第4章第6节 支撑体系

1 总则1.0.1为在建筑工程混凝土结构模板工程施工中做到技术先进、经济合理、方便施工，确保质量安全，制定本规程。

1.0.2本规程适用于天津市行政区域内建筑工程中现浇水平或竖向混凝土结构构件模板支撑系统设计与施工。

(适用范围强调了房屋建筑和市政基础设施工程中现场浇筑混凝土水平或竖向结构构件。

)1.0.3模板支撑系统的设计和施工应遵循空间几何不变和支撑杆件轴向受力的原则，滿足正常使用过程中的强度、稳定和刚度要求，合理选用材料和构造措施，优先采用标准化、定型化、工具式支撑结构。

(所谓空间结构几何不变是指模板和支撑架体变形的约束条件，)3 专项施工方案3.0.3专项施工方案由项目负责人组织，项目技术负责人具体编制，经施工单位相关安全、技术等专业部门审核论证后，由施工单位技术负责人批准。

当支撑搭设高度超过8m及以上,搭设跨度18m及以上,施工总荷载15kN/m2及以上,集中线荷载20kN/m及以上, 高宽比大于2.5的梁,悬挑梁及爬模、飞模的专项施工方案应经专家论证，并按论证意见修改完善后，由施工单位技术负责人批准。

3.0.4专项方案经批准后，应送项目总监理工程师（安全总监）、建设单位项目负责人进行核查并签署意见后方可实施。

（本章是住房和城乡建设部《危险性较大的分部分项工程安全管理办法》（建质［2009］87号）做出规定。

掌握的重点是单独编制的安全技术措施文件，监理单位应当将专项施工方案列入监理规划和监理实施细则，对专项方案实施情况进行现场监理。

专项方案应有编制人、项目负责人、相关专业技术部门负责人，施工单位技术签字。

对达到一定规模的专项施工方案，应组织专家论证。

专家组提交的论证报告作为专项施工方案修改完善的指导意见。

专项方案经论证后，施工单位应当根据论证报告修改完善专项施工方案，并经施工单位技术负责人、项目总监理工程师、建设单位项目负责人签字后，方可组织实施。

如专项施工方案经论证后需做重大修改的，施工单位应当按照论证报告修改，并应重新组织专家进行论证。

2019年国家安全工程师《建筑施工安全》职业资格考前练习一、单选题1.脚手架上的荷载分为永久荷载(恒荷)和可变荷载(活荷)。

永久荷载分项系数取( )。

A、1．0B、1．2C、1．4D、16>>>点击展开答案与解析【知识点】：第6章>第1节>扣件式钢管脚手架【答案】：B【解析】：脚手架上的荷载分为永久荷载(恒荷)和可变荷载(活载)。

永久荷载分项系数取1．2。

可变荷载分项系数取1．4。

2.综合应急预案总则中包括信息报告程序，其中明确24小时应急值守电话、事故信息接收、通报程序和责任人等措施，属于信息报告程序中的( )。

A、信息接收与通报B、信息上报C、信息传递D、信息交流>>>点击展开答案与解析【知识点】：第9章>第2节>综合应急预案相关内容【答案】：A【解析】：信息报告程序主要包括：(1)信息接收与通报：明确24小时应急值守电话、事故信息接收、通报程序和责任人。

(2)信息上报：明确事故发生后向上级主管部门、上级单位报告事故信息的流程、内容、时限和责任人。

(3)信息传递：明确事故发生后向本单位以外的有关部门或单位通报事故信息的方法、程序和责任。

3.建筑起重机械的施工单位应取得建设主管部门颁发的相应资质和建筑施工企业安全生产许可证，并在其资质许可范围内承揽建筑起重机械安装、拆卸工程。

安装单位应履行的职责说法错误的是( )。

A、按照安全技术标准及建筑起重机械性能要求，编制建筑起重机械安装、拆卸工程专项施工方案，并由本单位技术负责人签字B、组织安全施工技术交底并签字确认C、制定建筑起重机械安装、拆卸工程生产安全事故应急救援预案D、将建筑起重机械安装、拆卸工程专项施工方案，安装、拆卸人员名单，安装、拆卸时间等材料报监理单位审核后，告知工程所在地县级以上地方人民政府安全主管部门>>>点击展开答案与解析【知识点】：第2章>第1节>起重机械安拆作业安全管理【答案】：D【解析】：将建筑起重机械安装、拆卸工程专项施工方案，安装、拆卸人员名单，安装、拆卸时间等材料报施工总承包单位和监理单位审核后，告知工程所在地县级以上地方人民政府建设主管部门。

