湖北省枣阳市白水高级中学2016-2017学年高一12月月考物理试题 Word版含答案

湖北省枣阳市第二中学2016—2017学年度上学期12月月考高一物理试题（时间：90分钟分值100分）第I卷（选择题共48分）一、选择题（本大题12小题，每小题4分，共48分）1．三个质点1、2、3的图像如图所示，由图可判断（）A.三质点都做匀速直线运动B.只有质点2做匀速直线运动C.三质点在时刻的位置不同D.三质点都不做匀速直线运动2．下图所示是某质点做直线运动的x－t图象，由图象可知（）A．质点一直处于运动状态B．质点第3 s内位移是2 mC．此图象表示了质点运动的轨迹D．该质点前4 s内位移是2 m3．甲、乙两辆汽车，同时在一条平直的公路上自西向东运动，开始时刻两车平齐，相对于地面的v ﹣t图象如图所示，关于它们的运动，下列说法错误的是（）A．甲车中的乘客说，乙车先以速度v0向西做匀减速运动，后做匀加速运动B．乙车中的乘客说，甲车先以速度v0向西做匀减速运动，后做匀加速运动C．根据v﹣t图象可知，开始乙车在前，甲车在后，两车距离先减小后增大，当乙车速度增大到v0时，两车恰好平齐D．根据v﹣t图象可知，开始甲车在前，乙车在后，两车距离先增大后减小，当乙车速度增大到v0时，两车恰好平齐4．下列物体处于平衡状态的是（）A．加速启动的汽车B．做匀速圆周运动的小球C．在水平面上减速滑行的木块D．静止在桌面上的文具盒5．物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离为16 m的路程，第一段用时4s，第二段用时2s，则物体的加速度是A．B．C．D．6．如图所示，是甲、乙两物体做直线运动的位移－时间图象，则下列说法不正确．．．的是（）A、甲开始运动时刻比乙早t1B、当t＝t2时，两物体相遇C、乙物体的速度比甲物体的速度大D、甲、乙两物体运动方向相同7．某质点作直线运动的v﹣t图象如图所示，根据图象判断下列正确的是（）A．0～1s内的加速度大小是1～3s内的加速度大小的2倍B．0～1s与4～5s内，质点的加速度方向相反C．0.5s与2s时刻，质点的速度方向相反D．质点在0～5s内的平均速度是0.8m/s8．下列说法正确的是A．伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因B．经典力学的基础是牛顿运动定律，它适用于宏观和微观世界C．安培提出了分子电流假说，并在磁场与电流的相互作用方面做出了杰出的贡献D．法拉第发现了电磁感应现象，使人类从蒸汽机时代步入了电气化时代9．甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，其v－t图象如图所示。

