浙江省杭州市萧山三中2014-2015学年高二上学期第一次段考物理(文)试卷(新疆部)

浙江省杭州地区〔含周边〕重点中学2014-2015学年高二物理上学期期中联考试题新人教版考生须知：1．本卷总分为100分，考试时间90分钟；2．答题前，在答题卷密封区内填写班级、学号和姓名；座位号写在指定位置； 3．所有答案必须写在答题卷上，写在试卷上无效； 4．考试完毕后，只需上交答题卷。

一．单项选择题(此题8小题，每一小题3 分，共 24分。

每一小题只有一个选项符合题意。

) 1．关于如下列图的验电器，如下说法正确的答案是 A ．硬杆b 应该用金属材料制成 B ．a 与c 应该互相绝缘C ．用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近a 时，两金属箔片带等量异种电荷D ．用毛皮摩擦过的橡胶棒接触a 后，c 所带电荷与橡胶棒所带电荷的电性相反 2．以下说法正确的答案是 A ．由qFE =可知此场中某点的电场强度E 与F 成正比 B ．公式C=Q/U ，电容器的电容大小C 与电容器两极板间电势差U 无关 C ．由公式qE P=φ可知电场中某点的电势Φ与q 成反比 D ．由U ab =Ed 可知，匀强电场中的任意两点a 、b 间的距离越大，如此两点间的电势差也一定越大3.一只普通家用照明白炽灯泡〔如台灯灯泡〕正常发光时，通过它的电流与如下哪一数值较为接近A ．20A B ．2A C ．0.2A D ．0.02A4.一直流电动机正常工作时两端的电压为U ，通过的电流为I ，电动机线圈的电阻为r ．该电动机正常工作时，如下说法正确的答案是A ．电动机消耗的电功率为IUB ．电动机的输出功率为IU第1题图C ．电动机的发热功率为r U 2D ．I 、U 、r 三个量间满足rUI =5．关于以下4幅图的说法中，正确的答案是A ．甲图所示为可变电容器，动片旋出时可以使其与定片的距离增大，从而改变电容B ．乙图所示装置可以用来储存电荷C ．丙图中电容器只要与电源相连，电流表的示数始终不为零。

D ．丁图所示是电解电容器，标示“80V 〞 是电容器的击穿电压6．如下列图，三条虚线表示某电场的三个等势面，其中φ1=10V ，φ2=20V ，φ3=30V 一个带电粒子只受电场力作用，按图中实线轨迹从A 点运动到B 点，由此可知 A.粒子带正电B.粒子的速度变大 C.粒子的加速度变大D.粒子的电势能变大7.如图是一同学将变阻器与一只“6V,8W 〞的小灯泡L 与开关S 串联后接在6V 的电源E 上，当S 闭合时，发现灯泡发亮．按此图的接法，当滑片P 向右滑动时，灯泡将 A ．变暗B ．变亮C ．亮度不变D ．可能烧坏灯泡8．图〔a 〕为示波管的原理图。

学科：高二物理（理科） 满分：100分 考试时间：90分钟 考生须知：1、本卷共 5页；2、本卷答案必须做在答题卷上，做在试题卷上无效；3、答题前请在答题卷密封线内填好相关栏目。

一、单项选择题（本题共10小题；每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意.）1. 下列物理量中与检验电荷有关的是（ ）A.电场强度EB.电势ϕC.电势差U ABD.电场力F 2.对于库仑定律，下面说法中正确的是（ )A ．凡计算两个点电荷间的相互作用力，就可以使用公式122KQ Q F r = B ．两个带电小球即使相距非常近，也能用库仑定律C ．相互作用的两个点电荷，不论它们电量是否相同，它们之间的库仑力大小一定相等D ．两个点电荷的电量各减为原来的一半，它们之间的距离保持不变，则它们之间库存仑力减为原来的一半3．M 和N 是原来不带电的物体，它们相互摩擦后M 带1.6×10－10C 的正电荷，下列判断正确的是( )A ．在摩擦前M 和N 的内部没有任何电荷B ．摩擦过程中电子从M 转移到NC ．摩擦过程中质子从N 转移到MD ．在摩擦过程中M 和N 的电荷总量发生了改变 4．关于静电场，下列结论普遍成立的是( ) A ．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低 B ．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C ．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D ．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零 5．在研究平行板电容器电容的实验中，电容器的A 、B 两极板带有等量异种电荷，A 板与静电计连接，如图1所示。

已知静电计指针张角随着电容器两极间的电势差的增大而增大。

实验中可能观察到的现象是（ ）A ．在A 、B 板间放入一金属板，静电计指针张角变大B ．减小A 、B 板间的距离，静电计指针张角变小C ．把B 板向上平移，静电计指针张角变小D ．在A 、B 板间放入一介质板，静电计指针张角变大6.如图2所示，A 、B 、C 为等量异种电荷产生的静电场中的三个等势面，已知三个等势面的电势关系为φA <φB <φC 。

高三年级第一次月考物理试题卷一、选择题（本题共6小题，每小题4分．共计24分。

每小题给出的四个选项中'只有一个选项正确，选对得4分，选错得0分）1．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x＝5t＋t2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点( )A．第1 s内的位移是5 mB．前2 s内的平均速度是6 m/sC．任意相邻的1 s内位移差都是1 mD．任意1 s内的速度增量都是2 m/s2．某物体运动的v－t图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．物体在第1 s 末运动方向发生改变B．物体在第2 s内和第3 s内的加速度是相同的C．物体在第6 s末返回出发点D．物体在第5 s末离出发点最远，且最大位移为0.5 m3．如图所示，质量为m的木块P在质量为M的长木板ab上滑行，长木板放在水平地面上一直处于静止状态．若长木板ab与地面间的动摩擦因数为μ1，木块P与长木板ab间的动摩擦因数为μ2，则长木板ab受到地面的摩擦力大小为( ) A．μ1Mg B．μ1(m＋M) gC．μ2mg D．μ1Mg＋μ2mg4．L型木板P(上表面光滑)放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q相连，如图所示．若P、Q一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力．则木板P的受力个数为( )A．3 B．4C．5 D．65．如图所示，红蜡块能在玻璃管的水中匀速上升，若红蜡块在A点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右做匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的( )A．直线P C．曲线RB．曲线Q D．无法确定6．如图所示，在双人花样滑冰运动中，有时会看到被男运动员拉着的女运动员离开地面在空中做圆锥摆运动的精彩场面，目测体重为G 的女运动员做圆锥摆运动时和水平冰面的夹角约为30°，重力加速度为g ，估算该女运动员( )A ．受到的拉力为3GB ．受到的拉力为2GC ．向心加速度为2gD ．向心加速度为2g二、选择题（本题共4小题，每小题4分，共l6分。

