辽宁省五校协作体2014-2015学年高一物理上学期期末考试试题

2014—2015 学年度上学期省五校协作体高一期中考试物理试题一、选择题：本题共 12 小题，每小题 4 分。

在每小题给出的四个选项中，第 1--7 题只 有一项符合题目要求，第 8—10 题有多项符合题目要求。

全部选对的得 4 分，选对 但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。

1．物理学中引入“质点”概念，从科学方法说，是属于（ ）A．观察、实验的方法B．逻辑推理的方法C．类比的方法D．建立理想模型的方法2．关于物体的下列运动中，不可能发生的是（）A.加速度逐渐减小，而速度逐渐增大B.加速度方向不变，而速度的方向改变C.加速度大小不变，方向改变，而速度保持不变D.加速度和速度都在变化，加速度最大时速度最小；加速度最小时速度最大3．某物体由静止开始，做加速度为a1的匀加速直线运动，运动时间为t1，接着物体又做加速度大小为a2的匀减速直线运动，经过时间t2，其速度变为零，则物体在全部时间内的平均速度为（ ）A．B．C．D．4．航空母舰是大规模战争的重要武器，灵活起降的飞机是它的主要攻击力之一。

民航客机起飞时要在 2.5min 内使飞机从静止加速到 44m/s；而舰载飞机借助于助推装置，在 2s 内就可把飞机从静止加速到 82.5m/s，设飞机起飞时在跑道上做匀加速直线运动，则供客机起飞的跑道长度约是航空母舰的甲板跑道长度的( )A．800 倍B．80 倍C．400 倍D．40 倍5．某同学在学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动的物体，其加速度 a．速度 v．位 移 s 随时间变化的图象如图所示，若该物体在 t=0 时刻，初速度均为零，则 A、B、C 、D四个选 A．B．项中表示C．D．该物体沿单一方向运动的图象是（ ）6．一辆警车在平直的公路上以 40m/s 的速度巡逻，突然接到报警，在前方不远处有歹徒抢劫，该警车要尽快赶到出事地点且到达出事地点时的速度也为 40m/s，有三种行进方式：a 一直匀速直线运动；b 先减速再加速；c 先加速再减速，则( )A．a 种方式先到达 B．b 种方式先到达 C．c 种方式先到达 D．条件不足，无法确定7．一个物体从某一高度做自由落体运动，已知它第 1 s 内的位移为它最后 1 s 内位移的一半，g 取 10 m/s2，则它开始下落时距地面的高度为（）A.5 mB.11.25 mC.20 mD.31.25 m8．一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度—时间图象如图所示，由图象可知（ ）A.在 0～ta 段火箭的加速度小于 ta～tb 段火箭的加速度B.在 0～tb 段火箭是上升的，在 tb～tc 段火箭是下落的C.tb 时刻火箭离地面最远D.tc 时刻火箭离地面最远9．一小球从静止开始做匀加速直线运动，在第 15s 内的位移比前 1s 内的位移多 0.2m，则下列说法正确的是()A．小球加速度为 0.2m/s2B．小球前 15s 内的平均速度为 1.5m/sC．小球第 14s 的初速度为 2.8m/sD．第 15s 内的平均速度为 0.2m/s10．俄罗斯“能源”火箭航天集团专家称，人类能在 20 年后飞往火星。

2014-2015学年辽宁省沈阳市高一（上）期末物理试卷一、选择题：本题共10小题，每小题5分．在每小题给出的四个选项中，第l～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，选错的得0分．1．（5.00分）下列说法正确的是（）A．若物体运动速度保持不变，则物体所受合力一定为零B．若物体做直线运动，且速度随位移均匀增加，则该物体做匀加速直线运动C．若物体的加速度均匀增加，则物体做匀加速直线运动D．若物体所受合力均匀增加，则物体做匀加速直线运动2．（5.00分）当年，一个成熟的苹果从树上落下，引发牛顿无限遐想．现有一苹果从树上由静止自由落下，历时0.8s落地，不计空气阻力，g取10m/s2，则苹果下落的高度是（）A．1.5m B．2.4 m C．3.2m D．6.4m3．（5.00分）下列关于单位制的说法中，不正确的是（）A．基本单位和导出单位一起组成了单位制B．在国际单位制中，长度、质量、时间三个物理量被选作力学的基本物理量C．在国际单位制中，力学的三个基本单位分别是米、千克、秒D．力的单位牛顿是国际单位制中的一个基本单位4．（5.00分）人类日常生活离不开摩擦力，如果没有摩擦力，我们将不能走路、汽车将不能开动…下列关于摩擦力的说法中正确的是（）A．汽车轮胎表面都有花纹，是为了减小摩擦B．吃饭时拿在手中的筷子不会滑落，是因为有摩擦力的作用C．猴子沿竖直竹竿匀速向上爬时，受到的摩擦力方向向下D．静止的物体不会受到滑动摩擦力的作用5．（5.00分）下列关于分力和合力的关系的叙述，正确的是（）A．合力和它的两个分力同时作用于同一物体上，并产生各自效果B．合力的大小总是等于两个分力大小的代数和C．合力不可能小于它的任一个分力D．合力的大小可能等于某一个分力的大小6．（5.00分）如图所示，电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯做匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N．某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数为12N，关于电梯的运动，下列说法正确的是（g取10m/s2）（）A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为2m/s2，物体处于超重状态B．电梯可能向下加速运动，加速度大小为12m/s2，物体处于失重状态C．电梯可能向上减速运动，加速度大小为2m/s2，物体处于超重状态D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为12m/s2，物体处于超重状态7．（5.00分）甲、乙两物体同时从同一位置出发沿同一直线运动，它们的v﹣t 图象如图所示，则下列判断正确的是（）A．甲做匀速直线运，乙做匀变速直线运动B．两物体两次相遇的时刻分别是1s末和4s末C．乙在前2s内做匀加速直线运动，2S后做匀减速直线运动D．第2s末乙物体的运动方向改变8．（5.00分）如图所示，一木块放在粗糙水平地面上，现对木块施加一水平力F，木块仍处于静止状态，下列说法正确的是（）A．木块受3个力的作用B．地面对木块的支持力和木块对地面的压力是一对作用力和反作用力C．地面对木块的支持力和木块的重力是一对平衡力D．木块对地面的压力就是木块的重力9．（5.00分）如图所示，轻弹簧下端固定在水平地面上，一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度后停止下落．在小球下落的这一过程中，下列说法正确的是（）A．小球刚接触弹簧瞬间速度最大B．从小球接触弹簧起小球所受合力变为竖直向上C．从小球接触弹簧至到达最低点，小球的速度先增大后减小D．从小球接触弹簧至到达最低点，小球的加速度先减小后增大10．（5.00分）如图甲，某人正通过定滑轮将质量为m的货物提升到高处。

