2010届高三物理月考试题分类汇编：直线运动

高三物理直线运动试题1.物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间的变化规律如图所示，取开始运动方向为正方向，则下列关于物体运动的图象正确的是【答案】C【解析】在0～1s内加速度为正，物体由静止开始做初速度为零的匀加速直线运动，1～2s内，加速度为负，与速度方向相反，物体做匀减速直线运动，由于在这两段时间内加速度大小相等，故2s末速度减为0，以后重复上述过程，故选项C正确。

2.甲、乙两质点在同一直线上做匀加速直线运动， v-t图象如图所示，3秒末两质点在途中相遇由图像可知A．甲的加速度等于乙的加速度B．出发前甲在乙之前3m 处C．出发前乙在甲前6m 处D．相遇前甲、乙两质点的最远距离为6m【答案】D【解析】因为v-t图线的斜率等于物体的加速度，故甲的加速度小于乙的加速度，选项A错误；相遇时，甲的位移：；乙的位移：，故出发前甲在乙之前6m处，选项BC错误；因两物体运动时乙的速度一直大于甲，故开始时两者最远，即相遇前甲、乙两质点的最远距离为6m，选项D正确；故选D.【考点】v-t图线；相遇问题.3.如图所示，公路上有一辆公共汽车以10m/s的速度匀速行驶，为了平稳停靠在站台，在距离站台P左侧位置50m处开始刹车做匀减速直线运动。

同时一个人为了搭车，从距站台P右侧位置30m处从静止正对着站台跑去，假设人先做匀加速直线运动，速度达到4m/s后匀速运动一段时间，接着做匀减速直线运动，最终人和车到达P位置同时停下，人加速和减速时的加速度大小相等。

求：（1）汽车刹车的时间；（2）人的加速度的大小。

【答案】（1）10s （2）1.6m/s2【解析】（1）对汽车，在匀减速的过程中，有①②，由匀变速运动规律可知：（2）设人加速运动的时间为t1③解得：④所以人的加速度大小⑤【考点】匀变速直线运动的规律.4.一物体由静止开始自由下落，一小段时间后突然受一恒定水平向右的风力的影响，但着地前一段时间风突然停止，则其运动的轨迹可能是图中的哪一个？（）【答案】C【解析】物体一开始做自由落体运动，速度向下，当受到水平向右的风力时，合力的方向右偏下，速度和合力的方向不在同一条直线上，物体做曲线运动，轨迹应夹在速度方向和合力方向之间．风停止后，物体的合力方向向下，与速度仍然不在同一条直线上，做曲线运动，轨迹向下凹．故C正确，A.B.D错误．【考点】运动的合成和分解【名师】互成角度的两个分运动的合运动的判断：合运动的情况取决于两分运动的速度的合速度与两分运动的加速度的合加速度，两者是否在同一直线上，在同一直线上作直线运动，不在同一直线上将作曲线运动。

