广东省惠州市高三物理第一次调研考试(含解析)(1)
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- 1 - 惠州市2015届第1次调研考试
物理试题
13. 甲乙两车在公路上从同地出发沿同一方向做直线运动，它们的v-t图象如图所示,以下说法正确的是：
A. 在t1时刻之前两车已经相遇
B. 在t1时刻之后两车才能相遇
C。在t1时刻两车相遇
D. 两车不可能相遇
【答案】B
【解析】
甲乙两车同时同地出发向同一方向做直线运动，当两者的位移相等时，乙追上甲，根据速度图象的“面积”大小等于位移，由几何知识判断可知第2t1末两者位移相等，乙追上了甲。
故选B。
【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系
14.如图所示，轻质弹簧的劲度系数为k，小球所受重力为G，平衡时小球在A处．今用力F竖直向下压小球使弹簧缩短x，让小球静止在B处，则
A．小球在A处时弹簧的弹力为零
B．小球在B处时弹簧的弹力为kx
C．小球在A处时弹簧的弹性势能较大
D．小球在B处时弹簧的弹性势能较大
【答案】D
【解析】
A、小球处于A位置时，保持静止状态，受重力和弹力，二力平衡，故弹力等于重力，即1mgkx，故A错误；
B、小球处于B位置时，保持静止状态，受重力、压力F和弹簧弹力，根据共点力平衡条件FGF弹，根据胡克定律，有1Fkxx弹（），联立解得：FGkx弹，故B错误；
CD、弹簧压缩量越大，弹性势能越大，故C错误D正确。
故选D。 - 2 - 【考点】弹性势能；胡克定律；共点力平衡
15两个放在绝缘支架上的相同金属球相距为d，球的半径比d小得多，分别带有q和-3q的电荷，相互引力为3F．现将这两个金属球接触，然后分开，仍放回原处，则它们的相互作用力将变为
A.F B.2F C.3F D.4F
【答案】A
【解析】
由库仑定律可得：223q3Fkr；而两球接触后再分开平分总电量，故分开后，若两球带的是同种电荷，则两球的带电量均为为2q，若两球带的是异种电荷，则两球的带电量均为q；带异种电荷，则库仑力22qFkFr。
故选A。
【考点】库仑定律
16．如图所示，在倾角为的光滑斜面上，要使垂直纸面放置一根长为L、质量为m的通电直导体处于静止状态．则应加以匀强磁场B的方向可能是
A平行斜面向上 B 平行斜面向下
C 垂直斜面向下 D垂直斜面向上
【答案】C
【解析】
AB、根据共点力的平衡，安培力不可能垂直斜面方向，故AB错误；
C、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下，则沿斜面向上的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，则大小sinBmgIL＝；故C正确；
D、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上，则安培力方向沿斜面向下，导体不可能平衡，故D错误。
故选C。
【考点】共点力平衡；安培力
17．下列说法正确的是
A．伽利略通过理想斜面实验，得出力不是维持物体运动原因的结论
B．牛顿首先测出了万有引力常量
C．法拉第发现了电磁感应现象
D．安培发现了电流的磁效应
【答案】AC
【解析】 - 3 -
B、卡文迪许测出了万有引力常量，故B错误；
D、电流的磁效应是奥斯特首先发现的，故D错误。
故选AC。
【考点】物理学史
18如图所示，a，b两颗质量相同的人造地球卫星分别在半径不同的轨道上绕地球作匀速圆周运动，则
A.卫星a的周期大于卫星b的周期
B.卫星a的动能大于卫星b的动能
C.卫星a的势能大于卫星b的势能
D.卫星a的加速度大于卫星b的加速度
【答案】BD
【解析】
万有引力提供卫星圆周运动的向心力即：22224MmvGmamrmrTr
A、234rTGM知半径大的卫星周期大，故A错误；
B、GMvr知半径小的运行速率大动能大，故B正确；
C、因为卫星质量相同，b的轨道高，所以b的势能大于a的势能，故C错误；
D、2GMar知轨道半径小的卫星向心加速度大，故D错误。
故选BD。
【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律
19．如图所示，物体在斜面上受到平行于斜面向下拉力F作用，沿斜面向下运动，已知拉力F大小恰好等于物体所受的摩擦力，则物体在运动过程中
A．做匀速运动 B．做匀加速运动 C．机械能保持不变 D．机械能增加
【答案】BC
【解析】 - 4 -
AB、物体受到重力、弹力、滑动摩擦力与拉力作用，由拉力等于滑动摩擦力，物体受到的合力等于物体重力沿斜面向下的分析，物体做匀加速运动，故A错误B正确；
CD、拉力与摩擦力相等，它们所做的总功为零，支持力不做功，因此只有重力做功，物体的机械能守恒，故C正确D错误.
