四川省宜宾三中2017-2018学年高三上学期第一次月考物理试卷(补习班) Word版含解析

2017-2018学年四川省绵阳一中高三（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．人在高处跳到低处时，为了安全，一般都让脚尖先着地，这样做是为了（）A．减小冲量B．减小动量的变化量C．增大与地面的作用时间，从而减小冲力D．增大人对地面的压强，起到安全作用2．如图，质量为M的小船在静止水面上以速率v0向右匀速行驶，一质量为m的救生员站在船尾，相对小船静止．若救生员以相对水面速率v水平向左跃入水中，则救生员跃出后小船的速率为（）A．v0+v B．v0﹣v C．v0+（v0+v） D．v0+（v0﹣v）3．如图，一木块在垂直于倾斜天花板平面方向的推力F作用下处于静止状态，则下列判断正确的是（）A．天花板与木块间的弹力可能为零B．天花板对木块的摩擦力可能为零C．推力F逐渐增大的过程中，木块受天花板的摩擦力增大D．推力F逐渐增大的过程中，木块受天花板的摩擦力不变4．如图所示，小球静止在小车中的光滑斜面A和光滑竖直挡板B之间，原来小车向左匀速运动．现在小车改为向左减速运动，那么关于斜面对小球的弹力N A的大小和挡板B对小球的弹力N B的大小，以下说法正确的是（）A．N A不变，N B减小B．N A增大，N B不变C．N B有可能增大D．N A可能为零5．一快艇从离岸边100m远的河流中央向岸边行驶．已知快艇在静水中的速度图象如（图甲）所示；河中各处水流速度相同，且速度图象如（图乙）所示，则（）A．快艇的运动轨迹一定为直线B．快艇的运动轨迹可能为直线，也可能为曲线C．快艇最快到达岸边，所用的时间为20sD．快艇最快到达岸边，经过的位移为100m6．有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则（）A．a的向心加速度等于重力加速度gB．在相同时间内b转过的弧长最长C．C离地高度可以是任意值D．d运动的周期最长7．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的环，环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑的轻小定滑轮与直杆的距离为d，杆上的A点与定滑轮等高，杆上的B点在A点下方距离为d处．现将环从A处由静止释放，不计一切摩擦阻力，下列说法正确的是（）A．环到达B处时，重物上升的高度h=B．环到达B处时，环与重物的速度大小不相等C．环从A处释放时，环的加速度为gD．环从A到B，环减少的重力势能等于环和重物增加的动能之和8．如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动．小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F，小球在最高点的速度大小为v，其F一v2图象如乙图所示．则（）A．小球的质量为B．当地的重力加速度大小为C．v2=c时，杆对小球的弹力方向向上D．v2=2b时，小球受到的弹力与重力大小不相等二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13～16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的长度和直径，（1）用游标卡尺测量其长度的刻度部分如图甲所示，由图可知其长度为mm．（2）用螺旋测微器测量其直径的刻度部分如图乙所示，由图可知其直径为mm．10．某同学利用图甲所示装置进行探究恒力做功与物块动能变化的关系的实验，水平桌面上放上小物块，适当重物牵引下运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上．通过实验得到如图乙所示的纸带，纸带上0点为物块运动起始时刻打的点，选取时间间隔0.1s，实验时物块的质量为0.50kg，力传感器测得物块受到的拉力为1.98N，测得（g取9.80）m/s2）（1）物块减速运动过程中加速度的大小为a=m/s2；动摩擦因数为．（2）物块从O到D，所受合力做的功为W=J；动能变化量△E k=J（保留三位有效数字）11．如图所示，竖直平面内的光滑水平轨道的左边与墙壁对接，右边与一个足够高的光滑圆弧轨道平滑相连，木块A、B静置于光滑水平轨道上，A、B的质量分别为1.5kg和0.5kg．现让A以6m/s的速度水平向左运动，之后与墙壁碰撞，碰撞的时间为0.3s，碰后的速度大小变为4m/s．当A与B碰撞后会立即粘在一起运动，g取10m/s2，求：（1）在A与墙壁碰撞的过程中，墙壁对A的平均作用力的大小；（2）A、B滑上圆弧轨道的最大高度．12．如图所示，绷紧的传送带与水平面的夹角θ=30°，皮带在电动机的带动下始终以v0=2m/s 的速率运行．现把一质量m=10kg的工件（可看做质点）轻轻放在皮带的底端，经时间t=1.9s，工件被传送到h=1.5m的皮带顶端．取g=10m/s2．求：（1）工件与皮带间的动摩擦因数μ．（2）在工件到达皮带顶端过程中，由于摩擦产生的热量是多少？