2014-2015学年浙江省杭州市萧山三中高一（上）段考物理试卷一、单项选择题（每题3分，共30分．每题只有一选项正确）1．（3分）（2010秋•红花岗区校级期中）下列情况中的运动物体，能被看成质点的是（）A．研究飞往火星的宇宙飞船的最佳运行轨道B．调整人造卫星的姿态，使卫星的照相窗口对准地面C．计算从北京开往上海的一列火车途中经过某座铁路桥的运行时间D．跳水运动员完成跳水动作考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可正确解答本题．解答：解：A、研究飞往火星的宇宙飞船的最佳运行轨道时，宇宙飞船的大小和形状对研究问题没有影响，可以看成质点，故A正确；B、研究调整人造卫星的姿态，使卫星的照相窗口对准地面时，要看卫星的姿态，不能看成质点，故B错误；C、研究从北京开往上海的一列火车途中经过某座铁路桥的运行时间，火车和铁路桥的长度相比不能忽略，所以不可以看作质点，故C错误；D、研究跳水运动员的跳水动作时，不能忽略其体积形状，不能看着质点，故D错误．故选A．点评：考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略，与其他因素无关．2．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）以下的计时数据中指时间间隔的是（）A．“嫦娥二号”卫星于2010年10月1日18时59分57秒点火发射B．在一场NBA篮球赛开赛8分钟时，姚明投中第三个球C．萧山三中第一次月考物理考试的时间是90分钟D．四川省汶川县发生8.0级强烈地震是在2008年5月12日14时28分考点：时间与时刻．分析：根据时刻在时间轴上对应的是一点，而时间间隔在时间轴上对应的是一段，即可顺利解决此类题目．解答：解：A、“嫦娥二号”的2010年10月1日18时59分57秒是指时刻，故A错误；B、开赛8分钟时是指时刻，故B错误；C、物理考试的时间是90分钟是指时间间隔，故C正确；D、在2008年5月12日14时28分是指时刻，故D错误；故选：C．点评：正确解答本题的关键是：理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．3．（3分）（2013秋•瑞安市校级期中）两辆汽车在平直的公路上匀速行驶，当两车并排时，甲车内一个人看见窗外树木向东移动，乙车内一个人发现甲车没有动，以大地为参考系，上述事实说明（）A ． 甲、乙两车以相同的速度同时向西运动B ． 乙车向西运动，甲车不动C ． 甲车向西运动，乙车向东运动D ． 甲车向西运动，乙车不动考点：参考系和坐标系． 专题：直线运动规律专题． 分析：参考系是描述运动时，假设不动的物体．甲车内人看到乙没有动，则甲和乙的运动情况一样，乙车中的人看到路旁的树木向西运动，说明乙向东运动．解答：解：因为乙车内的人看到甲车没有动，则甲和乙的运动情况一致，而甲车的人看到路旁的树木向东运动，说明甲车相对路旁的树木向西运动，则如果以大地为参考系则甲向西运动，因为甲车和乙车运动状态一致，故甲、乙两车以相同的速度向西运动．故A 正确．故选：A点评： 掌握参考系的概念是解决此类题目的关键，本题中乙车内的同学看见路旁的树木向西移动，说明该同学是以自己作为参考系4．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）关于位移和路程，下列说法中正确的是（ ）A ． 质点作直线运动，路程等于位移的大小B ． 出租车是按位移大小来计费的C ． 在田径场3000m 长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小为3000mD ． 运动的物体在某一过程中的路程不可能是零，但位移可能是零考点：位移与路程． 专题：直线运动规律专题． 分析： 位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置．位移的大小不大于路程．路程是标量，是运动路径的长度．当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程．解答：解： A 、当质点做直线运动时，位移的大小不一定等于路程，只有当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程．故A 错误．B 、出租车是按路程来计费．故B 错误．C 、在田径场3000m 长跑比赛中，跑完全程的运动员的路程为3000m ，故C 错误．D 、物体从初位置开始运动又回到初位置的过程中，路程不为零，但位移为零，故D正确．故选D点评：位移与路程是描述运动常用的物理量，它们之间大小关系是位移大小≤路程．5．（3分）（2015•桐乡市校级模拟）沿直线运动的一列火车和一辆汽车在开始计时及每过1s 的速度分别为v1和v2，如下表所示，从表中数据可以看出（ ）t/s 0 1 2 3 4火车 v1/（m•s﹣1） 18.0 17.5 17.0 16.5 16.汽车 v2/（m•s﹣1） 9.8 11.0 12.2 13.4 14.6A．火车的速度变化较慢B．汽车的加速度较小C．火车的位移在减小D．汽车的位移在减小考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：加速度表示速度变化快慢的物理量，结合速度的变化量和变化的时间确定加速度的大小，根据速度的方向确定位移的增加和减小．解答：解：A、火车的加速度为：a=汽车的加速度为：a′=，可知汽车的加速度较大，火车的加速度减小，所以火车的速度变化较慢．故A正确，B错误．C、因为火车和汽车的速度都为正值，一直向正方向运动，所以位移都做增大．故C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度是反映速度变化快慢的物理量．6．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）下列各组物理量中，全部是矢量的一组是（）A．速度、速率、平均速度B．位移、速度、平均速度C．速度、加速度、路程D．速率、速度的变化量、加速度考点：矢量和标量．分析：矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．解答：解：A、速度、平均速度既有大小又有方向是矢量，速率是速度大小，是标量，故A 错误B、位移、速度、平均速度既有大小又有方向，都是矢量，故B正确C、速度、加速度既有大小又有方向是矢量，路程是标量，故C错误D、速度的变化量、加速度既有大小又有方向是矢量，速率是速度大小，是标量，故D错误故选：B．点评：矢量与标量的区别有两个：一矢量有方向，而标量没有方向；二矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．7．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）下面列举的几种速度，其中不是瞬时速度的是（）A．火车以76km/h的速度经过隧道B．汽车速度计指示着速度50km/hC．城市繁华路口速度路标上标有“15km/h注意车速”字样D．足球以12m/s的速度进入球门考点：瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度是指物体在某一过程或某一段时间内的速度；瞬时速度是指物体在某一时刻或某一位置时速度．解答：解：A、火车经过隧道的速度为平均速度；不是瞬时速度．B、汽车速度计指示着的是瞬时速度；C、城市繁华路段路标上所标为瞬时速度；D、足球进入球门的速度为瞬时速度；本题选不是瞬时速度的；故选：A．点评：本题考查平匀速度与瞬时速度的区别，要注意平均速度对应的是一个过程；而瞬时速度对应一个瞬间呈某一位置．8．（3分）（2013秋•桐乡市校级期中）关于加速度，下面说法正确的是（）A．加速度增大，而速度有可能减少；加速度减小，而速度有可能增大B．加速度的大小在数值上等于单位时间内速度的改变量，因此加速度就是加出来的速度C．加速度为正值，则物体做加速运动；加速度为负值，则物体做减速运动D．加速度的大小在数值上等于单位时间内速度大小的改变量考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度是表示速度变化快慢的物理量．解答：解：A、加速度增大，如果加速度方向与速度方向相反，速度减少；加速度减小，如果加速度方向与速度方向相同，速度增大，故A正确；B、根据加速度的定义式a=可知加速度的大小在数值上等于单位时间内速度的改变量，加速度等于物体的速度的变化率，加速度不是加出来的速度，故B错误；C、加速度为正值，速度为负值，即加速度方向与速度方向相反，速度减少；加速度为负值，速度为正值，即加速度方向与速度方向相同，速度增大，故C错误；D、根据加速度的定义式a=可知加速度的大小在数值上等于单位时间内速度的改变量，速度是矢量，如果初速度方向与末速度方向相反，速度的改变量不等于速度大小的改变量，故D错误；故选：A．点评：把握加速度的定义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．9．（3分）（2014春•瑞安市校级期中）一物体从静止开始做匀加速直线运动，测得它在第n 秒内的位移为s，则物体运动的加速度为（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式，抓住ns内和（n﹣1）s内的位移之差求出物体运动的加速度．解答：解：第ns内的位移为：解得：a=．故A正确，B、C、D错误．故选：A点评：本题也可以根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第ns中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出物体的加速度10．（3分）（2003秋•西城区期末）如图为A、B两只棕熊在野外沿直线散步的位移﹣时间图象．由图可知下列说法正确的是（）A．在这一小时内，A熊的平均速度较大B．在t=10.0min时刻，B熊的速度较大C．A熊的速度总是沿着一个方向D．B熊的速度总是沿着一个方向考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据位移的大小和时间比较平均速度的大小．根据位移随时间的变化规律判断熊的速度方向．解答：解：A、在一小时内，B熊的位移大于A熊的位移，则B熊的平均速度大于A熊的平均速度．故A错误．B、位移﹣﹣时间图线的斜率表示速度的大小，在10min时刻，B的图线斜率小，则速度较小．故B错误．C、A熊的位移先增加后减小，则运动方向改变．故C错误．D、B熊的位移一直增加，则运动方向不变．故D正确．故选D．点评：解决本题的关键知道位移﹣﹣时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示速度．二、不定项选择题（每题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有错或不答的得0分．）11．（4分）（2014秋•萧山区校级月考）物体做直线运动时，有关物体加速度，速度的方向及它们的正负值说法正确的是（）A．在匀加速直线运动中，物体的加速度的方向与速度方向必定相同B．在匀减速直线运动中，物体的速度必定为负值C．在匀变速直线运动中，物体的速度变大时，其加速度也可能为负值D．只有在确定初速度方向为正方向的条件下，匀加速直线运动中的加速度才为正值考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．解答：解：A、在匀加速直线运动，加速度方向与速度方向必定相同，故A正确．B、在匀减速直线运动，加速度方向与速度方向相反，但是速度不一定为负值，故B错误．C、在匀变速直线运动中，当加速度方向与速度方向相同，速度变大，加速度可能为负值，只要速度也为负值即可．故C正确．D、匀加速直线运动中，加速度方向与速度方向相同，所以只有在确定初速度方向为正方向的条件下，匀加速直线运动中的加速度才为正值，故D正确．故选：ACD．点评：解决本题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．12．（4分）（2013秋•南湖区校级期中）有平直公路相连的甲、乙两车站相距45千米，一辆汽车从甲车站出发，用30千米/小时的平均速度通过全程路程后，又用了1.5小时通过了剩下的路程，最后停在乙车站．则下列说法正确的是（）A．汽车全程的平均速度为22.5km/hB．汽车全程的平均速度为23.3km/hC．汽车后面路程平均速度为15km/hD．汽车后面路程平均速度为20km/h考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据v=，要计算汽车的平均速度，需用路程除以所对应的时间；解答：解：前路程用时间=0.5h，所以汽车全程的平均速度为v===22.5km/h；汽车后面路程平均速度为v===20km/h．故选：AD点评：根据平均速度公式计算平均速度需用总路程除以总时间，在代入数据时，一定要注意路程和时间的统一．13．（4分）（2014秋•萧山区校级月考）图为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法正确的是（）A．整个过程中，BC段的加速度最大B．物体在第20s末运动方向发生变化C．整个过程中，C点所表示的状态离出发点最远D．BC段所表示的运动通过的路程是34 m考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：首先知道（1）v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大；（2）图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．（3）图象与坐标轴围成的面积表示位移，BC段与时间轴围成的梯形面积表示其运动的路程．据此分析即可．解答：解：AB、CE是一条直线，根据数学知识可知，其斜率一定，而速度图象的斜率表示加速度，整个过程中，CE段倾斜角最大，故其加速度数值最大；故A正确；B、物体在第20s末前速度为正值，20s末后速度为负值，故运动发生发生了变化，B正确；C、从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点离出发点最远，故C错误；D、BC段表示的运动所通过的路程为：s=×（5+12）×4=34m．故D正确．故选：ABD．点评：本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题．14．（4分）（2014秋•萧山区校级月考）某一物体在水平面上作初速为6m/s的匀变速直线运动，加速度的大小为2m/s2，下列对运动的描述正确的有（）A．物体运动5秒的位移一定为55mB ． 物体在第1秒末的速度可能是4m/sC ． 物体在第2秒内的平均速度可能是9m/sD ． 物体的位移一定随时间逐渐增大考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析： 物体做匀变速直线运动，加速度的方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反，结合位移时间公式和速度时间公式进行分析．解答：解：A 、若加速度的方向与初速度方向相同，则5s 内的位移=55m ．若加速度的方向与初速度方向相反，则5s 内的位移=5m ．故A 错误．B 、若加速度的方向与初速度方向相同，物体在第1s 末的速度v=v0+at=6+2×1m/s=8m/s，若加速度的方向与初速度的方向相反，则物体在第1s 末的速度v=v0+at=6﹣2×1m/s=4m /s ．故B 正确．C 、若加速度方向与初速度方向相同，则2s 内的位移=m=9m ，则平均速度．故 C 正确．D 、若加速度方向与初速度方向相反，物体速度减速到零后会反向运动，则位移不是一直逐渐增大．故D 错误．故选：BC ．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，注意公式的矢量性．15．（4分）（2013秋•南湖区校级期中）一质点做匀加速直线运动，第三秒内的位移是2m ，第四秒内的位移是2.5m ，那么，下列选项中正确的是（ ）A ． 这两秒内的平均速度是2.25 m/sB ． 第三秒末瞬时速度是2.25 m/sC ． 质点的加速度是0.125 m/s2D ． 第四秒末瞬时速度是2.75 m/s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系． 专题：直线运动规律专题． 分析：根据平均速度的定义式求出2s 内的平均速度．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第3s 末的速度．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度的大小，再结合速度时间公式求出第4s 末的速度．解答：解：A、两秒内的平均速度．故A正确．B、因为某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，3、4两秒内的平均速度等于第3s末的瞬时速度，则第3s末的速度为2.25m/s．故B正确．C、根据△x=aT2得，加速度a=．故C错误．D、第4s末的瞬时速度v4=v3+at=2.25+0.5×1m/s=2.75m/s．故D正确．故选：ABD．点评：本题考查匀变速直线运动的公式和推论的运用，掌握匀变速直线运动两个重要的推论：1、在连续相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，2、某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．三、填空与实验题（共20分）16．（6分）（2010秋•西湖区校级期中）某同学在探究“小车速度随时间变化规律”的实验时，设计的实验方案中选用了打点计时器，利用穿过打点计时器的纸带来记录小车的运动．实验后，该同学选择了一条较为理想的纸带，测量数据后，通过计算得到了小车运动过程中各计时时刻的速度如表格所示．位置编号0 1 2 3 4 5时刻：t/s 0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.50.42 0.67 0.92 1.16 1.42 1.76速度：v/m．s﹣1（1）分析表中数据，在误差允许的范围内，小车做匀加速直线运动．（2）由于此次实验的原始纸带没有保存，另一同学想估算小车从位置0到位置5的位移，其估算方法如下：x=（0.42×0.1+0.67×0.1+0.92×0.1+1.16×0.1+1.42×0.1）m．那么，该同学得到的位移小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）实际位移．为了使估算的位移尽可能接近真实值，你认为采取什么方法更合适？（不改变题目中的已知信息、不必算出具体数据）将时间间隔取得更小一些．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据表中数据可知，小车的速度均匀增加，由此可知小车的运动规律，根据匀变速运动位移与时间关系可知其计算位移与实际位移的关系解答：解：根据表中数据可知，小车的速度均匀增加，因此小车做匀加速直线运动；小车做匀加速直线运动，0﹣0.1s实际位移应该大于0.42×0.1，依此类推0﹣0.4s实际位移应该大于0.42×0.1+0.67×0.1+0.92×0.1+1.16×0.1+1.42×0.1m，所以该同学得到的位移小于实际位移．为了使估算的位移尽可能接近真实值，将时间间隔取得更小一些．故答案为：（1）匀加速直线，（2）小于，将时间间隔取得更小一些．点评：解决本题的关键掌握微分极限思想在求解位移中的运用，当时间段分解段数趋向于无穷大时，速度时间图线围成的面积就表示位移．17．（14分）（2014秋•萧山区校级月考）如图所示，是在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中得到的一条纸带．A、B、C、D、E、F、G为测量点，相邻测量点间时间间隔为0.1s，x1=1.20cm，x2=1.60cm，x3=1.98cm，x4=2.38cm，x5=2.79cm，x6=3.18cm．则：（1）有关操作和测量的说法中不正确的是ADA．先释放小车，再接通电源，当小车到达滑轮前及时用手按住它后关闭电源B．开始释放小车前，应使小车靠近打点计时器C．测量时应舍去纸带上的密集点，然后选取计数点D．必须每5个打印点设为一个计数点（2）将打点计时器打在B、C、D、E、F各测量点时小车的瞬时速度大小填入下表．（数值运算保留三位有效数字）位置 B C D E FV（m/s）0.140 0.179 0.218 0.259 0.299（3）在平面直角坐标系中作出V﹣t图象（以测量点B为计时起点）．（4）根据V﹣t图象能求出小车的加速度吗？若能，请说明求小车加速度的方法并计算小车加速度的大小．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题．分析：（1）通过实验的原理以及注意事项确定操作的步骤是否正确．（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出各点的瞬时速度．（3）根据各点的瞬时速度作出v﹣t图象．（4）根据图线的斜率求出小车的加速度．解答：解：（1）A、操作时，应先接通电源和释放小车．故A错误．B、开始释放小车前，小车应靠近打点计时器．故B正确．C、测量时应舍去纸带上的密集点，然后取计数点．故C正确．D、若点迹比较密，可以每5个打印点设为一个计数点，若点迹较疏，不需要每5个打印点设为一个计数点．故D错误．本题选错误的，故选：AD．（2）某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则．m/s=0.179m/s．m/s=0.218m/s．m/s=0.259m/s．m/s=0.299m/s．（3）速度时间图线如图所示．（4）根据v﹣t图线可以求出加速度，图线的斜率等于小车的加速度，．故答案为：（1）AD（2）0.140，0.179，0.218，0.259，0.299（3）如图所示（4）能．求v﹣t图中的斜率．0.4m/s2点评：解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带求解瞬时速度，知道速度时间图线的斜率表示加速度．四、计算题（30分）18．（6分）（2013秋•东阳市校级期中）一辆汽车从原点O由静止出发沿x轴做直线运动，为研究汽车的运动而记下它在各时刻的位置和速度，见下表：时刻t/s 0 1 2 3 4 5 6 7位置的坐标x/m 0 1.5 4 7.5 11 14.8 19 23瞬时速度v/（m•s﹣1） 1 2 3 4 3 4 4 4（1）汽车在第3s末的瞬时速度为多少？（2）汽车在前4s内的平均加速度为多少？（3）汽车在第5s内的平均速度为多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：由表格中的数据得出第3s末的速度，结合速度时间公式求出前4s内的平均加速度，根据第5s内的位移求出第5s内的平均速度．解答：解：（1）由表格中的数据可知，第3s末的速度为：v3=4m/s；（2）前4s内的平均加速度为：a=．（3）第5s内的位移为：x5=14.8﹣11m=3.8m，则汽车在第5s内的平均速度为：．答：（1）汽车在第3s末的瞬时速度为4m/s；（2）汽车在前4s内的平均加速度为0.5m/s2；（3）汽车在第5s内的平均速度为为3.8m/s．点评：解决本题的关键掌握平均速度的定义式以及加速度的定义式，并能灵活运用．19．（6分）（2014秋•萧山区校级月考）沪杭高铁（杭州﹣上海）已于2010年10月26日通车，这是我国高速铁路引领世界高速铁路发展潮流的又一重要标志．动车从杭州向北经过余杭区、嘉兴市和上海松江至上海虹桥站，最高运行时速为350km/h，总位移约为200Km，是我国“长三角地区一体化”战略的重大举措．则：（1）如果从杭州至上海行驶时间是 45min，求动车行驶的平均速度的大小．（2）如果动车以302.4km/h高速行驶时，驾驶员发现前方有障碍物．驾驶员发现这一情况后紧急刹车，如果驾驶员发现障碍物后，必须在3s内使动车停止运动，且刹车后动车的加速度大小保持不变．求：刹车后动车的加速度大小和方向．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）根据平均速度的定义式，结合位移和时间求出平均速度的大小．（2）根据加速度的定义式求出加速度的大小和方向．解答：解：（1）动车行驶的平均速度：==≈267km/h；（2）由题意知，刹车的时间t=3s．302.4km/h=84m/s．则刹车的加速度a===﹣26m/s2，方向与运动方向相反．答：（1）动车行驶的平均速度的大小267km/h；（2）刹车后动车的加速度大小26m/s2，方向与运动方向相反．点评：解决本题的关键掌握平均速度的定义式和加速度的定义式，知道求出的值中的负号表示方向．。

2024届浙江省萧山中学物理高二第一学期期中达标检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。

写在试题卷、草稿纸上均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半2、下列物理量中，属于矢量的是（）A．加速度B．质量C．路程D．时间3、物体以初速度v冲上粗糙的斜面，如选项所示的四个物体受力示意图中，正确的是( )A．B．C．D．4、如图所示，带正电的小球Q固定在倾角为θ的光滑固定绝缘细杆下端，让另一穿在杆上的质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放，到达B点时速度恰好为零。

若A、B间距为L，C是AB 的中点，两小球都可视为质点，重力加速度为g。

则下列判断正确的是A．从A至B，q 先做匀加速运动，后做匀减速运动B．在B点受到的库仑力大小是mgsinθC．Q产生的电场中，A、B两点间的电势差大小为U=D．在从A至C和从C至B的过程中，前一过程q电势能的增加量较大5、对于一定质量的物体而言，其速度、动量和动能的说法正确的是A．物体的速度发生变化，其动能一定发生变化B．物体的动量发生变化，其动能一定发生变化C．物体的动能发生变化，其动量一定发生变化D．物体的速度发生变化，其动量不一定发生变化6、如图所示是半偏法测电流表内阻的电路图，测量的过程包含以下几个主要的步骤：①闭合k1，调节R1的阻值，使电流表满偏；②闭合k2，保持R1不变，调节R2的阻值，使电流表半偏；③此时R2的读数即为电流表内阻测量值；④将R1的阻值调到最大；以上步骤，合理的顺序是（）A．①④②③B．④①②③C．④②①③D．④③②①二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