直线运动复习试题(附参考答案)说明：本试卷分为第Ⅰ、Ⅱ卷两部分,请将第Ⅰ卷选择题的答案填入题后括号内,第Ⅱ卷可在各题后直接作答.共100分,考试时间90分钟.第Ⅰ卷(选择题 共40分)一、本题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分.1.两木块自左向右运动,现用高速摄影机在同一底片上多次曝光,记录下木块每次曝光时的位置,如图所示,连续两次曝光的时间间隔是相等的.由图可知t 1t 1t 2t 2t 3t 3t 4t 4t 5t 5t 6t 6t 7t 7A.在时刻t 2以及时刻t 5两木块速度相同B.在时刻t 3两木块速度相同C.在时刻t 3和时刻t 4之间某瞬间两木块速度相同D.在时刻t 4和时刻t 5之间某瞬间两木块速度相同2.将近1 000年前,宋代诗人陈与义乘着小船在风和日丽的春日出游时曾经写了一首诗：飞花两岸照船红, 百里榆堤半日风. 卧看满天云不动, 不知云与我俱东.在这首诗当中,诗人艺术性地表达了他对运动相对性的理解. 关于诗中所描述的运动及参考系,以下说法正确的是 A.“飞花”是以运动的船为参考系的 B.“飞花”是以两岸的榆树为参考系的 C.“云与我俱东”是以运动的船为参考系的 D.“云与我俱东”是以两岸的红花为参考系的3.如图为一物体做直线运动的v -t 图象,物体的初速度为v 0,末速度为v t .则物体在时间t 1内的平均速度v 为A.v =20t v v + B.v ＞20tv v + C.v ＜20tv v + D.条件不足,无法判断4.物体从静止开始做匀加速运动,测得第n s 内的位移为s ,则物体的加速度为A.sn 22 B.22n s C.122-n sD.122+n s5.如图所示,光滑斜面AE 被分为四个相等的部分,一物体从A 点由静止释放,下列结论不正确的是A.物体到达各点的速率v B ∶v C ∶v D ∶v E =1∶2∶3∶2B.物体到达各点所经历的时间t E =2t B =2t C =32t D C.物体从A 到E 的平均速度v =v BD.物体通过每一部分时,其速度增量v B －v A =v C －v D =v D －v C =v E －v D 6.下面是直线运动中的两个公式： s =v t①s =202t tv t v v =+t ②关于这两个公式的使用条件,说法正确的是 A.①②两式都可以用来求解变速直线运动的位移 B.①②两式都可以用来求解匀变速直线运动的位移C.①式适用于任何直线运动求位移；②式只适用于匀变速直线运动求位移D.②式适用于任何直线运动求位移；①式只适用于匀变速直线运动求位移7.一质点的位移—时间图象如图所示,能正确表示该质点的速度v 与时间t 的图象是下图中的C8.某物体做匀加速直线运动,若它运动全程的平均速度是v 1,运动到中间时刻的速度是v 2,经过全程一半位移时的速度是v 3,则下列关系式正确的是A.v 1>v 2>v 3B.v 1<v 2=v 3C.v 1=v 2<v 3D.v >v 2=v 39.两物体从不同高度自由下落,同时落地.第一个物体下落时间为t ,第二个物体下落时间为2t.当第二个物体开始下落时,两物体相距A.gt 2B.3gt 2/8C.3gt 2/4D.gt 2/410.将小球竖直向上抛出后,能正确表示其速率v 随时间t 的变化关系的图象是(不计空气阻力)AB CD第Ⅱ卷(非选择题 共60分)二、本题共5小题,每小题4分,共20分.把答案填在题中的横线上.11.某物体做直线运动的速度—时间图象如图所示,试根据图象回答下列问题：(1)物体在OA 段做_______运动,加速度是_______m/s 2,在AB 段做_______运动,加速度是_______m/s 2. (2)物体在2 s 末的速度是_______m/s,物体在整个过程的位移是_______m.12.某同学身高是1.8 m,在运动会上他参加跳高比赛,起跳后身体横着越过了1.8 m 高的横杆.据此可估算出他起跳时竖直向上的速度是_______m/s.(g 取10 m/s 2)13.一矿井深125 m,在井口每隔一定时间自由落下一小球,当第11个小球刚从井口下落时,第一个小球恰好到达井底.那么相邻小球间开始下落的时间间隔为_______.第一个小球恰好到达井底时,第3个小球和第5个小球相距_______ m.(g 取10 m/s 2)14.一打点计时器固定在斜面上某处,一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下,如下图所示.下图是打出的纸带的一段.已知打点计时器使用的交流电频率为50 Hz,利用下图所给出的数据可求出小车下滑的加速度a=_______.(单位：cm)15.气球以10 m/s 的速度匀速竖直上升,从气球里掉下一个物体,经17 s 物体到达地面.则物体开始掉下时气球的高度为_______ m.三、本题共4小题,每小题10分,共40分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.16.一辆卡车紧急刹车时的加速度的大小是5 m/s 2.如果要求在刹车后22.5 m 内必须停下,卡车的速度不能超过多少千米/时？17.物体从h 高处自由下落,它在落到地面前1 s 内共下落35 m,求物体下落时的高度及下落时间. 18.2000年8月18日,新闻联播中报道,我国空军科研人员在飞机零高度、零速度的救生脱险方面的研究取得成功.报道称：由于飞机发生故障大多是在起飞、降落阶段,而此时的高度几乎为零高度.另外在飞行过程中会出现突然停机现象,在这种情况下,飞行员脱险非常困难.为了脱离危险,飞行员必须在0.1 s 的时间内向上弹离飞机,若弹离飞机的速度为20 m/s,试判断飞机弹离过程的加速度是多大.若飞行员脱离飞机的速度方向竖直向上,则他离开飞机的最大高度是多少？19.在某市区内,一辆小汽车在公路上以速度v 1向东行驶,一位观光游客由南向北从斑马线上横穿马路.汽车司机发现游客途经D 处时经过0.7 s 作出反应紧急刹车,但仍将正步行至B 处的游客撞伤,该汽车最终在C 处停下,如图所示.为了判断汽车是否超速行驶以及游客横穿马路是否过快,警方派一警车以法定最高速度v m =14.0 m/s 行驶在同一马路的同一地段,在肇事汽车的起始制动点A 紧急刹车,经过14.0 m 后停下来.在事故现场测量得AB =17.5 m 、BC =14.0 m 、BD =2.6 m.肇事汽车刹车性能良好(可认为警车与肇事汽车刹车时加速度均相同).问：(1)该肇事汽车的初速度v 1是多大？ (2)游客横穿马路的速度是多大？起始刹车点停车点出事点南北东西ABC D1．解析：高速摄影机在同一底片上多次曝光所记录下的木块的位置,与木块运动时打点计时器打下的点有相似之处.如果将木块看作一个质点,那么可以将这张照片当作纸带来处理.根据木块在不同时刻的位置可知,上面的木块做匀加速直线运动,因为在连续相等的时间内位移增加量一定；下面的木块做匀速直线运动,因为在相等的时间内位移相等.进一步观察,会发现从t 2时刻到t 5时刻这段时间内两木块的位移相等,因此平均速度也相同.上面木块的平均速度与中间时刻的瞬时速度相等,而时刻t 3和时刻t 4之间的某瞬时刚好是t 2时刻和t 5时刻的中间时刻.因此,选项C 是正确的.答案：C2．解析：诗中所描述的“飞花”,指的“花”是运动的,这是以运动的船为参考系；“云与我俱东”意思是说诗人和云都向东运动,这是以两岸或两岸的红花、榆树为参考系的.云与船都向东运动,可以认为云相对船不动.故A 、D 正确,B 、C 错.答案：AD3．解析：在图中梯形v 0Ot 1D 的面积S ,在数值上等于做初速度为v 0、末速度为v t 的匀加速直线运动的物体在时间0~t 1内的位移.