2015-2016学年度攀枝花市2016级高三第二次统考试题(Word版 含答案)

2016届高三第二次统考英语参考答案攀枝花市高2016届高三第二次统考英语参考答案第一部分听力（共20小题；每小题1.5分，满分30分。

）1-5CCABA 6-10ACACA 11-15CBCBB 16-20AABBC第二部分阅读理解（共2节，满分40分。

）第一节（共15小题；每小题2分，满分30分。

）21-24ABDC 25-27ABA 28-31CCAD 32-35DBDC第二节（共5小题；每小题2分，满分10分。

）36. F 37. D 38. C 39. E 40. G第三部分英语知识运用（共2节，满分45分。

）第一节完形填空（共20小题；每小题1.5分，满分30分。

）41-45ACBAD 46-50CDBAD 51-55ACBBA 56-60DCDCB第二节语法填空（共10小题；每小题1.5分，满分15分。

）61. was 62. training 63. artists 64. Because / As 65. stolen66. called 67. describing 68. greater 69. immediately 70. at第四部分写作（共两节，满35分。

）第一节：短文改错（共10小题；每小题1分，满分10分。

）The environmental pollution is very seriously today. We have no clean water because it is polluted. Some animalsserioushad died out because many forests have been destroying down. The sky is grey because some factory are not have destroyed factories responsible, pour waste into the air. It affects our lives not only at∧moment, but also in the future. To live a pouring thebetter life, we shouldn’t throw away old things. Instead, we should recycle it. We should use things for as long asthempossible because this reduce pollution. We must plant more trees and stop people from cut them down. We should reduces cuttingdo everything to let our world to become more and more beautiful.删去第二节：书面表达（共1小题；满分25分）（范文略）第 1 页共1 页。

市十二中2015-2016学年度(下)第2月调研检测高2016届英语试题第Ⅰ卷第一部分听力（共两节，满分30分）做题时，先将答案标在试卷上。

录音内容结束后，你将有两分钟的时间将试卷上的答案转涂到答题卡上。

第一节(共5小题；每小题1.5分，满分7.5分)听下面5段对话。

每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。

听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。

每段对话仅读1遍。

1. How much should the man pay if he rents the room for two weeks?A.＄150.B.＄300.C.＄400.2. Where does this conversation take place?A. In an office.B. In a restaurant.C. In a clothing shop.3. Why does the woman dislike the restaurant?A. It is crowded.B. It is noisy.C. It is expensive.4. What is the relationship between the two speakers?A. Neighbors.B. Friends.C. Workmates.5. What does the woman suggest the man do?A. Get a part-time job.B. Tell his parents about it.C. Keep it a close secret.第二节（共15小题；每小题1分，满分15分）听下面5段对话或独白。

每段对话或独白后有几个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。

听每段对话或独白前，你将有时间阅读各个小题。

2016年普通高等学校招生全国统一考试(卷2)文科数学注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡相应位置上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号框。

写在本试卷上无效。

3．答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

4．考试结束，将试题卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷一、 选择题：本大题共12小题。

每小题5分，在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。

（1）已知集合{123}A =，，，2{|9}B x x =<，则A B =I D（A ）{210123}--，，，，， （B ）{21012}--，，，， （C ）{123}，，（D ）{12}，（2）设复数z 满足i 3i z +=-，则z =（A ）12i -+（B ）12i -（C ）32i +（D ）32i - (3) 函数=sin()y A x ωϕ+的部分图像如图所示，则A（A ）2sin(2)6y x π=-（B ）2sin(2)3y x π=-（C ）2sin(2+)6y x π=（D ）2sin(2+)3y x π=(4) 体积为8的正方体的顶点都在同一球面上，则该球面的表面积为（A）12π（B）323π（C）8π（D）4π(5) 设F为抛物线C：y2=4x的焦点，曲线y=kx（k>0）与C交于点P，PF⊥x轴，则k=（A）12（B）1 （C）32（D）2(6) 圆x2+y2−2x−8y+13=0的圆心到直线ax+y−1=0的距离为1，则a=（A）−43（B）−34（C）3（D）2(7) 如图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视图，则该几何体的表面积为（A）20π（B）24π（C）28π（D）32π(8) 某路口人行横道的信号灯为红灯和绿灯交替出现，红灯持续时间为40秒.若一名行人来到该路口遇到红灯，则至少需要等待15秒才出现绿灯的概率为学.科网（A）710（B）58（C）38（D）310(9)中国古代有计算多项式值得秦九韶算法，右图是实现该算法的程序框图．执行该程序框图，若输入的a为2，2，5，则输出的s=（A）7（B）12（C）17（D）34(10) 下列函数中，其定义域和值域分别与函数y=10lg x的定义域和值域相同的是（A）y=x（B）y=lg x（C）y=2x（D）1 yx =(11) 函数π()cos26cos()2f x x x=+-的最大值为（A）4（B）5 （C）6 （D）7(12) 已知函数f (x )（x ∈R ）满足f (x )=f (2-x )，若函数y =|x 2-2x -3| 与y =f (x ) 图像的交点为（x 1,y 1），(x 2,y 2)，…，（x m ,y m ），则1=mi i x =∑(A)0 (B)m (C) 2m (D) 4m 二．填空题：共4小题，每小题5分.(13) 已知向量a =(m ,4)，b =(3,-2)，且a ∥b ，则m =___________.(14) 若x ，y 满足约束条件103030x y x y x -+≥⎧⎪+-≥⎨⎪-≤⎩，则z =x -2y 的最小值为__________（15）△ABC 的内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，若4cos 5A =，5cos 13C =，a =1，则b =____________.（16）有三张卡片，分别写有1和2，1和3，2和3. 学.科网甲，乙，丙三人各取走一张卡片，甲看了乙的卡片后说：“我与乙的卡片上相同的数字不是2”，乙看了丙的卡片后说：“我与丙的卡片上相同的数字不是1”，丙说：“我的卡片上的数字之和不是5”，则甲的卡片上的数字是________________. 三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤． （17）(本小题满分12分)等差数列{n a }中，34574,6a a a a +=+=（I ）求{n a }的通项公式； (II)设nb =[na ]，求数列{nb }的前10项和，其中[x]表示不超过x 的最大整数，如[0.9]=0,[2.6]=2（18）(本小题满分12分)某险种的基本保费为a （单位：元），继续购买该险种的投保人称为续保人，续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下：学科.网随机调查了该险种的200名续保人在一年内的出险情况，得到如下统计表：（I ）记A 为事件：“一续保人本年度的保费不高于基本保费”。

