浙江省杭州市2021届新高考第一次适应性考试物理试题含解析

浙江省杭州市2021届新高考第一次质量检测物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落在斜面中点；第二次小球落在斜面底端；第三次落在水平面上，落点与斜面底端的距离为l 。

斜面底边长为2l ，则（忽略空气阻力）（ ）A ．小球运动时间之比123::23t t t =B ．小球运动时间之比123::1:2:3t t t =C ．小球抛出时初速度大小之比010203::23v v v =D ．小球抛出时初速度大小之比010203::22:3v v v =【答案】D【解析】【分析】【详解】AB ．根据212h gt =得2h t g=小球三次下落的高度之比为1:2:2，则小球三次运动的时间之比为1:22AB 错误； CD ．小球三次水平位移之比为1:2:3，时间之比为1:220x v t= 知初速度之比为010203::22:3v v v =C 错误，D 正确。

故选D 。

2．2024年我国或将成为全球唯一拥有空间站的国家。

若我国空间站离地面的高度是同步卫星离地面高度的1n ，同步卫星离地面的高度为地球半径的6倍。

已知地球的半径为R ，地球表面的重力加速度为g ，则空间站绕地球做圆周运动的周期的表达式为（ ）A ．33(6)2n R n gπ+ B ．(6)2n R ngπ+ C ．3(6)2n R ngπ+ D ．26ngR n π+ 【答案】A【解析】【详解】在地球表面，2GMm mg R＝得 GM=gR 2空间站做匀速圆周运动时 222()Mm G m r r Tπ= 轨道半径661R r R R R n n+⨯+＝＝ 联立解得333(6)22r n R T GM n gππ+== 故BCD 错误，A 正确；故选A 。

3．氢原子的能级图如图所示，已知可见光的光子能量范围是1.63eV ~3.10eV 。

浙江省杭州市2021届新高考第一次大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2，原线圈与固定电阻R 1串联后，接入输出电压有效值恒定的正弦交流电源。

副线圈电路中负载电阻为可变电阻 R 2，A 、V 是理想电表。

当R 2=2R 1 时，电流表的读数为1A ，电压表的读数为4V ，则（ ）A ．电源输出电压为8VB ．电源输出功率为4WC ．当R 2=8Ω时，变压器输出功率最大D ．当R 2=8Ω时，电压表的读数为3V【答案】C【解析】【详解】A ．当R 2=2R 1时，电流表的读数为1A ，电压表的读数为4V ，所以R 2=4Ω，R 1=2Ω，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2，根据电压与匝数成正比得原线圈电压是U 1=2V ，根据电流与匝数成反比得原线圈电流是I 1=2A ，所以电源输出电压为U=U 1+I 1R 1=2+2×2=6V故A 错误；B ．电源输出功率为P=UI 1=12W故B 错误；C ．根据欧姆定律得副线圈电流为22U R ，所以原线圈电流是222U R ，所以 2212622U U R R =⋅+，222128R U R =+ 变压器输出的功率22222222214414464(8)16U R P R R R R ===+++所以当R 2=8Ω时，变压器输出的功率P 2最大，即为9W 2，故C 正确； D ．当R 2=8Ω时，U 2=6V ，即电压表的读数为6V ，故D 错误。

故选C。

2．三个相同的建筑管材（可看作圆柱体）静止叠放于水平地面上，其截面示意图如图所示，每个管材的质量均为m。

各管材间接触，设管材间光滑、管材与地面间粗糙。

对此下列说法中正确的是（）A．管材与地面接触处的压力大小为33mg B．上下管材接触处的压力大小为33mgC．管材与地面接触处没有摩擦力D．下方两管材之间一定有弹力【答案】B【解析】【详解】A．由对称性知，上面管材的受力情况左右对称，下面两个管材的受力情况相同。

浙江省杭州市2021届新高考模拟物理试题（校模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．生活中常见的手机支架，其表面采用了纳米微吸材料，用手触碰无粘感，接触到平整光滑的硬性物体时，会牢牢吸附在物体上。

如图是一款放置在高铁水平桌面上的手机支架，支架能够吸附手机，小明有一次搭乘高铁时将手机放在该支架上看电影，若手机受到的重力为G ，手机所在平面与水平面间的夹角为θ，则下列说法正确的是（ ）A ．当高铁未启动时，支架对手机的作用力大小等于cos G θB ．当高铁未启动时，支架受到桌面的摩擦力方向与高铁前进方向相反C ．高铁减速行驶时，手机可能受到3个力作用D ．高铁匀速行驶时，手机可能受到5个力作用【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．高铁未启动时，手机处于静止状态，受重力和支架对手机的作用力，根据平衡条件可知，支架对手机的作用力与重力大小相等，方向相反，故A 错误；B ．高铁未启动时，以手机和支架整体为研究对象，受重力和桌面的支持力，不受桌面摩擦力，故B 错误；C ．高铁匀减速行驶时，手机具有与前进方向相反的加速度，可能只受重力、纳米材料的吸引力和支架的支持力，共三个力的作用，故C 正确；D ．高铁匀速行驶时，手机受重力、纳米材料的吸引力、支架的支持力和摩擦力，共四个力的作用，故D 错误；故选C 。

2．如图（a ），场源点电荷固定在真空中O 点，从与O 相距r 0的P 点由静止释放一个质量为m 、电荷量为q （q>0）的离子，经一定时间，离子运动到与O 相距r N 的N 点。

