广西南宁市、玉林市、贵港市等2020届高三毕业班摸底考试数学(理)试卷Word版含解析

2020年广西南宁市高考数学一模试卷(理科)一、单项选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.已知集合A={−1,0，1，2}，B={x|x2+x−2<0}.则A∩B=()A. {−1,0}B. {0,1}C. {1,2}D. {−1,2}2.若复数z满足(1−i)z=−1+2i，则|z−|=()A. √22B. 32C. √102D. 123.在某次测量中得到A样本数据如下：43，50，45，55，60，若B样本数据恰好是A样本每个数都增加3得到，则A、B两样本的下列数字特征对应相同的是()A. 众数B. 中位数C. 方差D. 平均数4.(2x−y)(x+2y)5展开式中x3y3的系数为()A. −40B. 120C. 160D. 2005.设S n为等比数列{a n}的前n项和，8a2+a5=0，则S5S2=()A. −11B. −8C. 5D. 116.已知函数f(x)=a2x2+bln x图象在点(1,f(1))处的切线方程是2x−y−1=0，则ab等于()A. 2B. 1C. 0D. −27.函数f(x)=(e x−1)ln|x|e x+1的部分图像大致为()A. B.C. D.8.在空间四边形ABCD中，AD=BC=2，E,F分别是AB,CD的中点，若异面直线AD与BC所成角为90∘，则EF=()A. 1B. 2C. √2D. √39.如图所示的程序框图，输出的结果是S=2017，则输入A的值为()A. 2018B. 2016C. 1009D. 100810.已知双曲线x2a2−y2b2=1(a>0,b>0)，过原点的直线与双曲线交于A，B两点，以AB为直径的圆恰好过双曲线的右焦点C，若△ABC的面积为2a2，则双曲线的渐近线方程为()A. y=±√22x B. y=±√2x C. y=±√33x D. y=±√3x11.已知函数f(x)=|x|−1x2，则不等式的解集为()A. (1,0)U(1,+∞)B. (−∞,−1)U(0,1)C. (−∞,1)U(1,+∞)D. (−1,0)U(0,1)12.已知函数f(x)=√3sin2x−cos2x，有下列四个结论：①f(x)的最小正周期为π；②f(x)在区间[−π3,π6]上是增函数；③f(x)的图象关于点(π12,0)对称；④x=π3是f(x)的一条对称轴．其中正确结论的个数为()A. 1B. 2C. 3D. 4二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13.向量a⃗=(3,1)与向量b⃗ =(−1,2)的夹角余弦值是______．14.等差数列{a n}的前n项和为S n，若a7−a2=a9−10，则S7=________．15.F1，F2为椭圆Γ：x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左、右焦点，点M在椭圆Γ上．若△MF1F2为直角三角形，且|MF1|=2|MF2|，则椭圆Γ的离心率为______．16.如图，在四棱锥P−ABCD中，底面四边形ABCD是矩形，BC=2，△PAD是等边三角形，平面PAD⊥平面ABCD，点E，F分别在线段PA，CD上，若EF//平面PBC，且DF=2FC，则点E 到平面ABCD的距离为______．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17.从一种零件中抽取了80件，尺寸数据表示如下(单位：cm)：这里用x×n表示有n件尺寸为x的零件，如362.51×1表示有1件尺寸为362.51cm的零件．(1)作出样本的频率分布表和频率分布直方图；(2)在频率分布直方图中画出频率分布折线图．18.如图，在三棱柱ABC−A1B1C1中，侧面ABB1A1是矩形，∠BAC=90°，AA1⊥BC，AA1=AC=2AB=4，且BC1⊥A1C.(1)求证：平面ABC1⊥平面A1ACC1；(2)设D是A1C1的中点，判断并证明在线段BB1上是否存在点E，使得DE//平面ABC1.若存在，求二面角E−AC1−B的余弦值．19.在△ABC中，a，b，c分别为A，B，C的对边，且sinA=2sinB，(1)若C=3π4，△ABC的面积为9√24，求a的值；(2)求sin(C−A)sinB −8sin2C2的值．20.已知函数f(x)=lnx−ax+1−ax−1(a∈R)．(Ⅰ)当a≤12时，讨论f(x)的单调性；(Ⅱ)设g(x)=x2−2bx+4.当a=14时，若对任意x1∈(0,2)，存在x2∈[1,2]，使f(x1)≥g(x2)，求实数b的取值范围．21.已知抛物线E：y=x2的焦点为F，过点F的直线l的斜率为k，与抛物线E交于A，B两点，抛物线在点A，B处的切线分别为l1，l2，两条切线的交点为D．(1)证明：∠ADB=90°；(2)若△ABD的外接圆Γ与抛物线E有四个不同的交点，求直线l的斜率的取值范围．22.在直角坐标系xOy中，A(0,−1)，B(−√3,0)，以AB为直径的圆记为圆C，圆C过原点O的切线记为l，若以原点O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系．(1)求圆C的极坐标方程；(2)若过点P(0,1)，且与直线l垂直的直线l′与圆C交于M，N两点，求|MN|．23.设a，b为正实数，且1a +1b=4．(Ⅰ)求a3+b3的最小值；(Ⅱ)若(a−b)2≥16(ab)3，求ab的值．【答案与解析】1.答案：A解析：解：B={x|−2<x<1}；∴A∩B={−1,0}．故选：A．可解出集合B，然后进行交集的运算即可．考查列举法、描述法的定义，以及交集的运算．2.答案：C解析：本题考查复数代数形式的乘除运算，考查复数模的求法，是基础题．把已知等式变形，利用复数代数形式的乘除运算化简，再由复数模的计算公式求解．解：由(1−i)z=−1+2i，得z=−1+2i1−i =(−1+2i)(1+i)(1−i)(1+i)=−32+12i，∴|z−|=|z|=√(−32)2+(12)2=√102．故选：C．3.答案：C解析：解：根据题意知，A样本数据一定时，B样本数据恰好是A样本每个数都增加3得到的，则A样本的众数比B样本的众数小3；A样本的中位数比B样本的中位数小3；A样本的方差等于B样本的方差；A样本的平均数比B样本的平均数小3．故选：C．根据众数、中位数、平均数和方差的定义知，A样本数据一定时，B样本数据是A样本每个数都增加3得到的，则两样本的方差不变．本题考查了众数、中位数、平均数和方差的定义与应用问题，是基础题．解析：解：(x+2y)5展开式的通项为T r+1=C5r(x)5−r(2y)r∴(x+2y)5=x5+10x4y+40x3y2+80x2y3+80xy4+32y5，∴(2x−y)(x+2y)5展开式中x3y3的系数为160−40=120，故选：B．把(x+2y)5按照二项式定理展开，可得(2x−y)(x+2y)5展开式中x3y3的系数．本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，二项式系数的性质，属于基础题．5.答案：A解析：解：设公比为q，由8a2+a5=0，得8a2+a2q3=0，解得q=−2，所以S5S2=1−q51−q2=−11．故选：A．先由等比数列的通项公式求得公比q，再利用等比数列的前n项和公式求之即可．本题主要考查等比数列的通项公式与前n项和公式．6.答案：C解析：本题考查利用导数求曲线在某点处的切线方程的应用，属于基础题．对f(x)求导，由导数的几何意义即可求解．解：由题意可得f′(x)=ax+bx，所以f′(1)=a+b=2，且f(1)=a2=1，所以a=2，b=0，所以ab=0．7.答案：B解析：本题考查函数的图象的判断，函数的奇偶性，属基础题．利用函数的奇偶性排除选项，然后利用特殊点的函数值，推出结果即可．解：因为f(−x)=(e −x−1)ln|−x|e−x+1=(1−e x)ln|x|e x+1=−f(x)是奇函数，所以排除A，C，当x→+∞时，f(x)>0，所以排除D．故选B ．8.答案：C解析：↵本题考查异面直线所成角，取BD中点G，连接EG，FG，EF，可得∠EGF=90°，进而得出答案．解：取BD中点G，连接EG，FG，EF，则EG//AD，EG=1，同理FG//BC，FG=1，所以∠EGF=90°，∴EF=√2．9.答案：D解析：解：模拟程序的运行，可得程序框图的功能是计算并输出S=2A+1的值，由题意，可得：2017=2A+1，解得：A=1008．故选：D．根据题意，模拟程序框图的运行过程，即可得出正的确答案．本题主要考查了程序框图的应用，属于基础题．10.答案：B解析：本题考查双曲线的渐近线方程的求法，考查双曲线的方程和应用，考查运算能力，属于中档题．设双曲线的左焦点为F，连接AF，BF，可得四边形FACB为矩形，由三角形的面积公式，可得a，c的关系，进而得到a，b的关系，可得渐近线方程．解：设双曲线的左焦点为F，连接AF，BF，由题意可得AC⊥BC，可得四边形FACB为矩形，即有|AF|=|BC|，mn=2a2，设|AC|=m，|BC|=n，可得n−m=2a，n2+m2=4c2，12即有4c2−8a2=4a2，即有c=√3a，b=√c2−a2=√2a，可得双曲线的渐近线方程为y=±√2x.故选：B．11.答案：B解析：本题考查函数的奇偶性、单调性，以及不等式的解法，题目难度一般．首先判断出f(x)为偶函数，且在区间(0,+∞)内为增函数是解题的关键．解：显然f(x)为偶函数，且在区间(0,+∞)内为增函数，f(1)=f(−1)=0，故f(x)+f(−x)x <0等价于2f(x)x<0．当x>0时，2f(x)<0，解得0<x<1；当x<0时，2f(x)>0，解得x<−1．综上，所求不等式的解集为(−∞,−1)∪(0,1)．故选B．12.答案：C解析：本题以命题的真假判断与应用为载体，考查了三角函数的图象和性质，难度中档．函数f(x)=√3sin2x−cos2x=2sin(2x−π6)，分析函数的周期性，单调性，对称性，可得答案．解：函数f(x)=√3sin2x−cos2x=2sin(2x−π6)，①f(x)的最小正周期为π，故①正确；②由2x−π6∈[−π2+2kπ,π2+2kπ](k∈Z)得：x∈[−π6+kπ,π3+kπ](k∈Z)，故f(x)在区间[−π3,π6]上不是单调函数，故②错误；③由2x−π6=2kπ得：x=π12+kπ，(k∈Z)，当k=0时，f(x)的图象关于点(π12,0)对称，故③正确；④由2x−π6=π2+2kπ得：x=π3+kπ，(k∈Z)，当k=0时，f(x)的图象关于x=π3对称，故④正确；故选C．13.答案：−√210解析：解：cos <a ⃗ ，b ⃗ >=√10√5=−√210． 故答案为：−√210．根据向量夹角公式计算可得．本题考查了数量积表示两个向量的夹角，属基础题．14.答案：70解析：本题主要考查等差数列的通项公式，等差数列的性质及求和公式，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．利用等差数列的通项公式可求得a 4=10，进而利用等差数列的性质及求和公式即可求解． 解：设等差数列的公差为d ，首项为a 1， 由a 7−a 2=a 9−10，所以a 1+6d −a 1−d =a 1+8d −10， 即a 1+3d =10， 所以a 4=10， 所以S 7=7(a 1+a 7)2=7×2a 42=7a 4=70．故答案为70．15.答案：√33或√53解析：本题考查椭圆的定义，考查椭圆的几何性质，考查分类讨论的数学思想，考查学生的计算能力，属于基础题．设|MF 2|=x ，则|MF 1|=2x ，由椭圆的定义可得3x =2a ，根据△MF 1F 2为直角三角形，分类讨论，即可求出椭圆Γ的离心率． 解：设|MF 2|=x ，则|MF 1|=2x ， ∴3x =2a ，∴a =3x 2，∵△MF 1F 2为直角三角形，若MF 2⊥F 1F 2，则x 2+4c 2=(2x)2， ∴c =√32x ，e =c a=√33； 若MF 1⊥MF 2，则x 2+(2x)2=4c 2， ∴c =√52x ，e =ca =√53． 故答案为：√33或√53．16.答案：2√33解析：本题考查点到平面的距离的求法，考查推理论证能力、运算求解能力、空间想象能力，考查等价转化思想、数形结合思想，是中档题．连接AF 并延长AF 交线段BC 的延长线于G ，连接PG ，因为EF//平面PBC ， 平面PAF ∩平面PBC =PG ，EF ⊂平面PAF ，所以EF//PG ， 又DF =2FC ，由平面几何知识可得GCBC =GFFA =PEEA =12，过E 作EH ⊥AD 于H ，由平面PAD ⊥平面ABCD 可得，EH ⊥平面ABCD ， 直角三角形AEH 中，，即点E 到平面ABCD 的距离为2√33． 故答案为：2√33． 17.答案：略.解析：(1)在样本数据中，最大值是364.41，最小值是362.51，所以极差为364.41−362.51=1.90． 若取组距为0.30，则由于1.900.3=613，要分7组，组数合适，于是决定取组距为0.3，分7组，把第一组起点稍微提前，得分组如下：[362.40,362.70),[362.70,363.00)…[364.20,364.50].列出频率分布表：由上表可以画出频率分布直方图：．18.答案：证明：(1)在三棱柱ABC−A1B1C1中，侧面ABB1A1是矩形，∴AA1⊥AB，又AA1⊥BC，AB∩BC=B，∴AA1⊥平面ABC，∴A1A⊥AC，又A1A=AC，∴A1C⊥AC1.又BC1⊥A1C，BC1∩AC1=C1，∴A1C⊥平面ABC1，又A1C⊂平面A1ACC1，∴平面ABC1⊥平面A1ACC1；解：(2)当E为B1B的中点时，连接AE、EC1、DE，如图，取A1A的中点F，连接EF、FD，∵EF//AB，DF//AC1，又EF∩DF=F，AB∩AC1=A，∴平面EFD//平面ABC 1，则有DE//平面ABC 1， 设点E 到平面ABC 1的距离为d ，∵AB ⊥AC ，且AA 1⊥AB ，∴AB ⊥平面A 1ACC 1，∴AB ⊥AC 1， ∴S △BAC 1=12×4√2×2=4√2，∵A 1A ⊥AC ，AB ⊥AC ，∴AC ⊥平面A 1ABB 1， ∵AC//A 1C 1，∴A 1C 1⊥平面 1ABB 1，∴V C 1−ABE =13×S △ABE ×A 1C 1=13×12×2×2×4=83，由V E−ABC 1 =V C 1−ABE =83，解得d =3×83S △ABC 1=3834√2=√2．以A 为原点，AB 为x 轴，AC 为y 轴，AA 1为z 轴，建立空间直角坐标系， A(0,0，0)，B(2,0，0)，C 1(0,4，4)，E(2,0，2)， AC 1⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(0,4，4)，AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =(2,0，0)，AE ⃗⃗⃗⃗⃗ =(2,0，2)， 设平面AC 1E 的法向量n⃗ =(x,y ，z)， 则{n ⃗ ⋅AC 1⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =4y +4z =0n ⃗ ⋅AE ⃗⃗⃗⃗⃗ =2x +2z =0，取x =1，得n⃗ =(1,1，−1)， 设平面AC 1B 的法向量m⃗⃗⃗ =(x,y ，z)， 则{m ⃗⃗⃗ ⋅AC 1⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =4y +4z =0m ⃗⃗⃗ ⋅AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =2x =0，取y =1，得m ⃗⃗⃗ =(0,1，−1)， 设二面角的平面角为θ， 则cosθ=m ⃗⃗⃗ ⋅n ⃗⃗ |m ⃗⃗⃗ |⋅|n ⃗⃗ |=√3⋅√2=√63． ∴二面角E −AC 1−B 的余弦值为√63．