2020高考物理一轮复习练习题(含解析)

第2讲电场的能的性质1 电势能、电势(1)静电力做功①特点:静电力做功与路径无关,只与电荷量和电荷移动过程始、末位置间的电势差有关。

②计算方法W=qEd,只适用于匀强电场,其中d为带电体在沿电场方向的位移。

W AB=qU AB,适用于任何电场。

(2)电势能①电场力做功的特点:电场力做功与路径无关,只与初、末位置有关。

②电势能a.定义:电荷在电场中具有的势能,在数值上等于将电荷从该点移到零势能位置时电场力所做的功。

b.电场力做功与电势能变化的关系:电场力做的功等于电势能的减少量,即W AB=E p A-E p B=-ΔE p。

(3)电势①定义:试探电荷在电场中某点具有的电势能E p与它的电荷量q的比值。

②定义式:φ=。

③矢标性:电势是标量,有正、负之分,正(负)表示该点电势比零电势高(低)。

④相对性:电势具有相对性,同一点的电势因选取的零电势点的不同而不同。

(4)等势面①定义:由电场中电势相等的各点组成的面。

②四个特点a.等势面一定与电场线垂直。

b.在同一等势面上移动电荷时电场力不做功。

c.电场线方向总是从电势高的等势面指向电势低的等势面。

d.等差等势面越密的地方电场强度越大,反之越小。

河北刑台五校联考)在静电场中,将电子从A点移到B点,电场力做了正功,则()。

A.电场强度的方向一定是由A点指向B点B.电场强度的方向一定是由B点指向A点C.电子在A点的电势能一定比在B点的高D.A点的电势一定比B点的高【答案】C山东日照高三模拟)(多选)下列关于电势高低的判断,正确的是()。

A.负电荷从A移到B时,外力做正功,A点的电势一定较高B.负电荷从A移到B时,电势能增加,A点的电势一定较低C.正电荷从A移到B时,电势能增加,A点的电势一定较低D.正电荷只在电场力作用下从静止开始,由A移到B,A点的电势一定较高【答案】CD湖北黄冈五校联考)(多选)某电场的电场线分布如图所示,以下说法正确的是()。

A.a点电势高于b点电势B.c点电场强度大于b点电场强度C.若将一检验电荷+q由a点移至b点,它的电势能增大D.若在d点再固定一点电荷-Q,将一检验电荷+q由a移至b的过程中,电势能减小【答案】AD2 电势差(1)定义:电荷在电场中,由一点A移到另一点B时,电场力做功与移动电荷的电荷量的比值。

精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！高考物理一轮复习强化训练题汇总1（含解析）一、选择题1、如图是对着竖直墙壁沿水平方向抛出的小球a、b、c的运动轨迹，三个小球到墙壁的水平距离均相同，且a和b从同一点抛出。

不计空气阻力，则（）A．a和b的飞行时间相同B．b的飞行时间比c的短C．a的水平初速度比b的小D．c的水平初速度比a的大【参考答案】D2、(海安模拟)下列说法正确的是( )A．直线运动的物体位移大小等于路程B．计算火车过桥时所用的时间，火车可当成质点C．速度变化快的物体加速度不一定大D．参考系可以是匀速运动的物体，也可以是变速运动的物体答案：D3、(哈师大附中月考)如图，MN为转轴OO′上固定的光滑硬杆，且MN垂直于OO′.用两个完全相同的小圆环套在MN上．分别用两条不可伸长的轻质细线一端与圆环连接，另一端系于OO′上，长度分别为l1、l2.已知l1、l2与MN的夹角分别为θ1、θ2，OO′匀速转动时，线上弹力分别为F T1、F T2.下列说法正确的是( ) A．若l1sinθ1>l2sinθ2，则F T1>F T2B．若l1cosθ1>l2cosθ2，则F T1>F T2C．若l1tanθ1>l2tanθ2，则F T1>F T2D ．若l 1>l 2，则F T 1>F T 2解析：设两环的质量均为m ，硬杆转动的角速度为ω，根据牛顿第二定律，对左环有：FT 1cos θ1＝m ω2l 1cos θ1；对右环有：F T 2cos θ2＝m ω2l 2cos θ2两环ω相等得FT 1FT 2＝l 1l 2；若l 1cos θ1>l 2cos θ2，则F T 1cos θ1>F T 2cos θ2，不能得到F T 1>FT 2；由题意可知l 1sin θ1<l 2sin θ2；若l 1tan θ1>l 2tan θ2，可得cos θ1<cos θ2，不能得到F T 1>F T 2；若l 1>l 2，则F T 1>FT 2，选项D 正确，A 、B 、C 错误．答案：D4、如图所示，滑雪者由静止开始沿斜坡从A 点自由滑下，然后在水平面上前进至B 点停下．已知斜坡、水平面与滑雪板之间的动摩擦因数皆为μ，滑雪者(包括滑雪板)的质量为m ，A 、B 两点间的水平距离为L.在滑雪者经过AB 段运动的过程中，克服摩擦力做的功( )A ．大于μmgLB ．小于μmgLC ．等于μmgLD ．以上三种情况都有可能解析：设斜坡与水平面的交点为C ，BC 长度为L 1，AC 水平长度为L 2，AC 与水平面的夹角为θ，如图所示，则滑雪者在水平面上摩擦力做功W 1＝－μmgL 1，在斜坡上摩擦力做功W 2＝－μmgcos θ·L 2cos θ＝－μmgL 2，所以在滑雪者经过AB 段过程中，摩擦力做功W ＝W 1＋W 2＝－μmg(L 1＋L 2)＝－μmgL.所以滑雪者克服摩擦力所做的功为μmgL.故选项C 正确． 答案：C5、(四川资阳二诊)如图所示，平行板电容器与电动势为E 的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略，一带负电的油滴被固定于电容器中的P 点，现将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是( )A ．平行板电容器的电容将减小B ．带电油滴的电势能将减少C ．静电计指针的张角变小D ．若将上极板与电源正极断开后，再将下极板左移一小段距离，则带电油滴所受的电场力不变解析：由C ＝εr S4πkd 知，将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，d 减小，C增大，A 错误；U 不变，静电计指针的张角不变，C 错误；由E ＝Ud 知，E 增大，则P 点与负极板间的电势差增大，P 点的电势升高，E p ＝φq ，又油滴带负电，则带电油滴的电势能将减少，B 正确；若将上极板与电源正极的导线断开后再将下极板左移一小段距离，Q 不变，由C ＝εr S4πkd 知，S 减小，C 减小，由U ＝Q C 得，电压U 增大，场强E ＝U d 增大，带电油滴所受的电场力增大，D 错误．答案：B6、一匀强磁场的边界是MN ，MN 左侧是无场区，右侧是匀强磁场区域，如图甲所示，现有一个金属线框以恒定速度从MN 左侧进入匀强磁场区域．线框中的电流随时间变化的I －t 图象如图乙所示．则可能的线框是如图丙所示中的( )解析：从乙图看到，电流先均匀增加后均匀减小，而线圈进入磁场是匀速运动，所以有效长度是均匀增加的，所以D 项正确，B 项排除的原因是中间有段时间电流恒定不变．答案：D7、(安徽模拟)如图所示，理想变压器原、副线圈上接有四个完全相同的灯泡，若四个灯泡恰好都能正常发光，则下列说法正确的是( )A ．U 1：U 2＝3：4B ．U 1：U 2＝4：3C ．若将L 1短路，则副线圈的三个灯泡仍能正常发光D ．若将L 2短路，则副线圈的两个灯泡两端的电压变为额定电压的43倍解析：设灯泡的额定电压为U ，额定电流为I ，则副线圈电压为3U ，电流为I ，原线圈的灯泡正常发光，电流也为I ，所以原、副线圈的匝数比为1：1，原线圈两端电压为3U ，所以U 1：U 2＝4：3，选项A 错误、B 正确；若将L 1短路，则原线圈的电压增大，则副线圈两端电压也增大，三个灯泡不能正常发光，选项C 错误；若将L 2短路，设副线圈的电流为I ′，原线圈的电流也为I ′，因此2I ′R ＋I ′R ＝U 1＝4U ，则I ′R ＝43U ，即副线圈的每个灯泡两端的电压变为额定电压的43，选项D 正确．答案：BD 二、非选择题利用如图1所示的实验装置探究恒力做功与物体动能变化的关系．小车的质量为M ＝200.0 g ，钩码的质量为m ＝10.0 g ，打点计时器的电源为50 Hz 的交流电．图1(1)挂钩码前，为了消除摩擦力的影响，应调节木板右侧的高度，直至向左轻推小车观察到____________________．(2)挂上钩码，按实验要求打出的一条纸带如图2所示．选择某一点为O ，依次每隔4个计时点取一个计数点．用刻度尺量出相邻计数点间的距离Δx ，记录在纸带上．计算打出各计数点时小车的速度v ，其中打出计数点“1”时小车的速度v1＝________m/s.图2(3)将钩码的重力视为小车受到的拉力，取g ＝9.80 m/s 2，利用W ＝mg Δx 算出拉力对小车做的功W.利用Ek ＝12Mv 2算出小车动能，并求出动能的变化量ΔEk.计算结果见下表.图3(4)实验结果表明，ΔEk 总是略小于W.某同学猜想是由于小车所受拉力小于钩码重力造成的．用题中小车和钩码质量的数据可算出小车受到的实际拉力F ＝________N.解析：(1)完全平衡摩擦力的标志是轻推小车，小车做匀速运动． (2)两计数点间的时间间隔T ＝5×0.02 s ＝0.1 s v1＝x022T ＝ 2.06＋2.50×0.012×0.1 m/s ＝0.228 m/s(3)确定标度，根据给出数据描点．作图如图所示．(4)从图线上取两个点(4.5,4.24)，(2.15,2.0) 图线的斜率k ＝4.24－2.04.5－2.15≈0.953①又有k ＝ΔEk ΔW ＝Mv 22mg Δx②根据运动学公式有v2＝2aΔx③根据牛顿第二定律有F＝Ma④由①②③④式解得F≈0.093 N答案：(1)小车做匀速运动(2)0.228 (3)见解析图(4)0.093精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！2020年高考物理一轮复习强化训练题汇总2（含解析）一、选择题1、质量为m的物块沿着倾角为θ的粗糙斜面匀速下滑，物块与斜面间的动摩擦因数为μ.斜面对物块的作用力是( )A. 大小mg，方向竖直向上B. 大小mg cosθ，方向垂直斜面向上C. 大小mg sinθ，方向沿着斜面向上D. 大小μmg cosθ，方向沿着斜面向上【参考答案】A2、(成都模拟)如图所示为成都到重庆的和谐号动车车厢内可实时显示相关信息的显示屏示意图，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量．下列说法中正确的是( )A．甲处表示时间，乙处表示平均速度B．甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C．甲处表示时刻，乙处表示平均速度D．甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度解析：甲处表盘显示时刻，乙处表盘显示动车行进过程中的瞬时速度，答案为D.答案：D3、(广西重点高中高三一模) 2016年10月17日“神舟十一号”载人飞船发射成功，飞船入轨后经过约2天的独立飞行完成与“天宫二号”的对接．如图所示，“天宫二号”处于离地面高h ＝393 km 的圆轨道A 上，“神舟十一号”处于圆轨道B 上．“神舟十一号”在位置1点火后沿轨道C 运动到位置2，然后沿轨道A 运动，通过调整自己与前方的“天宫二号”的相对距离和姿态，最终对接．已知地球半径为R ＝6 371 km ，引力常量为G ＝6.67×10－11 N ·m 2/kg 2，地球质量为M ＝6.0×1024 kg ，不计大气阻力．下列说法正确的是( )A ．“天宫二号”在轨道A 上的运行周期比“神舟十一号”在轨道B 上的运行周期小 B ．“天宫二号”在轨道A 上的加速度比“神舟十一号”在轨道B 上的加速度大C ．“天宫二号”在轨道A 上的运行速率约为7.7 km/sD ．“神舟十一号”在位置2时的机械能小于在位置1时的机械能 解析：由GMm r 2＝m(2πT)2r ，得T ＝4π2r 3GM ，可知半径越大，周期越大，A 错．由GMmr2＝ma ，得加速度a ＝GM r 2，半径越大，加速度越小，B 错．由GMm 0R ＋h 2＝m 0v 2R ＋h，得v＝GMR ＋h＝7.7 km/s ，C 对．“神舟十一号”在轨道C 上运动时，由于点火加速，故其机械能增加，D 错．答案：C4、(常州市模拟)如图所示是“过山车”玩具模型，当小球以速度v 经过圆形轨道最高点时，小球与轨道间的作用力为F ，多次改变小球初始下落的高度h ，就能得出F 与v 的函数关系，下列关于F 与v 之间的关系中有可能正确的是( )解析：小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，故mgh ＝mg ·2R ＋12mv 2(①)，在轨道最高点，重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有F ＋mg ＝m v 2R (②)，联立①②解得F ＝m v 2R －mg(③)，根据③式，F －v 关系图象是开口向上的抛物线，C 项正确． 答案：C5、(山东泰安一模)如图所示，＋Q 为固定的正点电荷，虚线圆是其一条等势线．两电荷量相同、但质量不相等的粒子，分别从同一点A 以相同的速度v 0射入，轨迹如图中曲线，B 、C 为两曲线与圆的交点．a B 、a C 表示两粒子经过B 、C 时的加速度大小，v B 、v C 表示两粒子经过B 、C 时的速度大小．不计粒子重力，以下判断正确的是( )A ．aB ＝aC v B ＝v C B ．a B >a C v B ＝v C C ．a B >a C v B <v CD ．a B <a C v B >v C解析：库仑力F ＝kQqr 2，两粒子在B 、C 两点受的库仑力大小相同，根据粒子的运动轨迹可知a B >a C ，a ＝Fm，解得m B <m C ，因为B 、C 两点位于同一等势线上，电势相等，所以两粒子从A 运动到B 和从A 运动到C ，电场力做功相同且做负功，有－W ＝12mv 2－12mv 20，所以12m B (v 20－v 2B )＝12m C (v 20－v 2C )，因为m B <m C ，所以v B <v C，C 正确． 答案：C6、美国《大众科学》月刊网站报道，美国明尼苏达大学的研究人员发现：一种具有独特属性的新型合金能够将热能直接转化为电能．具体而言，只要略微提高温度，这种合金就会变成强磁性合金，从而使环绕它的线圈中产生电流，其简化模型如图所示．A 为圆柱形合金材料，B 为线圈，套在圆柱形合金材料上，线圈的半径大于合金材料的半径．现对A 进行加热，则( )A ．B 中将产生逆时针方向的电流 B ．B 中将产生顺时针方向的电流C ．B 线圈有收缩的趋势D ．B 线圈有扩张的趋势解析：合金材料加热后，合金材料成为强磁体，通过线圈B 的磁通量增大，由于线圈B 内有两个方向的磁场，由楞次定律可知线圈只有扩张，才能阻碍磁通量的增加，C 错误、D 正确；由于不知道极性，无法判断感应电流的方向，A 、B 错误． 答案：D7、(多选)下图是远距离输电的示意图．n 1、n 2是升压变压器原、副线圈的匝数，n 1：n 2＝1：20，n 3、n 4是降压变压器原、副线圈的匝数，n 3：n 4＝40：1.升压变压器的原线圈n 1与一交变电流相连接，该交变电流的瞬时值表达式为u ＝4402sin100πt V ，下列说法正确的是( )A ．用电器获得的电压的有效值为220 VB ．用电器获得电压的有效值小于220 V ，要想使用电器的电压变为220 V ，在n 1、n 3、n 4不变的前提下，增大n 2C ．用电器获得电压的有效值大于220 V ，要想使用电器的电压变为220 V ，在n 1、n 2、n 4不变的前提下，增大n 3D ．通过用电器的交变电流的方向，每秒改变100次解析：如果输电线上不存在电阻，即不存在电压降，则有U 1U 2＝n 1n 2，U 3U 4＝n 3n 4，U 1＝U ＝440 V ，U 2＝U 3，可得U 4＝220 V ，由于输电线存在电压降，所以U 3<U 2，U 4<220 V ；若要提高U 4电压值，根据变压规律，仅增加n 2匝数即可，A 、C 错误，B 正确．由题意知ω＝100π rad/s ，所以f ＝50 Hz ，则电流方向每秒改变100次，D 正确． 答案：BD 二、非选择题下列说法中正确的是( )A ．军队士兵过桥时使用便步，是为了防止桥发生共振现象B ．机械波和电磁波在介质中的传播速度仅由介质决定C ．泊松亮斑是光通过圆孔发生衍射时形成的D ．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以减弱玻璃的反射光E ．赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在(2)(15分)在某种介质中，S 1、S 2处有相距4 m 的两个波源，沿垂直纸面方向做简谐运动，其周期分别为T 1＝0.8 s 和T 2＝0.4 s ，振幅分别为A 1＝2 cm 和A 2＝1 cm ，在该介质中形成的简谐波的波速为v ＝5 m/s.S 处有一质点，它到S 1的距离为3 m ，且SS 1⊥S 1S 2，在t ＝0时刻，两波源同时开始垂直纸面向外振动，试求：(ⅰ)t ＝0时刻振动传到S 处的时间差；(ⅱ)t ＝10 s 时，S 处质点离开平衡位置的位移大小．解析：(1)电磁波的传播不需要介质，在真空中也能传播，但在介质中的传播速度由介质和频率共同决定，B 错；泊松亮斑是用光照射不透光的小圆盘时产生的衍射现象，C 错．(2)(ⅰ)由题意可知SS 2＝SS 12＋S 1S 22＝5 m ；S 1在t ＝0时刻振动传到质点S 所需的时间t 1＝SS 1v ＝3 m5 m/s ＝0.6 s.S 2在t ＝0时刻振动传到质点S 所需的时间t 2＝SS 2v ＝5 m5 m/s＝1 s.故S 1、S 2在t ＝0时刻振动传到质点S 的时间差M 为绳的中点Δt ＝t 2－t 1＝0.4 s.(ⅱ)在t ＝10 s 时质点S 按S 1的振动规律已经振动了Δt 1＝t －t 1＝9.4 s ＝⎝⎛⎭⎪⎫11＋34T 1，此时S 1引起质点S 的位移大小x 1＝A 1＝2 cm ；t ＝10 s 时质点S 按S 2的振动规律已经振动了Δt 2＝t －t 2＝9 s ＝⎝⎛⎭⎪⎫22＋12T 2，此时S 2引起质点S 的位移大小x 2＝0；所以t ＝10 s 时质点S 离开平衡位置的位移为S 1和S 2单独传播引起S 位移的矢量和，故x ＝x 1＋x 2＝2 cm ＋0＝2 cm. 答案：(1)ADE (2)(ⅰ)0.4 s (ⅱ)2 cm精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！2020年高考物理一轮复习强化训练题汇总3（含解析）一、选择题1、如图所示为位于瑞士的世界上最大的人工喷泉——日内瓦喷泉,已知该喷泉竖直向上喷出,喷出时水的速度为53 m/s,喷嘴的出水量为0.5 m3/s,不计空气阻力,则空中水的体积应为(g取10 m/s2)( )A.2.65 m3B.5.3 m3C.10.6 m3D.因喷嘴的横截面积未知,故无法确定【参考答案】B2、两物体A、B由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的位移－时间(x－t)图象如图所示．下列说法正确的是( )A．两物体A、B在t＝2.5 t0时刻相距最远B．两物体A、B在减速运动过程中加速度相同C．两物体A、B在t＝2.5t0时刻速度相同D．两物体A、B在t＝t0时刻相距最远解析：两物体A、B在t＝2.5 t0时刻处于同一位置，相距最近，两物体A、B在t＝t0时刻相距最远，选项A错误、D正确．两物体A、B都是先沿x轴正方向做匀速运动，后沿x轴负方向做匀速运动，根据位移图象斜率表示速度可知，在沿x轴负方向做匀速运动过程中速度相同，选项B错误．两物体A、B在t＝2.5t0时刻速度不相同，处于同一位置，选项C错误．答案：D3、如图所示，轻绳的一端固定在O 点，另一端系一质量为m 的小球(可视为质点)．当小球在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动时，通过传感器测得轻绳拉力F T 、轻绳与竖直线OP 的夹角θ满足关系式F T ＝a ＋bcos θ，式中a 、b 为常数．若不计空气阻力，则当地的重力加速度为( )A.b2m B.2bm C.3b m D.b 3m解析：当小球运动到最低点时，θ＝0，拉力最大，F T1＝a ＋b ，F T1＝mg ＋mv 21L；当小球运动到最高点时，θ＝180°，拉力最小，F T2＝a －b ，F T2＝－mg ＋mv 22L ；由动能定理有mg ·2L ＝12mv 21－12mv 22，联立解得g ＝b3m，选项D 正确． 答案：D4、如图所示，两箱相同的货物，现要用电梯将它们从一楼运到二楼，其中图甲是利用扶梯台式电梯运送货物，图乙是用履带式自动电梯运送，假设两种情况下电梯都是匀速地运送货物，下列关于两电梯在运送货物时说法正确的是( )A ．两种情况下电梯对货物的支持力都对货物做正功B ．图乙中电梯对货物的支持力对货物做正功C ．图甲中电梯对货物的支持力对货物做正功D ．图乙中电梯对货物的支持力对货物不做功解析：在图甲中，货物随电梯匀速上升时，货物受到的支持力竖直向上，与货物位移方向的夹角小于90°，故此种情况下支持力对货物做正功，选项C 正确；图乙中，货物受到的支持力与履带式自动电梯接触面垂直，此时货物受到的支持力与货物位移垂直，故此种情况下支持力对货物不做功，故选项A 、B 错误，D 正确．答案：CD5、有一匀强电场，方向如图所示，在电场中有三个点A 、B 、C ，这三点的连线恰好构成一个直角三角形，且AC 边与电场线平行．已知A 、B 两点的电势分别为φA ＝5 V ，φB ＝1.8 V ，A 、B 的距离为4 cm ，B 、C 的距离为3 cm.若把一个电子(e ＝1.6×10－19 C)从A 点移动到C 点，那么电子电势能的变化量为( )A ．8.0×10－19 JB ．1.6×10－19 JC ．－8.0×10－19 JD ．－1.6×10－19 J解析：设AB 与AC 之间的夹角为θ，则cos θ＝45，又AB 的距离S AB ＝4 cm ，则AB沿场强方向的距离为d AB ＝S AB cos θ＝4×45 cm ＝165 cm ，设A 、B 之间电势差为U AB ，则电场强度为E ＝U AB d AB ＝φA －φBd AB ＝100 V/m.电子从A 点到达C 点电势能的变化量为ΔE p ＝－W ＝1.6×10－19×100×0.05 J ＝8.0×10－19 J ，故A 项正确．答案：A6、(肇庆市高中毕业班模拟考试)如图所示，水平放置的平行金属导轨MN 和PQ 之间接有定值电阻R ，导体棒ab 长为l 且与导轨接触良好，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，现使导体棒ab 向右匀速运动，下列说法正确的是( )A．导体棒ab两端的感应电动势越来越小B．导体棒ab中的感应电流方向是a→bC．导体棒ab所受安培力方向水平向右D．导体棒ab所受合力做功为零解析：由于导体棒匀速运动，磁感应强度及长度不变，由E＝BLv可知，运动中感应电动势不变；由楞次定律可知，导体棒中的电流方向由b指向a；由左手定则可知，导体棒所受安培力方向水平向左；由于匀速运动，棒的动能未变，由动能定理可知，合力做的功等于零．选项A、B、C错误，D正确．答案：D7、(上海单科，1)由放射性元素放出的氦核流被称为( )A．阴极射线B．α射线C．β射线D．γ射线解析：本题考查天然放射现象．在天然放射现象中，放出α、β、γ三种射线，其中α射线属于氦核流，选项B正确．答案：B二、非选择题(河北省两校高三年级模拟考试)质量为m＝2 kg的物块静置于水平地面上，现对物块施加水平向右的力F，力F随时间变化的规律如图所示，已知物块与地面间的动摩擦因数μ＝0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2，求：(1)4 s后撤去力F，物块还能继续滑动的时间t；(2)前4 s内，力F的平均功率．解析：(1)物块与地面之间最大静摩擦力Ff m＝μmg＝4 N，在第1 s内物块静止不动第1～3 s内，物块做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律a 1＝F 1－μmg m＝2 m/s 23 s 末，物块的速度v 1＝a 1t 1＝2×2 m/s ＝4 m/s第3～4 s 内，物块做匀速直线运动，4 s 后撤去外力物块做匀减速运动，加速度大小为a 2＝μg ＝2 m/s 2则物块继续滑行时间t ＝v 1a 2＝2 s(2)设第1～3 s 内与第3～4 s 内物块的位移分别为x 1、x 2 x 1＝12a 1t 21＝4 mx 2＝v 1t 2＝4 m前4 s 内，力F 做功的大小为W ＝F 1x 1＋F 2x 2＝48 J 前4 s 内，力F 的平均功率P ＝Wt 总＝12 W答案：(1)2 s (2)12 W精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！2020年高考物理一轮复习强化训练题汇总4（含解析）一、选择题1、a 、b 、c 三个点电荷仅在相互之间的静电力的作用下处于静止状态。