用a 表示离子的加速度，用r 表示离子与O 点的距离，作出其21a r -图像如图（b ）。

静电力常量为是k ，不计离子重力。

由此可以判定（ ）A ．场源点电荷带正电B ．场源点电荷的电荷量为N N ma r kq- C ．离子在P 点的加速度大小为0N N a r r D ．离子在P 点受到的电场力大小为220N N r ma r 【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．从P 到N ，带正电的离子的加速度随21r 的增加而增大，即随r 的减小而增加，可知场源点电荷带负电，选项A 错误；B ．在N 点，由库仑定律及牛顿第二定律 2N N N F kQq a m r m== 解得 2N N a r m Q kq= 选项B 错误；CD ．在P 点时，由库仑定律及牛顿第二定律22200N P P N r F kQq a a m r m r === 离子在P 点受到的电场力大小为220N N P P r ma F ma r == 选项C 错误，D 正确。

浙江省杭州市(六校联考）2021届新高考模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，在x>0、y>0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的大小为B ，方向垂直于xOy 平面向里。

现有一质量为m 、电量为q 的带正电粒子，从x 轴上的某点P 沿着与x 轴成30︒角的方向射人磁场。

不计重力影响，则可以确定的物理量是（ ）A ．粒子在磁场中运动的时间B ．粒子运动的半径C ．粒子从射入到射出的速度偏转角D ．粒子做圆周运动的周期【答案】D【解析】【分析】【详解】 AC ．粒子在磁场中做圆周运动，由于P 点位置不确定，粒子从x 轴上离开磁场或粒子运动轨迹与y 轴相切时，粒子在磁场中转过的圆心角最大，为max 300α︒=粒子在磁场中的最长运动时间maxmax 3002π5π3603603m m t T qB qB α︒︒︒==⨯= 粒子最小的圆心角为P 点与坐标原点重合，最小圆心角min 120α︒=粒子在磁场中的最短运动时间minmin 12π36033m t T T qB α︒=== 粒子在磁场中运动所经历的时间为2π5π33m m t qB qB≤≤ 说明无法确定粒子在磁场中运动的时间和粒子的偏转角，故AC 错误；B ．粒子在磁场中做圆周运动，由于P 点位置不确定，粒子的偏转角不确定，则无法确定粒子的运动半径，故B 错误；D ．粒子在磁场中做圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则2v qvB m r= 且2πr v T= 则得2π=m T qB说明可确定粒子做圆周运动的周期，故D 正确。

故选D 。

2．一列简谐横波沿x 轴正向传播，波形如图所示，波速为10m/s 。

下列说法正确的是（ ）A ．该波的振幅为0.5m ，频率为2HzB ．此时P 点向y 轴负方向运动C ．再经0.9s ，Q 点有沿y 轴正方向的最大加速度D ．再经1.05s ，质点P 沿波传播方向迁移了10.5m【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．从图中可以看出振幅为0.5m ，波长为4m ，所以周期为40.4s 10λT v === 则频率为 1 2.5Hz f T == 故A 错误；B ．因为波沿x 轴正向传播，所以P 点下一步会成为波峰，应该向y 轴正方向运动，故B 错误；C ．因为周期是0.4s ，简谐横波沿x 轴正向传播，所以经过0.9s 后，相当于Q 点经过0.1s 到达波谷，此时加速度最大，并且沿着y 轴正方向，故C 正确；D ．质点P 只会上下振动，不会沿波传播方向迁移，故D 错误。

浙江省杭州市2021届新高考物理模拟试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．物理学是研究物质运动最一般规律和物质基本结构的学科，在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法如：理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等。

以下关于物理学研究方法的叙述中正确的是A ．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法B ．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，这里运用了假设法C ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了理想模型法D ．根据速度定义式x v t ∆=∆，当Δt→0时，x t∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法【答案】D【解析】【详解】A 中采用了理想模型法；B 中采用控制变量法；C 中采用了微元法；D 中是极限思维法；故选D.2．某理想气体的初始压强p 0=3atm ，温度T 0=150K ，若保持体积不变，使它的压强变为5atm ，则此时气体的温度为（ ）A ．100KB ．200KC ．250KD ．300K 【答案】C【解析】【分析】【详解】 理想气体体积不变，发生等容变化，则00p p T T =，代入数据得：35=150T，解得：250T K =．故C 项正确，ABD 三项错误．【点睛】在理想气体状态方程和气体实验定律应用中，压强、体积等式两边单位一样即可，不需要转化为国际单位；温度的单位一定要用国际单位(开尔文)，不能用其它单位．3．如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R ，质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，棒在竖直向上的恒力F作用下加速上升的一段时间内，力F做的功与安培力做的功的代数和等于A．棒的机械能增加量B．棒的动能增加量C．棒的重力势能增加量D．电阻R上放出的热量【答案】A【解析】【分析】棒在竖直向上的恒力F作用下加速上升的一段时间内，F做正功，安培力做负功，重力做负功，动能增大．根据动能定理分析力F做的功与安培力做的功的代数和．【详解】A．棒受重力G、拉力F和安培力F A的作用．由动能定理：W F+W G+W安=△E K得W F+W安=△E K+mgh即力F做的功与安培力做功的代数和等于机械能的增加量．故A正确．B．由动能定理，动能增量等于合力的功．合力的功等于力F做的功、安培力的功与重力的功代数和．故B错误．C．棒克服重力做功等于棒的重力势能增加量．故C错误．D．棒克服安培力做功等于电阻R上放出的热量．故D错误【点睛】本题运用功能关系分析实际问题．对于动能定理理解要到位：合力对物体做功等于物体动能的增量，哪些力对物体做功，分析时不能遗漏．4．可调式理想变压器示意图如图所示，原线圈的输入电压为U1，副线圈输出电压为U2，R为电阻。

