2013年上海奉贤区物理一模试卷及答案

2013年全国普通高等学校招生统一考试上海物理试卷本试卷共7页，满分l50分，考试时间l20分钟。

全卷包括六大题，第一、二大题为单项选择题，第三大题为多项选择题，第四大题为填空题，第五大题为实验题，第六大题为计算题。

考生注意：1、答卷前，务必用钢笔或圆珠笔在答题纸正面清楚地填写姓名、准考证号，并将核对后的条形码贴在指定位置上，在答题纸反面清楚地填写姓名。

2、第一、第二和第三大题的作答必须用28铅笔涂在答题纸上相应区域内与试卷题号对应的位置，需要更改时，必须将原选项用橡皮擦去，重新选择。

第四、第五和第六大题的作答必须用黑色的钢笔或圆珠笔写在答题纸上与试卷题号对应的位置(作图可用铅笔)。

3、第30、31、32、33题要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。

只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分。

有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位。

一．单项选择题(共16分，每小题2分。

每小题只有一个正确选项。

)1．电磁波与机械波具有的共同性质是(A)都是横波(B)都能传输能量(C)都能在真空中传播(D)都具有恒定的波速2．当用一束紫外线照射锌板时，产生了光电效应，这时(A)锌板带负电(B)有正离子从锌板逸出(C)有电子从锌板逸出(D)锌板会吸附空气中的正离子3．白光通过双缝后产生的干涉条纹是彩色的，其原因是不同色光的(A)传播速度不同(B)强度不同(C)振动方向不同(D)频率不同4．做简谐振动的物体，当它每次经过同一位置时，可能不同的物理量是(A)位移(B)速度(C)加速度(D)回复力5．液体与固体具有的相同特点是(A)都具有确定的形状(B)体积都不易被压缩(C)物质分子的位置都确定(D)物质分子都在固定位置附近振动6．秋千的吊绳有些磨损。

在摆动过程中，吊绳最容易断裂的时候是秋千(A)在下摆过程中(B)在上摆过程中(C)摆到最高点时(D)摆到最低点时7．在一个23892U原子核衰变为一个20682Pb原子核的过程中，发生β衰变的次数为(A)6次(B)10次(C)22次(D)32次8．如图，质量m A＞m B的两物体A、B叠放在一起，靠着竖直墙面。

