2018高考物理押题预测之计算题

2018年高考物理预测——必修2运动学计算题题号必修2运动学计算题副标题一总分得分一、计算题（本大题共10小题，共100.0分）1.如图所示，质量为5kg的木板B静止于光滑水平面上，物块A质量为5kg，停在B的左端.质量为1kg的小球用长为0.45m的轻绳悬挂在固定点O上，将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A发生碰撞后反弹，反弹所能达到的最大高度为0.2m，物块与小球可视为质点，不计空气阻力.已知A、B间的动摩擦因数为0.1，为使A、B达到共同速度前A不滑离木板，重力加速度g=10m/s2，求：(1)碰撞后瞬间物块A的速度大小为多少；(2)木板B至少多长；(3)从小球释放到A、B达到共同速度的过程中，小球及A、B组成的系统损失的机械能．2.如图所示，竖直平面内的轨道由直轨道AB 和圆弧轨道BC组成，小球从斜面上A点由静止开始滑下，滑到斜面底端后又滑上一个半径为R=0.4m的圆轨道，(1)若接触面均光滑.小球刚好能滑到圆轨道的最高点C，求斜面高h．(2)若已知小球质量m=0.1kg，斜面高ℎ=2m，小球运动到C点时对轨道压力为mg，求全过程中摩擦阻力做的功．3.如图所示，粗糙水平地面与半径为R=0.5m的粗糙半圆轨道BCD相连接，且在同一竖直平面内，O是BCD的圆心，BOD 在同一竖直线上.质量为m=1kg的小物块在水平恒力F=15N的作用下，从A点由静止开始做匀加速直线运动，当小物块运动到B点时撤去F，小物块沿半圆轨道运动恰好能通过D点，已知A、B间的距离为3m，小物块与地面间的动摩擦因数为0.3，重力加速度g取10m/s2.求：(1)小物块运动到B点时对圆轨道B点的压力大小．(2)小物块离开D点后落到地面上的点与B点之间的距离．4.如图所示，AB为半径R=1.25m的1光滑圆弧轨道，轨4道的最低点B通过一段光滑平面BC与一粗糙斜面CD平滑连接，斜面的倾角θ=37∘，斜面的髙度与A点等高，质量为m的小物块从A点由静止滑下，滑块与斜面间的动摩擦因数μ=0.25.(g=10m/s2)求：(1)滑块滑到B点的速度大小；(2)滑块在斜面上滑行的总路程．5.如图甲所示，竖直平面内的光滑轨道由倾斜直轨道AB和圆轨道BCD组成，AB和BCD 相切于B点，OB与OC夹角为37∘，CD连线是圆轨道竖直方向的直径(C、D为圆轨道的最低点和最高点)，可视为质点的小滑块从轨道AB上高H处的某点由静止滑下，用力传感器测出滑块经过圆轨道最低点C时对轨道的压力为F，并得到如图乙所示的压力F与高度H的关系图象，该图线截距为2N，且过(0.5m，4N)点.取g=10m/s2.求：(1)滑块的质量和圆轨道的半径；(2)若要求滑块不脱离圆轨道，则静止滑下的高度为多少；(3)是否存在某个H值，使得滑块经过最高点D飞出后落在圆心等高处的轨道上.若存在，请求出H值；若不存在，请说明理由．6.如图所示，半径R=0.4m的光滑圆弧轨道BC固定在竖直平面内，轨道的上端点B和圆心O的连线与水平方向的夹角θ=30∘，下端点C为轨道的最低点且与粗糙水平面相切，一根轻质弹簧的右端固定在竖直挡板上.质量m=0.1kg的小物块(可视为质点)从空中的A点以v0=2m/s的速度被水平拋出，恰好从B点沿轨道切线方向进入轨道，经过C点后沿水平面向右运动至D点时，弹簧被压缩至最短，此时弹簧的弹性势能=0.8J，已知小物块与水平面间的动摩Epm擦因数μ=0.5，g取10m/s2.求：(1)小物块从A点运动至B点的时间．(2)小物块经过圆弧轨道上的C点时，对轨道的压力大小．(3)C、D两点间的水平距离L．7.如图所示，半径R=4m的光滑圆弧轨道BCD与足够长的传送带DE在D处平滑连接，O为圆弧轨道BCD的圆心，C点为圆弧轨道的最低点，半径OB、OD与OC的夹角分别为53∘和37∘.