湖北省襄阳市枣阳市白水高中2015-2016学年高三（上）月考物理试卷（12月份）1．关于物体的加速度，下列说法正确的是（）A．速度为零，加速度必为零B．加速度方向一定与速度变化方向相同C．加速度减小，速度必减小D．加速度恒定时，物体一定做匀变速直线运动2．x轴上有两个点电荷Q1和Q2，Q1和Q2之间连线上各点电势高低如图曲线所示，选无穷远处电势为零，从图中可以看出（）A．Q1的电荷量小于Q2的电荷量B．Q1和Q2一定是异种电荷C．P处的电场强度为零D．Q1和Q2之间连线上各点电场强度方向都指向Q23．一带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图中实线abc所示．图中虚线是同心圆弧，表示电场的等势面．不计重力，可以判断（）A．此粒子一直受到静电吸引力作用B．粒子在b点的电势能一定大于在a点的电势能C．粒子在a 点和c点的速度大小一定相等D．粒子在b 点的速度一定大于在a 点的速度4．如图A、B、C三个物体叠放在水平桌面上处于静止状态，那么以下说法正确的是（）A．物体A对C有向下的压力作用B．物体A和B对地面都有压力作用C．地面对C的支持力是由于地面发生形变要恢复原状产生的D．物体A对B的压力是由于B物体发生形变要恢复原状产生的5．下图中，可以将电压升高给电灯供电的变压器是（）A．B． C． D．6．把一个带电量为+q的检验电荷放在电场中的P点，测得P点的电场强度大小为E，场强的方向向东，有关P点的场强的说法，正确的是（）A．若在P点不放电荷，那么P点的场强为零B．只要P点在电场中的位置确定，它的场强应是一个确定值C．若把﹣q的检验电荷放在P，则测得P点的场强大小仍为E，方向向西D．若把电量为+2q的点电荷放在P点，则测得P点的场强大小为2E，方向向东7．如图所示，相距l的两小球A、B位于同一高度h（l，h 均为定值）．将A 向B 水平抛出的同时，B 自由下落．A、B 与地面碰撞前后，水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反．不计空气阻力及小球与地面碰撞的时间，则（）A．A、B 在第一次落地前能否相碰，取决于A 的初速度B．A、B 在第一次落地前若不碰，此后就不会相碰C．A、B 不可能运动到最高处相碰D．A、B 一定不能相碰8．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tan θ，则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）A．B．C．D．9．如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（）A．所受重力与电场力平衡B．电势能逐渐增加C．动能逐渐增加D．做匀变速直线运动10．光学是一门有悠久历史的学科，它的发展史可追溯到2000多年前．下列有关光的一些现象中说法正确的是（）A．用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象B．在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象C．用三棱镜观察太阳光谱是利用光的折射现象D．电视机遥控器是利用发出紫外线脉冲信号来变换频道的E．在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的色散现象11．一列简谐横波沿x轴传播，波速υ=4m/s，已知坐标原点（x=0）处质点的振动方程为y=0.1sin5πt（m），在下列各图中能够正确表示t=0.15s时波形的图是（）A．B．C．D．12．带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度v0进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，如图所示，可以判断（）A．粒子的加速度在a点时较大B．粒子的电势能在b点时较大C．粒子可能带负电，在b点时速度较大D．粒子一定带正电，动能先变小后变大13．研究小车匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车依靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：（用字母填写）②图（b）中标出的相邻两计数点的时间间隔T=s③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v5=．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=．14．现仅有以下器材：A1表：量程0.2A A2表：量程0.02A V1表：量程3VV2表：量程100V 滑线变阻器R：0～10Ω 电阻箱R0：0～9999.9Ω，0.1A蓄电池组E：ε=6V，r=0.1Ω 电键S及导线若干为较准确地测定一电阻值R x约1.2Ω的电阻丝的阻值，已有甲、乙两位同学分别设计了图1中的甲、乙二个电路图来测量R x．但甲、乙两电路设计均有不合理之处，请指出存在的问题（各图分别指出两处即得满分）．（1）甲图不合理之处：，．（2）乙图不合理之处：，．（3）请设计一个实用的较合理的电路图，画在规定方框内（如图2），并写出R x的计算公式．（说明公式中各物理量的意义）R x=；各量的意义是：．15．雨过天晴，人们常看到天空中出现彩虹，它是由阳光照射到空中弥漫的水珠上时出现的现象．在说明这个现象时，需要分析光线射入水珠后的光路．一细束光线射入水珠，水珠可视为一个半径为R的球，球心O到入射光线的垂直距离为d，水的折射率为n．（1）在图上画出该束光线射入水珠内经一次反射后又从水珠中射出的光路图（2）求这束光线从射向水珠到射出水珠每一次偏转的角度．16．如图所示，一个电容为C，极板间距为d的平行板电容器的两个极板竖直放置，在两板之间有一个质量为了m的带电小球，小球用绝缘细线连接悬挂于O点．现给电容器缓慢充电，使两极板所带电量分别为+Q和﹣Q，此时悬线与竖直方向的夹角为30°．小球所带电量是多少？17．两块平行金属板A、B彼此平行放置，板间距离为d，两板分别带有等量异种电荷，且A板带正电，两板中间有一带负电的油滴P，当两板水平放置时，油滴恰好平衡，若把两板倾斜60°，把油滴从P静止释放，油滴可以打在金属板上，问：（1）油滴将打在哪块金属板上？（2）油滴打在金属板上的速率是多少？18．一定质量的理想气体体积V与热力学温度T的关系图象如图所示，气体在状态A时的压强p0=1.0×105Pa，线段AB与V轴平行．（1）求状态B时的压强．（2）气体从状态A变化到状态B过程中，对外界做的功为10J，求该过程中气体吸收的热量．答案1.【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．【解答】解：A、速度为零，加速度不一定为零，比如自由落体运动，速度为零，加速度不为零．故A错误．B、加速度方向与速度变化量的方向相同．故B正确．C、当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大．故C错误．D、加速度恒定，物体一定做匀变速运动，但是不一定是直线运动．故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．2.【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电势φ与x关系图象的斜率大小等于场强，根据P点的场强方向，由公式E=k分析两电荷电量的大小．Q1处电势大于零，Q2处电势小于零，根据顺着电场线方向电势降低，可判断出电场线方向，确定两电荷的电性．【解答】解：A、φ﹣x图象的斜率大小等于场强大小，则知P点的场强方向为负值，沿着x 轴负方向，即两电荷的合场强方向不等于零，P离Q1较远，由公式E=k得知，Q1的电荷量大于Q2的电荷量．故A错误．B、由题，无穷远处电势为零，而Q1处电势大于零，Q2处电势小于零，则知，Q1和Q2一定是异种电荷．故B正确．C、由φ﹣x图象的斜率看出，P处的电场强度不为零．故C错误．D、从Q1到Q2之间连线上电势逐渐降低，连线上各点电场强度方向都指向Q2，故D正确．故选BD【点评】本题一要理解φ﹣x图象的斜率大小等于场强大小；二要根据电场线方向判断电势高低．3.【考点】电势能；等势面．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了排斥力作用，从a到b 过程中，电场力做负功，可判断电势能的大小和速度大小．a、c两点处于同一等势面上，由动能定理分析粒子在a、c两点的速度大小关系．【解答】解：A、如图所示，轨迹向左弯曲，带电粒子所受的电场力方向向左，则带电粒子受到了排斥力作用．故A错误．B、D从a到b过程中，电场力做负功，可知电势能增大，动能减小，则粒子在b点的电势能一定大于在a点的电势能，而粒子在b点的速度一定小于在a点的速度．故B正确，D错误．C、a、c两点处于同一等势面上，从a到c，电场力为零，则a、c两点动能相等，速度大小也相等．故C正确．故选BC【点评】本题是轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路．4.【考点】物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】要掌握弹力的概念：物体由于弹性形变而产生的力叫做弹力．弹力是由于施力物体发生形变对受力物体的力，弹力是直接接触的力．【解答】解：A、根据弹力产生原理，可知，弹力是直接接触的力，因此A对C没有压力．故A错误．B、由上分析可知，物体A对地面没有压力作用，故B错误．C、物体由于发生了弹性形变，要恢复原状，则会对使其发生弹性形变的物体施加弹力，因此地面对C的支持力是由于地面发生形变要恢复原状产生的，故C正确．D、由C选项分析可知，A对B的压力是由于A物体发生形变要恢复原状产生的，故D错误．故选：C．【点评】此题主要考查了学生对弹力的认识．首先要掌握弹性形变的概念，物体由于弹性形变产生的力才是弹力．5.【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势．而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势．变压器的电流比为：原副线圈电流与匝数成反比，电压比为：原副线圈电压与匝数成正比．且电流与电压均是有效值，电表测量值也是有效值．【解答】解：A、甲图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故A错误；B、乙图中，原线圈匝数比副线圈匝数多，所以是降压变压器，故B错误；C、丙图中，原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故C正确；D、丁图中，原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故D错误；故选：C【点评】理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时副线圈的电压由原线圈电压与原副线圈匝数决定，而原线圈的电流由副线圈决定．6.【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．【解答】解：电场中某点的场强是由电场本身决定的，只要P点在电场中的位置确定，它的场强应是一个确定值，与检验电荷的正负和带电量的多少无关．故选：B．【点评】电场强度的定义式具有比值定义法的共性，定义出的电场强度与F、q无关，由电场本身决定．7.【考点】平抛运动；自由落体运动．【专题】平抛运动专题．【分析】因为平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据该规律抓住地面碰撞前后，水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反判断两球能否相碰．【解答】解：A、若A球经过水平位移为l时，还未落地，则在B球正下方相碰．可知A、B两球能否在落地前相碰，取决于A的初速度．故A正确．B、A、B在第一次落地前不碰，由于反弹后水平分速度、竖直分速度大小不变，方向相反，则以后一定能碰．故B错误，D错误．C、若A球第一次与地面碰撞时的水平位移为时，根据竖直方向上运动的对称性知，当A 球水平位移为l时，A球上升到最高点，B球的运动规律与A球竖直方向上的运动规律相同，知A、B在最高点相碰．故C错误．故选A．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，根据该规律进行分析．8.【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】要找出小木块速度随时间变化的关系，先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1；当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ＜tanθ知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度a2；比较知道a1＞a2【解答】解：初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律得加速度为：a1==gsinθ+μgcosθ；当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ＜tanθ知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度为：a2==gsinθ﹣μgcosθ；比较知道a1＞a2，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率变小．故选：B【点评】本题的关键1、物体的速度与传送带的速度相等时物体会继续加速下滑．2、小木块两段的加速度不一样大．是一道易错题．9.【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】带电粒子在场中受到电场力与重力，根据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确定粒子的运动的性质，及根据电场力做功来确定电势能如何变化．【解答】解：A、D、根据题意可知，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度方向同向，粒子做匀加速直线运动，因此A错误，D正确；B、根据动能定理，由A选项分析可知，电场力做正功，则电势能减小，故B错误；C、因电场力做正功，则电势能减小，导致动能增加，故C正确；故选：CD．【点评】考查根据运动情况来确定受力情况，并由电场力做功来确定电势能如何，以及动能的变化．10.【考点】全反射；光的折射定律；颜色及光的色散．【专题】光的折射专题．【分析】用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的干涉现象．在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的色散现象．电视机遥控器是利用发出红外线脉冲信号来变换频道的．水面上油膜出现彩色花纹是光的色散现象．【解答】解：A、用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的干涉现象，不是偏振现象，故A错误．B、在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象．故B正确．C、用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用同一介质对不同色光折射率不同，经过两次折射而产生色散现象．故C正确．D、电视机遥控器是利用发出红外线脉冲信号来变换频道的．故D错误．E、在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是由于油膜上下两个表面反射的两束光发生干涉形成的．故E错误．故选：BC【点评】本题考查对常见有光学现象产生原因的了解，关键要理解并掌握干涉、全反射等知识．11.【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】根据振动方程判定出t=0.15s时坐标原点处的质点位置和振动方向，利用排除法即可解答该题．【解答】解：根据坐标原点（x=0）处质点的振动方程y=0.1sin5πt（m），可知：ω=5π rad/s，周期为T===0.4st=0.15s时y=0.1sin（5π×0.15）m≈0.07m，==则知在t=0.15s时原点在Y轴正方向上且向下振动．A、原点处在Y轴负方向上，故A错误；B、原点处在Y轴正方向上，但是向上振动，故B错误；C、原点处在Y轴正方向上，且向下振动，故C正确；D、原点处在Y轴正方向，向上振动，故D错误．故选：C【点评】“排除法”是作图象选择题常用的方法．本题着重把握振动和波动之间的联系．12.【考点】电场线；牛顿第二定律；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】做曲线运动的物体所受的合力大致指向轨迹凹的一向，根据此可判断出电场力的方向以及电场力的做功情况，根据电场力做功可判断出动能、电势能的变化．粒子的加速度可通过比较合力（电场力）进行比较．【解答】解：A、a点的电场强度比b点小，则在a所受的电场力（即合力）小，所以粒子的加速度在a点时较小．故A错误．B、根据轨迹弯曲程度，知电场力的方向沿电场线切线方向向右，所以该电荷是正电荷．从a点到b点，电场力先做负功，再做正功，电势能先增加后降低，动能先变小后增大．但a 点到b点，整个过程最终电场力做正功，所以a点的电势能大于b点，a点的动能小于b点．故B、C错误，D正确．故选D．【点评】解决本题的关键通过轨迹的弯曲方向判断出电场力的方向，根据电场力做功判断出动能的变化和电势能的变化．13.【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】计算题；实验题．【分析】①先连接实验器材，测量时先接通电源，后释放纸带；②打点计时器的工作频率为50Hz，每隔0.02s打一次电，每相邻两点之间还有4个记录点未画出，共5个0.02s；③匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度；④根据公式△x=aT2列式求解．【解答】解：①先连接实验器材，后穿纸带，再连接小车，最后打点并选择纸带进行数据处理；故为DCBA；②打点计时器的工作频率为50Hz，每隔0.02s打一次电，每相邻两点之间还有4个记录点未画出，共5个0.02s，故T=0.1s；③匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故；④根据公式△x=aT2，有：；解得：；故答案为：①DCBA，②0.1，③，④．【点评】本题关键明确实验原理、实验步骤，会计算瞬时速度和加速度，基础题．14.【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】选用电流表与电压表量程时要求电表指针在满偏角度的～之间较合理．待测电阻的阻值较小，宜使用电流表外接法．【解答】解：（1）对于甲图不合理之处：①不能多次测量，②超过电流表量程不安全，③电压表量程太大，读数误差较大．（2）对于乙图不合理之处：①电流表量程太小，②电压表量程太大，③变阻器调节作用太小．（3）待测电阻的阻值较小，宜使用电流表外接法．滑动变阻器的阻值只有10Ω，宜使用分压接法．较为合理的电路图如图所示．R x的计算公式：其中U V是电压表V1表示，I A是电流表A1示数，R0是电阻箱示数．故答案为：：（1）对于甲图不合理之处：①不能多次测量，②超过电流表量程不安全；（2）对于乙图不合理之处：①电流表量程太小，②电压表量程太大，③变阻器调节作用太小（3）如图，R x的计算公式；其中U V是电压表V1表示，I A是电流表A1示数，R0是电阻箱示数．【点评】欧姆表指针指在中值电阻附近时读数较准一些，选用电流表与电压表量程时应根据估算，使指针指在满刻度的～之间即可，若题中有“要求尽可能多的测量数据”提示时，滑动变阻器应用分压式接法．15.【考点】光的折射定律．【专题】作图题；光的折射专题．【分析】（1）根据光的折射以及全反射原理可正确画出光路图．（2）正确画出光路图，根据几何关系以及折射定律可求解．【解答】（1）光路如图（a）所示．（2）以i、r表示入射光线的入射角、折射角，由折射定律有，以δ1、δ2、δ3表示每一次偏转的角度，如图（b）所示，由反射定律、折射定律和几何关系可知，=i﹣r，δ2=π﹣2r，δ3=i﹣r．1由以上各式解得：故这束光线从射向水珠到射出水珠每一次偏转的角度为：【点评】解决这类光学问题的关键是正确画出光路图，然后根据几何关系以及折射定律求解．16.【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】对小球受力分析，受重力、电场力和拉力，根据U=Ed、Q=cU、F=qE以及平衡条件列方程，求解出小球所带电量．【解答】解：电容器的电容为C，充电Q后，电容器两极板间电势差为：，两板间为匀强电场，场强为：=，设电场中小球带电量为q，则所受电场力为：F=qE=小球在电容器中受重力，电场力和拉力平衡，如图所示，由平衡条件有：F=mgtanθ即：=mgtanθ答：小球所带电量是．【点评】本题考查平行板电容器的电场中电场力、电场强度和电势差的关系等，关键结合平衡条件列式求解．17.【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】分析粒子的受力，作出受力分析图，判断运动的性质，可知最终会打在哪个板上，再由牛顿第二定律可得求出加速度的大小，由几何知识求解水平运动距离，然后结合运动学公式，可以求解油滴打在金属板上的速率．【解答】解：（1）两板倾斜60°后油滴的受力如图：因重力与电场力大小相等，电场力和重力夹角为120°，故其合力在如图方向大小等于mg，即F合=mg；故油滴做匀加速直线运动，最终会打在A板上，（2）根据牛顿第二定律运动的加速度大小a=g；由图中几何关系可知，油滴的位移：=d；设油滴达到板上速度的大小为v，根据v2=2aL所以，答：（1）油滴将打在A板上．（2）油滴打在金属板上的速率是．【点评】本题的突破点在于粒子做直线运动，故应根据力与运动的关系确定出粒子的受力情况．18.【考点】理想气体的状态方程．【专题】理想气体状态方程专题．【分析】（1）从A→B过程，气体发生等温变化，根据玻意耳定律求状态B时的压强．（2）从A→B过程，气体的内能不变，根据热力学第一定律求气体吸收的热量．【解答】解：（1）A→B过程，气体发生等温变化，体积增加为2倍，根据玻意耳定律得：p0V0=p B（2V0）则：p B=p0=5×104Pa（2）A→B过程，气体的内能不变，即△U=0，由热力学第一定律得：△U=Q+W，则得Q=﹣W=10J答：（1）状态B时的压强为5×104Pa．（2）气体从状态A变化到状态B过程中，吸收的热量为10J．【点评】本题第一问关键根据玻意耳定律列式求解，第二问关键根据热力学第一定律列式求解，注意理想气体的内能与热力学温度成正比．。