解析：(1)推导出AA 1⊥AB ，A 1A ⊥AC ，从而A 1C ⊥平面ABC 1，由此能证明平面ABC 1⊥平面A 1ACC 1； (2)当E 为B 1B 的中点时，连接AE ，EC 1，DE ，取A 1A 的中点F ，连接EF ，FD ，设点E 到平面ABC 1的距离为d ，由V E−ABC 1 =V C 1−ABE ，求出d =√2.以A 为原点，AB 为x 轴，AC 为y 轴，AA 1为z 轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出二面角E −AC 1−B 的余弦值．本题考查面面垂直的证明，考查二面角的余弦值的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是中档题．19.答案：解：(1)△ABC 中，a ，b ，c 分别为A ，B ，C 的对边，且sinA =2sinB ，则：利用正弦定理得：a=2b．∵s△=9√24,C=3π4，所以：12absinC=9√24，解得：a=3√2,b=3√22．(2)sin(C−A)sinB −8sin2C2，=(sinCcosA−cosCsinA)sinB−4(1−cosC)，=2sinBsinA−4=−3．解析：(1)直接利用正弦定理和三角形的面积公式求出结果．(2)利用三角函数关系式的恒等变换求出结果．本题考查的知识要点：正弦定理的应用，三角形面积公式的应用，三角函数关系式的恒等变换．20.答案：解：(Ⅰ)f(x)=lnx−ax+1−ax−1(x>0)，f′(x)=1x −a+a−1x2=−ax2+x+a−1x2(x>0)，令ℎ(x)=ax2−x+1−a(x>0)，(1)当a=0时，ℎ(x)=−x+1(x>0)，当x∈(0,1)，ℎ(x)>0，f′(x)<0，函数f(x)单调递减；当x∈(1,+∞)，ℎ(x)<0，f′(x)>0，函数f(x)单调递增．(2)当a≠0时，由f′(x)=0，即ax2−x+1−a=0，解得x1=1,x2=1a−1．当a=12时x1=x2，ℎ(x)≥0恒成立，此时f′(x)≤0，函数f(x)单调递减；当0<a<12时，1a−1>1>0，x∈(0,1)时ℎ(x)>0，f′(x)<0，函数f(x)单调递减；x∈(1,1a−1)时，ℎ(x)<0，f′(x)>0，函数f(x)单调递增；x∈(1a−1,+∞)时，ℎ(x)>0，f′(x)<0，函数f(x)单调递减．当a<0时1a−1<0，当x∈(0,1)，ℎ(x)>0，f′(x)<0，函数f(x)单调递减；当x∈(1,+∞)，ℎ(x)<0，f′(x)>0，函数f(x)单调递增．综上所述：当a≤0时，函数f(x)在(0,1)单调递减，(1,+∞)单调递增；当a =12时x 1=x 2，ℎ(x)≥0恒成立，此时f′(x)≤0，函数f(x)在(0,+∞)单调递减； 当0<a <12时，函数f(x)在(0,1)单调递减，(1,1a −1)单调递增，(1a −1,+∞)单调递减．(Ⅱ)当a =14时，f(x)在(0,1)上是减函数，在(1,2)上是增函数，所以对任意x 1∈(0,2)，有f(x 1)≥f(1)=−12，又已知存在x 2∈[1,2]，使f(x 1)≥g(x 2)，所以−12≥g(x 2)，x 2∈[1,2]，(※)， 又g(x)=(x −b)2+4−b 2，x ∈[1,2]，当b <1时，g(x)min =g(1)=5−2b >0与(※)矛盾； 当b ∈[1,2]时，g(x)min =g(b)=4−b 2≥0也与(※)矛盾； 当b >2时，g(x)min =g(2)=8−4b ≤−12,b ≥178．综上，实数b 的取值范围是[178,+∞)．解析：本题考查了利用导数研究函数的单调性、利用导数求函数的最值以及二次函数的最值问题，考查了分类讨论的数学思想以及解不等式的能力；考查了学生综合运用所学知识分析问题、解决问题的能力．(Ⅰ)直接利用函数与导数的关系，求出函数的导数，再讨论函数的单调性；(Ⅱ)利用导数求出f(x)的最小值、利用二次函数知识求出g(x)在闭区间[1,2]上的最小值，然后解不等式求参数．21.答案：(1)证明：依题意有F (0, 14)，直线l ：y =kx +14，设A(x 1, y 1), B(x 2, y 2)，直线l 与抛物线E 相交， 联立方程{y =x 2, y =kx +14,消去y ，化简得x 2−kx −14=0，所以x 1+x 2=k, x 1x 2=−14，又因为y′=2x ，所以直线l 1的斜率k 1=2x 1， 同理，直线l 2的斜率k 2=2x 2， 所以，所以，直线l 1⊥l 2，即∠ADB =90∘．(2)解：由(1)可知，圆Γ是以AB 为直径的圆， 设P(x, y)是圆Γ上的一点，则PA ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅ PB ⃗⃗⃗⃗⃗ =0， 所以，圆Γ的方程为又因为x 1+x 2=k, x 1x 2=−14 ， y 1+y 2=kx 1+14+kx 2+14=k 2+12，y 1y 2=x 12x 22=116，所以，圆Γ的方程可化简为联立圆Γ与抛物线E 得{x 2+y 2−kx −(k 2+12)y −316=0, y =x 2,消去y 得x 4−(k 2−12)x 2−kx −316=0， 即(x 2+14)2−(kx +12)2=0，即若方程x 2−kx −14=0与方程x 2+kx +34=0有相同的实数根x 0，则矛盾，所以，方程x 2−kx −14=0与方程x 2+kx +34=0没有相同的实数根，所以，圆Γ与抛物线E 有四个不同的交点等价于{k 2+1>0k 2−3>0,解得k >√3或k <−√3． 综上所述，k >√3或k <−√3．解析：本题考查抛物线简单几何性质，直线与抛物线的位置关系，导数的几何意义，定值问题，曲线的交点个数问题，参数的范围问题，考查计算能力，属于难题．(1)由直线l 与抛物线E 相交，联立方程消去y ，由导数的几何意义，结合韦达定理可得l 1⊥l 2，故可得答案(2)先求得圆Γ的方程联立圆Γ与抛物线E 消去y 得通过外接圆Γ与抛物线E 有四个不同的交点可得答案．22.答案：解：(1)由题意，知圆C 的直径|AB|=2，圆心C 的坐标为(−√32,−12)，∴圆C 的直角坐标为(x +√32)2+(y +12)2=1，即x 2+y 2+√3x +y =0， 将x =ρcosθ，y =ρsinθ代入上式，得到圆C 的极坐标方程为ρ+√3cosθ+sinθ=0． (2)因为直线l′与圆C 过原点O 的切线l 垂直， 所以直线l′的倾斜角为π6，斜率为√33，又直线l′过点P(0,1)，故直线l′的普通方程为y =√33x +1，即√3x −3y +3=0，圆心C(−√32,−12)到直线l′的距离d =2√3=√32， 所以|MN|=2√1−34=1．解析：(1)直接利用转换关系式，把参数方程直角坐标方程和极坐标方程之间进行转换．(2)首先利用垂直关系确定直线的斜率，进一步确定直线的方程，再利用点到直线的距离公式求出结果．本题考查的知识要点：参数方程直角坐标方程和极坐标方程之间的转换，直线方程的求法及应用，点到直线的距离公式的应用，主要考查学生的运算能力和转化能力，属于基础题型．23.答案：解：(Ⅰ)∵a 、b 为正实数，且1a +1b =4．∴a 、b 为正实数，且1a +1b =4≥2√1ab (a =b 时等号成立)．即ab ≥14(a =b =12时等号成立)∵a 3+b 3≥2√(ab)3≥14(a =b =12时等号成立)． ∴a 3+b 3的最小值为14，(Ⅱ)∵(a−b)2≥16(ab)3，∴(1a −1b)2≥16ab，则(1a +1b)2−4ab≥16ab⇒4ab+1ab≤4，又∵4ab+1ab ≥4，∴4ab+1ab=4∴当且仅当ab=12时“=”成立．∴ab=12．解析：本题主要考查基本不等式在最值中的应用，要注意检验等号成立条件是否具备，属于基础题．(Ⅰ)由条件利用基本不等式求得ab≥14，再利用基本不等式求得a3+b3的最小值．(Ⅱ)根据∵(a−b)2≥16(ab)3，∴(1a −1b)2≥16ab，化简得4ab+1ab=4从而可得ab=12．。

广西南宁市2020年普通高中毕业班摸底考试数学（理科）高三 数学考试时间：120分钟学校:___________班级:___________姓名:___________学号:___________一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.已知集合，，则A.B.C.D.A ={−2,−1,0,1,2}B ={x |−4x −5<0}x 2A ∩B ={−2,−1,0}{−1,0,1,2}{−1,0,1}{0,1,2}2.若复数满足，则A.B.C.D.z (1+3i )z =(1+i )2|z |=5√45√510√210√53.某校8位学生的本次月考成绩恰好都比上一次的月考成绩高出50分，则以该8位学生这两次的月考成绩各自组成样本，则这两个样本不变的数字特征是A.方差B.中位数C.众数D.平均数4.若的展开式中的系数为150，则A.20B.15C.10D.25(+x 2a x )6x 6=a 25.设递增的等比数列的前项和为，已知，，则A.B.{}a n n S n =S 44033−10+3=0a 4a 3a 2=a 4927C.D.81836.已知函数的图象在点处的切线方程是，则A.B.C.D.f (x )=ln x +ax +b (1，a +b )y =3x −2a −b =23−2−37.函数的部分图象大致为A.AB.BC.CD.Df (x )=−−e x e −x 1x 8.如图，平面，四边形为正方形，且，，分别是线段 ，的中点，则异面直线与所成角的余弦值为A.B.C.D.PA ⊥ABCD ABCD PA =AD E F PA CD EF BD 2√63√33√62√39.执行如图所示的程序框图，若输出的，则①处应填写S =310A.？B.？C.？D.？k <3k ≤3k ≤5k ＜510.已知点为双曲线的右焦点，直线与双曲线交于，两点，若，则的面积为A.B.C.D.F 2C:−=1(a ＞0)x 2a 2y 24y =kx A B ∠A B =F 22π3△A B F 222‾√23‾√42‾√43‾√11.已知函数，则不等式的解集为A.B.C.D.f (x )=(+1)+log 21|x |+31x 2‾‾‾‾‾‾√f (lg x )＞3(,10)110(−∞,)∪(10,+∞)110(1,10)(,1)∪(1,10)11012.已知，函数在区间内没有最值.给出下列四个结论：①在上单调递增；②；③在上没有零点；④在上只有一个零点.其中所有正确结论的编号是A.②④B.①③C.②③D.①②④ω＞13f (x )=sin (2ωx −)π3(π,2π)f (x )(π,2π)ω∈[,]5121124f (x )[0,π]f (x )[0,π]二填空题本大题共4小题每小题5分共20分把答案填在答题卡中的横线二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分。

广西南宁市、玉林市、贵港市等2020届毕业班摸底考试高三数学（文）试卷第Ⅰ卷（共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合，则（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】先求出集合A，B，由此能求出A∩B．【详解】∵集合A={x|x2≤4x}={x|0≤x≤4}，B={x|3x﹣4＞0}={x|x}，∴A∩B={x|＜x≤4}=（]．故选：C．【点睛】本题考查交集的求法，考查交集定义、不等式性质等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是基础题．2.（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】根据虚数单位i的性质以及复数的基本运算法则，直接计算化简．【详解】===﹣3﹣i．故选：B．【点睛】本题考查复数代数形式的混合运算．除法中关键是分子分母同乘以分母的共轭复数，实现分母实数化．3.已知角A满足，则的值为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】将已知等式两边平方，判断出cosA小于0，sinA大于0，且sinA的绝对值大于cosA的绝对值，利用完全平方公式求出sinA﹣cosA的值，与已知等式联立求出sinA与cosA的值，即可确定出的值.【详解】∵A为三角形内角，且sinA+cosA=，∴将sinA+cosA=两边平方得：2sinAcosA=﹣，∴A为钝角，即sinA＞0，cosA＜0，且|sinA|＞|cosA|，∴1﹣2sinAcosA=，即（sinA﹣cosA）2=，∵sinA﹣cosA＞0，∴sinA﹣cosA=，联立得：，解得：sinA=，cosA=﹣，则sin2A=故选：D【点睛】应用公式时注意方程思想的应用：对于sin＋cos，sin cos，sin－cos 这三个式子，利用(sin±cos)2＝1±2sin cos，可以知一求二．4.执行如图所示的程序框图，那么输出的值是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】分析：先根据循环语句得S变化规律（周期），再根据规律确定输出值.详解：因为所以,所以当时选B.点睛：算法与流程图的考查，侧重于对流程图循环结构的考查.先明晰算法及流程图的相关概念，包括选择结构、循环结构、伪代码，其次要重视循环起点条件、循环次数、循环终止条件，更要通过循环规律，明确流程图研究的数学问题，是求和还是求项.5.若直线与圆相交，则实数的取值范围为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】直线与圆相交等价于圆心到直线距离小于半径.【详解】直线化为一般式为：，直线与圆相交等价于圆心到直线距离小于半径，即，∴∴故选：D【点睛】这个题目考查的是直线和圆的位置关系，一般直线和圆的题很多情况下是利用数形结合来解决的，联立的时候较少；还有就是在求圆上的点到直线或者定点的距离时，一般是转化为圆心到直线或者圆心到定点的距离，再加减半径，分别得到最大值和最小值.6.已知x、y满足，则的最小值为（）A. 4B. 6C. 12D. 16【答案】A【解析】【分析】由约束条件作出可行域，化目标函数为直线方程的斜截式，数形结合得到最优解，联立方程组求得最优解的坐标，代入目标函数得答案．【详解】由约束条件作出可行域如图，联立，解得A（2，2），令z=3x﹣y，化为y=3x﹣z，由图可知，当直线y=3x﹣z过A时，直线在y轴上的截距最大，z有最小值为4．故选：A．【点睛】本题考查的是线性规划问题，解决线性规划问题的实质是把代数问题几何化，即数形结合思想.需要注意的是：一，准确无误地作出可行域;二，画目标函数所对应的直线时，要注意让其斜率与约束条件中的直线的斜率进行比较，避免出错;三，一般情况下，目标函数的最大值或最小值会在可行域的端点或边界上取得.7.