传送带以2m/s的速度沿顺时针方向匀速转动，将一个质量m=0.5kg的煤块(视为质点)从B点左侧高为ℎ=0.8m处的A点水平抛出，恰从B点沿切线方向进入圆弧轨道.已知煤块与轨道DE间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g 取10m/s2，sin37∘=0.6，cos37∘=0.8.求：(1)煤块水平抛出时的初速度大小v；(2)煤块第一次到达圆弧轨道BCD上的D点对轨道的压力大小；(3)煤块第一次离开传送带前，在传送带DE上留下痕迹可能的最长长度.(结果保留2位有效数字)8.一质量M=6kg的木板B静止于光滑水平面上，物块A质量m=6kg，停在B的左端=1kg的小球用长l=0.8m的轻绳.质量mo悬挂在固定点O上，将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A 发生碰撞后反弹，反弹所能达到的最大高度ℎ=0.2m，物块与小球可视为质点，不计空气阻力.已知A、B间的动摩擦因数μ=0.1，A、B最终达到共同速度.求：(1)与小球碰后瞬间A的速度v A；(2)为保证A、B达到共同速度前A不滑离木板，木板B至少多长；(3)从释放小球到A、B达到共同速度，小球及A、B组成的系统损失的机械能．9.如图所示，AB为水平轨道，A、B间距离s= 1.25m，BCD是半径为R=0.40m的竖直半圆形轨道，B为两轨道的连接点，D为轨道的最高点.有一小物块质量为m=1.0kg，小物块在F=10N的水平力作用下从A点由静止开始运动，到达B点时撤去力F，它与水平轨道和半圆形轨道间的摩擦均不计.g取10m/s2，求：(1)撤去力F时小物块的速度大小；(2)小物块通过D点瞬间对轨道的压力大小；(3)小物块通过D点后，再一次落回到水平轨道AB上，落点和B点之间的距离大小．=1.2m的光滑水平台10.如图所示，在高ℎ1面上，质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣K锁住，储存了一定量的弹性势能E p，若打开锁扣K，物块与弹簧分离后将以一定向右滑离平台，并恰好能从B 的水平速度v1点的切线方向进入光滑圆弧形轨道BC，B=0.6m，其圆心O与平台等点的高度ℎ2高，C点的切线水平，并与地面上长为L= 2.8m的水平粗糙轨道CD平滑连接，小物块沿轨道BCD运动与右边墙壁发生碰撞，取g=10m/s2．(1)求小物块由A到B的运动时间；(2)小物块原来压缩弹簧时储存的弹性势能E是多大？p(3)若小物块与墙壁碰撞后速度方向反向，大小为碰前的一半，且只发生一次碰撞，则小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ的取值范围多大？mgℎ=mv2 mgℎ′=mv′2222答案和解析【答案】1.解：(1)小球下摆过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：12解得：v=√2gℎ12解得：由动量守恒定律得：mv0=−m1v′+mAvA，解得：vA=1m/s(2)以A、B为研究对象，由动量守恒定律：m A vA=(mA+mB)v解得：v=0.5m/s根据动能定理得：μmA gL=1mAvA−1(mA+m B )v 2解得：L=0.25m(3)小球及AB组成的系统损失的机械能为：解得：△E=1.25J答：(1)碰撞后瞬间物块A的速度大小为1m/s；(2)木板B至少多长为0.25m；22222(3)从小球释放到A、B达到共同速度的过程中，小球及A、B组成的系统损失的机械能为1.25J．2.