高中数学经典解题技巧(导数及其应用)

高中数学经典的解题技巧和方法（导数及其应用）

【编者按】导数及其应用是高中数学考试的必考内容，而且是这几年考试的热点跟增长点，无论是期中、期末还是会考、高考，都是高中数学的必考内容之一。因此，马博士教育网数学频道编辑部特意针对这两个部分的内容和题型总结归纳了具体的解题技巧和方法，希望能够帮助到高中的同学们，让同学们有更多、更好、更快的方法解决数学问题。好了，下面就请同学们跟我们一起来探讨下集合跟常用逻辑用语的经典解题技巧。

首先，解答导数及其应用这两个方面的问题时，先要搞清楚以下几个方面的基本概念性问题，同学们应该先把基本概念和定理完全的吃透了、弄懂了才能更好的解决问题：

1.导数概念及其几何意义

（1）了解导数概念的实际背景。

（2）理解导数的几何意义。

2．导数的运算

（1）能根据导数定义求函数231(),,,,,yCCyxyxyxyyxx为常数的导数。

（2）能利用给出的基本初等函数的导数公式和导数的四则运算法则求简单函数的导数。

（3）能求简单的复合函数（仅限于形如()faxb的复合函数）的导数。

3．导数在研究函数中的应用

（1）了解函数单调性和导数的关系，能利用导数研究函数的单调性，会求函数的单调区间（其中多项式函数一般不超过三次）。

（2）了解函数在某点取得极值的必要条件和充分条件；会用导数求函数的极大值、极小值（其中多项式函数一般不超过三次）；会求闭区间了函数的最大值、最小值（其中多项式函数一般不超过三次）。

4．生活中的优化问题

会利用导数解决某些实际问题

5．定积分与微积分基本定理

（1）了解定积分的实际背景，了解定积分的基本思想，了解定积分的概念。

（2）了解微积分基本定理的含义。

好了，搞清楚了导数及其应用的基本内容之后，下面我们就看下针对这两个内容的具体的解题技巧。

一、利用导数研究曲线的切线

考情聚焦：1．利用导数研究曲线()yfx的切线是导数的重要应用，为近几年各省市高考命题的热点。

2．常与函数的图象、性质及解析几何知识交汇命题，多以选择、填空题或以解答题中关键一步的形 式出现，属容易题。

解题技巧：1．导数的几何意义

函数()yfx在0x处的导数()fx的几何意义是：曲线()yfx在点00(,())Pxfx处的切线的斜率（瞬时速度就是位移函数()st对时间t的导数）。

2．求曲线切线方程的步骤：

（1）求出函数()yfx在点0xx的导数，即曲线()yfx在点00(,())Pxfx处切线的斜率；

（2）在已知切点坐标00(,())Pxfx和切线斜率的条件下，求得切线方程为000()()yyfxxx。

注：①当曲线()yfx在点00(,())Pxfx处的切线平行于y轴（此时导数不存在）时，由切线定义可知，切线方程为0xx；

②当切点坐标未知时，应首先设出切点坐标，再求解。

例1：（2010 ·海南高考·理科T3）曲线2xyx在点1,1处的切线方程为（ ）

（A）21yx （B）21yx （C）23yx （D）22yx

【命题立意】本题主要考查导数的几何意义，以及熟练运用导数的运算法则进行求解.

【思路点拨】先求出导函数，解出斜率，然后根据点斜式求出切线方程.

【规范解答】选A.因为 22(2)yx，所以，在点1,1处的切线斜率1222(12)xky，所以，切线方程为12(1)yx，即21yx，故选A.

二、利用导数研究导数的单调性

考情聚焦：1．导数是研究函数单调性有力的工具，近几年各省市高考中的单调性问题，几乎均用它解决。

2．常与函数的其他性质、方程、不等式等交汇命题，且函数一般为含参数的高次、分式或指、对数式结构，多以解答题形式考查，属中高档题目。

解题技巧：利用导数研究函数单调性的一般步骤。

（1）确定函数的定义域；

（2）求导数()fx；

（3）①若求单调区间（或证明单调性），只需在函数()fx的定义域内解（或证明）不等式()fx＞0或()fx＜0。

②若已知()fx的单调性，则转化为不等式()fx≥0或()fx≤0在单调区间上恒成立问题求解。

例2：（2010·山东高考文科·Ｔ21）已知函数1()ln1()afxxaxaRx

（1）当1a时，求曲线()yfx在点(2,(2))f处的切线方程；

（2）当12a时，讨论()fx的单调性.

【命题立意】本题主要考查导数的概念、导数的几何意义和利用导数研究函数性质的能力.考查分类讨论思想、数形结合思想和等价变换思想.

【思路点拨】(1)根据导数的几何意义求出曲线()yfx在点(2,(2))f处的切线的斜率；（2）直接利用函数与导数的关系讨论函数的单调性,同时应注意分类标准的选择.

【规范解答】（1） 当1 ()afx时，),,0(,12lnxxxx所以 222xxfxx

因此， 21f,即曲线()2(2)) 1.yfxf在点（，处的切线斜率为，

又,22ln)2(f所以曲线()2(2)) (ln22)2, yfxfyx在点（，处的切线方程为

ln20. xy即

（2）因为11ln)(xaaxxxf,所以211)('xaaxxf221xaxax ),0(x,令,1)(2axaxxg),,0(x

（1） 当0a时，()1,0,,gxxx所以

当0,1x时，gx>0，此时0fx，函数fx单调递减；

当1,x时，gx<0，此时0fx，函数fx单调递增.