浙江省杭州市2021届新高考中招适应性测试卷物理试题（3）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．下列粒子流中贯穿本领最强的是（）A ．α射线B ．阴极射线C ．质子流D ．中子流 【答案】D【解析】【详解】α射线射线的穿透能力最弱，一张纸即可把它挡住，但是其电离能力最强，阴极射线是电子流，能穿透0.5mm 的铝板；质子流比电子流的穿透能力要强一些，中子不带电，相同的情况下中子的穿透能力最强． A ．α射线，与结论不相符，选项A 错误；B ．阴极射线 ，与结论不相符，选项B 错误；C ．质子流，与结论不相符，选项C 错误；D ．中子流，与结论相符，选项D 正确；故选D ．2．质子的静止质量为27p 1.6726g 10k m -=⨯，中子的静止质量为27n 1.674910kg m -=⨯，α粒子的静止质量为276.646710kg m α-=⨯，光速83.010m /s c =⨯。

则α粒子的结合能约为（ ）A ．124.310J --⨯B ．124.310J -⨯C ．102.610J -⨯D ．102.610J --⨯【答案】B【解析】【详解】α粒子在结合过程中的质量亏损为p n (22)m m m m α=+-V则α粒子的结合能为2E mc =△△代入数据得124.30J 1E -∆≈⨯故B 正确，ACD 错误。

3．关于一定质量的理想气体，下列说法正确的是（ ）A ．气体的体积是所有气体分子的体积之和B ．气体的压强是由气体分子重力产生的C ．气体压强不变时，气体的分子平均动能可能变大D ．气体膨胀时，气体的内能一定减小【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．气体的体积是气体分子所能充满的整个空间，不是所有气体分子的体积之和，故A 错误；B ．大量做无规则热运动的分子对器壁频繁、持续地碰撞产生了气体的压强，与气体重力无关，故B 错误；C ．气体压强不变时，体积增大，气体温度升高，则分子的平均动能增大，故C 正确；D ．气体膨胀时，气体对外做功，由热力学第一定律U W Q ∆=+可知，气体对外做功同时可能吸收更多的热量，内能可以增加，故D 错误。