2014-2015学年浙江省杭州市萧山二中等三校联考高二（上）期末物理试卷一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．）1．（3分）如图甲，笔记本电脑底座一般设置有四个卡位用来调节角度．某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡为1调至卡位4（如图乙），电脑始终处于静止状态，则（）A．电脑受到的支持力变小B．电脑受到的摩擦力变大C．散热底座对电脑的作用力的合力不变D．电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于其重力【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件求解静摩擦力和支持力．【解析】：解：笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，有：N=mgcosθ ①f=mgsinθ ②A、由原卡位1调至卡位4，角度θ减小，根据①式，支持力N增加，故A错误；B、由原卡位1调至卡位4，角度θ减小，根据②式，静摩擦力减小，故B错误；C、散热底座对电脑的作用力的合力是支持力和静摩擦力的合力，与重力平衡，始终是不变的，故C正确；D、电脑受到的支持力与摩擦力两力的矢量和与重力平衡，但大小的和是变化的，故D错误；故选：C．【点评】：本题是力平衡中的三力平衡问题，关键是建立物理模型，然后运用共点力平衡条件列式求解，基础问题．2．（3分）我国“蛟龙号”深潜器经过多次试验，终于在2012年以7020m深度创下世界最新纪录，预示着它可以征服全球99.8%的海底世界．假设在某次实验时，深潜器内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面10min内全过程的深度曲线（a）和速度图象（b），则有（）A．（a）图中h3代表本次最大深度，应为360mB．全过程中最大加速度是0.025m/s2C．潜水员感到超重发生在0﹣1min和8﹣10min的时间段内D． 3﹣4min时间段内深潜器正在上浮【考点】：匀变速直线运动的图像．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：根据v﹣t图象的面积表示位移，由几何知识可求得最大深度；v﹣t图象的物理意义：其斜率表示加速度的大小，求解最大加速度；判断超重和失重的方法主要看物体的加速度方向．【解析】：解：A、根据深度曲线（a）得h3代表本次最大深度，在t=4min时到达最大深度，根据v﹣t图象的面积得：0﹣4min位移是360m，即最大深度为360m，故A正确．B、v﹣t图象的斜率表示加速度，0﹣1min内和3﹣4min内加速度最大，最大加速度是a==0.033m/s2，故B错误．C、潜水员在0﹣1min和8﹣10min的时间段内，根据度图象（b）得加速度方向向下，所以处于失重状态，故C错误．D、3﹣4min时间段内深潜器速度为负，仍在下潜，故D错误．故选：A．【点评】：本题是一道图象题，关键要理解速度图象的物理意义，能通过图象去挖掘信息，处理图象题时，要把图象与相对应的物理知识结合起来分析．3．（3分）如图所示，在探究摩擦力的实验中，用轻质弹簧测力计水平拉一质量为m=0.2Kg 的放在水平桌面上的小木块，小木块的运动状态与弹簧测力计的读数如表所示（每次实验时，木块与桌面的接触面相同）则由下表分析可知，g取10m/s2，下列选项正确的是（）实验次数小木块的运动状态弹簧测力计读数（N）1 静止 0.42 静止 0.63 直线加速 0.74 匀速直线 0.55 直线减速 0.3A．木块受到的最大摩擦力为0.7NB．木块受到最大静摩擦力可能为0.6NC．在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小只有两次是相同的D．小木块与水平桌面间的动摩擦因数为0.30【考点】：探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】：实验题；摩擦力专题．【分析】：物体静止或做匀速直线运动时，物体处于平衡状态，由平衡条件可知，物体受到的摩擦力等于弹簧测力计的拉力；物体相对于地面运动时受到的摩擦力是滑动摩擦力，滑动摩擦力由物体间的动摩擦因素与物体间的压力决定，在该实验中，物体间的动摩擦因素与物体间的压力保持不变，则物体受到的滑动摩擦力不变．静摩擦力的取值范围0﹣﹣最大静摩擦力，且与外力有关，有平衡条件可求静摩擦力的大小，物体即将运动时的摩擦力视为最大静摩擦力，1、2次是静摩擦力不同，3、4、5是滑动摩擦力相同．【解析】：解：A、木块受到静摩擦力0.6N时不动，0.7N时加速直线运动，而0.5N时，木块做匀速直线运动，则最大静摩擦力可能为0.6N，故A错误，B正确；C、在五次实验中，在3、4、5三次实验中，木块受到的摩擦力是滑动摩擦力，由于实验过程中物体间的动摩擦因素与物体间的压力不变，则木块受到的滑动摩擦力不变，这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有三次是相同的，故C错误，D、==0.25，故D错误；故选：B．【点评】：本题考查了求摩擦力大小问题，由平衡条件可以求出摩擦力大小，知道滑动摩擦力的决定因素即可正确解题．4．（3分）2012年9月，中国具有了自己的第一艘航母“辽宁号”．航空母舰是大规模战争中的重要武器，灵活起降的飞机是它主要的攻击力之一．民航客机起飞时需在150s内使飞机从静止加速到40m/s，而航载飞机借助助推设备，在3s内就可使飞机加速到80m/s，设起飞时飞机在跑道上做匀加速运动，供客机起飞的跑道的长度为航空母舰的甲板跑道长度的（）A． 25倍 B． 50倍 C． 250倍 D． 500倍【考点】：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：根据匀变速直线运动的平均速度公式求出飞机的位移，从而得出跑道的长度关系．【解析】：解：民航客机的位移．舰载飞机的位移则．故A正确，B、C、D错误．故选A．【点评】：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的公式和推论，并能灵活运用．5．（3分）（2011•太原模拟）游乐场中有一种叫“空中飞椅”的设施，其基本装置是将绳子上端固定在转盘的边缘上，绳子下端连接座椅，人坐在座椅上随转盘旋转而在空中飞旋，若将人和座椅看成质点，简化为如图所示的模型，其中P为处于水平面内的转盘，可绕竖直转轴OO′转动，已知绳长为l，质点的质量为m，转盘静止时悬绳与转轴间的距离为d．让转盘由静止逐渐加速转动，经过一段时间后质点与转盘一起做匀逮圆周运动，此时绳与竖直方向的夹角为θ，不计空气阻力及绳重，绳子不可伸长，则质点从静止到做匀速圆周运动的过程中，绳子对质点做的功为（）A．mg（d+lsinθ）tanθ+mgl（l﹣cosθ） B．mgdtanθ+mgl（l﹣cosθ）C．mg（d+lsinθ）tanθ D．mgdtanθ【考点】：动能定理的应用；惯性；向心力．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：质点与转盘一起做匀速圆周运动时，由重力和绳子的拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律此时的速度，根据动能定理研究质点从静止到做匀速圆周运动的过程中，得到绳子对质点做的功．【解析】：解：设质点与转盘一起做匀速圆周运动时速度大小为v，由重力和绳子的拉力的合力提供质点圆周运动的向心力，如图，则有mgtanθ=m①对于质点从静止到做匀速圆周运动的过程中，重力做功为﹣mgl（1﹣cosθ），设绳子拉力做功为W，则根据动能定理得：W﹣mgl（1﹣cosθ）=②联立①②得：W=mgl（1﹣cosθ）+故选A【点评】：质点从静止到做匀速圆周运动的过程中，绳子拉力是变力，要首先考虑运用动能定理求解变力的功．6．（3分）如图所示，通电螺线管置于水平放置的光滑平行金属导轨MN和PQ之间，ab和cd是放在导轨上的两根金属棒，它们分别静止在螺线管的左右两侧，现使滑动变阻器的滑动触头向左滑动时，ab和cd棒的运动情况是（）A． ab向左，cd向右 B． ab向右，cd向左 C． ab、cd都向右运动 D． ab、cd保持静止【考点】：楞次定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：当电路的阻值变化，导致电流变化从而使线圈产生的磁场变化．所以两棒所围成的磁通量变化，从而产生感应电流，最终导致两棒运动．【解析】：解：当变阻器滑片向左滑动时，电路的电流大小变大，线圈的磁场增加；根据安培定则由电流方向可确定线圈的磁场方向垂直于导轨向下．由于线圈处于两棒中间，所以穿过两棒所围成的磁通量变大，由楞次定律：增反减同可得，线框abdc 产生逆时针方向感应电流．最后根据左手定则可确定安培力的方向：ab棒处于垂直向上的磁场，且电流方向ab，则安培力方向向左．cd棒处于垂直向上的磁场，且电流方向dc，则安培力方向向右．故选：A【点评】：两棒将线圈围在中间，则穿过两棒所围成的面积的磁场方向是竖直向下．原因是线圈内部磁场方向向下，而外部磁场方向向上，且向下强于向上．7．（3分）物理课上，教师做了一个奇妙的“电磁阻尼”实验．如图所示，A是由铜片和绝缘细杆组成的摆，其摆动平面通过电磁铁的两极之间，当绕在电磁铁上的线圈未通电时，铜片可自由摆动，要经过较长时间才会停下来．当线圈通电时，铜片迅速停止摆动．某同学另找来器材再探究此实验，他连接好电路，经重复试验，均没出现迅速停止摆动的现象．对比老师的演示实验，导致实验失败的原因可能是（）A．电源的电压过高 B．所选线圈的匝数过多C．线圈接在了交流电源上 D．摆的材料与老师的不同【考点】：电磁感应中的能量转化．【分析】：分析实验结构，明确教师实验的原理，即可得出学生失败的原因．【解析】：解：电磁阻尼是利用电磁感应得出的，要使铜片能快速停下应使线圈中通以电流，则A通过线圈产生的磁场时，产生感应电流，由楞次定律可知，感应电流应阻碍线圈的运动，从而使线圈快速停下来；这与是否为交流电源、电压及匝数无关；学生失败只能是因为摆不是金属材料制成；故选：D．【点评】：本题考查楞次定律的应用，但要求学生能通过较多的文字描述得出相应的物理模型，才能顺利求解．8．（3分）如图所示，洛伦兹力演示仪由励磁线圈、玻璃泡、电子枪等部分组成．励磁线圈是一对彼此平行的共轴的圆形线圈，它能够在两线圈之间产生匀强磁场．玻璃泡内充有稀薄的气体，电子枪在加速电压下发射电子，电子束通过泡内气体时能够显示出电子运动的径迹．若电子枪垂直磁场方向发射电子，给励磁线圈通电后，能看到电子束的径迹呈圆形．若只增大电子枪的加速电压或励磁线圈中的电流，下列说法正确的是（）A．增大电子枪的加速电压，电子束的轨道半径变小B．增大电子枪的加速电压，电子束的轨道半径不变C．增大励磁线圈中的电流，电子束的轨道半径变小D．增大励磁线圈中的电流，电子束的轨道半径不变【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】：根据动能定理表示出加速后获得的速度，然后根据洛伦兹力提供向心力推导出半径的表达式．【解析】：解：A、B、根据电子所受洛伦兹力的方向结合右手定则判断励磁线圈中电流方向是顺时针方向，电子在加速电场中加速，由动能定理有：eU=mv02…①电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有：eBv0=…②解得：=…③增大电子枪的加速电压，电子束的轨道半径变大．故AB错误；C、D、增大励磁线圈中的电流，电流产生的磁场增强，由③式可得，电子束的轨道半径变小．故C正确，D错误．故选：C【点评】：本题考查了粒子在磁场中运动在实际生活中的应用，正确分析出仪器的原理是关键．9．（3分）如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的直径．一不计重力的带电粒子从a点射入磁场，速度大小为v，当速度方向与ab成30°角时，粒子在磁场中运动的时间最长，且为t；若相同的带电粒子从a点沿ab方向射入磁场，也经时间t 飞出磁场，则其速度大小为（）A． B． C． D．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：粒子在磁场中运动，运动的时间周期与粒子的速度的大小无关，分析粒子的运动的情况，可以判断第二个粒子的运动轨迹半径，即可根据牛顿第二定律求出速度大小．【解析】：解：设圆形区域的半径为R．带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有：qvB=m，得 r=，r∝v．①当粒子从b点飞出磁场时，入射速度与出射速度与ab的夹角相等，所以速度的偏转角为60°，轨迹对应的圆心角为60°．根据几何知识得知：轨迹半径为 r1=2R；②当粒子从a点沿ab方向射入磁场时，经过磁场的时间也是t，说明轨迹对应的圆心角与第一种情况相等，也是60°．根据几何知识得，粒子的轨迹半径为 r2=R；③则由①得：==则得，v′=v；故选：D．【点评】：根据粒子的运动的轨迹的情况，找出粒子运动的轨迹所对应的圆心角的大小可以求得粒子的运动的时间．10．（3分）如图所示，两根电阻不计的光滑金属导轨竖直放置，导轨上端接电阻R，宽度相同的水平条形区域I和II内有方向垂直导轨平面向里的匀强磁场B，I和II之间无磁场．一导体棒两端套在导轨上，并与两导轨始终保持良好接触，导体棒从距区域I上边界H处由静止释放，在穿过两段磁场区域的过程中，流过电阻R上的电流及其变化情况相同．下面四个图象能定性描述导体棒速度大小与时间关系的是（）A． B． C．D．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：根据导体棒在穿过两段磁场区域的过程中，流过电阻R上的电流及其变化情况相同，说明导体棒穿过磁场的过程必定做减速运动，分析安培力的变化，判断合力和加速度的变化，即可解答．【解析】：解：据题导体棒从距区域Ⅰ上边界H处由静止释放，做自由落体运动，做匀加速运动，由于导体棒在穿过两段磁场区域的过程中，流过电阻R上的电流及其变化情况相同，说明导体棒穿过磁场的过程必定做减速运动，导体棒所受的安培力大于重力，而速度减小，产生的感应电动势减小，感应电流减小，导体棒所受的安培力减小，合力减小，则导体棒的加速度减小，v﹣t图象的斜率逐渐减小，而且根据两个过程的相似性可知进磁场和出磁场的速度相同，故C正确，ABD错误．故选：C【点评】：对于电磁感应中动态分析问题，关键要抓住安培力与速度的关系进行分析，知道速度减小，安培力即减小，再进一步分析加速度的变化，即可进行解答．二、不定项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）11．（4分）（2013•嘉定区一模）如图D、E、F、G为地面上水平间距相等的四点，三个质量相同的小球A、B、C分别在E、F、G的正上方不同高度处，以相同的水平初速度向左抛出，最后均落到D点．若不计空气阻力，则可判断A、B、C三个小球（）A．初始离地面的高度之比为1：2：3B．落地时重力的瞬时功率之比为1：2：3C．落地时三个小球的速度大小之比为1：2：3D．从抛出到落地过程中，动能的变化量之比为1：4：9【考点】：机械能守恒定律；平抛运动．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】：研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由于抛出速度相同，根据水平位移可确定各自运动的时间之比，从而求出各自抛出高度之比．由功率表达式可得重力的瞬时功率之比即为竖直方向的速度之比．由动能定理可求出在抛出的过程中的动能的变化量．【解析】：解：A、相同的初速度抛出，而A、B、C三个小球的水平位移之比1：2：3，可得运动的时间之比为1：2：3，再由h=可得，A、B、C三个小球抛出高度之比为1：4：9，故A错误；B、相同的初速度抛出，而A、B、C三个小球的水平位移之比1：2：3，可得运动的时间之比为1：2：3，由v竖=gt可得竖直方向的速度之比为1：2：3，由P=Gv，那么落地时重力的瞬时功率之比1：2：3，故B正确；C、由于相同的初动能抛出，根据动能定理mv2﹣mv02=mgh，由不同的高度，可得落地时的速度大小之比不可能为1：2：3，若没有初速度，则之比为1：2：3，故C错误；D、根据动能定理mv2﹣mv02=mgh，由于质量相等且已知高度之比，可得落地时动能的变化量之比即为1：4：9，故D正确；故选：BD【点评】：本题就是对平抛运动规律的直接考查，突破口是由相同的抛出速度，不同的水平位移从而确定运动的时间．所以掌握住平抛运动的规律及运动学公式就能轻松解决．12．（4分）如图所示，光滑半球的半径为R，球心为O，其上方有一个光滑曲面轨道AB，高度为．轨道底端水平并与半球顶端相切．质量为m的小球由A点静止滑下．小球在水平面上的落点为C，则（）A．小球将沿半球表面做一段圆周运动后抛至C点B．小球将从B点开始做平抛运动到达C点C． OC之间的距离为RD． OC之间的距离为R【考点】：机械能守恒定律；平抛运动；向心力．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】：从A到B的过程中，根据机械能守恒可以求得到达B点时的速度，根据圆周运动的向心力公式可以判断离开B点后的运动情况．【解析】：解：AB、从A到B的过程中，根据机械能守恒可得：mg R=mv2，解得v=在B点，当重力恰好作为向心力时，由mg=m，解得v B=，则v=v B所以当小球到达B点时，重力恰好作为向心力，所以小球将从B点开始做平抛运动到达C，故A错误，B正确．CD、根据平抛运动的规律，水平方向上：x=v B t竖直方向上：R=gt2解得OC之间的距离为 x=R，故C正确，D错误．故选：BC．【点评】：本题的关键地方是判断小球在离开B点后的运动情况，根据小球在B点时速度的大小，小球的重力恰好作为圆周运动的向心力，所以离开B后将做平抛运动．13．（4分）电源、开关S、S′、定值电阻R1、光敏电阻R2和电容器连接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S、S′闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点．当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，则（）A．液滴向下运动B．液滴向上运动C． R2两端的电势差是否升高无法分析D．当光照强度不变时断开S′，把电容器的上极板向上移一小段距离，则上极板的电势比A点的电势高【考点】：闭合电路的欧姆定律；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】：恒定电流专题．【分析】：该电路R1和R2串联，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，根据闭合电路欧姆定律分析电流的变化，得到两个电阻的电压变化和电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化．【解析】：解：A、B、当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，电路中电流增大，R1两端间的电压增大，电容器的电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，液滴向上运动；故A错误，B正确；C、当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，电路中电流增大，R2两端间的电压：U R2=E﹣I（R1+r）一定减小，故C错误；D、当光照强度不变时断开S′，电容器的带电量不变，电势差：U R1=，把电容器的上极板向上移一小段距离，d变大，故电势差U R1变大，由于下极板电势为零，故上极板的电势比A点的电势高，故D正确；故选：BD．【点评】：本题关键是明确电路结构，根据闭合电路欧姆定律、电容器的定义式和决定式列式分析．14．（4分）如图所示，一个电量为+Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点，另一个电量为﹣q、质量为m的点电荷乙从A点以初速度v0沿它们的连线向甲滑动，到B点时速度最小且为v．已知静电力常量为k，点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，AB间距离为L，则以下说法不正确的是（）A． OB间的距离为B．从开始运动到碰到甲之前的瞬间，乙的加速度逐渐减小C．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmgL+mv2﹣mv02D．从A到B的过程中，乙的电势能减少【考点】：电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：本题首先要正确分析物体受力特点，明确力和运动的关系，在本题中注意滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，根据牛顿第二定律和功能关系可正确解答．【解析】：解：A、由题意，乙到达B点时速度最小，乙先减速运动后做加速运动，当速度最小时有：mgμ=F库=k，解得OB间的距离r=，故A正确；B、滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球在运动到B点之前，有mgμ﹣F库=ma，因此物体的加速度逐渐减小．当越过B点后，库仑力大于滑动摩擦力，由F库﹣mgμ=ma，知加速度逐渐增大，因此从开始运动到碰到甲之前的瞬间，乙的加速度先逐渐减小后逐渐增大，故B错误．C、从A到B的过程中，根据动能定理得：W﹣μmgL=﹣，得W=μmgL+mv2﹣mv02，故C正确．D、从A到B的过程中，电场力对乙做正功，乙的电势能减少，故D正确．本题选不正确的，故选：B．【点评】：本题在借助库仑力的基础知识，考查了力与运动、牛顿第二定理、动能定理等基础知识的综合应用，是考查学生综合能力的好题．15．（4分）如图所示为一种质谱仪示意图，由加速电场、静电分析器和磁分析器组成．若静电分析器通道中心线的半径为R，通道内均匀辐射电场在中心线处的电场强度大小为E，磁分析器有范围足够大的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外．一质量为m、电荷量为q的粒子从静止开始经加速电场加速后沿中心线通过静电分析器，由P点垂直边界进入磁分析器，最终打到胶片上的Q点．不计粒子重力．下列说法正确的是（）A．极板M比极板N电势高B．加速电场的电压U=ERC．直径PQ=2BD．若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点，则该群离子有相同的比荷【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：带电粒子在电场中，在电场力做正功的情况下，被加速运动．后垂直于电场线，在电场力提供向心力作用下，做匀速圆周运动．最后进入匀强磁场，在洛伦兹力作用下，做匀速圆周运动．根据洛伦兹力的方向，从而可确定电性，进而可确定极板的电势高低．根据牛顿第二定律可得在电场力作用下做匀速圆周运动的表达式，从而求出加速电压．最后再由牛顿第二定律，洛伦兹力等于向心力可知，运动的半径公式，即影响半径的大小因素．【解析】：解：A、粒子进入静电分析器后在电场力作用下偏转，故可知粒子带正电，极板M比极板N电势高才能使粒子加速，故A正确．B、对于加速过程，有，在静电分析器中，由电场力充当向心力，则有，由上两式可知，故B正确．C、在磁分析器中粒子由P到Q，直径，故C错误．D、若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点说明运动的直径相同，由于磁场，电场与静电分析器的半径不变，则该群离子具有相同的比荷，由上式可知，故D正确．故选：ABD．【点评】：考查粒子在电场中加速与匀速圆周运动，及在磁场中做匀速圆周运动．掌握电场力与洛伦兹力在各自场中应用，注意粒子在静电分析器中电场力不做功．三、实验题（16题每空2分，17题（1）小题6分，（2）小题4分，共20分）16．（10分）两辆相同的小车并排放在两相同的直轨道上，如图1所示，左侧小盘里分别放有不同质量的砂子．实验时先接通接线板的电源使两打点计时器同时开始打点，然后同时释放两辆小车，当其中一辆小车快接近导轨末端时，断开接线板的电源，两打点计时器同时停止工作．。