2019年国家安全工程师《建筑施工安全》职业资格考前练习一、单选题1.安全平网可采用棉纶、维纶、涤纶或其他材料，其物理性能、耐候性能应符合标准要求。

关于安全平网的技术要求的说法中，错误的是( )。

A、平网上所用的网绳、边绳、系绳、筋绳均应由不小于2股单绳制成B、平网上的所有节点应固定C、平网为3m×6mD、相邻两系绳间距不应大于750mm，系绳长度不应小于800mm>>>点击展开答案与解析【知识点】：第4章>第6节>安全网【答案】：A【解析】：绳结构：平网上所用的网绳、边绳、系绳、筋绳均应由不小于3股单绳制成；绳头部分应经过编花、燎烫等处理。

2.脚手架上的荷载归纳为竖向荷载和水平荷载两类，下列关于它们的传递路线说法正确的是( )。

A、作用于脚手架上的全部竖向荷载和水平荷载最终都是通过水平杆传递的；由竖向和水平荷载产生的竖向力由立杆传递给基础；水平力则由立杆通过连墙件传给建筑物B、作用于脚手架上的全部竖向荷载和水平荷载最终都是通过水平杆传递的；由竖向和水平荷载产生的竖向力由立杆传递给基础：水平力则由水平杆通过连墙件传给建筑物C、作用于脚手架上的全部竖向荷载和水平荷载最终都是通过立杆传递的：由竖向和水平荷载产生的竖向力由立杆传递给基础；水平力则由水平杆通过连墙件传给建筑物D、作用于脚手架上的全部竖向荷载和水平荷载最终都是通过立杆传递的：由竖向和>>>点击展开答案与解析【知识点】：第6章>第1节>扣件式钢管脚手架【答案】：D【解析】：作用于脚手架上的全部竖向荷载和水平荷载最终都是通过立杆传递的：由竖向和水平荷载产生的竖向力由立杆传递给基础；水平力则由立杆通过连墙件传给建筑物。

3.吊篮的安全装置不包括( )。

A、安全锁B、夹轨器C、手动滑降装置D、安全钢丝绳>>>点击展开答案与解析【知识点】：第2章>第4节>吊篮的工作原理及特点【答案】：B【解析】：吊篮安全装置包括：①安全锁。

2019年国家安全工程师《建筑施工安全》职业资格考前练习一、单选题1.深基坑土方开挖，采用支护结构进行支挡时，错误的支护方法是( )。

A、排桩支护B、地下连续墙C、水泥土桩墙D、临时模板支撑>>>点击展开答案与解析【知识点】：第5章>第3节>基坑支护的种类【答案】：D【解析】：深基坑的支护：(1)排桩支护。

适用条件：基坑侧壁安全等级为一级、二级、三级；适用于可采取降水或止水帷幕的基坑。

(2)地下连续墙。

适用条件：基坑侧壁安全等级为一级、二级、三级；适用于周边环境条件复杂的深基坑。

(3)水泥土桩墙。

适用条件：基坑侧壁安全等级为二级、三级；水泥土桩施工范围内地基土承载力宜150 kPa；基坑深度≤6 m。

(4)逆作拱墙。

适用条件：基坑侧壁安全等级为二级、三级；拱墙轴线的矢跨比宜≥1／8；基坑深度宜≤12 m；地下水位高于基坑底面时，应采取降水或截水措施。

2.电缆线路采用埋地敷设时，应避免机械损伤和介质腐蚀，下列不符合电缆线路埋地敷设规定的是( )。

A、埋地敷设宜选用铠装电缆，当选用无铠装电缆时，应能防水、防腐B、电缆直接埋地敷设的深度不小于0．7 m，并应在电缆紧邻上、下、左、右侧均匀敷设不小于50 mm厚的细砂C、埋地电缆在引出地面从2．0 m高到地下0．2 m处，必须加设防护套管．防护套管内径不应小于电缆外径的1．5倍D、埋地电缆与其附近外电电缆和管沟的平行间距不得小于1 m，交叉间距不得小于0．5 m>>>点击展开答案与解析【知识点】：第3章>第3节>施工现场配电线路【答案】：D【解析】：埋地电缆与其附近外电电缆和管沟的平行间距不得小于2 m，交叉间距不得小于1 m。

