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【全国百强校】山西省太原市第五中学2015-2016学年高一12月月考物理试题解析(解析版)

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一、选择题1、在研究下述运动时，能把物体看作质点的是（）A.研究地球的自转效应B.向上抛出一枚硬币，研究落地时正面朝上的机会是多少C.观看跳水比赛中的跳水运动员D.卫星定位系统给大海里运动中的轮船定位【答案】D考点：质点【名师点睛】此题是对质点概念的考查；要知道质点是理想化的物理模型，只有当物体的大小及线度和所研究的问题相比可以忽略不计时，才可以把物体看作质点；故体积大的物体不一定不能看作质点，体积较小的也不一定能看作质点.2.图示为甲、乙两物体的位移随时间变化关系的x-t图像，下列说法中正确的是（）A.甲做的是曲线运动，乙做是是直线运动B.甲做是先向正方向后返回的直线运动，乙做的是匀速直线运动C.甲与乙在t1时刻速度相等D.甲与乙在t1和t2两时刻相遇【答案】D【解析】考点：x-t 图线【名师点睛】此题是对x-t 图像的考查；要知道x-t 图线的斜率大小等于物体的速度大小，斜率的符号反映物体速度的方向；与t 轴平行的直线表示物体处以静止状态，两条图线的交点代表物体的位移相等，两物体相遇；根据图线的特点可判断物体的运动.3.质点做直线运动的位移x 和时间平方t 2的关系图象如图所示，则该质点（ ）A. 质点的加速度大小恒为1m/s 2B. 0--2s 内的位移是为1mC. 2s 末的速度是4m/sD. 物体第3s 内的平均速度大小为3m/s 【答案】C 【解析】试题分析：根据212x at =可知，112a =，故a=2m/s 2，选项A 错误；0--2s 内的位移是为221122422x at m m ==⨯⨯=，选项B 错误；2s 末的速度是v=at=4m/s ，选项C 正确；物体第3s 内的平均速度大小为23232(23)/5/222v v at at v m s m s +++====，选项D 错误；故选C.考点：物理图线；匀变速运动的规律【名师点睛】此题是对匀变速直线运动的规律的考查；解题的关键是根据函数关系来理解图像的物理意义，从图像中找出物体的加速度，然后根据匀变速直线运动的规律来求解；此题难度不大，考查学生从图线中获取信息的能力。

4、如图所示，滑雪爱好者从静止沿山坡匀加速滑下，在水平雪面上匀减速滑行一段距离停止，沿山坡下滑的距离比在水平雪面上滑行的距离大，斜面与水平雪面平滑连接。

图乙中，x 、v 、a 分别表示滑雪爱好者位移大小、速度大小、加速度大小，则图乙中正确的是（ ）【答案】B考点：x-t 图线；v-t 图线【名师点睛】本题是为速度-时间图象、位移时间图象的应用，关键是弄清物体运动的物理过程，同时要明确斜率的含义，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题。

5、一各宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg 的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s 内的位移是18m ，则（ ） A. 物体在2s 末的速度是20m/s B. 物体在第5s 内的平均速度是3.6m/s C. 物体在第2s 内的位移是20m D. 物体在5s 内的位移是50m 【答案】D 【解析】试题分析：设物体的加速度为g ，则在第5s 内的位移是18m ，则2211185422g g =⨯-⨯，解得g=4m/s 2，物体在2s 末的速度是v=gt=4×2m/s=8m/s ，选项A 错误；物体在第5s 内的平均速度是518/18/1x v m s m s t ===，选项B 错误；物体在第2s 内的位移是2221(21)62x g m m =-=，选项C 错误；物体在5s 内的位移是2515502x g m m =⨯=，选项D 正确；故选D.考点：匀变速直线运动的规律【名师点睛】此题是对匀变速直线运动的规律的考查；关键是先根据物体的运动求解星球上的重力加速度的值，然后根据匀变速直线运的公式求解其它量，此题的选项B 是易错选项，第5s 内指的是1s ，而不是5s 。