函数的部分图象如图所示，为了得到的图象，只需将函数的图象（）A. 向左平移个单位长度B. 向左平移个单位长度C. 向右平移个单位长度D. 向右平移个单位长度【答案】B【解析】【分析】由函数的最值求出A，由周期求出ω，由特殊点求出φ的值，可得凹函数f（x）的解析式，再利用y=的图象变换规律，得出结论．【详解】由函数f（x）=的部分图象，可得A=2，∵，∴T=π，ω=2，f（x）=2sin（2x+φ），将代入得，∵﹣π＜φ＜0，∴．故可将函数y=f（x）的图象向左平移个单位长度得到l的图象，即可得到的图象，故选：B．【点睛】由的图象变换出的图象一般有两个途径，只有区别开这两个途径，才能灵活进行图象变换,利用图象的变换作图象时，提倡先平移后伸缩，但先伸缩后平移也经常出现无论哪种变形，请切记每一个变换总是对字母而言，即图象变换要看“变量”起多大变化，而不是“角变化”多少.8.如图，棱长为的正方体中，为中点，这直线与平面所成角的正切值为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】先作出直线D1M与平面ABCD所成角，然后求解即可【详解】连接DM，因为几何体是正方体，所以∠D1MD就是直线D1M与平面ABCD所成角，tan∠D1MD=故选：C【点睛】求直线和平面所成角的关键是作出这个平面的垂线进而斜线和射影所成角即为所求，有时当垂线较为难找时也可以借助于三棱锥的等体积法求得垂线长，进而用垂线长比上斜线长可求得所成角的正弦值，当空间关系较为复杂时也可以建立空间直角坐标系，利用向量求解.9.函数的图象大致为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】利用函数的奇偶性排除选项，再利用单调性（或特殊点）判断即可．【详解】函数是偶函数，排除选项B，C；当x＞0时，，∴在上单调递增，排除D故选：A【点睛】函数图象的辨识可从以下方面入手：（1）从函数的定义域，判断图象的左右位置；从函数的值域，判断图象的上下位置；（2）从函数的单调性，判断图象的变化趋势；（3）从函数的奇偶性，判断图象的对称性；（4）从函数的特征点，排除不合要求的图象.10.在中，的对边分别为，已知，则的周长是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】由sinB=2sinA，利用正弦定理得b=2a，由此利用余弦定理能求出a，b，从而得到的周长.【详解】∵sinB=2sinA，∴由正弦定理得b=2a，由余弦定理得c2=a2+b2﹣2abcosC=a2+4a2﹣2a2=3a2，又c=，解得a=1，b=2．∴的周长是故选：C【点睛】解三角形的基本策略一是利用正弦定理实现“边化角”，二是利用余弦定理实现“角化变；求三角形面积的最大值也是一种常见类型，主要方法有两类，一是找到边之间的关系，利用基本不等式求最值，二是利用正弦定理，转化为关于某个角的函数，利用函数思想求最值.11.如图，已知是双曲线的左、右焦点，若直线与双曲线交于两点，且四边形是矩形，则双曲线的离心率为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】由题意，矩形的对角线长相等，由此建立方程，找出a，c的关系，即可求出双曲线的离心率．【详解】由题意，矩形的对角线长相等，y=x代入，b＞0），可得x=±，y=±•，∴=c2，∴4a2b2=（b2﹣3a2）c2，∴4a2（c2﹣a2）=（c2﹣4a2）c2，∴e4﹣8e2+4=0，∵e＞1，∴e2=4+2，∴e=+1．故选：C．【点睛】求离心率的常用方法有以下两种：（1）求得的值，直接代入公式求解；（2）列出关于的齐次方程(或不等式)，然后根据，消去后转化成关于的方程(或不等式)求解．12.某几何体的三视图如图所示，则此几何体的外接球表面积为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】几何体复原后为正方体的内接四面体，其外接球即正方体外接球.【详解】几何体复原后如图所示:四面体ABCD的外接球即正方体的外接球，外接球的直径2R=∴此几何体的外接球表面积为故选：B【点睛】空间几何体与球接、切问题的求解方法(1)求解球与棱柱、棱锥的接、切问题时，一般过球心及接、切点作截面，把空间问题转化为平面图形与圆的接、切问题，再利用平面几何知识寻找几何中元素间的关系求解．(2)若球面上四点P，A，B，C构成的三条线段PA，PB，PC两两互相垂直，且PA＝a，PB＝b，PC＝c，一般把有关元素“补形”成为一个球内接长方体，利用4R2＝a2＋b2＋c2求解．第Ⅱ卷（共90分）二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.已知平面向量与的夹角为，且，若，则__________．【答案】 1【解析】【分析】由已知求出的值，再由（m）⊥，得（m）•=0，展开后得答案．【详解】∵向量与的夹角为120°，且||=2，||=4，∴，又（m）⊥，∴（m）•=，解得m=1．故答案为：1．【点睛】本题考查平面向量的数量积运算，考查向量垂直与数量积间的关系，是基础题．14.某学校共有教师300人，其中中级教师有120人，高级教师与初级教师的人数比为.为了解教师专业发展要求，现采用分层抽样的方法进行调查，在抽取的样本中有中级教师72人，则该样本中的高级教师人数为__________．【答案】60【解析】【分析】先求出高级教师与初级教师的人数之和，然后根据分层抽样的定义，即可得到结论．【详解】∵学校共有教师300人，其中中级教师有120人，∴高级教师与初级教师的人数为300﹣120=180人，∵抽取的样本中有中级教师72人，∴设样本人数为n，则，解得n=180，则抽取的高级教师与初级教师的人数为180﹣72=108，∵高级教师与初级教师的人数比为5：4．∴该样本中的高级教师人数为．故答案为：60【点睛】进行分层抽样的相关计算时，常利用以下关系式巧解：（1）；（2）总体中某两层的个体数之比＝样本中这两层抽取的个体数之比．15.抛物线的准线方程是________．【答案】【解析】分析：根据抛物线标准方程求性质：的准线方程为详解：因为的准线方程为所以抛物线的准线方程是.点睛：的准线方程为焦点坐标为16.已知，点的坐标为，则当时，且满足的概率为__________．【答案】【解析】【分析】根据题意，满足|x|≤2且|y|≤2的点P在如图的正方形ABCD及其内部运动，而满足（x﹣2）2+（y﹣2）2≥4的点P在以C为圆心且半径为2的圆及其外部运动．因此，所求概率等于阴影部分的面积与正方形ABCD的面积之比，根据扇形面积和正方形面积计算公式，即可求出本题的概率．【详解】如图，点P所在的区域为正方形ABCD及其内部满足（x﹣2）2+（y﹣2）2≥4的点位于的区域是以C（2，2）为圆心，半径等于2的圆及其外部∴P满足（x﹣2）2+（y﹣2）2≥4的概率为P1===．故答案为：【点睛】几何概型概率公式的应用：（1）一般地，一个连续变量可建立与长度有关的几何概型，只需把这个变量放在坐标轴上即可；（2）若一个随机事件需要用两个变量来描述，则可用这两个变量的有序实数对来表示它的基本事件，然后利用平面直角坐标系就能顺利地建立与面积有关的几何概型；（3）若一个随机事件需要用三个连续变量来描述，则可用这三个变量组成的有序数组来表示基本事件，利用空间直角坐标系建立与体积有关的几何概型.三、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）17.设是公比不为1的等比数列的前项和.已知.（1）求数列的通项公式；（2）设.若，求数列的前项和.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）由题意布列基本量首项与公比的方程即可得到数列的通项公式；（2）由（1）得，，利用裂项相消法求和即可.【详解】(1) 设等比数列的公比为，则.因为，所以.解得（舍去），..（2）由（1）得，所以数列的前项和.【点睛】裂项相消法是最难把握的求和方法之一，其原因是有时很难找到裂项的方向，突破这一难点的方法是根据式子的结构特点，常见的裂项技巧：(1)；（2）；（3）；（4）；此外，需注意裂项之后相消的过程中容易出现丢项或多项的问题，导致计算结果错误.18.某地区某农产品近几年的产量统计如表：（1）根据表中数据，建立关于的线性回归方程；（2）根据线性回归方程预测2019年该地区该农产品的年产量.附:对于一组数据，其回归直线的斜率和截距的最小二乘估计分别为：，.(参考数据: ，计算结果保留小数点后两位）【答案】（1）；（2）预测2019年该地区该农产品的年产量约为7.72万吨.【解析】【分析】（1）求得样本中心点（，），利用最小二乘法即可求得线性回归方程；（2）由（1）可知：将t=8代入线性回归方程，即可求得该地区2019年该农产品的产量估计值为7.72万吨．【详解】（1）由题意可知：，，，∴，又，∴关于的线性回归方程为.（2）由（1)可得，当年份为2019年时，年份代码，此时，所以，可预测2019年该地区该农产品的年产量约为7.72万吨.【点睛】求回归直线方程的步骤：①依据样本数据画出散点图，确定两个变量具有线性相关关系；②计算的值；③计算回归系数；④写出回归直线方程为；回归直线过样本点中心是一条重要性质，利用线性回归方程可以估计总体，帮助我们分析两个变量的变化趋势.19.如图，四棱锥中，底面是边长为2的正方形，，且，为中点.（1）求证：平面；（2）求几何体的体积.【答案】（1）见解析；（2）.【解析】【分析】(1) 判断PA⊥BC，且，从而得证PA⊥平面ABCD；（2）由运算求解即可．【详解】（1）证明：∵底面为正方形，∴，又，∴平面，∴.同理，∴平面.（2）∵为中点，.【点睛】求解空间几何体体积的常用策略：（1）公式法：对于规则几何体的体积问题，直接利用公式即可破解；（2）切割法：对于不规则的几何体，可以将其分割成规则的几何体，再利用公式分别求解之后进行相加求和即可；（3）补形法：同样对于不规则的几何体，还可以将其补形成规则图形，求出规则几何体的体积后减去多于部分即可求解，但需注意的是补形后多于部分的几何体也应该是规则的，若不是规则的，此方法不建议使用.（4）等体积法：一个几何体无论怎样变化，其体积是不会发生变化的.如果遇到一个几何他的底面面积和高较难求解时，常常采用此种方法进行解题.20.设椭圆，右顶点是，离心率为.（1）求椭圆的方程；（2）若直线与椭圆交于两点(不同于点)，若，求证:直线过定点，并求出定点坐标.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）由椭圆右顶点的坐标为A（2，0），离心率，可得a，c的值，由此可得椭圆C的方程；（2）当直线斜率不存在时，设，易得，当直线斜率存在时，直线，与椭圆方程联立，得，由可得，从而得证.【详解】（1）右顶点是，离心率为，所以，∴，则，∴椭圆的标准方程为.（2）当直线斜率不存在时，设，与椭圆方程联立得：，，设直线与轴交于点，，即，∴或(舍），∴直线过定点；当直线斜率存在时，设直线斜率为，，则直线，与椭圆方程联立，得，，，，，，则，即，∴，∴或，∴直线或，∴直线过定点或舍去；综上知直线过定点.【点睛】圆锥曲线中定点问题的常见解法（1）假设定点坐标，根据题意选择参数，建立一个直线系或曲线系方程，而该方程与参数无关，故得到一个关于定点坐标的方程组，以这个方程组的解为坐标的点即所求定点；（2）从特殊位置入手，找出定点，再证明该点符合题意．21.已知函数.（1）当图象过点时，求函数在点处的的切线方程；（其中为自然对数的底数，）（2）当时，求证：对任意，恒成立.【答案】（1）；（2）见解析.【解析】【分析】(1)由图象过点可得，求出，从而得到切线方程； (2) 欲证：，注意到，只要即可.【详解】（1）当图象过点时，所以，所以，由得，切点为，斜率为，所求切线方程为：，即；（2）证明：当时，，欲证：，注意到，只要即可，，令，则，知在上递增，有，所以，可知在上递增，于是有.综上，当时，对任意的恒成立.【点睛】利用导数证明不等式常见类型及解题策略(1) 构造差函数.根据差函数导函数符号，确定差函数单调性，利用单调性得不等量关系，进而证明不等式.（2）根据条件，寻找目标函数.一般思路为利用条件将求和问题转化为对应项之间大小关系，或利用放缩、等量代换将多元函数转化为一元函数.请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分. 22.在直角坐标系中，曲线的参数方程为(为参数，以原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.（1）求曲线的普通方程和的直角坐标方程；（2）已知曲线的极坐标方程为，点是曲线与的交点，点是曲线与的交点，且均异于原点，且，求的值.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）由曲线C1的参数方程消去参数能求出曲线C1的普通方程；曲线C2的极坐标方程化为ρ2=4ρsinθ，由此能求出C的直角坐标方程；2（2）曲线C1化为极坐标方程为ρ=4cosθ，设A（ρ1，α1），B（ρ2，α2），从而得到|AB|=|ρ1﹣ρ2|=|4sinα﹣4cosα|=4|sin（）|=4，进而sin（）=±1，由此能求出结果．【详解】（1）由消去参数可得普通方程为，∵，∴，由，得曲线的直角坐标方程为；（2）由（1）得曲线，其极坐标方程为，由题意设，则，∴，∴，∵，∴.【点睛】本题考查曲线的普通方程、直角坐标方程的求法，考查角的求法，涉及到直角坐标方程、极坐标方程、参数方程的互化，考查推理论证能力、运算求解能力，考查化归与转化思想、函数与方程思想，是中档题．23.已知函数.（1）解不等式；（2）若关于的不等式有解，求实数的取值范围.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）由题意化简，分段解不等式，最后取并集即可；（2）的不等式有解等价于.【详解】（1）由题意化简，∵，所以或或，解得不等式的解集为：.（2）依题意，求的最小值，的最小值为 9，∴.【点睛】求解含参数的不等式存在性问题需要过两关：第一关是转化关，先把存在性问题转化为求最值问题；不等式的解集为R是指不等式的恒成立问题，而不等式的解集为∅的对立面也是不等式的恒成立问题，此两类问题都可转化为最值问题，即f(x)<a恒成立⇔a>f(x)max，f(x)>a恒成立⇔a<f(x)min.第二关是求最值关，求含绝对值的函数最值时，常用的方法有三种：①利用绝对值的几何意义；②利用绝对值三角不等式，即|a|＋|b|≥|a±b|≥||a|－|b||；③利用零点分区间法．。