（二）选考题，任选一模块作答【物理选修3-3】13．关于热力学定律，下列说法正确的是（）A．气体吸热后温度一定升高B．对气体做功可以改变其内能C．理想气体等压膨胀过程一定放热D．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E．如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡14．在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差△p与气泡半径r之间的关系为△p=，其中ς=0.070N/m．现让水下10m处一半径为0.50cm的气泡缓慢上升，已知大气压强p0=1.0×105Pa，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，重力加速度大小g=10m/s2．（i）求在水下10m处气泡内外的压强差；（ii）忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值．【物理选修3-4】15．图（a）为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置在x=1.0m处的质点，Q 是平衡位置在x=4.0m处的质点；图（b）为质点Q的振动图象，下列说法正确的是（）A．在t=0.10s时，质点Q向y轴正方向运动B．在t=0.25s时，质点P的加速度方向与y轴正方向相同C．从t=0.10s到t=0.25s，该波沿x轴负方向传播了6mD．从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程为30cmE．质点Q简谐运动的表达式为y=0.10sin19πt（国际单位）16．如图所示，透明介质球球心位于O，半径为R，光线DC平行于直径AOB射到介质球的C点，DC与AB的距离H=R，若DC光线进入介质球后经一次反射再次回到介质球的界面时，从球内折射出的光线与入射光线平行，（i）作出光路图（ii）计算出这束光在介质球中的传播速度．（光在真空的速度为c）2016-2017学年四川省绵阳一中高三（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．人在高处跳到低处时，为了安全，一般都让脚尖先着地，这样做是为了（）A．减小冲量B．减小动量的变化量C．增大与地面的作用时间，从而减小冲力D．增大人对地面的压强，起到安全作用【考点】动量定理．【分析】人落下时速度的变化量相同，根据动量定理可分析让脚尖着地的好处．【解答】解：人在和地面接触时，人的速度减为零，由动量定理可知（F﹣mg）t=△mv；而脚尖着地可以增加人着地的时间，由公式可知可以减小受到地面的冲击力；故C正确，A、B、D错误．故选：C2．如图，质量为M的小船在静止水面上以速率v0向右匀速行驶，一质量为m的救生员站在船尾，相对小船静止．若救生员以相对水面速率v水平向左跃入水中，则救生员跃出后小船的速率为（）A．v0+v B．v0﹣v C．v0+（v0+v） D．v0+（v0﹣v）【考点】动量守恒定律．【分析】人和小船系统动量守恒，根据动量守恒定律列式求解，【解答】解：人在跃出的过程中船人组成的系统水平方向动量守恒，规定向右为正方向（M+m）v0=Mv′﹣mvv′=v0+（v0+v）故选C．3．如图，一木块在垂直于倾斜天花板平面方向的推力F作用下处于静止状态，则下列判断正确的是（）A．天花板与木块间的弹力可能为零B．天花板对木块的摩擦力可能为零C．推力F逐渐增大的过程中，木块受天花板的摩擦力增大D．推力F逐渐增大的过程中，木块受天花板的摩擦力不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】木块在重力作用下，有沿天花板下滑的趋势，一定受到静摩擦力，则天花板对木块一定有弹力，加重力、推力F，木块共受到四个力．在逐渐增大F的过程，木块受到的静摩擦力不变，木块将始终保持静止．【解答】解：A、木块在重力作用下，有沿天花板下滑的趋势，一定受到静摩擦力，则天花板对木块一定有弹力；木块受力如图．根据平衡条件得：F=N+Gcosα…①f=Gsinα…②由①式，天花板与木块间的弹力小于物体受到的推力F，故A错误；B、由②式，静摩擦力f=Gsinα，为一个定值不可能为零，故B错误；C、D、当逐渐增大F的过程，N增大，最大静摩擦力增大，而木块受到的静摩擦力f不变，木块将始终保持静止．故C错误，D正确；故选：D．4．如图所示，小球静止在小车中的光滑斜面A和光滑竖直挡板B之间，原来小车向左匀速运动．现在小车改为向左减速运动，那么关于斜面对小球的弹力N A的大小和挡板B对小球的弹力N B的大小，以下说法正确的是（）A．N A不变，N B减小B．N A增大，N B不变C．N B有可能增大D．N A可能为零【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】对小球进行受力分析，作出力图，根据牛顿第二定律得到弹力N A和N B与加速度的关系，再分析它们的变化．