四川省新津中学2016_2017学年高一物理10月月考试题(无答案)

四川省新津县2016-2017学年高一物理3月月考试题（无答案）一、单项选择题（每题3分，共24分）1、下列叙述中，正确的是( )A．做曲线运动的物体，其加速度一定是变化的B．做曲线运动的物体，所受合力方向与加速度方向不同C．物体所受合力方向与运动方向相同，该物体一定做直线运动D．物体运动的速率在增加，所受合力方向一定与运动方向相同2、如图所示为质点做匀变速曲线运动轨迹的示意图，且质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则质点从A点运动到E点的过程中，下列说法中正确的是( )A．质点经过C点的速率比D点的大B．质点经过A点时的加速度方向与速度方向的夹角小于90°C．质点经过D点时的加速度比B点的大D．质点从B到E的过程中加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小3、关于运动的合成，下列说法中正确的是( )A．合运动的速度一定比每一个分运动的速度大B．两个分运动的时间一定与它们合运动的时间相等C．只要两个分运动是直线运动，合运动一定是直线运动D．两个匀变速直线运动的合运动一定是匀变速直线运动4、人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是( )A．v0sinθ B.v0sinθC．v0cosθ D.v0cosθ5、质点从同一高度水平抛出，不计空气阻力，下列说法正确的是( )A．质量越大，水平位移越大B．初速度越大，落地时竖直方向速度越大C．初速度越大，空中运动时间越长D．初速度越大，落地速度越大6、一个人水平抛出一小球，球离手时的初速度为v0，落地时的速度是v t，空气阻力忽略不计，下列哪个图像正确表示了速度矢量变化的过程( )7、关于圆周运动的说法，正确的是( )A ．匀速圆周运动的速度大小保持不变，所以做匀速圆周运动的物体没有加速度B ．做匀速圆周运动的物体，加速度的大小保持不变，所以是匀变速曲线运动C ．只有做变速圆周运动的物体，速度、加速度的大小都变，才是变加速曲线运动D ．做变速圆周运动的物体，在某些特殊位置，合力方向指向圆心8、如图4所示，两个啮合齿轮，小齿轮半径为10 cm ，大齿轮半径为20 cm ，大齿轮中C 点离圆心O 2的距离为10 cm ，A 、B 分别为两个齿轮边缘上的点，则A 、B 、C 三点的( )A ．线速度之比为1∶1∶1B ．角速度之比为1∶1∶1C ．向心加速度之比为4∶2∶1D ．转动周期之比为2∶1∶1二、 不定项选择题（每题4分，共16分）9、把一小球从高为h 处水平抛出，落地时速度与水平面间的夹角为45°，不计空气阻力，下列判断正确的是( )A ．小球的运动时间为t ＝ 2h gB ．小球的水平位移x ＝hC ．小球的位移与水平面夹角的正切为12D ．小球的位移与水平面夹角为22.5°10、如图所示，从倾角为θ的斜面上的某点先后将同一小球以不同初速度水平抛出，小球均落到斜面上．当抛出的速度为v 1时，小球到达斜面时的速度方向与斜面的夹角为α1，当抛出的速度为v 2时，小球到达斜面时的速度方向与斜面的夹角为α2，则( )A ．当v 1＞v 2时，α1＞α2B ．当v 1＞v 2时，α1＜α2C ．无论v 1、v 2大小如何，均有α1＝α2D ．2tan θ＝t an(α1＋θ)11、如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球．给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了一个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为θ.下列说法中正确的是( )A．小球受重力、绳的拉力和向心力作用B．小球做圆周运动的半径为LC．θ越大，小球运动的速度越大D．θ越大，小球运动的周期越小12、如图所示，一个内壁光滑的圆锥的轴线垂直于水平面，圆锥固定不动，两个质量相同的球A、B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则( )A．球A的线速度必大于球B的线速度B．球A的角速度必小于球B的角速度C．球A的运动周期必小于球B的运动周期D．球A对内壁的压力必大于球B对内壁的压力三、实验题（6分+12分=18分）13、用如图9所示的装置可以探究做匀速圆周运动的物体需要的向心力的大小与哪些因素有关。

新津中学高一物理10月份月考试题（含答案）退学一个月就会末尾停止月考了，下面是一份新津中学高一物理10月份月考试题，请大家练习。

第一卷 (选择题，共40分)一、单项选择题(每题3分，共24分)1.关于以下如下图的照片中的物体或人，在运动进程中的一些说法正确()A.甲图是一列8:00~10.25从成都开往重庆的高速动车，8:00是指车的运动时间B.乙图是绕月亮运动的嫦娥二号卫星，它在运动一周的进程中，其平均速度为零C.丙图是在女子单杠竞赛运动到最高点的体操运发动，此瞬间运发动的速度和减速度都为零D.丁图是扮演精彩的芭蕾舞演员，研讨其跳舞姿态调整时可以把他们看做质点2.关于位移和路程的以下说法中，正确的选项是( )A.几个运植物体经过的路程不等时，它们的位移能够相反B.几个运植物体有相反位移时，它们经过的路程也一定相反C.物体沿直线向某一方向运动，经过的路程就是位移D.物体经过的路程不等于零，其位移也一定不等于零3. 短跑运发动在100m竞赛中，以8m/s的速度迅速从终点冲出，到50m处的速度是9m/s，10s末抵达终点的速度是10.2m/s，那么运发动在全程中的平均速度是( )A.9 m/sB.10.2 m/sC.10 m/sD.9.1 m/s4.以下关于速度和减速度的说法中，正确的选项是( )A.物体的速度越大，减速度也越大B.物体的速度为零时，减速度也为零C.物体的速度变化量越大，减速度越大D.物体的速度变化越快，减速度越大5.做匀减速直线运动的物体的减速度为3m/s2，关于恣意一秒来说，以下说法不正确的选项是()A.在这一秒末的速度比这一秒初的速度总是大3m/sB.某1 s末的速度比该1 s初的速度总是大3倍C.某1 s末的速度比前1 s末的速度大3 m/sD.某1 s末的速度比前1 s初的速度大6 m/s6.长为L的润滑斜面，物体从斜面顶端由运动末尾以恒定的减速度下滑，物体滑至底端所用的时间是t，当物体下滑t/3时，它距斜面底端的距离是( )A. B. C. D.7.公共汽车从车站匀减速启动后，司机发现尚有乘客未上车，急忙中止刹车.汽车从启动到中止整个进程历时5s，车共行进10m.由此可知汽车在此进程中的最大速度为( )A.2m/sB.4m/sC.5m/sD.10m/s8.一物体作匀减速直线运动，从计时起，第1s内位移为1m,第2s内位移为2m,,第ns内位移为n m,那么( )A.物体的初速度为零B.物体的减速度大小为1m/s2C.物体在2s末的速度为2 m/sD.物体在前5s的位移为5m二、不定项选择题(每题4分，共16分。