xx学校xx学年xx 学期xx试卷姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题简答题xx题xx题xx题总分得分一、xx题评卷人得分（每空xx 分，共xx分）试题1:《物理学科教学基本要求》（试用本）一书的质量最接近于（）A． 0.015千克 B． 0.15千克 C． 1.5千克 D． 15千克试题2:如图是热机工作时的四个冲程，其中属于内能转化为机械能的冲程是（）A．B．C．D．试题3:光从空气斜射到水面发生光的反射和折射现象，已知入射光线与水面的夹角为30°，则下列说法正确的是（） A．入射角等于30° B．反射角等于60° C．折射角大于60° D．折射角等于0°试题4:如图所示，闭合电键S，则（）A．通电螺线管的右端是S极，小磁针的N极向左偏转B．通电螺线管的右端是S极，小磁针的N极向右偏转C．通电螺线管的右端是N极，小磁针的N极向左偏转D．通电螺线管的右端是N极，小磁针的N极向右偏转试题5:某同学使用电流表，估计待测电路中的电流为0.3安左右，他用0﹣3A的量程来测量，这样做的结果是（）A．指针摆动角度大，会损坏电流表 B．指针摆动角度小，会损坏电流表C．指针摆动角度小，读数不够准确 D．指针摆动角度小，读数比较准确试题6:一重为G的立方体放在水平面上，现对其上表面的中央沿竖直方向施加一个力，该力的大小为F（已知F＜G），此时该正方体在竖直方向上所受合力的大小为（）A． 0 B． F C． G﹣F D． G试题7:如图，P、Q是同一直线上相距12米的两点，甲、乙两小车同时从P点出发向Q点运动，当乙车到达Q点时，甲车离Q点为12米，则甲、乙两小车运动的s﹣t图象可能是（）A．①③ B．①④ C．②③ D．②④试题8:如图两个盛有等高液体的圆柱形容器A和B，底面积不同（已知S A＜S B），液体对容器底部的压强相等．现将甲球放在A 容器的液体中，乙球放在B容器的液体中，容器中均无液体溢出，若此时液体对各自容器底部的压力相等，则一定（）A．甲球所受浮力大于乙球所受浮力 B．甲球的重力小于乙球的重力C．甲球的体积大于乙球的体积 D．甲球的质量大于乙球的质量试题9:1820年，丹麦物理学家奥斯特证明了_________ ，打开了电磁学的大门．当今生活几乎每时每刻都无法与电分离，家庭电路中各用电器所消耗的电能是远方的发电站通过_________ 输电线路输送至用电区的（选填“高压”或“低压”），我国家庭电路中使用的用电器的额定电压一般为_________ 伏．试题10:女高音和男低音的主要区别是_________ 不同；“震耳欲聋”说明声音的_________ 大；“悦耳动听”说明声音的_________ 好．试题11:如图是我国歼8飞机正在空中加油，此时的航速恒定为125米/秒，加油过程中两机保持水平直线飞行，歼8飞机相对于加油机是_________ 的（选填“运动”或“静止”），加油100秒，歼8飞机飞行的路程是_________ 米，同时加油机的机械能_________ （选填“减小”、“不变”或“增大”）．试题12:吸烟者“吞云吐雾”时会波及周围人群，这是由于分子在不停地做_________ 运动造成的．汽车的发动机选用水做冷却剂，主要是由于水的比热容比较_________ 的缘故．5千克的水[c水=4.2×103焦/（千克•℃）]，温度升高20℃，吸收的热量为_________ 焦．试题13:如图所示为一名消防队员正在进行模拟演习训练．当消防队员沿着竖立在地面上的钢管匀速下滑时，他的动能_________ （选填“减小”、“不变”或“增大”），他与钢管之间的摩擦是_________ 摩擦（选填“滚动”或“滑动”）．在下滑过程中，他感到手心发烫，这是通过_________ 的方法使其内能增加的，为了安全，他应该戴手套训练．试题14:如图所示电路中，电源电压恒定，R l为定值电阻，R为滑动变阻器．S闭合后，滑动变阻器滑片自b向a端移动，V1的示数将_________ ，V2的示数变化量与V1的示数变化量的比值将_________ （选填：“变大”、“变小”或“不变”）．试题15:如图，在下列四个物理实例中，运用的科学方法相同的是_________ 与_________ （选填序号）．实例②运用的科学方法叫做_________ ，请你再举三个使用该科学方法的物理实例：_________ ，_________ ，_________ ．试题16:如图，重为6牛的物体静止在水平地面上，请你用力的图示法画出物体对地面的压力F．试题17:在图中画出物体AB在平面镜中的像A′B′．试题18:如图的电路中，缺少电压表V1、V2和电流表A，请将三个电表分别填在正确的位置，要求电源电压不变，当电键S由断开到闭合时，电压表V1示数减小，V2示数增大．试题19:漂浮在水面上的物体排开的水的体积为5×10﹣3米3．求：（1）物体受到的浮力大小；（2）物体的重力大小．试题20:某同学用如图所示的装置匀速提升重力为200牛的物体，滑轮重力和摩擦不计，若物体在2秒内匀速上升0.6米，求：①拉力做的功W；②拉力的功率P．试题21:如图，边长分别为a、b的实心正方体甲、乙放在同一水平地面上，它们对地面的压强均为p，求：（1）甲对地面的压力；（2）甲的密度；（3）若在两正方体上部沿水平方向切去体积均为V的部分后，两正方体对地面压强的变化量之比△p甲：△p乙（要求计算结果均用题中出现的字母表示）．试题22:在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为20欧，滑动变阻器R2上标有“10Ω 2A”字样．闭合电键S，电流表A的示数为0.9安．①若电源电压为6伏，求通过电阻R1的电流I1和变阻器R2消耗的电功率P2．②若电源电压可变，电流表A选接“0～3A”量程．现用定值电阻R0替换R1，要求：电源电压取6～12伏之间某一值，在移动变阻器滑片P的过程中，电流表A的指针能达到满刻度处．第一，现有阻值为10欧和15欧的两个电阻，满足上述要求时应选择的电阻阻值为_________ 欧．第二，满足上述要求时替换的定值电阻R0的取值范围为_________ 欧至_________ 欧．试题23:如图（a）所示的托盘天平使用时被测物体应放置在_________ 盘（选填“左”或“右”）．在图（b）中温度计的示数为_________ ℃．在“验证凸透镜成像规律”实验中，需保持烛焰、光屏的中心和凸透镜的中心在_________ ，若在图（c）所示位置时光屏上成一清晰的烛焰像，则该像一定是_________ 的（选填“放大”、“等大”或“缩小”）．试题24:在“探究物质质量与体积的关系”实验中，小赵填写的实验报告（部分）如下，请完成空格处的内容．_________ ：探究物质质量与体积的关系．实验器材：_________ 、_________ 、水、铁钉和玻璃弹子等．实验步骤：（1）设计记录表格（请在括号内填上栏目）实验序号质量（单位：_________克）体积（单位：厘米3）1234（2）每组同学只选由一种物质组成的物体如铁钉（或玻璃弹子等），利用提供的器材测出4组对应的数据，填入表中．（3）对测得的数据各自进行处理．（4）合作交流．试题25:在“验证阿基米德原理”的实验中，各实验小组同学选用恰当的器材，分别用如图的实验方法测量了一些数据，并通过计算记录在表格中．实验序号液体的密度（g/cm3）物体浸入液体的体积（cm3）浮力（N）物体排开的液体所受重力（N）1 1 20 0.2 0.1962 1 40 0.4 0.3923 1 60 0.6 0.5884 1.5 20 0.3 0.2945 1.5 40 0.6 0.5886 1.5 60 0.9 0.882（1）分析实验序号1、2、3或4、5、6中前三列的实验数据，可得出的初步结论是_________ ．（2）分析实验序号_________ 中的相关数据可得出的初步结论是：当物体排开液体的体积相同时，液体密度越大，物体受到的浮力越大．（3）甲小组同学分析了表中最后两列数据及相关条件认为这些实验数据能证明阿基米德原理，即浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力的大小_________ 物体排开的液体所受重力．（4）乙小组同学发现最后两列数据不相等，于是他们把表格中浮力一列的数据分别改成“0.196；0.392；0.588；0.294；0.588；0.882”，然后也得出了验证了阿基米德原理的结论．你认为乙小组的做法_________ （选填“正确”或“错误”），理由：_________ ．试题26:小伟和小莉同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压为4.5伏）、电压表、电流表、滑动变阻器两个（甲标有“12Ω 2A”、乙标有“20Ω 2A”字样）、电键及导线若干，已知两个小灯的额定电压分别为1.5伏和3伏，额定功率均不超过1瓦．小伟和小莉各自选取一个变阻器、小灯及其它器材连接电路，闭合电键后，移动变阻器的滑片，直至两个电路中电压表的示数均为3伏时，发现两小灯均已正常发光．这时，小伟电路中变阻器的滑片在中点位置附近、电流表的示数如图；小莉对比后发现电路中小灯的亮度比小伟选用的小灯暗．两位同学交流后，发现其中一位同学的电路连接有误，小莉将此时电压表和电流表的示数相乘，得到的电功率为0.96瓦．（1）实验中电路连接有误的是_________ （选填“小伟”或“小莉”）．（2）小伟同学选用的变阻器为_________ （选填“甲”或“乙”），所测小灯的额定功率为_________ 瓦．（3）求小莉同学所测小灯的额定功率．（需写出计算过程）_________ ．试题1答案:对于质量单位我们要有一定的了解，能够估测生活中一些常见物体的质量．解答：解：物理学科教学基本要求》（试用本）一书的质量最接近于0.15kg．故选B试题2答案:内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能．解答：解：内能转化为机械能的是做功冲程：A图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意．B图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；C图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意；D图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；故选C．试题3答案:（1）反射定律的内容：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角．入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角．（2）当光从空气斜射入水中时，根据光的折射规律可以确定折射角小于入射角．解答：解：光线从空气斜射到水面发生光的反射和折射时，已知入射光线与水面的夹角为30°，则入射角为90°﹣30°=60°，因为反射角等于入射角，所以反射角也是60°，因为光线从空气斜射到水面，折射角小于入射角，即折射角小于60°．故选B．试题4答案:闭合开关后，根据由右手螺旋定则可得出通电螺线管的N、S极，再根据磁极间的相互作用可知小磁针的偏转情况．解答：解：则由右手螺旋定则可知通电螺线管的右端是N极，因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的N极向右偏转．故选D．试题5答案:使用电流表时，应选用合适的量程，量程太小会损坏电流表，量程太大会读数不准确．解答：解：估计待测电路中的电流为0.3安左右，则电流表应选用0～0.6A的量程，但误用0～3A的量程来测量，指针摆动角度将比较小，读数不够准确．故选C．试题6答案:平衡状态包括静止状态和匀速直线运动状态，当物体处于平衡状态时，物体所受的合力为零；因此求合力大小时，先判断物体的状态，然后根据力的合成进行计算．解答：解：因为正方体物块始终静止在水平面上，因此正方体物块受到的合力为零，即水平方向和竖直方向受到的合力均为零．故选A．试题7答案:图象为s﹣t图象，由图可知两车行驶的路程和时间，由速度公式可求得两车的速度大小；由图象可看出乙车到达Q点行驶所用的时间t，再由图象或速度公式计算出甲车在该时间内行驶的路程，逐项判断即可．