、b间的距离C．取出a、b两极板间的电介质D．换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质21．一带正电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E p随位移x变化的关系如图所示，其中0﹣x2段是关于直线y=x1的对称曲线，x2﹣x3段是直线，则下列说法正确的是（）A．x1处电场强度为零B．x2﹣x3段是匀强电场C．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3D．粒子在0﹣x2段做匀变速运动，x2﹣x3段做匀速直线运动22．如图所示，用绝缘细线拴住一带正电的小球，在方向竖直向上的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动，则正确的说法是（）A．当小球运动到最高点a时，线的张力一定最小B ．当小球运动到最低点b 时，小球的速度一定最大C ．小球可能做匀速圆周运动D ．小球不可能做匀速圆周运动23．如图所示，A 、B 为两个等量同种点电荷，a 、O 、b 在点电荷A 、B 的连线上，c 、O 、d 在连线的中垂线上Oa=Ob=Oc=Od ，则（ ）A ．a 、b 两点的场强相同，电势也相同B ．c 、d 两点的场强不相同，电势相同C ．O 点是A 、B 连线上电势最低的点，也是A 、B 连线上场强最小的点D ．O 点是中垂线cd 上电势最高的点，也中垂线上场强最大的点24．如图所示，L 1，L 2是两个规格不同的灯泡，当它们如图连接时，恰好都能正常发光，设电路两端的电压保持不变，现将变阻器的滑片向左移动过程中L 1和L 2两灯的亮度变化情况是（ ）A ．L 1亮度不变，L 2变暗B ．L 1变暗，L 2亮度不变C ．L 1变亮，L 2变暗D ．L 1变暗，L 2变亮25．如图所示，把两相同的电灯分别拉成甲、乙两种电路，甲电路所加的电压为8V ，乙电路所加的电压为14V ．调节变阻器R 1和R 2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的电功率分别为P 甲和P 乙，下列关系中正确的是（ ）A ．P 甲＞P 乙B ．P 甲＜P 乙C ．P 甲=P 乙D ．无法确定二、实验题（共1小题，满分0分）26．某同学利用图甲所示装置做“研究平抛运动”的实验，根据实验结果在坐标纸上描出了小球水平抛出后的运动轨迹，但不慎将画有轨迹图线的坐标纸丢失了一部分，剩余部分如图乙所示，图乙中水平方向与竖直方向每小格的长度均代表0.40m ，P 1、P 2和P 3是轨迹图线上的3个点，P 1和P 2、P 2和P 3之间的水平距离相等．完成下列填空：（重力加速度取9.8m/s 2）（1）设P1、P2和P3的横坐标分别为x1、x2和x3，纵坐标分别为y1、y2和y3，从图乙中可读出|y1﹣y2|=m，|y1﹣y3|=m，|x1﹣x2|=m（保留两位小数）．（2）若已测知抛出后小球在水平方向做匀速运动，利用（1）中读取的数据，可求出小球从P1运动到P2所用的时间为s，小球抛出后的水平速度为m/s．（均可用根号表示）（3）已测得小球势出前下滑的高度为0.50m，设E1和E2分别为开始下滑时和抛出时的机械能，则小球从开始下滑到抛出的过程中机械能的相对损失=%．（保留两位有效数字）三、计算题（共3小题，满分0分）27．一质量为M的木板静止在光滑的水平面上，在某时刻有一质量为m的木块以水平的初速度v0从左端滑上木板，木板足够长，由于摩擦力的作用使得木块和木板最终达到相同的速度v，求（1）摩擦力对m所做的功．（2）摩擦力对M所做的功．（3）该系统损失的机械能．28．如图所示，虚线PQ、MN间存在水平匀强电场，一带电粒子质量为m=2.0×10﹣11kg、电荷量为q=+1.0×10﹣5C，从a点由静止开始经电压为U=100V的电场加速后，垂直于匀强电场进入匀强电场中，从虚线MN的某点b（图中未画出）离开匀强电场时速度与电场方向成30°角．已知PQ、MN间距为20cm，带电粒子的重力忽略不计．求：（1）带电粒子刚进入匀强电场时的速率v1（2）匀强电场的场强大小（3）ab两点间的电势差．29．有一探测卫星在地球赤道正上方绕地球做匀速圆周运动，已知地球质量为M，地球半径为R，万有引力常量为G，探测卫星绕地球运动的周期为T．求：（1）探测卫星绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径；（2）探测卫星绕地球做匀速圆周运动时的速度大小；（3）在距地球表面高度恰好等于地球半径时，探测卫星上的观测仪器某一时刻能观测到的地球表面赤道的最大弧长．（此探测器观测不受日照影响，不考虑空气对光的折射）2016-2017学年河北省沧州一中高二（上）开学物理试卷参考答案与试题解析一、不定项选择题（共25小题，每小题3分，满分75分）1．关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．速度越大，加速度越大B．速度为零，加速度一定为零C．速度变化越快，加速度越大D．速度变化量越大，加速度越大【考点】加速度．【分析】加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，加速度的定义式a=，所以加速度的大小与速度的大小无关，加速度与速度的变化量的大小也无直接的关系，因为加速度的决定式a=，即加速度a是由物体所受合外力与物体的质量共同决定．【解答】解：A、根据加速度的定义式a=可知a与物体的速度无关，当速度很大但物体匀速运动时，物体的加速度为0，故A错误．B、物体在启动的瞬间，虽然速度为0，但加速度不为0，否则物体只能永远保持静止，故B 错误．C、根据加速度的定义式a=可知物体的加速度就等于等于物体速度的变化率．所以速度变化越快，加速度越大，故C正确．