辽宁省锦州市2014—2015学年度上学期期末考试高一物理试题参考答案一、单项选择题（4分×8=32分）在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的． 二、多项选择题（4分×4=16分）在每小题给出的四个选项中有多个选项是正确的，全选对得4分，选不全得2分，错与不答得0分．三、实验填空题（每空2分，共10分） 13．(4分) F ′ B14．(6分)（1） ○2○4○7 (2) 0.337 ， 0.393四、计算题（10+10+10+12=42分）每题要写出公式，代入相应的数据，最后得出答案． 15．（10分）解：（1）设质点的初速度为v 0，加速度大小为a ，由题意可得：v 0t 1－12at 21＝6 （2分）12at 22＝2 （2分） t 1＝t 2＝1联立各式可得：v 0＝8 m/s ， a ＝4 m/s 2 （2分） 整个减速运动过程中质点的位移大小 （2分）（2）由v ＝v 0－at 可得整个减速过程共用的时间 （2分） （ 也可由题意直接得出） 16．（10分） 解：（1）设运动员在匀加速阶段的加速度为a ，在加速阶段的前1s 内通过的距离为x ，由运动学规律得:222/52,21s m txa at x ===(3分) （2）设运动员做匀加速运动的时间为t 1，匀速运动的时间为t 2，匀速运动的速度为v ，跑完全程的时间为t ，全程的距离为x ，依题意和运动学规律得: (3分)解得t 2=9s v =10m/s (2分) 设加速阶段通过的距离为x 1，则x 1=x -v t 2=10m (2分)17．（10分）解：对B 球受力分析如图所示，有： (2分)解得： (2分) 对A 球受力分析如图所示，在水平方向：0030sin 30cos NA T F F = (2分)在竖直方向：0030sin 30cos T A NA F g m F += (2分)联立各式得： (2分) 18．（12分）解：设施加外力F 的过程中物体的加速度为a 1，撤去力F 后物体上滑的加速度大小为a 2， 由牛顿第二定律有：F ﹣mgsin370﹣F f =m a 1 （2分）mgsin370+ F f =m a 2 （2分） F f = μmgcos370 （2分）由图象可知： a 1=4m/s 2 a 2=8m/s 2 （2分）联立各式解得：μ=0.25 F=12N （2分）由图象可得物体沿斜面向上运动的最大距离（2分）。