第3讲带电粒子在复合场中的运动基础巩固1.地面附近水平虚线MN的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场,电场强度为E,磁感应强度为B,如图所示。

一带电微粒自距MN为h的高处由静止下落,从P点进入场区,沿半圆圆弧POQ运动,经圆弧的最低点O从Q点射出。

重力加速度为g,忽略空气阻力的影响。

下列说法中错误的是( )A.微粒进入场区后受到的电场力的方向一定竖直向上B.微粒进入场区后做圆周运动,半径为C.从P点运动到Q点的过程中,微粒的电势能先增大后减小D.从P点运动到O点的过程中,微粒的电势能与重力势能之和越来越小2.(2016北京西城期末,16)(多选)如图所示,两个半径相同的半圆形光滑轨道置于竖直平面内,左右两端点等高,分别处于沿水平方向的匀强电场和匀强磁场中。

两个相同的带正电小球同时从两轨道左端最高点由静止释放。

M、N为轨道的最低点。

则下列分析正确的是( )A.两个小球到达轨道最低点的速度< v NB.两个小球第一次经过轨道最低点时对轨道的压力> F NC.小球第一次到达M点的时间小于小球第一次到达N点的时间D.磁场中小球能到达轨道另一端最高处,电场中小球不能到达轨道另一端最高处3.(多选)在如图所示的空间直角坐标系所在的区域内,同时存在匀强电场E和匀强磁场B。

已知从坐标原点O沿x轴正方向射入的质子,穿过此区域时未发生偏转,则可以判断此区域中E和B的方向可能是( )A.E和B都沿y轴的负方向B.E和B都沿x轴的正方向C.E沿y轴正方向,B沿z轴负方向D.E沿z轴正方向,B沿y轴负方向4.显像管原理的示意图如图所示,当没有磁场时,电子束将打在荧光屏正中的O点,安装在管径上的偏转线圈可以产生磁场,使电子束发生偏转。

设垂直纸面向里的磁场方向为正方向,若使电子打在荧光屏上的位置由a点逐渐移动到b点,下列变化的磁场能够使电子发生上述偏转的是( )5.(2017北京海淀一模,22,16分)如图所示,分界线MN左侧存在平行于纸面水平向右的有界匀强电场,右侧存在垂直于纸面向里的有界匀强磁场。

2020年高考物理一轮复习专题强化卷----机械振动与机械波一、判断正误（共5题，10分）1、做简谐运动的质点先后通过同一点，回复力、速度、加速度、位移、动能都是相同的。

( )2、根据简谐运动的图象可以判断质点在某一时刻的位移大小、振动方向。

( )3、物体做受迫振动时，其振动频率与固有频率无关。

( )4、在一个周期内，机械波中各质点随波的传播而迁移的距离等于振幅的4倍。

( )5、机械波的传播速度v取决于介质的性质，只要介质不变，v就不变；如果介质变了，v也一定变。

( )答案1、×2、√3、√4、×5、√二、不定项选择题（共10题，50分）6、弹簧振子在光滑水平面上做简谐振动，把小钢球从平衡位置向左拉一段距离，放手让其运动，从小钢球第一次通过平衡位置时开始计时，其振动图象如图所示，下列说法正确的是()A．钢球振动周期为1 s B．在t0时刻弹簧的形变量为4 cmC．钢球振动半个周期，回复力做功为零D．钢球振动一个周期，通过的路程等于10 cmE．钢球振动方程为y＝5sinπt cm【答案】BCE7、一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t＝0和t＝0.20 s时的波形分别如图中实线和虚线所示．已知该波的周期T＞0.20 s．下列说法正确的是()A．波速为0.40 m/s B．波长为0.08 mC．x＝0.08 m的质点在t＝0.70 s时位于波谷D．x＝0.08 m的质点在t＝0.12 s时位于波谷E．若此波传入另一介质中其波速变为0.80 m/s，则它在该介质中的波长为0.32 m 【答案】：ACE8、如图所示，图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象，从该时刻起，下列说法正确的是()A．经过0.05 s时，质点Q距平衡位置的距离大于质点P距平衡位置的距离B．经过0.25 s时，质点Q的加速度大小小于质点P的加速度大小C．经过0.15 s，波沿x轴的正方向传播了3 mD．经过0.1 s时，质点Q的运动方向沿y轴负方向E．若该波在传播过程中遇到一个尺寸为0.5 m的障碍物，能发生明显衍射现象【答案】BCE9、图甲为一列简谐横波在t＝0.10 s时刻的波形图，P是平衡位置为x＝1 m处的质点，Q是平衡位置为x＝4 m处的质点，图乙为质点Q的振动图象，则下列说法正确的是()A．该波的周期是0.10 s B．该波的传播速度是40 m/sC．该波沿x轴的负方向传播D．t＝0.10 s时，质点Q的速度方向向下E．从t＝0.10 s到t＝0.25 s，质点P通过的路程为30 cm【答案】：BCD10、一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻波形图如图中的实线所示，此时波刚好传到P点，t＋0.6 s时刻的波形如图中的虚线所示，a、b、c、P、Q是介质中的质点，则下列说法正确的是()A．这列波的波速可能为50 m/sB．质点a在这段时间内通过的路程一定小于30 cmC．质点c在这段时间内通过的路程可能为60 cmD．若周期T＝0.8 s，则在t＋0.5 s时刻，质点b、P的位移相同E．若周期T＝0.8 s，从t＋0.4 s时刻开始计时，则质点c的振动方程为x＝0.1sin πt(m)【答案】：ACD11、在坐标原点的波源产生一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v＝200 m/s.已知t＝0时，波刚好传播到x＝40 m处，如图所示，在x＝400 m处有一接收器(图中未画出)，则下列说法正确的是()A．波源开始振动时方向沿y轴正方向B．从t＝0开始经过0.15 s，x＝40 m处的质点运动路程为0.6 mC．接收器在t＝1.8 s时才能接收到此波D．若波源向x轴负方向运动，根据多普勒效应，接收器接收到的波源频率可能为11 HzE．若该波与另一列频率为10 Hz、波源在x＝350 m处的沿x轴负方向传播的简谐横波相遇，能够产生稳定的干涉图样【答案】BCE12、一列简谐横波在弹性介质中沿x轴正方向传播，波源位于坐标原点O，t＝0时开始振动，4 s时停止振动，5 s时的波形如图所示，其中质点a的平衡位置与O的距离为5.0 m．以下说法正确的是()A．波速为2 m/s B．波长为6 mC．波源起振方向沿y轴正方向D．3.0～4.0 s内质点a沿y轴正方向运动E．0～4.0 s内质点a通过的总路程为0.6 m【答案】：ADE13、一列简谐横波沿x轴正方向传播，波速为2 m/s，振幅A＝2 cm，M、N是平衡位置相距为3 m的两个质点，如图所示，在t＝0时，M通过其平衡位置沿y轴正方向运动，N位于其平衡位置上方最大位移处，已知该波的周期大于1 s，下列说法正确的是()A．该波的周期为6 sB．在t＝0.5 s时，质点N正通过平衡位置沿y轴负方向运动C．从t＝0到t＝1 s，质点M运动的路程为2 cmD．在t＝5.5 s到t＝6 s，质点M运动路程为2 cmE．t＝0.5 s时刻，处于M、N正中央的质点加速度与速度同向【答案】：BDE14、在x＝5 cm处有一质点做简谐运动，产生一列沿x轴负方向传播的简谐横波，波长为λ＝4 cm，经过一段时间x＝1 cm处的质点C刚开始振动，振动方向沿y 轴正方向，将该时刻作为计时起点t＝0，经0.3 s时x＝3 cm处的质点B第一次处在波峰，则下列正确说法正确的是()A．该简谐波的波速大小为0.1 m/sB．t＝0时质点B振动方向沿y轴正方向C．在t＝0.3时x＝4 cm处的质点A位于平衡位置且运动方向沿y轴正方向D．在t＝0.4 s时x＝4 cm处的质点A的加速度最大且沿y轴正方向E．在t＝0.5 s时位于x＝－3 cm处的质点D第一次处在波峰【答案】：ADE15、关于多普勒效应，下列说法正确的是() A．多普勒效应是由于波的干涉引起的B．发生多普勒效应时，波源的频率并未发生改变C．多普勒效应是由于波源与观察者之间有相对运动而发生的D．只有声波才有多普勒效应E．若声源向观察者靠近，则观察者接收到的频率大于声源发出声波的频率【答案】：BCE三、计算题（共3题，40分）16、一列简谐横波，在t＝0时刻的波形如图所示，质点振动的振幅为10 cm。