D、根据加速度的定义式a=可知如果△v很大，但△t更大，加速度也有可能减小．故D错误．故选C．2．做匀加速直线运动的质点先后经过A、B、C三点，AB=BC，质点在AB段和BC段的平均速度分别为20m/s、30m/s，根据以上给出的条件可以求出（）A．质点在C点的瞬时速度B．质点的加速度C．质点在AC段平均速度D．质点在AC段运动的时间【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．【分析】设AB=BC=x，运动的时间分别为：t1和t2，根据运动学公式列出方程，看能不能根据已知条件求解即可．【解答】解：设AB=BC=x，加速度为a，运动到A点的速度为v0，运动的时间分别为：t1和t2，则有：=20m/s=30m/sx=v0t1+at122x=v0（t1+t2）+a（t1+t2）25个未知数，4个方程，故无法求解质点在AC段运动的时间t1、质点的加速度a、质点在AC 段的发生位移x；质点在AC段的平均速度为=24m/s，根据匀变速直线运动规律得一段过程中平均速度等于该过程中初末速度和的一半，即，质点在这个过程：=24m/s质点在AB段：=20m/s质点在BC段：=30m/s解得v C=34m/s．故AC正确，BD错误．故选：AC．3．平直的轨道上，甲、乙两车相距为s，同向同时开始运动．甲在后以初速度v1，加速度a1做匀加速运动，乙在前作初速度为零，加速度为a2的匀加速运动．假定甲能从乙的旁边通过而互不影响，下列情况可能发生的是（）A．a1=a2时，甲、乙只能相遇一次B．a1＞a2时，甲、乙可能相遇二次C．a1＞a2时，甲、乙只能相遇一次D．a1＜a2时，甲、乙只可能相遇一次【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】甲、乙均做匀加速直线运动，则从二者第一次相遇开始，分析以后二者能否再次位置相同，则可分析能否再次相遇．【解答】解：A、甲从乙的旁边通过说明相遇时甲的速度大于乙的速度，若a1=a2，则以后甲的速度将都大于乙的速度，故不会再次相遇，故A正确，B、若a1＞a2，则甲经过乙的旁边以后，甲的速度增加更快，故甲将一直在乙的前面，故B错误，C正确；D、若a1＜a2，则此后某一时刻乙的速度一定会大于甲的速度，故乙将会追上甲，甲乙将再次相遇，故能相遇两次，故D错误；故选：AC．4．如图所示，物块P静止在水平面上，分别对它施加互相垂直的两个水平拉力F1、F2（F1＞F2）时，物块将分别沿F1、F2方向滑动，对应的滑动摩擦力大小分别是f1、f2，若从静止开始同时施加这两个水平拉力，物块受到的滑动摩擦力大小是f3．则关于这三个摩擦力的大小，正确的判断是（）A．f1＞f2=f3B．f1=f2＜f3C．f1=f2=f3D．f1＜f2＜f3【考点】滑动摩擦力．【分析】根据f=μF N判断滑动摩擦力的大小，比较物体所受的合力．【解答】解：三种情况下，物体所受的支持力都等于物体的重力，根据f=μF N，三种情况下滑动摩擦力的大小相等，故C正确，ABD错误．故选：C．5．某一物体从静止开始做直线运动，其加速度随时间变化的图线如图所示，则该物体（）A．第1s内加速运动，第2、3s内减速运动，第3s末回到出发点B．第1s末和第4s末速度都是8m/sC．第3s末速度为零，且运动方向不变D．第3s末速度为零，且此时开始改变运动方向【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据加速度与时间的关系图线，分析质点速度随时间的变化情况，“面积”等于速度的变化量可求速度的变化量．根据在速度时间图象中，由运动学公式求位移和速度．【解答】解：A、C物体在第1 s内从静止开始匀加速运动，第2、3 s内沿原方向做匀减速运动，根据“面积”等于速度的变化量可知，3s末物体的速度为零，所以第3s末没有回到出发点，下个时刻速度方向改变．故A错误，C正确．B、第1 s末速度为v=at=8×1m/s=8m/s；根据“面积”等于速度的变化量，则得4s内速度的变化量为△v=at=8m/s，所以第4 s末速度是8m/s．故B正确．D、第3 s末速度为零，接着重复前一个周期的运动，仍沿原方向运动．故D错误．故选：BC6．在某商场的自动扶梯上，没人上扶梯时，扶梯以很慢的速度运行，人站上扶梯时，它会先加速再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示．那么下列说法中正确的是（）A．顾客在加速运动的过程中处于超重状态B．顾客始终处于超重状态C．顾客在加速运动的过程中受摩擦力作用D．顾客始终受摩擦力作用【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【分析】分加速和匀速两个过程对顾客进行运动分析和受力分析，加速过程合力斜向右上方，故支持力大于重力，静摩擦力向右；匀速过程重力和支持力二力平衡．【解答】解：AB、在慢慢加速的过程中，受力如图，物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向向左下，由于加速向右上方，处于超重状态；选项A正确，B错误CD、在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下；选项C正确，D错误故选：AC．7．“物理”二字最早出现在中文中，是取“格物致理”四字的简称，即考察事物的形态和变化，总结研究它们的规律的意思．同学们要在学习物理知识之外，还要了解物理学家是如何发现物理规律的，领悟并掌握处理物理问题的思想与方法．下列叙述正确的是（）A．在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法B．用质点来代替实际运动物体是采用了理想模型的方法C．笛卡尔根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因D．