3.基坑开挖过程中，一旦出现了渗水或漏水，应根据水量大小，采用坑底设沟排水、引流修补、密实混凝土封堵、压密注浆、高压喷射注浆等方法及时进行处理。

如果水泥土墙等重力式支护结构位移超过设计估计值，应做好监测，掌握发展趋势。

用牛顿运动定律解决问题（一）教材分析力和物体运动的关系问题，一直是动力学研究的基本问题，人们对它的认识经历了一个漫长的过程，直到牛顿用他的三个定律对这一类问题作出了精确的解决．牛顿由此奠定了经典力学的基础．牛顿三定律成为力学乃至经典物理学中最基本、最重要的定律．牛顿第一定律解决了力和运动的关系问题；牛顿第二定律确定了运动和力的定量关系；牛顿第三定律确定了物体间相互作用力遵循的规律．动力学所要解决的问题由两部分组成：一部分是物体运动情况；另一部分是物体与周围其他物体的相互作用力的情况．牛顿第二定律恰好为这两部分的链接提供了桥梁．应用牛顿运动定律解决动力学问题，高中阶段最为常见的有两类基本问题：一类是已知物体的受力情况，要求确定出物体的运动情况；另一类是已经知道物体的运动情况，要求确定物体的受力情况．要解决这两类问题，对物体进行正确的受力分析是前提，牛顿第二定律则是关键环节，因为它是运动与力联系的桥梁．教学重点应用牛顿运动定律解决动力学的两类基本问题．教学难点动力学两类基本问题的分析解决方法．课时安排1课时三维目标1．知识与技能（1）知道动力学的两类基本问题，掌握求解这两类基本问题的思路和基本方法．（2）进一步认识力的概念，掌握分析受力情况的一般方法，画出研究对象的受力图．2．过程与方法（1）培养学生运用实例总结归纳一般解题规律的能力．（2）会利用正交分解法在相互垂直的两个方向上分别应用牛顿定律求解动力学问题．（3）掌握用数学工具表达、解决物理问题的能力．3．情感、态度与价值观通过牛顿第二定律的应用，提高分析综合能力，灵活运用物理知识解决实际问题．教学过程导入新课情境导入利用多媒体播放“神舟”五号飞船的发射升空、“和谐号”列车高速前进等录像资料．如图甲、乙所示．引导：我国科技工作者能准确地预测火箭的升空、变轨，列车的再一次大提速节约了很多宝贵的时间，“缩短”了城市间的距离．这一切都得益于人们对力和运动的研究．我们现在还不能研究如此复杂的课题，就让我们从类似较为简单的问题入手，看一下这类问题的研究方法．推进新课牛顿第二定律确定了运动和力的关系，使我们能够把物体的运动情况与受力的情况联系起来．因此，它在天体运动的研究、车辆的设计等许多基础学科和工程技术中都有广泛的应用．由于我们知识的局限，这里只通过一些最简单的例子作介绍．一、从受力确定运动情况如果已知物体的受力情况，可由牛顿第二定律求出物体的加速度，再通过运动学的规律就可以确定物体的运动情况．例1一个静止在水平地面上的物体，质量是2 kg，在6.4 N的水平拉力作用下沿水平方向向右运动．物体与地面间的摩擦力是4.2 N，求物体在4 s末的速度和4 s内发生的位移．分析：这个问题是已知物体受的力，求它的速度和位移，即它的运动情况．教师设疑：1．物体受到的合力沿什么方向？大小是多少？2．这个题目要求计算物体的速度和位移，而我们目前只能解决匀变速运动的速度和位移．物体的运动是匀变速运动吗？师生讨论交流：1．对物体进行受力分析，如图．物体受力的图示物体受到四个力的作用：重力G ，方向竖直向下；地面对物体的支持力F N ，竖直向上；拉力F 1，水平向右；摩擦力F 2，水平向左．物体在竖直方向上没有发生位移，没有加速度，所以重力G 和支持力F N 大小相等、方向相反，彼此平衡，物体所受合力等于水平方向的拉力F 1与摩擦力F 2的合力．取水平向右的方向为正方向，则合力：F ＝F 1－F 2＝2.2 N ，方向水平向右．2．物体原来静止，初速度为0，在恒定的合力作用下产生恒定的加速度，所以物体做初速度为0的匀加速直线运动．解析：由牛顿第二定律可知，F 1－F 2＝maa ＝F 1－F 2ma ＝2.22m/s 2＝1.1 m/s 2 求出了加速度，由运动学公式可求出4 s 末的速度和4 s 内发生的位移v ＝at ＝1.1×4 m/s＝4.4 m/sx ＝12at 2＝12×1.1×16 m＝8.8 m.讨论交流：（1）从以上解题过程中，总结一下运用牛顿定律解决由受力情况确定运动情况的一般步骤．（2）受力情况和运动情况的链接点是牛顿第二定律，在运用过程中应注意哪些问题？ 参考：运用牛顿定律解决由受力情况确定物体的运动情况大致分为以下步骤：（1）确定研究对象．