四川省成都市新津中学2014-2015学年高一上学期月考物理试卷（10月份）一、单项选择题（每小题3分，共24分）1．（3分）关于下列如图所示的照片中的物体或人，在运动过程中的一些说法正确（）A．甲图是一列8：00～10.25从成都开往重庆的高速动车，8：00是指动车的运动时间B．乙图是绕月球运动的“嫦娥二号”卫星，它在运动一周的过程中，其平均速度为零C．丙图是在男子单杠比赛运动到最高点的体操运动员，此瞬间运动员的速度和加速度均为零D．丁图是表演精彩的芭蕾舞演员，研究其跳舞姿态调整时可以把他们看做质点2．（3分）关于位移和路程，下列说法正确的是（）A．几个物体通过的路程不等，但它们的位移可能相同B．几个物体有相同的位移时，它们的路程也一定相同C．物体沿某一直线向某一方向运动，通过的路程就是位移D．物体通过的路程不等于零，其位移也一定不等于零3．（3分）短跑运动员在100m比赛中，以8m/s的速度迅速从起点冲出，到50m处的速度是9m/s，10秒末到达终点的速度是10.2m/s．则运动员在全程中的平均速度是（）A．9m/s B．9.8m/s C．10m/s D．9.1m/s4．（3分）下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度为零时，加速度也为零C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大5．（3分）做匀加速直线运动的物体的加速度为3m/s2，对于任意一秒来说，下列说法不正确的是（）A．在这一秒末的速度比这一秒初的速度总是大3m/sB．某1s末的速度比该1s初的速度总是大3倍C．某1s末的速度比前1s末的速度大3m/sD．某1s末的速度比前1s初的速度大6m/s6．（3分）已知长为L的光滑斜面，物体从斜面顶端由静止开始以恒定的加速度下滑，物体滑至底端所用的时间是t，当物体下滑时，它距斜面底端的距离是（）A．B．C．D．7．（3分）公共汽车从车站匀加速起动，一段时间后，司机发现还有乘客未上车，立即刹车并作匀减速至停下，汽车从开始起动到又停止整个过程历时5s，车共前进的距离为10m，由此可知汽车在此过程中的最大速度为（）A．2m/s B．4m/s C．5m/s D．10m/s8．（3分）一物体作匀加速直线运动，从计时起，第1s内位移为1m，第2s内位移为2m，…，第ns内位移为n m，则（）A．物体的初速度为零B．物体的加速度大小为1m/s2C．物体在2s末的速度为2 m/s D．物体在前5s的位移为5m二、不定项选择题（每小题4分，共16分．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）9．（4分）一个物体位移与时间的关系为x=5t+5t2（x以m为单位，t以s为单位），下列说法中正确的是（）A．这个物体的初速度是2.5m/sB．这个物体的加速度大小是10m/s2C．这个物体的初速度是5m/sD．这个物体加速度方向一定与初速度方向一致10．（4分）甲、乙两个物体沿同一直线向同一方向运动时，取物体的初速度方向为正方向，甲的加速度恒为2m/s2，乙的加速度恒为﹣3m/s2，则下列说法正确的是（）A．两物体都做匀加速直线运动，乙的速度变化快B．甲做匀加速直线运动，它的速度变化慢C．乙做匀减速直线运动，它的单位时间内速度变化量大D．甲的加速度比乙的加速度大11．（4分）如图是某质点运动的速度﹣时间图象，由图象得到的正确结果是（）A．0～1s内质点的平均速度是1m/sB．0～2s内质点的位移大小是3mC．0～1s内质点的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内质点的运动方向与2～4s内的运动方向相反12．（4分）在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻速度达较大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地．他的速度图象如图所示．下列关于该空降兵在0～t1和t1～t2时间内的平均速度的结论正确的是（）A．0～t1，=B．t1～t2，=C．t1～t2，＞D．t1～t2，＜三、实验题．（共18分，每空3分）13．（18分）在“探究小车速度随时间变化的规律“的实验中，如图给出了从0点开始，每5个点取一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为计数点，测得：s1=1.40cm，s2=1.90cm，s3=2.38cm，s4=2.88cm，s5=3.39cm，s6=3.87cm．则：（1）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上相邻两点的时间间隔是________，根据纸带判断小车所做的运动是_________，理由是______________．（2）设相邻两个计数点之间的时间间隔为T，则小车加速度的表达式为______________ （用题中所给字母表示）．（3）在计时器打出计数点3时，小车的速度表达式为________（用题中所给字母表示），具体的计算结果是__________ m/s．四、简答题（共42分．请在答题纸上写出必要的文字说明，重要的方程式、重要的演算过程，明确的数值和单位．只有答案，没有过程的不得分，书写不认真、无法辨认的不得分．）14．（10分）如图所示，物体从O点开始做自由落体运动，先后经过O点正下方A、B两点，此过程中，从O运动到B所用时间t1=3s，从A到B所用时间t2=1s，g=10m/s2，求：（1）物体到A点时的速度．（2）A、B间的距离．15．（10分）一物体从斜面顶端由静止沿斜面做匀加速直线运动，到达底端的速度为15m/s，斜面长75m，求：（1）该物体的加速度；（2）物体在斜面上运动的时间．16．（10分）汽车以10m/s的速度在平直公路上匀速行驶，刹车后做匀减速运动，经2s速度变为6m/s．求：（1）刹车后2s内前进的距离及刹车过程中的加速度；（2）刹车后8s内的位移．17．（12分）一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过5.5s后警车发动起来，并以2.5m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90km/h以内．问：（1）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？（2）警车发动后要多长时间才能追上货车？四川省成都市新津中学2014-2015学年高一上学期月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共24分）1．（3分）关于下列如图所示的照片中的物体或人，在运动过程中的一些说法正确（）A．甲图是一列8：00～10.25从成都开往重庆的高速动车，8：00是指动车的运动时间B．乙图是绕月球运动的“嫦娥二号”卫星，它在运动一周的过程中，其平均速度为零C．丙图是在男子单杠比赛运动到最高点的体操运动员，此瞬间运动员的速度和加速度均为零D．丁图是表演精彩的芭蕾舞演员，研究其跳舞姿态调整时可以把他们看做质点考点：加速度；质点的认识；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：时间为一段时间；而时刻是对应一个时间点；平均速度为位移与时间的比值；当物体的运动状态发生变化时，一定有加速度存在；当物体的大小和形状相对于所研究的问题可以忽略时，物体可以被看作质点．解答：解：A、8：00是指动车发车的时刻，故A错误；B、由于卫星的位移为零；故平均速度为零；故B正确；C、运动员在最高点时，速度为零；但是此时他在做圆周运动，有指向圆心的向心加速度；故C错误；D、研究跳舞的姿态时，其大小和形状不能忽略，故不能看作质点；故D错误；故选：B．点评：本题考查描述物体运动的相关物理量；要求学生能准确掌握这些基本物理量的性质；明确速度与加速度之间的关系．2．（3分）关于位移和路程，下列说法正确的是（）A．几个物体通过的路程不等，但它们的位移可能相同B．几个物体有相同的位移时，它们的路程也一定相同C．物体沿某一直线向某一方向运动，通过的路程就是位移D．物体通过的路程不等于零，其位移也一定不等于零考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：位移的大小等于首末位置的距离，路程的大小等于运动轨迹的长度．解答：解：A、物体两次通过的路程不等，但位移可能相等．故A正确．B、几个物体有相同的位移时，它们的路程不一定相同．故B错误．C、当单向直线运动时，则位移大小等于路程，而不能说通过的路程就是位移．故C错误．D、物体通过的路程不为零，首末位置可能重合，位移可能为零．故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道路程和位移的区别，知道路程是标量，位移是矢量．3．（3分）短跑运动员在100m比赛中，以8m/s的速度迅速从起点冲出，到50m处的速度是9m/s，10秒末到达终点的速度是10.2m/s．则运动员在全程中的平均速度是（）A．9m/s B．9.8m/s C．10m/s D．9.1m/s考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度的定义是一段时间的位移与所用时间的比值，根据题意找出总路程和总时间，由v=计算得出．解答：解：由于运动员参加100m赛跑，故运动员的位移为x=100m，10s末运动员到达终点，故运动时间为t=10s．则平均速度，故C正确．故选：C点评：很多同学在解决本题时容易出错，主要原因找不到运动员通过的位移和时间，其主要原因是审题不细．故要认真审题．4．（3分）下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度为零时，加速度也为零C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度是表示速度变化快慢的物理量．解答：解：A、如果物体加速度方向与速度方向相同，加速度在减小，速度却在增大，即速度增大得越来越慢，故A错误；B、物体的速度为零时，加速度不一定为零，例如竖直上抛到最高点，故B错误；C、根据a=可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决定，虽然△v大，但△t更大时，a可以很小．故C错误；D、加速度是表示速度变化快慢的物理量．物体的速度变化越快，加速度越大．故D正确；故选：D．点评：把握加速度的定义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．5．（3分）做匀加速直线运动的物体的加速度为3m/s2，对于任意一秒来说，下列说法不正确的是（）A．在这一秒末的速度比这一秒初的速度总是大3m/sB．某1s末的速度比该1s初的速度总是大3倍C．某1s末的速度比前1s末的速度大3m/sD．某1s末的速度比前1s初的速度大6m/s考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：做匀加速直线运动的物体的加速度为3m/s2，知在任意1s内的末速度比初速度大3m/s．解答：解：A、做匀加速直线运动的物体的加速度为3m/s2，根据v﹣v0=at知某1s末的速度比该1s初的速度总是大3m/s．故A正确，B不正确；C、某1s末的速度比前1s末的速度大3m/s，故C正确；D、物体在这一秒末的速度一定比前一秒初的速度总是大6m/s，故D正确；本题选不正确的，故选：B点评：解决本题的关键知道做匀加速直线运动的物体的加速度为3m/s2，在任意1s内的末速度比初速度大3m/s．6．（3分）已知长为L的光滑斜面，物体从斜面顶端由静止开始以恒定的加速度下滑，物体滑至底端所用的时间是t，当物体下滑时，它距斜面底端的距离是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式，结合下滑的时间求出运动的位移．解答：解：根据匀变速直线运动的位移时间公式得：，联立解得：故它距斜面底端：L﹣x=故选：D点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，并能灵活运用，基础题．7．（3分）公共汽车从车站匀加速起动，一段时间后，司机发现还有乘客未上车，立即刹车并作匀减速至停下，汽车从开始起动到又停止整个过程历时5s，车共前进的距离为10m，由此可知汽车在此过程中的最大速度为（）A．2m/s B．4m/s C．5m/s D．10m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：汽车的运动分为匀加速和匀减速过程，可以灵活选择运动学公式列方程求解，还可以用图象法求解．解答：解：设最大速度为v，则根据平均速度公式，汽车加速过程和减速过程的平均速度均为v，则有x=vt解得v=4m/s故选B．点评：本题可以灵活选择运动学公式列方程求解，还可以用图象法求解，关键是选择最简方法．8．（3分）一物体作匀加速直线运动，从计时起，第1s内位移为1m，第2s内位移为2m，…，第ns内位移为n m，则（）A．物体的初速度为零B．物体的加速度大小为1m/s2C．物体在2s末的速度为2 m/s D．物体在前5s的位移为5m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动规律的推论△x=aT2，求出物体的加速度，再根据匀变速直线运动规律求解．解答：解：A、B、根据匀变速直线运动规律的推论△x=aT2知，物体的加速度：，由物体在第1s和第2s内的位移知物体的加速度：，所以B正确；由于物体在第1s内的位移为1m，根据位移时间关系有：，得：物体的初速度：，所以A错误；C、物体在2s末的速度由速度时间关系有：v2=v0+at=0.5+1×2m/s=2.5m/s，所以C错误；D、物体在前5s内的总位移x=1+2+3+4+5m=15m；所以D错误；故选：B．点评：本题关键是根据位移关系求出物体运动的加速度，再根据匀变速直线运动的规律求出相应时间的速度或位移，是匀变速直线运动规律的基本运用，比较简单．二、不定项选择题（每小题4分，共16分．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）9．（4分）一个物体位移与时间的关系为x=5t+5t2（x以m为单位，t以s为单位），下列说法中正确的是（）A．这个物体的初速度是2.5m/sB．这个物体的加速度大小是10m/s2C．这个物体的初速度是5m/sD．这个物体加速度方向一定与初速度方向一致考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出初速度和加速度，从而确定出加速度方向和初速度方向的关系．解答：解：根据，知v0=5m/s，a=10m/s2．初速度的方向和加速度的方向相同．故B、C、D正确，A错误．故选BCD．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，并能灵活运用．10．（4分）甲、乙两个物体沿同一直线向同一方向运动时，取物体的初速度方向为正方向，甲的加速度恒为2m/s2，乙的加速度恒为﹣3m/s2，则下列说法正确的是（）A．两物体都做匀加速直线运动，乙的速度变化快B．甲做匀加速直线运动，它的速度变化慢C．乙做匀减速直线运动，它的单位时间内速度变化量大D．甲的加速度比乙的加速度大考点：加速度．专题：计算题；直线运动规律专题．分析：加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．解答：解：甲的加速度方向与速度方向相同，做匀加速直线运动，乙的加速度方向与速度方向相反，做匀减速直线运动．乙的加速度大，可知乙的速度变化快．故BC正确，A、D错误．故选：BC．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．11．（4分）如图是某质点运动的速度﹣时间图象，由图象得到的正确结果是（）A．0～1s内质点的平均速度是1m/sB．0～2s内质点的位移大小是3mC．0～1s内质点的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内质点的运动方向与2～4s内的运动方向相反考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与x轴包围的面积表示位移大小，运动方向看正负．解答：解：A、分析平均速度：，由面积法求0﹣1s的位移s=1m，时间t=1s因而=1m/s，故A正确；B、由面积法知：0﹣2s的位移s=3m，故B正确；C、用斜率求出0﹣1s的加速度：a1=2m/s2、2﹣4s的加速度a2=1m/s2、因而：a1＞a2，故C 正确；D、0﹣1s、2﹣4s两个时间段内速度均为正，表明速度都为正方向，运动方向相同，故D错误；故选：ABC．点评：本题关键要明确速度时间图线中斜率、截距、面积等的物理意义，同时要会运用运动学公式进行求解．12．（4分）在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻速度达较大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地．他的速度图象如图所示．下列关于该空降兵在0～t1和t1～t2时间内的平均速度的结论正确的是（）A．0～t1，=B．t1～t2，=C．t1～t2，＞D．t1～t2，＜考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：空降兵在0～t1时间内做自由落体运动，在t1～t2时间内做加速度不断减小的减速运动；根据速度时间图线与时间轴包围的面积表示位移来分析讨论．解答：解：空降兵在0～t1时间内做自由落体运动，为匀变速直线运动，故=；在t1～t2时间内做加速度不断减小的减速运动，位移等于速度时间图线与时间轴包围的面积，故＜；故选：AD．点评：本题关键根据速度时间图象与坐标轴包围的面积表示位移以及匀变速直线运动的平均速度等于该段时间内的初速度与末速度的平均值来进行分析计算．三、实验题．（共18分，每空3分）13．（18分）在“探究小车速度随时间变化的规律“的实验中，如图给出了从0点开始，每5个点取一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为计数点，测得：s1=1.40cm，s2=1.90cm，s3=2.38cm，s4=2.88cm，s5=3.39cm，s6=3.87cm．则：（1）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上相邻两点的时间间隔是0.1s，根据纸带判断小车所做的运动是匀加速运动，理由是相邻的相等时间内的位移之差为常数．（2）设相邻两个计数点之间的时间间隔为T，则小车加速度的表达式为（用题中所给字母表示）．（3）在计时器打出计数点3时，小车的速度表达式为（用题中所给字母表示），具体的计算结果是0.263 m/s．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据连续相等时间内的位移差是否为常数来判断小车的运动性质．在匀变速直线运动中，时间中点的速度等于该过程中的平均速度，由此可以求出打计数点3时的速度大小．解答：解：（1）已知打点计时器电源频率为50Hz，每5个点取一个计数点，则纸带上相邻两点的时间间隔是0.1s，x1=（1.90﹣1.40）cm=0.50cm，x2=（2.38﹣1.90）cm=0.48cm，x3=（2.88﹣2.38）cm=0.50cm，x4=（3.39﹣2.88）cm=0.51cm，可得在所允许的误差范围内相邻两点的位移差是个恒量，即可判断小车是作匀加速运动．（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4﹣s1=3a1T2s5﹣s2=3a2T2s6﹣s3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：a=（3）在匀变速直线运动中，时间中点的速度等于该过程中的平均速度，因此有：v3===0.263m/s故答案为：（1）0.1s，匀加速运动，相邻的相等时间内的位移之差为常数（2）（3）；0.263点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．四、简答题（共42分．请在答题纸上写出必要的文字说明，重要的方程式、重要的演算过程，明确的数值和单位．只有答案，没有过程的不得分，书写不认真、无法辨认的不得分．）14．（10分）如图所示，物体从O点开始做自由落体运动，先后经过O点正下方A、B两点，此过程中，从O运动到B所用时间t1=3s，从A到B所用时间t2=1s，g=10m/s2，求：（1）物体到A点时的速度．（2）A、B间的距离．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：（1）根据题意，物体从O到A的时间为2s，根据速度时间关系公式列式求解A点的速度；（2）根据位移时间关系公式分别求解出O到A的位移和O到B的位移，相减得到A到B 的位移．解答：解：（1）O到B为3s，A到B为1s，故O到A为2s，根据速度位移关系公式，有v A=gt1=10×2=20m/s（2）AB间距等于O到B间距减去O到A间距，根据位移时间关系公式，有答：（1）物体到A点时的速度为20m/s；（2）A、B间的距离为25m．点评：本题关键明确物体的运动性质，然后选择恰当的过程运用运动学公式列式求解．15．（10分）一物体从斜面顶端由静止沿斜面做匀加速直线运动，到达底端的速度为15m/s，斜面长75m，求：（1）该物体的加速度；（2）物体在斜面上运动的时间．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出物体的加速度，根据速度时间公式求出物体在斜面上的运动时间．解答：解：（1）根据v2=2ax得，加速度a=．（2）物体在斜面上的运动时间t=．答：（1）该物体的加速度1.5m/s2（2）物体在斜面上运动的时间10s．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式和速度时间公式，并能灵活运用，基础题．16．（10分）汽车以10m/s的速度在平直公路上匀速行驶，刹车后做匀减速运动，经2s速度变为6m/s．求：（1）刹车后2s内前进的距离及刹车过程中的加速度；（2）刹车后8s内的位移．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）根据匀变速直线运动的平均速度公式求出平均速度，再根据x=求出刹车后的位移．根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车的加速度．（2）求出汽车刹车到停止所需的时间，因为汽车速度为零后不再运动，根据匀变速直线运动位移时间公式求出刹车后的位移．解答：解：（1）根据匀变速直线运动平均速度公式得：x=m．根据匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at得：a=m/s2（2）汽车刹车到停止所需的时间为：s＜8s所以汽车在8s内的位移等于在5s内的位移．则有：x==25m答：（1）刹车后2s内前进的距离为16m，刹车过程中的加速度为﹣2m/s2；（2）刹车后8s汽车位移的大小为25m．点评：求解刹车2s内的位移的方法有许多，可以根据平均速度公式求解，也可以求出加速度，利用位移时间公式或速度位移公式求解，关键在灵活运用．17．（12分）一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过5.5s后警车发动起来，并以2.5m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90km/h以内．问：（1）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？（2）警车发动后要多长时间才能追上货车？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：追及、相遇问题．分析：货车匀速运动在前面，警车从静止开始匀加速运动在后面追，刚开始货车的速度大于警车速度，故两车之间的距离越来越大，当两车速度相等时，位移最大，之后警车速度大于货车，两车之间的距离逐渐减小直至追上．在此过程中注意，警车发动的时间，货车在做匀速运动，而警车不能一直加速下去，当速度达到90km/h时就不能增加了，而做匀速运动．所以该题要先分析警车能不能在匀加速阶段追上货车，若不能，则在匀速阶段追上．当警车追上货车时两车位移相等．解答：解：（1））警车在追赶货车的过程中，当两车速度相等时，它们间的距离最大，设警车发动后经过t1时间两车的速度相等．则：货车的位移为：s货=vt′=10×（5.5+4）=95m警车的位移为：所以两车间的最大距离为：△s=s货﹣s警=95﹣20=75 m．（2）v0=90 km/h=25 m/s当警车刚达到最大速度时，运动时间为：此过程中货车的位移为：此过程中警车的位移为：因为s货′＞s警′，故此时警车尚未赶上货车且此时两车距离为：△s′=s货′﹣s警′=30 m警车达到最大速度后做匀速运动，设再经过△t时间追赶上货车，则：所以警车发动后要经过t=t2+△t=12 s才能追上货车．答：（1）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是75m（2）警车发动后要12s时间才能追上货车。

