2016届福建四地六校高三上期第一次联考语文卷

2016届高三年级第一次四校联考语文试题命题：长治二中康杰中学忻州一中临汾一中（本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。

满分150分，考试时间150分钟。

）第I卷阅读题（共70分)甲必考题一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1～3题。

莫把汉学当国学慕朵生日前，美国著名汉学家史景迁携带《曹寅与康熙》等新书来华举办首发式，并在多所高校进行讲座，在学界和媒体引发新一轮“汉学热”。

但笔者以为，“汉学”当热，然不可将之混同为“国学”。

汉学是外国尤其是欧美国家学者研究和介绍中华文化的学问，历经游记性汉学、传教士汉学、学院派汉学，以及侧重研究中国现实问题的“中国学”等几大阶段，至今已有600多年历史。

面对中国浩瀚的文化和复杂的现实，汉学家们皓首穷经，著书立说，既促进了中华文化的海外传播，也带动了中外文化的交流融合，甚至改写了世界的文明进程。

比如，欧洲“启蒙运动”就深受来华传教士介绍的儒学的启迪。

不过，中国学界对汉学的追踪和介绍仅有100多年的历史，且忽冷忽热，不成系统。

其中，上个世纪二三十年代和八九十年代，国内曾分别兴起一股“汉学热”，原因是这两个时段中国社会变动剧烈，思想争鸣活跃，国人迫切希望通过汉学来了解外国人是如何看待中国以及中华文化的。

此次史景迁访华引发的新一轮“汉学热”，则是在经济全球化和文化多样化时代背景下，国人试图借助汉学对自己国家崛起和文化复兴进行的一种心理上的印证和调适。

不难看出，汉学不仅是中华文化走向世界的桥梁，还是中华文化反观自身的镜子。

通过汉学，中华文化既能发现自己的优缺点、长短处，也能了解自己在世界文化生态中的方位和价值。

然而，汉学虽有重要价值，但亦不可无限拔高。

因为，汉学在本质上是一种“西学”，是西方人用西方价值观念、学术范式来研究中华文化的学问。

对汉学家而言，中华文化仅仅是学术研究的客观对象，就像实验室的试验品或博物馆的展览品一样，很难内在于自己的生命，灌注以自己的情感，更很少负有弘扬和光大的责任感。

【精品】福建省四地六校联考高三上学期第一次月考语文试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、句子默写1．补写出下列名句名篇中的空缺部分（10分）（1）淇水汤汤，＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿。

（《氓》）（2）＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿，靡有朝矣。

（《氓》）（3）亦余心之所善兮，＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿。

（《离骚》）（4）＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿，苟余情其信芳。

（《离骚》）（5）羁鸟恋旧林，＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿。

（《归园田居》）（6）＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿，桃李罗堂前。

（《归园田居》）（7）一觞一咏，＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿。

（《兰亭集序》）（8）＿＿＿＿＿＿＿＿＿，俯察品类之盛，（《兰亭集序》）（9）纵一苇之所如，＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿。

（《赤壁赋》）（10）＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿，托遗响于悲风。

（《赤壁赋》）二、选择题2．下列加点字解释，相同的一组是（）（3分）A．引以为流觞曲水，列坐其次．秦武阳奉地图匣，以次．进B．纵一苇之所如．无如．寡人之用心者C．盈虚者如彼，而卒．莫消长也卒．起不意，尽失其度D．于是荆轲遂就车而去，终已不顾．相如顾．召赵御史书曰3．下列加点字的用法和意义，相同的一组是（）（3分）A．以．其无礼于晋犹不能不以．之兴怀。

B．会于会稽山阴之．兰亭蚓无爪牙之．利C．其．孰能讥之乎行李之往来，共其．乏困D．不如因．善遇之或因．寄所托，放浪形骸之外4．下列各句中，没有通假字的一组是（）（3分）A．取诸怀抱，悟言一室之内无能为也已B．余音袅袅，不绝如缕厚遗秦王宠臣中庶子蒙嘉C．浩浩乎如冯虚御风张良出，要项伯D．长乐王回深父君子生非异也5．下列加点字的活用现象，相同的一组是（）（3分）A．五十者可以衣．帛矣谬其传而莫能名．者B．吾得兄．事之小．学而大遗C．一．死生为虚诞火尚足以明．也D．越国以鄙．远常以身翼．蔽沛公6．下列句子中，句式相同的一组是（）（3分）A．是寡人之过也引以为流觞曲水B．渔樵于江渚之上王道之始也C．吾属今为之虏矣青，取之于蓝D．蚓无爪牙之利群臣侍殿上者7．7．下列情节的叙述，不正确的两项是（）（）（5分）E.宝玉到王夫人房中，王夫人在午睡，金钏儿在给她捶腿，宝玉便和金钏儿逗乐调情。

福建省四地六校2015-2016学年高二语文下学期第一次联考试题不分版本“四地六校〞联考2015—2016学年下学期第一次月考高二语文试题〔考试时间：150分钟总分：150分〕：：一、现代文阅读〔9分，每题3分〕：阅读下面的文字，完成1～3题。

