2015届高考物理复习 最新模拟题汇编 物理学史和物理方法

2015年江苏省高考物理模拟试卷（解析版）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题只有一个选项符合题意．选对的得3分，错选或不答的得0分．1．（3分）下列叙述正确的是（）A．力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位B．伽利略用“月﹣地检验”证实了万有引力定律的正确性C．法拉第最先提出电荷周围存在电场的观点D．牛顿在给出万有引力定律的同时给出了引力常量【考点】：物理学史．【分析】：力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，牛顿用“月﹣地“检验法验证了牛顿定律的正确性．再结合法拉第和牛顿的贡献进行答题．【解析】：解：A、“力”不是基本物理量，“牛顿”也不是力学中的基本单位，故A错误；B、牛顿用“月﹣地“检验法验证了万有引力定律的正确性，故B错误；C、法拉第最先提出电荷周围存在电场的观点，故C正确；D、牛顿发现了万有引力定律，但没有给出引力常量，故D错误．故选：C．【点评】：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注重积累．2．（3分）半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN．在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态．如图所示是这个装置的纵截面图．若用外力使MN保持竖直地缓慢向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止．在此过程中，下列说法中正确的是（）A．Q受到MN的弹力逐渐减小B．Q受到P的弹力逐渐减小C．Q受到MN和P的弹力之和保持不变D．P受到地面的支持力和摩擦力均保持不变【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：先对圆柱体Q受力分析，受到重力、杆MN的支持力和半球P对Q的支持力，其中重力的大小和方向都不变，杆MN的支持力方向不变、大小变，半球P对Q的支持力方向和大小都变，然后根据平衡条件并运用合成法得到各个力的变化规律；最后对PQ整体受力分析，根据共点力平衡条件得到地面对整体的摩擦力情况．【解析】：解：A、B、对圆柱体Q受力分析，受到重力、杆MN的支持力和半球P对Q的支持力，如图：重力的大小和方向都不变，杆MN的支持力方向不变、大小变，半球P对Q的支持力方向和大小都变，然后根据平衡条件，得到N1=mgtanθN2=由于θ不断增大，故N1不断增大，N2也不断增大；故A错误，B错误；C、Q受到MN和P的弹力的矢量和与重力平衡，保持不变，故C正确；D、对PQ整体受力分析，受到总重力、MN杆的支持力N1，地面的支持力N3，地面的静摩擦力f，如图根据共点力平衡条件，有f=N1=mgtanθ由于θ不断增大，故f不断增大；物体Q一直保持静止，N3=（M+m）g，保持不变．故D错误；故选：C．【点评】：本题关键先对物体Q，再对物体PQ整体受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解出各个力的表达式进行分析处理．3．（3分）近几年我国在航空航天工业上取得了长足的进步，既实现了载人的航天飞行，又实现了航天员的出舱活动．如图所示，在某次航天飞行实验活动中，飞船先沿椭圆轨道1飞行，后在远地点343千米的P处点火加速，由椭圆轨道1变成高度为343千米的圆轨道2．下列判断正确的是（）A．飞船在椭圆轨道1上的机械能比圆轨道2上的机械能大B．飞船在圆轨道2上时航天员出舱前后都处于失重状态C．飞船在此圆轨道2上运动的角速度小于同步卫星运动的角速度D．飞船在椭圆轨道1上通过P的加速度小于沿圆轨道2运动的加速度【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】：人造卫星问题．【分析】：同步卫星的周期T=24h，根据周期与角速度的关系可知角速度的大小关系．飞船在飞行过程中只受地球万有引力作用，飞船处于完全失重状态．飞船的加速度由万有引力产生，加速度是否相同就是看飞船受到的万有引力是否一样．【解析】：解：A、在远地点343千米处点火加速，机械能增加，故飞船在椭圆轨道1上的机械能比圆轨道2上的机械能小，故A错误．B、飞船在圆轨道上时，航天员出舱前后，航天员所受地球的万有引力提供航天员做圆周运动的向心力，航天员此时的加速度就是万有引力加速度，即航天员出舱前后均处于完全失重状态，但都受重力，故B正确．C、因为飞船在圆形轨道上的周期为90分钟小于同步卫星的周期，根据ω=可知角速度与周期成反比，所以飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速度，故C错误．D、飞船变轨前后通过椭圆轨道远地点时的加速度均为万有引力加速度，据可知，轨道半径一样则加速度一样，故D错误．故选：B．【点评】：圆形轨道上，航天器受到的万有引力提供航天器做圆周运动的向心力，即万有引力产生的加速度等于向心加速度，无论航天器是否做圆周运动，空间某点航天器无动力飞行时的加速度即为万有引力加速度，此加速度只跟物体轨道半径有关，与运动状态无关．4．（3分）如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为2L，高为L，纸面内一边长为L的正方形导线框沿x轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t=0时刻恰好位于如图所示的位置，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，下面四幅图中能够正确表示导线框中的电流﹣位移（I﹣x）关系的是（）A．B．C．D．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与图像结合．【分析】：将整个过程分成三个位移都是L的三段，根据楞次定律判断感应电流方向．由感应电动势公式E=Blv，l是有效切割长度，分析l的变化情况，确定电流大小的变化情况．【解析】：解：位移在0～L过程：磁通量增大，由楞次定律判断感应电流方向为顺时针方向，为正值．I=，l=x则I=x位移在L～2L过程：磁通量先增大后减小，由楞次定律判断感应电流方向先为顺时针方向，为正值，后为逆时针方向，为负值，故ACD错误．位移在2L～3L过程：磁通量减小，由楞次定律判断感应电流方向为逆时针方向，为负值．I=（2L﹣x）故选：B．【点评】：本题考查对感应电势势公式E=Blv的理解．l是有效的切割长度，可以利用排除法做此题．5．（3分）如图所示，有一正方体空间ABCDEFGH，则下面说法正确的是（）A．若只在A点放置一正点电荷，则电势差U BC＜U HGB．若只在A点放置一正点电荷，则B、H两点的电场强度大小相等C．若只在A、E两点处放置等量异种点电荷，则C、G两点的电势相等D．若只在A、E两点处放置等量异种点电荷，则D、F两点的电场强度大小相等【考点】：电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：本题重点考查了匀强电场的理解：在匀强电场中平行且相等的线段之间电势差相等．同时注意电场线和等势线是垂直的【解析】：解：A、B、若A点放置一正点电荷，由图中的几何关系可知，BC之间的电场强度要大于HG之间的电场强度，结合它们与A之间的夹角关系可得电势差U BC＞U HG，故A 错误；B、若A点放置一正点电荷，由于B与H到A的距离不相等，使用B、H两点的电场强度大小不相等．故B错误；C、C、若在A、E两点处放置等量异种点电荷，则AE连线的垂直平分平面是等势面，等势面两侧的点，一定具有不同的电势，使用C、G两点的电势一定不相等．故C错误；D、若在A、E两点处放置等量异种点电荷，等量异种点电荷的电场具有对称性，即上下对称，左右对称，D与H上下对称，所以电场强度大小相等；H与F相对于E点一定位于同一个等势面上，所以H与F两点的电势相等，则D、F两点的电场强度大小相等．故D正确．故选：D【点评】：本题从比较新颖的角度考查了学生对点电荷的电场与等量异种点电荷的电场的理解，因此一定从多个角度理解匀强电场的特点，多训练以提高理解应用能力．二、多项选择题：本题共4小题，每小题3分，共16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．（3分）一理想变压器原、副线圈的匝数比为44：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头．下列说法正确的是（）A．副线圈输出电压的频率为100HzB．副线圈输出电压的有效值为5VC．P向左移动时，变压器原、副线圈的电流都减小D．P向左移动时，变压器的输入功率增加【考点】：变压器的构造和原理；电功、电功率．【专题】：交流电专题．【分析】：根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解析】：解：A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A 错误；B、由图象可知，原线圈的电压的最大值为311V，原线圈电压的有效值为：，根据电压与匝数成正比可知，电压的有效值为：，所以B正确；C、P左移，R变大，副线圈电流减小，所以原副线的电流变小，故C正确；D、由C分析可知，原副线的电流变小，而电压不变，故功率减小，故D错误；．故选：BC．【点评】：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路，另外还要清楚变压器各量之间的制约关系．7．（3分）如图所示，质量为m的小球穿在足够长的水平固定直杆上处于静止状态，现对小球同时施加水平向右的恒力F0和竖直向上的力F，使小球从静止开始向右运动，其中竖直向上的力F大小始终与小球的速度成正比，即F=kυ（图中未标出）．已知小球与杆间的动摩擦因数为μ，下列说法中正确的是（）A．小球先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，直到最后做匀速运动B．小球先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动直到静止C．小球的最大加速度为D．小球的最大速度为，恒力F0的最大功率为【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．【专题】：功率的计算专题．【分析】：对小球受力分析，根据牛顿第二定律表示出加速度，分析加速度的变化情况，进而分析运动情况，恒力的功率等于力乘以速度．【解析】：解：AB、刚开始运动，加速度为a=，当速度v增大，加速度增大，当速度v增大到符合kv＞mg后，加速度为：a=，当速度v增大，加速度减小，当a2减小到0，做匀速运动，故A正确，B错误；C、当阻力为零时，加速度最大，故小球的最大加速度为，故C正确．D、当加速度为零时，小球的速度最大，此时有：F0=μ（kv﹣mg），故最大速度为：v m=，恒力F0的最大功率为：P=Fv m=，故D错误．故选：AC．【点评】：本题关键是根据牛顿二定律表示出加速度，分析加速度的变化情况，要有分析物体的受力情况和运动情况的能力．8．（3分）如图所示，两面积较大、正对着的平行极板A、B水平放置，极板上带有等量异种电荷．其中A板用绝缘线悬挂，B板固定且接地，P点为两板的中间位置．下列结论正确的是（）A．若在两板间加上某种绝缘介质，A、B两板的电压会保持不变B．A、B两板电荷分别在P点产生电场的场强大小相等，方向相同C．若将A板水平向左平移一小段距离，两板间的电场强度将减小D．若将A板竖直向下平移一小段距离，原P点位置的电势将变大【考点】：电容．【专题】：电容器专题．【分析】：题中电容器的带电量不变．根据对称性和电场的叠加分析A、B两板电荷在P点产生电场的场强关系．移动A板时，根据电容的决定式C=、电容的定义式C=和板间场强公式E=分析板间场强的变化，由U=Ed分析P点与下极板间的电势差的变化，从而确定P点电势的变化【解析】：解：A、在两板间加上某种绝缘介质时，A、B两板所带电荷量没有改变，故A错误．