山东省临沂市2015届高三上学期期中考试物理试题 Word版含解析

山东省临沂市2015届高三上学期期中考试物理试卷

一、选择题：本大题箕l0小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．

1．（4分）关于运动情况的描述，下列说法中错误的是（ ）

A． 初速度为零的匀变速运动，一定是直线运动

B． 匀变速运动的速度大小和方向可以同时变化

C． 做变速运动的物体，其动能一定变化

D． 变速直线运动的加速度方向和速度方向有可能不相同

考点： 物体做曲线运动的条件；匀变速直线运动的速度与时间的关系；动能．

分析： 明确常见运动的性质，根据曲线运动和加速度的性质进行分析即可．

解答： 解；A、只要物体的初速度为零，则对于匀变速直线运动，速度和加速度一定在同一直线上；故A正确；

B、匀变速运动的速度大小和方向可以同时变化，如平抛运动；故B正确；

C、做变速运动的物体，其动能可以不变；如匀速曲线运动；故C错误；

D、变速直线运动，其加速度和速度的方向均可能不变；故匀加速直线运动；故D错误；

本题选错误的，故选：C

点评： 对于曲线运动的条件可注意以常见的运动为例进行研究；如平抛和圆周运动的性质要牢记并能熟练应用．

2．（4分）（2014•天津）质点做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，该质点（ ）

A． 在第1秒末速度方向发生了改变 B． 在第2秒末加速度方向发生了改变

C． 在前2秒内发生的位移为零 D． 第3秒末和第5秒末的位置相同

考点： 匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

专题： 运动学中的图像专题．

分析： 速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有改变；只要总面积仍大于0，位移方向就仍沿正方向；

解答： 解：A、0﹣2s内速度图象在时间轴的上方，都为正，速度方向没有改变．故A错误；

B、速度时间图象的斜率表示加速度，由图可知1﹣3s图象斜率不变，加速度不变，方向没有发生改变，故B错误；

C、根据“面积”表示位移可知，0﹣2s内的位移为：x1=×2×2m=2m．故C错误；

D、根据“面积”表示位移可知，0﹣3s内的位移为：x1=×2×2﹣m=1m，

0﹣5s内的位移为：x2=×2×1m=1m，所以第3秒末和第5秒末的位置相同．故D正确．

故选：D．

点评： 深刻理解某一段时间内的位移就等于在该段时间内速度图象与时间轴围成的面积是解决此类题目的突破口．

3．（4分）某公交车沿水平公路做匀变速直线运动，车顶上用一轻杆和一细线各悬挂一小球，轻杆与竖直方向成θ角固定于车顶，细线与竖直方向成α角，如图所示，若θ＜a，不考虑一切阻力，则下列说法中正确的是（ ）

A． 小车可能以加速度gtanα向右做匀加速运动

B． 小车可能以加速度gtanθ向左做匀减速运动

C． 轻杆对小球的弹力方向沿轻杆向上

D． 轻杆对小球的弹力方向与细线平行向上

考点： 牛顿第二定律．

专题： 牛顿运动定律综合专题．

分析： 先对细线吊的小球分析进行受力，根据牛顿第二定律求出加速度．再对轻杆固定的小球应用牛顿第二定律研究，得出轻杆对球的作用力方向．加速度方向求出，但速度可能有两种，运动方向有两种．

解答：

解：A、对左边的小球研究，根据牛顿第二定律，设其质量为m，得：

mgtanα=ma

得到：a=gtanα

小车可能以加速度gtanα向右做匀加速运动或者向左做减速运动，故A正确，B错误；

C、对右边的小铁球研究．设其质量为m′，轻杆对小球的弹力方向与竖直方向夹角为θ

由牛顿第二定律，得：

m′gtanθ=m′a′

因为a=a′，得到θ=α＞θ 则轻杆对小球的弹力方向与细线平行，即轻杆对小球的弹力方向一定沿着细绳方向向上，故C错误，D正确；

故选：ABD．

点评： 绳子的模型与轻杆的模型不同：绳子的拉力一定沿绳子方向，而轻杆的弹力不一定沿轻杆方向，与物体的运动状态有关，可根据牛顿定律确定

4．（4分）如图所示，叠放在水平面上的三个物体A、B、C一起向右做匀速直线运动，其中C物体受到水平拉力F作用，下列判断正确的是（ ）

A． A与B的接触面可能是光滑的 B． B与C的接触面可能是光滑的

C． A与B的接触面一定是粗糙的 D． C与水平面的接触面一定是粗糙的

考点： 共点力平衡的条件及其应用．

专题： 运动学中的图像专题．

分析： 静摩擦力产生的条件是：有弹力、接触面粗糙、有相对运动趋势；结合平衡条件求解摩擦力．

解答： 解：A、C、物体A受重力和支持力；由于物体A做匀速直线运动，处于平衡状态，故一定不受摩擦力，否则不能平衡，故A与B的接触面可能是光滑的，也可能是粗糙的；故A正确，C错误；

B、对AB整体，受重力和支持力；由于物体AB整体做匀速直线运动，处于平衡状态，故一定不受摩擦力，否则不能平衡，故AB整体与C的接触面可能是光滑的，也可能是粗糙的；故B正确；

D、对ABC整体，受重力、拉力、支持力和摩擦力；由于物体ABC整体做匀速直线运动，处于平衡状态，故C与水平面的接触面一定是粗糙的，故D正确；

故选：ABD．

点评： 本题关键是结合共点力平衡条件、摩擦力的产生条件分析摩擦力的有无，基础题目．

5．（4分）一物块静止在粗糙的水平桌面上，物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．若给该物块施加一水平力F=kt（后是大于零的常数），则物块的加速度a和其受到的摩擦力f随时间变化的图象正确的是（ ）