2014-2015学年辽宁省沈阳市市级重点高中协作校高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题5分，共50分．其中1-5题为单选题，6-10题为多选题．全对得5分，漏选得3分，错选不得分）1．关于物体受到的力，下列说法正确的是（）A．轻绳对物体的拉力是由物体的形变产生的，其方向指向轻绳收缩的方向B．相互接触的物体间一定有弹力作用C．形状规则的物体的重心不一定在它的几何中心上D．书对桌面的压力就是书的重力考点：物体的弹性和弹力；重心．分析：弹力的产生条件是直接接触并发生弹性形变，弹力的方向与接触面相垂直，绳子的弹力一定沿绳子的收缩方向，而杆的弹力不一定沿着杆的方向．解答：解：A、轻绳对物体的拉力是由绳的形变产生的，其方向指向轻绳收缩的方向，故A正确；B、弹力的产生条件是直接接触并发生弹性形变，所以相互接触的物体间不一定有弹力作用．故B错误；C、杆的弹力不一定沿着杆的方向，比如水平杆末端固定一小球，处于静止，则杆对小球的作用力是竖直向上，故C错误；D、书对桌面的压力是由于重力而引起的，却不是重力，故D错误；故选：A点评：本题考查弹力的产生条件及弹力方向．要特别注意有接触不一定有弹力，有弹力必定接触．弹力的方向与接触面相互垂直．2．某人沿着半径为 R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的（）A．路程和位移的大小均为3.5πRB．路程和位移的大小均为RC．路程为3.5πR、位移的大小为RD．路程为0.5πR、位移的大小为R考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也由方向；路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向．解答：解：人经过了1.75个圆周，所以经过的路程为1.75×2πR=3.5πR；位移是指从初位置到末位置的有向线段的长度，所以位移的大小为R．故选：C．点评：本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了．3．如图所示，两只同样的弹簧秤每只自重0.1N，下面的挂钩重力忽略不计，甲“正挂”，乙“倒挂”，在乙的下方挂上0.2N的砝码，则甲、乙弹簧秤的读数分别为（）A． 0.2N，0.3N B． 0.3N，0.2N C． 0.3N，0.3N D． 0.4N，0.3N考点：胡克定律；物体的弹性和弹力．分析：弹簧测力计在静止下使用，此时弹簧受到的力为平衡力，弹簧测力计指针指示的示数为这个力的大小，考虑弹簧测力计外壳重．分析出甲、乙、两弹簧挂钩的受力情况，就可得出正确答案解答：解：甲弹簧受力为0.1+0.2N=0.3N，乙弹簧由于倒挂，故受力为物体的重力和下面弹簧秤的重力之和，为0.3N．故选：C点评：分析甲弹簧受力时，将乙弹簧和物体看做一个整体，分析乙弹簧受力时，可以将甲弹簧看做绳子或细杆，分析好弹簧下端所受的拉力即是示数，本题的“倒挂”比较新颖4．沿直线运动的一列火车和一辆汽车，在计时开始时及每过1s时火车和汽车的速度分别为v1和v2如表所示，由表中数据可看出（）t/s 0 1 2 3 …v1/m•s﹣115.0 15.3 15.6 15.9 …v2/m•s﹣120 18 16 14 …A．火车的位移在增大，汽车的位移在减小B．火车的位移在减小，汽车的位移在增大C．火车的速度变化大，汽车的速度变化小D．火车的速度变化慢，汽车的速度变化快考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：从表格中数据可以看出，火车的速度均匀增大，汽车的速度均匀减小．通过速度方向是否改变判断位移是增加还是减小．通过比较加速度的大小比较谁速度变化快．解答：解：A、从表格中数据可以看出，火车的速度均匀增大，汽车的速度均匀减小．火车和汽车的速度方向不变，所以位移都增加．故A、B错误．C、火车的加速度为a1===0.3m/s2，汽车的加速度为=﹣2m/s2．负号表示方向，知汽车的加速度大于火车的加速度，所以汽车速度变化快．故C错误，D正确．故选D．点评：解决本题的关键知道加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度大，速度变化快．5．如图所示，A、B、C三个物体的质量相等，有F=1N的两个水平力作用于A、B两个物体上，A、B、C都静止，则地面对A物体、A物体对B物体、B物体对C物体的摩擦力分别为（）A． 1N、2N、1N B． 1N、0、1N C． 0、1N、0 D． 1N、1N、0N考点：静摩擦力和最大静摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：分别选取整体、BC、C为研究对象，由共点力的平衡可以求得地面对A物体、A物体对B物体、B物体对C物体的摩擦力．解答：解：以整体为研究对象，则整体在水平方向受向左和向右的大小相等的拉力，则二力的合力为零；若地面对A有摩擦力的话，则整体不可能静止，故地面对A的摩擦力为零；以BC为整体进地分析，BC水平方向受向右的拉力，要使静止，则A对B一定有向左的摩擦力，大小等于F=1N；对C分析，C水平方向不受外力，相对B没有相对运动的趋势，故C不受B的摩擦力；故选C．点评：对于静摩擦力的有无及方向的判断一定要灵活选取研究对象，并能根据力的平衡进行分析，必要时可以用假设法进行判断．6．一质点向东做匀速直线运动，其位移表达式为s=（10t﹣t2）m，则（）A．质点先向东做匀减速直线运动，后向西做匀加速直线运动B．质点的加速度大小是1m/s2C．质点的加速度大小是2m/s2D．在12s末，质点在出发点以西24m处考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间关系s=v0t+at2确定质点运动的初速度和加速度，再根据匀变速直线运动的规律求解即可．解答：解：ABC、将s=（10t﹣t2）m与匀变速直线运动的位移时间关系公式s=v0t+at2对比可得：质点的初速度为10m/s，加速度大小是2m/s2，方向向西．则知质点先向东做匀减速直线运动，后向西做匀加速直线运动，故AC正确，B错误．D、t=12s时，代入得 s=（10t﹣t2）m=（10×12﹣122）m=﹣24m，即质点在出发点以西24m 处，故D正确．故选：ACD．点评：本题运用比对的方法得到质点的运动性质，关键要掌握匀变速直线运动的位移时间关系公式，并由此得出物体运动的初速度和加速度．7．某物体的位移图象如图所示，则下列叙述正确的是（）A．物体运动的轨迹是抛物线B．物体运动的时间为8sC．物体运动所能达到的最大位移为80mD．在t=4s时刻，物体的瞬时速度为零考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：物体的位移图象表示位移随时间变化的规律，不是物体的运动轨迹．由图直接物体运动的时间．物体的位移大小等于纵坐标之差．根据图线的斜率等于速度，由数学知识求解速度．解答：解：A、如图是物体的位移图象，反映物体的位移随时间变化的规律，不是物体的运动轨迹．故A错误．B、由图读出物体运动的时间为8s．故B正确．C、在前4s内，物体的位移由0增大到80m，在后4s内物体的位移从80m减小到0，所以物体运动所能达到的最大位移为80m．故C正确．D、在t=4s时刻，图线的斜率等于0，说明物体的瞬时速度为零．故D正确．故选BCD点评：对于位移图象，可直接读出某一时刻的位移、由斜率读出速度．基本题．8．一辆汽车由静止开始做匀加速运动，经ts速度达到υ，立即刹车做匀减速运动，又经2ts停止，则汽车在加速阶段与在减速阶段（）A．速度变化量的大小相等B．加速度的大小相等C．位移的大小相等D．平均速度的大小相等考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：汽车经历两个运动过程：匀加速运动和匀减速运动，速度的变化量△v=v﹣v0；根据加速度的定义式a=分析加速度的关系；由公式x=t=，比较位移关系；解答：解：A、匀加速运动的速度变化量大小为△v1=v﹣0=v，匀减速运动的速度变化量△v2=0﹣v=﹣v，速度变化量的大小为v，则速度变化量的大小相等．故A正确．B、匀加速运动的加速度为=，匀减速运动的加速度为=﹣，加速度大小为，故B错误．C、匀加速运动的位移为x1==，匀减速运动的位移为x2==vt，故C错误．D、匀加速运动的平均速度为，匀减速运动的平均速度为．故D正确．故选AD点评：本题关键要掌握加速度的定义式a=、平均速度公式和位移公式x=t．9．A与B两个质点向同一方向运动，A做初速度为零的匀加速直线运动，B做匀速直线运动．开始计时时，A、B位于同一位置，则当它们再次位于同一位置时（）A．两质点速度相等B． A与B在这段时间内的平均速度相等C． A的瞬时速度是B的2倍D． A与B的位移相同考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：相遇要求同一时间到达同一位置，根据运动学公式和推论分析求解．解答：解：相遇要求同一时间到达同一位置，初始时刻AB位于同一位置，末时刻又在同一位置，所以两质点位移相等，故D正确；AB同时运动，所以相遇时运动的时间相等，根据平均速度等于位移除以时间可知，平均速度相等，故B正确；相遇时，位移相等，设A的速度为v A，B的速度为v B，有：，则v A=2v B．故C正确，A错误．故选：BCD．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．10．为了得到塔身的高度（超过5层楼高）数据，某人在塔顶使一颗石子做自由落体运动．在已知当地重力加速度的情况下，可以通过下面哪几组物理量的测定，求出塔身的高度（）A．最初1s内的位移B．石子落地的速度C．最后1s内的下落高度D．下落经历的总时间考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：要想求出楼的高度，根据h=，只要知道石子的落地时间，即可求出高度．根据v2=2gh，知道石子落地的速度，即可求出高度．解答：解：A、最初1s内的位移可以不告知，也可以求出，无法知道落地的时间和落地的速度，故无法求出塔身的高度．故A错误．B、知道石子的落地速度，根据v2=2gh可求出楼的高度．故B正确．C、知道石子最后1s内的位移，根据x=v0t+，可以求出最后1s内的初速度，根据速度时间公式求出落地速度，再根据v2=2gh，求出楼的高度．故C正确．D、知道石子下落的时间，根据h=求出塔身的高度．故D正确．故选BCD．点评：解决本题的关键知道要想求出楼的高度，根据h=，需要知道落地时间，或根据v2=2gh，需要知道落地速度．二、填空题（本题共2小题，将正确答案填在相应的空白位置或按要求作答，每空4分，共16分）11．重力为100N的木箱放在水平地板上，至少要用40N的水平推力，才能使它从原地开始运动．木箱与地板间的最大静摩擦力F max= 40 N．木箱从原地移动后，用38N的水平推力就可以使木箱继续做匀速运动．则木箱与地面间的动摩擦因数μ= 0.38 ．考点：静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．分析：当木箱刚要滑动时受到的静摩擦力达到最大值，恰好等于此时的水平推力．当物体被推动后，受到滑动摩擦力，匀速运动时，由平衡条件求出滑动摩擦力，根据摩擦力公式求出动摩擦因数．在运动过程中如果改用38N的水平推力推木箱时，物体由于惯性继续向前滑动，滑动摩擦力不变．解答：解：由题，当要用40N的水平推力时，木箱才能从原地开始运动，则此时水平推力恰好等于最大静摩擦力，所以木箱与地板间的最大静摩擦力为40N．用38N的水平推力，使木箱继续做匀速运动，则由平衡条件得到，木箱受到的滑动摩擦力f=38N，木箱对地面的压力大小等于重力，即F N=G=100N，所以动摩擦因数为μ==0.38．故答案为：40，0.38点评：研究摩擦力时，首先要根据物体的状态确定是滑动摩擦还是静摩擦，静摩擦根据平衡条件求解，滑动摩擦可以根据平衡条件，也可以根据摩擦力公式求解．12．在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验时，某同学得到一条用打点计时器打下的纸带，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G等7个计数点（每相邻两个计数点间还有4个打点，图中没有画出）．他把一毫米刻度尺放在纸带上，如图所示．则打下E点时小车的速度为0.2 m/s，小车的加速度为0.4m/s2．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题．分析：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上记数点时的瞬时速度大小．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．解答：解：由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，有：v E==0.2m/s设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2x6﹣x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）代入数据得：a=m/s2=0.4m/s2故答案为：0.2；0.4．点评：本题考查了利用匀变速直线运动的规律和推论解决问题的能力，不同的尺有不同的精确度，注意单位问题．对常见的几种测量长度工具要熟悉运用，并能正确读数．三、计算题（要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分．有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位．本题共3小题，共34分）13．汽车从甲地由静止出发，沿直线运动到丙地，乙在甲丙两地的中点．汽车从甲地匀加速运动到乙地，经过乙地速度为60km/h；接着又从乙地匀加速运动到丙地，到丙地时速度为120km/h，求汽车从甲地到达丙地的平均速度．考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：分别求出汽车在前半程和后半程的运动时间，再根据平均速度公式求汽车全程的平均速度即可．解答：解：设甲两两地距离为2L，汽车通过甲乙两地的时间分别为t1和t2，则有：汽车从甲运动到乙的过程中做匀加速运动故其平均速度为=30km/h，所用时间：：同理汽车从乙运动到丙的过程中做匀加速运动故其平均速度，汽车所用时间所以汽车从甲至丙的平均速度答：汽车从甲地到丙地的平均速度为45km/h点评：本题关键抓住汽车整个过程中做匀加速直线运动，根据平均速度公式分别求出前半程时间和后半程时间来求解，关键是掌握平均速度公式．14．一辆汽车以72km/h的速度在平直公路上行驶，现因故紧急刹车，已知汽车刹车过程中加速的大小始终为5m/s2，求（1）汽车刹车3s末的速度；（2）汽车通过30m所需要的时间；（3）汽车从开始刹车到6s末所通过的位移．。