①唐诗现在又开始让人感觉真切和亲切了，这是经历了和传统文化分别的痛苦之后才有的内心感觉。

经历了千年，唐诗还留下那么多，可以想象当时的创作盛况。

那么多唐诗显然不可能都是为了功名而写作的。

它是一种流行的东西，是社会场合的一种交流方式，更多时候就像现在的歌词。

王之涣和高适、王昌龄几个去歌台舞榭，听歌女唱他们的诗。

几轮下来，独独听不到王之涣的诗。

王之涣指着歌女中最美的一个，对在座的诗人们说，如果她唱的不是他的诗，他从此就不写诗了。

那个最美的歌女出场唱的果然是王之涣的《凉州词》“黄河远上〞那一首。

这说明我们所景仰的唐诗，在当时很可能多是传唱的歌词。

当时写诗的人太多了，即使是李白，也可能就是在盛唐被歌唱了一些年。

在晚唐大概唱不过小李杜和温庭筠吧？杜甫的诗，可能文本些，难以流行；杜甫的崇高地位，在他死去数十年后才建立，应该和唐诗本真的歌词性质有关。

②从这个意义上说，三十年来中国内地流行歌词的长盛不衰是值得欣喜的。

人在这个世界上生活着经历着，悲欢冷暖，酸甜苦辣，都会感动在心，用心去歌唱。

歌唱的内容就是人的现实和梦想，譬如生命、爱情、母亲、故土、离别、重逢、游历和参军等等。

这些在唐诗里也都写遍了。

李谷一首唱的《乡恋》，对于故土的依恋和思念的心情，和李白的《静夜思》是一样的精致平实。

谷建芬作曲的《烛光里的妈妈》和孟郊的《游子吟》可以匹敌，《思念》和李商隐的无题诗，美感是相通的。

还有北京奥运会主题歌《我和你》和王勃的“海内存知己，天涯假设比邻〞相比，也是不见逊色的。

③把现在的歌词和唐诗比拟，只是想说明两者是同样的东西。

尽管不在同一时空，两者的文化身份是一样的。

虽然两个时代的作品也无法混淆，同样的留别的诗，徐志摩的《再别康桥》和罗大佑的《追梦人》就不一样。

【关键字】语文“四地六校”联考2016-2017学年上学期第一次月考高一语文试卷（考试时间：150分钟总分：150分）一、语言文字运用（18分，每一小题3分）1、下列加点字的读音全部正确的一项是：( )A、寥廓(liáo) 隽永（jùn）颓圮(qǐ)浪遏飞舟(è)B、百舸(kě)火钵（bō）青荇(xìng)忸怩不安(ní)C、团箕(jī)悄然(qiāo)长篙(gāo)叱咤风云(zhà)D、彷徨(páng)漫溯(sù)下载(zài)自怨自艾(yì)2、下列四组词语中没有错别字的一项是( )A．愤懑榆阴神彩飞扬貌和神离B．绯红凄婉满目疮痍妄自菲薄C．飘泊剽悍轻歌慢舞剑拔驽张D．笙箫冰屑神态安祥满腹经纶3、下列各句中，没有语病的一项是( )A.《舌尖上的中国》第二季在播出时，越来越多的食物被老百姓提及与回味；它们不只用来充饥，更能体现一种文化、一种态度。

B. 东盟重申了维护南海和平与航行安全，按照国际法律所认可的各项原则解决了一切争端，呼吁有关各方在展开海上活动时保持克制态度。

C.中俄双方坚决遵循《联合国气候变化框架公约》的原则和宗旨，愿为加强国际合作、共同应对全球气候变化的挑战做出贡献。

D.近日，南宁和杭州的部分区县打算通过松绑限购、下调购房入户标准等方式救市，有人认为这种做法将引发其他城市的效仿。

4、依次填入下列各句横线处的成语，最恰当的一组是（3分）①要想了解实际情况,这些高管就必须经常深入到企业第一线,只有在那里他们才能掌握第一手材料,并鼓励员工。

②奥巴马邀请商业领袖到白宫，与医院、制药公司等利益攸关方进行协商。

③“复制”可以快速分享他人的劳动成果，然而也有抄袭、剽窃之嫌，甚至会侵犯他人的著作权，因此其备受质疑，如果时间允许，我愿与您地聊聊关于“著作权”的问题。

A.推心置腹畅所欲言各抒己见B.各抒己见推心置腹畅所欲言C.畅所欲言各抒己见推心置腹D.各抒己见畅所欲言推心置腹5、下面句子中加点成语使用正确的一项是：（）A、既然我们两个意见不一致，就没有必要再往一块走了，以后我们只能是秋毫无犯。

福建省2016届高三上学期期中考试语文试题（满分150分，考试时间150分钟）卷Ⅰ（阅读题共70分）一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1-3题。

（9分）隐逸文化的精神价值“归去来兮，田园将芜胡不归。

”陶渊明的这一声清啸，引得林泉激荡，岩穴来风，千载之下尚令人追慕不已。

其实，这并非陶渊明有卓异之处，而是因为隐逸文化实在是传统文化的重要一翼，它不仅存在于传统文化的深处，而且以一种潜隐的方式存在于现实生活的深处。

如果从传说中的巢父、许由算起，中国的隐逸传统应与民族的文明史几乎同源，隐士亦不下万余人，有文献记载、事迹可考的就有几千人。

中国隐逸文化的源头应当追溯到孔子。

孔子当然不是隐士，甚至还明确反对过隐逸，但他的思想里却隐含着许多隐逸成分，中国后来的许多隐逸思想就是由此发展来的。

孔子终生都在宣扬、推行和维护代表儒家文化理想的“道”，但他还提倡“无道则隐”。

不仅如此，他还进一步提出明哲保身、存身以成仁等观点，作为他隐居求志、待时而动的必要补充。

庄子则是中国隐士的正牌祖先，他不仅本人是大隐士，而且全面系统地提出了中国的隐逸理论。

他否定一切世俗的功名利禄，使之不扰于心，并进一步卸除了一切社会责任，使自己成为一种纯粹的自我存在。

这还不够，他不仅要隐身，更重要的是要隐心，通过艰苦的修炼，彻底荡除喜怒哀乐的情绪，即使“大浸稽天”也不感到潮湿，“大旱金石流”也不感到炎热，由纯粹的自我存在升华到了纯粹超然的精神存在。

这样，庄子就什么也不依靠，做到了真正纯粹的“逍遥游”。

庄子的隐逸思想是一种面对社会精神牢笼的觉醒，对封建政治意识形态一直起着强烈的破坏作用，经过封建士大夫和隐士的发扬，这一思想基本上是作为积极因素而发挥作用的。

儒道两家的融合互补为传统的隐逸文化奠定了基础。

到了汉代，由于政治意识形态的统一和强固，隐士几乎没有生存的空间，就出现了以东方朔为代表的朝隐，它体现了传统隐逸文化的初期特征：注重现实功利；魏晋时期，随着大一统政治意识形态的解体，出现了林泉之隐，它更多地体现出传统隐逸文化中精华的一面；由于唐代的包容性，反而使得隐逸文化很难找到自己的位置，于是出现了具有浓厚的实用色彩的中隐；至宋代，整个传统文化走向内倾，注重精神超越的酒隐就应运而生了。