解：(1)小球刚好到达C点，重力提供向心力，由牛顿第二定律得：mg=m v2，R从A到C过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mg(ℎ−2R)=1mv2，2解得：ℎ=2.5R=2.5×0.4=1m；(2)在C点，由牛顿第二定律得：mg+mg=m v C，R从A到C过程，由动能定理得：mg(ℎ−2R)+Wf =1mvC−0，解得：W f=−0.8J；答：(1)若接触面均光滑.小球刚好能滑到圆轨道的最高点C，斜面高h为1m．(2)全过程中摩擦阻力做的功为−0.8J．3.解：(1)小物块在水平面上从A运动到B过程中，根据动能定理，有：(F−μmg)xAB =1mvB−02 2 在 B 点，以物块为研究对象，根据牛顿第二定律得：N − mg =mv B R联立解得小物块运动到 B 点时轨道对物块的支持力为：N = 154N由牛顿第三定律可得，小物块运动到 B 点时对圆轨道 B 点的压力大小为：N ′ = N = 154N(2)因为小物块恰能通过 D 点，所以在 D 点小物块所受的重力等于向心力，即：mg =mv D R可得：v D = √5m/s设小物块落地点距 B 点之间的距离为 x ，下落时间为 t ，根据平抛运动的规律有：x = v D t ，2R = 1 gt 22解得：x = 2R = 1m答：(1)小物块运动到 B 点时对圆轨道 B 点的压力大小是 154N ．(2)小物块离开 D 点后落到地面上的点与 B 点之间的距离是 1m ．4.解：(1)滑块由 A 到 B 的过程，由机械能守恒定律，有：22v 12mgR = 1mv 22解得，滑块滑到 B 点的速度v = √2gR =√2 × 10 × 1.25 = 5m/s(2)设滑块在斜面上滑行的总路程为 s ．由于μ < tan37∘ ，所以滑块不能停在斜面上，由于滑块在斜面上滑行时机械能不断减少，所以滑块最终停在 C 点，对整个过程，由动能定理得mgR − μmgcosθ ⋅ s = 0解得 s = 6.25m答：(1)滑块滑到 B 点的速度大小是5m/s ；(2)滑块在斜面上滑行的总路程是6.25m ．5.解：(1)当H = 0时，由图象截距可知F = mg = 2Nm = 0.2kg当小物块从 D 点静止下滑，由图象知，ℎ =0.5m ，对轨道的压力F 1 = 4Nmg ℎ = 1 mv 1F 1− mg = mR 解得R = 1m ．(2)不脱离轨道分两种情况：22mg(H − 2R) = 1mv DP3①到圆心等高处速度为零有能量守恒可知，滑块从静止开始下滑高度ℎ1 ≤ R = 1m②通过最高点，通过最高点的临界条件 v D =√gR设下落高度为H 0 ，由动能定理m g(H 0 − 2R) = 1mv D解得H 0 = 2.5m则应该满足下落高度ℎ2 ≥ 2.5m ．(3)假设滑块经过最高点 D 后能直接落到直轨道 AB 上与圆心等高的 E 点OE =Rsin37∘x = OE = v D tR = 1 gt 22解得：v D = 5√5 m/s而滑块过 D 点的临界速度v DL = √gR =√10m/s由于：v D > v DL ，所以存在一个 H 值，使得滑块经过最高点 D 后能直接落到直轨道 AB 上与圆心等高的点22mv C 2−2sinθ= 4m/s；F2 =22解得：H = 97m.36答：(1)滑块的质量和圆轨道的半径为 1m ；(2)若要求滑块不脱离圆轨道，则静止滑下的高度ℎ1 ≤ 1m 或者ℎ2 ≥ 2.5m ；(3)存在 H 值，H = 97m.366.解：(1)小物块恰好从 B 点沿切线方向进入轨道，由几何关系有：v y =v 0 tanθ根据平抛运动的规律可得：v y = gt ，解得：t = 0.35s ．(2)小物块由 B 点运动到 C 点，由机械能守恒定律有：11mgR(1 + sinθ) =22mv B解得：v B =v 0在 C 点处，由牛顿第二定律有： − mg = mv C R解得：F = 8N ，根据牛顿第三定律，小物块经过圆弧轨道上 C点时对轨道的压力F ′大小为 8 N ．