解答：解：假设都行驶12m，分别计算出甲在图象①和②的速度：图象①v1===3m/s；图象②v2===1m/s；已知P、Q是同一直线上相距12米的两点，所以当乙从P点到达Q点时，乙行驶了12m根据图象③乙的速度，乙用时t=6s，则有：甲按照图象①的速度行驶，则行驶了：s1=v1t=3m/s×6s=18m，距离Q的距离为18m﹣12m=4m，故图象①③中的速度不正确；甲按照图象②的速度行驶，则行驶了：s2=v2t=1m/s×6s=6m，距离Q的距离为12m﹣6m=6m，故图象②③中的速度不正确；根据图象④乙的速度，乙用时t=8s，则有：甲按照图象①的速度行驶，则行驶了：s1=v1t=3m/s×8s=24m，距离Q的距离为24m﹣12m=12m，故图象①④中的速度正确；甲按照图象②的速度行驶，则行驶了：s2=v2t=1m/s×8s=8m，距离Q的距离为12m﹣8m=4m，故图象②④中的速度不正确；故选B试题8答案:（1）液体对容器底部的压强相等，S A＞S B，根据F=pS，可判断容器A和B底部受的压力大小，因为容器A和B是圆柱形，底部受的压力等于液体重力．可判断出两容器液体重力大小．甲球浸没在A容器的液体中，乙球浸没在B容器的液体中，液体对各自容器底部的压力相等，若漂浮或悬浮液体对各自容器底部的压力等于液体重力与球重力之和，可判断两球的质量和重力大小．若下沉液体对各自容器底部的压力小于液体重力与球重力之和．（2）因为放入球之前，容器A和B液相平，液体对容器底部的压强相等，根据P=ρgh可知，液体密度相等．放入球后，压力F=pS=ρghS，又压力相等，所以hS相等，即两容器液体体积与球的体积之和相等．又因为因为放入球之前，容器A 和B液相平，S A＞S B可知A容器中液体体积大于B容器中液体体积．即可判断两球体积大小；又因两球浸没有液体中，根据阿基米德定律可判断浮力大小．解答：解：（1）液体对容器底部的压强相等，S A＞S B，G A=F A=pS A，G B=F B=pS B，可见G A＞G B，放入小球后，若小球漂浮或悬浮，液体对各自容器底部的压力相等，G A+G甲=G B+G乙，因为，G A＞G B，所以，G甲＜G乙，甲的质量也小于乙的质量．若小球下沉，液体对容器A底部的压力：F A′＜G A+G甲，液体对容器A底部的压力：F B′＜G B+G乙，虽然液体对各自容器底部的压力相等，但是，G A+G甲与G B+G乙的关系不能确定．即G甲与G乙的关系也不能确定．故BD错误．（2）因为放入球之前，容器A和B液相平，液体对容器底部的压强相等，根据P=ρgh可知，ρA=ρB，放入球后，F A=ρA gh A S A，F B=ρB gh B S B，又压力相等，所以h A S A=h B S B，即两容器液体体积与球的体积之和相等．又因为，放入球之前，A容器液体体积大于B容器液体体积．所以，甲球的体积小于乙球的体积，故C错误．（3）根据阿基米德定律，两种液体密度相同，甲球和乙球都浸没在液体中，甲球的体积小于乙球的体积，所以，甲球所受浮力小于乙球所受浮力，故A正确．故选A．试题9答案:（1）1820年，丹麦物理学家奥斯特证明了通电导线周围存在着磁场；（2）根据电热的计算公式Q=I2Rt和电功率公式P=UI，输电功率不变，输电线的电阻不变，要减小输电线路上的电能损失，必须通过增大电压的办法来减小电流，从而减少电能的耗损．（3）我国家庭电路电压是220V；解答：解：1820年丹麦物理学家奥斯特证明了通电导线周围存在着磁场，打开了电磁学的大门．在远距离输送电能时输电线路上的电能损失主要指的是电流的热效应而产生的，根据Q=I2Rt可知，在电阻不变的情况下，电流越小，输电线上的电能损失就越小．而如何减小电流呢？根据电功率的计算公式P=UI可知，在电功率一定时，要减小电流就要增大电压．故当今生活几乎每时每刻都无法与电分离，家庭电路中各用电器所消耗的电能是远方的发电站通过高压输电线路输送至用电区的；据生活经验可知，我国家庭电路中使用的用电器的额定电压一般220V；故答案为：通电导线周围存在着磁场；高压；220；试题10答案:声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是指音质的好坏，是由发声体本身决定的一个特性．解答：解：声音的三个特性分别是响度、音调和音色；“震耳欲聋”说明声音比较大，指声音的响度大；“悦耳动听”说明声音音质比较好，指声音的音色．故答案为：音调；响度；音色；试题11答案:（1）研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物．如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的．（2）知道飞机的飞行速度和时间，根据公式s=vt就可以求出飞机飞行的路程；（3）影响动能的因素：质量和速度：质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：重力势能与物体的质量和被举高度有关，质量越大、被举得越高，则重力势能越大．动能和势能合称机械能．解答：解：（1）以加油机为参照物，受油机和加油机之间的相对位置没有发生改变，飞机相对于加油机是静止的；（2）飞机的航速为125m/s，加油100s，∵v=，∴歼8飞机飞行的路程为：s=vt=125m/s×100s=12500m；（3）在加油时，加油机的质量减小，其飞行速度和高度不变，所以动能、重力势能变小，所以机械能变小．故答案为：静止；12500；减小．试题12答案:（1）不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停的做无规则运动．（2）根据比热容的概念可知，比热容大的物体每升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量就大，比热容大的，更适合做冷却液．（3）已知质量与初末温度，由热量公式可以求出水吸收的热量．解答：解：（1）有人在房间里吸烟，由于烟分子在空气中进行不停地无规则运动，一会儿房间会充满烟味，这是分子的扩散现象．（2）因为水的比热容大，所以水每升高1℃所吸收的热量就大，发动机的热被水吸收就不至于温度太高，所以用水做冷却剂．（3）Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×5kg×20℃=4.2×105J．故答案为：无规则；大；4.2×105J．试题13答案:（1）动能的影响因素有两个，即质量和速度，物体的质量越大、速度越大，其动能就会越大；（2）摩擦力分滚动摩擦和滑动摩擦．两个物体间接触面都在改变，物体间的摩擦力是滚动摩擦力；其中一个物体接触面始终在另一个物体表面上不离开，物体间的摩擦是滑动摩擦力；（3）改变内能的方式有两种，其一是做功，其二是热传递，对于做功改变内能是能量的转化过程，而热传递改变内能是能量的转移过程．解答：解：消防队员沿着竖立在地面上的水管匀速下滑时，质量不变，速度不变，故其动能不变．消防队员在水管上下滑时，身体和水管接触的部分，始终没有离开水管，所以消防队员和水管之间的摩擦是滑动摩擦力．在下滑过程中，手克服摩擦力做功，使得手的内能增加，温度升高，故他的手心会感到发烫．故答案为：不变；滑动；做功．试题14答案:由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R两端电压，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串联电路特点判断电压表示数以及变化量如何变化，V2的示数变化量与V1的示数变化量的比值如何变化．解答：解：由电路图可知：电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R两端电压；滑动变阻器滑片自b向a端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器的分压变小，电压表V2示数变小，与滑动变阻器串联的电阻R1电压变大，电压表V1示数变大；电压表V2示数变小，电压表V1示数变大，并且减小的电压值等于增加的电压值，因此V2的示数变化量与V1的示数变化量的比值不变．故答案为：变大；不变．试题15答案:解决此题要知道常用的物理学研究方法有：等效法、模型法、比较法、分类法、类比法、控制变量法、转换法等．解答：解：①运用磁感线表示磁场用到的研究方法是模型法；②探究液体内部压强的特点，用到的研究方法是控制变量法；③探究弹簧的伸长与拉力的关系，用的研究方法是等效替代法；④用光线反应光的传播，用到的研究方法是模型法故答案为：①；④；控制变量法；探究物体动能与质量的关系、探究电流与电压的关系、探究物质质量与体积的关系等试题16答案:已知的是重力，要求画出的是压力，因此，分析时要搞清在此种状态下，重力与压力的关系，明确三要素，再确定标度，最后画出线段．解答：解：在水平地面上，物体对地面的压力等于重力，为6N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上．如图所示：试题17答案:平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右相反，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像解答：解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像．如图：试题18答案:由电路图可知，与电源串联的电表为电流表，电键闭合时，电阻R1被短路，两端的电压减小，故与R1并联的电表为电压表V1，剩下的电压表为V2．解答：解：因电流表使用时应与被测电路元件并联，所以，与电源串联的电表为电流表；由电路图可知，当电键S由断开到闭合时，电阻R1被短路，两端的电压减小，所以，与R1并联的电表为电压表V1，剩下的电压表为V2，如下图所示：试题19答案:（1）知道物体的体积（浸没在水中排开水的体积），利用阿基米德原理求铜块受到的浮力．（2）求出了浮力，根据物体的漂浮条件求物体的重力．解答：解：（1）F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×5×10﹣3m3=49N（2）∵物体漂浮，∴G物=F浮=49N．答：（1）物体受到的浮力大小为49N；（2）物体的重力大小为49N．试题20答案:①由图可知，使用的是动滑轮，不计滑轮本身重力和一切摩擦，则拉力做的功和对重物所做的功相等，可利用功的公式W=Gh计算出拉力做的功W．②知道做功时间，利用功率公式P=计算出拉力的功率．解答：解：①∵不计滑轮本身重力和一切摩擦，而G=200N，h=0.6m，∴拉力做的功为：W=Gh=200N×0.6m=120J．②∵t=2s，∴拉力的功率为：P===60W．答：①拉力做的功W为120J．②拉力的功率P为60W．试题21答案:（1）已知正方体甲的边长，可求得其面积，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等，求出正方体甲对水平地面的压力；（2）因为实心正方体甲、乙，所以利用p======ρgh推导出甲的密度；（3）根据它们对地面的压强均为p，结合公式p=ρgh可判断出两者的密度大小比例，又是沿水平方向切去体积均为V的部分，底面积不变，压力的变化部分是切去的V的部分，再结合公式p=计算．解答：解：（1）S甲=a2，由p=可得甲对地面的压力F甲=pS甲=pa2，（2）因为甲为实心正方体，则对地面的压强为p，由p======ρgh，可得甲的密度ρ甲=；（2）∵p甲=p乙，∴ρ甲gh甲=ρ乙gh乙，即ρ甲ga=ρ乙gb，∴=；∵在两正方体上部沿水平方向切，∴底面积不变，对地面的压力变化是切去的部分，即△F=ρVg所以，两正方体对地面压强的变化量之比：===×=×=×=．答：（1）甲对地面的压力为pa2；（2）甲的密度为；（3）△p甲：△p乙=b3：a3．试题22答案:由电路图可知，两电阻并联，电流表测干路电流：①根据欧姆定律求出通过电阻R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，根据P=UI求出变阻器R2消耗的电功率．②第一、因滑动变阻器最大允许通过的电流为2A，所以通过R0的电流应大于1A，当电源的电压最大时，根据欧姆定律求出10欧和15欧两个电阻通过的电流即可选择电阻的规格．第二、当通过滑动变阻器的电流为2A，且电源的电压最大时，R0的阻值最大；当电源的电压最小，且滑动变阻器的阻值最大时，R0的阻值最小，根据并联电路的电流特点和欧姆定律求出R0的取值范围．解答：解：①∵R1、R2并联，通过电阻R1的电流I1===0.3A通过R2的电流I2=I﹣I1=0.9A﹣0.3A=0.6A，变阻器R2消耗的电功率P2=UI2=UI2=6V×0.6A=3.6W；②第一、当电源的电压最大U=12V时，根据I=可得，通过10欧、15欧R0电阻的电流分别为1.2A、0.8A，因滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，故15Ω的电阻不可选，应选10Ω的电阻；第二、当通过滑动变阻器的电流为2A，且电源的电压U=12V时，R0的阻值最大，R0===12Ω；当电源的电压U=6V，且滑动变阻器的阻值最大时，R0的阻值最小，。

