模块五小题测试 答案

量风市然必阳光实验学校高中物理〔3－2〕单元检测卷〔五〕[第5章传感器及其用]一、此题共10小题；每题5分，共50分。

在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.选对的得5分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1．利用半导体材料可以制成〔〕A．电阻 B．热敏电阻 C．光敏电阻 D．晶体管1．答案：BCD〔电阻是几乎不受温度影响的电阻，一般是用锰铜合金或镍铜合金制作的〕２．以下元件利用了光传感器的是〔〕A．火灾器 B．电饭锅 C．测温仪 D．加速度计２．答案：Ａ３．以下方法有可能使半导体材料的电阻率减小的是〔〕A．升高半导体的温度 B．用光照射半导体C．在半导体中参加微量其它杂质 D．以上情况都不可能３．答案：ABC４．有一电学元件，温度升高时电阻却大幅度减小，那么这种元件可能是〔〕A．金属导体 B．绝缘体 C．半导体 D．超导体４．答案：C〔金属导体的电阻随温度升高而增大，超导体的电阻为零，用半导体材料制作的NTC热敏电阻的阻值随温度升高而减小〕5．关于各种材料的电阻率，以下说法正确的选项是〔〕A．纯金属的电阻率较合金的电阻率小B．把一根长导线截成两段，每段的电阻率是原来的21C．任何材料的电阻率在任何条件下都不可能为零D．任何材料的电阻率都随温度的升高而增大5．答案：A 〔合金的电阻率比纯金属的大，故A正确；金属电阻率是金属导体的特性，故B错；超导材料到达一低温时，其电阻率可到达零，故C错；用半导体材料制作的NTC热敏电阻的阻值随温度升高而减小，故D错〕6．如下图是一种延时开关，当S1闭合时，电磁铁F 将衔铁D吸下，C线路接通。

当S1断开时，由于电磁感作用，D将延迟一段时间才被释放。

那么A．由于A线圈的电磁感作用，才产生延时释放D的作用B．由于B线圈的电磁感作用，才产生延时释放D的作用C．如果断开B线圈的电键S2，无延时作用D．如果断开B线圈的电键S2，延时将变长6．答案：BC7．如下图为一测液面上下的传感器示意图，A为固的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体，把传感器接到图示电路中，灵敏电流表指针偏转方向与电流方向相同。

一、单选题1、以下四种视频文件格式中，（A）最不适合在网络上传输。

A、A VI。

B、RM。

C、WMV。

D、ASF。

2、（A）的功能是把浏览器的窗口分割成几个区域，可在各区中显示不同的网页A、框架页。

B、导航页。

C、视图。

D、备注。

3、一般情况下，导航栏由（B ）构成。

A、标题与导航文字图。

B、题头图和导航文字图。

C、题头图和备注。

D、框架和导航文字图。

4、在《坐“信息化”船，遨游“五彩池”》案例中，最后林峰决定采用支持图形、图像、文字、动画、声音、视频等媒体形式、而且交互性强的（C）来制作课件。

A、Powerpoint。

B、几何画板。

C、Authorware。

D、Flash。

5、以下多媒体素材文件类型中，（D）具有交互性。

A、A VI。

B、JPG。

C、PNG。

D、SWF。

6、制作个人网站时，为了使网页界面整齐、有序，一般使用（B）对网页布局？A、格式刷。

B、表格。

C、标尺。

D、文本框。

7、制作网页时，（B）是错误的做法。

A、构图简明。

B、色彩越多越好。

C、一个网页多个主题。

D、用好超级链接。

8、《坐“信息化”船，遨游“五彩池”》案例中，林峰制作的课件应该属于（A）课件。

A、学生自主学习型。

B、模拟实验型。

C、训练复习型。

D、教学游戏型。

E、资料工具型。

9、以下有关主题资源网站的描述中，错误的是（A）。

A、主题资源主要提供与单元学习主题关联的资源素材，并不包含有关资源如何使用的信息。

B、学生在具体的单元学习实施过程中，对主题资源会有自己的加工和处理，会动态地生成新的资源。

C、主题资源的终端用户是教师和学生。

D、对教师用户来说，他们希望资源能够提供对教学设计和教学实施的支持，并且方便使用。

10、信息技术作为教学中的（A）是信息技术和课程整合的最低层次。

A、演示工具。

B、学习对象。

C、交流工具。

D、个别辅导工具。

11、在《坐“信息化”船，遨游“五彩池”》案例中提到的本节课的一个难点，也是一个重点是（B）？A、五彩池的地点。

单元5 函数应用与模块化程序设计试题及答案（一）选择题1．Python中“==”运算符用于比较两个对象的值，下列选项中属于is比较对象的因素的是（）。

[单选题] *A．id()(正确答案)B．sum()C．max()D．min()2．调用以下函数返回的值是（）。

def myfun()pass [单选题] *A．0B．出错不能运行C．空字符串D．None(正确答案)3．函数如下。

def showNumber(numbers):for n in numbers:print(n)下列选项中在调用函数时会报错的是（）。

[单选题] *A．showNumber([2,4,5])B．showNumber('abcesf ')C．showNumber(3.4)(正确答案) D．showNumber((12,4,5))4．函数如下。

def chanageInt(number2):number2 = number2+1print("changeInt:number2=",number2) number1 = 2chanageInt(number1)print("number:",number1)输出结果正确的是（）。