绝密★启用前2016届福建厦门市高三毕业班第一次质检语文试卷（带解析）试卷副标题考试范围：xxx ；考试时间：116分钟；命题人：xxx学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________注意事项．1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题）一、选择题（题型注释）1、填入下面一段文字横线处的语句，最恰当的一组是（ ）创新不是喊出来的，我们应该把关注的重点放在创新的源泉和创新力的形成上， 。

所以，要将创新转化为全社会的共识和行动，必须牢牢掌握实现转化的根本点，如此才能脚踏实地推进全社会的创新发展。

①我们不仅要高举创新发展的旗帜②更要大力加强全社会的创新能力建③眼睛不能只盯住创新的末端④而且要思考创新的源泉在哪里⑤而忽视了创新的基础建设⑥提倡创新发展，践行创新发展 A ．①④⑥⑤③② B ．①④②⑤⑥③ C ．⑥①④②③⑤ D ．⑥③⑤①④②2、下列各句中，没有语病的一句是（ ）A ．哈尔滨工业大学举办了名为“校园最美笔记”的评选活动，三名同学的课堂笔记被校试卷第2页，共12页博物馆收藏，一同与学界泰斗们当年的学习笔记展出。

B ．在人口增速放缓、老龄化日益迫近的新形势下．保证高素质、高质量劳动力人口增加，是我们延续人口红利期、提升经济社会建设质量的关键。

C ．主管部门本着鼓励原创为原则，没有直接断掉网剧的活路，在出品方对内容进行“优化处理”后，网剧可以重新上线。

D ．当前我国已进入全面建成小康社会，既面临着许多可以大有作为的重要战略机遇，也面临着矛盾叠加、隐患增多的严峻挑战。

3、依次填入下列各句横线处的成语，最恰当的一组是（ ）（1）对于深陷危机的巴西足球队，外界唱衰的论调尤甚。

巴西人能让这些担忧随着奥运的开幕 吗？（2）岁月变迁，曾经在上海街头风光一时的老艺人们 ，经历着各自不同的命运。

（3）由于森林不断退化和消失，至上世纪90年代末，东北虎在中国境内基本 。

2015-2016学年福建省四地六校高三（上）第一次联考数学试卷（文科）一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．=（）A．2 B．2 C．D．12．设a=sin145°，b=cos52°，c=tan47°，则a，b，c的大小关系是（）A．a＜b＜c B．c＜b＜a C．b＜a＜c D．a＜c＜b3．函数f（x）=e x+x﹣2的零点所在的区间是（e≈2.71828）（）A．（0，）B．（，1）C．（1，2）D．（2，3）4．下列命题中的假命题是（）A．∀x∈R，2x﹣1＞0 B．∀x∈N*，（x﹣1）2＞0 C．∃x∈R，lgx＜1 D．∃x∈R，tanx=2 5．已知集合，则满足条件A⊆C⊆B的集合C的个数为（）A．1 B．2 C．4 D．86．设等比数列{a n}的公比q=2，前n项和为S n，则=（）A．2 B．4 C．D．7．已知平面向量，，与垂直，则实数λ的值为（）A．﹣1 B．1 C．﹣2 D．28．已知cos（α+）﹣sinα=，则sin（α+）的值是（）A．﹣B．﹣C． D．9．设数列{a n}是以3为首项，1为公差的等差数列，{b n}是以1为首项，2为公比的等比数列，则b a1+b a2+b a3+b a4=（）A．15 B．60 C．63 D．7210．设函数f（x）=的最小值为﹣1，则实数a的取值范围是（）A．a≥﹣2 B．a＞﹣2 C．a≥﹣D．a＞﹣11．已知△ABC中，内角A，B，C所对的边长分别为a，b，c．若a=2bcosA，B=，c=1，则△ABC的面积等于（）A．B．C．D．12．对于函数f（x），若存在区间A=[m，n]，使得{y|y=f（x），x∈A}=A，则称函数f（x）为“可等域函数”，区间A为函数f（x）的一个“可等域区间”．给出下列4个函数：①f（x）=sin（x）；②f（x）=2x2﹣1；③f（x）=|1﹣2x|；④f（x）=log2（2x﹣2）．其中存在唯一“可等域区间”的“可等域函数”为（）A．①②③ B．②③C．①③D．②③④二.填空题：（本大题共4小题，每小题5分，满分20分）13．已知向量，，满足||=1，||=，+=（，1），则向量与的夹角是．14．若等比数列{a n}的各项均为正数，且a10a11+a9a12=2e5，则lna1+lna2+…+lna20=．15．在△ABC中，若tanB=﹣2，cosC=，则∠A=．16．已知函数，．若∀x1∈[1，2]，∃x2∈[﹣1，1]使f （x1）≥g（x2），则实数m的取值范围是．三、解答题（本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）17．（10分）（2015秋•福建月考）设{a n}是等差数列，{b n}是各项都为正数的等比数列，且a1=b1=1，a3+b3=9，a5+b5=25．（Ⅰ）求{a n}，{b n}的通项公式；（Ⅱ）求数列{a n}，{b n}的前n项和S n和T n．18．（12分）（2015秋•福建月考）已知函数f（x）=2cosxsin sin2x+sinxcosx．（1）求函数f（x）的最小正周期；（2）求函数f（x）的最大值及最小值；（3）写出f（x）的单调递增区间．19．（12分）（2014春•赤坎区校级期末）已知函数f（x）=log3．（Ⅰ）求函数f（x）的定义域；（Ⅱ）判断函数f（x）的奇偶性；（Ⅲ）当x∈[﹣，]时，函数g（x）=f（x），求函数g（x）的值域．20．（12分）（2015秋•福建月考）设数列{a n}的前n项和为S n=n2，{b n}为等比数列，且a1=b1，b2（a2﹣a1）=b1．