2018年上海市闵行区中考物理一模试卷参考答案与试题解析
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2018年上海市闵行区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共20分）1．（3分）如图所示的装置中，利用大气压强工作的是（）
A
．
吸尘器
B．
拦河大坝
C．
船闸
D．
锥子
【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应
用，要注意有没有形成这个“气压差”。
【解答】解：A、吸尘器工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从
而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入，利用了大气压。故A符合
题意；B、拦河大坝是利用液体的压强随深度的增加而增加的原理，与大气压无关，故
B不符合题意；
C、船闸是一个上端开口、底部连通的容器，属于连通器的应用，与大气压无关，
故C不符合题意；D、锥子是利用减小受力面积增大压强的原理，与大气压无关，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对生活和实验中常见工具、器材原理的掌握和了解，要知道这些工具、器材都是物理原理在生活中的实际应用。
2．（3分）下列用电器正常工作时电流最接近0.05安的是（）
A．空调B．洗衣机C．电视机D．节能灯
【分析】家用电器的额定电压都是220V，根据我们对用电器电功率的了解和电
功率的公式P=UI，分别算出这四个用电器的电流，就可以选出正确的答案。
【解答】解：家用电器电压均为220V；
A、空调的额定功率在1000W左右，正常工作时的电流在I==≈4.5A．故
A不符合题意；
B、洗衣机一般功率为400W，正常工作的电流在I==≈1.8A．故B不符合
题意；
C、电视机一般功率为100W，正常工作的电流在I==≈0.45A．故C不符
合题意；
D、节能的功率约10W左右，正常工作的电流在I==≈0.05A．故D符合
题意。
故选：D。
【点评】对于每个用电器的电流大小是多少，我们可能有些陌生，不过我们可以
借助我们比较熟悉的电功率来间接分析。
3．（3分）小敏为了研究电阻与导体长度的关系，她应选取的电阻丝是（）
①长0.8米、横截面1毫米2锰铜丝
②长1.0米、横截面1毫米2镍铬丝
③长1.2米、横截面1毫米2镍铬丝
④长1.0米、横截面2毫米2锰铜丝。A．②③B．①③C．②④D．①④
【分析】导体的电阻与导体的长度、横截面积、材料和温度有关；在材料和温度
相同时，长度越长、横截面积越小电阻越大；当研究电阻与其中一个因素的关系
时，应控制其它的因素不变。【解答】解：
若想探究导体的电阻与导体的长度是否有关，应选择材料、横截面积和温度相同，
但长度不同的电阻丝进行试验，故选②、③两组器材进行试验，故A正确。
故选：A。
【点评】解决此类实验题目，要结合影响电阻大小的因素分析解答，运用控制变
量法和转换法进行研究。
4．（3分）以下事例中属于增大压强的是（）
A．书包背带较宽B．滑雪板底板较宽
C．刀刃做得很薄D．推土机履带很宽
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。
增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面
积一定时，通过增大压力来增大压强。
减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面
积一定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】解：A、书包背带较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压
强；故A不合题意；B、滑雪板底板较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不
合题意；C、刀刃做得很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故C符合
题意；D、推土机履带很宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故D不
合题意。
故选：C。
【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小
压强的问题。
5．（3分）如图所示的电路，闭合电键S，下列判断中正确的是（）
A．两灯串联连接且电流表测L1的电流
B．两灯并联连接且电流表测干路电流
C．两灯并联连接且电流表测L1的电流
D．两灯并联连接且电流表测L2的电流
【分析】根据串联电路中电流只有一条路径，并联电路中电流有多条路径可判断
电路的性质。再根据电流表串联的位置可判断其测量对象。
【解答】解：读图可知，电流从电源的正极，分为两股，一股进入电流表、灯泡L1，另一股进入灯泡L2，最后共同经开关S后，回到电源负极。
因此电路为并联，电流表测灯泡L1的电流。只有选项C的说法正确。
故选：C。
【点评】明确电流的路径，看准电流表的串联位置，是判断此题的关键，这也是
电学中最常见的读图题。
6．（3分）将电阻R1与100欧的电阻并联后，它们的总电阻小于10欧。下列判
断中正确的是（）A．R1一定小于10欧B．R1可能大于10欧
C．R1一定大于10欧D．R1不可能为10欧
【分析】电阻并联时相当于增大了横截面积，故越并越小，并联后的总电阻小于
其中最小的一个。
【解答】解：
由于并联后的总电阻小于其中最小的一个，所以，100欧的电阻与另一个定值电
