当前位置：文档之家 › [配套K12]2018年高考物理总复习 配餐作业8 牛顿第二定律及应用

[配套K12]2018年高考物理总复习 配餐作业8 牛顿第二定律及应用

  • 格式：doc
  • 大小：405.00 KB
  • 文档页数：9

配套K12内容资料 配套K12内容资料 (八) 牛顿第二定律及应用 A组·基础巩固题 1.(2017·漳州调研)“加速度计”的部分结构简图如图所示，滑块与轻弹簧a、b连接并置于光滑凹槽内，静止时a、b长度均为l；若该装置加速向右运动，a、b长度分别为la、lb，则( )

A．la>l，lb>l B．laC．la>l，lbl 解析 加速度计向右加速运动，则滑块受到的合力向右，所以a被压缩，b被拉长，即lal，D正确。

答案 D 2.女航天员王亚平在“天宫一号”目标飞行器里通过一个实验成功展示了失重状态下液滴的表面张力引起的效应。在视频中可观察到漂浮的液滴处于相互垂直的两个椭球之间不断变化的周期性“脉动”中。假设液滴处于完全失重状态，液滴的上述“脉动”可视为液滴形状的周期性微小变化(振动)，如图所示。已知液滴振动的频率表达式为f＝

，其中k为一个无单位的比例系数，r为液滴半径，ρ为液体密度，σ为液体表面张力系数(其单位为N/m)，x是待定常数。对于待定常数x的大小可能是( )

A.32 B．－32 C．2 D．－3 解析 从物理单位的量纲来考虑：A选项中， 配套K12内容资料

配套K12内容资料 答案 B 3.一质量为m的物块在倾角为θ的足够长斜面上匀减速下滑。现对物块施加一个竖直向下的恒力F，如图所示。则物块减速为零的时间将( )

A．变大 B．变小 C．不变 D．不能确定 解析 物块在斜面上匀减速下滑，则mgsinθ－μmgcosθ＝ma①，现对物块施加一个竖直向下的恒力F，即(mg＋F)sinθ－μ(mg＋F)cosθ＝ma′②，由①②得ma＋F(sinθ－μcosθ)＝ma′，可得加速度大小|a|<|a′|，由v初＝at知物块减速为零的时间将变小，B正确。 答案 B 4.(多选)如图所示，质量为m的小球与弹簧Ⅰ和水平细绳Ⅱ相连，Ⅰ、Ⅱ的另一端分别固定于P、Q两点。球静止时，Ⅰ中拉力大小为FT1，Ⅱ中拉力大小为FT2，当仅剪断Ⅰ、Ⅱ其中一根的瞬间，球的加速度a应是( ) 配套K12内容资料 配套K12内容资料 A．若剪断Ⅰ，则a＝g，方向竖直向下 B．若剪断Ⅱ，则a＝FT2m方向水平向左

C．若剪断Ⅰ，则a＝FT1m，方向沿Ⅰ的延长线方向 D．若剪断Ⅱ，则a＝g，方向竖直向上 解析 首先分析没有剪断Ⅰ、Ⅱ之前的小球受力情况。小球受力情况如图所示。在剪断Ⅰ的瞬间，由于小球的速度为零，绳Ⅱ上的力突变为零，则小球只受重力作用，加速度为g，A项正确，C项错误；若剪断Ⅱ，由于弹簧的弹力不能突变，FT1与重力的合力大小仍等于FT2，

所以此时加速度为a＝FT2m，方向水平向左，B项正确，D项错误。

答案 AB 5.(2017·台州模拟)如图甲，一竖直放置的轻弹簧下端固定于桌面，现将一物块放于弹簧上同时对物块施加一竖直向下的外力，并使系统静止，若将外力突然撤去，则物块在第一次到达最高点前的速度－时间图象(图中实线)可能是图乙中的( ) 配套K12内容资料

