当前位置：文档之家 › 【学练考】2015-2016学年高二人教版物理选修3-2练习册：模块终结测评(一)

【学练考】2015-2016学年高二人教版物理选修3-2练习册：模块终结测评(一)

  • 格式：doc
  • 大小：319.50 KB
  • 文档页数：8

模块终结测评(一)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共100分，考试时间90分钟．第Ⅰ卷(选择题 共36分)一、选择题(本题共9小题，每小题4分，共36分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题意，有的有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分)1．(多选)下列应用中与涡流有关的是( )A ．高频感应冶炼炉B ．金属探测器C ．电磁灶D ．闭合线圈在匀强磁场中转动，切割磁感线产生电流2．一只“220 V 100 W ”的灯泡接在u ＝311sin 314t(V )的交变电源上，则下列判断错误的是( )A ．在1 min 内，灯泡上产生的热量是22 000 JB ．与灯泡串联的电流表的示数为0.45 AC ．与灯泡并联的电压表的示数为220 VD ．通过灯泡的电流的表达式为i ＝0.64sin 314t(A )3．唱卡拉OK 用的话筒内有传感器，其中有一种是用动圈式的，它的工作原理是在弹性膜片后面粘接一个轻小的闭合线圈，线圈处于永磁体的磁场中，当声波使膜片前后振动时，就将声音信号转变为电信号，下列说法正确的是( )A ．该传感器是根据电流的磁效应工作的B ．该传感器是根据电磁感应原理工作的C ．膜片振动时，穿过金属线圈的磁通量不变D ．膜片振动时，金属线圈中不会产生感应电动势4．长为4L 的粗细均匀的金属杆围成一个正方形闭合框架，框架放在光滑的水平桌面上，另一根长为L 的同种材料、同样粗细的金属杆ab 搁在其上，如图M -1-1所示．匀强磁场垂直穿过框架平面，不计一切摩擦．当金属杆ab 获得一个初速度沿框架从左向右运动的过程中( )图M -1-1A ．任一时刻ab 杆的加速度大小均是框架加速度大小的4倍B ．任一时刻ab 杆的加速度方向均和框架的加速度方向相同C ．ab 杆对地做匀减速运动，框架对地做匀加速运动D ．任一时刻ab 杆的发热功率均是框架发热功率的145．(多选)在如图M -1-2(a )所示的虚线框内有匀强磁场，设图示磁场方向为正，磁感应强度随时间变化规律如图(b )所示．边长为l ，电阻为R 的正方形均匀线框abcd 有一半处在磁场中，磁场方向垂直于线框平面，此时线框ab 边的发热功率为P ，则下列说法正确的是( )图M -1-2A ．磁感应强度B 0＝T 2l 2PR B ．线框中感应电流为I ＝2P RC ．线框cd 边的发热功率为PD ．a 端电势高于b 端电势6．(多选)半导体中参与导电的电流载体称为载流子．N 型半导体的载流子是带负电的电子，P 型半导体的载流子是带正电的“空穴”．一块厚度为d 、底面边长为l 的长方体半导体样品，置于方向如图M -1-3所示、磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，当半导体样品中通以图示方向、大小为I 的恒定电流时，样品的上、下底面出现恒定电势差U ，且上表面带正电、下表面带负电．设半导体样品中每个载流子带电荷量为q ，半导体样品中载流子的密度(单位体积内载流子的个数)用n 表示，则下列关于样品材料类型的判断和其中载流子密度n 的大小，正确的是( )图M -1-3A ．是N 型半导体B ．是P 型半导体C ．n ＝BI qdUD ．n ＝BI qlU7．如图M -1-4所示，交流电流表A 1、A 2、A 3分别与电阻R 1、电容器C 和电感线圈L 串联后接在正弦式交流电源上，交流电流表A 4与电阻R 2串联后接在理想变压器副线圈的两端．如果保持供电电压的最大值不变，而增大供电电压的频率，电流表示数不变的是( )图M -1-4A ．电流表A 1和A 2B ．电流表A 1和A 4C ．电流表A 3 和A 2D ．电流表A 3和A 48．(多选)利用如图M -1-5所示的电流互感器可以测量被测电路中的大电流，若互感器原、副线圈的匝数比n 1∶n 2＝1∶100，交流电流表A 的示数是50 mA ，则( )图M -1-5A ．被测电路的电流的有效值为5 AB ．被测电路的电流的平均值为0.5 AC ．被测电路的电流的最大值为5 2 AD ．原、副线圈中的电流同时达到最大值9．随着社会经济的发展，人们对能源的需求日益扩大，节能变得越来越重要．某发电厂采用升压变压器向某一特定用户供电，用户通过降压变压器用电．若发电厂输出电压为U 1，输电导线总电阻为R ，在某一时段用户需求的电功率为P 0，用户的用电器正常工作的电压为U 2.在满足用户正常用电的情况下，下列说法正确的是( )A ．输电线上损耗的功率为P 20R U 22B ．输电线上损耗的功率为P 20R U 21C ．若要减少输电线上损耗的功率可以采用更高的电压输电D ．采用更高的电压输电会降低输电的效率第Ⅱ卷(非选择题 共64分)二、实验题(本题共2小题，10题6分，11题9分，共15分)10．在研究光敏电阻的阻值与光照强弱的关系的实验时：(1)应将多用电表的选择开关置于________挡；(2)将红表笔插入________(选填“＋”或“－”)接线孔；(3)将光敏电阻接在多用电表的两表笔上，用光照射光敏电阻时表针的偏角为θ，现用手掌挡住部分光线，表针的偏角变为θ′，则可判断θ________(选填“＞”“＜”或“＝”)θ′；(4)测试后应将选择开关置于________________挡．11．图M -1-6是一位同学设计的防盗门报警器的简化电路示意图．门打开时，红外光敏电阻R 3受到红外线照射，电阻减小；门关闭时会遮蔽红外线源(红外线源没有画出)．经实际试验，灯的亮、灭能反映门的开、关状态．图M -1-6(1)门打开时R 2两端的电压U 2与门关闭时相比________(选填“增大”或“减小”)；(2)门打开时________(选填“红”或“绿”)灯亮．三、计算题(本题共4小题，12题11分，13题11分，14题13分，15题14分，共49分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分)12．交流发电机的发电原理是矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO′匀速转动．一台小型发电机的线圈共220匝，线圈面积S ＝0.05 m 2，线圈转动的频率为50 Hz ，线圈内阻不计，磁场的磁感应强度B ＝2πT ．为了用此发电机产生的交变电流带动两个标有“220 V 11 kW ”字样的电动机正常工作，需在发电机的输出端a 、b 与电动机之间接一个理想变压器，电路如图M -1-7所示．求：(1)发电机的输出电压；(2)变压器原、副线圈的匝数比；(3)与变压器原线圈串联的交流电流表的示数．图M -1-713．均匀导线制成的单匝正方形闭合线框abcd 的边长为L ，总电阻为R ，总质量为m.将其置于磁感应强度为B 的水平匀强磁场的上方h 处，如图M -1-8所示．线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd 边始终与磁场边界平行．当cd 边刚进入磁场时，求：(1)线框中产生的感应电动势大小；(2)c 、d 两点间的电势差；(3)若此时线框的加速度恰好为零，求线框下落的高度h.图M -1-814．为了提高自行车夜间行驶的安全性，小明同学设计了一种“闪烁”装置，如图M -1-9所示，自行车的后轮由半径r 1＝5.0×10－2 m 的金属内圈、半径r 2＝0.40 m 的金属外圈和绝缘辐条构成．后轮的内、外圈之间等间隔地接有4根金属条，每根金属条的中间均串联一个阻值为R 的小灯泡．在支架上装有磁铁，形成了磁感应强度B ＝0.10 T 、方向垂直于纸面向外的“扇形”匀强磁场区域，其内半径为r 1、外半径为r 2、张角θ＝π6.后轮以ω＝2π rad /s 的角速度相对于转轴转动．若不计其他电阻，忽略磁场的边缘效应．