吉林市普通中学2017-2018学年度高中毕业班第一次调研测试物理

吉林省吉林市普通中学高三第一次调研测试物理试卷（，有解析）1.D2.C3.B4.B5.D6.C7.C8.B9.BD 10.CD 11.ABC 12.BD 13.（6分）(1)B （2分） (2)F ′（2分）（3）偏大（2分）14.（12分）（1）1.82J （2分），1.71J （2分）；（2）系统（2分） 大于（2分）（3）先开释重物再接通打点计时器（或：纸带打出第一个点时初速度不为零）（2分） 等于（2分）15.（12分）巡逻车做减速需要的时刻：v x t 11=（1分）20tvv v +=（1分）1t =5s(2分） 巡逻车加速的时刻：202a v v t t -=＝4 s （2分） 加速的位移：22222a v v x t -=＝24 m （2分）巡逻车通过的总位移21x x x +=＝54m （1分） 巡逻车匀速通过这段距离所用的时刻v x t =＝5.4 s （1分）多用的时刻Δt ＝t1＋t2－t ＝3.6s （2分）（16分） 反弹后到上升至最高点过程中，由机械能守恒定律有：162121hmgmv =（2分）小球A 反弹后瞬时由牛顿第二定律有：h v mmg F 2=-（2分） 解得：mgF 89=（1分） 小球A 由开释到最低点过程中由机械能守恒定律有：221mv mgh =（2分）小球A 与物块在碰撞过程中由动量守恒定律有：125mv mv mv -=（2分） 422gh v =（1分）小球A 与物块在碰撞过程中由系统能守恒定律有：222125212121mv mv mv E --=∆（2分） 解得：85mgh E =∆（1分） 物块从碰撞后开始在水平面上克服地面摩擦做匀减速运动，由动量定理有：2505-mgv mgt -=μ（2分） 解得:g gh t μ42=（1分）(16分）（1）由乙图知，m 、M 一起运动的最大外力Fm=25N ， 当F>25N 时，m 与M 相对滑动，对m 由牛顿第二定律有：，（2分）由乙图知解得：；（1分）（2）对M 由牛顿第二定律有：（1分）即（1分）乙图知：解得：M = 4 kg （1分）μ2=0. 1（1分）（3）由于F=29N>25N ，因此从开始m 就与M 相对滑动对地向左做匀加速运动，加速度为1a ，M 加速度为2a M 的加速度大小（1分）方向向左， 在m 没有滑落板之前M 的位移大小212221t a x =（1分）m 的位移大小211121t a x =（1分）家庭是幼儿语言活动的重要环境，为了与家长配合做好幼儿阅读训练工作，小孩一入园就召开家长会，给家长提出早期抓好幼儿阅读的要求。

吉林省高三理综第一次调研考试试卷（物理部分）D卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共5题；共5分)1. （1分）质量为1 kg的物体从某一高度自由下落，则该物体下落1 s内(物体还未着地)重力做功的平均功率为(g取10 m/s2)（）A . 25 WB . 50 WC . 75 WD . 100 W2. （1分） (2017高二上·合肥期中) 在如图所示的实验装置中，充电后的平行板电容器的A极板与灵敏的静电计相接，极板B接地．若极板B稍向右移动一点，由观察到静电计指针的变化，作出电容器电容变大的依据是（）A . 两极间的电压不变，极板上电荷量变小B . 两极间的电压不变，极板上电荷量变大C . 极板上的电荷量几乎不变，两极间的电压变小D . 极板上的电荷量几乎不变，两极间的电压变大3. （1分） (2018高一下·通海期中) 如图所示，两个倾角为60°的斜面体，底端接触放在同一水平面上，斜面体的高都为h.现在左侧斜面顶端以一定的初速度水平抛出一个小球，结果小球恰好垂直地打在右侧的斜面上，则小球的初速度为（）A .B .C .D .4. （1分） (2019高一上·丰台期中) 一物体沿直线运动，其速度v随时间t变化的图象如图所示．由图象可知（）A . 在2s末物体运动的速度大小为5m/sB . 在0~2s内物体运动的加速度大小为10m/s2C . 在0~4s内物体运动的位移大小为30mD . 在0~4s内物体运动的位移大小为40m5. （1分） (2017高二下·宜昌期中) 在垂直于纸面的匀强磁场中，有一原来静止的原子核，该核衰变后，放出的带电粒子和反冲核的运动轨迹如图a、b所示，由图可知（）A . 该核发生的是α衰变B . 该核发生的是β衰变C . 磁场方向一定垂直纸面向里D . 磁场方向一定垂直纸面向外二、多选题 (共5题；共5分)6. （1分） (2017高一上·黑龙江期中) 如图所示，小物体在竖直向上的恒力F作用下保持静止，则下面对物体受力情况分析正确的是（）A . 物体a可能受四个力作用B . 物体a一定受两个力作用C . 物体a与墙壁间一定存在弹力D . 物体a与墙壁间一定不存在摩擦力7. （1分） (2019高三上·河北月考) 如图甲所示是含有理想调压变压器的电路图，原线圈A、B端的输入电压如图乙所示，电压表、电流表均为理想电表。

吉林省高三上学期物理第一次调研考试试卷（II）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共15题；共36分)1. （2分） (2016高一上·吉安期中) 下列对力和运动的认识错误的是（）A . 亚里士多德认为只有当物体受到力的作用才会运动B . 伽利略认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体速度的原因C . 伽利略认为物体下落的快慢与物体的质量没有关系D . 伽利略的比萨斜塔实验经过严谨的考证，只是一个美丽的传说，但这并不影响他在科学界的地位2. （2分） (2019高一上·丰台期中) 如图为某物体做直线运动的图像，关于物体在前4s的运动情况，下列说法正确的是（）A . 物体始终向同一方向运动B . 物体的加速度大小不变，方向与初速度方向相同C . 物体在前2s内做加速运动D . 物体在前2s内做减速运动3. （2分）(2016·葫芦岛模拟) 如图所示，置于固定斜面上的两物体M，N保持静止，现用一垂直斜面向下的力F作用在物体N上，两物体仍处于静止状态，下列说法正确的是（）A . M物体可能会受四个力的作用B . 力F增大时M，N之间的摩擦力增大C . 力F增大时M与斜面之间的摩擦力增大D . 力F增大到一定值时M可能沿斜面向上运动4. （2分）如图所示，水平地面上的行李箱重100N，手对行李箱竖直向上的拉力为80N，则行李箱对地面的压力为（）A . 20NB . 80NC . 120ND . 180N5. （2分） (2017高二下·常州会考) 一种测定风作用力的仪器原理如图所示，它的细长金属丝一端固定于悬点O，另一端悬挂着一个质量为m金属球，无风时，金属丝自然下垂，当受到沿水平方向吹来的风时，金属丝将偏离竖直方向角度θ．风力越大，偏角越大，下列关于风力F与偏角θ、小球质量m之间的关系式正确的是（）A . F=mgtanθB . F=mgcosθC . F=mgsinθD . F=mgcotθ6. （2分） (2017高一上·中卫期末) 一轻杆BO，其O端用光滑铰链铰于固定竖直杆AO上，B端挂一重物，且系一细绳，细绳跨过杆顶A处的光滑小滑轮，用力F拉住，如图所示．现将细绳缓慢往左拉，使杆BO与杆AO间的夹角θ逐渐减小，则在此过程中，拉力F及杆BO所受压力FN的大小变化情况是（）A . FN先减小，后增大B . FN始终不变C . F先减小，后增大D . F逐渐不变7. （3分）(2017·天津模拟) 如图①所示，A、B两长方体叠放在一起，放在光滑的水平面上，物体B从静止开始受到一个水平变力的作用，该力与时间的关系如图②所示，运动过程中A、B始终保持相对静止．则在0～2t0时间内，下列说法正确的是（）A . t0时刻，A，B间的静摩擦力最大B . t0时刻，A，B的速度最大C . 0时刻和2t0时刻，A，B间的静摩擦力最大D . 2t0时刻，A，B离出发点最远8. （2分） (2017高一上·温州期末) 雨滴从空中由静止落下，若雨滴下落时空气对其的阻力随雨滴下落速度的增大而增大，下列图象可能正确反映雨滴下落运动情况的是（）A .B .C .D .9. （2分） (2016高二上·扬州开学考) 如图所示，两光滑硬杆水平放置，AOB成θ角，在两杆上各套上轻环P、Q，两环用细绳相连，现用恒力F沿OB方向拉环Q，当两环稳定时OB杆对Q环的弹力为（）A . FsinθB .C . FtanθD .10. （3分） (2020高一下·中山月考) 如图所示，有一木块A以某一速度自左端冲上静止的皮带运输机传送带上，然后以一较小的速度v自右端滑离传送带，若传送带在皮带轮带动下运动时，A仍以速度冲上传送带，设传送带速度小于A的初速度，但大于v，则（）A . 若皮带轮逆时针方向转动，A仍以速度v离开传送带的右端B . 若皮带轮逆时针方向转动，A可能到达不了传送带的右端C . 若皮带轮顺时针方向转动，A离开传送带时速度仍为vD . 若皮带轮顺时针方向转动，A离开传送带时速度大于v11. （3分） (2017高一上·天门期末) 物体m静止与斜面体M一起静止在水平面上．若将斜面的倾角A稍微增大一些，且物体m仍然静止在斜面上，则（）A . 斜面体对物体的支持力变小B . 斜面体对物体的摩擦力变大C . 水平面与斜面体间的摩擦力变大D . 水平面与斜面体间的摩擦力变小12. （3分） (2017高一上·铜仁期末) 下列哪组力同时作用在物体上能使物体做匀速直线运动是（）A . 3N，4N，8NB . 13N，15N，5NC . 7N，8N，9ND . 6N，17N，9N13. （3分） (2018高一上·湛江月考) 如图所示，轻弹簧的两端各受20N拉力F的作用，弹簧伸长了10cm （在弹性限度内）处于静止状态。