2013年上海中考物理试卷含答案(word版)2013年上海市初中毕业统一学业考试理化试卷（物理部分）（满分150分，考试时间100分钟）考生注意：1、本试卷物理部分含五个大题。

2、答题时，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答题一律无效。

一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。

1．原子中带负电的是（）A．质子B．电子C．中子D．原子核2．四冲程汽油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（）A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲D．排气冲程3．光从空气射人水中，入射角为︒0，折射角为（）A．︒0B．︒30C．︒45D．︒60 4．在图1所示的E、F、P、Q四点中，磁场最强的是（）A．E点B．F点C．P点D．Q 点5．在图２所示的电路中，电源电压保持不变。

闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变小的是（）A．电压表V示数B．电压表V示数与电流表A示数的乘积1C．电流表A示数D．电压表V示数与1电流表A示数的乘积6．如图3所示，一个同学用水平力F推停在水平地面上的汽车，但没有推动。

推车时水平力F与地面对车的摩擦力f的大小关系是（）A．F一定小于f B．F可能小于fC．F一定等于f D．F可能大于f 7．甲、乙两车分别从P Q、两点同时同向运动，它们的t s 图像分别如图4（a）、（b）所示，经过6秒甲、乙相遇。

甲、乙的速度分别为v、乙v，甲、间的距离为s，则（）P QA ．乙甲v v>，16s =米 B ．乙甲v v >，8s =米 C ．乙甲v v <，16s =米 D ．乙甲v v <，8s =米8．如图5所示，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的圆柱形容器放置在水平地面上，甲、乙质量相等。

