2017版考前三个月(江苏专版)高考物理考前抢分必做 实验题专练(一) Word版含答案

近四年江苏卷选择题涉及的考点近四年江苏卷选择题命题内容1－5单选，6－9多选精析5个必考点例题展示(2014·江苏卷·2)已知地球的质量约为火星质量的10倍，地球的半径约为火星半径的2倍，则航天器在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动的速率约为( ) A.3.5 km/s B.5.0 km/s C.17.7 km/sD.35.2 km/s解析 由G Mm r 2＝m v 2r 得，对地球表面附近的航天器有：G Mm r 2＝m v 21r，对于火星表面附近的航天器有：G M ′m r ′2＝m v 22r ′，由题意知M ′＝110M 、r ′＝r 2，且v 1＝7.9 km/s ，联立以上各式得v 2≈3.5 km/s ，选项A 正确. 答案 A 命题分析与对策 1.命题特点从近几年的高考中对万有引力方面的知识点的考查分析来看，对该考点的命题形式变得越来越新颖，考题形式活跃，与航天科技、实际生活和物理学史联系紧密，题目难易程度常为中等. 2.应考策略理清万有引力、重力、向心力之间的关系，从发射、运行、变轨、降落等角度全面掌握卫星问题，能够将牛顿运动定律和功能关系应用于天体运动或其他天体表面的物体，了解特殊卫星和重要的天文现象.例题展示(多选)(2015·江苏卷·6)一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a 随时间t 变化的图线如图1所示，以竖直向上为a 的正方向，则人对电梯的压力( )图1A.t ＝2 s 时最大B.t ＝2 s 时最小C.t＝8.5 s时最大D.t＝8.5 s时最小解析由题图知，在上升过程中，在0～4 s内，加速度方向向上，F N－mg＝ma，所以向上的加速度越大，电梯对人的支持力就越大，由牛顿第三定律可知，人对电梯的压力就越大，故A正确，B错误；由题图知，在7～10 s内加速度方向向下，由mg－F N＝ma知，向下的加速度越大，人对电梯的压力就越小，故C错误，D正确.答案AD命题分析与对策1.命题特点牛顿运动定律是力学知识的核心内容，是力学的基础，对整个物理学存在重大的意义.此类型考题连续多年都有，形式变化多样，是属于基础知识、基本应用能力的考查.既可单独考查，也可与其他力学规律、电学规律综合考查，因此，牛顿运动定律实际上几乎贯穿了物理必考内容的全部.属于必考题型.2.应考策略关注弹力、摩擦力的性质、力的合成与分解的平行四边形定则、平衡条件及应用、动力学的两类基本问题等基本内容，准确理解牛顿第一定律；加深理解牛顿第二定律，熟练掌握其应用，尤其是对物体进行受力分析的方法；理解牛顿第三定律等.例题展示(多选)(2015·江苏卷·8)两个相同的负电荷和一个正电荷附近的电场线分布如图2所示.c是两负电荷连线的中点，d点在正电荷的正上方，c、d到正电荷的距离相等，则()图2A.a点的电场强度比b点的大B.a点的电势比b点的高C.c点的电场强度比d点的大D.c点的电势比d点的低解析由题图知，a点处的电场线比b点处的电场线密集，c点处电场线比d点处电场线密集，所以A、C正确；过a点画等势线，与b点所在电场线的交点与b点位置比较知b点的电势高于a 点的电势，故B 错误；同理分析可得d 点电势高于c 点电势，故D 正确. 答案 ACD 命题分析与对策 1.命题特点从近几年的高考试题来看，主要集中在电场的性质以及与其他知识的综合应用.重点考查基本概念的建立、基本规律的内涵与外延、基本规律的适用条件，以及对电场知识跟其他相关知识的区别与联系的理解、鉴别和综合应用.主要题型有电场性质及其描述、电场线和等势面的关系、带电粒子在电场中的加速和偏转，电场力做功及其能量问题等. 2.应考策略(1)利用对比法熟悉掌握电场线和等势面的分布特点，关注五种典型电场的性质及电势，电场强度相关物理量(特别是点电荷的电场)的分布特点.(2)根据对粒子的受力分析和初速度，分析粒子的运动是直线运动还是曲线运动问题，灵活运用动力学方法、功能关系解决粒子的运动轨迹和能量变化问题. 对于直线运动问题：①如果是带电粒子在恒力作用下做直线运动的问题，应用牛顿第二定律，结合运动学公式确定带电粒子的速度、位移等.②如果是非匀强电场中的直线运动，一般利用动能定理研究全过程中能的转化，研究带电粒子的速度变化、运动的位移等. 对于曲线运动问题：①恒力作用：一般是类平抛运动模型，通常采用运动的合成与分解方法处理.通过对带电粒子的受力分析和运动规律分析，应用动力学方法或功能方法求解.②变力作用：一般利用动能定理研究全过程中能的转化，研究带电粒子的速度变化、运动的位移等.例题展示(多选)(2014·江苏卷·9)如图3所示，导电物质为电子的霍尔元件位于两串联线圈之间，线圈中电流为I ，线圈间产生匀强磁场，磁感应强度大小B 与I 成正比，方向垂直于霍尔元件的两侧面，此时通过霍尔元件的电流为I H ，与其前后表面相连的电压表测出的霍尔电压U H 满足：U H ＝k I H Bd ，式中k 为霍尔系数，d 为霍尔元件两侧面间的距离.电阻R 远大于R L ，霍尔元件的电阻可以忽略，则( )图3A.霍尔元件前表面的电势低于后表面B.若电源的正负极对调，电压表将反偏C.I H 与I 成正比D.电压表的示数与R L 消耗的电功率成正比解析 当霍尔元件通有电流I H 时，根据左手定则，电子将向霍尔元件的后表面运动，故霍尔元件的前表面电势较高.若将电源的正负极对调，则磁感应强度B 的方向换向，I H 方向变化，根据左手定则，电子仍向霍尔元件的后表面运动，故仍是霍尔元件的前表面电势较高，选项A 、B 错误.因R 与R L 并联，根据并联分流， 得I H ＝R LR L ＋RI ， 故I H 与I 成正比，选项C 正确. 由于B 与I 成正比，设B ＝aI ， 则I L ＝R R ＋R L I ，P L ＝I 2L R L ， 故U H ＝k I H B d ＝ak (R ＋R L )R 2d P L ，知U H ∝P L ，选项D 正确. 答案 CD 命题分析与对策 1.