配套K12内容资料 解析 撤去外力后， 物块先向上做加速度减小的加速运动，当重力与弹力相等时速度达到最大值，以后再做加速度增大的减速运动，当物块与弹簧分离后，再做竖直上抛运动，到最高点时速度为0，故A对。 答案 A 6．(2017·石家庄质检)质量1 kg的小物块，在t＝0时刻以5 m/s的初速度从斜面底端A点滑上倾角为53°的斜面，0.7 s时第二次经过斜面上的B点，若小物块与斜面间的动

摩擦因数为13，则AB间的距离为(已知g＝10 m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6)( ) A．1.05 m B．1.13 m C．2.03 m D．1.25 m 解析 物块沿斜面上滑和下滑时，加速度分别为：a1＝g(sinθ＋μcosθ)＝10 m/s2，

a2＝g(sinθ－μcosθ)＝6 m/s2，物块滑到最高点所用时间为t1＝v0a1＝0.5 s，位移为x1＝

1

2

a1t21＝1.25 m，物块从最高点滑到B点所用时间为t2＝t－t1＝0.2 s，位移为x2＝12a2t22＝0.12

m，所以AB间的距离为x1－x2＝1.13 m，选项B对。 答案 B 7．(2017·中山质检)(多选)乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择。若某一缆车沿着坡度为30°的山坡以加速度a上行，如图所示。在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止(设缆车保持竖直状态运行)。则( ) 配套K12内容资料

配套K12内容资料 A．小物块受到的摩擦力方向平行斜面向上 B．小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下

C．小物块受到的滑动摩擦力大小为12mg＋ma

D．小物块受到的静摩擦力大小为12mg＋ma 解析 小物块相对斜面静止，因此它与斜面间的摩擦力是静摩擦力。缆车以加速度a上行，小物块的加速度也为a，以小物块为研究对象，对其受力分析如图所示，则有Ff－

mgsin30°＝ma，Ff＝12mg＋ma，方向平行斜面向上。

答案 AD 8.(2017·宜宾质检)(多选)如图所示为粮袋的传送装置，已知AB间长度为L，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时其运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A点将粮袋放到运行中的传送带上，关于粮袋从A到B的运动，以下说法正确的是(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)( )

A．粮袋到达B点的速度与v比较，可能大，也可能相等或小 B．粮袋开始运动的加速度为g(sinθ－μcosθ)，若L足够大，则以后将一定以速度v做匀速运动 C．若μD．不论μ大小如何，粮袋从A到B一直做匀加速运动，且a>gsinθ 解析 开始时，粮袋相对传送带向上运动，受重力、支持力和沿传送带向下的摩擦力，由牛顿第二定律可知，mgsinθ＋μFN＝ma，FN＝mgcosθ，解得a＝gsinθ＋μgcosθ，B错误；粮袋加速到与传送带相对静止时，若mgsinθ>μmgcosθ，即当μ继续做加速运动，A、C正确，D错误。 答案 AC B组·能力提升题 9.(2017·临沂模拟)(多选)在光滑水平面上，a、b两小球沿水平面相向运动，当小球间距小于或等于L时，受到大小相等，方向相反的相互排斥恒力作用，小球间距大于L时，配套K12内容资料 配套K12内容资料 相互间的排斥力为零，小球在相互作用区间运动时始终未接触，两小球运动时速度v随时间t的变化关系图象如图所示，由图可知( )

A．b球质量大于a球质量 B．在t2时刻两小球间距最小 C．在t1时刻两小球间距最小 D．在0～t3时间内a球所受排斥力方向始终与运动方向相反 解析 小球a沿规定正方向做匀减速运动，b球沿规定负方向做匀减速运动，在t2时刻两球速度方向相同且大小相等，间距最小，B对；由图可知两球加速度aamb，A错；0～t3时间内a球一直减速，所以所受排斥力始终与运动方向相反，D对。 答案 BD 10．(2016·江苏卷)(多选)如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面。若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中( )

A．桌布对鱼缸摩擦力的方向向左 B．鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等 C．若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大 D．若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面 解析 将桌布从鱼缸下拉出的过程，鱼缸相对桌布向左运动，因此桌布对它的摩擦力方向向右，A项错误。设动摩擦因数为μ，鱼缸在桌布对它的滑动摩擦力的作用下做初速度为零的匀加速运动，加速度大小为μg，设经过t1时间鱼缸滑离桌布，滑离时的速度为v，则v＝μgt1；鱼缸滑到桌面上后，做匀减速运动，加速度大小也为μg，因此鱼缸在桌面上运