6、如图所示，一根不可伸长的轻绳穿过轻滑轮，两端系在高度相等的A 、B 两点，滑轮下挂一物体，不计滑轮的重力及与轻绳之间的摩擦。

保持A 固定不动，让B 缓慢向右移动，则下列说法正确的是（ ）A. 随着B 向右缓慢移动，绳子的张力减小B. 随着B 向右缓慢移动，绳子的张力不变C. 随着B 向右缓慢移动，滑轮受绳AB 的合力变大D. 随着B 向右缓慢移动，滑轮受绳AB 的合力不变 【答案】D考点：力的合成【名师点睛】此题是关于力的合成问题；解决本题的关键抓住两边绳子的拉力是相等的，且两绳子的合力不变，通过夹角的变化判断绳子拉力的变化；此题难度不大，意在考查学生灵活分析问题解决问题的基本能力.7、如图所示，倾角为、质量为M 的斜面体静止在水平桌面上，质量为m 的木块静止在斜面体上，下列结论正确的是（ ）A. 木块受到的摩擦力大小是θcos mgB. 木块对斜面体的压力大小是θsin mgC. 桌面对斜面体的摩擦力大小是θθcos sin mgD. 桌面对斜面体的支持力大小是()g m M + 【答案】D考点：物体的平衡；整体及隔离法.【名师点睛】本题是关于物体的平衡以及整体及隔离法的应用问题；关键灵活地选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解；整体法和隔离法是分析连接体或者叠放体问题的很重要的方法，要做到灵活运用，熟练掌握.8、A、B、C三物块质量分别为M、m、m 0，作如图所示的连接，绳子不可伸长，且绳子和滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计，若B随A一起沿桌面水平匀速运动，即可以断定（）A．物块A与桌面之间有摩擦力，大小为m 0 gB．物块A与B之间有摩擦力，大小为m 0 gC．桌面对A，B对A都有摩擦力，两者方向相同，合力为m 0 gD．桌面对A，B对A都有摩擦力，两者方向相反，合力为m 0 g【答案】A【解析】试题分析：对m进行受力分析可得，m受重力、支持力；因m水平方向不受外力，故m不会受到M对m 的摩擦力，故AB间没有摩擦力；因为B随A一起沿水平桌面作匀速运动，所以m和M受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力，以及竖直向下的重力和竖直向上的支持力，因此M受到地面对其向左的摩擦力等于绳子的拉力，因为拉力等于m0的重力，所以物体A与桌面间的摩擦力等于拉力，即m0g；故A正确；BCD错误．故选A.考点：物体的平衡；整体法及隔离法【名师点睛】此题考查了物体的平衡以及整体法和隔离法的应用问题；要知道整体法与隔离法是受力分析中常用方法之一，应灵活应用；同时要注意受力分析要结合物体的运动状态同时进行分析，此题是常规题目，难度不大.9、如图所示，将两个质量均为m 的小球a 、b 用细线相连悬挂于O 点，用力F 拉小球a ，使整个装置处于平衡状态，且悬线Oa 与竖直方向的夹角为θ＝30°，则F 的大小 （ ）．A ．可能为33mg B ．可能为23mg C ．可能为mg D ．可能为2mg 【答案】CD考点：物体的平衡；平行四边形法则【名师点睛】本题考查了物体的平衡以及平行四边形法则的应用问题，本题是隐含的临界问题，运用平行四边形法则画出三个力的关系图，用图解法确定出F 的范围，再进行选择；图解法解题快捷方便，应该熟练掌握.10、在一张大桌子上放两个平面镜M和N，让一束光依次被两面镜子反射，最后射到墙上，形成一个光点P。

用力压桌面，观察墙上光点位置的变化，下列说法中正确的是（）A．F增大，P上移；B．F减小，P下移；C．F增大，P下移；D．F减小，P上移；【答案】CD考点：放大法【名师点睛】此题考查放大法研究物体问题；解答此题的关键是学生要明确“用力F下压，M、N将向中间倾斜，光束的入射角减小，光束的位置相对降低”这也是此题的难点。

11、一条东西方向的平直公路边上有两块路牌A、B，A在西，B在东，一辆匀速行驶的汽车自东向西经过路牌B时，一只小鸟恰自A路牌向B匀速飞去，小鸟飞到汽车正上方立即折返，以原速率飞回A，过一段时间后，汽车也行驶到A．以向东为正方向，它们的位移一时间图象如图所示，图中t2=2t1，由图可知（）A．小鸟的速率是汽车速率的2倍B．相遇时小鸟与汽车位移的大小之比是3：1C．小鸟飞行的总路程是汽车的1.5倍D．小鸟和汽车在0～t2时间内位移相等【答案】BC【解析】考点：匀变速直线运动的规律【名师点睛】此题是用运动学公式解决实际问题的题目；解题时能否通过画过程草图，找出两个物体的位移关系、时间关系和速度关系是解决相遇问题的突破口．这一点一定要慢慢领会和使用；此题难度中等；考查学生灵活运用知识的能力.12、如图所示，光滑斜面AE 被分成四个相等的部分，一物体由A 点从静止释放，下列结论中正确的是A.物体到达各点的速率2:3:2:1:::=E D C B v v v vB.物体到达各点所经历的时间D E B E t t t t 3222=== C.物体从A 到E 的平均速度B v v =D.物体通过每一部分时，其速度增量D E C D B C A B v v v v v v v v -=-=-=- 【答案】ABC 【解析】试题分析：根据运动学公式v 2-v 02=2ax ，物体由A 点从静止释放，有：v 2=2ax所以物体到达各点的速率之比2:3:2:1:::=E D C B v v v v ，故A 正确．根据运动学公式x=v 0t+12at 2得t ，物体到达各点经历的时间比为：t B ：t C ：t D ：t E = 2，即D E B E t t t t 3222===．故B 正确．由于v E =2v B ，物体从A 到E 的平均速度为：02EB v v v +=＝，故C 正确．2:3:2:1:::=E D C B v v v v ，物体通过每一部分时其速度增量不等，故D 错误．故选ABC.考点：匀变速直线运动的规律【名师点睛】本题考查了匀变速直线运动的规律的灵活运用，对运动学公式要求较高，要求学生对所有的运动学公式不仅要熟悉而且要熟练，要灵活，基本方法就是平时多练并且尽可能尝试一题多解。

