2021年全国高考物理考前冲刺押题密卷11(已排版)

2021年高考考前押题密卷（江苏卷）物理·全解全析12345678910CCBDBBDCDD1、【答案】C【解析】由核反应的质量数守恒，可知，生成物X 的质量数为206，所以中子数为206-82=124，故A 错误；裂变的过程中会释放能量，质量会变小，故B 错误；一个中子裂变成一个质子和电子，在衰变的过程中，同时会释放处能量；故C 正确；中子不带电荷，电磁场不会加速和减速及束缚中子，故D 错误；故选C 。

2、【答案】C【解析】由于两列波在同一介质中传播，波速大小相等，选项A 错误；两列波振动周期相同，能形成干涉图样，选项B 错误；a 点振动产生的机械波最先到达c 点，则根据关系式v ＝s t 可知波速v ＝act ＝4m/s ，根据v ＝λT ，得λ＝vT ＝4m/s×1s ＝4m ，选项B 正确；a 波比b 波早到达c 点的时间t ＝bc v －acv ＝1s ，即两列波到达c 点时，使c 点振动加强，产生共振，由于两列机械波频率相同相干涉，故c 总是振动加强点，选项C 正确；由于两列波振幅分别是2cm 、3cm ，相遇振动的最大位移是5cm ，选项E 正确；障碍物尺寸比a 点振动形成波的波长大得多，质点a 振动形成波能绕过宽度3.5m 障碍物衍射现象不明显，D 错误。

3、【答案】B【解析】当入射光与BC 垂直时，光线不发生偏折，在光屏上没有彩色光斑，故A 错误；由于红光的折射率比紫光的折射率小，红光通过半圆形玻璃砖后折射角比紫光的小，则点光源在A 点时，光屏上红色光斑在紫色光斑的上方，故C 错误；点光源从B 移动到C 的过程中，光屏上红色光斑的移动距离比紫色光斑小，红色光斑移动速率比紫色光斑的小，故B 正确；点光源在A 点时，光线通过长方体玻璃砖后会向上发生移动，若撤除长方体玻璃砖，光屏上红色光斑将向下移动，故D 错误。

4、【答案】D【解析】由F 点进入下方磁场偏向FG 右侧，一定是正离子，偏向FG 左侧一定是负离子，PQ 两板间复合场相当于速度选择器，电场方向一定从右板指向左极板，即P 一定接电源负极，Q 一定接电源正极，选项A 错误。

绝密 ★ 启用前2021年普通高等学校招生全国统一考试物 理注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。

4．考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：题共11题，每题4分，共44分。

每题只有一个选项最符合题意。

1．下列关于热现象的描述正确的是( ) A ．分子间的距离越近，分子间的作用力就越大B ．扩散现象和布朗运动都能说明分子在永不停息的做无规则运动C ．气体温度每升高1 ℃所吸收的热量与气体经历的具体过程无关D ．水蒸气的压强离饱和汽压越远，人感觉越潮湿 【答案】B【解析】当两分子间的距离从很远处靠近时，分子间的作用力先增大后减小，再增大，故A 错误；扩散现象和布朗运动都能说明分子在永不停息的做无规则运动，故B 正确；气体温度每升高1 ℃所吸收的热量与气体经历的具体过程有关，故C 错误；水蒸气的压强离饱和汽压越远，人感觉越干燥，故D 错误。

2．2020年11月27日00时41分，华龙一号全球首堆中核集团福清核电5号机组首次并网成功。

如图所示是原子核的比结合能与质量数的关系图，下列说法正确的是( )A ．核反应中，质量守恒，电荷数守恒B ．华龙一号的原理是核聚变反应此卷只装订不密封级 姓名 准考证号 考场号 座位号C ．原子核比结合能越大，原子核越稳定D ．核裂变反应发生后，核子的平均质量不变 【答案】C【解析】核反应遵守质量数守恒和电荷数守恒，质量不守恒，故A 错误；华龙一号的原理是重核的裂变反应，故B 错误；原子核的比结合能越大，原子核越稳定，故C 正确；核裂变反应发生后，会释放能量，所以核子的平均质量减小，故D 错误。

（新高考）2021届高考考前冲刺卷物 理 （十一）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。

在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～11题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。

1．如图所示，一位于xOy 平面内的矩形通电线圈，线圈的四条边分别与x 、y 轴平行，线圈中的电流方向如图所示。

若在空间加上沿z 轴方向的恒定磁场，则线圈( )A ．绕Ox 轴转动起来B ．绕Oy 轴转动起来C ．绕Oz 轴转动起来D ．不会转动起来 【答案】D【解析】根据左手定则可判断通电线圈各条边的安培力方向如图所示，根据安培力公式F ＝BIL 可知，各边的安培力大小相等，则线圈的合外力为0，不会转动起来，线圈有扩张趋势，所以D 正确。

2．地光是在地震前夕出现在天边的一种奇特的发光现象，它是放射性元素氡因衰变释放大量的带电粒子，通过岩石裂隙向大气中集中释放而形成的。

已知氡22286Rn 的半衰期为3.82 d ，经衰变后产生一系列子体，最后变成稳定的206 82Pb ，在这一过程中( )A ．要经过4次α衰变和4次β衰变B ．要经过4次α衰变和6次β衰变C ．氡核22286Rn 的中子数为86，质子数为136D ．标号为a 、b 、c 、d 的4个氡核22286Rn 经3.82 d 后一定剩下2个核未衰变【答案】A【解析】原子核衰变过程，一次α衰变核电荷数和质量数分别减少2和4，一次β衰变核电荷数不变，质量数增加1，所以要经过4次α衰变和4次β衰变，A 正确，B 错误；氡22286Rn 核的质子数为86，质量数为222，中子数为136，C 错误；半衰期是大量原子核衰变的统计规律，几个原子核不具有统计意义，D 错误。