B、A、B两板电荷量数量相等，P点到两板的距离相等，根据对称性和电场的叠加可知两板电荷分别在P点产生电场的场强大小相等，方向都向下，故B正确．C、根据电容的决定式C=、电容的定义式C=和板间场强公式E=得：E=，由题知Q、ɛ均不变，则移动A板时s变小，两板间的电场强度将变小．故C正确．D、由上分析可知将A板竖直向下平移时，板间场强不变，由U=Ed分析得知P点与下极板间的电势差不变，P点的电势保持不变．故D错误．故选：BC．【点评】：本题考查电容器的动态分析问题，关键要正确应用电容器的决定式及定义式；并注意电势与场强的关系的应用9．（3分）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在墙上，另一端与置于水平面上的质量为m的小物体接触（未连接），如图中O点，弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢向左推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，如图中B点，此时物体静止．撤去F后，物体开始向右运动，运动的最大距离距B点为3x0，C点是物体向右运动过程中弹力和摩擦力大小相等的位置，物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F时，物体的加速度最大，大小为﹣μgB．物体先做加速度逐渐变小的加速运动，再做加速度逐渐变大的减速运动，最后做匀减速运动C．从B→C位置物体弹簧弹性势能的减少量大于物体动能的增加量D．撤去F后，物体向右运动到O点时的动能最大【考点】：功能关系；牛顿第二定律．【分析】：本题通过分析物体的受力情况，来确定其运动情况：撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力大小不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；撤去F后，根据牛顿第二定律求解物体刚运动时的加速度大小；物体离开弹簧后通过的最大距离为3x0，由动能定理求解弹力滑动摩擦力力所做的总功；当弹簧的弹力与电场力、滑动摩擦力的合力大小相等、方向相反时，速度最大，可求得此时弹簧的压缩量，即可求解物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功．【解析】：解：A、撤去F时，物体的加速度最大，大小为a==﹣μg，故A正确；B、撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，加速度先减小后增大，物体先做变加速运动，再做变减速运动，物体离开弹簧后做匀减速运动．故B正确；C、由动能定理可知，弹力做功减去摩擦力做的功的绝对值等于物体动能的增加量，故弹簧弹性势能的减少量大于物体动能的增加量，故C正确；D、物体向右运动过程中，加速度为零时，速度最大，故到C点时的动能最大，故D错误．故选：ABC．【点评】：本题分析物体的受力情况和运动情况是解答的关键，要抓住加速度与合外力成正比，即可得到加速度是变化的．对于物体弹簧弹性势能的减少量与物体动能的增加量间的关系通常应用动能定理结合功能关系解决．三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（10分）在水平固定的长木板上，小明用物体A、B分别探究了加速度随着外力的变化的关系，实验装置如图甲所示（打点计时器、纸带图中未画出）．实验过程中小明用不同的重物P分别挂在光滑的轻质动滑轮上，使平行于长木板的细线拉动长木板上的物体A、B由静止开始加速运动（纸带与打点计时器之间阻力及空气阻力可忽略），实验后进行数据处理，小明得到了物体A、B的加速度a与轻质弹簧秤弹力F的关系图象分别如图乙中的A、B所示（1）（多选题）由图甲判断下列说法正确的是BA．一端带有定滑轮的长木板不水平也可以达到实验目的B．实验时应先接通打点计时器电源后释放物体C．实验中重物P的质量应远小于物体的质量D．弹簧秤的读数始终为重物P的重力的一半（2）小明仔细分析了图乙中两条线不重合的原因，得出结论：两个物体的质量不等，且m A 小于m B（填“大于”“等于”或“小于”）；两物体与木板之间动摩擦因数μA大于μB（填“大于”“等于”或“小于”）．（3）甲、乙两位同学在“验证牛顿第二定律”实验中，使用了如图丙所示的实验装置．①实验时他们先调整垫木的位置，使小车不挂配重时能在倾斜的长木板上做匀速直线运动，这样做的目的是为了平衡小车运动过程中所受摩擦力．②此后，甲同学把细线系在小车上并绕过定滑轮悬挂若干配重片．在小车质量一定的情况下，多次改变配重片数量，每改变一次就释放一次小车，利用打点计时器打出记录小车运动情况的多条纸带．图丁是其中一条纸带的一部分，O、A、B、C为4个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有4个打出的点没有画出．打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上．通过对纸带的测量，可知小车运动过程中的加速度大小为0.49m/s2（保留2位有效数字）．③某同学在实验时，因配重片数量不足改用5个质量为20g的钩码进行实验．他首先将钩码全部挂上，用打点计时器打出记录小车运动情况的纸带，并计算出小车运动的加速度；之后每次将悬挂的钩码取下一个并固定在小车上，重复多次实验，且每次实验前均调整垫木的位置，使小车不挂配重时能在倾斜的长木板上做匀速直线运动．根据测得的数据，绘制出小车加速度与悬挂的钩码所受重力的关系图线．关于这一图线下列说法错误的是B．（选填选项前的字母）A．可由该图线计算出小车和5个钩码质量之和B．只有当小车质量远大于悬挂钩码的质量时，该图线才是一条直线C．无论小车质量是否远大于悬挂钩码的质量，该图线都是一条直线【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：实验题．【分析】：（1）选项A写出木板水平时加速度的表达式讨论即可；选项C根据光滑轻质滑轮特点可知，绳子拉力始终等于弹簧秤读数，与重物P质量大小无直接关系；选项D对重物P 列出加速度的表达式，然后讨论即可．（2）的关键是根据a﹣F分别写出A和B加速度a与拉力F的函数表达式，然后再根据斜率和截距的概念即可求解．（3）注意平衡摩擦力的原理，利用重力沿斜面的分力来平衡摩擦力，若物体能匀速运动则说明恰好平衡了摩擦力；根据公式△x=at2计算加速度，明确图象的性质，根据图象可求得，对整体进行分析，由牛顿第二定律可求得质量．【解析】：解：（1）A、长木板水平时，对物体A由牛顿第二定律可得：μmg﹣F=ma，即a=﹣对B由牛顿第二定律可得：F﹣μmg=ma，即a=﹣μg，所以不平衡摩擦力时，也可以达到实验目的但若木板不水平，当滑轮一侧较高时应有F﹣mgsinθ﹣μmgcosθ=ma，较低时应有F+mgsinθ﹣μmgcosθ=ma1，则需要已知斜面的倾角，由于本题倾角未知，就不能求出加速度a，所以A错误；B、实验要求应先接通电源后释放纸带，所以B正确；C、由于动滑轮是轻质光滑的滑轮，所以绳子对物体的拉力一定等于弹簧秤的读数，与重物P 质量大小无直接关系，所以C错误；对重物P析，当加速度为a时，应有Mg﹣2F=Ma，可得F=，所以只有当a=0时，F才等于，所以D错误；故选：B（2）设加速度大小为a，据牛顿第二定律，对物体B应有F﹣μmg=ma，可得：a=﹣μg=对物体A应有μmg﹣F=ma，可得：a=﹣根据a﹣F图象斜率绝对值k=可知，B的斜率大于A的斜率，所以，即m A小于m B；再根据纵轴截距大小等于μg可知，由于A的截距大于B的截距，所以μA大于μB；（3）：①为了克服摩擦力的影响，在实验中应垫高一侧，从而使重力的分力与摩擦力相互平衡；从而使小车受到的拉力为合外力；②由△x=aT2可得：a==0.49m/s2；③对钩码和小车整体分析可知，整体受到的拉力为钩码的重力，质量是整体的质量；由F=ma 可知，作出的图象一定为直线；且图象的斜率一定为整体的质量；故AC正确，B错误；故选：B故答案为：（1）B；（2）小于，大于（3）①为了平衡小车运动过程中所受摩擦力；②0.49；③B 【点评】：在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法，本实验只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于钩码质量的双重条件下，才能用钩码重力代替小车所受的合力，同时加强基础物理知识在实验中的应用，加强解决实验问题的能力．掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时加速度．11．（8分）一个刻度没标数值的电压表量程约为9V，内阻R x约为6kΩ，现要较为准确地测其内阻R x，且各仪表的示数不得少于满量程的．实验室提供了如下器材：A．电流表A1：量程3mA，内阻约50ΩB．电流表A2：量程3A，内阻约0.2ΩC．电压表V1：量程1.5V，内阻r1=1kΩD．电压表V2：量程60V，内阻r2约50kΩE．定值电阻器R1：阻值R1=5.1kΩF．定值电阻器R2：阻值R2=30ΩG．电源：电动势约15V，内阻约0.5ΩH．滑动变阻器0～20ΩI．导线若干、单刀单掷开关一个（1）除被测电压表、G、I肯定需外，最少还需ACEH器材（填序号）；（2）用你所选最少器材以及G、I在虚线框中画出测量原理图；（3）根据所画原理图，写出R x的表达式（用某次电表的测量值、已知量表示）R x=，并指明表达式中所设物理量是哪些仪表测量时的示数U1为电压表V1的示数、I1为电流A1的示数．【考点】：伏安法测电阻．【专题】：实验题．【分析】：（1）电流表、电压表和滑动变阻器的选择应该遵循“安全、精确和操作方便”的原则，（2）将电流表改装为电压表，需串联电阻起分压作用．通过待测电阻的大小确定电流表的内外接，由于滑动变阻器阻值较小，从测量误差角度确定滑动变阻器采用分压式接法．（3）根据欧姆定律求出待测电阻的阻值．【解析】：解：（1）通过电压表的最大电流为：，且待测电表无刻度，故还需选择电压表，电流表、电压表和滑动变阻器的选择应该遵循“安全、精确和操作方便”的原则可选取：ACEH；（2）电压表V1量程太小，直接并在待测电压表两端容易烧毁，故需串联一个定值电阻R1，又电压表电阻很大，电流表应采用外接法，滑动变阻器阻值较小，应采用分压式接法，故设计电路如图所示：（3）根据欧姆定律流经电压表V1的电流为：…①根据并联电路电流特点可得流经待测电压表的电流为：I x=I1﹣I0…②根据欧姆定律得：…③①②③联立得：故答案为：（1）ACEH；（2）如图所示（3），U1为电压表V1的示数、I1为电流表A1的示数【点评】：本题关键要从减小实验误差的角度选择电流表，并确定安培表的内、外接法和滑动变阻器的限流、分压法；要明确安培表的内、外接法的误差来源．【选做题】本题包括A、B、C三小题，请选定其中两题作答，若三题都做，则按A、B两题评分．A.（选修模块3-3）（12分）12．（4分）下列说法中正确的有（）A．实验“用油膜法估测分子大小”中，油酸分子的直径等于油酸酒精溶液的体积除以相应油酸膜的面积B．布朗运动中，悬浮在液体中的固体颗粒越小、液体的温度越高，布郎运动越激烈C．分子间的距离越小，分子间引力越小，斥力越大D．液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性【考点】：* 晶体和非晶体；用油膜法估测分子的大小．【分析】：在用油膜法估测分子的大小”实验中，我们做了些理想化处理，认为油酸分子之间无间隙，油酸膜为单层分子．悬浮微粒越小，表面积越小，同一时刻撞击颗粒的液体分子数越少，冲力越不平衡，合力越大，布朗运动越激烈，分子间的引力f引和斥力f斥随着分子间距离减小而增大，液晶，即液态晶体，像液体一样具有流动性，具有各向异性．【解析】：解：A、油酸酒精溶液的体积并非为油酸体积，要根据油酸酒精溶液中所含油酸的比例，求出所含油酸体积，故A错误；B、悬浮微粒越小，表面积越小，同一时刻撞击颗粒的液体分子数越少，冲力越不平衡，合力越大，布朗运动越激烈，故B正确；C、分子间的引力f引和斥力f斥随着分子间距离减小而增大，故C错误；D、液晶，即液态晶体，像液体一样具有流动性，具有各向异性．故D正确。