板块三限时规范特训时间：45分钟满分：100分一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分。

其中1～6为单选，7～10为多选)1．关于弹性势能，下列说法中正确的是()A．当弹簧变长时弹性势能一定增大B．当弹簧变短时弹性势能一定减小C．在拉伸长度相同时，k越大的弹簧的弹性势能越大D．弹簧在拉伸时弹性势能一定大于压缩时的弹性势能答案 C解析当弹簧处于压缩状态时，弹簧变长时弹力做正功，弹性势能减小。

弹簧变短时，弹力做负功，弹性势能增加，故A、B错误。

当拉伸长度相同时，k越大的弹簧的弹性势能越大，故C正确。

当k 相同时，伸长量与压缩量相同的弹簧，弹性势能也相同，故D错误。

2．如图所示，光滑细杆AB、AC在A点连接，AB竖直放置，AC水平放置，两个相同的中心有小孔的小球M、N，分别套在AB 和AC上，并用一细绳相连，细绳恰好被拉直，现由静止释放M、N，在运动过程中，下列说法中正确的是()A．M球的机械能守恒B．M球的机械能增大C．M和N组成的系统机械能守恒D．绳的拉力对N做负功答案 C解析细杆光滑，故M、N组成的系统机械能守恒，N的机械能增加，绳的拉力对N做正功、对M做负功，M的机械能减少，故C正确，A、B、D错误。

3. [2017·福建福州模拟]如图所示，竖立在水平面上的轻弹簧，下端固定，将一个金属球放在弹簧顶端(球与弹簧不连接)，用力向下压球，使弹簧被压缩，并用细线把小球和地面拴牢如图甲所示。

烧断细线后，发现球被弹起且脱离弹簧后还能继续向上运动如图乙所示。

那么该球从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中，(不计空气阻力)下列说法正确的是()A．弹簧、小球所构成的系统机械能守恒B．球刚脱离弹簧时动能最大C．球所受合力的最大值等于重力D．小球所受合外力为零时速度最小答案 A解析烧断细线后，小球受重力和弹力作用，故弹簧、小球所构成的系统机械能守恒，A正确；小球受到重力和向上的弹力两个力，弹簧的弹力先大于重力，小球加速上升，后弹力小于重力，小球减速上升，所以球的动能先增大后减小，当加速度等于零时，此时所受的合力为零，即小球受到的弹簧的弹力等于小球的重力时速度最大，动能最大，此时弹簧尚处于压缩状态，故B、D错误；小球脱离弹簧后还能继续向上运动，由简谐运动的对称性可知，小球所受合力的最大值(在最低点)大于重力，C错误。

教学资料范本2020高考物理一轮复习编练习题（6）（含解析）新人教版-精装版编辑：__________________时间：__________________【精选】20xx最新高考物理一轮复习编练习题（6）（含解析）新人教版李仕才一、选择题1、如图所示，物块A放在木板B上，A、B的质量均为m，A、B 之间的动摩擦因数为μ，B与地面之间的动摩擦因数为.若将水平力作用在A上，使A刚好要相对B滑动，此时A的加速度为a1；若将水平力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，此时B的加速度为a2，则a1与a2的比为( )A．1∶1 B．2∶3C．1∶3 D．3∶2解析：选C 当水平力作用在A上，使A刚好要相对B滑动，临界情况是A、B的加速度相等，隔离对B分析，B的加速度为：aB＝a1＝＝μg，当水平力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，此时A、B间的摩擦力刚好达到最大，A、B的加速度相等，有：aA＝a2＝＝μg，可得a1∶a2＝1∶3，C正确.2、如图9所示，两个带有同种电荷的小球m1、m2，用绝缘细线悬挂于O点，若q1>q2，L1>L2，平衡时两球到过O点的竖直线的距离相等，则( )图9A.m1>m2B.m1＝m2C.m1<m2D.无法确定答案B3、一位同学做飞镖游戏，已知圆盘直径为d，飞镖距圆盘的距离为L，且对准圆盘上边缘的A点水平抛出，初速度为v0，飞镖抛出的同时，圆盘绕垂直圆盘且过盘心O 的水平轴匀速转动，角速度为ω.若飞镖恰好击中A 点，则下列关系中正确的是( )A ．dv02＝L2gB ．ωL＝(1＋2n)πv0(n＝0,1,2，…)ωd2＝v0．C D ．dω2＝(1＋2n)2gπ2(n＝0,1,2，…)解析：选B 飞镖做平抛运动，若恰好击中A 点，则只能是在A 点恰好转到最低点的时候.当A 点转动到最低点时飞镖恰好击中A 点，则L ＝v0t ，d ＝gt2，ωt ＝(1＋2n)π(n ＝0,1,2，…)，联立解得ωL ＝(1＋2n)πv0(n ＝0,1,2，…)，2dv02＝L2g,2d ω2＝(1＋2n)2g π2(n ＝0,1，2，…).故B 正确.4、如图所示，A 、B 是绕地球做匀速圆周运动的两颗卫星，A 、B 两卫星与地心的连线在相等时间内扫过的面积之比为k ，不计A 、B 两卫星之间的引力，则A 、B 两卫星的周期之比为( )A ．k3B ．k2C ．kD ．k 23解析：选A 设卫星绕地球做圆周运动的半径为r ，周期为T ，则在t 时间内与地心连线扫过的面积为S ＝πr2，即＝＝k ，根据开普勒第三定律可知＝，联立解得＝k3，A 正确.5、如图5所示，倾角为θ的光滑斜面固定在水平面上，水平虚线L 下方有垂直于斜面向下的匀强磁场，磁感应强度为B.正方形闭合金属线框边长为h ，质量为m ，电阻为R ，放置于L 上方一定距离处，保持线框底边ab 与L 平行并由静止释放，当ab 边到达L 时，线框速度为v0，ab 边到达L 下方距离为d(d ＞h)处时，线框速度也为v0.以下说法正确的是( )图5A ．ab 边刚进入磁场时，电流方向为a→b x.k+wB．ab边刚进入磁场时，线框加速度沿斜面向下C．线框进入磁场过程中的最小速度小于mgRsin θB2h2D．线框进入磁场过程中产生的热量为mgdsin θ解析由右手定则可判断ab刚进入磁场过程电流方向由a→b，选项A正确；线框全部在磁场中运动时为匀加速运动，ab边由L处到L下方距离为d处速度增量为零，所以ab边刚进入磁场时做减速运动，线框加速度沿斜面向上，选项B错误；线框恰好完全进入磁场时的速度最小，此时由牛顿第二定律得F安－mgsin θ＝ma≥0，而安培力F安＝BhI＝Bh·＝，联立解得vmin≥，选项C错误；根据动能定理，ab边由L处到L下方距离为d处过程中，mgdsin θ－Q＝ΔEk＝0，线框进入磁场过程中产生的热量Q＝mgdsin θ，选项D正确.答案AD6、质量为m的带电小球，在充满匀强电场的空间中水平抛出，小球运动时的加速度方向竖直向下，大小为.当小球下降高度为h时，不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是( ) A．小球的动能减少了mgh3B．小球的动能增加了2mgh3C．小球的电势能减少了2mgh3D．小球的电势能增加了mgh7、如图所示，等边三角形ABC处在匀强电场中，电场线与三角形所在平面平行，其中φA＝φB＝0，φC＝φ.保持该电场的电场强度大小和方向不变，让等边三角形绕A点在三角形所在平面内顺时针转过30°，则此时B点电势为( )A.φB.φC．－φ D．－φ解析：根据题述φA＝φB＝0，A、B连线是一等势线，电场方向垂直于AB指向左侧．设等边三角形边长为L，根据φC＝φ可知电场强度E＝.等边三角形绕A点在三角形所在平面内顺时针转过30°，此时的B点到原来AB的距离d＝Lsin30°，此时B点电势为－Ed＝－φtan30°＝－φ，选项C正确．答案：C8、(多选)如图所示，带等量异种电荷的平行金属板a、b处于匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里．不计重力的带电粒子沿OO′方向从左侧垂直于电磁场入射，从右侧射出a、b板间区域时动能比入射时小；要使粒子射出a、b板间区域时的动能比入射时大，可采用的措施是( )A．适当减小两金属板的正对面积B．适当增大两金属板间的距离C．适当减小匀强磁场的磁感应强度D．使带电粒子的电性相反解析：选AC.在这个复合场中，动能逐渐减小，说明电场力做负功，因洛伦兹力不做功，则电场力小于洛伦兹力．当减小正对面积，场强E＝，S↓，Q不变，E↑，电场力变大，当电场力大于洛伦兹力时，粒子向电场力方向偏转，电场力做正功，射出时动能变大，A项正确．当增大两板间距离时，场强不变，所以B项错误．当减小磁感应强度时洛伦兹力减小，可能小于电场力，所以C项正确．当改变粒子电性时，其所受电场力、洛伦兹力大小不变，方向均反向，所以射出时动能仍然减小，故D项错误．二、非选择题1、如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的圆弧槽C，与长木板接触但不相连，圆弧槽的下端与木板上表面相平，B、C静止在水平面上.现有滑块A以初速v0从木板右端滑上B，并以v0滑离B，恰好能到达C的最高点.A、B、C的质量均为m，试求：(1)滑块A与木板B上表面间的动摩擦因数μ；(2)圆弧槽C的半径R；(3)当A滑离C时，C的速度大小.[解析] (1)当A在B上滑动时，A与BC整体发生作用，由于水平面光滑，A与BC组成的系统动量守恒：(2)当A滑上C，B与C分离，A与C发生作用，设到达最高点时速度相等为v2，由于水平面光滑，A与C组成的系统在水平方向动量守恒：m＋mv1＝2mv2⑥A与C组成的系统机械能守恒：1m2＋mv12＝(2m)v22＋mgR⑦2由①⑥⑦式解得：R＝.⑧(3)当A滑下C时，设A的速度为vA，C的速度为vC，A与C组成的系统动量守恒：m＋mv1＝mvA＋mvC⑨A与C组成的系统动能守恒：1m2＋mv12＝mvA2＋mvC2⑩2联立①⑨⑩式解得：vC＝.[答案] (1) (2) (3)v02。

课后限时作业31 闭合电路欧姆定律时间：45分钟1．电阻R 1与R 2并联在电路中，通过R 1与R 2的电流之比为12，则当R 1与R 2串联接入电路中时，R 1与R 2两端电压之比U 1U 2为( B )A ．1 2B ．2 1C ．14D ．41解析：并联电路中电阻之比等于电流的反比，故R 1R 2＝21；由串联电路的规律可知，电压之比等于电阻之比，故U 1U 2＝21，选项B 正确．2．如图为某控制电路的一部分，已知AA ′的输入电压为24 V 如果电阻R ＝6 k Ω，R 1＝6 k Ω，R 2＝3 k Ω，则BB ′不可能输出的电压是( D)A ．12 VB ．8 VC ．6 VD ．3 V解析：若两开关都闭合，则电阻R 1和R 2并联，再和R 串联，U BB ′为并联电路两端电压，U BB ′＝R 1R 2R 1＋R 2R 1R 2R 1＋R 2＋R U AA ′＝6 V ；若S 1闭合、S 2断开，则R 1和R 串联，U BB ′＝R 1R 1＋RU AA ′＝12 V ；若S 2闭合、S 1断开，则R 2和R 串联，U BB ′＝R 2R 2＋RU AA ′＝8 V ；若两开关都断开，则电路断路，U BB ′＝24 V ，故D 不可能．3．在如图所示的电路中，R 1＝11 Ω，r ＝1 Ω，R 2＝R 3＝6 Ω.当开关S 闭合且电路稳定时，电容器C 带的电荷量为Q 1；当开关S 断开且电路稳定时，电容器C 带的电荷量为Q 2，则( A )A ．Q 1Q 2＝1 3B ．Q 1Q 2＝3 1C ．Q 1Q 2＝15D ．Q 1Q 2＝51解析：当开关闭合时，电容器C 两端的电压为U 1＝E R 1＋R 2＋r R 2＝E3；当开关断开时，电容器C 两端的电压为U 2＝E ，则Q 1Q 2＝E3E ＝13，选项A 正确．4．(多选)四个相同的小量程电流表(表头)分别改装成两个电流表A 1、A 2和两个电压表V 1、V 2.已知电流表A 1的量程大于A 2的量程，电压表V 1的量程大于V 2的量程，改装好后把它们按下图所示接入电路，则( AD )A ．电流表A 1的读数大于电流表A 2的读数B ．电流表A 1指针的偏转角小于电流表A 2指针的偏转角C ．电压表V 1的读数小于电压表V 2的读数D ．电压表V 1指针的偏转角等于电压表V 2指针的偏转角解析：表头改装成大量程电流表需要并联分流电阻，分流电阻越小，分流越多，量程越大；表头改装成电压表需要串联分压电阻，分压电阻越大，分得的电压越大，量程越大．两电流表并联接在电路中，电流表A 1的量程大于电流表A 2的量程，则电流表A 1的电阻小于电流表A 2的电阻，并联电路中，电阻小的支路电流大，故电流表A 1的读数大于电流表A 2的读数，A 正确；两个电流表的表头是并联关系，因电压相同，故指针偏转角度相等，B 错误；两电压表串联接在电路中，电压表V 1的量程大于电压表V 2的量程，则电压表V 1的电阻大于电压表V 2的电阻，串联电路中，电阻大的分压大，故电压表V 1的读数大于电压表V 2的读数，C 错误；两个电压表的表头是串联关系，因电流相等，故指针偏转角度相等，D 正确．。