2016-2017学年四川省成都市新津中学高二（上）月考物理试卷（10月份）一、单项选择题（此题共6个小题，每题4分，共24分．每题只有一个选项符合题意）1．以下各物理量中，与试探电荷有关的量是（）A．电场强度E B．电势φC．电势差U D．电场做的功W2．关于电场，以下表达中正确的选项是（）A．任意两点间的电势差，等于电场强度和这两点间距离的乘积B．正电荷周围的电场强度必然比负电荷周围的电场强度大C．电势降低最快的方向必是电场线的方向D．电场中电势高的点，电场强度必然专门大3．如下图，在一条直线上有两个相距的点电荷A、B，A带电+Q，B带电﹣9Q．现引入第三个点电荷C，恰好使三个点电荷均在电场力的作用下处于平稳状态，那么C的带电性质及位置应为（）A．负A的左侧0.2 m处B．负A的右边0.2 m处C．正B的左侧0.2 m处D．正B的右边0.4 m处4．如下图，滑腻绝缘斜面的底端固定一个带正电的小物块P，将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放，它将沿斜面向上运动．设斜面足够长，那么在Q向上运动进程中（）A．物块Q的动能一直增大B．物块Q的机械能一直增大C．物块P、Q的重力势能和电势能之和一直增大D．物块P、Q之间的电势能一直增大5．如下图，实线为不知方向的三条电场线，从电场中O点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，那么（）A．a必然带正电，b必然带负电B．a的电势能将减小，b的电势能将增加C．a的加速度将增加，b的加速度将减小D．两个粒子的动能均减小6．如下图，矩形区域ABCD内存在竖直向下的均强电场，两个带正电粒子a和b以相同的水平速度射入电场，粒子a由极点A射入，从BC的中点P射出，粒子b由AB的中点O射入，从极点C射出．假设不计重力，那么a和b的比荷（带电量和质量比值）之比是（）A．1：8 B．8：1 C．1：2 D．2：1二、不定项选择题（此题共4个小题，每题6分，共24分．每题给出的四个选项中，至少有一个选项正确，全数选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）7．一电子飞经电场中A、B两点，电子在A点电势能为×10﹣17 J，动能为×10﹣17 J，电子通过B点时电势能为×10﹣17 J，若是电子只受电场力作用，那么（）A．电子在B点时动能为×10﹣17 JB．由A到B电场力做功为100 e VC．电子在B点时动能为×10﹣17 JD．A、B两点间电势差U为100 VAB8．如下图是两个等量正点电荷，周围有1、2、3、4各点．两条虚线相互垂直且平分，那么关于各点电场强度和电势的表达正确的选项是（）A ．E 1＞E 2＞E 3＞E 4B ．E 3、E 4可能相同C ．φ1＞φ2＞φ3＞φ4D ．φ1＞φ2=φ3=φ49．如图1所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔．右极板电势随时刻转变的规律如图2所示．电子原先静止在左极板小孔处．以下说法中正确的选项是（ ）A ．从t=0时刻释放电子，电子将始终向右运动，直到打到右极板上B ．从t=0时刻释放电子，电子可能在两板间振动C ．从t=时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上D ．从t=时刻释放电子，电子必将打到左极板上10．如下图，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L ，板间距离为d ，在 板右端L 处有一竖直放置的光屏M ，一带电荷量为q ，质量为m 的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在M 屏上，那么以下结论正确的选项是（ ）A ．板间电场强度大小为B ．板间电场强度大小为C ．质点在板间的运动时刻和它从板的右端运动到光屏的时刻相等D ．质点在板间的运动时刻大于它从板的右端运动到光屏的时刻三、实验题（每空2分，共12分）11．在探讨两电荷间彼此作使劲的大小与哪些因素有关的实验中，一同窗猜想可能与两电荷的间距和带电量有关．他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如下图．实验时，先维持两球电荷量不变，使A球从远处慢慢向B球靠近，观看到两球距离越小，B 球悬线的偏角越大；再维持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观看到电荷量越大，B 球悬线的偏角越大．实验说明：两电荷之间的彼此作使劲，随其距离的而增大，随其所带电荷量的而增大．此同窗在探讨中应用的科学方式是（选填：“积存法”、“等效替代法”、“操纵变量法”或“演绎法”）．12．用操纵变量法，能够研究阻碍平行板电容器电容的因素．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，电容器已充电．实验中，极板所带电荷量不变，假设维持S不变，增大d，那么θ将；板间电压；说明电容随板间距离增大而．（均填“增大”，“不变”或“减小”）四、计算题（此题共4个小题，共40分．解许诺写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必需明确写出数值和单位）13．如下图，平行金属带电极板A、B间可看成匀强电场，场强×102V/m，极板间距离d=5cm，电场中C到B两板的距离为1cm，B板接地，求：（1）A板的电势φA 和C点的电势φC；（2）将点电荷q=2×10﹣2 C从C点移到A板电势能改变量△E．14．如图，一电容为C的平行板电容器的两个极板竖直放置，板间距离为d，在两极板间有一带电小球质量为m，小球用一绝缘轻线悬挂于O点．先给电容器缓慢充电，使两级板所带电荷量别离为﹢Q和﹣Q，现在悬线与竖直方向的夹角为30°．求：（1）小球带电量q；（2）再给电容器缓慢充电，直到悬线和竖直方向的夹角增加到60°，且小球与两极板不接触．第二次充电使电容器正极板增加的电荷量△Q．15．如下图，在E=103V/m的水平向左匀强电场中，有一滑腻半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在平面与电场线平行，其半径R=40cm，一带正电荷q=10﹣4C的小滑块质量为m=40g，与水平轨道间的动摩擦因数μ，取g=10m/s2，求：（1）要小滑块能运动到圆轨道的最高点L，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？（2）如此释放的小滑块通过P点时对轨道的压力是多大？（P为半圆轨道中点）16．如下图，静止于A处的粒子，经电压为U的加速电场加速后，沿图中圆弧虚线通过静电分析器，粒子在静电分析器中做圆周运动．从P点垂直CN进入矩形区域的匀强电场，电场方向水平向左，粒子恰能打在Q点．静电分析器通道是半径为R的圆弧，内有均匀辐向散布的电场，方向如下图；粒子质量为m、电荷量为q；QN=d，PN=2d，粒子重力不计．求：（1）粒子的电性；（2）静电分析器中粒子运动轨迹处电场强度E的大小；（3）P、Q两点间的电压U．12016-2017学年四川省成都市新津中学高二（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（此题共6个小题，每题4分，共24分．每题只有一个选项符合题意）1．以下各物理量中，与试探电荷有关的量是（）A．电场强度E B．电势φC．电势差U D．电场做的功W【考点】电势；电场强度．【分析】电场强度和电势是描述电场的性质的物理量，是由电场本身决定的，与试探电荷无关．电势差与电荷无关，只与电场本身有关，电场力与试探电荷有关【解答】解：AB、电场强度和电势是描述电场的性质的物理量，是由电场本身决定的，与试探电荷无关．故A、B错误；C、电势差：，与试探电荷的无关．故C错误．D、电场力为F=qE，可知静电力既与电场有关，又与试探电荷有关，故D正确；应选：D2．关于电场，以下表达中正确的选项是（）A．任意两点间的电势差，等于电场强度和这两点间距离的乘积B．正电荷周围的电场强度必然比负电荷周围的电场强度大C．电势降低最快的方向必是电场线的方向D．电场中电势高的点，电场强度必然专门大【考点】电势差与电场强度的关系．【分析】在匀强电场中，任意两点间的电势差，等于电场强度和沿电场方向这两点间距离的乘积，电场线的疏密表示场强的大小，但沿电场线方向电势降低最快，场强与电势无关【解答】解：A、在匀强电场中，任意两点间的电势差，等于电场强度和沿电场方向距离的乘积，故A错误B、电场强度的大小看电场线的疏密，与正负电荷无关，故B错误；C、电势降低最快的方向必是电场线的方向，故C正确D、电势与电势零点的选取有关，与场强无关，故D错误应选：C3．如下图，在一条直线上有两个相距的点电荷A、B，A带电+Q，B带电﹣9Q．现引入第三个点电荷C，恰好使三个点电荷均在电场力的作用下处于平稳状态，那么C的带电性质及位置应为（）A．负A的左侧0.2 m处B．负A的右边0.2 m处C．正B的左侧0.2 m处D．正B的右边0.4 m处【考点】库仑定律．【分析】A、B、C三个点电荷都处于静止状态，对电荷受力分析，每一个电荷都处于受力平稳状态，故依照库仑定律可别离对任意两球进行分析列出平稳方程即可求得结果．【解答】解：三个电荷要平稳，必需三个电荷的一条直线，外侧二个电荷彼此排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所之外侧两个电荷距离大，要平稳中间电荷的拉力，必需外侧电荷电量大，中间电荷电量小，因此C必需为负电，在A的左侧．设C所在位置与A的距离为r，那么C所在位置与B的距离为L+r，要能处于平稳状态，因此A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电量为q．那么有： =解得：r=．应选：A．4．如下图，滑腻绝缘斜面的底端固定一个带正电的小物块P，将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放，它将沿斜面向上运动．设斜面足够长，那么在Q向上运动进程中（）A．物块Q的动能一直增大B．物块Q的机械能一直增大C．物块P、Q的重力势能和电势能之和一直增大D．物块P、Q之间的电势能一直增大【考点】电势能；功能关系．【分析】物体Q在运动进程中存在三种能，动能、重力势能和电势能，依照能量守恒，运动进程中只存在这三种能相互转化．由于斜面足够长，物体运动到无穷远后静止，能够确信的是这时物体只存在重力势能．Q在运动进程中，P、Q之间愈来愈远，电势能愈来愈小，依照能量守恒，Q的动能和重力势能之和（机械能）确信愈来愈大，因此Q的机械能一直增大．【解答】解：A、开始电场力大于下滑力，动能增大，但电场力不断减小，当电场力小于下滑力，合力与运动方向相反，动能减小，因此A错误；B、P、Q之间愈来愈远，电势能愈来愈小，依照能量守恒，Q的动能和重力势能之和（机械能）确信愈来愈大，因此B正确；C、物体动能、重力势能、电场能总和守恒，动能先增大后减小，物块P、Q的重力势能和电势能之和就先减小后增大，因此C错误；D、P、Q之间愈来愈远，P、Q之间的排斥力（电场力）做正功，电势能愈来愈小，因此D错误．应选：B5．如下图，实线为不知方向的三条电场线，从电场中O点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，那么（）A．a必然带正电，b必然带负电B．a的电势能将减小，b的电势能将增加C．a的加速度将增加，b的加速度将减小D．两个粒子的动能均减小【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．【分析】电场线密的地址电场的强度大，电场线疏的地址电场的强度小．物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧．依照电场力做功来判定动能的转变【解答】解：A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，因此粒子带电性质不定，故A错误；B、B、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道转变来看速度与力方向的夹角小于90°，因此电场力都做正功，电势能都减小，动能都增大，故BD错误C、电场线的疏密表示场强的大小，故a受到的电场力增大，b受到的电场力减小，a加速度增大，b的加速度减小，故C正确应选：C6．如下图，矩形区域ABCD内存在竖直向下的均强电场，两个带正电粒子a和b以相同的水平速度射入电场，粒子a由极点A射入，从BC的中点P射出，粒子b由AB的中点O射入，从极点C射出．假设不计重力，那么a和b的比荷（带电量和质量比值）之比是（）A．