（1）求数列{a n}，{b n}的通项公式．（2）设c n=a n•b n，求数列{c n}的前n项和T n．21．（12分）（2015•福安市校级模拟）设△ABC三个内角A、B、C所对的边分别为a，b，c．已知C=，acosA=bcosB．（1）求角B的大小；（2）如图，在△ABC内取一点P，使得PB=2．过点P分别作直线BA、BC的垂线PM、PN，垂足分别是M、N．设∠PBA=α，求PM+PN的最大值及此时α的取值．22．（12分）（2015•宁德二模）已知函数f（x）=lnx﹣a（x﹣1）（a∈R）．（Ⅰ）若a=﹣2，求曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程；（Ⅱ）若不等式f（x）＜0对任意x∈（1，+∞）恒成立．（ⅰ）求实数a的取值范围；（ⅱ）试比较e a﹣2与a e﹣2的大小，并给出证明（e为自然对数的底数，e=2.71828）．2015-2016学年福建省四地六校高三（上）第一次联考数学试卷（文科）参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．=（）A．2 B．2 C．D．1【考点】复数求模．【专题】计算题．【分析】通过复数的分子与分母同时求模即可得到结果．【解答】解：===．故选C．【点评】本题考查复数的模的求法，考查计算能力．2．设a=sin145°，b=cos52°，c=tan47°，则a，b，c的大小关系是（）A．a＜b＜c B．c＜b＜a C．b＜a＜c D．a＜c＜b【考点】三角函数线．【专题】三角函数的图像与性质．【分析】运用诱导公式得出a=sin145°=sin35°，b=cos52°=sin48°，c=tan47°＞tan45°=1，再结合正弦单调性判断即可．【解答】解：∵a=sin145°=sin35°，b=cos52°=sin38°，c=tan47°＞tan45°=1，∴y=sinx在（0，90°）单调递增，∴sin35°＜sin38°＜sin90°=1，∴a＜b＜c故选：A【点评】本题考查了三角函数的诱导公式的运用，正弦函数的单调性，难度不大，属于基础题．3．函数f（x）=e x+x﹣2的零点所在的区间是（e≈2.71828）（）A．（0，）B．（，1）C．（1，2）D．（2，3）【考点】函数零点的判定定理．【专题】函数的性质及应用．【分析】由函数的解析式可得f（0）=1﹣2=﹣1＜0，f（）=﹣＞0，再根据函数零点的判定定理可得函数f（x）=e x+x﹣2的零点所在的区间【解答】解：由于函数f（x）=e x+x﹣2，∴f（0）=1﹣2=﹣1＜0，f（）=﹣＞0，∵f（0）•f（）＜0∴函数f（x）=e x+x﹣2的零点所在的区间是（0，），故选A【点评】本题主要考查函数零点的判定定理的应用，求函数的值，属于基础题4．下列命题中的假命题是（）A．∀x∈R，2x﹣1＞0 B．∀x∈N*，（x﹣1）2＞0 C．∃x∈R，lgx＜1 D．∃x∈R，tanx=2 【考点】命题的真假判断与应用．【专题】计算题；函数的性质及应用．【分析】根据指数函数的值域，得到A项正确；根据一个自然数的平方大于或等于0，得到B项不正确；根据对数的定义与运算，得到C项正确；根据正弦函数y=tanx的值域，得D 项正确．由此可得本题的答案．【解答】解：∵指数函数y=2t的值域为（0，+∞）∴任意x∈R，均可得到2x﹣1＞0成立，故A项正确；∵当x∈N*时，x﹣1∈N，可得（x﹣1）2≥0，当且仅当x=1时等号∴存在x∈N*，使（x﹣1）2＞0不成立，故B项不正确；∵当x=1时，lgx=0＜1∴存在x∈R，使得lgx＜1成立，故C项正确；∵正切函数y=tanx的值域为R∴存在锐角x，使得tanx=2成立，故D项正确综上所述，只有B项是假命题故选：B【点评】本题给出含有量词的几个命题，要求找出其中的假命题．着重考查了基本初等函数的值域、对数的运算和不等式的性质等知识，属于基础题．5．已知集合，则满足条件A⊆C⊆B的集合C的个数为（）A．1 B．2 C．4 D．8【考点】集合的包含关系判断及应用；其他不等式的解法．【专题】不等式的解法及应用．【分析】通过解分式不等式求出好A，无理不等式求出集合B，通过满足条件A⊆C⊆B的集合C的个数即可．【解答】解：∵={1，2}={0，1，2，3，4}，因为A⊆C⊆B，所以C中元素个数至少有1，2；至多为：0，1，2，3，4；所以集合C的个数为{0，3，4}子集的个数：23=8．故选D．【点评】本题考查分式不等式与无理不等式的求法，集合的子集的求解，考查计算能力，转化思想．6．设等比数列{a n}的公比q=2，前n项和为S n，则=（）A．2 B．4 C．D．【考点】等比数列的前n项和．【专题】等差数列与等比数列．【分析】根据等比数列的性质，借助公比q表示出S4和a1之间的关系，易得a2与a1间的关系，然后二者相除进而求得答案．【解答】解：由于q=2，∴∴；故选：C．【点评】本题主要考查等比数列的通项公式及求和公式的综合应用．等差数列及等比数列问题一直是高中数学的重点也是高考的一个热点，要予以高度重视．7．已知平面向量，，与垂直，则实数λ的值为（）A．﹣1 B．1 C．﹣2 D．2【考点】数量积判断两个平面向量的垂直关系．【专题】计算题．【分析】先求出（）的坐标，由题意可得（）•=λ+4+9λ+6=0，解方程求得λ的值．【解答】解：（）=（λ+4，﹣3λ﹣2），由题意可得（）•=（λ+4，﹣3λ﹣2）•（1，﹣3）=λ+4+9λ+6=0，∴λ=﹣1，故选A．【点评】本题考查两个向量的加减法的法则，两个向量坐标形式的运算，两个向量垂直的性质，得到λ+4+9λ+6=0，是解题的难点．