2013-2014高二物理上学期期中试卷

江苏省扬州中学2013—2014学年第一学期期中考试高二物理(选修）试卷2013.11（时间100分钟，满分120分）一、单项选择题（每题4分，共20分）1、下列说法中正确的是（）A．磁感线是磁场中客观存在的B．磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止C．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的D．电流元IL在磁场中受力为F，则磁感应强度B一定等于错误!2、下图中分别标明了通电直导线中电流I、匀强磁场的磁感应强度B 和电流所受安培力F 的方向，其中正确的是（）3、如图所示，质量为m的金属环用线悬挂起来，金属环有一半处于与环面垂直的匀强磁场中,从某时刻开始，磁感应强度均匀减小，则在磁感应强度均匀减小的过程中，关于线拉力的大小，下列说法中正确的是（）A．大于环重力mg，并逐渐减小B．始终等于环重力mgC．小于环重力mg，并保持恒定D．大于环重力mg,并保持恒定4、如图所示，在水平放置的光滑绝缘杆ab上,挂有两个相同的金属环M和N。

当两环均通以图示的相同方向的电流时，则（）A．两环静止不动B．两环互相靠近C．两环互相远离D．两环同时向左运动5、如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，则（)A．电压表V读数先变大后变小，电流表A读数先变小后变大B．电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小C．电压表V读数先变大后变小,电流表A读数变大D．电压表V读数先变小后变大，电流表A读数先变大后变小二、多项选择题（每题5分，共20分）6、下列说法中正确的是( ）A．某时刻穿过线圈的磁通量为零，感应电动势就为零B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势就越大C．只有当电路闭合,且穿过电路的磁通量发生变化时，电路中才有感应电流D．不管电路是否闭合，只要穿过电路的磁通量发生变化，电路中就有感应电动势7、如图，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路，虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于回路所在的平面。

宿迁市2013—2014学年度第一学期期中考试试题
高二年级物理（选修）
满分120分考试时间75分钟
选项符合题意（每小题4分，共一、单项选择题：每小题只有一个
．．．．
24分）
1.下列物理量与检验电荷有关的是（）
A。

电场强度E B。

电势 C。

电势差U D. 电势能E P
2．关于电流强度的概念，下列叙述中正确的有（）A．通过导线截面的电量越多，电流强度越大
B．电子运动的速率越大，电流强度越大
C．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流强度越大D．因为电流有方向，所以电流强度是矢量
考点:本题考查电流强度，意在考查学生的理解能力。

3．R1＝10 Ω，R2＝20 Ω,R1允许通过的最大电流为1。

5 A，R2两端允许加的最大电压为10 V．若将它们串联，加在电路两端的最大电压可以是( ）
A．45 V B．5 V C．25 V D．15 V
4．如图所示,若ab间距离等于bc间距离，则ab间的电势差U1和bc间电势差U2的大小关系是（）
A、U1=U2
B、U1>U2
C、U1<U2
D、不能确定
5．如图所示,带箭头的线表示某一电场的电场线。

在电场力作用下，一带电粒子（不计重力)经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是( ）
A．粒子带正电B．粒子在A点加速度大
C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，粒子在B点电势能较高
6．如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，。