命题特点考查带电粒子在匀强磁场中运动或其相关联的考题形式较多，而且分值高、占分比例大、综合性强、区分度较高.从近几年出题特色来看，选择题中出现这类考题的难度要求基本都是中、低等形式，是学生的得分点.只要大题不是此类题目，选择题中应该必有体现. 2.应考策略(1)了解速度选择器、质谱仪、回旋加速器、磁流体发电机等构造，明确它们的工作原理. (2)对于带电粒子在磁场和复合场中的运动问题，要善于联系力学中的运动模型(类平抛运动和匀速圆周运动)，从受力情况、运动规律、能量转化等角度分析，综合运用动力学方法和功能关系加以解决.例题展示(2015·江苏卷·1)一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220 V 交变电压改变为110 V.已知变压器原线圈匝数为800，则副线圈匝数为( ) A.200 B.400 C.1 600 D.3 200解析 根据变压器的变压规律U 1U 2＝n 1n 2得，n 2＝U 2U 1n 1＝110220×800＝400，选项B 正确.答案 B 命题分析与对策 1.命题特点交变电流和理想变压器的知识是电磁感应的应用和延伸，高考考查主要表现为“三突出”：一是考查交变电流的产生及描述问题；二是考查交变电流的图象和交变电流的“四值”(平均值、瞬时值、最大值、有效值)；三是考查变压器和远距离输电问题，交流电和变压器的综合问题. 2.应考策略夯实基础，重在理清各个基本概念、熟记基本公式，明确各公式的适用条件.对于交变电流的问题，重视对交流电“四值”的理解及应用，变压器问题是复习的重中之重，重视该部分知识在实际生活中应用的问题. 吃透7个热考点例题展示(2013·江苏卷·2)如图4所示，“旋转秋千”中的两个座椅A 、B 质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上.不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，下列说法正确的是( )图4A.A 的速度比B 的大B.A 与B 的向心加速度大小相等C.悬挂A 、B 的缆绳与竖直方向的夹角相等D.悬挂A 的缆绳所受的拉力比悬挂B 的小解析 因为A 、B 的角速度ω相同，线速度v ＝rω，而r A <r B ，所以v A <v B 则A 项错；根据a n ＝rω2知a n A <a n B ，则B 项错；如图，tan θ＝a ng ，而B 的向心加速度较大，则悬挂B 的缆绳与竖直方向的夹角较大，缆绳拉力T ＝mgcos θ，则T A <T B ，所以C 项错， D 项正确. 答案 D 命题分析与对策 1.命题特点圆周运动和(类)平抛运动是高中物理中两种典型的曲线运动，前者为变速曲线运动，后者为匀变速曲线运动.在考题中往往把两种运动综合在一起形成较为复杂的运动问题，是高考备考中的重点复习题型.同时运动合成分解的思想是非常重要的物理思想方法，是解决复杂运动问题的一种主要思路.因此很多时候命题专家也借助一些曲线运动等复杂运动问题来考查学生是否掌握了运动合成分解这一化繁为简、体现等效思维的科学方法. 2.应考策略掌握学过的几种典型运动的特点和规律，如平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住临界情况，结合运动学公式灵活求解，同时还要加深对速度、加速度及其关系的理解，加深对牛顿第二定律的理解，提高解决实际问题的能力.例题展示(多选)(2015·江苏卷·9)如图5所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m 、套在粗糙竖直固定杆A 处的圆环相连，弹簧水平且处于原长.圆环从A 处由静止开始下滑，经过B 处的速度最大，到达C 处的速度为零，AC ＝h .圆环在C 处获得一竖直向上的速度v ，恰好能回到A .弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g .则圆环( )图5A.下滑过程中，加速度一直减小B.下滑过程中，克服摩擦力做的功为14m v 2C.在C 处，弹簧的弹性势能为14m v 2－mghD.上滑经过B 的速度大于下滑经过B 的速度解析 由题意知，圆环从A 到C 先加速后减速，到达B 处的加速度减小为零，故加速度先减小后增大，故A 错误；根据能量守恒，从A 到C 有mgh ＝W f ＋E p ，从C 到A 有12m v 2＋E p ＝mgh ＋W f ，联立解得：W f ＝14m v 2，E p ＝mgh －14m v 2，所以B 正确，C 错误；根据能量守恒，从A 到B 的过程有12m v 2B ＋ΔE p ′＋W f ′＝mgh ′，B 到A 的过程有12m v B ′2＋ΔE p ′＝mgh ′＋W f ′，比较两式得v B ′>v B ，所以D 正确. 答案 BD 命题分析与对策 1.命题特点本专题涉及的考点有：功和功率、动能和动能定理、重力做功与重力势能、弹力做功与弹性势能、合力功与机械能，摩擦阻力做功、内能与机械能.都是历年高考的热点内容，考查的知识点覆盖面全，频率高，题型全.动能定理、功能关系是历年高考力学部分的重点和难点，用能量观点解题是解决动力学问题的三大途径之一.考题的内容经常与牛顿运动定律、曲线运动、电磁学等方面知识综合，物理过程复杂，综合分析的能力要求较高，这部分知识能密切联系生活实际、联系现代科学技术，因此，也经常成为高考的压轴题，且高难度的综合题经常涉及本专题知识. 2.应考策略重力做功与重力势能的关系、动能定理等内容是高考的热点，其中动能定理仍是今后高考的热点，建议复习时要侧重于动能定理的应用，体会用动能定理解题的优越性.对于基本概念的理解及功和功率的计算是高考的冷点，近三年的考卷中出现的几率较小，但是它们属于重点内容，建议复习时要重视这部分知识的掌握，在今后的高考中这部分知识点有可能会被考到，而且极有可能会在一个计算题中以其中的一问方式出现.关于能量的转化和守恒，要注意其考查的综合性，因为它是自然界中的普适规律，不但在力学中是重点，而且在热学、电磁学领域也是命题的热点，所以在复习本专题时要给予足够的重视.