一、选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)１．下列说法中不正确的是( )A.在高大的建筑物顶端安装的避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施B．超高压带电作业的工人穿戴的用包含金属丝织物制成的工作服可以起到静电屏蔽的作用C.法拉第首先提出了电荷周围存在电场的观点Ｄ．安培通过实验发现了电流的磁效应,首次揭示了电与磁的联系２．如图所示,物体A在竖直向上的拉力F的作用下能静止在斜面上,关于A受力的个数,下列说法中正确的是（）A.Ａ一定受两个力作用B．A一定受四个力作用C.A可能受三个力作用D.A受两个力或者四个力作用3．如图所示，有一带电量为+ｑ的点电荷与均匀带电圆形薄板相距为２d，+q到带电薄板的垂线通过板的圆心.若图中a点处的电场强度为零，则图中ｂ点处的电场强度大小是( ）A．ﻩ B.ﻩ C．0 D.4.如图所示，质量为m的物块从A点由静止开始下落，加速度是,下落H到B点后与一轻弹簧接触,又下落h后到达最低点C,在由A运动到C的过程中，空气阻力恒定，则( )Ａ．物块机械能守恒Ｂ.物块和弹簧组成的系统机械能守恒Ｃ.物块机械能减少mg(Ｈ+ｈ)D.物块和弹簧组成的系统机械能减少mｇ(Ｈ+h)5.一根质量为m、长为Ｌ的均匀链条一半放在光滑的水平桌面上，另一半挂在桌边,桌面足够高,如图(a)所示.若在链条两端各挂一个质量为的小球,如图(b)所示．若在链条两端和中央各挂一个质量为的小球,如图(c)所示．由静止释放,当链条刚离开桌面时,图(a)中链条的速度为ｖa,图（b）中链条的速度为v b,图（c)中链条的速度为v c（设链条滑动过程中始终不离开桌面，挡板光滑）.下列判断中正确的是( ）Ａ．ｖa=ｖｂ=v cﻩＢ．v a<ｖｂ<v c C．v a＞vｂ＞v cﻩD．v a>ｖc>vｂ６.如图所示，为Ａ．B两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是( )Ａ.电阻A的电阻随电流的增大而减小,电阻B阻值不变B．在两图线交点处，电阻Ａ的阻值等于电阻BＣ.在两图线交点处,电阻A的阻值大于电阻BＤ.在两图线交点处,电阻A的阻值小于电阻B7.如图所示,在置于匀强磁场中的平行导轨上，横跨在两导轨间的导体杆ＰＱ以速度v向右匀速移动,已知磁场的磁感强度为B、方向垂直于导轨平面(即纸面)向外,导轨间距为l,闭合电路acQPa中除电阻Ｒ外,其他部分的电阻忽略不计,则( )Ａ．电路中的感应电动势E=IlＢB.电路中的感应电流Ｉ=C.通过电阻Ｒ的电流方向是由a向ｃD．通过PQ杆中的电流方向是由Q向P８.如图所示，两个完全相同且相互绝缘、正交的金属环，可沿轴线OＯ′自由转动,现通以图示方向电流,沿OO′看去会发现（）A.A环、B环均不转动B．A环将逆时针转动，B环也逆时针转动,两环相对不动C.A环将顺时针转动，B环也顺时针转动，两环相对不动D.Ａ环将顺时针转动，B环将逆时针转动,两者吸引靠拢至重合为止二、多项选择题(本题共4小题，共16分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确,全部选对的得4分，选对但不全的得2分,有选错的得0分）9.如图所示,质量为m的长方体物块放在水平放置的钢板C上，物块与钢板间的动摩擦因数为μ,由于光滑固定导槽A、B的控制，该物块只能沿水平导槽运动．现使钢板以速度v１向右匀速运动，同时用水平力F 拉动物块使其以速度v2(ｖ２的方向与ｖl的方向垂直,沿ｙ轴正方向）沿槽匀速运动，以下说法正确的是( )Ａ.若拉力F的方向在第一象限,则其大小一定大于μｍgＢ．若拉力Ｆ的方向在第二象限,则其大小可能小于μmgC．若拉力F的方向沿ｙ轴正方向,则此时Ｆ有最小值，其值为Ｄ.若拉力F的方向沿y轴正方向，则此时F有最小值，其值为１0．如图所示，在平行于xoy平面的区域内存在着电场,一个正电荷沿直线先后从Ｃ点移动到A点和B点，在这两个过程中,均需要克服电场力做功,且做功的数值相等．下列说法正确的是（）A．A、B两点在同一个等势面上B．B点的电势低于C点的电势C．该电荷在A点的电势能大于在C点的电势能Ｄ.这一区域内的电场可能是在第Ⅳ象限内某位置的一个正点电荷所产生的11．如图所示，一块长度为a、宽度为b、厚度为d的金属导体，当加有与侧面垂直的匀强磁场B,且通以图示方向的电流I时，用电压表测得导体上、下表面MN间电压为U．已知自由电子的电量为e．下列说法中正确的是( )Ａ．M板比N板电势高B.导体单位体积内自由电子数越多,电压表的示数越大C．导体中自由电子定向移动的速度为D．导体单位体积内的自由电子数为12.图甲是回旋加速器的示意图,其核心部分是两个“D”形金属盒,在加速带电粒子时,两金属盒置于匀强磁场中,并分别与高频电源相连．带电粒子运动的动能E k随时间t的变化规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列说法正确的是（)Ａ.在E k﹣t图中应有t4﹣ｔ３=t３﹣t2=t２﹣t1B．高频电源的变化周期应该等于t n﹣ｔn﹣1C.要使粒子获得的最大动能增大，可以增大“D”形盒的半径D.在磁感应强度、“Ｄ”形盒半径,粒子的质量及其电荷量不变的情况下,粒子的加速次数越多，粒子的最大动能一定越大三、实验题（本题共２小题，每题１０分,共2０分)１3.用如图a所示的实验装置验证m1ｍ2组成的系统机械能守化，m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量,即可验证机械能守恒定律.如图b给出的是实验中获取的一条纸带:0是打下的第一个点．每相邻两计数点之间还有４个点(图中未标出），计数点间的距离如图所示.已知m l=50mｇ.ｍ2=150mg,（结果均保留两位有效数字)（1）在纸带上打下计数点5时的速度V＝m/s．（２）在打下第0个点到第5点的过程中系统动能的增量△E k＝J系统势能减少△Ｅp＝J(当地重力加速度g约为9.8m/s２)（3)若某同学作出v２﹣h图象如图ｃ所示，则当地的重力加速度ｇ＝ｍ／s2．１4．某研究性学习小组欲较准确地测量一电池组的电动势及其内阻．给定的器材如下:A．电流表G(满偏电流10mA,内阻10Ω）B.电流表A（０～0.6A～3A，内阻未知)C．滑动变阻器R０(０~１00Ω，１Ａ)D.定值电阻R(阻值9９0Ω）E．多用电表F.开关与导线若干(1)某同学首先用多用电表的直流10V挡粗略测量电池组的电动势，电表指针如右图所示,则该电表读数为V．(2)该同学再用提供的其他实验器材，设计了如下图甲所示的电路，请你按照电路图在图乙上完成实物连线．(3)图丙为该同学根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的Ｉ1﹣I2图线(I１为电流表G的示数，Ｉ２为电流表A的示数),则由图线可以得到被测电池组的电动势E= V,内阻r= Ω(保留2位有效数字）．四、计算题（本题共3小题，共40分)１5.如图所示,空间有场强E=1.0×102V/m竖直向下的电场，长L＝0．8m不可伸长的轻绳固定于Ｏ点．另一端系一质量m=0．５ｋg带电ｑ=５×10﹣2C的小球．拉起小球至绳水平后在Ａ点无初速度释放，当小球运动至O点的正下方B点时绳恰好断裂,小球继续运动并垂直打在同一竖直平面且与水平面成θ=53°、无限大的挡板MＮ上的C点．试求：(1)绳子的最大张力；(2）A、C两点的电势差；（３)当小球运动至C点时，突然施加一恒力Ｆ作用在小球上,同时把挡板迅速水平向右移至某处,若小球仍能垂直打在档板上，所加恒力F的方向及取值范围．16.如图所示,宽为L=2ｍ、足够长的金属导轨MN和Ｍ′N′放在倾角为θ=3０°的斜面上，在N和Ｎ′之间连有一个阻值为R＝1.2Ω的电阻，在导轨上AA’处放置一根与导轨垂直、质量为m=０．8kｇ、电阻为ｒ=０.4Ω的金属滑杆，导轨的电阻不计．用轻绳通过定滑轮将电动小车与滑杆的中点相连,绳与滑杆的连线平行于斜面,开始时小车位于滑轮的正下方水平面上的Ｐ处(小车可视为质点)，滑轮离小车的高度H=4.0ｍ．在导轨的NN′和OO′所围的区域存在一个磁感应强度B=1.