教学资料范本2020高考物理一轮复习选练习题（12）（含解析）新人教版-精装版编辑：__________________时间：__________________【精选】20xx 最新高考物理一轮复习 选练习题（12）（含解析）新人教版李仕才1、如图2所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，Δv 表示速度的变化量.由图中所示信息可知( )图2A.汽车在做加速直线运动B.汽车的加速度方向与v1的方向相同C.汽车的加速度方向与v1的方向相反D.汽车的加速度方向与Δv 的方向相反【答案】C2、如图所示，长L 、质量m 的极其柔软的匀质物体在台面上以水平速度v0向右运动，台面上A 左侧光滑，右侧粗糙，该物体前端在粗糙台面上滑行S 距离停下来．设物体与粗糙台面间的动摩擦因数为μ，则物体的初速度v0为（ ）A. B. C. D. 2gL μ2gS gL μμ-2gSμ2gS gL μμ+ 【答案】C【解析】物体越过A 后做匀减速直线运动，加速度： ，由匀变速直线运动的速度位移公式得： ，解得： ，故选项C 正确.mg a gm μμ==202v aS =02v gS μ= 3、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为s ，动能变为原来的9倍.该质点的加速度为（ ）.A. B. C. D. 28s t 24s t 232s t 2s t【答案】D4、(20xx·山东济宁质检)如图10所示，一长木板静止在倾角为θ的斜面上，长木板上一人用力推长木板上的物块，使物块与长木板间的摩擦力刚好为零，已知人、物块、长木板的质量均为m，人、物块与长木板间的动摩擦因数均为μ1，长木板与斜面间的动摩擦因数为μ2，重力加速度为g，则下列说法正确的是( )图10A.斜面对长木板的摩擦力大小为mgsin θB.斜面对长木板的摩擦力大小为3μ2mgcos θC.长木板对人的摩擦力大小为2μ1mgcos θD.长木板对人的摩擦力大小为2mgsin θ【答案】D【解析】由题意知，人、物块、长木板均保持相对静止，以人、物块和长木板组成的整体为研究对象，可得斜面对长木板的静摩擦力大小为3mgsin θ，A、B错误；以人和物块组成的整体为研究对象，可得长木板对人的静摩擦力大小为2mgsin θ，C错误，D正确.5、三个共点力大小分别是F1、F2、F3，关于它们合力F的大小，下列说法中正确的是( )A.F大小的取值范围一定是0≤F≤F1＋F2＋F3B.F至少比F1、F2、F3中的某一个大C.若F1∶F2∶F3＝3∶6∶8，只要适当调整它们之间的夹角，一定能使合力为零D.若F1∶F2∶F3＝3∶6∶2，只要适当调整它们之间的夹角，一定能使合力为零【答案】C【解析】三个大小分别是F1、F2、F3的共点力合成后的最大值一定等于F1＋F2＋F3，但最小值不一定等于零，只有当某一个力的大小在另外两个力的大小的和与差之间时，这三个力的合力才可能为零，A、B、D错误，C正确.6、从正在加速上升的气球上落下一个物体，在物体刚离开气球的瞬间，下列说法正确的( )A.物体向下做自由落体运动B.物体向上运动，加速度向上C.物体向上运动，加速度向下D.物体向上还是向下运动，要看物体离开气球时的速度【答案】C【解析】上升的气球掉下一物体，由于具有惯性，物体离开气球的初速度与气球的速度相同，大小为v，方向竖直向上；由于物体仅受重力，根据牛顿第二定律知，加速度方向向下，大小为g.故C正确，A、B、D错误.7、如图5所示，质量为m的小球用一水平轻弹簧系住，并用倾角为60°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态，在木板AB 突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为( )图5A.0B.大小为g，方向竖直向下C.大小为g，方向垂直木板向下D.大小为2g，方向垂直木板向下【答案】D【解析】撤离木板AB瞬间，木板对小球的支持力消失，而小球所受重力和弹力不变，且二力的合力与原支持力等大反向.8、(多选)(20xx·河北保定一模)如图6所示，一质量M＝3 kg、倾角为α＝45°的斜面体放在光滑水平地面上，斜面体上有一质量为m＝1 kg的光滑楔形物体.用一水平向左的恒力F作用在斜面体上，系统恰好保持相对静止地向左运动.重力加速度为g＝10 m/s2，下列判断正确的是( )图6A.系统做匀速直线运动B.F＝40 NC.斜面体对楔形物体的作用力大小为5 ND.增大力F，楔形物体将相对斜面体沿斜面向上运动【答案】BD9、a、b两物体同时从同一地点开始做匀变速直线运动，二者运动的v－t图象如图1所示，下列说法正确的是( )图1A.a、b两物体运动方向相反B.a物体的加速度小于b物体的加速度C.t＝1 s时两物体的间距等于t＝3 s时两物体的间距D.t＝3 s时，a、b两物体相遇【答案】C10、斜面长度为4 m，一个尺寸可以忽略不计的滑块以不同的初速度v0从斜面顶端沿斜面下滑时，其下滑距离x与初速度二次方v02的关系图象(即x－v02图象)如图12所示.图12(1)求滑块下滑的加速度大小.(2)若滑块下滑的初速度为5.0 m/s，则滑块沿斜面下滑的时间为多长？【答案】(1)2 m/s2 (2)1 s【解析】(1)由v02＝2ax推知，图线斜率为，根据题图可知，＝，所以滑块下滑的加速度大小a＝2 m/s2.11、如图10所示，质量M＝1 kg的木板A静止在水平地面上，在木板的左端放置一个质量m＝1 kg的铁块B(大小可忽略)，铁块与木块间的动摩擦因数μ1＝0.3，木板长L＝1 m，用F＝5 N的水平恒力作用在铁块上，g取10 m/s2.图10(1)若水平地面光滑，计算说明铁块与木板间是否会发生相对滑动；(2)若木板与水平地面间的动摩擦因数μ2＝0.1，求铁块运动到木板右端所用的时间.【答案】见解析(2)A、B之间发生相对滑动，则对B：F－μ1mg＝maB对A：μ1mg－μ2(M＋m)g＝MaA据题意：xB－xA＝L；xA＝aAt2；xB＝aBt2解得：t＝ s.12、如图11所示，两滑块放在光滑的水平面上，中间用一细线相连，轻杆OA、OB搁在滑块上，且可绕铰链O自由转动，两杆长度相等，夹角为θ，当用竖直向下的力F作用在铰链上，滑块间细线的张力为多大？θ【答案】tan 2【解析】把竖直向下的力F沿两杆OA、OB方向分解，如图甲所示，则杆作用于滑块上的力为F1＝F2＝。

2020年高三年级物理学科高考模拟示范卷（十五）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.下列对物理知识的理解正确的有A. α射线的穿透能力较强，用厚纸板才能挡住B. 动能相等的质子和电子，它们的德布罗意波长也相等C. 放射性元素钋的半衰期为138天，100 g的钋经276天，已发生衰变的质量为75 gD. 质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3，两个质子和两个中子结合成一个α粒子，释放的能量是(m1＋m2－m3)c2【答案】C【解析】A、α射线在空气中的射程只有几厘米，只要一张纸就能挡住。

A错误B、根据德布罗意波长计算表达式，又，质子的质量大于电子，当它们动能相等时，质子的动量大于电子，所以质子的德布罗意波长比电子小。

B错误C、元素钋的半衰期为138天，经276天发生两次衰变，质量变成原来的1/4，所以已发生衰变的质量为75 g，C正确D、根据质能方程可得，两个质子和两个中子结合成一个α粒子，释放的能量是(2m1＋2m2－m3)c2，D错误15.物理学家金斯说过：“虽然h的数值很小，但是我们应当承认，它是关系到保证宇宙存在的。

如果说h严格等于0，那么宇宙的物质、宇宙的物质能量，将在十亿万分之一秒的时间内全部变为辐射。

”其中h是普朗克常量。

关于h的单位，用国际单位制的基本单位表示，正确的是A. J·sB. J/sC. kg·m2/sD. kg·m2·s3【答案】C【解析】根据每一份能量子等于普朗克常数乘以辐射电磁波的频率，功的公式，牛顿第二定律，进行推导；J不是基本单位，根据功的公式，牛顿第二定律可知，根据每一份能量子等于普朗克常数乘以辐射电磁波的频率可得：，h用国际单位制的基本单位表示，故C正确，A、B、D错误；故选C。

教学资料范本2020高考物理一轮复习编练习题（16）（含解析）新人教版-精装版编辑：__________________时间：__________________【精选】20xx最新高考物理一轮复习编练习题（16）（含解析）新人教版李仕才一、选择题1、汽车在平直公路上做刹车试验，若从t＝0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系如图2所示，下列说法正确的是( )图2A．t＝0时汽车的速度为10 m/sB．刹车过程持续的时间为5 sC．刹车过程经过3 s时汽车的位移为7.5 mD．刹车过程汽车的加速度大小为10 m/s2解析由图象可得x＝－v2＋10，根据v2－v＝2ax可得x＝v2－,2a)，解得a＝－5 m/s2，v0＝10 m/s，选项A正确，选项D错误；汽车刹车过程的时间为t＝＝2 s，选项B错误；汽车经过2 s 停止，因而经过3 s时汽车的位移为x＝10 m(要先判断在所给时间内，汽车是否已停止运动)，选项C错误.答案A2、如图1所示，一小男孩通过一根弹簧想把地面上的木箱拖回房间，但试了两次均未拖动.分析图甲、图乙后，下列说法正确的是( )图1A.弹簧的弹力等于木箱受到的摩擦力与人所受的摩擦力之和B.图甲中木箱受到的摩擦力小于图乙中木箱受到的摩擦力C.图甲中木箱受到的合力小于图乙中木箱受到的合力D.图甲中木箱受到的合力大于图乙中木箱受到的合力答案B解析对木箱受力分析，因处于平衡状态，合力为零，则弹力等于木箱受到的摩擦力，故A错误；根据弹簧的形变量大小可知，图乙的弹力较大，则图甲中木箱受到的摩擦力小于图乙中木箱受到的摩擦力，故B正确；根据平衡条件可知，两图中木箱均处于平衡状态，则它们的合力为零，故C、D错误.3、如图7所示，河水流动的速度为v且处处相同，河宽度为a.在船下水点A的下游距离为b处是瀑布.为了使小船渡河安全(不掉到瀑布里去)( )图7A.小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为t＝.速度最大，最大速度为vmax＝avbB.小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小、速度最大，最大速度为vmax＝a2＋b2vbC.小船沿轨迹AB运动位移最大、时间最短且速度最小，最小速度vmin＝avbD.小船沿轨迹AB运动位移最大、速度最小，最小速度vmin＝bva2＋b2答案D解析小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为：t＝，故A错误；小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小，为a，但沿着船头指向的分速度必须指向上游，合速度不是最大，故B错误；由图，小船沿轨迹AB运动位移最大，由于渡河时间t＝，与船的船头指向的分速度有关，故时间不一定最短，故C错误；合速度沿着AB方向时位移显然是最大的，划船的速度最小，故：＝，故v船＝；故D正确；故选D.4、(多选)据报道，一颗来自太阳系外的彗星于20xx 年10月20日擦火星而过．如图11所示，设火星绕太阳在圆轨道上运动，运动半径为r ，周期为T ，该慧星在穿过太阳系时由于受到太阳的引力，轨道发生弯曲，彗星与火星在圆轨道的A 点“擦肩而过”．已知万有引力常量G ，则( )图11A ．可计算出太阳的质量B ．可计算出彗星经过A 点时受到的引力C ．可计算出彗星经过A 点的速度大小D ．可确定慧星在A 点的速度大于火星绕太阳的速度【答案】AD5、如图所示，斜面的倾角为θ，质量为m 的滑块距挡板P 的距离为x0，滑块以初速度v0沿斜面上滑，滑块与斜面间的动摩擦因数为μ，滑块所受摩擦力小于重力沿斜面向下的分力.若滑块每次与挡板相碰均无机械能损失，滑块经过的总路程是( )A.B.1μ⎝ ⎛⎭⎪⎫v022gsin θ＋x0tan θC.D.1μ⎝ ⎛⎭⎪⎫v022gcos θ＋x0cot θ 6、(多选)如图所示，汽车通过轻质光滑的定滑轮，将一个质量为m 的物体从井中拉出，绳与汽车连接点A 距滑轮顶点高为h ，开始时物体静止，滑轮两侧的绳都竖直绷紧，汽车以速度v 向右匀速运动，运动到跟汽车连接的细绳与水平夹角为30°，则( )A ．从开始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mgh x.k-wB ．从开始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mgh ＋mv2C ．在绳与水平夹角为30°时，拉力做功的功率为mgvD．在绳与水平夹角为30°时，拉力做功的功率大于mgv7、如图所示，两块平行、正对的金属板水平放置，分别带有等量的异种电荷，使两板间形成匀强电场，两板间的距离为 d.有一带电粒子以某个速度v0紧贴着A板左端沿水平方向射入匀强电场，带电粒子恰好落在B板的右边缘.带电粒子所受的重力忽略不计.现使该粒子仍从原位置以同样的方向射入电场，但使该粒子落在B板的中点，下列措施可行的是( )A.仅使粒子的初速度变为2v0B.仅使粒子的初速度变为C.仅使B板向上平移D.仅使B板向下平移d【解析】选 B.带电粒子在垂直电场方向做匀速直线运动，位移x=v0t，在沿电场方向做初速度为零的匀加速运动，y=at2=·t2，联立可得x2=，现在要使x变为原来的一半，即x2为原来的四分之一，所以需要将粒子的初速度变为，A错误，B正确;使B板向上平移，则根据公式C=可得电容增大为原来的两倍，根据公式U=可得电压变化为原来的二分之一，x2变为原来的，C错误;仅使B板向下平移d，则电容变为原来的二分之一，电压变为原来的2倍，x2为原来的2倍，D错误.8、如图所示，OO′为圆柱筒的轴线，磁感应强度大小为B的匀强磁场的磁感线平行于轴线方向，在圆筒壁上布满许多小孔，如aa′、bb′、cc′…，其中任意两孔的连线均垂直于轴线，有许多同一种比荷为的正粒子，以不同速度、入射角射入小孔，且均从与OO′轴线对称的小孔中射出，若入射角为30°的粒子的速度大小为km/s，则入射角为45°的粒子速度大小为( )A．0.5 km/s B．1 km/sC．2 km/s D．4 km/s解析：选B 粒子从小孔射入磁场速度与竖直线的夹角，与粒子从小孔射出磁场时速度与竖直线的夹角相等，画出轨迹如图，根据几何关系有r1＝、r2＝，由牛顿第二定律得Bqv＝m，解得v＝，所以v∝r，则入射角分别为30°、45°的粒子速度大小之比为＝＝＝，则入射角为45°的粒子速度大小为v2＝1 km/s，选项B正确.二、非选择题1、如图所示，板长L＝10 cm，板间距离d＝10 cm的平行板电容器水平放置，它的左侧有与水平方向成60°角斜向右上方的匀强电场，某时刻一质量为m、带电量为q的小球由O点静止释放，沿直线OA从电容器C的中线水平进入，最后刚好打在电容器的上极板右边缘，O到A的距离x＝45 cm，(g取10 m/s2)求：(1)电容器外左侧匀强电场的电场强度E的大小；(2)小球刚进入电容器C时的速度v的大小；(3)电容器C极板间的电压U.解析：(1)由于带电小球做直线运动，因此小球所受合力沿水平方向，则：Eq＝，解得E＝.(2)从O点到A点，由动能定理得：mgxcot 60°＝mv2－0解得：v＝3 m/s.(3)小球在电容器C中做类平抛运动，水平方向：L＝vt①竖直方向：＝at2②a＝－g③①②③联立求解得U＝.答案：(1) (2)3 m/s (3)10mq。