2020届广西南宁市、玉林市高考理科数学一模试题一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（5分）已知集合A＝{x|x﹣1＞0}，B＝{x|﹣1≤x≤2}，则A∪B＝（）A．（1，+∞）B．[﹣1，+∞）C．[﹣1，1]D．[﹣1，2]2．（5分）设（1﹣i）x＝1+yi，其中x，y是实数，则x+yi在复平面内所对应的点位于（）A．第一象限B．第二象限C．第三象限D．第四象限3．（5分）若实数x，y满足，则z＝2x+y的最小值为（）A．1B．2C．4D．104．（5分）已知α∈（0，π），，则sinα的值为（）A．B．C．D．5．（5分）PM2.5是空气质量的一个重要指标，我国PM2.5标准采用世卫组织设定的最宽限值，即PM2.5日均值在35μg/m3以下空气质量为一级，在35μg/m3～75μg/m3之间空气质量为二级，在75μg/m3以上空气质量为超标．如图是某市2019年12月1日到10日PM2.5日均值（单位：μg/m3）的统计数据．若从这10天中随机抽取3天进行进一步的空气质量数据分析，则空气质量为一级的恰好抽取了2天的概率为（）A．B．C．D．6．（5分）设a为正实数，函数f（x）＝x3﹣3ax2+2a2，若∀x∈（a，2a），f（x）＜0，则a的取值范围是（）A．[1，+∞）B．（0，+∞）C．（0，1）D．7．（5分）已知双曲线的左、右焦点分别为F1、F2，过F2且斜率为的直线与双曲线在第一象限的交点为A．线段F1A的中点为D，若，则此双曲线的离心率为（）A．B．C．D．8．（5分）如图，四棱锥S﹣ABCD中，SD⊥平面ABCD，AB∥CD，AD⊥CD，SD＝CD，AB＝AD，CD＝2AD，M是BC中点，N是线段SA上的点，设MN与平面SAD所成角为α，则sinα的最大值为（）A．B．C．D．9．（5分）过曲线y＝e x﹣x外一点（e，﹣e）作该曲线的切线l，则l在y轴上的截距为（）A．﹣e e B．﹣e e+2C．﹣e e+1D．e e+210．（5分）已知抛物线C：y2＝4x的焦点为F，准线为l，l与x轴的焦点为P，点A在抛物线C 上，过点A作AA'⊥l，垂足为A'，若cos∠F AA'＝，则四边形AA'PF的面积为（）A．8B．10C．14D．2811．（5分）已知定义域为R的奇函数f（x）的导函数为f'（x），当x＞0时，xf'（x）＞f（x）．若a＝，b＝，c＝，则a，b，c的大小关系为（）A．a＜b＜c B．c＜a＜b C．c＜b＜a D．b＜c＜a12．（5分）已知函数f（x）＝2cos（ωx+φ）﹣1（ω＞0，|φ|＜π）的一个零点是，当时函数f（x）取最大值，则当ω取最小值时，函数f（x）在上的最大值为（）A．﹣2B．C．D．0本卷包括必考题和选考题两部分．第13～21题为必考题，每个试题考生都必须作答．第22，23题为选考题，考生根据要求作答．二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分．13．（5分）在平面上，、是方向相反的单位向量，若向量满足（﹣）⊥（﹣），则||的值．14．（5分）设a，b，c分别为三角形ABC的内角A，B，C的对边，已知三角形ABC的面积等于，则内角A的大小为．15．（5分）已知某几何体是一个平面将一正方体截去一部分后所得，该几何体三视图如图所示，则该几何体的体积为．16．（5分）关于圆周率π，数学发展史上出现过许多很有创意的求法，如著名的蒲丰实验和查理斯实验，受其启发，我们也可以通过设计下面的实验来估计π的值：先请240名同学，每人随机写下两个都小于1的正实数x，y组成的实数对（x，y），再统计两数能与1构成钝角三角形三边的数对（x，y）的个数m；最后再根据计数m来估计π的值．假设统计结果是m ＝68，那么可以估计π的近似值为．（用分数表示）三、解答题：本大题共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（12分）水稻是人类重要的粮食作物之一，耕种与食用的历史都相当悠久，日前我国南方农户在播种水稻时一般有直播、撒酒两种方式．为比较在两种不同的播种方式下水稻产量的区别，某市红旗农场于2019年选取了200块农田，分成两组，每组100块，进行试验．其中第一组采用直播的方式进行播种，第二组采用撒播的方式进行播种．得到数据如表：产量（单位：斤）播种方式[840，860）[860，880）[880，900）[900，920）[920，940）直播48183931散播919223218约定亩产超过900斤（含900斤）为“产量高”，否则为“产量低”（1）请根据以上统计数据估计100块直播农田的平均产量（同一组中的数据用该组区间的中点值为代表）（2）请根据以上统计数据填写下面的2×2列联表，并判断是否有99%的把握认为“产量高”与“播种方式”有关？产量高产量低合计直播散播合计附：P（K2≥k0）0.100.0100.001k0 2.706 6.63510.82818．（12分）已知数列{a n}满足a1＝4，a n+1＝2a n+3×2n+1．（1）证明：数列为等差数列，并求数列{a n}的通项公式；（2）设，求数列{b n}的前n项和T n．19．（12分）如图所示，在四棱柱ABCD＝A1B1C1D1中，侧棱AA1⊥平面ABCD，底面ABCD是直角梯形，AD⊥AB，AB∥CD，AB＝2AD＝2AA1＝4．（1）证明：A1D⊥平面ABC1D1；（2）若DC＝1，求二面角B1﹣BC1﹣A的正弦值．20．（12分）已知椭圆的离心率为，F为椭圆的右焦点，PQ为过椭圆中心O的弦．（1）求△PQF面积的最大值；（2）动直线与椭圆交于A、B两点，证明：在第一象限内存在定点M，使得当直线AM与直线BM的斜率均存在时，其斜率之和是与t无关的常数，并求出所有满足条件的定点M的坐标．21．（12分）已知函数f（x）＝x2﹣8x+alnx（a∈R）．（1）讨论函数f（x）的单调性；（2）已知函数f（x）的两个极值点x1，x2（x1＜x2，x≠1），若m≤1，①证明：0＜x1＜2；②证明：﹣x12）．请考生在第22、23两题中任选一题作答．注意：只能做所选定的题目．如果多做，则按所做的第一个题目计分．[选修4-4：坐标系与参数方程]22．（10分）在平面直角坐标系xOy中，直线l1的倾斜角为30°，且经过点A（2，1）．以坐标原点O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，直线l2：ρcosθ＝3，从原点O作射线交l2于点M，点N为射线OM上的点，满足|OM|•|ON|＝12，记点N的轨迹为曲线C．（1）①设动点P∈l1，记是直线l1的向上方向的单位方向向量，且，以t为参数求直线l1的参数方程；②求曲线C的极坐标方程并化为直角坐标方程；（2）设直线l1与曲线C交于P，Q两点，求的值．[选修4-5：不等式选讲]23．已知函数f（x）＝|x+2|+|x﹣1|．（1）求不等式f（x）≥x+8的解集；（2）记函数y＝f（x）的最小值为k，若a，b，c是正实数，且，求证a+2b+3c ≥9．。

2020届广西高三上学期模拟数学（理）试题及答案一、单选题1．设集合{}{}|2,1,0,1,2,3A x x B =<=-,则A B =（）A ．{}0,1B ．{}0,1,2C ．{}-10,1，D ．{}-10,1,2， 【答案】C【解析】首先求出集合{}|22A x x =-<<，由集合的基本运算“交”即可求解。

【详解】因为{}{}|2|22A x x x x =<=-<<，{}1,0,1,2,3B =-， 所以{}1,0,1AB =-故选：C 【点睛】本题考查集合的基本运算，属于基础题。

2．若复数z 满足()13i z i -=+（其中i 为虚数单位），则z =（ ） A ．1 BC ．2D 【答案】D【解析】由复数的除法运算，化简复数得12z i =+，再利用复数模的计算公式，即可求解． 【详解】 由复数z 满足()13i z i -=+，则3(3)(1)24121(1)(1)2i i i iz i i i i ++++====+--+，则z==，故选D ．【点睛】本题主要考查了复数的除法运算，以及复数模的计算，其中解答熟记复数的除法运算的公式，以及复数模的计算公式是解答的关键，着重考查了运算与求解能力，属于基础题．3．已知32121=0.3log 22a b c -⎛⎫== ⎪⎝⎭，，，则a ，b ，c 的大小关系（ ） A ．a b c >> B ．a c b >> C ．c b a >> D ．b a c >>【答案】D【解析】利用指数函数的单调性与1作比较可以得出a 与b 的大小关系，通过对数函数的图像性质可以得到0c <，得到最终的结果. 【详解】由指数函数和对数函数图像可知：32121(0,1),0.31,log 202a b c -⎛⎫=∈=>=< ⎪⎝⎭， 则a b c ，，的大小关系是：b a c >>. 故选D ． 【点睛】本题考查了指数函数与对数函数的单调性，考查了推理能力与计算能力，属于基础题． 4．已知,a b 均为单位向量，若-23a b =，则a 与b 的夹角为( )A ．6πB ．3πC ．2πD ．23π【答案】B【解析】由23a b -=可求出a b ⋅，再根据向量的夹角公式，即可求出a 与b 的夹角． 【详解】 因为23a b -=，所以()2221443a b a b a b -=-=-⋅+=，解得12a b ⋅=． 设a 与b 的夹角为θ，1cos 2a b a bθ⋅==，所以3πθ=．故选：B ． 【点睛】本题主要考查向量夹角公式和向量的模的计算公式的应用，属于基础题．5．若等差数列{}n a 和等比数列{}n b 满足111a b ==-，448a b ==，则22a b为（ ）A ．1B ．1-C ．2D ．2-【答案】A【解析】设等差数列{}n a 的公差为d ，等比数列{}n b 的公比为q ， 由题意可得413,23a a d q -====-， ∴222,2a b ==，∴221a b =．选A ．6．已知直线l 过点A （a ，0）且斜率为1，若圆224x y +=上恰有3个点到l 的距离为1，则a 的值为( ) A ．B ．±C ．2±D ．【答案】D【解析】因为圆224x y +=上恰有3个点到l 的距离为1，所以与直线l 平行且距离为1的两条直线，一条与圆相交，一条与圆相切，即圆心到直线l 的距离为1，根据点到直线的距离公式即可求出a 的值． 【详解】直线l 的方程为：y x a =-即0x y a --=．因为圆224x y +=上恰有3个点到l 的距离为1，所以与直线l 平行且距离为1的两条直线，一条与圆相交，一条与圆相切，而圆的半径为2，即圆心到直线l 的距离为1．1=，解得a =故选：D ． 【点睛】本题主要考查直线与圆的位置关系的应用，以及点到直线的距离公式的应用，解题关键是将圆上存在3个点到l 的距离为1转化为两条直线与圆的位置关系，意在考查学生的转化能力与数学运算能力，属于中档题．7．某城市为了解游客人数的变化规律，提高旅游服务质量，收集并整理了2015年1月至2017年12月期间月接待游客量(单位：万人)的数据，绘制了下面的折线图．根据该折线图，下列结论错误．．的是（）A．年接待游客量逐年增加B．各年的月接待游客量高峰期在8月C．2015年1月至12月月接待游客量的中位数为30万人D．各年1月至6月的月接待游客量相对于7月至12月，波动性更小，变化比较平稳【答案】C【解析】根据已知中2015年1月至2017年12月期间月接待游客量（单位：万人）的数据，逐一分析给定四个结论的正误，可得答案．【详解】由已有中2015年1月至2017年12月期间月接待游客量(单位：万人)的数据可得：年接待游客量呈上升趋势，所以年接待游客量逐年增加，故A正确；每一年的接待量八月份的最大，故B正确；折线图中没有具体数据，中位数无法计算，故C错误；各年1月至6月的月接待游客量相对于7月至12月，波动性更小，变化比较平稳，故D正确.故选C.【点睛】本题主要考查了学生的读题能力和信息处理能力，属于基础题.8．6(1)(1)ax x -+的展开式中，3x 项的系数为-10，则实数a 的值为（ ）A ．23B ．2C ．2-D ．23-【答案】B【解析】根据产生3x 项的来源，计算出6(1)x +展开式中32,x x 的系数即可求出． 【详解】6(1)x +展开式的通项公式为16r r r T C x +=，分别令2,3x x ==，可求得2x 的系数为2615C =，3x 的系数为3620C =，故6(1)(1)ax x -+的展开式中，3x 项的系数为1201510a ⨯-=-，解得2a =． 故选：B ． 【点睛】本题主要考查利用二项展开式的通项公式求特定项的系数，属于基础题． 9．函数21()sin 2f x x x x =-的大致图象可能是 ( )A ．B ．C ．D ．【答案】C【解析】由题意，函数()f x 的解析式，可判定函数为()f x 为偶函数，排除A 、B 项，又由()06f π<，可排除D 项，即可得到答案。

2020年广西南宁市高考数学一模试卷（理科）一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1．（5分）已知集合A＝{﹣2，﹣1，0，1，2}，B＝{x|x2﹣4x﹣5＜0}，则A∩B＝（）A．{﹣2，﹣1，0}B．{﹣1，0，1，2}C．{﹣1，0，1}D．{0，1，2} 2．（5分）若复数z满足（1+3i）z＝（1+i）2，则|z|＝（）A．B．C．D．3．（5分）某校8位学生的本次月考成绩恰好都比上一次的月考成绩高出50分，则以该8位学生这两次的月考成绩各自组成样本，则这两个样本不变的数字特征是（）A．方差B．中位数C．众数D．平均数4．（5分）若（x2+）6的展开式中x6的系数为150，则a2＝（）A．20B．15C．10D．255．（5分）设递增的等比数列{a n}的前n项和为S n，已知S4＝，3a4﹣10a3+3a2＝0，则a4＝（）A．9B．27C．81D．6．（5分）已知函数f（x）＝lnx+ax+b的图象在点（1，a+b）处的切线方程是y＝3x﹣2，则a﹣b＝（）A．2B．3C．﹣2D．﹣37．（5分）函数的部分图象大致为（）A．B．C．D．8．（5分）如图，P A⊥平面ABCD，ABCD为正方形，且P A＝AD，E，F分别是线段P A，CD的中点，则异面直线EF与BD所成角的余弦值为（）A．B．C．D．9．（5分）执行如图所示的程序框图，若输出的S＝，则①处应填写（）A．k＜3？B．k≤3？C．k≤5？D．k＜5？10．（5分）已知点F2为双曲线的右焦点，直线y＝kx与双曲线交于两点，若，则△AF2B的面积为（）A．B．C．D．411．（5分）已知函数，则不等式f（lgx）＞3的解集为（）A．（，10）B．（﹣∞，）∪（10，+∞）C．（1，10）D．（，1）∪（1，10）12．（5分）已知，函数f（x）＝sin（2ωx﹣）在区间（π，2π）内没有最值．给出下列四个结论：①f（x）在（π，2π）上单调递增；②ω∈[，]；③f（x）在[0，π]上没有零点；④f（x）在[0，π]上只有一个零点．其中所有正确结论的编号是（）A．②④B．①③C．②③D．①②④二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分把答案填在答题卡中的横线上. 13．（5分）已知两个单位向量满足|+|＝||，则向量与的夹角．14．（5分）设S n是公差不为0的等差数列{a n}的前n项和，且a7＝﹣2a1，则＝．15．（5分）已知F1，F2是椭圆C：的左、右焦点，过左焦点F1的直线与椭圆C交于A，B两点，且|AF1|＝3|BF1|，|AB|＝|BF2|，则椭圆C的离心率为．16．（5分）如图，在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中，，E，F，G分别为AB，BC，C1D1的中点．点P在平面ABCD内，若直线D1P∥平面EFG，则线段D1P长度的最小值是・三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题：共60分.17．（12分）为了检测某种零件的一条生产线的生产过程，从生产线上随机抽取一批零件，根据其尺寸的数据得到如图所示的频率分布直方图．若尺寸落在区间，（﹣2s，+2s）之外，则认为该零件属“不合格”的零件，其中，s分别为样本平均数和样本标准差，计算可得s≈15（同一组中的数据用该组区间的中点值作代表）．