1：8 B．8：1 C．1：2 D．2：1【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】粒子垂直电场进入，做类平抛运动，依照水平位移求出时刻之比，再通过竖直位移求出加速度之比，最终通过牛顿第二定律求出比荷．【解答】解：粒子水平方向上做匀速直线运动，a、b两粒子的水平位移之比为1：2，依照x=vt，知时刻比为1：2．粒子在竖直方向上做匀加速直线运动，依照y=at2知，y之比为2：1，那么a、b的加速度之比为8：1．依照牛顿第二定律知，加速度a=，加速度之比等于电荷量与质量的比值之比，那么两电荷的比荷之比为8：1．故B正确，A、C、D错误．应选：B．二、不定项选择题（此题共4个小题，每题6分，共24分．每题给出的四个选项中，至少有一个选项正确，全数选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）7．一电子飞经电场中A、B两点，电子在A点电势能为×10﹣17 J，动能为×10﹣17 J，电子通过B点时电势能为×10﹣17 J，若是电子只受电场力作用，那么（）A ．电子在B 点时动能为×10﹣17 JB ．由A 到B 电场力做功为100 e VC ．电子在B 点时动能为×10﹣17 JD ．A 、B 两点间电势差U AB 为100 V【考点】电场线；电势能．【分析】依照能量守恒求出电子的动能，依照电场力做功与电势能的转变关系求电场力做的功，同时能够求出两点间的电势差．【解答】解：A 、C ：只受电场力，那么电子的能量守恒，在A 点E=E K +E P ×10﹣17+×10﹣17=8×10﹣17J ，在B 点E K =E ﹣E P =8×10﹣17﹣×10﹣17×10﹣17J ，故A 正确C 错误；B 、电场力做的功等于电势能的转变量，因此由A 到B 电场力做功W AB =E PA ﹣E PB ×10﹣17J=100ev ，B 正确；D 、W AB =﹣eU AB ，因此U AB =﹣100V ，D 错误；应选：AB8．如下图是两个等量正点电荷，周围有1、2、3、4各点．两条虚线相互垂直且平分，那么关于各点电场强度和电势的表达正确的选项是（ ）A ．E 1＞E 2＞E 3＞E 4B ．E 3、E 4可能相同C ．φ1＞φ2＞φ3＞φ4D ．φ1＞φ2=φ3=φ4【考点】电场的叠加；电场强度；电势．【分析】等量同种点电荷电场线的散布具有对称性，两点电荷连线的中垂线从垂足向双侧电势慢慢减小．依照电场线方向判定电势的高低：顺着电场线方向电势慢慢降【解答】解：A 、等量同种点电荷电场线的散布具有对称性，垂直平分线从垂足向双侧场强先增大后减小，故3 4两点场强无法判定大小，可能相等，也可能不同，故A 错误，B 正确C 、沿着电场线方向电势慢慢降低，且2点的电势为零，故φ1＞φ2＞φ3＞φ4，故C 正确，D 错误应选：BC9．如图1所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔．右极板电势随时刻转变的规律如图2所示．电子原先静止在左极板小孔处．以下说法中正确的选项是（ ）A ．从t=0时刻释放电子，电子将始终向右运动，直到打到右极板上B ．从t=0时刻释放电子，电子可能在两板间振动C ．从t=时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上D ．从t=时刻释放电子，电子必将打到左极板上【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】分析电子的受力情形，来分析电子的运动情形，假设一直向右运动，能够打在右板，假设电子时而向右运动，时而向左运动，依照位移关系，分析电子的运动情形【解答】解：分析电子在一个周期内的运动情形．A 、B 从t=0时刻释放电子，前内，电子受到的电场力向右，电子向右做匀加速直线运动；后内，电子受到向左的电场力作用，电子向右做匀减速直线运动；接着周而复始，因此电子一直向右做单向的直线运动，直到打在右板上．故A 正确，B 错误．C 、从t=时刻释放电子，在﹣内，电子向右做匀加速直线运动；在﹣内，电子受到的电场力向左，电子继续向右做匀减速直线运动，时刻速度为零；在﹣T 内电子受到向左的电场力，向左做初速度为零的匀加速直线运动，在T ﹣内电子受到向右的电场力，向左做匀减速运动，在时刻速度减为零；接着重复．假设两板距离足够大时，电子在两板间振动．故C 正确．D、用一样的方式分析从t=T时刻释放电子的运动情形，电子先向右运动，后向左运动，由于一个周期内向左运动的位移大于向右运动的位移，电子最终从左极板的小孔离开电场．也可能电子在向右进程中就碰着右极板，故D正确．应选：ACD10．如下图，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M，一带电荷量为q，质量为m的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在M屏上，那么以下结论正确的选项是（）A．板间电场强度大小为B．板间电场强度大小为C．质点在板间的运动时刻和它从板的右端运动到光屏的时刻相等D．质点在板间的运动时刻大于它从板的右端运动到光屏的时刻【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】依照题意分析，质点最后垂直打在M屏上，必需考虑质点的重力．质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上．第一次偏转质点做类平抛运动，第二次斜向上抛运动平抛运动的逆进程，运用运动的分解法，依照对称性，分析前后进程加速度的关系，再研究电场强度的大小．水平方向质点始终做匀速直线运动，质点在板间运动的时刻跟它从板的右端运动到光屏的时刻相等．【解答】解：A、B据题分析可知，质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上，前后进程质点的运动轨迹有对称性，如图，可见两次偏转的加速度大小相等，依照牛顿第二定律得，qE﹣mg=mg，取得E=．故A错误，B正确．C、D由于质点在水平方向一直做匀速直线运动，两段水平位移大小相等，那么质点在板间运动的时刻跟它从板的右端运动到光屏的时刻相等．故C正确，D错误．应选：BC．三、实验题（每空2分，共12分）11．在探讨两电荷间彼此作使劲的大小与哪些因素有关的实验中，一同窗猜想可能与两电荷的间距和带电量有关．他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如下图．实验时，先维持两球电荷量不变，使A球从远处慢慢向B球靠近，观看到两球距离越小，B 球悬线的偏角越大；再维持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观看到电荷量越大，B 球悬线的偏角越大．实验说明：两电荷之间的彼此作使劲，随其距离的减小而增大，随其所带电荷量的增大而增大．此同窗在探讨中应用的科学方式是操纵变量法（选填：“积存法”、“等效替代法”、“操纵变量法”或“演绎法”）．【考点】库仑定律．【分析】由于实验时，先维持两球电荷量不变，使A球从远处慢慢向B球靠近；再维持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，因此采纳的方式是操纵变量法．【解答】解：对小球B进行受力分析，能够取得小球受到的电场力：F=mgtanθ，即B球悬线的偏角越大，电场力也越大；因此使A球从远处慢慢向B球靠近，观看到两球距离越小，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的彼此作使劲，随其距离的减小而增大；两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观看到电荷量越大，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的彼此作使劲，随其所带电荷量的增大而增大．先维持两球电荷量不变，使A球从远处慢慢向B球靠近．这是只改变它们之间的距离；再维持两球距离不变，改变小球所带的电荷量．这是只改变电量因此采纳的方式是操纵变量法．故答案为：（1）减小，增大，操纵变量法．12．用操纵变量法，能够研究阻碍平行板电容器电容的因素．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，电容器已充电．实验中，极板所带电荷量不变，假设维持S不变，增大d，那么θ将增大；板间电压增大；说明电容随板间距离增大而减小．（均填“增大”，“不变”或“减小”）【考点】电容器的动态分析．【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．依照电容的决定式C=分析极板间距离、正对面积转变时电容的转变情形，由于极板所带电荷量不变，再由电容的概念式C=分析板间电势差的转变，即可再确信静电计指针的偏角转变情形．【解答】解：依照电容的决定式C=得知，电容与极板间距离成反比，当维持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的概念式C=分析可知板间电势差增大，那么静电计指针的偏角θ增大；说明电容随板间距离增大而减小．故答案为：增大，增大，减小．四、计算题（此题共4个小题，共40分．解许诺写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必需明确写出数值和单位）13．如下图，平行金属带电极板A、B间可看成匀强电场，场强×102V/m，极板间距离d=5cm，电场中C到B两板的距离为1cm，B板接地，求：（1）A板的电势φA 和C点的电势φC；（2）将点电荷q=2×10﹣2 C从C点移到A板电势能改变量△E．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】（1）依照φA=Ed求的AC两点的电势，其中d为到零点时的距离；（2）求的CA间的电势差，依照W=qU求的电场力做功，即可判定电势能的改变量【解答】解：（1）A点的电势为C点的电势为（2）CA间的电势差为UCA =φC﹣φA=﹣﹣（﹣6）故电场力做功为W=电场力做正功，故电势能改变量为△E=﹣×10﹣2J答：（1）A板的电势φA 和C点的电势φC别离为﹣6V，﹣（2）将点电荷q=2×10﹣2 C从C点移到A板电势能改变量△E为﹣×10﹣2J14．如图，一电容为C的平行板电容器的两个极板竖直放置，板间距离为d，在两极板间有一带电小球质量为m，小球用一绝缘轻线悬挂于O点．先给电容器缓慢充电，使两级板所带电荷量别离为﹢Q和﹣Q，现在悬线与竖直方向的夹角为30°．求：（1）小球带电量q；（2）再给电容器缓慢充电，直到悬线和竖直方向的夹角增加到60°，且小球与两极板不接触．第二次充电使电容器正极板增加的电荷量△Q．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】（1）由Q=CU求的平行板间的电势差，依照U=Ed 求的场强，依照受力分析共点力平稳求的所带电荷（2）对小球受力分析，受重力、电场力和拉力，依照U=Ed、Q=cU、F=qE和平稳条件分两次列方程后求解出电容器极板电量Q的表达式进行讨论【解答】解：（1）平行板间的电势差为U=场强为E=对小球受力分析，有共点力平稳可得mgtan30°=qE解得（2）第二次充电后，电容器带电量为：Q+△Q，同理可得联立解得：△Q=2Q答：（1）小球带电量q为；（2）再给电容器缓慢充电，直到悬线和竖直方向的夹角增加到60°，且小球与两极板不接触．第二次充电使电容器正极板增加的电荷量△Q为2Q15．如下图，在E=103V/m的水平向左匀强电场中，有一滑腻半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在平面与电场线平行，其半径R=40cm，一带正电荷q=10﹣4C的小滑块质量为m=40g，与水平轨道间的动摩擦因数μ，取g=10m/s2，求：（1）要小滑块能运动到圆轨道的最高点L，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？（2）如此释放的小滑块通过P点时对轨道的压力是多大？（P为半圆轨道中点）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．【分析】（1）在小滑块运动的进程中，摩擦力对滑块和重力做负功，电场力对滑块做正功，依照动能定理能够求得滑块与N点之间的距离；（2）在P点时，对滑块受力分析，由牛顿第二定律能够求得滑块受到的轨道对滑块的支持力的大小，由牛顿第三定律能够求滑块得对轨道压力．【解答】解：（1）小滑块刚能通过轨道最高点条件是：mg=m，解得：v===2m/s，。