由平均速度的定义式知v 匀加=102t sv v t =+ 题中物体的v -t 图象是曲线,它所围面积比梯形v 0Ot 1D 的面积大,也就是该物体的平均速度v =2011tv v t s t s +=>曲,所以B 选项正确. 答案：B4．解析：设物体的加速度为a ,根据匀变速直线运动的位移公式和初速度为零知：运动(n －1) s 的位移为s n －1=21a (n －1)2,运动n s 的位移为s n =21an 2. 所以第n s 内的位移为：Δs =s n －s n －1=21an 2－21a (n －1)2=s , 解得：a =122-n s.答案：C5．解析：因为v 0=0,a 恒定,物体做初速度为0的匀加速直线运动,由公式v 2=2as 得：v B =as 2,v C =)2(2s a ,v D =)3(2s a ,v E =)4(2s a ,所以A 项正确.由公式s =21at 2得t =a s 2,那么t E =a s )4(2,t C =a s )2(2,t B =a s 2,t D =as )3(2,所以B 项正确. 因为AB ∶BE =1∶3,故t AB =t BE ,所以v =v B ,C 项正确. 因为v B －v A =as 2－0,v C －v B =2(2as －1),v D －v C =)23(2-as ,v E －v D =)32(2-as ,所以D 项不正确.答案：D6．解析：公式s =v t 是平均速度定义式v =ts的变形式,对所有的直线运动求位移都适用； 公式v =20tv v +=2t v 是匀变速直线运动的一个推论,它只适用于匀变速直线运动,因此②式也只适用于匀变速直线运动.B 、C 正确.答案：BC7．解析：在s -t 图象中,质点开始沿负方向做匀速直线运动,静止一段时间后,又向正方向做匀速直线运动,回到出发点后又静止不动,且两次运动的时间相等,速率相同.所以质点的v -t 图象开始时负方向的速度不变,然后静止,速度为零,接着以正方向的速度运动相同的时间,以后的速度为零.所以只有A 图是正确的.答案：A8．解析：因为是匀加速直线运动,全程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度,所以v 1=v 2;还是因为是匀加速直线运动,故前一半位移用的时间多,后一半位移用的时间少,全程的中间时刻物体处在前一半位移的某位置上,也就是说,中间时刻物体还没有运动到位移的中点处,因此v 2<v 3.只有C 正确.答案：C9．解析：由题意知,第一个物体开始下落处距地面高度为H =21gt 2,第二个物体开始下落处距地面的高度为h =21g (2t )2.当第二个物体刚开始下落时,第一个物体已经下落2t时间,距地面的高度为H ′=H －21g (2t )2.所以此时两物体相距ΔH =H ′－h =21gt 2－21g (2t)2－21g (2t )2=gt 2/4.选项D 正确. 答案：D10．解析：竖直上抛运动的特点：上升阶段速度逐渐减小,下降阶段速度逐渐增加,且变化率为g ,是一常数.所以v -t 图象为直线,斜率表示了加速度的大小相等、方向相反.竖直上抛运动最高点的速度为0.答案：D11．解析：由图象知,OA 段做匀加速运动,加速度：a 1=44- m/s 2=1 m/s 2；在AB 段做匀减速运动,加速度：a 2=240- m/s 2=－2 m/s 2.物体在2 s 末的速度：v 2=2 m/s ；整个过程物体的位移等于速度图象与时间轴所围成的三角形的面积：s =246⨯ m=12 m. 答案：(1)匀加速 1 匀减速 －2 (2)2 1212．解析：跳高运动可近似看作竖直上抛运动.该同学起跳时重心的高度是0.9 m,身体横着越过1.8 m 高的横杆时重心的高度是1.8 m,向上运动的最大高度：h =1.8 m －0.9 m=0.9 m,所以起跳时竖直向上的速度：v =9.01022⨯⨯=gh m/s=4.2 m/s.答案：4.213．解析：设小球从井口下落至井底所需要的时间为t ,则h =21gt 2,t =1012522⨯=g h s=5 s.从第1个小球开始下落时开始计时,当第11个小球开始下落时共经历10个时间间隔,那么相邻小球间开始下落的时间间隔T =10t=0.5 s. 这时,第3个小球和第5个小球相距为h ,则h =21g ［(11－3)T ］2－21g ［(11－5)T ］2 =21×10×42 m －21×10×32 m=35 m. 答案：0.5 s 35 14．解析：每相邻的两个计数点间的运动时间T =2×0.02 s=0.04 s,利用图中所给数据应用逐差法,可求得a =21234678954)()(Ts s s s s s s s ⨯+++-+++=4.00 m/s 2. 答案：4.00 m/s 215．解析：设上升时间为t 1,经最高点后自由下落时间为t 2,则t 1+t 2=17 s. 由上升的匀减速运动可知,达最高点时： v t =v 0－gt 1=0, 所以t 1=10100=g v s=1 s 下降时间：t 2=16 s 上升高度：h 1=v 0t 1－21gt 12 =10×1 m －21×10×12 m=5 m下落高度：h 2=21gt 22=21×10×162 m=1 280 m 气球高度：h =h 2－h 1=1 280 m －5 m=1 275 m. 答案：1 27516．解析：卡车的末速度为零,根据匀变速直线运动规律：v t 2－v 02=2as 得卡车的初速度为:v 0=5.22)5(2022⨯-⨯-=-as v t m/s=15 m/s=54 km/h.所以卡车的速度不得超过54 km/h. 答案：54 km/h17．解析：设物体下落时间为t ,由公式得：⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-=-=22)1(213521t g h gt h 由以上两式解得：t =4 s,h =80 m. 答案：80 m 4 s18．解析：根据加速度的定义式知,飞行员弹离过程中的加速度： a =1.00200-=-t v v t m/s 2=200 m/s 2 飞行员离开飞机后,可认为是以20 m/s 的初速度做竖直上抛运动,因而离开飞机的最大高度是：h =10220222⨯=g v m=20 m. 答案：200 m/s 2 20 m19．解析：(1)汽车与警车刹车时均视为匀减速运动,且末速度变为零,可由v 2=2as ,得a =sv 22,两车加速度a 相同,则12122m 22s v s v =,解得v 1=21s s v m =0.140.145.17+×14.0 m/s=21 m/s ＞14 m/s.说明小汽车超速行驶.(2)汽车司机在A 点开始刹车到C 点停下,由于BC =14.0 m,说明了小汽车在B 点的速度与警车开始刹车时的速度相同,为v m =14.0 m/s.设小汽车从A 到B 所用时间为t AB ,则AB =2m 1v v +t AB ,变形得t AB =m12v v AB+,代入数据得： t AB =14215.172+⨯ s=1 s从发现游客到开始刹车的反应时间为t 0=0.7 s,故游客横穿马路的速度v ′=107.06.20+=+AB t t BD m/s=1.53 m/s. 答案：(1)21 m/s (2)1.53 m/s答案1．解析：高速摄影机在同一底片上多次曝光所记录下的木块的位置,与木块运动时打点计时器打下的点有相似之处.如果将木块看作一个质点,那么可以将这张照片当作纸带来处理.根据木块在不同时刻的位置可知,上面的木块做匀加速直线运动,因为在连续相等的时间内位移增加量一定；下面的木块做匀速直线运动,因为在相等的时间内位移相等.进一步观察,会发现从t 2时刻到t 5时刻这段时间内两木块的位移相等,因此平均速度也相同.上面木块的平均速度与中间时刻的瞬时速度相等,而时刻t 3和时刻t 4之间的某瞬时刚好是t 2时刻和t 5时刻的中间时刻.