图乙2图甲2015高考物理电场部分1、如图，两平行的带电金属板水平放置。

若在两板中间a 点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态。

现将两板绕过a 点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转°45，再由a 点从静止释放一同样的微粒，改微粒将 A ．保持静止状态 B.向左上方做匀加速运动 C.向正下方做匀加速运动 D.向左下方做匀加速运动2、如图所示．氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入电场线水平向右的加速电场E 1 ，之后进入电场线竖直向下的匀强电场E 2发生偏转，最后打在屏上。

整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么 A ．偏转电场E 2对三种粒子做功一样多 B ．三种粒子打到屏上的速度一样大 C ．三种粒子运动到屏上所用的时间相同 D ．三种粒子一定打到屏上的同一位置3、如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O ，最低点是P ，直径MN 水平，a 、b 是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b 固定在M 点，a 从N 点静止释放，沿半圆槽运动经过P 点到达某点Q （图中未画出）时速度为零。

则小球a A ．从N 到Q 的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小 B ．从N 到P 的过程中，速率先增大后减小 C ．从N 到Q 的过程中，电势能一直增加D ．从P 到Q 的过程中，动能减少量小于电势能增加量4、如图甲，两水平金属板间距为d ，板间电场强度的变化规律如图乙所示。

t =0时刻，质量为m 的带电微粒以初速度v 0沿中线射入两板间，3~0T时间内微粒匀速运动，T 时刻微粒恰好经金属边缘飞出。

微粒运动过程中未与金属板接触。

重力加速度的大小为g 。

关于微粒在T ~0时间内运动的描述，正确的是A.末速度大小为02vB.末速度沿水平方向C.重力势能减少了mgd 21D.克服电场力做功为m gd5、已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为2δε，其中δ为平面上单位面积所带的电荷量，0ε为常量。

2014年杭州市第一次高考科目教学质量检测物理试卷参考答案及评分标准二、不定项111213141516（1（2表 = 17 （ （ 解得:I =rBL 82ω（2分）（3）转动一周电流不变 T =2π/ω E=I 2rt 解得：E =rL B 3242ωπ （2分）18、解：（1）（2分）mgh=mv 12所以 v 1==10m/s（2）（4分）滑块在皮带上做匀减速直线运动 a=μg=3m/s 2==8m/s（3）（t 0a ==2m/s2m/s =2m水平射程 x=v ×t 0=vb 、若皮带的速度小于10m/s ，滑块做减速运动可加速的最小速度v min ==8m/s故皮带速度v ≤8m/s ， 水平射程 x=v min ×t 0=8m 皮带速度 8m/s<v<10m/s-1水平射程x=v×t0=v终上所述，可知：皮带速度v≤8m/s，水平射程x=v min×t0=8m皮带速度v≥2m/s，水平射程x=v m×t0=2m皮带速度8m/s<v<2m/s，水平射程x=v×t0=v19. （1）（2分）电子水平方向作匀速直线运动（2时刻进入的电子先作匀加速直线运动加速度大小相等，打出电场时，竖直速度打出电场时，竖直位移依据比例可得（3分）为电子在电场中运动时正向电压（上极板为为电子在电场中运动时负向电压（下极板为恰好等于交变电压的周期，故所以所有电子离开电场时的速度均为，方向与水平成（4）（3分）由第（3）问可知，所有电子飞出时的速度均相同，重点研究末打入的一个电子，若其恰好能不碰下极板（如图）光带长度为。

2014-2015学年浙江省杭州市萧山三中高三（上）第二次段考物理试卷一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．）1．（3分）电磁感应现象在生活及生产中的应用非常普遍，下列不属于电磁感应现象及其应用的是（）A．发电机B．动圈式话筒C．电动机D．变压器【考点】：电磁感应在生活和生产中的应用．【分析】：闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流；根据电磁感应现象我们制成了发电机、动圈式话筒、变压器等；通电导体在磁场中就会受力运动，根据此原理我们制成了电动机、扬声器等．【解析】：解：A、发电机是利用线圈在磁场中做切割磁感线运动从而产生电流﹣﹣﹣电磁感应现象来工作的，所以A不符合题意；B、动圈式话筒是利用说话时空气柱的振动引起绕在磁铁上的线圈做切割磁感线运动，从而产生随声音变化的电流，利用了电磁感应现象，所以B不符合题意；C、电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理来工作的，所以C符合题意；D、变压器是利用电磁感应现象的原理来改变交流电压的，所以D不符合题意．本题选择不属于的，故选：C．【点评】：此题考查电磁感应原理在生活中的应用，生活处处有物理，我们要能够分析出生活用到的物理知识．2．（3分）“月球勘探者号”空间探测器运用高科技手段对月球进行了近距离勘探，在月球重力分布、磁场分布及元素测定方面取得了新的成果．月球上的磁场极其微弱，通过探测器拍摄电子在月球磁场中的运动轨迹，可分析月球磁场的强弱分布情况．如图是探测器通过月球表面①、②、③、④四个位置时，拍摄到的电子运动轨迹照片（尺寸比例相同），设电子速率相同，且与磁场方向垂直，则可知磁场从强到弱的位置排列正确的是（）A．①②③④ B．①④②③ C．④③②① D．③④②①【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】：人造卫星问题．【分析】：电子在月球磁场中做圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，根据半径公式r=分析得知，半径与磁感应强度成反比，由图分析轨迹半径的大小，比较磁感应强度的大小．【解析】：解：电子在月球磁场中做匀速圆周运动的半径为r=，m、q、v相同，半径r 与磁感应强度B成反比．由图看出，从①→④电子的轨迹半径依次增大，则磁场依次减弱，则得磁场从强到弱的位置排列顺序是①②③④．故A正确．故选：A．【点评】：本题考查运用物理知识分析实际问题，背景较新，但落点较低，实质是带电粒子在磁场中圆周运动半径公式r=的直接应用．3．（3分）如图所示的实验装置中，平行板电容器两极板的正对面积为S，两极板的间距为d，电容器所带电荷量为Q，电容为C，静电计指针的偏转角为φ，平行板中间悬挂了一个带电小球，悬线与竖直方向的夹角为θ，下列说法正确的是（）A．若增大d，则φ减小，θ减小B．若增大Q，则φ减小，θ不变C．将A板向上提一些时，φ增大，θ增大D．在两板间插入云母片时，则φ减小，θ不变【考点】：电容器的动态分析．【专题】：电容器专题．【分析】：充电后与电源断开，电荷量不变，静电计的指针偏角与电压有关，小球的偏角大小与电场力即场强的大小有关．【解析】：解：A、当A极板远离B板平移一段距离时，电容C减小，根据Q=CU知U最大，则φ增大，θ也增大，A错误；B、若增大电荷量，根据Q=CU知电压增大，所以静电计指针张角变大，B错误；C、当A极板向向上平移一小段距离后，知电容C减小，根据Q=CU知电压增大，静电计指针张角变大，C正确；D、在两板间插入云母片后，电容C增大，根据Q=CU知电压U减小，板间场强E=减小，小球的摆线与竖直方向的偏转角θ变小，φ也减小，D错误；故选：C．【点评】：本题属于电容器的动态分析，关键抓住电容器始终与电源相连，则电势差不变，电容器与电源断开，则电容器所带的电量不变．4．（3分）如图所示，几位同学在做“摇绳发电”实验：把一条长导线的两端连在一个灵敏电流计的两个接线柱上，形成闭合回路．两个同学迅速摇动AB这段“绳”．假设图中情景发生在赤道，地磁场方向与地面平行，由南指向北．图中摇“绳”同学是沿东西站立的，甲同学站在西边，手握导线的A点，乙同学站在东边，手握导线的B点．则下列说法正确的是（）A．当“绳”摇到最高点时，“绳”中电流最大B．当“绳”摇到最低点时，“绳”受到的安培力最大C．当“绳”向下运动时，“绳”中电流从A流向BD．在摇“绳”过程中，A点电势总是比B点电势高【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电势；安培力．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：地球的周围存在磁场，且磁感线的方向是从地理的南极指向地理的北极，当两个同学在迅速摇动电线时，总有一部分导线做切割磁感线运动，电路中就产生了感应电流，根据绳子转动方向与地磁场方向的关系，判断感应电动势和感应电流的大小，从而判断安培力的大小，由右手定则判断感应电流的方向和电势高低．【解析】：解：A、当“绳”摇到最高点时，绳转动的速度与地磁场方向平行，不切割磁感线，感应电流最小，故A错误．B、当“绳”摇到最低点时，绳转动的速度与地磁场方向平行，不切割磁感线，感应电流最小，绳受到的安培力也最小，故B错误．C、当“绳”向下运动时，地磁场向北，根据右手定则判断可知，“绳”中电流从A流向B．故C正确．D、在摇“绳”过程中，当“绳”向下运动时，“绳”中电流从A流向B，A点相当于电源的负极，B点相当于电源正极，则A点电势比B点电势低；当“绳”向上运动时，“绳”中电流从B流向A，B点相当于电源的负极，A点相当于电源正极，则B点电势比A点电势低；故D错误．故选：C【点评】：本题要建立物理模型，与线圈在磁场中转动切割相似，要知道地磁场的分布情况，能熟练运用电磁感应的规律解题．5．（3分）如图所示，螺线管的导线的两端与两平行金属板相接，一个带负电的小球用丝线悬挂在两金属板间，并处于静止状态，若条形磁铁突然插入线圈时，小球的运动情况是（）A．向左摆动 B．向右摆动 C．保持静止 D．无法判定【考点】：楞次定律；电容．【分析】：当穿过线圈的磁通量发生变化时，电路中产生感应电动势；再假设线圈闭合，由楞次定律判断出感应电流的方向，从而确定感应电动势的方向，即由电场强度的方向来确定带负电小球摆动的方向．【解析】：解：当磁铁插入时，导致线圈的磁通量发生变化，从而导致线圈中产生感应电动势，假设电路闭合，则由楞次定律可知，感应电流方向是从右极向下通过线圈再到左极，由于线圈相当于电源，因此左极电势高，所以带负电小球将向左摆动，故A正确，BCD错误；故选：A【点评】：题考查了楞次定律的应用，掌握楞次定律是正确解题的关键；本题难度不大，是一道基础题．6．（3分）图为测量某电源电动势和内阻时得到的U﹣I图线．用此电源与三个阻值均为3Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8V．则该电路可能为（）【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题；恒定电流专题．【分析】：根据U﹣I图线得出电源的电动势为6V，图线的斜率的绝对值表示内阻，所以内阻为0.5Ω．然后结合闭合电路欧姆定律求出各电路的电流，以及路段电压．【解析】：解：A、电源的电动势为6V，内阻为0.5Ω．在A电路中，外电阻为1Ω，则总电阻为1.5Ω，根据闭合电路欧姆定律，总电流为4A，则外电压为4V．故A错误．B、在B电路中，外电阻为2Ω，则总电阻为2.5Ω，根据闭合电路欧姆定律，总电流为2.4A，则外电压为4.8V．故B正确．C、在C电路中，外电阻为9Ω．则总电阻为9.5Ω，根据闭合电路欧姆定律，总电流为，则外电压为．故C错误．D、在D电路中，外电阻为4.5Ω，则总电阻为5Ω，根据闭合电路欧姆定律，总电流为1.2A，则外电压为5.4V．故D错误．故选：B．【点评】：解决本题的关键掌握闭合电路欧姆定律，同时注意路端电压的求法U=IR．7．（3分）如图所示，电源电动势为E，内阻为r．电路中的R2、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R0为定值电阻，R1为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）．当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态．有关下列说法中正确的是（）A．只逐渐增大R1的光照强度，电阻R0消耗的电功率变大，电阻R3中有向上的电流B．只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻R3中有向上的电流C．只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动D．若断开电键S，电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动【考点】：闭合电路的欧姆定律；电容．【专题】：恒定电流专题．【分析】：电路稳定时，电容相当于开关断开，其电压等于与之并联的滑动变阻器部分的电压．只逐渐增大R1的光照强度，R1的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，判断R0消耗的电功率，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻R3中有向上的电流，电路稳定时，电容相当于开关断开，只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，对电路没有影响，只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由E=分析板间场强变化和油滴所受电场力变化，判断油滴的运动情况．若断开电键S，电容器处于放电状态．【解析】：解：A、只逐渐增大R1的光照强度，R1的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，电阻R0消耗的电功率变大，滑动变阻器的电压变大，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻R3中有向上的电流，故A正确；B、电路稳定时，电容相当于开关断开，只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，对电路没有影响，故B错误；C、只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由E=可知，电场力变大，带点微粒向上运动，故C错误；D、若断开电键S，电容器处于放电状态，电荷量变小，故D错误．故选A【点评】：本题中稳定时电容器与电路部分是相对独立的．分析油滴是否运动，关键分析电场力是否变化．8．（3分）如图所示，不带电的金属球A固定在绝缘底座上，它的正上方有B点，该处有带电液滴不断地自静止开始落下，液滴到达A球后将电荷量全部传给A球，设前一液滴到达A 球后，后一液滴才开始下落，不计B点未下落带电液滴对下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是（）A．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A球B．当液滴下落到重力等于电场力位置后，开始做匀速运动C．所有液滴下落过程中电场力做功相等D．能够下落到A球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等【考点】：带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在电场中的运动专题．【分析】：随着球A液滴增多，带电量增大，空间产生的场强增强，除第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，不一定能到达A球；通过分析受力情况，判断液滴的运动情况；根据功的公式W=Fl分析电场力做功关系；当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，但各个液滴动能最大的位置不同，最大动能不等．【解析】：解：A、第一滴液滴只受重力做自由落体运动，以后液滴将受力向上的电场力作用而做变加速运动，随着球A液滴增多，带电量增大，空间产生的场强增强，以后液滴所受的电场力增大，这些液滴可能先加速后减速，且不一定能到达A球，故A错误．B、当液滴下落到重力等于电场力位置时，继续向下运动时电场力增大，电场力将大于重力，开始做减速运动，故B错误．C、由于所有液滴下落过程中所受的电场力不等，若能到达A球，根据功的公式W=Fl可知，通过的位移相等，电场力做功不相等；故C错误；D、当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，则有：mg=k，x是动能最大的位置到A距离，由于A球的电荷量q A在不断增大，x增大，所以第一滴液滴以后的液滴动能最大的位置将不断上移，合外力做功不等，则最大动能不等，故D正确；故选：D．【点评】：本题关键要正确分析液滴的受力情况，从而判断其运动情况，知道液滴所受的电场力与重力平衡时动能最大，类似于小球掉在弹簧上的问题，要能进行动态分析．9．（3分）图所示，竖直平面内光滑圆弧轨道半径为R，等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于圆周最低点，CD是AB边的中垂线．在A、B两顶点上放置一对等量异种电荷．现把质量为m带电荷量为+Q的小球由圆弧的最高点M处静止释放，到最低点C时速度为v0．不计+Q对原电场的影响，取无穷远处为零电势，静电力常量为k，则（）A．小球在圆弧轨道上运动过程机械能守恒B． C点电势比D点电势高C． M点电势为（mv02﹣2mgR）D．小球对轨道最低点C处的压力大小为mg+m+2k【考点】：功能关系；牛顿第二定律；向心力；电势能．【分析】：此题属于电场力与重力场的复合场，根据机械能守恒和功能关系即可进行判断．【解析】：解：A、小球在圆弧轨道上运动重力做功，电场力也做功，不满足机械能守恒适用条件，故A错误；B、CD处于AB两电荷的等势能面上，且两点的电势都为零，故B错误；C、M点的电势等于==，故C正确；D、小球对轨道最低点C处时，电场力为k，故对轨道的压力为mg+m+k，故D错误；故选：C【点评】：此题的难度在于计算小球到最低点时的电场力的大小，难度不大．10．（3分）如图所示，阴极射线示波管的聚集电场是由电极A1、A2形成，实线为电场线，虚线为等势线，z轴为该电场的中心轴线，P、Q、R为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，则下列说法不正确的是（）A．电极A1的电势低于电极A2的电势B．电子在P点处的动能大于在Q点处的动能C．电场中Q点的电场强度大于R点的电场强度D．电子从P至R的运动过程中，电场力对它一直做正功【考点】：射线管的构造及其工作原理．【分析】：沿电场线电势降低，电场强度的大小与电场线的疏密的关系；明确电子在电场中的受力特点以及电场力做功情况，从而进一步判断电势能、动能等变化情况．【解析】：解：A、沿电场线电势降低，因此电极A1的电势低于电极A2，故A错误；B、电子从P至R的运动过程中，是由低电势向高电势运动时，电场力做正功，动能增加，电势能减小，故B错误，D正确；C、等势线密的地方电场线也密，因此Q点电场线比R点电场线密，故Q点的电场强度大于R点的电场强度，因此C错误，故选：D．【点评】：要能正确根据电场线、等势线的分布情况，判断电势、电势能、电场强度、电场力做功等物理量变化情况．二、不定项选择题（本题共5小题；每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）11．（4分）法拉第发现了电磁感应现象之后，又发明了世界上第一台发电机──法拉第圆盘发电机，揭开了人类将机械能转化为电能并进行应用的序幕．法拉第圆盘发电机的原理如。