新津中学高2016级高一上学期10月月考化学试题考试时间：90分钟可能用到的相对原子质量：H：1 Cl：35.5 S：32 O：16 N：14 Ca：40He：4 Na：23 C：12一、选择题（每题只有一个最佳选项。

每小题2分，共46分）1、中国食盐产量居世界首位。

下列实验室中的操作类似“海水煮盐”原理的( )A．蒸馏B．蒸发C．过滤D．搅拌2、在盛放浓硫酸的试剂瓶上应印有如下图所示警示标记中的( )A B C D3、下列实验仪器不宜直接用来加热的是（）A．试管 B．坩埚 C．蒸发皿 D．烧杯4、以下实验装置一般不用于．．．分离物质的是（）5、下列实验操作均要用玻璃棒，其中玻璃棒作用相同的是（）①过滤②蒸发③溶解④向容量瓶转移液体A．①和②B．①和③C．③和④D．①和④6、在两个密闭容器中，分别充有质量相等的甲乙两种气体。

若两容器的温度和压强均相等，且甲的密度大于乙的密度，则下列说法正确的是（）A．甲的分子数比乙的分子数少 B．甲的物质的量比乙的物质的量多C．甲的摩尔体积比乙的摩尔体积小 D.甲的相对分子质量比乙的相对分子质量小7、下列实验操作正确的是( )A．当某实验没有准确的药品用量说明时，为看到明显现象，取用药品越多越好B．取用细口瓶里的试液时，先拿下瓶塞，倒放在桌上，然后标签朝外拿起瓶子，瓶口要紧挨着试管口，将液体缓缓地倒入试管C．胶头滴管取完一种试液后，可直接取另一种不与其反应的试液D．取用粉末状固体或固体小颗粒时，应用药匙或纸槽，取用块状固体时，应用镊子夹取8、提纯含有少量硝酸钡杂质的硝酸钾溶液，可以使用的方法为（）A．加入过量碳酸钠溶液，过滤，除去沉淀，溶液中补加适量硝酸B．加入过量碳酸钾溶液，过滤，除去沉淀，溶液中补加适量硝酸C．加入过量硫酸钠溶液，过滤，除去沉淀，溶液中补加适量硝酸D．加入过量硫酸钾溶液，过滤，除去沉淀，溶液中补加适量硝酸9、现有三组溶液：①汽油和氯化钠溶液②39％的乙醇溶液⑧氯化钠和单质溴的水溶液，分离以上各混合液的正确方法依次是（）A．分液、萃取、蒸馏B．萃取、蒸馏、分液C．分液、蒸馏、萃取D．蒸馏、萃取、分液10、在将海水进行蒸馏制取蒸馏水的实验中，下列操作叙述不正确．．．的是（）A．在蒸馏烧瓶中盛约1/3体积的自来水，并放入几粒沸石B．将温度计水银球与支管口保持水平C．冷水从冷凝管下口出，上口入D．收集到的液体取少量滴入硝酸银和稀硝酸，无明显现象11、下列说法正确的是（）A．1 molH2的质量是1 gB．1 mol HCl的质量是36.5 g·mol－1C．Cl2的摩尔质量等于它的相对分子质量D．硫酸根离子的摩尔质量是96 g·mol－112、不同固态物质．．．．分子1 mol,体积大小并不相同,主要原因是( )A．微粒大小不同B．微粒质量不同C．微粒间平均距离不同D．微粒间引力不同13、设N A表示阿伏加德罗常数，下列说法正确的是（）A．1 mol氦气中有2N A个氦原子B．14 g氮气中含N A个氮原子C．2 L 0.3 mol·L－1 Na2SO4溶液中含0.6 N A个Na＋D．18 g水中所含的电子数为8N A14、下列说法正确的是 ( )A．1 mol O2和1 mol N2所占的体积都约为22.4 LB．H2的气体摩尔体积约为22.4 LC．在标准状况下，1 mol H2和1 mol H2O所占的体积都约为22.4LD．在标准状况下，22.4L由N2和N2O组成的混合气体中所含有的N的物质的量约为2 mol 15、下列说法中正确的是( )A．1 mol·L-1的NaCl溶液是指由1 mol NaCl和1 000 mL水配制成的溶液B．从1 L 0.5 mol·L-1的NaCl溶液中取出100 mL,剩余溶液物质的量浓度为0.45 mol·L-1 C．0℃时,2 mol Cl2的体积可能为22.4 LD．CaCl2的摩尔质量是111 g16、气体物质质量为6.4 g，含有6.02×1022个分子，则该气体的相对分子质量为（）A． 64 B ．32 C．96 D．3217、49克的H2SO4所含氧原子的物质的量是（）A．2 moL B．3.5 moL C．0.5 moL D．1 moL18、下列各指定粒子数目不等于阿伏加德罗常数值的是（）A．1g H2所含的原子个数B．4g氦气所含的原子个数C．23g金属Na全部转变为金属离子时失去的电子个数D．16g O2所含的分子个数19、配制一定体积、一定物质的量浓度的溶液,下列操作会使配得的溶液浓度偏小的是( )A．容量瓶中原有少量蒸馏水B．溶液从烧杯转移到容量瓶后没有洗涤烧杯C．未冷却即将溶液转移到容量瓶D．加水未达到容量瓶刻度线20、下列关于同温同压下的两种气体CH4和O2的判断正确的是（）A．体积相等时密度之比为2∶1B．原子数相等时具有的电子数之比为1∶4C．质量相等时具有的质子数之比为4∶5D．体积相等时具有的原子数之比为1∶221、30mL 1mol/L NaCl溶液和40mL 0.5mol/L CaCl2溶液混合后，混合液中Cl－浓度为（）A．0.5mol/L B．0.6mol/L C．1.00mol/L D．2mol/L22、除去下列物质中的杂质,所用试剂和方法正确的是( )23、将标准状况下，将VL A 气体（摩尔质量为Mg/mol ）溶于0.1L 水中，所得溶液密度为ρg/cm 3，则此溶液的物质的量浓度（mol/L ）为（ ）A ．)2240(+MV V ρB ．)2240(100+MV V ρC ．ρ)1.0(4.22+V MV D ．100V ρM （MV+2240） 答题卷二、作答题（共5小题，共54分，在答卷上直接作答）24、（14分）通过海水晒制可得粗盐，粗盐除NaCl 外，还含有MgCl 2、CaCl 2、Na 2SO 4以及泥沙等杂质．以下是制备精盐的实验方案：回答下列问题：（1）操作3中，加入Na 2CO 3溶液除杂时，相关反应的化学方程为：（2）操作3后所得滤液的主要成分有：（3）操作2后，如何运用简单方法检验溶液中有无SO 42－?（4）滤液中，需加入适量的试剂，这种试剂是．（5）在操作4中，需要进行蒸发，当蒸发时有大量固体析出时，需要（6）利用图上所提供的三种沉淀试剂，再写出一种添加试剂的操作顺序(填物质的化学式)：__________ ___。

新津中学2017届高三入学考试物理试题一不定项选择（共42分）1、（原创）下列说法正确的是：（）A 物体所受静摩擦力的方向可以与其运动方向成任意夹角B 作加速直线运动的质点其前1T、前2T、前3T...... 的位移之比为1:4:9.......C 伽利略通过著名的“两个铁球同时落地”现象研究，得出自由落体运动为一个初速度为零的匀加速直线运动的结论D 物体的速度越大则加速度就越大2、利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图象.某同学在一次实验中得到的运动小车的速度—时间图象如图所示，以下说法错误的是()A 小车在0~5s内做加速度减小的加速运动B 小车运动的最大速度约为0.8m/sC 小车在15s内速度未反向D 小车做曲线运动3、用一水平力F将两砖块A和B紧压在竖直墙上而静止，如图所示，对此，下列说法中正确的是()A B受墙的摩擦力方向可能向上，也可能向下B 铁块A肯定对B施加竖直向上的摩擦力C 铁块B 肯定受墙给它的竖直向上的摩擦力D 铁块B 受A 给它的摩擦力方向可能向上，也可能向下4、如图所示，用一根长为l 的细绳一端固定在O 点， 另一端悬挂质量为4m 的小球A ，为使细绳与竖直方向 夹角为30°且绷紧，小球A 处于静止，对小球施加 的最小的力是 ( )A.0.5mgB. 2mgC. mgD.约 0.58mg5、（原创）一光滑圆环正下方放了一质量均匀的杆，如图所示，杆的质量为m,环半径和杆长均为R ，系统在竖直平面内静止，则（ ） A 环对杆每一个接触点的支持力为0.5mgB 环受的压力是由于环发生微小形变而形成的C 杆的重力与杆对环的压力是一对相互作用力D 若将杆沿环逆时针向上移动一点，杆将不可能在新的位置静止6、（原创）新津中学后校门设置了遥控电动伸缩门，设其移动速度为0.3m/s ，校门红绿灯路口到校门的距离大约50米。

某天一同学来到学校，刚过红绿灯路口一眼看见电动门正在从左侧移动准备关门，设此时电动门再需移动4.5m 就会关上。

高二年级10月月考物理试题（非英才班利用）一、单项选择题（此题共计7个小题，每一个小题只有一个正确选项，选对得3分，错选或多项选择不得分，共计21分。

并将选项填涂到机读卡的对应位置。

） 1.以下说法中正确的选项是（ ） A ．元电荷实质上是指电子和质子本身B ．感应起电和摩擦起电都是电荷从一个物体转移到另一个物体 向相同2. 以下说法中正确的选项是( )A ．由I ＝UR 明白，通过同一段导体的电流跟加在它两头的电压成正比B ．超导体的电阻为零，因此在任何温度下对电流都没有阻碍作用C ．材料的电阻率取决于导体的电阻、横截面积和长度 D.电阻率的大小只随温度的转变而转变，而与材料本身无关3、欧姆不仅发觉了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料散布均匀，边长别离为a 、b 、c ，且a ＞b ＞c ．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（ ）A .B C.. D.4．A 、B 带等量异种电荷，PQ 为AB 连线的中垂线，R 为中垂线上的一点，M 、N 别离为AR 、BR 的中点，那么以下判定中正确的选项是( )A ．R 点电场强度方向沿QR 方向B ．M 、N 两点电势、相等C ．M 、N 两点电场强度相同D ．N 点电势高于无穷远处的电势五、滑动变阻器的原理如下图，那么以下说法中正确的选项是()A.假设将a 、c 两头连在电路中，那么当滑片OP 向右滑动时，变阻器的阻值减小B. 假设将a 、b 两头连在电路中，那么当滑片OP 向右滑动时，变阻器的阻值不变C.假设将b、c两头连在电路中，那么当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值增大D. 假设将a、d两头连在电路中，那么当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值减小6.如图4所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，断开电源，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．假设下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，那么带电小球( )A．将打在下板B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．假设上板不动，将下板上移一段距离，小球可能从下板边缘飞出7、如下图，在某电场中画出了三条电场线，C点是A、B连线的中点。