因此,选项C 是正确的.答案：C2．解析：诗中所描述的“飞花”,指的“花”是运动的,这是以运动的船为参考系；“云与我俱东”意思是说诗人和云都向东运动,这是以两岸或两岸的红花、榆树为参考系的.云与船都向东运动,可以认为云相对船不动.故A 、D 正确,B 、C 错.答案：AD3．解析：在图中梯形v 0Ot 1D 的面积S ,在数值上等于做初速度为v 0、末速度为v t 的匀加速直线运动的物体在时间0~t 1内的位移.由平均速度的定义式知v 匀加=102t sv v t =+ 题中物体的v -t 图象是曲线,它所围面积比梯形v 0Ot 1D 的面积大,也就是该物体的平均速度v =2011tv v t s t s +=>曲,所以B 选项正确. 答案：B4．解析：设物体的加速度为a ,根据匀变速直线运动的位移公式和初速度为零知：运动(n－1) s 的位移为s n －1=21a (n －1)2,运动n s 的位移为s n =21an 2. 所以第n s 内的位移为： Δs =s n －s n －1=21an 2－21a (n －1)2=s ,解得：a =122-n s. 答案：C5．解析：因为v 0=0,a 恒定,物体做初速度为0的匀加速直线运动,由公式v 2=2as 得： v B =as 2,v C =)2(2s a ,v D =)3(2s a ,v E =)4(2s a ,所以A 项正确.由公式s =21at 2得t =a s 2,那么t E =a s )4(2,t C =a s )2(2,t B =a s 2,t D =as )3(2,所以B 项正确. 因为AB ∶BE =1∶3,故t AB =t BE ,所以v =v B ,C 项正确. 因为v B －v A =as 2－0,v C －v B =2(2as －1),v D －v C =)23(2-as ,v E －v D =)32(2-as ,所以D 项不正确.答案：D6．解析：公式s =v t 是平均速度定义式v =ts的变形式,对所有的直线运动求位移都适用； 公式v =20tv v +=2t v 是匀变速直线运动的一个推论,它只适用于匀变速直线运动,因此②式也只适用于匀变速直线运动.B 、C 正确.答案：BC7．解析：在s -t 图象中,质点开始沿负方向做匀速直线运动,静止一段时间后,又向正方向做匀速直线运动,回到出发点后又静止不动,且两次运动的时间相等,速率相同.所以质点的v -t 图象开始时负方向的速度不变,然后静止,速度为零,接着以正方向的速度运动相同的时间,以后的速度为零.所以只有A 图是正确的.答案：A8．解析：因为是匀加速直线运动,全程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度,所以v 1=v 2;还是因为是匀加速直线运动,故前一半位移用的时间多,后一半位移用的时间少,全程的中间时刻物体处在前一半位移的某位置上,也就是说,中间时刻物体还没有运动到位移的中点处,因此v 2<v 3.只有C 正确.答案：C9．解析：由题意知,第一个物体开始下落处距地面高度为H =21gt 2,第二个物体开始下落处距地面的高度为h =21g (2t )2.当第二个物体刚开始下落时,第一个物体已经下落2t时间,距地面的高度为H ′=H －21g (2t )2.所以此时两物体相距ΔH =H ′－h =21gt 2－21g (2t)2－21g (2t )2=gt 2/4.选项D 正确.答案：D10．解析：竖直上抛运动的特点：上升阶段速度逐渐减小,下降阶段速度逐渐增加,且变化率为g ,是一常数.所以v -t 图象为直线,斜率表示了加速度的大小相等、方向相反.竖直上抛运动最高点的速度为0.答案：D11．解析：由图象知,OA 段做匀加速运动,加速度：a 1=44- m/s 2=1 m/s 2；在AB 段做匀减速运动,加速度：a 2=240- m/s 2=－2 m/s 2.物体在2 s 末的速度：v 2=2 m/s ；整个过程物体的位移等于速度图象与时间轴所围成的三角形的面积：s =246⨯ m=12 m. 答案：(1)匀加速 1 匀减速 －2 (2)2 1212．解析：跳高运动可近似看作竖直上抛运动.该同学起跳时重心的高度是0.9 m,身体横着越过1.8 m 高的横杆时重心的高度是1.8 m,向上运动的最大高度：h =1.8 m －0.9 m=0.9 m,所以起跳时竖直向上的速度：v =9.01022⨯⨯=gh m/s=4.2 m/s.答案：4.213．解析：设小球从井口下落至井底所需要的时间为t ,则h =21gt 2,t =1012522⨯=g h s=5 s.从第1个小球开始下落时开始计时,当第11个小球开始下落时共经历10个时间间隔,那么相邻小球间开始下落的时间间隔T =10t=0.5 s. 这时,第3个小球和第5个小球相距为h ,则h =21g ［(11－3)T ］2－21g ［(11－5)T ］2 =21×10×42 m －21×10×32 m=35 m. 答案：0.5 s 35 14．解析：每相邻的两个计数点间的运动时间T =2×0.02 s=0.04 s,利用图中所给数据应用逐差法,可求得a =21234678954)()(Ts s s s s s s s ⨯+++-+++=4.00 m/s 2. 答案：4.00 m/s 215．解析：设上升时间为t 1,经最高点后自由下落时间为t 2,则t 1+t 2=17 s. 由上升的匀减速运动可知,达最高点时： v t =v 0－gt 1=0, 所以t 1=10100=g v s=1 s 下降时间：t 2=16 s 上升高度：h 1=v 0t 1－21gt 12 =10×1 m －21×10×12 m=5 m 下落高度：h 2=21gt 22=21×10×162 m=1 280 m 气球高度：h =h 2－h 1=1 280 m －5 m=1 275 m.答案：1 27516．解析：卡车的末速度为零,根据匀变速直线运动规律：v t 2－v 02=2as 得卡车的初速度为:v 0=5.22)5(2022⨯-⨯-=-as v t m/s=15 m/s=54 km/h.所以卡车的速度不得超过54 km/h.答案：54 km/h17．解析：设物体下落时间为t ,由公式得：⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-=-=22)1(213521t g h gt h 由以上两式解得：t =4 s,h =80 m.答案：80 m 4 s18．解析：根据加速度的定义式知,飞行员弹离过程中的加速度：a =1.00200-=-t v v t m/s 2=200 m/s 2 飞行员离开飞机后,可认为是以20 m/s 的初速度做竖直上抛运动,因而离开飞机的最大高度是：h =10220222⨯=g v m=20 m. 答案：200 m/s 2 20 m19．解析：(1)汽车与警车刹车时均视为匀减速运动,且末速度变为零,可由v 2=2as ,得a =s v 22,两车加速度a 相同,则12122m 22s v s v =,解得v 1=21s s v m =0.140.145.17+×14.0 m/s=21 m/s ＞14 m/s.说明小汽车超速行驶.(2)汽车司机在A 点开始刹车到C 点停下,由于BC =14.0 m,说明了小汽车在B 点的速度与警车开始刹车时的速度相同,为v m =14.0 m/s.设小汽车从A 到B 所用时间为t AB ,则AB =2m 1v v +t AB ,变形得t AB =m 12v v AB +,代入数据得： t AB =14215.172+⨯ s=1 s 从发现游客到开始刹车的反应时间为t 0=0.7 s,故游客横穿马路的速度v ′=107.06.20+=+AB t t BD m/s=1.53 m/s. 答案：(1)21 m/s(2)1.53 m/s。