专题7.5 带电粒子在电场中的运动1．（陕西省渭南市2019届高三教学质量检测）如图所示，一电荷量为q 、质量为m 的带电粒子以初速度v 0由P 点射入匀强电场，入射方向与电场线垂直。

粒子从Q 点射出电场时，其速度方向与电场线成30°角。

已知匀强电场的宽度为d ，不计重力作用。

则匀强电场的场强E 大小是（ ）A ．202qdB ．20qdC ．2032mv qdD ．202qd【答案】B 【解析】带电粒子在电场中做类平抛运动，根据运动的合成与分解得到：003tan 30y v v v ==，分方向方程：0d v t =，y Eq v t m =联立方程得：E =ACD 错误，B 正确2．（天津市红桥区2019届高三下学期期末）图甲是一点电荷形成的电场中的一条电场线，A 、B 是电场线上的两点，一正电荷q 仅在电场力作用下以初速度v 0从A 运动到B 过程中的速度图象如图乙所示，则以下说法中正确的是（ ）A.A 、B 两点的电场强度是E A =E BB.A 、B 两点的电势是C.正电荷q 在A 、B 两点的电势能是E PA ＞E PBD.此电场一定是负电荷形成的电场【答案】B【解析】速度时间图象的斜率等于物体的加速度，由图可知，点电荷从A 向B 运动的过程中加速度越来越大，受到的电场力增大，故A 点的场强小于B 点场强，即有E A ＜E B ，故A 错误；由于物体沿电场线运动过程当中做减速运动，故点电荷所受电场力方向由B 指向A ，又由于正电荷所受电场力的方向与场强的方向相同，所以电场线的方向由B 指向A ；而沿电场线的方向电势降低，所以φA <φB ．故B 正确；由正电荷在电势高处电势能大，所以，故C 错误；由于电荷由A 到B 做减速运动，故电场线方向由B 向A ，又因为加速度在变大，故B 处靠近场源电荷 ，故电场一定是正电荷所形成的，故D 错误。

3．（河南省八市重点高中联盟2019届高三模拟）如图ABCD 的矩形区域存在沿A 至D 方向的匀强电场，场强为E ，边长AB ＝2AD ，质量m 、带电量q 的正电粒子以恒定的速度v 从A 点沿AB 方向射入矩形区域，粒子恰好从C 点以速度v 1射出电场，粒子在电场中运动时间为t ，则（ ）A ．若电场强度变为2E ，粒子从DC 边中点射出B ．若电场强度变为2E ，粒子射出电场的速度为2v 1C ．若粒子入射速度变2v ，则粒子从DC 边中点射出电场 D ．若粒子入射速度变为2v ，则粒子射出电场时的速度为12v 【答案】C【解析】若电场强度变为2E ，则粒子从DC 边离开，运动时间变为2t ，则水平位移变为原来的2，而不是12，故A 错误；在粒子穿过电场的过程中，设电场力做功为W ，则由2211122W mv mv =-，可知电场强度加倍，则电场力做功变为了2W ，则射出电场的速度不等于2v ，故B 错误；粒子入射速度变2v ，则粒子在电场时间不变，即可得出粒子从DC 边中点射出电场，故C 正确；由于电场不变粒子在电场运动时间不变，电场力做功不变，有功能定理可知，粒子射出电场的和速度不是12v ，故D 错误。

教学资料范本2020高考物理一轮复习选练习题（11）（含解析）新人教版-精装版编辑：__________________时间：__________________【精选】20xx最新高考物理一轮复习选练习题（11）（含解析）新人教版李仕才1、(多选)(20xx·福建南平模拟)下面关于瞬时速度和平均速度的说法正确的是( )A.若物体在某段时间内任一时刻的瞬时速度都等于零，则它在这段时间内的平均速度一定等于零B.若物体在某段时间内的平均速度等于零，则它在这段时间内任一时刻的瞬时速度一定都等于零C.匀速直线运动中，物体在任意一段时间内的平均速度等于它任一时刻的瞬时速度D.变速直线运动中，物体在任意一段时间内的平均速度一定不等于它在某一时刻的瞬时速度【答案】AC【解析】若物体在某段时间内任一时刻的瞬时速度都等于零，则物体静止，平均速度等于零，A选项对；若物体在某段时间内的平均速度等于零，任一时刻的瞬时速度不一定都为零，例如物体做圆周运动运动一周时，平均速度为零，任一时刻的瞬时速度都不为零，B选项错；在匀速直线运动中，物体的速度恒定不变，任一时刻的瞬时速度都相等，都等于任意一段时间内的平均速度，C选项对；在变速直线运动中，物体的速度在不断变化，某一时刻的瞬时速度可能等于某段时间内的平均速度，D选项错.2、(20xx·广东湛江模拟)如图1所示，一骑行者所骑自行车前后轮轴的距离为L，在水平道路上匀速运动，当看到道路前方有一条减速带时，立刻刹车使自行车做匀减速直线运动，自行车垂直经过该减速带时，对前、后轮造成的两次颠簸的时间间隔为t.利用以上数据，可以求出前、后轮经过减速带这段时间内自行车的( )图1A.初速度B.末速度C.平均速度D.加速度【答案】C3、假设某无人机靶机以300 m/s的速度匀速向某个目标飞来，在无人机离目标尚有一段距离时从地面发射导弹，导弹以80 m/s2的加速度做匀加速直线运动，以1 200 m/s的速度在目标位置击中该无人机，则导弹发射后击中无人机所需的时间为( )A.3.75 sB.15 sC.30 sD.45 s【答案】B【解析】导弹由静止做匀加速直线运动，即v0＝0，a＝80 m/s2 ，据公式v＝v0＋at，有t＝＝s＝15 s，即导弹发射后经15 s击中无人机，选项B正确.4、(多选)如图9甲所示，斜面体固定在水平面上，斜面上有一物块在拉力F的作用下始终处于静止状态，拉力F在如图乙所示的范围内变化，取沿斜面向上为正方向.则物块所受的摩擦力Ff与时间t的关系正确的是( )图9【答案】BD5、如图9所示，一个“Y”形弹弓顶部跨度为L，两根相同的橡皮条自由长度均为L，在两橡皮条的末端用一块软羊皮(长度不计)做成裹片.若橡皮条的弹力与形变量的关系满足胡克定律，每根橡皮条的劲度系数均为k，发射弹丸时每根橡皮条的最大长度为2L(弹性限度内)，则发射中橡皮条对裹片的最大作用力为( )图9A.kLB.2kLC.kLD.kL【答案】D6、(多选)下列关于作用力和反作用力的说法正确的是( )A．物体先对地面产生压力，然后地面才对物体产生支持力B．物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对作用力与反作用力C．人推车前进，人对车的作用力大于车对人的作用力D．物体在地面上滑行，不论物体的速度多大，物体对地面的摩擦力与地面对物体的摩擦力始终大小相等【答案】BD【解析】作用力与反作用力同时产生，同时变化，同时消失，物体对地面产生压力的同时地面对物体产生支持力，选项A错误；物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对作用力与反作用力，选项B正确；人推车前进，人对车的作用力与车对人的作用力是作用力与反作用力，大小相等，方向相反，选项C错误；物体在地面上滑行，不论物体的速度多大，物体对地面的摩擦力与地面对物体的摩擦力始终大小相等，选项D正确．7、若货物随升降机运动的v－t图象如图3所示(竖直向上为正)，则货物受到升降机的支持力F与时间t关系的图象可能是( )图3【答案】B8、（20xx湖北省宜昌月考）水平面上有质量相等的a、b两物体，水平推力F1、F2分别作用在a、b上．各作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下来．撤去推力时两物体速度相等，它们运动的v﹣t图象如图4所示，图中AB∥CD，整个过程中（）图4A. 水平推力F1、F2的大小相等B. a、b与水平面间的动摩擦因数相等C. a的平均速度大于b的平均速度D. 水平推力F1、F2所做的功可能相等【答案】B【解析】根据v-t图象，由于AB∥CD，可见两物体与水平面间的动摩擦因数相同，设为μ，在a、b加速运动过程中，由牛顿第二定律知，；由于ma=mb，得F1＞F2．故A错误；B正确；由可知，两物体在全过程中运动的平均速度相同，故C错误；对全程由动能定理可知，两物体的位移不相同，而摩擦力做功不同，则可知水平推力做功不可能相同；故D错误；故选B.9、(20xx·安徽马鞍山模拟)一个物体以初速度v0沿光滑斜面向上运动，其速度v随时间t变化的规律如图10所示，在连续两段时间m和n内对应面积均为S，则经过b时刻的速度大小为( )图10mn（m2＋n2）SA. B.m＋n（m2＋n2）SC. D.mn【答案】C10、(20xx·山东烟台质检)如图11甲所示，A车原来临时停在一水平路面上，B车在后面匀速向A车靠近，A车司机发现后启动A 车，以A车司机发现B车为计时起点(t＝0)，A、B两车的v－t图象如图乙所示.已知B车在第1 s内与A车的距离缩短了x1＝12 m.图11(1)求B车运动的速度vB和A车的加速度a的大小.(2)若A、B两车不会相撞，则A车司机发现B车时(t＝0)两车的距离x0应满足什么条件？【答案】(1)12 m/s 3 m/s2 (2)x0>36 m【解析】(1)在t1＝1 s时A车刚启动，两车间缩短的距离x1＝vBt1代入数据解得B车的速度vB＝12 m/svBA车的加速度a＝t2－t1将t2＝5 s和其余数据代入解得A车的加速度大小a＝3 m/s211、如图9所示，倾角为θ＝37°的传送带始终保持以v＝5 m/s的速率顺时针匀速转动，AB两端距离d＝15.25 m.现将一物块(可视为质点)无初速度从A端放上传送带，物块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.5，取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，求物块到达B端时的速度大小和物块从A端运动到B端所用的时间.图9【答案】9 m/s 2.5 s【解析】设物块由静止运动到传送带速度v＝5 m/s的过程，其加速度为a1，运动时间为t1，位移为x1，由牛顿第二定律和运动学规律有mgsin θ＋μmgcos θ＝ma1v＝a1t1x1＝a1t12代入数据解得a1＝10 m/s2，t1＝0.5 s，x1＝1.25 m代入数据解得a2＝2 m/s2，t2＝2 s，vB＝9 m/s物块从A端运动到B端所用时间为t，有t＝t1＋t2＝2.5 s12、(20xx·云南昆明调研)如图10所示，B和C两个小球均重为G，用轻绳悬挂而分别静止于图示位置上，试求：图10(1)AB和CD两根细绳的拉力分别为多大？(2)绳BC与竖直方向的夹角θ是多少？【答案】(1)G G (2)60°【解析】(1)对B、C两球整体受力分析，正交分解得FABcos 30°＋FCDcos 60°＝2G，FABsin 30°＝FCDsin 60°联立解得FAB＝G，FCD＝G(2)对C球受力分析，正交分解得FBCcos θ＋FCDcos 60°＝GFBCsin θ＝FCDsin 60°，联立解得θ＝60°.。