辽宁省沈阳市东北育才学校14—15学年上学期高一第二次阶段考试物理试题一、选择题（每题4分，共48分，其中1-8题为单项选择题，9-12为多项选择题） 1． 2012年9月16日，济南军区在“保钓演习”中，某特种兵进行了飞行跳伞表演．该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在t 0时刻打开降落伞，在3t 0时刻以速度v 2着地．他运动的速度随时间变化的规律如图示．下列结论不正确的是A ．在0～t 0时间内加速度不变，在t 0～3t 0时间内加速度减小B ．降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越小C ．在t 0～3t 0的时间内，平均速度v > v 1＋v 22D ．若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小2. 如图所示，三个重均为100N 的物块，叠放在水平桌面上，各接触面水平，水平拉力F=20N 作用在物块2上，三条轻质绳结于O 点，与物块3连接的绳水平，与天花板连接的绳与水平方向成45o 角，竖直绳悬挂重为20N 的小球P 。

整个装置处于静止状态。

则 A ．物块1和2之间的摩擦力大小为20N B ．水平绳的拉力大小为15NC ．桌面对物块3的支持力大小为320ND ．物块3受5个力的作用3. 如图所示，质量为m 的小球置于倾角为30°的光滑斜面上，劲度系数为k 的轻弹簧一端系在小球上，另一端拴在墙上P 点，开始时弹簧与竖直方向的夹角为θ，现将P 点沿着墙缓慢向下移动，则弹簧的最短伸长量为 A.kmg2 B.mg k C.3mg 3k D.3mg k4． 2013年6月20日，我国宇航员王亚平在天宫授课时，利用质量测量仪粗略测出了聂海胜的质量。

若聂海胜受到恒力F 从静止开始运动，如图，经时间t 移动的位移为S ，则聂海胜的质量为( )A ．s Ft 2B ．s Ft 2C ．s FtD ．sFt 225.利用传感器和计算机可以研究快速变化的力的大小，实验时让质量为M 的某消防员从一平台上自由下落，落地过程中先双脚触地，接着他用双腿弯曲的方法缓冲，使自身重心又下降了段距离，最后停止，用这种方法获得消防员受到地面冲击力随时间变化的图线如图θ所示。

2014-2015学年度下学期期末考试高一试题物理命题：沈阳二中朱玉财张巍巍审校：周际红说明：1、测试时间：90分钟总分：100分2、客观题涂在答题纸上，主观题答在答题纸相应的位置上第I卷（48分）一、选择题（第1—6题为单选题，第7—12题为多选题，每题4分，漏选得2分）1、将复杂问题简单化，抽象问题具体化是解决问题的一种科学思维方法，在研究电场问题时，将难以理解、非常抽象的电场强度这一物理量用形象直观的电场线来理解就是一个非常成功的例子。

电场线是由下列哪位科学家首先提出来的（）A. 法拉第B. 库仑C. 牛顿D. 伽利略2、对于未知世界的探索，人们通常采用试探的方法（通过有限的试探得到无限的真理）。

在试探之前人们一定要归纳出未知世界的基本性质，从基本性质出发进行有效的试探。

人们研究电场时得到电场的基本性质是（）A.对放入电场中的有质量的物体就有力的作用B.只对放入电场中的质点有力的作用C.对放入电场中的电荷有力的作用D.只对放入电场中的点电荷有力的作用3、物体做自由落体运动，E K代表动能，E P代表势能，h代表下落的距离，以水平地面为零势能面。