----------------------------精品word 文档 值得下载 值得拥有----------------------------------------------2010 直线运动1、【答案】⑴速度图像如图。

⑵900m【解析】由加速度图像可知前10s 汽车匀加速，后20s 汽车匀减速恰好停止，因为图像的面积表示速度的变化，此两段的面积相等。

最大速度为20m/s 。

所以速度图像为图。

然后利用速度图像的面积求出位移。

⑵汽车运动的面积为匀加速、匀速、匀减速三段的位移之和。

900201020301010321=⨯+⨯+⨯=++=s s s s m 。

2解析：(1)加速所用时间t 和达到的最大速率v ，100)15.069.9(20=--++t v t v ，200)15.030.19(%9620=--++t v t v联立解得：s t 29.1=，s m v /24.11= (2)起跑后做匀加速运动的加速度a ，at v =，解得：2/71.8s m a =3、答案：BCD解析：首先，B 正确；根据位移由v t -图像中面积表示，在0t -时间内质点B 比质点A 位移大，C 正确而A 错误；根据动能定理，合外力对质点做功等于动能的变化，D 正确；本题选BCD 。

本题考查v t -图象的理解和动能定理。

对D ，如果根据W=Fs 则难判断。

难度：中等。

4、答案：D解析：物体运动速率不变但方向可能变化，因此合力不一定为零，A 错；物体的加速度均匀增加，即加速度在变化，是非匀加速直线运动，B 错；物体所受合力与其速度方向相反，只能判断其做减速运动，但加速度大小不可确定，C 错；若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动，D 对。

5、答案：B 6、答案：（1）（2）解析：(1)设木板和物块的加速度分别为a 和a '，在t 时刻木板和物块的速度分别为tv 和t 'v ，木板和物块之间摩擦力的大小为f ，依牛顿第二定律、运动学公式和摩擦定律得 f ma '=① f mg μ=，当t t '<v v ②2121()t t a t t '''=+-v v③----------------------------精品word 文档 值得下载 值得拥有---------------------------------------------- (2)F f m a -= ④2121()t t a t t =+-v v⑤由①②③④⑤式与题给条件得 1 1.5234m/s, 4.5m/s,4m/s,4m/s ====v v v v ⑥234m/s,4m/s''==v v⑦(2)由⑥⑦式得到物块与木板运动的t -v 图象，如右图所示。

高中物理直线运动题20套(带答案)一、高中物理精讲专题测试直线运动1．某次足球比赛中，攻方使用“边路突破，下底传中”的战术．如图，足球场长90m 、宽60m.前锋甲在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做匀减速直线运动，其初速度v 0＝12m/s ，加速度大小a 0＝2m/s 2.(1)甲踢出足球的同时沿边线向前追赶足球，设他做初速为零、加速度a 1＝2m/s 2的匀加速直线运动，能达到的最大速度v m ＝8m/s.求他追上足球的最短时间.(2)若甲追上足球的瞬间将足球以某速度v 沿边线向前踢出，足球仍以a 0在地面上做匀减速直线运动；同时，甲的速度瞬间变为v 1＝6 m/s ，紧接着他做匀速直线运动向前追赶足球，恰能在底线处追上足球传中，求v 的大小. 【答案】(1)t ＝6.5s (2)v ＝7.5m/s 【解析】 【分析】(1)根据速度时间公式求出运动员达到最大速度的时间和位移，然后运动员做匀速直线运动，结合位移关系求出追及的时间.(2)结合运动员和足球的位移关系，运用运动学公式求出前锋队员在底线追上足球时的速度． 【详解】(1)已知甲的加速度为22s 2m/a =，最大速度为28m/s v =，甲做匀加速运动达到最大速度的时间和位移分别为：2228s 4s 2v t a === 22284m 16m 22v x t ==⨯= 之后甲做匀速直线运动，到足球停止运动时，其位移x 2＝v m (t 1－t 0)＝8×2m ＝16m 由于x 1＋x 2 < x 0，故足球停止运动时，甲没有追上足球 甲继续以最大速度匀速运动追赶足球，则x 0－(x 1＋x 2)＝v m t 2 联立得:t 2＝0.5s甲追上足球的时间t ＝t 0＋t 2＝6.5s (2)足球距底线的距离x 2＝45－x 0＝9m 设甲运动到底线的时间为t 3，则x 2＝v 1t 3 足球在t 3时间内发生的位移2230312x vt a t =- 联立解得：v ＝7.5m/s【点睛】解决本题的关键理清足球和运动员的位移关系，结合运动学公式灵活求解.2．质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的图象如图所示取m/s2，求：（1）物体与水平面间的动摩擦因数；（2）水平推力F的大小；（3）s内物体运动位移的大小．【答案】（1）0.2；（2）5.6N；（3）56m。

高考物理直线运动题20套(带答案)含解析一、高中物理精讲专题测试直线运动1．质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的图象如图所示取m/s2，求：（1）物体与水平面间的动摩擦因数；（2）水平推力F的大小；（3）s内物体运动位移的大小．【答案】（1）0.2；（2）5.6N；（3）56m。

【解析】【分析】【详解】（1）由题意可知，由v-t图像可知，物体在4～6s内加速度：物体在4～6s内受力如图所示根据牛顿第二定律有：联立解得：μ=0.2（2）由v-t图像可知：物体在0～4s内加速度：又由题意可知：物体在0～4s内受力如图所示根据牛顿第二定律有：代入数据得：F=5.6N（3）物体在0～14s内的位移大小在数值上为图像和时间轴包围的面积，则有：【点睛】在一个题目之中，可能某个过程是根据受力情况求运动情况，另一个过程是根据运动情况分析受力情况；或者同一个过程运动情况和受力情况同时分析，因此在解题过程中要灵活处理．在这类问题时，加速度是联系运动和力的纽带、桥梁．2．高速公路上行驶的车辆速度很大，雾天易出现车辆连续相撞的事故。

某天清晨，一辆正以20m/s速度行驶的汽车司机突然发现前方发生交通事故，便立即刹车，若该司机反应时间为0.6 s，在反应时间内车速不变，若该汽车刹车后的加速度大小为5 m/s2，从司机发现情况到汽车静止这个过程中，求：（1）该汽车运动的时间；（2）该汽车前进的距离。