2013-2014学年高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）（2013秋•雅安期末）用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下面四个物理量都是用比值法定义的．以下公式不属于定义式的是（）A．电流强度I=B．磁感应强度C．电阻R=D．电容C=考点：电流、电压概念；电容；电阻定律；磁感应强度．分析：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．解答：解：A、电流强度与流过截面的电量和时间无无直接关系，所以I=属于比值定义法．故A正确．B、磁感应强度与放入磁场中的电流元无关．所以属于比值定义法．故B正确．C、电阻R与电压、电流无关，是其本身的属性，属于比值定义法，故C正确．D、电容与正对面积S成正比，与极板间的距离成反比，C=不属于比值定义法．故D错误．本题选不是定义式的故选D．点评：解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．2．（3分）（2013秋•东台市校级期中）物理老师在讲授“摩擦起电”时，请同学们用塑料直尺在头发上摩擦几下后试试能否吸引碎纸片，结果塑料直尺能够吸引碎纸片．如果以橡胶棒与毛皮摩擦作类比，这个现象说明（）A．摩擦时，同时发生了正、负电荷的转移，头发带负电，塑料直尺带正电B．摩擦时，同时发生了正、负电荷的转移，头发带正电，塑料直尺带负电C．摩擦时，头发上的电子向塑料直尺转移，使塑料直尺带了负电D．摩擦时，只发生了正电荷的转移，使塑料直尺带了正电考点：静电现象的解释．分析：用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷．带电体能吸引轻小物体．解答：解：当用毛皮摩擦橡胶棒时，毛皮上的电子转移到橡胶棒上，使橡胶棒有了多余的电子而带负电．同理，当用塑料尺与头皮摩擦时，头发上的电子也转移到塑料尺上，使塑料尺带负电．故选：C．点评：此题考查了摩擦起电的原因电子的转移，要理解到位．3．（3分）（2006•永州模拟）如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点通过P点时电势能较大C．带电质点通过P点时的动能较大D．带电质点通过P点时的加速度较小考点：等势面．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．解答：解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故A错误；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D错误．故选B．点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．4．（3分）（2013秋•东台市校级期中）某一探测器因射线照射，内部气体电离，在时间t内有K个二价正离子到达阴极，有2K个电子到达探测器的阳极，则探测器电路中的电流为（）A．0B．C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电流的公式I=，q是通过导体截面的电量；电离时正负电荷分别向两个方向运动；通过截面的电量只能为正离子或电子的．解答：解：由题意可知，电离时通过导体截面的电量为4ke；由电流公式I=得：I=故选：D．点评：本题应注意区分电离与电解液导电的区别！若为电解液导电，则答案为D，而电离时只能考虑一种离子．5．（3分）（2013秋•东台市校级期中）两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ 连线的中垂线，交PQ于O点，A点为MN上的一点．一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动．取无限远处的电势为零，则（）A．q由A向O的运动是匀加速直线运动B．q由A向O运动的过程电势能逐渐减小C．q运动到O点时的动能最小D．q运动到O点时电势能为零考点：电势能．分析：根据等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性，分析试探电荷q的受力情况，确定其运动情况，根据电场力做功情况，分析其电势能的变化情况．解答：解：A、两等量正电荷周围部分电场线如右图所示，其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向．故试探电荷所受的电场力是变化的，q由A向O的运动做非匀加速直线运动，故A错误．B、电场力方向与AO方向一致，电场力做正功，电势能逐渐减小；故B正确．C、从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到N过程中，电场力做负功，动能减小，故在O点试探电荷的动能最大，速度最大，故C错误．D、取无限远处的电势为零，从无穷远到O点，电场力做正功，电势能减小，则q运动到O点时电势能为负值．故D错误．故选：B点评：本题考查静电场的基本概念．关键要熟悉等量同种点电荷电场线的分布情况，运用动能定理进行分析功能关系．二.多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.）6．（4分）（2013•贵州学业考试）如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A．电容器带电量不变B．尘埃仍静止C．检流计中有a→b的电流D．检流计中有b→a的电流考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．解答：解：A、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小．故A错误．B、由于板间电压和板间距离不变，则板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态．故B正确．CD、电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，下极板带负电，电路中形成逆时针方向的电流，则检流计中有a→b的电流．故C正确，D错误．故选：BC．点评：本题电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式C=和电容的定义式C=结合进行分析．7．（4分）（2013秋•东台市校级期中）干电池的电动势为1.5V，其意义为（）A．B．C．D．考点：电源的电动势和内阻．分析：电源的电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压，电动势与电功率不同．当1s内能使1.5C的电量通过导线的某一截面时，电路中电流是1.5A，但电动势不一定等于1.5V．导线某一截面每通过1C的电量，这段导线就消耗1.5J的电能．解答：解：A、由W=Eq可知，在电源内部把1C正电荷从负极搬到正极，非静电力做功1.5J；故A正确；B、内部电压小于电源的电动势，故静电力做功不等于1.5J；故B错误；D、电动势反映电池的做功能力；1.5V的电池做功能力大于1.2V的电池；故C正确；D、由于不知道1s中移送的电荷量，无法求出转化的电能；故D错误；故选：AC．点评：本题考查电动势的定义及内部非静电力做功的问题，要明确区分静电力做功与非静电力做功的区别．8．（4分）（2011秋•沈阳期中）小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的电阻为R=考点：电阻率与温度的关系；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据电阻的定义R=，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大．对应P点，灯泡的电阻等于过P点的切线斜率的倒数．解答：解：AB、图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大．故A正确．C、D对应P点，小灯泡的电阻为R=≠．故C错误，D正确．故选AD点评：本题中灯泡是非线性元件，其电阻R=，但R．9．（4分）（2013秋•东台市校级期中）如图所示，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，从M点无初速释放一带有恒定负电荷的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止．则从M点运动到N点的过程中，下列说法中正确的是（）A．小物块所受电场力逐渐减小B．小物块具有的电势能逐渐增大C．Q电场中M点的电势高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据物块与负电荷间距离的变化，由库仑定律分析小物块受到的电场力变化情况．由电场力做正功知，电荷的电势能减小．由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电．电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据电场线的方向判断电势的高低．根据动能定理分析物块电势能变化量的大小与克服摩擦力做的功的关系．解答：解：A、从M点运动到N点的过程中，物块与点电荷Q的距离增大，带电量均不变，根据库仑定律分析可知，小物块所受电场力逐渐减小．故A正确．B、点电荷对物块的电场力方向向左，对物块做正功，物块的电势能一直减小．故B错误．C、由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电，电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据顺着电场线电势降低可知，M点的电势低于N点的电势．故C错误．D、物块的初速度为零，末速度也为零，动能的变化量为零，根据动能定理可知，电场力做功与克服摩擦力做功相等，而小物块电势能变化量的大小等于电场力做功，则小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功．故D正确．故选AD点评：由库仑定律分析电场力的变化，根据电场力做功的正负判断电势能的变化，由电场线的方向判断电势高低等等都是电场中基本问题，要加强训练，熟练掌握．三、填空题（本题共2小题，共14分，每空2分）则R1的测量值为300Ω，真实值是290Ω，R2的测量值为300Ω，真实值是333Ω．