现沿水平方向切去部分甲并从容器中抽取部分乙后，甲对地面的压强大于乙对容器底部的压强。

上海市奉贤区高三物理上学期期末考试（一模）试题（含解析）沪科版参考答案与试题解析一、单项选择题Ⅰ（共16分，每小题2分．每小题只有一个正确选项．）1．下列属于牛顿的主要贡献是（）A．发现光的色散B．创立相对论C．测出万有引力恒量D．发现摆的等时性分析：正确解答本题要了解物理学中的重要发现的参与者，知道各个伟大科学家的主要成就．解答：解：A、牛顿发现光的色散，故A正确；B、爱因斯坦创立相对论，故B错误；C、卡文迪许测出万有引力恒量，故C错误；D、惠更斯发现摆的等时性，故D错误；故选：A．点评：本题考查了学生对物理学史的掌握情况，对于这部分知识要注意多加记忆和积累．2．关于惯性说法正确的是（）A．只有静止的物体才具有惯性B．物体处于完全失重状态时没有惯性C．物体运动状态改变时才有惯性D．物体在任何状态下都具有惯性分析：惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．解答：解：不论是运动的还是静止的物体都有惯性，惯性与所处的运动状态无关，与所处的位置无关，惯性只有物体的质量有关，质量越大，惯性越大．故ABC错误、D正确．故选：D．点评：惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起．3．如图所示的简谐运动图象中，在t1和t2时刻，运动质点相同的量为（）A．加速度B．位移C．速度D．回复力考点：简谐运动的振动图象；简谐运动的振幅、周期和频率．专题：简谐运动专题．分析：由简谐运动的图象直接读出位移，根据简谐运动的特征分析回复力、加速度关系．根据质点的位置关系，判断速度关系．解答：解：A、B、由图读出，t1和t2时刻，质点运动的位移大小相等，方向相反；根据简谐运动的加速度a=﹣，位移大小相等，方向相反，则加速度大小相等，方向相反；故A错误，B错误；C、x﹣t图象上点的切线的斜率表示速度，故在t1和t2时刻速度相同，故C正确；D、根据简谐运动的基本特征是：F=﹣kx得知，t1和t2时刻质点的回复力大小相等，方向相反，故D错误；故选：C．点评：对于矢量，只有大小相等，方向相同时矢量才相同．根据简谐运动的图象可以分析质点的振动情况，判断各个物理量的变化情况．4．（2分）（2015•奉贤区一模）如图所示，A、B为同一水平线上的两个绕绳装置．转动A、B 改变绳的长度，使重物C缓慢下降．则此过程中绳上的拉力大小（）A．保持不变B．逐渐减小C．逐渐增大D．都有可能考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：二力合成时，夹角越小，合力越大；同样，将一个力分解为等大的两个分力，两个分力的夹角越大，分力越大；物体受三个力，重力和两个拉力，三力平衡，两个拉力的合力与重力等值、反向、共线．解答：解：物体受三个力，重力和两个拉力，三力平衡，两个拉力的合力与重力平衡；两个拉力合力一定，夹角不断减小，故拉力不断减小；故选：B．点评：本题关键记住“将一个力分解为等大的两个分力，两个分力的夹角越大，分力越大”的结论，若是用解析法求解出拉力表达式分析，难度加大了5．（2分）（2009•上海）气体内能是所有气体分子热运动动能和势能的总和，其大小与气体的状态有关，分子热运动的平均动能与分子间势能分别取决于气体的（）A．温度和体积B．体积和压强C．温度和压强D．压强和温度考点：温度是分子平均动能的标志；分子势能．分析：温度是分子平均动能的标志，所以气体分子的动能宏观上取决于温度；分子势能是由于分子间引力和分子间距离共同决定，宏观上取决于气体的体积．解答：解：由于温度是分子平均动能的标志，所以气体分子的动能宏观上取决于温度；分子势能是由于分子间引力和分子间距离共同决定，宏观上取决于气体的体积．故答案为：A．点评：这是一道考查分子势能和分子平均动能的基础题，关键是弄清分子热运动与温度的关系以及分子间距离与气体体积的关系．6．（2分）（2015•奉贤区一模）一列水波穿过小孔发生衍射现象，衍射后水波能量减小表现为（）A．波长增大B．周期增大C．频率减小D．振幅减小考点：波的干涉和衍射现象．分析：根据衍射原理，绕过阻碍物继续向前传播，则周期与频率不变，面，而波长与波速有关，因介质确定水波的速度，从而即可求解．解答：解：由题意可知，水波发生衍射现象，由于频率不变，则周期也不变，因绕过阻碍物继续向前传播的现象叫波的衍射，由于波速不变，则波长也不变，因衍射后振动能量的分散，导致振幅减小，故D正确，ABC错误．故选：D．点评：本题考查了发生衍射的原理，及衍射过程中的变化与不变化的量，注意振动能量与振幅有关．7．（2分）（2015•奉贤区一模）滑雪运动员由斜坡向下滑行时其速度﹣时间图象如图所示，图象中AB段为曲线，运动员在此过程中不变的是（）A．动能B．速度方向C．合力D．机械能考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：分析运动员的v﹣t图象，判断运动员速度如何变化，从而判断动能的变化．根据速度的变化情况判断加速度的变化情况，再判断运动员所受合力变化情况、运动员的机械能变化情况．解答：解：A、由图象知运动员的速度不断增大，则动能不断增大，故A错误．B、速度的正负表示其方向，可知运动员的速度方向不变，故B正确．C、由v﹣t图象可知，运动员的v﹣t图象是一条曲线，曲线切线的斜率越来越小，运动员的加速度越来越小，由牛顿第二定律可知，运动员所受合力F=ma不断减小，故C 错误．D、运动员在下滑过程中，受到阻力作用，阻力要对运动运做负功，使运动运的机械能减少，运动运的机械能不守恒，故D错误；故选：B．点评：本题根据所给图象判断运动员的运动性质、所受合力变化情况、机械能变化情况，难度适中．8．（2分）（2015•奉贤区一模）如图所示，长方体木块搁在光滑方形槽中，则长方体木块除重力外还受到弹力的个数是（）A．1个B．2个C．3个D．4个考点：物体的弹性和弹力．专题：弹力的存在及方向的判定专题．分析：根据弹力条件：接触并发生弹性形变，进行受力分析．解答：解：长方体木块搁在光滑方形槽中，与槽接触的地方三处，并且都有相互作用，故长方体木块除重力外还受到弹力的个数是3个，故C正确．故选：C点评：此题考查弹力存在的条件，可以利用假设法和物体的状态判定．二、单项选择题Ⅱ（共24分，每小题3分．每小题只有一个正确选项．）9．（3分）（2015•奉贤区一模）如图所示，一块橡皮用不可伸长的细线悬挂于O点，用铅笔靠着细线的左侧从O点开始水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则在铅笔向右匀速移动过程中，橡皮运动的速度（）A．大小和方向均不变B．大小不变，方向改变C．大小改变，方向不变D．大小和方向均改变考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：橡皮参加了两个分运动，水平向右匀速移动，同时，竖直向上匀速运动，实际运动是这两个运动的合运动，根据平行四边形定则可以求出合速度．解答：解：橡皮在水平方向匀速运动，由于橡皮向右运动的位移一定等于橡皮向上的位移，故在竖直方向以相等的速度匀速运动，根据平行四边形定则，可知合速度也是一定的，故合运动是匀速直线运动；故选：A．点评：本题关键是先确定水平方向和竖直方向的分运动，然后根据合运动与分运动的等效性，由平行四边形定则求出合速度．10．（3分）（2015•奉贤区一模）如图所示，粗细均匀U形管中装有水银，左端封闭有一段空气柱，原来两管水银面相平，将开关K打开后，放掉些水银，再关闭K，重新平衡后若右端水银下降h，则左管水银面（）A．不下降B．下降h C．下降高度小于h D．下降高度大于h考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：对于左边的气体温度不变，体积变大，压强压减小，根据压强平衡来分析下降的高度大小．解答：解：原来左右两边的水银等高，说明左边的气体的压强和大气压相等，当放掉一部分水银之后，左边气体的体积变大，压强减小，右边压强为大气压强，右边的水银下降h，左边的必定要小于h，所以C正确．故选C．点评：根据两边的压强相等，分析封闭气体的压强变化即可，难度不大．11．（3分）（2015•奉贤区一模）如图，两根平行放置的长直导线a和b通有大小分别为I和2I、方向相同的电流，导线b受到的磁场力大小为F，当加入一与导线所在平面垂直的匀强磁场后，导线b受到的磁场力为零，则此时a受到的磁场力大小为（）A．B．F C．D．2F考点：平行通电直导线间的作用．分析：根据题意对导线进行受力分析，然后由安培力公式、力的合成方法分析即可求解．解答：解：物体间力的作用是相互的，物体间的相互作用力大小相等，方向相反，b受到的磁场力为F，则a受到的磁场力也为F，如图1所示；当加入匀强磁场后，b受到的磁场力为零，如图2所示，则F=F2，F2=2BIL=F，F1=BIL=F，则a受到的合力F合=F+F1=F+F=F；故选：C．点评：对导线正确受力分析，熟练应用力的合成方法即可正确解题，注意牛顿第三定律的应用，同时当心电流的大小不一，但相互作用力大小相等．12．（3分）（2015•奉贤区一模）如图所示，相同的乒乓球1、2恰好在等高处水平越过球网，不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自最高点到落台的过程中，正确的是（）A．过网时球1的速度小于球2的速度B．球1的飞行时间大于球2的飞行时间C．球1的速度变化率小于球2的速度变化率D．落台时，球1的重力功率等于球2的重力功率考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合水平位移和时间比较过网时的速度．解答：解：A、球1和球2平抛运动的高度相同，则运动的时间相同，由于球1的水平位移较大，可知过网时球1的速度大于球2的速度，故A错误，B错误．C、因为平抛运动的加速度不变，都为g，可知球1和球2的速度变化率相等，故C错误．D、落台时，由于时间相等，则竖直分速度相等，根据P=mgv y知，重力的瞬时功率相等，故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住等时性，结合运动学公式灵活求解．13．（3分）（2015•奉贤区一模）如图所示，一物体以某一初速度v0从固定的粗糙斜面底端上滑至最高点又返回底端的过程中，以沿斜面向上为正方向．若用h、x、v和E k分别表示物块距水平地面高度、位移、速度和动能，t表示运动时间．则可能正确的图象是（）A．B．C．D．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：根据某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端，知上滑过程中，物块做匀加速直线运动，下滑时做匀加速直线运动；在粗糙斜面上运动，摩擦力做功，物体的机械能减少，故回到底端时速度小于出发时的速度；根据运动特征判断各图形．解答：解：A、上滑时做匀减速运动，故h曲线斜率先大后小，且平均速度大，运动时间短；下滑时做匀加速运动，故h曲线斜率先小后大，且平均速度小，运动时间长；故A正确．B、上滑时x曲线斜率先大后小，下滑时x曲线斜率先小后大，故B错误．C、由于上滑时合外力为重力分力和摩擦力之和，加速度大小不变，沿斜面向下；下滑时合外力为重力分力和摩擦力之差，加速度大小不变，方向沿斜面向下；所以上滑时加速度大，所以速度曲线斜率大；下滑时加速度小，所以速度曲线效率小，且此过程中，摩擦力做功，使物块到达底端的速率变小，故C正确．D、根据动能定理得：，上滑时做匀减速运动，故E K曲线斜率先大后小；下滑时做匀加速运动，故E k曲线斜率先小后大，故D错误．故选：AC．点评：根据图示各物理量的曲线斜率代表的意义，结合实际运动分析即可．14．（3分）（2015•奉贤区一模）如图所示，固定斜面AE分成等长四部分AB、BC、CD、DE，小物块与AB、CD间动摩擦因数均为μ1；与BC、DE间动摩擦因数均为μ2，且μ1=2μ2．当小物块以速度v0从A点沿斜面向上滑动时，刚好能到达E点．当小物块以速度从A点沿斜面向上滑动时，则能到达的最高点（）A．刚好为B点B．刚好为C点C．介于AB之间D．介于BC之间考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：物块向上运动过程要克服重力与阻力做功，应用动能定理求出物块的位移，然后答题．