下列所示图象中，能正确反映各物理量之间关系的是（）4、如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，一带电微粒以一定初速度从A点沿直线运动到B点，微粒除受到电场力和重力外，不再受其它力，则此过程微粒（）A.电势能增加B. 电势能减小C. 动能增加D. 动能不变5、一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v-t图象如图甲所示，则两点A、B所在区域的电场线分布情况可能是图乙中的（）6、如图，固定的光滑斜面倾角为θ，物体以初速度V0沿斜面向上滑动，恰好到达斜面的最高点A，A点离地面高度为H1。

若斜面的末端点为B点、C点，物体仍以初速度V0沿斜面向上滑动，物体将飞离斜面，离开斜面后运动过程中离地的最大高度分别为H2、H3；若物体与地面成θ角以初速度V0向上斜抛，物体运动过程中离地的最大高度为H4，则下列关系式正确的是（）A. H 1>H 2>H 3>H 4B. H 1<H 2<H 3<H 4C. H 1=H 2=H 3=H 4D. H 1=H 2=H 3>H 47、如图所示，质量为m 的物体，沿着半径为R 的半球形金属壳内壁滑下，半球形金属壳竖直固定放置，开口向上，滑到最低点时速度大小为v ，若物体与球壳之间的动摩擦因数为μ，则物体在最低点时，下列说法正确的是（ ）A. 受到的向心力大小为R v m m g 2+B. 受到的摩擦力大小为Rv m 2μC. 受到的摩擦力大小为)(2Rv m m g +μD. 受到的合力方向斜向左上方8、由于万有引力定律和库仑定律都满足平方反比定律，因此引力场和电场之间有许多相似的性质，在处理有关问题时可以将它们进行类比。