动的时间t2＝vμg，因此t1＝t2，B项正确。若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力仍为滑动摩擦力，大小为μmg，保持不变，C项错误。若猫减小拉力，则鱼缸与桌布间的摩擦力有可能小于滑动摩擦力，则鱼缸与桌布一起运动，从而滑出桌面，D项正确。 答案 BD 11．为研究运动物体所受的空气阻力，某研究小组的同学找来一个倾角可调、斜面比较长且表面平整的斜面体和一个滑块，并在滑块上固定一个高度可升降的风帆，如图甲所示。配套K12内容资料 配套K12内容资料 他们让带有风帆的滑块从静止开始沿斜面下滑，下滑过程帆面与滑块运动方向垂直。假设滑块和风帆总质量为m。滑块与斜面间的动摩擦因数为μ，帆受到的空气阻力与帆的运动速率成正比，即Ff＝kv。

(1)写出滑块下滑过程中加速度的表达式； (2)求出滑块下滑的最大速度，并指出有哪些措施可以减小最大速度； (3)若m＝2 kg，斜面倾角θ＝30°，g取10 m/s2，滑块从静止下滑的速度图象如图乙所示，图中的斜线为t＝0时v－t图线的切线，由此求出μ、k的值。(计算结果保留两位有效数字) 解析 (1)由牛顿第二定律有： mgsinθ－μmgcosθ－kv＝ma

解得a＝gsinθ－μgcosθ－kvm。 (2)当a＝0时速度最大， vm＝mgθ－μcosθk

减小最大速度的方法有：适当减小斜面倾角θ(保证滑块能静止下滑)；风帆升起一些。 (3)当v＝0时， a＝gsinθ－μgcosθ＝3 m/s2，

解得μ＝2315≈0.23 最大速度vm＝2 m/s， vm＝mgsinθ－μcosθk＝2 m/s，

解得k＝3.0 kg/s。 答案 (1)a＝gsinθ－μgcosθ－kvm

(2)mgsinθ－μcosθk 适当减小斜面倾角θ(保证滑块能静止下滑)；风帆升起一些 (3)0.23 3.0 kg/s 12．一质量为m＝0.4 kg的电动遥控玩具车在水平地面上做直线运动，如图所示为其运动的v－t图象的一部分，已知0.4 s以前车做匀变速运动，之后做变加速运动直到速度最

合集下载

高考物理最新教案-2018高考物理牛顿第二定律的应用3 精品

高考物理最新教案-2018高考物理牛顿第二定律的应用3 精品

牛顿第二定律应用（三）——图像专题考点聚焦1．理解图像的物理意义； 2．会结合图像求解动力学问题。

例题展示【例1】一个放在水平桌面上质量为2kg 原来静止的物体，受到如图6所示方向不变的合外力作用，则下列说法正确的是（ A ）A ．在t =2s 时，物体的速率最大B ．在2s 内物体的加速度为5m/s 2C ．在2s 内物体运动的位移为10mD ．0~2s 这段时间内作减速运动【例2】将物体竖直上抛，假设运动过程中空气阻力不变，其速度–时间图象如图所示，则物体所受的重力和空气阻力之比为（ B ）A ．1:10B ．10:1C ．9:1D ．8:1【例3】（2004全国2）放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F 的作用，F的大小与时间t 的关系和物块速度v 与时间t 的关系如图所示。

取重力加速度g ＝10m/s 2。

由此两图线可以求得物块的质量m 和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为（A ）A ．m ＝0.5kg ，μ＝0.4B ．m ＝1.5kg ，μ＝152 C ．m ＝0.5kg ，μ＝0.2D ．m ＝1kg ，μ＝0.2【例4】.一质量为m＝40 kg 的小孩子站在电梯内的体图 6 t/sv/(m ·s -1)11-9122 13 0 246810F ／N t ／s2 02468104t ／s v ／m/s重计上。