浙江省杭州市萧山二中、三中、五中2014-2015学年高二物理上学期期中联考试题考生须知：1、本卷共5页；2、本卷答案必须做在答案卷上，做在试卷上无效；一、单项选择题〔此题共8小题，每一小题4分，共32分．在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．〕1、关于如下列图的验电器，如下说法正确的答案是〔〕A、硬杆b应该用金属材料制成B、a与c应该互相绝缘C、用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近a时，两金属箔片带等量异种电荷D、用毛皮摩擦过的橡胶棒接触a后，c所带电荷与橡胶棒所带电荷的电性相反2、请用学过的电学知识判断如下说法正确的答案是( )A．电工穿绝缘衣比穿金属衣安全B．小鸟停在单根高压输电线上会被电死C．燃气灶的电子点火器的放电电极做成钉尖型比球形好D．打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要危险3、两带电量分别为q和－q的点电荷放在x轴上，相距为L，能正确反映两电荷连线上场强大小E与x关系的是图4、在如下列图的电路中，R t为半导体热敏电阻，闭合开关，灯泡L1、L2、L3的亮度一样．当R t 处的温度升高时，小灯泡的亮度变化情况是A．L1变亮，L2变暗，L3变亮B．L1变暗，L2变亮，L3变暗C．L1、L2变亮， L3变暗E rL1L3R tSL2D ．L 1、L 2变暗， L 3变亮5、如下列图A 、B 是两块金属板，分别与高压直流电源的两极相连。

一个电子自贴近A 板处静止释放〔不计重力〕，当A 、B 两板平行、两板面积很大且两板间的距离较小时，它刚到达B 板时的速度为v 0.在如下情况下以v 表示电子刚到达B 板时的速度，如此〔 〕A ．假设A 、B 两板不平行，如此v ＜v 0B ．假设A 板面积很小，B 板面积很大，如此v ＜v 0C ．假设A 、B 两板间的距离很大，如此v ＜v 0D ．不论A 、B 两板是否平行、两板面积大小与两板间距离多少，v 都等于v 0 6、用伏安法测电阻，可接成如下列图的两个电路．当用(a)图的电路测量时，电压表和电流表的示数分别为3V 、0.6A ；用(b)图的电路测量时，电压表和电流表的示数分别为2.8V 、0.8A 。

图甲1 2 3 42014学年第一学期期中杭州地区（含周边）重点中学高三年级物理学科试题考生须知：1．本卷满分100分，考试时间90分钟；2．答题前，在答题卷密封区内填写班级、学号和姓名；座位号写在指定位置； 3．所有答案必须写在答题卷上，写在试卷上无效； 4．考试结束后，只需上交答题卷。

一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。

每小题只有一个选项符合题意。

） 1．小强在加油站加油时，看到加油机上有如图所示的图标，关于图标涉及的物理知识及其理解，下列说法正确的：A ．制作这些图标的依据是静电屏蔽原理B ．工作人员工作时间须穿绝缘性能良好 的化纤服装C ．化纤手套与接触物容易摩擦起电存在 安全隐患D ．用绝缘的塑料梳子梳头应该没有关系 2．如图所示，直线a 和曲线b 分别是在同一平直公路上行驶的汽车a 和b 的速度-时间（v -t ）图线。

由图可知：A ．在t 1和t 2时刻，两车相遇B ．在t 1时刻，a 车的加速度比b 车的大C ．在t 1到t 2这段时间内，两车的平均速度相等D ．在t 1到t 2这段时间内，两车的速度方向未发生改变3．如图甲，手提电脑散热底座一般设置有四个卡位用来调节角度。

某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位1调至卡位4（如图乙），电脑始终处于静止状态，则：A ．电脑受到的支持力变小B ．电脑受到的摩擦力变大C ．散热底座对电脑作用力的合力不变D ．电脑受到的支持力与摩擦力的大小之和等于其重力4．如图所示，在静止的杯中盛水，弹簧下端固定在杯底，上端系一密度小于水的木球，不计空气阻力，当杯自由下落后，弹簧稳定时的长度将： A.变长 B.恢复到原长C.不变 D ．无法确定5．倾角为θ=30°的长斜坡上有C 、O 、B 三点，CO = OB =10m ，在O 点竖直地固定一长10m的直杆AO 。

A 端与C 点间和坡底B点间各连有一光滑的钢绳，12且各穿有一钢球（视为质点），两球从A 点由静止开始，同时分别沿两钢绳滑到钢绳末端，如图所示，则小球在钢绳上滑行的时间t AC 和t AB 分别为 ： A ．2s 和2s B ．2s 和2s C ．2s 和4s D ．4s 和2s6．某同学利用如下图实验装置研究摆球的运动情况，摆球由A 点由静止释放，经过最低点C 到达与A 等高的B 点，D 、E 、F 是OC 连线上的点，OE ＝ED ，DF ＝FC ，OC 连线上各点均可钉细钉子。

浙江省杭州市市萧山区第三中学高二物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 下列哪组单位都是国际单位制中的基本单位（）A．千克、秒、牛顿 B．千克、米、秒C．克、千米、秒 D．牛顿、克、米参考答案：D2. （单选）通电直导线I与通电闭合线框abcd在同一平面内，如图4所示。

不计重力，若直导线固定，那么闭合线框将：（）A.在纸面内向上运动；B.在纸面内向下运动；C.在纸面内远离导线；D.在纸面内靠近导线。

参考答案：C3. （单选）如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞入。

仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则（）A．一定带正电，b一定带负电B．加速度增大，b加速度增大C．电势能减小，b电势能增大D．和b的动能一定都增大参考答案：B4. 下列关于同步卫星的说法正确的是A.它的周期与地球自转同步，但高度和速度可以选择，高度增大，速度减小B.它的周期、高度、速度的大小都是一定的C.我国发射的同步通讯卫星定点在北京上空D.不同的同步卫星所受的向心力相同参考答案：B5. 单摆做简谐振动，摆球经过最大位移时，摆球上附着一些悬浮在空气中的灰尘，如果灰尘的质量不能忽略，则在摆球以后的振动中，最大速度V m、振幅A、周期T 的变化是（）A．V m不变，A不变，T不变 B．V m变小，A变大，T变小C．V m变大，A变大，T不变 D. V m变小，A变小，T不变参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一定质量的理想气体压强p与摄氏温度t的关系如图所示，气体从状态A变到状态B，则气体在状态A的体积______选填“”、“”或“”在状态B的体积；此过程中，气体做功的绝对值为W，内能变化量的绝对值为，则气体与外界之间传递的热量为______．参考答案：(1). (2).试题分析：据A，B两点与绝对零度连线，分析其斜率变化，判断体积变化，斜率越大，体积越小B与绝对零度-273℃连线的斜率小于A与绝对零度-273℃连线的斜率，则B状态气体的体积大于A状态气体的体积，根据热力学第一定律可得7. 一平行板电容器，板间距离为d，电容为C，接在电源电压为U的电源上，充电完成后撤去电源，则充电后电容器的带电量为；充电后两极板间的电场强度为；若再拉开两板，使板间距离增大为2d，则电容器的电容变为；电量变为；电压变为；板间电场强度变为．参考答案：解：电容器接在电源电压为U的电源上，充电后电容器的电压等于电源的电压U，由C=得，电量Q=CU．板间的电场强度为E=；若再拉开两板，使板间距离增大为2d，则电容器的电容变为C，电容器的电量保持不变，仍为Q=CU，电压变为U′==2U．板间场强E==．故答案为：CU，，C，CU，2U，．【考点】电容器的动态分析．【分析】电容器接在电源电压为U电源上，充电后电容器的电压等于电源的电压，根据电容的定义求解电量．充电后撤去电源，电容器的电量不变．根据电容的决定式分析板间距离增大时，电容如何变化．根据场强与板间电压的关系确定板间的场强．8. 一个从静止开始作匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间都相同，这三段位移的长度之比和这三段位移上的平均速度之比___________参考答案：1：3：5 1：3：59. 小角度弯曲的铁丝在外力撤销后能恢复原状，这种形变属于弹性形变．铁丝被大角度弯折，外力撤销后铁丝不能恢复原状，这种形变属于范性形变．铁丝温度升高，说明外力对铁丝做的一部分功用来增加铁丝的内能．参考答案：10. （1）理想变压器原线圈匝数为110匝，副线圈匝数为660匝，若原线圈接在6V的蓄电池上，则副线圈两端的电压为； (2)电动机、变压器的线圈都绕在铁芯上，铁芯用互相绝缘的硅钢片叠合组成，而不用整块的硅钢铁芯，其目的是为了减小__________；(3)一个铝框放在蹄形磁铁的两个磁极之间,当转动磁铁时,铝框跟着同方向转动,这个现象属于___________。

萧山三中高三物理试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．共150分．考试用时120分钟．第Ⅰ卷（选择题共40分）一． 本题共10题；每小题4分，共40分. 在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确. 全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.1、质量为m 的物体在沿斜面向上的拉力F 作用下沿放在水平地面上的质量为M的粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面体保AB C ．支持力为(M+ m)g D ．支持力小于(M+m)g 2、一物体沿长为l 的光滑斜面,从静止开始由斜面的顶端下滑到斜面底端的过程中,当物体的速度达到末速度的一半时,它沿斜面下滑的长度为A.l ∕4B.l / (2-1)C.l ∕2D.l ∕23、将一小球从斜面顶点以初速度v 0水平抛出，小球落在斜面上的速度方向与斜面成α角，如图所示，若增大v 0，小球仍落在斜面上，则角α的变化是A ．增大B ．减小C ．不变D ． 无法判定4、如下图所示，两个用相同材料制成的靠摩擦传动的轮A 和轮B 水平放置，两轮半径R A ＝2R B . 当主动轮A 匀速转动时，在A 轮边缘上放置的小木块恰能相对静止在A 轮边缘上. 若将小木块放在B 轮上，欲使木块相对B 轮也静止，则木块距B 轮转轴的最大距离为A ．B RB ．2BR C ．3BR D ．4BR 5、在一条宽马路上某一处有甲、乙两车，它们同时开始运动，取开始运动时刻为计时零点，它们的v-t图象如图所示，在0～t4这段时间内的情景是A．甲在0～t1时间内做匀加速直线运动，在t1时刻改变运动方向B．在t2时刻甲车速度为零，然后反向运动，此时两车相距最远C．在t3时刻甲车追上乙车D．在t4时刻，两车相距最远6、如图所示，重80N的物体A放置在倾角为30°的粗糙斜面上，有一根原长为10cm，劲度系数为103N/m的弹簧，其一端固定在斜面上底端，另一端放置物体A后，弹簧长缩短为8cm，现用一弹簧秤沿斜面上拉物体，若滑块与斜面间最大静摩擦力为25N，当弹簧的长度仍为8cm时，弹簧秤的读数可能为A、10NB、20NC、40ND、60N7、如图所示，在光滑水平面上放着紧靠在一起的ＡＢ两物体，Ｂ的质量是Ａ的2倍，Ｂ受到向右的恒力ＦB=2N，Ａ受到的水平力ＦA=(9-2t)N，(t 的单位是s)。

2015年杭州市五校联盟高二年级第一次统测模拟考物理仿真卷考生须知：1.本试卷分试题卷和答题卷，满分100分，考试时间90分钟。

2.答题前，在答题卷上相应位置填写学校、姓名和准考证号，并用2B 铅笔将会考号对应选项涂黑。

3.所有答案必须写在答题卷上，写在试题卷上无效。

4.考试结束，只需上交答题卷。

一、单项选择题（共8小题，每题3分，共24分）1．如图所示是一个网球沿竖直方向运动时的频闪照片，由照片可知：（ ）A.网球正在上升B. 网球正在下降C.网球的加速度向上D. 网球的加速度向下(第一题)（第二题）2．我国研制的深海载人潜水器“蛟龙”号在马里亚纳海沟创造了下潜7062米的载人深潜纪录，它在海水中下落最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度．“蛟龙”号质量为m ，完全入水后从静止开始无动力下潜，最后“蛟龙”号的收尾速度为v ，若“蛟龙”号在水中所受浮力保持不变恒为F ，重力加速度为g ，下列说法正确的是( )A ．“蛟龙”号从静止至达到收尾速度的过程中所受海水阻力应为恒力B ．若测得某时“蛟龙”号的加速度大小为a ，则“蛟龙”号此时受到的水的阻力为m(a ＋g)－FC ．若测得“蛟龙”号从静止至达到收尾速度所用时间为t ，则“蛟龙”号的位移为2vt D ．若测得“蛟龙”号下落t 时间，通过的位移为y ，则该过程的平均速度一定为y t3．一个质量为m 的铁块以初速度v 1沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是A.铁块上滑过程处于超重状态B.铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反C.铁块上滑过程与下滑过程满足v 1t 1=v 2（t 2－t 1）D.铁块上滑过程损失的机械能为2121v m4．为了科学研究的需要，常常将质子(带有一个正的元电荷，质量为一个原子质量单位)和α粒子(带有两个正的元电荷，质量为四个原子质量单位)等带电粒子贮存在圆环状空腔中，圆环状空腔置于一个与圆环平面垂直的匀强磁场中，带电粒子在其中做匀速圆周运动（如图）。