(1)当金属条ab 进入“扇形” 磁场区域时，求感应电动势E ，并指出ab 上的电流方向．(2)从金属条ab 进入“扇形” 磁场区域开始，经计算画出后轮转一圈的过程中，内圈与外圈的之间电势差U ab随时间t变化的图像．(3)若选择的是“1.5 V0.3 A”的小灯泡，该“闪烁”装置能否正常工作？有同学提出，通过改变磁感应强度B、后轮外圈半径r2、角速度ω和张角θ等物理量的大小可以优化小明同学的设计方案，请给出你的评价．图M-1-915．光滑的平行金属导轨长为L＝2 m，两导轨间距d＝0.5 m，轨道平面与水平面的夹角为θ＝30°，导轨上端接一个阻值为R＝0.6 Ω的电阻，导轨所在空间有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁场的磁感应强度B＝1 T，如图M-1-10所示，一根质量m＝0.5 kg、电阻r ＝0.4 Ω的金属棒ab垂直于导轨放在导轨最上端，且与导轨接触良好，其余部分电阻不计．已知棒ab从导轨最上端由静止开始下滑到最底端脱离导轨的过程中，电阻R上产生的热量Q1＝0.6 J，棒与导轨始终垂直，g取10 m/s2，试求：(1)当棒的速度v＝2 m/s时，电阻R两端的电压；(2)棒下滑到导轨最底端时速度的大小；(3)棒下滑到导轨最底端时加速度a的大小．图M-1-10模块终结测评(一)1．ABC [解析] 真空冶炼炉，炉外线圈通入交变电流，炉内的金属中产生涡流；金属探测器和电磁灶是利用涡流工作的；闭合线圈在匀强磁场中转动产生感应电流，不同于涡流．故选项A 、B 、C 正确，选项D 错误．2．A [解析] 在1 min 内，灯泡上产生的热量是W ＝Pt ＝100×60 J ＝6000 J ，选项A 错误；从电压瞬时值的表达式知，电压的有效值为220 V ，通过灯泡的电流I ＝100 W 220 V＝0.45 A ，也是与灯泡串联的电流表的示数，故选项B 正确；电压表与灯泡并联，测得的是灯泡电压的有效值，故示数为220 V ，所以选项C 正确；通过灯泡的电流的有效值为0.45 A ，故其最大值I m ＝2×0.45 A ＝0.64 A ，故选项D 正确．3．B [解析] 当声波使膜片前后振动时，膜片后的金属线圈就跟着振动，从而使处于永磁体的磁场中的线圈切割磁感线，穿过线圈的磁通量发生改变，产生感应电流，从而将声音信号转变为电信号，可见这是利用电磁感应原理，故选项B 正确．4．A [解析] 任一时刻ab 杆和框架所受的安培力大小相等、方向相反，由于ab 杆的质量只有框架质量的14，故ab 杆的加速度大小是框架加速度大小的4倍，选项A 正确，选项B 错误．由于安培力的大小在变化，故ab 杆和框架的加速度是变化的，选项C 错误．ab 杆在框架上滑动时，框架的等效电阻不断变化，选项D 错误．5．BC [解析] 由题图(b )可知，线框中产生的感应电动势恒定，线框ab 边的发热功率为P ＝E 24R ，感应电动势E ＝ΔB Δt S ＝2B 0T ·l 22＝B 0l 2T ，所以B 0＝2T l 2PR ，A 错误；由P ＝14I 2R 可得线框中的感应电流I ＝2P R，B 正确；cd 边电阻等于ab 边电阻，而两边流过的电流相等，因此发热功率相等，C 正确；由楞次定律可判断，线框中感应电流方向为adcba 方向，因此a 端电势比b 端低，D 错误．6．BD [解析] 若载流子为电子，则可判断电子受洛伦兹力而向上表面运动，故上表面带负电，因此，此材料为P 型半导体．根据I ＝nqSv ＝nqdlv ，所受洛伦兹力与电场力平衡，q U d ＝q I nqdl B.解得n ＝BI qlU.综上所述，选项B 、D 正确． 7．B [解析] 随着交变电流频率的增大，电阻原件的阻抗(电阻)不变，电感原件的感抗增大，电容器的容抗减小，根据欧姆定律可得：通过电阻的电流不变，通过电容器的电流变大，通过电感线圈的电流变小，选项B 正确．(由于供电电压的最大值不变，原、副线圈的匝数比不变，故电流表A 4的示数也不变)8．AC [解析] 交流电流表的示数为副线圈中电流的有效值，即I 2＝50 mA ＝0.05 A ，根据I 1I 2＝n 2n 1得，I 1＝5 A ，选项A 正确，选项B 错误．原线圈(被测电路)中电流的最大值I 1m ＝2I 1＝5 2 A ，选项C 正确．原、副线圈中的电流有相位差，故不能同时达到最大值，选项D 错误．9．C [解析] 在计算输电线上损耗的功率时，ΔP ＝I 2R ＝U 2R 中I 指的是通过输电线的电流，U 指的是输电线上损耗的电压，选项A 、B 错误；采用更高的电压输电，可以减小输电线上的电流，故可以减少输电线上损耗的功率，提高输电的效率，选项C 正确，选项D 错误．10．(1)欧姆 (2)＋ (3)> (4)OFF 或交流电压最高[解析] 用手掌挡住部分光线，电阻变大，偏角变小．11．(1)减小 (2)红[解析] 当门打开时，R 3受红外线照射，电阻减小，从而使并联电路电阻减小，总电阻减小，总电流增大，R 2两端的电压减小，通过R 2的电流减小，故通过R 3的电流增大，线圈产生的磁场增强，吸引衔铁，红灯亮．12．(1)1100 V (2)5∶1 (3)20 A[解析] (1)感应电动势的最大值为E m ＝nBSω＝2πnBSf ＝2π×220×2π×0.05×50 V ＝1100 2 V发电机的输出电压U 1＝E m 2＝1100 V . (2)变压器原、副线圈的匝数比为n 1n 2＝U 1U 2＝1100 V 220 V ＝51. (3)由P ＝UI 得副线圈的总电流为I 2＝2P U 2＝2×11×103220A ＝100 A ， 由I 1I 2＝n 2n 1得I 1＝n 2n 1I 2＝15×100 A ＝20 A . 13．(1)BL 2gh (2)34BL 2gh (3)m 2gR 22B 4L4 [解析] (1)cd 边刚进入磁场时，线框的速度v ＝2gh ，线框中产生的感应电动势E ＝BLv ＝BL 2gh. (2)此时线框中的电流I ＝E R， 由右手定则可知，通过cd 边的电流方向为d→c ，故c 点电势较高．c 、d 两点间的电势差U ＝I·⎝⎛⎭⎫34R ＝34BL 2gh. (3)安培力F ＝BIL ＝B 2L 22gh R， 根据牛顿第二定律得mg －F ＝ma ，又a ＝0，联立解得下落高度h ＝m 2gR 22B 4L4. 14．(1)4.9×10－2 V 电流方向由b 到a (2)见解析 (3)见解析[解析] (1)金属条ab 在磁场中切割磁感线时，其所构成的回路的磁通量发生变化，有E ＝12Br 22ω－12Br 21ω， 代入数据解得E ＝4.9×10－2 V ，根据右手定则可知电流方向由b 到a.(2)设电路中的总电阻为R 总，根据如图所示的电路可知R 总＝R ＋13R ＝43R ，a 、b 两点间的电势差U ab ＝14E ＝1.2×10－2 V ， 设ab 离开磁场区域的时刻为t 1，下一根金属条进入磁场区域的时刻为t 2，则t 1＝θω＝112 s ，t 2＝π2ω＝14s ， 设后轮转一圈的时间为T ，则T ＝2πω＝1 s ， 在T ＝1 s 内，金属条有四次进出，后三次与第一次相同．可画出U ab -t 图像如图所示．(3)“闪烁”装置不能正常工作．(金属条产生的感应电势只有4.9×10－2 V ，远小于小灯泡的额定电压，因此无法正常工作)B 增大，E 增大，但有限度；r 2增大，E 增大，但有限度；ω增大，E 增大，但有限度；θ增大，E 不变．15．(1)0.6 V (2)4 m /s (3)3 m /s 2[解析] (1)当棒的速度v ＝2 m /s 时，棒中产生的感应电动势E ＝Bdv ＝1 V ， 此时电路中的电流I ＝E R ＋r＝1 A ， 所以电阻R 两端的电压U ＝IR ＝0.6 V .(2)根据Q ＝I 2Rt ∝R 可知，在棒下滑的整个过程中金属棒中产生的热量Q 2＝r RQ 1＝0.4 J ， 设棒到达导轨最底端时的速度为v 2，根据能量守恒定律，有mgL sin θ＝12mv 22＋Q 1＋Q 2， 解得v 2＝4 m /s .(3)棒到达导轨最底端时回路中产生的感应电流I 2＝Bdv 2R ＋r＝2 A ， 根据牛顿第二定律有mg sin θ－BI 2d ＝ma ，联立解得a ＝3 m /s 2.。