（1）求样本平均数的大小；（2）若一个零件的尺寸是100cm，试判断该零件是否属于“不合格”的零件．18．（12分）如图，在三棱柱ABC﹣A1B1C1中，AC＝BC＝1，，B1C＝1，B1C⊥平面ABC．（1）证明：平面A1ACC1⊥平面BCC1B1．（2）求二面角A﹣B1B﹣C的余弦值．19．（12分）a，b，c分别为△ABC的内角A，B，C的对边，已知a（sin A+4sin B）＝8sin A．（1）若b＝1，A＝，求sin B；（2）已知C＝，当△ABC的面积取得最大值时，求△ABC的周长．20．（12分）已知函数f（x）＝2x3+mx2+m+1．（1）讨论f（x）的单调性；（2）若函数f（x）在区间[0，+∞）上的最小值为﹣3，求m的值．21．（12分）如图，已知抛物线E：y2＝4x与圆M：（x﹣3）2+y2＝r2（r＞0）相交于A，B，C，D四个点．（1）求r的取值范围；（2）设四边形ABCD的面积为S，当S最大时，求直线AD与直线BC的交点P的坐标．（二）选考题：共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做，则按所做的第一题计分.[选修4-4：坐标系与参数方程]22．（10分）在直角坐标系中，已知圆M：（x﹣a）2+（y﹣1）2＝a2+1，以原点为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，已知直线平分圆M的周长．（1）求圆M的半径和圆M的极坐标方程；（2）过原点作两条互相垂直的直线l1，l2，其中l1与圆M交于O，A两点，l2与圆M交于O，B两点，求△OAB面积的最大值．[选修4-5：不等式选讲]23．已知正实数a，b满足a+b＝4．（1）求+的最小值．（2）证明：．2020年广西南宁市高考数学一模试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1．（5分）已知集合A＝{﹣2，﹣1，0，1，2}，B＝{x|x2﹣4x﹣5＜0}，则A∩B＝（）A．{﹣2，﹣1，0}B．{﹣1，0，1，2}C．{﹣1，0，1}D．{0，1，2}【解答】解：∵A＝{﹣2，﹣1，0，1，2}，B＝{x|﹣1＜x＜5}，∴A∩B＝{0，1，2}．故选：D．2．（5分）若复数z满足（1+3i）z＝（1+i）2，则|z|＝（）A．B．C．D．【解答】解：由（1+3i）z＝（1+i）2＝2i，得z＝，∴|z|＝．故选：D．3．（5分）某校8位学生的本次月考成绩恰好都比上一次的月考成绩高出50分，则以该8位学生这两次的月考成绩各自组成样本，则这两个样本不变的数字特征是（）A．方差B．中位数C．众数D．平均数【解答】解：由题意知，本次和上次的月考成绩的平均数、中位数、众数都相差50，根据方差公式知方差不变．故选：A．4．（5分）若（x2+）6的展开式中x6的系数为150，则a2＝（）A．20B．15C．10D．25【解答】解：（x2+）6的展开式的通项公式为T r+1＝a r•x12﹣3r，令12﹣3r＝6，求得r＝2，可得展开式中x6的系数为•a2＝150，则a2＝10，故选：C．5．（5分）设递增的等比数列{a n}的前n项和为S n，已知S4＝，3a4﹣10a3+3a2＝0，则a4＝（）A．9B．27C．81D．【解答】解：根据题意，设等比数列{a n}的公比为q，若3a4﹣10a3+3a2＝0，则3a2q2﹣10a2q+3a2＝0，即有3q2﹣10q+3＝0，解可得q＝3或，又由数列{a n}为递增的等比数列，则q＝3，若S4＝，则S4＝＝40a1＝，解可得a1＝，则a4＝a1q3＝9，故选：A．6．（5分）已知函数f（x）＝lnx+ax+b的图象在点（1，a+b）处的切线方程是y＝3x﹣2，则a﹣b＝（）A．2B．3C．﹣2D．﹣3【解答】解：由f（x）＝lnx+ax+b，得f′（x）＝+a，∴，解得．则a﹣b＝3．故选：B．7．（5分）函数的部分图象大致为（）A．B．C．D．【解答】解：根据题意，函数，其定义域为{x|x≠0}，又由f（﹣x）＝e﹣x﹣e x+＝﹣（e x﹣e﹣x﹣）＝﹣f（x），则f（x）为奇函数，排除C、D；在（0，+∞）上，当x→0时，f（x）→﹣∞，排除B，故选：A．8．（5分）如图，P A⊥平面ABCD，ABCD为正方形，且P A＝AD，E，F分别是线段P A，CD的中点，则异面直线EF与BD所成角的余弦值为（）A．B．C．D．【解答】解：如图，取BC的中点G，连结FG，EG，则BD∥FG，通过异面直线所成角的性质可知∠EFG是异面直线EF与BD所成的角，设AD＝2，则EF＝＝，同理可得EG＝，又FG＝＝，∴在△EFG中，cos∠EFG＝＝，∴异面直线EF与BD所成角的余弦值为．故选：C．9．（5分）执行如图所示的程序框图，若输出的S＝，则①处应填写（）A．k＜3？B．k≤3？C．k≤5？D．k＜5？【解答】解：模拟程序的运行，可得k＝1，S＝0k＝2，S＝0+＝，满足判断框内的条件，执行循环体，k＝3，S＝+＝，满足判断框内的条件，执行循环体，k＝4，S＝+＝由题意，此时应该不满足判断框内的条件，退出循环，输出S的值为．故则①处应填写k≤3？故选：B．10．（5分）已知点F2为双曲线的右焦点，直线y＝kx与双曲线交于两点，若，则△AF2B的面积为（）A．B．C．D．4【解答】解：设双曲线C的左焦点为F1，连接AF1，BF1，由对称性可知四边形AF1BF2是平行四边形，∴，，设|AF1|＝r1，|AF2|＝r2，则，又|r1﹣r2|＝2a，故．∴．则△AF2B的面积为．故选：D．11．（5分）已知函数，则不等式f（lgx）＞3的解集为（）A．（，10）B．（﹣∞，）∪（10，+∞）C．（1，10）D．（，1）∪（1，10）【解答】解：函数，是定义域为（﹣∞，0）∪（0，+∞）上的偶函数，且在（0，+∞）上是单调递减函数；又f（1）＝log22+＝3，所以不等式f（lgx）＞3可化为0＜|lgx|＜1，即﹣1＜lgx＜1，且lgx≠0，解得＜x＜10，且x≠1；所以所求不等式的解集为（，1）∪（1，10）．故选：D．12．（5分）已知，函数f（x）＝sin（2ωx﹣）在区间（π，2π）内没有最值．给出下列四个结论：①f（x）在（π，2π）上单调递增；②ω∈[，]；③f（x）在[0，π]上没有零点；④f（x）在[0，π]上只有一个零点．其中所有正确结论的编号是（）A．②④B．①③C．②③D．①②④【解答】解：由函数f（x）＝sin（2ωx﹣）在区间（π，2π）内没有最值，则2kπ﹣≤2ωπ﹣＜4ωπ﹣≤2kπ+，或2kπ+≤2ωπ﹣＜4ωπ﹣≤2kπ+，k∈Z；解得k﹣≤ω≤+，或k+≤ω≤+，k∈Z；又T＝≥2π，且ω＞，所以＜ω≤1；令k＝0，可得ω∈[，]，且f（x）在（π，2π）上单调递减；所以①错误，②正确；当x∈[0，π]时，2ωx﹣∈[﹣，2ωπ﹣]，且2ωπ﹣∈[，]，所以f（x）在[0，π]上只有一个零点，所以③错误，④正确；综上知，所有正确结论的编号是②④．故选：A．二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分把答案填在答题卡中的横线上. 13．（5分）已知两个单位向量满足|+|＝||，则向量与的夹角．【解答】解：∵两个单位向量满足|+|＝||，∴＝1，＝＝1，解得＝﹣1，∴＝﹣，∴cos＜＞＝﹣，∴向量与的夹角为．故答案为：．14．（5分）设S n是公差不为0的等差数列{a n}的前n项和，且a7＝﹣2a1，则＝18．【解答】解：设等差数列{a n}的公差为d，∵a7＝﹣2a1，∴a1+6d＝﹣2a1，∴a1＝﹣2d．则＝＝＝＝18．故答案为：18．15．（5分）已知F1，F2是椭圆C：的左、右焦点，过左焦点F1的直线与椭圆C交于A，B两点，且|AF1|＝3|BF1|，|AB|＝|BF2|，则椭圆C的离心率为．【解答】解：设|BF1|＝k，则|AF1|＝3k，|BF2|＝4k，由|BF1|+|BF2|＝|AF1|+|AF2|＝2a，得2a＝5k，|AF2|＝2k，如图：在△ABF2中，，又在△AF1F2中，，得，故离心率，故答案为：．16．（5分）如图，在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中，，E，F，G分别为AB，BC，C1D1的中点．点P在平面ABCD内，若直线D1P∥平面EFG，则线段D1P长度的最小值是・【解答】解：如图，连结D1A，AC，D1C，∵E，F，G分别为AB，BC，C1D1的中点，∴AC∥EF，EF⊄平面ACD1，AC⊂平面ACD1，∴EF∥平面ACD1，∵EG∥AD1，EG⊄平面ACD1，AD1⊂平面ACD1，∴EG∥平面ACD1，∵EF∩EG＝E，∴平面EFG∥平面ACD1，∵D1P∥平面EFG，∴点P在直线AC上，在△ACD1中，AD1＝，AC＝2，CD1＝2，＝＝，∴当D1P⊥AC时，线段D1P的长度最小，最小值为＝．故答案为：．三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题：共60分.17．（12分）为了检测某种零件的一条生产线的生产过程，从生产线上随机抽取一批零件，根据其尺寸的数据得到如图所示的频率分布直方图．若尺寸落在区间，（﹣2s，+2s）之外，则认为该零件属“不合格”的零件，其中，s分别为样本平均数和样本标准差，计算可得s≈15（同一组中的数据用该组区间的中点值作代表）．（1）求样本平均数的大小；（2）若一个零件的尺寸是100cm，试判断该零件是否属于“不合格”的零件．【解答】解：（1）＝35×10×0.005+45×10×0.010+55×10×0.015+65×10×0.030+75×10×0.020+85×10×0.015+95×10×0.005＝66.5．（2）＝66.5+30＝96.5，＝66.5﹣30＝36.5，100＞96.5，∴该零件属于“不合格”的零件．18．（12分）如图，在三棱柱ABC﹣A1B1C1中，AC＝BC＝1，，B1C＝1，B1C⊥平面ABC．（1）证明：平面A1ACC1⊥平面BCC1B1．（2）求二面角A﹣B1B﹣C的余弦值．【解答】（1）证明：因为B1C⊥平面ABC．所B1C⊥AC，因为AC＝BC＝1，，所以AC2+BC2＝AB2，即AC⊥BC，又BC∩B1C＝C，所以AC⊥平面BCC1B1，因为AC⊂平面A1ACC1．所以平面A1ACC1⊥平面BCC1B1；（2）解：由题可得B1C，CA，CB两两垂直，所以分别以CA，CB，B1C所在直线为x轴，y轴，z轴，建立如图所示的空间直角坐标系C﹣xyz，则A（1，0，0），C（0，0，0），B（0，1，0），B1（0，0，1），所以＝（0，﹣1，1），＝（﹣1，1，0）．设平面ABB1的一个法向量为＝（x，y，z），由，，得令x＝1，得．又CA⊥平面CBB1，所以平面CBB1的一个向量为，由，所以二面角A﹣B1B﹣C的余弦值为．19．（12分）a，b，c分别为△ABC的内角A，B，C的对边，已知a（sin A+4sin B）＝8sin A．（1）若b＝1，A＝，求sin B；（2）已知C＝，当△ABC的面积取得最大值时，求△ABC的周长．【解答】解：（1）由于b＝1，A＝，所以a（sin A+4sin B）＝8sin A转换为a（sin A+4sin B）＝8b sin A，利用正弦定理sin2A+4sin A sin B＝8sin A sin B，整理得，解得．（2）由于c2＝a2+b2﹣2ab cos C≥ab，当a＝b时，最大值为，由于，所以△ABC为等边三角形．利用正弦定理a（sin A+4sin B）＝8sin A，转化为a2+4ab＝8a，所以a+4b＝8，利用基本不等式，解得ab≤4，即a＝4b时，，解得b＝1，a＝4，所以c2＝a2+b2﹣2ab cos C＝1+16﹣4＝13，解得c＝所以．20．（12分）已知函数f（x）＝2x3+mx2+m+1．（1）讨论f（x）的单调性；（2）若函数f（x）在区间[0，+∞）上的最小值为﹣3，求m的值．【解答】解：（1）f（x）＝2x3+mx2+m+1，f'（x）＝6x2+2mx＝6x[x﹣（﹣）]，当m＝0时，f'（x）≥0，f（x）在R上递增，当m＞0时，x∈（﹣∞，0），（m，+∞）递增，x∈（0，m）递减，当m＜0时，x∈（﹣∞，m），（0，+∞）递增，x∈（m，0）递减；（2）由（1）知，当m＝0时，f（x）在区间[0，+∞）递增，f（x）＝2x3+1，f（x）的最小值为f（0）＝1≠﹣3，故不成立；当m＞0时，f（x）在区间[0，m）递减，（m，+∞）递增，故f（m）为最小值，由f（m）＝3m3+m+1＝﹣3，即（m+1）（3m2﹣3m+4）＝0，即m＝﹣1＜0，不成立；当m＜0时，f（x）在区间[0，m）递增，故f（0）为最小值，由f（0）＝m+1＝﹣3，得m＝﹣4，成立；所以m＝﹣4．21．（12分）如图，已知抛物线E：y2＝4x与圆M：（x﹣3）2+y2＝r2（r＞0）相交于A，B，C，D四个点．（1）求r的取值范围；（2）设四边形ABCD的面积为S，当S最大时，求直线AD与直线BC的交点P的坐标．【解答】解：（1）联立抛物线y2＝4x与圆M：（x﹣3）2+y2＝r2（r＞0），可得x2﹣2x+9﹣r2＝0，由题意可得△＝4﹣4（9﹣r2）＞0，且9﹣r2＞0，r＞0，解得2＜r＜3；（2）设x2﹣2x+9﹣r2＝0的两个根为x1，x2，且0＜x1＜x2，可得x1+x2＝2，x1x2＝9﹣r2，由抛物线和圆都关于x轴对称，可设A（x1，2），B（x1，﹣2），C（x2，2），D（x 2，﹣2），则S＝（|AB|+|CD|）•（x 2﹣x1）＝（4+4）•（x2﹣x1）＝2•＝2•，可令t＝∈（0，1），设f（t）＝S2＝4（2+2t）（4﹣4t2）即f（t）＝﹣32（t3+t2﹣t﹣1），f′（t）＝﹣32（3t2+2t﹣1）＝﹣32（t+1）（3t﹣1），当0＜t＜时，f（t）递增，在（，1）递减，可得t＝时，四边形ABCD的面积取得最大值，由抛物线和圆都关于x轴对称，可设P（m，0），由P，A，D三点共线，可得＝，解得m＝﹣＝﹣＝﹣t＝﹣，所以P的坐标为（﹣，0）．（二）选考题：共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做，则按所做的第一题计分.[选修4-4：坐标系与参数方程]22．（10分）在直角坐标系中，已知圆M：（x﹣a）2+（y﹣1）2＝a2+1，以原点为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，已知直线平分圆M的周长．（1）求圆M的半径和圆M的极坐标方程；（2）过原点作两条互相垂直的直线l1，l2，其中l1与圆M交于O，A两点，l2与圆M交于O，B两点，求△OAB面积的最大值．【解答】解：（1）已知直线转换为直角坐标方程为x+y﹣2＝0．由于直线平分圆M：（x﹣a）2+（y﹣1）2＝a2+1，所以圆心坐标满足直线的方程，所以a+1﹣2＝0，解得：a＝1，所以圆的方程为（x﹣1）2+（y﹣1）2＝2，圆的半径为．圆M的极坐标方程为ρ＝2sinθ+2cosθ．（2）设直线l1为θ＝α，l2为，|OA|＝ρ1，|OB|＝ρ2，则ρ1＝2sinα+2cosα，用代替，可得ρ2＝2cosα﹣2sinα．由于l1⊥l2，所以＝2（cos2α﹣sin2α）＝2cos2α≤2，故三角形面积的最大值为2．[选修4-5：不等式选讲]23．已知正实数a，b满足a+b＝4．（1）求+的最小值．（2）证明：．【解答】解：（1）∵正实数a，b满足a+b＝4，∴+＝（+）（a+b）＝＝，当且仅当且a+b＝4即a＝，b＝时取得最小值；（2）证明：∵a+b＝4，∴＝＝1，∴，∴（）2+（）2＝（当且仅当a＝b＝2时取等号）。