０T、方向垂直于斜面向上的匀强磁场，此区域内滑杆和导轨间的动摩擦因数为μ=，此区域外导轨是光滑的．电动小车沿PS方向以v=1．0m/s 的速度匀速前进时,滑杆经d＝1ｍ的位移由ＡA′滑到OO′位置．(ｇ取１0m/s2)求：(1）请问滑杆ＡＡ′滑到ＯO′位置时的速度是多大?(2)若滑杆滑到OO′位置时细绳中拉力为10.1N,滑杆通过OＯ′位置时的加速度？（３）若滑杆运动到ＯO′位置时绳子突然断了,则从断绳到滑杆回到AA′位置过程中,电阻Ｒ上产生的热量Q为多少？(设导轨足够长,滑杆滑回到ＡA’时恰好做匀速直线运动．)17.如图1所示,一端封闭的两条平行光滑长导轨相距L,距左端L处的右侧一段被弯成半径为的四分之一圆弧，圆弧导轨的左、右两段处于高度相差的水平面上．以弧形导轨的末端点O为坐标原点,水平向右为x轴正方向,建立Ox坐标轴.圆弧导轨所在区域无磁场;左段区域存在空间上均匀分布,但随时间t均匀变化的磁场B(t),如图2所示;右段区域存在磁感应强度大小不随时间变化，只沿x方向均匀变化的磁场B(x）,如图3所示;磁场B（t)和B（x)的方向均竖直向上.在圆弧导轨最上端，放置一质量为m的金属棒ａb,与导轨左段形成闭合回路，金属棒由静止开始下滑时左段磁场B（t)开始变化，金属棒与导轨始终接触良好，经过时间t0金属棒恰好滑到圆弧导轨底端.已知金属棒在回路中的电阻为R,导轨电阻不计,重力加速度为ｇ.（1)求金属棒在圆弧轨道上滑动过程中,回路中产生的感应电动势E;（２）如果根据已知条件，金属棒能离开右段磁场B（x）区域,离开时的速度为ｖ,求金属棒从开始滑动到离开右段磁场过程中产生的焦耳热Ｑ;（3）如果根据已知条件，金属棒滑行到ｘ=x１位置时停下来,a．求金属棒在水平轨道上滑动过程中通过导体棒的电荷量ｑ；b．通过计算,确定金属棒在全部运动过程中感应电流最大时的位置．2021年浙江省杭州市五校联盟高考物理“一诊”试卷参考答案与试题解析一、选择题(本题共8小题,每小题3分,共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的) 1．下列说法中不正确的是( )A.在高大的建筑物顶端安装的避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施Ｂ.超高压带电作业的工人穿戴的用包含金属丝织物制成的工作服可以起到静电屏蔽的作用C．法拉第首先提出了电荷周围存在电场的观点D.安培通过实验发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系【考点】物理学史．【分析】1、雷电是云层与大地之间或云层之间的放电现象，在高大的建筑物上安装避雷针,可使云层所带电荷通过避雷针进入大地,从而保护建筑物不受雷击.2、带电作业屏蔽服又叫等电位均压服,是采用均匀的导体材料和纤维材料制成的服装．其作用是在穿用后,使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面,从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害．3．奥斯特通过实验发现了电流的磁效应,首次揭示了电与磁的联系.【解答】解：A、避雷针,又名防雷针，是用来保护建筑物物等避免雷击的装置．在高大建筑物顶端安装一根金属棒，用金属线与埋在地下的一块金属板连接起来,利用金属棒的尖端放电，使云层所带的电和地上的电中和,从而不会引发事故．故A正确.B、超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的,这种工作服叫屏蔽服,其作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害.故Ｂ正确.C、在对电场的研究中，法拉第首先提出了电荷周围存在电场的观点.故C正确;D、奥斯特通过实验发现了电流的磁效应,首次揭示了电与磁的联系．故D不正确.本题选择不正确的,故选：D.【点评】本题考查有关静电应用和防止等知识点的内容，要求同学们能用物理知识解释生活中的现象，难度不大，属于基础题.２．如图所示，物体A在竖直向上的拉力F的作用下能静止在斜面上，关于A受力的个数,下列说法中正确的是( ）A.A一定受两个力作用ﻩB.A一定受四个力作用C．Ａ可能受三个力作用ﻩＤ.A受两个力或者四个力作用【考点】物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题.【分析】分物体进行受力分析,由共点力的平衡条件可知物体如何才能平衡；并且分析拉力与重力的大小关系,从而确定A受力的个数．【解答】解:若拉力Ｆ大小等于物体的重力,则物体与斜面没有相互作用力，所以物体就只受到两个力作用;若拉力Ｆ小于物体的重力时，则斜面对物体产生支持力和静摩擦力，故物体应受到四个力作用;故选:Ｄ．【点评】解力学题,重要的一环就是对物体进行正确的受力分析．由于各物体间的作用是交互的,任何一个力学问题都不可能只涉及一个物体，力是不能离开物体而独立存在的．所以在解题时,应画一简图，运用“隔离法”，进行受力分析．3.如图所示，有一带电量为+q的点电荷与均匀带电圆形薄板相距为2ｄ,＋ｑ到带电薄板的垂线通过板的圆心．若图中ａ点处的电场强度为零,则图中b点处的电场强度大小是( ）Ａ.ﻩB.ﻩC.0ﻩD.【考点】电场强度；电场的叠加.【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】据题,a点处的电场强度为零，+q与带电薄板在a点产生的场强大小相等，方向相反．＋q在a 处产生的场强大小为E＝ｋ,得到带电薄板在a点产生的场强大小,根据对称性，确定带电薄板在b点产生的场强大小.＋q在b处产生的场强大小为Ｅ=k，再根据叠加原理求解b点处的电场强度大小.【解答】解：＋q在ａ处产生的场强大小为Ｅ＝k,方向水平向左．据题，a点处的电场强度为零,+q与带电薄板在ａ点产生的场强大小相等,方向相反，则带电薄板在a点产生的场强大小为E=k，方向水平向右．根据对称性可知，带电薄板在b点产生的场强大小为Ｅ=k，方向水平向左.+q在ｂ处产生的场强大小为E=k,方向水平向左,则b点处的电场强度大小是E b＝＋k.故选Ａ【点评】本题考查电场的叠加,关键要抓住带电薄板产生的电场的对称性．4.如图所示，质量为ｍ的物块从A点由静止开始下落,加速度是，下落H到B点后与一轻弹簧接触,又下落h后到达最低点C，在由A运动到C的过程中，空气阻力恒定，则（）A．物块机械能守恒Ｂ．物块和弹簧组成的系统机械能守恒C．物块机械能减少ｍｇ(Ｈ+h)D.物块和弹簧组成的系统机械能减少ｍｇ（H+h)【考点】机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】根据机械能守恒条件求解．由Ａ运动到C的过程中,物体的动能变化为零,重力势能减小量等于机械能的减小量．整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的功．【解答】解：Ａ、对于物体来说，从Ａ到Ｃ要克服空气阻力做功，从B到Ｃ又将一部分机械能转化为弹簧的弹力势能,因此机械能肯定减少.故Ａ错误．B、对于物块和弹簧组成的系统来说,物体减少的机械能为（克服空气阻力所做的功＋弹簧弹性势能),而弹簧则增加了弹性势能，因此整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的功.故B错误．Ｃ、由A运动到C的过程中，物体的动能变化为零,重力势能减小量等于机械能的减小量．所以物块机械能减少mｇ（H＋h），故Ｃ错误．D、物块从A点由静止开始下落,加速度是g,根据牛顿第二定律得:f=mg﹣ｍa=mg，所以空气阻力所做的功﹣mg（H+h)，整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的功，所以物块、弹簧和地球组成的系统机械能减少mg(H+h）,故D正确，故选：D.【点评】本题是对机械能守恒条件的直接考查,掌握住机械能守恒的条件即可，注意题目中的研究对象的选择．学会运用能量守恒的观点求解问题,知道能量是守恒的和能量的转化形式.5.