8．已知cos（α+）﹣sinα=，则sin（α+）的值是（）A．﹣B．﹣C． D．【考点】两角和与差的正弦函数．【专题】三角函数的求值；三角函数的图像与性质．【分析】利用两角和与差的余弦函数以及两角和与差的三角函数化简已知条件，然后展开所求表达式即可得到结果．【解答】解：cos（α+）﹣sinα=，∴=，，∴sin（α+）=sinαcos+cosαsin==﹣．故选：B．【点评】本题考查两角和与差的三角函数，基本知识的应用，考查计算能力．9．设数列{a n}是以3为首项，1为公差的等差数列，{b n}是以1为首项，2为公比的等比数列，则b a1+b a2+b a3+b a4=（）A．15 B．60 C．63 D．72【考点】等差数列与等比数列的综合．【专题】计算题；等差数列与等比数列．【分析】分别运用等差数列和等比数列的通项公式，求出a n，b n，再由通项公式即可得到所求．【解答】解：数列{a n}是以3为首项，1为公差的等差数列，则a n=3+（n﹣1）×1=n+2，{b n}是以1为首项，2为公比的等比数列，则b n=2n﹣1，则b a1+b a2+b a3+b a4=a3+b4+b5+b6=22+23+24+25=60．故选B．【点评】本题考查等比数列和等差数列的通项公式，注意选择正确公式，考查运算能力，属于中档题和易错题．10．设函数f（x）=的最小值为﹣1，则实数a的取值范围是（）A．a≥﹣2 B．a＞﹣2 C．a≥﹣D．a＞﹣【考点】函数的最值及其几何意义．【专题】函数的性质及应用；不等式的解法及应用．【分析】运用指数函数的单调性和二次函数的单调性，分别求出当x≥时，当x＜时，函数的值域，由题意可得a的不等式，计算即可得到．【解答】解：当x≥时，f（x）=4x﹣3≥2﹣3=﹣1，当x=时，取得最小值﹣1；当x＜时，f（x）=x2﹣2x+a=（x﹣1）2+a﹣1，即有f（x）在（﹣∞，）递减，则f（x）＞f（）=a﹣，由题意可得a﹣≥﹣1，解得a≥﹣．故选：C．【点评】本题考查分段函数的运用：求最值，主要考查指数函数的单调性和二次函数的值域的求法，属于中档题．11．已知△ABC中，内角A，B，C所对的边长分别为a，b，c．若a=2bcosA，B=，c=1，则△ABC的面积等于（）A．B．C．D．【考点】正弦定理．【专题】解三角形．【分析】由已知及正弦定理化简已知等式可得tanA=，结合A为三角形内角，可得A=B=C=，由三角形面积公式即可得解．【解答】解：∵a=2bcosA，∴由正弦定理可得：sinA=2sinBcosA，∵B=，可得sinA=cosA，∴解得tanA=，A为三角形内角，可得A=，C=π﹣A﹣B=，∴S△ABC=acsinB==．故选：C．【点评】本题主要考查了正弦定理，三角形面积公式的应用，属于基本知识的考查．12．对于函数f（x），若存在区间A=[m，n]，使得{y|y=f（x），x∈A}=A，则称函数f（x）为“可等域函数”，区间A为函数f（x）的一个“可等域区间”．给出下列4个函数：①f（x）=sin（x）；②f（x）=2x2﹣1；③f（x）=|1﹣2x|；④f（x）=log2（2x﹣2）．其中存在唯一“可等域区间”的“可等域函数”为（）A．①②③ B．②③C．①③D．②③④【考点】正弦函数的定义域和值域．【专题】新定义；函数的性质及应用．【分析】根据“可等域区间”的定义分别进行判断即可得到结论．【解答】解：①函数f（x）=sin（x）的周期是4，正弦函数的性质我们易得，A=[0，1]为函数的一个“可等域区间”，同时当A=[﹣1，0]时也是函数的一个“可等域区间”，∴不满足唯一性．②当A=[﹣1，1]时，f（x）∈[﹣1，1]，满足条件，且由二次函数的图象可知，满足条件的集合只有A=[﹣1，1]一个．③A=[0，1]为函数f（x）=|2x﹣1|的“可等域区间”，当x∈[0，1]时，f（x）=2x﹣1，函数单调递增，f（0）=1﹣1=0，f（1）=2﹣1=1满足条件，∴m，n取值唯一．故满足条件．④∵f（x）=log2（2x﹣2）单调递增，且函数的定义域为（1，+∞），若存在“可等域区间”，则满足，即，∴m，n是方程2x﹣2x+2=0的两个根，设f（x）=2x﹣2x+2，f′（x）=2x ln2﹣2，当x＞1时，f′（x）＞0，此时函数f（x）单调递增，∴f（x）=2x﹣2x+2=0不可能存在两个解，故f（x）=log2（2x﹣2）不存在“可等域区间”．故选：B．【点评】本题主要考查与函数有关的新定义问题，根据“可等域区间”的定义，建立条件关系是解决本题的关键，综合性较强，有一定的难度．二.填空题：（本大题共4小题，每小题5分，满分20分）13．已知向量，，满足||=1，||=，+=（，1），则向量与的夹角是．【考点】平面向量数量积的运算．【专题】平面向量及应用．【分析】设向量与的夹角是θ，根据|+|===2，求得cosθ的值，可得θ的值．【解答】解：设向量与的夹角是θ，则=1××cosθ=cosθ，根据|+|====2，可得cosθ=0，∴θ=，故答案为：．【点评】本题主要考查两个向量的数量积的定义，求向量的模，根据三角函数的值求角，属于基础题．14．若等比数列{a n}的各项均为正数，且a10a11+a9a12=2e5，则lna1+lna2+…+lna20=50．【考点】等比数列的性质．【专题】计算题；等差数列与等比数列．【分析】直接由等比数列的性质结合已知得到a10a11=e5，然后利用对数的运算性质化简后得答案．【解答】解：∵数列{a n}为等比数列，且a10a11+a9a12=2e5，∴a10a11+a9a12=2a10a11=2e5，∴a10a11=e5，∴lna1+lna2+…lna20=ln（a1a2…a20）=ln（a10a11）10=ln（e5）10=lne50=50．