广西南宁市高考数学一模试卷（理科）一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）1．已知集合A={x|x2+5x＞0}，B={x|﹣3＜x＜4}，则A∩B等于（）A．（﹣5，0）B．（﹣3，0）C．（0，4） D．（﹣5，4）2．已知复数z满足=（a∈R），若z的虚部为﹣3，则z的实部为（）A．﹣1 B．1 C．3 D．53．某仪器厂从新生产的一批零件中随机抽取40个检测，如图是根据抽样检测后零件的质量（单位：克）绘制的频率分布直方图，样本数据分8组，分别为[80，82），[82，84），[84，86），[86，88），[88，90），[90，92），[92，94），[94，96]，则样本的中位数在（）A．第3组B．第4组C．第5组D．第6组4．已知数列{a n}满足：=，且a2=2，则a4等于（）A．﹣ B．23 C．12 D．115．已知角θ的终边过点（2sin2﹣1，a），若sinθ=2sin cos，则实数a等于（）A．﹣B．﹣C．±D．±6．执行如图的程序框图，若输入k的值为3，则输出S的值为（）A．10 B．15 C．18 D．217．已知非零向量、满足|﹣|=|+2|，且与的夹角的余弦值为﹣，则等于（）A．B．C．D．28．如果实数x，y满足约束条件，则z=3x+2y+的最大值为（）A．7 B．8 C．9 D．119．如图是某几何体的三视图，则该几何体的体积为（）A．12 B．15 C．18 D．2110．已知函数f（x）=设m＞n≥﹣1，且f（m）=f（n），则m•f（m）的最小值为（）A．4 B．2 C．D．211．已知双曲线C：﹣=1（a＞0，b＞0）的左焦点为F（﹣c，0），M、N 在双曲线C上，O是坐标原点，若四边形OFMN为平行四边形，且四边形OFMN 的面积为cb，则双曲线C的离心率为（）A．B．2 C．2 D．212．已知函数f（x）=﹣x2﹣6x﹣3，g（x）=2x3+3x2﹣12x+9，m＜﹣2，若∀x1∈[m，﹣2），∃x2∈（0，+∞），使得f（x1）=g（x2）成立，则m的最小值为（）A．﹣5 B．﹣4 C．﹣2D．﹣3二、填空题（共4小题，每小题5分，满分20分）13．（+3）（﹣）5的展开式中的常数项为．14．已知抛物线C：y2=2px（p＞0）的焦点为F，点M（x0，2）是抛物线C上一点，圆M与y轴相切且与线段MF相交于点A，若=2，则p=．15．我国古代数学著作《九章算术》有如下问题：“今有金箠，长五尺，斩本一尺，重四斤．斩末一尺，重二斤．问次一尺各重几何？”意思是：“现有一根金杖，长5尺，一头粗，一头细．在粗的一端截下1尺，重4斤；在细的一端截下1尺，重2斤；问依次每一尺各重多少斤？”设该金杖由粗到细是均匀变化的，其重量为M，现将该金杖截成长度相等的10段，记第i段的重量为a i（i=1，2，…，10），且a1＜a2＜…＜a10，若48a i=5M，则i=．16．在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中，底面ABCD是边长为3的正方形，AA1=3，E 是线段A1B1上一点，若二面角A﹣BD﹣E的正切值为3，则三棱锥A﹣A1D1E外接球的表面积为．三、解答题17．在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且accosB﹣bccosA=3b2．（1）求的值；（2）若角C为锐角，c=，sinC=，求△ABC的面积．18．某中学是走读中学，为了让学生更有效率利用下午放学后的时间，学校在本学期第一次月考后设立了多间自习室，以便让学生在自习室自主学习、完成作业，同时每天派老师轮流值班．在本学期第二次月考后，高一某班数学老师统计了两次考试该班数学成绩优良人数和非优良人数，得到如下2×2列联表：非优良优良总计未设立自习室251540设立自习室103040总计354580（1）能否在在犯错误的概率不超过0.005的前提下认为设立自习室对提高学生成绩有效；（2）设从该班第一次月考的所有学生的数学成绩中任取2个，取到优良成绩的个数为X，从该班第二次月考的所有学生的数学成绩中任取2个，取到优良成绩的个数为Y，求X与Y的期望并比较大小，请解释所得结论的实际意义．下面的临界值表供参考：P（K2≥k0）0.150.100.050.0250.0100.0050.001k0 2.072 2.706 3.841 5.024 6.6357.87910.828（参考公式：K2=，其中n=a+b+c+d）19．如图，在四棱锥A﹣BCED中，AD⊥底面BCED，BD⊥DE，∠DBC=∠BCE═60°，BD=2CE．（1）若F是AD的中点，求证：EF∥平面ABC；（2）若AD=DE，求BE与平面ACE所成角的正弦值．20．已知F1（﹣c，0）、F2（c、0）分别是椭圆G： +=1（0＜b＜a＜3）的左、右焦点，点P（2，）是椭圆G上一点，且|PF1|﹣|PF2|=a．（1）求椭圆G的方程；（2）设直线l与椭圆G相交于A、B两点，若⊥，其中O为坐标原点，判断O到直线l的距离是否为定值？若是，求出该定值，若不是，请说明理由．21．已知函数f（x）=x﹣alnx，（a∈R）．（1）讨论函数f（x）在定义域内的极值点的个数；（2）设g（x）=﹣，若不等式f（x）＞g（x）对任意x∈[1，e]恒成立，求a的取值范围．请考生在第22、23题中任选一题作答，如果多做，按所做的第一题计分.[选修4-4：坐标系与参数方程]22．已知曲线C的极坐标方程为ρ=4cosθ，以极点为原点，极轴为x轴的正半轴建立平面直角坐标系，设直线l的参数方程为（t为参数）．（1）求曲线C的直角坐标方程与直线l的普通方程；（2）设曲线C与直线l相交于P，Q两点，以PQ为一条边作曲线C的内接矩形，求该矩形的面积．[选修4-5：不等式选讲]23．设实数x，y满足x+=1．（1）若|7﹣y|＜2x+3，求x的取值范围；（2）若x＞0，y＞0，求证：≥xy．广西南宁市高考数学一模试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）1．已知集合A={x|x2+5x＞0}，B={x|﹣3＜x＜4}，则A∩B等于（）A．（﹣5，0）B．（﹣3，0）C．（0，4） D．（﹣5，4）【考点】交集及其运算．【分析】求出关于A的解集，从而求出A与B的交集．【解答】解：∵A={x||x2+5x＞0}={x|x＜﹣5或x＞0}，B={x|﹣3＜x＜4}，∴A∩B={x|0＜x＜4}，故选：C．2．已知复数z满足=（a∈R），若z的虚部为﹣3，则z的实部为（）A．﹣1 B．1 C．3 D．5【考点】复数代数形式的乘除运算．【分析】把已知等式变形，利用复数代数形式的乘除运算化简，再由z的虚部为﹣3求得a值，则答案可求．【解答】解：∵=，∴=（2+ai）（1﹣i）=2+a+（a﹣2）i，∴a﹣2=﹣3，即a=﹣1．∴实部为2+a=2﹣1=1．故选：B．3．某仪器厂从新生产的一批零件中随机抽取40个检测，如图是根据抽样检测后零件的质量（单位：克）绘制的频率分布直方图，样本数据分8组，分别为[80，82），[82，84），[84，86），[86，88），[88，90），[90，92），[92，94），[94，96]，则样本的中位数在（）A．第3组B．第4组C．第5组D．第6组【考点】频率分布直方图．【分析】根据频率分布直方图求出前4组的频数为22，且第四组的频数8，即可得到答案．【解答】解：由图可得，前第四组的频率为（0.0375+0.0625+0.075+0.1）×2=0.55，则其频数为40×0.55=22，且第四组的频数为40×0.1×2=8，故中位数落在第4组，故选：B4．已知数列{a n}满足：=，且a2=2，则a4等于（）A．﹣ B．23 C．12 D．11【考点】等比数列的通项公式．【分析】数列{a n}满足：=，可得a n+1+1=2（a n+1），利用等比数列的通项公式即可得出．【解答】解：∵数列{a n}满足：=，∴a n+1+1=2（a n+1），即数列{a n+1}是等比数列，公比为2．则a4+1=22（a2+1）=12，解得a4=11．故选：D．5．已知角θ的终边过点（2sin2﹣1，a），若sinθ=2sin cos，则实数a等于（）A．﹣B．﹣C．±D．±【考点】任意角的三角函数的定义．【分析】利用二倍角公式化简，再利用正弦函数的定义，建立方程，即可得出结论．【解答】解：2sin2﹣1=﹣cos=﹣，2sin cos=﹣，∵角θ的终边过点（2sin2﹣1，a），sinθ=2sin cos，∴=﹣，∴a=﹣，故选B．6．执行如图的程序框图，若输入k的值为3，则输出S的值为（）A．10 B．15 C．18 D．21【考点】程序框图．【分析】模拟执行程序框图，依次写出每次循环得到的n，S的值，当n=5，S=15时，不满足条件S＜kn=15，退出循环，输出S的值为15，即可得解．【解答】解：模拟程序的运行，可得k=3，n=1，S=1满足条件S＜kn，执行循环体，n=2，S=3满足条件S＜kn，执行循环体，n=3，S=6满足条件S＜kn，执行循环体，n=4，S=10满足条件S＜kn，执行循环体，n=5，S=15此时，不满足条件S＜kn=15，退出循环，输出S的值为15．故选：B．7．已知非零向量、满足|﹣|=|+2|，且与的夹角的余弦值为﹣，则等于（）A．B．C．D．2【考点】平面向量数量积的运算．【分析】由向量的平方即为模的平方．可得•=﹣2，再由向量的夹角公式：cos＜，＞=，化简即可得到所求值．【解答】解：非零向量、满足|﹣|=|+2|，即有（﹣）2=（+2）2，即为2+2﹣2•=2+4•+42，化为•=﹣2，由与的夹角的余弦值为﹣，可得cos＜，＞=﹣==，化简可得=2．故选：D．8．如果实数x，y满足约束条件，则z=3x+2y+的最大值为（）A．7 B．8 C．9 D．11【考点】简单线性规划．【分析】作出不等式对应的平面区域，利用线性规划的知识，通过平移直线，得到最优解，求出斜率的最值，即可求z的最大值．【解答】解：作出不等式对应的平面区域（阴影部分），由u=3x+2y，平移直线u=3x+2y，由图象可知当直线u=3x+2y经过点A时，直线u=3x+2y的截距最大，此时u最大．而且也恰好是AO的连线时，取得最大值，由，解得A（1，2）．此时z的最大值为z=3×1+2×2+=9，故选：C．9．如图是某几何体的三视图，则该几何体的体积为（）A．12 B．15 C．18 D．21【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积．【分析】由已知中的三视图可得：该几何体是一个长宽高分别为4，3，3的长方体，切去一半得到的，进而得到答案．【解答】解：由已知中的三视图可得：该几何体是一个长宽高分别为4，3，3的长方体，切去一半得到的，其直观图如下所示：其体积为：×4×3×3=18，故选：C10．已知函数f（x）=设m＞n≥﹣1，且f（m）=f（n），则m•f（m）的最小值为（）A．4 B．2 C．D．2【考点】函数的最值及其几何意义；分段函数的应用．【分析】做出f（x）的图象，根据图象判断m的范围，利用基本不等式得出最小值．【解答】解：做出f（x）的函数图象如图所示：∵f（m）=f（n），m＞n≥﹣1，∴1≤m＜4，∴mf（m）=m（1+）=m+≥2．当且仅当m=时取等号．故选：D．11．已知双曲线C：﹣=1（a＞0，b＞0）的左焦点为F（﹣c，0），M、N 在双曲线C上，O是坐标原点，若四边形OFMN为平行四边形，且四边形OFMN 的面积为cb，则双曲线C的离心率为（）A．B．2 C．2 D．2【考点】双曲线的简单性质．【分析】设M（x0，y0），y0＞0，由四边形OFMN为平行四边形，四边形OFMN 的面积为cb，由x0=﹣，丨y0丨=b，代入双曲线方程，由离心率公式，即可求得双曲线C的离心率．【解答】解：双曲线C：﹣=1（a＞0，b＞0）焦点在x轴上，设M（x0，y0），y0＞0，由四边形OFMN为平行四边形，∴x0=﹣，四边形OFMN的面积为cb，∴丨y0丨c=cb，即丨y0丨=b，∴M（﹣，b），代入双曲线可得：﹣=1，整理得：，由e=，∴e2=12，由e＞1，解得：e=2，故选D．12．已知函数f（x）=﹣x2﹣6x﹣3，g（x）=2x3+3x2﹣12x+9，m＜﹣2，若∀x1∈[m，﹣2），∃x2∈（0，+∞），使得f（x1）=g（x2）成立，则m的最小值为（）A．﹣5 B．﹣4 C．﹣2D．﹣3【考点】函数的最值及其几何意义．【分析】利用导数先求出函数g（x）的最小值，再根据函数f（x）的图象和性质，即可求出m的最小值【解答】解：∵g（x）=2x3+3x2﹣12x+9，∴g′（x）=6x2+6x﹣12=6（x+2）（x﹣1），则当0＜x＜1时，g′（x）＜0，函数g（x）递减，当x＞1时，g′（x）＞0，函数g（x）递增，∴g（x）min=g（1）=2，∵f（x）=﹣x2﹣6x﹣3=﹣（x+3）2+6≤6，作函数y=f（x）的图象，如图所示，当f（x）=2时，方程两根分别为﹣5和﹣1，则m的最小值为﹣5，故选：A二、填空题（共4小题，每小题5分，满分20分）13．（+3）（﹣）5的展开式中的常数项为40．【考点】二项式定理的应用．【分析】把（﹣）5按照二项式定理展开，可得（+3）（﹣）5的展开式中的常数项．【解答】解：（+3）（﹣）5 =（+3）（﹣•2x+•4﹣•8x ﹣2+•16﹣•32x﹣5），故展开式中的常数项为•4=40，故答案为：40．14．已知抛物线C：y2=2px（p＞0）的焦点为F，点M（x0，2）是抛物线C上一点，圆M与y轴相切且与线段MF相交于点A，若=2，则p=2．【考点】抛物线的简单性质．【分析】设M到准线的距离为|MB|，则|MB|=|MF|，利用=2，得x0=p，即可得出结论．【解答】解：设M到准线的距离为|MB|，则|MB|=|MF|，∵=2，∴x0=p，∴2p2=8，∵p＞0，∴p=2．故答案为2．15．我国古代数学著作《九章算术》有如下问题：“今有金箠，长五尺，斩本一尺，重四斤．斩末一尺，重二斤．问次一尺各重几何？”意思是：“现有一根金杖，长5尺，一头粗，一头细．在粗的一端截下1尺，重4斤；在细的一端截下1尺，重2斤；问依次每一尺各重多少斤？”设该金杖由粗到细是均匀变化的，其重量为M，现将该金杖截成长度相等的10段，记第i段的重量为a i（i=1，2，…，10），且a1＜a2＜…＜a10，若48a i=5M，则i=6．【考点】等差数列的通项公式．【分析】由题意知由细到粗每段的重量成等差数列，记为{a n}且设公差为d，由条件和等差数列的通项公式列出方程组，求出a1和d值，由等差数列的前n项和公式求出该金杖的总重量M，代入已知的式子化简求出i的值．【解答】解：由题意知由细到粗每段的重量成等差数列，记为{a n}，设公差为d，则，解得a1=，d=，所以该金杖的总重量M==15，因为48a i=5M，所以48[+（i﹣1）×]=25，即39+6i=75，解得i=6，故答案为：6．16．在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中，底面ABCD是边长为3的正方形，AA1=3，E 是线段A1B1上一点，若二面角A﹣BD﹣E的正切值为3，则三棱锥A﹣A1D1E外接球的表面积为35π．【考点】球的体积和表面积．【分析】如图所示，求出三棱锥A﹣A1D1E外接球的直径为，问题得以解决．【解答】解：过点E作EF∥AA1交AB于F，过F作FG⊥BD于G，连接EG，则∠EGF为二面角A﹣BD﹣E的平面角，∵tan∠EGF=3，∴=3，∵EF=AA1=3，∴FG=1，则BF==B1E，∴A1E=2，则三棱锥A﹣A1D1E外接球的直径为=，则其表面积为35π，故答案为：35π三、解答题17．