（2）对确定的研究对象进行受力分析，画出物体的受力示意图．（3）建立直角坐标系，在相互垂直的方向上分别应用牛顿第二定律列式F x ＝ma x ，F y ＝ma y .求得物体运动的加速度．（4）应用运动学的公式求解物体的运动学量．3．受力分析的过程中要按照一定的步骤以避免“添力”或“漏力”．一般是先场力，再接触力，最后是其他力．即一重、二弹、三摩擦、四其他．再者每一个力都会独立地产生一个加速度．但是解题过程中往往应用的是合外力所产生的合加速度．再就是牛顿第二定律是一矢量定律，要注意正方向的选择和直角坐标系的应用．课堂训练（课件展示）如图所示自由下落的小球，从它接触竖直放置的弹簧开始到弹簧压缩到最大程度的过程中，小球的速度和加速度的变化情况是（）．A．加速度变大，速度变小B．加速度变小，速度变大C．加速度先变小后变大，速度先变大后变小D．加速度先变小后变大，速度先变小后变大解析：小球接触弹簧后，受到竖直向下的重力和竖直向上的弹力，其中重力为恒力．在接触开始阶段，弹簧形变较小，重力大于弹力，合力方向向下，故加速度方向也向下，加速度与速度方向相同，因而小球做加速运动．随着弹簧形变量的增加，弹力不断增大，向下的合力逐渐减小，小球加速度也逐渐减小．当弹力增大到与重力相等时，小球加速度等于0.由于小球具有向下的速度，仍向下运动．小球继续向下运动的过程，弹力大于重力，合外力方向变为竖直向上，小球加速度也向上且逐渐增大，与速度方向相反．小球速度减小，一直到将弹簧压缩到最大形变量，速度变为0.答案：C二、从运动情况确定受力与第一种情况过程相反，若已经知道物体的运动情况，根据运动学公式求出物体的加速度，于是就可以由牛顿第二定律确定物体所受的外力，这是力学所要解决的又一方面的问题．例2 一个滑雪的人，质量m＝50 kg，以v0＝2 m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡倾角θ＝30°，在t＝5 s的时间内滑下的路程x＝60 m，求滑雪人受到的阻力（包括摩擦和空气阻力）．合作探讨：这个题目是已知人的运动情况，求人所受的力．应该注意三个问题：滑雪人受到的力1．分析人的受力情况，作出受力示意图．然后考虑以下几个问题：滑雪的人共受到几个力的作用？这几个力各沿什么方向？它们之中哪个力是待求的，哪个力实际上是已知的？2．根据运动学的关系得到下滑加速度，求出对应的合力，再由合力求出人受的阻力．3．适当选取坐标系．坐标系的选择，原则上是任意的，但是为了解决问题的方便，选择时一般根据以下要求选取：（1）运动正好沿着坐标轴的方向．（2）尽可能多的力落在坐标轴上．如有可能，待求的未知力尽量落在坐标轴上，不去分解．解析：如图，受力分析建立如图坐标系，把重力G 沿x 轴和y 轴的方向分解，得到求滑雪人受到的阻力G x ＝mg ·sin θG y ＝mg ·cos θ与山坡垂直方向，物体没有发生位移，没有加速度，所以G y 与支持力F N 大小相等、方向相反，彼此平衡，物体所受的合力F 等于G x 与阻力F 阻的合力．由于沿山坡向下的方向为正方向，所以合力F ＝G x －F 阻，合力的方向沿山坡向下，使滑雪的人产生沿山坡向下的加速度．滑雪人的加速度可以根据运动学的规律求得：x ＝v 0t ＋12at 2 a ＝2(x －v 0t )t 2 a ＝4 m/s 2 根据牛顿第二定律F ＝maG x －F 阻＝maF 阻＝G x －maF 阻＝mg ·sin θ－ma 代入数值后，得F 阻＝67.5 N.答案：67.5 N结合两种类型中两个例题的解题过程，总结出用牛顿定律解题的基本思路和解题步骤：1．选定研究对象，并用隔离法将研究对象隔离出来．2．分别对研究对象进行受力分析和运动情况分析，并作出其受力图．3．建立适当的坐标系，选定正方向，正交分解．4．根据牛顿第二定律分别在两个正交方向上列出方程．5．把已知量代入方程求解，检验结果的正确性．课堂训练（课件展示）1．一个物体的质量m ＝0.4 kg ，以初速度v 0＝30 m/s 竖直向上抛出，经过t ＝2.5 s 物体上升到最高点．已知物体上升过程中所受到的空气阻力大小恒定，求物体上升过程中所受空气阻力的大小是多少？解析：设物体向上运动过程中做减速运动的加速度大小为a ，以初速度方向为正方向． 因为v t =v 0－a t ，v t =0所以a =0v t=12 m/s 2 对小球受力分析如图，由牛顿第二定律f ＋mg =maf =m （a －g ）=0.4×（12－9.8）N=0.88 N.