2015年高考模拟试卷物理卷考试时间：65分钟 分值：120分一、单项选择题（本题共4小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）。

14、（2014浙江绍兴一中高三上期期中改编）在物理学发展史上伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献。

以下选项中符合他们观点的是A 、人在沿直线减速前进的火车车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的前方B 、两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明物体受的力越大速度就越大C 、速度越大的汽车越难以停下，这说明物体的惯性跟速度有关D 、一匹马拉着车前进，如果马不拉车，车最终将停下来，这说明“静止状态”才是物体不受力时的“自然状态”（出题意图：本题重点考查学生对于基本知识点的认知和辨别能力。

） 15、（原创）在萧山体育中考测试中，老师用频闪相机拍摄了同学立定跳远时起跳、腾空、落地的照片（如图甲），简化图如图乙所示。

请你根据体育常识估算该同学起跳瞬间消耗的能量最接近A 、8000JB 、600JC 、60JD 、6000J（出题意图：本题结合生活中实际情景，考查了学生对于生活实际情况的一种估算能力。

） 16、(原创) 如图所示，萧山世纪联华超市为了方便顾客安装了智能化的自动扶梯（无台阶）。

为了节约能源，在没有乘客乘行时，自动扶梯以较小的速度匀速运行，当有乘客乘行时自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行。

则电梯在运送乘客的过程中（ ） A 、乘客始终受摩擦力作用 B 、乘客经历先超重再失重 C 、乘客对扶梯的作用力始终竖直向下 D 、扶梯对乘客的作用力始终竖直向上（出题意图：本题结合实际情况，重点考查学生“自动扶梯”建模的能力以及对研究对象处于不同运动状态下的受力分析能力。

） 17、（2014浙江杭州外国语学校高三上期期中改编）如图所示，水平地面上方矩形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，用两根相同的绝缘导线绕成匝数分别为1n 和2n 的正方形闭合线圈Ⅰ、Ⅱ（其中线圈Ⅰ的边长短）。