一根质量为m、长为Ｌ的均匀链条一半放在光滑的水平桌面上，另一半挂在桌边,桌面足够高，如图(a）所示．若在链条两端各挂一个质量为的小球，如图（b)所示.若在链条两端和中央各挂一个质量为的小球,如图（c）所示．由静止释放,当链条刚离开桌面时,图（a）中链条的速度为v a，图(ｂ）中链条的速度为v b，图（c）中链条的速度为v c（设链条滑动过程中始终不离开桌面,挡板光滑)．下列判断中正确的是( ）A.ｖa=vｂ=ｖｃB.v a<vｂ<vｃＣ.v a＞v b＞v cﻩD．vａ>v c>v b【考点】机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题.【分析】在运动的过程中，对整个系统而言，机械能守恒．抓住系统重力势能的减小量等于动能的增加量，分别求出离开桌面时的速度．【解答】解:铁链释放之后,到离开桌面,由于桌面无摩擦，对两次释放,桌面下方Ｌ处为0势能面.则释放前,系统的重力势能为第一次，E p1＝mgL+mg•＝第二次,Ｅp2＝(m＋m）ｇL+mg•+mg＝第三次，Ｅp3=（m+m)gL+mg•+mg＝释放后E p１'=ｍgEｐ2'=ｍgＬ+mg＝mgLE p3＇=ｍgＬ+mg+=ｍgL则损失的重力势能△E p1=ｍgL△Eｐ2=mgＬ△E p３=ｍgＬ那么△Eｐ1=ｍv a２△Eｐ２=(2m)ｖb2△E p3=(２．5ｍ)v c2解得：vａ2=v b２=vｃ2=显然v a２>v c2>v b2，所以v a>v c>ｖb,故选D【点评】解决本题的关键知道系统机械能守恒,抓住系统重力势能的减小量等于系统动能的增加量进行求解.6.如图所示，为A.Ｂ两电阻的伏安特性曲线,关于两电阻的描述正确的是( ）Ａ.电阻A的电阻随电流的增大而减小,电阻B阻值不变B．在两图线交点处,电阻A的阻值等于电阻BC.在两图线交点处,电阻A的阻值大于电阻BD．在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B【考点】路端电压与负载的关系；欧姆定律.【专题】恒定电流专题．【分析】在U﹣Ｉ图象中，图象的斜率表示电阻；两线交点时电流和电压相等，则由欧姆定律可求得电阻相等.【解答】解:A、由图可知,电阻Ａ的图象的斜率越来越大，故Ａ的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变;故A错误；BCD、两图象的交点处,电流和电压均相同，则由欧姆定律可知，两电阻的阻值大小相等；故B正确，CD 错误；故选:Ｂ．【点评】本题考查伏安特性曲线的应用，要注意明确U﹣I图象中图象的斜率表示电阻;斜率变大时,电阻增大.７．如图所示，在置于匀强磁场中的平行导轨上,横跨在两导轨间的导体杆PＱ以速度ｖ向右匀速移动，已知磁场的磁感强度为B、方向垂直于导轨平面（即纸面）向外，导轨间距为ｌ,闭合电路aｃQPa中除电阻Ｒ外,其他部分的电阻忽略不计,则（)Ａ．电路中的感应电动势E＝IlBB.电路中的感应电流I＝Ｃ.通过电阻Ｒ的电流方向是由a向cD．通过PQ杆中的电流方向是由Q向P【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】电磁感应与电路结合.【分析】由公式E=BLｖ可以求出感应电动势;由欧姆定律可以求出感应电流；由右手定则可以判断出感应电流的方向．【解答】解:A、导体棒垂直切割磁感线,产生的感应电动势为:E=Blｖ，故Ａ错误；Ｂ、电路中的感应电流为:I==，故B正确;CD、由右手定则可知,PQ中产生的感应电流从P流向Ｑ，通过Ｒ的电流方向从c流向a，故Ｃ、D错误;故选：Ｂ.【点评】熟练应用公式E＝ＢLv、右手定则即可正确解题,本题难度不大，是一道基础题．8．如图所示，两个完全相同且相互绝缘、正交的金属环，可沿轴线ＯO′自由转动,现通以图示方向电流,沿OO′看去会发现（）A．A环、B环均不转动Ｂ．A环将逆时针转动,B环也逆时针转动,两环相对不动C.A环将顺时针转动,Ｂ环也顺时针转动，两环相对不动D.Ａ环将顺时针转动,B环将逆时针转动,两者吸引靠拢至重合为止【考点】平行通电直导线间的作用．【专题】定性思想；归纳法;带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】根据安培定则判断出通电圆环a的周围有磁场，通电圆环b放在了通电圆环a的磁场内,受到磁场的作用,根据左手定则就可以判断出相互作用力．【解答】解：由安培定则可得,A环产生的磁场的方向向下,B环产生的磁场的方向向左,两个磁场相互作用后有磁场的方向趋向一致的趋势,所以Ａ环顺时针转动，B环逆时针转动.二者相互靠拢．直至重合;故D正确,ＡBC错误．故选：D【点评】本题考查了电流的磁场、磁场对电流的作用,只是要求灵活运用所学知识.要注意利用“两个磁场相互作用后有磁场的方向趋向一致的趋势”是解题的最佳方法．二、多项选择题（本题共4小题，共16分.在每小题给出的四个选项中,有多个选项正确,全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得０分）９.如图所示，质量为m的长方体物块放在水平放置的钢板Ｃ上，物块与钢板间的动摩擦因数为μ,由于光滑固定导槽A、B的控制,该物块只能沿水平导槽运动．现使钢板以速度v1向右匀速运动,同时用水平力Ｆ拉动物块使其以速度v2(v2的方向与ｖｌ的方向垂直,沿y轴正方向)沿槽匀速运动,以下说法正确的是( ）A．若拉力Ｆ的方向在第一象限，则其大小一定大于μmgB．若拉力F的方向在第二象限,则其大小可能小于μmgＣ．若拉力F的方向沿y轴正方向，则此时Ｆ有最小值,其值为D．若拉力F的方向沿ｙ轴正方向，则此时F有最小值,其值为【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】明确工件所受滑动摩擦力的大小和方向，注意滑动摩擦力的方向是和物体的相对运动相反，正确判断出工件所受摩擦力方向,然后根据其运动状态即可正确求解该题．【解答】解：工件有相对于钢板水平向左的速度v１和沿导槽的速度v2，故工件相对于钢板的速度如图所示,滑动摩擦力方向与相对运动方向相反,所以有:F=fｃosθ=μmgｃｏｓθ，因此Ｆ的大小为μmｇ＜μmｇ故选BD【点评】注意正确分析滑动摩擦力的大小和方向，其大小与正压力成正比,方向与物体相对运动方向相反,在具体练习中要正确应用该规律解题10.如图所示，在平行于ｘｏy平面的区域内存在着电场，一个正电荷沿直线先后从Ｃ点移动到A点和B 点,在这两个过程中，均需要克服电场力做功,且做功的数值相等．下列说法正确的是( )A.A、B两点在同一个等势面上B．B点的电势低于C点的电势Ｃ.该电荷在Ａ点的电势能大于在C点的电势能D.这一区域内的电场可能是在第Ⅳ象限内某位置的一个正点电荷所产生的【考点】电势能;电势;等势面．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由题，电荷沿直线先后从C点移动到A点和B点,克服电场力做功的数值相等,由电场力做功的公式W=qＵ可判断出A、B电势关系.克服电场力做功，电荷的电势能增大．此电场可能是由处于ＡB连线中垂线上第Ⅳ象限内某位置的一个正点电荷所产生的.【解答】解：A、由题,电荷沿直线先后从C点移动到A点和Ｂ点，克服电场力做功的数值相等，由电场力做功的公式W=ｑU可判断出C、Ａ间电势差与C、B间电势差相等，则A、Ｂ两点的电势相等，两点在同一个等势面上.故A正确.B、由于电场力做负功，电荷的电势能增大,而电荷带正电,正电荷在电势高处电势能大，则B点的电势高于C点的电势.故B错误.C、从C到A过程，电荷克服电场力做功,电荷的电势能增大，则电荷在A点的电势能大于在C点的电势能．故C正确．D、根据ＡB两点电势相等分析，此电场可能是由处于AB连线中垂线上第Ⅳ象限内某位置的一个正点电荷所产生的.故Ｄ正确.故选ACD【点评】本题考查对电场力做功与电势能变化、电势差等关系的理解和应用能力,中等难度．１1．如图所示，一块长度为ａ、宽度为b、厚度为d的金属导体,当加有与侧面垂直的匀强磁场B，且通以图示方向的电流Ｉ时,用电压表测得导体上、下表面MＮ间电压为U．已知自由电子的电量为e.下列说法中正确的是（）Ａ.M板比N板电势高。