阻并联后，要使电路的总电阻小于10欧，则另一只电阻可以大于或等于10欧。
故选：B。
【点评】了解并联电阻的规律，知道电阻越并越小，并联后的总电阻小于其中最
小的一个是快速准确判断的关键7．（3分）形状相同、大小不同的甲、乙两个长方体长分别为a和b，如图所示，
则下列判断中正确的是（）
A．若两长方体质量相同，则ρ甲：ρ乙=a：b
B．若两长方体质量相同，则
C．若两长方体材料相同，则m甲：m乙=a：b
D．若两长方体材料相同，则
【分析】由题知，甲、乙两个长方体的形状相同，其长分别为a、b，则它们长、
宽、高的关系都是a：b，体积之比为a3：b3，
（1）若两长方体质量相同，利用ρ=求密度之比；
（2）若两长方体材料相同，即密度相同，利用m=ρV求质量之比。
【解答】解：
由题知，甲、乙两个长方体的形状相同，其长分别为a、b，则它们长、宽、高
的关系都是a：b，体积之比为a3：b3，
AB、若两长方体质量相同，由ρ=可得，ρ甲：ρ乙=：=V乙：V甲=b3：a3，
故AB错；
CD、若两长方体材料相同，即密度相同，由ρ=可得，m甲：m乙=ρV甲：ρV乙=V
甲：V乙=a3：b3，故C错、D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了密度公式的应用，难点是根据“甲、乙两个长方体的形状相
同，其长分别为a、b”得出它们的体积之比为a3：b3。
8．（3分）在水平地面上放置两个完全相同的圆柱形容器A、B，分别装入一定
量水后，再将两个质量相同、体积不同的小球分别放入水中。当小球静止时，两
容器内水面恰好相平，如图所示，关于两容器内水的质量mA、mB和放入小球后两容器对地面的压强pA、pB，下列判断中正确的是（）
A．mA＞mBpA=pBB．mA＞mBpA＞pBC．mA=mBpA=pBD．mA=mBpA＞pB【分析】（1）根据浮沉条件分析浮力和重力的关系，从而得出两个物体的浮力的
关系，根据阿基米德原理知排开液体的体积的关系，根据液面相平比较水的体积
的关系，根据m=ρV判断液体的质量；
（2）容器对桌面的压力等于物体和水的重力之和，根据P=判断两容器对地面
的压强的关系。
【解答】解：（1）两个质量相同、体积不同的小球分别放入水中，两小球在水中
都漂浮，浮力等于重力，即F浮A=F浮B=G=mg；
根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排知V排A=V排B：
因为当小球静止时，两容器内水面恰好相平，所以原来水的体积相同，即VA水=VB
水，
根据m=ρV知mA水=mB水；GA水=GB水；
（2）容器对桌面的压力等于物体和水的重力之和，
容器对地面的压强：p==，因为GA水=GB水，容器的面积相同，所以pA=pB
综合分析知mA=mB、pA=pB故选：C。
【点评】本题考查了浮沉条件、阿基米德原理、密度公式的应用、固态压强公式
的应用，是一道综合题，有一定的难度。
9．（3分）将两个阻值不等的电阻R1和R2按如图（甲）、（乙）所示的方式接入
电路中。已知电源电压相同，R1小于R2，则下列判断中正确的是（）
A．电压表V1的示数等于V2的示数
B．电流表A1的示数小于A2的示数
C．电压表V1与电流表A1的比值等于电压表V2与电流表A2的比值
D．电压表V1与电流表A1的比值大于电压表V2与电流表A2的比值
【分析】（1）由甲电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电流
表A1测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据
欧姆定律表示出R1两端的电压以及电压表V1与电流表A1的比值；
（2）由乙电路图可知，R1与R2并联，电压表V2测电源两端的电压，电流表A2测R2支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出电流表A2的示数
以及电压表V2与电流表A2的比值；
根据以上比较得出答案。
【解答】解：（1）由甲电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，
电流表A1测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中电流表A1的示数：
IA1=，
电压表V1的示数：
UV1=IA1R1=R1=U，
电压表V1与电流表A1的比值=R1；
（2）由乙电路图可知，R1与R2并联，电压表V2测电源两端的电压，电流表A2测R2支路的电流，
则电压表V2的示数UV2=U，因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，电流表A2的示数：
IA2=，
电压表V2与电流表A2的比值=R2；
综上可知：
A．由U＜U可知，UV1＜UV2，即电压表V1的示数小于V2的示数，故A错
误；
B．由＜可知，IA1＜IA2，即电流表A1的示数小于A2的示数，故B正确；
CD．由R1小于R2可知，＜，即电压表V1与电流表A1的比值小于电压表
V2与电流表A2的比值，故CD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，把电压表和电流表的
比值转化为R1、R2的阻值是关键。
10．（3分）如图所示，由三块材质相同、大小不同的长方体拼成的正方体B放
置在水平地面上，在B上方中央再放置一边长较大的正方体A．若将B中间的长
方体抽掉后，正方体A对B压强的变化量为△P1，地面所受压强的变化量为△P2，
则关于△P1与△P2的大小关系，下列判断中正确的是（）
A．△P1一定大于△P2B．△P1一定等于△P2C．△P1可能大于△P2D．△P1一定小于△P2【分析】由图可知：拼成正方体B的长方体的高相等，设为h，正方体A的重力