2015-2016学年四川省攀枝花市高三（上）第二次统考物理试卷一、选择题（共7小题，每小题6分，满分42分）1．如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重不计，则电子所受另一个力的大小和方向变化情况是（）A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右2．如图所示，MN是介质Ⅰ、Ⅱ的交界面，光在介质Ⅰ中的传播速度为c，在介质Ⅱ中的传播速度为c，光线a、b沿图中方向射到介面上．关于光线a、b的下列说法中，正确的是（）A．a、b都不能发生全反射B．a、b都能发生全反射C．a不能发生全反射、b能发生全反射D．a能发生全反射、b不能发生全反射3．如图所示，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻细绳连接并跨过滑轮，不计滑轮的质量和摩擦，两物体刚好处于静止状态．α、β分别是两斜面的倾角，已知cosβ=0.8，cosα=0.6．则两小物块的质量之比m A：m B 等于（）A．3：4 B．4：3 C．3：5 D．5：34．土星拥有许多卫星，至目前为止所发现的卫星数已经有30个，下表是土星部分卫星的相关数据．设表中卫星绕土星做匀速圆周运动，下列关于卫星的说法中，正确的是（）A．“狄俄涅”绕土星运动的周期大于“泰坦”绕土星运动的周期B．“泰坦”绕土星运动的加速度大于“美马斯”绕土星运动的加速度C．“特提斯”绕土星运动的线速度大于“雷亚”绕土星运动的线速度D．“狄俄涅”绕土星运动的角速度大于“恩克拉多斯”绕土星运动的角速度5．一列横波沿直线传播，在波的传播方向上有A、B两点．在t时刻A、B两点间形成如图甲所示波形，在（t+3s）时刻A、B两点间形成如图乙所示波形，已知A、B两点间距离a=9m，由此可知（）A．若该波向右传播，周期可能大于4 sB．若周期为4 s，波一定向左传播C．若波速为7.5 m/s，波一定向右传播D．该波的最小波速为1.5 m/s6．一质量为2kg的物体沿水平面作直线运动，其v﹣t图象如图所示，下列选项中正确的是（）A．前6 s内，合外力对物体做功为64 JB．在3 s﹣5 s内，质点的平均速度为4 m/sC．在前6 s内，质点离出发点的最远距离为28 mD．质点在第5 s末的加速度为07．如图所示，一轻弹簧下端固定在倾角为θ的固定斜面底端，弹簧处于原长时上端位于斜面上B点，B点以上光滑，B点到斜面底端粗糙，可视为质点的物体质量为m，从A点静止释放，将弹簧压缩到最短后恰好能被弹回到B点．已知A、B间的距离为L，物体与B点以下斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，不计空气阻力，则此过程中（）A．克服摩擦力做的功为mgLsinθB．弹簧的最大压缩量为C．物体的最大动能一定等于mgLsinθD．弹性势能的最大值为mgLsinθ（1+）二、非选择题（共68分）8．如图是某同学在“验证机械能守恒定律”时的实验装置图，回答下列问题①为了减少误差，重锤的质量要（填“大”或“小”）一些．②关于实验的操作，下列做法中正确的是A．打点计时器可接在干电池上B．打点计时器必须竖直固定C．先释放纸带，后接通电源D．选出的纸带必须点迹清晰．9．为了测量一节干电池的电动势和内电阻，某实验小组设计了如图甲所示的电路，实验室准备了下列器材供选用A．待测干电池一节B．直流电流表A1（量程0～0.6A，内阻约为0.1Ω）C．直流电流表A2（量程0～3A，内阻约为0.02Ω）D．直流电压表V1（量程0～3V，内阻约为5kΩ）E．直流电压表V2（量程0～15V，内阻约为25kΩ）F．滑动变阻器R1（阻值范围为0～15Ω，允许最大电流为1A）G．滑动变阻器R2（阻值范围为0～1000Ω，允许最大电流为2A）H．开关I．导线若干①实验中电压表应选用；电流表应选用；滑动变阻器应选用．（填字母代号）②用笔画线代替导线在图乙中完成实物连接．③实验小组在进行实验时，初始滑片P在最右端，但由于滑动变阻器某处发生断路，合上开关S后发现滑片P向左滑过一段距离x后电流表有读数，于是该组同学分别作出了电压表读数U与x、电流表读数I与x的关系图，如图丙所示，则根据图象可知，电池的电动势为V，内阻为Ω．10．交通部门提供有下列资料：资料一：驾驶员的反应时间（驾驶员发现事故信号到汽车开始制动的时间）：0.3～0.6s．资料二：各种路面与轮胎之间的动摩擦因数（见表）一汽车晴天在某高速公路上以108km/h速度行驶．根据以上资料，重力加速度g 取10m/s2，求：（1）该汽车在驾驶员反应时间内通过的最大距离；（2）该汽车在该高速公路上以上述速度行驶时，制动距离多大？11．如图所示，质量为m的小物块（可视为质点），用长为l的轻细线悬于天花板的O点．足够长的木板AB倾斜放置，顶端A位于O点正下方，与O点的距离为2l，木板与水平面间的夹角θ=30˚．整个装置在同一竖直面内．现将小物块移到与O点同高的P点（细线拉直），由静止释放，小物块运动到最低点Q时剪断细线，重力加速度为g，求：（1）剪断细线时，小物块速度的大小；（2）小物块在木板上的落点到木板顶端A的距离及与木板接触前瞬间的速度．12．如图所示，在绝缘水平地面上放一质量为m A=100g的薄木板A，在木板上放一质量为m B=300g的带正电小物块B（可视为质点），B的带电量为1.0×10﹣6 C，A的长度l=16cm．B与A之间的滑动摩擦因数μ1=0.20，A与地面之间的滑动摩擦因数μ2=0.10．最大静摩擦力可视为等于滑动摩擦力．各物体都处于静止状态，小物块位于木板的最左端，木板左端位于N点．现在水平面上方NM、PQ之间的区域加上水平向右的匀强电场，电场强度大小为1.5×106N/C，重力加速度g 取10m/s2，求：（1）刚加上电场时，小物块B的加速度大小；（2）小物块B运动到木板中点时（小物块B仍在电场中），木板的速度大小；（3）若小物块B始终没离开木板，NM、PQ之间的距离最大为多大？2015-2016学年四川省攀枝花市高三（上）第二次统考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题6分，满分42分）1．如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重不计，则电子所受另一个力的大小和方向变化情况是（）A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右【考点】电场强度；电场的叠加．【分析】电子做匀速直线运动，知受电场力和外力平衡，外力的大小与电场力的大小相等，方向相反，根据电场力的变化判断外力的变化．【解答】解：根据等量异种电荷周围的电场线分布知，从A→O→B，电场强度的方向不变，水平向右，电场强度的大小先增大后减小．则电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，则外力的大小先变大后变小，方向水平向右．故B正确，A、C、D错误．故选：B．2．如图所示，MN是介质Ⅰ、Ⅱ的交界面，光在介质Ⅰ中的传播速度为c，在介质Ⅱ中的传播速度为c，光线a、b沿图中方向射到介面上．关于光线a、b的下列说法中，正确的是（）A．a、b都不能发生全反射B．a、b都能发生全反射C．a不能发生全反射、b能发生全反射D．a能发生全反射、b不能发生全反射【考点】光的反射定律；光的折射定律．【分析】根据光在介质中传播速度，结合v=，可确定光的折射率的大小，再结合sinC=，从而确定临界角的大小，最后依据光的全反射条件，即可求解．【解答】解：根据光在介质Ⅰ中的传播速度为c，在介质Ⅱ中的传播速度为c，结合v=，可知，光在介质Ⅰ中折射率为n1=1，而光在介质II中的折射率n2=，再依据光的全反射条件，光从光密介质进入光疏介质，且入射角大于或等于临界角，因此光线b不满足光的全反射条件，而光线a的入射角为60°再根据sinC=，可知，介质II的临界角为C=45°，那么光线a的入射角大于临界角，能发生光的全反射现象，故D正确，ABC错误；故选：D．3．如图所示，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻细绳连接并跨过滑轮，不计滑轮的质量和摩擦，两物体刚好处于静止状态．α、β分别是两斜面的倾角，已知cosβ=0.8，cosα=0.6．则两小物块的质量之比m A：m B 等于（）A ．3：4B ．4：3C ．3：5D ．5：3【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】AB 都处于静止状态，受力平衡，对AB 进行受力分析，根据平衡条件结合绳子拉力相等列式即可求解．【解答】解：AB 都处于静止状态，受力平衡，对AB 进行受力分析，设绳子拉力为T ，根据平衡条件得： m A gsinβ=T ， m B gsinα=T ， 解得：，故B 正确．故选：B4．土星拥有许多卫星，至目前为止所发现的卫星数已经有30个，下表是土星部分卫星的相关数据．设表中卫星绕土星做匀速圆周运动，下列关于卫星的说法中，正确的是（ ）A ．“狄俄涅”绕土星运动的周期大于“泰坦”绕土星运动的周期B ．“泰坦”绕土星运动的加速度大于“美马斯”绕土星运动的加速度C ．“特提斯”绕土星运动的线速度大于“雷亚”绕土星运动的线速度D．“狄俄涅”绕土星运动的角速度大于“恩克拉多斯”绕土星运动的角速度【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【分析】对于卫星，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解出周期、加速度、线速度、角速度的表达式进行分析比较即可．【解答】解：A、对卫星，根据牛顿第二定律，有：解得：“狄俄涅”的轨道半径小于“泰坦”的轨道半径，故“狄俄涅”的周期小于“泰坦”周期，故A错误；B、对卫星，根据牛顿第二定律，有：解得：a=“泰坦”的轨道半径大于“美马斯”的轨道半径，故“泰坦”绕土星运动的加速度小于“美马斯”绕土星运动的加速度故B错误；C、对卫星，根据牛顿第二定律，有：解得：v=“特提斯”绕土星运动的轨道半径小于“雷亚”绕土星运动的轨道半径，故“特提斯”绕土星运动的线速度大于“雷亚”绕土星运动的线速度，故C正确；D、对卫星，根据牛顿第二定律，有：解得：“特提斯”绕土星运动的轨道半径小于“雷亚”绕土星运动的轨道半径，故“特提斯”绕土星运动的角速度大于“雷亚”绕土星运动的角速度，故D错误；故选：C5．一列横波沿直线传播，在波的传播方向上有A、B两点．在t时刻A、B两点间形成如图甲所示波形，在（t+3s）时刻A、B两点间形成如图乙所示波形，已知A、B两点间距离a=9m，由此可知（）A．若该波向右传播，周期可能大于4 sB．若周期为4 s，波一定向左传播C．若波速为7.5 m/s，波一定向右传播D．该波的最小波速为1.5 m/s【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】根据两时刻的波形，列出周期通项，得到波速的通项，再分析特殊值确定波的传播方向．【解答】解：A、若波向右传播，3s=（n+）T1，（n=0，1，2，…），则得周期为T1=s；当n=0时，周期最大，为T1max=4s，不可能大于4s．故A错误．B、若波向左传播，3s=（n+）T2，（n=0，1，2，…），则得周期为T2=s由于n是整数，T2不可能4s，则知若周期为4 s，波一定向右传播．故B错误．C、由图知波长λ=6m，若波速为7.5m/s，波传播的距离为x=vt=7.5×3m=22.5m=3λ，根据波形的平移，波一定向右传播．