分子动理论固体、液体和气体小题狂练小题是基础练小题提分快.[·河北省名校联盟一测](选)下列选项正确的是( )．液体温度越高，悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈．布朗运动是指悬浮在液体中的固体颗粒分子的无规则运动．液体中的扩散现象是由液体的对流形成的．扩散现象是由物质分子无规则运动产生的．当分子间距离增大时，分子间的引力和斥力都减小答案：解析：液体温度越高，悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈，选项正确；布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，而不是颗粒分子的无规则运动，选项错误；扩散现象是由分子的无规则运动形成的，选项错误，正确；分子间的引力和斥力都随距离的增大而减小，随距离的减小而增大，只不过斥力变化比引力变化更明显，选项正确．．[·广西南宁联考](选)运用分子动理论的相关知识，判断下列说法正确的是( ) ．分子间距离增大时，可能存在分子势能相等的两个位置．气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数仅与单位体积内的分子数有关．某气体的摩尔体积为，每个分子的体积为，则阿伏加德罗常数的数值可表示为＝．阳光从缝隙射入教室，从阳光中看到的尘埃的运动不是布朗运动．生产半导体器件时需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，这可以在高温条件下利用分子的扩散来完成答案：解析：由于分子之间的距离为时，分子势能最小，故存在分子势能相等的两个位置，选项正确；气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，不仅与单位体积内的分子数有关，还与气体的温度有关，选项错误；由于气体分子之间的距离远大于分子本身的大小，所以不能用气体的摩尔体积除以每个分子的体积得到阿伏加德罗常数的数值，选项错误；做布朗运动的微粒非常小，肉眼是观察不到的，阳光从缝隙射入教室，从阳光中看到的尘埃的运动不是布朗运动，是机械运动，选项正确；扩散可以在气体、液体和固体中进行，生产半导体器件时需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，这可以在高温条件下利用分子的扩散来完成，选项正确．．[·四川省成都外国语学校模拟](选)关于气体的内能，下列说法正确的是( ) ．质量和温度都相同的气体，内能一定相同．理想气体温度不变，整体运动速度越大，其内能越大．气体被压缩时，内能可能不变．一定量的某种理想气体的内能只与温度有关．一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加答案：解析：物体的内能与物体的温度、体积都有关系，故质量和温度都相同的气体，内能不一定相同，错误；物体的内能与宏观物体的运动速度无关，故气体温度不变，其内能不变，错误；根据热力学第一定律可知气体被压缩时，如果放热，则内能可能不变，正确；理想气体的分子势能为零，气体的内能就是分子总动能，故一定量的某种理想气体的内能只与温度有关，正确；根据＝可知，一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，温度升高，则内能一定增加，正确．．[·湖北省武汉市部分学校调研](选)在“用油膜法估测分子大小”的实验中，下列做法正确的是( )．用注射器吸取配制好的油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，若滴溶液的体积是，则滴溶液中含有油酸－．往浅盘里倒入适量的水，再将痱子粉或细石膏粉均匀地撒在水面上．用注射器往水面上滴滴油酸酒精溶液，同时将玻璃板放在浅盘上，并立即在玻璃板上描下油酸膜的形状．将画有油酸膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，计算轮廓范围内正方形的个数，并求得油膜的面积．根据滴油酸酒精溶液中油酸的体积和油膜面积就可以算出油膜厚度＝，即油酸分子的直径答案：解析：实验时先往浅盘里倒人适量的水，再将痱子粉或细石膏粉均匀地撒在水面上，选项正确；将画有油酸膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，并根据轮廓范围内正方形的个数求得油膜的面积，选项正确；本实验是估测分子的大小，所以可以认为＝为油酸分子的直径，选项正确．．[·河北省承德二中诊断](选)对于一定质量的理想气体，下列说法正确的是( ) ．温度升高，所有分子运动速率都变大．温度升高，分子平均动能变大．气体分子无论在什么温度下，其分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点．温度升高，气体的压强一定增大．外界对气体做功，气体的温度可能降低答案：解析：温度升高，并不是所有分子运动的速率都增大，错误；温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子平均动能变大，正确；根据统计规律，气体分子无论在什么温度下，分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点，正确；根据理想气体状态方程＝知，温度升高，气体的压强不一定增大，还与气体的体积是否变化有关，错误；外界对气体做功，若气体放热，由热力学第一定律可知气体的内能可能减小，温度降低，正确．．[·广东省揭阳市模拟](选)以下说法正确的是( )．物质是由大量分子组成的．－℃时水已经结为冰，部分水分子已经停止了热运动．温度是分子平均动能的标志．分子间的引力与斥力都随分子间距离的增大而减小．扩散现象和布朗运动的实质是相同的，都是分子的无规则运动答案：解析：根据分子动理论知，物质是由大量分子组成的，正确；－℃时水已经结为冰，虽然水分子热运动的剧烈程度降低，但不会停止热运动，错误；温度是分子平均动能的标志，正确；分子间的引力与斥力都随分子间的距离的增大而减小，而斥力比引力减小得快，正确；扩散现象是分子的运动，布朗运动不是分子的运动，但间接地反映了分子在做无规则运动，错误．.[·贵州省遵义航天高级中学模拟](选)如图为两分子系统的势能与两分子间距离的关系曲线．下列说法正确的是( )．当大于时，分子间的作用力表现为引力．当小于时，分子间的作用力表现为斥力．当等于时，分子间的作用力为零．在由变到的过程中，分子间的作用力做负功．在由变到的过程中，分子间的作用力做正功答案：解析：由图象可知：分子间距离为时分子势能最小，此时分子间的距离为平衡距离，是分子间的平衡距离，当<<时，分子力表现为斥力，当>时分子力表现为引力，错误；当小于时，分子间的作用力表现为斥力，正确；当等于时，分子间的作用力为零，正确；在由变到的过程中，分子力表现为斥力，分子间距离增大，分子间的作用力做正功，错误，正确．．[·吉林省长春一测](选)关于固体、液体和气体，下列说法正确的是( )．固体中的分子是静止的，液体、气体中的分子是运动的．液体表面层中分子间作用力的合力表现为引力．液体的蒸发现象在任何温度下都能发生．汽化现象是液体分子间因相互排斥而发生的．有的物态变化中虽然吸收热量但温度却不升高答案：解析：当分子间距离为时，分子间引力和斥力相等，液体表面层的分子比较稀疏，分子间距离大于，所以分子间作用力的合力表现为引力，正确；蒸发是在液体表面发生的汽化现象，其实质是液体表面分子由于分子运动离开液面，在任何温度下都能发生，正确；晶体(例如冰)在熔化过程中吸收热量但温度不升高，正确．．[·江苏省苏州调研](选)下列说法正确的是( )．高原地区水的沸点较低，这是因为高原地区的气压较低．液面上部的蒸汽达到饱和时，就没有液体分子从液面飞出．水的饱和汽压随着温度的升高而增大．空气的相对湿度定义为水的饱和汽压与相同温度时空气中所含水蒸气的压强之比．一滴液态金属在完全失重条件下呈球状，是由液体的表面张力所致答案：解析：高原地区水的沸点较低，这是高原地区气压较低的原因，正确；液面上部的蒸汽达到饱和时，液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发，错误；水的饱和汽压随着温度的升高而增大，正确；由空气的相对湿度的定义知，错误；一滴液态金属在完全失重条件下呈球状，是由液体的表面张力所致，正确．．[·湖北省天门中学检测](选)下列说法正确的是( )．水龙头中滴下的水滴在空中呈球状是由表面张力引起的．温度总是从分子平均动能大的物体向分子平均动能小的物体转移．液晶显示器利用了液晶对光具有各向异性的特点．当两分子间距离大于平衡位置的间距时，分子间的距离越大，分子势能越小．一定温度下，水的饱和汽的压强是一定的答案：解析：水龙头中滴下的水滴在空中呈球状是由表面张力引起的，正确；热量总是从分子平均动能大的物体向分子平均动能小的物体转移，错误；液晶显示器利用了液晶对光具有各向异性的特点，正确；当两分子间距离大于平衡位置的间距时，分子之间的作用力表现为引力，分子间的距离越大，需要克服分子引力做的功越多，分子势能越大，错误；对于同一种液体，饱和汽压仅仅与温度有关，一定温度下，水的饱和汽的压强是一定的，正确．．[·湖北省部分重点中学联考](选)下列说法正确的是( )．给车胎打气，越打越吃力，是由于分子间存在斥力．液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现．悬浮在水中的花粉颗粒的布朗运动反映了花粉在做无规则的热运动．干湿泡湿度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远．液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性答案：解析：给车胎打气，越来越费力，主要是因为打气过程中车胎内气体压强增加，错误；液体表面张力、浸润现象和不浸润现象都是分子力作用的表现，正确；悬浮在水中的花粉颗粒的布朗运动反映了水分子在做无规则的热运动，错误；干湿泡湿度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，是因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热，两个温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远，正确；液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性，正确．．[·甘肃省白银市会宁一中模拟](选)下列五幅图分别对应五种说法，其中正确的是( )．液体表面层分子间相互作用力表现为斥力，正是因为斥力才使得水黾可以停在水面上．分子间的距离为时，分子势能处于最小值．在固体薄片上涂上石蜡，用烧热的针接触其上一点，从石蜡熔化情况可判定固体薄片必为晶体．食盐晶体的物理性质沿各个方向都是一样的．猛推活塞，密闭的气体温度升高，压强变大，外界对气体做正功答案：解析：水黾可以停在水面上是液体表面张力的作用，错误；当两个相邻的分子间距离为时，它们间相互作用的引力和斥力大小相等，分子力的合力为零，而分子力做的功等于分子势能的减少量，故分子间的距离为时，分子势能处于最小值，正确；在固体薄片上涂上石蜡，用烧热的针接触其上一点，从石蜡熔化呈椭圆状可判定固体薄片表现为各向异性，所以必为晶体，正确；有些晶体沿不同方向的导热或导电性能不同，有些晶体沿不同方向的光学性质不同，故食盐晶体的物理性质沿各个方向不都是一样的，错误；猛推活塞，密闭的气体被绝热压缩，故内能增加，温度升高，压强变大，外界对封闭气体做正功，正确．．[·山东省泰安模拟](选)封闭在气缸内一定质量的理想气体由状态变化到状态，其体积与热力学温度的关系如图所示，、、三点在同一直线上，则下列说法正确的是( )．由状态到状态过程中，气体吸收热量．由状态到状态过程中，气体从外界吸收热量，内能增加．状态气体的压强小于状态气体的压强．状态时单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数比状态的少．状态与状态，相等时间内气体分子对器壁单位面积的冲量相等答案：解析：由状态到状态过程中，温度升高，内能增加，体积不变，做功为零，由热力学第一定律可知，气体要吸收热量，正确；由状态到状态过程中，温度不变，内能不变，体积膨胀，气体对外界做功，由热力学第一定律可知，气体要吸收热量，错误；由状态到状态过程是等容降温过程，由＝，可知状态气体的压强大于状态气体的压强，错误；由题图看出气体在状态和状态由＝分析得知，两个状态的与成正比即两个状态的压强相等，体积较大时单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数少，所以状态时单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数比状态的少，正确；由以上分析可知，状态与状态压强相等，所以相等时间内气体分子对器壁单位面积的冲量相等，正确．.[·黑龙江省哈尔滨三中模拟]如图所示，两端开口的光滑的直玻璃管，下端插入水银槽中，上端有一段高为的水银柱，中间封有一段空气，设外界大气压为，环境温度保持不变，则( )．玻璃管下端内外水银面的高度差为＝．中间空气的压强大小为＝－ ()．若把玻璃管向下移动少许，则管内的气体压强将减小．若把玻璃管向上移动少许，则管内的气体压强将增大答案：解析：对管中上端水银受力分析可知，管中气体压强比大气压强高()，所以玻璃管下端内外水银面的高度差为，正确；中间空气的压强大小为＝＋()，错误；若把玻璃管向上移动少许(或向下移动少许)，封闭气体温度和压强不变，、错误．．[·聊城模拟](选)对于一定质量的理想气体，下列论述中正确的是( )．若单位体积内分子个数不变，当分子热运动加剧时，压强一定变大．若单位体积内分子个数不变，当分子热运动加剧时，压强可能不变．若气体的压强不变而温度降低，则单位体积内分子个数一定增加．若气体的压强不变而温度降低，则单位体积内分子个数可能不变．气体的压强由温度和单位体积内的分子个数共同决定答案：解析：单位体积内分子个数不变，当分子热运动加剧时，单位面积上的碰撞次数和碰撞的平均力都增大，园此这时气体压强一定增大，故正确，错误；若气体的压强不变而温度降低，则气体分子热运动的平均动能减小，则单位体积内分子个数一定增加，故正确，错误；气体的压强由气体的温度和单位体积内的分子个数共同决定，正确．．[·全国卷Ⅰ](选)氧气分子在℃和℃温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化分别如图中两条曲线所示．下列说法正确的是( )．图中两条曲线下面积相等．图中虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形．图中实线对应于氧气分子在℃时的情形．图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目．与℃时相比，℃时氧气分子速率出现在～区间内的分子数占总分子数的百分比较大答案：解析：根据气体分子单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化曲线的意义可知，题图中两条曲线下面积相等，选项正确；题图中虚线占百分比较大的分子速率较小，所以对应于氧气分子平均动能较小的情形，选项正确；题图中实线占百分比较大的分子速率较大，分子平均动能较大，根据温度是分子平均动能的标志，可知实线对应于氧气分子在℃时的情形，选项正确；根据分子速率分布图可知，题图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目占总分子数的百分比，不能得出任意速率区间的氧气分子数目，选项错误；由分子速率分布图可知，与℃时相比，℃时氧气分子速率出现在～区间内的分子数占总分子数的百分比较小，选项错误．课时测评综合提能力课时练赢高分一、选择题．[·重庆六校联考](选)关于内能，下列说法中正确的是( )．若把氢气和氧气看成理想气体，则具有相同体积、相同质量和相同温度的氢气和氧气的内能不相等．相同质量的℃水的分子势能比℃冰的分子势能大．物体吸收热量后，内能一定增加．一定质量的℃的水吸收热量后变成℃的水蒸气，则吸收的热量大于增加的内能．做功和热传递是不等价的答案：解析：具有相同体积、相同质量和相同温度的氢气和氧气，分子的平均动能相等，氢气分子数较多，内能较大，选项正确；相同质量的℃的水和℃的冰的温度相同，分子平均动能相同，由于℃的冰需要吸收热量才能融化为℃的水，根据能量守恒定律，一定质量的℃的水的分子势能比℃的冰的分子势能大，选项正确；根据热力学第一定律，物体吸收热量，若同时对外做功，其内能不一定增加，选项错误；一定质量的℃的水吸收热量后变成℃的水蒸气，由于体积增大，对外做功，根据热力学第一定律，吸收的热量等于气体对外做的功和增加的内能，所以吸收的热量大于增加的内能，选项正确；在改变内能时，做功和热传递是等价的，选项错误．.如图所示，两端开口的弯管，其左管插入水银槽中，管内、外液面高度差为，右管有一段形水银柱，两边液面高度差为，中间封有一段气体，则( )．若增大大气压强，则和同时增大．若升高环境温度，则和同时减小．若把弯管向上移动少许，则管内封闭气体体积不变．若把弯管向下移动少许，则管内封闭气体压强增大答案：解析：设大气压强为，则管中封闭气体的压强＝＋ρ＝＋ρ，得＝.若大气压强增大，封闭气体的压强增大，由玻意耳定律可知，封闭气体的体积减小，水银柱将发生移动，使和同时减小，故错误；若环境温度升高，封闭气体的压强增大，体积也增大，和同时增大，故错误；若把弯管向上移动少许，封闭气体的体积将增大，故错误；若把弯管向下移动少许，封闭气体的体积减小，压强增大，故正确．．[·河北衡水模拟](多选)关于布朗运动，下列说法正确的是( )．布朗运动是液体分子的无规则运动．液体温度越高，布朗运动越剧烈．布朗运动是由于液体各部分温度不同而引起的．悬浮在液体中的固体小颗粒做布朗运动具有的能是机械能．布朗运动是微观粒子的运动，其运动规律遵循牛顿第二定律答案：解析：布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，错误．布朗运动的剧烈程度与温度有关，液体温度越高，布朗运动越剧烈，正确．布朗运动是由于来自各个方向的液体分子对固体小颗粒撞击作用的不平衡引起的，错误．悬浮在液体中的固体小颗粒做布朗运动具有的能是机械能，正确．布朗运动是悬浮的固体小颗粒不停地做无规则的宏观的机械运动，故其运动规律遵循牛顿第二定律，正确．.[·山东泰安模拟](多选)甲分子固定在坐标原点，只在两分子间的作用力作用下，乙分子沿轴方向运动，两分子间的分子势能与两分子间距离的变化关系如图所示，设乙分子在移动过程中所具有的总能量为，则下列说法正确的是( )．乙分子在点时加速度为．乙分子在点时分子势能最小．乙分子在点时处于平衡状态．乙分子在点时动能最大．乙分子在点时，分子间引力和斥力相等答案：解析：由题图可知，乙分子在点时分子势能最小，此时乙分子受力平衡，甲、乙两分子间引力和斥力相等，乙分子所受合力为，加速度为，、正确．乙分子在点时分子势能为，大于乙分子在点时的分子势能，错误．乙分子在点时与甲分子间的距离小于平衡距离，分子引力小于分子斥力，合力表现为斥力，所以乙分子在点合力不为，故不处于平衡状态，错误．乙分子在点时，其分子势能最小，由能量守恒可知此时乙分子动能最大，正确．．[·安徽安庆模拟](多选)下列说法正确的是( )．液面上方的蒸汽达到饱和时就不会有液体分子从液面飞出．萘的熔点为℃，质量相等的℃的液态萘和℃的固态萘具有不同的分子势能．车轮在潮湿的地面上滚过后，车辙中会渗出水，属于毛细现象．液体表面层分子的势能比液体内部分子的势能大．液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似，具有各向同性答案：解析：液面上方的蒸汽达到饱和时，液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中，从宏观上看，液体不再蒸发，故错误；℃时，液态萘凝固成固态萘的过程中放出热量，温度不变，则分子的平均动能不变，萘放出热量的过程中内能减小，而分子平均动能不变，所以一定是分子势能减小，故正确；由毛细现象的定义可知，正确；液体表面层的分子间距离比液体内部的分子间距离大，故液体表面层分子之间的作用力表现为引力，分子之间的距离有缩小的趋势，可知液体表面层的分子比液体内部的分子有更大的分子势能，故正确；液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似，具有各向异性，错误．．(多选)下列说法正确的是( )．密闭房间内，温度升高，空气的相对湿度变大．密闭房间内，温度越高，悬浮在空气中的运动越剧烈．可看做理想气体的质量相等的氢气和氧气，温度相同时氧气的内能小．系统的饱和汽压不受温度影响答案：解析：相对湿度是指在一定温度时，空气中的实际水蒸气含量与饱和值之间的比值，温度升高绝对湿度不变，即空气中含水量不变，但相对湿度变小了，错误；是指空气中直径小于微米的悬浮颗粒物，其飘浮在空中做无规则运动，故温度越高，气体分子对其撞击的不平衡就会加剧，使得的无规则运动越剧烈，正确；由于不考虑理想气体分子间作用力，氢气和氧气只有分子动能，当温度相同，它们的平均动能相同，而氢气分子摩尔质量小，质量相等时，氢气分子数多，所以氢气内能大，正确；系统的饱和汽压受温度影响，错误．．下列说法正确的是( )．饱和蒸汽压与温度有关，且随着温度的升高而增大．饱和蒸汽是指液体不再蒸发，蒸汽不再液化时的状态．所有晶体都有固定的形状、固定的熔点和沸点．所有晶体由固态变成液态后，再由液态变成固态时，固态仍为晶体。