用伏安法测R2电阻应采用电流表内接法较好．（”外接法”或”内接法”）考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题的关键是求电阻的真实值时，应考虑电表内阻的影响，然后根据欧姆定律和串并联规律求解即可．解答：解：甲图中：电阻测量值：=；真实值为：=；乙图中：电阻测量值为：=；真实值为：=；比较它们的绝对误差可知，伏安法测时，采用内接法测量误差较小，所以电流表应用内接法较好．故答案为：300，290，300，333，内接法点评：伏安法测电阻内外接法的选择方法是：当满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法．11．（4分）（2014秋•杨浦区校级期末）如图，已知R1=10Ω，R2=20Ω，R3=20Ω，AB两端间电压恒为30V，若CD之间接理想电压表，则电压表示数U=20V；若CD之间改接理想电流表，则电流表示数I=0.75A．考点：欧姆定律；电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：若CD之间接理想电压表，则电阻R1与R2串联；若CD之间改接理想电流表，则电阻R2与R3并联后与R1串联；根据串并联电路的电压和电流关系列式求解即可．解答：解：若CD之间接理想电压表，则电阻R1与R2串联，故电压表读数为：U=IR2=•R2=20V；若CD之间改接理想电流表，则电阻R2与R3并联后与R1串联，则电流表示数为：I A=I==0.75A；故答案为：20，0.75．点评：本题是串并联电路的运用问题，关键理清电路结构，明确理想电压表相当于断路，理想电流表相当于短路．四.计算题（本题共5小题，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.共75分）12．（15分）（2011•甘肃模拟）在一个点电荷Q的电场中，Ox坐标轴与它的一条电场线重合，坐标轴上A、B两点的坐标分别为2.0m和5.0m．放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，电场力的大小跟试探电荷所带电量的关系图象如图中直线a，b所示，放在A点的电荷带正电，放在B点的电荷带负电．求：（1）B点的电场强度的大小和方向．（2）试判断点电荷Q的电性，并说明理由．（3）点电荷Q的位置坐标．考点：电场强度；库仑定律；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=．方向与正电荷所受电场力方向相同．（2）放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，而正电荷所受电场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反．从而知道点电荷位于A、B 之间．（3）根据点电荷场强公式E=分析．解答：解：（1）由图可知，B点的电场强度，方向指向x负方向．同理A点的电场强度E A=40N/C，方向指向x正方向．（2）放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，而正电荷所受电场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反．若点电荷在A的左侧或在B 的右侧，正负电荷所受电场力方向不可能相同，所以点电荷Q应位于A、B两点之间，根据正负电荷所受电场力的方向，知该点电荷带负电．（3）设点电荷Q的坐标为x，由点电荷的电场E=，可知解得x=2.6m．（另解x=1舍去）所以点电荷Q的位置坐标为（2.6m，0）．答：（1）B点的电场强度的大小为E B=2.5N/C，方向指向x负方向．（2）点电荷带负电．（3）点电荷Q的位置坐标为（2.6m，0）．点解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=和点电荷的场强公式E=，以及知道电场强度的评：方向，与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．13．（15分）（2013秋•泰安期末）如图所示，两平行金属板A．B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点，C点在A板上，且CD=4cm，CD连线和场强方向成60°角．已知电子从D点移到C点电场力做功为3.2×10﹣17J，电子电量为1.6×10﹣19C．求：（1）匀强电场的场强；（2）A．B两点间的电势差；（3）若A板接地，D点电势为多少？考点：电场强度；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据电场力做功W=qEd，d是沿电场方向两点间的距离，求解电场强度．（2）根据匀强电场中，场强与电势差之间的关系U=Ed求出电场强度E．（3）由公式U=Ed求出AD间电势差，再求解D点电势．解答：解：（1）由题，D→C电场力做正功，为：W=qEL CD cos60°得：E==N/C=1×104N/C（2）因电场力做正功，则知电子在电场中受到的电场力方向向上，电子带负电，则场强方向为A→B．所以A、B间电势差为：U AB=Ed AB=104×6×10﹣2=600V（3）A、D间电势差为：U AD=Ed AD cos60°=1×104×4×10﹣2×0.5V=200V由U AD=φA﹣φD，φA=0，得：φD=﹣200V答：（1）匀强电场的场强为1×104N/C；（2）A、B两点间的电势差是600V；（3）若A板接地，D点电势为是﹣200V．点评：电场力具有力的一般性质，电场力做功可根据功的一般计算公式W=Flcosα计算．本题还要掌握公式U=Ed，知道d是沿电场线方向两点间的距离．14．（12分）（2013秋•东台市校级期中）有一电流表G，内阻为R=30Ω，满偏电流是1mA，求：（1）如果它改装成量程为0﹣15V的电压表，要串联多大的电阻？改装后电压表的内阻是多大？（2）如果它改装成量程0﹣3A的电流表，要并联多大的电阻？改装后电流表的内阻是多大？考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题（1）的关键是根据串并联规律写出表达式，然后解出分压电阻的阻值即可；题（2）的关键是根据串并联规律列出表达式，然后解出分流电阻即可．解答：解：（1）：改装为电压表时，根据串并联规律应有：U=，代入数据解得：=14970Ω；改装后电压表的内阻为：=；（2）：改装为电流表时，应有：I=，代入数据解得：=0.01Ω；改装后电流表的内阻为：=；答：（1）如果它改装成量程为0﹣15V的电压表，要串联14970Ω的电阻，改装厚1电压表的内阻为15000Ω（2）如果它改装成量程0﹣3A的电流表，要并联0.01Ω的电阻，改装后电流表的内阻为0.01Ω．点评：应明确电压表是由电流表与分压电阻串联改装成的，电流表是由电流表与分流电阻并联改装成的．15．（16分）（2013秋•东台市校级期中）小明准备参加玩具赛车比赛，她想通过实验挑选一只能量转换效率较高的电动机，实验时她先用手捏住电动机的转轴，使其不转动，然后放手，让电动机正常转动，分别将2次实验的有关数据记录在表格中．请问：电动机的电压/V 电动机工作状态通过电动机的电流/A不转动正常转动（1）这只电动机线圈的电阻为多少？（2）当电动机正常工作时，转化为机械能的功率是多少？（3）当电动机正常工作1分钟时，电动机消耗的电能是多少？（4）该玩具电动机正常工作时电能转化为机械能的效率是多少？考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）电动机不转动时，是纯电阻电路，根据欧姆定律求解线圈电阻；（2）当电动机正常工作时，转化为机械能的功率等于总功率减去内阻消耗的功率；（3）电动机消耗的电能Q=UIt；（4）电能转化为机械能的效率η=×100%．解答：解：（1）电动机不转动时，是纯电阻电路，根据欧姆定律得：r=Ω（2）当电动机正常工作时，（3）当电动机正常工作1分钟时，电动机消耗的电能Q=UIt=2×1×60=120J（4）电能转化为机械能的效率η=×100%=100%=75%．答：（1）这只电动机线圈的电阻为0.5Ω；（2）当电动机正常工作时，转化为机械能的功率是1.5W；（3）当电动机正常工作1分钟时，电动机消耗的电能是120J；（4）该玩具电动机正常工作时电能转化为机械能的效率是75%．点评：本题关键在于电动机不是个纯电阻，所以对电动机正常转动和卡住不转的分析计算是不同的，这个需要同学们注意．16．（17分）（2013秋•东台市校级期中）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子在偏转场运动的时间t；（3）电子从偏转电场射出时的侧移量；（4）P点到O点的距离．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小；（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，根据进入偏转电场时的速度和极板长度求出粒子在偏转电场中运动的时间；（3）粒子在偏转电场中做类平抛运动，竖直方向做初速度为0的匀加速直线运动，根据粒子受力和运动时间求出侧向位移量；（4）粒子离开偏转电场后做匀速直线运动，水平方向做匀速直线运动求出运动时间，竖直方向亦做匀速直线运动由时间和速度求出偏转位移，再加上电场中的侧位移即为OP的距离．解答：解：（1）粒子在加速电场中只有电场力做功，根据动能定理有：得电子加速后的速度大小为（2）电子进入偏转电场后，在电场力作用下做类平抛运动，令电子运动时间为t1，电子在水平方向做匀速直线运动故有：vt1=L1得电子在偏转电场中的运动时间（3）在竖直方向电子做初速度为0的匀加速运动，已知偏电压为U2，极板间距为d，则电子在偏转电场中受到的电场力：F=由牛顿第二定律知，电子产生的加速度a=所以电子在偏转电场方向上的侧位移y===（4）由（3）分析知，电子离开偏转电场时在竖直方向的速度v y=at=电子离开偏转电场后做匀速直线运动，电子在水平方向的分速度，产生位移为L2，电子运动时间电子在竖直方向的分速度，产生位移=所以电子偏离O点的距离PO==答：（1）电子穿过A板时的速度大小为；（2）电子在偏转场运动的时间t=；（3）电子从偏转电场射出时的侧移量；（4）P点到O点的距离PO=．点评：能根据动能定理求电子加速后的速度，能根据类平抛运动计算电子在电场中偏转的位移和速度，这是解决本题的关键，本题难点是全部是公式运算，学生不适应．本题难度适中．。