解答：解：设斜面的倾角为θ，AB=BC=CD=DE=s，μ1=2μ2=2μ，则μ2=μ，物块以速度v0上滑过程中，由动能定理得：﹣mg•4s•sinθ﹣μmgcosθ•2s﹣2μ•mgcosθ•2s=0﹣mv02，则：mv02=4mgs•sinθ+6μmgscosθ，初速度为时，m（）2=×mv02=mgs•sinθ+μmgscosθ＜mgs•sinθ+2μmgscosθ，则滑块能达到的最大高点在B点以下，即介于AB之间某点；故选：C．点评：本题考查了判断滑块能到达的最高点，分析清楚滑块的运动过程，应用动能定理即可正确解题．15．（3分）（2015•奉贤区一模）如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀减速下滑．若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则物块（）A．可能匀速下滑B．仍以加速度a匀减速下滑C．将以大于a的加速度匀减速下滑D．将以小于a的加速度匀减速下滑考点：牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：首先对物体不施加力F时受力分析，根据牛顿第二定律列出方程，然后再对物体施加力F时受力分析列出牛顿第二定律方程，比较可得出结论．解答：解：当没施加力F时，物体受力分析如图所示，应有：F N=mgcosθmgsinθ﹣μF N=ma解得：施加力F后，应有：F N′=（mg+F）cosθ（mg+F）sinθ﹣μF N′=ma′解得：故物块将以大于a的加速度匀减速下滑，故ABD错误，C正确；故选：C．点评：解决动力学问题的关键是正确进行受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解即可．16．（3分）（2015•奉贤区一模）如图所示，一个闭合三角形导线框ABC位于竖直平面内，其下方（略靠前）固定一根与线框平面平行的水平直导线，导线中通以图示方向的恒定电流．释放线框，它由实线位置下落到虚线位置未发生转动，在此过程中（）A．线框中感应电流方向依次为ACBA→ABCAB．线框的磁通量为零的时，感应电流却不为零C．线框所受安培力的合力方向依次为向上→向下→向上D．线框所受安培力的合力为零，做自由落体运动考点：楞次定律．分析：解答该题首先要分析导线周围的磁场的分布情况，在线框向下运动的过程中，分析通过线框的磁通量的变化情况，结合楞次定律，即可得知各选项的正误．解答：解：A、根据右手定则，通电直导线的磁场在上方向外，下方向里；离导线近的地方磁感应强度大，离导线远的地方磁感应强度小．线框从上向下靠近导线的过程，向外的磁感应强度增加，根据楞次定律，线框中产生顺时针方向的电流；穿越导线时，上方向外的磁场和下方向里的磁场叠加，先是向外的磁通量减小，之后变成向里的磁通量，并逐渐增大，直至最大；根据楞次定律，线框中产生逆时针方向的电流．向里的磁通量变成最大后，继续向下运动，向里的磁通量又逐渐减小，这时的电流新方向又变成了顺时针．所以线框中感应电流方向依次为：ACBA→ABCA→ACBA，故A错误；B：根据A中的分析，穿越导线时，上方向外的磁场和下方向里的磁场叠加，先是向外的磁通量减小，一直减小到0，之后变成向里的磁通量，并逐渐增加．所以这一过程中，线框中始终有感应电流存在，故B正确；CD：根据楞次定律，感应电流始终阻碍线框相对磁场的运动，故受安培力的方向始终向上，安培力的合力不为零；因受到向上的安培力，所以线框的运动不是自由落体运动，选项CD错误．故选：B点评：解答该题，首先要明确通电直导线周围的磁场的分布，分析线框下落过程中通过线框的磁通量的变化．同时要注意对楞次定律的理解和应用，楞次定律的内容是“感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化”，可以从以下几个方面来理解：1、注意是“阻碍”，不是“阻止”，更不是“相反”，而是“延缓”的意思．2、从原磁通量的变化来看，应这样理解：当原磁通量增加时，感应电流的磁场与原来磁场的方向相反，当原磁场减小时，感应电流的磁场就与原来的磁场方向相反．即为“增反减同”．3、从磁体和导体的相对运动来理解：感应电流总是要阻碍导体和磁极间的相对运动，即为“来则阻，去则留”．4、从能量转化的角度来理解：产生感应电流的过程，是其它形式的能转化为电能的过程．在解答问题的过程中，要灵活的利用对楞次定律的各种理解，这样能做到事半功倍的效果．三、（16分）多项选择题．（本大题共4小题，每小题4分．每小题给出的四个答案中，有两个或两个以上是正确的．每一小题全选对得4分；选对但不全，得2分；有选错或不答的，得0分．）17．（4分）（2015•奉贤区一模）一列横波在x轴上沿x轴正方向传播，振幅为A，在t与t+0.4s 两时刻在x轴上﹣3m到3m的区间内的波形图如图同一条图线所示，则正确的是（）A．质点振动的最大周期为0.4 sB．该波的最大波速为10 m/sC．从t时开始计时，x=2 m处的质点比x=2.5 m处的质点先回到平衡位置D．在t+0.2 s时，x=﹣2 m处的质点位移一定为A考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：根据波形图的周期性，重复性，可列出在0.4秒内的经过N个周期，从而得出波速的通项式，并由此确定周期的最大值和波速的最小值．根据时间与周期的关系分析质点的位移．由波的传播方向来确定质点的振动方向，判断回到平衡位置的先后．解答：解：A、B、由题意可知，t=0时刻与t=0.4s时刻在x轴上﹣3m至﹣3m区间内的波形图如图中同一条图线所示，则有 0.4s=NT（N=1，2，3…），所以当N=1时，周期最大，为T=0.4s，根据v=，当N=1时，波速最小为lOm/s，故A正确，B错误；C、横波沿x轴正方向传播，t=0时刻，x=2m处的质点向下运动，x=2.5m处的质点先向上运动再回到平衡位置，所以从t=0开始计时，x=2 m处的质点比x=2.5m处的质点先回到平衡位置，C正确；D、在t+0.2 s时，x=﹣2 m处的质点位移为零．D错误；故选：AC．点评：此题关键要理解波的传播周期性与重复性，列出周期的通项，掌握波速、频率与波长的关系，理解质点的振动方向与波的传播方向．18．（4分）（2015•奉贤区一模）如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r．闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3，理想电流表示数变化量的绝对值为△I，则（）A．△U2=△U1+△U3B．=R+rC．电源输出功率先增大后减小D．和保持不变考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路．分析电路的连接关系，根据欧姆定律分析．解答：解：A、V2测量路端电压，V1测量R的电压，V3测量滑动变阻器的电压，根据闭合电路欧姆定律得：△U2=△U1+△U3+△U r，故A错误；B、根据闭合电路欧姆定律得：U3=E﹣I（r+R），则得：．故B正确．C、当外电路电阻等于内阻时，电源输出功率最大，而电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，所以将滑动变阻器滑片向下滑动，功率变大，故C错误；D、根据欧姆定律得：=R，不变，根据闭合电路欧姆定律得：：U2=E﹣Ir，则得：=r，不变，故D正确；故选：BD．点评：本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析．19．（4分）（2015•奉贤区一模）一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E P随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是对称的曲线，x2～x3是直线段，则正确的是（）A．x1处电场强度为零B．x2～x3段是匀强电场C．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3D．粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动考点：电势；电场线．分析：根据电势能与电势的关系：E p=qφ，结合分析图象斜率与场强的关系，即可求得x1处的电场强度；根据能量守恒判断速度的变化；由E p=qφ，分析电势的高低．由牛顿第二定律判断加速度的变化，即可分析粒子的运动性质．根据斜率读出场强的变化．解答：解：A、根据电势能与电势的关系：E p=qφ，场强与电势的关系：E=，得：E=由数学知识可知E p﹣x图象切线的斜率等于，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A正确．B、由图看出在0～x1段图象切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动．x1～x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动．x2～x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故D错误，B正确．C、根据电势能与电势的关系：E p=qφ，因粒子带负电，q＜0，则知电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：φ1＞φ2＞φ3．故C正确．故选：ABC点评：本题以图象的形式考查静电场的场强、电势、电势能等相关知识；解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学基本规律：牛顿第二定律进行分析电荷的运动情况．20．（4分）（2015•奉贤区一模）如图所示，一质量为m的小球套在光滑竖直杆上，轻质弹簧一端固定于O点，另一端与该小球相连．现将小球从A点由静止释放，沿竖直杆运动到B点，已知OA长度小于OB长度，弹簧处于OA、OB两位置时弹力大小相等．弹簧的形变量相同时弹性势能相同．则小球在此过程中（）A．加速度等于重力加速度g的位置有两个B．弹簧弹力的功率为零的位置有两个C．弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功D．弹簧弹力做正功过程中小球运动的距离等于小球弹簧弹力做负功过程中小球运动的距离考点：动能定理的应用；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：弹力为0时或弹力方向与杆垂直时物体加速度为g，且弹力功率为0．因A，B弹力大小相等则弹性势能相等．据此分析各选项．解答：解：A、在运动过程中A点为压缩状态，B点为伸长状态，则由A到B有一状态弹力为0且此时弹力与杆不垂直，加速度为g；当弹簧与杆垂直时小球加速度为g．则两处加速度为g．故A正确B、A处速度为零，弹力功率为零；下滑过程弹簧弹力与杆子垂直，弹力功率为零；当原长时弹力为零，功率为零，故弹力功率为0共有3处，故B错误C、因A点与B点弹簧的弹性势能相同，则弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功．故C正确D、因做负功时弹力大，则弹簧弹力做正功过程中小球运动的距离大于小球克服弹簧弹力做功过程中小球运动的距离．故D错误故选：AC点评：考查弹簧弹力做功的内容，明确功与功率和力与速度方向夹角有关，会由能量的变化分析功的正负．四、（20分）填空题．（本大题共6小题，每空格2分．不要求写出演算过程．本大题中第22、23题为分叉题，分A、B两类，考生可任选一类答题．若两类试题均做，一律按A类题计分．）22、23选做一题21．（4分）（2015•奉贤区一模）对于绕轴转动的物体，描述转动快慢的物理量有角速度ω等物理量．类似加速度，角加速度β描述角速度的变化快慢，则角加速度β的定义式是，单位是rad/s2．考点：向心加速度．专题：匀速圆周运动专题．分析：利用加速度、速度和位移公式，类似于角加速度、角度公式．角加速度为角速度变化量与所用时间的比值，由公式知在国际单位制中β的单位为rad/s2，解答：解：角加速度为角速度变化量与所用时间的比值，由公式知在国际单位制中β的单位为rad/s2，故答案为：，rad/s2点评：本题比较新颖，利用类似法可以写出角加速度、角速度和角度公式．。