高效演练 跟踪检测1．如图所示是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．(1)已知打点计时器电源频率为50 Hz ，则纸带上打相邻两点的时间间隔为________．(2)A 、B 、C 、D 是纸带上4个计数点，每两个相邻计数点间有4个点没有画出．从图中读出A 、B 两点间距s ＝________；C 点对应的速度是________．(计算结果保留3位有效数字)解析：(1)打点计时器电源频率50 Hz ，故打相邻两点的时间间隔T 0＝1f ＝0.02s.(2)相邻两计数点间的时间间隔T ＝0.02×5 s ＝0.1 s ，由图读出s ＝0.70 cm.C点对应的速度v C ＝s BD 2T ＝2.002×0.1cm/s ＝0.100 m/s. 答案：(1)0.02 s (2)0.68～0.72 cm 0.100 m/s2．如图所示是“研究匀变速直线运动”实验中获得的一条纸带，O 、A 、B 、C 、D 和E 为纸带上6个计数点．加速度大小用a 表示．(1)OD 间的距离为________cm.(2)下图是根据实验数据绘出的s －t 2图线(s 为各计数点至同一起点的距离)，斜率表示____________，其大小为________ m/s 2(保留3位有效数字)解析：物体做的是匀变速直线运动，物体从某一点开始运动的位移s ＝v 0t ＋12at 2，s －t 2图线是一条过原点的倾斜直线，因此v 0＝0，得s ＝12at 2，所以s －t 2图线的斜率为12a ，通过图线可求得斜率为0.460.答案：(1)1.18～1.22 (2)12a 0.458～0.4643．图甲是某同学探究小车的速度和加速度的实验装置，他将光电门固定在水平轨道上的B 点，A 、B 两点间的距离为12.50 cm.用重物通过细线拉小车，让小车做直线运动．(1)若用游标卡尽测出遮光条的宽度d ，如图乙所示，则d ＝________ cm.(2)实验时将小车从图甲中位置A 处由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间Δt ＝2.28×10－2 s ，则小车经过光电门时的速度为________ m/s ，小车的加速度为________ m/s 2.(保留2位有效数字)解析：(1)主尺上的读数为1.1 cm ，游标尺上第8条刻线与主尺刻线对齐，故游标尺上读数为8×0.05 mm ＝0.40 mm ＝0.040 cm ，所以两部分之和为1.140 cm.(2)小车通过光电门时的速度可近似认为不变，则v ＝d Δt ＝1.140×10－22.28×10－2m/s ＝0.50 m/s ，由v 2＝2ax 得，a ＝v 22x ＝0.5022×12.50×10－2 m/s 2＝1.0 m/s 2. 答案：(1)1.140 (2)0.50 1.04．某同学用如图甲所示的实验装置研究匀变速直线运动．实验步骤如下：A．安装好实验器材．B．让小车拖着纸带运动，打点计时器在纸带上打下一系列小点，重复几次，选出一条点迹比较清晰的纸带，从便于测量的点开始，每五个点取一个计数点，如图乙中a、b、c、d等点．C．测出x1、x2、x3….结合上述实验步骤，请你继续完成下列任务：(1)(多选)实验中，除打点计时器(含纸带、复写纸)、小车、一端附有滑轮的长木板、细绳、钩码、导线及开关外，在下列仪器和器材中，必须使用的有________．(填选项代号)A．电压合适的50 Hz交流电源B．电压可调的直流电源C．秒表D．刻度尺E．天平F．重锤G．弹簧测力计(2)如果小车做匀加速运动，所得纸带如图乙所示，则x1、x2、x3的关系是________，已知打点计时器打点的时间间隔是t，则打c点时小车的速度大小是________．解析(1)实验中打点计时器要使用50 Hz的低压交流电源；测量x1、x2、x3要使用刻度尺；实验中无需使用秒表、天平、重锤和弹簧测力计，故选A、D.(2)因小车做匀加速直线运动，所以相邻相等时间内的位移之差是恒量，故x3－x2＝x2－x1；c点是bd段的时间中点，则c点的瞬时速度等于该段的平均速度，即v c＝x2＋x32×5t＝x2＋x310t.答案(1)AD(2)x3－x2＝x2－x1x2＋x3 10t5．在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图甲所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G 7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接220 V、50 Hz 交流电源．他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、D、E、F各点时物体的瞬时速度如下表：对应点 B C D E F 速度(m·s －1) 0.141 0.185 0.220 0.254 0.301(1)设电火花计时器的周期为T ，计算v F 的公式为v F ＝________；(2)根据(1)中得到的数据，以A 点对应的时刻为t ＝0，试在图乙所示坐标系中合理地选择标度，作出v －t 图象．(3)利用该图象求得物体的加速度a ＝________ m/s 2；(结果保留2位有效数字)(4)如果当时电网中交变电流的电压变成210 V ，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比________．(选填“偏大”“偏小”或“不变”)解析：(1)匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，电火花计时器的周期为T ，所以从E 点到G 点时间为10T ，有v F ＝d 6－d 410T .(2)根据表中数据，利用描点法作出图象如图所示：(3)图象斜率大小等于加速度大小，故a＝ΔvΔt＝0.40 m/s2.(4)打点计时器的打点频率与交流电源的频率相同，电源电压降低不改变打点计时器打点周期，所以对测量结果没有影响．答案：(1)d6－d410T(2)图见解析(3)0.40(4)不变6.利用如图所示的装置可测量滑块在斜面上运动的加速度．一斜面上安装有两个光电门，其中光电门乙固定在斜面上靠近底端处，光电门甲的位置可移动．当一带有遮光片的滑块自斜面上滑下时，与两个光电门都相连的计时器可以显示出遮光片从光电门甲至乙所用的时间t.改变光电门甲的位置进行多次测量，每次都使滑块从同一点由静止开始下滑，并用米尺测量甲、乙之间的距离s，记下相应的t值；所得数据如下表所示.s/m0.5000.6000.7000.8000.9000.950t/ms292.9371.5452.3552.8673.8776.4st/(m·s－1) 1.71 1.62 1.55 1.45 1.34 1.22(1)若滑块所受摩擦力为一常量，滑块加速度的大小a、滑块经过光电门乙时的瞬时速度v t、测量值s和t四个物理量之间所满足的关系式是________________________________________________；(2)根据表中给出的数据，在图给出的坐标纸上画出st－t图线；(3)由所画出的st－t图线，得出滑块加速度的大小为a＝________m/s2.(保留两位有效数字)解析 (1)滑块沿斜面向下做匀加速运动，其逆过程为初速度为v t 、加速度为a 的沿斜面向上的匀减速运动，由位移公式有s ＝v t t －12at 2，也可表示为s t ＝－12at＋v t .(2)根据表中数据描点连线可得s t －t 图线，如图所示．(3)由关系式s t ＝－12at ＋v t 可得，图线的斜率k ＝－a 2，由图线求出k ＝－1.0，故a ＝－2k ＝2.0 m/s 2.答案 (1)s t ＝－12at ＋v t ⎝ ⎛⎭⎪⎫或s ＝－12at 2＋v t t (2)见解析 (3)2.0(在1.8～2.2范围内都可)。

教学资料范本2020高考物理一轮复习练习题（3）（含解析）新人教版-精装版编辑：__________________时间：__________________【精选】20xx最新高考物理一轮复习练习题（3）（含解析）新人教版李仕才一、选择题1、距地面高5 m的水平直轨道上A、B两点相距3 m，在B点用细线悬挂一大小可忽略的小球，离地高度为h，如图.小车始终以6m/s 的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地.不计空气阻力，取重力加速度的大小g＝10 m/s2.可求得细线长为 ( ) A．1.25 m B．2.25 m C．3.75 mD．4.75 m【答案】C【解析】小车上的小球自A点自由落地的时间t1＝，小车从A到B 的时间t2＝；小车运动至B点时细线轧断，小球下落的时间t3＝；根据题意可得时间关系为t1＝t2＋t3，即＝＋解得h＝1.25 m，即细线长为3.75米，选项C正确2、如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m=0.2kg的小球，从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内），其速度v和弹簧压缩量△x之间的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间机械能损失不计，取g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．小球刚接触弹簧时速度最大B．当△x=0.3m时，小球处于超重状态C．该弹簧的劲度系数为20.0N/mD．从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大【答案】BCD【解析】由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，说明小球的重力大于弹簧对它的弹力，当△x为0.1m时，小球的速度最大，然后减小，说明当△x为0．1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力．所以可得：k△x=mg，解得：，选项A错误；C正确；弹簧的最大缩短量为△x=0.3m，所以弹簧弹力为F=20N/m×0.3m=6N>mg，故此时物体的加速度向上，物体处于超重状态，选项B正确；v-t图线的斜率表示物体的加速度，由图线可知从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，选项D正确；故选BCD．3、一质量为2 kg的物体，在水平恒定拉力的作用下以一定的初速度在粗糙的水平面上做匀速运动，当运动一段时间后，拉力逐渐减小，且当拉力减小到零时，物体刚好停止运动，图中给出了拉力随位移变化的关系图象.已知重力加速度g＝10 m/s2，由此可知( )A.物体与水平面间的动摩擦因数约为0.35B.减速过程中拉力对物体所做的功约为13 JC.匀速运动时的速度约为6 m/sD.减速运动的时间约为1.7 s【答案】ABC【解析】Fs图象围成的面积代表拉力F做的功，由图知减速阶段Fs 围成面积约13个小格，每个小格1 J，则约为13 J，故B正确；刚开始匀速，则F＝μmg，由图知F＝7 N，则μ＝＝0.35，故A正确；全程应用动能定理：WF－μmgs＝0－，其中WF＝(7×4＋13) J＝41 J，得v0＝6 m/s，故C正确；由于不是匀减速，没办法求减速运动的时间，D错.4、如图所示，有一光滑钢球质量为m，被一U形框扣在里面，框的质量为M，且M＝2m，它们搁置于光滑水平面上，今让小球以速度v0向右去撞击静止的框，设碰撞无机械能损失，经多次相互撞击，下面结论正确的是( )A．最终都将停下来B．最终将以相同的速度向右运动C．永远相互碰撞下去，且整体向右运动D．在它们反复碰撞的过程中，球的速度将会再次等于v0，框也会再次重现静止状态【答案】CD联立解得：v1＝v0，v2＝0(两次碰撞后)或者v1＝－v0，v2＝v0(一次碰撞后)，132 3由于二次碰撞后的速度情况与开始时相同，故整体内部一直不断碰撞，整体持续向右运动；球的速度将会再次等于v0，框也会再次重现静止状态，故A、B错误，C、D正确.5、（20xx河北省石家庄二中期末）如图所示的电路中，闭合开关S，灯泡L1和L2均正常发光，由于某种原因灯泡L2灯丝突然烧断，其余用电器均未损坏，则下列结论正确的是（）A. 电流表读数变大，电压表读数变小B. 灯泡L1变亮C. 电源的输出功率可能变大D. 电容器C上电荷量减少【答案】C6、（20xx届广东省五校协作体高三1月联）两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直.边长为0.1 m、总电阻为0.01Ω的正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场边界平行，如图（a）所示.已知导线框一直向右做匀速直线运动，cd边于t=0时刻进入磁场.线框中感应电动势随时间变化的图线如图（b）所示（感应电流的方向为逆时针时，感应电动势取正）.下列说法正确的是（）A. 磁感应强度的方向垂直于纸面向外B. 磁感应强度的大小为0.2 TC. 导线框运动的速度的大小为0.5m/sD. 在0.6 s内线圈发热为0.004J【答案】BCD7、（20xx甘肃省第一次高考诊断考）下列说法中错误的是A. 用频率为v的光照射某金属研究光电效应，遏止电压为Uc，则该金属的逸出功为hv－eUcB. 一群处于n=3能级的氢原子自发跃迁时能发出3种不同频率的光子C. 某放射性物质的半衰期为τ，质量为m的该放射性物质，经过半个半衰期还剩mD. 核反应方程4H→+He+KX中，X是正电子，K=2【答案】C8、如图所示是一列简谐波在t＝0时的波形图，介质中的质点P沿y 轴方向做简谐运动，其位移随时间变化的函数表达式为y＝10sin 5πt(cm)．关于这列简谐波及质点P的振动，下列说法中正确的是( ) A．质点P的周期为0.4 sB．质点P的位移方向和速度方向始终相反C．这列简谐波的振幅为20 cmD．这列简谐波沿x轴正向传播E．这列简谐波在该介质中的传播速度为10 m/s【答案】ADE二、非选择题在北京欢乐谷游乐场中，有一台大型游戏机叫“跳楼机”，参加游戏的游客被安全带固定在座椅上，由电动机将座椅沿光滑的竖直轨道提升到离地面40m高处，然后由静止释放，座椅沿轨道自由下落一段时间后，开始受到压缩空气提供的恒定阻力而紧接着做匀减速运动，下落到离地面4.0m高处速度刚好减小到零，这一下落全过程历经的时间是6s，求：（）（1）座椅被释放后自由下落的高度有多高？（2）在匀减速运动阶段，座椅和游客的加速度大小是多少【答案】（1）（2）【解析】（1）设全过程下落高度为h，历时为t；自由落体阶段下落高度为，历时为，末速为v有对后阶段匀减速运动，有：联立上两式解得：所以（2）对后阶段匀减速运动的逆过程，有所以。

高中物理 一轮复习相互作用题型1（弹力的方向判断与大小计算）1、弹力有无的判断方法 （1）直接判断对形变较明显额情况，由形变情况直接判断。

（2）利用“假设法”判断对形变不明显的情况，可假设与研究对象接触的物体不存在，判断研究对象的运动状态是否发生改变。

若运动状态不变，则此处不存在弹力；若运动状态改变，则此处一定存在弹力。

（3）根据物体所处的运动状态判断静止（或匀速直线运动）的物体都处于受力平衡状态，这可以作为判断某个接触面上弹力是否存在的依据。

2、弹力方向的判断拉伸时沿收缩的方向，压缩时沿伸长的方向3.弹力大小的计算（1）对于难以观察的微小形变，可以根据物体的受力情况和运动情况，运用物体平衡条件或牛顿第二定律来确定弹力大小。

（2）对有明显形变的弹簧、橡皮条等物体，弹力的大小可以由胡克定律计算。

1、如图所示，以O 为悬点的两根轻绳a 、b 将日光灯悬挂在天花板上，两绳与竖直方向的夹角分别为60°和45°，日光灯保持水平并静止，其重力为G ，下列说法中正确的是（ C ） A. a 绳的弹力比b 绳大B. a 绳的弹力与b 绳一样大C. 日光灯的重心一定在O 点的正下方D. 日光灯的重心不一定在O 点的正下方2、如图所示，是位于水平面上的小车，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为 ，在斜杆的下端固定有质量为m 的小球。

下列关于杆对球的作用力F 的判断中，正确的是（ CD ） A. 小车静止时， ，方向沿杆向上B. 小车静止时， ，方向垂直于杆向上C. 小车向右做匀速运动时，一定有 ，方向竖直向上D. 小车向右做匀加速运动时，一定有 ，方向可能沿杆向上3、如图所示，石拱桥的正中央有一质量为m 的对称楔形石块，侧面与竖直方向的夹角为 ，重力加速度为g 。