2018年长春市高中毕业班第一次调研测试物理试题参考答案及评分标准一、单项选择题：本大题包括10小题，每小题4分，共40分。

1．【答案】B【命题意图】考查学生对基本概念的理解和掌握。

【解析】有大小又有方向的量但运算不满足平行四边行定则，不是矢量，所以A 选项错误。

物体在恒力作用下不可能做圆周运动，所以C选项错误。

重力做的功等于重力势能增量的负值，所以D选项错误。

用拖把在上升的电梯中拖地板，拖把对电梯地板的滑动摩擦力方向与电梯的运动方向垂直，B选项正确。

c3Hyp9AVTH2．【答案】C【命题意图】考查学生对匀变速直线运动位移与时间、速度与时间函数关系的理解。

2 / 20【解 析】利用位移与时间的关系可知甲汽车做初速度为2m/s ，加速度为4m/s2的匀加速直线运动，利用速度与时间的关系可知乙汽车做初速度为12m/s ，加速度为2m/s2的匀加速直线运动，由匀变速运动规律可得两车速度大小相等的时刻为5s 末，所以A 、B 、D 选项错误，C 选项正确。

c3Hyp9AVTH 3．【答 案】A【命题意图】考查学生对共点力平衡问题的分析与计算的能力。

【解 析】小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，可知小物块与斜劈表面间的动摩擦因数tan30μ=︒，由小物块能沿着斜劈表面匀速上滑，沿斜面方向列平衡方程，可得tan 60F mg =︒，所以B 、C 、D 选项错误，A 选项正确。

c3Hyp9AVTH 4．【答 案】D【命题意图】考查学生运用牛顿第二定律判断物体运动状态的能力，以及结合物体运动状态判断v-t图象的能力。

c3Hyp9AVTH【解析】由图乙可知，F2的大小由F0先减小至零后增大至F0，物块所受的合力由零先增大至F0后减小至零，但合力方向始终水平向右。

物体的加速度由零增大至Fm后减小至零，方向始终水平向右。

由此判断，物块的速度与加速度始终共线同向，物块一直在加速运动，但加速度先增大后减小，对应的v-t图象的斜率应该先增大后减小。

长春市普通高中2017届高三质量检测（一）物理试题卷一、选择题（每小题4分，共48分，9--12为多选题）1、关于物理学研究方法，下列叙述正确的是 ( )A．伽利略在研究自由落体运动时采用了将微小量放大的方法B．探究加速度与物体质量、物体受力的关系时采用了控制变量法C．探究求合力方法的实验中使用了理想化的方法D．法拉第利用电场线描绘电场是利用了等效替代法2、甲、乙两辆汽车从同一地点出发,向同一方向行驶,它们的v—t图象如图所示,下列判断正确的是时刻前,甲车始终在乙车的前面A在t1B在t时刻前,乙车始终在甲车的前面1时刻前,乙车的速度始终比甲车增加得快C在t1时刻两车第一次相遇D在t13.如图所示,有一个正方形的匀强磁场区域abcd,e是ad的中点,f是cd的中点,如果在a 点沿对角线方向以速度v射入一带负电的粒子,最后粒子恰好从e点射出,则 ( )A如果粒子的速度增大为原来的二倍,将从d点射出B如果粒子的速度增大为原来的二倍,将从f点射出C如果粒子的速度不变,磁场的磁感应强度变为原来的二倍,也将从d点射出D只改变粒子的速度使其分别从e、d、f点射出时,从e点射出所用时间最短4、气象研究小组用图示简易装置测定水平风速。

在水平地面上竖直固定一直杆，半径为R、质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O，当水平风吹来时，球在风力的作用下飘起来。

已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，当风速V0=3m/S时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°，则（）A: 若测得θ=60°时，风速v=6m/sB: 若风速增大到某一值时，θ可能等于90°C: 若风速不变，换用半径变大、质量相同的球，则θ不变D: 若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，则θ减小5、不计空气阻力情形下将一物体以一定的初速度竖直上拋一物体，从拋出至回到拋出点的时间为2t，若在物体上升的最大高度的一半处设置一水平挡板，仍将该物体以相同的初速度竖直上抛，物体撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反。

吉林市普通中学-学年度高中毕业班第一次调研测试物理————————————————————————————————作者：————————————————————————————————日期：θ a吉林市普通中学2017—2018学年度高中毕业班第一次调研测试物 理（满分110分，答题时间90分钟）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷1至4页（12道题）第Ⅱ卷4至8页（6道题）考生注意：1.所有答案一律填写在“答题纸”对应的题号处，答在试卷上的无效。

2.考试结束，只交“答题纸”第Ⅰ卷（选择题 共48分）本卷共12小题，1—8题为单选，每题4分，不选或错选的得0分；9—12题为多选，每题4分，全选对的得4分，选对但不全得2分，有选错或不答的得0分。

将你的答案填写在 “答题纸”对应的题号处1. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，可以把物体简化为一个有质量的点，即质点。