在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且accosB﹣bccosA=3b2．（1）求的值；（2）若角C为锐角，c=，sinC=，求△ABC的面积．【考点】正弦定理．【分析】（1）根据余弦公式求出a2=4b2，根据正弦定理求出的值即可；（2）求出cosC的值，得到=以及==2，求出a，b的值，求出三角形的面积即可．【解答】解：（1）∵accosB﹣bccosA=3b2，∴﹣=3b2，∴a2﹣b2=3b2，∴a2=4b2，∴=4，∴=2；（2）若角C为锐角，sinC=，∴cosC＞0，∴cosC==，∴=，∴=①，由（1）得，==2②，联立①②得：b=，a=2，∴S=absinC=•2•=2．18．某中学是走读中学，为了让学生更有效率利用下午放学后的时间，学校在本学期第一次月考后设立了多间自习室，以便让学生在自习室自主学习、完成作业，同时每天派老师轮流值班．在本学期第二次月考后，高一某班数学老师统计了两次考试该班数学成绩优良人数和非优良人数，得到如下2×2列联表：非优良优良总计未设立自习室251540设立自习室103040总计354580（1）能否在在犯错误的概率不超过0.005的前提下认为设立自习室对提高学生成绩有效；（2）设从该班第一次月考的所有学生的数学成绩中任取2个，取到优良成绩的个数为X，从该班第二次月考的所有学生的数学成绩中任取2个，取到优良成绩的个数为Y，求X与Y的期望并比较大小，请解释所得结论的实际意义．下面的临界值表供参考：P（K2≥k0）0.150.100.050.0250.0100.0050.001k0 2.072 2.706 3.841 5.024 6.6357.87910.828（参考公式：K2=，其中n=a+b+c+d）【考点】性检验的应用；离散型随机变量的期望与方差．【分析】（1）求出K2，与临界值比较，即可得出能在犯错误的概率不超过0.005的前提下认为设立自习室对提高学生成绩有效；（2）求出期望，即可得出结论．【解答】解：（1）由题意，K2==＞7.879，∴能在犯错误的概率不超过0.005的前提下认为设立自习室对提高学生成绩有效；（2）X的取值为0，1，2，则P（X=0）==，P（X=1）==，P（X=2）==，∴E（X）=0×=．Y的取值为0，1，2，则：P（Y=0）==，P（Y=1）==，P（Y=2）==，E（Y）==．也即EX＜EY，其实际含义即表明设立自习室有效．19．如图，在四棱锥A﹣BCED中，AD⊥底面BCED，BD⊥DE，∠DBC=∠BCE═60°，BD=2CE．（1）若F是AD的中点，求证：EF∥平面ABC；（2）若AD=DE，求BE与平面ACE所成角的正弦值．【考点】直线与平面所成的角；直线与平面平行的判定．【分析】（1）取DB中点G，连结EG、FG．证面EGF∥平面ABC，即可得EF∥平面ABC．（2）以点D为原点，建立如图所示的直角坐标系D﹣xyz，则A（0，0，），E （0，，0），B（2，0，0），C（，，0）．求出平面ACE的法向量即可【解答】证明：（1）取DB中点G，连结EG、FG．∵F是AD的中点，∴FG∥AB．∵BD=2CE，∴BG=CE．∵∠DBC=∠BCE∴E、G到直线BC的距离相等，则BG∥CB，∵EG∩FG=G∴面EGF∥平面ABC，则EF∥平面ABC．解：（2）以点D为原点，建立如图所示的直角坐标系D﹣xyz，设EC=1，则DB=2，取BC中点C，则EG∥BC，∴BC=3，∵AD=DE，则A（0，0，），E（0，，0），B（2，0，0），C（，，0）．，．设平面ACE的法向量，，令y=1，则，|cos|=．∴BE与平面ACE所成角的正弦值为：20．已知F1（﹣c，0）、F2（c、0）分别是椭圆G： +=1（0＜b＜a＜3）的左、右焦点，点P（2，）是椭圆G上一点，且|PF1|﹣|PF2|=a．（1）求椭圆G的方程；（2）设直线l与椭圆G相交于A、B两点，若⊥，其中O为坐标原点，判断O到直线l的距离是否为定值？若是，求出该定值，若不是，请说明理由．【考点】椭圆的简单性质．【分析】（1）根据椭圆的定义，求得丨PF1丨=a=3|PF2|，根据点到直线的距离公式，即可求得c的值，则求得a的值，b2=a2﹣c2=4，即可求得椭圆方程；（2）当直线l⊥x轴，将直线x=m代入椭圆方程，求得A和B点坐标，由向量数量积的坐标运算，即可求得m的值，求得O到直线l的距离；当直线AB的斜率存在时，设直线方程，代入椭圆方程，由韦达定理及向量数量积的坐标运算，点到直线的距离公式，即可求得O到直线l的距离为定值．【解答】解：（1）由椭圆的定义可知：|PF1|+|PF2|=2a．由|PF1|﹣|PF2|=a．∴丨PF1丨=a=3|PF2|，则=3，化简得：c2﹣5c+6=0，由c＜a＜3，∴c=2，则丨PF1丨=3=a，则a=2，b2=a2﹣c2=4，∴椭圆的标准方程为：；（2）由题意可知，直线l不过原点，设A（x1，x2），B（x2，y2），①当直线l⊥x轴，直线l的方程x=m，（m≠0），且﹣2＜m＜2，则x1=m，y1=，x2=m，y2=﹣，由⊥，∴x1x2+y1y2=0，即m2﹣（4﹣）=0，解得：m=±，故直线l的方程为x=±，∴原点O到直线l的距离d=，②当直线AB的斜率存在时，设直线AB的方程为y=kx+n，则，消去y整理得：（1+2k2）x2+4knx+2n2﹣8=0，x1+x2=﹣，x1x2=，则y1y2=（kx1+n）（kx2+n）=k2x1x2+kn（x1+x2）+n2=，由⊥，∴x1x2+y1y2=0，故+=0，整理得：3n2﹣8k2﹣8=0，即3n2=8k2+8，①则原点O到直线l的距离d=，∴d2=（）2==，②将①代入②，则d2==，∴d=，综上可知：点O到直线l的距离为定值．21．已知函数f（x）=x﹣alnx，（a∈R）．（1）讨论函数f（x）在定义域内的极值点的个数；（2）设g（x）=﹣，若不等式f（x）＞g（x）对任意x∈[1，e]恒成立，求a的取值范围．【考点】利用导数求闭区间上函数的最值；利用导数研究函数的极值．【分析】（1）先求导，再分类讨论，得到函数的单调区间，从而求出函数的极值点的个数；（2）由题意，只要求出函数f（x）min＞0即可，利用导数和函数的最值的关系，进行分类讨论，即可得到a的范围．【解答】解：（1）f（x）=x﹣alnx，（x＞0），f′（x）=1﹣=，①a≤0时，f′（x）＞0，f（x）递增，f（x）无极值；②a＞0时，令f′（x）＞0，解得：x＞a，令f′（x）＜0，解得：0＜x＜a，∴f（x）在（0，a）递减，在（a，+∞）递增，f（x）有1个极小值点；（2）若不等式f（x）＞g（x）对任意x∈[1，e]恒成立，＞0在[1，e]恒成立，令h（x）=f（x）﹣g（x），即h（x）最小值则h（x）=x﹣alnx+（a∈R），∴h′（x）=1﹣﹣=，①当1+a≤0，即a≤﹣1时，在[1，e]上为增函数，f（x）min=f（1）=1+1+a＞0，解得：a＞﹣2，即﹣2＜a≤﹣1，当a＞﹣1时①当1+a≥e时，即a≥e﹣1时，f（x）在[1，e]上单调递减，∴f（x）min=f（e）=e+﹣a＞0，解得a＜，∵＞e﹣1，∴e﹣1≤a＜；②当0＜1+a≤1，即﹣1＜a≤0，f（x）在[1，e]上单调递增，∴f（x）min=f（1）=1+1+a＞0，解得a＞﹣2，故﹣2＜a＜﹣1；③当1＜1+a＜e，即0＜a＜e﹣1时，f（x）min=f（1+a），∵0＜ln（1+a）＜1，∴0＜aln（1+a）＜a，∴f（1+a）=a+2﹣aln（1+a）＞2，此时f（1+a）＞0成立，综上，﹣2＜a＜时，不等式f（x）＞g（x）对任意x∈[1，e]恒成立．请考生在第22、23题中任选一题作答，如果多做，按所做的第一题计分.[选修4-4：坐标系与参数方程]22．已知曲线C的极坐标方程为ρ=4cosθ，以极点为原点，极轴为x轴的正半轴建立平面直角坐标系，设直线l的参数方程为（t为参数）．（1）求曲线C的直角坐标方程与直线l的普通方程；（2）设曲线C与直线l相交于P，Q两点，以PQ为一条边作曲线C的内接矩形，求该矩形的面积．【考点】参数方程化成普通方程；简单曲线的极坐标方程．【分析】（1）对于曲线C：由ρ=4cosθ可得ρ2=4ρcosθ，坐标化即可，对于l，消去t整理可得；（2）由（1）可知圆和半径，可得弦心距，进而可得弦长，可得面积．【解答】解：（1）对于曲线C：由ρ=4cosθ，得ρ2=4ρcosθ，∴x2+y2=4x．对于l：由（t为参数），消去t可得，化为一般式可得；（2）由（1）可知C为圆，且圆心为（2，0），半径为2，∴弦心距，∴弦长，∴以PQ为边的圆C的内接矩形面积[选修4-5：不等式选讲]23．设实数x，y满足x+=1．（1）若|7﹣y|＜2x+3，求x的取值范围；（2）若x＞0，y＞0，求证：≥xy．【考点】不等式的证明；绝对值不等式的解法．【分析】（1）根据题意，由x+=1，则y=4﹣4x，则|7﹣y|＜2x+3，可得|4x+3|＜2x+3，解可得x的范围，即可得答案；（2）根据题意，由基本不等式可得1=x+≥2=，即≤1，用作差法分析可得﹣xy=（1﹣），结合的范围，可得﹣xy≥0，即可得证明．【解答】解：（1）根据题意，若x+=1，则4x+y=4，即y=4﹣4x，则由|7﹣y|＜2x+3，可得|4x+3|＜2x+3，即﹣（2x+3）＜4x+3＜2x+3，解可得﹣1＜x＜0；（2）证明：x＞0，y＞0，1=x+≥2=，即≤1，﹣xy=（1﹣），又由0＜≤1，则﹣xy=（1﹣）≥0，即≥xy．3月30日。

2020年广西玉林市高考数学一模试卷（理科）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（5分）已知集合{|10}A x x =->，{|12}B x x =-剟，则(A B =U ) A ．(1,)+∞B ．[1-，)+∞C ．[1-，1]D ．[1-，2]2．（5分）设(1)1i x yi -=+，其中x ，y 是实数，则x yi +在复平面内所对应的点位于()A ．第一象限B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限3．（5分）若实数x ，y 满足110220x x y x y ⎧⎪-+⎨⎪--⎩…„„，则2z x y =+的最小值为( )A ．1B ．2C ．4D ．104．（5分）已知(0,)απ∈，3cos()65πα+=，则sin α的值为( )A ．433- B ．334- C ．710D ．235．（5分） 2.5PM 是空气质量的一个重要指标，我国 2.5PM 标准采用世卫组织设定的最宽限值，即 2.5PM 日均值在335/g m μ以下空气质量为一级，在3335/~75/g m g m μμ之间空气质量为二级，在375/g m μ以上空气质量为超标．如图是某市2019年12月1日到10日2.5PM 日均值（单位：3/)g m μ的统计数据．若从这10天中随机抽取3天进行进一步的空气质量数据分析，则空气质量为一级的恰好抽取了2天的概率为( )A ．310 B ．35C ．25D ．1306．（5分）设a 为正实数，函数322()32f x x ax a =-+，若(,2)x a a ∀∈，()0f x <，则a 的取值范围是( ) A ．[1，)+∞B ．(0,)+∞C ．(0,1)D ．2(0,)37．（5分）已知双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>的左、右焦点分别为1F 、2F ，过2F 且斜率为3的直线与双曲线在第一象限的交点为A ．线段1F A 的中点为D ，若210F D F A =u u u u r u u u rg ，则此双曲线的离心率为( ) A ．3B ．32C ．31+ D ．31+8．（5分）如图，四棱锥S ABCD -中，SD ⊥平面ABCD ，//AB CD ，AD CD ⊥，SD CD =，AB AD =，2CD AD =，M 是BC 中点，N 是线段SA 上的点，设MN 与平面SAD 所成角为α，则sin α的最大值为( )A 35B 33C 25D 239．（5分）过曲线x y e x =-外一点(,)e e -作该曲线的切线l ，则l 在y 轴上的截距为( ) A ．e e -B ．2e e +-C ．1e e +-D ．2e e +10．（5分）已知抛物线2:4C y x =的焦点为F ，准线为l ，l 与x 轴的焦点为P ，点A 在抛物线C 上，过点A 作AA l '⊥，垂足为A '，若3cos 5FAA '∠=，则四边形AA PF '的面积为( ) A ．8B ．10C ．14D ．2811．（5分）已知定义域为R 的奇函数()f x 的导函数为()f x '，当0x >时，()()xf x f x '>．若22(log 3)log 3f a -=-，44(log 6)log 6f b =，(sin )8sin 8f c ππ=，则a ，b ，c 的大小关系为( ) A ．a b c <<B ．c a b <<C ．c b a <<D ．b c a <<12．（5分）已知函数()2cos()1(0f x x ωϕω=+->，||)ϕπ<的一个零点是4x π=，当3x π=时函数()f x 取最大值，则当ω取最小值时，函数()f x 在[,]1212ππ-上的最大值为( )A ．2-B ．3 C ．32-D ．0二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分13．（5分）在平面上，1e u r 、2e u u r 是方向相反的单位向量，若向量b r满足12()()b e b e -⊥-u r u u r r r ，则||b r的值 ．14．（5分）设a ，b ，c 分别为三角形ABC 的内角A ，B ，C 的对边，已知三角形ABC 的面积等于2223()b c a +-，则内角A 的大小为 ． 15．（5分）已知某几何体是一个平面将一正方体截去一部分后所得，该几何体三视图如图所示，则该几何体的体积为 ．16．（5分）关于圆周率π，数学发展史上出现过许多很有创意的求法，如著名的蒲丰实验和查理斯实验，受其启发，我们也可以通过设计下面的实验来估计π的值：先请240名同学，每人随机写下两个都小于1的正实数x ，y 组成的实数对(,)x y ，再统计两数能与1构成钝角三角形三边的数对(,)x y 的个数m ；最后再根据计数m 来估计π的值．假设统计结果是68m =，那么可以估计π的近似值为 ．（用分数表示）三、解答题：本大题共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17．（12分）水稻是人类重要的粮食作物之一，耕种与食用的历史都相当悠久，日前我国南方农户在播种水稻时一般有直播、撒酒两种方式．为比较在两种不同的播种方式下水稻产量的区别，某市红旗农场于2019年选取了200块农田，分成两组，每组100块，进行试验．其中第一组采用直播的方式进行播种，第二组采用撒播的方式进行播种．得到数据如表： 产量（单位：[840，860) [860，880) [880，900) [900，920) [920，940)约定亩产超过900斤（含900斤）为“产量高”，否则为“产量低”（1）请根据以上统计数据估计100块直播农田的平均产量（同一组中的数据用该组区间的中点值为代表）（2）请根据以上统计数据填写下面的22⨯列联表，并判断是否有99%的把握认为“产量高”与“播种方式”有关？附2:()()()()K a b c d a c b d =++++18．（12分）已知数列{}n a 满足14a =，11232n n n a a ++=+⨯． （1）证明：数列2n n a ⎧⎫⎨⎬⎩⎭为等差数列，并求数列{}n a 的通项公式； （2）设164n n n n b a a +⨯=，求数列{}n b 的前n 项和n T ．19．（12分）如图所示，在四棱柱1111ABCD A B C D =中，侧棱1AA ⊥平面ABCD ，底面ABCD 是直角梯形，AD AB ⊥，//AB CD ，1224AB AD AA ===． （1）证明：1A D ⊥平面11ABC D ；（2）若1DC =，求二面角11B BC A --的正弦值．。