若接触面间的摩擦力忽略不计，则石块侧面所受弹力的大小为（ A ） A.B.C.D.4、如图所示，在一个正方体的盒子中放有一个质量分布均匀的小球，小球的直径恰好和盒子内表面正方体的边长相等，盒子沿倾角为 的固定斜面滑动，不计一切摩擦，下列说法中正确的是（ A ） A. 无论盒子沿斜面上滑还是下滑，球都仅对盒子的下底面有压力B. 盒子沿斜面下滑时，球对盒子的下底面和右侧面有压力C. 盒子沿斜面下滑时，球对盒子的下底面和左侧面有压力D. 盒子沿斜面上滑时，球对盒子的下底面和左侧面有压力5、如图所示，质量为m 的小球置于倾角为30°的光滑斜面上，劲度系数为k 的轻弹簧一端系在小球上，另一端固定在P 点，小球静止时，弹簧与竖直方向的夹角为30°，则弹簧的伸长量为（ C ） A.B.C.D.6、如图所示，两个质量均为m 的物体分别挂在支架上的B 点（如图甲所示）和跨过滑轮的轻绳BC 上（如图乙所示），图甲中轻杆AB 可绕A 点转动，图乙中水平轻杆一端插在墙壁内，已知 ，则图甲中轻杆AB 受到绳子的作用力 和图乙中滑轮受到绳子的作用力 分别为（ D ） A.、 B. 、 C.、D. 、7、如图所示，完全相同的质量为m的A、B两球，用来两根等长的细线悬挂在O点，两球之间夹着一根劲度系数为k的轻弹簧，静止不动，弹簧处于水平方向，两根细线之间的夹角为，则弹簧的长度被压缩了（C）A. B.C. D.8、质量分布均匀的A、B、C三个物体如图所示放置，其中A、B两个相同的物体并排放在水平面上，梯形物体C叠放在物体A、B的上表面，已知所有接触面均光滑且各物体都处于静止状态，则下列说法中正确的是（BD）A. 物体B对地面的压力等于物体A对地面的压力B. 物体B对地面的压力大于物体A对地面的压力C. 物体B对物体A有向左的压力D. 物体A、B之间没有相互作用力9、如图所示，用细线将物体A悬挂在顶板上，物体B放在水平地面上。

教学资料范本2020高考物理一轮复习练习题（6）（含解析）新人教版-精装版编辑：__________________时间：__________________【精选】20xx最新高考物理一轮复习练习题（6）（含解析）新人教版李仕才一、选择题1、（20xx广西××市第一中学开学考试）叠罗汉是一种由多人层层叠成各种造型的游戏娱乐形式，也是一种高难度的杂技.如图所示为六人叠成的三层静态造型，假设每个人的重量均为G，下面五人的背部均呈水平状态，则最底层正中间的人的一只脚对水平地面的压力约为（）A. B. C. D.【答案】B2、如图(a)，一物块在t＝0时刻滑上一固定斜面，其运动的v-t图线如图(b)所示．若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量，则可求出( )A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度【答案】ACD3、（20xx黑龙江省××市第六中学阶段）下列选项是反映汽车从静止匀加速启动(汽车所受阻力Ff恒定)，达到额定功率P后以额定功率运动最后做匀速运动的速度随时间及加速度、牵引力和功率随速度变化的图象，其中正确的是( )A. B.C. D.【答案】ACD4、（20xx福建省莆田第六中学月考）如图所示，光滑的直角墙壁处有A、B两个物体，质量分别为、,两物体间有一压缩的轻质弹簧用细线绷住，弹簧两端拴在物体上，弹簧储存的弹性势能为，初时B物体紧靠着墙壁.将细线烧断，A物体将带动B物体离开墙壁，在光滑水平面上运动.由此可以判断（）AmBmEA. 烧断细线后，A、B物体和弹簧组成的系统机械能、动量均守恒B. 物体B离开墙壁后，弹簧的最大弹性势能等于BA BmEm m+C. 物体B离开墙壁后弹簧第一次恢复原长时，A物体速度方向有可能向左D. 每当弹簧恢复原长时A物体的速度都等于'02A BAA B AEm mvm m m-=+【答案】BCD做加速运动，由于弹簧被拉伸，A做减速运动，当两者速度相同时，弹簧被拉伸最大，之后A仍做减速运动，若B的质量大于A的质量，故可能出现A的速度方向向左，C正确；在B之后的运动过程中，系统机械能和动量守恒，由于当弹簧恢复原长时，弹性势能为零，故有，，联立解得，D正确．'2'21122A AB BE m v m v=+ ''02A AB B A AAEm v m v m vm+=='02A BAA B AEm mvm m m-=+5、在如图所示的电路中，已知电阻R1的阻值小于滑动变阻器R的最大阻值．闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P由左端向右滑动的过程中，四个电表V1、V2、A1、A2的示数及其变化量分别用U1、U2、I1、I2、ΔU1、ΔU2、ΔI1、ΔI2表示．下列说法正确的是( )A ．U1先变大后变小，I1不变B ．U1先变小后变大，I1变小C.的绝对值先变大后变小，的绝对值不变12U I ∆∆22U I ∆∆ D ．U2先变小后变大，I2先变小后变大【答案】D6、1824年，法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”．实验中将一铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针，如图所示．实验中发现，当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着一起转动起来，但略有滞后．下列说法正确的是( )A ．圆盘上产生了感应电动势B ．圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动C ．在圆盘转动的过程中，磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化D ．圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流，此电流产生的磁场导致磁针转动【答案】AB7、一群基态氢原子吸收某种波长的光后，可以发出三种波长的光，这三种光的波长关系为λ3＞λ2＞λ1，已知某金属的极限波长为λ2，则下列说法正确的是( )A ．该金属的逸出功为h λ2B ．波长为λ3的光一定可以使该金属发生光电效应C ．基态氢原子吸收的光子的波长为λ1D ．若用波长为λ4的光照射该金属且能发生光电效应，则发生光电效应的光电子的最大初动能为hc 4211λλ⎛⎫- ⎪⎝⎭【答案】CD【解析】该金属的逸出功为W ＝h ，A 错误；由ν＝可知ν1＞ν2＞ν3，大于等于极限频率的光才可以发生光电效应，因此波长为λ1的光一定可以使该金属发生光电效应，波长为λ3的光一定不可以使该金属发生光电效应，B 错误；基态氢原子吸收光子的能量为辐射光子能量的最大值，因此吸收的光子的波长为λ1，C 正确；用波长为λ4的光照射该金属，光电子最大初动能为Ekm ＝h ν4－h ν2＝hc ，D 正确．2c λc λ4211λλ⎛⎫- ⎪⎝⎭8、图甲为某一列沿x 轴正向传播的简谐横波在t ＝1.0 s 时刻的波形图，图乙为参与波动的某一质点的振动图象，则下列说法正确的是( )A ．该简谐横波的传播速度为4 m/sB ．从此时刻起，经过2 s ，P 质点运动了8 m 的路程C ．从此时刻起，P 质点比Q 质点先回到平衡位置D ．乙图可能是甲图x ＝2 m 处质点的振动图象E ．此时刻M 质点的振动速度小于Q 质点的振动速度【答案】ACD二、非选择题（20xx××市东××区汇文中学期末）(1)某同学利用如图甲所示的多用电表测量一个定值电阻的阻值，图中、为可调节的部件．该同学的部分操作步骤如下：S T①将选择开关调到电阻挡的“”位置．10⨯②将红、黑表笔分别插入“+”、“-”插孔，把两笔尖相互接触，调节“”，使电表指针指向电阻挡的“刻线”．T 0③将红、黑表笔的笔尖分别与电阻两端接触，发现多用电表的示数如图乙所示，为了较准确地进行测量，应将选择开关调到电阻挡的________（选填“”或“”）位置．然后__________________．1⨯100⨯(2)在使用多用表的欧姆挡测量电阻时，下列说法正确的是__________________．（单选）A ．双手捏住两表笔金属杆，测量值将偏大B ．将选择开关调到“”位置，测量时发现指针位于与正中间，则测量值小于100⨯20302500ΩC ．多用电表内的电池使用时间太长，电池的电动势会变小，虽能完成调零，但测量值将比真实值略小【答案】 档 进行欧姆调零 B 100⨯(2)人是导体，若双手捏住两表笔金属杆，待测电阻与人体并联，测得值将偏小，故A 错误；欧姆表刻度是左密右疏，选择“” 倍率测量时发现指针位于与正中间，即测量值小于，大于，故B 正确；当两表笔短接（即）时，电流表应调至满偏电流，设此时欧姆表的内阻为，电流： ，内阻，当指针指在刻度盘的正中央时， ， ，代入数据可得． ；当电池电动势变小，内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流不变，由公式，欧姆表内阻，得调小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，由，可知当变小时， 变小，指针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了，故C 错误．故选 B.100⨯20302500Ω2000Ω0x R =g I R 内g E I R =内g E R I =内2g I I =2gx I E R R =+内x R R =内g I g E I R =内R 内+1g g xx x I R I E I R R R R R R ===++内内内内R 内I。

教学资料范本2020高考物理一轮复习编练习题（14）（含解析）新人教版-精装版编辑：__________________时间：__________________【精选】20xx最新高考物理一轮复习编练习题（14）（含解析）新人教版李仕才一、选择题1、汽车以20 m/s的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5 m/s2，则自驾驶员急刹车开始，2 s与5 s时汽车的位移之比为( )A．5∶4 B．4∶5C．3∶4 D．4∶3解析汽车停下来所用的时间为t＝＝4 s，故2 s时汽车的位移x1＝v0t1＋(－a)t＝30 m；5 s时汽车的位移与4 s时汽车的位移相等，x2＝v0t2＋(－a)t＝40 m，解得＝，选项C正确.答案C2、如图7所示，三角形ABC是固定在水平面上的三棱柱的横截面，∠A＝30°，∠B＝37°，C处有光滑小滑轮，质量分别为m1、m2的两物块通过细线跨放在AC面和BC面上，且均恰好处于静止状态，已知AC面光滑，物块2与BC面间的动摩擦因数μ＝0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则两物块的质量比m1∶m2不可能是( )图7A．1∶3 B．3∶5C．5∶3 D．2∶1答案A3、如果高速转动的飞轮重心不在转轴上，运行将不稳定，而且轴承会受到很大的作用力，加速磨损.如图5所示，飞轮半径r＝20cm，ab为转动轴.正常工作时转动轴受到的水平作用力可以认为是0.假想在飞轮的边缘固定两个互成直角的螺丝钉P和Q，两者的质量均为m＝0.01kg，当飞轮以角速度ω＝1000rad/s转动时，转动轴ab受到力的大小为( )图5A.1×103NB.2×103NC.×103ND.2×103N答案D解析对钉子：F1＝F2＝mω2·r＝20xxN，受到的合力F＝F1＝2×103N.4、若已知地球半径为R1，赤道上物体随地球自转的向心加速度为a1，第一宇宙速度为v1；地球同步卫星的轨道半径为R2，向心加速度为a2，运动速率为v2，判断下列比值正确的是( )A.＝B.＝()2C.＝D.＝R1R2【答案】A5、如图所示，物块的质量为m，它与水平桌面间的动摩擦因数为μ.起初，用手按住物块，物块的速度为零，弹簧的伸长量为x.然后放手，当弹簧的长度回到原长时，物块的速度为v.则此过程中弹力所做的功为( )A.mv2－μmgx B．μmgx－mv2C.mv2＋μmgx D．以上选项均不对解析：选C 设W弹为弹力对物体做的功，因为克服摩擦力做的功为μmgx，由动能定理得W弹－μmgx＝mv2－0，得W弹＝mv2＋μmgx.6、(多选)太空中存在一些离其他恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统，通常可忽略其他星体对它们的引力作用．已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式：一种是三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行；另一种形式是三颗星位于等边三角形的三个顶点上，并沿外接于等边三角形的圆形轨道运行．设这三个星体的质量均为M，并设两种系统的运动周期相同，则( )A．直线三星系统运动的线速度大小v＝GMRB．两三星系统的运动周期T＝4πR R5GMC．三角形三星系统中星体间的距离L＝RD．三角形三星系统的线速度大小v＝125GM R7、静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小.如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属板，G为静电计.开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开的角度增大些，下列采取的措施可行的是( )A.断开开关S后，将A、B分开些B.保持开关S闭合，将A、B两极板分开些C.保持开关S闭合，将A、B两极板靠近些D.保持开关S闭合，将变阻器滑动触头向右移动【解析】选A.断开开关，电容器带电量Q不变，将A、B分开一些，则d增大，根据C=知，电容C减小，根据C=知，电势差U增大，指针张角增大，故A正确;保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，则指针张角不变，B、C、D错误.8、如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，下面挂有匝数为n 的矩形线框abcd.bc边长为l，线框的下半部分处在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向与线框平面垂直，在图中垂直于纸面向里.线框中通以电流I，方向如图所示，开始时线框处于平衡状态.令磁场反向，磁感应强度的大小仍为B，线框达到新的平衡.则在此过程中线框位移的大小Δx及方向是( )A．Δx＝，方向向上 B．Δx＝，方向向下C．Δx＝，方向向上 D．Δx＝，方向向下解析：选B 线框在磁场中受重力、安培力、弹簧弹力处于平衡，安培力为：FB＝nBIl，且开始的方向向上，然后方向向下，大小不变.设在电流反向之前弹簧的伸长量为x，则反向之后弹簧的伸长量为(x＋Δx)，则有：kx＋nBIl－G＝0k(x＋Δx)－nBIl－G＝0解之可得：Δx＝，且线框向下移动.故B正确.二、非选择题1、如图甲所示，水平放置的平行金属板A和B的距离为d，它们的右端安放着垂直于金属板的靶MN，现在A、B板上加上如图乙所示的方波形电压，电压的正向值为U0，反向电压值为，且每隔变向1次.现将质量为m的带正电，且电荷量为q的粒子束从AB的中点O 以平行于金属板的方向OO′射入，设粒子能全部打在靶上，而且所有粒子在A、B间的飞行时间均为T.不计重力的影响，试求:(1)定性分析在t=0时刻从O点进入的粒子，在垂直于金属板的方向上的运动情况.(2)在距靶MN的中心O′点多远的范围内有粒子击中?(3)要使粒子能全部打在靶MN上，电压U0的数值应满足什么条件?(写出U0、m、d、q、T的关系式即可)【解析】(1)0～时间内，带正电的粒子受到向下的电场力而向下做加速运动，在～T时间内，粒子受到向上的电场力而向下做减速运动. (2分)(2)当粒子在0，T，2T…nT(n=0，1，2…)时刻进入电场中时，粒子将打在O′点下方最远点，在前时间内，粒子竖直向下的位移: y1=a1()2=(2分)在后时间内，粒子竖直向下的位移:y2=v-a2()2(2分)其中:v=a1=(1分)a2=(1分)解得:y2=(1分)故粒子打在距O′点正下方的最大位移:y=y1+y2=(1分)当粒子在，…(n=0，1，2…)时刻进入电场时，将打在O′点上方最远点，在前时间内，粒子竖直向上的位移:y′1=a1′()2=(1分)在后时间内，粒子竖直向上的位移:y2′=v′-a2′()2(1分)其中:v′=a1′=(1分)a2′=(1分)解得:y2′=0(1分)故粒子打在距O′点正上方的最大位移:y′=y1′+y2′=(1分)击中的范围在O′以下到O′以上(1分)(3)要使粒子能全部打在靶上，需有:<(2分)解得:U0<(1分)答案:(1)见解析(2)O′以下到O′以上(3)U0<。