物理学中，把这种在原型的基础上，突出问题的主要因素，忽略次要因素，经过科学 抽象而建立起来的客体称为 A ．理想模型B ．控制变量C ．等效代替D ．科学假说2. 如图所示，质量为m 的小球套在竖直固定的光滑圆环上，在圆环的最高点有一个光滑小孔，一根轻绳的下端系着小球，上端穿过小孔用力拉住，开始时绳与竖直方向夹角 为θ小球处于静止状态，现缓慢拉动轻绳，使小球沿光滑圆环上升一小段距离，则下 列关系正确的是A ．绳与竖直方向的夹角为 时，B ．小球沿光滑圆环上升过程中，轻绳拉力逐渐增大C ．小球沿光滑圆环上升过程中，小球所受支持力逐渐增大D ．小球沿光滑圆环上升过程中，小球所受支持力大小不变3. 在车上有一用硬杆做成的框架，其下端固定一质量为的小球, 小车在水平面上以加 速度运动，有关角度如图所示，下列说法正确的是 A ．小球受到的杆的弹力大小一定为 ，方向沿杆方向 B ．小球受到的杆的弹力大小一定为 ，方向沿杆方向 C ．小球受到的杆的弹力大小一定为 ，方向不一定沿杆方向cos mgθ22m g a +θcos F mg θ=m tanmg θaD ．小球受到的杆的弹力大小一定为 ，方向一定沿杆方向 4. 甲、乙两球质量分别为 、 ，从同一地点(足够高)同时由静止释放。