学奉贤区调研测试九级理化试卷(.1.)（满分：150分考试时间：100分钟）物理部分考生注意：1．答题时；考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答；在草稿纸、本试卷上答题一律无效。

2．如无特别说明；都必须在答题纸的相应位置上写出证明或计算的主要步骤。

一、选择题（共16分）1.鉴定物质的方法之一是测定它的A．体积B．质量C．密D．重力2.将体积相同的木球和铜球浸没在水中；比较它们所受浮力的大小；则A．铜球大B．木球大C．一样大D．无法确定3.如图1所示；电路正常工作。

当电键S由闭合到断开时；电压表V的示数将A．变大B．变小C．不变D．无法确定4.在如图2所示的电路图中；正确的是5.有一艘轮船从东海缓慢驶入黄浦江中；关于轮船受到的作用力F和露出液面的体积V的说法；正确的是（已知ρ海水＞ρ江水）A.F不变；V不变B.F不变；V变小C.F变小；V变小D.F变小；V变大6.用同种材料制成的横截面积相同的电阻丝甲和乙；已知乙的长比甲大；将它们并联在电路中；则它们的电功率A．甲的较大B．乙的较大C．一样大D．无法确定7.如图3所示的电路中；电源两端电压保持不变。

闭合电键S；将滑动变阻器的滑片由中点向左移动时；不变的是A．电流表A示数与电流表A1示数的差值B．电压表V示数与电流表A示数的比值C．电压表V示数与电流表A示数的乘积D．电压表V示数与电流表A1示数的乘积8.甲、乙两个实心均匀正方体（已知ρ甲＞ρ乙）分别放在水平地面上。

若在两正方体右侧沿竖直方向各截去相同的体积；它们剩余部分对地面的压强相等。

则未截去前；两实心正方体对地面的压力F甲、F乙的关系是A.F甲一定大于F乙B.F甲一定小于F乙C.F甲可能大于F乙D.F甲可能小于F乙二、填空题(共26分)9.上海地区家用照明电路的电压为（1）伏；白炽灯与它控制的电键之间是（2）连接的（选填“串联”或“并联”）；使用的家用电器越多；电路中的总电流越（3）（选填“大”或“小”）。

上海奉贤区2013期中调研测试一．单项选择题（共16分，每小题2分。

每小题只有一个正确选项。

）1．属于国际单位制基本单位的一组是( )（A) m、kg、s （B）kg、m/s2、s （C）m、N、s （D）kg、m/s、s2．关于物体的惯性，正确的是（）（A）骑车上坡前紧蹬几下是为了增大惯性冲上坡（B）子弹在空中飞行速度逐渐减小故惯性也减小（C）物体惯性的大小由质量大小决定(D）物体由静止开始运动的瞬间惯性最大3．关于速度和加速度的关系，正确的是（）(A)速度变化得越多，加速度就越大(B)速度变化得越快，加速度就越大(C)加速度方向不变，速度方向也不变(D)加速度大小变小，速度大小也变小4．现实生活中，物体运动的v-t图线不可能．．．存在的是（）5．粗糙的水平地面上有一木箱，现用一水平力拉着木箱加速前进，则（）（A）木箱所受的拉力和地面对木箱的摩擦力是一对平衡力（B）木箱对地面的摩擦力和地面对木箱的摩擦力是一对作用力和反作用力（C）木箱对地面的压力和地面对木箱的支持力是一对平衡力（D）木箱所受的重力和地面对木箱的支持力是一对作用力和反作用力6．物体与粗糙斜面一起沿水平面向左匀速运动，物体和斜面相对静止，如图所示。

则斜面对物体的总作用力方向（）(A) 必沿b方向(B) 必沿ｃ方向(C) 必沿d方向(D) a、b、ｃ、d方向都有可能7．物体做竖直上抛运动时，在任意相同时间间隔内速度的变化量(A) 大小相同、方向相同（B）大小相同、方向不同（C）大小不同、方向不同（D）大小不同、方向相同8．下列概念的建立没有用到“等效替代”方法的是（）(A) “合力与分力” (B) “平均速度” (C) “总电阻” (D) “质点”9．如图是伽利略的“理想实验”，根据该实验下列说法正确的是（）（A）该实验为牛顿第二定律的提出提供了有力的实验依据（B）该实验是理想实验，是在思维中进行的，无真实的实验基础，故其结果并不可信（C）该实验充分证实了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的结论（D）该实验是说明了物体的运动不需要力来维持10．对曲线运动，下列说法中正确的是（ ） （A ）速度方向和加速度方向不可能一致 （B ）合外力一定与速度方向垂直 （C ）合外力一定发生变化（D ）物体与曲线轨道间的摩擦力方向和速度方向平行11．游泳运动员以恒定的速率垂直河岸过河，当水速突然增大时，则过河( ) （A ）路程增加、时间增加 （B ）路程增加、时间不变 （C ）路程增加、时间缩短 （D ）路程、时间都不变12．如图所示，底部有一个小孔的盛水容器做下列运动，（设容器在运动过程中始终保持平动，且忽略空气阻力），则观察的现象是 （ ） (A) 在自由下落过程中小孔向下漏水 （B ）在水平抛出运动过程中小孔向下漏水 （C ）在任意方向抛出运动过程中小孔不向下漏水（D ）在竖直向上抛出运动过程中，向上运动时小孔向下漏水，向下运动时小孔不向下漏水 13．起重机将质量为m 的货物以a 的加速度加速升高h ，则在这段高度内(重力加速度为g ) ( ) （A ）货物的重力势能一定增加mah （B ）货物的动能一定增加mah －mgh （C ）货物的机械能一定增加mah ＋mgh （D ）货物的机械能一定增加mah14．如图所示是自行车传动结构的示意图，其中Ⅰ是半径为r 1的牙盘（大齿轮），Ⅱ是半径为r 2的飞轮（小齿轮），Ⅲ是半径为r 3的后轮，假设脚踏板的转速为n （r/s ），则自行车前进的速度为( ) （A ）πnr 1r 3r 2 （B ）πnr 2r 3r 1 （C ）2πnr 1r 3r 2 （D ）2πnr 2r 3r 115．如图所示，物体沿固定粗糙斜面匀减速下滑，现在物体上施一竖直向下的恒力F ，仍在下滑，则在下滑过程中（ ） (A) 物体受到的摩擦力可能不变（B ）物体加速度大小一定增大（C ）物体加速度大小一定变小 （D ）物体加速度大小可能不变 16．如图所示，两相同轻质硬杆OO 1、OO 2可绕其两端垂直纸面的水平轴O 、O 1、O 2转动，O 点悬挂一重物Ｍ，将两相同木块m 紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止。