2015年山东省高考物理冲刺模拟试卷（一）一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．（6分）下列有关物理学家和物理学规律的发现，说法正确的是（）A．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快B．伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因C．迪卡尔通过研究物体的运动规律，在牛顿第一定律的基础上提出了惯性定律D．开普勒提出万有引力定律，并利用扭秤实验，巧妙地测出了万有引力常量【考点】：物理学史．【专题】：常规题型．【分析】：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解析】：解：A、伽利略认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快，故A错误；B、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，故B正确；C、牛顿通过伽利略和笛卡尔工作的基础上，提出了牛顿第一定律，即惯性定律．故C错误；D、牛顿提出万有引力定律，卡文迪许利用扭秤实验，巧妙地测出了万有引力常量，故D错误；故选：B．【点评】：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（6分）（2015•山东模拟）航天员王亚平在天宫一号处于完全失重状态，她在太空授课所做的实验：长为L的细线一端系着质量为m的小球，另一端系在固定支架上，小球原静止，给小球一个初速度，小球绕着支架上的固定点做匀速圆周运动．天宫一号处的重力加速度为g t，下列说法正确的是（）A．小球静止时细线的拉力为mg tB．小球做匀速圆周的速度至少为C．小球做匀速圆周运动时，在任何位置细线的拉力可以小于mg tD．若小球做匀速圆周运动时细线断裂，则小球做抛体运动【考点】：匀速圆周运动．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：小球处于完全失重状态，只要给小球一个速度，小球就可以做匀速圆周运动，此时由绳子的拉力提供向心力，当细线断裂后，小球将沿切线方向做匀速直线运动．【解析】：解：A、小球处于完全失重状态，静止时细线的拉力为零，故A错误；B、只要给小球一个速度，小球就可以做匀速圆周运动，所以小球做匀速圆周的速度可以小于，故B错误；C、小球做匀速圆周运动时，绳子的拉力提供向心力，当速度较小时，绳子的拉力可以小于mg t，故C正确；D、若小球做匀速圆周运动时细线断裂，则小球将沿切线方向做匀速直线运动，故D错误；故选：C【点评】：解答本题要抓住小球处于完全失重状态，由绳子的拉力提供向心力，再根据向心力公式分析即可，难度不大，属于基础题．3．（6分）（2015•山东模拟）如图甲所示，轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示（g=10m/s2），则下列结论正确的是（）A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B．物体的质量为3 kgC．物体的加速度大小为5 m/s2D．弹簧的劲度系数为7.5 N/cm【考点】：牛顿第二定律；胡克定律．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：物体一直匀加速上升，从图象可以看出，物体与弹簧分离后，拉力为30N；刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡；拉力为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，弹簧压缩量为4cm；根据以上条件列式分析即可．【解析】：解：A、物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故A错误；B、C、D、刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有：mg=kx…①拉力F1为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律，有：F1+kx﹣mg=ma…②物体与弹簧分离后，拉力F2为30N，根据牛顿第二定律，有：F2﹣mg=ma…③代入数据解得：m=2kg，k=500N/m=5N/cm，a=5m/s2故C正确，BD错误；故选：C．【点评】：本题关键是由图象得出一些相关物理量，然后根据牛顿第二定律列方程分析求解．4．（6分）（2015•山东模拟）如图所示，倾角为30°的斜面体固定在水平地面上，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物B，跨过固定于斜面体顶端的定滑轮O（不计滑轮的摩擦），A的质量为m，B的质量为4m．开始时，用手托住A，使OA段绳恰好处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动，将A由静止释放，在其下摆过程中B始终保持静止．则在绳子到达竖直位置之前，下列说法正确的是（）A．物块B受到的摩擦力方向一直沿着斜面向上B．物块B受到的摩擦力大小可能不变C．地面对斜面体的摩擦力方向一定水平向右D．地面对斜面体的摩擦力方向一定水平向左【考点】：摩擦力的判断与计算．【专题】：摩擦力专题．【分析】：小球A下摆过程中机械能守恒，下摆的速度越来越大，绳子的拉力越来越大，到达最低点绳子的拉力达最大，分析得到，机械能守恒：=mgr，又由牛顿第二定律得：F﹣mg=，∴小球A对绳的拉力为F=+mg=3mg，即物块B受到绳子沿斜面向上的拉力为3mg，而B的重力沿斜面向下的分力为2mg，所以，斜面对B的静摩擦力沿斜面向下为mg，而物块B在小球A还没有下摆时受到斜面的静摩擦力沿斜面向上为2mg，因此，物块B受到的摩擦力先减小后增大．在分析地面对斜面的摩擦力时，把物块B与斜面看做一整体分析，小球A下摆过程中绳子对整体由水平向左的一分力，而整体静止不动，因此，地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右．【解析】：解：A、B、：初始情况下分析物块B受力：竖直向下的重力4mg、垂直斜面向上的支持力F N、沿斜面向上的静摩擦力F f．沿斜面和垂直斜面正交分解B物块受到的力，所以B物块处于平衡状态，则有：沿斜面方向：F f=4mgsin30°=2mg，垂直斜面方向：FN=4mgcos30°=2mg．由牛顿第三定律知：物块B对斜面有垂直斜面向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，把这两个力向水平方向分解，则得：斜面体水平方向受到B的作用力（取水平向左为正方向）：sin30°﹣cos30°又因为：=F N=4mgcos30°=2mg，=F f=4mgsin30°=2mg．则有：′sin30°﹣cos30°=mg﹣mg=0，所以初始状态下斜面体水平方向受物块B的合力为零，不存在受地面的摩擦力．小球A下摆过程中，物块B始终保持静止，则小球A不对外做功，机械能守恒，小球A的速度不断增大，到最低点时速度最大，这时小球A摆到低时对绳的拉力最大，设r为A到滑轮的绳长，最低点小球A的速度为v，则由机械能守恒定律得：=mgr，又由牛顿第二定律得：F﹣mg=，所以小球A对绳的拉力为F=+mg=3mg，此时物块B在平行于斜面方向所受的摩擦力为：=F﹣4mgsin30°=3mg﹣2mg=mg，方向沿斜面向下，由此可知物块B受到斜面的摩擦力先是沿斜面向上2mg，后逐渐减少到零，再沿斜面向下逐渐增大到mg，故A错误，B也错误．C、D：将A由静止释放，在其下摆过程中B始终保持静止，在绳子到达竖直位置之前，把斜面与物块B看做整体，绳子始终有拉力，此拉力水平向左有个分力，而整体保持静止，水平方向受力平衡，因此，地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右，故C正确，D错误．故选：C．【点评】：本题解答时要正确的分析好物体的受力，同时，要选好受力的研究对象：分析绳子拉力时选小球A，分析物块B受的摩擦力时选B物块，分析地面的摩擦力时选斜面与B 物块整体，再者要注意物块B所受到的摩擦力是否达到最大值．5．（6分）（2015•山东模拟）一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是5：1，原线圈接入电压220V的正弦交流电，各元件正常工作，一只理想二极管和一个滑动变阻器R串联接在副线圈上，如图所示．电压表和电流表均为理想交流电表，则下列说法正确的是（）A．原、副线圈中的电流之比为5：1B．电压表的读数约为31.11VC．若滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω，则1分钟内产生的热量为2904JD．若将滑动变阻器的滑片向上滑动，则两电表读数均减小【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解析】：解：A、原线圈接入电压为220V的正弦交流电，原、副线圈的匝数比是5：l，则副线圈电压为44V，原、副线圈中的电流与匝数成反比，所以电流之比为1：5，A错误；B、原、副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为44 V，由于副线圈接着二极管，它具有单向导电性，根据电流的热效应知解得U=22=31.11V，故B正确；C、由B求得电压表两端电压有效值为U有效=22V，则1 min内产生的热量为Q==2904J，故C正确；D、将滑动变阻器滑片向上滑动，接入电路中的阻值变小，电流表的读数变大，但对原、副线圈两端的电压无影响，即电压表的读数不变，所以D错误．故选：BC【点评】：本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管和电容器的作用要了解．6．（6分）（2015•山东模拟）电场强度方向与x轴平行的静电场，其电势ϕ随x的分布如图所示，一质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力），以初速度v0从O点（x=0）沿经轴正方向进入电场．下列叙述正确的是（）A．粒子从O点运动到x3点的过程中，在x2点速度最大B．粒子从x1点运动到x3点的过程中，电势能先减小后增大C．要使粒子能运动到x4处，粒子的初速度v0至少为D．若，则粒子在运动过程中的最大动能为3qϕ0【考点】：电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：根据顺着电场线方向电势降低，判断场强的方向，根据电场力方向分析粒子的运动情况．根据正电荷在电势高处电势越大，判断电势能的变化．粒子如能运动到x1处，就能到达x4处，根据动能定理研究0﹣x1过程，求解初速度v0．粒子运动到x3处电势能最小，动能最大，由动能定理求解最大速度．【解析】：解：A、B、粒子从O运动到x1的过程中，电势升高，场强方向沿x轴负方向，粒子所受的电场力方向也沿x轴负方向，粒子做减速运动．粒子从x1运动到x3的过程中，电势不断降低，根据正电荷在电势高处电势越大，可知，粒子的电势能不断减小，动能不断增大，故在x3点速度最大．故AB错误．C、根据电场力和运动的对称性可知：粒子如能运动到x1处，就能到达x4处，当粒子恰好运动到x1处时，由动能定理得：q（0﹣φ0）=0﹣，解得：v0=，要使粒子能运动到x4处，粒子的初速度v0至少为．故C错误．D、D、若v0=2，粒子运动到x3处电势能最小，动能最大，由动能定理得：q[0﹣（﹣φ0）]=﹣解得最大动能为：=3qφ0．故D正确．故选：D．【点评】：根据电势φ随x的分布图线可以得出电势函数关系，由电势能和电势关系式得出电势能的变化．利用动能定理列方程解答．7．（6分）（2015•山东模拟）如图所示，一沿水平方向的匀强磁场分布在宽度为2L的某矩形区域内（长度足够大），该区域的上下边界MN、PS是水平的．有一边长为L的正方形导线框abcd从距离磁场上边界MN的某高处由静止释放下落而穿过该磁场区域，已知当线框的ab边到达PS时线框刚好做匀速直线运动．以线框的ab边到达MN时开始计时，以MN 处为坐标原点，取如图坐标轴x，并规定逆时针方向为感应电流的正方向，向上为力的正方向．则关于线框中的感应电流I和线框所受到的安培力F与ab边的位置坐标x的以下图线中，可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应与图像结合．