伽利略通过比萨斜塔实验证实了，在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同【考点】验证力的平行四边形定则；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【分析】本题根据常用的物理研究方法，如理想模型法、等效替代法等，进行解答即可．【解答】解：A、在验证力的平行四边形定则的实验中使用了等效替代的方法，故A错误．B、用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法，故B正确．C、伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因，故C错误．D、亚里士多德认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同，故D错误故选：B8．如图所示，将两根劲度系数均为k、原长均为L的轻弹簧，一端固定在水平天花板上相距为2L的两点，另一端共同连接一质量为m的物体，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为37°．若将物体的质量变为M，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为53°（sin37°=0.6），则等于（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】由几何知识求出两弹簧的伸长量之比，然后根据胡克定律求出两弹簧的拉力之比，最后由平衡条件求出重力与弹簧拉力的关系．【解答】解：由几何知识得，左图中弹簧的伸长量为：△L=L右图中弹簧的伸长量为：△L′=L根据胡克定律：T=K△L则两情况下弹簧拉力之比为：：=根据平衡条件：2Tcos37°=mg2T′cos53°=Mg得：==故选：A．9．如图所示，在光滑的水平桌面上有一物体A，通过绳子与物体B相连，假设绳子的质量以及绳子与定滑轮之间的摩擦力都可以忽略不计，绳子不可伸长．如果m B=3m A，则绳子对物体A的拉力大小为（）A．m B g B．m A g C．3m A gD．m B g【考点】牛顿第二定律．【分析】因整体的加速度沿绳子方向，故本题应以整体沿绳进行分析，由牛顿第二定律可求得加速度．【解答】解：AB连在一起，加速度相同；对整体分析可知整体沿绳方向只受B的拉力，则由牛顿第二定律可知，加速度为：=选取A为研究的对象．水平方向A只受到绳子的拉力，所以绳子的拉力：故选：B．10．以下是书本上的一些图片，说法正确的是（）A．图甲中，有些火星的轨迹不是直线，说明炽热微粒不是沿砂轮的切线方向飞出的B．图乙中，两个影子在x，y轴上的运动就是物体的两个分运动C．图丙中，增大小锤打击弹性金属片的力，A球可能比B球晚落地D．图丁中，做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力大于它所需要的向心力【考点】离心现象；平抛运动．【分析】微粒在擦落前做圆周运动，擦落后由于惯性要沿着原来的速度方向继续运动，微粒飞出的方向就是砂轮上跟刀具接触处的速度方向．A球沿水平方向抛出做平抛运动，同时B 球被松开，自由下落做自由落体运动，每次两球都同时落地．做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力提供所需要的向心力，只改变速度的方向．【解答】解：A、有些火星的轨迹不是直线，是由于受到重力、互相的撞击等作用导致的，故A错误．B、两个影子反映了物体在x，y轴上的分运动，故B正确．C、A球做平抛运动，竖直方向是自由落体运动，B球同时做自由落体运动，故无论小锤用多大的力去打击弹性金属片，A、B两球总是同时落地，故C错误．D、做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力等于所需要的向心力，故D错误．故选：B．11．如图所示，在一内壁光滑的半圆球壳内有两个可视为质点的小球用一劲度系数为k的轻弹簧连接着，已知球壳固定且内半径为R，两小球质量均为m．两小球与弹簧静止时处在同一水平线上，小球与球壳球心连线与水平方向成θ角，弹簧形变在弹性限度范围内，则弹簧的原长为（）A．B．C． +2Rcos θ D． +2Rcos θ【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】对小球受力分析后根据平衡条件得到弹簧的弹力，根据胡克定律求解出压缩量；根据几何关系得到弹簧的长度；想加得到弹簧的原长．【解答】解：以小球为研究对象，小球受三个力：重力、弹力和球壳的支持力如图所示，由平衡条件，得到：tanθ=解得：x=故弹簧原长x0=+2Rcos θ，故C正确．故选C．12．小球系在细绳的一端，放在光滑的斜面上，用力将斜面在水平桌面上向左移动，使小球上升（最高点足够高），那么在斜面运动的过程中，细绳的拉力将（）A．先增大后减小 B．先减小后增大 C．一直在增大D．一直在减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】将斜面在水平桌面上缓慢地向左推移，所以小球始终处于平衡状态，对小球进行受力分析画图分析即可．【解答】解：将斜面在水平桌面上缓慢地向左推移，所以小球始终处于平衡状态，受力分析并合成如图：由平衡条件得：F′=G，即：支持力N和拉力T的合力大小和方向均不发生变化．当斜面在水平桌面上缓慢地向左推移时，细线与竖直方向的夹角逐渐变大，T的方向发生变化，画出平行四边形如图所示：由图看出：拉力先减小后变大，支持力一直在变大．故选：B13．船在静水中的速度与时间的关系如图甲所示，河水的流速与船离河岸的距离的变化关系如图乙所示，则当船沿渡河时间最短的路径渡河时（）A．船渡河的最短时间是60sB．船在河水中航行的轨迹是一条曲线。