[单选题] * A．changeInt: number2= 3number: 3B．(正确答案)changeInt:number2= 3number: 2C．number: 2changeInt: number2= 2D．number: 2changeInt: number2= 35．函数如下。

def changeList(list):list.append(" end")print("list",list)#调用strs =['1','2']changeList(strs)print("strs",strs)下列对strs和list的值输出正确的是（） [单选题] *A．strs['1','2']B．list['1','2']C．list['1', '2', ' end']D．strs['1', '2', ' end'](正确答案)6．导入模块的方式错误的是（）。

1、在陷入抑郁时，站在不同的角度看待问题，这是（认知重建）的方法2、萨罗维和梅耶情绪智力理论的四因素模型中体现情绪对思维的促进能力的是（情绪整合能）、3、（情绪衰竭）是职业倦怠的代表性指标。

4、情绪智力的概念是由（戈尔曼）提出的？5、萨罗维和梅耶将情绪智力的能力概括为（4 ）方面能力6、劣性情绪指的是（过度的积极情绪和消极情绪）7、儿童与青少年面对的心理冲突主要是（独立与依赖）8、以否定、消极的态度对待工作中的人和事，麻木不仁、漠不关心，这是职业倦怠的（去个性化）指标。

9、灵活应对风格的个体面临可控的环境，往往采用（问题解决）的应对方式。

10、深呼吸、肌肉放松或想象放松等放松技术调节可以调节（焦虑）情绪。

11、压抑是把不能被意识所接受的那些具有威胁性的冲动、欲望、情感体验抑制到潜意识领域当中，这是一种（主动性）的遗忘。

12、在陷入抑郁时，站在不同的角度看待问题，这是（认知重建）的方法13、劣性情绪指的是（过度的积极情绪和消极情绪）14、同一事件，个体是否感到压力的关键在于当事人的（认知评估）15、灵活应对风格的个体面临可控的环境，往往采用（问题解决）的应对方式。

16、儿童与青少年面对的心理冲突主要是（独立与依赖）17、情绪智力的概念是由（戈尔曼）提出的？18运动宣泄的方法可以很好的缓解（抑郁）情绪。

19、在众多防御机制中，最为成熟的方式是（升华）20、在多数情况下，比较健康的应对方式是（问题应对）21深呼吸、肌肉放松或想象放松等放松技术调节可以调节（焦虑）情绪。

儿童与青少年面对的心理冲突主要是（）选择一项：a. 独立与依赖b. 冲动表达与道德标准c. 合作与竞争d. 亲密与隔离反馈正确答案是：独立与依赖题目2正确获得1分中的1分Flag question题干以否定、消极的态度对待工作中的人和事，麻木不仁、漠不关心，这是职业倦怠的（）指标。

选择一项：a. 认知衰退b. 情绪衰竭c. 去个性化d. 个人成就感丧失反馈正确答案是：去个性化题目3正确获得1分中的1分Flag question题干（）是职业倦怠的代表性指标。