二、实验题13、如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．（1）为完成实验，还需要的实验器材有：______．（2）实验中需要测量的物理量有：。

（3）图乙是弹簧所受弹力F与弹簧伸长量x的F--x图线，由此可求出弹簧的劲度系数为______N/m．图线不过原点的原因是由于______．（4）为完成该实验，设计的实验步骤如下：A.以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组（x，F）对应的点，并用平滑的曲线连接起来；B.记下弹簧不挂钩码进其下端在刻度尺上的刻度l0；C.将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；D.依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个......钩码，并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码；E.以弹簧伸长量为自变量，写出弹力与弹簧伸长量的关系式，首先尝试写成一次函数，如果不行，则考虑二次函数；F.解释函数表达式中常数的物理意义；请将以上步骤按操作的先后顺序排列出来：。

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山西省太原市第五中学高一物理上学期12月月质量检测考试试题卷

山西省太原市第五中学高一物理上学期12月月质量检测考试试题卷

山西省太原市第五中学高一物理上学期12月月质量检测考试试题卷 一、选择题1．有一列正在操场直线跑道上跑步的学生，队列长度为L ，速度大小为0v 。

处在队列尾部的体育委员为了到达队列排头传达指令，他先做匀加速直线运动再做匀减速直线运动，且加速度大小相等均为a ，达到排头时他与队列速度恰好又相等，则他运动过程中的最大速度为（ ）A ．0v aL +B ．aLC ．0v aL -D ．02v aL + 2．从同一高度以不同的速度水平抛出两个质量不同的石子，不计空气阻力，下列说法正确的是( )A ．初速度大的先落地B ．两个石子同时落地C ．质量大的先落地D ．无法判断3．两个大小相等的共点力F 1、F 2，当它们间的夹角为90°时合力大小为20N ；则当它们间夹角为120°时，合力的大小为（ ）A ．40 NB ．102NC ．202ND ．10N 4．关于曲线运动，下列叙述中正确的是A ．物体做曲线运动时所受的合外力一定是变力B ．变速运动一定是曲线运动C ．当物体所受合外力的方向与物体速度方向不在同一直线上时，物体一定做曲线运动D ．当物体做曲线运动时，物体所受的合外力方向与物体加速度方向不在同一直线上5．如图所示，在前进的车厢的竖直后壁上放一个物体，物体与壁间的动摩擦因数μ，要使物体不致下滑，车厢前进的加速度至少应为（重力加速度为g ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力）A ．μgB ．gμ C ．gμ D ．g 6．如图是力学中的两个实验装置，其中包含相同物理思想方法是（ ）A．极限的思想方法B．放大的思想方法C．控制变量的方法D．猜想的思想方法7．关于速度、速度的变化、加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．速度变化越大，加速度就一定越大B．速度为零，加速度一定为零C．速度很小，加速度可能很大D．速度变化越慢，加速度可能越大8．某物体运动的v﹣t图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．匀变速直线运动C．朝某一方向直线运动D．不能确定物体运动情况9．如图所示，物块A、B叠放在粗糙的水平桌面上，水平外力F作用在B上，使A、B一起沿水平桌面向右加速运动．设A、B之间的摩擦力大小为f1，B与水平桌面间的摩擦力大小为f2，保持A、B相对静止，逐渐增大F，则 ( )A．f1不变、f2变大B．f1变大、f2不变C．f1和f2都不变D．f1和f2都变大10．某同学想推动家里的衣橱，但使出了很大的力气也推不动，他回忆起物理课堂上学习的“力的分解”知识，便想了个妙招．如图所示，用A、B两块木板，搭成一个底角较小的人字形架，然后往中央一站，衣橱被推动了．下列说法中正确的是()A．这不可能，因为该同学根本没有用力去推衣橱B．这不可能，因为无论如何该同学的力气也没那么大C．这不可能，A板对衣橱的推力不可能大于该同学的重力D．这有可能，A板对衣橱的推力可以足够大11．下列物理量中，属于矢量的有（）A．路程B．时间C．加速度D．质量12．一汽车以36km/h的速度在水平路面上匀速行驶，驾驶员发现正前方斑马线上有行人后立即刹车使汽车做匀减速运动。