第I卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第l～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1.做简谐运动的弹簧振子，下列说法中错误的是A.振子通过平衡位置时，速度最大B.振子在最大位移处时，加速度最大C.振子在连续两次通过同一位置时，位移相同D.振子在连续两次通过同一位置时，动能相同，速度相同2.如图所示为某质点做简谐运动的图像，下列说法中正确的是A.由P→Q,位移在增大B.由P→Q,速度在增大C.由M→N,位移先增大后减小D.由M→N,位移始终减小3.某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为x=552B BP Pa Fa F==（cm），则下列关于质点运动的说法中正确的是A．质点做简谐运动的振幅为10cmB．质点做简谐运动的周期为4sC．在t=4s时质点的速度最大D．在t=4s时质点的加速度最大4.做简谐运动的单摆，在摆动的过程中A．只有在平衡位置时，回复力才等于重力和细绳拉力的合力B．只有在最高点时，回复力才等于重力和细绳拉力的合力A. 从ab面射出B. 从ac面射出C. 从bc面射出，且与bc面垂直D. 从bc面射出，且与bc面相交12.如图所示，S1和S2是两个相干波源，由它们发生的波相互叠加，实线表示波峰，虚线表示波谷，对于a、b、c三点的振动情况，下列判断中正确的是A．b处在此时刻是波谷与波谷相遇B．c处的振动永远减弱C．b处的振动永远减弱D．a处永远是波峰与波峰相遇第II卷二、实验题：每空3分，共24分，把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