合集下载

人教版高中物理选修3-2-高二模块综合测评1.docx

人教版高中物理选修3-2-高二模块综合测评1.docx

高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）模块综合测评(一)(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题6分，共60分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1．电磁感应现象揭示了电和磁之间的内在联系，根据这一发现，发明了许多电器设备．下列用电器中，哪个没有利用电磁感应原理()【导学号：05002173】A．电磁炉B．白炽灯泡C．磁带录音机D．日光灯镇流器【解析】电磁炉是利用交变电流产生磁场，交变磁场在锅体内产生涡流，从而对食物加热；磁带录音机录音时，声音引起振动，产生感应电流，放音时，磁带上变化的磁场使放音磁头线圈中产生感应电流；日光灯是由于自感产生自感电动势．只有B选项中白炽灯泡没有利用电磁感应原理．【答案】 B2．如图1所示的圆形线圈共n匝，电阻为R，过线圈中心O垂直于线圈平面的直线上有A、B两点，A、B间的距离为L，A、B关于O点对称．一条形磁铁开始放在A点，中心与A重合，轴线与A、B所在直线重合，此时线圈中的磁通量为Φ1，将条形磁铁以速度v匀速向右移动，轴线始终与A、B所在直线重合，磁铁中心到O点时线圈中的磁通量为Φ2，下列说法正确的是()图1A ．磁铁在A 点时，通过一匝线圈的磁通量为Φ1nB ．磁铁从A 到O 的过程中，线圈中产生的平均电动势为E ＝2n v (Φ2－Φ1)LC ．磁铁从A 到B 的过程中，线圈中磁通量的变化量为2Φ1D ．磁铁从A 到B 的过程中，通过线圈某一横截面的电荷量不为零【解析】 磁通量形象化的含义是通过某平面的磁感线条数的多少，与线圈匝数无关，即通过整个线圈与通过每一匝线圈的磁通量都是Φ1，A 错误．由法拉第电磁感应定律有E ＝n ΔΦΔt ，ΔΦ＝Φ2－Φ1、Δt ＝AO v ＝L 2v ，故E ＝2n v (Φ2－Φ1)L，可知B 正确．在A 、B 两位置，由对称性知通过线圈的磁通量大小相同，且磁感线穿过线圈平面的方向都是向右的，故ΔΦ＝0，而q ＝I Δt ＝n ΔΦR ，故q ＝0，C 、D 错误．【答案】 B3．如图2所示，用两根材料、粗细、长度完全相同的导线，绕成匝数分别为n 1＝50和n 2＝100的圆形闭合线圈A 和B ，两线圈平面与匀强磁场垂直．当磁感应强度随时间均匀变化时，两线圈中的感应电流之比I A ∶I B 为( )【导学号：05002174】图2A ．2∶1B ．1∶2C ．4∶1D ．1∶4【解析】 由法拉第电磁感应定律得：E ＝n ΔΦΔt ＝n ΔB Δt πR 2，可知感应电动势与半径的平方成正比．而根据电阻定律：线圈的电阻为r ＝ρL S ＝ρn ·2πR S ，线圈中感应电流I＝Er，由上综合得到，感应电流与线圈半径成正比，即I A∶I B＝R A∶R B；因相同导线绕成匝数分别为n1和n2的圆形线圈，因此半径与匝数成反比，故I A∶I B＝n2∶n1＝2∶1，故A正确，B、C、D错误．【答案】 A4．如图3所示，有一个边界为正三角形的匀强磁场区域，边长为a，磁感应强度方向垂直纸面向里，一个导体矩形框的长为32a、宽为a2，平行于纸面沿着磁场区域的轴线匀速穿越磁场区域，导体框中感应电流的正方向为逆时针方向，以导体框刚进入磁场时为t＝0时刻，则导体框中的感应电流随时间变化的图象是()图3【解析】由右手定则可知，线框进入磁场过程与离开磁场过程感应电流方向相反，故A错误；由图示可知，线框开始进入磁场的一段时间内，切割磁感线的有效长度L不变，电流I＝ER＝BL vR大小不变，当线框右边部分穿出磁场过程，切割磁感线的有效长度L减小，感应电流减小，线框右边完全离开磁场后，线框左边完全进入磁场，然后线框左边切割磁感线，感应电流反向，此后一段时间内，线框切割磁感线的有效长度L不变，感应电流大小不变，线框左边离开磁场过程，线框切割磁感线的有效长度L减小，感应电流减小，故B、C错误，D正确．【答案】 D5．如图4所示是一交变电流的i-t图象，则该交变电流的有效值为()【导学号：05002175】图4A ．4 AB ．22A C.83 A D.2303 A【解析】 此交变电流的前T 3为正弦交变电流，有效值I 1＝42A ，后23 T 为恒定电流，有效值I 2＝4 A ，根据交变电流的有效值定义可得Q ＝I 2RT ＝I 21R T 3＋I 22R 23T ，代入数据I 2RT ＝13⎝ ⎛⎭⎪⎫422RT ＋23×42RT ，解得I ＝2303 A ，故D 正确． 【答案】 D6．用图5甲所示电路测量电流表的内阻．闭合开关S ，当变阻器的滑片滑至c 处时，电流表和电压表的读数分别为40 mA 、9 V ，已知图甲中热敏电阻的I -U 关系图线如图乙所示，则电流表的内阻为( )图5A ．0.14 ΩB ．85 ΩC ．140 ΩD ．225 Ω【解析】 当电流表读数为40 mA 时，说明热敏电阻的电流为40 mA ，由题图乙知热敏电阻两端电压U R ＝5.6 V ，则电流表两端电压U ＝9 V －5.6 V ＝3.4V ，由欧姆定律得R mA ＝U I ＝3.4 V 40×10－3 A＝85 Ω. 【答案】 B7．在如图6甲所示的电路中，电阻R 的阻值为50 Ω，在ab 间加上如图乙所示的正弦交流电，则下面说法中正确的是( )甲 乙图6A ．交流电压的有效值为100 VB ．电流表示数为2 2 AC ．产生该交流电的线圈在磁场中转动的角速度为3.14 rad/sD ．在1 min 内电阻R 上产生的热量为1.2×104 J【解析】 从题图乙中可以看出，交流电压的峰值为100 2 V ，所以有效值U ＝100 V ，A 项正确；通过电阻的电流I ＝U R ＝2 A ，B 错误；交流电的周期为T ＝0.02 s ，ω＝2πT ＝314 rad/s ，C 错误，1 min 内Q ＝I 2Rt ＝1.2×104 J ，D 正确．