电梯从t ＝0时刻由静止开始上升，在0到6 s 内体重计示数F 的变化如图所示。

试问：在这段时间内电梯上升的高度是多少？取重力加速度g ＝10m/s 2。

解：由图可知在t=0到t=t 1=2 s 的时间内，体重计的示数大于mg ，故电梯应做向上的加速运动。

设在这段时间内体重计作用于小孩的力为f 1，电梯及小孩的加速度为a 1，由牛顿第二定律，得11ma mg f =- ①在这段时间内电梯上升的高度211121t a h =② 在t 1到t=t 2=5 s 的时间内，体重计的示数等于mg ，故电梯应做匀速上升运动，速度为t 1时刻电梯的速度，即111t a v = ③在这段时间内电梯上升的高度 ）（1212t t v h -= ④ 在t 2到t=t 3=6 s 的时间内，体重计的示数小于mg ，故电梯应做向上的减速运动。

配套K122018年高考物理总复习配餐作业9牛顿运动定律的综合应用

配套K122018年高考物理总复习配餐作业9牛顿运动定律的综合应用

(九) 牛顿运动定律的综合应用A组·基础巩固题1.某同学找了一个用过的“易拉罐”在底部打了一个洞，用手指按住洞，向罐中装满水，然后将易拉罐竖直向上抛出，空气阻力不计，则下列说法正确的是( ) A．易拉罐上升的过程中，洞中射出的水的速度越来越快B．易拉罐下降的过程中，洞中射出的水的速度越来越快C．易拉罐上升、下降的过程中，洞中射出的水的速度都不变D．易拉罐上升、下降的过程中，水都不会从洞中射出解析易拉罐被抛出后，不论上升还是下降，易拉罐及水均处于完全失重状态，水都不会从洞中射出，A、B、C错误，选项D正确。

答案 D2．(多选)用力传感器悬挂一钩码，一段时间后，钩码在拉力作用下沿竖直方向由静止开始运动。

如图所示，图中实线是传感器记录的拉力大小变化情况，则( )A．钩码的重力约为4 NB．钩码的重力约为2 NC．A、B、C、D四段图线中，钩码处于超重状态的是A、D，失重状态的是B、CD．A、B、C、D四段图线中，钩码处于超重状态的是A、B，失重状态的是C、D解析求解本题的关键是对图象及超重、失重概念的准确理解。

由于初始状态物体静止，所以钩码的重力等于拉力，从图上可读出拉力约为4 N，故A正确，B错误；据“超重时拉力大于重力、失重时拉力小于重力”可知，C正确，D错误。

答案AC3.(多选)如图所示，质量分别为m A、m B的A、B两物块用轻线连接放在倾角为θ的光滑斜面上，用始终平行于斜面向上的恒力F拉A，使它们沿斜面匀加速上升，为了增加轻线上的张力，可行的办法是( )A．增大A物块的质量B．增大B物块的质量C．增大倾角θD．增大拉力F解析对于A、B整体由牛顿第二定律得F－(m A＋m B)g sin θ＝(m A＋m B)a，对于B由牛顿第二定律得F T－m B g sinθ＝m B a，解以上两式得F T＝m Bm A＋m BF，选项B、D正确。

答案BD4.质量为m0＝20 kg、长为L＝5 m的木板放在水平面上，木板与水平面的动摩擦因数为μ1＝0.15。

高中物理牛顿第二定律经典练习题专题训练(含答案)

高中物理牛顿第二定律经典练习题专题训练(含答案)

高中物理牛顿第二定律经典练习题专题训
练(含答案)
高中物理牛顿第二定律经典练题专题训练（含答案）
1. Problem
已知一个物体质量为$m$，受到一个力$F$，物体所受加速度为$a$。

根据牛顿第二定律，力、质量和加速度之间的关系可以表示为：
$$F = ma$$
请计算以下问题：
1. 如果质量$m$为2kg，加速度$a$为3m/s^2，求所受的力
$F$的大小。