【分析】：据题意，线框的ab边到达PS时线框刚好做匀速直线运动，此时线框所受的安培力与重力大小相等，而线框完全在磁场中运动时做匀加速运动，可判断出线框进入磁场过程只能做加速运动，不能做匀速运动或减速运动，否则通过匀加速，ab边到达PS时速度增大，安培力增大，安培力将大于重力，不可能匀速运动．再根据安培力与速度成正比，分析感应电流和安培力的变化情况．【解析】：解：据题线框的ab边到达PS时线框刚好做匀速直线运动，此时线框所受的安培力与重力大小相等，即F=mg，而线框完全在磁场中运动时做匀加速运动，所以可知线框进入磁场过程，安培力应小于重力，即F＜mg，只能做加速运动，不能做匀速运动或减速运动，否则通过匀加速过程，ab边到达PS时速度增大，安培力增大，安培力将大于重力，不可能匀速运动．根据安培力公式F=，可知：线框进入磁场的过程中，随着速度增大，产生的感应电动势和感应电流i逐渐增大，安培力逐渐增大，线框所受的合力减小，加速度减小，所以做加速度减小的变加速运动．感应电流i=，所以感应电流i的变化率也应逐渐减小，安培力F的变化率也逐渐减小．根据楞次定律判断可知，线框进入磁场和穿出磁场过程，所受的安培力方向都向上，为正方向．故AD正确，BC错误．故选：AD．【点评】：本题的突破口是“线框的ab边到达PS时线框刚好做匀速直线运动”，根据其运动情况要判断出受力情况，分析关键要抓住安培力的表达式F=，知道安培力与速度成正比，从而进行分析．二【必做部分】8．（8分）（2015•山东模拟）如图所示，NM是水平桌面，PM是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上的两个光电门，中心间的距离为L．质量为M的滑块A上固定一遮光条，在质量为m的重物B牵引下从木板的顶端由静止滑下，光电门1、2记录遮光时间分别为△t1和△t2．遮光条宽度为d．（1）若用此装置验证牛顿第二定律，且认为滑块A受到外力的合力等于B重物的重力，除平衡摩擦力外，还必须满足M＞＞m；在实验中，考虑到遮光条宽度不是远小于L，测得的加速度为a=．（2）如果已经平衡了摩擦力，不能（选填“能”或“不能”）用此装置验证A、B组成的系统机械能守恒，理由是摩擦力做功，没有满足只有重力做功，故机械能不守恒．【考点】：验证机械能守恒定律．【分析】：为了认为A所受的外力合力等于B的重力，首先需要平衡摩擦力，其次是重物的质量远小于滑块的质量．根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出滑块通过光电门1、2的瞬时速度，结合速度位移公式求出加速度．系统机械能守恒的条件是只有重力做功，根据条件进行判断．【解析】：解：（1）根据牛顿第二定律，对整体有：a=，则绳子的拉力F=Ma=，当M＞＞m，重物的总重力等于绳子的拉力，等于滑块的合力．滑块通过光电门1的瞬时速度，通过光电门2的瞬时速度，根，解得a=．（2）已经平衡了摩擦力，对A、B组成的系统，该装置不能验证系统机械能守恒，因为摩擦力做功，没有满足只有重力做功，故机械能不守恒．故答案为：（1）M＞＞m，a=；（2）不能，摩擦力做功，没有满足只有重力做功，故机械能不守恒．【点评】：解决本题的关键知道验证牛顿第二定律实验中的两个认为：1、认为绳子的拉力等于滑块的合力，（前提需平衡摩擦力），2、认为重物的拉力等于绳子的拉力，（前提是重物的质量远小于滑块的质量）．以及知道系统机械能守恒的条件，知道该实验中系统机械能不守恒，因为有阻力做功．9．（10分）（2015•山东模拟）某同学为了测量电流表A1内阻的精确值，有如下器材：电流表A1（量程300mA，内阻约为5Ω）；电流表A2（量程600mA，内阻约为1Ω）；电压表V（量程15V，内阻约为3kΩ）；滑动变阻器R1（0～5Ω，额定电流为1A）；滑动变阻器R2（0～50Ω，额定电流为0.01A）；电源E（电动势3V，内阻较小）；定值电阻R0（5Ω）；单刀单掷开关一个、导线若干．实验要求待测电流表A1的示数从零开始变化，且多测几组数据，尽可能的减少误差．（1）以上给定的器材中滑动变阻器应选；（2）在答题卡的方框内画出测量A1内阻的电路原理图，并在图中标出所用仪器的代号；（3）若选测量数据中的一组来计算电流表A1的内阻r1，则r1的表达式为r1=；上式中各符号的物理意义是、分别为某次实验时电流表、的示数，是定值电阻的大小．【考点】：测定金属的电阻率．【专题】：实验题．【分析】：本题（1）的关键是明确实验要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；题（2）的关键是根据待测电流表量程等于电流表量程的一半可知，应将待测电流表与定值电阻并联后再与电流表串联即可；题（3）的关键是根据串并联规律写出两电流表示数之间的关系，然后即可求解．【解析】：解：（1）：由于实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；（2）：由于待测电流表的量程为电流表量程的一半，所以应考虑将待测电流表与定值电阻并联以扩大量程，改装后电流表再与电流表串联，电路图如图所示：（3）：根据电路图由欧姆定律可得：=+，解得：=；其中、分别为某次实验时电流表、的示数，是定值电阻的大小．故答案为：（1）；（2）如图；（3）；、分别为某次实验时电流表、的示数，是定值电阻的大小．【点评】：应明确：①当表的量程较小时，可将电表进行改装以扩大量程；②当实验要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器，以方便调节．10．（18分）（2015•山东模拟）如图所示，倾角为θ=45°的粗糙平直导轨与半径为R的光滑圆环轨道相切，切点为B，整个轨道处在竖直平面内．一质量为m的小滑块从导轨上离地面高为h=3R的D处无初速下滑进入圆环轨道．接着小滑块从圆环最高点C水平飞出，恰好击中导轨上与圆心O等高的P点，不计空气阻力．求：（1）滑块运动到圆环最高点C时的速度的大小；（2）滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小；（3）滑块在斜面轨道BD间运动的过程中克服摩擦力做的功．【考点】：向心力；功的计算．【分析】：（1）根据几何关系得出平抛运动的水平位移，结合平抛运动的规律，求出平抛运动的初速度，即在最高点C的速度．（2）对最低点到C点运用动能定理，求出最低点的速度，根据牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出滑块对最低点的压力大小．（3）对D到最低点运用动能定理，求出克服摩擦力做功的大小．【解析】：解：（1）根据几何关系知，OP间的距离x=，根据R=得，t=，则滑块在最高点C时的速度．（2）对最低点到C点的过程运用动能定理得，解得v=，对最低点由牛顿第二定律得：解得：F N=6mg由牛顿第三定律得：滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小为6mg．（3）从D到最低点过程中，运用动能定理得：mgh﹣W f=，解得．答：（1）滑块运动到圆环最高点C时的速度的大小为；（2）滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小为6mg；（3）滑块在斜面轨道BD间运动的过程中克服摩擦力做的功为．【点评】：该题的突破口是小滑块从圆环最高点C水平飞出，恰好击中导轨上与圆心O等高的P点，运用平抛规律和几何关系求出初速度．下面就是一步一步运用动能定理和牛顿第二定律解决问题．11．（20分）（2015•山东模拟）如图所示，在以O为圆心的圆形区域内，有一个方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.1T，圆半径，竖直平行放置的金属板连接在如图所示的电路中，电源电动势E=91V，内阻r=1Ω，定值电阻R1=20Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为70Ω；两金属板上的小孔S1、S2跟O点在垂直于极板的同一直线上，另有一水平放置的足够长的荧光屏D，O点跟荧光屏D之间的距离，现有比荷的正正离子由小孔S1进入电场加速后，从小孔S2穿出，通过磁场后打在荧光屏D上，不计离子的重力和离子在小孔S1处的初速度，问：（1）若离子能垂直打在荧光屏上，则电压表的示数多大？（2）滑动变阻器滑片P的位置不同，离子在磁场中运动的时间也不同，求离子在磁场中运动的最长时间和此种情况下打在荧光屏上的位置到屏中心O′点的距离．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；动能定理．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：（1）正离子垂直打在荧光屏上，由几何知识求出在磁场中做圆周运动的半径．离子在磁场中由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律求得速度．离子在电场中加速过程，由动能定理求得两金属板间的电压，即为电压表的示数．（2）滑片在变阻器R2的左端时，离子在磁场中运动的时间最长；先根据闭合电路欧姆定律求解极板间的电压，然后根据动能定理求解加速后的速度，根据牛顿第二定律求解磁场中圆周运动的半径，结合几何关系确定打在极板上的位置．【解析】：解：（1）若离子由电场射出进入磁场后垂直打在荧光屏上，则离子在磁场中速度方向偏转了90°，离子在磁场中做圆周运动的径迹如图所示：由几何知识可知，离子在磁场中做圆周运动的圆半径：设离子进入磁场时的速度为v1由，得：设两金属板间的电压为U，离子在电场中加速，由动能定理有：可得：代入有关数值可得U1=60V也就是电压表示数为60V（2）两金属板间的电压越小，离子经电场加速后速度也越小，离子在磁场中作圆周运动的半径越小，射出电场时的偏转角越大，在磁场中运动的时间越长，所以滑片在变阻器R2的左端时，离子在磁场中运动的时间最长．由闭合电路欧姆定律有：两金属板间电压：U min=IR1=20V由及得：r2=0.1m粒子进入磁场后的径迹如图所示，O1为径迹圆的圆心．由图可得，所以α=60°．故离子在磁场中运动的最长时间为：．在△OO'A中，θ=30°，所以A、O'间距离为：x=Htanθ=20cm．答：（1）若离子能垂直打在荧光屏上，则电压表的示数为60V；（2）离子在磁场中运动的最长时间为5.2×10﹣5s，此种情况下打在荧光屏上的位置到屏中心O′点的距离为20cm．【点评】：题分析离子的运动情况是求解的关键和基础，考查综合应用电路、磁场和几何知识，处理带电粒子在复合场中运动问题的能力，综合性较强．三.选做题【物理--物理3-3】（12分）12．（6分）（2015•山东模拟）关于分子动理论和热力学定律，下列说法正确的是（）A．布朗运动是液体分子的无规则运动B．分子间引力总是随着分子间的距离减小而减小C．热量能够自发地从高温物体传导到低温物体，但不能自发地从低温物体传导到高温物体D．功转变为热的实际宏观过程一定是可逆过程【考点】：热力学第一定律；分子动理论的基本观点和实验依据．【专题】：热力学定理专题．【分析】：正确解答本题需要掌握：布朗运动的特点、实质以及物理意义；分子力与分子之间距离的关系；热量能够自发地从高温物体传导到低温物体，但不能自发地从低温物体传导到高温物体，与热力学相关的宏观过程具有方向性．【解析】：解：A、布朗运动是固体微粒的无规则运动是由液体分子撞击形成的，反应了液体分子的无规则运动，故A错误；B、分子间引力总是随着分子间的距离减小而增大，故B错误；C、热量能够自发地从高温物体传导到低温物体，但不能自发地从低温物体传导到高温物体，故C正确；D、与热力学相关的宏观过程具有方向性，故功转变为热的实际宏观过程不一定是可逆过程，故D错误．故选：C．【点评】：本题考查了热力学定律和分子动理论的基础知识，在平时练习中要加强对这些基本知识的理解与应用．13．（6分）（2015•山东模拟）如图甲是一定质量的气体由状态A经过状态B变为状态C的V﹣T图象．已知气体在状态A时的压强是1.5×105Pa．①说出A→B过程中压强变化的情形，并根据图象提供的信息，计算图甲中T A的温度值．②请在图乙坐标系中，作出该气体由状态A经过状态B变为状态C的p﹣T图象，并在图线相应位置上标出字母A、B、C．如果需要计算才能确定的有关坐标值，请写出计算过程．【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：由图示图象求出气体各状态的状态参量、判断出气体状态变化过程，然后应用气体状态方程求出气体状态参量，再作出图象【解析】：解：（1）由图甲所示图象可知，A与B的连线的延长线过原点O，所以A→B是一个等压变化，即p A=p B=1.5×105Pa，由图示图象可知：V A=0.4m3，V B=V C=0.6m3，T B=300K，T C=400K，。