2014-2015学年浙江省杭州市萧山三中高一（上）段考物理试卷一、单项选择题（每题3分，共30分．每题只有一选项正确）1．（3分）（2010秋•红花岗区校级期中）下列情况中的运动物体，能被看成质点的是（）A．研究飞往火星的宇宙飞船的最佳运行轨道B．调整人造卫星的姿态，使卫星的照相窗口对准地面C．计算从北京开往上海的一列火车途中经过某座铁路桥的运行时间D．跳水运动员完成跳水动作考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可正确解答本题．解答：解：A、研究飞往火星的宇宙飞船的最佳运行轨道时，宇宙飞船的大小和形状对研究问题没有影响，可以看成质点，故A正确；B、研究调整人造卫星的姿态，使卫星的照相窗口对准地面时，要看卫星的姿态，不能看成质点，故B错误；C、研究从北京开往上海的一列火车途中经过某座铁路桥的运行时间，火车和铁路桥的长度相比不能忽略，所以不可以看作质点，故C错误；D、研究跳水运动员的跳水动作时，不能忽略其体积形状，不能看着质点，故D错误．故选A．点评：考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略，与其他因素无关．2．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）以下的计时数据中指时间间隔的是（）A．“嫦娥二号”卫星于2010年10月1日18时59分57秒点火发射B．在一场NBA篮球赛开赛8分钟时，姚明投中第三个球C．萧山三中第一次月考物理考试的时间是90分钟D．四川省汶川县发生8.0级强烈地震是在2008年5月12日14时28分考点：时间与时刻．分析：根据时刻在时间轴上对应的是一点，而时间间隔在时间轴上对应的是一段，即可顺利解决此类题目．解答：解：A、“嫦娥二号”的2010年10月1日18时59分57秒是指时刻，故A错误；B、开赛8分钟时是指时刻，故B错误；C、物理考试的时间是90分钟是指时间间隔，故C正确；D、在2008年5月12日14时28分是指时刻，故D错误；故选：C．点评：正确解答本题的关键是：理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．3．（3分）（2013秋•瑞安市校级期中）两辆汽车在平直的公路上匀速行驶，当两车并排时，甲车内一个人看见窗外树木向东移动，乙车内一个人发现甲车没有动，以大地为参考系，上述事实说明（）A ． 甲、乙两车以相同的速度同时向西运动B ． 乙车向西运动，甲车不动C ． 甲车向西运动，乙车向东运动D ． 甲车向西运动，乙车不动考点：参考系和坐标系． 专题：直线运动规律专题． 分析：参考系是描述运动时，假设不动的物体．甲车内人看到乙没有动，则甲和乙的运动情况一样，乙车中的人看到路旁的树木向西运动，说明乙向东运动．解答：解：因为乙车内的人看到甲车没有动，则甲和乙的运动情况一致，而甲车的人看到路旁的树木向东运动，说明甲车相对路旁的树木向西运动，则如果以大地为参考系则甲向西运动，因为甲车和乙车运动状态一致，故甲、乙两车以相同的速度向西运动．故A 正确．故选：A点评： 掌握参考系的概念是解决此类题目的关键，本题中乙车内的同学看见路旁的树木向西移动，说明该同学是以自己作为参考系4．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）关于位移和路程，下列说法中正确的是（ ）A ． 质点作直线运动，路程等于位移的大小B ． 出租车是按位移大小来计费的C ． 在田径场3000m 长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小为3000mD ． 运动的物体在某一过程中的路程不可能是零，但位移可能是零考点：位移与路程． 专题：直线运动规律专题． 分析： 位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置．位移的大小不大于路程．路程是标量，是运动路径的长度．当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程．解答：解： A 、当质点做直线运动时，位移的大小不一定等于路程，只有当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程．故A 错误．B 、出租车是按路程来计费．故B 错误．C 、在田径场3000m 长跑比赛中，跑完全程的运动员的路程为3000m ，故C 错误．D 、物体从初位置开始运动又回到初位置的过程中，路程不为零，但位移为零，故D正确．故选D点评：位移与路程是描述运动常用的物理量，它们之间大小关系是位移大小≤路程．5．（3分）（2015•桐乡市校级模拟）沿直线运动的一列火车和一辆汽车在开始计时及每过1s 的速度分别为v1和v2，如下表所示，从表中数据可以看出（ ）t/s 0 1 2 3 4火车 v1/（m•s﹣1） 18.0 17.5 17.0 16.5 16.汽车 v2/（m•s﹣1） 9.8 11.0 12.2 13.4 14.6A．火车的速度变化较慢B．汽车的加速度较小C．火车的位移在减小D．汽车的位移在减小考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：加速度表示速度变化快慢的物理量，结合速度的变化量和变化的时间确定加速度的大小，根据速度的方向确定位移的增加和减小．解答：解：A、火车的加速度为：a=汽车的加速度为：a′=，可知汽车的加速度较大，火车的加速度减小，所以火车的速度变化较慢．故A正确，B错误．C、因为火车和汽车的速度都为正值，一直向正方向运动，所以位移都做增大．故C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度是反映速度变化快慢的物理量．6．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）下列各组物理量中，全部是矢量的一组是（）A．速度、速率、平均速度B．位移、速度、平均速度C．速度、加速度、路程D．速率、速度的变化量、加速度考点：矢量和标量．分析：矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．解答：解：A、速度、平均速度既有大小又有方向是矢量，速率是速度大小，是标量，故A 错误B、位移、速度、平均速度既有大小又有方向，都是矢量，故B正确C、速度、加速度既有大小又有方向是矢量，路程是标量，故C错误D、速度的变化量、加速度既有大小又有方向是矢量，速率是速度大小，是标量，故D错误故选：B．点评：矢量与标量的区别有两个：一矢量有方向，而标量没有方向；二矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．7．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）下面列举的几种速度，其中不是瞬时速度的是（）A．火车以76km/h的速度经过隧道B．汽车速度计指示着速度50km/hC．城市繁华路口速度路标上标有“15km/h注意车速”字样D．足球以12m/s的速度进入球门考点：瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度是指物体在某一过程或某一段时间内的速度；瞬时速度是指物体在某一时刻或某一位置时速度．解答：解：A、火车经过隧道的速度为平均速度；不是瞬时速度．B、汽车速度计指示着的是瞬时速度；C、城市繁华路段路标上所标为瞬时速度；D、足球进入球门的速度为瞬时速度；本题选不是瞬时速度的；故选：A．点评：本题考查平匀速度与瞬时速度的区别，要注意平均速度对应的是一个过程；而瞬时速度对应一个瞬间呈某一位置．8．（3分）（2013秋•桐乡市校级期中）关于加速度，下面说法正确的是（）A．加速度增大，而速度有可能减少；加速度减小，而速度有可能增大B．加速度的大小在数值上等于单位时间内速度的改变量，因此加速度就是加出来的速度C．加速度为正值，则物体做加速运动；加速度为负值，则物体做减速运动D．加速度的大小在数值上等于单位时间内速度大小的改变量考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度是表示速度变化快慢的物理量．解答：解：A、加速度增大，如果加速度方向与速度方向相反，速度减少；加速度减小，如果加速度方向与速度方向相同，速度增大，故A正确；B、根据加速度的定义式a=可知加速度的大小在数值上等于单位时间内速度的改变量，加速度等于物体的速度的变化率，加速度不是加出来的速度，故B错误；C、加速度为正值，速度为负值，即加速度方向与速度方向相反，速度减少；加速度为负值，速度为正值，即加速度方向与速度方向相同，速度增大，故C错误；D、根据加速度的定义式a=可知加速度的大小在数值上等于单位时间内速度的改变量，速度是矢量，如果初速度方向与末速度方向相反，速度的改变量不等于速度大小的改变量，故D错误；故选：A．点评：把握加速度的定义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．9．（3分）（2014春•瑞安市校级期中）一物体从静止开始做匀加速直线运动，测得它在第n 秒内的位移为s，则物体运动的加速度为（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式，抓住ns内和（n﹣1）s内的位移之差求出物体运动的加速度．解答：解：第ns内的位移为：解得：a=．故A正确，B、C、D错误．故选：A点评：本题也可以根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第ns中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出物体的加速度10．（3分）（2003秋•西城区期末）如图为A、B两只棕熊在野外沿直线散步的位移﹣时间图象．由图可知下列说法正确的是（）A．在这一小时内，A熊的平均速度较大B．在t=10.0min时刻，B熊的速度较大C．A熊的速度总是沿着一个方向D．B熊的速度总是沿着一个方向考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据位移的大小和时间比较平均速度的大小．根据位移随时间的变化规律判断熊的速度方向．解答：解：A、在一小时内，B熊的位移大于A熊的位移，则B熊的平均速度大于A熊的平均速度．故A错误．B、位移﹣﹣时间图线的斜率表示速度的大小，在10min时刻，B的图线斜率小，则速度较小．故B错误．C、A熊的位移先增加后减小，则运动方向改变．故C错误．D、B熊的位移一直增加，则运动方向不变．故D正确．故选D．点评：解决本题的关键知道位移﹣﹣时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示速度．二、不定项选择题（每题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有错或不答的得0分．）11．（4分）（2014秋•萧山区校级月考）物体做直线运动时，有关物体加速度，速度的方向及它们的正负值说法正确的是（）A．在匀加速直线运动中，物体的加速度的方向与速度方向必定相同B．在匀减速直线运动中，物体的速度必定为负值C．在匀变速直线运动中，物体的速度变大时，其加速度也可能为负值D．只有在确定初速度方向为正方向的条件下，匀加速直线运动中的加速度才为正值考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．解答：解：A、在匀加速直线运动，加速度方向与速度方向必定相同，故A正确．B、在匀减速直线运动，加速度方向与速度方向相反，但是速度不一定为负值，故B错误．C、在匀变速直线运动中，当加速度方向与速度方向相同，速度变大，加速度可能为负值，只要速度也为负值即可．故C正确．D、匀加速直线运动中，加速度方向与速度方向相同，所以只有在确定初速度方向为正方向的条件下，匀加速直线运动中的加速度才为正值，故D正确．故选：ACD．点评：解决本题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．12．（4分）（2013秋•南湖区校级期中）有平直公路相连的甲、乙两车站相距45千米，一辆汽车从甲车站出发，用30千米/小时的平均速度通过全程路程后，又用了1.5小时通过了剩下的路程，最后停在乙车站．则下列说法正确的是（）A．汽车全程的平均速度为22.5km/hB．汽车全程的平均速度为23.3km/hC．汽车后面路程平均速度为15km/hD．汽车后面路程平均速度为20km/h考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据v=，要计算汽车的平均速度，需用路程除以所对应的时间；解答：解：前路程用时间=0.5h，所以汽车全程的平均速度为v===22.5km/h；汽车后面路程平均速度为v===20km/h．故选：AD点评：根据平均速度公式计算平均速度需用总路程除以总时间，在代入数据时，一定要注意路程和时间的统一．13．（4分）（2014秋•萧山区校级月考）图为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法正确的是（）A．整个过程中，BC段的加速度最大B．物体在第20s末运动方向发生变化C．整个过程中，C点所表示的状态离出发点最远D．BC段所表示的运动通过的路程是34 m考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：首先知道（1）v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大；（2）图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．（3）图象与坐标轴围成的面积表示位移，BC段与时间轴围成的梯形面积表示其运动的路程．据此分析即可．解答：解：AB、CE是一条直线，根据数学知识可知，其斜率一定，而速度图象的斜率表示加速度，整个过程中，CE段倾斜角最大，故其加速度数值最大；故A正确；B、物体在第20s末前速度为正值，20s末后速度为负值，故运动发生发生了变化，B正确；C、从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点离出发点最远，故C错误；D、BC段表示的运动所通过的路程为：s=×（5+12）×4=34m．故D正确．故选：ABD．点评：本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题．14．（4分）（2014秋•萧山区校级月考）某一物体在水平面上作初速为6m/s的匀变速直线运动，加速度的大小为2m/s2，下列对运动的描述正确的有（）A．物体运动5秒的位移一定为55mB ． 物体在第1秒末的速度可能是4m/sC ． 物体在第2秒内的平均速度可能是9m/sD ． 物体的位移一定随时间逐渐增大考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析： 物体做匀变速直线运动，加速度的方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反，结合位移时间公式和速度时间公式进行分析．解答：解：A 、若加速度的方向与初速度方向相同，则5s 内的位移=55m ．若加速度的方向与初速度方向相反，则5s 内的位移=5m ．故A 错误．B 、若加速度的方向与初速度方向相同，物体在第1s 末的速度v=v0+at=6+2×1m/s=8m/s，若加速度的方向与初速度的方向相反，则物体在第1s 末的速度v=v0+at=6﹣2×1m/s=4m /s ．故B 正确．C 、若加速度方向与初速度方向相同，则2s 内的位移=m=9m ，则平均速度．故 C 正确．D 、若加速度方向与初速度方向相反，物体速度减速到零后会反向运动，则位移不是一直逐渐增大．故D 错误．故选：BC ．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，注意公式的矢量性．15．（4分）（2013秋•南湖区校级期中）一质点做匀加速直线运动，第三秒内的位移是2m ，第四秒内的位移是2.5m ，那么，下列选项中正确的是（ ）A ． 这两秒内的平均速度是2.25 m/sB ． 第三秒末瞬时速度是2.25 m/sC ． 质点的加速度是0.125 m/s2D ． 第四秒末瞬时速度是2.75 m/s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系． 专题：直线运动规律专题． 分析：根据平均速度的定义式求出2s 内的平均速度．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第3s 末的速度．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度的大小，再结合速度时间公式求出第4s 末的速度．解答：解：A、两秒内的平均速度．故A正确．B、因为某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，3、4两秒内的平均速度等于第3s末的瞬时速度，则第3s末的速度为2.25m/s．故B正确．C、根据△x=aT2得，加速度a=．故C错误．D、第4s末的瞬时速度v4=v3+at=2.25+0.5×1m/s=2.75m/s．故D正确．故选：ABD．点评：本题考查匀变速直线运动的公式和推论的运用，掌握匀变速直线运动两个重要的推论：1、在连续相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，2、某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．三、填空与实验题（共20分）16．（6分）（2010秋•西湖区校级期中）某同学在探究“小车速度随时间变化规律”的实验时，设计的实验方案中选用了打点计时器，利用穿过打点计时器的纸带来记录小车的运动．实验后，该同学选择了一条较为理想的纸带，测量数据后，通过计算得到了小车运动过程中各计时时刻的速度如表格所示．位置编号0 1 2 3 4 5时刻：t/s 0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.50.42 0.67 0.92 1.16 1.42 1.76速度：v/m．s﹣1（1）分析表中数据，在误差允许的范围内，小车做匀加速直线运动．（2）由于此次实验的原始纸带没有保存，另一同学想估算小车从位置0到位置5的位移，其估算方法如下：x=（0.42×0.1+0.67×0.1+0.92×0.1+1.16×0.1+1.42×0.1）m．那么，该同学得到的位移小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）实际位移．为了使估算的位移尽可能接近真实值，你认为采取什么方法更合适？（不改变题目中的已知信息、不必算出具体数据）将时间间隔取得更小一些．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据表中数据可知，小车的速度均匀增加，由此可知小车的运动规律，根据匀变速运动位移与时间关系可知其计算位移与实际位移的关系解答：解：根据表中数据可知，小车的速度均匀增加，因此小车做匀加速直线运动；小车做匀加速直线运动，0﹣0.1s实际位移应该大于0.42×0.1，依此类推0﹣0.4s实际位移应该大于0.42×0.1+0.67×0.1+0.92×0.1+1.16×0.1+1.42×0.1m，所以该同学得到的位移小于实际位移．为了使估算的位移尽可能接近真实值，将时间间隔取得更小一些．故答案为：（1）匀加速直线，（2）小于，将时间间隔取得更小一些．点评：解决本题的关键掌握微分极限思想在求解位移中的运用，当时间段分解段数趋向于无穷大时，速度时间图线围成的面积就表示位移．17．（14分）（2014秋•萧山区校级月考）如图所示，是在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中得到的一条纸带．A、B、C、D、E、F、G为测量点，相邻测量点间时间间隔为0.1s，x1=1.20cm，x2=1.60cm，x3=1.98cm，x4=2.38cm，x5=2.79cm，x6=3.18cm．则：（1）有关操作和测量的说法中不正确的是ADA．先释放小车，再接通电源，当小车到达滑轮前及时用手按住它后关闭电源B．开始释放小车前，应使小车靠近打点计时器C．测量时应舍去纸带上的密集点，然后选取计数点D．必须每5个打印点设为一个计数点（2）将打点计时器打在B、C、D、E、F各测量点时小车的瞬时速度大小填入下表．（数值运算保留三位有效数字）位置 B C D E FV（m/s）0.140 0.179 0.218 0.259 0.299（3）在平面直角坐标系中作出V﹣t图象（以测量点B为计时起点）．（4）根据V﹣t图象能求出小车的加速度吗？若能，请说明求小车加速度的方法并计算小车加速度的大小．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题．分析：（1）通过实验的原理以及注意事项确定操作的步骤是否正确．（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出各点的瞬时速度．（3）根据各点的瞬时速度作出v﹣t图象．（4）根据图线的斜率求出小车的加速度．解答：解：（1）A、操作时，应先接通电源和释放小车．故A错误．B、开始释放小车前，小车应靠近打点计时器．故B正确．C、测量时应舍去纸带上的密集点，然后取计数点．故C正确．D、若点迹比较密，可以每5个打印点设为一个计数点，若点迹较疏，不需要每5个打印点设为一个计数点．故D错误．本题选错误的，故选：AD．（2）某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则．m/s=0.179m/s．m/s=0.218m/s．m/s=0.259m/s．m/s=0.299m/s．（3）速度时间图线如图所示．（4）根据v﹣t图线可以求出加速度，图线的斜率等于小车的加速度，．故答案为：（1）AD（2）0.140，0.179，0.218，0.259，0.299（3）如图所示（4）能．求v﹣t图中的斜率．0.4m/s2点评：解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带求解瞬时速度，知道速度时间图线的斜率表示加速度．四、计算题（30分）18．（6分）（2013秋•东阳市校级期中）一辆汽车从原点O由静止出发沿x轴做直线运动，为研究汽车的运动而记下它在各时刻的位置和速度，见下表：时刻t/s 0 1 2 3 4 5 6 7位置的坐标x/m 0 1.5 4 7.5 11 14.8 19 23瞬时速度v/（m•s﹣1） 1 2 3 4 3 4 4 4（1）汽车在第3s末的瞬时速度为多少？（2）汽车在前4s内的平均加速度为多少？（3）汽车在第5s内的平均速度为多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：由表格中的数据得出第3s末的速度，结合速度时间公式求出前4s内的平均加速度，根据第5s内的位移求出第5s内的平均速度．解答：解：（1）由表格中的数据可知，第3s末的速度为：v3=4m/s；（2）前4s内的平均加速度为：a=．（3）第5s内的位移为：x5=14.8﹣11m=3.8m，则汽车在第5s内的平均速度为：．答：（1）汽车在第3s末的瞬时速度为4m/s；（2）汽车在前4s内的平均加速度为0.5m/s2；（3）汽车在第5s内的平均速度为为3.8m/s．点评：解决本题的关键掌握平均速度的定义式以及加速度的定义式，并能灵活运用．19．（6分）（2014秋•萧山区校级月考）沪杭高铁（杭州﹣上海）已于2010年10月26日通车，这是我国高速铁路引领世界高速铁路发展潮流的又一重要标志．动车从杭州向北经过余杭区、嘉兴市和上海松江至上海虹桥站，最高运行时速为350km/h，总位移约为200Km，是我国“长三角地区一体化”战略的重大举措．则：（1）如果从杭州至上海行驶时间是 45min，求动车行驶的平均速度的大小．（2）如果动车以302.4km/h高速行驶时，驾驶员发现前方有障碍物．驾驶员发现这一情况后紧急刹车，如果驾驶员发现障碍物后，必须在3s内使动车停止运动，且刹车后动车的加速度大小保持不变．求：刹车后动车的加速度大小和方向．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）根据平均速度的定义式，结合位移和时间求出平均速度的大小．（2）根据加速度的定义式求出加速度的大小和方向．解答：解：（1）动车行驶的平均速度：==≈267km/h；（2）由题意知，刹车的时间t=3s．302.4km/h=84m/s．则刹车的加速度a===﹣26m/s2，方向与运动方向相反．答：（1）动车行驶的平均速度的大小267km/h；（2）刹车后动车的加速度大小26m/s2，方向与运动方向相反．点评：解决本题的关键掌握平均速度的定义式和加速度的定义式，知道求出的值中的负号表示方向．。