【答案】（1）（2）【解析】【详解】(1)由速度公式即解得：所以汽车运动的时间为：；(2)汽车匀速运动的位移为：汽车匀减速的位移为：所以汽车前进的距离为：。

3．高铁被誉为中国新四大发明之一．因高铁的运行速度快，对制动系统的性能要求较高，高铁列车上安装有多套制动装置——制动风翼、电磁制动系统、空气制动系统、摩擦制动系统等．在一段直线轨道上，某高铁列车正以v0=288km/h的速度匀速行驶，列车长突然接到通知，前方x0=5km处道路出现异常，需要减速停车．列车长接到通知后，经过t l=2.5s 将制动风翼打开，高铁列车获得a1=0.5m/s2的平均制动加速度减速，减速t2=40s后，列车长再将电磁制动系统打开，结果列车在距离异常处500m的地方停下来．（1）求列车长打开电磁制动系统时，列车的速度多大？（2）求制动风翼和电磁制动系统都打开时，列车的平均制动加速度a2是多大？【答案】（1）60m/s（2）1.2m/s2【解析】【分析】（1）根据速度时间关系求解列车长打开电磁制动系统时列车的速度；（2）根据运动公式列式求解打开电磁制动后打开电磁制动后列车行驶的距离，根据速度位移关系求解列车的平均制动加速度.【详解】（1）打开制动风翼时，列车的加速度为a1=0.5m/s2，设经过t2=40s时，列车的速度为v1，则v1=v0-a1t2=60m/s.（2）列车长接到通知后，经过t1=2.5s，列车行驶的距离x1=v0t1=200m打开制动风翼到打开电磁制动系统的过程中，列车行驶的距离x2 =2800m打开电磁制动后，行驶的距离x3= x0- x1- x2=1500m；4．一质点做匀加速直线运动，初速度v0＝2 m/s，4 s内位移为20 m，求：（1）质点的加速度大小；（2）质点4 s末的速度大小。

高考物理直线运动各地方试卷集合汇编含解析一、高中物理精讲专题测试直线运动1．研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）t 0=0.4s ，但饮酒会导致反应时间延长．在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以v 0=72km/h 的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L=39m ．减速过程中汽车位移s 与速度v 的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动．取重力加速度的大小g=10m/s 2．求：（1）减速过程汽车加速度的大小及所用时间；（2）饮酒使志愿者的反应时间比一般人增加了多少；（3）减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值．【答案】（1）28/m s ，2.5s ；（2）0.3s ；（3）0415F mg =【解析】【分析】【详解】（1）设减速过程中，汽车加速度的大小为a ，运动时间为t ，由题可知初速度020/v m s =，末速度0t v =，位移2()211f x x =-≤由运动学公式得：202v as =① 0 2.5v t s a==② 由①②式代入数据得28/a m s =③2.5t s =④（2）设志愿者饮酒后反应时间的增加量为t ∆，由运动学公式得0L v t s ='+⑤0t t t ∆='-⑥联立⑤⑥式代入数据得0.3t s ∆=⑦（3）设志愿者力所受合外力的大小为F ，汽车对志愿者作用力的大小为0F ，志愿者的质量为m ，由牛顿第二定律得F ma =⑧由平行四边形定则得2220()F F mg =+⑨联立③⑧⑨式，代入数据得 0415F mg =⑩2．高铁被誉为中国新四大发明之一．因高铁的运行速度快，对制动系统的性能要求较高，高铁列车上安装有多套制动装置——制动风翼、电磁制动系统、空气制动系统、摩擦制动系统等．在一段直线轨道上，某高铁列车正以v 0=288km/h 的速度匀速行驶，列车长突然接到通知，前方x 0=5km 处道路出现异常，需要减速停车．列车长接到通知后，经过t l =2.5s 将制动风翼打开，高铁列车获得a 1=0.5m/s 2的平均制动加速度减速，减速t 2=40s 后，列车长再将电磁制动系统打开，结果列车在距离异常处500m 的地方停下来．（1）求列车长打开电磁制动系统时，列车的速度多大？（2）求制动风翼和电磁制动系统都打开时，列车的平均制动加速度a 2是多大？【答案】（1）60m/s （2）1.2m/s 2【解析】【分析】（1）根据速度时间关系求解列车长打开电磁制动系统时列车的速度；（2）根据运动公式列式求解打开电磁制动后打开电磁制动后列车行驶的距离，根据速度位移关系求解列车的平均制动加速度.【详解】（1）打开制动风翼时，列车的加速度为a 1=0.5m/s 2，设经过t 2=40s 时，列车的速度为v 1，则v 1=v 0-a 1t 2=60m/s.（2）列车长接到通知后，经过t 1=2.5s ，列车行驶的距离x 1=v 0t 1=200m打开制动风翼到打开电磁制动系统的过程中，列车行驶的距离x 2 =2800m打开电磁制动后，行驶的距离x 3= x 0- x 1- x 2=1500m ；3．2018年12月8日2时23分，嫦娥四号探测器成功发射，开启了人类登陆月球背面的探月新征程，距离2020年实现载人登月更近一步，若你通过努力学习、刻苦训练有幸成为中国登月第一人，而你为了测定月球表面附近的重力加速度进行了如下实验：在月球表面上空让一个小球由静止开始自由下落，测出下落高度20h m =时，下落的时间正好为5t s =，则：（1）月球表面的重力加速度g 月为多大？（2）小球下落过程中，最初2s 内和最后2s 内的位移之比为多大？【答案】1.6 m/s 2 1:4【解析】【详解】（1）由h ＝12g 月t 2得：20＝12g 月×52 解得：g 月＝1.6m /s 2 （2）小球下落过程中的5s 内，每1s 内的位移之比为1:3:5:7:9，则最初2s 内和最后2s 内的位移之比为：（1+3）：（7+9）=1:4.4．小球从离地面80m 处自由下落， 重力加速度g=10m/s 2。

高考物理直线运动试题(有答案和解析)一、高中物理精讲专题测试直线运动1．如图所示，一根有一定电阻的直导体棒质量为、长为L，其两端放在位于水平面内间距也为L的光滑平行导轨上，并与之接触良好；棒左侧两导轨之间连接一可控电阻；导轨置于匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直于导轨所在平面，时刻，给导体棒一个平行与导轨的初速度，此时可控电阻的阻值为，在棒运动过程中，通过可控电阻的变化使棒中的电流强度保持恒定，不计导轨电阻，导体棒一直在磁场中。

（1）求可控电阻R随时间变化的关系式；（2）若已知棒中电流强度为I，求时间内可控电阻上消耗的平均功率P；（3）若在棒的整个运动过程中将题中的可控电阻改为阻值为的定值电阻，则棒将减速运动位移后停下；而由题干条件，棒将运动位移后停下，求的值。

【答案】（1）；（2）；（3）【解析】试题分析：（1）因棒中的电流强度保持恒定，故棒做匀减速直线运动，设棒的电阻为，电流为I，其初速度为，加速度大小为，经时间后，棒的速度变为，则有：而，时刻棒中电流为：，经时间后棒中电流为：，由以上各式得：。