2021届全国高考物理（全国统考版）评估验收模拟卷（十一）（解析版）(时间：70分钟；满分：110分)第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．拍皮球是大家都喜欢的体育活动，既能强身又能健体．已知皮球质量为0.4 kg，为保证皮球与地面碰撞后自然跳起的最大高度均为1.25 m，小明需每次在球到达最高点时拍球，每次拍球作用距离为0.25 m，使球在离手时获得一个竖直向下4 m/s的初速度．若不计空气阻力及球的形变，g取10 m/s2，则每次拍球()A．手给球的冲量为1.6 kg·m/sB．手给球的冲量为2.0 kg·m/sC．人对球做的功为3.2 JD．人对球做的功为2.2 J15.如图所示，一倾斜的圆筒绕固定轴OO1以恒定的角度ω转动，圆筒的半径r＝1.5 m．筒壁内有一小物体与圆筒始终保持相对静止，小物体与圆筒间的动摩擦因数为32(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，转动轴与水平面间的夹角为60°，重力加速度g取10 m/s2.则ω的最小值是()A．1 rad/s B.303rad/sC.10 rad/s D．5 rad/s16.如图所示，竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为R.磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点A 用铰链连接长度为2a 、电阻为R2的导体棒AB .AB 由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，B 点的线速度 v ，则这时AB 两端的电压大小为( )A ．Ba v B.2Ba v 3C.Ba v 3D.Ba v 617.如图为两条平行的光滑绝缘导轨，其中半圆导轨竖直，水平导轨与半圆导轨相切于C 、E 点，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．现将一导体棒垂直导轨放置，开始时位于图中的A 点处，当导体棒中通有如图所示方向的电流时，导体棒由静止开始运动，并能到达与半圆导轨圆心等高的D 点．已知导轨的间距为L ＝0.5 m ，磁场的磁感应强度大小B ＝0.5 T ，导体棒的质量为m ＝0.05 kg 、长度为L ′＝0.5 m ，导体棒中的电流大小为I ＝2 A ，AC ＝OD ＝1 m ，重力加速度为g ＝10 m/s 2.下列说法中正确的是( )A ．导体棒在A 点的加速度大小为8 m/s 2B ．导体棒在D 点的速度大小为5 m/sC ．导体棒在D 点的向心加速度大小为10 5 m/s 2D ．导体棒在D 点时，一条半圆导轨对导体棒的作用力大小为0.75 N18．如图所示，重为10 N 的小球套在与水平面成37°角的硬杆上，现用一垂直于杆向上、大小为20 N 的力F 拉小球，使小球处于静止状态(已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)．则( )A ．小球不一定受摩擦力的作用B ．小球受摩擦力的方向一定沿杆向上，大小为6 NC ．杆对小球的弹力方向垂直于杆向下，大小为4.8 ND ．杆对小球的弹力方向垂直于杆向上，大小为12 N19．如图(a)所示，点电荷M 、N 固定于光滑绝缘水平桌面上，其连线的中垂线上有A 、B 、C 三点．一电荷量为＋q 的小球自A 点由静止释放，其运动的v －t 图象如图(b)所示，运动到B 、C 点的时刻分别为t B 、t C 速度大小分别为v B 、v C ，且t B 时刻图线切线斜率最大．则下列说法正确的是( )A ．A 、B 、C 三点中，B 点的电场强度最大 B ．由A 到C 的过程中小球的电势能先减小后变大 C ．由A 到C 的过程中，电势逐渐升高D ．B 、C 两点之间的电势差U BC ＝m （v 2C －v 2B ）2q20．如图所示，虚线OL 与y 轴的夹角为60°，在此角范围内有垂直于xOy 平面向外的匀强磁场．一带正电荷的粒子从y 轴上的M 点沿平行于x 轴的方向射入磁场，粒子离开磁场后的运动轨迹与x 轴交于P 点(图中未画出)．已知OP 之间的距离与粒子在磁场中运动的轨道半径相同，不计粒子的重力．则下列说法正确的是( )A ．粒子离开磁场时的速度方向可能垂直虚线OLB ．粒子经过x 轴时的速度方向可能垂直x 轴C ．粒子离开磁场时的速度方向可能和虚线OL 成30°夹角D ．粒子经过x 轴时的速度方向可能与x 轴正方向成30°夹角21．在空间竖直平面内，存在如图甲所示的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ四个区域，其中区域Ⅱ内和区域Ⅲ内存在方向不同的匀强电场，一电荷量为q 、质量为m 的带正电小球(可视为质点)在0～15 s 内竖直向上运动，其加速度随时间变化的图象(a －t 图象)如图乙所示，若取竖直向下为正方向，重力加速度g 取10 m/s 2，则下列说法正确的是( )A ．区域Ⅱ内电场的场强E ＝mg5q，方向竖直向下 B ．在0～5 s 内小球的动能减小 C ．在10～15 s 内小球的机械能一直增加D．t＝15 s时小球的机械能大于t＝5 s时小球的机械能题号1415161718192021答案第Ⅱ卷三、非选择题：共62分．第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题：共47分．22.(5分)在“验证力的平行四边形定则”实验中．(1)某次实验中两弹簧测力计的读数分别为F1＝1.92 N，F2＝3.84 N，如图甲所示，F1和F2的合力大小F合＝________N(保留三位有效数字)．现保持F2方向不变，减小F1和F2的夹角，为了使橡皮条的结点拉到同样的位置O点，下列说法正确的是________．A．F1一定减小B．F1一定增大C．F2一定减小D．F2一定增大(2)某同学想知道弹簧测力计中弹簧的劲度系数，于是，他将刻度尺与弹簧测力计平行放置，如图乙所示，他根据图中信息得出了弹簧的劲度系数k＝________N/m(保留两位有效数字)．乙23．(10分)某物理研究小组尝试利用一个电流计准确地测量一节干电池的电动势和内阻．已知干电池的电动势约为1.5 V，内阻几欧姆，可利用的仪器有：A．电流计G(量程I g＝30 mA，内阻R g未知)B．电阻箱R(0～99.99 Ω)C．定值电阻箱R0(R0＝30 Ω)D．开关E．导线若干回答下列问题：(1)该小组首先设计如图甲所示的电路图．闭合开关S，将电阻的阻值调到17.00 Ω时，电流计恰好满偏；将电阻的阻值调到42.00 Ω时，电流计指针指在如图乙所示位置，则电流计的示数为________mA.由以上数据可得到干电池电动势E ＝________V.(2)该小组发现图甲所示电路无法测量电源的内阻，原因是_________________．于是他们又设计一个电路测量干电池的内阻，如图丙所示．(3)闭合开关S ，改变电阻箱的阻值R ，读出对应的电流计的读数I ，然后在图丁的1I －1R 坐标系中描出相应的点，并根据所描点的规律作出1I －1R的图线．(4)结合两个实验电路图的数据，可求出电流计电阻R g ＝________Ω，干电池内阻r ＝________Ω. 24．