浙江省杭州二中2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题一、单项选择题（每题3分，共24分）1、一验电器的金属箔原张开，用一带负电的物体接触验电器的金属球瞬间，发现金属箔迅速合拢后又张开更大的角度，则验电器的金属球原带（ ）A ．正电．B ．负电．C ．不带电．D ．不确定．2、如图所示的电路中，开关S 闭合后，灯泡A 和B 都正常发光。

由于电路故障，灯泡B 变暗（没有熄灭），灯泡A 变亮，则电路中可能发生的故障是（ ）A ．R 1短路B ．R 1断路C ．R 2短路D ．R 2断路3、如图所示，虚线表示某电场的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下由A 运动到B 的径迹如图中实线所示。

粒子在A 、B 点的加速度分别为a A 、a B ，电势能分别为E A 、E B ，下列判断正确的是（ ） A ．a A >a B ，E A >E B B ．a A >a B ，E A <E B C ．a A <a B ，E A >E B D ．a A <a B ，E A <E B4、两根不同金属导体制成的长度相等、横截面积相同的圆柱形杆，串联后接在某一直流电两端，如图所示。

已知杆a 的质量小于杆b 的质量，杆a 金属的摩尔质量小于杆b 金属的摩尔质量，杆a 的电阻大于杆b 的电阻，假设每种金属的每个原子都提供相同数目的自由电子（载流子）。

当电流达到稳恒时，若a 、 b 内均存在电场，则该电场可视为均匀电场。

下面结论中正确的是 （ ）A ．两杆内载流子定向运动的速率一定相等B ．两杆内的电场强度都等于零C ．两杆内的电场强度都不等于零，且a 内的场强大于b 内的场强D ．a 内载流子定向运动的速率一定大于b 内载流子定向运动的速率5、带有等量异种电荷的两平行金属板水平放置，a 、b 、c 三个α粒子（重力忽略不计）先后从同一点O 垂直电场方向进入电场，其运动轨迹如图所示，其中b 恰好沿下极板的边缘飞出电场。

3、一个电阻为3k Ω，量程为3V 的电压表，现给它串联一个阻值为R 的电阻后，将它改装成量程为15V 的电压表，则电阻R 为（ ）。

A. 1k ΩB. 3k ΩC. 12k ΩD. 9k Ω 4、关于万用表的使用方法，下列说法错误的是（ ）。

A. 在测量过程中，应根据测量的大小拨动转换开关，为了便于观察，不应分断电源B 、测量结束后，转换开关应拨到交流最大电压挡或空挡C 、测量电阻时，每换一次量程，都应调一次零5、将一根导线均匀拉长为原长度的3倍,则阻值为原来的（ ）倍。

A ．3B ．1/3C ．9D ．1/9 6、一台10kW 的电炉，每天工作8h ，30天耗电（ ）kW ·h A 、80 B 、240 C 、300 D 、2400 7、不属于电阻并联电路的特点的是（ ）。

A 、各电阻两端的电压相等B 、总电流等于各电阻支路电流之和C 、总电阻等于各并联电阻之和D 、各支路电流的分配与支路电阻的阻值成反比 8、下列不同规格的白炽灯中，电阻最大的是（ ）A. 220V,100WB.220V,60WC.220V,40WD.220V,25W9、电源电动势是2V ，内电阻是0.1Ω，当外电路断路时，电路中的电流和端电压分别是（ ）。

A ．0、2VB ．20A 、2VC ．20A 、0D ．0、010、遇到别人发生触电事故时，不应该采取的措施是（ ）A 、立即抱起触电者去就诊B 、迅速关闭开关，切断电源或用绝缘物品挑开电线C 、呼叫120急救服务D 、发现触电者呼吸、心跳停止，立即进行心肺复苏三、判断题（每题2分，共30分）1、通过电阻的电流与它两端的电压成正比，与它的电阻成反比。

（ ）2、并联电路的总电阻等于各并联电阻之和。

（ ）3、导体的电阻永远不变。

（）4、在短路状态下，端电压等于零。

（）5、若干电阻串联时，其中阻值越小的电阻，通过的电流也越小。

（）6、把220V／60W的灯泡接到110V电压上时，功率还是60W。

资料概述与简介 2014学年第一学期萧山五校高二期末教学质量检测 语文试题卷 命题人：萧山六中郑玉涛审核人：萧山九中杨丽 考生须知： 1．本卷满分100分，考试时间120分钟； 2．答题前，在答题卷密封区内填写学校、班级、姓名、学号、试场号、座位号； 3．所有答案必须写在答题卷上，写在试卷上无效，考试结束只需上交答题卷。

一、语言基础与应用（17分，其中选择题每小题2分） 1．下列词语中加点字的注音全都正确的一项是() A．谂知shěn?) 卓越(zhuō)? 鹰隼（sǔn?）物阜民丰（fù）B．启碇（dìng）罡风（gāng）（ǎo?）shù)C．铁砧（zhēn)? 缱绻juǎn）商贾云集 (gǔ )D．气氛（fēn）晕车（yùn)? 胡诌zhōu?）纷繁芜杂(wú(▲?) A．让自由之声从新罕布什尔州的巍峨的崇山岭响起！让自由之声从科罗拉多州冰雪覆盖的落基山响起！让自由之声从加利福尼亚州蜿蜒的群峰响起！我们必须正视黑人还没有得到自由这一悲惨的事实。