故答案为：50．【点评】本题考查了等比数列的运算性质，考查对数的运算性质，考查了计算能力，是基础题．15．在△ABC中，若tanB=﹣2，cosC=，则∠A=．【考点】同角三角函数基本关系的运用；两角和与差的余弦函数．【专题】三角函数的求值．【分析】由条件利用同角三角函数的基本关系，求得sinB、cosB、sinC的值，再利用诱导公式、两角和的余弦公式求得cos∠A=﹣cos（B+C）的值，可得∠A的值．【解答】解：在△ABC中，若tanB==﹣2，则由sin2B+cos2B=1 可得，sinB=，cosB=﹣．由cosC=，可得sinC==，∴cos∠A=﹣cos（B+C）=﹣cosBcosC+sinBsinC=+=，∴∠A=，故答案为：．【点评】本题主要考查同角三角函数的基本关系，诱导公式、两角和的余弦公式，以及三角函数在各个象限中的符号，属于基础题．16．已知函数，．若∀x1∈[1，2]，∃x2∈[﹣1，1]使f（x1）≥g（x2），则实数m的取值范围是．【考点】函数恒成立问题．【专题】函数的性质及应用．【分析】对∀x1∈[1，2]，∃x2∈[﹣1，1]使f（x1）≥g（x2），等价于f（x）min≥g（x）min，于是问题转化为求函数f（x），g（x）的最小值问题．【解答】解：当x∈[1，2]时，f（x）==≥3=3，当且仅当即x=1时取等号，所以f（x）min=3．g（x）=﹣m在[﹣1，1]上单调递减，所以，对∀x1∈[1，2]，∃x2∈[﹣1，1]使f（x1）≥g（x2），等价于f（x）min≥g（x）min，即3≥﹣m，解得m≥﹣．故答案为：[﹣，+∞）．【点评】本题考查函数恒成立问题，解决的常用方法是转化为函数的最值问题进行处理．三、解答题（本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）17．（10分）（2015秋•福建月考）设{a n}是等差数列，{b n}是各项都为正数的等比数列，且a1=b1=1，a3+b3=9，a5+b5=25．（Ⅰ）求{a n}，{b n}的通项公式；（Ⅱ）求数列{a n}，{b n}的前n项和S n和T n．【考点】数列的求和．【专题】等差数列与等比数列．【分析】（Ⅰ）通过将各项均用首项和公差（公比）表示出来，然后联立方程组，计算即得公差、公比，进而可得结论；（2）通过（1），利用等差、等比数列的求和公式计算即得结论．【解答】解：（Ⅰ）∵a1=b1=1，a3+b3=9，a5+b5=25，∴，整理得：q4﹣2q2﹣8=0，解得：q2=4或q2=﹣2（舍），又∵数列{b n}是各项都为正数的等比数列，∴q=2，d=2，∴a n=2n﹣1，；（2）由（1）可知S n==n2，T n==2n﹣1．【点评】本题考查数列的通项及前n项和，注意解题方法的积累，属于基础题．18．（12分）（2015秋•福建月考）已知函数f（x）=2cosxsin sin2x+sinxcosx．（1）求函数f（x）的最小正周期；（2）求函数f（x）的最大值及最小值；（3）写出f（x）的单调递增区间．【考点】三角函数中的恒等变换应用；复合三角函数的单调性．【专题】三角函数的图像与性质．【分析】由三角函数的知识化简可得f（x）=2sin（x+），进而可得周期，最值，和单调递增区间．【解答】解：化简可得f（x）=2cosxsin sin2x+sinxcosx=2cosx（sinx+cosx）﹣sin2x+sinxcosx=sinxcosx+cos2x sin2x+sinxcosx=2sinxcosx+（cos2x﹣sin2x）=sin2x cos2x=2sin（2x+）（1）可得函数f（x）的最小正周期T==π；（2）由振幅的意义和振幅A=2，可知，函数的最大值和最小值分别为2，﹣2；（3）由2kπ﹣≤2x+≤2kπ+，可得2kπ﹣≤2x≤2kπ+，k∈Z，故函数的单调递增区间为[kπ﹣，kπ+]，k∈Z【点评】本题考查三角函数的公式的应用，涉及复合函数的单调性，属中档题．19．（12分）（2014春•赤坎区校级期末）已知函数f（x）=log3．（Ⅰ）求函数f（x）的定义域；（Ⅱ）判断函数f（x）的奇偶性；（Ⅲ）当x∈[﹣，]时，函数g（x）=f（x），求函数g（x）的值域．【考点】对数函数图象与性质的综合应用．【专题】函数的性质及应用．【分析】（Ⅰ）根据对数式的真数部分大于0，构造关于x的不等式，解不等式可得函数f （x）的定义域；（II）根据函数的定义域关于原点对称，且f（﹣x）=﹣f（x），结合函数奇偶性的定义，可得结论；（III）当x∈[﹣，]时，先求出真数部分的取值范围，进而可得函数g（x）的值域．【解答】解：（I）要使函数f（x）=log3的解析式有意义，自变量x须满足：＞0，解得x∈（﹣1，1），故函数f（x）的定义域为（﹣1，1），（II）由（I）得函数的定义域关于原点对称，且f（﹣x）=log3=log3（）﹣1=﹣log3=﹣f（x）．故函数f（x）为奇函数，（III）当x∈[﹣，]时，令u=，则u′=﹣＜0，故u=在[﹣，]上为减函数，则u∈[，3]，又∵g（x）=f（x）=log3u为增函数，故g（x）∈[﹣1，1]，故函数g（x）的值域为[﹣1，1]．【点评】本题考查的知识点是对数函数的图象和性质，函数的定义域，值域，奇偶性，解分式不等式，是函数图象和性质的综合应用，难度中档．20．（12分）（2015秋•福建月考）设数列{a n}的前n项和为S n=n2，{b n}为等比数列，且a1=b1，b2（a2﹣a1）=b1．（1）求数列{a n}，{b n}的通项公式．