2016-2017学年吉林省长春市普通高中高三（上）第一次质检物理试卷一、选择题（每小题5分，共48分，9--12为多选题）1．关于物理学研究方法，下列叙述正确的是（）A．伽利略在研究自由落体运动时采用了将微小量放大的方法B．探究加速度与物体质量、物体受力的关系时采用了控制变量法C．探究求合力方法的实验中使用了理想化的方法D．法拉第利用电场线描绘电场是利用了等效替代法2．甲、乙两辆汽车从同一地点出发，向同一方向行驶，它们的v﹣t图象如图所示，下列判断正确的是（）A．在t1时刻前，甲车始终在乙车的前面B．在t1时刻前，乙车始终在甲车的前面C．在t1时刻前，乙车的速度始终比甲车增加得快D．在t1时刻两车第一次相遇3．如图所示，有一个正方形的匀强磁场区域abcd，e是ad的中点，f是cd的中点，如果在a点沿对角线方向以速度v射入一带负电的带电粒子（带电粒子重力不计），恰好从e点射出，则（）A．如果粒子的速度增大为原来的二倍，将从d点射出B．如果粒子的速度增大为原来的三倍，将从f点射出C．如果粒子的速度不变，磁场的磁感应强度变为原来的二倍，也将从d点射出D．只改变粒子的速度使其分别从e、d、f点射出时，从e点射出所用时间最短4．气象研究小组用图示简易装置测定水平风速．在水平地面上竖直固定一直杆，半径为R、质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O，当水平风吹来时，球在风力的作用下飘起来．已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，当风速v0=3m/s时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°．则（）A．θ=60°时，风速v=6m/sB．若风速增大到某一值时，θ可能等于90°C．若风速不变，换用半径变大、质量不变的球，则θ不变D．若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，则θ减小5．不计空气阻力情形下将一物体以一定的初速度竖直上拋一物体，从拋出至回到拋出点的时间为2t，若在物体上升的最大高度的一半处设置一水平挡板，仍将该物体以相同的初速度竖直上抛，物体撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反．撞击所需时间不计，则这种情况下物体上升和下降的总时间约为（）A．0.2t B．0.3t C．0.5t D．0.6t6．2016年2月11日，美国科学家宣布探测到引力波，证实了爱因斯坦100年前的预测，弥补了爱因斯坦广义相对论中最后一块缺失的“拼图”．双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由a、b两颗星体组成，这两颗星绕它们连线的某一点在万有引力作用下作匀速圆周运动，测得a星的周期为T，a、b两颗星的距离为l、a、b两颗星的轨道半径之差为△r（a星的轨道半径大于b星的），则（）A．b星的周期为TB．a星的线速度大小为C．a、b两颗星的半径之比为D．a、b两颗星的质量之比为7．如图在x轴的﹣3a和3a两处分别固定两个电荷Q A、Q B，图中曲线是两电荷之间的电势Φ与位置x之间的关系图象，图中x=a处为图线的最低点．线于在x=2a处由静止释放一个质量为m、带电荷量为q的正电点电荷，该电荷只在电场力作用下运动．下列有关说法正确的是（）A．x=a处电场强度为零，该电荷运动至此处时速度最大B．两点电荷Q A：Q B=3：1C．该电荷一定通过x=a处，但不能到达x=2a处D．该电荷以x=a为中点做往复运动8．如图甲所示，理想变压器的原线圈电路中装有0.5A的保险丝L，原线圈匝数n1=600匝，副线圈匝数n2=120匝．当原线圈接在如图乙所示的交流电源上，要使整个电路和用电器正常工作，则副线圈两端可以接（）A．阻值为12Ω的电阻B．并联两盏的“36V 40W”灯泡C．工作频率为10Hz的用电设备D．耐压值为36V的电容器9．磁流体发电机，又叫等离子体发电机，图中的燃烧室在3000K的高温下将气体全部电离为电子和正离子，即高温等离子体．高温等离子体经喷管提速后以1000m/s进人矩形发电通道．发电通道有垂直于喷射速度方向的匀强磁场，磁感应强度为6T．等离子体发生偏转，在两极间形成电势差．已知发电通道长a=50cm，宽b=20cm，高d=20cm，等离子体的电阻率ρ=2Ω•m．则以下判断中正确的是（）A．发电机的电动势为1200VB．因不知道高速等离子体为几价离子，故发电机的电动势不能确定C．当外接电阻为8Ω时，发电机的效率最高D．当外接电阻为4Ω时，发电机输出功率最大10．如图所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度．下列操作可使指针张开角度增大一些的是（）A．保持开关S闭合，将R上的滑片向右移动B．保持开关S闭合，将A、B两极板间距稍许增大C．断开开关S后，将A、B两极板间距稍许增大D．断开开关S后，将A、B两极板的正对面积稍许减小11．如图所示，一光滑绝缘斜面体ABC处于水平向右的匀强电场中长为AB长0.5m、倾角为θ=37°．一带电荷量为+q，质量为m的小球（可视为质点），以初速度v0=2m/s沿斜面匀速滑，g=10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，则下列说法中正确的是（）A．小球在B点的电势能大于在A点的电势能B．水平匀强电场的电场强度为C．若电场强度加为原来的2倍，小球运动的加速度大小为3m/s2D．若电场强度减为原来的一半，小球运动到B点时速度为初速度的v0一半12．如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与质量为m、套在粗糙竖直固定杆A 处的圆环相连，弹簧水平且处于原长．圆环从A处由静止释放后，经过B处速度最大，到达C处（AC=h）时速度减为零．若在此时给圆环一个竖直向上的速度v，它恰好能回到A点．弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g，则圆环（）A．下滑过程中，加速度一直增大B．下滑过程中，克服摩擦力做的功为mv2C．在C处弹簧的弹性势能为mgh﹣mv2D．上下两次经过B点的速度大小相等二、实验题（共15分）13．某同学用伏安法测一个未知电阻的阻值，他先将电压表接在b点，读得两表示数分别为U1=3.0V，I1=3.0mA，然后将电压表改接在a点，读得两表示数分别为U2=2.9V，I2=4.0mA，如图所示，由此可知电压表应接到点误差较小，测得R x值应为Ω14．某研究性学习小组分别用如图甲所示的装置进行以下实验：“探究加速度与合外力的关系”．装置中，小车质量为M，砂桶和砂子的总质量为m，通过改变m来改变小车所受的合外力大小，小车的加速度a可由打点计时器和纸带测出．现保持小车质量M不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量m进行多次实验，得到多组a、F值（F为弹簧秤的示数）．（1）为了减小实验误差，下列做法正确的是A需平衡小车的摩擦力B沙桶和沙的总质量要远小于小车的质量C滑轮摩擦足够小，绳的质量要足够轻D先释放小车，后接通打点计时器的电源（2）某同学根据实验数据画出了图2所示的一条过坐标原点的斜直线，其中纵轴为小车的加速度大小，横轴应为；A. B.C．mg D．F（3）当砂桶和砂的总质量较大导致a较大时，图线（填选项前的字母）A．逐渐偏向纵轴B．逐渐偏向横轴C．仍保持原方向不变（4）图3为上述实验中打下的一条纸带，A点为小车刚释放时打下的起始点，每两点间还有四个计时点未画出，测得AB=2.0cm、AC=8.0cm、AE=32.0cm，打点计时器的频率为50Hz，则小车的加速度m/s2．三、计算题15．很多人喜欢到健身房骑车锻炼，某同学根据所学知识设计了一个发电测速装置，如图所示．自行车后轮置于垂直车身平面向里的匀强磁场中，后轮圆形金属盘在磁场中转动时，可等效成一导体棒绕圆盘中心O转动．已知磁感应强度B=0.5T，圆盘半径l=0.3m，圆盘电阻不计．导线通过电刷分别与后轮外边缘和圆心O相连，导线两端a、b间接一阻值R=10Ω的小灯泡．后轮匀速转动时，用电压表测得a、b间电压U=0.6V．（1）与a连接的是电压表的正接线柱还是负接线柱？（2）圆盘匀速转动10分钟，则此过程中产生了多少电能？（3）自行车车轮边缘线速度是多少？16．一长木板在水平面上运动，在t=0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，木板速度v0=5m/s．已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板间动摩擦因数为μ1=0.20，木板与地面间的摩擦因数μ2=0.30．假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上，重力加速度g=10m/s2，求：（1）物块和木板达到共同速度所需要的时间及此时速度的大小；（2）从t=0时刻到物块和木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小．【选修3-3】17．下列说法正确的是（）A．已知水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏伽德罗常数B．布朗运动说明分子在永不停息地做无规则运动C．两个分子间由很远（r＞10﹣9m）距离减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大D．露珠呈球状是由于液体表面张力的作用E．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向同性的特点18．某氧气瓶的容积V=30L，在使用过程中，氧气瓶中的压强由P1=100atm下降到P2=50atm，且温度始终保持0℃．已知在标准状况1mol气体的体积22.4L．求：使用掉的氧气分子数为多少？（阿伏加德罗常数为N A=6.0×1023mol﹣1，结果保留两位有效数字）【选修3-4】19．下列说法正确的是（）A．肥皂泡呈现的彩色是光的干涉现象，露珠呈现的彩色是光的色散现象，通过狭缝看太阳光呈现的彩色是光的衍射现象B．光纤通信、全息照相及医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理C．做双缝干涉实验时，用绿光照射单缝，在光屏P上观察到干涉条纹，用红光代替绿光照射单缝将得到相邻条纹间距更大的干涉图样D．相对论认为：竖直向上高速运动的球在水平方向上变扁了E．在真空中传播的电磁波，当它的频率增加时，它的传播速度不变，波长变短20．如图所示是一列沿x轴正向传播的简谐横波在t=0.25s时刻的波形图，已知波的传播速度v=4m/s．①求x=2.5m处的质点在0﹣4.5s内通过的路程及t=4.5s时的位移；②此时A点的横坐标为0.25米，试求从图示时刻开始经过多少时间A点第三次出现波峰？【选修3-5】21．下列说法正确的是（）A．太阳辐射能量来自核聚变反应，目前核电站发电的能量来自核裂变反应B．天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构C．一个氢原子从n=4的激发态跃迁到基态时，能辐射6种不同频率的光子D．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量减小E．康普顿效应说明光具有粒子性，电子的衍射实验说明粒子具有波动性22．如图所示，在光滑的水平面上静止着一个质量为4m的木板B，B的左端静止着一个质量为2m的物块A，已知A、B之间的动摩擦因数为μ，现有质量为m的小球以水平速度v0．飞来与A物块碰撞后立即以大小为的速率弹回，在整个过程中物块A始终未滑离木板B，且物块A可视为质点，求：①相对B静止后的速度；②木板B至少多长？2016-2017学年吉林省长春市普通高中高三（上）第一次质检物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题5分，共48分，9--12为多选题）1．关于物理学研究方法，下列叙述正确的是（）A．伽利略在研究自由落体运动时采用了将微小量放大的方法B．探究加速度与物体质量、物体受力的关系时采用了控制变量法C．探究求合力方法的实验中使用了理想化的方法D．法拉第利用电场线描绘电场是利用了等效替代法【考点】1U：物理学史．【分析】在伽利略时代，技术不够发达，无法直接测定瞬时速度，所以不可能直接得到速度的变化规律，但是伽利略通过数学运算得出结论：如果物体的初速度为零，而且x与t平方的成正比，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化的方法，伽利略在研究自由落体运动时采用了转化法；探究加速度与物体质量、物体受力的关系时采用了控制变量法；在探究求合力方法的实验中使用了等效替代的方法；法拉第利用电场线描绘电场是利用了假想法【解答】解：A、伽利略在研究自由落体运动时采用了转化法，故A错误．B、探究加速度与物体质量、物体受力的关系时采用了控制变量法，故B正确；C、探究求合力方法的实验中使用了等效替代的方法，故C错误；D、法拉第利用电场线描绘电场是利用了假想法，故D错误．故选：B2．甲、乙两辆汽车从同一地点出发，向同一方向行驶，它们的v﹣t图象如图所示，下列判断正确的是（）A．在t1时刻前，甲车始终在乙车的前面B．在t1时刻前，乙车始终在甲车的前面C．在t1时刻前，乙车的速度始终比甲车增加得快D．在t1时刻两车第一次相遇【考点】1I：匀变速直线运动的图像．【分析】解决本题要明确v﹣t图象的含义：在v﹣t图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负．加速度表示速度变化的快慢．【解答】解：A、两车从同一地点同时同向出发，在t1时刻前的各个时刻，乙车的速度大于甲车的速度，故乙车始终在甲车的前面，在t1时刻二者并没有相遇，故B正确，A、D错误；、C、在两车开始运动后的一段时间内，乙车比甲车速度增加得快，然后乙车的速度增加得比甲车的慢，故C错误．故选：B．3．如图所示，有一个正方形的匀强磁场区域abcd，e是ad的中点，f是cd的中点，如果在a点沿对角线方向以速度v射入一带负电的带电粒子（带电粒子重力不计），恰好从e点射出，则（）A．如果粒子的速度增大为原来的二倍，将从d点射出B．如果粒子的速度增大为原来的三倍，将从f点射出C．如果粒子的速度不变，磁场的磁感应强度变为原来的二倍，也将从d点射出D．只改变粒子的速度使其分别从e、d、f点射出时，从e点射出所用时间最短【考点】CI：带电粒子在匀强磁场中的运动；37：牛顿第二定律．【分析】粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动．由半径公式r=，分析速度增大时，半径如何变化，根据轨迹，分析粒子将从哪点射出；根据轨迹对应的圆心角分析运动时间的关系．【解答】解：A、如果粒子的速度增大为原来的二倍，磁场的磁感应强度不变，由半径公式r=可知，半径将为原来的2倍，根据几何可知，粒子从d点射出，如图．故A正确．B、设正方形的边长为2a，则粒子从e点射出时，轨迹半径为a．如果磁场的磁感应强度不变，粒子的速度变为原来的3倍，由半径公式r=可知，半径将变为原来的3倍，即变a．若粒子的轨迹过f点，轨迹如图：设∠daf=θ由几何关系可知：cosθ=，sinθ=cos∠naf=cos（45°+θ）=cos45°•cosθ﹣sin45°•sinθ﹣==所以轨迹的半径： ．故B 错误．C 、如果粒子的速度不变，磁场的磁感应强度也变为原来的二倍，由半径公式r=可知，半径减小为原来的，因此不可能从d 点射出．故C 错误．D 、只改变粒子的速度使其分别从e 、d 、f 三点射出时，轨迹的圆心角是从f 点射出时最小，运动时间最短．故D 错误．故选：A ．4．气象研究小组用图示简易装置测定水平风速．在水平地面上竖直固定一直杆，半径为R 、质量为m 的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O ，当水平风吹来时，球在风力的作用下飘起来．已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，当风速v 0=3m/s 时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°．则（ ）A ．θ=60°时，风速v=6m/sB ．若风速增大到某一值时，θ可能等于90°C ．若风速不变，换用半径变大、质量不变的球，则θ不变D ．若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，则θ减小【考点】2H ：共点力平衡的条件及其应用；2G ：力的合成与分解的运用．【分析】对小球受力分析，通过共点力平衡确定θ的变化．【解答】解：A 、设球正对风的截面积为S ，由于已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，所以风力大小为F=kSv ，当速度为3m/s 时，由平衡条件得，mgtan30°=Sv 0k ，当角度为60°时，同理可得mgtan60°=Svk ，由此可解的v=9m/s ，故A 错误．B 、风速增大，θ不可能变为90°，因为绳子拉力在竖直方向上的分力与重力平衡．故B 错误．C 、若风速不变，换用半径变大、质量不变的球，则风力变大，根据F=mgtanθ，知θ变大．故C 错误．D、若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，知风力不变，根据F=mgtanθ，知重力减小，风力不变，则θ减小．故D正确．故选：D．5．不计空气阻力情形下将一物体以一定的初速度竖直上拋一物体，从拋出至回到拋出点的时间为2t，若在物体上升的最大高度的一半处设置一水平挡板，仍将该物体以相同的初速度竖直上抛，物体撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反．撞击所需时间不计，则这种情况下物体上升和下降的总时间约为（）A．0.2t B．0.3t C．0.5t D．0.6t【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】物体竖直上抛，做匀减速运动，反向看做自由落体运动，根据初速度为零的匀加速直线运动的推论求得通过相同位移所需时间的比值，然后根据对称性即可求得运动时间【解答】解：将物体的上升过程分成位移相等的两段，设下面一段位移所用时间为t1，上面一段位移所用时间为t2，根据逆向思维可得：t2：t1=1：（﹣1），物体撞击挡板后以原速率弹回（撞击所需时间不计），物体上升和下降的总时间t′=2t1且t1+t2=t，由以上各式可得：t′=2（﹣1）t/≈0.6t，故选项D正确．故选：D6．2016年2月11日，美国科学家宣布探测到引力波，证实了爱因斯坦100年前的预测，弥补了爱因斯坦广义相对论中最后一块缺失的“拼图”．双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由a、b两颗星体组成，这两颗星绕它们连线的某一点在万有引力作用下作匀速圆周运动，测得a星的周期为T，a、b两颗星的距离为l、a、b两颗星的轨道半径之差为△r（a星的轨道半径大于b星的），则（）A．b星的周期为TB．a星的线速度大小为C．a、b两颗星的半径之比为D．a、b两颗星的质量之比为【考点】4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】双星系统靠相互间的万有引力提供向心力，角速度的大小相等，周期相等，根据向心力的关系求出转动的半径之比，从而得出线速度大小之比，根据向心力相等求出质量关系．【解答】解：A、双星系统靠相互间的万有引力提供向心力，角速度大小相等，则周期相等，所以b星的周期为T，故A错误；B、根据题意可知，r a+r b=l，r a﹣r b=△r，解得：，，则a星的线速度大小，，故B正确，C错误；D、双星系统靠相互间的万有引力提供向心力，角速度大小相等，向心力大小相等，则有：解得：，故D错误．故选：B7．如图在x轴的﹣3a和3a两处分别固定两个电荷Q A、Q B，图中曲线是两电荷之间的电势Φ与位置x之间的关系图象，图中x=a处为图线的最低点．线于在x=2a处由静止释放一个质量为m、带电荷量为q的正电点电荷，该电荷只在电场力作用下运动．下列有关说法正确的是（）A．x=a处电场强度为零，该电荷运动至此处时速度最大B．两点电荷Q A：Q B=3：1C．该电荷一定通过x=a处，但不能到达x=2a处D．该电荷以x=a为中点做往复运动【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】根据φ﹣x图象切线的斜率等于场强E，分析场强的变化，判断小球的速度变化；根据动能定理确定小球可以到达的位置；x=L处场强为零，由小球的受力情况分析其运动情况．根据点电荷场强公式E=k以及电场的叠加即可分析Q A与Q B的大小．【解答】解：A、由φ﹣x图线的斜率表示电场强度的大小可知x=a处电场强度为零，由动能定理qU=△E k，点电荷从x=2a到x=a处，电势差最大，所以电场力做正功最多，在x=a处速度最大，故A正确；B、因在x=a电场强度为零，即k=k，所以Q A：Q B=4：1，故B错误；C、由图知x=﹣a处与x=2a处电势相等且点电荷由静止释放，由动能定理可知点电荷刚好能到达x=﹣a处，故C错误；D、点电荷在x=﹣a与x=2a之间做往复运动，但x=a处不是运动中心，故D错误．故选：A．8．如图甲所示，理想变压器的原线圈电路中装有0.5A的保险丝L，原线圈匝数n1=600匝，副线圈匝数n2=120匝．当原线圈接在如图乙所示的交流电源上，要使整个电路和用电器正常工作，则副线圈两端可以接（）A．阻值为12Ω的电阻B．并联两盏的“36V 40W”灯泡C．工作频率为10Hz的用电设备D．耐压值为36V的电容器【考点】E8：变压器的构造和原理．【分析】根据保险丝计算出副线圈中允许的增大电流，由乙图可知电源的峰值和周期，结合欧姆定律进行判断．【解答】解：由原线圈电流最大为0.5A知副线圈允许的最大电流为=2.5A．A、由乙图知输入电压有效值为180V，所以副线圈两端电压有效值为=36V，接阻值为12Ω的电阻时，电流为=3A，A错误；B、并联两盏的“36V 40W”灯泡时，电流为2×＜2.5A，B正确；C、由乙图知周期为0.02s频率为50Hz，C错误；D、副线圈两端电压峰值为36V，D错误；故选B9．磁流体发电机，又叫等离子体发电机，图中的燃烧室在3000K的高温下将气体全部电离为电子和正离子，即高温等离子体．高温等离子体经喷管提速后以1000m/s进人矩形发电通道．发电通道有垂直于喷射速度方向的匀强磁场，磁感应强度为6T．等离子体发生偏转，在两极间形成电势差．已知发电通道长a=50cm，宽b=20cm，高d=20cm，等离子体的电阻率ρ=2Ω•m．则以下判断中正确的是（）A．发电机的电动势为1200VB．因不知道高速等离子体为几价离子，故发电机的电动势不能确定C．当外接电阻为8Ω时，发电机的效率最高D．当外接电阻为4Ω时，发电机输出功率最大【考点】BG：电功、电功率．【分析】根据等离子体所受的电场力和洛伦兹力平衡，列式求电动势．发动机的效率等于输出功率与总功率之比．当电源的内外电阻相等时输出功率最大．【解答】解：A、由等离子体所受的电场力和洛伦兹力平衡得：q=qvB则得发电机的电动势为：E=Bdv=6×0.2×1000V=1200V．故A正确．B、由上知，发电机的电动势与高速等离子体的电荷量无关，即与离子的化合价无关，由E=Bdv能求电动势．故B错误．C、发动机的内阻为：r=ρ=2×=4Ω发动机的效率为：η===，可知外电阻R越大，效率超高，则当外接电阻为8Ω时，发电机的效率不是最高．故C错误．D、当电源的内外电阻相等时输出功率最大，此时外电阻为R=r=4Ω，故D正确．故选：AD10．如图所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度．下列操作可使指针张开角度增大一些的是（）A．保持开关S闭合，将R上的滑片向右移动B．保持开关S闭合，将A、B两极板间距稍许增大C．断开开关S后，将A、B两极板间距稍许增大D．断开开关S后，将A、B两极板的正对面积稍许减小【考点】AS：电容器的动态分析．【分析】静电计测量的是电容器两端的电势差，闭合电键，电容器两端的电势差等于电源的电动势．断开电键，电容器所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化．【解答】解：AB、保持开关闭合，电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差不变，则指针张角不变，故A、B错误；CD、断开开关S后，电容器带电量Q不变，将A、B间距增大或A、B两极板的正对面积S减小时，电容C减小，根据C=可知，电势差U增大，指针张角增大，故C、D正确．故选：CD11．如图所示，一光滑绝缘斜面体ABC处于水平向右的匀强电场中长为AB长0.5m、倾角为θ=37°．一带电荷量为+q，质量为m的小球（可视为质点），以初速度v0=2m/s沿斜面匀速滑，g=10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，则下列说法中正确的是（）A．小球在B点的电势能大于在A点的电势能B．水平匀强电场的电场强度为C．若电场强度加为原来的2倍，小球运动的加速度大小为3m/s2D．若电场强度减为原来的一半，小球运动到B点时速度为初速度的v0一半【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动；AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】带电小球从底端运动到顶端，重力做负功，电场力做正功，而支持力不做功．而两处速度相等，则重力做的功与电场力做功之和为零．所以可以确定小球在何处的电势能高．同时由倾角可确定重力与电场力的关系．再分析场强变为2倍和减为一半后的过程即可明确到达B点的速度变化．【解答】解：A、小球由A到B的过程中，重力做负功，电场力做正功，小球电势能减少，故小球在B点的电势能小于在A点的电势能；故A错误；B、因小球做匀速运动，由平衡条件知qEcosθ=mgsinθ，所以电场强度E=，故B正确；C、电场强度变为2倍后，则有q•2Ecos θ﹣mgsinθ=ma，所以a=6 m/s2，选项C。