太原市第五中学2015-2016学年高一下学期期末考试物理试题 含答案

太原市第五中学2015-2016学年高一下学期期末考试物理试题 含答案

太原五中2015-2016学年度第二学期期末高一物理一、选择题：（本题包含12小题,其中1-6小题为单选,每小题3分; 7—12小题为多选,每小题4分，共42分）1.以下说法正确的是（)A．绕地球沿圆轨道飞行的航天器中悬浮的液滴处于平衡状态B．洗衣机脱水时利用离心运动把附着在衣物上的水份甩掉C．匀速直线运动因为受合力等于零，所以机械能一定守恒D．合力对物体做功为零时，机械能一定守恒2．有A、B两小球，B的质量为A的两倍。

现将它们以相同速度抛出,不计空气阻力。

图中①为A的运动轨迹，则B的运动轨迹是（)A ．① B．② C ．③ D．④3．如图所示，物体A、B通过细绳及轻质弹簧连接在轻滑轮两侧,物体A、B的质量都为m.开始时细绳伸直,用手托着物体A使弹簧处于原长且A与地面的距离为h，物体B静止在地面上．放手后物体A下落，与地面即将接触时速度大小为v,此时物体B对地面恰好无压力，则下列说法中正确的是( )A．此时弹簧的弹性势能等于mgh＋错误!mv2B．弹簧的劲度系数为错误!C．此时物体B的速度大小也为vD ．此时物体A 的加速度大小为g ，方向竖直向上4．如图所示，一个质量为ｍ的物体（可视为质点)以某一速度从Ａ点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为0.6g ，该物体在斜面上上升的最大高度为ｈ，则在这个过程中物体的 （ ）（g=10m/s 2)A ．整个过程中物体机械能守恒B ．重力势能增加了0。

5mghC ．动能损失了1.1mghD ．机械能损失了0.2mgh 5．某颗行星的同步卫星正下方的行星表面上有一观察者，他用天文望远镜观察被太阳光照射的此卫星，发现日落的2T 时间内有6T 的时间看不见此卫星。

（已知该行星自转周期为T ，该行星半径为R 不考虑大气对光的折射，）则该同步卫星距该星球的高度是（ ）A ．RB ．2RC ．5.6RD ．6.6R6．如图所示,水平地面上有一个坑，其竖直截面为半圆，O 为圆心，AB 为沿水平方向的直径．若在A 点以初速度v 1沿AB 方向平抛一小球，小球将击中坑壁上的最低点D点；若A点小球抛出的同时，在C点以初速度v2沿水平向左方向平抛另一相同质量的小球并也能击中D点．已知∠COD=60°，且不计空气阻力,则（）A．两小球同时落到D点B．两小球在此过程中动能的增加量相等C．在击中D点前瞬间,重力对两小球做功的瞬时功率之比为2:1 D．两小球初速度之比v1：v2=：37．一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用．此后，可能( ）A．物体单位时间内速率的变化量总是不变B．加速度方向不变C．速度一定改变D．物体动能先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小8．某人造卫星运动的轨道可近似看作是以地心为中心的圆．由于阻力作用，人造卫星到地心的距离从r1慢慢变到r2,卫星的线速度增大到原来的2倍（卫星质量不变），则( )A．卫星的动能变为原来的4倍B．卫星的向心加速度增大到原来的4倍C．卫星的机械能保持不变D．卫星的重力势能逐渐减小9. 如图所示，倾角为θ的足够长倾斜传送带沿逆时针方向以恒定速率运行,一个小物块无初速度的放在传送带上端，传送带与物块间动摩擦因数tan μθ<，取传送带底端为零势能面,下列描述小物块速度v ,重力势能p E ，动能k E 和机械能E 四个物理量随物块沿传送带运动距离x 的变化趋势中正确的有 （ ）A B C D 10。

山西省太原五中高二物理上学期12月月考试卷(含解析)

山西省太原五中高二物理上学期12月月考试卷(含解析)