(12分)如图所示，物块A 和B 静置在粗糙的水平桌面上，A 、B 之间有一根长为L ＝2 m 的拉直的轻绳，轻绳能承受的最大拉力为30 N ，A 的质量为m 1＝5 kg ，B 的质量为m 2＝5 kg ，A 、B 与水平桌面间的动摩擦因数均为μ＝0.2.A 受到向左的恒力F 0＝10 N 的作用，B 受到向右逐渐增大的水平力F 的作用，从某时刻起A 、B 一起向右运动，当F 增大到某一值时，轻绳刚好被拉断，已知重力加速度为g ＝10 m/s 2.(1)求轻绳刚被拉断时F 的大小．(2)若轻绳刚被拉断时，A 、B 的速度为8 m/s ，此后保持F 大小不变，当A 停止运动时，A 、B 间的距离为多大？25．(20分)如图所示，有一足够长的光滑平行金属导轨间距为L ，折成倾斜和水平两部分，倾斜部分导轨的倾角与水平面的夹角为θ＝30°，水平和倾斜部分均处在磁感应强度为B 的匀强磁场中，水平部分磁场方向竖直向下，倾斜部分垂直斜面向下(图中未画出)，两个磁场区互不叠加．将两根金属棒a 、b 垂直放置在导轨上，并将b 用轻绳通过定滑轮和小物体c 连接．已知两棒的长度均为L ，电阻均为R ，质量均为m ，小物块c 的质量也为m ，不考虑其他电阻，不计一切摩擦，运动过程中棒与导轨保持接触良好，且b 始终不会碰到滑轮，重力加速度大小为g.(1)求锁定a，释放b的最终速度v m；(2)使a、b同时由静止释放，同时在a上施加一沿斜面向上的恒力F＝1.5mg，求达到稳定状态时a、b 的速度；(3)若(2)中系统从由静止开始经时间t达到稳定状态，求过程中系统产生的焦耳热．(二)选考题：共15分．请考生从2道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分．33．[物理——选修3-3](15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．一定质量的理想气体，在等温变化时，内能不变B．把玻璃管的裂口在火焰上烧熔，它的尖端会变钝，这是玻璃表面分子间作用力表现为斥力使其表面扩张引起的C．每个分子的内能等于它的势能和动能的总和D．浸润与不浸润均是分子力作用的表现E．分子间作用力表现为斥力时，随分子间距离增大，分子势能减小(2)(10分)如图所示，一横截面积为S＝500 cm2的汽缸固定在水平面上，在汽缸口附近的位置有一销钉．已知销钉与汽缸左端的距离为L＝24 cm，一厚度忽略不计的活塞初始时在距离汽缸左端L0＝16 cm处，密封了一定质量的理想气体．汽缸导热性良好，汽缸与活塞间的摩擦不计，外界大气压强恒为p0＝1.0×105 Pa，环境温度为T0＝300 K，现将环境温度缓慢地升高．求：①当活塞刚到销钉处时，气体对外界做的功以及此时的环境温度；②当环境温度升高到T2＝600 K时，汽缸内封闭气体的压强．34．[物理——选修3-4](15分)(1)(5分)如图所示，某均匀介质中有两列简谐横波A和B同时沿x轴正方向传播足够长的时间，在t ＝0时刻两列波的波峰正好在x＝0处重合，则下列说法中正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．t＝0时刻x＝0处质点的振动位移为20 cmB．两列波的频率之比为f A∶f B＝5∶3C．t＝0时刻一定存在振动位移为－30 cm的质点D．t＝0时刻x轴正半轴上到原点最近的另一波峰重合处的横坐标为x＝7.5 mE．t＝0时刻x轴正半轴上到原点最近的波谷重合处的横坐标为x＝7.5 m(2)(10分)单色细光束射到一半径为R的透明球表面，光线在过球心的平面内，入射角i＝45°，经折射进入球内后又经内表面反射一次，再经球表面折射后射出，已知真空中光速为c，入射光线与出射光线反向延长线之间的夹角α＝30°，如图所示(图上已画出入射光线和出射光线)．①在图上画出光线在球内的路径和方向(简单说明画图步骤)； ②求透明球对该单色光的折射率和光在透明球中传播的时间．高考仿真模拟卷(十一)14．解析：选D.根据题述，使球在离手时获得一个竖直向下4 m/s 的初速度，根据动量定理，合外力给皮球的冲量为I ＝m v ＝0.4×4 kg ·m/s ＝1.6 kg ·m/s ，选项A 错误；手给球的冲量与重力冲量之和等于合外力冲量，手给球的冲量小于1.6 kg·m/s ，选项B 错误；设人对球做的功为W ，由动能定理，W ＋mgh ＝12m v 2，解得W ＝2.2 J ，选项D 正确，C 错误．15．解析：选C.由于小物体在圆筒内随圆筒做圆周运动，其向心力由小物体受到的指向圆心(转动轴)的合力提供．在小物体转到最上面时最容易与圆筒脱离，根据牛顿第二定律，沿半径方向F N ＋mg cos 60°＝m ω2r ，又沿筒壁方向mg sin 60°≤μF N ，解得ω≥10 rad/s ，要使小物体与圆筒始终保持相对静止，则ω的最小值是10 rad/s ，选项C 正确．16．解析：选C.当摆到竖直位置时，导体棒产生的感应电动势为 E ＝B ·2a v ＝2Ba ·0＋v2＝Ba v ；金属环并联的电阻为R 并＝12·12R ＝14R .AB 两端的电压是路端电压，大小为 U ＝R 并R 并＋12R E ＝14R 14R ＋12RBa v ＝Ba v3，选项C 正确．17．解析：选D.导体棒在水平方向受到安培力作用，安培力大小F 安＝BIL ′＝0.5 N ，导体棒开始运动时的加速度大小为a ＝F 安m ＝10 m/s 2，A 错误；导体棒从A 点到D 点的运动过程，安培力做功W 安＝F 安(AC＋OD )＝1 J ，重力做功W G ＝－mg ·OC ＝－0.5 J ，由动能定理得W 安＋W G ＝12m v 2，解得导体棒运动到D 点时的速度大小为v ＝2 5 m/s ，B 错误；导体棒运动到D 点时，向心加速度大小为a ′＝v 2r ＝20 m/s 2，C 错误；在D 点时，由牛顿第二定律得F －F 安＝m v 2r ，解得半圆导轨对导体棒的作用力F ＝1.5 N ，一条半圆导轨对导体棒的作用力大小为0.75 N ，D 正确．18.解析：选B.对小球受力分析，把重力沿杆方向和垂直杆方向正交分解如图，由共点力平衡可知，F f ＝mg sin 37°＝10×0.6 N ＝6 N ，F N ＝F －mg cos 37°＝20 N －8 N ＝12 N 、方向垂直于杆向下，小球受摩擦力的方向一定沿杆向上，大小为6 N ，杆对小球的弹力方向垂直于杆向下，大小为12 N ，选项B 正确，A 、C 、D 错误．19．解析：选AD.正电荷在B 处速度图象的斜率最大，可知在B 处电荷加速度最大，由电荷在光滑绝缘水平面上，水平方向只受电场力，由a ＝Eqm 可知B 点场强E 最大，选项A 正确；电荷由A 到C 一直加速运动，动能一直增加，电势能一直减小，B 选项错误；电荷由A 到C 一直加速运动，电场力一直做正功，电势能一直减小，由E p ＝qφ可知由A 到C 电势逐渐降低，C 错误；由动能定理，qU BC ＝12m v 2C －12m v 2B ，可得B 、C 两点之间电势差U BC ＝m （v 2C －v 2B ）2q，D 选项正确．20．解析：选BD.如果粒子离开磁场时的速度方向垂直虚线OL ，则圆心为O ，粒子达到x 轴上的距离OP ＞r ，故A 错误；如果粒子经过x 轴时的速度方向垂直x 轴，则粒子经过OL 时速度方向竖直向下，粒子运动轨迹如图1所示，此时轨迹几何关系可得OP ＝r ，故B 正确；如果粒子离开磁场时的速度方向和虚线OL 成30°夹角，则速度方向如图2所示，此时OP 距离一定小于r ，故C 错误；粒子经过x 轴时的速度方向可能与x 轴正方向成30°夹角，轨迹如图3所示，如果β＝30°，则粒子半径r ＝CA 有可能等于OP ，故D 正确．21．解析：选BD.