100年后的今天，在种族隔离的镣铐和种族歧视的下，黑人的生活备受奴役。

?） A．这个最慷慨和热情好客的城市的领导人士、享誉世界的歌星以及一支朝气蓬勃的体育队伍聚集在这里，为这次盛会树立了历史性、公民精神、青春和艺术性等多重声誉。

B． 3月8日，杭州的最高气温飙升到29.9℃。

即使没有突破“三”字大关，但依然继3月7日之后，再破1951年有气象记录以来，杭州三月上旬的最高气温记录。

C．第21届成都花展在百花潭公园举行，园内展出3万余盆鲜花，真让人感受到了什么叫如花似锦。

100年后的今天，黑人仍然萎缩在美国社会的角落里，并且意识到自己是故土家园中的流亡者。

今天我们在这里集会，就是要把这种的情况公诸于世。

?） A．《甄嬛传》在各地方台播出以来，网友尽管拍砖不断，但是导演郑晓龙说，拍《甄嬛传》就是要“让观众看到真实的历史”。

2014-2015学年浙江省杭州市萧山三中高二（上）第二次段考物理试卷一、单选题（本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题四个选项中只有一个选项正确，）1．在静电场中（）A．场强为零区域，电势一定为零B．场强处处相等的区域，电势也处处相等C．电势降低的方向一定是场强的方向D．同一电场中等差等势面分布密的地方，场强一定较大2．若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内（）A．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动B．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动3．如图所示，P、Q是两个电量相等的正点电荷，它们的连线中点是O，A、B是中垂线上的两点，＜，用E A、E B、φA、φB分别表示A、B两点的场强和电势，则（）A． E A一定大于E B，φA一定大于φBB． E A不一定大于E B，φA一定大于φBC． E A一定大于E B，φA不一定大于φBD． E A不一定大于E B，φA不一定大于φB4．如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、C、D三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，正六边形所在平面与电场线平行．则（）A． E点的电势与C点的电势相等B．电势差U EF与电势差U BC相同C．电场强度的大小为V/M D．电场强度的大小为20V/M5．汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗．如图所示，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为56A，若电源电动势为12.0V，电源内阻为0.05Ω，电流表内阻不计，不考虑电流变化对车灯电阻的影响．则因电动机启动，车灯的电功率减少（）A． 41.4 W B． 49.5 W C． 70.5 W D． 73.6 W6．如图所示，两根间距为d的平行光滑金属导轨间接有电源E，导轨平面与水平面间的夹角θ=30°．金属杆ab垂直导轨放置，导轨与金属杆接触良好．整个装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中．当磁场方向垂直导轨平面向上时，金属杆ab刚好处于静止状态．要使金属杆能沿导轨向上运动，可以采取的措施是（）A．减小磁感应强度BB．调节滑动变阻器使电阻增大C．减小导轨平面与水平面间的夹角θD．将电源正负极对调使金属杆中的电流方向改变7．板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板间电势差为U1，板间场强为E1，现将电容器所带电荷量变为2Q，板间距变为d，其他条件不变，这时两极板间电势差为U2，板间场强为E2，下列说法正确的是（）A． U2=U1，E2=E1B． U2=U1，E2=2E1C． U2=2U1，E2=2E1D． U2=2U1，E2=4E18．如图所示电源电动势为ε、内电阻为r．调整电路的可变电阻R的阻值，使电压表V的示数增大△U，在这个过程中（）A．通过R1的电流增加，增加量一定等于B． R2两端的电压减小，减少量一定等于△UC．通过R2的电流减小，减少量一定等于D．路端电压增加，增加量一定等于△U二、不定项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题给出的四个选项中，有的有一个选项正确，有的有多个选项正确．）9．两只电压表V1和V2是由完全相同的电流表改装而成的，V2的量程为5V，V1的量程为15V，为了测量15～20V的电压，把V1、V2串联起来使用，在这种情况下（）A． V1和V2读数相等B． V1和V2两表指针偏转角相等C． V1和V2的读数之比等于电压表的内阻之比D． V1和V2的指针偏转角度之比等于两个电压表的内阻之比10．电磁血流计是用来监测通过动脉的血流速度的仪器．它由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示．由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．则达到平衡时（）A．电极a的电势比电极b的电势高B．电极a的电势比电极b的电势低C．电压表的示数U与血液的流速成正比D．电压表的示数U与血液中正负离子的电荷量成正比11．如图所示，某空间存在正交的匀强磁场和匀强电场，电场方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，一带负电微粒由a点以一定初速度进入电磁场，刚好能沿直线ab斜向上运动，则下列说法正确的是（）A．微粒的动能一定增加B．微粒的动能一定减少C．微粒的电势能一定减少D．微粒的机械能一定增加12．如图所示，虚线所示的区域内有方向垂直纸面的匀强磁场，一束速度大小各不相同的质子正对该区域的圆心O射入这个磁场．发现有的质子在磁场里运动的时间长，有的较短，其中运动时间较长的质子（）A．入射的速度一定较大B．在该磁场中运动路程一定较长C．在该磁场中偏转的角度一定较大D．出射的速度一定较小13．平行金属板，长为L，间距d=0.5L，带电粒子以初动能E0沿两极板中心线飞进电场，在两板间加上一定电压，则粒子从电场中飞出时，动能可能为（）A． 1.2E0B． 1.5E0C． 1.8E0D． 2.0E0三．填空题（14题6分，15题8分，共14）14．某实验小组用多用表的“×1”倍率的挡位测热敏电阻（标称阻值为180Ω）在室温下的阻值，发现表头指针偏转的角度很小；为了准确地进行测量，应换到倍率的挡位；如果换档后就用表笔连接热敏电阻进行读数，那么欠缺的实验步骤是：，补上该步骤后，表盘的示数如图所示，则它的电阻是Ω．15．发光二极管在生产和生活中得到了广泛应用．图甲是一种发光二极管的实物图，正常使用时，带“+”号的一端接高电势，带“﹣”号的一端接低电势．某同学想描绘它的伏安特性曲线，实验测得它两端电压U和通过它电流I的数据如表所示：U/V 0 0.40 0.80 1.20 1.60 2.00 2.40 2.80I/mA 0 0.9 2.3 4.3 6.8 12.0 19.0 30.0（1）实验室提供的器材如下：A．电压表（量程0﹣3V，内阻约10kΩ） B．电压表（量程0﹣15V，内阻约25kΩ）C．电流表（量程0﹣50mA，内阻约50Ω） D．电流表（量程0﹣0.6A，内阻约1Ω）E．滑动变阻器（阻值范围0﹣10Ω，允许最大电流3A）F．电源（电动势6V，内阻不计）G．开关，导线该同学做实验时，电压表选用的是，电流表选用的是（填选项字母）．（2）请在图乙中以笔划线代替导线，按实验要求将实物图中的连线补充完整．（3）根据表中数据，在图丙所示的坐标纸中画出该发光二极管的I﹣U图线．（4）若此发光二极管的最佳工作电流为10mA，现将此发光二极管与电动势为3V、内阻不计的电池组相连，还需串联一个阻值R= Ω的电阻，才能使它工作在最佳状态（结果保留三位有效数字）．四．计算题（16、17题各10分，18、19题各11分）16．如图所示，ABCD为竖直放在场强为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BCD部分是半径为R的半圆形轨道，轨道的水平部分与其半圆相切，A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg、带电荷量q=+1×10﹣4C的小球放在水平轨道的A点由静止开始释放，小球在轨道的内侧运动．（g取10m/s2）求：（1）小球到达C点时的速度是多大？（2）小球到达C点时对轨道压力是多大？（3）若让小球安全通过D点，开始释放点离B点至少多远？17．如图所示，电源电动势E=10V，内电阻r=1.0Ω，电阻R1=5.0Ω、R2=8.0Ω、R3=2.0Ω、R4=6.0Ω，R5=4.0Ω，水平放置的平行金属板相距d=2.4cm，原来单刀双掷开关S接b，在两板中心的带电微粒P处于静止状态；现将单刀双掷开关S迅速接到c，带电微粒与金属板相碰后即吸附在金属板上，取g=10m/s2，不计平行板电容器充放电时间，求（1）开关S接b时，金属板两板间的电压为多大？（2）开关S接c时，金属板两板间的电压为多大？（3）带电微粒在金属板中的运动时间．18．如图所示，条形区域Ⅰ和Ⅱ内分别存在方向垂直于纸面向外和向里的匀强磁场，磁感应强度B的大小均为0.3T，AA′、BB′、CC′、DD′为磁场边界，它们相互平行，条形区域的长度足够长，磁场宽度及BB′、CC′之间的距离d=1m．一束带正电的某种粒子从AA′上的O点以沿与AA′成60°角、大小不同的速度射入磁场，当粒子的速度小于某一值V0时，粒子在区域Ⅰ内的运动时间均为t0=4×10﹣6s；当粒子速度为V1时，刚好垂直边界BB′射出区域Ⅰ．取π≈3，不计粒子所受重力．求：（1）粒子的比荷；（2）速度V0和V1的大小；（3）速度为V1的粒子从O到DD′所用的时间．19．如图所示，坐标系xOy位于竖直平面内，在该区域内有场强E=12N/C、方向沿x轴正方向的匀强电场和磁感应强度大小为 B=2T、沿水平方向且垂直于xOy平面指向纸里的匀强磁场．一个质量m=3×10﹣5kg，电量q=2.5×10﹣5带正电的微粒，在xOy平面内做匀速直线运动，运动到原点 O时，电场方向突然变为竖直向上，经一段时间后，带电微粒运动到了x 轴上的Q点．取g=10/s2求：（1）微粒做匀速直线运动的速度是多大？（2）Q点到原点O的距离；（3）带电微粒由原点O运动到Q点的时间．2014-2015学年浙江省杭州市萧山三中高二（上）第二次段考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题四个选项中只有一个选项正确，）1．在静电场中（）A．场强为零区域，电势一定为零B．场强处处相等的区域，电势也处处相等C．电势降低的方向一定是场强的方向D．同一电场中等差等势面分布密的地方，场强一定较大考点：电场强度；电场线；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电势和电场强度都是描述电场本身特性的物理量，本题要求要熟练掌握电场强度和电势的物理意义．在研究电势时，要先设定零势能面．解答：解：A、在电场中，零电势是人为规定的．等量同种点电荷的连线中点上，电场为零，电势却不一定为零．故A错误．B、在匀强电场中，场强是处处相等的，沿着电场线的方向，电势是越来越低的．故B错误．C、经过电场中某一点电势降低的方向很多，而场强的方向只有一个，故C错误．D、同一电场中等势面分布密的地方，场强一定较大，故D正确．故选D．点评：电场因为我们无法直接感知，只能通过带电粒子在电场中的受力分析得出电场的性质；在学习中要注意借助电场线或一些常见电场进行理解掌握．2．若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内（）A．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动B．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动考点：电势；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：物体的运动情况取决于合力和初始条件．小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度，初速度方向与电场线的关系．只有当电场线是直线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动．解答：解：物体的运动情况取决于合力和初始条件．小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度，初速度方向与电场线的关系．只有当电场线是直线时且小球的运动方向沿着电场线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动．所以ABC错误，D正确．故选：D点评：对物体运动情况的判断能力，从力学的角度进行分析：物体的运动性质不仅取决于合力，还取决于初速度条件．虽然是简单题，同时也是易错题目．3．如图所示，P、Q是两个电量相等的正点电荷，它们的连线中点是O，A、B是中垂线上的两点，＜，用E A、E B、φA、φB分别表示A、B两点的场强和电势，则（）A． E A一定大于E B，φA一定大于φBB． E A不一定大于E B，φA一定大于φBC． E A一定大于E B，φA不一定大于φBD． E A不一定大于E B，φA不一定大于φB考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据点电荷场强公式E=，运用矢量合成的平行四边形定则求出连线中垂线上各个点的合场强．解答：解：两个等量正点电荷连线中点O的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，故从O点沿着中垂线到无穷远处电场强度先增大后减小，设场强最大的点为P点，P点可能在A、B两点之间，也可能在O、A之间，也可能在B点的外侧，当P点可能在A、B两点之间时，E A可能大于E B，也可能小于E B，还可能等于E B；当P在O、A之间时，E A大于E B；当P 点在B点外侧时，E A、小于E B；在PQ连线的中垂线上，场强方向沿AB方向，沿电场线方向电势越来越低，因此φA一定大于φB；故A错误，B正确，C错误，D错误；故选：B．点评：本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，沿着场强方向，电势越来越低．4．如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、C、D三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，正六边形所在平面与电场线平行．则（）A． E点的电势与C点的电势相等B．电势差U EF与电势差U BC相同C．电场强度的大小为V/M D．电场强度的大小为20V/M考点：电势；电场强度；电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在匀强电场中已知任意三点的电势确定第四点的电势高低，连接已知三点中的任意两点，在其连线上找到与第三点的等势点，连接这两点，过第四点做连线的平行线，与连线的交点的电势即为第四点的电势，以此类推其他各点的电势．解答：解：已知正六边形所在平面与电场线平行，且A、C、D三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，延长DC且使DC=CG，连接BG，可知U DC=U CG=1V，故ABG的电势相等为1V；CF电势相等为2V，D、E电势相等为3V，故A错误．B、电势差U EF=3﹣2=1V，电势差U BC=1﹣2=﹣1V，B错误C、E====V/m，故C正确D、同理D错误故选C点评：考查了匀强电场中不同的电势高低，方法找等势线、等势点．5．汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗．如图所示，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为56A，若电源电动势为12.0V，电源内阻为0.05Ω，电流表内阻不计，不考虑电流变化对车灯电阻的影响．则因电动机启动，车灯的电功率减少（）A． 41.4 W B． 49.5 W C． 70.5 W D． 73.6 W考点：电功、电功率．分析：电动机未启动时，由欧姆定律求出灯泡的电阻．再求出电动机启动时路端电压，由欧姆定律求出通过灯泡的电流，分别求出两种情况下，灯泡的功率，即得解．解答：解：电动机未启动时，由E=I1（R+r）得，灯泡的电阻为R==Ω=1.15Ω，车灯消耗的功率为P1==115W．电动机启动时，路端电压为U2=E﹣I2r=9.2V，P2==73.6W△P=P1﹣P2=41.4W．故选A点评：灯泡是纯电阻电路，功率公式较多，要根据不同的条件，选择不同的公式形式求解．6．如图所示，两根间距为d的平行光滑金属导轨间接有电源E，导轨平面与水平面间的夹角θ=30°．金属杆ab垂直导轨放置，导轨与金属杆接触良好．整个装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中．当磁场方向垂直导轨平面向上时，金属杆ab刚好处于静止状态．要使金属杆能沿导轨向上运动，可以采取的措施是（）A．减小磁感应强度BB．调节滑动变阻器使电阻增大C．减小导轨平面与水平面间的夹角θD．将电源正负极对调使金属杆中的电流方向改变考点：安培力．分析：对初始状态进行受力分析，得出重力与安培力的关系．改变条件后再次受力分析，判断沿斜面方向上能否平衡解答：解：A．根据初始条件受力分析知重力、支持力与安培力（沿斜面向上）处于平衡状态，减小磁感应强度B，安培力减小，故金属棒向下运动，故A错误；B、根据初始条件受力分析知重力、支持力与安培力（沿斜面向上）处于平衡状态，调节滑动变阻器使电阻增大，回路中电流减小，安培力减小，故金属棒向下运动，故B错误；C、根据初始条件受力分析知重力、支持力与安培力（沿斜面向上）处于平衡状态，减小导轨平面与水平面间的夹角θ，重力沿斜面的分力减小，故金属棒向上运动，故C正确；D、根据初始条件受力分析知重力、支持力与安培力（沿斜面向上）处于平衡状态，将电源正负极对调使金属杆中的电流方向改变，安培力向下，故金属棒向下运动，故D错误；故选：C点评：解决本题的关键是正确地进行受力分析然后，通过控制一些变量来，是受力分析金属棒的运动方向7．板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板间电势差为U1，板间场强为E1，现将电容器所带电荷量变为2Q，板间距变为d，其他条件不变，这时两极板间电势差为U2，板间场强为E2，下列说法正确的是（）A． U2=U1，E2=E1B． U2=U1，E2=2E1C． U2=2U1，E2=2E1D． U2=2U1，E2=4E1考点：电容器的动态分析；电容．专题：电容器专题．分析：根据电容公式判断出电容的变化，再根据电容定义式得出电势差的变化，再根据匀强电场公式判断出场强的变化．解答：解：根据电容公式说明电容变为2倍，根据电容定义式，发现电量变为原来的2倍，电容也变为原来的2倍，所以电势差不变，根据场强关系，d变为原来的，所以场强变为2倍，故A、CD错误，B正确．故选：B．点评：解决本题的关键是熟练运用电容的定义式、决定式，同时注意U=Ed的正确应用．8．如图所示电源电动势为ε、内电阻为r．调整电路的可变电阻R的阻值，使电压表V的示数增大△U，在这个过程中（）A．通过R1的电流增加，增加量一定等于B． R2两端的电压减小，减少量一定等于△UC．通过R2的电流减小，减少量一定等于D．路端电压增加，增加量一定等于△U考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：R1是定值电阻，电压表V的示数增大△U的过程中，通过R1的电流增加，增加量△I=．电压表V的示数增大，变阻器有效电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，R2两端电压减小，根据路端电压的变化分析其电压减小量．电压表示数增加，R2电压减小，路端电压增加量一定小于△U．解答：解：A、R1是定值电阻，电压表V的示数增大△U的过程中，通过R1的电流增加，增加量△I=．故A正确．B、电压表V的示数增大，变阻器有效电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，R2两端电压减小，路端电压增大，则R2两端电压减少量一定小于△U．故B错误．C、由欧姆定律得到：通过R2的电流但减少量一定小于．故C错误．D、电压表示数增加，R2电压减小，路端电压增加量一定小于△U．故D错误．故选：A点评：本题是电路动态变化分析问题，本题中采用总量法，由电压表示数变化和总电压（路端电压）的变化来分析R2电压的变化，这是常用的方法．二、不定项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题给出的四个选项中，有的有一个选项正确，有的有多个选项正确．）9．两只电压表V1和V2是由完全相同的电流表改装而成的，V2的量程为5V，V1的量程为15V，为了测量15～20V的电压，把V1、V2串联起来使用，在这种情况下（）A． V1和V2读数相等B． V1和V2两表指针偏转角相等C． V1和V2的读数之比等于电压表的内阻之比D． V1和V2的指针偏转角度之比等于两个电压表的内阻之比考点：把电流表改装成电压表．专题：交流电专题．分析：求解本题的关键是明确电流表的工作原理和电压表的改装原理．电流表工作时，电流表的指针偏转角度与通过电流表的电流大小成正比；电压表是电流表与电阻串联后改装成的．解答：解：（1）设电压表的内阻为，电压表的内阻为，由电压表的改装原理可知，====：A：若将二者串联起来，通过它们的电流相同，则的读数=I，的读数为=I，所以，A错误；B：根据通过电流表的偏角与电流成正比可知，串联时电流相等，偏角也应相等，所以B正确；C：根据选项A的分析可知，=，所以C正确；D：由电流表的指针偏角与通过的电流成正比可知，与的偏转角度应相等，所以D错误．故选：BC．点评：遇到涉及到电表的问题，可以根据电表的改装原理画出电路图，然后再求解讨论即可．10．电磁血流计是用来监测通过动脉的血流速度的仪器．它由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示．由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．则达到平衡时（）A．电极a的电势比电极b的电势高B．电极a的电势比电极b的电势低C．电压表的示数U与血液的流速成正比D．电压表的示数U与血液中正负离子的电荷量成正比考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电势．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据左手定则判断出正负电荷的偏转方向，从而确定出a、b两点的电势高低，最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出电压表示数U与什么因素有关．解答：解：A、根据左手定则，知正电荷向电极a端偏转，负电荷向电极b端偏转，所以电极a的电势高于电极b的电势．故A正确，B错误．C、最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有：，得U=vdB．电压表的示数与电荷的电荷量无关，与流速成正比．故C正确，D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电荷受电场力和洛伦兹力处于平衡．11．如图所示，某空间存在正交的匀强磁场和匀强电场，电场方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，一带负电微粒由a点以一定初速度进入电磁场，刚好能沿直线ab斜向上运动，则下列说法正确的是（）A．微粒的动能一定增加B．微粒的动能一定减少C．微粒的电势能一定减少D．微粒的机械能一定增加考点：带电粒子在混合场中的运动；动能定理的应用；电势能．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：对带电粒子进行受力分析，受到竖直向下的重力，水平向左的电场力和垂直于虚线向右上的洛伦兹力，由于带电粒子做直线运动，可判断粒子合外力为零，再根据各力的做功情况，即可判断各选项的正误．解答：解：根据做直线运动的条件和受力情况（如图所示）可知，粒子做匀速直线运动，所以粒子的动能保持不变，选项AB错误；再由a沿直线运动到b的过场中，电场力做正功，电势能减小，选项C正确；重力做负功，重力势能增加，选项D正确．故选：CD．点评：带电粒子在重力场、电场、磁场的复合场中，只要是做直线运动，一定是匀速直线运动（v与B不平行）．若速度是变的，洛伦兹力会变，合力就是变的，合力与速度不在一条直线上，带电体就会做曲线运动．12．如图所示，虚线所示的区域内有方向垂直纸面的匀强磁场，一束速度大小各不相同的质子正对该区域的圆心O射入这个磁场．发现有的质子在磁场里运动的时间长，有的较短，其中运动时间较长的质子（）A．入射的速度一定较大B．在该磁场中运动路程一定较长C．在该磁场中偏转的角度一定较大D．出射的速度一定较小考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：设磁场区域半径为R，轨迹的圆心角为α，则粒子在磁场中运动时间为t=T，圆心角α越大，时间越长．根据几何知识得到轨迹半径r与R的关系，就能得到轨迹长度与时间的关系．带电粒子在磁场中偏转角等于轨迹的圆心角．解答：解：质子在磁场中做匀速圆周运动的周期：T=相同；质子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，质子的轨道半径：r=；设磁场区域半径为R，轨迹圆心角为αA、质子在磁场中运动的时间为t=T，而轨迹半径r=Rcot，而r=，质子的速度v 越小，则r越小，故α越大，运动时间t越长，故A错误；。