2017-2018学年度吉林省吉林市省实验中学高三上学期物理第一次模拟试题考试时间：100分钟注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上1．关于平抛运动和圆周运动，下列说法正确的是( )A. 平抛运动是匀变速曲线运动B. 匀速圆周运动是速度不变的运动C. 圆周运动是匀变速曲线运动D. 做平抛运动的物体落地时的速度一定是竖直向下的2．如图所示，在水平地面上做匀速直线运动的小车，通过定滑轮用绳子吊起一个物体，若小车和被吊的物体在同一时刻的速度分别为1v 和2v ，绳子对物体的拉力为T,物体所受重力为G ，则下列说法正确的是A. 物体做匀速运动，且1v =2vB. 物体做加速运动，且T>GC. 物体做加速运动，且2v >1vD. 物体做匀速运动，且T=G3．洗衣机的脱水筒在转动时有一衣物附在筒壁上，如图所示，则此时：A. 衣物随筒壁做圆周运动的向心力是由摩擦力提供的B. 衣物受到重力、筒壁的弹力和摩擦力的作用C. 筒壁对衣物的摩擦力随转速增大而减小D. 筒壁对衣物的摩擦力随转速增大而增大4．质量为m 的小球在竖直平面内的圆管轨道内运动，小球的直径略小于圆管的直径，如图所示。