2015年新课标高考高中物理学史汇总XXX，提供了2015年新课标高考高中物理学史汇总。

必考部分包括必修1、必修2、选修3-1和3-2.力学方面，XXX在《两种新科学的对话》中用科学推理论证重物体和轻物体下落一样快，并通过比萨斜塔的实验证明了自己的观点，推翻了XXX的观点。

马德堡市的半球实验在1654年轰动一时。

XXX在《自然哲学的数学原理》中提出了三条运动定律，即牛顿三大运动定律。

XXX通过理想实验法指出：在水平面上运动的物体若没有摩擦，将保持这个速度一直运动下去。

同时代的法国物理学家XXX进一步指出：如果没有其它原因，运动物体将继续以同速度沿着一条直线运动，既不会停下来，也不会偏离原来的方向。

XXX提出了XXX定律，认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比。

古代天文学方面，人们根据日常的观察和经验，提出了"地心说"，XXX是代表；而XXX提出了"XXX说"，大胆反驳地心说。

XXX提出了XXX三大定律。

XXX于1687年正式发表万有引力定律。

1798年英国物理学家XXX许利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量。

1846年，XXX学生XXX和法国天文学家勒维烈（勒维耶）应用万有引力定律，计算并观测到海王星。

1930年，美国天文学家XXX用同样的计算方法发现冥王星。

9、宋朝发明的火箭是现代火箭的先驱，其原理与现代火箭相同。

但现代火箭的结构更为复杂，其最大速度取决于喷气速度和质量比（火箭起飞时的质量与燃料燃尽后的质量比）。

10、1957年10月，苏联发射了第一颗人造地球卫星。

1961年4月，XXX乘坐的“东方1号”成为世界上第一艘载人宇宙飞船，成功进入太空。

11、20世纪初，量子力学和狭义相对论的建立表明经典力学不适用于微观粒子和高速运动物体。

12、17世纪，XXX提出了开普勒三定律，XXX于1687年正式发表了万有引力定律。

1798年，XXX发明了扭秤装置，准确测出了引力常量。

2015年河北省高考物理模拟试题及答案一、不定项选择题（共8小题，每小题6分，共48分。

每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分） 1．北京时间2011年11月18日19时22分，在北京航天飞行控制中心的控制下，天宫一号成功实施第2次升轨控制，轨道高度由h 1=337km 抬升至h 2=382km ，顺利进入长期管理轨道。

若天宫一号的在轨飞行可视为匀速圆周运动，则A ．升轨控制时，应让发动机点火向前喷气，使天宫一号适当减速B ．进入长期管理轨道后，由于大气阻力影响，天宫一号的轨道高度会不断降低C ．天宫一号在高度为337公里的轨道上的运行周期大于在高度为382公里的轨道上的运行周期D ．天宫一号在高度为382公里的轨道上运行的速度大于地球的第一宇宙速度 2．如图所示是一列横波上A 、B 两质点的振动图象，该波由A 传向B ，两质点沿波的传播方向上的距离m 0.6=∆x ，波长m 0.4>λ，这列波的波速A ．12m/sB ．20m/sC ．30m/sD ．60m/s3.钳形电流表的外形和结构如图甲所示，用此电流表来测量电缆线中的电流大小示意图如图乙和图丙所示，图乙中电 流表的读数为1．2A ，图丙中用相同电缆线绕了3匝，则 A ．这种电流表能测直流电流，图丙的读数为2．4A B ．这种电流表能测交流电流，图丙的读数为0．4A C ．这种电流表能测交流电流，图丙的读数为3．6AD ．这种电流表既能测直流电流，又能测交流电流，图丙的读数为3．6A4.（此题属多选）如图所示，质量为m 的物体与转台之问的动摩擦因数为μ，物体与转轴间距离为R ，物体随转台由静止开始转动，当转台转速增加到某一值后转台开始匀速转动，整个过程中物体相对于转台静止不动，则以下判断正确的是A ．转台转速增加的过程中，转台对物体静摩擦力的方向一定指向转轴B ．转台转速增加的过程中，转台对物体静摩擦力的方向跟物体速度间夹角一定小于90° C ．转台匀速转动的过程中，转台对物体静摩擦力的方向一定指向转轴D ．转台匀速转动的过程中，转台对物体静摩擦力的方向一定跟物体的速度方向相反5． 图中一组平行实线可能是电场线也可能是等势面，一个电子只在电场力作用下从a 点运动到b 点的轨迹如图中虚线所示，下列说法中正确的是A ．如果实线是电场线，则a 点的电势比b 点的电势高B ．如果实线是等势面，则a 点的电势比b 点的电势低C ．如果实线是电场线，则电子在a 点的电势能比在b 点的电势能大D ．如果实线是等势面，则电子在a 点的电势能比在b 点的电势能大 6．如图甲，一理想变压器的原、副线圈的匝数比是10：1，原线圈接入如图乙所示的正弦交流电，一只理想二极管和一个阻值为10Ω的电阻串联后接在副线圈上，则下列说法正确的是（ ）A ．原线圈两端电压的有效值为220VB ．电压表示数为22VC ．电流表示数为0.11AD ．二极管两端瞬时电压的最大值为222V 7. 如图所示，上、下表面平行的玻璃砖置于空气中，一束复色光斜射到上表面，穿过玻璃后从下表面射出，分成a 、b 两束单色光。

浙江省2015年高考仿真模拟试卷（物理部分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共6页，满分为120分，考试用时为70分钟。

2.答题前，考试务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上。

3.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题纸上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不能答在试题卷上。

第Ⅰ卷一、单项选择题（本题共4小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）。

14．（原创）在一场英超联赛中，我国球员孙继海大力踢出的球飞行15m后，击在对方球员劳特利奇的身上，假设球击中身体时的速度约为22m/s，离地高度约为1.5m，估算孙继海踢球时脚对球做的功为（）A．15J B．150J C．1500J D．15000J15、（改编）某汽车在启用ABS刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如图中的①、②图线所示．由图可知，启用ABS后（）A．刹车后前行的距离比不启用ABS更短B．加速度总比不启用ABS时大C．0～t1的时间内加速度更大D．t1时刻车速更小16．（原创）将一只苹果斜向上抛出，苹果在空中依次飞过三个完全相同的窗户1、2、3，图中曲线为苹果在空中运行的轨迹．若不计空气阻力的影响，以下说法中正确的是（）A．苹果通过第1个窗户所用的时间最长B．苹果通过第1个窗户重力所做的功最多C．苹果通过第3个窗户重力的平均功率最小D．苹果通过第3个窗户的平均速度最大17、改编（2014•滨州一模）某学生设计了一个验证法拉第电磁感应定律的实验，实验装置如图甲所示．在大线圈Ⅰ中放置一个小线圈Ⅱ，大线圈Ⅰ与多功能电源连接．多功能电源输入到大线圈Ⅰ的电流i 1的周期为T ，且按图乙所示的规律变化，电流i 1将在大线圈Ⅰ的内部产生变化的磁场，该磁场磁感应强度B 与线圈中电流i 的关系为B=ki 1（其中k 为常数）．小线圈Ⅱ与电流传感器连接，并可通过计算机处理数据后绘制出小线圈Ⅱ中感应电流i 2随时间t 变化的图象．若仅将多功能电源输出电流变化的频率适当增大，则下图中所示各图象中可能正确反映i 2﹣t 图象变化的是（图中分别以实线和虚线表示调整前、后的i 2﹣t 图象）（ ）A ．B ．C ．D ．二、不定项选择题(本题共3小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个正确选项，有的小题有多个正确选项。

P0单元物理学史和物理方法【题文】（物理卷·2015届河北省衡水中学高三小一调考试（2014.08））4.下列说法正确的是（）A．美国物理学家康普顿在研究石墨对X射线的散射时，发现在散射的X射线中，除了与入射波长相同的成分外，还有波长大于原波长的成分．B．玻尔对氢原子光谱的研究导致原子的核实结构模型的建立C．比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固D．核力、库仑力、万有引力的强弱是依次减弱的【知识点】物理学史P0【答案解析】AD解析：A、在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，发现在散射的X射线中，除了与入射波长λ0相同的成分外，还有波长大于λ0的成分，根据λ动量变小，故A正确；B、卢瑟福通过α粒子散射实验建立了原子核式结构模型，故B错误；C、比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固，故C错误；D、核力最强，其次是库仑力，万有引力是最小的，故D正确；故选：AD．【思路点拨】在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，发现在散射的X射线中，除了与入射波长λ0相同的成分外，还有波长大于λ0的成分，根据λ瑟福通过α粒子散射实验建立了原子核式结构模型；比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固；由于存在质量所以它们间存在万有引力、质子带正电，因此质子间存在库仑斥力和质子与中子统称核子，所以它们间存在核力，但这些力有大小之分；半衰期的长短由各自元素的性质决定，与它的化学状态，或外界因素无关．考查康普顿效应中波长的大小关系，理解三种射线的特点与区别，注意比结合能大才越牢固，掌握半衰期只与自身因素有关，与外界环境无关．【题文】（物理卷·2015届河北省石家庄二中高三开学考试（2014.08））1.在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（）A．在对自由落体运动的研究中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证B．牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点C．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比D．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快【知识点】物理学史．P0【答案解析】 C解析： A、在对自由落体运动的研究中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，是未经过实验验证的，故A错误；B、伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点．故B错误．C、胡克认为在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比．故C正确．D、亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体比轻物体下落快．故D错误．故选C【思路点拨】在对自由落体运动的研究中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，是未经过实验验证的．伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点．胡克认为在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落不一样快. 物理学史是常识性问题，要与物理学主干知识一起学习，这也是高考考查内容之一，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢．【题文】（物理卷·2015届江苏省扬州中学高三8月开学考试（2014.08））2．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等。

2015高考物理模拟试题一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.）1.许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列表述正确的是 A ．牛顿第一定律是通过多次实验总结出的一条实验定律 B ．牛顿通过著名的扭秤实验测出了引力常量的数值C ．亚里士多德发现了力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因D ．开普勒三大定律揭示了行星的运动规律，为万有引力定律的发现奠定了基础2．如图，一质量为M 的直角劈B 放在水平面上，在劈的斜面上放一质量为m 的物体A ，用一沿斜面向上的力F 作用于A 上，使其沿斜面匀速上滑，在A 上滑的过程中直角劈B 相对地面始终静止。

