立体几何轨迹与截面问题.

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本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。 而到点 P 与到点

N 的距离相等的点为线段 PC 的垂直平分面 线段 PC 的垂直平分面与平面 AC 的交线是一直线 考点:直线与平面垂直的性质;平面与平面之间的位置关系 5.D 【解析】 试题分析:因为 EH∥ A1D1 , A1D1 ∥ B1C1 , 所以 EH∥ B1C1 , 又 EH⊄平面 BCC1B1 , 平面 EFGH ∩平面 BCC1B1 =FG,所以 EH∥平面 BCC1B1 ,又

EH⊂平面 EFGH,平面 EFGH∩平面 BCC1B1 =FG,所以 EH∥FG,故 EH∥FG∥

B1C1 ,所以选项 A、C 正确;因为 A1D1 ⊥平面 ABB1 A 1 ,EH ∥ A1D1 ,所以

EH⊥平面 ABB1 A 1, 又 EF⊂平面 ABB1 A 1 ,故 EH⊥EF,所以选项 B 也正确

考点:线面垂直的判定;线面平行的判定 6.D. 【解析】如下图所示,连结

PC1 ,过 P 作 PH BC 于 H ,∵ C1 D1 面 BB1C1C , PC1 面 BB1C1C ,

∴ PC1 C1D1 ,∴ PC 1 PH ,故点 P 的轨迹为以 C1 为焦点, BC 所在直线为准线的抛物 线,故选 D. 【命题意图】本题考查立体几何中的动态问题等基础知识知识,意在考查空间想象能力. 7.C 【解析】易得 BP / / 平面 CC1D1D ,所有满足 PBD1 PBX 的所有点 X 在以 BP 为轴 线, 以 BD1 所在直线为母线的圆锥面上, ∴点 Q 的轨迹为该圆锥面与平面 CC1D1D 的交线, 而已知平行于圆锥面轴线的平面截圆锥面得到的图形是双曲线,∴点 Q 的轨迹是双曲线, 故选 C. 【命题意图】本题考查立体几何中的动态问题等基础知识,意在考查空间想象能力. 8.D

答案第 2 页,总 5 页

本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。 【解析】 试题分析: 根据圆锥曲线的定义和圆锥的几何特征, 分截面过旋转轴时和截面不过旋转轴时 两种情况,分析截面图形的形状,最后综合讨论结果,可得答案 解:当截面过旋转轴时, 圆锥的轴截面为等腰三角形,此时(1)符合条件; 当截面不过旋转轴时, 圆锥的轴截面为双曲线的一支,此时(5)符合条件; 故截面图形可能是(1) (5) , 故选:D. 考点:平面的基本性质及推论. 9.A 【解析】 试 题

分 析 : 图 中 弧 EF 为 过 圆 心 的 平 面 与 球 面 相 交 所 得 大 圆 的 一 段 弧 ,

因 为 A1 AE BAF 6 ,所以 EAF 6 ,由弧长公式知弧 EF 的长为 2 6 3 ,弧 FG 为不过圆心的平面与球面相交所得小圆的弧, 其圆心为 B , 因为球心到平面的距离 d 3 , 球 半 径 R 2 , 所 以小 圆 半径 r R2 d 2 1 , 又 GBF 2 , 所 以 弧 FG 的 长 为 1 2 2 ,两段弧长之和为 5 ,故选 A. 6 考点:1、球的截面性质;2、弧长公式. 10.A 【解析】 试题分析: 点 A1 在底面的投影 O 在底面正方形对角线 AC 上, 过 A1 作

A1E⊥AB 于 E, 求出 AE, 连结 OE,则 OE⊥AB,∠EAO=45°,在 Rt△AEO,求出 OC,然后求解 A1O,即可求解 A1C. 解:由已知可得点 A1 在底面的投影 O

在底面正方形对角线 AC 上, 过 A1 作 A1E⊥AB 于 E, 在 Rt△AEA1,AA1=3,∠A1AE=60° ∴ ,连结 OE,则 OE⊥AB,∠EAO=45°, , ,∴ , 在 Rt△AEO

中, 在 在 故选 A. 考点:空间两点间的距离公式. 11.C 【解析】 试题分析:画出图形,利用折叠与展开法则同一个平面,转化折线段为直线段距离最小,转

化求解 MP+PQ 的最小值. 解: 由题意, 要求 MP+PQ 的最小值, 就是 P 到底面

ABCD 的距离的最小值与 MP 的最小值之和, 答案第 3 页,总 5 页

本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。 Q 是 P 在底面上的射影距离最小, 展开三角形 ACC1 与三角形 AB1C1,在同一个平面上, 如图,

易知∠B1AC1=∠C1AC=30°, AM= = . 故选:C. ,可知 MQ⊥AC 时,MP+PQ 的最小,最小值为: 考点:点、线、面间的距离计算;多面体和旋转体表面上的最短距离问题. 12.D 【解析】 D K AE , 试题分析: 由题意得, 所以 K

的轨迹是以 AD 为直径的一段圆弧 D K , 设 AD 的 中 点 为 O , 因 为

长 方 形 ABCD 中 , AB 3, BC 1 , 所 以 DAC 60 , 所 以 DOK 120 2 2 1 ,故选 D. ,所以 K 所形成的轨迹的长度为 3 3 2 3 考点:轨迹方程的求解. 【方法点晴】本题以平面图形的翻折为载体,考查了立体几何中的轨迹问题的求解,同时考 查了弧长公式的运用,解题的关键是根据 AED 沿 AE 翻折,使得 D 在平面 ABC 上的射 影为 K 在直线 AE

上,利用 D K AE ,从而可得 K 所形成的轨迹是以 AD 为直径的一段 圆弧 D K ,求出圆心角 DOK ,利用弧长公式求解弧长. 13.C 【解析】 试题分析:作出该圆锥的侧面展开图,如下图所示:该小虫爬行的最短路程为 PP ,由余弦 定理可得 cosPOP 则有 2r OP2 OP2 PP2 1 2 ,

∴ POP . 设底面圆的半径为 r , 3 2OP OP 2 2 4 4 ,∴ r .故

C 项正确. 3 3 答案第 4 页,总 5 页

本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。 考点:圆锥的计算,平面展开——最值问题. 【方法点晴】 本题主要考查了圆锥的计算及有关圆锥的侧面展开的应用, 着重考查了求立体 图形中两点之间的曲线段的最短线路长, 解答此类问题一般应把几何体的侧面展开, 展在一 个平面内,构造直角三角形,从而求解两点间的线段的长度,用到的知识为:圆锥的弧长等 于底面周长,

本题的解答中圆锥的侧面展开图是一个三角形, 此扇形的弧长等于圆锥的面周

长,扇形的半径等于圆锥的母线长,体现了“化曲面为平面”的思想方法. 答案第 5

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