【解答】解：对小球进行受力分析，作出力图：重力mg、斜面对小球的弹力N A和挡板B 对小球的弹力N B．设加速度大小为a，A的倾角为α．根据牛顿第二定律得：水平方向：mg=N A cosα，①竖直方向：N A sinα﹣N B=ma②由①看出，m、α不变，则N A不变．由②得，N B=N A sinα﹣ma．小车匀速运动时，a=0，N B=N A sinα，则小车匀减速运动时，N B减小．故选A5．一快艇从离岸边100m远的河流中央向岸边行驶．已知快艇在静水中的速度图象如（图甲）所示；河中各处水流速度相同，且速度图象如（图乙）所示，则（）A．快艇的运动轨迹一定为直线B．快艇的运动轨迹可能为直线，也可能为曲线C．快艇最快到达岸边，所用的时间为20sD．快艇最快到达岸边，经过的位移为100m【考点】运动的合成和分解；匀变速直线运动的图像．【分析】AB、将快艇的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，两分运动一个做匀加速直线运动，一个做匀速直线运动，根据运动的合成确定其运动的轨迹．C、根据合运动与分运动具有等时性，在垂直于河岸方向上的速度越大，时间越短．即静水速垂直于河岸时，时间最短．D、根据平行四边形定则求出合位移．【解答】解：AB、两分运动一个做匀加速直线运动，一个做匀速直线运动，知合加速度的方向与合速度的方向不在同一条直线上，合运动为曲线运动．故A、B错误．C、静水速垂直于河岸时，时间最短．在垂直于河岸方向上的加速度a=0.5m/s2，由d=得，t=20s．故C正确．D、在沿河岸方向上的位移x=v2t=3×20m=60m，所以最终位移s==20m．故D错误．故选：C．6．有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则（）A．a的向心加速度等于重力加速度gB．在相同时间内b转过的弧长最长C．C离地高度可以是任意值D．d运动的周期最长【考点】万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力提供向心力得出线速度、周期的表达式，从而比较出大小，得出相同时间内转过的弧长，同步卫星定轨道、定高度、定周期、定速率．【解答】解：A、卫星a在赤道平面随地球一起转动，靠万有引力和支持力的合力提供向心力，不是靠重力提供向心力，所以a的向心加速度不等于重力加速度g，故A错误．B、根据得，v=，，a、c的角速度相同，c的半径大，则c的线速度大于a的线速度，b、c、d中，b的线速度最大，可知b的线速度最大，相同时间内弧长最长．d的轨道半径最大，则周期最长，故B、D正确．C、c为同步卫星，轨道半径一定，则高度一定，故C错误．故选：BD．7．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的环，环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑的轻小定滑轮与直杆的距离为d，杆上的A点与定滑轮等高，杆上的B点在A点下方距离为d处．现将环从A处由静止释放，不计一切摩擦阻力，下列说法正确的是（）A．环到达B处时，重物上升的高度h=B．环到达B处时，环与重物的速度大小不相等C．环从A处释放时，环的加速度为gD．环从A到B，环减少的重力势能等于环和重物增加的动能之和【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律．【分析】环刚开始释放时，重物由静止开始加速．根据数学几何关系求出环到达B处时，重物上升的高度；对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度；分析小环的受力情况，再根据牛顿第二定律即可求解加速度；根据功能关系判断．【解答】解：A、根据几何关系有，环从A下滑至B点时，重物上升的高度h=d﹣d，故A错误；B、对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速，故B正确；度，有：vcos45°=v重物C、小环刚释放时由于竖直方向只受重力，故加速度为g，故C正确；D、环从A到B，环减少的重力势能等于环和重物增加的动能和质量为2m的重物增加的重力势能．故D错误．故选：BC．8．如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动．小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F，小球在最高点的速度大小为v，其F一v2图象如乙图所示．则（）A．小球的质量为B．当地的重力加速度大小为C．v2=c时，杆对小球的弹力方向向上D．v2=2b时，小球受到的弹力与重力大小不相等【考点】向心力．【分析】在最高点，若v=0，则F=mg=a；若F=0，则mg=m，联立即可求得当地的重力加速度大小和小球质量；由图乙可知：当v2＜b时，杆对小球弹力方向向上，当v2＞b时，杆对小球弹力方向向下；若v2=2b．根据向心力公式即可求解．【解答】解：A、在最高点，若v=0，则F=mg=a；若F=0，则mg=m，解得g=，m=，故A正确，B错误．