13.在用单摆测重力加速度的实验中（1）为了比较准确地测量出当地的重力加速度，应选用下列所给器材中的哪些？将所用器材的字母填在题后的横线上。

（A）长30m左右的细绳；（B）长1m左右的细绳；（C）直径2cm的铅球；（D）直径2cm的铁球；（E）秒表；（F）时钟；（G）最小刻度是厘米的直尺．所选择的器材______．（2）实验时摆线偏离竖直方向的要求是_____ _。

沧州市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，质量相同的A、B两物体放在光滑绝缘的水平面上，所在空间有水平向左的匀强电场，场强大小为E，其中A带正电，电荷量大小为q，B始终不带电。

一根轻弹簧一端固定在墙面上，另一端与B物体连接，在电场力作用下，物体A紧靠着物体B，一起压缩弹簧，处于静止状态。

现在A物体上施加一水平向右的恒定外力F。

弹簧始终处于弹性限度范围内，下列判断正确的是（）A．若F = qE，则弹簧恢复到原长时A、B两物体分离B．若F = qE，则弹簧还未恢复到原长时A、B两物体分离C．若F > qE，则弹簧还未恢复到原长时A、B两物体分离D．若F < qE，则A、B两物体不能分离，且弹簧一定达不到原长位置【答案】AC【解析】【分析】【详解】AB．若F = qE，A物体所受合力为0，在弹簧处于压缩状态时，B物体由于弹簧的作用向右加速运动，而A物体将被迫受到B物体的作用力以相同的加速度一起向右加速运动，A、B 两物体未能分离，当弹簧恢复到原长后，B物体在弹簧的作用下做减速运动，A物体做匀速直线运动，则B物体的速度小于A物体的速度，A、B两物体将分离，故A正确，B错误；C．若F > qE，A物体将受到水平向右恒力F A = F− qE的作用，弹簧在恢复到原长之前，对B 物体的弹力逐渐减小，则B物体的加速度逐渐减小，当A、B两物体刚要分离时，A、B两物体接触面的作用力刚好为0，此时弹簧对B物体的作用力所产生的加速度与恒力F A对A 物体产生的加速度相等（a B = a A 0），此时弹簧还未恢复到原长，故C正确；D．若F < qE，A物体将受到水平向左恒力F A = qE− F的作用，如果F A比较小，那么A、B 两物体还是可以分离的，并且在超过弹簧原长处分离，故D错误。

故选AC。

2．有固定绝缘光滑挡板如图所示，A、B为带电小球（可以近似看成点电荷），当用水平向左的力F作用于B时，A、B均处于静止状态．现若稍改变F的大小，使B向左移动一段小距离（不与挡板接触），当A、B重新处于平衡状态时与之前相比（）A．A、B间距离变小B．水平推力力F减小C．系统重力势能增加D．系统的电势能将减小【答案】BCD【解析】【详解】A．对A受力分析，如图；由于可知，当B向左移动一段小距离时，斜面对A的支持力减小，库仑力减小，根据库仑定律可知，AB间距离变大，选项A错误；B．对AB 整体，力F等于斜面对A的支持力N的水平分量，因为N减小，可知F减小，选项B正确；C．因为AB距离增加，则竖直距离变大，则系统重力势能增加，选项C正确；D．因为AB距离增加，电场力做正功，则电势能减小，选项D正确；故选BCD.3．在电场强度为E的匀强电场中固定放置两个小球1和2，它们的质量相等，电荷量分别为1q和2q（12q q≠）．球1和球2的连线平行于电场线，如图所示．现同时放开球1和球2，于是它们开始在电场力的作用下运动．如果球1和球2之间的距离可以取任意有限值，则两球刚被放开时，它们的加速度可能是（）．A．大小不等，方向相同B．大小不等，方向相反C．大小相等，方向相同D．大小相等，方向相反【答案】ABC【解析】【详解】AC．当两球的电性相同时，假定都带正电，则两球的加速度分别为：12121kq qEqlam+=12222kq q Eq l a m -=由于l 可任意取值，故当12kq E l>时，加速度1a 、2a 方向都是向右，且1a 、2a 的大小可相等，也可不相等，故AC 正确；B ．再分析1a 和2a 的表达式可知，当12kq E l<时，1a 和2a 方向相反，大小则一定不相等，故B 正确；D ．将小球1和小球2视作为一个整体，由于12q q ≠，可判断它们在匀强电场中受到的电场力必然是不为零的。