【答案】 AD8．日常生活中，我们常用微波炉来加热食品，它是利用微波来工作的．接通电源后，220 V 的交流经过变压器后，在次级产生2 000 V 高压交流，加到磁控管两极之间，使磁控管产生微波．下列说法中正确的是( )【导学号：05002176】A ．微波炉的变压器原、副线圈的匝数之比为11∶100B ．微波炉的变压器原、副线圈的匝数之比为100∶11C ．微波炉的输出功率是由输入功率决定的D ．微波炉的输入功率是由输出功率决定的【解析】 根据理想变压器的电压和匝数成正比，所以原副线圈的匝数比为11∶100，对于变压器，输入功率是由输出功率决定的．【答案】 AD9．如图7所示为一理想变压器，在原线圈输入电压不变的条件下，要提高变压器的输入功率，可采用的方法是( )图7A ．只增加原线圈的匝数B ．只增加副线圈的匝数C ．只减小用电器R 1的电阻D ．断开开关S【解析】 理想变压器的输入功率与输出功率相等．增加副线圈的匝数可提高副线圈两端的电压，在电阻不变时，副线圈中的电流也增大，输出功率增加；只减小用电器的电阻，电压不变，也能增大副线圈中的电流，增大输出功率．【答案】 BC10．如图8为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为2∶1，原线圈接有交流电压u ＝220sin 100πt (V)，图中电压表和电流表均为理想交流电表，R t 为负温度系数的热敏电阻(即当温度升高时，阻值减小)，R 1为定值电阻，C 为电容器．下列说法正确的是( )【导学号：05002177】图8A ．电压表示数是110 VB ．交流电的频率为50 HzC ．通过R 1的电流始终为零D ．当R t 处温度升高时，电压表示数不变，电流表示数变大【解析】 原线圈所加交变电压的有效值为U 1＝2202V ，由理想变压器的变压比公式U 1U 2＝n 1n 2，可得U 2＝n 2n 1U 1＝12×2202 V ＝55 2 V ，选项A 错误；由交变电压的瞬时值表达式u ＝220sin 100πt (V)可知，该交变电流的频率f ＝100π2π Hz ＝50Hz ，选项B 正确；由于交变电流能对电容器进行充、放电，所以会有充、放电电流通过电阻R 1，选项C 错误；因变压器为理想变压器，线圈电阻不计，因此，电压表的示数不变，当R t 处的温度升高时，其电阻阻值变小，所以电流表的示数变大，选项D正确．【答案】BD二、非选择题(本题3小题，共40分．按题目要求作答)11．(10分)如图9(a)是汽车过桥时对不同类型桥面压力变化的实验．采用DIS方法对模型进行测量，其结果如图(b)中电脑屏幕所示．图9(1)图(a)中的传感器为________传感器；(2)图(a)中甲、乙、丙分别为三种不同类型的桥面．对于凸形桥甲，其相对应的压力图线应是图(b)电脑屏幕上的________(填“a”“b”或“c”)；(3)如增大小球在斜槽上的高度，在图(b)中大致画出小球能过凸形桥甲时的压力图线．【解析】(1)该传感器把力信号转化为电信号，属于力电传感器；(2)小球经过凸形桥甲的最高点时，压力小于重力，其相对应的图线应是电脑屏幕上的c；(3)增大小球在斜槽上的高度，小球经凸形桥甲的最高点时压力更小，其图线与c 相比较，最低点应更低一些．【答案】(1)力电(2)c(3)图略，图线与c相比较，最低点更低一些12．(15分)如图10甲所示，AB间为交流电源，电压u＝311sin 100πt V，经过某“过滤”装置P后将图乙所示正弦交流电滤去一半，得到如图丙所示的交流电，求：【导学号：05002178】图10(1)CD 间所获得的电压的周期为多大？(2)CD 间接有“220 V ,40 W ”灯泡时其发光功率为多大？(3)CD 间能否连接“220 V ,20 μF ”的电容器？【解析】 (1)过滤前交流电的周期T ＝2πω＝2π100π s ＝0.02 s ，过滤后电压变化周期还是0.02 s.(2)设题图丙所示交流电的有效值为U ，有⎝ ⎛⎭⎪⎫U m 22R ·T 2＝U 2R ·T ， 解得U ＝12U m ＝3112 V .由P ＝U 2R 知P 40＝⎝ ⎛⎭⎪⎫311222202，得此时小灯泡的功率P ＝20 W.(3)过滤后，电压的最大值不变，大小为311 V ，电容器的电压“220 V ”是击穿电压，所以不能直接连接在CD 间．【答案】 (1)0.02 s (2)20 W (3)不能13．(15分)半径分别为r 和2r 的同心圆形导轨固定在同一水平面内，一长为r 、质量为m 且质量分布均匀的直导体棒AB 置于圆导轨上面，BA 的延长线通过圆导轨中心O ，装置的俯视图如图11所示．整个装置位于一匀强磁场中，磁感应强度的大小为B ，方向竖直向下．在内圆导轨的C 点和外圆导轨的D 点之间接有一阻值为R 的电阻(图中未画出)．直导体棒在水平外力作用下以角速度ω绕O 逆时针匀速转动，在转动过程中始终与导轨保持良好接触．设导体棒与导轨之间的动摩擦因数为μ，导体棒和导轨的电阻均可忽略．重力加速度大小为g .求：【导学号：05002179】图11(1)通过电阻R的感应电流的方向和大小；(2)外力的功率．【解析】根据右手定则、法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律及能量守恒定律解题．(1)根据右手定则，得导体棒AB上的电流方向为B→A，故电阻R上的电流方向为C→D.设导体棒AB中点的速度为v，则v＝v A＋v B2而v A＝ωr，v B＝2ωr根据法拉第电磁感应定律，导体棒AB上产生的感应电动势E＝Br v根据闭合电路欧姆定律得I＝ER，联立以上各式解得通过电阻R的感应电流的大小为I＝3Bωr2 2R.(2)根据能量守恒定律，外力的功率P等于安培力与摩擦力的功率之和，即P ＝BIr v＋f v，而f＝μmg解得P＝9B2ω2r44R＋3μmgωr2.【答案】(1)方向为C→D大小为3Bωr2 2R(2)9B2ω2r44R＋3μmgωr2。