例题展示(2014·江苏卷·5)一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止.下列速度v和位移x的关系图像中，能描述该过程的是()答案 A命题分析与对策1.命题特点物理图象是描述物理规律最简洁的语言，高考十分重视对物理图象的考查，其中对质点运动图象的考查力度明显加强，既有单独命题，又有综合命题；既有定性分析、判断、简单推理的问题，又有定量计算或作图的问题.在近几年高考物理试卷中质点运动图象的问题可谓精彩纷呈.直线运动图象不局限于匀速或匀变速运动，也不局限于x—t或v—t图象，可单独命题，也可与其他考点综合.2.应考策略对图象的分析理解，包括图象中的各种信息，如图象所描述的物理规律、图象的斜率、图线与坐标轴的交点、两图线的交点、图线包围的面积、图线的拐点或极值点等.掌握一般方法，适度拓宽范围.能够根据图象获取解题信息、还原物理情景、表示变化规律、进行分析判断.例题展示(多选)(2014·江苏卷·7)如图6所示，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟，杯内的水沸腾起来.若要缩短上述加热时间，下列措施可行的有()图6A.增加线圈的匝数B.提高交流电源的频率C.将金属杯换为瓷杯D.取走线圈中的铁芯解析当电磁铁接通交流电源时，金属杯处在变化的磁场中产生涡电流发热，使水温升高.要缩短加热时间，需增大涡电流，即增大感应电动势或减小电阻.增加线圈匝数、提高交变电流的频率都是为了增大感应电动势，瓷杯不能产生涡电流，取走铁芯会导致磁性减弱.所以选项A、B正确，选项C、D错误.答案AB命题分析与对策1.命题特点电磁感应涉及的知识面较广，是历年高考物理命题的热点.高考试题中“电磁感应”的问题，主要集中在感应电流产生的条件、感应电动势(电流)方向的判定和导体切割磁感线产生感应电动势的计算上.如滑轨类问题和矩形线圈穿越有界匀强磁场问题是电磁感应中的典型综合性问题，其综合性强，能力要求高，是高考命题的热点，由于电磁感应现象与磁场、直流电路、力和运动、动量和能量等知识点联系密切，所以涉及这些知识的综合性问题及感应电流(或感应电动势)的图象问题在近年高考中也时常出现，因而在复习中还要注意培养学生综合应用这些知识分析解决实际问题的能力.2.应考策略(1)注意基本规律的理解，深刻理解基本概念和规律是解决综合问题的基础.如对线框导体棒在磁场中运动问题要弄清楚哪部分相当于电源，知道电源内部电流是从负极到正极，根据这点判断导体的哪端相当于电源正极.(2)电磁感应与力和运动结合的问题，首先明确研究对象，搞清物理过程，正确地进行受力分析.(3)电磁感应现象中，产生的电能是其他形式的能转化来的，外力克服安培力做多少功，就有多少电能产生.(多选)(2016·全国乙卷·19)如图7，一光滑的轻滑轮用细绳OO′悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b.外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态.若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则()图7A.绳OO′的张力也在一定范围内变化B.物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C.连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D.物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化解析由于物块a、b均保持静止，各绳角度保持不变，对a受力分析得，绳的拉力F T′＝m a g，所以物块a受到绳的拉力保持不变.由滑轮性质，滑轮两侧绳的拉力相等，所以b受到绳的拉力大小、方向均保持不变，C选项错误；a、b受到绳的拉力大小、方向均不变，所以OO′的张力不变，A选项错误；对b进行受力分析，如图所示.由平衡条件得：F T cos β＋F f ＝F cos α，F sin α＋F N＋F T sin β＝m b g.其中F T和m b g始终不变，当F大小在一定范围内变化时，支持力在一定范围内变化，B选项正确；摩擦力也在一定范围内发生变化，D选项正确.答案BD命题分析与对策1.命题特点力学知识是物理学的基础，受力分析又是力学的基础，共点力作用下的物体平衡是高中物理重要的知识点.尤其是三个共点力的平衡问题，一直是高考的热点.隔离法、整体法分析平衡问题是学生必须掌握的方法，也是高考考查的重点，高考命题常以新情境来考查，而且经常与其他知识综合出题.单独考查共点力平衡的题型一般为选择题，综合其它知识考查的题型一般为计算题，命题难度基本上属于中等.同时，共点力的平衡问题与数学、生物学科、体育运动等结合形成新颖试题的亮点.在高考备考中应加以关注.(1)深刻理解各种性质力的方向特点，紧紧把握平衡这一特殊状态，通过受力分析，运用平衡条件，选用适当的方法解决问题.(2)灵活应用如下物理思想和方法：①整体法和隔离法；②假设法；③合成法；④正交分解法；⑤矢量三角形法；⑥相似三角形法；⑦等效思想；⑧分解思想等.例题展示(2014·全国课标Ⅰ卷·14)在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是()A.将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B.在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化C.将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D.绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化解析产生感应电流必须满足的条件：①电路闭合；②穿过闭合电路的磁通量要发生变化.