模块综合试卷(时间：90分钟 满分：100分)一、单项选择题(本题共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1．在物理学的重大发现中，科学家们创造出了许多物理学方法，如比值法、理想实验法、控制变量法、极限思想方法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等，以下关于所用物理学方法的叙述不正确的是( )A ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法B ．根据速度定义式v ＝Δx Δt ，当Δt 非常小时，Δx Δt就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C ．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法D ．定义加速度a ＝Δv Δt用到比值法，加速度与Δv 和Δt 无关 答案 C2．某短跑运动员参加100 m 竞赛，测得他在5 s 末的速度为10.4 m/s ，在10 s 末到达终点时速度为10.2 m/s ，整个比赛过程，关于运动员的平均速度，以下判断正确的是( )A ．一定等于10 m/sB ．可能等于10.2 m/sC ．一定大于10.3 m/sD ．可能等于10.4 m/s答案 A解析 由题意可知，运动员的位移为100 m ，时间为10 s ，则平均速度v ＝x t＝10 m/s ，A 正确．3.(2021·淮安市六校高一上第二次学情调查)2019年1月3日“嫦娥四号”成功实现月球背面软着陆．它调整姿态缓慢下降到着陆点上方4 m 处，最终以自由落体方式完美着陆在月球表面．在自由下落阶段某物理量随时间的变化关系如图1所示，由图可知，纵轴表示的物理量可能是( )图1A ．速度B ．位移C．加速度D．路程答案 A4.(2021·盐城市响水中学高一上期末)如图2所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量大了，这一现象表明()图2A．电梯的加速度方向一定向上B．乘客处于失重状态C．电梯一定是在下降D．电梯的加速度方向一定向下答案 A5.如图3所示为A、B两物体在同一直线坐标系中运动的x－t图像，则下列关于物体运动的说法正确的是()图3A．A物体在0时刻至第8 s末，运动方向改变2次B．两物体在第5 s末相遇C．A物体在2～7 s时间内位移为4 mD．0～5 s过程中两物体的平均速度不相同答案 B解析由题图可知，A物体在4 s末运动方向改变，故A物体在0时刻至第8 s末运动方向改变1次，A错误；第5 s末两物体到达同一位置即相遇，B正确；A物体在2～7 s时间内的位移Δx＝x末－x初＝0－4 m＝－4 m，C错误；两物体在0～5 s的过程中，位移相同，故平均速度相同，D错误．6.(2021·常州一中高一上期末)如图4所示，两个小球a、b质量均为m，用细线相连并悬挂于O点，现用一轻质弹簧给小球a施加一个拉力F，使整个装置处于静止状态，且Oa与竖直方向夹角为θ＝45°，已知弹簧劲度系数为k ，重力加速度为g ，则弹簧形变量不可能是( )图4 A.2mg k B.2mg 2kC.42mg 3kD.2mg k答案 B 解析 以小球a 、b 整体为研究对象，分析受力，作出F 在几个方向时整体的受力图，根据平衡条件得：F 与F T 的合力与整体重力2mg 总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F 与绳子Oa 垂直时，F 有最小值，即图中2位置，F 的最小值为：F min ＝2mg sin θ＝2× 22mg ＝2mg .根据胡克定律：F min ＝kx min ，所以：x min ＝2mg k，则A 、C 、D 可能，B 不可能．本题选不可能的，故选B.7．(2021·徐州市高一上期末)用如图5所示的装置探究加速度与力的关系时，补偿阻力后，用槽码的重力代替细线的拉力，通过分析可知，这种代替是有误差的．若槽码的质量m 与小车质量M 满足M ＝10m ，槽码牵引小车加速运动时，细线的拉力大小与槽码重力差值的绝对值为(重力加速度为g )( )图5A.110mg B.111mg C.110Mg D.111Mg 答案 B解析 由题意可得：mg ＝(M ＋m )aF T ＝Ma ＝Mmg M ＋m ＝1011mg 则|F T －mg |＝111mg ，故选B. 8.如图6所示，半径为3R 的半圆柱体P 静止在水平地面上，静止于P 上的光滑小圆柱体Q 质量为m ，半径为R ，此时竖直挡板MN 恰好与P 、Q 相切，重力加速度为g ，下列说法正确的是( )图6A ．Q 受到的P 的弹力为33mg B ．Q 受到的挡板MN 的弹力为33mg C ．若挡板水平向右缓慢移动一小段距离且P 仍静止时，P 受到地面的摩擦力不变D ．若挡板水平向右缓慢移动一小段距离且P 仍静止时，Q 受到P 的弹力变小答案 B解析 对圆柱体Q 受力分析，受到重力mg 、挡板MN 的支持力F N1和P 对Q 的支持力F N2，如图，由几何关系得：cos θ＝0.5，所以θ＝60°根据平衡条件得：F N1＝mg tan θ＝33mg ，F N2＝mg sin θ＝233mg ，故A 错误，B 正确；对P 、Q 整体受力分析，受重力、地面支持力、MN 挡板对其向左的支持力和地面对其向右的摩擦力，根据共点力平衡条件，有：F f ＝F N1＝mg tan θ， MN 保持竖直且缓慢地向右移动过程中，角θ不断变小，故F f 变大，由F N2＝mg sin θ可知，F N2变大，故C 、D 错误．二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)9.(2020·山东师大附中二模)如图7所示，A 、B 为两固定的光电门，在光电门A 正上方的O 处有一边长为0.5 cm 的正方形铁片自由落下，铁片下落的过程中底边始终水平，已知铁片通过A 、B 光电门的时间分别为t 1＝1.25×10－3 s ，t 2＝0.625×10－3 s ．若将铁片通过光电门的平均速度视为瞬时速度，忽略空气阻力的影响，g 取10 m/s 2，下列说法正确的是( )图7A ．铁片通过光电门B 的瞬时速度为v B ＝8.00 m/sB ．O 点到光电门A 的距离为1.00 mC ．铁片从光电门A 到B 所需的时间为0.40 sD ．