山西省太原五中2015～2016学年度2015～2016学年度高二上学期月考物理试卷（12月份）一、不定项选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分．请将正确选项填写到答题卡的相应位置）1．实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）A．B．C．D．2．有甲、乙两导体，甲的横截面是乙的2倍，而单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体的电流相同B．乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等3．有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I．设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△t C． D．4．下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用5．如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P26．伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则正确的是（）A．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点7．如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为，则滑动触头应在（）A．R0的中点处B．R0的中点偏上处C．R0的中点偏下处D．无论调到什么位置均不能满足要求8．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R．把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A． B．C．100R D．10000R9．一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为（）A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J10．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小11．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，则下列关系正确的是（）A．r1=r2＜r3B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E312．将一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（）A．36W B．44W C．50W D．63W二、实验题（本题共2个小题，13题4分，14题8分，共12分）13．图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的（填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为mm．14．解答关于“测定某电阻丝的电阻率”实验的有关问题：（1）实验中，用螺旋测微器测量一种电阻值很大的电阻丝直径，刻度位置如图1所示，则电阻丝的直径是mm．（2）用电流表和电压表精确测定此电阻丝的阻值（约为几十kΩ），提供下列可选用的器材：电压表V（量程3V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程200μA，内阻约200Ω）电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值50Ω）电源E（电源电压为4V）及开关S、导线若干a．在所提供的电流表中应选用（填器材符号）；b．在虚线框图2中画出测电阻的实验电路；（3）分别用L、d、R X表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ= ．三、计算题（本题共4个小题，共40分）15．把一个滑动变阻器与电流表串联后再与电压表并联（电表认为理想），然后接于一个电池的两极上．当变阻器的滑动头在某一位置时，电流表的读数是0.3A，电压表的读数是2.9V；当滑动头移到另一位置时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2.7V．试求该自制电池的电动势和内阻．16．有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是多少？17．如图所示电路，A、B两点间接上一电动势为4V、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为20μF，电流表内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．18．如图（甲）所示，A、B是在真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d=15cm．今在A、B两极板上加如图（乙）所示的交变电压，交变电压的周期T=1.0×10﹣6s；t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V．一个荷质比=1.0×108 C/kg的带负电的粒子在t=0 时从B板附近由静止开始运动，不计重力．问：（1）当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达最大值？最大速度为多大？（2）粒子运动过程中将与某一极板相碰撞，求粒子撞击极板时的速度大小．山西省太原五中2015～2016学年度2015～2016学年度高二上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、不定项选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分．请将正确选项填写到答题卡的相应位置）1．实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）A．B．C．D．【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】标准电阻的电阻值不随温度的变化而变化，故其U﹣I图象是通过坐标原点的直线．【解答】解：标准电阻的电阻值不随温度的变化而变化，通常用合金材料制成；根据欧姆定律公式I=，当R一定时，电流I与电压U成正比，故I﹣U图象是直线；故选：A．【点评】本题关键明确标准电阻是指电阻值不随温度变化而变化，然后根据欧姆定律分析，基础题．2．有甲、乙两导体，甲的横截面是乙的2倍，而单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体的电流相同B．乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】电流就表示单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少，根据电流的微观表达式I=nqvs，分析定向移动速率的关系．【解答】解：A、单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，所以乙的电流是甲电流的两倍，故A错误，B正确；C、根据电流的微观表达式I=nqvs可知，v=，则导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的4倍，故CD错误．故选：B【点评】知道单位时间内通过横截面的电荷量表示电流，电流的微观表达式I=nqvs，反映出电流I是联系宏观与微观的桥梁．3．有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I．设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△t C． D．【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电子定向移动的速度和时间，求出自由电荷△t时间内移动的距离，再求出体积，即可求解通过导体横截面的自由电子数目；也可以根据电量公式q=It，求出电量，也求解电子数目．【解答】解：在△t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中经过的长度为v△t，由于铜导线的横截面积为S，则在△t时间内，电子经过的导线对应体积为v△tS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，在△t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvS△t．