选项A、B电路闭合，但磁通量不变，不能产生感应电流，故选项A、B不能观察到电流表的变化；选项C满足产生感应电流的条件，也能产生感应电流，但是等我们从一个房间到另一个房间后，电流表中已没有电流，故选项C也不能观察到电流表的变化；选项D满足产生感应电流的条件，能产生感应电流，可以观察到电流表的变化，所以选D.答案 D命题分析与对策1.命题特点物理学史、物理方法和物理思想是高考的一个重要考查对象，难度较低，这类题目的特点是涉及面广，命题的形式花样繁多.不管直接考查还是间接考查，出题方向不再是简单物理学史的罗列——“谁发现了什么”，而是倾向于围绕某个知识点的建立过程进行考查，要求考生掌握物理学家在研究过程中的科学思维.2.应考策略建议复习过程以专题讲座或校本课程的方式进行系统的提炼梳理.例如：伽利略对自由落体运动及力与运动关系的研究(归谬法、外推法、理想实验法等)；牛顿对物理学的主要贡献；万有引力定律的发现及完善(三巨头)；法拉第对电磁感应现象的研究等.(2016·全国乙卷·14)一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上.若将云母介质移出，则电容器( )A.极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大B.极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大C.极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变D.极板上的电荷量变小，极板间电场强度不变解析 由C ＝εr S 4πkd可知，当云母介质移出时，εr 变小，电容器的电容C 变小；因为电容器接在恒压直流电源上，故U 不变，根据Q ＝CU 可知，当C 减小时，Q 减小.再由E ＝U d，由于U 与d 都不变，故电场强度E 不变，选项D 正确.答案 D 命题分析与对策1.命题特点平行板电容器问题是近几年高考中时常出现的考点，分析近几年的高考命题，命题规律主要有以下几点：(1)一般以选择题的形式考查电容器的定义式和平行板电容器的决定式；(2)以选择题的形式考查极板间的电场、极板间的电势、带电粒子的电势能及电容器的充放电规律等问题；(3)以电容器为桥梁对电路和电场及粒子的运动等问题进行综合考查.2.应考策略(1)电容器是联系电路与电场的“桥梁”，要分析电场就要通过电路分析板间电压.(2)分析电路时要分析清楚电路变化前后电容器两端电势差的变化及其两极板电性是否发生了改变.据此，再由带电物体的受力情况得到物体的运动情况，然后选取适当的规律进行求解.选择题专练(一)1.以下说法符合物理学史的是( )A.笛卡尔通过逻辑推理和实验对落体问题进行了研究B.奥斯特发现了电流的周围存在磁场并最早提出了场的概念C.静电力常量是由库仑首先测出的D.牛顿被人们称为“能称出地球质量的人”答案 C解析 伽利略通过逻辑推理和实验对落体问题进行了研究，选项A 错误.奥斯特发现了电流的周围存在磁场，法拉第最早提出了场的概念，选项B 错误.静电力常量是由库仑首先测出的，选项C 正确.卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量，从而由GM R 2＝g 可以计算出地球质量，被人们称为“能称出地球质量的人”，选项D 错误.2.美国物理学家密立根于20世纪初进行了多次实验，比较准确的测定了电子的电荷量，其实验原理可以简化为如图1所示模型：两个相距为d 的平行金属板A 、B 水平放置，两板接有可调电源.从A 板上的小孔进入两板间的油滴因摩擦而带有一定的电荷量，将两板间的电势差调节到U 时，带电油滴恰好悬浮在两板间；然后撤去电场，油滴开始下落，由于空气阻力，下落的油滴很快达到匀速下落状态，通过显微镜观测这个速度的大小为v ，已知这个速度与油滴的质量成正比，比例系数为k ，重力加速度为g .则计算油滴带电荷量的表达式为( )图1A.q ＝k v d UB.q ＝v dg kUC.q ＝k v UdD.q ＝v g kUd答案 B解析 油滴匀速下落，由平衡得：q U d ＝mg ，题给已知信息v ＝km ，联立得q ＝v dg kU，故B 正确.3.如图2所示，一个质量m ＝1 kg 的小环套在倾角为37°的光滑固定直杆上，为使小环能够静止不动，需对它施加一个水平拉力F .已知重力加速度g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6.则F 的大小和方向分别是( )图2A.7.5 N ，水平向左B.7.5 N ，水平向右C.13.3 N ，水平向左D.13.3 N ，水平向右答案 A解析 对小环受力分析，根据平衡知识可知：F ＝mg tan37°＝10×34N ＝7.5 N ，方向水平向左，故选A.4.两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球，细线上端固定在同一点，若两个小球以相同的角速度绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动，则两个小球在运动过程中，相对位置关系示意图正确的是( )答案 B解析 小球在水平面内做匀速圆周运动，细线拉力和重力的合力提供向心力，设细线与竖直方向的夹角为θ，mg tan θ＝mω2r ，r ＝L sin θ.联立解得：L cos θ＝g ω2，是常数，即两小球处于同一高度，两球相对位置关系示意图正确的是B 选项.5.2016年1月20日，美国天文学家Michael Brown 推测：太阳系有第九个大行星，其质量约为地球质量的10倍，直径约为地球直径的4倍，到太阳的平均距离约为地球到太阳平均距离的600倍，万有引力常量G 已知.下列说法不正确的有( )A.该行星绕太阳运转的周期在1～2万年之间B.由题中所给的条件可以估算出太阳的密度C.该行星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度D.该行星的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度答案 B解析 根据开普勒行星运动第三定律可知：r 3行T 2行＝r 3地T 2地，解得T 行＝T 地 (r 行r 地)3＝6003 年≈14 700年，选项A 正确；因地球到太阳的距离或者星体到太阳的距离未知，故不能估测太阳的质量，也就无法估算出太阳的密度，选项B 错误；根据g ＝GM R 2可知，g 行g 地＝M 行R 2地M 地R 2行＝10×(14)2＝58，故该行星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度，选项C 正确；根据v ＝GM R ，则v 行v 地＝M 行R 地M 地R 行＝10×(14)＝ 2.5，故该行星的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度，选项D 正确；故选B.。