(3)小物块从 B 点运动到 D 点，由能量守恒定律有：E pm1 mv B + mgR(1 + sinθ) −μmgLv 0=tan53∘ 得：v 0=tan53 ∘== 3m/s1mv 22222 解得：L = 1.2m ．答：(1)小物块从 A 点运动至 B 点的时间为0.35s ．(2)小物块经过圆弧轨道上的 C 点时，对轨道的压力大小为 8N ．(3)C 、D 两点间的水平距离为1.2m ．7.解：(1)物体在抛出后竖直方向做自由落体运动，竖直方向有：v y = √2g ℎ =√2 × 10 × 0.8 = 4m/s物体恰从 A 点沿切线方向进入圆弧轨道，则：v yv y44 3(2)煤块在A → D 的过程中由动能定理：mg(ℎ + Rcos37∘ − Rcos53∘ ) = 1 mv D −在 D 点由牛顿第二定律：F ND − mgcos37∘ =mv D R解得：v D = √41m/s ，F ND = 9.125N ，又有牛顿第三定律知在 D 点对轨道的压力大小为9.125N(3)因v D = √41m/s > v= 2m/s2a 1+2a 2=a 1− 带)22 21(v D −v 带) 2 a 1=6.9m2所以，煤块先沿传送带向上做匀减速运动，然后做匀变速运动返回，设总时间为 t ．在沿传送带向上匀减速由牛顿第二定律：mgsin37∘ + μmgcos37∘ = ma 1 ，后面的匀变速阶段由牛顿第二定律：mgsin37∘ − μmgcos37∘ = ma 2 ，解得：a 1 = 10m/s 2 ， a 2 = 2m/s 2对煤块从滑上到滑下传送带有运动学公式：v D −v带v 2带 1a22(t −v D −v 带v a 2解得：t ≈ 2.97s由题意可知，当传送带最前沿的痕迹与最后痕迹不重叠时，痕迹最长，此时有：2s = v t +带答：(1)煤块水平抛出时的初速度大小v 0 为3m/s ；(2)煤块第一次到达圆弧轨道 BCD 上的 D 点对轨道的压力大小为9.125N ；(3)煤块第一次离开传送带前，在传送带 DE上留下痕迹可能的最长长度为6.9m ．8.解：(1)设小球运动到最低点的速度为v 0，由机械能守恒定律：m 0 gl = 1mv 2 ，代入数据解得：v = 4m/s ．22m+M=6×1m/s=0.5m/s22 2△E=m0gl−mgℎ−(m+M)v32设碰撞结束后小球的速度大小为v1，A的速度大小为v2，碰撞结束后小球反弹上升，由机械能守恒有：m 0gℎ=1mv1，代入数据解得：v1=2m/s．对小球与木块A碰撞过程，设向右为正方向，由动量守恒有：m0v=−mv1+mv2将v0、v1结果代入得：v2=1m/s，方向水平向右；(2)经分析知，最后A没有滑离B，A、B共同运动，设共同运动速度为v3，对A、B系统，设向右为正方向，由动量守恒得：mv 2=(m+M)v3，解得：v3=mv26+6此过程中损失的机械能等于摩擦力对系统做的功，即：μmgL=1mv2−1(m+M)v3代入数据解得：L=0.25m(3)从释放小球到A、B达到共同速度，小球及A、B组成的系统损失的机械能：12代入数据解得：△E=4.5J答：(1)碰撞结束时A的速度1m/s，方向水平22mv D 2 −22 向右；(2)为保证 A 、B 达到共同速度前 A 不滑离木板，木板 B 至少0.25m ；(3)从释放小球到 A 、B 达到共同速度，小球及A 、B 组成的系统损失的机械能4.5J ．9.解：(1)当物块从 A 滑向 B 时，设在 B 点撤去 F 时速度大小为v B ．