人教版高中物理选修3-2高二模块考试.docx

人教版高中物理选修3-2高二模块考试.docx

高中物理学习材料高二物理选修3-2模块考试一、单选题（每题4分，4题16分）13、发现电磁感应电流的物理学家是（）A、牛顿；B、开普勒；C、伽利略；D、法拉第；14、下列说法正确的是（）A、只要有磁通量穿过回路就一定有感应电流；B、只要穿过回路的磁通量发生变化就一定有感应电流；C、只要有穿过回路的磁通量发生变化就一定有感应电流；D、以上说法都不正确；15、如图，理想变压器的副线圈接有两个灯泡，原线圈与一个灯泡串联后接在交流电源上。

若三个灯泡完全相同且都正常发光，则原线圈中电流I1与副线圈中电流I2之比应为（）A．1∶1 B．1∶2 C．1∶3 D．1∶416、如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域．从BC边进入磁场区开始计时，到A点离开磁场区止的过程中，线框内感应电流的情况(以逆时针方向为电流的正方向)是如图所示中的（）二、多选题（每题6分，5题30分）17、如图所示，用丝线悬挂闭合金属环，悬于O点，虚线左边有匀强磁场，右边没有磁场。

由图所示的位置开始释放金属环，不考虑空气阻力，则下列说法正确的是（）A、金属环会一直在摆动；B、金属环最终会停下来；C、整个摆动过程一直有热能增加；D、只有摆进或摆出磁场时有热能增加；18、如图，甲乙电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，使电路达到稳定，灯泡S发光。

下面说法中正确的是（）（提示流过灯泡的末电流大于初电流时灯泡才会闪）A、在电路甲中，断开K，S将渐渐变暗。

B、在电路甲中，断开K，S将先变亮，然后渐渐变暗。

C、在电路乙中，断开K，S将渐渐变暗。

D、在电路乙中，断开K，S将先变亮，然后渐渐变暗。

19、如图为一交流发电机发出的电流随时间的变化图象，则下列说法正确的是：（）A、在A点时穿过线圈的磁通量最大；B、在B点时穿过线圈的磁通量变化率最小；C、在A点时线圈处在中性面，电流方向改变；D、在B点时线圈处在中性面，电流方向改变。

20、有关理想变压器，下列说法正确的是（）A、原、副线圈电压与n成正比；B、原、副线圈电流与n成正比；C、输入功率等于输出功率；D、恒定电压可直接通过变压器升、降压。