山东省临沂市重点中学2013-2014学年高二上学期期中考试物理试题（理）第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题：(本题包括10个小题，满分40分.每小题给出四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全选对得4分，选对但选不全的得2分，选错的或不选的得0分)1.下列关于静电场的说法正确的是（）A．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势向低电势运动B．在点电荷形成的电场中没有场强相等的两点，但有电势相等的两点C．场强为零处，电势一定为零；电势为零处，场强一定为零D．初速为零的正电荷在电场力作用下一定沿电场线运动2. 铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A．电路中每通过1C的电量，电源就把2J的化学能转化为电能B．蓄电池与电路断开时两极间的电压为2VC．蓄电池在1秒内将2J的化学能转化为电能D．蓄电池将化学能转化为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大【答案】ABD【解析】试题分析：电动势在数值上等于非静电力将1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功，所以对于铅蓄电池的电动势为2V，电路中每通过1C电荷量，电源把2J的化学能转化为电能．故A正确．电源未接入电路时两端间的电压等于电动势．故B正确．电动势是2V，意3．如图所示，平行板电容器的两个极板为A、B，B板接地，A板带有电荷量＋Q，板间电场有一固定点P，若将B板固定，A板下移一些，或者将A板固定，B板上移一些，在这两种情况下，以下说法正确的是( )A．A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势不变B．A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势升高C．B板上移时，P点的电场强度不变，P点电势降低D．B板上移时，P点的电场强度减小，P点电势降低4. 如图所示的电路，a、b、c为三个相同的灯泡，其电阻大于电源内阻，当变阻器R的滑动触头P向上移动时，下列判断中正确的是 ( )C．电源输出功率增大 D．电源的供电效率增大5．神经系统中，把神经纤维分为有髓鞘和无髓鞘两大类，现代生物学认为，髓鞘是由髓质累积而成，经实验测得髓质的电阻率为ρ=8×106Ω·m。