故C正确．D、波传播的最小距离为向左传播 1.5m，波速可能的最小值为v==m/s=0.5m/s．故D错误．故选：C6．一质量为2kg的物体沿水平面作直线运动，其v﹣t图象如图所示，下列选项中正确的是（）A．前6 s内，合外力对物体做功为64 JB．在3 s﹣5 s内，质点的平均速度为4 m/sC．在前6 s内，质点离出发点的最远距离为28 mD．质点在第5 s末的加速度为0【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．【分析】合外力对物体做功根据动能定理求．根据速度图象与时间轴围成的面积表示位移，求出3 s﹣5 s内的位移，再求平均速度．根据速度的变化情况分析质点何时离出发点最远，并求出最远距离．由图象的斜率求加速度．【解答】解：A、前6 s内，根据动能定理得：合外力对物体做功W合==J=64J．故A正确．B、在3 s﹣5 s内，质点的位移为x==12m，平均速度为===6 m/s．故B错误．C、前5s内质点一直沿正方向运动，后1s内沿负方向运动，所以在5s末质点离出发点最远，最远距离为S=m=28m．故C正确．D、根据图象的斜率等于加速度，知质点在第5 s末的加速度不为0．故D错误．故选：AC7．如图所示，一轻弹簧下端固定在倾角为θ的固定斜面底端，弹簧处于原长时上端位于斜面上B点，B点以上光滑，B点到斜面底端粗糙，可视为质点的物体质量为m，从A点静止释放，将弹簧压缩到最短后恰好能被弹回到B点．已知A、B间的距离为L，物体与B点以下斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，不计空气阻力，则此过程中（）A．克服摩擦力做的功为mgLsinθB．弹簧的最大压缩量为C．物体的最大动能一定等于mgLsinθD．弹性势能的最大值为mgLsinθ（1+）【考点】动能定理的应用；功能关系．【分析】对整个过程，运用动能定理求克服摩擦力做的功．当物体受力平衡时速度最大，由平衡条件和胡克定律求出此时弹簧的压缩量，再分析弹簧最大的压缩量．通过分析物体的受力情况判断其运动情况，从而判断最大动能与mgLsinθ的关系．对物体下滑和上滑两个过程分别运用能量守恒列式，从而求得弹性势能的最大值．【解答】解：A、对于整个过程，运用动能定理得：mgLsinθ﹣W f=0，得克服摩擦力做的功W f=mgLsinθ．故A正确．BCD、物体接触弹簧前，由机械能守恒定律知，物体刚接触弹簧时的动能等于mgLsinθ．物体接触弹簧后，重力沿斜面向下的分力先大于滑动摩擦力和弹簧的弹力的合力，物体先加速下滑，后来重力沿斜面向下的分力小于滑动摩擦力和弹簧的弹力的合力，物体减速下滑，所以重力沿斜面向下的分力等于滑动摩擦力和弹簧的弹力的合力，即物体的合力为零，速度最大，动能最大，所以物体的最大动能一定大于mgLsinθ．设弹簧的最大压缩量为x，弹性势能的最大值为E p．物体从A到最低点的过程，由能量守恒得：mg（L+x）sinθ=μmgcosθ•x+E p；物体从最低点到B点的过程，由能量守恒得：mgxsinθ+μmgcosθ•x=E p；联立解得x=，E p=mgLsinθ（1+）．故BC错误，D正确．故选：AD二、非选择题（共68分）8．如图是某同学在“验证机械能守恒定律”时的实验装置图，回答下列问题①为了减少误差，重锤的质量要大（填“大”或“小”）一些．②关于实验的操作，下列做法中正确的是BDA．打点计时器可接在干电池上B．打点计时器必须竖直固定C．先释放纸带，后接通电源D．选出的纸带必须点迹清晰．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】质量越大，体积越小，阻力对其影响就越小，因此选择密度大的小球；了解打点计时器的工作原理，就能够熟练使用打点计时器便能正确解答．【解答】解：①自由落下的重锤质量要大些．如果质量大些后，空气对重锤的阻力就相对小些．②电磁打点计时器使用低压交流电源；使用打点计时器时，应先接通电源，再拉动纸带，故BD正确，AC错误．故答案为：①大；②BD．9．为了测量一节干电池的电动势和内电阻，某实验小组设计了如图甲所示的电路，实验室准备了下列器材供选用A．待测干电池一节B．直流电流表A1（量程0～0.6A，内阻约为0.1Ω）C．直流电流表A2（量程0～3A，内阻约为0.02Ω）D．直流电压表V1（量程0～3V，内阻约为5kΩ）E．直流电压表V2（量程0～15V，内阻约为25kΩ）F．滑动变阻器R1（阻值范围为0～15Ω，允许最大电流为1A）G．滑动变阻器R2（阻值范围为0～1000Ω，允许最大电流为2A）H．开关I．导线若干①实验中电压表应选用V1；电流表应选用A1；滑动变阻器应选用R1．（填字母代号）②用笔画线代替导线在图乙中完成实物连接．③实验小组在进行实验时，初始滑片P在最右端，但由于滑动变阻器某处发生断路，合上开关S后发现滑片P向左滑过一段距离x后电流表有读数，于是该组同学分别作出了电压表读数U与x、电流表读数I与x的关系图，如图丙所示，则根据图象可知，电池的电动势为 1.5V，内阻为0.5Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）根据电池电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，要选择最大阻值较小的滑动变阻器．（2）根据实验电路图连接实物图．（3）由两图可得出两电表对应的示数，则由闭合电路欧姆定律可得出电动势和内电阻．【解答】解：①干电池电动势约为1.5V，电压表应选V1，由于电路中电流较小，因此电流表应选A1，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1；②根据实验电路图连接实物图，如图所示：③由图可知当I1=0.20A时，U1=1.40V；当I2=0.40A时，U2=1.30A；根据U=E﹣Ir得：1.40=E﹣0.20r1.30=E﹣0.40r解得：E=1.5V r=0.5Ω故答案为：①V1；A1；R1；②如图；③1.5；0.510．交通部门提供有下列资料：资料一：驾驶员的反应时间（驾驶员发现事故信号到汽车开始制动的时间）：0.3～0.6s．资料二：各种路面与轮胎之间的动摩擦因数（见表）一汽车晴天在某高速公路上以108km/h速度行驶．根据以上资料，重力加速度g 取10m/s2，求：（1）该汽车在驾驶员反应时间内通过的最大距离；（2）该汽车在该高速公路上以上述速度行驶时，制动距离多大？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】（1）根据运动学求出反应时间内汽车通过的距离；（2）由动能定理求出刹车后滑行的距离．【解答】解：（1）108km/h=30m/s由匀速运动公式得驾驶员反应时间内通过的最大距离：s1=v0t代入数据得：s1=30×0.6m=18m（2）由动能定理得：由平衡条件及滑动摩擦力公式得：f=μN而：N=mg联立以上各式并代入数据得：s2=60m答：（1）该汽车在驾驶员反应时间内通过的最大距离是18m；（2）该汽车在该高速公路上以上述速度行驶时，制动距离是60m．11．如图所示，质量为m的小物块（可视为质点），用长为l的轻细线悬于天花板的O点．足够长的木板AB倾斜放置，顶端A位于O点正下方，与O点的距离为2l，木板与水平面间的夹角θ=30˚．整个装置在同一竖直面内．现将小物块移到与O点同高的P点（细线拉直），由静止释放，小物块运动到最低点Q时剪断细线，重力加速度为g，求：（1）剪断细线时，小物块速度的大小；（2）小物块在木板上的落点到木板顶端A的距离及与木板接触前瞬间的速度．【考点】机械能守恒定律；平抛运动．【分析】（1）小物块从P运动到最低点Q的过程，由机械能守恒定律求剪断细线时，小物块速度的大小．（2）剪断细线后小物块做平抛运动，由平抛运动的规律求出物块在木板上的落点到木板顶端A的距离．由机械能守恒求木板接触前瞬间的速度．【解答】解：（1）设剪断细线时，小物块速度的大小v0，由机械能守恒定律得：=mgl解得：v0=（2）设小物块在木板上的落点到木板顶端A的距离为s，由平抛运动的规律得：l+s•sinθ=scosθ=v0t联立以上各式得：s=4l设小物块与木板接触前瞬间的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为β，由平抛运动的规律、机械能守恒定律得：=mg（2l+s•sinθ）v0=vcosβ联立以上各式得：v=2，β=60°答：（1）剪断细线时，小物块速度的大小是；（2）小物块在木板上的落点到木板顶端A的距离是4l，与木板接触前瞬间的速度大小为2，方向与水平方向的夹角为60°．12．如图所示，在绝缘水平地面上放一质量为m A=100g的薄木板A，在木板上放一质量为m B=300g的带正电小物块B（可视为质点），B的带电量为1.0×10﹣6 C，A的长度l=16cm．B与A之间的滑动摩擦因数μ1=0.20，A与地面之间的滑动摩擦因数μ2=0.10．最大静摩擦力可视为等于滑动摩擦力．各物体都处于静止状态，小物块位于木板的最左端，木板左端位于N点．现在水平面上方NM、PQ之间的区域加上水平向右的匀强电场，电场强度大小为1.5×106N/C，重力加速度g 取10m/s2，求：（1）刚加上电场时，小物块B的加速度大小；（2）小物块B运动到木板中点时（小物块B仍在电场中），木板的速度大小；（3）若小物块B始终没离开木板，NM、PQ之间的距离最大为多大？【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】（1）刚加上电场时，分析小物块B的受力情况，由牛顿第二定律求B 的加速度大小．（2）分析A的受力情况，由牛顿第二定律求A的加速度．小物块B运动到木板中点时，B与A相对地面的位移之差等于，根据匀变速运动位移公式求出运动的时间，再由v=at求木板的速度大小．（3）根据牛顿第二定律求出B离开木板后的加速度．根据位移公式和位移关系分别对B在木板上滑行和离开木板后的过程列式，由几何关系求NM、PQ之间的距离最大值．【解答】解：（1）小物块B受力如图，由牛顿第二定律、平衡条件及摩擦力公式得：qE﹣μ1m B g=m B a B代入数据得：a B=3m/s2（2）木板A受力如图，由牛顿第二定律、平衡条件及摩擦力公式得：f BA﹣f=m A a A又f BA=μ1m B gf=μ2N=μ2（m A+m B）g代入数据得：a A=2m/s2小物块B运动到木板中点时时，由运动学公式得：a B t2﹣a A t2=木板的速度大小为：v A=a A t联立以上各式并代入数据得：v A=0.8m/s（3）小物块B离开电场后，受力如图，由牛顿第二定律得：μ1m B g=m B a B′代入数据得：a B′=2m/s2设NM、PQ之间距离的最大值为s m，小物块B在电场中运动的时间为t1，离开电场时的速度为v B，A、B共速时的速度为v，小物块B速度由v B减少到v的时间为t2，发生的位移为s B，木板A速度由0增加到v发生的位移为s A，由运动公式得：s m=a B t12v B=a B t1v=v B﹣a B′t2v=a A（t1+t2）s B=v B t2﹣a B′t22s A=a A（t1+t2）2．小物块B不离开木板，则有：s m+s B﹣s A≤l联立以上各式并代入数据得：s m≤l=×16cm=38.4cm答：（1）刚加上电场时，小物块B的加速度大小是3m/s2；（2）小物块B运动到木板中点时（小物块B仍在电场中），木板的速度大小是0.8m/s；（3）若小物块B始终没离开木板，NM、PQ之间的距离最大为38.4cm．2017年3月19日第21页（共21页）。