答案：0.88 N2．如图所示，光滑地面上，水平力F 拉动小车和木块一起做匀加速运动，小车的质量为M ，木块的质量为m .设加速度大小为a ，木块与小车之间的动摩擦因数为μ，则在这个过程中大木块受到的摩擦力大小是（ ）．A．μmg B．ma C．mM＋mF D．F－ma解析：这是一道根据物体运动状态求物体受力情况的典型习题．题中涉及两个物体，题干中的已知量又比较多，对此类题目，要注意选取好研究对象．两者无相对运动，它们之间的摩擦力只能是静摩擦力．因而滑动摩擦力公式f＝μmg就不再适用．A选项错误．以木块为研究对象，则静摩擦力产生其运动的加速度F合＝f＝ma，再由牛顿第三定律可知B选项正确．以小车为研究对象，F－f＝Ma，f＝F－Ma，D选项也正确．以整体为研究对象，则a＝FM＋m，再代入f＝ma可得f＝mFM＋m.故C选项也正确．答案：BCD教学建议：1．授课过程中，教师提示分析思路之后．受力分析、过程分析先由学生完成，教师则将解题过程完整写出，以便总结规律、让学生养成规范解题的习惯．2．运算过程中，物理量尽量用相应的字母表示，将所求量以公式形式代出，最后再将已知量代入，求出结果．课堂小结本节课主要讲述了动力学中的两类基本问题：（1）已知受力情况求解运动情况．（2）已知运动情况求物体受力情况．通过对例题的分析解决过程，总结出这两类基本问题的解决方法、思路和一般解题步骤．布置作业教材第87页“问题与练习”1、2、3、4题．板书设计6 用牛顿运动定律解决问题（一）一、从受力情况确定运动情况例1二、从运动情况确定受力情况例2总结：加速度是连接动力学和运动学的桥梁活动与探究课题：牛顿运动定律的适用条件．牛顿运动定律虽然是一个伟大的定律，但它也有自己适用的条件．通过对其适用条件的了解，使学生进一步完整地掌握这个规律，并且为相对论的提出打好基础．习题详解1．解答：如图所示，用作图法求出物体所受的合力F ＝87 Na ＝F m ＝872m/s 2＝43.5 m/s 2 v ＝at ＝43.5×3 m/s＝131 m/sx ＝12at 2＝12×43.5×32 m ＝196 m. 2．解答：电车的加速度为：a ＝v －v 0t ＝0－1510m/s 2＝－1.5 m/s 2. 电车所受阻力为：F ＝ma ＝－6.0×103 N ，负号表示与初速度方向相反．3．解答：人在气囊上下滑的加速度为：a ＝mg sin θ－F m ＝g sin θ－F m ＝（10×3.24.0－24060） m/s 2＝4.0 m/s 2 滑至底端时的速度为：v ＝2ax ＝2×4.0×4.0 m/s ＝5.7 m/s.4．解答：卡车急刹车时的加速度大小为：a ＝F m ＝μmg m＝μg ＝7 m/s 2 根据运动学公式：v 0＝2ax ＝2×7×7.6 m/s ＝10.3 m/s≈37.1 km/h＞30 km/h 所以，该车超速．设计点评动力学的两类基本问题在高中阶段的地位相当重要，对于培养学生的分析、判断、综合能力有很大的帮助．对于方法的总结，遵循由特殊到一般、再由一般到特殊的人们认识事物的基本发展思路．过程清晰，层次分明，有助于学生理解和掌握．备课资料一、牛顿运动定律的适用范围17世纪以来，以牛顿运动定律为基础的经典力学不断发展，在科学研究和生产技术上得到了极其广泛的应用，取得了巨大的成就．这一切不仅证明了牛顿运动定律的正确性，甚至使有些科学家认为经典力学已经达到十分完善的地步，一切自然现象都可以由力学来加以说明，过分地夸大了经典力学的作用．但是，实践表明，牛顿运动定律和所有的物理定律一样，只具有相对的真理性．1905年，著名的美籍德国物理学家爱因斯坦（1879—1955）提出了研究匀速相对运动体系的狭义相对论，引起了物理学的一场巨大革命．他指出，经典力学中的绝对时空观并不是直接从观察和实验中得出的．实际上，时间、空间和观察者是相对的．根据相对论原理，物体的质量也不是恒定不变的，而是随着物体运动状态的变化而变化.1916年爱因斯坦又发表了研究加速相对运动的广义相对论．运用这些理论所得出的结论和实验观察基本一致．这表明：对于接近光速的高速运动的问题，经典力学已不再适用，必须由相对论力学来研究．经典力学可以看做是相对论力学在运动速度远小于光速时的特例．从20世纪初以来，原子物理学发展很快，发现许多新的物理现象（如光子、电子、质子等微观粒子的波粒二象性）无法用经典力学来说明．