2014-2015学年辽宁省协作校高一（上）期末物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1，2，3，5，6，7，9题中只有一项符合题目要求，4，8，10题多项符合题目要求．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．关于作用力和反作用力，以下说法正确的是（）A．作用力与它的反作用力总是一对平衡力B．地球对物体的作用力比物体对地球的作用力大C．作用力与反作用力一定大小相等、方向相反D．凡是大小相等，方向相反的两个力一定是一对作用力和反作用力2．如图所示，物体与水平面间的滑动摩擦力大小为20N，在向右运动的过程中，还受到一个方向向左的大小为F=10N的拉力作用，则物体受到的合力为（）A． 10N，向右B． 10N，向左C． 30N，向右D． 30N，向左3．如图所示，河水的流速为5m/s，一条船要从河的南岸A点沿与河岸成30°角的直线航行到北岸下游某处，则船的开行速度（相对于水的速度）最小为（）A． 2m/s B． 3m/s C． 3.5m/s D． 2.5m/s4．如图所示，升降机天花板上用轻弹簧悬挂一物体，升降机静止时弹簧伸长量为10cm，运动时弹簧伸长量为8cm，g=10m/s2，则升降机的运动状态可能是（）A．以a=2m/s2的加速度减速上升B．以a=2m/s2的加速度加速下降C．以a=8m/s2的加速度减速上升D．以a=8m/s2的加速度加速下降5．如图为某次羽毛球比赛中，照相机拍摄到的运动员击球后某一瞬间的照相底片．该照相经过放大后分析出，在曝光时间内，羽毛球影像前后错开的距离约为羽毛球长度的10%～15%．已知曝光时间为10﹣4s，由此可估算出该运动员击球后羽毛球飞行速度约为（）A． 3.5km/h B． 35km/h C． 350km/h D． 3500km/h6．如图所示，两个质量都为m的小球A和B，用两根长度都为L的轻绳连接，悬挂在水平天花板的O点，A、B之间也有长为L的轻绳相连接．当B球受水平力F作用，在如图位置静止，OA绳处于竖直状态，则（）A． F大于mgB． F小于mgC． A球可能受3个力，B球可能受4个力D．剪断AB间的绳，A球所受合外力可能变化7．如图所示，A、B两个小球质量为M A、M B，分别连在弹簧两端，B端用平行于斜面的细线固定在倾角为30°的光滑固定斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度大小分别为（）A．和B． 0和C．和0 D． 0和8．甲、乙两车在同一水平道路上行驶，t=0时刻，乙车在甲车前方6m处，此后两车运动的过程如图所示，则下列表述正确的是（）A．当t=4s时两车相遇B．当t=4s时甲车在前，乙车在后C．两车有两次相遇D．两车有三次相遇9．如图所示，粗糙斜面固定于水平面，滑块A、B叠放后一起沿斜面匀速下滑，且始终保持相对静止，A上表面水平．则在斜面上运动时，B受力的示意图为（）A．B．C．D．10．如图所示，在倾角为α的光滑斜面上放一个重为G的小球，并用光滑的挡板挡住，挡板与斜面的夹角为θ（最初θ＜α），挡板从图示位置以O为轴向左缓慢转至水平，在此过程中小球始终处于平衡状态，当挡板对小球的弹力大小等于小球的重力时，θ的大小可以为（）A．αB． 2αC．π﹣αD．π﹣2α二、填空题（本题共3小题，第11题6分，第12题4分，第13题12分，共22分）11．光滑水平面上，质量为2kg的物体同时受到水平面内的三个力F1=5N，F2=7N，F3=10N的作用，物体加速度的最大值为m/s2，最小值为m/s2．12．在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=10cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图所示的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为V0= （用L、g表示），其值是 m/s（取g=10m/s2）．13．在探究“加速度与力、质量的关系”的活动中：（1）某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装成如图1所示．请你指出该装置中两处错误或不妥之处：①；②．（2）改正实验装置后，该同学顺利地完成了实验．图2是他在实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可算得小车的加速度a为m/s2．（图中数据单位均为cm，结果保留两位有效数字）（3）为保证绳子对小车的拉力约等于沙桶和沙子的重力mg，则沙桶和沙子的质量m与小车的质量M应满足的关系是：．三、计算题（本题共3小题，共38分．第14题10分，第15题13分，第16题15分．解答时应该写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算题，答案中必须明确写出数值和单位）14．如图所示，一物块置于水平地面上，当用水平方向成60°角的力F1拉物块时，物块向右做匀加速直线运动；当改用与水平方向成30°角的力F2推物块时，物块仍然向右做匀加速直线运动，加速度大小变为原来的一半．若F1和F2的大小相等，都等于mg．求：物块与地面之间的动摩擦因数μ=？（结果可用根式表示）15．如图所示，可视为质点的小滑块从倾角为37°的光滑斜面顶端无初速度下滑，然后经B 点进入粗糙水平面，恰停在C点．已知斜面AB长x1=12m，水平面BC和小滑块间的动摩擦因数为0.2，B点有一很短的光滑圆弧过渡，即滑块经过B点时速度大小不变．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）滑块在斜面上运动的时间t及滑块到达B点时速度v B；（2）水平面BC的长度x2．16．用如图a所示的水平﹣﹣斜面装置研究平抛运动，一物块（可视为质点）置于粗糙水平面上的O点，O点距离斜面顶端P点为s．每次用水平拉力F，将物块由O点从静止开始拉动，当物块运动到P点时撤去拉力F．实验时获得物块在不同拉力作用下落在斜面上的不同水平射程x，做出了如图b所示的F﹣x图象，若水平面上的动摩擦因数μ=0.1，斜面与水平地面之间的夹角θ=45°，g取10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求：OP间的距离s=？2014-2015学年辽宁省协作校高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1，2，3，5，6，7，9题中只有一项符合题目要求，4，8，10题多项符合题目要求．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．关于作用力和反作用力，以下说法正确的是（）A．作用力与它的反作用力总是一对平衡力B．地球对物体的作用力比物体对地球的作用力大C．作用力与反作用力一定大小相等、方向相反D．凡是大小相等，方向相反的两个力一定是一对作用力和反作用力考点：作用力和反作用力．分析：作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，它们同时产生、同时消失、同时变化，是同种性质的力．注意明确与平衡力的区别和相同点．解答：解：A、作用力与它的反作用力作用在两个物体上，无法平衡，故A错误B、地球对物体的作用力与物体对地球的作用力大小相等，方向相反，故B错误C、作用力与反作用力一定是性质相同的力；并且作用力与反作用力一定大小相等、方向相反，故C正确D、大小相等，方向相反的两个力还可能是平衡力，故D错误故选：C．点评：解决本题的关键知道作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，它们同时产生、同时消失、同时变化，是同种性质的力．2．如图所示，物体与水平面间的滑动摩擦力大小为20N，在向右运动的过程中，还受到一个方向向左的大小为F=10N的拉力作用，则物体受到的合力为（）A． 10N，向右B． 10N，向左C． 30N，向右D． 30N，向左考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：滑动摩擦力的方向与物体的相对滑动的方向相反；两个共点力合成时，若不在一条直线上，运用平行四边形定则合成；若共线，直接相加；若反向，直接相减．解答：解：物体在向右运动的过程中，受到地面对其向左的滑动摩擦力；对物体受力分析，受重力、支持力、向左的滑动摩擦力、向左的拉力，合力等于拉力加上摩擦力，为30N；故D正确，ABC错误；故选：D．点评：本题关键是对物体受力分析，然后求解合力，注意物体向右做直线运动，故合力与速度共线，竖直方向的合力为零．3．如图所示，河水的流速为5m/s，一条船要从河的南岸A点沿与河岸成30°角的直线航行到北岸下游某处，则船的开行速度（相对于水的速度）最小为（）A． 2m/s B． 3m/s C． 3.5m/s D． 2.5m/s考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：已知合速度的方向以及一分速度的方向（水流速），根据平行四边形定则确定另一分速度（静水速）的最小值．解答：解：根据平行四边形定则知，因为垂线段最短，所以当静水速与合速度方向垂直时，静水速最小，v min=v水sin30°=5×m/s=2.5m/s．故D正确，ABC错误．故选：D．点评：解决本题的关键会根据平行四边形定则对速度进行合成，以及在知道合速度方向和一分速度大小方向的情况下，能够求出另一分速度的最小值．4．如图所示，升降机天花板上用轻弹簧悬挂一物体，升降机静止时弹簧伸长量为10cm，运动时弹簧伸长量为8cm，g=10m/s2，则升降机的运动状态可能是（）A．以a=2m/s2的加速度减速上升B．以a=2m/s2的加速度加速下降C．以a=8m/s2的加速度减速上升D．以a=8m/s2的加速度加速下降考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：以物体为研究对象，分析受力情况：重力和弹簧的弹力．静止时，两力平衡．当弹簧伸长减小时，弹力减小，物体所受合力方向向下，根据牛顿第二定律求解加速度，分析运动情况．解答：解：设物体的质量为m，弹簧的劲度系数为k．静止时，mg=kx1当弹簧伸长减小时，弹力减小，小球所受合力方向竖直向下，小球的加速度竖直向下．根据牛顿第二定律得：mg﹣kx2=ma，x2=x1代入解得 a=2m/s2，方向竖直向下，则升降机可能以2m/s2的加速度减速上升，也可能以2m/s2的加速度加速下降．故选：AB．点评：本题应用牛顿定律分析失重现象．对于超重和失重现象的判断，关键抓住加速度方向：加速度向上时，产生超重现象；相反，产生失重现象．5．如图为某次羽毛球比赛中，照相机拍摄到的运动员击球后某一瞬间的照相底片．该照相经过放大后分析出，在曝光时间内，羽毛球影像前后错开的距离约为羽毛球长度的10%～15%．已知曝光时间为10﹣4s，由此可估算出该运动员击球后羽毛球飞行速度约为（）A． 3.5km/h B． 35km/h C． 350km/h D． 3500km/h考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：羽毛球的长度约为0.1m，把曝光的这段时间内的运动看做匀速运动，根据匀速运动位移时间公式即可求解．解答：解：羽毛球的长度约为0.1m，在曝光时间内，羽毛球运动的位移x=0.1×10%=0.01m所以v===100m/s≈35km/h；故选：B点评：本题的基本技巧是要抓住“数量级”构建，题目所求曝光时间等于羽毛球影像前后错开的距离除以羽毛球速度，所以，必须知道羽毛球影像前后错开距离和羽毛球速度的数量级．6．如图所示，两个质量都为m的小球A和B，用两根长度都为L的轻绳连接，悬挂在水平天花板的O点，A、B之间也有长为L的轻绳相连接．当B球受水平力F作用，在如图位置静止，OA绳处于竖直状态，则（）A． F大于mgB． F小于mgC． A球可能受3个力，B球可能受4个力D．剪断AB间的绳，A球所受合外力可能变化考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对球A受力分析，根据共点力平衡条件得到细线AB的拉力；再对球B受力分析，根据共点力平衡条件结合合成法进行分析处理．解答：解：A、对球B受力分析，受重力和OA绳子的拉力，根据受力平衡，绳子AB的拉力为零，绳子OA的拉力等于mg；对球B受力分析，受到重力、拉力F和OB绳子的拉力T，如图：根据共点力平衡条件，结合几何关系，有：F=mg，故A正确，BC错误；D、绳子AB的拉力为零，剪断AB间的绳，A球所受合外力不变，故D错误；故选：A．