结合题述，根据题给的加速度随时间变化的图象(a －t 图象)可知，在5～10 s 内小球的加速度为8 m/s 2，说明小球除受到重力作用外，还受到一个大小为15mg 的向上的电场力作用，由qE ＝15mg ，解得E ＝mg5q ，由于小球带正电，所以电场方向竖直向上，A 错误；在0～5 s 内，小球的加速度为10 m/s 2，说明小球做竖直上抛运动，小球的动能减小，B 正确；在10～15 s 内小球的加速度为12 m/s 2，说明小球除受到重力作用外还受到一个大小为15mg 的竖直向下的电场力作用，电场力对小球做负功，小球的机械能减小，C 错误；在5～10 s 内电场力对小球做正功，小球的机械能增加，由于小球一直做减速运动，在5～10 s 内小球的位移大于在10～15 s 内的位移，区域Ⅱ内电场力对小球做的正功大于区域Ⅲ内电场力对小球做的负功，所以在t ＝15 s 时小球的机械能大于t ＝5 s 时小球的机械能，D 正确．22.解析：(1)如图所示，由余弦定理可得：F 合＝F 21＋F 22－2F 1F 2cos 60°≈3.33 N ；现保持F 2方向不变，减小F 1和F 2的夹角，为了使橡皮条的结点拉到同样的位置O 点，如图所示，可知：F 2逐渐减小，F 1先减小后增大．(2)在刻度尺上选取刻度，由胡克定律可知： k ＝ 5.09.00－0.6×102 N/m ≈60 N/m. 答案：(1)3.33(3.20～3.40均对) C (2)60(60±1均对)23．解析：(1)由图乙所示表盘可知，其分度值为1 mA ，示数为：20.0 mA ；根据闭合电路欧姆定律可知：E ＝I (r ＋R g ＋R )，由题意可知：E ＝30×10－3×(r ＋R g ＋17.00)，E ＝20×10－3×(r ＋R g ＋42.00)， 解得：E ＝1.5 V ；(2)由闭合电路欧姆定律可以求出：r ＋R g ，由于不知电流计内阻R g ，所以无法求出电源内阻r ； (4)由图丙所示电路图可知，电源电动势：E ＝U ＋Ir ＝I (R g ＋R 0)＋⎣⎡⎦⎤I （R g ＋R 0）R ＋I r ， 整理得：1I ＝（R g ＋R 0）r E ·1R ＋r E ＋R g ＋R 0E， 由图丁所示1I －1R图象可知： r E ＋R g ＋R 0E＝42， k ＝（R g ＋R 0）r E ＝72－420.25＝120， 解得：r ＝3 Ω，R g ＝30 Ω.答案：(1)20.0 1.5 (2)G 表内阻未知 (4)30 324．解析：(1)设轻绳刚要被拉断时A 、B 的加速度大小为a ，根据牛顿第二定律，对A 有F T －F 0－μm 1g ＝m 1a代入数据得a ＝2 m/s 2对A 、B 整体有F －F 0－μ(m 1＋m 2)g ＝(m 1＋m 2)a代入数据得F ＝50 N.(2)设轻绳断之后，A 的加速度大小为a 1，B 的加速度大小为a 2则a 1＝F 0＋μm 1g m 1＝4 m/s 2 a 2＝F －μm 2g m 2＝8 m/s 2 A 停下来的时间为t ＝v a 1＝2 s A 的位移为x 1＝v 22a 1＝8 m B 的位移为x 2＝v t ＋12a 2t 2＝32 m A 停止时，A 、B 间距离为x ＝x 2＋L －x 1＝26 m.答案：见解析25．解析：(1)当b 和c 组成的系统做匀速运动时，b 、c 有最大速度，且为最终速度，根据平衡条件：mg ＝BIL ①I ＝E 2R② E ＝BL v m ③(2)对a 棒：F －mg sin θ－BIL ＝ma 1 ⑤代入F 、θ得：mg －BIL ＝ma 1对于b 和c 系统：mg －BIL ＝2ma 2 ⑥所以任意时刻a 1∶a 2＝2∶1，由于运动时间相同，所以最终a 、b 的速度之比v 1∶v 2＝2∶1 ⑦其中I ＝BL （v 1＋v 2）2R⑧ 当二者加速度为0时，a ，b ，c 达到稳定状态，综上得：a 稳定速度：v 1＝4mgR 3B 2L 2 ⑨ b 、c 稳定速度：v 2＝2mgR 3B 2L 2. ⑩ (3)设a 棒沿着斜面移动的位移大小为x 1，b 、c 棒的位移大小为x 2，由于运动时间相同，且a 1∶a 2＝2∶1，则从静止开始至恰好稳定状态，a 、b 棒的位移大小之比：x 1∶x 2＝2∶1 ⑪对于a 、b 、c 系统，由功能关系得：(F －mg sin θ)x 1＋mgx 2＝12m v 21＋12(2m )v 22＋Q ⑫ 代入F 、θ及⑨得：Q ＝3mgx 2－4m 3g 2R 23B 4L 4⑬ [另解：a 棒动能定理：(F －mg sin θ)x 1－W 安1＝12m v 21－0 b 、c 动能定理：mgx 2－W 安1＝12×2m v 22－0 Q ＝W 安1＋W 安2Q ＝3mgx 2－4m 3g 2R 23B 4L 4] 以a 为研究对象：从静止开始至达到稳定状态根据动量定理：(F －mg sin θ)t －BILt ＝m v 1－0 ⑭It ＝q ⑮解得：q ＝mgt BL －m v 1BL⑯ 因为E ＝n ΔΦΔt(n ＝1) ⑰ I ＝E 2R ⑱其中ΔΦ＝BL (x 1＋x 2) ⑳由⑪⑲⑳解得：x 2＝2qR 3BL○21 将⑨⑯式代入○21 即得：x 2＝2R 3B 2L 2(mgt －4m 2gR 3B 2L 2) ○22 将○22式代入⑬ 解得：Q ＝2m 2g 2Rt B 2L 2－4m 3g 2R 2B 4L 4. 答案：见解析33．解析：(1)一定质量的理想气体在等温变化时，内能不改变，体积变化，与外界有热交换，A 正确；玻璃管的裂口放在火焰上烧熔后，尖端变钝，是表面张力的作用，玻璃表面分子间作用力表现为引力使表面收缩，B 错误；热力学是对大量分子统计的结果，对单个分子没有意义，C 错误；浸润与不浸润均是分子力作用的表现，D 正确；分子间作用力表现为斥力时，随分子间距离增大，分子力做正功，分子势能减小，E 正确．(2)①气体发生等压变化，气体对外界做的功W ＝Fx ＝p 0S (L －L 0)＝400 J气体的状态参量：T 0＝300 K ，V 0＝L 0S ，V 1＝LS气体升温时发生等压变化，由盖－吕萨克定律有V 0T 0＝V 1T 1代入数据解得T 1＝450 K.②气体的状态参量：p 1＝p 0＝1.0×105 Pa ，T 1＝450 K ，T 2＝600 K从活塞到销钉处时继续升温，气体发生等容变化，由查理定律有p 1T 1＝p 2T 2解得p 2≈1.33×105 Pa.答案：(1)ADE (2)见解析34．解析：(1)两列波叠加，t ＝0时刻x ＝0处质点的振动位移为两列波振幅之和，为40 cm ，A 错误；根据波形图，A 波的波长为3 m ，B 波的波长为5 m ，两列波在同一介质中传播，波速相同，由λ＝v f可知两列波的频率之比为f A ∶f B ＝λB ∶λA ＝5∶3，B 正确；由于质点的振动位移等于同一时刻同一质点分别在两列波中振动位移的和，所以t ＝0时刻一定存在振动位移为－30 cm 的质点，C 正确；两列波波长最简整数比为3∶5，3和5的最小公倍数是15，所以t ＝0时刻x 轴正半轴到原点最近的另一波峰重合处的横坐标为x ＝5λA ＝15 m ，D 错误；t ＝0时刻x 轴正半轴到原点最近的波谷重合处的横坐标为x ＝7.5 m ，E 正确． (2)①连接圆心O 与角α的顶点，交球面于C 点，连接AC 、CB ，ACB 即为光线的路径，如图所示．②由几何关系及对称性有r ＝α2＋(i －r )，解得r ＝30° 由折射定律有n ＝sin i sin r ＝ 2 AC ＝BC ＝2R cos r ＝3R光在透明球中的传播路程L ＝23R传播速度v ＝c n ＝2c 2传播时间t ＝L v ＝26R c. 答案：(1)BCE (2)见解析。