后来，在普朗克（1858—1947）、海森堡（1901—1976）、薛定谔（1887—1961）、狄拉克（1902—1984）等物理学家的努力下创立了量子力学，解决了经典力学无法解决的问题．因此经典力学可以看做是量子力学在宏观现象中的极限情况．总之，“宏观”“低速”是牛顿运动定律的适用范围．二、用整体法与局部法巧解动力学问题在实际问题中，还常常碰到几个物体连在一起，在外力作用下的共同运动，称为连接体的运动．在分析和求解物理连接体问题时，首先遇到的关键之一，就是研究对象的选取问题．其方法有两种：一是隔离法，二是整体法．所谓隔离（体）法就是将所研究的对象——包括物体、状态和某些过程，从系统或全过程中隔离出来进行研究的方法．所谓整体法就是将两个或两个以上物体组成的整个系统或整个过程作为研究对象进行分析研究的方法．以系统为研究对象，运用牛顿第二定律求解动力学问题能回避系统内的相互作用力，使解题过程简单明了．隔离法与整体法，不是相互对立的，一般问题的求解中，随着研究对象的转化，往往两种方法交叉运用，相辅相成．例1 用力F 推M ，使M 和m 两物体一起在光滑水平面上前进时，求两物体间的相互作用力．解析：如图所示，对整体应用牛顿第二定律有F ＝（M ＋m ）a隔离m ，m 受外力的合力为M 对m 的推力N ，由牛顿第二定律N ＝ma ，解得：N ＝m M ＋m F . 答案：mM ＋m F 例2 如图所示，质量为M 的木箱放在水平面上，木箱中的立杆上套着一个质量为m 的小球．开始时小球在杆的顶端，由静止释放后，小球沿杆下滑的加速度为重力加速度的12，即a ＝12g .则小球在下滑的过程中，木箱对地面的压力为多少？解析：解法一：（隔离法）木箱与小球没有共同加速度，用隔离法解决如下．取小球m 为研究对象，受重力mg 、摩擦力F f ，如图，据牛顿第二定律得：mg －F f ＝ma ①取木箱M 为研究对象，受重力Mg 、地面支持力F N 及小球给予的摩擦力F f ′，如图． 据物体平衡条件得：F N －F f ′－Mg ＝0②且F f ＝F f ′③由①②③式得F N ＝2M ＋m 2g 由牛顿第三定律知，木箱对地面的压力大小为F N ′＝F N ＝2M ＋m 2g . 解法二：（整体法）对于“一动一静”连接体，也可选取整体为研究对象，依据牛顿第二定律列式： （mg ＋Mg ）－F N ＝ma ＋M ×0故木箱所受支持力：F N ＝2M ＋m 2g . 由牛顿第三定律知：木箱对地面压力F N ′＝F N ＝2M ＋m 2g . 答案：2M ＋m 2g 例3 一个质量为0.2 kg 的小球用细线吊在倾角θ＝53°的斜面顶端，如图，斜面静止时，球紧靠在斜面上，绳与斜面平行，不计摩擦．当斜面以10 m/s 2的加速度向右做加速运动时，求绳的拉力及斜面对小球的弹力．解析：当加速度a 较小时，小球与斜面体一起运动，此时小球受重力、绳的拉力和斜面的支持力作用，绳平行于斜面．当加速度a 足够大时，小球将“飞离”斜面，此时小球受重力和绳的拉力作用，绳与水平方向的夹角未知，题目中要求a ＝10 m/s 2时绳的拉力及斜面的支持力，必须先求出小球离开斜面的临界加速度a 0.（此时，小球所受斜面支持力恰好为零）由mg cot θ＝ma 0，所以a 0＝g cot θ＝7.5 m/s 2因为a ＝10 m/s 2＞a 0，所以小球离开斜面，N ＝0，小球受力情况如图，则T cos α＝mg ，所以T ＝(ma )2＋(mg )2＝2.83 N ，N ＝0.答案：2.83 N 0例4 如图所示，三个物体的质量分别为m 1、m 2、M ，斜面的倾角为α，绳的质量不计，所有接触面光滑．当m 1沿斜面下滑时，要求斜面体静止，则对斜面体应施加多大的水平力F?解析：对m 1、m 2构成的系统由牛顿第二定律知：m 1g sin α－m 2g ＝（m 1＋m 2）a ①对m 1、m 2和M 构成的整个系统就水平方向而言，若施力使斜面体静止，只有m 1具有水平方向向右的加速度分量a 1，且有a 1＝a cos α②所以，对斜面体必须施加水平向右的推力F ，如图，则对整个系统在水平方向上由牛顿第二定律知：F ＝m 1a 1③解①②③得：F ＝m 1g (m 1sin α－m 2)cos αm 1＋m 2. 答案：m 1g (m 1sin α－m 2)cos αm 1＋m 2这种以系统为研究对象的解题方法，只研究了系统在水平方向上的动力学行为即达目的，既回避了物体运动的多维性和相互作用的复杂性，又体现了牛顿第二定律在某一方向上的独立性．。