奉贤区XXXX初三物理一模试卷(word版含答案)|xxxx奉贤区第三天物理模型试卷(满分:90分)1，选择题(16分)1。

一瓶未开封的500毫升矿泉水，其质量约为a.0.005千克B.0.05千克c.0.5千克d.5千克2。

在图1所示的装置中，3由大气压力操作。

如图2所示，三个相同体积的泡沫球、空心铝球和空心铁球分别粘结在一起(称为rho铁> rho铝> rho泡沫)，并浸入水中，发现这三个球静止时只是处于悬浮状态。

那么这三个球的浮力是到a。

泡沫球的最大值是b。

空心铝球的最大值是c。

空心铁球的最大值是d。

这三个球大到4。

如图3所示，电压表可以测量L1灯两端的电压为5。

如图4所示，电阻器R1 = 2r2，电压u保持不变当开关S关闭时，电流表A的指示数为1；当开关S闭合时，电流表A的数字为“1”，则“1”与“1”的比值为A . 1:2b . 2:3c . 2:1d . 3:26。

下表显示了不同规格的金属线。

为了研究导体的电阻是否与材料有关，实验中应选择的金属线为a.a和B.a和d C.b和c D.b和d ..7。

如图5所示，电源电压保持不变，故障仅发生在R1或R2。

1键关闭后，一米指针不偏转。

移动滑动变阻器的滑块，观察到仍然存在，但只有一个仪表指针的位置在改变。

故障可能是a。

变阻器R1短路b变阻器R1开路c电阻器R2短路d电阻器R2开路8。

装有水的薄壁轻柱容器搁在水平桌面上。

现在三个固体物体a、b 和c分别浸入水中(水不会溢出)发现当放置物体A时，容器底部的水压增加与容器顶部的水压增加之比最小。

当放置一个c对象时，水压力的增加与容器底部压力的增加和容器压力的增加与桌面压力的增加之比最大，那么a、b和c对象的密度满足条件a . rhoa . rhob，rhoa > rhocb.rhoa b，ρcc.ρ家用电器在电路中的作用是(1)。

电视机的正常工作电压为(2)伏，标有“220伏2000瓦”的空调连续工作3小时的耗电量为(3)度。

9．教室内日光灯正常工作的电压为(1) 伏，日光灯与电风扇之间是(2) 连接的，日光灯上标有“40W”的字样，它表示日光灯的(3) 为40W。

10．物体(4) 上受到的压力叫压强。

某同学站在水平地面上时，他对地面的压强约为2×104(5) ；若他由站立改为在水平地面上行走时，对地面的压强将(6) (选填“变大”、“不变”或“变小”)。

11．某阻值为10欧的定值电阻连在一节新干电池两端，则它两端的电压为(7) 伏，，通过它的电流是(8) 安；若把它连在3伏的电源两端，它的电阻为(9) 欧。

12．物理知识在生产和生活中有着广泛应用，在图2(A)中的茶壶相当于一个(10) ；图2(B)中的铁路钢轨辅设在枕木上，是为了减小对路基的(12) ；图2(C)所示是用来测量用户消耗(12) 的仪表。

13．如图3所示，我国的“蛟龙”号潜水器完全潜入水中后，随着潜水深度的增大，潜水器受到海水的压强将(13) ，海水对潜水器的浮力(14) (均选填“增大”、“减小”或“不变”)。

当它创纪录地突破5000米深处时，海水对它的压强为(15) 帕(海水的密度取水的密度值)。

14．某导体两端的电压为3伏，通过的电流为0.3安，则10秒内通过它的电量为(16) 库，电流所做的功为(17) 焦。

若把它接在6伏的电源两端，通过它的电流将(18) (选填“变大”、“不变”或“变小”)。

9．家庭电路中，日光灯与控制它的电键是_______的，日光灯与微波炉是________的（均选填“串联”或“并联”）。

标有“220V 40W”的日光灯正常工作时的电功率为________瓦。

10．马德堡半球实验证明了________的存在。

刀刃磨得锋利，是为了减小受力面积，增大________，易于切开物体。

拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的________越大，水对大坝的压强越大。

11．如图4所示，重为12牛的物体A静止在水中，若弹簧测力计的示数为5牛，则A受到的浮力为________牛，它排开液体的重力为图2(A) (B) (C)图3R2R1A1A SVP（4）（5）（6）（7）（8）（9）图4A_______牛。

2013年上海市奉贤区中考物理一模试卷（理化满分150分，考试时间100分钟）2013.1考生注意：1．本试卷物理部分含五个大题。

2．答题时，考生务必按答题要求在答题纸上规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答题一律无效。

一、选择题（共16分）1．可用来鉴别物质的物理量是（）A．电流B．电阻C．质量D．密度2．下列事例中，能增大压强的是（）A．斧头磨得锋利些B．书包带做得宽些C．重型卡车装有多个车轮D．火车铁轨下垫枕木3．将重5牛的金属实心小球轻轻放入盛满水的溢杯中，若溢出水重2牛，小球所受到浮力为（）A．0牛B．2牛C．3牛D．5牛4.把阻值分别为R1、R2的两个电阻并联接在电压为U的电路里，这时通过R1的电流为I1，通过R2的电流为I2，且I1 ＞I2；若将R1、R2串联后仍接在电压为U的电路里，则R1两端的电压U1和R2两端电压U2的关系是（）A．U1＝U2B．U1＜U2C．U1＞U2D．无法比较5.下列关于电阻的说法中，正确的是（）A．导体两端的电压增大时，导体中的电流和这段导体的电阻都增大B．导体中的电流减小时，导体的电阻增大C．根据公式R=U/I，导体的电阻与导体两端的电压成正比，与通过导体的电流成反比D．导体的电阻大小与加在它两端的电压和通过它的电流大小均无关6．两导体电阻R1＝10欧，R2＝1欧，并联起来使用时并联总电阻R的阻值范围是（）A．大于10欧B．在1欧与10欧之间C．小于1欧D．无法确定7．如图1所示，把质量为m1、m2的实心正方体铁块和铝块分别放在水平桌面上(已知ρ铁>ρ铝），它们对桌面的压强相等。

若在铁块上方沿水平方向截去一部分放在铝块上面，此时铁块对桌面的压强变化量为⊿P1，铝块对地面的压强变化量为⊿P2，则m1、m2及⊿P1、⊿P2的大小关系为（）A．m1>m2；⊿P1>⊿P2B．m1>m2；⊿P1﹤⊿P2C．m1﹤m2；⊿P1>⊿P2D．m1﹤m2；⊿P1﹤⊿P28.如图2（a）所示的电路中，当电键S闭合后，电路中通过的电流是0.1安培，电压表V1和V2的示数如图（b）所示，则灯L1、L2的电功率可能是（）A．0.09瓦 0.45瓦B．0瓦 0.36瓦C．0.45瓦 0.09瓦D．0.45瓦 0瓦二、填空题(共26分)9．一木块的密度为500千克/米3，其单位读作（1），该密度值的物理意义是（2）。