近四年江苏卷计算题涉及的考点与内容例题展示1.(2016·江苏卷·13)据报道，一法国摄影师拍到“天宫一号”空间站飞过太阳的瞬间，照片中，“天宫一号”的太阳帆板轮廓清晰可见.如图1所示，假设“天宫一号”正以速度v＝7.7 km/s 绕地球做匀速圆周运动，运动方向与太阳帆板两端M、N的连线垂直，M、N间的距离L＝20 m，地磁场的磁感应强度垂直于v、MN所在平面的分量B＝1.0×10－5 T，将太阳帆板视为导体.图1(1)求M 、N 间感应电动势的大小E ；(2)在太阳帆板上将一只“1.5 V ,0.3 W ”的小灯泡与M 、N 相连构成闭合电路，不计太阳帆板和导线的电阻，试判断小灯泡能否发光，并说明理由.(3)取地球半径R ＝6.4×103 km ，地球表面的重力加速度g ＝9.8 m/s 2，试估算“天宫一号”距离地球表面的高度h (计算结果保留一位有效数字).解析 (1)由法拉第电磁感应定律E ＝BL v ，代入数据得E ＝1.54 V (2)不能，因为穿过闭合回路的磁通量不变，不产生感应电流. (3)在地球表面有G MmR 2＝mg匀速圆周运动有G Mm(R ＋h )2＝m v 2R ＋h解得h ＝gR 2v2－R ，代入数据得h ≈4×105 m.答案 (1)1.54 V (2)不能 理由见解析 (3)4×105 m2.(2016·江苏卷·14)如图2所示，倾角为α的斜面A 被固定在水平面上，细线的一端固定于墙面，另一端跨过斜面顶端的小滑轮与物块B 相连，B 静止在斜面上.滑轮左侧的细线水平，右侧的细线与斜面平行.A 、B 的质量均为m ，撤去固定A 的装置后，A 、B 均做直线运动，不计一切摩擦，重力加速度为g .求：图2(1)A固定不动时，A对B支持力的大小N；(2)A滑动的位移为x时，B的位移大小s；(3)A滑动的位移为x时的速度大小v A.解析(1)支持力的大小N＝mg cos α(2)如图所示，根据几何关系s x＝x·(1－cos α)，s y＝x·sin α且s＝s2x＋s2y解得s＝2(1－cos α)·x(3)B的下降高度s y＝x·sin α根据机械能守恒定律mgs y＝12m v2A＋12m v2B根据速度的定义得v A ＝Δx Δt ，v B ＝ΔsΔt则v B ＝2(1－cos α)·v A 解得v A ＝2gx sin α3－2cos α.答案 (1)mg cos α (2)2(1－cos α)·x (3)2gx sin α3－2cos α3.(2016·江苏卷·15)回旋加速器的工作原理如图3甲所示，置于真空中的D 形金属盒半径为R ，两盒间狭缝的间距为d ，磁感应强度为B 的匀强磁场与盒面垂直，被加速粒子的质量为m ，电荷量为＋q ，加在狭缝间的交变电压如图乙所示，电压值的大小为U 0.周期T ＝2πmqB.一束该种粒子在t ＝0～T2时间内从A 处均匀地飘入狭缝，其初速度视为零.现考虑粒子在狭缝中的运动时间，假设能够出射的粒子每次经过狭缝均做加速运动，不考虑粒子间的相互作用.求：图3(1)出射粒子的动能E m ；(2)粒子从飘入狭缝至动能达到E m 所需的总时间t 0；(3)要使飘入狭缝的粒子中有超过99%能射出，d 应满足的条件. 解析 (1)粒子运动半径为R 时 q v B ＝m v 2R且E m ＝12m v 2解得E m ＝q 2B 2R 22m(2)粒子被加速n 次达到动能E m ，则E m ＝nqU 0粒子在狭缝间做匀加速运动，设n 次经过狭缝的总时间为Δt ，加速度a ＝qU 0md匀加速直线运动，nd ＝12a ·Δt 2由t 0＝(n －1)·T2＋Δt ，解得t 0＝πBR 2＋2BRd 2U 0－πmqB(3)只有在0～(T2－Δt )时间内飘入的粒子才能每次均被加速，则所占的比例为η＝T2－Δt T2由η>99%，解得d <πmU 0100qB 2R.答案 (1)q 2B 2R 22m (2)πBR 2＋2BRd 2U 0－πm qB(3)d <πmU 0100qB 2R命题分析与对策1.命题特点近几年知识背景变换频繁，分值、次序不定，能力要求高，备考难度有所降低.力学计算侧重于匀变速运动的规律和图象、应用牛顿运动定律解决多体多态问题；功能关系的应用，考查范围未突破必修内容；电磁学计算侧重于电磁场——单一场、组合场、交变场、复合场、电磁感应综合问题，考查重点在选修3—1.2.应考策略力和运动为主线的问题情景，从物理情景中确定研究对象，按其运动的发展过程逐一分析，弄清运动情况和受力情况，善于挖掘隐含条件，建立物理模型，找出与之相适应的物理规律及题目中给出的某种等量关系进行表达，必要时借助于几何图形、图象进行表达，通过数学方法的演算，得出物理结果.带电粒子在场中的运动问题是电磁学知识与力学知识的结合，分析方法和力学问题分析方法基本相同，常用动力学(受力分析、平衡条件、牛顿第二定律等)、能量观点(动能定理、能量守恒定律等)来分析.注意电场中的加速与类平(斜)抛；注意圆形磁场、有界磁场；注意带电粒子在磁场中运动的相关结论；注意轨迹的构建，与数学中平面几何知识的结合；尤其注意两种运动交接点的特征.计算题专练(一)1.2016年世界中学生五人制足球锦标赛落下帷幕，代表中国参赛的河南男队和河北女队取得了优异成绩.五人制足球的赛场长40 m，宽20 m，如图1所示.