四川省成都市新津中学2015-2016学年高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．B物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，那么（）A．物体的末速度一定比初速度大2m/sB．每秒钟物体的速度增加2m/sC．第3秒初的速度比第2秒末的速度大2m/sD．此加速度的值比﹣3m/s2大2．有两颗人造地球卫星A、B，它们的轨道半径分别为r A和r B，且r A＜r B．设它们的速度大小分别为v A和v B，它们的周期分别为T A和T B，则有（）A．v A＞v B T A＞T B B．v A＞v B T A＜T BC．v A＜v B T A＞T B D．v A＜v B T A＜T B3．如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，M左边接触墙壁，若在M斜面上放一个物体m，m可沿着斜面匀速下滑，M始终静止不动，则在m匀速下滑的过程中下列说法正确的有（）A．小车对墙壁有向左的压力B．地面对小车有向右的摩擦力C．物体m处于平衡态D．地面承受的压力大于二者的重力4．如图所示，质量为2m的长木板，静止地放在粗糙的水平面上，另一质量为m的小铅块（可视为质点）以水平速度v0滑上木板左端，恰能滑至木板右端且与木板保持相对静止，则下列说法错误的是（）A．由于各接触面的摩擦因数未知可能出现板被铅块带动的情况B．铅块相对于板的位移等于板长C．由于各接触面间的摩擦因素未知可能出现木板不动，而铅块滑到板右端静止的情况D．一定是铅块滑到板右端时与板达到共速后一起在地面上滑行再减速为静止5．如图，在距地面高h的A点以与水平面成α=60°的角度斜向上抛出一小球，不计空气阻力．发现小球落在右边板OG上的落点D与A点等高．已知v0=m/s，h=0.2m，g取10m/s2．则下列说法正确的是（）A．小球从A到D的水平位移为1.8mB．小球在水平方向做匀加速运动C．若撤去OG板，则由于落到D点之后小球在竖直方向做自由落体运动故再经0.2S它将落地D．小球从A到D的时间是0.6S6．下列说法正确的是（）A．吨、厘米、安、秒这些都是基本单位B．伽利略通过实验和合理的逻辑推理间接证明了自由落体运动是匀加速直线运动C．速度大的物体惯性大D．做匀速圆周运动的物体其线速度在任何情况下均与半径成正比7．如图所示，一根跨越光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员（可视为质点），a站于地面，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员b摆至最低点时，a处于平衡态且刚好对地面无压力，则（）A．b摆在最低点时，b处于超重状态B．a的重力比b大C．b摆在最低点时绳对他的作用力大于他对绳的作用力D．b摆在最低点时，绳对a的拉力和a的重力是一对平衡力8．如图所示为一平抛运动的轨迹的一部分，已知图上所标的x1=x2=a，y1=b，y2=c．且重力加速度取g．根据以上信息可得下列说法正确的是（）、A．可以求出A点的速度B．不能求出C点的速度C．可以求出B点的速度D．不可以求出此平抛运动的初速度二、实验题：（15分）9．某实验小组利用如图1所示的装置验证加速度与力、质量之间的关系：（1）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量木块和木块上砝码的总质量．（选填“远大于”、“远小于”或“近似等于”）（2）图2是根据验证牛顿第二定律实验数据描述的三条a﹣F图线，下列说法中正确的是：( )A．三条倾斜线所对应的小车和砝码的总质量相同B．看不出三条倾斜线所对应的小车和砝码的总质量是否相同C．直线1所对应的小车和砝码的总质量最大D．直线3所对应的小车和砝码的总质量最大．10．用电磁打点计时器、平板（光滑）、小车等器材做研究匀变速直线运动的实验，图1是学生即将释放小车之前的实验装置图．该装置图1中有3处明显错误，它们分别是：①；②；③．（2）正确修正以后，实验中，小车拖着纸带运动，打点计时器在纸带上打出一系列点，处理时每隔4个点取一个记数点，测出的数据如图2．则打点计时器打下C点时小车的速度v C= m/s，小车运动的加速度a= m/s2．（结果均保留两位小数）三、计算题：11．（14分）（2015秋•成都校级月考）两颗人造卫星A和B绕地球做匀速圆周运动，周期之比为T A：T B=1：8，求解两颗人造卫星的轨道半径之比和运动速率之比．12．（18分）（2015秋•成都校级月考）如图所示，一长木板质量为M=4kg，木板与地面的动摩擦因数μ2=0.2，质量为m=2kg的小滑块放在木板的右端，小滑块与木板间的动摩擦因数μ1=0.4．开始时木板与滑块都处于静止状态，木板的右端与右侧竖直墙壁的距离L=8.5m，现给木板以水平向右的初速度v0=9m/s使木板向右运动，设木板与墙壁碰撞时间极短，且碰后以原速率弹回，取g=10m/s2，求：（1）木板与滑块达到共速时，木板前进的距离．（2）木板与墙壁碰撞时，木板和滑块的瞬时速度各是多大？（3）木板与墙壁碰撞后，判断小滑块能否从木板上滑出？若能，求出滑出时小滑块的速度；若不能，求出小滑块停止时离木板右端的距离．四、选做题：（在下面三部分中任选一部分作答．且不能选做不同部分的内容若多答则按所答的第一题计分；每部分的总分均为15分）13．关于分子间的作用力，下列说法正确的是（）A．当两个分子相互吸引时，分子间没有斥力B．当两个分子间的距离大于分子直径的10倍以上时，分子间的相互作用力就小到可以忽略C．分子间距离越小，引力越大，斥力越小D．两个分子从相距很远处到逐渐靠近的过程中，分子间的相互作用力逐渐变大14．（10分）（2015秋•成都校级月考）用销钉固定的活塞把水平放置的容器分隔成A、B两部分，其体积之比V A：V B=2：1，如图所示．起初A中有温度为127℃、压强为1.8×105帕的空气，B中有温度27℃、压强为1.2×105帕的空气．拔出销钉，使活塞可以无摩擦地移动（不漏气）．由于容器壁缓慢导热，最后气体都变到室温27℃，活塞也停住，求最后A中气体的压强．选做题15．（2015秋•成都校级月考）做匀变速直线运动的物体位移随时间的变化规律为x=15t﹣1.5t2，根据这一关系式可以知道，物体速度为零的时刻是（）A．1.5 s B．8 s C．16 s D．5 s16．（2015秋•成都校级月考）有一种杂技叫“飞车走壁”，如图所示，杂技演员驾驶摩托车沿圆台形表演台的侧壁做匀速圆周运动，图中圆形线条表述摩托车在水平面内的行驶轨迹，轨迹离地面的高度为h，圆台底面半径为r．（θ已知，重力加速度为g，设圆台侧壁光滑）．求：摩托车此时的速度为多少？选做题17．（2015秋•成都校级月考）氢原子从能级m跃迁到能级n时辐射红光的频率为ν1，从能级n跃迁到能级k时吸收紫光的频率为ν2，已知普朗克常量为h，若氢原子从能级k跃迁到能级m，则（）A．吸收光子的能量为hν1+hν2 B．辐射光子的能量为hν1+hν2C．吸收光子的能量为hν2﹣hν1 D．辐射光子的能量为hν2﹣hν118．（2010•宁河县校级一模）如图所示，光滑轨道的DP段为水平轨道，PQ段为半径是R 的竖直半圆轨道，半圆轨道的下端与水平的轨道的右端相切于P点．一轻质弹簧两端分别固定质量为2m的小球A和质量为m的小球B，质量为m小球C靠在B球的右侧．现用外力作用在A和C上，弹簧被压缩（弹簧仍在弹性限度内）．这时三个小球均静止于距离P端足够远的水平轨道上．若撤去外力，C球恰好可运动到轨道的最高点Q．已知重力加速度为g．求撤去外力前的瞬间，弹簧的弹性势能E是多少？四川省成都市新津中学2015-2016学年高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．B物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，那么（）A．物体的末速度一定比初速度大2m/sB．每秒钟物体的速度增加2m/sC．第3秒初的速度比第2秒末的速度大2m/sD．此加速度的值比﹣3m/s2大考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，结合加速度的定义式分析判断．解答：解：A、物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，可知单位时间内的速度增加2m/s，故A错误，B正确．C、第3s初和第2s末是同一时刻，速度相等，故C错误．D、加速度的正负表示方向，不表示大小，﹣3m/s2大于2m/s2，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道加速度的定义式，知道加速度是矢量，正负表示方向，基础题．2．有两颗人造地球卫星A、B，它们的轨道半径分别为r A和r B，且r A＜r B．设它们的速度大小分别为v A和v B，它们的周期分别为T A和T B，则有（）A．v A＞v B T A＞T B B．v A＞v B T A＜T BC．v A＜v B T A＞T B D．v A＜v B T A＜T B考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力得出线速度、周期与轨道半径的关系，从而比较大小．解答：解：根据得，v=，T=，因为r A＜r B．则v A＞v B，T A＜T B，故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，知道线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系．3．如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，M左边接触墙壁，若在M斜面上放一个物体m，m可沿着斜面匀速下滑，M始终静止不动，则在m匀速下滑的过程中下列说法正确的有（）A．小车对墙壁有向左的压力B．地面对小车有向右的摩擦力C．物体m处于平衡态D．地面承受的压力大于二者的重力考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体受力分析是指分析物体的受力情况，本题可以先对m受力分析，再结合牛顿第三定律对M受力分析，则可求出小车的受力情况．解答：解：A、先对物体m受力分析，因m匀速下滑，故m一定受到摩擦力；故m受到重力、支持力和静摩擦力；其中支持力与摩擦力的合力与重力大小相等，方向相反，所以合力的方向在竖直方向上．再对M受力分析，受重力、m对它的垂直向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，同时地面对M有向上的支持力；因m对M的压力与摩擦力的方向在竖直方向上，M不受向左的力，故地面与小车之间没有摩擦力，同时墙壁和小车之间也没有力的作用；故AB错误，C正确；D、以整体为研究对象，则整体在竖直方向受到重力和支持力的作用，由于都处于平衡状态，所以地面对小车的支持力等于二者的重力的和，根据牛顿第三定律，地面承受的压力等于二者的重力．故D错误．故选：C．点评：对物体受力分析可以按照先已知力，再重力，最后弹力和摩擦力，要结合弹力和摩擦力的产生条件判断，本题中墙壁虽与小车接触，但无弹力．4．如图所示，质量为2m的长木板，静止地放在粗糙的水平面上，另一质量为m的小铅块（可视为质点）以水平速度v0滑上木板左端，恰能滑至木板右端且与木板保持相对静止，则下列说法错误的是（）A．由于各接触面的摩擦因数未知可能出现板被铅块带动的情况B．铅块相对于板的位移等于板长C．由于各接触面间的摩擦因素未知可能出现木板不动，而铅块滑到板右端静止的情况D．一定是铅块滑到板右端时与板达到共速后一起在地面上滑行再减速为静止考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由于铅块与木板间的摩擦因数和木板与地面间的摩擦因数未知，故铅块对木板的摩擦力和木板对地面的摩擦力大小不能确定，分情况判断即可解答：解：A、由于铅块与木板间的摩擦因数和木板与地面间的摩擦因数未知，故铅块对木板的摩擦力和木板对地面的摩擦力大小不能确定，故当f铅＜f木，铅块在木板上减速，木板不同，到达木板右端时铅块减速到零，当f铅＞f木时，木板也发生滑动，铅块滑到板右端时与板达到共速后一起在地面上滑行再减速为静止，故AC正确，D错误B、根据发生的位移可知，铅块相对于板的位移等于板长，故B正确因选错误的，故选：D点评：本题主要考查了在摩擦力作用下的运动，关键是受力分析，判断摩擦力大小即可5．如图，在距地面高h的A点以与水平面成α=60°的角度斜向上抛出一小球，不计空气阻力．发现小球落在右边板OG上的落点D与A点等高．已知v0=m/s，h=0.2m，g取10m/s2．则下列说法正确的是（）A．小球从A到D的水平位移为1.8mB．小球在水平方向做匀加速运动C．若撤去OG板，则由于落到D点之后小球在竖直方向做自由落体运动故再经0.2S它将落地D．小球从A到D的时间是0.6S考点：抛体运动．分析：小球最斜抛运动，在竖直方向做匀加速运动，水平方向匀速运动，并且时对称的，根据运动学公式即可判断解答：解：A：小球斜抛运动，根据对称性可知，在D点的速度与水平方向的夹角也是60°，在A点，在竖直方向有：v y=v0sin60°=3m/s水平方向上有：上升到最高点所需时间为：由对称性可知，从A到D所需时间为：t′=2t=0.6s，水平方向匀速运动，通过的位移为：x=，故AB错误，D正确；C、若撤去OG板，则由于落到D点之后，从D点做匀加速曲线运动，不是自由落体运动，故C错误故选：D点评：本题主要考查了斜抛运动的特点，竖直方向匀加速，水平方向匀速，且关于最高点对称6．下列说法正确的是（）A．吨、厘米、安、秒这些都是基本单位B．伽利略通过实验和合理的逻辑推理间接证明了自由落体运动是匀加速直线运动C．速度大的物体惯性大D．做匀速圆周运动的物体其线速度在任何情况下均与半径成正比考点：力学单位制．分析：国际单位制规定了七个基本物理量，分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．解答：解：A、国际单位制规定了七个基本物理量，分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量，厘米、安、秒这些都是基本单位，吨是常用单位，不是基本单位，故A错误；B、伽利略通过实验和合理的逻辑推理间接证明了自由落体运动是匀加速直线运动，故B正确；C、因为任何物体在任何情况下都有惯性，惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．与物体的运动状态，是否受力、运动速度大小都无关，故C错误；D、根据公式v=ωr，角速度一定，线速度与半径成正比，故D错误；故选：B．点评：知道国际单位制中七个基本物理量和七个基本单位，惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起．解答此题要注意：一切物体任何情况下都具有惯性．惯性只有在受力将要改变运动状态时才体现出来．7．如图所示，一根跨越光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员（可视为质点），a站于地面，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员b摆至最低点时，a处于平衡态且刚好对地面无压力，则（）A．b摆在最低点时，b处于超重状态B．a的重力比b大C．b摆在最低点时绳对他的作用力大于他对绳的作用力D．b摆在最低点时，绳对a的拉力和a的重力是一对平衡力考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态；在最低点应用向心力公式分析拉力的大小，根据作用力与反作用力的特点和一对平衡力的特点分析．解答：解：A、b摆在最低点时，具有向上的加速度，b处于超重状态，A正确B、a处于平衡态且刚好对地面无压力，绳子的拉力为F=G a，对b：F﹣＞0，故a的重力比b大，B正确C、b摆在最低点时绳对他的作用力等于他对绳的作用力，C错误D、在最低点时，绳对a的拉力和a的重力是一对平衡力，D正确故选：ABD点评：本题是对超重、失重，知道超重和失重的特点，会区分平衡力和一对作用力和反作用力的区别即可解答本题8．如图所示为一平抛运动的轨迹的一部分，已知图上所标的x1=x2=a，y1=b，y2=c．且重力加速度取g．根据以上信息可得下列说法正确的是（）、A．可以求出A点的速度B．不能求出C点的速度C．可以求出B点的速度D．不可以求出此平抛运动的初速度考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的竖直分速度，结合平行四边形定则求出B点的速度，结合速度时间公式求出A、C点的竖直分速度，根据平行四边形定则求出A、C的速度．解答：解：在竖直方向上，根据得：T=，则平抛运动的初速度为：．故D错误．B点的竖直分速度为：，根据平行四边形定则：，故C正确．已知B点的竖直分速度，则根据速度时间公式可以求出A、C点的竖直分速度，结合平行四边形定则可以求出A、C的速度，故A正确，B错误．故选：AC．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解．二、实验题：（15分）9．某实验小组利用如图1所示的装置验证加速度与力、质量之间的关系：（1）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量．（选填“远大于”、“远小于”或“近似等于”）（2）图2是根据验证牛顿第二定律实验数据描述的三条a﹣F图线，下列说法中正确的是：DA 三条倾斜线所对应的小车和砝码的总质量相同B看不出三条倾斜线所对应的小车和砝码的总质量是否相同C直线1所对应的小车和砝码的总质量最大D 直线3所对应的小车和砝码的总质量最大．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）根据牛顿第二定律得出整体的加速度，隔离分析求出拉力的表达式，从而确定砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力的条件．（2）根据牛顿第二定律得出加速度与合力的关系，从而确定图线斜率表示的物理意义．解答：解：（1）设木块的质量为M，砝码桶及桶内砝码的总质量为m，对整体分析，a=，隔离对木块分析，F=Ma=，可知砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量时，砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力．（2）根据牛顿第二定律得，a=，知图线的斜率表示质量的倒数，由于三条倾斜直线的斜率不同，则小车和砝码的总质量不同．直线3的斜率最小，则对应的小车和砝码总质量最大．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道拉力等砝码桶及桶内砝码总质量的条件，以及知道a﹣F图线的斜率表示质量的倒数．10．用电磁打点计时器、平板（光滑）、小车等器材做研究匀变速直线运动的实验，图1是学生即将释放小车之前的实验装置图．该装置图1中有3处明显错误，它们分别是：①细线与木板不平行；②打点计时器接的是直流电源；③小车释放的位置远离计时器．（2）正确修正以后，实验中，小车拖着纸带运动，打点计时器在纸带上打出一系列点，处理时每隔4个点取一个记数点，测出的数据如图2．则打点计时器打下C点时小车的速度v C= 2.00m/s，小车运动的加速度a= 2.40m/s2．（结果均保留两位小数）考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：（1）打点计时器应使用交流电源，开始实验前，应将小车靠近打点计时器，细线应与木板平行（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出C点的速度，结合连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度．解答：解：（1）由实验装置图象可知，细线与木板不平行，所以此处错误；打点计时器用的必须是交流电，图中用的是直流电，所以采用的电源不对，小车释放的位置应该靠近计时器，以便测量更多的数据来减小误差．（2）C点的速度m/s=2.00m/s，因为连续相等时间内的位移之差△x=2.4cm，则加速度a=．故答案为：（1）细线与木板不平行；打点计时器接的是直流电源；小车释放的位置远离计时器．（2）2.0，2.40．点评：解决本题的关键知道实验的注意事项，以及掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用．三、计算题：11．（14分）（2015秋•成都校级月考）两颗人造卫星A和B绕地球做匀速圆周运动，周期之比为T A：T B=1：8，求解两颗人造卫星的轨道半径之比和运动速率之比．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力，解得，解出两卫星轨道半径之比．再根据，可计算出两卫星运动速度之比．解答：解：（1）根据万有引力提供向心力，得所以（2）根据，得答：（1）两卫星轨道半径之比为1：4；（2）两卫星运动速率之比为2：1．点评：本题关键要在理解的基础上能熟练运用万有引力提供向心力计算出卫星的周期与半径的关系式．12．（18分）（2015秋•成都校级月考）如图所示，一长木板质量为M=4kg，木板与地面的动摩擦因数μ2=0.2，质量为m=2kg的小滑块放在木板的右端，小滑块与木板间的动摩擦因数μ1=0.4．开始时木板与滑块都处于静止状态，木板的右端与右侧竖直墙壁的距离L=8.5m，现给木板以水平向右的初速度v0=9m/s使木板向右运动，设木板与墙壁碰撞时间极短，且碰后以原速率弹回，取g=10m/s2，求：（1）木板与滑块达到共速时，木板前进的距离．（2）木板与墙壁碰撞时，木板和滑块的瞬时速度各是多大？（3）木板与墙壁碰撞后，判断小滑块能否从木板上滑出？若能，求出滑出时小滑块的速度；若不能，求出小滑块停止时离木板右端的距离．考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）分别对滑块和木板受力分析，然后根据牛顿第二定律求出各自的加速度，滑块做匀加速直线运动，木板做匀减速直线运动，然后根据运动学公式列式求解；（2）首先要判断出二者的速度相等后，二者以相等的加速度运动，然后以运动学的公式即可求出；（3）木板与墙壁碰撞后，木板做匀减速直线运动，木块也做匀减速直线运动，根据速度时间公式列式求解即可．解答：解：（1）木板获得初速度后，与小滑块发生相对滑动，木板向右做匀减速运动，小滑块向右做匀加速运动，根据牛顿第二定律，加速度大小分别为：小木块受到的摩擦力：f m=μ1mg=0.4×2×10=8N木板受到的摩擦力：f M=μ1（m+M）g=0.2×（2+4）×10=12Na m==μ2g=4m/s2a M===5m/s2设木板与墙碰撞时，二者的速度早已相等，设共同的速度为v，则：a m t=v0﹣a M t=v代入数据得：t=1s，v=4m/s该过程中木板的位移：m（2）二者的速度相等后，若二者以相等的加速度运动，则：＜a m由分析可知，二者可以以相等的加速度一起减速．减速的位移：x2=L﹣x1=8.5﹣6.5=2m设二者与墙壁碰撞时的速度为v1，由公式：。