枣阳市白水高级中学2017届高三12月月考理科综合试题理科综合试题物理部分参考答案14．A 15．D 16．C 17．C 18．AC 19.ABC 20．AC 21．AB22．(1)CD （2分） (2) 错误！未找到引用源。

（3分）23．(1) d= 3.206 (或3.205 、3.207 ) (2分) L = 5.015 (2（2）①连图如右（3分）②错误！未找到引用源。

(3分)24．（13分）解析：（1）错误！未找到引用源。

∴错误！未找到引用源。

①（2分）由平衡得：错误！未找到引用源。

②（2分）由①②得错误！未找到引用源。

（2分）（2）由于液滴恰好打在B板正中央，利用平抛规律有：错误！未找到引用源。

③（1分）错误！未找到引用源。

④（1分）错误！未找到引用源。

⑤（2分）同理错误！未找到引用源。

⑥（1分）由上式错误！未找到引用源。

（2分）25．（19分）解析：（1）错误！未找到引用源。

从释放到与错误！未找到引用源。

相碰撞过程中，错误！未找到引用源。

、错误！未找到引用源。

组成的系统水平方向动量守恒，设错误！未找到引用源。

水平位移大小错误！未找到引用源。

，错误！未找到引用源。

水平位移大小错误！未找到引用源。

，有：错误！未找到引用源。

（2分）错误！未找到引用源。

（1分）可以求得错误！未找到引用源。

（2分）（2）设错误！未找到引用源。

、错误！未找到引用源。

刚要相碰时物体1的速度错误！未找到引用源。

，滑道的速度为错误！未找到引用源。

，由机械能守恒定律有错误！未找到引用源。

错误！未找到引用源。

（2分）错误！未找到引用源。

由动量守恒定律有错误！未找到引用源。

（1分）物体1和物体2相碰后的共同速度设为错误！未找到引用源。

，由动量守恒定律有错误！未找到引用源。

（2分）弹簧第一次压缩最短时由动量守恒定律可知物体1、2和滑道速度为零，此时弹性势能最大，设为错误！未找到引用源。

从物体1、2碰撞后到弹簧第一次压缩最短的过程中，由能量守恒有错误！未找到引用源。

2016-2017学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高一（下）期中物理试卷一、选择题（共10小题，每小题5分，满分50分）1．下面关于两个互成角度的匀变速直线运动的合运动的说法中正确的是（）A．合运动一定是匀变速直线运动B．合运动一定是曲线运动C．合运动可能是变加速直线运动D．合运动可能是匀变速曲线运动2．一个物体在多个与桌面平行的恒力作用下，在光滑的水平桌面上做匀速直线运动，现只撤去其中一个恒力后有关物体的运动情况，下列说法正确的是（）A．一定不会做匀速圆周运动B．不可能做匀加速直线运动C．一定做匀变速曲线运动 D．不可能做匀减速运动3．如图所示，物体以恒定的速率沿圆弧AB做曲线运动，下列对它的运动分析正确的是（）A．因为它的速率恒定不变，故做匀速运动B．该物体受的合外力一定不等于零C．该物体受的合外力一定等于零D．它的加速度方向与速度方向有可能在同一直线上4．航天员陈冬在“天宫二号”飞船内与地球上刘国梁等乒乓名将一起参加《挑战不可能》节目，表演了自己发球，自己接球地球上不可能完成的任务，陈冬在飞船上做到了！我们现在知道这是借助于太空的失重条件．若飞船质量为m，距地面高度为h，地球质量为M，半径为R，引力常量为G，则飞船所在处的重力加速度大小为（）A．0 B． C． D．5．某行星绕太阳运动的轨道如图所示，则以下说法不正确的是（）A．太阳一定在椭圆的一个焦点上B．该行星在a点的速度比在b、c两点的速度都大C．该行星在c点的速度比在a、b两点的速度都大D．行星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积是相等的6．如图所示，小球以v0正对倾角为θ的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则飞行时间t为（）A．t=B．t= C．t=D．t=7．从高H处以水平速度v1平抛一个小球1，同时从地面以速度v2竖直向上抛出一个小球2，两小球在空中相遇，则（）A．从抛出到相遇所用时间为B．从抛出到相遇所用时间为C．抛出时两球的水平距离是D．相遇时小球2上升高度是8．如图所示，半径为L的圆管轨道（圆管内径远小于轨道半径）竖直放置，管内壁光滑，管内有一个小球（小球直径略小于管内径）可沿管转动，设小球经过最高点P时的速度为v，则（）A．v的最小值为B．v若增大，球所需的向心力也增大C．当v由逐渐减小时，轨道对球的弹力也减小D．当v由逐渐增大时，轨道对球的弹力也增大9．我国成功发射了多颗地球同步卫星，也成功发射了多颗“神舟号”飞船．飞船在在太空中做匀速圆周运动时，21小时环绕地球运行14圈．关于同步卫星和飞船做匀速圆周运动过程中，有下列判断正确的是（）A．同步卫星运行周期比飞船大B．同步卫星运动速度比飞船大C．同步卫星的向心加速度比飞船大D．同步卫星离地面的高度比飞船大10．一颗在地球赤道上空绕地球运转的同步卫星，距地面高度为h，已知地球半径为R，自转周期为T，地面重力加速度为g，则这颗卫星运转的速度大小是（）A．（R+h）B．RC．D．二、实验题（共2小题，满分15分）11．如图甲所示为测量电动机转动角速度的实验装置，半径不大的圆形卡纸固定在电动机转轴上，在电动机的带动下匀速转动．在圆形卡纸的旁边垂直安装一个改装了的电火花计时器．（1）请将下列实验步骤按先后排序：．A．使电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触B．接通电火花计时器的电源，使它工作起来C．启动电动机，使圆形卡纸转动起来D．关闭电动机，拆除电火花计时器；研究卡纸上留下的一段痕迹（如图乙所示），写出角速度ω的表达式，代入数据，得出ω的测量值．（2）要得到ω的测量值，还缺少一种必要的测量工具，它是．A．秒表B．毫米刻度尺C．圆规D．量角器（3）写出角速度ω的表达式，并指出表达式中各个物理量的意义：．12．如图所示，为某小球做平抛运动时，用数码相机的摄像功能获得的相片的一部分，图中背景方格的边长为5.0cm，（取g=10m/s2）．（若结果含有根号，用根号表示）（1）小球平抛的初速度v0=m/s；（2）该数码相机每秒钟拍摄张相片．（3）小球过A点的速率υA=m/s．三、计算题（共4小题，满分45分）13．在光滑的水平面内，一质量m=1kg的质点以速度V0=10m/s沿x轴正方向运动，经过原点后受一沿y轴正方向的恒力F=15N作用，直线OA与x轴成a=37°，如图所示曲线为质点的轨迹图（g取10m/s2sin37°=0.6 cos37°=0.8 ）求：（1）如果质点的运动轨迹与直线OA相交于P点，质点从0点到P点所经历的时间以及P 点的坐标．（2）质点经过P点的速度大小．14．如图所示，有一条两岸平行，河水均匀流动、流速恒定的大河，河水流速为2m/s，河宽为120m．某人驾着小船渡河，去程时船头朝向始终与河岸垂直，回程时行驶路线最短．已知去程的航线AB与岸边夹角为60°，且船在静水中的速率恒定不变．求：（1）船去程所用时间及渡河路线的总长；（2）船回程的过程所用时间．15．如图所示，轻杆长为3L，在杆的A、B两端分别固定质量均为m的球A和球B，杆上距球A为L处的点O装在光滑水平转动轴上，杆和球在竖直面内转动，已知球A运动到最高点时，球A的速度刚好为．求：（1）杆此时对球作用力大小和方向；（2）杆此时对水平轴O的作用力大小和方向．16．如图所示，质量分别为m和M的两个星球A和B在引力作用下都绕O点做匀速圆周运动，星球A和B两者中心之间的距离为L．已知A、B的中心和O三点始终共线，A和B分别在O的两侧，引力常数为G．（1）求两星球做圆周运动的周期；（2）在地月系统中，若忽略其它星球的影响，可以将月球和地球看成上述星球A和B，月球绕其轨道中心运行的周期记为T1．但在近似处理问题时，常常认为月球是绕地心做圆周运动的，这样算得的运行周期记为T2．已知地球和月球的质量分别为 5.98×1024kg和7.35×1022 kg．求T2与T1两者平方之比．（结果保留3位小数）【参考答案】一、选择题（共10小题，每小题5分，满分50分）1．【考点】运动的合成和分解．【分析】两个运动的合运动到底是直线还是曲线，我们要看合外力与速度方向的关系，找出合外力和初速度方向进行判断．【解答】解：互成角度的两个初速度的合初速度为V，两个加速度的合加速度为a，如图，由物体做曲线运动的条件可知，当V与a共线时为匀变速直线运动，当V与a不共线时，为匀变速曲线运动；由于两个分运动的加速度都不变，故合加速度也不变，故合运动是匀变速运动，故ABC错误，D正确；故选D．2．【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】根据物体所受的合力，结合合力与速度方向的关系，判断物体做直线运动还是曲线运动，注意物体的合力恒定，做匀变速运动．【解答】解：撤去一个恒力后，剩余力的合力与该恒力大小相等，方向相反，则物体所受的合力恒定．A、匀速圆周运动，靠合力提供向心力，由于物体所受的合力恒定，则不可能做匀速圆周运动，故A正确．B、若合力的方向与速度方向在同一条直线上，物体做匀加速直线运动，故B错误．C、若物体所受的合力与速度方向不在同一条直线上，物体做匀变速曲线运动，若物体所受的合力与速度方向在同一条直线上，物体做匀变速直线运动，故C错误．D、若物体所受的合力与速度方向相反，物体做匀减速直线运动，故D错误．故选：A．3．【考点】物体做曲线运动的条件．【分析】物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”．当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，物体就是在做曲线运动．【解答】解：A、物体以恒定的速率沿圆弧AB做曲线运动，物体运动的轨迹为曲线，曲线运动的速度方向时刻改变，不是匀速运动．故A错误；BC、既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，受到的合外力一定不等于0，故B正确，C错误；D、所有做曲线运动的物体，所受的合外力一定与瞬时速度方向不在一条直线上，或加速度方向与瞬时速度方向不在一条直线上，故D错误；故选：B4．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】由重力等于万有引力，可求出飞船所在处的重力加速度大小．