（新高考）2021年最新高考冲刺压轴卷物理注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。

4．考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得正确的科学认知，推动物理学的发展。

下列说法符合事实的是()A．贝克勒尔发现的天然放射性现象，说明原子核有复杂结构B．麦克斯韦通过一系列实验证实了关于光的电磁理论C．查德威克用α粒子轰击14 7N获得反冲核17 8O，发现了中子D．卢瑟福通过对阴极射线的研究，提出了原子核式结构模型【答案】A【解析】贝克勒尔发现的天然放射性现象，说明原子核有复杂结构，A正确；麦克斯韦预言电磁波的存在，赫兹通过一系列实验证实了关于光的电磁理论，B错误；查德威克用α粒子轰击铍核，产生中子和碳12原子核，C错误；卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，提出了原子核式结构模型，D错误。

2．在一端封闭的粗细均匀的玻璃管内，用水银柱封闭一部分空气，玻璃管开口向下，如图所示，当玻璃管自由下落时，空气柱的长度将()A．变长B．变短C．不变D．无法确定【答案】B【解析】设水银柱的高度为h ，由图示可知，气体压强间的关系为20p p h =-，如果玻璃管自由下落时，玻璃管中的气体压强变大等于大气压，气体温度不变，由理想气体状态方程pV C =可知，气体体积变小，气柱长度变短。

3．A 、B 两物体沿同一直线同向运动，0时刻开始计时，A 、B 两物体的x t－t 图像如图所示，已知在t ＝7 s 时A 、B 在同一位置，根据图像信息，下列正确的是( )A ．B 做匀加速直线运动，加速度大小为1 m/s 2B ．A 、B 在零时刻相距11 mC ．t ＝4 s 时，B 在前、A 在后，A 正在追赶BD ．在0～7 s 内A 、B 之间的最大距离为25 m【答案】D【解析】由匀变速直线运动的位移公式x ＝v 0t ＋12at 2可得x t ＝v 0＋12at ，对比B 物体的图线可知22196 m /s 1m /s 274a -==-，所以加速度22m /s a =，由相似三角形可知，图线与纵轴的交点坐标为2m/s ，即初速度02m /s v =，B 物体做匀加速直线运动，故A 错误；对比A 物体的图线可知，A 物体做匀速直线运动，速度为6m /s v =，在7s t =时A 、B 的位移分别为42m A x vt ==，20163m 2B x v t at =+=，此时到达同一位置，故在0时刻，A 在B 前2lm 处，故B 错误；4s t =时，由24m A x vt ==，20124m 2B x v t at =+=，21m 45m A x +=，故A 在前，B 在后，B 正在追赶A ，故C 错误；当A 、B 速度相等时，相距最远0v at v +'=，可得2s t '=，由C 中位移公式可得，A 、B 的位移分别为12m ，8m ，故此时的距离12m 21m 8m 25m x ∆=+-=，D 正确。

2021年高考考前押题密卷（山东卷）物理·全解全析1．【答案】 D【解析】A ．根据核反应方程遵循质量数电荷数守恒定律可知，粒子X 为中子，粒子Y 也为中子，所以A 错误；B ．核反应方程643321Li Y He H +→+为人工转变，所以B 错误；C ．核反应生成物中的α粒子具有很强的电离本领但是穿透能力较弱，所以C 错误；D ．在234112H H He X +→+核反应中，能释放大量的能是，根据质量方程 2E mc ∆=∆可知，反应前的总质量大于反应后的总质量，所以D 正确；故选D 。

2．【答案】 D【解析】A ．由波形图可知，波长8m λ=，故A 错误；B ．波沿x 轴正方向传播，位移为(84)m 2x n n λλ=+=+（n =0,1,2,3…）则波速为 2184m /s x n v t t t +==∆-（n =0,1,2,3…） 则当n =0时，波速为214m /s t t -，不是一定为214m /s t t -，故B 错误； C ．在t 1~t 2时间内，若是在一个周期内，则质点M 是先加速、后减速，若是包含多个周期则由多个运动阶段组成，不仅是两段过程组成，故C 错误；D ．t 1、t 2时刻不是0时刻的图像，故无法判断O 点的起振方向，故也就无法判断质点Q 的起振方向，故D 正确。