已知小球以速度v 通过最高点时对圆管外壁的压力恰好为mg ，则小球以速度2v通过圆管的最高点时A. 小球对圆管内、外壁均无压力B. 小球对圆管外壁的压力等于2mgC. 小球对圆管内壁的压力等于mgD. 小球对圆管内壁的压力等于2mg5．“天宫一号”顺利升空，“神舟八号”随后飞上太空，11月3日凌晨“神八”与离地高度343km轨道上的“天宫一号”对接形成组合体，中国载人航天首次空间交会对接试验获得成功，为建立太空实验室──空间站迈出了关键一步。

设对接后的组合体在轨道上做匀速圆周运动，则下列说法中正确的是（）A. 对接前，“神舟八号”欲追上“天宫一号”，可以在同一轨道上点火加速B. 对接后，“天宫一号”的运行周期大于地球同步卫星的周期C. 对接后，“天宫一号”的速度小于第一宇宙速度D. 今后在“天宫一号”内工作的宇航员因受力平衡而在其中悬浮或静止6．我们的银河系的恒星中大约四分之一是双星.某双星由质量不等的星体S1和S2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点C做匀速圆周运动.由天文观察测得其运动周期为T，S1到C点的距离为r1，S1和S2的距离为r，已知万有引力常量为G.因此可求出S2的质量为A. B. C. D.7．我国计划于2018年择机发射“嫦娥五号”航天器，假设航天器在近月轨道上绕月球做匀速圆周运动，经过时间t（小于绕行周期），运动的弧长为s，航天器与月球中心连线扫过的角度为θ（弧度），引力常量为G，则A. 航天器的轨道半径为tθB. 航天器的环绕周期为tπθC. 月球的的质量为32 s GtθD. 月球的密度为2 3 4Gt θ8．一个物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度变为v.若将水平拉力的大小改为F2，物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v.对于上述两个过程，用W F1、W F2分别表示拉力F1、F2所做的功，W f1、W f2分别表示前后两次克服摩擦力所做的功，则A. W F2＞4W F1，W f2＞2W f1B. W F2＜4W F1，W f2＝2W f1C. W F2＞4W F1，W f2＝2W f1D. W F2＜4W F1，W f2＜2W f19．如图所示，木板可绕固定的水平轴O 转动．木板从水平位置OA 缓慢转到OB 位置，木板上的物块始终相对于木板静止．在这一过程中，物块的重力势能增加了2J ．用N 表示物块受到的支持力，用f 表示物块受到的摩擦力．在这一过程中，以下判断正确的是（ ）A. N 和f 对物块都不做功B. N 对物块做功2J ， f 对物块不做功C. N 对物块不做功， f 对物块做功2JD. N 和f 对物块所做功的代数和为0 10．关于功率，下列说法正确的是( )A. 由WP t =知，力做功越多，功率就越大 B. 由PF v=知，功率一定时，速度越大，力越小C. 由P Fv =知，物体运动越快，功率越大D. 由W Pt =知，功率越大，力做功越多11．某汽车以相同的功率在甲、乙两水平路面上行驶，若该车行驶时受到甲、乙两路面的阻力分别为车重的1k 、2k 倍，则该车在甲、乙两水平路面上行驶的最大速度之比为（ ） A. 12:k k B. 21:k k C. 2212:k k D. 2221:k k12．如图所示，小球从静止开始沿光滑曲面轨道AB 滑下，从B 端水平飞出，撞击到一个与地面呈37θ=︒的斜面上，撞击点为C ．已知斜面上端与曲面末端B 相连．若AB 的高度差为h ，BC 间的高度差为H ，则h 与H 的比值等于（不计空气阻力， sin370.6︒=， cos370.8︒=）A. 34B. 43C. 49D. 9413．以初速度为0v 做平抛运动的物体在某时刻的水平分速度与竖直分速度大小相等，下列说法正确的是( )A. 该时刻物体的水平分位移与竖直分位移大小相等B. 0C. 物体运动的时间为v gD. 该时刻物体的合位移大小等于202g14．在圆轨道上运动的质量为m 的人造地球卫星，它们到地面的距离等于地球半径R ，地面上的重力加速度为g ，则A. B. 卫星运动的加速度为2gC. 卫星运动的周期为4D. 卫星的动能为4mgR15．物体在合外力作用下做直线运动的v t -图象如图所示，下列表述正确的是（ ）A. 在0~1s 内，合外力做正功B. 在1~3s 内，合外力总是不做功C. 在3~7s 内，合外力做负功D. 在5~7s 内，合外力做负功16．如图所示原来质量为m 的小球用长L 的细线悬挂而静止在竖直位置P 点，用水平恒力P 将小球从P 点拉到Q 点，已知小球在Q 点的速度为v ，则恒力F 做的功为A. mgLsinθB. FLcosθC. mgL(1-cosθ)+mv 2D. FLsinθ17．在研究平抛运动的实验中，下列说法正确的是__________. A ．必须称出小球的质量 B ．斜槽轨道必须是光滑的 C ．斜槽轨道末端必须是水平的D ．应该使小球每次从斜槽上相同位置从静止开始滑下（2）如图，某同学在研究平抛物体的运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=5.00cm ，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a 、b 、c 、d 所示，210/g m s ，该同学利用所学的知识判断出a 点不是本次平抛运动的抛出点，取a 点为坐标原点，水平方向为x 轴建立如图所示的直角坐标系，则抛出点坐标为______________。