攀枝花市2016级高三第三次统考化学试题2016．05可能用到的相对原子质量：H-1 B-10.8 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 Al-27 Si-28S-32 Cl-35.5 Ca-40 Mn-55 Fe-56 Cu-64 Zn-65选择题（42分）本题包括7个小题，每小题6分，共42分，每小题只有一个．．选项符合题意 4.四种短周期元素X 、Y 、X 、W 的原子序数依次增大。

X 的最外层电子数是次外层电子数的2倍，Y 、W 同主族，Z 是短周期中金属性最强的元素，X 、W 的质子数之和是Z 的质子数的2倍。

下列说法正确的是CA ．原子半径：X ＜Y ＜X ＜WB ．由 w 与y 组成的分子都是非极性分子C ．由 Z 与y 组成的化合物都能与水反应D ．X 与氢元素组成的化合物的沸点都低于Y 与氢元素组成的化合物 --6.NH 4HSO 4在水溶液中的电离方程式为：NH 4HSO 4 = NH 4+H + SO 4。

现向100 mL0.1 mol/LNH 4HSO 4溶液中滴加0.1 mol/LNaOH 溶液，得到的溶液pH 与NaOH 溶液体积的关系曲线如图所示。

下列说法中不正确．．．的是 A ．a 点的溶液中: c (SO 42－)＞c (NH 4+)＞c (H ＋)＞c (Na ＋)＞c (OH -)B ．b 点的溶液中：c (Na ＋)=c (SO 42－)＞c (H ＋)＞c (NH 4+)＞ c (OH -)C ．c 点的溶液中：c (Na ＋)＞c (SO 42－)＞c (NH 4+)＞c (OH -)=c (H ＋)D ．d 、e 点对应溶液中，水电离程度大小关系是d>e7.有反应：CO （g ）＋H 2O （g ） CO 2（g ）＋H 2（g ） ΔH ＜0，200℃时该反应的平衡常数 25.21 K 。

200℃时，将一定量的CO（g ）和H 2O （g ）充入容积为某10L 密闭容器发生上述反应，5min 时达平衡，5min ～10min 只改变了一个条件，10min 时再次达平衡，各物质浓度（mol/L ）变化如下：下列说法不．正确．．的是A．0~5min 时用H2O(g)表示的平均反应速率为1.2×10-3 mol/( L.min)B. 5min～10min 改变的条件是再加入了0.1mol H2O(g)C. 200℃时，若向容器中充入0.01mol CO(g)、0.01mol H2O(g)、0.01molCO2(g)、0.01molH2(g)，达平衡时，CO(g)为1.2×10-3mol/LD. 300℃时，若向容器中充入0.01mol CO(g)、0.01mol H2O(g)、0.02molCO2(g)、0.02molH2(g)，则开始反应时ν(正)＜ν(逆)非选择题（58分）8. （13分）X、Y、Z、Q、R五种元素的原子序数依次增大。

攀枝花市2016届高三第二次统考数学试题（文科）参考答案一、选择题：（每小题5分，共50分）（1~5）DCBDA （6~10）CABCA二、填空题：（每小题5分，共25分）11、720 12、12- 13、4π 14、20 15、 ①③④三、解答题：（本大题共6小题，共75分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。

）16．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）黑桃4用4'表示，则甲乙抽到牌的所有情况为：{2,3},{2,4},{2,4},'{3,2},{3,4},{3,4},' {4,2},{4,3},{4,4},'{4,2},{4,3},{4,4}'''，共12种不同的情况． ………………………4分 （Ⅱ）甲抽到3，乙只可能抽到2,4, 4'，故乙抽出的牌面数字比3大的概率是23．………………………7分 （Ⅲ）甲抽到的牌的数字比乙大的有{3,2},{4,2},{4,3},{4,2},{4,3}''共5种不同的情况， ………………9分 故甲胜的概率为1512P =，乙胜的概率为2712P =，所以此游戏不公平． ………………………12分17．（本小题满分12分）解：（Ⅰ） 2()cos 2sin 1666x x x f x =-+cos 33x x =+12(sin cos )2323x x =+⨯2sin()36x π=+ . ………………………4分 由222362x k k πππππ-≤+≤+解得)(x f 的单调增区间为[62,6]()k k k Z ππππ-+∈ …………6分 （Ⅱ）∵10(3)2sin()2cos ,213f παπαα+=+== ∴5cos 13α= 又∵56sin 2)sin(2)253(=-=+=+βπβπβf ∴53sin -=β， ………………………8分 ∵]0,2[,πβα-∈，,1312)135(1cos 1sin 22-=--=--=∴αα54)53(1sin 1cos 22=--=-=ββ. ……………………10分 ∴1245333sin()sin cos cos sin ()()13513565αβαβαβ-=-=-⨯-⨯-=-.……………12分18．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）法一：∵{}n a 为等差数列 ∴25349a a a a +=+=又∵2518a a = ∴2536a a =⎧⎨=⎩或2563a a =⎧⎨=⎩（舍去） ∴公差52152a a d -==-，12a = ∴数列{}n a 的通项公式为1n a n =+ ………………………3分 法二：由题意有：3411222511259254181a a a d a a a a a d d d +=+==⎧⎧⇒⎨⎨=++==⎩⎩或171a d =⎧⎨=-⎩（舍去） ∴数列{}n a 的通项公式为1n a n =+ ………………………3分 当1n =时，1122b a ==，11b =；当2n ≥时，121n n n n b a a -=-=⇒12n n b =， ∴1(1)1(2)2n nn b n =⎧⎪=⎨≥⎪⎩ ………………………6分 （Ⅱ）当1n =时，1112T a b ==， ………………………7分当2n ≥时，11222311111234(1)2222n n n n nT a b a b a b n n -=+++=+⨯+⨯++⨯++⨯ 从而34111111134(1)22222n n n T n n +=+⨯+⨯++⨯++⨯ 两式相减得：341171111(1)242222n n n T n +=++++-+⨯ 故2311111133(1)4222222n n n n n T n -+=+++++-+⨯=- ………………………11分 验证知12T =也满足上式，故*34()2n n n T n N +=-∈． ………………………12分19．（本小题满分12分）证明：（Ⅰ）由题意知四棱柱1111D C B A ABCD -的各条棱长均为2∵BF F B 21=，F C B 11∆∽BEF ∆， ∴1BE =由ABE DAB ∠==∠060，得AE =∴222AE BE AB +=，从而CE AE ⊥ ………………………4分∵1111D C B A ABCD -是直四棱柱，ABCD C C ⊥1，又AE ⊂平面ABCD ， ∴AE C C ⊥1，∵C CC CE =1 ， ∴⊥AE 平面11B BCC∵⊂AE 平面E AC 1， ∴平面⊥E AC 1平面11B BCC ． ………………………8分 （Ⅱ）由（Ⅰ）知AE ⊥平面11BCC B故11113C AFC A CFC CFC V V AE S --∆==⋅⋅=． ………………………12分20．（本小题满分13分）解：（Ⅰ）由题意可得22221121b c a b =⎧⎪⎪⎨⎪+=⎪⎩，解得222,1a b ==故椭圆C 的方程为2212x y +=． ……………………4分 （Ⅱ）由题意知直线PN 存在斜率，设直线PN 的方程为(2)y k x =-， 代入方程2212x y +=，并整理得2222(12)8820k x k x k +-+-= ① ……………………6分 由22222(8)4(12)(82)0210k k k k ∆=--+->⇒-<，又0k =不合题意∴0k <<或0k << ……………………8分 设点11(,)N x y ，22(,)E x y ，则11(,)M x y -，由①知2122812k x x k +=+，21228212k x x k -=+ 直线ME 方程为212221()y y y y x x x x +-=-- ……………………11分 令0y =得221221()y x x x x y y -=-+，将11(2)y k x =-，22(2)y k x =-代入 整理得12121222()4x x x x x x x -+=+-，再将2122812k x x k +=+，21228212k x x k -=+代入计算得1x = ∴直线ME 与x 轴相交于定点2(1,0)F . ……………………13分21．（本小题满分14分） 解：（Ⅰ）∵()ln a f x x ax+x =-，且0x >， ∴2221()a ax x a f x a x x x-+-'=--= 由1(1)02f a '=⇒=. ……………………2分 （Ⅱ）由(Ⅰ) 令2()g x ax x a =-+-，（i ）要使()f x 存在两个极值点1x 、2x ，则须有()y g x =有两个不相等的正数根，∴20102140(0)0a a a g a >⎧⎪⎪>⎪⎨⎪∆=->⎪=-<⎪⎩或20102140(0)0a a a g a <⎧⎪⎪>⎪⎨⎪∆=->⎪=->⎪⎩，解得102a <<或无解， ∴a 的取值范围为102a <<， ………………………5分 可得21028a <<，由题意知223322()ln 2ln ln 22222a a a a f a a a =-+=+--， 令32()2ln ln 22x h x x x =+--，则2422223344()22x x x h x x x x-+-'=--=， 而当1(0,)2x ∈时，4434434(1)0x x x x -+-=---<，即()0h x '<， ∴()h x 在1(0,)2上单调递减， ∴11636315()()2ln 24ln 23ln 23ln 216161616h x h e >=-+--=->-=， 即102a <<时，215()216a f >． …………………………8分 （ii ）∵2221()a ax x a f x a x x x-+-'=--=，2()g x ax x a =-+-， 令()0f x '=，得：112x a =，212x a=， 由(ⅰ)知102a <<时，()y g x =的对称轴1(1,)2x a=∈+∞，2140a ∆=->，(0)0g a =-<， ∴21x >，又121x x =，可得11x <，此时，()f x 在1(0,)x 上单调递减，12(,)x x 上单调递增，2(,)x +∞上单调递减，所以()y f x =最多只有三个不同的零点, …………………………10分 又∵(1)0f =，∴()f x 在1(,1)x 上递增，即1[,1)x x ∈时，()0f x <恒成立，根据(ⅰ)可知2()02a f >，且21028a <<，所以21(,1)2a x ∉，即21(0,)2a x ∈ ∴201(,)2a x x ∃∈，使得0()0f x =， …………………………12分 由0101x x <<<，得011x >，又0000011()ln ()0f x a ax f x x x =--+=-=， ∴()f x 恰有三个不同的零点：0x ，1，01x . 综上所述，()y f x =恰有三个不同的零点． …………………………14分。