故选D 。

3．【答案】 A【解析】卫星沿圆轨道绕地球运动，轨道半径r =3R 时有()()22233MmG m R T R π⎛⎫= ⎪⎝⎭ 在地球表面有2Mm G mg R = 联立解得6T =根据开普勒第三定律()()332232R R T T =' 解得在椭圆轨道的周期为4T '=卫星制动后回落到地球表面的时间为212t T '== 故选A 。

4．【答案】 B【解析】发生弹性正碰，则有01233mv mv mv =+ ，22201211133222mv mv mv ⨯=⨯+ 解得20023332m v v v m m ⨯==+ 黄色弹珠的动能为22k 20131332424E mv mv E ==⨯⨯= 故选B 。

2021届河北衡水密卷新高考原创预测试卷（十一）物理★祝考试顺利★ 注意事项：1、考试范围：高考范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

14. 如图所示，中间有孔的物块A 套在光滑的竖直杆上，某人通过光滑滑轮，用不可伸长的轻绳拉着物块A 匀速向上运动，则关于拉力F 及杆对物块水平的弹力F N ，下列说法正确的是（ ）A. F 不变B. F 增大C. F N 不变D. F N 减小15. 质量为0.8 kg 的物体在一水平面上运动，如图a 、b 分别表示物体不受拉力和受到水平拉力作用的v －t 图象，则拉力与摩擦力之比为（ ） A. 9∶8 B. 4∶3C. 2∶1D. 3∶216. 小物块从一固定斜面底端以初速度0v 冲上斜面，如图所示，已知小物块与斜面间动摩擦因数为0.5，斜面足够长，倾角为37︒，重力加速度为g 。

则小物块在斜面上运动的时间为（cos370.8︒=，sin 370.6︒=）（ ） A.2v gB. 03v gC. 0(51)v g+ D. 0(61)v g+ 17.有关圆周运动的基本模型如图所示，下列说法正确的是( )A. 如图甲火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对轮缘会有挤压作用B. 如图乙，汽车通过拱桥的最高点处于超重状态C. 如图丙所示两个圆锥摆摆线与竖直方向夹角θ不同，但圆锥高相同，则两圆锥摆的角速度相同D. 如图丁，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A 、B 位置先后分别做匀速圆周运动，则在A 、B 两位置小球的角速度及所受筒壁的支持力大小相等18. 如图甲所示，物体A 和B 叠放，静止在粗糙水平面上，物体A 受到水平方向的拉力F kt =（3N/s k =各物理量均为国际单位）的作用，在拉力F 逐渐增大的过程中，在物体A 与水平面间的摩擦力达到最大静摩擦力的瞬间，移除物体B ，此后，物体A 的加速度随时间变化的关系如图乙所示，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g=10m/s 2。