（2） 当0a时，由0fx，即 210axxa，解得1211,1xxa.

① 当12a时， 12xx ， 0gx恒成立，此时0fx，函数fx在（0，+∞）上单调递减;

② 当102a时， 1110a，

0,1x时，0gx,此时0fx,函数fx单调递减

11,1xa时，gx<0,此时0fx,函数fx单调递增

11,xa时，0gx，此时0fx，函数fx单调递减

③ 当0a时，由于110a,

0,1x时，0gx,此时0fx,函数fx单调递减：

1,x时，gx<0,此时0fx,函数fx单调递增.

综上所述：

当0a时，函数fx在0,1上单调递减;函数fx在1,上单调递增

当12a时,函数fx在0,上单调递减

当102a时，函数fx在0,1上单调递减；函数fx 在11,1a上单调递增；

函数fx在11,a上单调递减.

【方法技巧】

1、分类讨论的原因

(1)某些概念、性质、法则、公式分类定义或分类给出；

(2)数的运算：如除法运算中除式不为零，在实数集内偶次方根的被开方数为非负数，对数中真数与底数的要求，不等式两边同乘以一个正数还是负数等；

(3)含参数的函数、方程、不等式等问题，由参数值的不同而导致结果发生改变；

(4)在研究几何问题时，由于图形的变化(图形位置不确定或形状不确定)，引起问题的结果有多种可能.

2、分类讨论的原则

(1)要有明确的分类标准；

(2)对讨论对象分类时要不重复、不遗漏；

(3)当讨论的对象不止一种时，应分层次进行.

3、分类讨论的一般步骤

(1)明确讨论对象，确定对象的范围；

(2)确定统一的分类标准，进行合理分类，做到不重不漏；

(3)逐段逐类讨论，获得阶段性结果；

(4)归纳总结，得出结论.

三、利用导数研究函数的极值与最值

考情聚焦：1．导数是研究函数极值与最值问题的重要工具，几乎是近几年各省市高考中极值与最值问题求解的必用方法。

2．常与函数的其他性质、方程、不等式等交汇命题，且函数一般为含参数的高次、分式、或指、对数式结构，多以解答题形式出现，属中高档题。

解题技巧：1．利用导数研究函数的极值的一般步骤：

（1）确定定义域。（2）求导数()fx。（3）①或求极值，则先求方程()fx=0的根，再检验()fx在方程根左右值的符号，求出极值。（当根中有参数时要注意分类讨论）

②若已知极值大小或存在情况，则转化为已知方程()fx=0的根的大小或存在情况，从而求解。

2．求函数()yfx的极值与端点处的函数值(),()fafb比较，其中最大的一个是最大值，最小的一个是最小值。

例3：（2010·天津高考理科·Ｔ2１）已知函数()()xfxxexR

（Ⅰ）求函数()fx的单调区间和极值；

（Ⅱ）已知函数()ygx的图象与函数()yfx的图象关于直线1x对称，证明当1x时，()()fxgx

（III）如果12xx，且12()()fxfx，证明122xx

【命题立意】本小题主要考查导数的应用，利用导数研究函数的单调性与极值等基础知识，考查运算能力及用函数思想分析解决问题的能力。

【思路点拨】利用导数及函数的性质解题。

【规范解答】

（Ⅰ）解：f’()(1)xxxe，令f’(x)=0,解得x=1，

当x变化时，f’(x)，f(x)的变化情况如下表

x (,1) 1 (1,)

f’(x) + 0 -

f(x) 极大值[来源:学。科。网]

所以f(x)在(,1)内是增函数，在(1,)内是减函数。

函数f(x)在x=1处取得极大值f(1)且f(1)=1e

（Ⅱ）证明：由题意可知g(x)=f(2-x),得g(x)=(2-x)2xe

令F(x)=f(x)-g(x),即2()(2)xxFxxexe

于是22'()(1)(1)xxFxxee

当x>1时，2x-2>0,从而2x-2e10,0,Fxe又所以’(x)>0,从而函数F（x）在[1,+∞)是增函数。

又F(1)=-1-1ee0，所以x>1时，有F(x)>F(1)=0,即f(x)>g(x).

(Ⅲ)证明：（1）

若121212(1)(1)0,)),1.xxxxxx12由（）及f(xf(x则与矛盾。

（2）若121212(1)(1)0,)),.xxxxxx12由（）及f(xf(x得与矛盾。

根据（1）（2）得1212(1)(1)0,1,1.xxxx不妨设

由（Ⅱ）可知，)2f(x>)2g(x,则)2g(x=)2f(2-x，所以)2f(x>)2f(2-x,从而)1f(x>)2f(2-x.因为21x，所以221x，又由（Ⅰ）可知函数f(x)在区间（-∞，1）内是增函数，所以1x>22x,即12xx>2。

四、利用导数研究函数的图象

考情聚焦：1．该考向由于能很好地综合考查函数的单调性、极值（最值）、零点及数形结合思想等重要考点，而成为近几年高考命题专家的新宠。

2．常与函数的其他性质、方程、不等式、解析几何知识交汇命题，且函数一般为含参数的高次、分式、指、对数式结构，多以解答题中压轴部分出现。属于较难题。