针旋转120°得到△ACM’,连结M’N(如图6),
M’ 由问题1可得结论MN= M’N.在△M’NC中, ∠M’ CN=∠AC M’+∠ACB=60°,C M’
=BM=2.过点M’作M’D⊥NC于点D,在Rt △M’
D
CD中,∠M’ CN=60°,C M’=2,所以CD=
1,M’D= .ND3=NC-CD=2,由勾
边与BC分别相交于点D、E(如图4),求证:DE2=BE2+CD2.
分析:由式子DE2=BE2+CD2可想到勾股定理,
所以需构造直角三角形,将△ADC绕点A顺时
针旋转90︒得到△ABD’,连结D’E,因为
D’
△ABC是等腰直角三角形,可证得△BD’E是Rt △ ,然后只需证明△D’AE≌ △DAE,得
∴EF=BE+DF.
45°
图3
解题策略:
半角模型
定义:由一个角的顶点引两条射线,使两 条射线的夹角为原来角的一半这样的模型 称为半角模型.
半角模型的特征
共端点的等线段 AB=AD
共顶点的倍半角 EAF= 1 BAD
2
利用旋转
构造全等
问题拓展
问题2 在等腰直角三角形ABC中,∠DAE=45 °,且∠DAE的两
问题1 如图1,在正方形ABCD中,E、F是BC、CD上的点,且
∠EAF=45°, 连接EF. 求证:BE+DF=EF.
分析 将△ADF绕点A顺时针旋转90︒得到
△ABG,由旋转得△ADF≌△ABG,然后可证△GAE≌
△FAE,由全等得GE=EF,所以可证EF=BE+DF.
G
图1
G
图2
证明:如图2将△ADF绕点A顺时针旋转90︒得到△ABG,