根据动能定理得：Fs = 1mv B得v B = 5m/s(2)小物块从 B 到 D 点瞬间，由动能定理得：11−mg ⋅ 2R = 22mv B解得：v D = 3m/s根据牛顿第二定律得：F D + mg =mv D R解得：F D = 12.5N由牛顿第三定律知压力大小为F D ′ = F D =12.5N(3)物块通过 D 点后做平抛运动，有：2R = 1 gt 22x = v D t解得：x = 1.2m答：(1)撤去力 F 时小物块的速度大小是5m/s ；g=√2×(1.20.6)=√3s≈解得：v=√3=2m/s222(2)小物块通过D点瞬间对轨道的压力大小是12.5N；(3)小物块通过D点后，再一次落回到水平轨道AB上，落点和B点之间的距离大小是1.2m．10.解；(1)小物块由A运动到B的过程中做平抛运动，在竖直方向上根据自由落体运动规律可知，小物块由A运动到B的时间为：t=√2(ℎ1ℎ2)1050.346s(2)根据图中几何关系可知：ℎ2=ℎ1(1cos∠BOC)，解得：∠BOC=60∘根据平抛运动规律有：tan60∘=gt，v11gttan60∘=10×√35根据能的转化与守恒可知，原来压缩的弹簧储存的弹性势能为：E p =1mv1=1×1×22=2J(3)依据题意知，①μ的最大值对应的是物块撞墙前瞬间的速度趋于零，根据能量关系有：mgℎ1+Ep>μmgL2− μmgL221mv 288μ < 1；代入数据解得：μ < 1，2②对于μ的最小值求解，首先应判断物块第一次碰墙后反弹，能否沿圆轨道滑离 B 点，设物块碰前在 D 处的速度为v 2 ，由能量关系有：mg ℎ1 + E p = μmgL + 1 mv 2第一次碰墙后返回至 C 处的动能为：E kC =1mv 28可知即使μ = 0，有：1mv 2 = 14J2= 3.5J < mg ℎ2 = 6J ，小物块不可能返滑至 B 点．故μ的最小值对应着物块撞后回到圆轨道最高某处，又下滑经 C 恰好至 D 点停止，因此有：1mv 2 ≤ 2μmgL ，联立解得：μ ≥1 18综上可知满足题目条件的动摩擦因数μ值：118 2 答：(1)小物块由 A 到 B 的运动时间是0.346s ．(2)压缩的弹簧在被锁扣 K 锁住时所储存的弹性势能E p是2J．(3)μ的取值范围1≤μ<1．182【解析】(1、2)对小球下落过程应用机械能守恒定律1.求出小球到达A时的速度，再由机械能守恒定律求得球反弹上升的初速度即球与A碰后的速度，再根据动量守恒定律求得球与A碰撞后A的速度；A没有滑离B，A、B共同运动，由动量守恒定律列方程求二者共同的速度，由摩擦力做功的特点即可求得木板的长度；(3)对小球以及A、B组成的系统，由能量守恒列方程求损失的机械能．本题关键是根据动量守恒定律、动量定理、能量守恒列式求解，也可以根据牛顿第二定律和速度时间公式列式联立求解．(1)由牛顿第二定律求出小球到达C点的速2.度，然后由机械能守恒定律求出斜面的高度h．(2)由牛顿第二定律求出小球到达C点的速度，然后应用动能定理求出摩擦阻力做功．本题考查了动能定理以及向心力公式的应用，分析清楚小球的运动过程是解题的关键，应用牛顿第二定律、机械能守恒定律与动能定理可以解题，解题时要注意小球在C点受力情况的分析是关键．(1)小物块从A运动到B的过程中，根据动3.能定理求出物块到达B点时的速度.在B点，由牛顿第二定律求出轨道对物块的支持力，从而得到物块对轨道的压力．(2)因为小物块恰好能通过D点，所以在D点小物块所受重力等于向心力，由牛顿第二定律求出小物块通过D点的速度.小物块离开D点做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式求解落到水平地面上的点与B点之间的距离．本题是动能定理、牛顿第二定律和平抛运动规律的综合应用，关键是确定运动过程，分析运动规律，知道物体恰好到达圆周最高点的临界条件：重力等于向心力．(1)滑块从A运动到B的过程中，只有重力4.做功，机械能守恒，由机械能守恒定律求滑块滑到B点的速度．