以f 和N 分别表示地面对劈的摩擦力及支持力，则下列正确的是A ．f = 0，N = Mg +mgB ．f 向左，N <Mg +mgC ．f 向右，N <Mg +mgD ．f 向左，N =Mg +mg3．如图所示，工厂利用皮带传输机把货物从地面运送到高出水平地面的C 平台上，C 平台 离地面的高度一定．运输机的皮带以一定的速度v 顺时针转动且不打滑．将货物轻轻地 放在A 处，货物随皮带到达平台．货物在皮带上相对滑动时，会留下一定长度的痕迹．已 知所有货物与皮带间的动摩擦因数为μ,若皮带的倾角为θ、运行速度v 和货物质量m 都可以改变，始终满足tan θ＜μ.可以认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则以下说法正确的是（ ）A ．当速度v 一定时，角θ越大，运送时间越短B ．当倾角θ一定时，改变速度v ，运送时间不变C ．当倾角θ和速度v 一定时，货物质量m 越大，皮带 上留下的痕迹越长D ．当倾角θ和速度v 一定时，货物质量m 越大，皮带上摩擦产生的热越多4.均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB 上均匀分布正电荷，总电荷量为q ，球面半径为R ，CD 为通过半球顶点与球心O 的轴线，在轴线上有M 、N 两点，OM =ON=2R ．已知M 点的场强大小为E ，则N 点的场强大小为（ ）A ．22kq R -EB ．24kqRC ．24kq R -ED ．24kqR +Eα F v BA++ + + + ++ OM NC DRABh LmB h2h3m5.“约瑟夫森结”由超导体和绝缘体制成。

P单元物理学史和物理方法14．[2015·浙江卷] P下列说法正确的是()A．电流通过导体的热功率与电流大小成正比B．力对物体所做的功与力的作用时间成正比C．电容器所带电荷量与两极间的电势差成正比D．弹性限度内，弹簧的劲度系数与弹簧伸长量成正比[解析] C由P＝I2R可知，对于同一导体，热功率与电流的二次方成正比，故选项A错误．由W＝Fl cos α可知，力对物体所做的功与力的大小、物体沿力的方向移动的位移有关，故选项B错误．由Q＝CU可知，对同一电容器，C一定，故Q与U成正比，故选项C正确．弹簧的劲度系数与自身材料、弹簧丝粗细、原长等因素有关，与弹簧伸长量无关，故选项D错误．1．[2015·浙江十二校高三一模] “曹冲称象”是妇孺皆知的故事，当众人面临大象这样的庞然大物，在缺少有效的称量工具而束手无策的时候，曹冲称量出大象的体重，体现了他的智慧，被世人称道．下列物理学习或研究中用到的方法与“曹冲称象”的方法相同的是( )A．“质点”的概念B．合力与分力的关系C．“瞬时速度”的概念D．研究加速度与合力、质量的关系1．B [解析] 建立“质点”的概念，采用理想模型法，不是等效替代，故A错误；建立“合力和分力”的概念，采用等效替代的思想方法，故B正确；建立“瞬时速度”的概念，采用极限思想，不是等效替代，故C错误；研究加速度与合力、质量的关系，采用控制变量法，不是等效替代，故D错误．1．[2015·陕西渭南高三一模] 科学思维和科学方法是我们认识世界的基本手段．在研究和解决问题的过程中，不仅需要相应的知识，还需要运用科学的方法．理想实验有时更能深刻地反映自然规律，伽利略设想了一个理想实验，如图K7­1所示．①两个对接的斜面，静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面；②如果没有摩擦，小球将上升到原来释放的高度；③减小第二个斜面的倾角，小球在这个斜面上仍然会达到原来的高度；④继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成为水平面，小球会沿水平面做持续的匀速运动．通过对这个实验的分析，我们可以得到的最直接结论是( )图K7­1A．自然界的一切物体都具有惯性B．光滑水平面上运动的小球，运动状态的维持并不需要外力C．如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D．小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小1．B [解析] 理想斜面实验只能说明小球具有惯性，推广到一切物体的是牛顿，故A 错误；伽利略通过“理想斜面实验”和科学推理，得出的结论是，力不是维持物体运动的原因，光滑水平面上运动的小球，运动状态的维持并不需要外力，故B正确；如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变，这是牛顿得出的，故C错误；小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小，这是牛顿第二定律的部分内容，故D错误．。