攀枝花市2016届高三第二次统考2016.1文科综合能力测试注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上。

2.回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号框。

写在本试卷上无效。

3.回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷和草稿纸上无效。

4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

5.本试卷共15页。

如遇缺页、漏页、字迹不清等情况，考生须及时报告监考老师。

第Ⅰ卷本卷共35个小题，每小题4分，共140分。

在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

图1是我国华北某区域示意图，读图完成1～2题。

1.图中公路有A、B两处弯曲，下列说法正确的是A．B处不合理，客观上增加了运输难度B．B处合理，到大城市应该弯曲，增加运量C．A处不合理，增加了道路长度，增加了支出D．A处合理，公路在陡坡上呈“之”字形弯曲2.若图中信息不变，聚落C的空间扩展趋势是A．南北延伸 B．东西延伸C．团状发展 D．东北-西南延伸图2是我国2006～2012年粮食作物产量及粮食作物播种面积增长率统计图。

读图完成3～4题。

3．据图判断A ．2008年我国粮食作物产量最高B ．2009～2010年粮食作物产量增长而播种面积下降C ．粮食作物播种面积的扩大支撑粮食作物产量的增长D ．导致粮食产量变化的主要原因是复种指数不断增加4．我国2013年中央一号文件提出，鼓励和支持承包土地向专业大户、家庭农场、农民合作社流转。

影响家庭农场农业生产的主要区位因素是A ．地形与气候B ．粮食产量的提高C ．市场的变化D ．耕地面积的扩大读图3完成5～7题。

5．若X 、Y 分别表示2010年某城市人口迁出量、迁入量，P 1～P 4代表该年份的四个季度，则该地人口机械增长量最多的季度是A ．P 1B ．P 2C ．P 3D ．P 46．若Y 表示某流域不同阶段平均降水量的相对数值，P1～P4依次代表该流域城市化的发展进程，则Z 、X分别表示城市的 A ．平均下渗量、平均地下径流量 B ．平均地表径流量、平均下渗量C ．平均蒸发量、平均地表径流量D ．平均地下径流量、平均蒸发量7．为降低暴雨给城市带来损失，城市施工建设应采用的措施有①增强预报、预警 ②扩大绿地面积 ③完善蓄水，排水系统 ④改进路面材料透水性A ．①②③B ．①②④C ．①③④D ．②③④图2图3图4为某城市平均温度空间变化示意图。

绝密★启用前2016年第二次全国大联考【浙江卷】理科综合化学试题注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

满分300分，考试时间150分钟。

2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。

第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、．．．．．．．．．．．．．．．．．．．草稿纸上作答无效．．．．．．．．。

4．以下数据可供解题时参考：可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Cl 35.5 Na 23 Mg 24 Al 27第Ⅰ卷选择题（共42分）一、单项选择题：本题包括7小题，每小题6分，共计42分。

每小题只有一个选项符合题意。

1．下列物质运输的过程中不需要消耗ATP的是（）A．胰岛素的分泌过程B．神经纤维受到刺激后Na+的内流C．蛙的红细胞吸收葡萄糖D．神经纤维未受刺激时，K+运进细胞2.下列有关人体免疫的说法中，正确的是（）A．当机体免疫功能不足或缺乏时，可引起过敏反应B．初次接触花粉时可能发生过敏反应C．特异性免疫中发挥作用的主要细胞是淋巴细胞，衰老和破损细胞的清除需免疫系统参与D．一种抗原只能与一种抗体或浆细胞结合，发生特异性免疫3.下列说法正确的是（）A.转录的时候RNA聚合酶是沿着整条DNA长链进行B.RNA聚合酶与DNA分子某一启动部位结合后只导致一个基因的双螺旋片段解开C.基因表达的产物是RNA和蛋白质D.生物界的遗传密码是完全统一的4.某科研小组利用赤霉素和乙烯利开展了杜鹃开花数量和花期的研究，实验结果如下图，下列叙述错误的是（）A.赤霉素和乙烯利都属于植物生长调节物质B.乙烯利不能延长杜鹃的花期C.如果继续增大赤霉素的浓度后导致杜鹃的开花数量下降，说明高浓度赤霉素具有抑制开花数量的作用D.浓度为200mg/L时，赤霉素对杜鹃开花数量的影响效果比乙烯利明显5.已知常染色体隐性遗传病-白化病由基因A和a控制，色盲症由基因B和b控制。