2013—2014学年度第一学期期中考试高二物理理科试题（1－15班）注意事项：1、本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

2、请将自己的姓名、学号填在答题卷指定的地方，同时请阅读答题卷上的注意事项。

3、第I卷用铅笔涂在答题卡上，第∏卷用钢笔或圆珠笔答在答题卷上。

4、全卷共100分。

考试用时90分钟。

第I卷一、单项选择题(本题共6小题，每小题3分，共18分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个项符合题目要求的)1、下列叙述正确是( )A．摩擦起电是电荷的转移过程，感应起电是创造电荷的过程B．原来不带电的物体接触其它带电体而带电是电荷的转移过程C．玻璃棒无论和什么物体（玻璃除外）摩擦都会带正电D．带等量异种电荷的两个导体接触后，电荷会消失，这种现象叫电荷的湮灭【答案】B【解析】AB、无论哪种带电方式，其实质都是电荷的转移的过程，故A错误B正确；C、要看和玻璃棒摩擦的物质与玻璃棒相比较谁更容易失去电子，故C错误；D、电子湮灭不是电子消失，而是正电荷结合等量负电荷后整体不再显示电性，故D错误。

故选B。

【考点】电荷守恒定律2、一带电粒子沿图所示的曲线穿过匀强电场，重力不计。

关于粒子带何种电荷以及该粒子在a、b两点动能的大小，下列结论正确的是( )A．负电，在a点动能较大B．正电，在a点动能较大C．负电，动能相等D．正电，在b点动能较大【答案】D【解析】由于电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧，电场力方向与电场方向一致，故粒子带正电，从A到B电场力做正功，电势能减小、动能增加。

故选D。

【考点】电场线；电势能；带电粒子在电场中的运动3、如图所示，要使静电计的指针偏角增大，可采用的方法是( )A．使两极板靠近 B．插入电介质C．减小正对面积 D．用手碰一下负极板【答案】C【解析】A 、使两极板靠近，板间距离d 减小，根据电容的决定式SC 4kdεπ=，分析得知，电容C 增大，而电容器的带电量Q 不变，由QC U=分析得知，板间电势差U 减小，则静电计的指针偏角变小，故A 错误；B 、插入电介质，根据电容的决定式SC 4kdεπ=，分析得知，电容C 增大，而电容器的带电量Q 不变，由QC U=分析得知，板间电势差U 减小，则静电计的指针偏角变小，故B 错误； C 、减小正对面积，根据电容的决定式SC 4kdεπ=，分析得知，电容C 减小，而电容器的带电量Q 不变，由QC U=分析得知，板间电势差U 增大，则静电计的指针偏角变大，故C 正确；D 、用手碰一下负极板时，人的电势和大地的电势相同，所以不会对电容器所带的电荷有影响，故D 错误。