在比赛中，攻方队员在中线附近突破防守队员，将足球沿边路向前踢出，足球的运动可视为在地面上做初速度为v1＝6 m/s 的匀减速直线运动，加速度大小为a1＝1 m/s2.该队员将足球踢出后立即由静止启动追赶足球，他的运动可看做是匀加速直线运动，最大加速度为a2＝1 m/s2，能达到的最大速度为v2＝4 m/s.该队员至少经过多长时间能追上足球？图1答案 6.5 s解析 设足球从开始做匀减速运动到停下来的位移为x 1，则x 1＝v 212a 1解得x 1＝18 m足球匀减速运动时间为t 1＝v 1a 1＝6 s前锋队员以最大加速度加速时间为t 2＝v 2a 2＝4 s在此过程中的位移x 2＝v 222a 2＝8 m之后前锋队员做匀速直线运动，到足球停止运动时，其位移为x 3＝v 2(t 1－t 2)＝8 m由于x 2＋x 3＜x 1，故足球停止运动时，前锋队员没有追上足球，然后前锋队员继续以最大速度匀速运动追赶足球，由匀速运动公式得x 1－(x 2＋x 3)＝v 2t 3 代入数据解得t 3＝0.5 s前锋队员追上足球的时间t ＝t 1＋t 3＝6.5 s2.某兴趣小组用电流传感器测量某磁场的磁感应强度.实验装置如图2甲所示，不计电阻的足够长光滑金属导轨竖直放置在匀强磁场中，导轨间距为d ，其平面与磁场方向垂直.电流传感器与阻值为R 的电阻串联接在导轨上端.质量为m 、有效阻值为r 的导体棒AB 由静止释放沿导轨下滑，该过程中电流传感器测得电流随时间变化的规律如图乙所示，电流最大值为I m .棒下滑过程中与导轨保持垂直且良好接触，不计电流传感器内阻及空气阻力，重力加速度为g .图2(1)求该磁场磁感应强度大小； (2)求在t 1时刻棒AB 的速度大小；(3)在0～t 1时间内棒AB 下降的高度为h ，求此过程电阻R 产生的电热.答案 (1)mg I m d (2)I 2m (R ＋r )mg (3)mghR R ＋r－I 4m R (R ＋r )2mg 2解析 (1)电流达到I m 时导体棒做匀速运动，对棒受力分析有受到的安培力：F 安＝BI m d 做匀速直线运动，由平衡条件有F 安＝mg 解得：B ＝mgI m d.(2)t 1时刻，对回路有：感应电动势E ＝Bd v 感应电流I m ＝Bd vR ＋r， 解得：v ＝I 2m (R ＋r )mg.(3)由能量守恒定律得电路中产生的总电热：Q ＝mgh －12m v 2，则电阻R 上产生的电热：Q R ＝R R ＋rQ 解得：Q R ＝mghR R ＋r－I 4m R (R ＋r )2mg 2.3.如图3所示，坐标系xOy 在竖直平面内，x 轴沿水平方向.x >0的区域有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B 1；在第三象限同时存在着垂直于坐标平面向外的匀强磁场和竖直向上的匀强电场，磁感应强度大小为B 2，电场强度大小为E ，x >0的区域固定一与x 轴成θ＝30°角的绝缘细杆.一穿在细杆上的带电小球a 沿细杆匀速滑下，从N 点恰能沿圆周轨道运动到x 轴上的Q 点，且速度方向垂直于x 轴.已知Q 点到坐标原点O 的距离为32L ，重力加速度为g ，B 1＝7E 110πgL ，B 2＝E 5π6gL.空气阻力可忽略不计，求：图3(1)带电小球a 的电性及其比荷q m； (2)带电小球a 与绝缘细杆间的动摩擦因数μ；(3)带电小球a 刚离开N 点时，从y 轴正半轴距原点O 为h ＝20πL 3的P 点(图中未画出)以某一初速度平抛一个不带电的绝缘小球b ，b 球刚好运动到x 轴与向上运动的a 球相碰，则b 球的初速度为多大？答案 (1)正电 g E (2)34 (3) 147gL 160π解析 (1)由带电小球能够在第三象限内做匀速圆周运动并能过Q 点，可得：带电小球带正电，且mg ＝qE ，解得：q m ＝g E. (2)带电小球从N 点运动到Q 点的过程中，有：q v B 2＝m v 2R由几何关系有：R ＋R sin θ＝32L ， 联立解得v ＝5πgL 6. 带电小球在杆上匀速滑下时，由平衡条件有： mg sin θ＝μ(q v B 1－mg cos θ)，解得：μ＝34. (3)带电小球在第三象限内做匀速圆周运动的周期：T ＝2πR v ＝ 24πL 5g带电小球第一次在第二象限竖直上下运动的总时间为：t 0＝2v g ＝ 10πL 3g绝缘小球b 平抛运动至x 轴上的时间为：t ＝2h g ＝210πL 3g两球相碰有：t ＝T 3＋n (t 0＋T 2) 联立解得：n ＝1设绝缘小球b 平抛的初速度为v 0，则：72L ＝v 0t147gL 解得：v0＝160π.。

选择题专练(二)1.下列关于物理学思想方法的叙述错误的是( )A.探究加速度与力和质量关系的实验运用了控制变量法B.电学中电阻、电场场强和电势的定义都运用了比值法C.力学中将物体看成质点运用了理想模型法D.当物体的运动时间Δt 趋近于0时，Δt 时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了等效替代法 答案 D解析 当物体的运动时间Δt 趋近于0时，Δt 时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了极限法，选项D 的叙述是错误的.2.一辆汽车在平直公路上做刹车实验，若从0时刻起汽车在运动过程中的位移与速度的关系式为x ＝(10－0.1v 2) m ，则下列分析正确的是( )A.上述过程的加速度大小为10 m/s 2B.刹车过程持续的时间为5 sC.0时刻的初速度为10 m/sD.刹车过程的位移为5 m答案 C解析 根据公式x ＝v 2－v 202a和位移与速度的关系式为x ＝(10－0.1v 2) m ，可得： v 22a ＝－0.1v 2，v 202a＝－10， 解得：a ＝－5 m/s 2，v 0＝10 m/s ，符号表示与运动方向相反，故A 错误，C 正确；刹车时间t 0＝0－v 0a ＝－10－5s ＝2 s ，故B 错误； 刹车位移为x 0＝v 02t 0＝102×2 m ＝10 m ，故D 错误. 3.