光电门A 、B 之间的距离为2.40 m答案 ACD解析 铁片通过光电门B 的瞬时速度v B ＝d t 2＝0.5×10－20.625×10－3m/s ＝8.00 m/s ，故A 正确；铁片通过光电门A 的瞬时速度v A ＝d t 1＝0.5×10－21.25×10－3 m/s ＝4.00 m/s ，O 点到光电门A 的距离h A ＝v A 22g＝4.0022×10m ＝0.80 m ，故B 错误；铁片从光电门A 到B 所需的时间Δt ＝v B －v A g ＝8.00－4.0010 s ＝0.40 s ，故C 正确；光电门A 、B 之间的距离h AB ＝v B 2－v A 22g ＝8.002－4.0022×10m ＝2.40 m ，故D 正确．10．如图8甲所示，光滑水平面上静置一个薄长木板，长木板上表面粗糙，其质量为M ，t ＝0时刻质量为m 的物块以水平速度v 滑上长木板，此后木板与物块运动的v －t 图像如图乙所示，重力加速度g ＝10 m/s 2，则下列说法正确的是( )图8A ．M ＝mB ．M ＝2mC ．木板的长度为8 mD ．木板与物块间的动摩擦因数为0.1答案 BC解析 物块在木板上运动的过程中，μmg ＝ma 1，而v －t 图像的斜率表示加速度，故a 1＝7－32m/s 2＝2 m/s 2，解得μ＝0.2，D 错误；对木板受力分析可知μmg ＝Ma 2，a 2＝2－02m/s 2＝1 m/s 2，解得M ＝2m ，A 错误，B 正确；由题图乙可知，2 s 时物块和木板分离，则0～2 s 内，两者v－t 图线与坐标轴围成的面积之差等于木板的长度，故L ＝12×(7＋3)×2 m －12×2×2 m ＝8 m ，C 正确．11．(2021·泰安一中期中)如图9所示，OA 为一遵从胡克定律的弹性轻绳，其一端固定于天花板上的O 点，另一端与静止在水平地面上的滑块A 相连，水平地面与滑块间的动摩擦因数为μ，当绳处在竖直位置时，滑块A 对地面有压力作用，B 为紧靠绳的光滑水平小钉，它到天花板的距离OB 等于弹性轻绳的自然长度，现用一水平力F 作用于A ，使之缓慢向右运动，在运动过程中(弹性轻绳始终在弹性限度内)作用于A 的( )图9A ．支持力逐渐增大B ．摩擦力保持不变C ．摩擦力逐渐增大D ．F 逐渐增大答案 BD解析 设弹性轻绳的劲度系数为k ，AB 的距离为h ，将A 向右拉一段距离后弹性轻绳的伸长量为x ，如图所示，原来地面对滑块A 的支持力F N1＝mg －kh ，当向右拉一段后，支持力F N2＝mg －kx sin α，而sin α＝h x，可得F N2＝F N1，故A 错误；滑动摩擦力F f ＝μF N ，知摩擦力的大小保持不变，故B 正确，C 错误；根据F ＝kx cos α＋F f ，知拉力F 变大，故D 正确．12．将一质量不计的光滑杆倾斜地固定在水平面上，如图10甲所示，现在杆上套一光滑的小球，小球在一沿杆向上的拉力F 的作用下沿杆向上运动．该过程中小球所受的拉力以及小球的速度随时间变化的规律如图乙、丙所示．取g ＝10 m/s 2，则下列说法正确的是( )图10A ．在2～4 s 内小球的加速度大小为0.5 m/s 2B ．小球质量为2 kgC ．杆的倾角为30°D ．小球在0～4 s 内的位移为8 m答案 AC解析 v －t 图像的斜率表示加速度，在2～4 s 内小球的加速度a ＝v 2－v 1t 2－t 1＝0.5 m/s 2，则A 正确；由题图乙、丙知，在0～2 s 内小球做匀速直线运动时，重力沿杆向下的分力等于5 N ，在2～4 s 内由牛顿第二定律有F 2－F 1＝ma ，解得m ＝1 kg ，则B 错误；设杆的倾角为α，则mg sin α＝5 N ，解得α＝30°，则C 正确；v －t 图像中图线与t 轴围成的面积表示位移，即0～4 s 内小球的位移为5 m ，则D 错误．三、非选择题(本题共6小题，共60分)13．(6分)某同学为测定物块与电梯水平地板之间的动摩擦因数，将质量为1 kg 的物块放在电梯水平地板上，弹簧测力计一端固定在电梯侧壁上，一端连接物块并保持测力计水平．现用手向左缓慢移动物块至图11甲所示位置，放手后物块仍保持静止(取g ＝9.8 m/s 2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力)．图11(1)图甲中弹簧测力计读数为________ N ；(2)电梯启动后，用手机的加速度传感器测得电梯的a －t 图像如图乙所示(以竖直向上为正方向)．结果发现在电梯运行过程中的某一时刻物块被拉动，则这一时刻是_______(选填“第1 s 初”或“第5 s 初”)，该时刻电梯处于________(选填“超重”或“失重”)状态；(3)物块和电梯水平地板间动摩擦因数的最大值是________(保留两位有效数字)． 答案 (1)3.60(2分) (2)第5 s 初(1分) 失重(1分) (3)0.40(2分)解析(1)根据题图甲可知，3 N和4 N之间有10个小格，每小格表示0.1 N，需要估读到下一位，因此弹簧测力计示数为3.60 N.(2)物块被拉动时，是最大静摩擦力最小时，也就是弹力最小时，由题意可知一定是向下加速度最大时，结合题图乙可知为第4 s末，也就是第5 s初，此时加速度方向向下，电梯处于失重状态；(3)第5 s初时，分析物块受力可知F N－mg＝ma，代入数据解得F N＝9 N，结合弹簧测力计示数可得F f＝μF N，代入数据解得μ＝0.40.14．(8分)图12为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置示意图．图中打点计时器的电源为50 Hz的交变电源．在小车质量一定的情况下探究加速度与力的关系．图12(1)为使轻绳对小车的拉力为小车所受的合外力，故在组装器材完毕后需补偿阻力：补偿阻力时________(选填“需要”或“不需要”)挂上砂桶；正确操作后，在长木板右端下放一块垫木，以调整长木板右端的高度，放上小车后，轻推小车使之运动，打点计时器在纸带上打出如图13所示的纸带(纸带上打点方向为由A到B)，则需要将垫木向________移动(选填“左”或“右”)．图13(2)本实验操作过程中，________(选填“是”或“不”)需要满足砂桶及砂的质量远小于小车质量．(3)图14是某同学实验过程中得到的一条点迹清晰的纸带，已知相邻两点间还有4个点未画出，则根据纸带可得此次小车的加速度a＝________ m/s2(结果保留3位有效数字)．图14(4)若某次实验过程中，求得小车加速度的大小为a，则砂桶的加速度为________．(5)图15是甲、乙、丙三位同学作出的加速度与弹簧测力计示数的关系图像，其中符合实验事实的是________(选填“甲”“乙”或“丙”)．