人教版高中物理选修3-2模块测评卷.docx

人教版高中物理选修3-2模块测评卷.docx

高中物理学习材料模块测评卷(时间：90分钟满分：100分)第Ⅰ卷(选择题，共48分)一、选择题(本题有12小题，每小题4分，共48分．)1．在电磁感应现象中，下列说法正确的是( )A．导体相对磁场运动，导体内一定产生感应电流B．导体做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流C．闭合电路在磁场内做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流D．穿过闭合电路的磁通量发生变化，在电路中一定会产生感应电流解析：本题的关键是理解产生感应电流的条件．首先是“闭合电路”，A、B两项中电路是否闭合不确定，故A、B两项错误；其次当电路闭合时，只有一部分导体切割磁感线才产生感应电流，C项错误；当闭合电路中磁通量发生变化时，电路中产生感应电流，D项正确．答案：D2．下列说法中正确的是( )A．电饭锅中的敏感元件是光敏电阻B．测温仪中测温元件可以是热敏电阻C．机械式鼠标中的传感器接收到连续的红外线，输出不连续的电脉冲D．火灾报警器中的光传感器在没有烟雾时呈现低电阻状态，有烟雾时呈现出高电阻状态解析：电饭锅中的敏感元件是感温铁氧体，A项错误；机械式鼠标中的传感器接收断续的红外线脉冲，输出相应的电脉冲信号，C项错误；火灾报警器中的光传感器在没有烟雾时呈现高电阻状态，有烟雾时呈现低电阻状态，D项错误．答案：B3. 如图所示，ab为一金属杆，它处在垂直于纸面向里的匀强磁场中，可绕a点在纸面内转动；S是以a为圆心位于纸面内的金属圆环．在杆转动过程中，杆的b端与金属环保持良好接触；A为电流表，其一端与金属环相连，一端与a点良好接触．当杆沿顺时针方向转动时，某时刻ab杆的位置如图所示，则此时刻( )A．有电流通过电流表，方向由c→d；作用于ab的安培力向右B．有电流通过电流表，方向由c→d；作用于ab的安培力向左C．有电流通过电流表，方向由d→c；作用于ab的安培力向右D．无电流通过电流表，作用于ab的安培力为零解析：金属杆顺时针转动切割磁感线，由右手定则可知产生a 到b的感应电流，电流由c到d流过电流表，再由左手定则知此时ab杆受安培力向右，故A项正确．答案：A4. (多选题)矩形线圈的匝数为50匝，在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动时，穿过线圈的磁通量随时间的变化规律如图所示．下列结论正确的是( )A．在t＝0.1 s和t＝0.3 s时，电动势最大B．在t＝0.2 s和t＝0.4 s时，电动势改变方向C．电动势的最大值是157 VD．在t＝0.4 s时，磁通量变化率最大，其值为3.14 Wb/s解析：在t＝0.1 s和t＝0.3 s时，矩形线圈的磁通量最大，但磁通量的变化率为0，电动势为0，此时电动势改变方向，故A项、B项错误．由图象可知，周期为0.4 s，故角速度ω＝2πT＝5π，而最大电动势为E m＝nBSω＝157 V，C项正确．在t＝0.4 s时，磁通量为0，磁通量变化率最大，其值为3.14 Wb/s，故D项正确．答案：CD5. (多选题)如图所示的电路中，当a、b端加直流电压时，L1灯发光，L2灯不亮，当加同样电压的交流电源时，L1发光但较暗，L2灯发光较亮，则以下各项正确的是( )A．A中接的是电感线圈，B中接的是电容器B．A中接的是电容器，B中接的是电感线圈C．A中是电阻，B中接的是电容器D．若加的交流电频率增大，电压不变，则L1灯变得更暗，L2灯变得更亮解析：电感的特点是：“通直流、阻交流、通低频、阻高频”．电容的特点是：“通交流、阻直流、通高频、阻低频”．由题意：a、b 两端加直流电压时，L2灯不亮；加交流电压时，L2灯较亮，可知B为电容器，而L1灯先是亮的，后又较暗，可知A为电感线圈．交流电频率越大时，线圈感抗越大，电容器容抗越小，故D项正确．答案：AD6. 很多同学家里都有调光电灯和调速风扇，过去是用变压器来实现的．缺点是成本高、体积大、效率低，且不能任意调节灯的亮度或电风扇的转速，现在的调光灯和调速电风扇是用可控硅电子元件来实现的．如图所示为经一双向可控硅调节后加在电灯上的电压，即在正弦式交变电流的每个二分之一周期内，前14周期被截去，调节台灯上旋钮可以控制截去的多少，从而改变电灯两端的电压，那么现在电灯两端的电压为 ( )A.U max 2 B.U max 2 C.U max 22 D.2U max解析：每个二分之一周期被截去14周期，原电流为正弦交流电，一个周期可以看成只剩半个周期的电压，利用有效值的定义，得⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫U m 22×1R ×12T ＝U 2R ×T ，所以U ＝U m 2，故A 项正确． 答案：A7．如图甲所示的电路中，光敏电阻R 2加上图乙所示的光照时，R 2两端的电压变化规律是下图中的( )甲乙A BCD解析：光敏电阻随光照的增强电阻减小，电路中电流增大，电阻R1两端电压增大，R2两端电压减小，但不能减小到零，故选项B正确．答案：B8. (多选题)在如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的有( )A．升压变压器的输出电压增大B．降压变压器的输出电压增大C．输电线上损耗的功率增大D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大解析：对升压(或降压)变压器而言，由变压器电压比U1∶U2＝n1∶n2知，输入电压不变，匝数不变，输出电压不变，故A选项不正确；由P＝UI知，U不变，P增大，故I增大，使得输电线上的电压损耗ΔU＝I2R线增大，功率损耗ΔP＝I22R线增大，所以降压变压器上的输入电压减小，输出电压减小，所以B项不正确，C项正确；因为输电线上损耗的功率占总功率的比例为ΔPP1＝I22R线P1＝⎝⎛⎭⎪⎫P1U1·n1n22R线P1＝P1n21R线U21n22∝P1，所以随发电厂输出功率变大，该值变大，D项正确．答案：CD9. 如图所示，AOC是光滑的金属导轨，AO沿竖直方向，OC沿水平方向，ab是一根金属棒，立在导轨上，它从静止开始在重力作用下运动，运动过程中b端始终在OC上，a端始终在OA上，直到完全落在OC上，空间存在着匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里，则ab棒在上述过程中( )A．感应电流方向是b→aB．感应电流方向是a→bC．感应电流方向先是b→a，后是a→bD．感应电流方向先是a→b，后是b→a解析：由数学知识可知，金属棒下滑过程中，与坐标轴所围面积先增加后减小，穿过回路aOb的磁通量先增加后减小，根据楞次定律，感应电流方向先是b→a，后是a→b.答案：C10. (多选题)如图所示，垂直纸面向外的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面内、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v和3v的速度匀速拉出磁场，不计导体框重力的影响，则导体框分别从两个方向移出磁场的过程中( )A ．导体框中产生的感应电流方向相同B ．导体框中产生的焦耳热相同C ．