点评：本题关键是先对A球受力分析，由平衡条件得到AB绳子的拉力为零；再对B球受力分析，根据共点力平衡条件得到拉力F的大小．7．如图所示，A、B两个小球质量为M A、M B，分别连在弹簧两端，B端用平行于斜面的细线固定在倾角为30°的光滑固定斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度大小分别为（）A．和B． 0和C．和0 D． 0和考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当两球处于静止时，根据共点力平衡求出弹簧的弹力，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律分别求出A、B的加速度大小．解答：解：对A球分析，开始处于静止，则弹簧的弹力F=M A gsin30°，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对A，所受的合力为零，则A的加速度为0；对B，根据牛顿第二定律得：a B==．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题考查牛顿第二定律的瞬时值问题，抓住剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解．8．甲、乙两车在同一水平道路上行驶，t=0时刻，乙车在甲车前方6m处，此后两车运动的过程如图所示，则下列表述正确的是（）A．当t=4s时两车相遇B．当t=4s时甲车在前，乙车在后C．两车有两次相遇D．两车有三次相遇考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据图象与时间轴围成的面积可求出两车的位移，则可确定何时两车相遇．能够画出两车的运动情景过程，了解两车在过程中的相对位置进行判断．解答：解：AB、图象与时间轴围成的面积可表示位移，则知0﹣4s，甲的位移为48m，乙的位移为40m，甲、乙两车在同一水平道路上，开始时它们相距S=6m，当t=4s时，甲车在前，乙车在后，相距2m．所以当t=4s时两车不相遇，第一次相遇发生在4s之前．故A错误，B正确．CD、开始时，甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距S=6m，由此可知，t=4s时，甲车在前，乙车在后，相距2m．所以两车第一次相遇发生在4s之前．当t=6s时两车第二次相遇；t=6s后，由于乙的速度大于甲的速度，乙又跑到前面，8s后，由于甲的速度大于乙的速度，两车还会发生第三次相遇，故C错误，D正确．故选：BD．点评：速度﹣时间图象中要注意观察三点：一点，注意横纵坐标的含义；二线，注意斜率的意义；三面，速度﹣时间图象中图形与时间轴围成的面积为这段时间内物体通过的位移．9．如图所示，粗糙斜面固定于水平面，滑块A、B叠放后一起沿斜面匀速下滑，且始终保持相对静止，A上表面水平．则在斜面上运动时，B受力的示意图为（）A．B．C．D．考点：物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：对B受力分析，根据共点力的平衡条件可得出物体受到的力的示意图．解答：解：因两物体匀速下滑，则B受力平衡，故B只能受重力和支持力的作用；故选：A．点评：解答本题要注意明确物体B做匀速直线运动，故B不可能受摩擦力的作用，可以用假设法进行分析．10．如图所示，在倾角为α的光滑斜面上放一个重为G的小球，并用光滑的挡板挡住，挡板与斜面的夹角为θ（最初θ＜α），挡板从图示位置以O为轴向左缓慢转至水平，在此过程中小球始终处于平衡状态，当挡板对小球的弹力大小等于小球的重力时，θ的大小可以为（）A．αB． 2αC．π﹣αD．π﹣2α考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对球受力分析，根据矢量三角形合成法则作图，由几何关系计算求解．解答：解：球所受的三个力的合力为零，根据矢量三角形定则，则应该组成首尾相连的矢量三角形，如图：由几何知识得：N1与N2的夹角为θ，mg与N2的夹角为α，由题意，mg=N1故合成的三角形为等腰三角形，即：θ=α即挡板与斜面的夹角为α；挡板与斜面的夹角还可以为钝角，同理可得挡板与斜面的夹角为π﹣α，故选：AC．点评：本题考查平衡条件的应用以及矢量合成的法则，灵活选择的三角形合成还是平行四边形合成，会起到事半功倍的效果．注意挡板与斜面的夹角还可以为钝角的情况，不要漏解．二、填空题（本题共3小题，第11题6分，第12题4分，第13题12分，共22分）11．光滑水平面上，质量为2kg的物体同时受到水平面内的三个力F1=5N，F2=7N，F3=10N的作用，物体加速度的最大值为11 m/s2，最小值为0 m/s2．考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律可知加速度的大小取决于物体所受合力的大小，根据三力合成时的合力范围可明确加速度的大小范围．解答：解：当三个力方向相同时，合力最大，最大值为：F max=5+7+10=22N；最小值为0；故由牛顿第二定律可知，加速度的最大值为11m/s2；最小值为0；故答案为：11；0．点评：本题考查牛顿第二定律及力的合成，要注意明确三力合成时，三力的合力能否为零．12．在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=10cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图所示的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为V0= （用L、g表示），其值是 2 m/s（取g=10m/s2）．考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题；平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度的表达式，从而得出初速度的大小．解答：解：在竖直方向上，根据△y=L=gT2得，T=，则初速度=．故答案为：，2．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解，基础题．13．在探究“加速度与力、质量的关系”的活动中：（1）某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装成如图1所示．请你指出该装置中两处错误或不妥之处：①打点计时器不应使用干电池，应使用交流电源；；②小车初始位置离打点计时器太远；．（2）改正实验装置后，该同学顺利地完成了实验．图2是他在实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可算得小车的加速度a为0.19 m/s2．（图中数据单位均为cm，结果保留两位有效数字）（3）为保证绳子对小车的拉力约等于沙桶和沙子的重力mg，则沙桶和沙子的质量m与小车的质量M应满足的关系是：M＞＞m ．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：（1）由实验原理可知：①打点计时器不应使用干电池，应使用交流电源；②实验中没有平衡小车的摩擦力；③小车初始位置离打点计时器太远，应在靠近打点计时器的位置开始释放；（2）由逐差法计算小车运动的加速度．（3）为保证绳子对小车的拉力约等于沙桶和沙子的重力mg，要求满足小车的质量M远大于沙桶和沙子的质量m．解答：解：（1）不妥之处有以下三点：①打点计时器不应使用干电池，应使用交流电源；②实验中没有平衡小车的摩擦力；③小车初始位置离打点计时器太远；（2）由逐差法可得加速度为：==0.19m/s2（3）为保证绳子对小车的拉力约等于沙桶和沙子的重力mg，则沙桶和沙子的质量m与小车的质量M应满足的关系是：M＞＞m．故答案为：（1）①打点计时器不应使用干电池，应使用交流电源；②实验中没有平衡小车的摩擦力；③小车初始位置离打点计时器太远；（三个填对任意两个就行）（2）0.19．（3）M＞＞m．点评：解决本题的关键掌握探究“加速度与力、质量的关系”实验方法、步骤．以及会用逐差法求加速度．三、计算题（本题共3小题，共38分．第14题10分，第15题13分，第16题15分．解答时应该写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算题，答案中必须明确写出数值和单位）14．如图所示，一物块置于水平地面上，当用水平方向成60°角的力F1拉物块时，物块向右做匀加速直线运动；当改用与水平方向成30°角的力F2推物块时，物块仍然向右做匀加速直线运动，加速度大小变为原来的一半．若F1和F2的大小相等，都等于mg．求：物块与地面之间的动摩擦因数μ=？（结果可用根式表示）考点：牛顿运动定律的综合应用；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在两种情况下分别对物体受力分析，根据牛顿第二定律并结合正交分解法列式求解，即可得出结论．解答：解：对两种情况下的物体分别受力分析，如图将F1正交分解为F3和F4，F2正交分解为F5和F6，则有：F3﹣F滑=mamg=F4+F N；F5﹣F滑′=ma′mg+F6=F N′而F滑=μF NF滑′=μF N′则有F1cos60°﹣μ（mg﹣F1sin60°）=ma ①F2cos30°﹣μ（mg+F2sin30°）=ma′②又根据题意F1=F2 =mg ③a=2a′④联立①②③④解得：μ=答：动摩擦因素为．点评：本题关键要对物体受力分析后，运用共点力平衡条件联立方程组求解，运算量较大，要有足够的耐心，更要细心．15．如图所示，可视为质点的小滑块从倾角为37°的光滑斜面顶端无初速度下滑，然后经B 点进入粗糙水平面，恰停在C点．已知斜面AB长x1=12m，水平面BC和小滑块间的动摩擦因数为0.2，B点有一很短的光滑圆弧过渡，即滑块经过B点时速度大小不变．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）滑块在斜面上运动的时间t及滑块到达B点时速度v B；（2）水平面BC的长度x2．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由牛顿第二定律求得物体在斜面上的加速度，再由位移公式及速度公式求得时间及速度；（2）对水平面上的物体进行分析求得加速度，再由速度和位移公式可求得滑行的距离．解答：解：（1）物体在斜面上受重力、支持力的作用；由牛顿第二定律可知：mgsinθ=ma解得：a=gsinθ=10×0.6=6m/s2；则由x=可得：t===2s；由速度公式可得，B点的速度为：v B=at=6×2=12m/s；（2）物体在水平面上的加速度为：a2=μg=0.2×10=2m/s2；由速度和位移公式可得：v B2=2a2x2；解得：x2===36m；答：（1）滑块在斜面上运动的时间t为2s；滑块到达B点时速度v B为12m/s．（2）水平面BC的长度x2为36m点评：本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确加速度在联系运动和力中的桥梁作用；明确运动学公式及受力分析的正确应用．16．用如图a所示的水平﹣﹣斜面装置研究平抛运动，一物块（可视为质点）置于粗糙水平面上的O点，O点距离斜面顶端P点为s．每次用水平拉力F，将物块由O点从静止开始拉动，当物块运动到P点时撤去拉力F．实验时获得物块在不同拉力作用下落在斜面上的不同水平射程x，做出了如图b所示的F﹣x图象，若水平面上的动摩擦因数μ=0.1，斜面与水平地面之间的夹角θ=45°，g取10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求：OP间的距离s=？考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：对OP段，运用动能定理列出F与s的关系．抓住小球平抛运动运动的竖直位移和水平位移的比值等于斜面倾角的正切值，得出F和水平射程x的关系式，结合图象找到截距和斜率的数值，即可解得s．解答：解：OP段，根据动能定理得：Fs﹣μmgs=…①由平抛运动规律和几何关系有，物块的水平射程：x=v P t…②小球的竖直位移：y=gt2…③由几何关系有：y=xtanθ…④由②③④有：x=…⑤由①⑤式解得 F=+m由图象知：m=5kg，=10，解得 s=1.25m答：OP间的距离s是1.25m．点评：本题知道平抛运动水平方向和竖直方向上运动的规律，抓住竖直位移和水平位移的关系，把握两个过程之间速度关系．注意公式和图象的结合，重点是斜率和截距．。