C、由图可知：当v2＜b时，杆对小球弹力方向向上，当v2＞b时，杆对小球弹力方向向下，所以当v2=c时，杆对小球弹力方向向下，所以小球对杆的弹力方向向上，故C错误；D、若v2=2b．则F+mg=m，解得N=a=mg，故D错误．故选：A．二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13～16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的长度和直径，（1）用游标卡尺测量其长度的刻度部分如图甲所示，由图可知其长度为50.45mm．（2）用螺旋测微器测量其直径的刻度部分如图乙所示，由图可知其直径为 4.745mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：游标卡尺的主尺读数为50mm，游标读数为0.05×9mm=0.45mm，所以最终读数为50.45mm螺旋测微器固定刻度为4.5mm，可动刻度为0.01×24.5=0.245mm，所以最终读数为4.745mm．故答案为：50.45，4.745．10．某同学利用图甲所示装置进行探究恒力做功与物块动能变化的关系的实验，水平桌面上放上小物块，适当重物牵引下运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上．通过实验得到如图乙所示的纸带，纸带上0点为物块运动起始时刻打的点，选取时间间隔0.1s，实验时物块的质量为0.50kg，力传感器测得物块受到的拉力为1.98N，测得（g取9.80）m/s2）（1）物块减速运动过程中加速度的大小为a= 1.96m/s2；动摩擦因数为0.2．（2）物块从O到D，所受合力做的功为W=0.251J；动能变化量△E k=0.250J（保留三位有效数字）【考点】探究功与速度变化的关系．【分析】（1）分析纸带，找出减速过程，由△x=at2可求得加速度，再由牛顿第二定律可求得动摩擦因数；（2）通过受力分析明确合力大小，再由牛顿第二定律可求得合外力的功；再平均速度公式可求得平均速度，由动能的表达式求得动能．【解答】解：（1）由图可知F到P物体做减速运动，加速度大小为：a==1.96m/s2；由牛顿第二定律可得：f=ma=μmg解得：μ==0.2；（2）OD过程合外力为：F=1.98﹣μmg=1.98﹣0.2×0.5×9.8=1.00N；做功为：W=FL=1.00×（0.1604+0.0901）=0.251J；D点的速度为：v D==1m/s；动能的变化量为：△E K=mv D2=0.5×1=0.250J；故答案为：（1）1.96；0.2；（2）0.251；0.25011．如图所示，竖直平面内的光滑水平轨道的左边与墙壁对接，右边与一个足够高的光滑圆弧轨道平滑相连，木块A、B静置于光滑水平轨道上，A、B的质量分别为1.5kg和0.5kg．现让A以6m/s的速度水平向左运动，之后与墙壁碰撞，碰撞的时间为0.3s，碰后的速度大小变为4m/s．当A与B碰撞后会立即粘在一起运动，g取10m/s2，求：（1）在A与墙壁碰撞的过程中，墙壁对A的平均作用力的大小；（2）A、B滑上圆弧轨道的最大高度．【考点】动量守恒定律．【分析】（1）A碰撞墙壁过程，应用动量定理可以求出作用力．（2）A、B碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，由动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出最大高度．【解答】解：（1）设水平向右为正方向，当A与墙壁碰撞时，由动量定理得：Ft=m A v′1﹣m A•（﹣v1），代入数据解得：F=50N．（2）设碰撞后A、B的共同速度为v，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m A v′1=（m A+m B）v，A、B在光滑圆形轨道上滑动时，机械能守恒，由机械能守恒定律得：（m A+m B）v2=（m A+m B）gh，代入数据解得：h=0.45m．；答：（1）在A与墙壁碰撞的过程中，墙壁对A的平均作用力的大小为50N；（2）A、B滑上圆弧轨道的最大高度为0.45m．12．如图所示，绷紧的传送带与水平面的夹角θ=30°，皮带在电动机的带动下始终以v0=2m/s 的速率运行．现把一质量m=10kg的工件（可看做质点）轻轻放在皮带的底端，经时间t=1.9s，工件被传送到h=1.5m的皮带顶端．取g=10m/s2．求：（1）工件与皮带间的动摩擦因数μ．（2）在工件到达皮带顶端过程中，由于摩擦产生的热量是多少？【考点】牛顿第二定律；功能关系．【分析】（1）根据匀变速直线运动平均速度推论，结合匀加速和匀速运动的位移之和求出匀加速运动的时间，根据速度时间公式求出加速度，结合牛顿第二定律求出动摩擦因数．（2）根据运动学公式求出相对滑动的位移大小，从而根据Q=f△x得出摩擦产生的热量大小．【解答】解：（1）工件运动的位移x=，则有：，t1+t2=1.9s，解得t1=0.8s，则匀加速运动的加速度，根据牛顿第二定律得，=μgcos30°﹣gsin30°，解得μ=．