由于流经导线的电流为I，则在△t时间内，流经导线的电荷量为I△t，而电子的电荷量为e，则△t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为 N=．故AC正确，BD错误；故选：AC【点评】本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．4．下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压；电源的电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别；电动势的定义式E=；电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，电动势越大，这种转化本领越大．【解答】解：A、电源的电动势等于电源没有接入电源没有接入电路时两极间的电压；故A 正确；B、电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，根据电动势的定义式E=可知，非静电力把单位正电荷由负极移到正极，电源把其他形式的能转化为电能越多，电动势就越大．故BC正确；D、电源的内阻也会对其他电阻一样都对电流起阻碍作用；故D正确；故选：ABCD．【点评】解决本题要准确掌握电动势的物理意义、与路端电压之间的关系和定义式，电动势的定义式E=中W是非静电力做功，q是所移送的正电荷．5．如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P2【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】伏安特性曲线的斜率等于电阻的倒数．当两个电阻并联后总电阻R比任何一个电阻都要小，R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出电流关系，再研究功率关系．【解答】解：把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻R比R1和R2都小，则R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率，则R的伏安特性曲线应该Ⅰ区．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出流过电阻R1的电流较大，则功率P1＞P2．故选C【点评】本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小．其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等．6．伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则正确的是（）A．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】本题的关键是对欧姆定律和串并联规律的理解和应用，当电流表采用外接法即P接在a处时，造成误差的原因是电压表的分流作用，所以当电压表内阻越大时，电压表的分流作用越小，电流表示数变化越不明显，所以若电流表读数变化不明显时，电流表应采用外接法．同理，若电压表读数变化不明显，说明电流表分压作用较小，即电流表内阻较小，应采用内接法．【解答】解：A、如果电压表读数变化不明显而电流表变化明显；则说明电流表的分压作用较小，即电流表内阻较小，由于电流表内阻越小时，电流表采用内接法时误差较小，所以P 应接在b处．故A错误，B正确；C、根据欧姆定律和串并联规律可知，若电流表示数没有显著变化；而电压表变化明显；则说明电压表的分流作用较小，即电压表的内阻很大，由于电压表内阻越大时采用电流表外接法误差较小，所以电流表应采用外接法，即P应接在a处；故C正确，D错误；故选：BC．【点评】应明确电流表采用外接法和内接法的条件和选择方法：（1）当满足时，电流表应用外接法；当满足时，电流表应用内接法．（2）采用试触法进行分析．7．如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为，则滑动触头应在（）A．R0的中点处B．R0的中点偏上处C．R0的中点偏下处D．无论调到什么位置均不能满足要求【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】据串联电路电压与电阻成正比的规律，以及并联电路的特点，分析滑动变阻器的滑片P的位置．【解答】解：要使R获得的电压，根据串联电路电压与电阻成正比的规律，可知变阻器滑片上部分的电阻与下部分和R0并联的总电阻相等，根据并联总电阻比任何一个支路的电阻都小的规律可知，变阻器滑片上部分的电阻小于下部分的电阻，所以滑片P应移到R0的中点偏上．故ACD错误，B正确．故选：B【点评】解决本题关键根据串、并联电路的特点，理解分压器的原理．要知道并联总电阻比任何一个支路的电阻都小的规律，并灵活运用．8．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R．把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A． B．C．100R D．10000R【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据数学知识确定直径与横截面积的关系，根据体积不变，分析长度的关系，由电阻定律分析电阻的变化情况．【解答】解：镍铬丝的横截面的直径为d，横截面积为S1=，由数学知识得知，直径变化后横截面积是S2=，由于镍铬丝的体积不变，由长度变为原来的100倍，根据电阻定律R=得到，电阻是原来的10000倍，即为10000R．故选：D【点评】本题要综合考虑电阻随导体横截面积和长度的变化，注意体积不变，故面积变化时，长度也要变化．9．一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为（）A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）已知电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，根据W=UQ变形可求出电压；当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，当时间相同，由电荷时的关系可知电流关系，因为电阻不变，根据U=IR，由电流关系可知电压关系，即可求出电阻丝两端所加电压U；（2）已知通过电阻丝的电量是4C，电阻丝两端所加电压U已求出，根据W=UQ可求出电阻丝在这段时间内消耗的电能W．【解答】解：因为电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，所以此时电压为：U′===4V，当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，I=2I′，根据U=IR可知，电阻不变，此时电阻丝两端电压：U=2U′=8V，电阻丝在这段时间内消耗的电能：W=UQ=8V×4C=32J．故选：D．【点评】本题考查了电量和电功的计算及欧姆定律的应用．本题由于不知道时间不能求出电流，只能根据相关公式找出相关关系来求解．10．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当可变电阻的滑片向a移动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析总电流I总的变化和路端电压的变化，进一步分析电阻R1的电流I1的变化．由I2=I总﹣I1来分析I2的变化．【解答】解：当可变电阻的滑片向a移动晨，变阻器有效电阻减小，使该支路的电阻减小，从而引起整个电路的总电阻R外减小，据闭合电路欧姆定律可知，电路的总电流I总增大，电路的外电压U外=E﹣I总r减小，即R1两端的电压U1=U外减小，通过R1的电流I1减小．又因I 总增大，I1减小，通过R2的电流I2=I总﹣I1增大．故选：C【点评】本题是电路中动态变化分析问题，难点是分析I2的变化，根据I2=I总﹣I1分析，这种方法常常被称为总量法．11．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，则下列关系正确的是（）A．r1=r2＜r3B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E3【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电源的路端电压等于电动势减去内电压，即U=E﹣Ir，即路端电压与电流为线性关系，可知：图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，由数学知识可知，图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．