数学中的“有限与无限”的思想

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数学中的“有限与无限”的思想

一、知识概述

1、有限与无限的思想就是将无限的问题化为有限来求解,将有限的问题化为无限来解决,利用已经掌握的无限问题的结论来解决新的无限问题.

2、把对无限的研究转化为对有限的研究,是解决无限问题的必经之路.

3、积累的解决无限问题的经验,将有限问题转化为无限问题来解决是解决有限问题的一个方向,同时有利于解决新的无限的问题.

4、立体几何中求球的表面积与体积的推导,实际上是先进行有限次分割,然后再求和、求

极限;数学归纳法就是通过对有限的研究来解决无限的问题等等,这些都是典型的有限与无限思想的应用.取极限和数学归纳法就是由有限与无限的思想得到的具体的方法.

5、有限与无限的思想在近几年的高考中已经有很多具体的体现,随着高中课程改革,对新增内容的深入考查,必将加大对这一思想的考查,所以我们考前应该予以重视.

二、典例分析

1.在数列{}na在中,542nan,212naaaanbn,*nN,其中,ab为常数,则limnnnnnabab的值是 .

【解析】本题根据通项与前n项和可以求出常数,ab的值,再对所给的有限项求极限.这里我们要利用已经掌握的无限的结论(即lim0(||1)nnqq)来解决新的极限问题.

【答案】由542nan知,{}na是公差为4的等差数列,故123(1)422nnnaaan

2anbn,解得2a,12b,从而11()1()4limlimlim111()1()4nnnnnnnnnnnbabababa.

2. 已知数列na满足1aa,111nnaa我们知道当a取不同的值时,得到不同的数列,如当1a时,得到无穷数列:;.,35,23,2,1当21a时,得到有穷数列:0,1,21.

(Ⅰ)求当a为何值时40a;

(Ⅱ)设数列nb满足11b, 11()1nnnNbb,求证:a取数列nb中的任一个数,都可以得到一个有穷数列na;

(Ⅲ)若)4(223nan,求a的取值范围.

【解析】 这是一道蕴含有限与无限的思想的典型试题. 对于题设的递推关系,随着所给出的初始条件不同,得到的数列既可能是无限数列也可能是有限的数列,第(Ⅱ)问则可以通过有有限次的试验,得出对无限个nb都可以得到一个有穷数列{an}的猜想,再用数学归纳法进行证明.或者通过对有限问题的推理直接得到无限问题的解答.第(Ⅲ)问是把对无限个n都成立的结果,通过有限次分析获得解决.

【答案】(Ⅰ)11211111,1,11,nnaaaaaaaaa如果您需要使用本文档,请点击下载按钮下载!

34231211321,1.121aaaaaaaa 420.3aa故当时

(Ⅱ) 解法一:11b,11,1111nnnnbbbb,

当1ba时,01112ba ,

当2ba时,111112bba,03a,

当3ba时,23211bba,111111223bbaa04a.

一般地, 当nba时,,01na可得一个含有1n项的有穷数列121,.,naaa.

下面用数学归纳法证明.

当1n时, 1ba,显然01112ba,可得一个含有2项的有穷数列.,21aa

假设当kn时,kba,得到一个含有1k项的有穷数列121,.,kaaa,其中

01ka,则1kn时,1kba,kkbba1211,

由假设可知, 得到一个含有1k项的有穷数列232,,,kaaa,其中02ka.

所以,当1kn时, 可以得到一个含有2k项的有穷数列1a,232,,,kaaa,其中02ka

由(1),(2)知,对一切Nn,命题都成立.

解法二:11111,,1.1nnnnbbbbbb

21132211112{}.11,11,1111,...11111.0.nnnnnnnnnnababababababababaab取数列中的任一个数不妨设

故a取数列nb中的任一个数,都可以得到一个有穷数列na.

(Ⅲ))4(223nan即211231na,211na

所以要使)4(223nan,当且仅当它的前一项1na满足211na.

由于2,12,23,所以只须当2,23ka时,都有2,23na5n

由12234aaa,得2122323aa, 解得0a.

3.在数列||na,||nb中,a1=2,b1=4,且1nnnaba,,成等差数列,11nnnbab,,成等比数列(n*N).

(Ⅰ)求a2,a3,a4及b2,b3,b4,由此猜测||na,||nb的通项公式,并证明你的结论;如果您需要使用本文档,请点击下载按钮下载!