（2）因可控电阻R随时间均匀减小，故所求功率为：，由以上各式得：。

（3）将可控电阻改为定值电阻，棒将变减速运动，有：，，而，，由以上各式得，而，由以上各式得，所求。

考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化【名师点睛】解决本题的关键知道分析导体棒受力情况，应用闭合电路欧姆定律和牛顿第二定律求解，注意对于线性变化的物理量求平均的思路，本题中先后用到平均电动势、平均电阻和平均加速度。

2．为确保行车安全，高速公路不同路段限速不同，若有一段直行连接弯道的路段，如图所示，直行路段AB限速120km/h，弯道处限速60km/h．（1）一小车以120km/h的速度在直行道行驶，要在弯道B处减速至60km/h，已知该车制动的最大加速度为2.5m/s2，求减速过程需要的最短时间；（2）设驾驶员的操作反应时间与车辆的制动反应时间之和为2s（此时间内车辆匀速运动），驾驶员能辨认限速指示牌的距离为x0=100m，求限速指示牌P离弯道B的最小距离．【答案】（1）3.3s（2）125.6m【解析】【详解】（1）120 120km/h m/s3.6v==，6060km/h m/s3.6v==根据速度公式v=v0-at，加速度大小最大为2.5m/s2解得：t=3.3s；（2）反应期间做匀速直线运动，x1=v0t1=66.6m；匀减速的位移：2202v v ax-=解得：x=159m则x'=159+66.6-100m=125.6m．应该在弯道前125.6m距离处设置限速指示牌.3．一个质点正在做匀加速直线运动，用固定在地面上的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为1s．分析照片得到的数据，发现质点在第1次、第2次闪光的时间间隔内移到了2m；在第3次、第4次闪光的时间间隔内移动了8m，由此可以求得（）A．第1次闪光时质点的速度B．质点运动的加速度C．质点运动的初速度D．从第2次闪光到第3次闪光这段时间内质点的位移【答案】ABD【解析】试题分析：根据得；，故B 不符合题意；设第一次曝光时的速度为v ，，得：，故A 不符合题意；由于不知道第一次曝光时物体已运动的时间，故无法知道初速度，故C 符合题意；设第一次到第二次位移为；第三次到第四次闪光为，则有：；则；而第二次闪光到第三次闪光的位移，故D 不符合题意考点：考查了匀变速直线运动规律的综合应用，要注意任意一段匀变速直线运动中，只有知道至少三个量才能求出另外的两个量，即知三求二．4．A 、B 两列火车，在同一轨道上同向行驶， A 车在前，其速度v A =10m/s ，B 车在后，速度v B =30m/s ．因大雾能见度很低，B 车在距A 车△s=75m 时才发现前方有A 车，这时B 车立即刹车，但B 车要经过180m 才能够停止．问： （1）B 车刹车后的加速度是多大？（2）若B 车刹车时A 车仍按原速前进，请判断两车是否相撞？若会相撞，将在B 车刹车后何时？若不会相撞，则两车最近距离是多少？（3）若B 车在刹车的同时发出信号，A 车司机经过△t=4s 收到信号后加速前进，则A 车的加速度至少多大才能避免相撞？【答案】（1）22.5m /s ，方向与运动方向相反．（2）6s 两车相撞（3）20.83/A a m s ≥【解析】试题分析：根据速度位移关系公式列式求解；当速度相同时，求解出各自的位移后结合空间距离分析；或者以前车为参考系分析；两车恰好不相撞的临界条件是两部车相遇时速度相同，根据运动学公式列式后联立求解即可．（1）B 车刹车至停下过程中，00,30/,180t B v v v m s S m ====由202BB v a s -=得222.5/2B B v a m s s=-=-故B 车刹车时加速度大小为22.5m /s ，方向与运动方向相反．（2）假设始终不相撞，设经时间t 两车速度相等，则有：A B B v v a t =+， 解得：103082.5A B B v v t s a --===- 此时B 车的位移：2211308 2.5816022B B B s v t a t m =+=⨯-⨯⨯= A 车的位移：10880A A s v t m ==⨯= 因33661(3==设经过时间t 两车相撞，则有212A B B v t s v t a t +∆=+代入数据解得：126,10t s t s ==，故经过6s 两车相撞 （3）设A 车的加速度为A a 时两车不相撞 两车速度相等时：()A A B B v a t t v a t ''+-∆=+ 即：10()30 2.5A a t t t ''+-∆=- 此时B 车的位移：221,30 1.252B B B B s v t a t s t t =+=-''''即： A 车的位移：21()2A A A s v t a t t ''=+-∆要不相撞，两车位移关系要满足B A s s s ≤+∆解得20.83/A a m s ≥5．一种巨型娱乐器械可以使人体验超重和失重.一个可乘十多个人的环形座舱套装在竖直柱子上,由升降机送上几十米的高处,然后让座舱自由落下.落到一定位置时,制动系统启动,到地面时刚好停下.已知座舱开始下落时的高度为75m ,当落到离地面30m 的位置时开始制动,座舱均匀减速.重力加速度g 取102/m s ,不计空气阻力. （1）求座舱下落的最大速度; （2）求座舱下落的总时间;（3）若座舱中某人用手托着重30N 的铅球,求座舱下落过程中球对手的压力. 【答案】（1）30m/s （2）5s ．（3）75N ． 【解析】试题分析：（1）v 2=2gh; v m ＝30m/s⑵座舱在自由下落阶段所用时间为：2112h gt =t 1＝3s 座舱在匀减速下落阶段所用的时间为：t 2＝2hv =＝2s 所以座舱下落的总时间为：t ＝t 1＋t 2＝5s⑶对球，受重力mg 和手的支持力N 作用，在座舱自由下落阶段，根据牛顿第二定律有mg －N ＝mg 解得：N ＝0根据牛顿第三定律有：N′＝N ＝0，即球对手的压力为零 在座舱匀减速下落阶段，根据牛顿第二定律有mg －N ＝ma根据匀变速直线运动规律有：a ＝2202v h -＝－15m/s 2解得：N ＝75N （2分）根据牛顿第三定律有：N′＝N ＝75N ，即球对手的压力为75N 考点：牛顿第二及第三定律的应用6．如图甲所示，长为4m 的水平轨道AB 与半径为R=0．6m 的竖直半圆弧轨道BC 在B 处相连接，有一质量为1kg 的滑块（大小不计），从A 处由静止开始受水平向右的力F 作用，F 的大小随位移变化关系如图乙所示，滑块与AB 间动摩擦因数为0．25，与BC 间的动摩擦因数未知，取g =l0m/s 2．求：（1）滑块到达B 处时的速度大小；（2）滑块在水平轨道AB 上运动前2m 过程中所需的时间；（3）若滑块到达B 点时撤去力F ，滑块沿半圆弧轨道内侧上滑，并恰好能达到最高点C ，则滑块在半圆轨道上克服摩擦力所做的功是多少． 【答案】（1）210/m s （2835s （3）5J 【解析】试题分析： （1）对滑块从A 到B 的过程，由动能定理得F 1x 1－F 3x 3－μmgx ＝12mv B 2得v B ＝10m/s ． （2）在前2 m 内，由牛顿第二定律得F 1－μmg ＝ma 且x 1＝12at 12 解得t 1835． （3）当滑块恰好能到达最高点C 时，有mg ＝m 2Cv R对滑块从B 到C 的过程，由动能定理得W －mg×2R ＝12mv C 2－12mv B 2 代入数值得W ＝－5 J即克服摩擦力做的功为5 J ．考点：动能定理；牛顿第二定律7．如图甲所示，质量m=8kg 的物体在水平面上向右做直线运动。