2. 如果质量$m$为5kg，力$F$的大小为10N，求物体的加速度$a$。

2. Solution
使用牛顿第二定律的公式$F = ma$来解决这些问题。

1. 问题1中，已知质量$m$为2kg，加速度$a$为3m/s^2。

将这些值代入牛顿第二定律的公式，可以得到：
$$F = 2 \times 3 = 6 \,\text{N}$$
所以，所受的力$F$的大小为6N。

2. 问题2中，已知质量$m$为5kg，力$F$的大小为10N。

将这些值代入牛顿第二定律的公式，可以得到：
$$10 = 5a$$
解方程可以得到：
$$a = \frac{10}{5} = 2 \,\text{m/s}^2$$
所以，物体的加速度$a$为2m/s^2。

3. Conclusion
通过计算题目中给定的质量、力和加速度，我们可以使用牛顿第二定律的公式$F = ma$来求解相关问题。

掌握这一定律的应用可以帮助我们更好地理解物体运动的规律和相互作用。

专题11 牛顿第二定律讲-2018年高考物理一轮复习讲练测

专题11 牛顿第二定律讲-2018年高考物理一轮复习讲练测

1.从近几年的高考考点分布知道，本章主要考查考生能否准确理解牛顿运动定律的意义，能否熟练应用牛顿第二定律、牛顿第三定律和受力分析解决运动和力的问题；理解超重和失重现象，掌握牛顿第二定律的验证方法和原理．2．高考命题中有关本章内容的题型有选择题、计算题．高考试题往往综合牛顿运动定律和运动学规律进行考查，考题中注重与电场、磁场的渗透，并常常与生活、科技、工农业生产等实际问题相联系．3．本章是中学物理的基本规律和核心知识，在整个物理学中占有非常重要的地位，仍将为高考命题的重点和热点，考查和要求的程度往往层次较高.第11讲牛顿第二定律1.理解牛顿第二定律的内容、表达式及性质.2.应用牛顿第二定律解决瞬时问题和两类动力学问题．1．内容：物体加速度的大小跟它所受到的作用力成正比，跟它的质量成反比．加速度的方向与作用力的方向相同．2．表达式：F＝ma，F与a具有瞬时对应关系．3．力学单位制(1)单位制由基本单位和导出单位共同组成．(2)力学单位制中的基本单位有质量(kg)、长度(m)和时间(s)．(3)导出单位有N、m/s、m/s2等．考点一用牛顿第二定律分析瞬时加速度★重点归纳★1.分析物体在某一时刻的瞬时加速度，关键是明确该时刻物体的受力情况及运动状态，再由牛顿第二定律求出瞬时加速度，此类问题应注意以下几种模型：2.(1)物体的受力情况和运动情况是时刻对应的，当外界因素发生变化时，需要重新进行受力分析和运动分析．(2)加速度可以随着力的突变而突变，而速度的变化需要一个过程的积累，不会发生突变．★典型案例★如图所示，弹簧p 和细绳q 的上端固定在天花板上，下端用小钩钩住质量为m 的小球C ，弹簧、细绳和小钩的质量均忽略不计．静止时p 、q 与竖直方向的夹角均为60°.下列判断正确的有： （ ）A ．若p 和球突然脱钩，则脱钩后瞬间q 对球的拉力大小为mgB ．若p 和球突然脱钩，则脱钩后瞬间球的加速度大小为32gC ．若q 和球突然脱钩，则脱钩后瞬间p 对球的拉力大小为12mgD ．若q 和球突然脱钩，则脱钩后瞬间球的加速度大小为g 【答案】BD【解析】原来p 、q 对球的拉力大小均为mg ．p 和球脱钩后，球将开始沿圆弧运动，将q 受的力沿法向和切线正交分解（见图1），得2600mv F mgcos r-︒=＝，即F ＝12mg ，合力为mgsin60°=ma，A 错误，B 正确；q 和球突然脱钩后瞬间，p 的拉力未来得及改变，仍为mg ，因此合力为mg （见图2），球的加速度为大小为g ．故C 错误，D 正确；故选BD 。