浙江省杭州市2021届新高考物理模拟试题（1）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，AC 、BD 为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O ，半径为R ，将等电量的异种点电荷Q 放在圆周上，它们的位置关于AC 对称，+Q 与O 点的连线和OC 间夹角为30°，静电常量为k ，则（ ）A ．O 点的电场强度大小为2Q k RB ．O 点的电场强度方向由O 指向AC ．O 点电势小于C 点电势D ．试探电荷q 从B 点移到D 点过程中，电势能始终不变【答案】A【解析】【详解】AB ．两电荷在O 点的场强大小为E 1=E 2=k 2Q R夹角为120°根据平行四边形定则知合场强为E=E 1=E 2=k 2Q R方向平行两个电荷的连线向右，故A 正确，B 错误；C ．等量正负点电荷连线的中垂线上电势相等，因而φO =φC ，故C 错误；D ．如果只有+Q 存在，则B 点电势大于D 点电势；如果只有-Q 存在，同样是B 点电势大于D 点电势；由于电势是标量，所以两个场源电荷同时存在时，依然有B 点电势大于D 点电势，故试探电荷q 从B 点移到D 点过程中，电势能是变化的，故D 错误。

故选A 。

2．2019年北京时间4月10日21时，人类历史上首张黑洞照片被正式披露，引起世界轰动。

黑洞是一类特殊的天体，质量极大，引力极强，在它附近（黑洞视界）范围内，连光也不能逃逸，并伴随着很多新奇的物理现象。

传统上认为，黑洞“有进无出”，任何东西都不能从黑洞视界里逃逸出来，但霍金、贝肯斯坦等人经过理论分析，认为黑洞也在向外发出热辐射，此即著名的“霍金辐射”，因此可以定义一个“ 黑洞温度"T”。