图15答案 (1)不需要(1分) 左(1分) (2)不(1分) (3)1.93(2分) (4)2a (2分) (5)乙(1分)解析 (1)为使轻绳拉力作为合力，即使除拉力以外的合力为零，故不能将拉力算进去，即补偿阻力时不需要挂上砂桶；由纸带可以看出小车点迹分布越来越密集，说明小车在做减速运动，补偿阻力不足，需增大倾角，故需向左移动垫木；(2)小车所受拉力可由弹簧测力计直接读取，故不再需要砂桶及砂的质量远小于小车质量；(3)根据逐差法有a ＝(x CD ＋x DE ＋x EF )－(x OA ＋x AB ＋x BC )9T 2＝(10.81＋12.70＋15.10)×10－2－(5.00＋7.10＋9.10)×10－29×(0.1)2 m/s 2 ≈1.93 m/s 2；(4)两股轻绳拉小车，所以砂桶的加速度是小车加速度的2倍，即砂桶的加速度是2a ；(5)本实验中作用在小车上的力可以准确测量，加速度与力成正比，可知乙正确．15．(8分)如图16所示，质量为m 1的物体A 用细绳绕过光滑的定滑轮与质量为m 2的物体B 相连，连接A 的细绳与水平方向的夹角为θ，物体B 左侧的细绳与水平方向的夹角也为θ，B 右侧与竖直墙壁相连的细绳保持水平，此时系统处于静止状态，A 所在的桌面水平，已知重力加速度为g ，求：图16(1)细绳对物体A 的拉力大小；(2)A 物体受到桌面的支持力和摩擦力的大小．答案 (1)m 2g sin θ (2)(m 1－m 2)g m 2g tan θ解析 (1)A 、B 都静止，均处于平衡状态，对B 进行受力分析：竖直方向：F T sin θ＝m 2g (2分)解得绳子上的拉力F T ＝m 2g sin θ，即细绳对物体A 的拉力大小也是m 2g sin θ.(1分) (2)对A 进行受力分析有：竖直方向：F T sin θ＋F N ＝m 1g (2分)水平方向：F T cos θ＝F f (1分)解得A 物体受到桌面的支持力大小：F N ＝(m 1－m 2)g ，A 物体受到桌面的摩擦力大小：F f ＝m 2g tan θ.(2分) 16.(10分)(2020·河南林州一中高一上检测)如图17所示，蹦床运动员正在训练室内训练，室内蹦床的床面到天花板的距离是7.6 m ，竖直墙壁上张贴着一面高度为1.6 m 的旗帜，身高1.6 m 的运动员头部最高能够上升到距离天花板1 m 的位置，在自由下落过程中，运动员通过整面旗帜的时间是0.4 s ，重力加速度的大小为10 m/s 2，设运动员上升和下落过程身体都是挺直的，不计空气阻力，求：图17(1)运动员竖直弹跳起来的速度大小；(2)运动员下落时身体通过整面旗帜过程中的平均速度大小；(3)旗帜的上边缘到天花板的距离． 答案 (1)10 m/s (2)8 m/s (3)4.4 m解析 (1)运动员上升的最大位移为：h ＝7.6 m －1.6 m －1 m ＝5 m(1分)根据匀变速直线运动的速度位移关系式，有：v 2＝2gh (2分)解得：v ＝2gh ＝2×10×5 m/s ＝10 m/s(1分)(2)运动员通过整面旗帜的时间是0.4 s ，位移大小为：Δx ＝1.6 m ＋1.6 m ＝3.2 m(1分)故平均速度大小为：v ＝Δx Δt ＝3.20.4m/s ＝8 m/s(2分) (3)平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故该0.4 s 内中间时刻的速度大小为8 m/s ，根据对称性可知，运动员上升过程经过同一位置的速度大小为8 m/s运动员从跳起到该位置的时间间隔为：t ＝Δv g ＝10－810s ＝0.2 s(1分) 由于t ＝Δt 2，故开始时旗帜的下边缘与运动员头部等高，故旗帜的上边缘到蹦床的床面的距离为3.2 m ，而蹦床的床面到天花板的距离是7.6 m ，故旗帜的上边缘到天花板的距离为：7.6 m －3.2 m ＝4.4 m ．(2分)17．(12分)如图18甲所示，光滑平台右侧与一长为L ＝10 m 的水平木板相接，木板上表面与平台相平，木板固定在地面上，现有一小滑块以初速度v 0＝10 m/s 滑上木板，恰好滑到木板右端停止．现让木板右端抬高，如图乙所示，使木板与水平地面的夹角θ＝37°，让滑块以相同的初速度滑上木板，滑块滑上木板前后瞬时速度大小不变，g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：图18(1)滑块与木板之间的动摩擦因数μ；(2)滑块从滑上倾斜木板到滑回木板底端所用的时间t .答案 (1)0.5 (2)(1＋5) s 解析 (1)设滑块质量为m ，木板水平时滑块加速度大小为a ，则对滑块有：μmg ＝ma (1分) 滑块恰好到木板右端停止，则有0－v 02＝－2aL (1分)解得：μ＝v 022gL＝0.5(1分) (2)当木板倾斜时，设滑块上滑时的加速度大小为a 1，向上滑行的最大距离为s ，上滑的时间为t 1，有：μmg cos θ＋mg sin θ＝ma 1(2分)0－v 02＝－2a 1s (1分)0＝v 0－a 1t 1(1分)联立解得t 1＝1 s ，s ＝5 m(1分)设滑块下滑时的加速度大小为a 2，下滑的时间为t 2，有mg sin θ－μmg cos θ＝ma 2(1分) s ＝12a 2t 22 (1分) 联立解得：t 2＝ 5 s(1分)滑块从滑上倾斜木板到滑回木板底端所用的时间：t ＝t 1＋t 2＝(1＋5) s ．(1分)18．(16分)(2021·四川高一期末)如图19甲，质量m ＝2 kg 的物体置于倾角θ＝30°的足够长且固定的斜面上，t ＝0时刻，对物体施加平行于斜面向上的恒力F ，t ＝1 s 时刻撤去力F ，物体运动的部分v －t 图像如图乙所示．重力加速度g ＝10 m/s 2.图19(1)求物体与斜面间的动摩擦因数和力F 的大小；(2)求t ＝6 s 时物体的速度大小；(3)求物体返回出发点时的速度大小．答案 (1)3548 N (2)6 m/s (3)4 6 m/s 解析 (1)设有恒力F 作用时物体的加速度大小为a 1，由牛顿第二定律有F －mg sin θ－μmg cos θ＝ma 1(2分)撤去力F 后，设物体的加速度大小为a 2，由牛顿第二定律有mg sin θ＋μmg cos θ＝ma 2(2分)根据速度－时间图像的斜率绝对值表示加速度大小，则有a 1＝⎪⎪⎪⎪Δv 1Δt 1＝16 m/s 2(1分) a 2＝⎪⎪⎪⎪Δv 2Δt 2＝8 m/s 2(1分) 联立解得F ＝48 N(1分)μ＝35(1分) (2)根据v －t 图像可知，3 s 末物体速度减为零，之后物体向下做匀加速直线运动，设3 s 后物体的加速度为a 3，根据牛顿第二定律有mg sin 30°－μmg cos 30°＝ma 3(2分)解得a 3＝2 m/s 2(1分)再过3 s ，由速度公式得v ＝a 3t 3＝6 m/s ，故物体6 s 末速度大小为6 m/s.(1分)(3)v －t 图线与时间轴所围的面积表示位移，故前3 s 的位移为x ＝12×3×16 m ＝24 m(2分) 返回过程根据位移速度关系公式有v ′2＝2a 3x (1分)解得返回出发点时的速度大小v ′＝4 6 m/s.(1分)。