(2)由于μ<tan37∘，所以滑块不能停在斜面上，由于滑块在斜面上滑行时机械能不断减少，所以滑块最终停在C点，对整个过程，运用动能定理求滑块在斜面上滑行的总路程．11v 12本题关键是分析清楚物体的运动情况和最终状态，知道滑动摩擦力做功与总路程有关．5. (1)当H = 0时，由图象截距可知F = mg当小物块从 D 点静止下滑，由图象知，ℎ =0.5m 时，对轨道的压力F 1 = 4Nmg ℎ = 2 mv2F 1 − mg = m R进而求解轨道半径；(2)不脱离轨道分两种情况：①到圆心等高处速度为零②能通过最高点，通过最高点的临界条件v D =√gR ；(3)假设滑块经过最高点 D 后平抛运动，将运动分解为水平和竖直方向运动求v D ，滑块经过最高点 D 后直接落到直轨道 AB 上与圆心等高的点过程用动能定理求高度 H ．本题是动能定理与向心力、平抛运动及几何知识的综合，关键要注意挖掘隐含的临界条件，知道小球通过竖直平面圆轨道最高点时，重力恰好提供向心力，对于平抛运动，要结合几何知识进行求解6. (1)小物块从 A 到 B 做平抛运动，恰好从 B端沿切线方向进入轨道，速度方向沿切线方向，根据几何关系求得速度υy的大小，然后由平抛运动的规律求时间；(2)小物块由B运动到C，据机械能守恒求出到达C点的速度，再由牛顿运动定律求解小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道压力N C的大小．(3)小物块从B运动到D，根据能量关系列式求解．该题为平抛运动与圆周运动的结合的综合题，要能够掌握平抛运动的规律、牛顿第二定律和机械能守恒定律，关键能正确分析能量如何转化．(1)物体做平抛运动，由自由落体运动的规律7.求出物体落在A时的竖直分速度，然后应用运动的合成与分解求出物体的初速度大小v0．(2)通过计算分析清楚物体的运动过程，由动能定理求出物体在D点的速度，然后根据牛顿第二定律求出物体对圆弧轨道压力大小F N；(3)先分析煤块的运动情况，再根据牛顿第二定律结合运动学基本公式求解．本题关键是分析清楚物体的运动情况，然后根据动能定理、平抛运动知识、牛顿第二定律解题，第三问中要最知道当传送带最前沿的痕迹与最后痕迹不重叠时，痕迹最长，难度适中．(1)对小球下落过程应用机械能守恒定律求8.出小球到达A时的速度，再由机械能守恒定律求得球反弹上升的初速度即球与A碰后的速度，再根据动量守恒定律求得球与A碰撞后A 的速度；(2)A没有滑离B，A、B共同运动，由动量守恒定律列方程求二者共同的速度，由摩擦力做功的特点即可求得木板的长度；(3)对小球以及A、B组成的系统，由能量守恒列方程求损失的机械能．本题关键是根据动量守恒定律、动量定理、能量守恒列式求解，也可以根据牛顿第二定律和速度时间公式列式联立求解．(1)小物体在AB段做匀加速直线运动，水平9.方向受拉力由动能定理求解撤去力F时小物块的速度大小；(2)小物块从B到D点过程，只有重力做功，根据动能定理求得物块通过D点瞬间的速度大小，由牛顿第二定律和第三定律求解对轨道的压力大小；(3)物块通过D点后做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式求解落点和B点之间的距离大小．本题是动能定理与牛顿第二定律、平抛运动等知识的综合，考查研究多过程的能力．(1)首先要清楚物块的运动过程，A到B的10.过程为平抛运动，已知高度运用平抛运动的规律求出时间．(2)知道运动过程中能量的转化，弹簧的弹性势能转化给物块的动能，根据能量守恒求出弹簧储存的弹性势能．(3)从A点到最后停在轨道CD上的某点p，物块的动能和重力势能转化给摩擦力做功产生的内能.根据能量守恒列出能量等式解决问题.由于p点的位置不确定，要考虑物块可能的滑过的路程．做物理问题应该先清楚研究对象的运动过程，根据运动性质利用物理规律解决问题.关于能量守恒的应用，要清楚物体运动过程中能量的转化．。