2013-2014学年第一学期高二年级期中考试物理试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

注意事项：1、本试卷满分100分，考试时间90分钟。

2. 答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在试题卷和答题卡上。

3. 用0.5毫米的黑色墨水签字笔答在答题卡上每题对应的答题区域内，答在试题卷上无效。

Ⅰ卷(选择题，共48分)一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1，2，3，11，12为单选，其余为多选）1．两个分别带有电荷量－Q和＋3Q的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后将其固定距离变为r 2，则两球间库仑力的大小为( )A.112F B.34F C.43F D．12F2、下列说法中正确的是 ( )A．导体中电荷运动就形成了电流B．在国际单位制中，电流的单位是AC．电流有方向，它是一个矢量D．任何物体，只要其两端电势差不为零，就有电流存在3．在一个点电荷形成的电场中，关于电场强度和电势的说法中正确的是（）A．没有任何两点电场强度和电势相同B．可以找到很多电场强度和电势相同的点C．没有任何两点电势相等D．可以找到很多电势相等的点4.如图所示，A、B为两个固定的等量同号正电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，若不计C所受的重力，则关于电荷C以后的运动情况，下列说法中正确的是( )A．加速度始终增大B．加速度先增大后减小C．速度先增大后减小D．速度始终增大 5．如图所示，叠放在一起的A、B两绝缘小物块放在水平向右的匀强电场中，其中B带正电q而A不带电.它们一起沿绝缘水平面以某一速度匀速运动.现突然使B带电量消失，同时A带上正电q，则A、B的运动状态可能为A．一起匀速运动B．一起加速运动C．A匀加速，B匀减速D．A匀加速，B匀速6.如图所示，直线是真空中两点电荷形成的电场中的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一个带正电的粒子在只受电场力的情况下，以速度v A经过A点沿直线向B点运动，经一段时间以后，该带电粒子以速度v B经过B点，且v B与v A方向相反，则( )A．A点的电势一定低于B点的电势B．A点的场强一定大于B点的场强C．该带电粒子在A点的电势能一定小于它在B点的电势能D．该带电粒子在A点时的动能与电势能之和等于它在B点时的动能与电势能之和7.如图所示，在绝缘的斜面上方，存在着匀强电场，电场方向平行于斜面向上，斜面上的带电金属块在平行于斜面的力F作用下沿斜面移动．已知金属块在移动的过程中，力F做功32 J，金属块克服电场力做功8 J，金属块克服摩擦力做功16 J，重力势能增加18 J，则在此过程中金属块的( )A．动能减少10 JB．电势能增加24 JC．机械能减少24 JD．内能增加16 J8.如图所示，平行板电容器两极板与电源两极相连．为电流表，若将电容器的两极板靠近，则在这一过程中: ( )A.中有电流，方向是a→b．B. 中有电流，方向是b→a．C. 电容器两极板的带电量都增大．D. 电容器两极板间的场强增大．第4题第5题第6题第7题第8题9、光滑水平面上有一边长为l 的正方形区域处在场强为E 的匀强电场中，电场方向与正方形一边平行，一质量为m 、带电荷量为q 的小球由某一边的中点，以垂直于该边的水平初速v 0进入该正方形区域．当小球再次运动到该正方形区域的边缘时，具有的动能可能为( )A ．0 B.12m v 20＋12qEl C.12m v 20 D.12m v 20＋23qEl 10、如图所示是常用在电子手表和小型仪表中的锌汞电池，它的电动势约为1.2V ，这表示 ( )A ．电路通过1C 的电荷量，电源把1.2J 其他形式能转化为电能B ．电源在每秒内把1.2J 其他形式能转化为电能C ．该电源比电动势为1.5V 的干电池做功少D ．该电源与电动势为1.5V 的干电池相比，通过1C 电荷量时转化为电能少11、图是某导体的伏安特性曲线，由图可知（ ）A 、导体的电阻是250ΩB 、导体的电阻是0.04ΩC 、当导体两端的电压是10V 时，通过导体的电流是0.4AD 、当通过导体的电流是0.1A 时，导体两端的电压是25V12.均匀带电薄球壳上的电荷在球的空腔内任一点产生的场强为零，在球壳外某点产生的场强与将球壳中所有电荷集中在球心后在该点产生的场强相等。