高中化学学习材料唐玲出品2015-2016学年四川省攀枝花市高三（上）第二次统考化学试卷一.本题包括7个小题，每小题6分，共42分，每小题只有一个选项符合题意1．下列说法正确的是（ ） A ．铁制品锈蚀时主要发生析氢腐蚀B ．施用适量石膏可以降低盐碱地（含较多NaCl 、Na 2CO 3）的碱性C ．电镀厂未经处理的废水可以直接用来灌溉农田D ．将水坝的钢铁闸门与直流电的正极相连可以防闸门腐蚀 2．进行的下列实验，不能达到预期目的是（ ）选项 操作 实验目的 A 将一定质量的FeCl 3固体加入沸水中配制FeCl 3溶液 B 将一定质量的TiCl 4加入大量热水中，充分反应后，过滤，洗涤制取TiO 2•xH 2O C 将两个完全相同且充满NO 2的密闭烧瓶，分别浸泡于热水、冰水中探究温度对化学平衡状态的影响 D 将适量溴水加入KI 溶液中，振荡，再加入CCl 4，振荡，静置 验证Br 2的氧化性强于I 2A ．AB ．BC ．CD ．D3．下列关于有机物的说法中，正确的是（ ）A ．在核磁共振氢谱中有五组吸收峰B ．与互为同分异构体 C ．1mol 该有机物与NaOH 溶液反应，最多消耗3mol NaOHD ．可以发生取代反应、加成反应、消去反应和缩聚反应4．短周期主族元素A 、B 、C 、D ，原子序数依次增大．A 、C 原子序数相差8，A 、B 、C 三种元素原子的最外层电子数之和为15，B 原子最外层电子数等于A 原子最外层电子数的一半．下列叙述正确的是（ ）A ．A 元素与C 元素形成的分子不可能是非极性分子B ．A 、C 、D 元素分别与氢元素形成的最简单氢化物中，D 的氢化物沸点最高C ．A 、B 、C 、D 四种元素的基态原子中，B 的原子半径最大 D ．A 、B 、C 、D 四种元素对应单质的晶体都是分子晶体5．双隔膜电解池的结构示意简图如图所示，利用铅蓄电池电解Na 2SO 4溶液可以制取H 2SO 4和NaOH ，并得到H 2和O 2，．对该装置及其原理判断中，不正确的是（ ）A ．C 1极电极与铅蓄电池的Pb 电极相接，C 2极与铅蓄电池的PbO 2电极相接B ．当C 1极产生标准状况下11.2 L 气体时，铅蓄电池的负极增重64gC ．A 溶液为氢氧化钠溶液，B 溶液为硫酸D ．该电解反应的总方程式可以表示为：2Na 2SO 4+6H 2O 2H 2SO 4+4NaOH+O 2↑+2H 2↑6．25℃时，有均满足c （CH 3COO ﹣ ）+c （CH 3COOH ）=0.10mol/L 的醋酸与醋酸钠的混合溶液系列，在溶液中c （CH 3COOH ）、c （CH 3COO ﹣ ）与pH 的关系如图所示．下列有关溶液中离子浓度关系的叙述中，不正确的是（ ）A ．25℃时，醋酸的电离常数K=1.0×10﹣4.75B ．W 点表示的溶液中：c （CH 3COO ﹣）=c （CH 3COOH ）＞c （ Na +）C ．pH=5.5的溶液中：c （CH 3COOH ）＞c （CH 3COO ﹣ ）＞c （H +）＞c （OH ﹣ ）D ．pH=4.0的溶液中：c （ Na +）+c （H +）+c （CH 3COOH ）﹣c （OH ﹣ ）=0.10mol/L7．在10L 的恒容密闭容器中，发生反应：PCl 3（g ）+Cl 2（g ）⇌PCl 5（g ）△H ＜0 若起始时PCl 3（g ）和Cl 2（g ）均为0.2mol ，在不同条件下进行a 、b 、c 三组实验，每一组实验都是在恒温恒容条件下进行，反应体系总压强随时间的变化如图所示．下列说法中正确的是（ ）A ．与实验a 相比，实验b 升高了温度，实验c 加入了催化剂B ．从反应开始至刚达平衡时，实验b 的化学反应速率ν（PCl 5）=5×10﹣4mol/（L ．min ）C ．实验c 达平衡时，PCl 3（g ）的转化率为 60%D ．在实验a 条件下，该反应的平衡常数K=100二、解答题（共4小题，满分58分）8．前四周期元素X 、Y 、Z 、Q 、R 、W 的原子序数依次增大．X 基态原子的2p 轨道为半充满状态；Y 基态原子的L 层有2个未成对电子；Z 基态原子的最外层电子排布为3s 23p 2；Q 、R 、W 都属于金属元素，Q 、W 基态原子核外均没有未成对电子，R 基态原子的d 轨道上有3个空轨道．请回答下列问题：（1）R 基态原子的电子排布式为 ．上述六种元素中，属于ds 区的元素符号是 ；（2）含有16个中子的Z 的核素符号为 ．X 、Y 、Z 元素原子中第一电离能由高到低的顺序是 ．（3）XY3﹣的离子空间构型为，与该离子互为等电子体的一种分子是．（4）X、Y分别与氢元素形成的最简单氢化物分子中，后者的键角小于前者的原因是．（5）Y、Q、R三种元素形成的某种化合物的如图所示，该化合物的化学式为．若Y与最近的R的距离为a cm，阿伏加德常数的值为NA，则计算此晶体的密度表达式为g/cm3（不必化简）．9．氨水是实验室中的常用试剂．某课外活动小组欲通过实验测定NH3H2O的电离常数．【讨论】选用以下试剂和仪器：浓度大约为0.1mol/L的氨水、0.1000mol/L盐酸、甲基橙、蒸馏水、酸式滴定管、碱式滴定管、锥形瓶、胶头滴管、烧杯、pH计、铁架台在组装仪器是发现缺少了一种仪器，缺少的仪器是．添加这种仪器后进行实验．【实验过程】实验步骤实验目的（滴定前的所有操作正确，已略去）步骤1：①用碱式滴定管量取20.00mL的氨水放入锥形瓶中，滴入2滴甲基橙．②．③当锥形瓶中的溶液由色变成橙色时，停止滴定，纪录数据．④．测定氨水的准确浓度步骤2：．步骤3：通过实验数据计算氨水的电离常数K【反思】：该小组在实验条件下测得氨水的电离常数K=1.60×10﹣5．查阅资料得知：25℃时氨水的电离常数K=1.75×10﹣5．检查滴定过程操作、计算均没有错误，该小组讨论后认为实验测得氨水的电离常数是准确的，但是应该补充一项实验内容，补充的实验内容是．【拓展应用】25℃时，pH=5的氯化铵溶液中= ．（写出推导过程并计算出结果）10．NaCl在生产中有重要作用．（1）某小组用NaCl进行以下实验：步骤现象Ⅰ．将NaCl溶液与AgNO3溶液混合产生白色沉淀Ⅱ．向所得固液混合物中加Na2S溶液沉淀变为黑色Ⅲ．将Ⅱ中经过滤洗得到的黑色沉淀分成两份，在一份沉淀中加蒸馏水，另一份沉淀中加入NaCl溶液，同时浸泡较长时间．加蒸馏水的沉淀仍为黑色，加入NaCl溶液的沉淀变为乳白色①Ⅰ中白色沉淀的化学式是．②Ⅱ中能说明沉淀变黑的离子方程式是，沉淀能发生转化的主要原因是．③经检测步骤Ⅲ中乳白色沉淀是AgCl和S的混合物．请写出黑色沉淀变为乳白色的化学方程式，从化学平衡移动的角度解释在沉淀变色过程中NaCl的作用．（2）电解法是治理铵盐为主要水体污染物的一种方法，原理是：在污水中加入一定量NaCl进行电解，产生的Cl2与水反应生成HClO，HClO 将NH4+氧化为N2，使水体脱氮．请写出酸性条件下HClO 与NH4+反应的离子方程式．研究发现：污水呈弱酸性比强酸性更有利于使NH4+氧化为N2而脱氮，原因是．11．镁及其化合物用途非常广泛，目前世界上60%的镁是从海水中提取．从海水中先将海水淡化获得淡水和浓海水，浓海水的主要成分如下：离子Na+Mg2+Cl﹣SO42﹣浓度/（g•L﹣1）63.7 28.8 144.6 46.4再利用浓海水提镁的一段工艺流程如下图：请回答下列问题（1）浓海水主要含有的四种离子中质量浓度最小的是．在上述流程中，可以循环使用的物质是．（2）在该工艺过程中，X 试剂的化学式为 ．（3）“一段脱水”目的是制备MgCl 22H 2O ；“二段脱水”的目的是制备电解原料．若将MgCl 26H 2O 直接加热脱水，则会生成Mg （OH ）Cl ．若电解原料中含有Mg （OH ）Cl ，电解时Mg （OH ）Cl 与阴极产生的Mg 反应，使阴极表面产生MgO 钝化膜，降低电解效率．生成MgO 的化学方程式为 ．（4）若制得Mg （OH ）2的过程中浓海水的利用率为80%，由Mg （OH ）2至“二段脱水”制得电解原料的过程中镁元素的利用率为90%，则1m 3浓海水可得“二段脱水”后的电解原料质量为 g ．（5）以LiCl ﹣KCl 共熔盐为电解质的Mg ﹣V 2O 5电池是战术导弹的常用电源，该电池的总反应为：Mg+V 2O 5+2LiCl ═MgCl 2+V 2O 4Li 2O 该电池的正极反应式为 ．（6）Mg 合金是重要的储氢材料．2LiBH 4/MgH 2体系放氢焓变示意图如下，则：Mg （s ）+2B （s ）═MgB 2（s ）△H= ．2015-2016学年四川省攀枝花市高三（上）第二次统考化学试卷参考答案与试题解析一.本题包括7个小题，每小题6分，共42分，每小题只有一个选项符合题意1．下列说法正确的是（ ） A ．铁制品锈蚀时主要发生析氢腐蚀B ．施用适量石膏可以降低盐碱地（含较多NaCl 、Na 2CO 3）的碱性C ．电镀厂未经处理的废水可以直接用来灌溉农田D ．将水坝的钢铁闸门与直流电的正极相连可以防闸门腐蚀【考点】金属的电化学腐蚀与防护．【分析】A、铁制品的锈蚀主要是由吸氧腐蚀引起的；B、盐碱地（含较多NaCl、Na2CO3）的碱性是由碳酸根的水解引起的；C、电镀厂未经处理的废水中含有大量的重金属离子；D、在电解池中，阳极被腐蚀，阴极被保护．【解答】解：A、由于空气形成的水膜大多数显中性或弱酸性，故铁制品的锈蚀主要是由吸氧腐蚀引起的，故A错误；B、盐碱地（含较多NaCl、Na2CO3）的碱性是由碳酸根的水解引起的，故加入石膏CaSO42H2O后，能将Na2CO3中的CO32﹣沉淀为碳酸钙，从而降低盐碱地的碱性，故B正确；C、电镀厂未经处理的废水中含有大量的重金属离子，不能直接灌溉农田，故C错误；D、在电解池中，阳极被腐蚀，阴极被保护，故应将钢铁闸门连接直流电的负极，故D错误．故选B．【点评】本题考查了金属的电化学腐蚀和防护，难度不大，应注意的是金属的腐蚀主要是由电化学腐蚀中的吸氧腐蚀引起的．2．进行的下列实验，不能达到预期目的是（）选项操作实验目的A 将一定质量的FeCl3固体加入沸水中配制FeCl3溶液B 将一定质量的TiCl4加入大量热水中，充分反应后，过滤，洗涤制取TiO2•xH2OC 将两个完全相同且充满NO2的密闭烧瓶，分别浸泡于热水、冰水中探究温度对化学平衡状态的影响D 将适量溴水加入KI溶液中，振荡，再加入CCl4，振荡，静置验证Br2的氧化性强于I2 A．A B．B C．C D．D【考点】化学实验方案的评价．【分析】A．FeCl3易水解；B．向TiCl4中加入大量水并且加热可得TiO2xH2O；C．存在化学平衡2NO2⇌N2O4，温度低，颜色浅，则降低温度平衡正向移动；D．少量溴水加入KI溶液中，发生氧化还原反应生成碘．【解答】解：A．FeCl3易水解，在沸水中发生水解，故A错误；B．TiCl4在加热的条件下遇水水解可得TiO2xH2O，可制备，故B正确；C．存在化学平衡2NO2⇌N2O4，温度低，颜色浅，则降低温度平衡正向移动，则该反应为放热反应，可探究温度对化学平衡状态的影响，故C正确；D．少量溴水加入KI溶液中，发生氧化还原反应生成碘，再加入CCl4，振荡，静置，可观察到下层液体呈紫色，则验证Br2的氧化性强于I2，故D正确．故选A．【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，涉及溶液配制、物质制备以及性质探究等，把握物质的性质、反应原理是解答本题的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大．3．下列关于有机物的说法中，正确的是（）A．在核磁共振氢谱中有五组吸收峰B．与互为同分异构体C．1mol 该有机物与NaOH溶液反应，最多消耗3mol NaOHD．可以发生取代反应、加成反应、消去反应和缩聚反应【考点】有机物的结构和性质．【分析】A．根据氢原子种类判断核磁共振氢谱吸收峰个数；B．分子式相同结构不同的有机物互称同分异构体；C．该物质中能和NaOH反应的有酚羟基、羧基；D．该物质中含有酚羟基、醇羟基、羧基和苯环，具有酚、醇、羧酸和苯的性质．【解答】解：A．该分子中含有7种氢原子，所以其核磁共振氢谱有7个吸收峰，故A错误；B．的不饱和度为5、的不饱和度为4，所以二者分子式不同，不是同分异构体，故B错误；C．该物质中能和NaOH反应的有酚羟基、羧基，所以1mol 该有机物与NaOH溶液反应，最多消耗2mol NaOH，故B错误；D．该物质中含有酚羟基、醇羟基、羧基和苯环，具有酚、醇、羧酸和苯的性质，醇羟基、酚羟基和羧基都能发生取代反应，苯环能发生加成反应，连接醇羟基碳原子相邻碳原子上含有氢原子，所以能发生消去反应，羧基和羟基发生缩聚反应，故D正确；故选D．．【点评】本题考查有机物结构和性质，涉及同分异构体判断、核磁共振氢谱、官能团及其性质关系等知识点，侧重考查酚、醇、羧酸和苯的性质，注意醇羟基不能和NaOH反应，题目难度不大．4．短周期主族元素A、B、C、D，原子序数依次增大．A、C原子序数相差8，A、B、C 三种元素原子的最外层电子数之和为15，B原子最外层电子数等于A原子最外层电子数的一半．下列叙述正确的是（）A．A元素与C元素形成的分子不可能是非极性分子B．A、C、D元素分别与氢元素形成的最简单氢化物中，D的氢化物沸点最高C．A、B、C、D四种元素的基态原子中，B的原子半径最大D．A、B、C、D 四种元素对应单质的晶体都是分子晶体【考点】位置结构性质的相互关系应用．【分析】短周期主族元素A、B、C、D原子序数依次增大，B原子最外层电子数等于A原子最外层电子数的一半，则A原子最外层电子数为偶数，A不能处于第一周期，A、C的原子序数的差为8，则A、C为同主族元素，令B原子最外层电子数为x，则A、C的最外层电子数为2x，A、B、C三种元素原子的最外层电子数之和为15，则x+2x+2x=15，解的x=3，故A、C的最外层电子数为6，A为O元素，C为S元素，B的原子序数大于氧元素，最外层电子数为3，故B为Al元素，D的原子序数最大，故D为Cl元素，据此解答．【解答】解：短周期主族元素A、B、C、D原子序数依次增大，B原子最外层电子数等于A 原子最外层电子数的一半，则A原子最外层电子数为偶数，A不能处于第一周期，A、C的原子序数的差为8，则A、C为同主族元素，令B原子最外层电子数为x，则A、C的最外层电子数为2x，A、B、C三种元素原子的最外层电子数之和为15，则x+2x+2x=15，解的x=3，故A、C的最外层电子数为6，A为O元素，C为S元素，B的原子序数大于氧元素，最外层电子数为3，故B为Al元素，D的原子序数最大，故D为Cl元素．