T=38hc KGMπ其中T 为“黑洞”的温度，h 为普朗克常量，c 为真空中的光速，G 为万有引力常量，M 为黑洞的质量。

K 是一个有重要物理意义的常量，叫做“玻尔兹曼常量”。

浙江省杭州市2021届新高考中招适应性测试卷物理试题（2）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．我国计划在2020年发射首个火星探测器，实现火星环绕和着陆巡视探测。

假设“火星探测器”贴近火星表面做匀速圆周运动，测得其周期为T 。

已知引力常量为G ，由以上数据可以求得（ ） A ．火星的质量B ．火星探测器的质量C ．火星的第一宇宙速度D ．火星的密度【答案】D【解析】【详解】AC ．根据2224Mm G m R R T π=和2v mg m R=可知，因缺少火星的半径，故无法求出火星的质量、火星的第一宇宙速度，选项AC 均错误；B ．根据上式可知，火星探测器的质量m 被约去，故无法求出其质量，B 错误；D ．根据2224Mm G m R R Tπ= 可得2324R M GTπ= 又343M V R ρρπ== 代入上式可知，火星的密度23GT πρ= 故可求出火星的密度，D 正确。

故选D 。

2．在竖直平面内有一条抛物线，在抛物线所在平面建立如图所示的坐标系。

在该坐标系内抛物线的方程为24y x =，在y 轴上距坐标原点 1.5m h =处，向右沿水平方向抛出一个小球，经0.5s 后小球落到抛物线上。

则小球抛出时的速度大小为（g 取210m/s ）A ．1m/sB ．0.75m/sC ．0.5m/sD ．0.25m/s【答案】C【解析】【详解】 小球做平抛运动，如图所示在竖直方向有212h y gt -= 在水平方向有0x v t =由题意得24y x =联立解得小球抛出时的速度大小为00.5m/s v =故A 、B 、D 错误，C 正确；故选C 。

3．如图所示，一个钢球放在倾角为30︒的固定斜面上，用一竖直的挡板挡住，处于静止状态。

各个接触面均光滑。

关于球的重力大小G 、球对斜面的压力大小F N1、球对挡板的压力大小F N2间的关系，正确的是（ ）A ．F N1>GB ．F N2>GC ．F N2=GD ．F N1<F N2【答案】A【解析】【分析】【详解】以球为研究对象，球受重力、斜面和挡板对球体的支持力F 1和F 2，由平衡条件知，F 1和F N2的合力与G 等大、反向、共线，作出力图如图所示，根据平衡条件，有123cos30G G F ︒== 23tan 30F G ︒==根据牛顿第三定律可知，球对斜面的压力大小N113cos303G G F F G ︒===> 球对挡板的压力大小N223tan 303F FG G G ︒===< 则 N1N2F F >故A 正确，BCD 错误。

浙江省杭州市2021届新高考物理一模试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图甲所示为历史上著名的襄阳炮，因在公元1267-1273年的宋元襄阳之战中使用而得名，其实质就是一种大型抛石机。

它采用杠杆式原理，由一根横杆和支架构成，横杆的一端固定重物，另一端放置石袋，发射时用绞车将放置石袋的一端用力往下拽，而后突然松开，因为重物的牵缀，长臂会猛然翘起，石袋里的巨石就被抛出。

将其工作原理简化为图乙所示，横杆的质量不计，将一质量m=10kg ，可视为质点的石块，装在横杆长臂与转轴O 点相距L=5m 的末端口袋中，在转轴短臂右端固定一重物M ，发射之前先利用外力使石块静止在地面上的A 点，静止时长臂与水平面的夹角α=37°，解除外力后石块被发射，当长臂转到竖直位置时立即停止运动，石块被水平抛出，落在水平地面上，石块落地位置与O 点的水平距离s=20m ，空气阻力不计，g 取10m/s 2。

则（ ）A ．石块水平抛出时的初速度为5B ．石块水平抛出时的初速度为20m/sC ．从A 点到最高点的过程中，长臂对石块做的功为2050JD ．从A 点到最高点的过程中，长臂对石块做的功为2500J 【答案】C 【解析】 【详解】AB ．石块被抛出后做平抛运动，竖直高度为21sin 2h L L gt α=+=可得2(sin )210s 5L L t g α+==水平方向匀速直线运动0s v t =可得平抛的初速度为0510m/s v =故AB 错误；C D ．石块从A 点到最高点的过程，由动能定理20102W mgh mv -=-解得长臂对石块做的功为2012050J 2W mgh mv =+=故C 正确，D 错误。

故选C 。

2．有关量子理论及相关现象，下列说法中正确的是（ ） A ．能量量子化的观点是爱因斯坦首先提出的B ．在光电效应现象中，遏止电压与入射光的频率成正比C ．一个处于n ＝4激发态的氢原子向基态跃迁时，最多能辐射出3种频率的光子D ．α射线、β射线、γ射线都是波长极短的电磁波 【答案】C 【解析】 【详解】A ．能量量子化的观点是普朗克首先提出的，选项A 错误；B ．在光电效应现象中，根据光电效应方程=km E hv W U e =-遏制逸出功，可知遏止电压与入射光的频率是线性关系，但不是成正比，选项B 错误；C ．一个处于n ＝4激发态的氢原子向基态跃迁时，最多能辐射出3种频率的光子，分别对应于4→3，3→2，2→1，选项C 正确；D ．α射线、β射线不是电磁波，只有γ射线是波长极短的电磁波，选项D 错误； 故选C 。