模块五测试答案一、单选题1、刘老师在网上搜索到了一些数字资源，想将这些资源整合到自己的PPT课件中去，以下关于整合这些资源的操作步骤哪个是错误的？（）（1分）A.使用“插入→图片→来自文件”，在打开的插入图片对话框中选择图片文件，可将选中的图片插入到幻灯片中B.选择“插入→影片和声音→文件中的影片”，在打开的插入影片对话框中选中Flash文件，可将选中的Flash文件插入到幻灯片中C.使用“插入→影片和声音→文件中的声音”，在打开的插入声音对话框中选择声音文件，可将选中的声音插入到幻灯片中D.使用“插入→影片和声音→文件中的影片”，在打开的插入影片对话框中选择电影文件，可将选中的影片或者视频插入到幻灯片中2、王老师在浏览一个专业的网络课件下载网站时，需要查看一些与教学相关的网络课件并将它们下载下来，但是当前的网页中显示了许多其他学科的网络课件，这时王老师采取什么样的措施便可以将其他学科的网络课件过滤掉？（）（1分）A.利用该网站的分类查询功能B.利用其他搜索引擎重新查询C.利用该网站的关键词功能查询D.给网站管理员发送信息，要求他们提供专门的网页以供查询3、信息技术环境的发展改变了学习者的学习方式，给予人们全新的学习观念。

