广东省肇庆市2018届高三毕业班第二次统一检测理综物理试题 Word版含解析
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肇庆市中小学教学质量评估2018届高中毕业班第二次统一检测理科综合能力测试第Ⅰ卷（选择题共126分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，14～17题只有一项是符合题目要求的，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得０分。
1. 2017年1月9日，大亚湾反应堆中微子实验工程获得国家自然科学一等奖。
大多数原子核发生核反应的过程中都伴有中微子的产生，例如核裂变、核聚变、β衰变等。
下列关于核反应的说法,正确的是A. H+H→He+n是α衰变方程，Th→Pa+e是β衰变方程B. 高速运动的α粒子轰击氮核可从氮核中打出中子，其核反应方程为He+N→O+nC. Th衰变为Rn，经过3次α衰变，2次β衰变D. U+n→Ba+Kr+3n是核裂变方程，也是氢弹的核反应方程【答案】C【解析】A. 核反应方程是轻核的聚变，中放射出电子，是β衰变方程，故A错误；B. 高速α粒子轰击氮核可从氮核中打出质子，其核反应方程为，故B错误；C.在α衰变的过程中，电荷数少2，质量数少4，在β衰变的过程中，电荷数多1，质量数不变。
设经过了m次α衰变，则：4m=234−222=12，所以m=3；设经过了n次β衰变，有：2m−n=90−86=4，所以n=2.故C正确；D. 是重核裂变方程，也是原子弹的核反应方程。
故D错误；故选：C2. 如图所示，横截面为直角三角形的斜劈P，靠在粗糙的竖直墙面上，力F通过球心水平作用在光滑球Q上，系统处于静止状态．当力F增大时，系统仍保持静止。
下列说法正确的是A. 斜劈P对竖直墙壁的压力增大B. 斜劈P所受合外力增大C. 球Q对地面的压力不变D. 墙面对斜劈P的摩擦力增大【答案】A【解析】A. 以整体为研究对象，受力分析，根据平衡条件，水平方向：N=F，N为竖直墙壁对P的弹力，F增大，则N增大，所以由牛顿第三定律可得：P对竖直墙壁的压力增大。
故A正确；B. 斜劈P一直处于静止，所受合外力一直为零不变，故B错误；C. 对Q力分析，如图：根据平衡条件：，F增大，则N′增大，，N′增大，则N″增大，根据牛顿第三定律得，球对地面的压力增大，以整体为研究对象，竖直方向：N″+f=Mg，故随支持力的增大，摩擦力减小，若N″增大至与Mg相等，则f=0，故CD错误。
故选：A点睛：P一直处于静止，所受合外力一直为零不变，以整体为研究对象，分析P对竖直墙壁的压力变化情况以及墙面对A的摩擦力，对Q受力分析，根据平衡条件得出Q对地面的压力变化情况。
3. 在x轴上的-L和L点分别固定了A、B两个电荷点，A的电荷量为+Q，B的电荷量为-Q，如下图所示。
设沿x轴正方向为电场强度的正方向，则整个x轴上的电场强度E随x变化的图像正确的是A. B. C. D.【答案】D【解析】点睛：根据等量异种电荷电场线的分布图，分析电场强度E的方向，再判断图象的形状．4. 有a、b、c、d四颗地球卫星：a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动；b处于离地很近的近地圆轨道上正常运动；c是地球同步卫星；d是高空探测卫星。
各卫星排列位置如图所示，下列说法中正确的是A. a的向心加速度等于重力加速度gB. b在相同时间内转过的弧长最长C. d的运行周期有可能是20hD. 把a直接发射到b运行的轨道上，其发射速度大于第一宇宙速度【答案】B【解析】A. 地球同步卫星的周期c必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a=ω2r知，c的向心加速度大。
由牛顿第二定律得：，解得：，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则同步卫星c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，故知a的向心加速度小于重力加速度g，故A错误；B.由牛顿第二定律得：,解得：，卫星的轨道半径越大，速度越小，所以b 的速度最大，在相同时间内转过的弧长最长。
故B正确；C.由开普勒第三定律知，卫星的轨道半径越大，周期越大，所以d的运动周期大于c 的周期24h，d的运行周期应大于24h，不可能是20h，故C错误；D. 把a直接发射到b运行的轨道上，其发射速度等于第一宇宙速度，故D错误；故选：B点睛：地球同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，根据a=ω2r比较a与c 的向心加速度大小，再比较c的向心加速度与g的大小．根据万有引力提供向心力，列出等式得出角速度与半径的关系，分析弧长关系．根据开普勒第三定律判断d与c的周期关系．5. 如图甲为风力发电机的简易模型。
在风力的作用下，风叶带动与其固定在一起的永磁铁转动，转速与风速成正比。
若某一风速时，线圈中产生的正弦式电流如图乙所示。
下列说法中正确的是A. 磁铁的转速为10rad/sB. 电流的表达式为i=0.6sin10πt AC. 风速加倍时线圈中电流的有效值为 AD. 风速加倍时电流的表达式为i=1.2sin10πt A【答案】BC【解析】由图象可知，线圈转动周期T=0.2s，角速度：，根据ω=2πn可知转速为5 r/s，故A错误；由图象可知，线圈转动周期T=0.2s，则电流的表达式为i=0.6sin10πt A，故B正确；由转速与风速成正比，当风速加倍时，转速也加倍，电流的最大值I m=1.2A，则电流的表达式为：i=1.2sin20πt（A），故D错误；由转速与风速成正比，当风速加倍时，转速也加倍，电流的最大值I m=1.2A，电流的有效值为，故C正确。