十年高考真题分类汇编(2010－2019) 物理专题02直线运动选择题：1.(2019•海南卷•T3)汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶。

前方突遇险情，司机紧急刹车，汽车做匀减速运动，加速度大小为8m/s2。

从开始刹车到汽车停止，汽车运动的距离为A.10mB.20mC.25mD.5om【答案】C【解析】汽车做匀减速运动，根据v02=2ax解得20252vx ma==，故选C.2.(2019•全国Ⅲ卷•T7)如图(a)，物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平。

t=0时，木板开始受到水平外力F的作用，在t=4s 时撤去外力。

细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图(b)所示，木板的速度v与时间t 的关系如图(c)所示。

木板与实验台之间的摩擦可以忽略。

重力加速度取g=10m/s2。

由题给数据可以得出A. 木板的质量为1kgB. 2s~4s内，力F的大小为0.4NC. 0~2s内，力F的大小保持不变D. 物块与木板之间的动摩擦因数为0.2【答案】AB【解析】结合两图像可判断出0-2s物块和木板还未发生相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，此过程力F等于f，故F在此过程中是变力，即C错误；2-5s内木板与物块发生相对滑动，摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律，对2-4s和4-5s列运动学方程，可解出质量m为1kg ，2-4s 内的力F 为0.4N ，故A 、B 正确；由于不知道物块的质量，所以无法计算它们之间的动摩擦因数μ,故D 错误.3.(2019•全国Ⅰ卷•T5)如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H 。

上升第一个4H所用的时间为t 1，第四个4H所用的时间为t 2。

不计空气阻力，则21t t 满足A. 1<21t t <2B. 2<21t t <3C. 3<21t t <4D. 4<21t t <5【答案】C 【解析】运动员起跳到达最高点的瞬间速度为零，又不计空气阻力，故可逆向处理为自由落体运动。

高考物理最新力学知识点之直线运动真题汇编附答案一、选择题1．一汽车在平直公路上做刹车实验，t=0时刻起运动位移与速度的关系式为x=20-0.2v2（m），下列分析正确的是（）A．上述过程的加速度大小为10m/s2B．刹车过程持续的时间为4sC．t=0时刻的初速度为20m/sD．刹车过程的位移为5m2．跳伞运动员以5 m/s的速度竖直匀速降落，在离地面h＝10 m的地方掉了一颗扣子，跳伞运动员比扣子晚着陆的时间为(扣子受到的空气阻力可忽略，g取10 m/s2)( )A．2 s B．2sC．1 s D．(2－2) s3．一质量为m=2.0 kg的木箱静止在粗糙的水平地面上,木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.2,现对木箱施加一沿水平方向的大小随时间变化的拉力F,使木箱由静止开始运动,测得0～2s 内其加速度a随时间t变化的关系图象如图所示。

已知重力加速度g=10 m/s2,下列关于木箱所受拉力F的大小和运动速度v随时间t变化的图象正确的是（）A．B．C．D ．4．如图是一辆汽车做直线运动的x—t图像，对线段OA、AB、BC、CD所表示的运动，下列说法错误的是（）A．汽车在OA段运动得最快B．汽车在AB段静止C．CD段表示汽车的运动方向与初始运动方向相反D．4 h内汽车的位移大小为零5．物体以速度v匀速通过直线上的A、B两点，所用时间为t.现在物体从A点由静止出发，先做匀加速直线运动(加速度为a1)到某一最大速度v m，然后立即做匀减速直线运动(加速度大小为a2)至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t.则物体的()A．v m可为许多值，与a1、a2的大小有关B．v m可为许多值，与a1、a2的大小无关C．a1、a2必须满足12122 a a v a a t=+D．a1、a2必须是一定的6．如图所示是物体运动的v-t图像，从t=0开始，下列说法不正确的是（）A．t1时刻离出发点最远B．t2~t3时间内，加速度沿负方向C．在0~t2与t2~t4这两段时间内，物体的运动方向相反D．在t1~t2与t2~t3时间内，物体的加速度大小和方向都相同7．有一个勇敢的跳水者走到跳台边缘时，先释放一个石子来测试一下跳台的高度，由于空气阻力的影响，现测出石子在空中下落的时间为1.0s，当地重力加速度g=9.8m/s2，则跳台实际离水面的高度可能为（）A．4.7m B．4.9m C．5.0m D．9.8m8．如图所示，四个相同的小球在距地面相同的高度以相同的速率分别竖直下抛，竖直上抛，平抛和斜抛，不计空气阻力，则下列关于这四个小球从抛出到落地过程的说法中正确的是（）A．每个小球在空中的运动时间相同B．每个小球落地时的速度相同C．重力对每个小球做的功相同D．重力对每个小球落地时做功的瞬时功率相同9．关于自由落体运动，正确的说法是（）A．在空气中不考虑空气阻力的都是自由落体运动B．物体做自由落体运动时不受任何外力作用C．质量大的物体，受到的重力也大，落地时的速度也越大D．自由落体运动是初速度为零、加速度为重力加速度的匀加速直线运动10．汽车刹车时以20 m/s的速度做匀减速直线运动，加速度大小为5 m/s2，那么刹车6 s后汽车的速度和位移是（）A．0 m/s；30m B．0 m/s；40m C．-10 m/s；30m D．10m/s；40m 11．汽车以10m/s的速度在水平路面上做匀速直线运动，后来以2m/s2的加速度刹车，那么刹车后6s内的位移是（）A．24m B．25m C．96m D．96m或24m 12．疫情当前，无人驾驶技术在配送、清洁、消毒等方面的应用，节省人力的同时，也大幅降低了相关人员的感染风险，对疫情防控起到了积极作用。