高中物理计算题专题一2．（15分）如图所示，半径R =0．40 m 的光滑半圆形轨道处于竖直平面内，半圆形轨道与光滑的水平面相切于圆环的底端A 。

一质量m=0．50 kg 的小球，以初速度v 0=5．0 m/s 在水平面上向左做匀速直线运动，而后冲上竖直半圆形轨道，小球最后落在水平上面的C 点，取重力加速度g=10m/s 2。

求：（1）小球到达半圆形轨道最高点B 的速度大小v B ；（2）A 、C 间的距离s 。

4．（15分）在水平地面上有一个质量为4.0kg 的物体，物体在水平拉力F 的作用下由静止开始运动。

10s 后拉力大小减小为F /3，并保持恒定。

该物体的速度图象如图所示求：（1）物体所受到的水平拉力F 的大小。

（2）物体所受到的F f 的大小。

（取g =10m/s 2）5．（15分）如图所示，一轻质弹簧竖直固定在水平地面上，将一个质量为m 的物块P 轻轻地放在弹簧上，当弹簧被压缩l 时物块速度刚好为零，若换一个质量为3m 的物块Q 轻轻地放在弹簧上，当弹簧也被压缩l 时，物块Q 的加速度和速度的大小分别是多少？7．（15分）如图所示，质量为m 的滑块，在水平力作用下静止在倾角为θ在光滑斜面上，AC/s斜面的末端B与水平传送带相接，传送带的运行速度为v0，长为L；今将水平力撤去，当滑块滑到传送带右端C时，恰好与传送带速度相同。

滑块与传送带间的动摩擦因数为μ。

求：（1）水平作用力力F大小；（2）滑块下滑的高度。

（3）若滑块进入传送带速度大于传送带的速度，滑块在传送带上滑行的整个过程中产生的热量。

8．（15分）某学校探究性学习小组对一辆自制小遥控车的性能进行研究。

他们让这辆小车在水平的地面上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过数据处理得到如图所示的v－t图象，已知小车在0～2s内做匀加速直线运动，2s～10s内小车牵引力的功率保持不变，在10s末停止遥控让小车自由滑行，小车质量m=1kg，整个过程中小车受到的阻力大小不变。

2018高考物理押题卷（二）2018052114、下列说法中正确的是（ ）A .β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的B.γ射线一般伴随着α或β射线产生，在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强C.氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就只剩下一个氡原子核了D.发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了415、图中虚线是某电场中的一簇等势线。

两个带电粒子从P 点均沿等势线的切线方向射入电场，粒子运动的部分轨迹如图中实线所示。

若粒子仅受电场力的作用，下列说法中正确的是（ ）A ．两粒子的电性相同B ．a 点的电势高于b 点的电势C ．粒子从P 运动到a 的过程中，电势能增大D ．粒子从P 运动到b 的过程中，动能增大16、图⑪表示的是一条倾斜的传送轨道，B 是传送货物的平台，可以沿着斜面上的直轨道运送物体。

某次传送平台B 沿轨道将货物A 向下传送到斜轨道下端，运动过程可用图⑫中的速度图像表示。

由此可以判断下述分析中错误的是．．．．（ ） A ． 0～1t 时间内，平台B 对货物A 的支持力小于重力，摩擦力水平向右B ．1t ～2t 时间内，平台B 对货物A 的支持力等于重力，摩擦力水平向左C ．2t ～3t 时间内，平台B 对物体A 的支持力大于重力，摩擦力水平向左D ．在支持力等于重力的时间内，物体A 的动能和动量均不变17、我国的高速铁路发展迅速。

高速路网的里程达到了2.2万公里，居世界第一。

如图所示，一列沿直线行驶的高速列车共有N 节，每节车厢的质量均相同。

当头车以F 牵引力拉动列车前进时，第k 节车厢对k+1节车厢的拉力大小为1F ；当尾车以同样大小的力F 推动列车前进时，k+1节车厢对k 节车厢的推力大小为2F 。

则（ ）A ．21F F =B ．1:121=F F C ．kk N F F -21=D ．由于不知道运动阻力和路面的坡度，无法判定18、半径为R 的圆形区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B ，O 是圆心,P 是磁场边缘上的一点。