如图1所示，竖直平面内有一个四分之一圆弧AB ，OA 为水平半径，现从圆心O 处以不同的初速度水平抛出一系列质量相同的小球，这些小球都落到圆弧上，不计空气阻力，小球落到圆弧上时的动能( )图1A.越靠近A 点越大B.越靠近B 点越大C.从A 到B 先减小后增大D.从A 到B 先增大后减小答案 C解析 设小球落到圆弧上时下落竖直高度为y ，水平位移为x ，动能为E k .小球平抛运动的初速度为v 0，圆弧AB 的半径为R 则有：x ＝v 0t ，y ＝12gt 2，则得：v 0＝x g 2y ，由几何关系得：x 2＋y 2＝R 2；根据动能定理得：E k －12m v 20＝mgy ，联立得：E k ＝14mg (R 2y ＋3y )，根据数学知识可知：R 2y＋3y ≥23R ，当R 2y ＝3y ，即y ＝33R 时，R 2y＋3y 有最小值，则此时E k 最小.因此小球落到圆弧上时的动能从A 到B 先减小后增大，故C 正确.4.若在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2∶7.已知该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R ，由此可知，该行星的半径为( )A.12R B.72R C. 2R D.72R 答案 C解析 对于任一行星，设其表面重力加速度为g ，根据平抛运动的规律得h ＝12gt 2：得t ＝2h g ，则水平射程x ＝v 0t ＝v 02h g .可得该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比：g 行g 地＝x 2地x 2行＝74，根据GMm r 2＝mg ，得g ＝GM r 2，可得g 行g 地＝M 行M 地·R 2地R 2行，解得行星的半径R 行＝R 地 g 地g 行·M 行M 地＝R ×47·7＝2R . 5.如图2所示，圆柱体为磁体，磁极在左右两侧，外侧a 为一金属圆环，与磁体同轴放置，间隙较小.在左侧的N 极和金属圆环上各引出两根导线，分别接高压电源的正负极.加高压后，磁体和。

近四年江苏卷实验题涉及的考点与内容例题展示1.(2016·全国乙卷·22)某同学用图1(a)所示的实验装置验证机械能守恒定律，其中打点计时器的电源为交流电源，可以使用的频率有20 Hz、30 Hz和40 Hz，打出纸带的一部分如图(b)所示.(a)(b) 图1该同学在实验中没有记录交流电的频率f ，需要用实验数据和其他题给条件进行推算. (1)若从打出的纸带可判定重物匀加速下落，利用f 和图(b)中给出的物理量可以写出：在打点计时器打出B 点时，重物下落的速度大小为____________，打出C 点时重物下落的速度大小为____________，重物下落的加速度大小为____________.(2)已测得s 1＝8.89 cm ，s 2＝9.50 cm ，s 3＝10.10 cm ；当地重力加速度大小为9.80 m/s 2，实验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1%.由此推算出f 为________Hz. 解析 (1)由于重物匀加速下落，B 点的速度v B 等于AC 段的平均速度，即v B ＝s 1＋s 22T由于T ＝1f ，故v B ＝f2(s 1＋s 2)同理可得v C ＝f2(s 2＋s 3)匀加速直线运动的加速度a ＝ΔvΔt故a ＝v C －v B T ＝f2[(s 2＋s 3)－(s 1＋s 2)]1f ＝f 22(s 3－s 1)①(2)重物下落的过程中，由牛顿第二定律可得 mg －F 阻＝ma② 由已知条件F 阻＝0.01mg③由②③得a ＝0.99g 由①得f ＝2as 3－s 1，代入数据得f ≈40 Hz 答案 (1)f 2(s 1＋s 2) f 2(s 2＋s 3) f 22(s 3－s 1) (2)402.(2016·全国乙卷·23)现要组装一个由热敏电阻控制的报警系统，要求当热敏电阻的温度达到或超过60 ℃时，系统报警.提供的器材有：热敏电阻，报警器(内阻很小，流过的电流超过I c 时就会报警)，电阻箱(最大阻值为999.9 Ω)，直流电源(输出电压为U ，内阻不计)，滑动变阻器R 1(最大阻值为1 000 Ω)，滑动变阻器R 2(最大阻值为2 000 Ω)，单刀双掷开关一个，导线若干.在室温下对系统进行调节，已知U 约为18 V ，I c 约为10 mA ；流过报警器的电流超过20 mA 时，报警器可能损坏；该热敏电阻的阻值随温度升高而减小，在60 ℃时阻值为650.0 Ω. (1)完成待调节的报警系统原理电路图的连线(图2).图2(2)电路中应选用滑动变阻器________(填“R 1”或“R 2”). (3)按照下列步骤调节此报警系统：①电路接通前，需将电阻箱调到一固定的阻值，根据实验要求，这一阻值为_______Ω；滑动变阻器的滑片应置于_______(填“a ”或“b ”)端附近，不能置于另一端的原因是_________. ②将开关向________(填“c ”或“d ”)端闭合，缓慢移动滑动变阻器的滑片，直至_________. (4)保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关向另一端闭合，报警系统即可正常使用. 解析 (1)热敏电阻工作温度达到60 ℃时，报警器报警，故需通过调节电阻箱使其电阻为60 ℃时的热敏电阻的阻值，即调节到阻值650.0 Ω，使报警器能正常报警，电路图如图所示.(2)U ＝18 V ，当通过报警器的电流10 mA ≤I c ≤20 mA ，故电路中总电阻R ＝U I c ，即900 Ω≤R ≤1800 Ω，故滑动变阻器选R 2.(3)热敏电阻为650.0 Ω时，报警器开始报警，模拟热敏电阻的电阻箱阻值也应为650.0 Ω，实验调试时，将开关置于c 端，缓慢调节滑动变阻器，直到报警器开始报警.为防止通过报警器电流过大，造成报警器烧坏，应使滑动变阻器的滑片置于b 端. 