A ．S 、O 元素可以形成SO 3，为平面正三角形结构，为非极性分子，故A 错误；B ．A 、C 、D 元素分别与氢元素形成的最简单氢化物中分别为H 2O 、H 2S 、HCl ，常温下水为液态，氯化氢、氯化氢为气体，故水的沸点最高，故B 错误；C ．同周期随原子序数增大原子半径减小，电子层越多原子半径越大，故原子半径O ＜Cl ＜S ＜Al ，故B 正确；D ．氧气、硫、氯气可以形成分子晶体，但Al 为金属晶体，故D 错误，故选：C ．【点评】本题考查结构位置性质关系，难度中等，关键是利用奇偶性及A 、C 的原子序数相差8判断二者处于同一主族（短周期），注意短周期中原子序数相差8不一定为同主族，如H 与F ．5．双隔膜电解池的结构示意简图如图所示，利用铅蓄电池电解Na 2SO 4溶液可以制取H 2SO 4和NaOH ，并得到H 2和O 2，．对该装置及其原理判断中，不正确的是（ ）A ．C 1极电极与铅蓄电池的Pb 电极相接，C 2极与铅蓄电池的PbO 2电极相接B ．当C 1极产生标准状况下11.2 L 气体时，铅蓄电池的负极增重64gC ．A 溶液为氢氧化钠溶液，B 溶液为硫酸D ．该电解反应的总方程式可以表示为：2Na 2SO 4+6H 2O 2H 2SO 4+4NaOH+O 2↑+2H 2↑【考点】电解原理．【分析】用铅蓄电池电解Na 2SO 4溶液可以制取H 2SO 4和NaOH ，并得到H 2和O 2，根据图知，左侧为阳极时，C 1极为阳极、C 2极为阴极，C 1极上H 2O 失电子生成O 2和H +，所以e 气体是O 2，得到的溶液是NaOH 溶液；C 2极上H 2O 得电子生成H 2和OH ﹣，所以b 气体是H 2，B 溶液是H 2SO 4， A ．阳极与电源正极相连、阴极与电源负极相连；B ．铅蓄电池负极上Pb 失电子和SO 42﹣反应生成PbSO 4，负极增加的质量为SO 42﹣质量，根据转移电子守恒计算铅蓄电池负极增加质量；C ．A 是NaOH 溶液、B 为硫酸；D ．电解时阳极上生成O 2和硫酸、阴极上生成H 2和NaOH ．【解答】解：用铅蓄电池电解Na 2SO 4溶液可以制取H 2SO 4和NaOH ，并得到H 2和O 2，根据图知，左侧为阳极时，C 1极为阳极、C 2极为阴极，C 1极上H 2O 失电子生成O 2和H +，所以e 气体是O 2，得到的溶液是NaOH 溶液；C 2极上H 2O 得电子生成H 2和OH ﹣，所以b 气体是H 2，B 溶液是H 2SO 4，A ．阳极与电源正极相连、阴极与电源负极相连，铅蓄电池中Pb 是负极、PbO 2是正极，C 1极为阳极、C 2极为阴极，所以C 1极电极与铅蓄电池的Pb 电极相接，C 2极与铅蓄电池的PbO 2电极相接，故A 正确；B ．铅蓄电池负极上Pb 失电子和SO 42﹣反应生成PbSO 4，负极增加的质量为SO 42﹣质量，当C 1极产生标准状况下11.2 L 气体时，转移电子物质的量=×4=2mol ，负极反应式为Pb ﹣2e ﹣+SO 42﹣=PbSO 4，根据转移电子守恒得参加反应的n （SO 42﹣）==1mol ，则负极增加的质量m （SO 42﹣）=1mol ×96g/mol=96g ，故B 错误； C ．通过以上分析知，A 是NaOH 溶液、B 为硫酸，故C 正确；D ．电解时阳极上生成O 2和硫酸、阴极上生成H 2和NaOH ，所以电池反应式为2Na 2SO 4+6H 2O 2H 2SO 4+4NaOH+O 2↑+2H 2↑，故D 正确；故选B ．【点评】本题考查原电池和电解池原理，为高频考点，明确电解池中各个电极上发生的反应、生成气体成分及溶液成分是解本题关键，侧重考查学生分析计算能力，易错选项是B ，注意Pb 电极放电过程中增加质量为硫酸根离子质量，题目难度不大．6．25℃时，有均满足c （CH 3COO ﹣ ）+c （CH 3COOH ）=0.10mol/L 的醋酸与醋酸钠的混合溶液系列，在溶液中c （CH 3COOH ）、c （CH 3COO ﹣ ）与pH 的关系如图所示．下列有关溶液中离子浓度关系的叙述中，不正确的是（ ）A ．25℃时，醋酸的电离常数K=1.0×10﹣4.75B ．W 点表示的溶液中：c （CH 3COO ﹣）=c （CH 3COOH ）＞c （ Na +）C ．pH=5.5的溶液中：c （CH 3COOH ）＞c （CH 3COO ﹣ ）＞c （H +）＞c （OH ﹣ ）D ．pH=4.0的溶液中：c （ Na +）+c （H +）+c （CH 3COOH ）﹣c （OH ﹣ ）=0.10mol/L【考点】离子浓度大小的比较．【分析】根据图象可看出，浓度增大的曲线应为c （CH 3COO ﹣），浓度减小的曲线应为c （CH 3COOH ），W 点时c （CH 3COOH ）=c （CH 3COO ﹣），A ．根据电离平衡常数公式解答；B ．根据W 点溶液中电荷守恒判断；C ．pH=5.5的溶液中：c （CH 3COO ﹣）＞c （CH 3COOH ）；D ．由电荷守恒及c （CH 3COOH ）+c （CH 3COO ﹣）=0.1molL ﹣1分析．【解答】解：A ．W 点c （CH 3COOH ）=c （CH 3COO ﹣），pH=4.75，则c （H +）=10﹣4.75molL ﹣1，平衡常数K==10﹣4.75molL ﹣1，故A 正确；B ．溶液存在电荷守恒，应为c （Na +）+c （H +）=c （CH 3COO ﹣）+c （OH ﹣），W 点时，溶液显酸性，则c （H +）＞c （OH ﹣ ），所以W 点表示的溶液中：c （CH 3COO ﹣）=c （CH 3COOH ）＞c （ Na +），故B 正确；C ．随着溶液中pH 增大，c （CH 3COO ﹣）增大，pH=5.5的溶液中：c （CH 3COO ﹣）＞c （CH 3COOH ），所以溶液中：c （CH 3COO ﹣）＞c （CH 3COOH ）＞c （H +）＞c （OH ﹣ ），故C 错误；D ．由电荷守恒及c （CH 3COOH ）+c （CH 3COO ﹣）=0.1molL ﹣1可知，c （Na +）+c （H +）﹣c （OH ﹣）+c （CH 3COOH ）=c （CH 3COO ﹣）+c （CH 3COOH ）=0.1mol/L ，故D 正确；故选C ．【点评】本题考查离子浓度大小比较，溶液中存在水解与电离两个过程的离子浓度大小比较似乎是考试热点内容，再结合守恒思想分析解答，题目难度中等．7．在10L 的恒容密闭容器中，发生反应：PCl 3（g ）+Cl 2（g ）⇌PCl 5（g ）△H ＜0 若起始时PCl 3（g ）和Cl 2（g ）均为0.2mol ，在不同条件下进行a 、b 、c 三组实验，每一组实验都是在恒温恒容条件下进行，反应体系总压强随时间的变化如图所示．下列说法中正确的是（ ）A ．与实验a 相比，实验b 升高了温度，实验c 加入了催化剂B ．从反应开始至刚达平衡时，实验b 的化学反应速率ν（PCl 5）=5×10﹣4mol/（L ．min ）C ．实验c 达平衡时，PCl 3（g ）的转化率为 60%D ．在实验a 条件下，该反应的平衡常数K=100 【考点】化学平衡的计算．【分析】气体压强之比等于气体物质的量之比，结合化学平衡三段式列式计算，设得到平衡状态时消耗PCl 3物质的量为x ，PCl 3（g ）+Cl 2（g ）⇌PCl 5（g ）起始量（mol ） 0.2 0.2 0 变化量（mol ） x x x 平衡量（mol ） 0.2﹣x 0.2﹣x xA ．分析图象可知达到平衡状态的时间不同，时间越短反应速率越快；其中b 和a 达到相同平衡状态，但时间不同，说明b 是加入了催化剂改变了反应速率；c 混合气体压强增大，达到平衡时间缩短，所以是升温引起的压强增大；B ．图象分析可知实验b 气体压强160变化为120，60min 达到平衡状态，气体压强之比等于气体物质的量之比，0.4：（0.4﹣x ）=160：120，则x=0.1mol ，然后依据化学反应速率概念计算；C ．根据平衡时实验c 的压强计算出转化的物质的量，然后计算出转化率；D ．ab 是相同平衡状态，平衡时阿玉b 的各组分的浓度相同，先计算出各组分浓度，然后根据平衡常数K=计算．【解答】解：恒温恒容条件下，气体压强之比等于气体物质的量之比，设得到平衡状态时消耗PCl 3物质的量为x ，PCl 3（g ）+Cl 2（g ）⇌PCl 5（g ） 起始量（mol ） 0.2 0.2 0 变化量（mol ） x x x 平衡量（mol ） 0.2﹣x 0.2﹣x xA ．分析图象可知达到平衡状态的时间不同，时间越短反应速率越快，图中3组实验从反应开始至达到平衡时的反应速率v （PCl 3）由大到小的次序b ＞c ＞a ，与实验a 相比，b 和a 达到相同平衡状态，但时间不同，b 组改变的实验条件及判断依据是加入了催化剂改变了反应速率；c 混合气体压强增大，达到平衡时间缩短，所以是升温引起的压强增大，故A 错误；B ．图象分析可知实验b 气体压强160变化为120，60min 达到平衡状态，气体压强之比等于气体物质的量之比，0.4：（0.4﹣x ）=160：120，解得：x=0.1mol ，则实验b 从反应开始至达到平衡时的反应速率为：v （PCl 5）===1.7×10﹣4mol/Lmin ，故B 错误；C ．图象分析可知实验c 平衡时气体压强175变化为140，60min 达到平衡状态，气体压强之比等于气体物质的量之比，0.4：（0.4﹣x ）=175：140，解得：x=0.08mol ，则实验c 达平衡时，PCl 3（g ）的转化率为：×100%=40%，故C 错误；D ．ab 是相同平衡状态，平衡时各组分的浓度相同，图象分析可知实验a 气体压强160变化为120，60min 达到平衡状态，气体压强之比等于气体物质的量之比，0.4：（0.4﹣x ）=160：120，解得：x=0.1mol ，平衡浓度分别为：c （ PCl 3）=0.01mol/L ，c （Cl 2）=0.01mol/L ，c （PCl 5）=0.01mol/L ，所以实验a 条件下的平衡常数K==100，故D 正确；故选D ．【点评】本题考查了化学平衡的图象及计算，题目难度中等，明确恒温恒容条件下气体物质的量与压强之间的关系为解答关键，注意掌握化学平衡状态特征及应用，试题培养了学生的分析能力及化学计算能力．二、解答题（共4小题，满分58分）8．前四周期元素X、Y、Z、Q、R、W的原子序数依次增大．X基态原子的2p轨道为半充满状态；Y基态原子的L层有2个未成对电子；Z基态原子的最外层电子排布为3s23p2；Q、R、W都属于金属元素，Q、W基态原子核外均没有未成对电子，R基态原子的d轨道上有3个空轨道．请回答下列问题：（1）R基态原子的电子排布式为1s22s22p63s23p63d24s ．上述六种元素中，属于ds区的元素符号是Zn ；（2）含有16个中子的Z的核素符号为3014Si ．X、Y、Z元素原子中第一电离能由高到低的顺序是N＞O＞Si ．（3）XY3﹣的离子空间构型为平面三角形，与该离子互为等电子体的一种分子是SO3．（4）X、Y分别与氢元素形成的最简单氢化物分子中，后者的键角小于前者的原因是NH3、H2O的中心原子杂化方式相同，由于氨分子存在一对孤电子对，水分子存在两对孤电子对，水分子中孤电子对对成键电子排斥力更强，所以水分子的键角比氨分子的键角小．（5）Y、Q、R三种元素形成的某种化合物的如图所示，该化合物的化学式为CaTiO3．若Y与最近的R的距离为a cm，阿伏加德常数的值为NA，则计算此晶体的密度表达式为g/cm3（不必化简）．【考点】位置结构性质的相互关系应用；晶胞的计算．【分析】前四周期元素X 、Y 、Z 、Q 、R 、W 的原子序数依次增大．X 基态原子的2p 轨道为半充满状态，原子核外电子排布式为1s 22s 22p 3，故X 为N 元素；Y 基态原子的L 层有2个未成对电子，原子序数大于N ，则Y 原子核外电子排布式为1s 22s 22p 4，故Y 为O 元素；Z 基态原子的最外层电子排布为3s 23p 2，则Z 为Si ；Q 、R 、W 都属于金属元素，只能处于第四周期，其中R 基态原子的d 轨道上有3个空轨道，其原子外围电子排布式为3d 24s 2，则R 为Ti ，Q 、W 基态原子核外均没有未成对电子，Q 原子序数小于Ti ，则Q 为Ca ，W 外围电子排布式为3d 104s 2，则W 为Zn ，据此解答．【解答】解：前四周期元素X 、Y 、Z 、Q 、R 、W 的原子序数依次增大．X 基态原子的2p 轨道为半充满状态，原子核外电子排布式为1s 22s 22p 3，故X 为N 元素；Y 基态原子的L 层有2个未成对电子，原子序数大于N ，则Y 原子核外电子排布式为1s 22s 22p 4，故Y 为O 元素；Z 基态原子的最外层电子排布为3s 23p 2，则Z 为Si ；Q 、R 、W 都属于金属元素，只能处于第四周期，其中R 基态原子的d 轨道上有3个空轨道，其原子外围电子排布式为3d 24s 2，则R 为Ti ，Q 、W 基态原子核外均没有未成对电子，Q 原子序数小于Ti ，则Q 为Ca ，W 外围电子排布式为3d 104s 2，则W 为Zn ．（1）R 基态原子的d 轨道上有3个空轨道，基态原子的电子排布式为1s 22s 22p 63s 23p 63d 24s ，上述六种元素中，属于ds 区的元素符号是Zn ，故答案为：1s 22s 22p 63s 23p 63d 24s ；Zn ；（2）含有16个中子的Si 的核素符号为3014Si ，同周期随原子序数增大第一电离能呈增大趋势，同主族自上而下第一电离能减小，氮元素原子2p 能级为半满稳定状态，第一电离能高于氧元素的，故第一电离能：N ＞O ＞Si ， 故答案为：3014Si ；N ＞O ＞Si ；（3）NO 3﹣中N 原子孤电子对数==0、价层电子对数=3+0=3，故离子空间构型为平面三角形，与该离子互为等电子体的一种分子是SO 3等，故答案为：平面三角形；SO 3等；（4）X 、Y 分别与氢元素形成的最简单氢化物分别为NH 3、H 2O ，NH 3、H 2O 的中心原子杂化方式相同，由于氨分子存在一对孤电子对，水分子存在两对孤电子对，水分子中孤电子对对成键电子排斥力更强，所以水分子的键角比氨分子的键角小，。