（2）匀加速运动过程中的相对位移，则摩擦产生的热量Q=J=60J．答：（1）工件与皮带间的动摩擦因数μ为．（2）在工件到达皮带顶端过程中，由于摩擦产生的热量是60J．（二）选考题，任选一模块作答【物理选修3-3】13．关于热力学定律，下列说法正确的是（）A．气体吸热后温度一定升高B．对气体做功可以改变其内能C．理想气体等压膨胀过程一定放热D．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E．如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡【考点】热力学第二定律；热力学第一定律．【分析】做功和热传递都能改变内能；物体内能的增量与外界对物体做的功和物体吸收热量的和，即：△U=Q+W；所有的热力学过程都有一定的方向性；结合热平衡定律分析两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡的情况．【解答】解：A、物体吸收热量，同时对外做功，如二者相等，则内能可能不变，所以气体吸热后温度不一定升高，故A错误；B、做功和热传递都能改变内能；所以对气体做功可以改变其内能．故B正确；C、根据理想气体的状态方程可知，理想气体等压膨胀过程中压强不变，体积增大则气体的温度一定升高，所以气体的内能增大；气体的体积增大对外做功而内能增大，所以气体一定吸热，故C错误；D、根据热力学第二定律热量不可能自发地从低温物体传到高温物体．故D正确；E、根据热平衡定律可知，如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡．故E正确．故选：BDE14．在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差△p与气泡半径r之间的关系为△p=，其中ς=0.070N/m．现让水下10m处一半径为0.50cm的气泡缓慢上升，已知大气压强p0=1.0×105Pa，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，重力加速度大小g=10m/s2．（i）求在水下10m处气泡内外的压强差；（ii）忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值．【考点】理想气体的状态方程．【分析】（1）根据题给公式△p=算在水下10m处气泡内外的压强差；（2）先确定初末状态的p、V，根据玻意耳定律列方程，忽略很小量，求出气泡的半径与其原来半径之比的近似值【解答】解：（i）当气泡在水下h=10m处时，设其半径为，气泡内外压强差为，则①代入题给数据得②（ii）设气泡在水下10m处时，气泡内空气的压强为，气泡体积为；气泡到达水面附近时，气泡内空气的压强为，内外压强差为，其体积为，半径为．气泡上升过程中温度不变，根据玻意耳定律有③由力学平衡条件有④⑤气泡体积和分别为⑥⑦联立③④⑤⑥⑦式得⑧由，故可略去⑧⑧式中的项，代入题给数据得答：（i）在水下10m处气泡内外的压强差28Pa；（ii）忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，气泡的半径与其原来半径之比的近似值1.3【物理选修3-4】15．图（a）为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置在x=1.0m处的质点，Q 是平衡位置在x=4.0m处的质点；图（b）为质点Q的振动图象，下列说法正确的是（）A．在t=0.10s时，质点Q向y轴正方向运动B．在t=0.25s时，质点P的加速度方向与y轴正方向相同C．从t=0.10s到t=0.25s，该波沿x轴负方向传播了6mD．从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程为30cmE．质点Q简谐运动的表达式为y=0.10sin19πt（国际单位）【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系．【分析】根据甲、乙两图可以读出该波的波长和周期，从而求出波速，t=0.10s时Q点在平衡位置上，由乙图知下一时刻向下振动，从而确定了该波向左传播．根据时间与周期的关系，分析质点P的位置和加速度，求出通过的路程．根据x=vt求解波传播的距离．根据图象读出振幅A，结合数学知识写出Q点的振动方程．【解答】解：A、图（b）为质点Q的振动图象，则知在t=0.10s时，质点Q正从平衡位置向波谷运动，所以点Q向y轴负方向运动，故A错误；B、在t=0.10s时，质点Q沿x轴负方向运动，根据波形平稳法可知该波沿x轴负方向传播，此时P点正向上运动．由图b读出周期T=0.2s，从t=0.10s到t=0.25s经过的时间为△t=0.15s=T，则在t=0.25s时，质点P位于x轴下方，加速度方向与y轴正方向相同，故B正确；C、由甲图知波长λ=8m，则波速为：v==40m/s，从t=0.10s到=0.25s经过的时间为△t=0.15s，该波沿x轴负方向传播的距离为△x=v△t=40×0.15m=6m，故C正确；。