【解答】解：重力等于万有引力：mg′=可得：g′=则B正确，ACD错误故选：B5．【考点】开普勒定律．【分析】开普勒的行星运动三定律：第一定律：所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上．第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等．第三定律：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等【解答】解：A、行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上，则A正确B、C、D、每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等，即近日点速度快，远日点速度慢，则B正确，C错误，D正确因选错误的，故选：C6．【考点】平抛运动．【分析】由数学知识得：从抛出点到达斜面的最小位移为过抛出点作斜面的垂线．设经过时间t到达斜面上，根据平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，表示出水平和竖直方向上的位移，再根据几何关系即可求解．【解答】解：过抛出点作斜面的垂线，如图所示：当小球落在斜面上的B 点时，位移最小，设运动的时间为t ，则水平方向：x=v 0t竖直方向：根据几何关系：则：解得：=故选：D 7．【考点】平抛运动；竖直上抛运动．【分析】小球1做平抛运动，小球2做竖直上抛运动，根据两球竖直方向上的位移大小之和等于h 求出抛出到相遇所需要的时间．平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，求出相遇时小球1的水平位移，即为两球抛出时的水平距离．【解答】解：A 、B 设相遇的时间为t ，此时小球1在竖直方向上的位移h 1=gt 2，小球2在竖直方向上的位移h 2=v 2t ﹣gt 2．根据h 1+h 2=H ，解得t=．故A 错误，B 正确；C 、相遇时，小球1在水平方向上的位移x=v 1t=，该位移为两球抛出时的水平距离．故C 正确；D 、相遇时小球2上升高度是h 2=v 2t ﹣gt 2=﹣=H （1﹣），故D 错误．故选：BC ．8．【考点】向心力．【分析】管子与轻杆模型类似，在最高点能支撑小球，临界速度为零；向心力公式为F n=m；小球经过最高点P时，可能是下管壁对小球有支持力，也可能是上管壁对小球有压力，根据牛顿第二定律列式分析轨道对球的弹力．【解答】解：A、由于在最高点P管子能支撑小球，所以的最小值为零，故A错误．B、根据向心力公式F n=m=m，可知v增大，球所需的向心力也增大，故B正确．CD、小球经过最高点P时，当v=时，根据牛顿第二定律得知：管壁对小球没有作用；当v由逐渐减小时，下管壁对小球有支持力，根据牛顿第二定律得：mg﹣N=m，得：N=mg﹣m，v减小，轨道对球的弹力N增大；当v由逐渐增大时，根据牛顿第二定律得：mg+N=m，得：N=m﹣mg，v增大，轨道对球的弹力N增大；故C错误，D正确．故选：BD．9．【考点】同步卫星．【分析】根据人造卫星和载人飞船的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．【解答】解：对于地球的卫星（飞船），万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向即F=G而F向=m=m（）2r因而G=m=m（）2r=ma解得v=T==2πa=由于船在在太空中做匀速圆周运动时，21小时环绕地球运行14圈，而同步卫星的周期是24h，所以飞船的公转周期小、轨道半径较小，线速度大、角速度大、加速度大，那么同步卫星运行周期比飞船大，同步卫星离地面的高度比飞船大，故AD正确，BC错误；故选：AD．10．【考点】万有引力定律及其应用；线速度、角速度和周期、转速．【分析】根据万有引力提供向心力及万有引力和圆周运动公式即可求解．【解答】解：A、根据圆周运动线速度公式得：v==（R+h）①，故A正确．B、根据万有引力提供向心力得：=v=②在地球表面，重力等于万有引力得：=mg ③由②③得v=R，故B正确．C、根据万有引力提供向心力得：=r==R+hh=﹣R ④由①③④得：v=，故C正确，D错误．故选ABC．二、实验题（共2小题，满分15分）11．【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】（1）该实验应先安装器材，再启动电动机，然后接通电源打点，最后关闭电源，取出卡片，测量进行数据处理．（2）打点计时器可以记录时间，要求角速度，还得知道在一定的时间里转过的角度，这点可用量角器测量．（3）角速度ω=，测出角度，时间可以通过打点的间隔读出．【解答】解：（1）该实验先将电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触，先使卡片转动，再打点，最后取出卡片进行数据处理．故次序为ACBD．（2）要测出角速度，需要测量点跟点间的角度，需要的器材是量角器．故选D．（3）根据ω=，则ω=，θ是N个点对应的圆心角，T是电火花计时器的打点时间间隔．故答案为：（1）ACBD；（2）D；（3）ω=，θ是N个点对应的圆心角，T是电火花计时器的打点时间间隔．12．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】（1）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度．（2）根据时间间隔得出每秒钟拍摄的照片张数．（3）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的竖直分速度，结合速度时间公式求出A点的竖直分速度，根据平行四边形定则求出A点的速度．【解答】解：（1）在竖直方向上，根据△y=2l=gT2得：T=则初速度为：．（2）根据f=知，每秒钟拍摄10张相片．（3）B点的竖直分速度为：则A点的竖直分速度为：v yA=v yB﹣gT=2﹣10×0.1m/s=1m/s根据平行四边形定则知，A点的速度为：．故答案为：（1）1.5，（2）10，（3）．三、计算题（共4小题，满分45分）13．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像．【分析】将质点的运动分解为x方向和y方向，在x方向做匀速直线运动，在y方向做匀加速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式进行分析求解．【解答】解：把运动分解为x方向和y方向，F并不会改变x方向速度．设经过时间t，物体到达P点（1）x P=v0t，y P=•t2，又=cot37°联解得t=1s，x=10m，y=7.5m，则坐标（10m，7.5m）（2）v y==15m/s．∴v==5m/s，，∴α=arctg（），α为v与水平方向的夹角．答：（1）质点从0点到P点所经历的时间为1s，P点的坐标为（10m，7.5m）（2）质点经过P点的速度大小为5m/s．14．【考点】运动的合成和分解．【分析】将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据分运动和合运动具有等时性，依据速度的分解，结合运动学公式，求出垂直于河岸方向上的运动时间，从而求出渡河路线的总长．当实际航线与河岸垂直，则合速度的方向垂直于河岸，根据平行四边形定则求出船头与河岸所成的夹角，从而求解最小位移所需要的时间．【解答】解：（1）由小船去程航线与河岸成60°可知：V船=V水tan60°渡河时间为：t===20s路线长为：L===80m（2）如图所示，渡河的最小位移即河的宽度．为使船能直达对岸，船头应指向河的上游，并与河岸成一定角度θ．根据三角函数关系有：V船cosθ﹣V水=0，cosθ==故：sinθ=垂直河岸的速度为：v垂=V船sinθ=V船sinθ=6×=2m/s船回程渡河时间为：t===10s答：（1）船去程所用时间及渡河路线的总长80m；（2）船回程的过程所用时间10s．15．【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】（1）小球A在最高点靠重力和杆子的作用力合力提供向心力，结合牛顿第二定律求出杆对球的作用力大小和方向．（2）抓住A、B的角速度相等，求出B的线速度，结合牛顿第二定律求出杆子对B的作用力大小，从而得出B对杆子的作用力，结合A对杆子的作用力，得出杆对水平轴O的作用力大小和方向．【解答】解：（1）球A在最高点的速度：，杆OA对球A的力为拉力，根据牛顿第二定律得：，代入数据得：F A=2mg．杆OA对球的作用力大小为2mg 方向竖直向下．（2）球B的受力满足：F B﹣mg=m，由于A、B两球共轴转动，由v=rω知：，上两式代入数据得：F B=7mg，方向竖直向上．由牛顿第三定律知：杆OA对轴O作用力F A′方向竖直向上，大小为2mg．杆OB对轴的作用力F B′方向竖直向下，大小为7mg．所以轴O受力大小为：F=F B′﹣F A′=7mg﹣2mg=5mg，方向竖直向下．答：（1）杆此时对球作用力大小为2mg，方向竖直向下．（2）杆此时对水平轴O的作用力大小为5mg，方向竖直向下．16．【考点】万有引力定律及其应用．【分析】这是一个双星的问题，A和B绕O做匀速圆周运动，它们之间的万有引力提供各自的向心力，A和B有相同的角速度和周期，结合牛顿第二定律和万有引力定律解决问题．【解答】解：（1）设两个星球A和B做匀速圆周运动的轨道半径分别为r和R，相互作用的万有引力大小为F，运行周期为T．根据万有引力定律有：F=G①由匀速圆周运动的规律得F=m（）2r ②F=M（）2R ③由题意有L=R+r ④联立①②③④式得：T=2π⑤（2）在地月系统中，由于地月系统旋转所围绕的中心O不在地心，由题意知，月球做圆周运动的周期可由⑤式得出T1=2π⑥式中，M′和m′分别是地球与月球的质量，L′是地心与月心之间的距离．若认为月球在地球的引力作用下绕地心做匀速圆周运动，则G=m′（）2L′⑦式中，T2为月球绕地心运动的周期．由⑦式得：T2=2π⑧由⑥⑧式得：（）2=1+⑨代入题给数据得：（）2=1.012 ⑩答：（1）两星球做圆周运动的周期为2π；（2）T2与T1两者平方之比为1.012．。