2019年国家安全工程师《建筑施工安全》职业资格考前练习一、单选题1.下列关于塔式起重机的安全操作要求的说法中，正确的是( )。

A、严禁使用限位装置代替操纵机构B、在吊物载荷达到额定载荷的90％时，可直接进行吊装作业，但应谨慎操作C、钢丝绳与物件的夹角不得小于60。

D、作业完毕，应锁紧回转制动器，控制开关应置零位>>>点击展开答案与解析【知识点】：第2章>第1节>塔式起重机【答案】：A【解析】：塔式起重机的安全操作要求：(1)塔式起重机的安全保护装置不得随意调整和拆除，严禁使用限位装置代替操纵机构。

安全装置有失灵时，不得进行吊装作业。

(2)塔式起重机进行回转、变幅、行走、起吊动作前应示意警示。

起吊时应统一指挥，明确指挥信号；当指挥信号不清时，不得起吊。

(3)应对吊具与索具进行检查，确认合格后方可进行吊装作业。

不合格，不得起吊。

当吊物与地面或其他物件之间存在吸附力或摩擦力而未采取措施时，不得起吊。

(4)作业中遇突发故障，应采取措施将吊物降落到安全地点，严禁吊物长时间悬挂在空中。

2.配电箱、开关箱应采用冷轧钢板或阻燃绝缘材料制作，钢板厚度应为1．2～2．0 mm。

箱体表面应做防腐处理。

下列关于配电箱与开关箱的构造要求说法错误的是( )。

A、移动式配电箱、开关箱应装设在坚固的支架上B、配电箱、开关箱内的电器(含插座)应先紧固在金属或非木质阻燃绝缘电器安装板上，金属电器安装板与金属箱体应做电气连接C、配电箱的PE线端子板必须与金属电器安装板绝缘；N线端子板必须与金属电器安装板做电气连接D、配电箱、开关箱内的连接线必须采用铜芯绝缘导线>>>点击展开答案与解析【知识点】：第3章>第3节>施工现场的配电箱和开关箱【答案】：C【解析】：配电箱的电器安装板上必须设N线端子板和PE线端子板。