下列关于网络环境下学习者学习特征转变的理解，不合理的是( )。

（1分）A.网络环境下学习者的扮演意识将增强B.网络环境下学习者的学习类型和思维形式将多样化C.网络环境下学习者从众或服从权威的心理将提高D.网络环境下学习者更容易张扬个性4、在教学中，教师发现有部分学生因为担心自己能力有限而不想参加小组活动，若想要激发这部分学生参与活动的积极性，最好采用下列做法中的（）。

（1分）A.批评各组组长没有尽到应尽的责任B.让这部分学生单独组成一个小组参加活动C.当场批评这些学生没有积极性D.引导同组的其他同学一起鼓励这些学生5、下面教师评价的指标中，不属于对教师教学技能方面的评价指标有（）。

一、五小创新“KPT”工作法，部分考题及答案1：根据本课程，“KPT”实施第三步是组员进行集思广益，对工作中发现的问题逐一充分讨论，优选出最优解决对策，此时是（C）状态。

C：决策2：根据本课程，“KPT”工作法中“K”的含义是（C）C：保持3：根据本课程，“KPT”实施过程主要有（ACD）三种状态。

A：静默C：热议D：决策4：根据本课程，“KPT”实施第二步是鼓励成员间相互提问，用（A）层层追问，知道查找到问题症结。

A：为什么5：根据本课程，解决生产实践中出现的问题，是推动“五小”群众性创新活动的动力。

（A）A：对6：根据本课程，“KPT”工作法是一种通过（BD）来改善工作的方法。

B：反思D：回顾7：根据本课程，在职工中梳理“发现问题就是成绩，解决问题就是创新”的价值观，引导职工正确认识、分析、对待问题是创新的第一步。

（A）A：对8：根据本课程，“KPT”实施第三步，组员进行集思广益，对工作中发现的问题逐一（），优选出最优（），共同制定（ABD）。

A：充分讨论B:解决对策D：行动计划9：根据本课程，“KPT”活动人数以一个作业小组（B）人为宜。

B：5-710：根据本课程，“KPT”工作发中的“T”含义是（D）D：对策与措施11：根据本课程，“KPT”工作法是一种通过“民主协商”来改善工作的方法（B）B：错误12：根据本课程，“K”是固化（AC），把好的事情做的更好。

A：典型经验C：工作法则13：根据本课程，职工甘当“旁观者”的不良心态主要有（ABC）A：不想摊事B：不想惹事C:不想献丑二、四要素比选组合创新法，部分考题及答案1：自动校验过程中滑块在预设校验点停留3S中目的（A）A:便于数据记录2：元件组合涉及步骤分为（D）个部分D：63：通过（B）连接电机及滚珠丝杆滑台。

B：联轴器4：自动校验过程中，通过以下哪个元件实现滑块在预设校验点停留（B）B：磁开关5：视频中出现的传动方式不包括（C）C：电磁传动6：视频中的导叶位移传感器校验装置滑块自动运行到断点时能自动返回。

案例分析题第三章培训与开发1。

某公司是上海的一家股份制公司,按计划,该公司人力资源部三月份要派人去深圳某培训中心参加一次培训。

当时人力资源部的人员都想参加,不仅是因为培训地点在特区，可以借培训的机会到特区看一看,而且据了解，此次培训内容很精彩,而且培训讲师都是些在大公司工作且有丰富管理经验的专家。

但很不凑巧,当时人力资源部工作特别忙,所以主管权衡再三，最后决定由手头工作比较少的小刘和小钱去参加.人力资源部主管把培训时间、费用等事项跟小刘和小钱做了简单的交待.培训期间，小刘和小钱听课很认真，对教师所讲内容做了认真记录和整理.但在课间和课后小刘与小钱俩人总在一起,很少跟其他学员交流，也没有跟讲师交流。

培训回来后，主管只是简单地询问了一些培训期间的情况，小刘、小钱与同事也没有详细讨论过培训的情况。

过了一段时间，同事都觉得小刘和小钱培训后并没有什么明显的变化,小刘和小钱本人也觉得听课时很精彩，但是对实际工作并没有什么帮助。

根据案例回答：（1）该公司的小刘和小钱的培训效果令人满意吗?（2)该项培训的人员选派是否存在某些问题？为什么？（3）根据案例提出能够提高培训效果的有效措施.答：（1)小刘和小钱对培训效果不会十分满意,同事们也会感觉到他们两人在培训后没有取得明显的进步。