2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题本题共8小题，每小题6分．第1-5小题只有一项符合题目要求；第6-8小题有多项符合题目要求．1．如图所示，水平地面上的物体A在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速运动，则下列说法中正确的是( )A．物体A可能只受到二个力的作用B．物体A一定只受到三个力的作用C．物体A一定受到了四个力的作用D．物体A可能受到了三个力的作用2．如图所示，有界匀强磁场边界线SP平行于MN，速率不同的同种带电粒子从S点沿SP方向同时射入磁场．其中穿过a点的粒子速度v1与MN垂直；穿过b点的粒子速度v2与MN成60°角，设两粒子从S到a、b所需时间分别为t1和t2则t1：t2为（重力不计）( )A．1：3B．4：3C．1：1D．3：23．如图甲所示，静置于光滑水平面上坐标原点处的小物块，在水平拉力F作用下，沿x轴方向运动，拉力F随物块所在位置坐标x的变化关系如图乙所示，图线为半圆．则小物块运动到x0处时的动能为( )A．0B．F m x0C．F m x0D．x024．如图所示，小球以v0正对倾角为θ的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则飞行时间t为( )A．t=B．t=C．t=D．t=5．若宇航员在月球表面附近自高h处以初速度v0水平抛出一个小球，测出小球的水平射程为L．已知月球半径为R，万有引力常量为G．则下列说法正确的是( )A．月球表面的重力加速度g月=B．月球的质量m月=C．月球的第一宇宙速度v=D．月球的平均密度ρ=6．在如图所示的U﹣I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线．用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知( )A．电源的电动势为3 V，内阻为0.5ΩB．电源的输出功率为2 WC．电阻R的阻值为1ΩD．电源的效率为66.7%7．如图甲所示，理想变压器原副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R=10Ω，其余电阻均不计．从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压．则下列说法正确的有( )A．当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为31.1VB．当单刀双掷开关与b连接时，电流表示数为4.4AC．当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出电压的频率变为25HzD．当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变大8．一斜面固定在水平面上，在斜面顶端有一上表面光滑的长木板，木板与斜面之间的动摩擦因数为μ，木板上固定一轻质弹簧测力计，弹簧测力计下面连接一个光滑的小球，如图所示，当木板固定时，弹簧测力计示数为F1，现将长木板由静止释放后，木板沿斜面下滑，稳定时弹簧测力计的示数为F2，若斜面的高为h，底边长为d，则下列说法正确的是( )A．稳定后弹簧处于原长状态B．稳定后弹簧一定处于压缩状态C．μ=D．μ=二、非选择题9．某同学利用如图甲所示的装置测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上砝码盘．通过改变盘中砝码的质量，测得6组砝码的质量m和对应的弹簧长度l，画出m﹣l图线，对应点已在图上标出，如图乙所示．（重力加速度g=10m/s2）①采用恰当的数据处理，该弹簧的劲度系数为__________N/m．（保留3位有效数字）②请你判断该同学得到的实验结果与考虑砝码盘的质量相比，结果__________．（填“偏大”、“偏小”或“相同”）10．要测绘一个标有“3V，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作．已选用的器材有：电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）：电流表（量程为0～250mA．内阻约5Ω）；电压表（量程为0～3V．内限约3kΩ）：电键一个、导线若干．①实验中所用的滑动变阻器应选下列中的__________（填字母代号）．A．滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流1A）B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）②实验的电路图应选用图1中__________（填字母代号）．③实脸得到小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为5.0Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是__________W．11．如图甲所示，质量m=2kg的物体在水平面上向右做直线运动．过a点时给物体作用一个水平向左的恒力F并开始计时，选水平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得v﹣t图象如图乙所示．取重力加速度g=10m/s2．求：（1）力F的大小和物体与水平面间的动摩擦因数μ；（2）10s末物体离a点的距离．12．如图所示，水平平台ab长为20m，平台b端与长度未知的特殊材料制成的斜面bc连接，斜面倾角为30°．在平台b端放上质量为5kg的物块，并给物块施加与水平方向成37°角的50N 推力后，物块由静止开始运动．己知物块与平台间的动摩擦因数为0.4，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，求：（第（2）、（3）两问结果保留三位有效数字）（1）物块由a运动到b所用的时间；（2）若物块从a端运动到P点时撤掉推力，则物块刚好能从斜面b端开始下滑，则间aP的距离为多少？（物块在b端无能量损失）（3）若物块与斜面间的动摩擦因数μbc=0.277+0.03L b，式中L b为物块在斜面上所处的位置离b端的距离，在（2）中的情况下，物块沿斜面滑到什么位置时速度最大？2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题本题共8小题，每小题6分．第1-5小题只有一项符合题目要求；第6-8小题有多项符合题目要求．1．如图所示，水平地面上的物体A在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速运动，则下列说法中正确的是( )A．物体A可能只受到二个力的作用B．物体A一定只受到三个力的作用C．物体A一定受到了四个力的作用D．物体A可能受到了三个力的作用考点：物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：物体之间产生摩擦力必须要具备以下三个条件：第一，物体间相互接触、挤压；第二，接触面不光滑；第三，物体间有相对运动趋势或相对运动．弹力是物体因形变而产生的力，这里指的是物体间相互接触、挤压时的相互作用力；将拉力按照作用效果正交分解后，结合运动情况和摩擦力和弹力的产生条件对木块受力分析，得出结论．解答：解：物体一定受重力，拉力F产生两个作用效果，水平向右拉木块，竖直向上拉木块，由于木块匀速直线运动，受力平衡，水平方向必有摩擦力与拉力的水平分量平衡，即一定有摩擦力，结合摩擦力的产生条件可知则必有支持力，因而物体一定受到四个力；故选：C．点评：对物体受力分析通常要结合物体的运动情况，同时本题还要根据弹力和摩擦力的产生条件分析．2．如图所示，有界匀强磁场边界线SP平行于MN，速率不同的同种带电粒子从S点沿SP方向同时射入磁场．其中穿过a点的粒子速度v1与MN垂直；穿过b点的粒子速度v2与MN成60°角，设两粒子从S到a、b所需时间分别为t1和t2则t1：t2为（重力不计）( )A．1：3B．4：3C．1：1D．3：2考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；匀速圆周运动；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据粒子的运动的轨迹和粒子做圆周运动的周期公式可以判断粒子的运动的时间．解答：解：粒子在磁场中运动的周期的公式为T=，由此可知，粒子的运动的时间与粒子的速度的大小无关，所以粒子在磁场中的周期相同，由粒子的运动的轨迹可知，通过a点的粒子的偏转角为90°，通过b点的粒子的偏转角为60°，所以通过a点的粒子的运动的时间为T，通过b点的粒子的运动的时间为T，所以从S到a、b所需时间t1：t2为3：2，所以D正确．故选D．点评：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动解题一般程序是1、画轨迹：确定圆心，几何方法求半径并画出轨迹．2、找联系：轨迹半径与磁感应强度、速度联系；偏转角度与运动时间相联系，时间与周期联系．3．如图甲所示，静置于光滑水平面上坐标原点处的小物块，在水平拉力F作用下，沿x轴方向运动，拉力F随物块所在位置坐标x的变化关系如图乙所示，图线为半圆．则小物块运动到x0处时的动能为( )A．0B．F m x0C．F m x0D．x02考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：根据F﹣x图象的“面积”求出拉力F做的功，再根据动能定理求解小物块运动到x0处时的动能．解答：解：F﹣x图象的“面积”等于拉力做功的大小，则得到拉力做功W=π（）2=，由图看出，F m=，得到，W=．根据动能定理得：小物块运动到x0处时的动能为．故选C点评：本题关键抓住F﹣x图象的“面积”等于拉力做功的大小去理解和分析．4．如图所示，小球以v0正对倾角为θ的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则飞行时间t为( )A．t=B．t=C．t=D．t=考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：由数学知识得：从抛出点到达斜面的最小位移为过抛出点作斜面的垂线．设经过时间t 到达斜面上，根据平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，表示出水平和竖直方向上的位移，再根据几何关系即可求解．解答：解：过抛出点作斜面的垂线，如图所示：当小球落在斜面上的B点时，位移最小，设运动的时间为t，则水平方向：x=v0t竖直方向：根据几何关系：则：解得：=故选：D点评：解决本题的关键是知道怎样运动时位移最小，再根据平抛运动的基本规律结合几何关系解题．5．若宇航员在月球表面附近自高h处以初速度v0水平抛出一个小球，测出小球的水平射程为L．已知月球半径为R，万有引力常量为G．则下列说法正确的是( )A．月球表面的重力加速度g月=B．月球的质量m月=C．月球的第一宇宙速度v=D．月球的平均密度ρ=考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：宇航员在月球上自高h处以初速度v0水平抛出一物体，测出物体的水平射程为L，根据水平射程和初速度求出运动的时间，根据h=gt2求出月球表面的重力加速度大小；由g=求得月球的质量；根据重力提供向心力求出卫星的第一宇宙速度；由质量与半径可求得平均密度解答：解：A、平抛运动的时间t=．再根据h=gt2得：g月=，故A错误B、由g月=与g月=，可得：m月=．故B错误．C、第一宇宙速度：v==，故C错误D、月球的平均密度ρ==，故D正确故选：D点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上和竖直方向上的运动规律，以及掌握万有引力提供向心力以及万有引力等于重力这两个理论的运用6．在如图所示的U﹣I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线．用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知( )A．电源的电动势为3 V，内阻为0.5ΩB．电源的输出功率为2 WC．电阻R的阻值为1ΩD．电源的效率为66.7%考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由电源的路端电压与电流的关系图象可知，图象与纵轴的交点等于电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻．电阻R的伏安特性曲线的斜率等于电阻．两图线的交点读出电流与电压，求出电源的输出功率和效率．解答：解：A、根据闭合电路欧姆定律得U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，由读出电源的电动势E=3V，内阻等于图线的斜率大小，则r=||=Ω=0.5Ω．故A正确．B、两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I=2A，则电源的输出功率为P出=UI=4W．故B错误；C、电阻R==Ω=1Ω．故C正确．D、电源的效率η====66.7%．故D正确．故选：ACD点评：对于图线关键要根据物理规律，从数学角度来理解其物理意义．本题要抓住图线的斜率、交点的意义来理解图象的意义．7．如图甲所示，理想变压器原副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R=10Ω，其余电阻均不计．从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压．则下列说法正确的有( )A．当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为31.1VB．当单刀双掷开关与b连接时，电流表示数为4.4AC．当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出电压的频率变为25HzD．当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变大考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．解答：解：A、当单刀双掷开关与a连接时，变压器原副线圈的匝数比为10：1，输入电压为V=220V，故根据变压比公式，输出电压为22V，故A错误；B、当单刀双掷开关与b连接时，变压器原副线圈的匝数比为5：1，输入电压为V=220V，故根据变压比公式，输出电压为44V，根据欧姆定律，输出电流：I==4.4A；故B 正确；C、由图象可知，电压的最大值为311V，交流电的周期为2×10﹣2s，所以交流电的频率为f=50Hz；当单刀双掷开关由a拨向b时，变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为50Hz；故C错误；D、当单刀双掷开关由a拨向b时，根据变压比公式，输出电压增加，故输出电流增加，故输入电流也增加，故原线圈的输入功率变大，故D正确；故选：BD．点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．8．一斜面固定在水平面上，在斜面顶端有一上表面光滑的长木板，木板与斜面之间的动摩擦因数为μ，木板上固定一轻质弹簧测力计，弹簧测力计下面连接一个光滑的小球，如图所示，当木板固定时，弹簧测力计示数为F1，现将长木板由静止释放后，木板沿斜面下滑，稳定时弹簧测力计的示数为F2，若斜面的高为h，底边长为d，则下列说法正确的是( )A．稳定后弹簧处于原长状态B．稳定后弹簧一定处于压缩状态C．μ=D．μ=考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：木板固定时，有F1=mgsinθ；木板沿斜面下滑时，对整体分析，由牛顿第二定律求出加速度，再对小球研究，分析弹簧的状态，并求出μ．解答：解：A、B、平衡时，对小球分析：F1=mgsinθ…①木板运动后稳定时，对整体由牛顿第二定律得：a==gsinθ﹣μgcosθ…②则a＜gsinθ，根据牛顿第二定律得知，弹簧对小球的弹力应沿斜面向上，弹簧处于拉伸状态．故A错误，B错误；C、D、对小球有：mgsinθ﹣F2=ma…③而tanθ=…④联立①②③④计算可得：μ=．故C错误，D正确；故选：D．点评：本题根据牛顿第二定律，采用整体法和隔离法相结合的方法研究弹簧的状态和动摩擦因数．二、非选择题9．某同学利用如图甲所示的装置测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上砝码盘．通过改变盘中砝码的质量，测得6组砝码的质量m和对应的弹簧长度l，画出m﹣l图线，对应点已在图上标出，如图乙所示．（重力加速度g=10m/s2）①采用恰当的数据处理，该弹簧的劲度系数为3.33N/m．（保留3位有效数字）②请你判断该同学得到的实验结果与考虑砝码盘的质量相比，结果相同．（填“偏大”、“偏小”或“相同”）考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题．分析：该题考察了应用弹力与弹簧长度关系的图象分析问题．用描点作出m﹣l的关系图线，图线的斜率k斜=，读出斜率求出劲度系数k劲．解答：解：①由胡克定律F=kx得：k===g•k斜=10×=3.33 N/m②劲度系数是根据比率计算出的，即，是否考虑砝码盘的质量对结果无影响．故答案为：①3.33；②相同．点评：在应用胡克定律时，要首先转化为国际单位，同时要知道图线的斜率的物理意义，基础题．10．要测绘一个标有“3V，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作．已选用的器材有：电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）：电流表（量程为0～250mA．内阻约5Ω）；电压表（量程为0～3V．内限约3kΩ）：电键一个、导线若干．①实验中所用的滑动变阻器应选下列中的A（填字母代号）．A．滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流1A）B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）②实验的电路图应选用图1中B（填字母代号）．③实脸得到小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为5.0Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是0.1W．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；恒定电流专题．分析：滑动变阻器分压式接法中选取小电阻的变阻器节约能源；求出小灯泡电阻后判断小灯泡是小电阻还是大电阻，从而选择电流表内接还是外接；结合曲线算出小灯泡的电阻，然后根据功率的公式计算小灯泡的实际功率．解答：解：①因实验要求电流从零调，所以滑动变阻器应用分压式接法，应选全电阻最小的变阻器A．②因小灯泡电阻为R===15Ω，，故电流表应用外接法，又变阻器用分压式，故电路图应选B．③电源与小灯泡直接串联，那么路端电压等于小灯泡两端的电压，画出内阻为5Ω，电动势为1.5V的电源的路端电压与干路电流的关系图线和小灯泡的伏安特性曲线的交点即表示小灯泡与该电源直接串联；根据交点坐标（1.0V，0.1A）可以计算出小灯泡消耗的功率为：P=UI=1×0.1=0.1W．故答案为：①A；②B；③0.1．点评：对电学实验要明确以下情况，滑动变阻器必须用分压式接法：①要求电流从零调；②变阻器的全电阻远小于待测电阻；③用限流接法时通过电流表的电流大于电流表的量程．11．如图甲所示，质量m=2kg的物体在水平面上向右做直线运动．过a点时给物体作用一个水平向左的恒力F并开始计时，选水平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得v﹣t图象如图乙所示．取重力加速度g=10m/s2．求：（1）力F的大小和物体与水平面间的动摩擦因数μ；（2）10s末物体离a点的距离．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由v﹣t图分别求得由力F和没有力F作用时的加速度，再根据牛顿第二定律即可求解；（2）设10s末物体离a点的距离为d，d应为v﹣t图与横轴所围的面积．解答：解：（1）设物体向右做匀减速直线运动的加速度为a1，则由v﹣t图得a1=2 m/s2①根据牛顿第二定律，有F+μmg=ma1②设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a2，则由v﹣t图得a2=﹣1m/s2③根据牛顿第二定律，有F﹣μmg=ma2④解①②③④得：F=3N，μ=0.05（2）设10s末物体离a点的距离为d，d应为v﹣t图与横轴所围的面积则：，负号表示物体在a点以左答：（1）力F的大小为3N，物体与水平面间的动摩擦因数μ为0.05；（2）10s末物体离a点的距离为2m．点评：本题主要考查了速度﹣时间图象及牛顿第二定律的直接应用，知道速度﹣时间图象的斜率表示加速度，面积表示位移，难度适中．12．如图所示，水平平台ab长为20m，平台b端与长度未知的特殊材料制成的斜面bc连接，斜面倾角为30°．在平台b端放上质量为5kg的物块，并给物块施加与水平方向成37°角的50N 推力后，物块由静止开始运动．己知物块与平台间的动摩擦因数为0.4，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，求：（第（2）、（3）两问结果保留三位有效数字）（1）物块由a运动到b所用的时间；（2）若物块从a端运动到P点时撤掉推力，则物块刚好能从斜面b端开始下滑，则间aP的距离为多少？（物块在b端无能量损失）（3）若物块与斜面间的动摩擦因数μbc=0.277+0.03L b，式中L b为物块在斜面上所处的位置离b端的距离，在（2）中的情况下，物块沿斜面滑到什么位置时速度最大？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）根据牛顿运动定律求解加速度，根据位移时间关系知时间；（2）根据位移速度关系列方程求解；（3）物体沿斜面下滑的速度最大时，须加速度为0，根据受力分析列方程，结合物块与斜面间的动摩擦因数μbc=0.277+0.03L b知斜面长度的临界值，从而讨论最大速度．解答：解：（1）受力分析知物体的加速度为a1===1.6m/s2x=a1t2解得a到b的时间为t==5s（2）物体从a到p：=2a1x1物块由P到b：=2a2x2a2=μgx=x1+x2解得ap距离为x1=14.3m（3）物体沿斜面下滑的速度最大时，须加速度为0，即a==0μbc=0.277+0.03L b，联立解得L b=10m因此如斜面长度L＞10m，则L b=10m时速度最大；若斜面长度L≤10m，则斜面最低点速度最大．答：（1）物块由a运动到b所用的时间为5s；（2）若物块从a端运动到P点时撤掉推力，则物块刚好能从斜面b端开始下滑，则间aP的距离为14.3m；（3）斜面长度L＞10m，则L b=10m时速度最大；若斜面长度L≤10m，则斜面最低点速度最大．点评：本题考查的是牛顿第二定律及共点力平衡，但是由于涉及到动摩擦因数变化，增加了难度；故在分析时要注意物体沿斜面下滑的速度最大时，须加速度为0这个条件．。