N线端子板必须与金属电器安装板绝缘；PE线端子板必须与金属电器安装板做电气连接。

2019年国家安全工程师《建筑施工安全》职业资格考前练习一、单选题1.应急救援活动一般分为应急准备、初级反应、扩大应急和应急恢复四个阶段。

应急运作机制主要由统一指挥、分级响应、属地为主和公众动员这四个基本机制组成。

下列关于这四个基本机制的说法正确的是( )。

A、统一指挥是应急机制的基础，也是整个应急体系的基础B、分级响应是应急活动的基本原则C、属地为主强调“第一反应”的思想和以现场应急、现场指挥为主的原则D、公众动员机制是指在初级响应到扩大应急的过程中实行的分级相应的机制>>>点击展开答案与解析【知识点】：第9章>第1节>应急救援体系结构【答案】：C【解析】：应急运作机制主要由统一指挥、分级响应、属地为主和公众动员这四个基本机制组成。

(1)统一指挥是应急活动的基本原则。

(2)分级响应时指在初级响应到扩大应急的过程中实行的分级相应的机制。

(3)属地为主强调“第一反应”的思想和以现场应急、现场指挥为主的原则。

(4)公众动员机制是应急机制的基础，也是整个应急体系的基础。

2.配电箱的电器在总路和分路均应具备电源隔离，正常接通与分断电路，以及短路、过载、漏电保护功能。

下列关于配电箱电源隔离设备的说法中，正确的是( )。

A、当总路设置的总漏电保护器是同时具备短路、过载、漏电保护功能的漏电断路器时，可不设总断路器或总熔断器B、当总路设置的总漏电保护器是同时具备短路、过载、漏电保护功能的漏电断路器时，仍应设总断路器或总熔断器C、当分路设置分路漏电保护器是同时具备短路、过载、漏电保护功能的漏电断路器时，可不设总路断路器或总路熔断器D、当分路设置分路漏电保护器是同时具备短路、过载、漏电保护功能的漏电断路器时，仍应设分路断路器或分路熔断器>>>点击展开答案与解析【知识点】：第3章>第3节>施工现场的配电箱和开关箱【答案】：A【解析】：(1)当总路设置的总漏电保护器是同时具备短路、过载、漏电保护功能的漏电断路器时，可不设总断路器或总熔断器。

第一章工程概况一、编制依据1、编制依据工程建设标准强制性条文（房屋建筑部分）2002年版《钢筋混凝土高层建筑结构设计与施工规范》JGJ6-99《住宅建筑规范》GB50368-2005建筑施工承插型盘扣式钢管支架安全技术规范JGJ231-2010建筑结构荷载规范GB50009-2001高层混凝土结构工程施工及验收规范GB50204-2002国家、建设部、河南省颁发的现行设计规范、施工规范、技术规程质量检验评定标准及验收办法3#、4#楼建筑、结构施工图纸3#、4#楼施工组织设计2、编制说明（1）编制范围本方案适用于3#、4#楼主体结构及裙房地下室，使用承插型盘扣式钢管支撑体系。

（2）编制原则a）确保工期原则b）合理优化、优质高效的原则c）安全第一的原则d）坚持技术先进性，科学合理性，经济实用性相结合的原则e）实施项目管理，通过对劳动力、设备、材料、资金、技术信息的优化配置，实现成本、工期、质量和社会信誉的预期目标效果。

二、工程概况1、工程概述1.1某工程位于XX市区核心位置，xx路。

拟建建筑为2栋超高层住宅，住宅塔楼共用3层地下车库，地下三层设部分平战转换人防地下室。

3#、4#楼地面以上均为60层，1、2层架空6.3米，标准层层高3.15米，总建筑面积3#楼为28589.55平方米，4#楼为24170.43平方米，建筑高度均为189.300m。

各楼入口处室内外高差为0.30米。

2、承插型盘扣式支撑体系的选择拟采用承插型盘扣式支撑体系进行钢筋混凝土模板的浇筑支撑，承插型盘扣式支架式一种高度灵活的多功能支撑架，以立杆部件为基础，立杆上配置圆盘。

每个圆盘上设置有4个孔，以便连接其他部件，使整个结构牢固稳定。

盘扣式支架具有承载力大、稳定性好、零部件安装便捷、安全性好、耐久性好，可适应变化复杂的截面以及可适用吊车整体吊装的特点，在本工程中应用不但可以节约成本还可以加快使用进度，节约木材，可以取得良好的经济效益和社会效益。