湖北省部分重点中学2013～2014学年度上学期高二期中考试物 理 试 卷一 .选择题.本题包括10小题，共50分。

在每个小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分1. 两个半径均为R 的金属小球，带电量之比为1∶3，相距为r （r >>R ），两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（ ）A ．1B ．1/3C ．2/3D ．4/3【答案】BD 【解析】由库仑定律可知：122Q Q F k R =，原来223Q F k R= 当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为2：2，所以库仑力是224'Q F k R=，是原来的4/3，故D 正确； 当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为1：1，所以库仑力是22''Q F k R=，是原来的1/3，故B 正确。

【考点】库仑定律2. 如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。

在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A 点飞向B 点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（ ）A ．粒子带正电B ．粒子在A 点加速度大C ．粒子在B 点动能大D ．A 、B 两点相比，B 点电势较低【答案】D 【解析】A 、带电粒子所受电场力指向其轨迹内侧，因此电场力向下和电场线相反，故粒子到负电，故A 错误；B 、B 处电场线密，电场强，故电场力大于，因此其加速度比A 点要大，故B 错误；C 、从A 到B 过程中，电场力做负功，动能减小，因此A 处动能大于B 处的，故C 错误；D 、沿电场线电势降低，因此A 点电势高于B 点，故D 正确。

【考点】电场线；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件；电势3. 某控制电路如图所示，主要由电源(电动势为E 、内阻为r )与定值电阻R 1、R 2及电位器(滑动变阻器)R连接而成，L1、L2是红绿两个指示灯，当电位器的触片滑向a端过程中，下列说法正确的是（）A．L1、L2两个指示灯都变暗B．L1、L2两个指示灯都变亮C．L1变亮，L2变暗D．L1变暗，L2变亮【答案】A【解析】电位器的触片滑向a端时，电位器电阻减小→外电路总电阻R减小→总电流增加→内电压增加外电压减小→灯泡L1变暗；电位器的触片滑向a端时，电位器电阻减小，与电位器并联的支路的总电阻减小，故分得的电压减小，故通过灯泡L2支路的电流减小，故灯泡L2变暗。

O N S 罗平一中2013-2014学年度上学期期中考试高二年级 物理试卷(命题: 徐勇 考试时间: 90分钟 满分: 110分 范围: 选修3-1、3-2)一、选择题：本题共13小题，每小题4分，共计52分。

在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~13题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1、在电场中某点放入电荷量为q 的正电荷时测得该点的场强为E ，若在同一点放入电荷量为q′=2q 的负电荷时，则该点的场强 ( ) A ．大小为2E ，方向与E 相同 B ．大小为2E ，方向与E 相反C ．大小为E ，方向与E 相同D ．大小为E ，方向与E 相反 2．如图所示，蹄形磁体用悬线悬于O 点，在磁体的正下方有一水平放置的长直导线，当导线通以由左向右的电流时，蹄形磁体的运动情况将是（ ） A ．静止不动B ．向纸外运动C ．N 极向纸外转动，S 级向纸内转动D ．N 极向纸内转动，S 级向纸外转动3如图所示，条形磁铁放在水平粗糙桌面上，它的正中间上方固定一根长直导线，导线中通过方向垂直纸面向里（即与条形磁铁垂直）的电流，和原来没有电流通过时相比较，磁铁受到的支持力N 和摩擦力f 将( )A. N 减小，f=0;B. N 减小，f ≠0;C. N 增大，f=0;D. N 增大，f ≠04、如图所示,两根相距为l 的平行直导轨ab 、cd.b 、d 间连有一固定电阻R,导线电阻可忽略不计.MN 为放在ab 和cd 上的一导体杆,与ab 垂直,其电阻也为R.整个装置处于匀强磁场中,磁感应强度的大小为B,磁场方向垂直于导轨所在平面（指向图中纸面内）.现对MN 施力使它沿导轨方向以速度v（如图）做匀速运动.令U 表示MN 两端电压的大小,则（ ） A. U=21B l v,流过固定电阻R 的感应电流由b 到dB.U=21B l v,流过固定电阻R 的感应电流由d 到bC.U=B l v,流过固定电阻R 的感应电流由b 到dD.U=B l v,流过固定电阻R 的感应电流由d 到b5.交流电源电压u=20sin(100πt)V ，电路中电阻R=10Ω。