2014—2015学年度上学期期末考试高三年级物理科试卷答案1.B2.D3.B4.A5.D6.A7.ACD8.ABC9.BD 10.CD11.（1）、23692Ts s a -= (2分) （2） C (2分) 12.（1）ACE （2分）（2）如图所示（2分）（3）如图所示（2分）（4）4.17（2分）（4.1~4.2均给分）13. 答案：87.0=μ解析：设物体的质量为m ：在S 1段物体做匀加速直线运动，在S 2段物体做匀减速运动，由牛顿第二定律得在S 1段：1sin ma mg =θ（1分），解得215sin s m g a ==θ（1分） 在S 2段：2sin cos ma mg mg =-θθμ（1分），解得θθμsin cos 2g g a -=（1分）设S 1段结束时的速度为v ，根据运动学方程：在S 1段：1122S a v =（1分），在S 2段：2222S a v =（1分） 又：122S S =（1分），解得：87.023==μ（1分） 14.答案：（1）m qBa v 21=（2）m qBa v 232=（3）mqBa v m 3= 解析（图见下一页）：（1）粒子不经过圆形区域就能到达B 点，故粒子到达B 点时速度竖直向下，圆心必在x 轴正半轴上，设粒子做圆周运动的半径为r 1，由几何关系得11330sin r a r -=︒（1分），又1211r v m B qv =（1分），解得m qBa v 21=（1分） （2）粒子在磁场中的运动周期Bqm T π2=，故粒子在磁场中运动轨迹的圆心角为︒=︒⨯∆=60360Tt α（1分），粒子到达B 点的速度与x 轴夹角︒=30β（1分），设粒子做圆周运动的轨道半径为r 2，由几何关系得︒+︒=30cos 230sin 2322a r a （1分），又2222r v m B qv =（1分），解得m qBa v 232=（1分）（3）设粒子从C 点进入圆形区域，O'C 与O'A 的夹角为θ，轨迹圆半径为r ，由几何关系得θθcos sin 2a r a +=（1分），故当=60θ︒时。