四川省新津县2016-2017学年高一物理3月月考试题（无答案）一、单项选择题（每题3分，共24分）1、下列叙述中，正确的是( )A．做曲线运动的物体，其加速度一定是变化的B．做曲线运动的物体，所受合力方向与加速度方向不同C．物体所受合力方向与运动方向相同，该物体一定做直线运动D．物体运动的速率在增加，所受合力方向一定与运动方向相同2、如图所示为质点做匀变速曲线运动轨迹的示意图，且质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则质点从A点运动到E点的过程中，下列说法中正确的是( )A．质点经过C点的速率比D点的大B．质点经过A点时的加速度方向与速度方向的夹角小于90°C．质点经过D点时的加速度比B点的大D．质点从B到E的过程中加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小3、关于运动的合成，下列说法中正确的是( )A．合运动的速度一定比每一个分运动的速度大B．两个分运动的时间一定与它们合运动的时间相等C．只要两个分运动是直线运动，合运动一定是直线运动D．两个匀变速直线运动的合运动一定是匀变速直线运动4、人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是( )A．v0sinθ B.v0sinθC．v0cosθ D.v0cosθ5、质点从同一高度水平抛出，不计空气阻力，下列说法正确的是( )A．质量越大，水平位移越大B．初速度越大，落地时竖直方向速度越大C．初速度越大，空中运动时间越长D．初速度越大，落地速度越大6、一个人水平抛出一小球，球离手时的初速度为v0，落地时的速度是v t，空气阻力忽略不计，下列哪个图像正确表示了速度矢量变化的过程( )7、关于圆周运动的说法，正确的是( )A ．匀速圆周运动的速度大小保持不变，所以做匀速圆周运动的物体没有加速度B ．做匀速圆周运动的物体，加速度的大小保持不变，所以是匀变速曲线运动C ．只有做变速圆周运动的物体，速度、加速度的大小都变，才是变加速曲线运动D ．做变速圆周运动的物体，在某些特殊位置，合力方向指向圆心8、如图4所示，两个啮合齿轮，小齿轮半径为10 cm ，大齿轮半径为20 cm ，大齿轮中C 点离圆心O 2的距离为10 cm ，A 、B 分别为两个齿轮边缘上的点，则A 、B 、C 三点的( )A ．线速度之比为1∶1∶1B ．角速度之比为1∶1∶1C ．向心加速度之比为4∶2∶1D ．转动周期之比为2∶1∶1二、 不定项选择题（每题4分，共16分）9、把一小球从高为h 处水平抛出，落地时速度与水平面间的夹角为45°，不计空气阻力，下列判断正确的是( )A ．小球的运动时间为t ＝ 2h gB ．小球的水平位移x ＝hC ．小球的位移与水平面夹角的正切为12D ．小球的位移与水平面夹角为22.5°10、如图所示，从倾角为θ的斜面上的某点先后将同一小球以不同初速度水平抛出，小球均落到斜面上．当抛出的速度为v 1时，小球到达斜面时的速度方向与斜面的夹角为α1，当抛出的速度为v 2时，小球到达斜面时的速度方向与斜面的夹角为α2，则( )A ．当v 1＞v 2时，α1＞α2B ．当v 1＞v 2时，α1＜α2C ．无论v 1、v 2大小如何，均有α1＝α2D ．2tan θ＝t an(α1＋θ)11、如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球．给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了一个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为θ.下列说法中正确的是( )A．小球受重力、绳的拉力和向心力作用B．小球做圆周运动的半径为LC．θ越大，小球运动的速度越大D．θ越大，小球运动的周期越小12、如图所示，一个内壁光滑的圆锥的轴线垂直于水平面，圆锥固定不动，两个质量相同的球A、B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则( )A．球A的线速度必大于球B的线速度B．球A的角速度必小于球B的角速度C．球A的运动周期必小于球B的运动周期D．球A对内壁的压力必大于球B对内壁的压力三、实验题（6分+12分=18分）13、用如图9所示的装置可以探究做匀速圆周运动的物体需要的向心力的大小与哪些因素有关。