物理学史、物理思想与方法1．(·市下学期高考模拟)在物理学中用比值法定义物理量是一种很重要的方法．以下物理量的表达式不是由比值法定义的是( )A ．加速度定义式a ＝Δv ΔtB ．点电荷电场强度E ＝k Q r 2C ．磁感应强度B ＝F ILD ．电阻R ＝U I答案 B解析 加速度定义式a ＝Δv Δt，用速度的变化量与时间的比值来定义加速度，表示速度变化快慢的物理量，是用比值法定义的物理量，应选项A 不符合题意；点电荷之间的作用力根据库仑定律有：F ＝k Qq r 2，那么根据场强的公式可以得到点电荷电场强度公式为：E ＝F q ＝k Q r 2，可知点电荷电场强度E ＝k Q r 2，不是由比值法定义，是根据场强公式推导出的，应选项B 符合题意；磁感应强度公式B ＝F IL，是比值法定义，磁感应强度B 与安培力F 、电流I 及导线长度L 均无关，故C 不符合题意；电阻R ＝U I，电阻与电压无关，与电流也无关，是属于比值法定义，故D 不符合题意．2．(·五市十校第二次联考)关于伽利略对物理问题的研究，以下说法中正确的选项是( )A ．伽利略认为，如果没有空气阻力，在同一高度下落的重的物体和轻的物体，下落快慢不同B ．只要条件适宜，理想斜面实验就能做成功C ．理想斜面实验虽然是想象中的实验，但它是建立在可靠的事实根底上的D ．伽利略猜测自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证 答案 C解析 伽利略认为，如果没有空气阻力，在同一高度下落的重的物体和轻的物体，下落快慢相同，选项A 错误；理想斜面实验不可能做成功，但它是建立在可靠的事实根底上的，选项C 正确，B 错误；伽利略猜测自由落体的运动速度与下落时间成正比，并采用斜面实验和逻辑推理相结合的方法进行了验证，选项D 错误．3．(·南康中学月考)引力波是根据爱因斯坦的广义相对论作出的奇特预言之一，三位美国科学家因在引力波的研究中有决定性奉献而荣获诺贝尔奖，对于引力波概念的提出，可以通过这样的方法来理解：麦克斯韦认为，电荷周围有电场，当电荷加速运动时，会产生电磁波；爱因斯坦认为，物体周围存在引力波，当物体加速运动时，会辐射出引力波，爱因斯坦的观点的提出，采取了以下哪种研究方法( )A ．控制变量法B ．比照法C ．观察法D ．类比法答案 D解析 常用的物理学研究方法有：控制变量法、等效替代法、模型法、比拟法、类比法、转换法等，是科学探究中的重要思想方法．爱因斯坦根据麦克斯韦的观点：电荷周围有电场，当电荷加速运动时，会产生电磁波，提出了物体周围存在引力波，当物体加速运动时，会辐射出引力波的观点，采用了类比法．故D 正确．4．(·市期末)以下说法错误的选项是( )A ．合力与分力、交流电有效值、总电阻建立概念时都用到了“等效替代法〞B ．某些情况下，不考虑物体的大小和形状，突出质量和位置要素，把物体看作质点；点电荷强调电荷量和位置，也是一种理想化的物理模型C ．根据速度的定义式v ＝Δx Δt，当Δt 时间趋近于零时，表示物体在某时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法D ．用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如场强E ＝F q 、电容C ＝Q U、加速度a ＝F m都是采用比值法定义的 答案 D5．(·重点中学协作体第一次联考)第26届国际计量大会年11月16日通过“修订国际单位制〞决议，正式更新了质量单位“千克〞、电流单位“安培〞、温度单位“开尔文〞和物质的量单位“摩尔〞4项根本单位定义方法．其中开尔文将用玻尔兹曼常数(K )定义，玻尔兹曼常数的物理意义是单个气体分子的平均动能E k 随热力学温度T 变化的系数，表达式为E k ＝32KT ，那么玻尔兹曼常数的单位应为( )A.kg·m 2s·KB.N·m s 2·KC.W KD.V·A·s K 答案 D解析 据E k ＝32KT ，得K ＝2E k 3T .E k 的单位为J,1 J ＝1 kg·m 2/s 2或1 J ＝1 W·s ，热力学温度T 的单位为开尔文K ，那么玻尔兹曼常数的单位为kg·m 2s 2·K 或W·s K，故A 、C 错误；1 J ＝1 N·m 或1 J ＝1 V·A·s ，热力学温度T 的单位为开尔文K ，那么玻尔兹曼常数的单位为N·m K 或V·A·s K，故B 错误，D 正确．6．(·鄂南高中、华师一附中等八校第一次联考)年11月16日第26届国际计量大会通过“修订国际单位制〞决议，正式更新包括国际标准质量单位“千克〞在内的4项根本单位定义，新国际单位体系采用物理常数重新定义质量单位“千克〞、电流单位“安培〞、温度单位“开尔文〞和物质的量单位“摩尔〞．以F 表示力，v 表示速度，a 表示加速度，x 表示位移，t 表示时间，m 表示质量，借助单位制可知，以下表达式可能正确的选项是( )A ．x ＝Ft mB ．t ＝x aC ．v ＝xatD ．a ＝x t 2 答案 B 解析 Ft m 的单位为m·s －1，而位移x 的单位为m ，故A 错误；x a 的单位为s 2，x a的单位为s ，故B 正确；xat 的单位为m 2·s －1，xat 的单位为m·s －12，故C 错误；x t2的单位为m·s －2，xt 2的单位为m 12·s －1，故D 错误． 7．(·中学第三次模拟)物理学方法是理解物理新思想、揭示物理本质规律的纽带和桥梁．以下有关物理学研究方法的表达中，正确的选项是( )A ．Δt →0时的平均速度可看成瞬时速度，运用了等效替代法B ．探究力的合成满足平行四边形定那么运用了控制变量法C ．库仑通过扭秤实验的研究得到库仑定律运用了微小量放大法D ．伽利略研究自由落体运动运用了理想模型法答案 C解析 Δt →0时的平均速度可看成瞬时速度运用了极限的思想，A 错误；探究力的合成满足平行四边形定那么运用了等效替代的方法，B 错误；库仑通过扭秤实验的研究得到库仑定律利用微小形变放大的方法，C 正确；伽利略研究自由落体运动运用了合理猜测、数学推理、合理外推法，D 错误．8．(·市质检)以下关于物理思想方法的表达中正确的选项是( )A ．理想化模型是把实际问题理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如质点、点电荷、光滑面、位移等都是理想化模型B ．重心、分力与合力和交变电流的有效值等概念的建立都表达了等效替代的思想C ．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，通常采用先保持质量不变研究加速度和力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，这应用了微元法D ．根据加速度定义式a ＝Δv Δt ，当Δt 趋近于零时，Δv Δt就可以表示物体在某时刻的瞬时加速度，该定义应用了控制变量法答案 B解析 理想化模型是把实际问题理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如质点、点电荷、光滑面等都是理想化模型，但是位移是物理概念，不属于理想模型，选项A 错误；重心、分力与合力和交变电流的有效值等概念的建立都表达了等效替代的思想，选项B 正确；在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，通常采用先保持质量不变研究加速度和力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，这应用了控制变量法，选项C 错误；根据加速度定义式a ＝Δv Δt ，当Δt 趋近于零时，Δv Δt就可以表示物体在某时刻的瞬时加速度，该定义应用了极限法，选项D 错误．9．(·鄂东南模拟)在物理现象的发现和物理理论的建立过程中物理学家总结出许多科学方法，如理想实验、演绎推理、科学假说、类比等．类比法是通过两个或两类研究对象进行比拟，找出它们之间的相同点和相似点，并以此为根据把其中某一个或某一类对象的有关知识和结论，推移到另一个或另一类对象上，从而推论出它们也可能有相同或相似的结论的一种逻辑推理和研究方法．以下观点的提出或理论的建立没有应用类比的思想的是( )A ．法拉第通过屡次实验最终发现“磁生电—电磁感应〞现象B ．伽利略提出“力不是维持物体运动的原因〞的观点C ．牛顿推理得到太阳与行星间的引力与太阳和行星的质量的乘积成正比，与它们之间的距离的平方成反比D ．安培为解释磁现象提出了“物质微粒内部存在着一种环形电流—分子电流〞的观点 答案 B解析 法拉第受“电生磁〞的启发，坚信磁一定能生电，通过屡次实验最终发现“磁生电－电磁感应〞现象，应用类比的思想，故A 不符合题意；伽利略提出“力不是维持物体运动的原因〞的观点，应用的是理想实验法，故B 符合题意；牛顿认为太阳与行星间的引力与行星和太阳间的引力相似，通过推理得到太阳与行星间的引力与太阳和行星的质量的乘积成正比，与它们之间的距离的平方成反比，故C 不符合题意；安培根据环形电流的磁场与小磁针磁场相似，提出“物质微粒内部存在着一种环形电流－分子电流〞的观点，应用的是类比思想，故D不符合题意．10．(·市一诊)以下说法符合史实的是()A．伽利略提出力是维持物体运动的原因B．亚里士多德猜测自由落体运动的速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证C．笛卡儿通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持D．牛顿认为力的真正效应是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动答案D解析亚里士多德提出力是维持物体运动的原因，故A错误；伽利略用数学和逻辑推理得出了自由落体的速度与下落时间成正比，故B错误；伽利略利用“理想斜面实验〞发现了物体的运动不需要力来维持，推翻了“力是维持物体运动的原因〞的观点，故C错误；牛顿认为力的真正效应是改变物体的速度，产生加速度，而不仅仅是使之运动，故D正确．11．(·如皋中学、一中、中学三校联考)对以下几位物理学家所做科学奉献的表述中，与事实相符的是()A．开普勒提出了日心说并发现了行星沿椭圆轨道运行的规律B．卡文迪什利用扭秤实验装置测量出万有引力常量C．奥斯特观察到通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场很相似并提出了分子电流假说D．笛卡儿根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因答案B解析哥白尼提出日心说，开普勒发现了行星沿椭圆轨道运行的规律，故A错误；卡文迪什利用扭秤实验装置测量出万有引力常量，故B正确；安培观察到通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场很相似并提出了分子电流假说，故C错误；伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因，故D错误．12．(·襄阳市四校高二期中联考)在物理学开展过程中，许多科学家做出了奉献．以下说法不正确的选项是()A．库仑在前人工作的根底上总结出库仑定律B．美国物理学家密立根利用油滴实验比拟准确地测定了电子的电荷量C．最初是焦耳用实验直接测得的用于计算电热的关系式D．奥斯特发现了电磁感应现象，并提出了力线的概念，他认为正是通过场(力线)把电作用与磁作用传递到别的电荷或磁体答案D解析库仑在前人工作的根底上总结出库仑定律，选项A正确；美国物理学家密立根利用油滴实验比拟准确地测定了电子的电荷量，选项B正确；最初是焦耳用实验直接测得的用于计算电热的关系式，选项C正确；法拉第发现了电磁感应现象，并提出了力线的概念，他认为正是通过场(力线)把电作用与磁作用传递到别的电荷或磁体，选项D错误．13．(·、等校第二次统考)在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用．以下说法正确的选项是()A．查德威克用α粒子轰击铍原子核，发现了质子B．卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，揭示了原子核有复杂的结构C．汤姆孙通过对阴极射线的研究，发现阴极射线是原子核中的中子变为质子时产生的β射线D．居里夫妇从沥青铀矿中别离出了钋(Po)和镭(Ra)两种新元素答案D解析查德威克用α粒子轰击铍原子核，发现了中子；卢瑟福用α粒子轰击氮原子核，发现了质子，故A错误；贝克勒尔通过对天然放射性现象的研究，证明原子核有复杂结构，故B 错误；汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，但阴极射线不是原子核中的中子变为质子时产生的β射线，故C错误；居里夫妇从沥青铀矿中别离出了钋(Po)和镭(Ra)两种新元素，故D正确．14．(多项选择)(·七市第二次调研)以下说法符合物理史实的有()A．奥斯特发现了电流的磁效应B．库仑应用扭秤实验精确测定了元电荷e的值C．安培首先提出了电场的观点D．法拉第发现了电磁感应现象答案AD解析奥斯特发现了电流的磁效应，故A正确；密立根通过油滴实验精确测定了元电荷e的值，故B错误；法拉第首先提出用电场线描述电场，故C错误；1831年，法拉第发现了电磁感应现象，故D正确．15．(多项选择)(·市三模)以下说法中正确的有()A．黑体辐射时电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关B．普朗克为了解释光电效应的规律，提出了光子说C．天然放射现象的发现揭示原子核有复杂的结构D．原子核内任何两个质子间核力总大于它们间的库仑力答案AC解析由黑体辐射规律可知，辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，故A正确；爱因斯坦为了解释光电效应的规律，提出了光子说，故B错误；天然放射现象中的放射线来自于原子核，说明原子核中有复杂结构，故C正确；核力是短程力，作用范围在1.5×10－15m内，超出这个范畴，核力急剧减小，故原子核内任何两个质子间核力可能小于它们间的库仑力，故D错误．16．(·第二次省际调研)关于物理学史，以下说法正确的选项是()A．库仑利用扭秤实验，根据两电荷之间力的数值和电荷量的数值以及两电荷之间的距离推导得到库仑定律B．奥斯特发现电流可以使周围的小磁针发生偏转，称为电磁感应C．法拉第通过实验总结出法拉第电磁感应定律D．欧姆通过实验得出欧姆定律，欧姆定律对金属和电解质溶液都适用，但对气体导电和半导体元件不适用答案D解析库仑利用扭秤实验，得到两电荷之间的作用力与两电荷之间距离的平方成反比，与电荷量的乘积成正比，从而推导出库仑定律，但当时的实验条件无法测出库仑力的数值和电荷量的数值，选项A错误；奥斯特发现电流可以使周围的小磁针发生偏转，称为电流的磁效应，不是电磁感应现象，选项B错误；法拉第发现了电磁感应现象，纽曼和韦伯通过实验总结出了法拉第电磁感应定律，人们为了纪念法拉第，所以将其命名为法拉第电磁感应定律，故C 错误；欧姆定律是个实验定律，适用于金属导体和电解质溶液，对气体导电、半导体导电不适用，故D正确．17．(·市第一次质量检测)以下论述中正确的选项是()A．法拉第首先提出了场的概念B．爱因斯坦把“能量子〞引入物理学，正确地破除了“能量连续变化〞的传统观念C．库仑最早通过油滴实验测出了元电荷的电荷量D．玻尔通过α粒子散射实验提出了原子核式结构模型答案A解析法拉第首先提出了场的概念，选项A正确；普朗克把“能量子〞引入物理学，正确地破除了“能量连续变化〞的传统观念，选项B错误；密立根最早通过油滴实验测出了元电荷的电荷量，选项C错误；卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子核式结构模型，选项D错误．。