高考考前押题密卷（江苏卷）物理·全解全析1 2 3 4 5 B C C A C 6 7 8 9 BCACDABDAD1．B 【解析】根据图象的斜率大小得0~2 s 内的加速度为0.5 m/s 2，选项A 错误；根据图象的面积大小表示位移的大小，可求得0~85 s 内机器人运动的位移为83.5 m ，选项B 正确；机器人先加速再匀速后减速，故85 s 时位移最大，选项C 错误；根据初速度为0的匀变速运动平均速度公式2v v=可得机器人0~2 s 内的平均速度与84~85 s 内的平均速度相等，选项D 错误．2．C 【解析】以杠铃为研究对象，设手臂与竖直方向的夹角为α，受力分析如图所示：由于P 、Q 两点等高，且距离与手臂长度相等，可得2α=60°，则有：2F cos α=G ，解得F =33G ，选项A BD 错误、C 正确．3．C 【解析】处在电容器中的油滴P 恰好静止不动时，有mg =qE ，由于上极板带正电，故油滴带负电，选项A 错误；断开电源，由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，电容器两端的电压不变，所以电场强度不变，油滴P 不动，B 错误；仅增大两极板的距离，由C =4πSkdε知，电容器的电容减小，再根据C =QU可知，Q 应减小，但由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，故电荷量不变，改变两极板间距离，电场强度不变，则油滴P 仍静止不动，选项C 正确；仅在两极板间插入电介质，由C =4πSkdε知，电容器的电容增大，再根据C =QU可知，Q 应增大，则电源向电容器充电，电荷量增大，选项D 错误． 4．A 【解析】由变压器的工作原理1122U n U n =可知，12201402n n ==，则自耦变压器的滑动触头应位于线圈的中点，A 正确；由图2可知，该交流电源的周期为T =0.2 s ，频率为15Hz f T==，变压器并不能改变交流电的频率，因此通过小灯泡的电流的频率应为5 Hz ，B 错误；该电压表的读数应为原线圈所接电压的有效值，即为20 V ，C 错误；改变电阻箱的阻值，由1122U n U n =可知，变压器副线圈的输出电压不变，小灯泡两端的电压值不变，则小灯泡消耗的电功率不变，D 错误．5．C 【解析】小环从杆顶端由静止下滑时，做自由落体运动，杆在拉力F 作用下从静止开始沿光滑水平面水平向右匀加速运动，则它们的合运动为匀加速直线运动，选项A 错误；根据运动的独立性，水平方向有212x at =；竖直方向有212l gt =，得环的水平加速度即杆的加速度为xgl，选项B 错误；此时杆的动能2211222x mv m t ⎛⎫== ⎪⎝⎭l mgx 2，选项C 正确；根据动能定理得221122Fx mgl mv mv +=+环杆，杆的动能212mv 杆=l mgx 2，而环的动能为212=mv 环l mgx 2+mgl ，故此过程拉力F 对杆做的功为221122Fx mv mv mgl =+-环杆=22mgx l，选项D 错误．6．BC 【解析】以左边导线产生的磁场来判断右边导线受力情况，根据安培定则，可得选项A 左边导线在右侧产生的磁场方向垂直纸面向里，再根据左手定则，可判断出两导线相排斥，选项A 错误；同样可判断出选项B 正确；当左侧导线电流方向向下，可得在右侧产生的磁场方向垂直纸面向外，根据左手定则，可判断出两导线电流方向相同时相吸引，选项C 正确、D 错误．7．ACD 【解析】因点电荷正好处于三角形的中心，故正电荷在a 、b 、c 三点的电势相等，而金属板周围的电势是c b a ϕϕϕ<=，选项A 正确，根据U ba =b a ϕϕ-，U ca =c a ϕϕ-，U cb =c b ϕϕ-，可知选项B 错误、D 正确；正点电荷在a 、b 、c 三点的电场强度大小相等，根据金属板周围产生的场强可知，a 、b 点电场强度大小相等且大于c 点，再利用叠加原理可得c b a E E E >=，选项C 正确．8．ABD 【解析】当卫星绕任一行星表面做匀速圆周运动时的速度即为行星的第一宇宙速度，由R v m R Mm G 22=，解得RGMv =，则未知天体X 的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为b a :，A 错误；对于天体表面的物体，万有引力近似等于重力，即有mg R Mm G=2，解得2RGMg =，则同一物体在未知天体X 表面的重力与在地球表面的重力之比为2:b a ，B 错误；环绕天体环绕中心天体做圆周运动时，由万有引力提供向心力得2224πMm G m r r T =，解得r =，则天体X Y 、之间的距离与日地之间的距离之比为1:32d c ，C 正确；由于中心天体Y 的半径未知，不能确定其密度与地球密度的关系，D 错误．9．AD 【解析】根据功能关系知，物体的重力势能全部克服摩擦阻力做功，设斜面的长为L ，非光滑部分的长度为x ，有：sin cos mgL mg x θμθ=⋅，解得tan Lx θμ=，由此可知，斜面的倾角、长度和动摩擦因数一定，则斜面上非光滑部分长度也是确定的，选项A 正确；由tan Lx θμ=可知，斜面上非光滑部分长度由斜面的倾角、长度和动摩擦因数决定，与其他无关，选项B 错误；由于斜面的倾角、动摩擦因数关系未知，故无法确定光滑段的长度与非光滑段的长度的大小，选项C 错误；物体在光滑部分做匀加速运动，在非光滑部分做匀减速运动，故整个过程的运动时间为2L Lt vv ==，由运动分析可知，只有前一过程匀加速到最大速度，再经过后一过程匀减速到零，平均速度最大，故此状态运动时间最短，选项D 正确．10．（1）不需要 （2）0.416 m/s 1.48 m/s 2 （3）2M（每空2分） 【解析】（1）实验装置中有拉力传感器显示力的大小，故不需要保证砂和砂桶质量远小于小车的质量． （2）根据题意，相邻计数点间的周期T =0.1 s ．在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度，可得打B 点时小车速度大小v =2ACT=0.416 m/s ； 根据2x aT ∆=，可得小车的加速度a =24EC ACT-=1.48 m/s 2； 根据牛顿第二定律可得2F=Ma解得斜率k =2M． 11．（1）1 100（2分） （2）①A 1 V 2 E 2（3分） ②连线如图所示（3分） （3）2π4D ULI（2分）【解析】（1）根据读数11乘以倍率，可得电阻粗测值为1 100 Ω．（2）①因待测的电阻值较大，应选用较大一些的电压值，选电源E 2，估计出电流接近电流表A 1的量程，电压表选V 2；②连线如图所示．（3）根据欧姆定律有：x U R I =，根据电阻定律有：24πx L R D ρ=，解得2π4D ULIρ=．12．（1）BC （4分，不全得2分） （2）12.09eV 181.410-⨯（各2分） （3）4mv mgt+（4分） 【解析】（1）康普顿效应说明了光具有粒子性，选项A 错误；轻核聚变反应方程为32411120H H He n +→+，选项B 正确；比结合能越大，原子中核子结合的越牢固，原子核越稳定，选项C 正确；光的波长越短，其粒子性越显著；波长越长，其波动性越显著，选项D 错误．（2）氢原子从n =3的激发态跃迁到基态过程中释放的光子能量为()31 1.51eV 13.6eV 12.09eV h E E ν=-=---=；根据爱因斯坦光电效应方程可得：18km 0=1.410J E h h νν-=-⨯．（3）取竖直向上为正方向，设月球表面对着陆器每个支架的作用力大小为F ． 由动量定理可得：（4F –mg ）t =0–（–mv ）（2分） 则每个支架受到月球冲量的大小I =Ft =4mv mgt+（2分） 13A ．（1）AD （4分，不全得2分） （2）NVS 偏大（各2分） （3）①0000p V T T V LS -（） ②FL –Q （各2分）【解析】（1）饱和汽压随温度升高而增大，选项A 正确；单晶体的某些物理性质具有各向异性，选项B 错误；液晶显示器是利用了液晶对光具有各向异性的特点，选项C 错误；温度是分子平均动能的标志，相同温度下，氢分子的平均动能一定等于氧分子的平均动能，选项D 正确．（2）1滴溶液中含纯油酸的体积为V 0=NV ，油膜可认为是单分子层，油酸分子薄膜厚度即为分子直径，则估算油酸分子的直径为d =0V NVS S=．若痱子粉撒得过多过厚，则使得油膜不能完全扩展开，测量的油膜面积偏小，故所测分子直径偏大．（3）①根据气体状态方程有：0000p V p V LS T T-=（）解得：0000p V Tp T V LS =-（）（2分）②压缩过程活塞对气体所做的功W=FL根据热力学第一定律有U W Q FL Q ∆=-=-（2分）13B ．（1）BC （4分，不全得2分）（2）a 5（各2分）（3）30°93s 10-⨯（各2分） 【解析】（1）图甲中，物体做受迫振动时的频率始终等于驱动力的频率，当驱动力频率等于固有频率时振幅最大，选项A 错误、B 正确；根据光速不变原理知，图乙中，站在火车内的观测者认为光同时到达该车厢前、后壁，而站在地面上的观测者则认为光先到达该车厢后壁，后到达车厢的前壁，不同时到达，选项C 正确、D 错误．（2）质点离平衡位置越近，则速度越大，故该时刻a 、b 、c 三点速度最大的是a 点；若t =0.2 s 时质点c 第一次到达波谷，可知为半个周期，则周期T =0.4 s ，由图得出波长为2.0 m ，则此波的传播速度为2.00.4v Tλ==m/s=5 m/s ． （3）根据折射定律sin sin n iθ=代入数据得：i =30°（1分）由几何关系有：α=2（θ–i ）=30°（1分） 由几何关系得光在玻璃球中的路程x =2R cos i 光在玻璃球中的速度cv n=（1分） 则光在玻璃球中的运动时间92cos 610x nR i t v c -===s （1分） 14．（1）2 V （5分） （2）1 C （5分） （3）6 N 方向垂直纸面向外（5分）【解析】（1）根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势的平均值ΔE tΦ∆=（2分） 磁通量的变化ΔB S Φ=⋅∆（2分） 解得ΔB SE t∆=代入数据得E =2 V （1分）（2）根据闭合电路欧姆定律，得电路的平均电流为EI R=（2分） 则通过导线横截面的电荷量q =It （2分） 代入数据得q =1 C （1分）（3）图示位置ab 边的线速度为2v L ω=，其中π2πtω==∆（1分）此刻产生的电动势E ＇=BL 1v此刻的感应电流为I＇=ER'（2分）则图示位置ab边受到安培力的大小F=BI＇L1代入数据得F=6 N（1分）根据楞次定律判断出感应电流的方向为a→b再根据左手定则可得安培力的方向垂直纸面向外（1分）15．（1）m/s（5分）（2）91 N，方向竖直向下（6分）（2）2 J（5分）【解析】（1）设小球经过D点的速度为v D，从D点到P点做平抛运动，则有：水平方向：R cosθ＝v D t（1分）竖直方向：R sinθ＝12gt2（1分）联立解得：v D=4 m/s（1分）可得物块撞击P点的速度v P代入数据解得：v P=m/s（2分）（2）设物块到达C点时速度为v C，物块从A运动至C的过程，由动能定理有：mg（L1sinθ＋h）–μmg cosθ·L1＝12mv C2（2分）解得：v C＝6 m/s（1分）物块沿BC管道做圆周运动，设在C点时管道对物块的作用力为F N，由牛顿第二定律，有：F N–mg＝m2Cvr，其中r满足：r＋r cosθ＝h，r=49m解得：F N＝91 N（2分）根据牛顿第三定律可得，物块对管道的作用力为91 N，方向竖直向下．（1分）（3）由第1问知，物块到D的速度v D＝4 m/s<v C＝6 m/s，物块需做减速运动．假设物块在传送带上一直减速，设到达D点的速度为v由动能定理得：–μmgL2＝12mv2–12m2Cv解得：v m/s<v D＝4 m/s，故假设不成立．故物块在传送带上先匀减速到4 m/s，再做匀速运动，得传送带速率为4 m/s，运转方向为顺时针方向（1分）物块在传送带上做减速运动的加速度a=–μg物块在传送带上做匀减速运动的时间为：t ＝D C v v a -＝460.510--⨯s ＝0.4 s 此过程中物块与传送带间的相对位移大小为： Δx ＝2D C v v t +–v D t ＝2C D v v t -＝642-×0.4 m ＝0.4 m （2分） 物块与传送带间产生的热量Q ＝μmg Δx代入数据解得Q ＝2 J （2分）16．（1）203mv qd （5分） （2）02mv qL （6分） （3）03+π3d L v （5分）【解析】（1）粒子从M 点到O 点做类平抛运动，有： d=v 0t （2分）2312qE d t m=⋅⋅（2分） 解得：203mv E qd=（1分）（2）根据0tan 3atv θ==，得θ=60°，即进入磁场时速度方向与x 轴成60°角（1分） 粒子进入磁场运动轨迹如图所示，由几何关系得R =L ，v=2v 0（2分）根据牛顿第二定律有：2v qvB m R=（2分）解得02mv B qL=（1分）（3）从M 点射出的粒子在电场中做类平抛运动，在电场中运动的时间10dt v =（2分）由于粒子进入磁场的周期为2πm TqB=，以ON为弦可画出两个半径相同的圆，分别表示在N点相遇的两个粒子的轨迹如图所示，由几何关系可知两粒子进入磁场的时间间隔22π333T T Ltv=-=（2分）故两个粒子射出的时间间隔12t t t∆=+=3π3d Lv+（1分）。