（2）设c n=a n•b n，求数列{c n}的前n项和T n．【考点】数列的求和；数列递推式．【专题】等差数列与等比数列．【分析】（1）由已知利用递推公式a n=可得a n，代入分别可求数列b n的首项b1，公比q，从而可求b n；（2）由（1）可得c n=（2n﹣1）•4n﹣1，利用乘“公比”错位相减求和．【解答】解：（1）：当n=1时，a1=S1=1；当n≥2时，a n=S n﹣S n﹣1=n2﹣（n﹣1）2=2n﹣1，故{a n}的通项公式为a n=2n﹣1，即{a n}是a1=1，公差d=2的等差数列．设{b n}的公比为q，则b1qd=b1，d=2，∴q=．故b n=b1q n﹣1=1×，即{b n}的通项公式为b n=（）n﹣1；（2）∵c n=a n•b n=（2n﹣1）•（）n﹣1，T n=c1+c2+…+c n即T n=1+3×+5×+…+（2n﹣1）•（）n﹣1，T n=1×+3×+5×+…+（2n﹣3）•（）n﹣1+（2n﹣1）•（）n，两式相减得，T n=1+2（+++…+（）n﹣1）﹣（2n﹣1）•（）n=3﹣﹣（2n﹣1）•（）n∴T n=6﹣．【点评】当已知条件中含有s n时，一般会用结论a n=，来求通项，注意求和的方法的选择主要是通项，本题所要求和的数列适合乘“公比”错位相减的方法，此法是求和中的重点，也是难点．21．（12分）（2015•福安市校级模拟）设△ABC三个内角A、B、C所对的边分别为a，b，c．已知C=，acosA=bcosB．（1）求角B的大小；（2）如图，在△ABC内取一点P，使得PB=2．过点P分别作直线BA、BC的垂线PM、PN，垂足分别是M、N．设∠PBA=α，求PM+PN的最大值及此时α的取值．【考点】正弦定理．【专题】解三角形．【分析】（1）由acosA=bcosB及正弦定理可得：sinAcosA=sinBcosB，即sin2A=sin2B，又A∈（0，π），B∈（0，π），可得A=B或A+B=．由于C=，即可得出．（2）由题设，得在Rt△PMB中，PM=PB•sin∠PBM=2sinα；在Rt△PNB中，同理可得PN=2sin （﹣α），α∈（0，）．于是PM+PN=2sin（α+）．由于α∈（0，），可得sin（α+）∈（，1]，即可得出．【解答】解：（1）由acosA=bcosB及正弦定理可得：sinAcosA=sinBcosB，即sin2A=sin2B，又A∈（0，π），B∈（0，π），∴有A=B或A+B=．又∵C=，得A+B=，与A+B=矛盾，∴A=B，因此B=．（2）由题设，得在Rt△PMB中，PM=PB•sin∠PBM=2sinα；在Rt△PNB中，PN=PB•sin∠PBN=PB•sin（﹣∠PBA）=2sin（﹣α），α∈（0，）．∴PM+PN=2sinα+2sin（﹣α）=sinα+cosα=2sin（α+）．∵α∈（0，），∴α+∈（，），从而有sin（α+）∈（，1]，即2sin（α+）∈（，2]．于是，当α+=，即α=时，PM+PN取得最大值2．【点评】本题查克拉正弦定理、倍角公式、和差公式、三角函数的单调性，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．22．（12分）（2015•宁德二模）已知函数f（x）=lnx﹣a（x﹣1）（a∈R）．（Ⅰ）若a=﹣2，求曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程；（Ⅱ）若不等式f（x）＜0对任意x∈（1，+∞）恒成立．（ⅰ）求实数a的取值范围；（ⅱ）试比较e a﹣2与a e﹣2的大小，并给出证明（e为自然对数的底数，e=2.71828）．【考点】导数在最大值、最小值问题中的应用；利用导数研究曲线上某点切线方程．【专题】导数的概念及应用；导数的综合应用．【分析】（1）一求切点，二求切点处的导数，即切线的斜率；（2）只需求出函数f（x）在区间[1，+∞）上的最大值即可，利用导数研究单调性，进一步求其最值构造不等式求解；比较大小可将两个值看成函数值，然后利用函数的性质求解．【解答】解：（Ⅰ）因为a=﹣2时，f（x）=inx+x﹣1，．所以切点为（1，0），k=f′（1）=2．所以a=﹣2时，曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程为y=2x﹣2．（II）（i）由f（x）=lnx﹣a（x﹣1），所以，①当a≤0时，x∈（1，+∞），f′（x）＞0，∴f（x）在（1，+∞）上单调递增，f（x）＞f（1）=0，∴a≤0不合题意．②当a≥2即时，在（1，+∞）上恒成立，∴f（x）在（1，+∞）上单调递减，有f（x）＜f（1）=0，∴a≥2满足题意．③若0＜a＜2即时，由f′（x）＞0，可得，由f′（x）＜0，可得x，∴f（x）在上单调递增，在上单调递减，∴，∴0＜a＜2不合题意．综上所述，实数a的取值范围是[2，+∞）．（ii）a≥2时，“比较e a﹣2与a e﹣2的大小”等价于“比较a﹣2与（e﹣2lna）的大小”设g（x）=x﹣2﹣（e﹣2）lnx，（x≥2）．则．∴g（x）在[2，+∞）上单调递增，因为g（e）=0．当x∈[2，e）时，g（x）＜0，即x﹣2＜（e﹣2）lnx，所以e x﹣2＜x e﹣2．当x∈（e，+∞）时g（x）＞0，即x﹣2＞（e﹣2）lnx，∴e x﹣2＞x e﹣2．综上所述，当a∈[2，e）时，e a﹣2＜a e﹣2；当a=e时，e a﹣2=a e﹣2；当a∈（e，+∞）时，e a﹣2＞a e﹣2．【点评】本题主要考查函数、导数、不等式等基本知识；考查运算求解能力、推理论证能力；考查化归与转化思想、函数与方程的思想、分类整合思想、数形结合思想．。