（2)受训人员的选派存在明显的问题：A缺乏对受训者培训前的需求分析；B缺乏对受训者学习目标和效果的界定和要求；C缺乏规范的人员培训计划。

（3）具体措施：A重视培训前的需求分析(明确培训的目的、受训人员的培训需求、培训后应达到的目标、效果和要求)；B重视培训中学员的信息沟通与交流（包括学员与培训师、其他学员和培训机构等方面的信息交换、沟通与收集）；C强化培训后学员培训效果的评估与考核：培训后受训者自己的信息整理,就培训相关的内容与主管和其他同事的信息沟通、交换与共享，包括正式的和非正式的；D主管对受训者的考核与评估。

最后，根据上述各种信息的采集与深入分析，提出系统全面的员工培训计划，并推行实施。

请任选以下题目之一作答，并标明题号。

1.结合教师工作的实际谈焦虑和愤怒情绪的调节。

答：现实生活和职业压力随着经济社会的发展逐渐快速升温，目前中小学教师负担已十分繁重，职业压力在不断增大，教师是一个容易产生心理问题的职业，其心理健康状况实在令人担忧，它实际上已经成为污染学生心理健康的重要源头。

教师要做好教育教学工作，要适应时代的要求，要不断的了解认识自己的心理，一旦发现自己存在过度焦虑的情绪，要及时进行调适。

如不能及时进行有效的心理保健，教师的心理健康会受到损伤，对教育质量产生不利影响。

教师过度焦虑情绪的调适可以从以下三个方面来考虑：1、教师个人方面：思想上充分的自我认识、了解自我并接纳自我；能很好的面对现实；学会自我放松，可以采用深呼吸、肌肉放松法、意念法等；要定期的进行身体检查和运动，能为自己分散压力，工作尽量有计划性。

2、教师专业方面：从教育的过程中，充分获得自我实现；在有效率的教学中，得到成就感；不断进修，提高自身专业水平。

3、外界因素方面：目前中小学教师的工资来源主要来自国家财政收入，要改变教师的基本过度焦虑问题，应加强国家对中小学教育的投入。

近几年来，国家对教育的投入只占国民总收入的3%强，远远低于先进发达国家水平。

要形成尊师重道的社会风尚，重新认识基础教育对国家和个人发展的强大后继作用。

加强对教师的心理健康教育，北京市高教学会心理咨询研究会贺淑曼教授认为，目前对中小学教师心理健康的教育往往停留在从书本到书本的阶段，对教师形成健康人格的指导意义并不大，也有一些老师根本就没有意识到自己有心理健康保护的必要。

逐步建立社区心理卫生中心及中介服务机构,教师心理健康咨询应尽快纳入规划。

21世纪是知识经济大发展的时代,知识经济要求未来人才必须要素质全面,个性鲜明,富于创造,适应发展,这就对培养人才的当代教师的心理素质提出了全方位的要求。

专家们由此呼吁，在提高教师工作待遇、减轻工作量的同时，全社会都要对教师的工作予以支持和理解，这才是彻底调适教师过度焦虑情绪的根本所在。

模块五测试答案“综合与实践”的教育价值在于（以上选项都对。

）统计课程内容建构的主要内容包括（以上选项都对。

）刻画数据离散程度的统计量是（方差）“综合与实践”的教学环节有（以上选项都是。

）下列关于数据的随机性说法不恰当的是（频率就是概率）下列关于数据分析观念的说法不恰当的是（数据的收集、整理是统计的核心。

）下列不是标准对第三学段的综合与实践的要求的选项是（通过实践活动，感受数学在日常生活中的作用，体验能够运用所学的知识和方法解决简单问题，获得初步的数学活动经验。

）下列关于“综合与实践”活动的说法不恰当的是: ( 综合与实践”的教学活动应当保证每学年至少一次，可以在课堂上完成，也可以课内外相结合。

)对于简单随机抽样，每次抽到的概率（相等）“综合与实践”的教学目标是（以上选项都对。

）模块五数学作业两套1. “综合与实践”活动教学的四个环节“选题—开题—做题—结题”中“开题”环节教师可以引导学生做什么？1、确定好题目之后，教师要协助学生制定研究方案。

研究方案应包括从哪些纬度来展开课题研究、大约时间、小组内如何分工、拟采用哪些研究方法搜集资料等。

学生对课题作了大体规划以后，需要教师把关，看其计划是否合理、可行。

在课题研究过程中，教师要及时与学生交流，掌握学生课题的进展情况，对研究可能用到的方法如网上查询、社会调查、资料统计等进行相应的指导。

在学生的兴趣不能持久时，帮助维持他们的研究热情。

同时，在活动开展中，学生很可能浅尝辄止，或流于形式，此时教师应引导学生拓宽研究思路，深入研究，充分挖掘出课题的社会意义。

尽管活动之前学生已制定好了研究方案，但在整个活动过程中并非是完全按照预先的计划进行的，学生在与情境的相互作用中会不断生成新的主题、新的活动设计，这就需要教师有敏感的洞察力，善于捕捉和灵活处理，使整个活动生机盎然。

还需要注意的一点是，学生搜集资料不是到图书馆复印一些东西，或到网上下载相关内容放到档案袋就万事大吉了，教师应引导学生对资料进行进一步分析整理，将其归类，提出自己对问题的看法和认识。