故选BC。
【考点】机械能守恒定律
20如图所示，理想变压器的副线圈上，通过输电线连接两只灯泡1L和2L，输电线的等效电阻为R，原线圈输入恒定的交变电压．开始时，开关S断开，当开关S闭合时，以下说法正确的有
A．等效电阻R的电压增加 B． 通过灯泡1L的电流增加
C．副线圈输出的电压增加 D．原线圈输入的功率增加
【答案】AD
【解析】
A、开关S闭合后，电阻减小，而电压不变，副线圈的电流增大，电阻R电阻不变，电压变大，故A正确；
B、副线圈电流增大，R两端的电压增大，所以灯泡上电压减小，故通过灯泡L1电流减小，故B错误；
C、副线圈电压由原线圈和匝数比决定，而原线圈电压和匝数比都没有变，所以副线圈输出电压不变，故C错误；
D、原线圈的电压不变，而电流增大，故原线圈的输入功率增大，故D正确。
故选AD。
【考点】变压器的构造和原理
21．一匀强磁场，磁场方向垂直纸面，规定向里的方向为正，在磁场中有一位于纸面内细金属圆环，如图甲所示.现令磁感应强度值B按图乙随时间t变化，令E1、E2、E3分别表示oa、ab、bc这三段变化过程中感应电动势的大小，I1、I2、I3分别表示其对应的感应电流
A． I1、I3沿逆时针方向，I2沿顺时针方向，
B． I1沿逆时针方向，I2、I3沿顺时针方向
C．E1>E2> E3，
D．E1
【答案】BD - 5 - 【解析】
A、由楞次定律可判断出1I沿逆时针方向，2I与3I均沿顺时针方向，故A错误B正确；
C、由法拉第电磁感应定律可知BSEnt，由图知应有第1段中磁通量的变化率较小，而bc、cd两段中磁通量的变化率相同，故有123EEE＜，故C错误D正确。
故选BD。
【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律
34（1）（8分）如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带
①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为__ _；
②选取ABCD纸带上四个点，从图中读出A、B两点间距s=____cm；C点对应的速度是___m/s，匀变速直线运动的加速度为 m/s2（计算结果保留两位有效数字）
【答案】（1）①0.02s②0.70，0.505.0
【解析】
（1）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s．
（2）由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，A、B两点间的距离s=1.70cm-1.00cm=0.70cm；
由于做匀变速直线运动的物体在某段时间内平均速度就等于在该段时间内的中间时刻瞬时速度，故C0.00900.0110v0.50m/s20.02
根据2xaT可得：
物体的加速度220.01100.0090a5.0m/s0.02。
【考点】测定匀变速直线运动的加速度
（2）（10分）要测一段阻值大约为5Ω的均匀金属丝的电阻率．除米尺、螺旋测微器、电源E（电动势3V，内阻约0.5Ω）、最大阻值为20Ω的滑动变阻器R、开关一只、导线若干外，电流表和电压表各两只供选择：Al（量程lA，内阻约1Ω），A2（量程0.6A，内阻约2Ω），Vl（量程3.0V，内阻约1000Ω），V2（量程15V，内阻约3000Ω）．
①用螺旋测微器测金属丝的直径d，如图1所示，则d=______mm．
②为了使测量有尽可能高的精度，电流表应选______，电压表应选______．
③实验电路已经画出了一部分，如图2所示，但尚未完整，请将该电路完整地连接好．（Rx表示待测金属丝） - 6 - ④若用米尺测得金属丝的长度为L，用螺旋测微器测得金属丝直径为d，电流表的读数为I，电压表读数为U，则该金属丝的电阻率：ρ=______．
【答案】①0.850（3分）②电流表选择A2，电压表选择V1；
③根据实验原理得出实验原理图如上右图 ④2dU4LI
【解析】
（1）螺旋测微器的固定部分读数为：0.5mm，可动部分读数为：35.0×0.01mm=0.350mm，故最后读数为：0.5mm+0.350mm=0.850mm；
（2）为零测量准确，电压表和电流表的指针偏转要尽量大些，因此电流表选择A2，电压表选择V1；
（3）根据实验原理得出实验原理图如上右图：
（4）根据欧姆定律得：URI＝
根据电阻定律得：RSL＝
故有：2dU4LI。
【考点】测定金属的电阻率
35．（18分）如图所示．一电子（其重力不计，质量为m、电荷量为e）由静止开始，经加速电场加速后，水平向右从两板正中间射入偏转电场．偏转电场由两块水平平行放置的长为l相距为d的导体板组成，当两板不带电时，电子通过两板之间的时间均为t0，当在两板间加电压为U0时，电子可射出偏转电场，并射入垂直纸面向里的匀强磁场，最后打在磁场右侧竖直放置的荧光屏上．磁场的水平宽度为s，竖直高度足够大。求：
（1）加速电场的电压
（2）电子在离开偏转电场时的侧向位移；
（3）要使电子能垂直打在荧光屏上，匀强磁场的磁感应强度为多大？
【答案】220mU8etl＝ 200eUty2md＝