枣阳二中高一年级2015-2016学年度上学期12月月考物理试题分值：100分时间90分钟第I卷（选择题）一、单选题（共12小题，每小题4分，共48分）1．在一演示实验中，一个小球在一个斜面上滚下，小球滚动的距离S和小球运动过程中经历的时间T之间的关系如表所示：( )由表可以初步归纳出小球滚动的距离S和小球滚动的时间T的关系式是A. S=kTB. S=kT2C. S=kT3D. 无法判断2．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动,刹车后的加速度大小为5m/s2,那么开始刹车后2s 内与开始刹车后6s内汽车通过的位移之比为A.1:1B.3:1C.3:4D.4:33．氢气球升到离地面80m的高空时从上面掉下一物体，物体又上升了10m后开始下落，若取向上为正方向，则物体从掉下开始至地面时的位移和经过的路程分别为A. 80m，100mB. 90m，100mC. -80m，100mD. -90 m， 180 m4．关于速度和加速度，下列说法中正确的是（）A．物体的加速度增大，其速度一定增大B．物体的加速度减小，其速度可能增大C．物体的加速度很大，其速度可能为零D．物体的速度很大，其加速度不可能为零5．下列说法中正确的是A.欣赏某位舞蹈演员舞姿时，可以将舞蹈浈员看成质点B.以运河中行驶的船为参考系，宿迁运河文化大桥是静止的C.伽利略用科学的椎理方法得出了自由落体运动的规律D.物体在恒力作用下不可能作曲线运动6．能够表示物体做匀变速直线运动的图像是（）7．物体做初速度为零的匀加速直线运动，第1 s内的位移大小为5 m，则该物体( ) A．3 s内位移大小为45 mB．第3 s内位移大小为25 mC．1 s末速度的大小为5 m/sD．3 s末速度的大小为30 m/s8．做直线运动的甲、乙两物体的位移一时间图象如图所示，则 ( )A．当乙开始运动时，两物体相距20mB．在0～10s这段时间内，物体间的距离逐渐变大C．在10s~25s这段时间内，物体间的距离逐渐变小D．两物体在10s时相距最远，在25s时相遇9．有一个质量2kg的质点在x－y平面上运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点所受的合外力为3NB．质点的初速度为3m／sC．质点作匀变速直线运动D．质点初速度的方向与合外力方向垂直轴上运动，每秒末的位置坐标如下表所示，则：A.质点在这5s内做的是匀速运动B.质点在这5s内做的是匀加速运动C.质点在第5s内的位移比任何一秒内的位移都大D.质点在第4s内的平均速度比任何一秒内的平均速度都大11．汽车以20 m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5 m/s2，那么开始刹车后2 s与开始刹车后6 s汽车通过的位移之比为( )A．1:1 B．3:1 C．3:4 D． 4:312．一物体以初速度V0做匀减速直线运动，第1s内通过位移为x1=3m，第2s内通过的位移x2=2m，此后又经过位移x3，物体的速度减小为0，则下列说法中正确的是（）A．初速度V0的大小为2.5m/s B．加速度a的大小为1m/s2C．位移x3的大小为1.125m D．位移x3内的平均速度大小为0.75m/s第II卷（非选择题）二、实验题（18分）13．(8分)用打点计时器测定重力加速度，装置如图所示。