导体框ad 边两端电势差相同D ．通过导体框截面的电量相同解析：由楞次定律可知导体框中产生的感应电流方向相同，A 项正确；由电磁感应定律可得Q ＝(BLv ′)2L 4Rv ′＝B 2L 3v ′4R，因此导体框中产生的焦耳热不同，B 项错误；两种情况下电源的电动势不相同，导体框ad 边两端电势差不同，C 项错误；由q ＝ΔΦ4R知，通过导体框截面的电量与速度无关，D 项正确．答案：AD11. 如图所示，用恒定外力拉金属杆AB 无摩擦匀速向右运动，若使滑动变阻器的滑片P 向b 端滑动，则( )A. 滑片P滑到b端前，AB杆一定做减速运动B. 滑片P滑到b端前，AB杆一定仍做匀速运动C. 滑片P向b端滑动过程中，AB杆将一定做匀加速运动D. 滑片P向b端滑到某一位置，减小拉力可以使AB杆保持匀速运动答案：D12. 如图所示，两块水平放置的平行金属板间距为d，定值电阻的阻值为R，竖直放置的线圈匝数为n，绕制线圈导线的电阻为R，其他导线的电阻忽略不计，现有竖直向上的磁场B穿过线圈，在两极板中一个质量为m、电量为q、带正电的油滴恰好处于静止状态，则磁场B的变化情况是( )A ．均匀增大，磁通量变化率的大小为2mgd nqB ．均匀增大，磁通量变化率的大小为mgd nqC ．均匀减小，磁通量变化率的大小为2mgd nqD ．均匀减小，磁通量变化率的大小为mgd nq解析：由带正电的油滴悬浮知下极板为高电势，可判断磁场均匀增大.U ＝n ΔφΔt ·R R ＋Rq U d＝mg 联立以上两式解ΔφΔt ＝2mgd nq. 答案：A第Ⅱ卷(非选择题，共52分)二、实验题(本题有2小题，共14分．请按题目要求作答)13．(6分)在探究电磁感应现象的实验中，电流表刻度盘上的零刻度线在正中间，当电池的正极接电流表的右接线柱、负极与电流表的左接线柱相碰时，指针向右偏转．如图所示电路，原线圈A放在副线圈B中，在合上电键S的瞬间，电流表指针应向________偏转；将原线圈A从副线圈B中拔出时，电流表指针应向________偏转．答案：左(3分) 右(3分)14．(8分)传感器担负着信息采集任务，在自动控制中发挥着重要作用，传感器能够将感受到的物理量(如温度、光、声等)转换成便于测量的量(通常是电学量)，例如热敏电阻传感器，主要是应用了半导体材料制成的热敏电阻，热敏电阻随温度变化的图线如图甲所示，图乙是由热敏电阻R t作为传感器制作的简单自动报警器线路圈．甲乙(1)为了使温度过高时报警器响铃，c应接在________(填“a”或“b”)．(2)若使启动报警器的温度提高些，应将滑动变阻器滑片P点向________移动(填“左”或“右”)．(3)如果在调试报警器达到最低报警温度时，无论如何调节滑动变阻器滑片P都不能使报警器工作，且电路连接完好，各电路元件都能处于工作状态，则造成工作电路实际不能工作的原因可能是_______________________________________________________________________________ ____.解析：(1)温度过高时热敏电阻阻值较小，继电器中工作电流较大，吸住簧片与a接触，报警器通电报警．(2)若滑片向左移动，滑动变阻器阻值变大，只有报警温度提高，继电器才能达到工作电流进行控制．(3)错误地把c接在b，则无论继电器怎样工作都不会使报警器获得电流而报警；若与继电器串接的电源电动势太低，电流不足以使继电器工作也不会报警．答案：(1)a(2分)(2)左(2分)(3)①c接在b(2分) ②错误地把c接在b或与继电器串接的电源电动势太低(2分)三、计算题(本题有3小题，共38分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)15．(10分)发电厂输出的交流电压为22 kV，输送功率为2.2×106W，现在用户处安装一降压变压器，用户的电压为220 V，发电厂到变压器间的输电导线总电阻为22 Ω.求：(1)输电导线上损失的电功率．(2)变压器原、副线圈匝数之比．解析：(1)输送电流I线＝P总U总＝2.2×1062.2×104A＝100 A(2分)则损失功率为P损＝I2线R线＝1002×22 W＝2.2×105 W. (3分)(2)变压器原线圈电压U1＝U总－U线＝U总－I线R线＝2.2×104 V －100×22 V＝19 800 V(3分)所以原、副线圈匝数之比n1n2＝U1U2＝19 800220＝90∶1. (2分)答案：(1) 2.2×105 W (2)90∶116．(12分)正方形金属框每边长L＝0.1 m，总质量m＝0.1 kg，回路电阻R＝0.02 Ω，用细线吊住，线的另一端跨过两个定滑轮，挂着一个质量m＝0.14 kg的砝码．线框上方有一磁感应强度B＝0.5 T的匀强磁场，如图所示，线框在M的牵引下做加速运动，当线框上边进入磁场后又做匀速运动(取g＝10 m/s2)．求：(1)线框匀速上升时的速度多大？(2)线框匀速上升过程中重物M做功多少？其中有多少能量转变为电能？解析：(1)线框匀速运动的条件是：Mg＝mg＋BIL①(2分)又E＝BLv②(1分)I＝ER③(1分)联立①②③得v＝(M－m)gRB2L2＝(0.14－0.1)×10×0.020.52×0.12m/s＝3.2m/s(2分)(2)线框匀速上升过程的位移为L＝0.1 m，所以M做的功W M＝MgL＝0.14×10×0.1 J＝0.14 J，(2分)M做的功一方面增加了线框的重力势能，一方面转化为电能．根据能量守恒可知：W M＝mgL＋W电，(2分)W电＝W M－mgL＝0.14J－0.1×10×0.1 J＝0.04 J. (2分)答案：(1)3.2 m/s (2)0.14J,0.04J17.(16分)如图所示，相距0.5 m足够长的两根光滑导轨与水平面成37°角，导轨电阻忽略不计，下端连接阻值为2 Ω的电阻R，导轨处在磁感应强度B＝2 T的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面斜向上．ab、cd为水平金属棒且与导轨接触良好，它们的质量均为0.5 kg，电阻均为2 Ω. ab棒与一绝缘水平细绳相连处于静止状态，现让cd棒从静止开始下滑，直至与ab相连的细绳刚好被拉断，在此过程中电阻R上产生的热量为0.5 J，已知细绳能承受的最大拉力为5 N．求细绳被拉断时：(g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6)(1)ab棒中的电流；(2)cd棒的速度；(3)cd棒下滑的距离．解析：(1)ab棒受力平衡，得T m cos 37°＝mg sin 37°＋BIL(2分)即I＝T m cos37°－mg sin37°BL＝1 A. (2分)(2)cd棒产生的感应电动势为E＝BLv，R电阻与ab并联，并联电阻为R′＝RrR＋r，(2分)ab两端电压为U＝R′R′＋rE＝rRBLv2rR＋r2，且U＝Ir，(2分)得到v＝I(2rR＋r2)RBL＝6 m/s. (2分)(3)总的发热量Q与R的发热量Q′的比值为ΔQ ΔQ′＝E2(R′＋r)ΔtU2RΔt＝R(R′＋r)R′2＝6，(2分)因此总的热量为Q＝6Q′＝3 J，由能量守恒定律得mg sin 37°·s＝Q＋12mv2(2分)解得s＝Q＋12mv2mg sin37°＝4 m. (2分)答案：(1)1 A (2)6 m/s (3)4 m。