2018年长春市高中毕业班第一次调研测试物理试题参考答案及评分标准一、单项选择题：本大题包括10小题，每小题4分，共40分.1．【答案】B【命题意图】考查学生对基本概念地理解和掌握.【解析】有大小又有方向地量但运算不满足平行四边行定则，不是矢量，所以A选项错误.物体在恒力作用下不可能做圆周运动，所以C选项错误.重力做地功等于重力势能增量地负值，所以D选项错误.用拖把在上升地电梯中拖地板，拖把对电梯地板地滑动摩擦力方向与电梯地运动方向垂直，B选项正确.2．【答案】C【命题意图】考查学生对匀变速直线运动位移与时间、速度与时间函数关系地理解.【解析】利用位移与时间地关系可知甲汽车做初速度为2m/s，加速度为4m/s2地匀加速直线运动，利用速度与时间地关系可知乙汽车做初速度为12m/s，加速度为2m/s2地匀加速直线运动，由匀变速运动规律可得两车速度大小相等地时刻为5s末，所以A、B、D选项错误，C选项正确.3．【答案】A【命题意图】考查学生对共点力平衡问题地分析与计算地能力.【解析】小物块能沿着斜劈地表面匀速下滑，可知小物块与斜劈表面间地动摩擦因数μ=︒，由小物块能沿着斜劈表面匀速上滑，沿斜面方向列平衡方程，可得tan30F mg=︒，所以B、C、D选项错误，A选项正确.tan604．【答案】D【命题意图】考查学生运用牛顿第二定律判断物体运动状态地能力，以及结合物体运动状态判断v-t图象地能力.1 / 112 / 11【解 析】由图乙可知，F 2地大小由F 0先减小至零后增大至F 0，物块所受地合力由零先增大至F 0后减小至零，但合力方向始终水平向右.物体地加速度由零增大至0F m后减小至零，方向始终水平向右.由此判断，物块地速度与加速度始终共线同向，物块一直在加速运动，但加速度先增大后减小，对应地v-t 图象地斜率应该先增大后减小.所以A 、B 、C 选项错误，D 选项正确.5．【答 案】C【命题意图】考查学生应用机械能守恒定律、牛顿第二定律解决圆周运动中临界状态以及平抛运动地能力.【解 析】由题意结合机械能守恒定律，可得小球下滑至第二个四分之一圆轨道顶端时地速度大小为v =，方向水平向右.在第二个四分之一圆轨道顶端地临界速度0v =，由于v ＞v 0，所以小球将做平抛运动，结合平抛运动规律，可得小球落地点到A 点地水平距离为3R ，所以A 、B 、D 选项错误，C 选项正确.6．【答 案】B【命题意图】结合圆锥摆运动情境，考查学生对匀速圆周运动向心力大小、线速度大小、周期大小地计算能力.【解 析】小球运动地轨迹圆在水平面内，运动形式为匀速圆周运动，在指向轨迹圆圆心方向列向心力表达式方程，在竖直方向列平衡方程，可得，拉力大小11cos30m g T =，22cos 60m g T =，12T T =，A 选项错误.向心力大小11tan 30F m g=，22tan 60F m g=，1216F F = ，B 选项正确.周期3 / 112T =，因连接两小球地绳地悬点距两小球运动平面地距离相等，所以周期相等，C 选项错误.由2r v T π=可知，12tan301tan 603v v ==，D 选项错误.7．【答 案】D【命题意图】考查学生对系统机械能守恒地条件、能量转化关系地分析判断能力.【解 析】小球在整个运动过程中，小球、弹簧组成地系统机械能守恒，小球向上运动地过程中，弹簧地弹性势能减小，小球地机械能一直增大.所以A 选项错误.小球地动能先增大后减小，B 选项错误.小球向上运动至某一位置，小球所受重力和弹簧弹力平衡时小球地动能最大，所以C 错误.小球地动能、重力势能、弹簧地弹性势能之和保持不变，小球向上运动过程中，小球地重力势能一直增大，所以小球地动能和弹簧地弹性势能之和一直减小，所以D 正确.8．【答 案】A【命题意图】考查学生判断直线电流产生磁场地方向及磁感应强度矢量合成地能力.【解 析】由题意，直线电流周围地磁感应强度与电流强度成正比，与距直线电流距离成反比.应用安培定则并结合平行四边形定则，可知A 选项正确.9．【答 案】B【命题意图】考查闭合电路中各电学参量随外电阻变化地关系【解 析】由闭合电路欧姆定律可得，滑动变阻器触片向右移，外电阻增大，路端电压增大，错误!地示数变大.干路电流减小，R 1两端电压减小，R 2两端电压增大，流过R 2地电流增大，错误!地示数变大，可知B 选项正确.10．【答 案】C【命题意图】考查匀强电场中静电力做功地计算，及匀强电场中等电势点地确定.【解析】匀强电场场强方向平行于平面xoy，过N点作平面xoy地垂线，垂足记为N1，N1与N等电势.在平面xoy内过M点和N1点作电场线地垂线，垂足分别为M1和N2，则M1、M等电势，N2、N1、N等电势.将一电量为+q地试探电荷由M点沿某一未知路径移至N点地过程中电场力做地功等于将其由M1沿某电场线方向移至N2过程中电场力做地功.根据几何关系，M1N2=，由W=Eqd，计算可得答案选C.二、多项选择题：本大题包括4小题，每小题4分，共16分.11．【答案】AB【命题意图】考查对电磁学发展历史地了解.【解析】丹麦物理学家奥斯特发现了电流可以使周围地小磁针偏转地效应，称为电流地磁效应，C选项错误，质谱仪是用来证实同位素地所以D选项错误，AB描述地史实均正确.12．【答案】BCD【命题意图】本题以等量同种点电荷连线中垂线地场强分布情况为模型，结合粒子只在电场力作用下运动地v-t图象，考查学生对电场强度、电势、电势能概念地理解及应用能力.【解析】t1~t2时间内粒子运动地速度一直增大，电场力对粒子做正功，A选项错误.t3~t4时间内粒子运动地速度一直减小，电场力一直对粒子做负功，粒子电势能一直增大，B选项正确.t2、t4时刻粒子地速度大小相等，t2~t4时间内电场力做地总功为零，t2、t4时刻，粒子所在位置处地电势相等，C选项正确.t1时刻粒子运动v-t图象切线地斜率大于t2时刻切线地斜率，可知D选项正确.13．【答案】BCD【命题意图】考查学生应用开普勒定律和万有引力定律解决卫星绕地球运行地速率、周期与半径地关系地能力.【解析】卫星甲绕中心天体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，可计算出卫星甲环绕中心天体运动地线速度大小4 / 115 / 11v =，A 选项错误.同理可计算出卫星甲环绕地周期4T =甲，由卫星乙椭圆轨道地半长轴等于卫星甲圆轨道地半径，根据开普勒第三定律，可知卫星乙运行地周期和卫星甲运行地周期相等，则4T T ==乙甲，B 选项正确.卫星乙沿椭圆轨道经过M 点时地速度大于轨道半径为M 至行星中心距离地圆轨道地卫星地线速度，而轨道半径为M 至行星中心距离地圆轨道地卫星地线速度大于卫星甲在圆轨道上地线速度，C 选项正确.卫星运行时只受万有引力，引力加速度a =D 选项正确.14．【答 案】BC【命题意图】以竖直平面内地圆周运动为模型，结合匀强磁场，考查机械能守恒，洛伦兹力地特点以及小球在轨道地特殊位置——最高点和最低点时地受力分析.【解 析】小球在轨道最低点时受到地洛伦兹力方向竖直向上，若洛伦兹力和重力地合力恰好提供小球所需要地向心力，则在最低点时小球不会受到管壁弹力地作用，A 选项错误.小球运动地过程中，洛伦兹力不做功，小球地机械能守恒，运动至最高点时小球地速度v =由于是双层轨道约束，小球运动过程不会脱离轨道，所以小球一定能到达轨道最高点，C 选项正确.在最高点时，小球圆周运动地向心力2v F m mg R ==，小球受到竖直向下洛伦兹力地同时必然受到与洛伦兹力等大反向地轨道对小球地弹力，B 选项正6 / 11确.小球在从最低点到最高点地运动过程中，小球在下半圆内上升地过程中，水平分速度向右一定递减，到达圆心地等高点时，水平速度为零，而运动至上半圆后水平分速度向左且不为零，所以水平分速度一定有增大地过程，D 选项错误.三、实验题：本题共2小题，共12分.15．【答 案】<1）1.45×104Ω；<2分）<2）×1K ；<2分）“－”接线柱.<2分）【命题意图】考查电压表地改装、欧姆表倍率地选取及欧姆表红黑表笔与电压表“+”、“-”接线柱地正确接法.16．【答 案】(1> C<2分）<2）0.457m/s 2<2分）<3）甲<2分）【命题意图】考查学生对探究加速度、力与质量关系实验地实验原理掌握及实验误差地分析能力.【解 析】<1）本实验需保证m 远远小于M ，故C 正确<2）由逐差法计算可得，a =0.457m/s 2 .<3）由于平衡摩擦过大，即当外力F 为零时，小车也有加速度即在纵轴上有截距.四、计算题：本大题共3小题，共 32分.17．【答 案】6：11【命题意图】以木板和物块组成相互作用地系统为模型，考查学生应用牛顿运动定律、运动学规律解题地能力.【解 析】分别以A 、B 为研究对象，受力分析，木板和物块地加速度大小分别为A B a a 、， 由牛顿第二定律得：2B mg ma μ=------------------------------------------------(1分>21A ()mg m M g Ma μμ-+=--------------------------------(1分>假设经过0t 秒A 、B 共速，共同速度设为v 共，由匀变速直线运动地规律得：7 / 110B 0A 0v a t a t v -==共------------------------------------(1分> 解得：22A B 02m/s ,3m/s ,0.2s,0.4m/sa a t v ====共 共速过程中，A 地位移大小设为A x ，B 地位移大小设为B x ，则2A A 012x a t =，2B 00B 012x v t a t =-----------------------(2分>解得：A B 0.04m,0.14m x x ==-------------------------------------------(1分>假设共速之后，A 、B 一起向右匀减速运动，木板和物块间地静摩擦力大小为f ，木板和物块地加速度大小分别为A B a a ''、，由牛顿第二定律得：Bf ma '=1A ()m Mg f Ma μ'+-=解得：12f mg mg μμ=<，假设成立，2A B 11m/s a a g μ''===-------------------(2分>设共速之后至A 、B 均静止，A 地位移设为A x '，B 地位移设为Bx '，则 2A B 10.08m2v x x g μ''===共-------------------------------------------(1分>整个过程中A 地位移大小A A A 0.12m X x x '=+=8 / 11B 地位移大小B B B 0.22m X x x '=+=A B :6:11X X =-----------------------------------------(1分>18．【答 案】<1）13v m =<2）3m t Bq π=<3）3)a 【命题意图】以带电粒子在磁场中运动地相关问题为情境，考查学生综合分析、解决物理问题能力.【解 析】<1）设编号为错误!地粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动地半径为r 1，初速度大小为v 1，则111q B m =2v v r --------------------------------------------(1分>由几何关系可得，12sin 60ar =--------------------------------------------(1分>解得，1v =----------------------------------------------(1分><2）设编号为②地粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动地半径为r 2，线速度大小为v 2，周期为T 2，则2222v qv B m r =2222r T v π= -----------------------------------------(1分>9 / 11 解得，22m T Bq π=-----------------------------------------(1分>由几何关系可得，粒子在正六边形区域磁场运动过程中，转过地圆心角为60，则粒子在磁场中运动地时间63T m t Bq π==--------------------(1分><3）设编号为③地粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动地半径为r 3，由几何关系可得AE 2cos303a a ==-----------------------------------(1分>3AE 2sin 30r ==-----------------------------------(1分> AE OE 3tan 30a ==----------------------------------(1分>3EG OE 3)r a =-=----------------------------------(1分>C s v =<2）N 30N F =<3）x = 19．【答 案】<1）【命题意图】本题以重力场与电场构成地复合场为模型，考查动能定理，牛顿第二定律及类平抛运动地规律.【解 析】<1）以小球为研究对象，由A 点至C 点地运动为研究过程，根据动能定理可得 ：10 / 11 2C 1()()cos30()0sin 302h mg Eq h mg Eq mg Eq L mv μμ+-+-+=---- (2分>解得：C s v =-------------------(1分><2）以小球为研究对象，由C 点至D 点地运动为研究过程，根据机械能守恒定律可得 ：22C D 11222mv mv mg R =+---------------- (2分>在最高点以小球为研究对象，根据牛顿第二定律可得：2D N v F mg m R +=----------------(1分>解得： N 30N F =-------------(1分>D s v =-----------(1分><3）小球做类平抛运动地加速度大小为a ,根据牛顿第二定律，可得：mg Eq ma +=---------------(1分>应用类平抛运动地规律列式可得： D x v t =--------------(1分>2122R at =--------------(1分>个人收集整理-仅供参考11 / 11 解得：x ---------(1分>注： 计算题其它解法，正确均按步骤给分.申明：所有资料为本人收集整理，仅限个人学习使用，勿做商业用途.。