绝密★启用前2020年普通高等学校招生全国统一考试物理押题卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．下列描述正确的是（）A．元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根通过扭秤实验测出的B．牛顿第一定律可以直接用实验验证C．第谷通过大量的天文观察，发现了行星绕太阳的运动轨迹是椭圆D．电场线最早是由物理学家法拉第提出的，电场线不是实际存在的线2．在抗击疫情的特殊期间，经常需要利用无人机进行杀毒或者物资投递。

如图所示，一架无人机在执行物资投递任务时正沿直线朝斜向下方匀速运动。

用G表示无人机重力，F表示空气对它的作用力，则下列选项中能表示此过程中无人机受力情况的是（）A．B．C．D．3．为了做好疫情防控工作，小区物业利用红外测温仪对出入人员进行体温检测。

红外测温仪的原理是：被测物体辐射的光线只有红外线可被捕捉，并转变成电信号。

图为氢原子能级示意图，已知红外线单个光子能量的最大值为n 激发态的氢原子提供的能量为（）1.62eV，要使氢原子辐射出的光子可被红外测温仪捕捉，最少应给处于2A．10.20eV B．2.89eV C．2.55eV D．1.89eV4．2020年5月5日18时00分，长征五号B运载火箭搭载新一代载人飞船试验船和柔性充气式货物返回舱试验舱，在中国海南文昌航天发射场点火升空，约488秒后，载荷组合体与火箭成功分离，进入预定轨道，首飞任务取得圆满成功。

作为一型专注于近地轨道（约200至400公里）发射的火箭，长征五号B号称“胖五”，其起飞重量约870吨，直径5m，全长57米，起飞推力超1000吨，运载能力近25吨；未来月球探测器、火星探测器和载人空间站都要靠“胖五”来发射升空。

【通用版】高考物理金榜押题卷（含答案）一、选择题：本大题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14、如图所示,把一块不带电的锌板连接在验电器上.当用紫外线照射锌板时,发现验电器指针偏转一定角度,则( )A.锌板带正电,验电器带负电B.从锌板逸出电子的动能都相等C.撤去光源,将毛皮摩擦过的橡胶棒与锌板接触,发现验电器指针偏角不变D.撤去光源,将毛皮摩擦过的橡胶棒与锌板接触,发现验电器指针偏角会变小15、真空中两个点电荷1Q 、2Q 分别固定于x 轴上1x ＝0和2x ＝4a 的两点，在它们的连线上场强E 与x 关系如图所示(取x 轴正方向为场强正方向，无穷远处为电势零点)，以下判断正确的是( )A. 1Q 带正电、2Q 带负电B. 1Q 的电荷量是2Q 的3倍C.x 轴上3a 处的电势为零D.正点电荷q 在x 轴上a 处的电势能比在2a 处的大16、如图所示的电路中,电压表和电流表均是理想电表,当滑动变阻器的滑片P 向左移动一小段距离后,下列说法中正确的是( )A.电压表示数减小B.电流表示数增大C.R0的功率减小D.电源的功率增大17、如图甲所示,一水平传送带沿顺时针方向旋转,在传送带左端A处轻放一可视为质点的小物块,小物块从A端到B端的速度—时间变化规律如图乙所示,t=6s时恰好到B点,则( )A.物块与传送带之间动摩擦因数为μ=0.1B.AB间距离为24m,小物块在传送带上留下的痕迹是8mC.若物块质量m=1kg,物块对传送带做的功为8JD.物块速度刚好到4m/s时,传送带速度立刻变为零,物块不能到达B端18、如图所示,固定在墙角处的木板与水平面的夹角为θ=37°,木板上开有小孔,一根长为l、质量为m的软绳置于木板上,其上端刚好位于小孔处,用细线将质量为m的物块与软绳的上端连接。