2015-2016学年四川省成都市彭州中学高一（上）月考物理试卷（10月份）一、单项选择题（每小题只有一个正确选项．每小题3分，共21分）1．如图所示为某列车车厢内可实时显示相关信息的显示屏的照片，甲处显示为“9：28”，乙处显示为“201km/h”，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量．下列说法中正确的是（）A．甲处表示时间，乙处表示平均速度B．甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C．甲处表示时刻，乙处表示平均速度D．甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度2．如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，△v表示速度的变化量．由图中所示信息可知（）A．汽车在做加速直线运动B．汽车的加速度方向与v1的方向相同C．汽车的加速度方向与v1的方向相反D．汽车的加速度方向与△v的方向相反3．钓鱼岛（the Diaoyu Islands）自古以来就是我国的固有领土，在距温州市约356km、距福州市约385km、距基隆市约190km的位置．若我国某海监船为维护我国对钓鱼岛的主权，从温州出发去钓鱼岛巡航，到达钓鱼岛时共航行了480km，则下列说法中不正确的是（）A．该海监船的位移大小为480 km，路程为356 kmB．该海监船的位移大小为356 km，路程为480 kmC．确定该海监船在海上的位置时不可以将该海监船看成质点D．若知道此次航行的时间，则可求出此次航行的平均速度4．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶，在t=0到t=t1的时间内，它们的v﹣t图象如图所示．在这段时间内（）A．汽车甲的平均速度比乙的大B．汽车乙的平均速度等于C．甲乙两汽车的位移相同D．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大5．在一根轻绳的两端各拴一个小球，一人用手拿着绳上端的小球站在三层楼的阳台上，放后让小球自由下落，两个球相继落地的时间差为△t，如果站在四层楼的阳台上，同样放手让小球自由下落，则两球相继落地的时间差将会（）A．不变B．变大C．变小D．由于每层高度不知，无法比较6．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．加速度为负值，速度将减小B．物体的速度为零，加速度也一定为零C．运动物体的加速度越来越小，物体运动的速度也越来越小D．运动物体的加速度越来越小，表示速度变化越来越慢7．一质点沿x轴做直线运动，其v﹣t图象如图所示，质点在t=0时位于x=0处，开始沿x 轴正向运动，当t=7s时，质点在x轴上的位置为（）A．x=3m B．x=3.5m C．x=﹣3.5m D．x=8.5m二、不定项选择题（每小题有一个或多个正确选项，选对不全得2分，有错或不选不得分．每小题4分，共20分）8．物体沿一条东西方向的水平线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度﹣时间图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．在1 s末，速度为9 m/sB．0～2 s内，加速度为6 m/s2C．6～7 s内，做速度方向向西的加速运动D．10～12 s内，做速度方向向东的加速运动9．如图示，是A、B两质点沿同一条直线运动的位移图象，由图可知（）A．质点A前2s内的位移是1mB．质点B第1s内的位移是2mC．质点A、B在8s内的位移大小相等D．质点A、B在4s末相遇10．如图为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向同时做匀加速运动的v﹣t图线．已知在第3s末两个物体在途中相遇，则两个物体出发点的关系是（）A．从同一地点出发B．A在B前3 m处C．B在A前3 m处D．B在A前5 m处11．甲、乙两物体做自由落体运动，已知甲物体的质量是乙物体的质量的2倍，而甲距地面的高度是乙距地面高度的一半，下列说法正确的是（）A．甲物体的加速度是乙物体加速度的2倍B．甲物体着地的速度是乙物体着地的速度的C．甲物体下落的时间是乙物体下落的时间的D．甲、乙两物体的末速度相同12．光滑斜面长为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速下滑到底端经历的时间为t，则（）A．物体在时刻的瞬时速度是B．物体全过程的平均速度是C．物体到斜面中点时的瞬时速度小于D．物体从开始运动到斜面中点经历的时间为三、填空、实验题（13小题3分，14、15小题4分，16小题5分，共16分）13．在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到汽车在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为：x=30t﹣3t2（x的单位是m，t的单位是s）．则该汽车在路面上留下的刹车痕迹长度为．14．如图所示，光滑斜面被分成四个长度相等的部分，一个物体由A点静止释放，物体到达各点的速度v E：v D：v C：v B=，物体到达各点所经历的时间t B：t C：t D：t E=．15．在做“研究匀变速直线运动”实验中，打点计时器打出的一条纸带中的某段如图所示，若A、B、C …点间的时间间隔均为0.10s，从图中给定的长度，求出BC段的平均速度大小是，打下C点时小车的速度大小是．16．在科学探究活动中，对实验数据进行分析归纳得出结论是非常重要的环节．为探究物体做直线运动过程中x随t变化的规律，某实验小组经过实验和计算得到下表的实验数据（1）现根据表格数据，请你在如图所示的坐标系中，纵、横轴分别选择合适的物理量和标度作出关系图线．（2）请你根据你作出的图线，分析得出物体从A→B的过程中x随t2变化的规律是．四、计算题（本题有4小题，共43分，解答应写出必要的文字说明﹑方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．汽车先以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，求5s内汽车通过的位移？18．一个从静止做自由落体运动的小球，下落2s砸坏并穿过一水平放置在空中的玻璃板，因而小球失去的速度，如果小球又用了2s到达地面，求玻璃板离地面的高度？（g取10m/s2）19．卡车原来用10m/s的速度匀速在平直公路上行驶，因为道口出现红灯，司机从较远的地方即开始刹车，使卡车匀减速前进，当车减速到2m/s时，交通灯转为绿灯，司机当即放开刹车，并且只用了减速过程的一半时间卡车就加速到原来的速度，从刹车开始到恢复原速过程用了12s．求：（1）减速与加速过程中的加速度；（2）开始刹车后2s末及10s末的瞬时速度．（3）车在这12s内通过的位移．20．四川省部分地方曾遭受到强降雨袭击，造成部分市州发生山洪泥石流灾害，假设当时有一汽车停在小山坡底，突然司机发现在距坡底240m的山坡处泥石流以8m/s的初速度、0.4m/s2的加速度匀加速倾泻而下，假设司机（反应时间为1s）以0.5m/s2的加速度匀加速启动汽车且一直做匀加速直线运动（如图所示），而泥石流到达坡底后速率不变且在水平面的运动近似看成匀速直线运动．问：汽车司机能否安全脱离？2015-2016学年四川省成都市彭州中学高一（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题只有一个正确选项．每小题3分，共21分）1．如图所示为某列车车厢内可实时显示相关信息的显示屏的照片，甲处显示为“9：28”，乙处显示为“201km/h”，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量．下列说法中正确的是（）A．甲处表示时间，乙处表示平均速度B．甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C．甲处表示时刻，乙处表示平均速度D．甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度【考点】平均速度．【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．与时刻对应的是瞬时速度，与时间对应的是平均速度．【解答】解：甲处表示的是时刻，乙处表示此时刻的速度，所以是瞬时速度，所以D正确．故选：D．2．如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，△v表示速度的变化量．由图中所示信息可知（）A．汽车在做加速直线运动B．汽车的加速度方向与v1的方向相同C．汽车的加速度方向与v1的方向相反D．汽车的加速度方向与△v的方向相反【考点】加速度．【分析】速度是矢量，速度的变化量△v=v2﹣v1，用从矢量v1的箭头到矢量v2的箭头的有向线段表示，加速度的方向与速度变化量的方向相同．【解答】解：速度是矢量，速度的变化量△v=v2﹣v1，根据图象可知，△v的方向与初速度方向相反，而加速度的方向与速度变化量的方向相同，所以加速度方向与初速度方向相反，物体做减速运动，故C正确，ABD错误．故选：C3．钓鱼岛（the Diaoyu Islands）自古以来就是我国的固有领土，在距温州市约356km、距福州市约385km、距基隆市约190km的位置．若我国某海监船为维护我国对钓鱼岛的主权，从温州出发去钓鱼岛巡航，到达钓鱼岛时共航行了480km，则下列说法中不正确的是（）A．该海监船的位移大小为480 km，路程为356 kmB．该海监船的位移大小为356 km，路程为480 kmC．确定该海监船在海上的位置时不可以将该海监船看成质点D．若知道此次航行的时间，则可求出此次航行的平均速度【考点】平均速度；位移与路程．【分析】解决本题需掌握：位移是从初位置到末位置的有向线段，路程为轨迹的实际长度；平均速度等于位移与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值；在物体的大小和形状不起作用，或者所起的作用并不显著而可以忽略不计时，我们把近似地把该物体看作是一个具有质量大小和形状可以忽略不计的理想物体，称为质点．【解答】解：A、B、位移是从初位置到末位置的有向线段，为356km；路程为轨迹的实际长度，为480km，故A错误，B正确；C、该海监船在海上航行时，确定位置时其大小可以忽略不计，故可以将该海监船看成质点，故C错误；D、平均速度等于位移除以时间，故知道此次航行时间可求出此次航行的近似平均速度，故D正确；本题选错误的；故选：AC．4．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶，在t=0到t=t1的时间内，它们的v﹣t图象如图所示．在这段时间内（）A．汽车甲的平均速度比乙的大B．汽车乙的平均速度等于C．甲乙两汽车的位移相同D．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大【考点】匀变速直线运动的图像；平均速度．【分析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解答】解：A、C、平均速度等于位移与时间的比值，在v﹣t图象中，图形的面积代表位移的大小，根据图象可知道，甲的位移大于乙的位移，由于时间相同，所以汽车甲的平均速度比乙的大，故A正确，C错误；B、由于乙车做变减速运动，平均速度不等于，故B错误；D、因为切线的斜率等于物体的加速度，汽车甲和乙的加速度大小都是逐渐减小，故D错误．故选：A．5．在一根轻绳的两端各拴一个小球，一人用手拿着绳上端的小球站在三层楼的阳台上，放后让小球自由下落，两个球相继落地的时间差为△t，如果站在四层楼的阳台上，同样放手让小球自由下落，则两球相继落地的时间差将会（）A．不变B．变大C．变小D．由于每层高度不知，无法比较【考点】自由落体运动．【分析】不论放在三楼阳台释放还是放在五楼阳台释放，一球落地后，另一球运动的位移相等，根据L=v0t+gt2，求出两球落地的时间差的变化．【解答】解：设细线的长度为L，第一个小球着地后，另一个小球运动的位移为L，在L内运行的时间，即为两球落地的时间差，第一个球着地的速度为另一个小球在位移L内的初速度．高度越高，落地的速度越大，则可知高度越高，另一个小球在位移L内的初速度越大，根据L=v0t+gt2，初速度越大，时间越短．所以△t2＜△t1．故选：C．6．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．加速度为负值，速度将减小B．物体的速度为零，加速度也一定为零C．运动物体的加速度越来越小，物体运动的速度也越来越小D．运动物体的加速度越来越小，表示速度变化越来越慢【考点】加速度．【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．【解答】解：A、加速度为负值，速度可能也为负值，则加速度的方向与速度方向相同，速度增加，故A错误．B、物体的速度为零，加速度不一定为零，比如自由落体运动的初始时刻，故B错误．C、当加速度的方向与速度方向相同，加速度越来越小，速度越来越大，故C错误．D、加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度越来越小，速度变化越来越慢，故D正确．故选：D．7．一质点沿x轴做直线运动，其v﹣t图象如图所示，质点在t=0时位于x=0处，开始沿x 轴正向运动，当t=7s时，质点在x轴上的位置为（）A．x=3m B．x=3.5m C．x=﹣3.5m D．x=8.5m【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度时间图象可读出速度的大小和方向，根据速度图象可分析物体的运动情况，确定何时物体离原点最远．图象的“面积”大小等于位移大小，图象在时间轴上方“面积”表示的位移为正，图象在时间轴下方“面积”表示的位移为负．【解答】解：图象的“面积”大小等于位移大小，图象在时间轴上方“面积”表示的位移为正，图象在时间轴下方“面积”表示的位移为负，故7s时位移为：s==3.5m，由于质点在t=0时位于x=0处，故当t=7s时，质点在x轴上的位置为3.5m，故ACD错误，B正确．故选：B．二、不定项选择题（每小题有一个或多个正确选项，选对不全得2分，有错或不选不得分．每小题4分，共20分）8．物体沿一条东西方向的水平线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度﹣时间图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．在1 s末，速度为9 m/sB．0～2 s内，加速度为6 m/s2C．6～7 s内，做速度方向向西的加速运动D．10～12 s内，做速度方向向东的加速运动【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度﹣图象中直线的斜率表示加速度的大小，图象在时间轴的上方，表示速度为正，在时间轴的下方，表示速度为负，运动的方向与选取的正方向相反．【解答】解：A、由数学知识可知在1s末，速度为9m/s，故A正确．B、0﹣2s内物体的加速度：a==m/s2=3m/s2，故B错误．C、6s﹣7s物体运动的方向与选取的正方向相反，即向西做加速运动．故C正确；D、10s﹣12s内物体运动的方向与选取的正方向相反，即向西减速运动，故D错误；故选：AC9．如图示，是A、B两质点沿同一条直线运动的位移图象，由图可知（）A．质点A前2s内的位移是1mB．质点B第1s内的位移是2mC．质点A、B在8s内的位移大小相等D．质点A、B在4s末相遇【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】位移﹣时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，纵坐标的变化量△s表示物体通过的位移，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向．【解答】解：A、质点A前2s内的位移是△s=s2﹣s1=1m﹣0=1m，故A正确．B、在0﹣2s内质点B静止，第1s内的位移是0，故B错误．C、质点A在前8s内的位移为1m﹣0=1m，质点B在前8s内的位移为﹣1m﹣2m=﹣3m，大小为3m，故C错误．D、位移图象上的任意一点表示该时刻的位置，故知4s末两个质点到达同一位置，相遇，故D正确．故选：AD10．如图为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向同时做匀加速运动的v﹣t图线．已知在第3s末两个物体在途中相遇，则两个物体出发点的关系是（）A．从同一地点出发B．A在B前3 m处C．B在A前3 m处D．B在A前5 m处【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同，相距的距离等于位移之差．【解答】解：A、由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同．故A错误．BCD、两物体在3s内的位移分别为x A=×4×3m=6m，x B=×2×3m=3m，则出发时B在A 前3m处．故C正确，BD错误．故选：C11．甲、乙两物体做自由落体运动，已知甲物体的质量是乙物体的质量的2倍，而甲距地面的高度是乙距地面高度的一半，下列说法正确的是（）A．甲物体的加速度是乙物体加速度的2倍B．甲物体着地的速度是乙物体着地的速度的C．甲物体下落的时间是乙物体下落的时间的D．甲、乙两物体的末速度相同【考点】自由落体运动．【分析】重力加速度与物体的质量无关；自由落体运动的初速度为0，加速度等于当地的重力加速度，故根据v2=2gh可得物体落地时的速度，根据h=gt2，即可求出物体下落的时间．【解答】解：A、甲、乙两物体做自由落体运动，加速度都为重力加速度，相同，故A错误；B、D、根据v2=2gh，末速度为v=，故甲物体着地的速度是乙物体着地的速度的，故B错误，D错误；C、根据h=gt2，t=，故甲物体下落的时间是乙物体下落的时间的，故C正确；故选C．12．光滑斜面长为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速下滑到底端经历的时间为t，则（）A．物体在时刻的瞬时速度是B．物体全过程的平均速度是C．物体到斜面中点时的瞬时速度小于D．物体从开始运动到斜面中点经历的时间为【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系；平均速度；瞬时速度．【分析】物体的平均速度等于位移与时间之比．物体做匀加速直线运动，t时间内平均速度等于中点时刻的瞬时速度．由斜面的长度L和时间t，求出加速度，由位移速度公式求出斜面中点的瞬时速度，再由速度公式求解物体从顶端运动到斜面中点所需的时间．【解答】解：A、物体运动全程的平均速度为：，物体在时的即时速度等于时间t内的平均速度，即为，故A错误，B正确；C、设物体的加速度为a，运动到斜面中点时瞬时速度为v，则由L=得到，a=．又v2=2a，解得v=＞，故C错误；D、由位移公式x=得知，物体从顶点到斜面中点的时间和从顶点滑到底端的时间比为1：，即物体从开始运动到斜面中点经历的时间为．故D错误．故选B．三、填空、实验题（13小题3分，14、15小题4分，16小题5分，共16分）13．在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到汽车在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为：x=30t﹣3t2（x的单位是m，t的单位是s）．则该汽车在路面上留下的刹车痕迹长度为75m．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间关系求得汽车运动的初速度和加速度，再根据运动规律求解即可．【解答】解：根据匀变速直线运动的位移时间关系由：x=30t﹣3t2=可得汽车运动的初速度v0=30m/s，加速度a=﹣6m/s2根据匀变速直线运动的速度位移关系可知，汽车刹车位移x=故答案为：75m．14．如图所示，光滑斜面被分成四个长度相等的部分，一个物体由A点静止释放，物体到达各点的速度v E：v D：v C：v B=1：：：2，物体到达各点所经历的时间t B：t C：t D：t E=1：：：2．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】本题是同一个匀加速直线运动中不同位置的速度、时间等物理量的比较，根据选项中需要比较的物理量选择正确的公式把物理量表示出来，再进行比较．【解答】解：A、根据运动学公式v2﹣v02=2ax得：物体由A点从静止释放，所以v2=2ax，所以物体到达各点的速率之比v B：v C：v D：v E=1：：：2，故A错误．B、根据运动学公式x=v0t+at2得：t=，物体到达各点经历的时间t B：t C：t D：t E=1：：：2，故答案为：1：：：2，1：：：2，15．在做“研究匀变速直线运动”实验中，打点计时器打出的一条纸带中的某段如图所示，若A 、B 、C …点间的时间间隔均为0.10s ，从图中给定的长度，求出BC 段的平均速度大小是 0.5m/s ，打下C 点时小车的速度大小是 1.25 m/s ．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】根据平均速度定义求解BC 段的平均速度大小．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C 点时小车的瞬时速度大小． 【解答】解：根据平均速度定义得 BC 段的平均速度大小==0.5m/s ，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有： v C ==1.25 m/s故答案为：0.5m/s ；1.25 m/s16．在科学探究活动中，对实验数据进行分析归纳得出结论是非常重要的环节．为探究物体做直线运动过程中x 随t 变化的规律，某实验小组经过实验和计算得到下表的实验数据（1）现根据表格数据，请你在如图所示的坐标系中，纵、横轴分别选择合适的物理量和标度作出关系图线．（2）请你根据你作出的图线，分析得出物体从A→B 的过程中x 随t 2变化的规律是s=0.31t 2 ．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】建立坐标系的物理量，采用描点法画图．为了说明两个物理量是否成正比，我们应该作出两个物理量的图象，看是否为过原点的一条倾斜直线．【解答】解：（1）用纵轴表示位移s、横轴表示时间的平方t2，连线时应尽量使描出的点落在直线上，不能落在直线上的点尽量分布在直线两侧．（2）根据图象得s∝t2，图象的斜率：k==0.31所以图象的表达式：s=0.31t2．故答案为：（1）如上图所示；（2）s=0.31t2四、计算题（本题有4小题，共43分，解答应写出必要的文字说明﹑方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．汽车先以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，求5s内汽车通过的位移？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据速度时间关系求得汽车停车时间，结合停车时间由位移时间关系求得位移．【解答】解：取初速度方向为正方向，则刹车后的加速度a=﹣5m/s2，根据速度时间关系有汽车停车时间t=＜5s所以汽车刹车后5s内通过的位移实为汽车刹车后4s内的位移答：汽车5s内通过的位移为40m．18．一个从静止做自由落体运动的小球，下落2s砸坏并穿过一水平放置在空中的玻璃板，因而小球失去的速度，如果小球又用了2s到达地面，求玻璃板离地面的高度？（g取10m/s2）【考点】自由落体运动．【分析】先求出下落2s的速度，进而求出穿过玻璃板的速度，再根据匀加速直线运动，位移时间公式即可求解．【解答】解：小球下落2s后的速度为：v=gt=20m/s穿过玻璃板的速度v1==5m/s穿过玻璃板后做匀加速直线运动，加速度为g，则h==答：玻璃板离地面的高度为30m．19．卡车原来用10m/s的速度匀速在平直公路上行驶，因为道口出现红灯，司机从较远的地方即开始刹车，使卡车匀减速前进，当车减速到2m/s时，交通灯转为绿灯，司机当即放开刹车，并且只用了减速过程的一半时间卡车就加速到原来的速度，从刹车开始到恢复原速过程用了12s．求：（1）减速与加速过程中的加速度；（2）开始刹车后2s末及10s末的瞬时速度．（3）车在这12s内通过的位移．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】（1）根据速度时间关系求得减速与加速过程中的加速度；（2）根据速度时间关系求速度；。