2018年长春市高中毕业班第一次调研测试物理注意事项：本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分100分。

考试时间90分钟。

第I卷(选择题共48分)一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题看有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分。

请把正确选项填在指定的答题栏中) 1．某玩具小车以初速度0v沿足够长的斜面从底端向上滑去，此后该小车运动的速度一时间图象不可能．．．是A B C D2．一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB。

该爱好者用直尺量出轨迹的长度，如图所示，已知曝光时间为1s1000，则小石子出发点离A点距离约为A．6．5mB．10mC．20mD．45m3．如图所示，一轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，在竖直平面内做圆周运动，通过最高点时，由于球对杆有作用，使杆发生了微小形变，关于杆的形变量与球在最高点时的速度大小关系，正确的是A．形变量越大，速度一定越大B．形变量越大，速度一定越小C．形变量为零，速度一定不为零D．速度为零，可能无形变4．用细绳拴一个质量为m的小球，小球将一端固定在墙上的水平轻弹簧压缩了x(小球与弹簧不拴接)，如图所示，将细线烧断后A．小球立即做平抛运动B．小球的加速度立即为gC．小球脱离弹簧后做匀变速运动D．小球落地时动能大于mgh5．如图(a)所示，AB是某电场中的一条电场线，若有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿AB由点A运动到点B，所经位置的电势随距A点的距离变化的规律如图(b)所示。

以下说法正确的是E>EA．A、B两点的电场强度A Bv vB．电子在A、B两点的速度A BC．A、B两点的电势A BE ED．电子在／4、JE}两点的电势能PA PB6．我国发射的“嫦娥一号”卫星绕月球经过一年多的运行，完成了既定任务，于2018年3月1日13时13分成功撞月。