2015-2016学年度第二学期高二物理《选修3-2》模块学习终结性检测试卷答案

2015-2016学年度第二学期高二物理《选修3-2》模块学习终结性检测试卷答案

高二物理期中参考答案一、 选择题1.C2.B3.D4.B5.A6.B7.B8.D9.BC 10.AD 11.AC12.AD二、计算题13. 3 A【解析】开关S 接通瞬间，流过电感线圈的电流不能突变，所以流过R 1的电流仍为0 开关S 接通后达到稳定时，电感线圈相当于导线，所以流过R 1的电流为I 1=3 A 开关S 断开瞬间，流过电感线圈的电流不能突变，所以流过R 1的电流仍为3 A14.(1)；(2)；(3)【解析】本题考查的是交变电流的产生及欧姆定律等问题。

(1)由题意可知从图示位置开始计时,线框中感应电动势的瞬时值表达式为：E=nBs ωcos ωt=2πcos10πt(2)根据正弦式交变电流有效值与最大值的关系可知：，由闭合电路的欧姆定律有：则可知电阻R 在0.05 s 内产生的热量为：Q=I 2Rt=259π2J (3)由电磁感应及电荷量的概念可知线圈从图示位置开始转动,求0.05 s 内流经电阻R 上的电荷量： q=rR n +Φ =4×10-3C 15.(1)1∶3；72∶11 (2)320 V ； 5760 W【解析】解：(1)建立如图所示的远距离输电模型，设输电线上的电流I 线由线路损耗的功率：P 损＝2I 线R 线，由题意知：P 损＝4%P 出联立可得：又因为P 输出＝U 2I 线，所以：所以：U 3＝U 2－I 线R 线＝(1 500－6×10) V ＝1 440 V根据理想变压器规律有：1122500V 1===1500V 3n U n U ，33441440V 72===220V 11n U n U 所以升压变压器和降压变压器原、副线圈的匝数比分别是1∶3和72∶11.16.(1) 1.0 m/s (2) 0.04 (3) 3.8×10-2 J【解析】(1)金属棒从离地高h =1.0 m 以上任何地方由静止释放后，在到达水平面之前已经开始做匀速运动设最大速度为v ，则感应电动势E =BLv ，感应电流I =，安培力F 安=BIL 匀速运动时，有mg sin θ=F 安，解得v =1.0 m/s(2)在水平面上运动时，金属棒所受滑动摩擦力F f =μmg金属棒在摩擦力作用下做匀减速运动，有F f =ma ，v 2=2ax ，解得μ=0.04(3)金属棒从高度h =1.0 m 处下滑的过程中，由动能定理可得mgh-W 安=mv 2电路中产生的焦耳热等于安培力所做的功，有Q =W 安电阻R 上产生的热量Q R =Q解得Q R =3.8×10-2 J。