2013-2014学年第一学期高二年级期中考试物理（必修）试卷命题人：姓名______________ 班级_________ 考场________ 考试号___________ 一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题I每小题3分，共69分）．1．下列说法正确的是A．电荷只有两种，即正电荷和负电荷B．所有带电体的电荷量可以是任意值C．摩擦时使物体带电是因为摩擦能创生电荷D．摩擦时失去电子的物体带负电2．关于电流的方向，下列说法正确的是A．在金属导体中，电流的方向是自由电子定向移动的方向B．在电解液中，电流的方向是负离子定向移动的方向C．无论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向移动的方向相反D．在电解液中，由于是正负电荷定向移动形成电流，所以电流有两个方向3．如右图所示，把两张用软纸摩擦过的塑料片相互靠近，它们会张开．这是由于它们之间存在A．电场力B．摩擦力C．弹力 D．磁场力4．关于电容器和电容，下列说法正确的是A．平行板电容器的正对面积越大，电容越小B．给电容器充电时，两极板分别带上等量的同号电荷C．电容器充电后与电源正极相连的极板带正电D．平行板电容器的两极板越近，电容越小5．关于电动势，下列说法中不正确．．．的是A．电动势的单位是伏特B．电动势的大小等于没有接入外电路时电源两端的电压C．电动势的单位是焦耳D．电动势的大小由电源本身性质决定6．两个放在绝缘架上的相同金属球相距d，球的半径比d小得多（可以看成点电荷），分别带q和3q的同种电荷，相互斥力为3F。

现将这两个金属球接触，然后分开，仍放回原处，则它们的相互斥力将变为A．0 B．F C．3F D．4F7．把标有“220 V，40 W”、“220 V，100 W”的两个灯泡并联后接在电压为220 V的电路中A．40 W的灯泡较亮B．100 W的灯泡较亮C．两灯泡一样亮D．无法判断8．下列说法正确的是A．同名磁极相吸，异名磁极相斥B．奥斯特实验说明了电流周围存在着磁场C．通电导体之间也存在着相互作用，它们是通过电场发生作用的D．地磁场的N极在地理的北极附近，地磁场的S极在地里的南极附近9．关于磁场和磁感线的描述，下列哪些是正确的A．磁感线从磁体的N极出发到磁体的S极终止B．磁感线有时可以相交C．磁感线某点的切线方向就是该点磁场方向D．两条磁感线的空隙处不存在磁场10．下图中磁感应强度B、电流I和安培力F之间的方向关系错误．．的是11．如图所示，将几十匝的大线圈固定在门上，线圈的两端与电流表相连。

河南省南阳市部分示范高中2013-2014学年高二上学期期中考试2013年秋期高中二年级期中质量评估物理参考答案(计算题若结果不对，请一定要统一标，准按步给分)二、填空、作图题（共18分）13、（6分）1.044；（3分） 0.0621～0.0624（3分） 14、（12分）（1）C ，D ，F （每空2分）（2）如图所示分压器3分；伏安法测电阻3分三、计算题（共44分）15、（8分）解：（1）F =BIl ，……………………3分∵F =5×10－2N ， I =5A ，l =1×10－2m ，∴B =1T .…………………………………1分（2）电流增加到I ′=10A 时，受磁场力F ′=BI ′l =1×10×1×10－2N=0.1………3分 F ′=0.1N …………………………………1分 16、（10分） 解：（ 1）由a →b 运动，竖直方向只受重力，有mg=m a g.………………………………………1分速度由v 变为o ，有t =gv.…………………1分 水平方向只受电场力作用，速度由o 变为3v ∴g tv a xx 3=∆=…………………………1分 由牛顿第二定律：Eq =m a x ，………………1分 ∴qE mg3=.………………………………1分 （2）o mv qU x -=221，…………………4分 qmv U 292=.………………………………1分17、（12分）解：（1）在a 、b 间运动时qU 1=21mv 21，……………………………………2分 ∴v 1=mqU 12.设在a 、b 间的运动时间为t ，有d 1=21v ·t 1，……………………………………2分 ∴t 1=2d 112qU m. 设从b 到MN 的总时间为t 2,有d 2＋d 3＝v 1t 2,……………………………………2分∴t 2＝(d 2＋d 3)12qU m． 电荷运动的总时间t =2d 113212)(2qU md d qU m ++.……………1分 （2）设电荷在c 、d 间运动时间为t 3，有d 3=v 1t 3，……………………………………………1分设侧向位移为y 侧，有y 侧=21at 23，………………………………………1分 又：qE =ma ，……………………………………1分E =dU 2，…………………………………………1分 所以y 侧=142234U d U d .纵坐标为－142234U d U d .……………………………１分18、（14分）解：（1）将AB 延长后交U 轴与20V 处，交I 轴于1.0A 处,20V E =∴…………………………………………1分E =I 短r ，……………………………………………2分得r =20Ω，…………………………………………1分（2）滑片P 滑至右端时由图象知此时对应于B 点，U 2=4V ．E=U 2+Ur ，………………………………………………2分∴Ur =16V ． 可知r =4R 2，得Ω=52R ………………………………………………2分 （3）滑片滑到左端时，由图象可知外电压为U 外=16V ，…1分U r =E －U 外=4V ，…………………………………………1分 A 2.0==rU I r总，………………………………………1分 .80Ω==总外外I U R ………………………………………1分 R 1与R 3并联后的总电阻为R 3并=80Ω－5Ω=75Ω，……1分又31313R R R R R +⋅=并，解得：R 3=300Ω．…………………………………………1分。