2018 年高考精确押题卷01（全国 II卷）物理一、选择题： 14-18 题只有一项切合要求，19-21 题有多项切合题目要求。

14.如图甲所示是研究光电效应实验规律的电路。

当用强度必定的黄光照耀到光电管上时，测得电流表的示数随电压变化的图象如图乙所示。

以下说法正确的选项是（）A.若改用红光照耀光电管，必定不会发生光电效应B.若照耀的黄光越强，饱和光电流将越大C.若用频次更高的光照耀光电管，则光电管中金属的逸出功增大D.若改用蓝光照耀光电管，图象与横轴交点在黄光照耀时的右边15. 以下图 , 在某游玩节目中, 选手需要借助悬挂在高处的绳索飞越对面的高台上。

一质量m的选手脚穿轮滑鞋以 v0的水平速度在水平川面M上抓住竖直的绳开始摇动, 选手可看作质点, 绳索的悬挂点到选手的距离L, 当绳摆到与竖直方向夹角θ 时,选手松开绳索, 选手松开绳索后持续运动到最高点时, 恰巧能够水平运动到水平传递带 A 点 , 不考虑空气阻力和绳的质量, 取重力加快度g. 以下说法中正确的选项是()A.选手摇动过程中机械能不守恒，松手后机械能守恒B. 选手松手时速度大小为v02 2 glC. 能够求出水平传递带A点相对水平面M的高度D. 不可以求出选手抵达水平传递带A点时速度大小16.以下图，用绳经过定滑轮牵引物块，使物块在水平面上从图示地点开始沿地面做匀速直线运动，若物块与地面间的动摩擦因数μ＜ 1，滑轮的质量及摩擦不计，则在物块运动过程中，以下判断中不正确的选项是 ( ).A.绳索拉力将保持不变B.绳索拉力将不停增大C.地面对物块的摩擦力不停减小D.物块对地面的压力不停减小17 据报导 , 美国国家航空航天局(NASA)初次在太阳系外发现“类地”行星Kepler - 186f. 若宇航员乘坐宇宙飞船抵达该行星, 进行科学观察：该行星自转周期为T; 宇航员在该行星“北极”距该行星地面邻近h 处自由开释一个小球 ( 引力视为恒力 ), 落地时间为t. 已知该行星半径为R,万有引力常量为G,则以下说法正确的选项是()A. 该行星的第一宇宙速度为2hR tB. 该行星的均匀密度为h2G Rt 23C. 假如该行星存在一颗同步卫星hT 2 R 2 , 其距行星表面高度为2t 22D. 宇宙飞船绕该星球做圆周运动的周期小于t 2Rh18. 动力小车沿倾角为α的斜面匀加快向下运动，小车支架上细线拉着一个小球，球与小车相对静止时，细线恰巧成水平，则以下选项正确的选项是（）A 小车的加快度a =g/sin θ B. 小车的加快度为 a =gctnθC. 小车受的摩擦力为f=mg(sin θ +sin θ )D.小车所受的摩擦力与小球的牵引力相等19. 真空中有一竖直向上的匀强电场, 其场强盛小为 , 电场中的 A.B 两点固定着两个等量异号点电荷 + 、EQ- Q , A 、 B 两点的连线水平 , O 为其连线的中点 , c 、d 是两点电荷连线垂直均分钱上的两点 , Oc =Od , a 、 b 两点在两点电荷的连线上 , 且 = . 以下判断正确的选项是 ()Oa ObA. a 、 b 两点的电场强度同样B.c 点的电势比d 点的电势低C. 将电子从 a 点移到 c 点的过程中，电场力对电子做负功D. 将电子从 a 点移到 b 点时其电势能减小20. 以下图 , 虚线所围矩形地区 abcd 内充满磁感觉强度为 B. 方向垂直纸面向里的匀强磁场 ( 矩形边线上无磁场 ). 现从 ad 边的中点 O 处, 某一粒子以大小为 v 的速度垂直于磁场射入、方向与ad 边夹角为 45° 时 , 其轨迹恰巧与 ab 边相切。