A．

B．

C．

D．

考点： 牛顿第二定律．

专题： 牛顿运动定律综合专题．

分析： 物体在运动过程中受到静摩擦力和滑动摩擦力；由牛顿第二定律可得F与a的关系，进而由数学方法来分析图象．

解答： 解：物体受拉力，摩擦力，由牛顿第二定律可得：F﹣f=ma；

在运动之前拉力等于摩擦力，故f=kt，与时间成正比；但当拉力达到最大静摩擦力，物体才获得加速度并开始运动，此后物体受到滑动摩擦力，f=μmg；F与a为线性函数关系，即kt﹣μmg=ma，a=，图象与F轴的交点为最大静摩擦力，故BC正确．

故选：BC

点评： 对找图象问题，必须要由物理规律列出对应坐标轴物理量的方程，然后用数学方法来分析函数对应的图象．

6．（4分）2013年12月10日晚上九点二十分，在太空飞行了九天的“嫦娥三号”飞船再次成功变轨，从100km×100km的环月圆轨道I降低到椭圆轨道Ⅱ（近月点15km、远月点100km），两轨道相交于点P，如图所示．关于“嫦娥三号”飞船，以下说法正确的是（ ）

A． 飞船在轨道I上运动到P点的速度比在轨道Ⅱ上运动到P点的速度大

B． 飞船在轨道I上运动到尸点的向心加速度比在轨道Ⅱ上运动到P点的向心加速度小

C． 飞船在轨道I上的引力势能与动能之和比在轨道Ⅱ上的引力势能与动能之和大

D． 飞船在轨道Ⅱ上运动的周期大于在轨道I上运动的周期

考点： 万有引力定律及其应用．

专题： 万有引力定律的应用专题．

分析： 根据开普勒第三定律可知卫星的运动周期和轨道半径之间的关系；

根据F合=ma可知在不同轨道上的同一点加速度相同．

变轨的时候点火，发动机做功．

解答： 解：

A、沿轨道Ⅰ运动至P时，制动减速，万有引力大于向心力做向心运动，才能进入轨道Ⅱ，故在轨道Ⅰ上运动到P点的速度比在轨道Ⅱ上运动到P点的速度大故A正确．

B、“嫦娥三号”卫星变轨前通过椭圆轨道远地点时只有万有引力来提供加速度，变轨后沿圆轨道运动也是只有万有引力来提供加速度，同一地点万有引力相同，所以加速度相等，故B错误．

C、变轨的时候点火，发动机做功，从轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ，发动机要做功使卫星减速，故在轨道Ⅰ上的势能与动能之和比在轨道Ⅱ上的势能与动能之和大，故C正确．

D、根据开普勒第三定律为常数，可得半长轴a越大，运动周期越大，显然轨道Ⅰ的半长轴（半径）大于轨道Ⅱ的半长轴，故沿轨道Ⅱ运动的周期小于沿轨道І运动的周期，故D错误．

故选：AC．

点评： 通过该题要记住：①由高轨道变轨到低轨道需要减速，而由低轨道变轨到高轨道需要加速，这一点在解决变轨问题时要经常用到，一定要注意掌握．

7．（4分）如图所示，PQ为等量异种点电荷A、B连线的中垂线，C为中垂线上的一点，M、N分别为AC．BC的中点．若取无穷远处的电势为零，则下列判断正确的是（ ）

A． M、N两点场强相同

B． M、Ⅳ两点电势相同

C． 负电荷由无穷远处移到Ⅳ点时，电势能一定增加

D． 负电荷由无穷远处移到C处，电场力做功为零

考点： 电场的叠加；电势；电势能．

专题： 电场力与电势的性质专题．

分析： 根据电场线的分布确定电场强度的大小和方向，根据沿电场线方向电势逐渐降低，判断电势的高低．根据电场力做功判断电势能的变化．

解答： 解：A、根据等量异种电荷周围的电场线分布知，M、N两点的场强大小相等，方向不同，故A错误．

B、沿着电场线方向电势逐渐降低，可知M、N两点电势不等．故B错误．

C、等量异种电荷连线的中垂线是等势线，将负电荷从无穷远处移到N点处，电场力做负功，电势能一定增加，故C正确．

D、等量异种电荷连线的中垂线是等势线，负电荷由无穷远处移到C处，电场力做功为零．故D正确．

故选：CD．

点评： 解决本题的关键知道等量异种电荷周围电场线的分布，知道电场力做功与电势能的变化关系．

8．（4分）如图所示，一个质量为m的圆环套在固定的倾斜光滑杆上的B点，并与竖直放置的轻质弹簧上端相连，弹簧的下端固定在地面上的A点，此时弹簧处于原长h．当圆环从静止开始沿杆下滑至底端C时速度恰好为零．则在圆环下滑的过程中（ ）

A． 圆环的机械能守恒

B． 弹簧的弹性势能先增大后减小

C． 弹簧的弹性势能增加了mgh

D． 弹簧的弹性势能最大时圆环应处于BC之间的某一位置

考点： 功能关系；弹性势能．

分析： 分析圆环沿杆下滑的过程的受力和做功情况，只有重力弹簧的拉力做功，所以圆环机械能不守恒，但是系统的机械能守恒；沿杆方向合力为零的时刻，圆环的速度最大．

解答： 解：A、圆环沿杆滑下，滑到杆的底端的过程中有两个力对圆环做功，即环的重力和弹簧的拉力；所以圆环的机械能不守恒，如果把圆环和弹簧组成的系统作为研究对象，则系统的机械能守恒，故A错误，

B、弹簧的弹性势能随弹簧的形变量的变化而变化，由图知弹簧先缩短后再伸长，故