福建省厦门市 2016 届高三第一次教学质量检测语文试题第Ⅰ卷阅读题甲必考题一、现代文阅读（9 分，每小题 3 分）阅读下面的文字，完成后面题目。

位于福建西部连城县的四堡，与传统书业有关。

明清时期，四堡曾与北京、汉口、浒湾齐名，并列为我国四大雕版印刷基地，目前是全国唯一保存比较完整的雕版印刷遗址。

四堡居民，多为躲避战乱的客家移民。

客家人始终保持耕读并重的人文传统，一大批落第秀才为生业计，也加入了印刷业，为雕版在四堡的兴起提供了坚实的文化基础。

四堡周围山岭高耸，森林茂密，取之不尽的小叶樟、山梨、梓木、竹子等自然资源，为雕版印刷提供了充足的生产原料。

当然，印书所带来的丰厚利润，也对四堡印刷业的繁荣起到了极其重要的刺激与催生作用。

四堡雕版印刷业“起源于宋，发展于明，鼎盛于清”。

在清中叶的鼎盛期，四堡成为我国南方刻坊中心。

据有关资料统计，四堡仅马、邹两姓就曾有72010 的人口、 1200 多人从事刻书印刷，印书坊至少100 家。

四堡雕版所印书籍远销13 个省份 150 个县市，《汀州府志》记载，四堡出版的书籍垄断江南、行销全国、远播海外。

到了清朝末年，四堡雕版印刷业先后遭遇了战火的侵扰和两次新技术的冲击，逐渐衰微。

以横扫儒教、推翻满清为使命的太平天国运动，将战火烧到了偏远的四堡，毁于兵燹的书籍、版刻不计其数。

清咸丰年间，上海开始出现了石印，石印采用活字印刷技术，和雕版相比，在成本和技术上占有明显的优势。

尽管如此，四堡人并未感到多大危机，印刷业在原有轨道上照常运转。

清朝末年，国外铅印新工艺传入中国，很快垄断市场，四堡雕版印刷业无法与之抗衡，遂一落千丈，一蹶不振。

印书坊大多停业倒闭，只有残存的几家苦苦支撑，惨淡经营至民国三十一年，终于落下最后的帷幕。

四堡雕版的兴衰，促人思考和警醒。

首先，新技术的引进及内容创新，是产业发展的永恒主题。

四堡先人大胆引进、采用最新雕版印刷技术，大获成功。

然而，清朝末期的四堡雕版印刷业故步自封，对新出现的具有潜在威胁的石印、铅印等创新技术无动于衷；科举废除后，印书内容依然是以儒学经典为主，未能及时转向，遂使失败成为必然。

第Ⅰ卷阅读题一、现代文阅读（9分，毎小题3分）阅读下面的文字，完成任务小题培厚“精神新土层”，迎接“新集体生活”去年年底，腾讯公布官方数据显示，用户每天在微信平台上平均阅读5．86篇文章。

以每篇1500字计，一个月下来就是一本200多页的书。

这样一本“书”，恐怕难以扭转“中国人不读书”的印象，也不足以涵养丰盈的精神生活。

不仅仅是在中国，美国埃默里大学教授马克·鲍尔莱恩对于“把时间都花在了社交网站”上的年轻人，也忧心忡忡。

为了提醒埋头手机者保留一个“与历史、与艺术、与公民理念相遇”的生命空间，他的书名就叫《最愚蠢的一代》。

作家博尔赫斯说：如果有天堂，那一定是图书馆的模样。

爱书之人，可能都幻想过这样一座图书馆：没有容积的限制、跨越时空的区隔，“摊开你的手掌，无限在此收藏”。

网络不就是这样吗？飞速发展的搜索技术、不断扩大的社交平台，海量的信息、无界的交流，只需在巴掌大的屏幕上敲击几下就尽在掌握。

从丰富性的角度看，互联网绝不该成为文化的沙漠，而应是比博尔赫斯的想象更辉煌的“天堂”。

今天的“新集体生活”更加开放、更加自由、个性更加鲜明。

在网络的土壤中，即便是荒腔走板的歌声，也可能因触动隐秘的心弦而得到共鸣。

只是，这样的个性张扬，虽为文化土层的培育提供了更大空间，却也“既有繁花，亦生稗草”，让互联网文化显得颇为芜杂。

微信公号不乏“揭秘”“爆料”“有染”等吸引眼球的劲爆词汇，更有“30岁以前要明白”“中国人转起来”等或浓或淡的心灵鸡汤……这些内容尽管无伤大雅，却也难免让人担心它们背后日渐贫血的心灵。

面对泥沙俱下的文化洪流，尤其需要澄清自己的文化水源，才能于沙中淘到金。

无论有多么庞大的库存，你能接触到的如果只是你知道或者愿意知道的那一小部分，那与其说是看到了世界，不如说只是验证了自己。

从这个角度看，那些无法深究的八卦、那些不知所云的感悟、那些似是而非的谣传、那些低俗庸俗的段子，不是丰富了你的生活，反而是把你阻隔在了一个伟大的宝库之外。

2016届高三年级第一次综合诊断考试语文注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（阅读题）和第Ⅱ卷（表达题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．作答时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

第Ⅰ卷阅读题（70分）甲必考题一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1—3题。

“西学东渐”一词最初见于容闳1915年出版的英文传记中译本《西学东渐记》，后被用来泛指晚清以来现代西方文化思想在中国传播盛行的历史过程。

其外在形态就是大量的西方文化思想著作被翻译介绍到中国，其内在标志就是西方的政治文化思想开始成为影响中国社会的一种重要的思想来源。

目睹洋务运动的逐渐破灭，严复、马建忠等有识之士已经深刻地意识到，为求富强，抵御外辱，单有洋务是不够的，必须以开放的心态，抛弃狭隘的民族主义立场，放弃“西学源出中国”，“中学为体，西学为用”等固有思想，认真学习导致西方各国富强兴盛的政治经济科学文化思想，改变当时中国民力已弱、民智已卑、民德已薄的客观现实；鼓民力、开民智、新民德，把中国导向富强。

为此，马建忠在1894年发表了著名的《拟设翻译书院议》，以其多年出使法国、英国的经历告诉国人：自明朝海禁开放以来，来华的外国传教士早已将中国的经传典籍等译为拉丁、法、英等文字。

还在康熙年间，法国巴黎就开设了汉文馆，专门从事各种汉语著作的翻译。

进而认为，近代中国之所以屡屡受欺于人，就在于闭关锁国，不通外文，对国外情况一无所知，处处受制于人。

力主效仿西欧各国，设立专门的翻译书院，培养专门的翻译人才，广泛翻译西方各国政治经济与文化科学著作，以便知己知彼，学习西方各国之长，补己之短。

可以说，自李鸿章、张之洞等朝廷重臣主政洋务以来，虽然大兴洋务，效仿西方各国兴办船政、矿务、电邮、铁路、海军、学堂、译署等，但因坚持“中学为体，西学为用”的思想，其洋务运动始终重在对西方各国具体军事工业技术的学习，而非孕育现代西方社会工业文明的科学与民主宪政思想，以致洋务运动始终在西方各国后面亦步亦趋。