答案 (1)见解析图 (2)R 2(3)①650.0 b 接通电源后，流过报警器的电流会超过20 mA ，报警器可能损坏 ②c 报警器开始报警 命题分析与对策1.命题特点(1)考查实验基本能力：重点考查游标卡尺、螺旋测微器、多用电表等的读数、构造、原理、重要实验方法、实验器材的选择、电路实物连线和运用图象与表格分析处理实验数据、实验结论、误差分析及电学实验中的故障分析等.(2) 考查设计与创新能力：以课本实验为背景，改变实验条件或增加条件限制以完成新的实验要求的设计性实验，加强了对迁移、创新、实验设计等能力的考查将逐步取代对原教材中实验的考查.(3)实验题类型近年高考通常为“一力一电”模式. 力学设计性实验有加强趋势.2.应考策略(1)《考试大纲》所要求的必考实验必须全部复习，尤其是基本实验原理、仪器使用方法、读数方法要重点复习.不能有遗漏，高考实验试题在向演示实验和小实验拓展延伸，认真读课本也是非常必要的.(2)对实验原理和相关步骤要细致周到.使学生真正理解实验原理，而不是记忆实验步骤，只有理解才能在考题创新之处从容进行知识迁移和应对.(3)注重基本实验，加强学生动手实验操作能力的培养，重在掌握物理实验的基本原理和基本方法.实验操作过程、实验数据的获得、实验数据的处理，如何排除故障，只有学生亲自进行才能了解实验和仪器使用的细节之处.(4)用探究性实验培养科学研究能力，尝试从实验原理出发进行简单的实验设计.包括会挑选仪器，设计实验装置图，合理安排实验步骤，设计表格，记录数据，数据处理，如何减小误差，注意事项.实验题专练(一)1.材料的电阻随压力的变化而变化的现象称为“压阻效应”，利用这种效应可以测量压力大小.若图1甲为某压敏电阻在室温下的电阻压力特性曲线，其中R F、R0分别表示有、无压力时压敏电阻的阻值.为了测量压力F，需先测量压敏电阻处于压力中的电阻值R F.请按要求完成下列实验.甲乙 丙图1(1)设计一个可以测量处于压力中的该压敏电阻阻值的电路，在图乙的虚线框内画出实验电路原理图(压敏电阻及所给压力已给出，待测压力大小约为0.4×102～0.8×102 N ，不考虑压力对电路其它部分的影响)，要求误差较小，提供的器材如下： A.压敏电阻，无压力时阻值R 0＝6 000 Ω B.滑动变阻器R ，全电阻约200 Ω C.电流表A ，量程2.5 mA ，内阻约30 Ω D.电压表V ，量程3 V ，内阻约3 kΩ E.直流电源E ，电动势3 V ，内阻很小. F.开关S ，导线若干(2)正确接线后，将压敏电阻置于待测压力下，通过压敏电阻的电流是1.33 mA ，电压表的示数如图丙所示，则电压表的读数为________ V.(3)此时压敏电阻的阻值为________ Ω；结合图甲可知待测压力的大小F ＝________ N.(计算结果均保留两位有效数字) 答案 (1)见解析图 (2)2.00 (3)1.5×103 Ω 0.60×102 N解析 (1)根据题述对实验电路的要求，应该设计成滑动变阻器分压式接法，电流表内接电路.如图所示(2)根据电压表读数规则，电压表示数为2.00 V .(3)由欧姆定律，此时压敏电阻的阻值为R F ＝UI ≈1.5×103 Ω.无压力时，R 0＝6 000 Ω，有压力时，R 0R F＝4，由题图甲可知，对应的待测压力F ＝0.60×102 N.2.如图2所示为“验证力的平行四边形定则”的实验，三个细线套L 1、L 2、L 3一端共系于一个结点，另一端分别系于轻质弹簧测力计A 、B 和重物M 上，A 挂于固定点P .手持B 拉动细线，使结点静止于O 点.图2(1)某次实验中A的指针位置如图所示，其读数为____________ N；(2)实验时要读出A、B的示数，还要在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置、___________、______________和______________；(3)下列实验要求中必要的是____________(填选项的字母代号)A.弹簧测力计需要在实验前进行校零B.细线套方向应与木板平面平行C.需要用托盘天平测量重物M的质量D.弹簧测力计B始终保持水平答案(1)2.00 N(2)L1的方向、L2的方向L3的方向(3)AB3.某学生用如图3a所示电路测金属导线的电阻率，可供使用的器材有：被测金属导线ab，电阻约10 Ω，导线允许流过的最大电流为0.8 A，稳恒电源E，电源输出电压恒为E＝12 V，电压表V，量程为3 V，内阻约5 kΩ，保护电阻：R1＝10 Ω，R2＝30 Ω，R3＝200 Ω.刻度尺、螺旋测微器，开关S，导线若干等.图3实验时的主要步骤如下：①用刻度尺量出导线ab的长度l，用螺旋测微器测出导线的直径d.②按如图a所示电路将实验所需器材用导线连接好.③闭合开关S，移动接线触片P，测出aP长度x，读出电压表的示数U.④描点作出U－x曲线求出金属导线的电阻率ρ.完成下列填空：(1)用螺旋测微器测量金属导线的直径d，其示数如图b所示，该金属导线的直径d＝________mm.(2)如果实验时既要保证安全，又要测量误差较小，保护电阻R 应选_________.(3)根据多次实验测出的aP 长度x 和对应每次实验读出的电压表的示数U 给出的U －x 图线如图c 所示，其中图线的斜率为k ，则金属导线的电阻率ρ＝____________.(用实验器材中给出的物理量字母和实验步骤中测出的物理量字母表示) 答案 (1)0.870 (2) R 2 (3)kR 2πd 24(E －kl )解析 (1)根据螺旋测微器读数规则，该金属导线的直径d ＝0.870 mm.(2)根据题述电源输出电压恒为E ＝12 V ，电压表V ，量程为3 V ，保护电阻R 应该分压9 V.由于被测金属导线ab ，电阻约10 Ω，所以保护电阻R 应选R 2＝30 Ω. (3)被测金属导线横截面积S ＝πd 24，aP 段电阻R x ＝ρx S ＝4ρxπd 2.电压表的示数U ＝IR x .电流表示数I ＝E R 2＋R ，R l ＝R xx ，联立得到：U ＝4ρEπd 2R 2＋4ρl x .U －x 图线的斜率k ＝4ρEπd 2R 2＋4ρl ，解得：ρ＝kR 2πd 24(E －kl ).。