四川省宜宾市一中2017-2018学年上学期第八周物理试题第二部分：试题二、选择题:本题共8小题,每小题6分。

在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

14．下列关于物理学发展中的史事、方法和思想总结正确的是（ ）A ．牛顿在探索万有引力的过程中利用的是类比法，通过苹果与月球的类比猜想出苹果所受的重力与月球所受的引力可能是同一性质的力B ．卡文迪许利用扭秤实验完成两个物理量的测量，一是万有引力常量，二是静电力常量；在实验中都应用到了微量放大的思想C ．伽利略利用斜槽实验，直接得出了速度与时间成正比，并合理外推得出物体自由下落的速度与时间成正比D ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这是采用了等效替代思想15．如右图所示，粗糙斜面的倾角为30°，动摩擦因数为23=μ，轻绳通过两个滑轮与A 相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦。

物块A 的质量为m 。

不计滑轮的质量，挂上物块B 后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A 、B 恰能保持静止且A 所受摩擦力向下，则物块B 的质量为（ ）A ．m 22B ．m425C ．mD ．2m16．如右图所示，一根长为l 的轻杆OA ，O 端用铰链固定，另一端固定着一个小球A ，轻杆靠在一个高为h 的物块上。

若物块与地面摩擦不计，则当物块以速度v 向右运动至杆与水平方向夹角为θ时，物块与轻杆的接触点为B ，下列说法正确的是 ( )A ．A 、B 的线速度相同 B ．A 、B 的角速度不相同C ．轻杆转动的角速度为lsin v θ2D ．小球A 的线速度大小为hθsin vl 217．假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n 倍，则（ ） A. 地球同步卫星的向心加速度是近地卫星的1n倍 B. 地球同步卫星的向心加速度是地球赤道上物体的n 2倍 C. 地球同步卫星的运行周期是近地卫星的n 倍 D.倍 18．如图所示，质量为m 的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用。