枣阳市白水高中2016-2017学年度高二文科数学12月月考卷★祝考试顺利★ 时间：120分钟 分值150分_第I 卷（选择题共60分）一、选择题（本大题12小题，每小题5分，共60分） 1．已知倾斜角为的直线与直线平行，则tan2的值( )A ．B ．C ．D ．2．点M(x ，y)在函数y=－2x+8的图象上，当x ∈时，的取值范围是( )A ．B ．C ．D ．3．两条平行直线3430x y --=和850mx y -+=之间的距离是（ ） A ．1110 B ．85 C ．157 D ．454．已知直线1:210l x ay +-=与()2:2110l a x ay ---=平行，则a 的值是（ ） A ．0或1 B ．1或14 C ．0或14 D ．145．直线x －2y ＋1＝0关于直线x ＝1对称的直线方程是( ) A.x ＋2y －1＝0 B.2x ＋y －1＝0 C.2x ＋y －3＝0 D.x ＋2y －3＝06．已知点(,)M a b 在直线1043=+y x 上，则22b a +的最小值为（ ） A ．2 B ． 3 C ．154D ．5 7．已知1l 和2l 是平面内互相垂直的两条直线，它们的交点为A ，异于点A 的两动点B 、C 分别在1l 、2l 上，且BC=3，则过A 、B 、C 三点的圆面积为（ ） A ．6π B ．9π C ．92π D ．94π 8．当191,0,0=+>>yx y x 时，y x +的最小值为（ ） A ．10 B ．12 C ．14 D ．169．（5分）（2011•陕西）如图框图，当x 1=6，x 2=9，p=8.5时，x 3等于（ ）A.7B.8C.10D.1110．某防疫站对学生进行身体健康调查，欲采用分层抽样的办法抽取样本．某中学共有学生2000名，抽取了一个容量为200的样本，已知样本中女生比男生少6人，则该校共有女生（ ）A ．1030人B ．97人C ．950人D ．970人11．下面的茎叶图表示柜台记录的一天销售额情况(单位:元),则销售额中的中位数是( )A.30.5B.31C.31.5D.3212． 由变量x 与y 相对应的一组数据)11y ，（、)5(2y ，、)7(3y ，、)13(4y ，、)19(5y ， 得到的线性回归方程为452+=∧x y ，则=y （ ） A 、135 B 、90 C 、67 D 、63第II 卷（非选择题）请点击修改第II 卷的文字说明二、填空题（题型注释）13．若圆的方程为x 2＋y 2＋kx ＋2y ＋k 2＝0，则当圆的面积最大时，圆心坐标为________．14．已知点(),P x y 在不等式组,,2y x y x x ≤⎧⎪≥-⎨⎪≤⎩所表示的平面区域内，则y x z +=2 的最大值为 ．15．已知正实数,x y 满足(1)(1)16x y -+=，则x y +的最小值为 ．16．某班级有50名学生，现要采取系统抽样的方法在这50名学生中抽出10名学生，将这50名学生随机编号1～50号，并分组，第一组1～5号，第二组6～10号，…，第十组46～50号，若在第三组中抽得号码为12的学生，则在第八组中抽得号码为 的学生．三、解答题（题型注释）17．已知圆，直线，且直线与圆交于两点. （1）若，求直线的倾斜角； （2）若点满足，求此时直线的方程.18．对甲、乙两名自行车赛手在相同条件下进行了6次测试，测得他们的最大速度（m/s ）的数据如下表.（1）画出茎叶图，由茎叶图你能获得哪些信息？（2）分别求出甲、乙两名自行车赛手最大速度（m/s ）数据的平均数、中位数、方差，并判断选谁参加比赛更合适.19．已知等差数列{}n a 满足：47a =，1019a =，其前n 项和为n S . (1）求数列{}n a 的通项公式n a 及n S ；(2）若等比数列{}n b 的前n 项和为n T ，且12b =，44b S =，求n T . 20．在△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，且tan tan B A ＋1＝2ca． （1）求B ； （2）若cos(C ＋6π)＝13，求sinA 的值． 21．如图所示，四棱锥ABCD P -中，底面ABCD 是边长为2的正方形，侧棱⊥PA 底面ABCD ，且2=PA ，Q 是PA 的中点．（1）证明：//PC 平面BDQ ； （2）求三棱锥BAD Q -的体积．22．已知以点()1,2A -为圆心的圆与直线:270m x y ++=相切，过点()2,0B -的动直线与圆A 相交于M N 、两点. （1）求圆A 的方程；（2）当MN =时，求直线l 的方程答案选择：1_5 BCACD 6_10ABDBD 11_12BD 填空：13．若圆的方程为x 2＋y 2＋kx ＋2y ＋k 2＝0，则当圆的面积最大时，圆心坐标为________． 【答案】(0，－1)14．已知点(),P x y 在不等式组,,2y x y x x ≤⎧⎪≥-⎨⎪≤⎩所表示的平面区域内，则y x z +=2 的最大值为 ． 【答案】6．15．已知正实数,x y 满足(1)(1)16x y -+=，则x y +的最小值为 ．16．某班级有50名学生，现要采取系统抽样的方法在这50名学生中抽出10名学生，将这50名学生随机编号1～50号，并分组，第一组1～5号，第二组6～10号，…，第十组46～50号，若在第三组中抽得号码为12的学生，则在第八组中抽得号码为 的学生． 【答案】37 17．已知圆，直线，且直线与圆交于两点. （1）若，求直线的倾斜角； （2）若点满足，求此时直线的方程. 【答案】（1）3πα=或23πα=；（2）0x y -=或20x y +-=. 18．对甲、乙两名自行车赛手在相同条件下进行了6次测试，测得他们的最大速度（m/s ）的数据如下表.（1）画出茎叶图，由茎叶图你能获得哪些信息？（2）分别求出甲、乙两名自行车赛手最大速度（m/s ）数据的平均数、中位数、方差，并判断选谁参加比赛更合适.19．已知等差数列{}n a 满足：47a =，1019a =，其前n 项和为n S . (1）求数列{}n a 的通项公式n a 及n S ；(2）若等比数列{}n b 的前n 项和为n T ，且12b =，44b S =，求n T . 【答案】(1） 12-=n a n ,2n S n =;(2）221-=+n n T试题分析：(1）由等差数列的通项公式,据已知410,a a 的值,建立关于1,a d 的方程组,解方程组可得1,a d ,从而得到等差数列的通项公式和前n 项和公式; (2） 已知1b ,由等比数列的通项公式,利用44b S = 求出q ,可得等比数列的前n 项和.试题解析:(1） 设等差数列}{n a 的公差为d ，则⎩⎨⎧=+=+1997311d a d a ，解得：⎩⎨⎧==211d a ，∴12-=n a n ，2n S n =(2）设等比数列}{n b 的公比为q ，∵21=b ， 44S b =，∴1623=q ， ∴2=q ， ∴221-=+n n T20．在△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，且tan tan B A ＋1＝2ca． （1）求B ； （2）若cos(C ＋6π)＝13，求sinA 的值． 21．如图所示，四棱锥ABCD P -中，底面ABCD 是边长为2的正方形，侧棱⊥PA 底面ABCD ，且2=PA ，Q 是PA 的中点．（1）证明：//PC 平面BDQ ； （2）求三棱锥BAD Q -的体积．【答案】（1）证明详见解析；（2）23. 试题分析：（1）要证//PC 平面BDQ ，由于PC ⊄平面BDQ ，故只须在平面BDQ 内找到一条直线与PC 平行即可，而这一条直线就是平面PAC 与平面的BDQ 交线，故连接AC ，设其交BD 于点O ，进而根据平面几何的知识即可证明//OQ PC ，从而就证明了//PC 平面BDQ ；（2）根据已知条件及棱锥的体积计算公式可得13Q BAD BAD V S QA -∆=⨯⨯，进而代入数值进行运算即可.试题解析：（1）证明：连结AC ,交BD 于O因为底面ABCD 为正方形, 所以O 为AC 的中点.又因为Q 是PA 的中点, 所以PC OQ //因为⊂OQ 平面BDQ ,⊄PC 平面BDQ , 所以//PC 平面BDQ 6分 （2）因为侧棱⊥PA 底面ABCD ，所以三棱锥Q BAD -的高为112122QA PA ==⨯=，而底面积为12222BADS ∆=⨯⨯=，所以32123131=⨯⨯=⨯⨯=∆-QA S V BAD BAD Q 13分.考点：1.空间中的平行关系；2.空间几何体的体积.22．已知以点()1,2A -为圆心的圆与直线:270m x y ++=相切，过点()2,0B -的动直线与圆A 相交于M N 、两点. （1）求圆A 的方程；（2）当MN =l 的方程.【答案】（1）()()221220x y ++-=；（2）2x =-或3460x y -+=。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14 -18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1. 如图是我国于2016年10月19日发射的神州十一号飞船。