(Ⅱ)证明:1122111512nnababab….

【解析】第(Ⅰ)问由题设可得两个数列的递推关系式,进而得到两个数列的前几项(有限项) ,可以猜出两者的通项公式(无限的问题),再用数学归纳法证明这个无限的问题.第(Ⅱ)问可以通过研究通项公式(无限的问题)直接解决无限的问题.

【答案】(Ⅰ)由条件得21112nnnnnnbaaabb,,由此可得

2233446912162025ababab,,,,,.猜测2(1)(1)nnannbn,.

下面用数学归纳法证明:

①当n=1时,由上可得结论成立.

②假设当n=k时,结论成立,即2(1)(1)kkakkbk,,

那么当n=k+1时,22221122(1)(1)(1)(2)(2)kkkkkkaabakkkkkbkb,,

所以当n=k+1时,结论也成立.

由①②,可知2(1)(1)nnannbn,对一切正整数都成立.

(Ⅱ)11115612ab.n≥2时,由(Ⅰ)知(1)(21)2(1)nnabnnnn.

故112211111111622334(1)nnabababnn……

111111116223341nn…111111562216412n.

综上,原不等式成立.

三、名校试题

1.数列{}na中,11a,

2112nnnaaac (1c为常数,1,2,3,...n) ,且321.8aa

(1)求c的值;

(2)① 证明:1nnaa;

② 猜测数列{}na是否有极限?如果有,写出极限的值(不必证明);

(3)比较11nkka与14039na的大小,并加以证明.

【解析】第(1)问由通项公式(揭示无限问题)求出有限项23aa、后可得c的值;第(2)问通过对有限项的处理证明出结论,从而可猜出{}na的极限;第(3)问对得到的递推关系式进行变形,再用作差法求解,需要用到数学归纳法证得2na.然后通过前几项(有限项)的比较与第(2)问已证的单调性得到结果.

【答案】(Ⅰ)依题意,222211322111111 .222222aaaccaaacc,

由3218aa,得21111122228cc,解得2c,或1c(舍去).

(Ⅱ)① 证明:因为2211122(2)022nnnnnaaaaa,

当且仅当2na时,1nnaa.因为11a,所以10nnaa,即1nnaa (1,2,3,...n).

② 数列{}na有极限,且 lim2nna. 如果您需要使用本文档,请点击下载按钮下载!

(Ⅲ)由21122nnnaaa,可得11()(2)(2)nnnnnaaaaa,从而111122nnnaaa.

因为11a,所以

1111111111111.22222nnkkkkknnaaaaaa

所以21111111111404139(53)(813)1401401.3923939(2)39(2)nnnnnnnkknnnaaaaaaaaaa

因为11a,由(Ⅱ)① 得 1na (*nN). (*)

下面用数学归纳法证明:对于任意*nN,有2na成立.

当1n时,由11a,显然结论成立.

假设结论对 (1)nkk时成立,即2.ka

因为2211132(1)222nnnnaaaa,且函数213(1)22yx在1x时单调递增,

所以2113(21)222ka.即当1nk时,结论也成立. 于是,当*nN时,有2na成立.

(**)

根据(*)及(**)得 12na.

由11a 及21122nnnaaa, 经计算可得23313.28aa,

所以,当1n时, 2114039aa;当2n时,312114039aaa;

当3n时,由11328na,得11111(53)(813)1400 , 3939(2)nnnnkknaaaaa

所以1114039nnkkaa.

2.数列na的首项1a=1,前n项和为nS满足12(1)nnkSa(常数0k,*Nn).

(1)求证:数列na是等比数列.

(2)设数列na的公比为()fk,作数列nb,使13b,11()nnbfb(n2,3,4,…)

求数列nb的通项公式;

(3)设2nncb,若存在*Nm,且mn;使limn(112mmmmcccc…1nncc)1<2007,试求m的最小值.

【解析】第(1)问通过对递推关系式的变形得到相邻两项的比,正是利用这两个有限项的比是非零常数来证明该数列是等比数列的.第(2)问也是通过对递推关系式(无限的问题)的变形来求通项公式的(无限的问题).第(3)问通过抓住通项来求有限项的极限,再根据这个极限求出m的最小值.

【答案】 解:(1)12(1)nnkSa ①