对照图象知，E1＞E2=E3，r1=r2＜r3，故AC正确．故选：AC．【点评】本题关键要明确电源的路端电压与电流的关系，然后根据关系公式得到U﹣I图象，要明确图象的纵轴截距、横轴截距、斜率的物理意义．12．将一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（）A．36W B．44W C．50W D．63W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据小灯泡刚好正常发光，求解出电流；根据闭合电路欧姆定律求解出电动机两端的电压，然后根据P出=UI﹣I2r求解电动机的输出功率．【解答】解：小灯泡刚好正常发光，故电流为：I=；根据闭合电路欧姆定律，电动机两端的电压：U=E﹣IR﹣U L=30﹣2×1﹣6=22V；故电动机输出的功率为：P出=UI﹣I2r=22×2﹣22×2=36W；故选A．【点评】本题关键明确含电机电路是非纯电阻电路，小灯泡是纯电阻，根据小灯泡正常发光求电流，根据闭合电路欧姆定律求解电机电压，根据能量守恒定律求解电机的输出功率，不难．二、实验题（本题共2个小题，13题4分，14题8分，共12分）13．图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的 A （填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为11.30 mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【专题】实验题．【分析】游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读．【解答】解：游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．即A部分．游标卡尺测内径时，主尺读数为11mm，游标读数为0.05×6=0.30mm，最后读数为11.30mm．故答案为：A，11.30【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法．注意游标卡尺的精确度．14．解答关于“测定某电阻丝的电阻率”实验的有关问题：（1）实验中，用螺旋测微器测量一种电阻值很大的电阻丝直径，刻度位置如图1所示，则电阻丝的直径是0.642 mm．（2）用电流表和电压表精确测定此电阻丝的阻值（约为几十kΩ），提供下列可选用的器材：电压表V（量程3V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程200μA，内阻约200Ω）电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值50Ω）电源E（电源电压为4V）及开关S、导线若干a．在所提供的电流表中应选用A1（填器材符号）；b．在虚线框图2中画出测电阻的实验电路；（3）分别用L、d、R X表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ= ．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）螺旋测微器的读数由固定刻度与可动刻度读数之和，需要估读到0.001mm；（2）a、根据欧姆定律估算电路中电流的最大值，即可选择电流表．b、根据伏安法测电阻原理作出实验电路图．（3）根据电阻定律和截面积公式结合，求得电阻率表达式．【解答】解：（1）固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01mm×14.2=0.142mm，则电阻丝的直径 d=0.5mm+0.142mm=0.642mm（2）a、电=路中最大电流约为I==≈3×10﹣4A=300μA，故电流表应选A1；b、待测电阻阻值约为几十kΩ，滑动变阻器最大阻值为50Ω，故滑动变阻器应采用分压接法．电流表内阻为200Ω，电压表内阻为50kΩ，相对来说，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，实验电路图如图所示．（3）根据电阻定律得：R x=ρ，又 S=联立可得：故答案为：（1）0.641﹣0.643（2）a、A1b、变阻器分压接法，电流表内接（图略）（3）【点评】此题要掌握螺旋测微器的读数方法：固定刻度与可动刻度读数之和，要注意螺旋测微器需要估读．根据“大内小外”选择电流表的接法，根据变阻器总电阻与待测电阻的大小选择变阻器的接法．三、计算题（本题共4个小题，共40分）15．把一个滑动变阻器与电流表串联后再与电压表并联（电表认为理想），然后接于一个电池的两极上．当变阻器的滑动头在某一位置时，电流表的读数是0.3A，电压表的读数是2.9V；当滑动头移到另一位置时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2.7V．试求该自制电池的电动势和内阻．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】计算题；定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】画出电路图．已知电路中的电流和路端电压，对两种情况由闭合电路欧姆定律列出两个表达式，联立即可求解．【解答】解：画出电路图如图所示．由闭合电路欧姆定律E=U+Ir得：E=2.9+0.3 rE=2.7+0.4 r解得：E=3.5V，r=2Ω．答：电池的电动势为3.5V，内阻为2Ω．【点评】本题是伏安法测量电动势和内阻的实验，对两种情况根据闭合电路欧姆定律列出两个方程，来求解电动势和内阻，这是常用的思路．16．有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是多少？【考点】电功、电功率．【专题】计算题；定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】由E=可求得电池的电动势；由W=UIt可求得非静电力做的功．【解答】解：（1）电池的电动势E==3V；（2）t=10min=600s非静电力做的功等于这段时间灯泡消耗的电能W=EIt=3V×0.2A×600s=360J；答：有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是3V；给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是360J．【点评】本题考查电源的电动势，要注意明确电动势的计算及非静电做功的求解方法，注意单位的换算．17．如图所示电路，A、B两点间接上一电动势为4V、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为20μF，电流表内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【专题】计算题；定量思想；等效替代法；恒定电流专题．【分析】（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律求出流过R3的电流，即电流表的读数．（2）电容器的电压等于R3两端的电压，求出电压，再求解电容器的电量．（3）断开电键S后，电容器通过R1、R2放电，R1、R2相当并联后与R3串联．再求解通过R2的电量．【解答】解：（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律得：电流表的读数 I===0.8A（2）电容器所带的电量 Q=CU3=CIR3=20×10﹣6×0.8×4C=6.4×10﹣5C；（3）断开电键S后，电容器相当于电源，外电路是R1、R2相当并联后与R3串联．由于各个电阻都相等，则通过R2的电量为Q′=Q=3.2×10﹣5C答：（1）电流表的读数为0.8A；（2）电容器所带的电荷量为6.4×10﹣5C；（3）断开电键S后，通过R2的电量为3.2×10﹣5C．【点评】本题解题时要注意电流表的内阻不计时，也称为理想电流表，相当于可测量电流的导线，可将并联电路短路．18．如图（甲）所示，A、B是在真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d=15cm．今在A、B两极板上加如图（乙）所示的交变电压，交变电压的周期T=1.0×10﹣6s；t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V．一个荷质比=1.0×108 C/kg的带负电的粒子在t=0 时从B板附近由静止开始运动，不计重力．问：（1）当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达最大值？最大速度为多大？（2）粒子运动过程中将与某一极板相碰撞，求粒子撞击极板时的速度大小．。