神州十一号和天宫二号都绕地运行神州十一号跑“内圈”追赶天宫二号，经过五次变轨，螺旋线递进，步步靠近，在距地面高393km处完成了“天神之吻”，成功对接。

则A. 神州十一号需要通过加速才能向“外圈”变轨B. 神州十一号在变轨追赶天宫二号的过程中机械能守恒C. 神州十一号与天宫二号对接时绕地运行的速度为零D. 神州十一号在“内圈”绕地运行的速度小于天宫二号绕地运行的速度【答案】A2. 两根完全相同的均匀铜棒，把其中的一根均匀拉长到原来的2倍制成细棒，把另一根对折制成粗棒，再把它们串联起来，加上恒定电压U。

则A. 细棒的电阻等于粗棒的电阻B. 细棒中的电流等于粗棒中的电流的2倍C. 细棒两端的电压等于粗棒两端的电压的4倍D. 细棒消耗的电功率等于粗棒消耗的电功率的16倍【答案】D3. 如图，汽车停在缓坡上，要求驾驶员在保证汽车不后退的前提下向上启动，这就是汽车驾驶中的“坡道起步”。

驾驶员的正确操作是：变速杆挂人低速挡，徐徐踩下加速踏板，然后慢慢松开离合器，同时松开手刹，汽车慢慢启动。

下列说法正确的是A. 变速杆挂人低速挡，是为了增大汽车的输出功率B. 变速杆挂人低速挡，是为了能够提供较大的牵引力C. 徐徐踩下加速踏板，是为了让牵引力对汽车做更多的功D. 徐徐踩下加速踏板，是为了让汽车的输出功率保持为额定功率【答案】B【解析】由功率公式可知，在功率一定的情况下，当速度减小时，汽车的牵引力就会增大，此时更容易上坡；故换低速档，增大牵引力，故A错误B正确；徐徐踩下加速踏板，发动机的输出功率增大，根据可知，目的是为了增大牵引力，故CD错误4. 如图为甲、乙两个物体同时从同一地点出发，沿同一直线运动的速度-时间图象。

湖北省枣阳市白水高中新高二2016-2017学年度暑假开学考试物理试题时间：90分钟分值100分第I卷（选择题共48分）一、选择题（本大题12小题，每小题4分，共48分）1．加速度的大小和方向都不变的运动称为匀变速运动．下列运动中，属于匀变速运动的有A．平抛运动 B．自由落体运动C．竖直上抛运动 D．匀速圆周运动2．竖直向上抛出一只小球，3 s落回抛出点，不计空气阻力（g取10 m/s2），小球的初速度是A．10 m/s B．15 m/s C．20 m/s D．30 m/s3．小球m用长为L的悬线固定在O点，在O点正下方L/2处有一个光滑钉子C，如图所示，今把小球拉到悬线成水平后无初速度地释放，当悬线成竖直状态且与钉子相碰时A．小球的速度突然增大 B．小球的角速度突然增大C．小球的向心加速度突然增大 D．悬线的拉力突然增大4．如图为常见的自行车传动示意图。

A轮与脚蹬子相连，B轮与车轴相连，C为车轮。

当人蹬车匀速运动时，以下说法正确的是A．A轮角速度比C轮角速度小B．A轮角速度比C轮角速度大C．B轮边缘与C轮边缘的线速度大小相等D．A轮边缘与B轮边缘的线速度大小相等5．下列哪些现象或做法是为了防止物体产生离心运动A．汽车转弯时要限定速度B．洗衣机转动给衣服脱水C．转速较高的砂轮半径不宜太大D．将砂糖熔化，在有孔的盒子中旋转制成＂棉花糖＂6．会使物体做曲线运动的情况是A．物体受到的合外力方向与速度方向相同时B．物体受到的合外力方向与速度方向成锐角时C ．物体受到的合外力方向与速度方向成钝角时D ．物体受到的合外力方向与速度方向相反时7．一物体从某高度以初速度v 0水平抛出，落地时速度大小为v t ，则它运动时间为 A ．0t v v g - B ．02t v v g-C ．2202t v v g - D 8．做斜抛运动的物体A ．竖直分速度不变B ．加速度不变C ．在相同的高度处有相同的速度D ．经过最高点时，瞬时速度为零9．质点沿着轨道AB 做由A 到B 的曲线运动，速率逐渐减少，图中哪一个可能正确地表示质点在C 处的加速度10．从距地面高为h 处水平抛出质量为m 的小球，小球落地点与抛出点的水平距离刚好等于h ．不计空气阻力，抛出小球的速度大小为A ．2/ghB ．ghC ．gh 2D ．gh 3 11．关于向心加速度的物理意义，下列说法正确的是 A ．它描述的是线速度方向变化的快慢 B ．它描述的是线速度大小变化的快慢C ．它描述的是物体受力变化的快慢D ．它描述的是角速度变化的快慢12．对于做匀速圆周运动的物体恒定不变的物理量是A ．线速度B ．角速度C ．向心加速度D ．向心力第II卷（非选择题）二、实验题（12分）13．（本题4分）某物理兴趣小组在探究平抛运动的规律实验时,将小球做平抛运动,用频闪照相机对准方格背景照相,拍摄到了如下图所示的照片,已知每个小方格边长9．8cm,当地的9.8m/s．重力加速度为2①若以拍摄的第一点为坐标原点,水平向右和竖直向下为正方向,则没有被拍摄到的小球位置坐标为；②小球平抛的初速度大小为。

湖北省枣阳市白水高中2016-2017学年高一年级上学期9月月考物理试题（时间：90分钟 分值100分 ）第I 卷（选择题共48分）一、选择题（本大题12小题，每小题4分，共48分）1．一物体从静止开始做匀加速直线运动，一段时间后，改为匀减速直线运动直到停止，若已知整个过程运动的总时间和总位移，则：（） A ．可以分别求出两段运动的时间 B.可以分别求出两段运动的加速度 C.可以求出最大速度D.两段运动的平均速度相同2．做匀变速直线运动的物体初速度为12m/s ，在第6s 内的位移比第5s 内的位移多4m ，关于物体运动情况的说法正确的是（ ）A ．物体的加速度为4m/s 2B ．物体5s 末的速度是32m/sC ．物体5、6两秒内的位移是72mD ．物体从14m 的A 点运动到32m 的B 点所用的时间是2s3．著名物理学家、诺贝尔奖获得者费恩曼曾讲过这样一则笑话.一位女士由于驾车超速而被警察拦住.警察走过来对她说：“太太，您刚才的车速是90公里每小时！”.这位女士反驳说：“不可能的！我才开了7分钟，还不到一个小时，怎么可能走了90公里呢？”“太太，我的意思是：如果您继续像刚才那样开车，在下一个小时里您将驶过90公里.”“这也是不可能的.我只要再行驶15公里就到家了，根本不需要再开过90公里的路程.”对话中所谈的内容反映出这位太太没有认清的科学概念是A ．位移B ．路程C ．速度D ．加速度4．有一条横截面积为S 的铜导线，通过的电流为I 。

已知铜的密度为ρ，摩尔质量为M ，阿伏伽德罗常数为N A ，电子的电量为e 。

若认为导线中每个铜原子贡献一个自由电子，则铜导线中自由电子定向移动的速率可表示为（ ） A ．eSN IM A ρ B ．eMSN I A ρ C ．eN IMS A ρ D ．eSN IM A ρ5．根据速度定义式x v t ∆=∆，当t ∆极短时，x t∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了下列哪种物理方法（ ）A ．控制变量法B ．极限法C ．微元法D ．假设法6．一质点沿直线O x 方向做变速运动，它离开O 点的距离随时间变化的关系为x ＝5＋2t 3(m)，它的速度随时间t变化关系为v＝6t2(m/s)。