所以BC正确，AD错误。
6. 在民族运动上，运动员弯弓放箭射击侧向的固定目标。
假设运动员骑马奔驰的速度为 v1，运动员静止时射出的弓箭速度为 v2。
跑道离固定目标的最近距离为 d。
下列说法中正确的是A. 要想命中目标且箭在空中飞行时间最短，运动员放箭处离目标的距离为B. 只要击中侧向的固定目标，箭在空中运动合速度的大小一定是C. 要想命中目标且箭在空中飞行时间最短，运动员放箭处离目标的距离为D. 箭射到靶的最短时间为【答案】CD【解析】ACD. 当放出的箭垂直于马运行方向发射，此时运行时间最短，最短时间，则箭在沿马运行方向上的位移为，所以放箭处距离目标的距离为.故A错误，C正确，D正确；B. 只有放出的箭垂直于马运行方向发射，击中侧向的固定目标，箭在空中运动合速度的大小才是，故B错误。
故选：CD7. 如图所示，三斜面ab、cd、cb固定于竖直墙面与水平面之间，ab与cd斜面的长度相同。
若某滑块（视为质点）分别从三斜面的顶端由开始沿斜面下滑，滑块经过d处时动能不损失且继续沿水平面运动经过b端，滑块与三斜面及水平面间的动摩擦因数均相同。
则对于滑块从各斜面的顶端到经过b端的整个过程，下列说法正确的是A. 三种情况下滑块损失的机械能相同B. 滑块沿ab运动的情况下经过b端时的速度最小C. 滑块沿三斜面下滑的时间相同D. 滑块沿cdb路径运动的情况下克服摩擦力做的功最多【答案】AB.....................B．滑块到b的速度为v，由动能定理得，因为从ab滑到b的高度小于从cb 滑到b或沿cd滑到d的高度，所以从ab滑到b端时的速度最小，故B正确；C．对斜面上的滑块受力分析，，cd和cb高度相同，因此路程为，滑到底部需要的时间为，根据单调性可知越大，t越小，所以从cd滑到d的时间比从cb滑到b的时间短，故C错误；故选：AB8. 速度相同的一束粒子（不计重力）经速度选择器射入质谱仪后的运动轨迹如右图所示，下列说法中正确的是A. 该束带电粒子带正电B. 速度选择器的P1极板带负电C. 能通过狭缝S0的带电粒子的速率等于D. 粒子在磁场中运动半径越大，该粒子的比荷越小【答案】ACD【解析】试题分析：由图可知，带电粒子进入匀强磁场B2时向下偏转，所以粒子所受的洛伦兹力方向向下，根据左手定则判断得知该束粒子带正电．故A正确．在平行金属板中受到电场力和洛伦兹力两个作用而做匀速直线运动，由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向上，则电场力方向向下，粒子带正电，电场强度方向向下，所以速度选择器的P1极板带正电．故B 错误．粒子能通过狭缝，电场力与洛伦兹力平衡，则有：qvB1=qE，解得：．故C正确．粒子进入匀强磁场B2中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：，解得：．可见，由于v是一定的，B不变，半径r越大，则越小．故D正确．故选ACD．考点：质谱仪；速度选择器【名师点睛】本题关键要理解速度选择器的原理：电场力与洛伦兹力，粒子的速度一定．粒子在磁场中偏转时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律则可得到半径。
非选择题：包括必考题和选考题两部分，第22～32题为必考题，每个学生都必须作答。
第34～第40为选考题，考生根据要求作答。
（一）必答题（共129分）9. 某同学利用如图（甲）所示的实验装置运用牛顿第二定律测量滑块的质量M。
其主要步骤为：（1）调整长木板倾角，当钩码的质量为m0时滑块沿木板恰好向下做匀速运动。
保持木板倾角不变，撤去钩码m0，将滑块移近打点计时器，然后释放滑块，滑块沿木板向下做匀加速直线运动，并打出点迹清晰的纸带如图（乙）所示（已知打点计时器每隔0.02s打下一个点）。
请回答下列问题（计算结果保留3位有效数字）：①打点计时器在打下B点时滑块的速度υB =____m/s；②滑块做匀加速直线运动的加速度a =____m/s2；③滑块质量M =_____（用字母a、m0、当地重力加速度g表示）。
【答案】 (1). 1.38 (2). 3.88 (3).【解析】由图示纸带可知，两个相邻两个计数点间还有1个点，计数点间的时间间隔t=2T=0.04s，(1)根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小。
=1.38m/s(2)根据匀变速直线运动的推论公式△x=at2可以知，加速度的大小：=3.88 m/s2(3)滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得：m0g=Mg sinθ−f，撤去m0时滑块做匀加速直线运动时，受到的合外力：F合=Mg sinθ−f，由牛顿第二定律得：F合=Ma，解得：. 故答案为：(1)1.38；(2)3.88；(3) .点睛：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B 点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式△x=at2可以求出加速度的大小；应用牛顿第二定律可以求出滑块的质量．10. 甲、乙、丙三同学所在的学习小组利用旧手机的电池及从废旧收音机拆下的电阻、电容器、电感线圈等电子元器件进行实验操究。
现从这些材料中选取两个待测元器件进行研究：一是电阻R x（阻值约2kΩ），二是手机中的锂电池（电动势E的标称值为3.4V）。
他们还准备了如下实验器材：A.电压表V（量程0~4V，内阻R v约10kΩ）B.电流表A1（量程0~100mA，内阻约5Ω）C.电流表A2（量程0~2mA，内阻约50Ω）D.滑动变阻器R（0~40Ω，额定电流1A）E.电阻箱R0（0~999.9Ω）F.开关S一个、导线若干。