绝密★启用前 四川省攀枝花市2016年高中阶段教育学校招生统一考试英 语(满分120分，考试时间120分钟)第Ⅰ卷(选择题，满分95分)第一部分 听力测试(共两节，满分20分)第一节 (共5小题;每小题1分,满分5分)听句子，选择该句的最佳答语。

每个句子读一遍。

1. A. Thanks, I’m full. B. I want to have a rest. C. Yes, I’d like some noodles. 2. A. She ’s short and fat.B. She doesn’t like me.C. She isn’t at home.3. A. Don’t ask me. B. Here you are.C. Turn right, and you’ll see it. 4. A. I’m right.B. OK, Dad.C. Nice to meet you. 5. A. She is from the US.B. She is an office clerkC. She is beautiful.第二节 (共15小题;每小题1分,满分15分)听下面5段对话或独白。

每段对话或独白后有几个小题，从题中所给的A 、B 、C 三个选项中选出最佳选项。

听每段对话或独白前，你将有时间阅读各个小题，每小题5秒钟；听完后，各小题将给出5秒钟的作答时间。

每段对话或独白读两遍。

听第6段材料,回答第6,7题。

6. What does the man have? A. A bike.B. A car.C. A motorbike. 7. What does the woman do twice a week? A. Go skating.B. Go swimming.C. Go boating.听第7段材料,回答第8,9题。

8. What is Bob’s favorite subject? A. History.B. Biology.C. All the subjects.9. What does Rose often read at night? A. Books about plants and films. B. Books about plants and animals.C. Books about animals and living things. 听第8段材料,回答第10至12题。