【全国百强校】山西省太原市第五中学2015-2016学年高二12月月考物理试题解析(解析版)

【全国百强校】山西省太原市第五中学2015-2016学年高二12月月考物理试题解析(解析版)

一、选择题1、实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）【答案】A【解析】试题分析：根据欧姆定律可知UIR=，故当R不变时，I-U关系图线是进过原点的直线，故选项A正确。

考点：欧姆定律；电阻的伏安特性曲线.【名师点睛】此题考查了欧姆定律以及电阻的伏安特性曲线；关键是知道U-I的函数关系，知道电阻不变时，U和I成线性关系；而当电阻随电流变化时，则U-I图线则是一条曲线；此题是基础题，考查学生对基础知识的掌握..2.有甲、乙两导体，甲的横截面积是乙的两倍，而乙在单位时间内通过导体截面的电荷量是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A.甲、乙两导体的电流相同B.乙导体的电流是甲导体的2倍C.乙导体中自由电荷定向移动的速度是甲导体的2倍D.甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等【答案】B考点：电流强度【名师点睛】此题是对电流强度的考查；要知道电流强度的定义式为QIt=，电流的微观表达式为：I=nqsv，同时要理解式子中各个物理量的意义；此题是基础题，就是考查学生基本公式的应用能力.3、有一横截面积为S 的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I 。

设每单位体积的导线中有n 个自由电子，电子电量为e ，此时电子定向移动的速度为v ，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（ ）A ．nvS △tB ．nv △tC ． e t I ∆D ．Set I ∆ 【答案】AC考点：电流强度；电流【名师点睛】此题考查了电流及电流强度的公式的应用；关键是理解题目中各个物理量的含义，联系电流强度的公式求解电量q=It ；此题难度不大，考查学生基本公式的理解及运用的能力. 4.下列关于电源电动势的说法正确的是（ ） A. 电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B. 电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C. 电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D. 电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用 【答案】ACD 【解析】试题分析：电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，也就是外电路断路时的路端电压值，选项A 正确；电源内，电源在单位时间内把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大，选项B 错误；电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量，选项C 正确；电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用，选项D 正确；故选ACD. 考点：电动势【名师点睛】此题考查了学生对电动势的理解；要知道电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量，数值上等于电源把1C 的正电荷从电源的负极移到正极非静电力所做的功的大小；宏观上等于外电路断开时的路端电压的值.5、如图所示是电阻R1和R2的伏特性曲线，并且把第一象限分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域，现把R1和R2并联在电路中，R1、R2消耗的电功率分别为P1和P2，并联的总电阻设为R，下列关于P1和P2的大小关系及R 的伏安特性曲线所在的区域正确的是（）A．伏安特性曲线在Ⅰ域，P1＜P2 B．伏安特性曲线在Ⅲ域，P1＜P2C．伏安特性曲线在Ⅰ域，P1＞P2D．伏安特性曲线在Ⅲ域，P1＞P2【答案】C考点：U-I图线；并联电路的特点；电功率【名师点睛】此题是对电阻的U-I图线、并联电路的特点以及电功率等知识点的考查；解题的关键是知道I-U图线的斜率的物理意义，并联电阻的总电阻小于电阻值较小的电阻值；并联电路中的电压是相等的关系；此题是基础题.6、在伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则下面的说法正确的是（）A.两次比较，若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B.两次比较，若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C.两次比较，若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D.两次比较，若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点【答案】BC考点：伏安法测电阻【名师点睛】本题考查了伏安法测电阻的实验；题目所说的方法称为实验试探法（或者叫“试触法”），在不知道电压表、电流表和被测电阻的大约阻值时，常常采用这种方法，通过比较两电表读数的变化情况来确定测量电路.7、如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为U/2，则滑动触头应在（）A.R0的中点处B. R0的中点偏上处C.R0的中点偏下处D. 无论调到什么位置均不能满足要求【答案】B【解析】试题分析：使定值电阻R两端的电压为U/2，则要求滑动变阻器的滑片下部分与电阻R并联后的阻值等于滑动变阻器上部分的阻值，根据电阻的并联关系可知，滑动触头应在R0的中点偏上处，故选B。

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