2017-2018学年第三次月考物理试题一、选择题：本题共12小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．在离地高h 处，沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球，它们的初速度大小均为v 0，不计空气阻力，两球落地的时间差为（ ）A ．g02v B ．g0v C ．02v h D ．v h2．如图所示，物体自O 点由静止出发开始做匀加速直线运动，途经位置A 、B 、C ，其中A 、B 之间的距离l 1＝2m ，B 、C 之间的距离l 2＝3m 。

若物体通过l 1、l 2这两段位移的时间相等，则O 、A 之间的距离l 等于（ ）A ．43m B ．34m C ．89m D ．98m3．如图所示，足够长的传送带以恒定速率顺时针运行，将某物体轻轻放置在传送带底端，第Ⅰ阶段物体被加速到与传送带速度相同，第Ⅱ阶段与传送带相对静止，运动至其顶端。

下列说法正确的是（ ）A ．第Ⅰ阶段摩擦力对物体做正功，第Ⅱ阶段摩擦力对物体不做功B ．第Ⅰ阶段摩擦力对物体做的功等于第Ⅰ阶段物体动能的增加C ．第Ⅰ阶段物体和传送带间的摩擦生热等于第Ⅰ阶段物体机械能的增加D ．物体从底端到顶端全过程机械能的增加等于全过程物体与传送带间的摩擦生热4．如图所示的实验装置中，带电平行板电容器的极板A 接地，极板B 与静电计相连。

现将A 极板向左平移，缓慢增大极板间的距离时，电容器所带的电量Q 、电容C 、电势差U 、两极板间的场强E 的变化情况是（ ） A ．Q 变小、C 不变、U 不变、E 变小 B ．Q 变小、C 变小、U 不变、E 不变 C ．Q 不变、C 变小、U 变大、E 不变 D ．Q 不变、C 变小、U 变大、E 变小5．对于真空中电荷量为q 的静止点电荷而言，当选取离点电荷无穷远处的电势为零时，离点电荷距离为r 处的电势为φ＝rq k （k 为静电力常量）。

2017-2018学年补习班第一次月考试题理科综合能力测试注意事项：1.本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上。

2.回答第I卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

写在本试卷上无效。

3.回答第II卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

【可能用到的相对原子质量】H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg 24 Al 27 Si 28 S32Cl 35.5 Fe 56 Cu 64 Br 80第I卷一．选择题：本题共13小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

7.下列有关燃料的说法错误的是A．燃料燃烧产物CO2是温室气体之一B．化石燃料完全燃烧不会造成大气污染C．以液化石油气代替燃油可减少大气污染D．燃料不完全燃烧排放的CO是大气污染物之一8．设N A为阿伏加德罗常数的值。

下列有关叙述正确的是A．14 g乙烯和丙烯混合气体中的氢原子数为2N AB．1 mol N2与4 mol H2反应生成的NH3分子数为2N AC．1 mol Fe溶于过量硝酸，电子转移数为2N AD．标准状况下，2.24 L CCl4含有的共价键数为0.4N A9．O2F2可以发生反应：H2S+4O2F2→SF6+2HF+4O2，下列说法正确的是A．氧气是氧化产物B．O2F2既是氧化剂又是还原剂C．若生成4.48 L HF，则转移0.8 mol电子D．还原剂与氧化剂的物质的量之比为1∶410．短周期主族元素X、Y、Z、W原子序数依次增大，X原子的最外层有6个电子，Y是迄今发现的非金属性最强的元素，在周期表中Z位于IA族，W与X属于同一主族。

下列说法正确的是A．元素X、W的简单阴离子具有相同的电子层结构B．由Y、Z两种元素组成的化合物是离子化合物C．W的简单气态氢化物的热稳定性比Y的强D．原子半径：r(X)＜r(Y)＜r(Z)＜r(W)11．根据侯氏制碱原理制备少量NaHCO3的实验，需经过制取氨气、制取NaHCO3、分离NaHCO3、干燥NaHCO3四个步骤，下列图示装置和原理能达到实验目的的是A B C D 12．K2Cr2O7溶液中存在平衡：Cr2O72―(橙色)+H2O2CrO42―(黄色)+2H+。