2020年广西南宁市、玉林市高考数学一模试卷（理科）一、单选题（本大题共24小题，共120.0分）1.复数z=i1−2i=()A. 25+i5B. −25+i5C. 15+2i5D. 15−2i52.已知全集U=R，集合A={x|x2≤4}，那么∁U A=()A. (−∞,−2)B. (2,+∞)C. (−2,2)D. (−∞,−2)∪(2,+∞)3.已知圆x2+y2+2x−4y−8=0的圆心在直线3x+y−a=0，则实数a的值为()A. −1B. 1C. 3D. −34.若等差数列{a n}前9项的和等于前4项的和，a1=1，则a4=()A. −12B. 32C. 12D. 25.如图，某几何体的正视图(主视图)，侧视图(左视图)和俯视图分别是等边三角形，等腰三角形和菱形，则该几何体体积为()A. 4√3B. 4C. 2√3D. 26.已知sinα=23，α为第二象限角，则cos(π2−2α)=()A. −4√59B. −19C. 19D. 4√597.已知向量a⃗，b⃗ 满足(a⃗+2b⃗ )⋅(a⃗−b⃗ )=−6，|b⃗ |=2，且a⃗与b⃗ 的夹角为π3，则|a⃗|= ()A. 2B. 1C. √2D. √38.如果从1，2，3，4，5中任取3个不同的数，则这3个数构成一组三角形三条边的边长有概率为()A. 310B. 15C. 110D. 1209.已知F1，F2是双曲线C：x2a2−y2b2=1(a>0,b>0)的两个焦点，P是C上一点，满足|PF1|+|PF2|=6a，且∠F1PF2=π3，则C的离心率为()A. √2B. √5C. 2D. √310.函数f(x)=e x|lnx|−2的零点个数为()A. 1B. 2C. 3D. 411.已知函数f(x)=√3sin(ωx+φ)−cos(ωx+φ)(0<φ<π,ω>0)为偶函数，且y=f(x)图象的两相邻对称轴间的距离为π2，则f(π6)的值为()A. −1B. 1C. √3．D. √212.设函数f′(x)是奇函数y=f(x)(x∈R)的导函数，f(−1)=0，当x>0时，xf′(x)+f(x)>0，则使得f(x)>0成立的x的取值范围是()A. (−∞,−1)∪(0,1)B. (0,1)∪(1,+∞)C. (−∞,−1)∪(−1,0)D. (−1,0)∪(1,+∞)13.已知集合A={x|x−1>0}，B={x|−1≤x≤2}，则A∪B=()A. (1,+∞)B. [−1,+∞)C. [−1,1]D. [−1,2]14.设(1−i)x=1+yi，其中x，y是实数，则x+yi在复平面内所对应的点位于()A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限15.已知实数x，y满足{x≥1x−y+1≥02x−y−2≤0，则t=2x+y的最小值是()A. 1B. 2C. 4D. 1016.已知α∈(0,π)，cos(α+π6)=35，则sinα的值为()A. 4√3−310B. 3√3−410C. 710D. 2√3517.PM2.5是空气质量的一个重要指标，我国PM2.5标准采用世卫组织设定的最宽限值，即PM2.5日均值在35μg/m3以下空气质量为一级，在35μg/m3～75μg/m3之间空气质量为二级，在75μg/m3以上空气质量为超标．如图是某市2019年12月1日到10日PM2.5日均值(单位：μg/m3)的统计数据．若从这10天中随机抽取3天进行进一步的空气质量数据分析，则空气质量为一级的恰好抽取了2天的概率为()A. 310B. 35C. 25D. 13018. 设a 为正实数，函数f(x)=x 3−3ax 2+2a 2，若∀x ∈(a,2a)，f(x)<0，则a 的取值范围是( )A. [1,+∞)B. (0,+∞)C. (0,1)D. (0,23)19. 已知双曲线x 2a 2−y 2b 2=1(a >0,b >0)的左、右焦点分别为F 1、F 2，过F 2且斜率为√3的直线与双曲线在第一象限的交点为A.线段F 1A 的中点为D ，若F 2D ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅F 1A ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =0，则此双曲线的离心率为( )A. √3B. 32C. √3+12D. √3+120. 如图，四棱锥S −ABCD 中，SD ⊥平面ABCD ，AB//CD ，AD ⊥CD ，SD =CD ，AB =AD ，CD =2AD ，M 是BC 中点，N 是线段SA 上的点，设MN 与平面SAD 所成角为α，则sinα的最大值为( )A. 3√57 B. 3√37 C. 2√57 D. 2√3721. 过曲线y =e x −x 外一点(e,−e)作该曲线的切线l ，则l 在y 轴上的截距为( )A. −e eB. −e e+2C. −e e+1D. e e+222. 已知抛物线C ：y 2=4x 的焦点为F ，准线为l ，l 与x 轴的焦点为P ，点A 在抛物线C 上，过点A 作AA′⊥l ，垂足为A′，若cos∠FAA′=35，则四边形AA′PF 的面积为( )A. 8B. 10C. 14D. 2823. 已知定义域为R 的奇函数f(x)的导函数为f′(x)，当x >0时，xf′(x)>f(x).若a =f(−log 23)−log 23，b =f(log 46)log 46，c =f(sin π8)sin π8，则a ，b ，c 的大小关系为( )A. a<b<cB. c<a<bC. c<b<aD. b<c<a24.已知函数f(x)=2cos(ωx+φ)−1(ω>0,|φ|<π)的一个零点是x=π4，当x=π3时函数f(x)取最大值，则当ω取最小值时，函数f(x)在[−π12,π12]上的最大值为()A. −2B. √32C. −32D. 0二、单空题（本大题共8小题，共40.0分）25.已知实数x，y满足约束条件{y≤2xx+y≤1,y≥−1则z=x+2y的最小值为______26.若函数f(x)=ax+lnx在点(1,a)处的切线平行于x轴，则f(x)的最大值为______．27.在直三棱柱ABC−A1B1C1中，已知AC⊥BC，BC=CC1，则异面直线BC1与AB1所成角的余弦值为______．28.在△ABC中，已知AB=2，AC=3，A=60°，则sinC=______．29.在平面上，e1⃗⃗⃗ 、e2⃗⃗⃗ 是方向相反的单位向量，若向量b⃗ 满足(b⃗ −e1⃗⃗⃗ )⊥(b⃗ −e2⃗⃗⃗ )，则|b⃗ |的值______．30.设a，b，c分别为三角形ABC的内角A，B，C的对边，已知三角形ABC的面积等于√34(b2+c2−a2)，则内角A的大小为______．31.已知某几何体是一个平面将一正方体截去一部分后所得，该几何体三视图如图所示，则该几何体的体积为______．32.关于圆周率π，数学发展史上出现过许多很有创意的求法，如著名的蒲丰实验和查理斯实验，受其启发，我们也可以通过设计下面的实验来估计π的值：先请240名同学，每人随机写下两个都小于1的正实数x，y组成的实数对(x,y)，再统计两数能与1构成钝角三角形三边的数对(x,y)的个数m；最后再根据计数m来估计π的值．假设统计结果是m=68，那么可以估计π的近似值为______.(用分数表示)三、解答题（本大题共14小题，共164.0分）33.根据以往统计资料，某地车主购买甲种保险的概率为0.4，购买乙种保险但不购买甲种保险的概率为0.2.设各车主购买保险相互独立．(1)求该地1位车主至少购买甲、乙两种保险中的1种的概率；(2)求该地3位车主中恰有1位车主甲、乙两种保险都不购买的概率．34.已知数列{a n}的前n项和为S n，a1=1，S n=a n+1．(l)求数列{a n}的通项公式；(2)若b n=n，求数列{b n}的前n项和为T n．S n35.如图，在四棱锥P−ABCD中，PD⊥平面ABCD，PD=2，DC=BC=1，AB=2，AB//DC，∠BCD=90°．(I)求证：AD⊥PB；(2)求A点到平面BPC的距离．36.已知函数f(x)=ae x−x，(1)求f(x)的单调区间，(2)若关于x不等式ae x≥x+b对任意x∈R和正数b恒成立，求b的最小值．a37.已知F(0,1)为平面上一点，H为直线l：y=−1上任意一点，过点H作直线l的垂线m，设线段FH的中垂线与直线m交于点P，记点P的轨迹为Γ．(1)求轨迹Γ的方程；(2)过点F作互相垂直的直线AB与CD，其中直线AB与轨迹Γ交千点A、B，直线CD与轨迹Γ交于点C、D，设点M，N分别是AB和CD的中点．①问直线MN是否恒过定点，如果经过定点，求出该定点，否则说明理由；②求△FMN的面积的最小值．38.在直角坐标系xOy中，直线C1：x=−2以坐标原点为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，C2极坐标方程为：ρ2−2ρcosθ−4ρsinθ+4=0．(1)求C1的极坐标方程和C2的普通方程；(ρ∈R)，设C2与C3的交点为M，N，又C1：x=−2(2)若直线C3的极坐标方程为θ=π4与x轴交点为H，求△HMN的面积．39.已知函数f(x)=|x−a|−|x−5|．(1)当a=2时，求证：−3≤f(x)≤3；(2)若关于x的不等式f(x)≤x2−8x+20在R恒成立，求实数a的取值范围．40.水稻是人类重要的粮食作物之一，耕种与食用的历史都相当悠久，日前我国南方农户在播种水稻时一般有直播、撒酒两种方式．为比较在两种不同的播种方式下水稻产量的区别，某市红旗农场于2019年选取了200块农田，分成两组，每组100块，进行试验．其中第一组采用直播的方式进行播种，第二组采用撒播的方式进行播种．得到数据如表：约定亩产超过900斤(含900斤)为“产量高”，否则为“产量低”(1)请根据以上统计数据估计100块直播农田的平均产量(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表)(2)请根据以上统计数据填写下面的2×2列联表，并判断是否有99%的把握认为“产量高”与“播种方式”有关？：附K2=n(ad−bc)2(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)41.已知数列{a n}满足a1=4，a n+1=2a n+3×2n+1．}为等差数列，并求数列{a n}的通项公式；(1)证明：数列{a n2n(2)设b n=6×4n，求数列{b n}的前n项和T n．a n a n+142.如图所示，在四棱柱ABCD=A1B1C1D1中，侧棱AA1⊥平面ABCD，底面ABCD是直角梯形，AD⊥AB，AB//CD，AB=2AD=2AA1=4．(1)证明：A1D⊥平面ABC1D1；(2)若DC=1，求二面角B1−BC1−A的正弦值．43.已知椭圆C：x24+y2b2=1(0<b<2)的离心率为12，F为椭圆的右焦点，PQ为过椭圆中心O的弦．(1)求△PQF面积的最大值；(2)动直线与椭圆交于A、B两点，证明：在第一象限内存在定点M，使得当直线AM与直线BM的斜率均存在时，其斜率之和是与t无关的常数，并求出所有满足条件的定点M的坐标．44.已知函数f(x)=x2−8x+alnx(a∈R)．(1)讨论函数f(x)的单调性；(2)已知函数f(x)的两个极值点x1，x2(x1<x2,x≠1)，若m≤1，①证明：0<x1<2；②证明：alnx11−x1>(m−2)(4+3x1−x12).45.在平面直角坐标系xOy中，直线l1的倾斜角为30°，且经过点A(2,1).以坐标原点O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，直线l2：ρcosθ=3，从原点O作射线交l2于点M，点N为射线OM上的点，满足|OM|⋅|ON|=12，记点N的轨迹为曲线C．(1)①设动点P∈l1，记e⃗是直线l1的向上方向的单位方向向量，且AP⃗⃗⃗⃗⃗ =t e⃗，以t为参数求直线l1的参数方程②求曲线C的极坐标方程并化为直角坐标方程；(2)设直线l1与曲线C交于P，Q两点，求1|AP|+1|AQ|的值46.已知函数f(x)=|x+2|+|x−1|．(1)求不等式f(x)≥x+8的解集；(2)记函数y=f(x)的最小值为k，若a，b，c是正实数，且3ka +32kb+1kc=1，求证a+2b+3c≥9．答案和解析1.【答案】B【解析】解：z=i1−2i =i(1+2i)(1−2i)(1+2i)=−25+15i，故选：B．直接利用复数代数形式的乘除运算化简．本题考查复数代数形式的乘除运算，是基础题．2.【答案】D【解析】解：∵全集U=R，集合A={x|x2≤4}={x|−2≤x≤2}，∴∁U A={x|x<2或x>2}=(−∞,−2)∪(2,+∞)．故选：D．先求出集合A，由此能求出∁U A.本题考查补集的求法，考查补集定义等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．3.【答案】A【解析】解：根据题意，圆x2+y2+2x−4y−8=0的圆心为(−1,2)，若圆x2+y2+2x−4y−8=0的圆心在直线3x+y−a=0上，则有3×(−1)+2−a=0，解可得：a=−1；故选：A．根据题意，求出圆的圆心坐标，将其代入直线的方程可得3×(−1)+2−a=0，解可得a的值，即可得答案．本题考查圆的一般方程与直线的方程，注意求出圆的圆心坐标，属于基础题．4.【答案】C【解析】【分析】利用等差数列的通项公式求和公式即可得出．本题考查了等差数列的通项公式求和公式，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．【解答】解：由题意可得：S9=S4，∴9×1+36d=4×1+6d，解得d=−16．∴a4=1−3×16=12．故选：C．5.【答案】C【解析】解：由已知中该几何中的三视图中有两个三角形一个菱形可得这个几何体是一个四棱锥由图可知，底面两条对角线的长分别为2√3，2，底面边长为2故底面菱形的面积为12×2√3×2=2√3侧棱为2√3，则棱锥的高ℎ=√(2√3)2−√32=3故V=13⋅3⋅2√3=2√3故选：C．根据已知中的三视图及相关视图边的长度，我们易判断出该几何体的形状及底面积和高的值，代入棱锥体积公式即可求出答案．本题考查的知识点是由三视图求面积、体积其中根据已知求出满足条件的几何体的形状及底面面积和棱锥的高是解答本题的关键．6.【答案】A【解析】解：∵sinα=23，α为第二象限角，∴cosα=−√1−sin2α=−√53，∴cos(π2−2α)=sin2α=2sinαcosα=2×23×(−√53)=−4√59．故选：A．由已知利用同角三角函数基本关系式可求cosα的值，进而利用诱导公式，二倍角的正弦函数公式即可求解．本题主要考查了同角三角函数基本关系式，诱导公式，二倍角的正弦函数公式在三角函数化简求值中的应用，考查了计算能力和转化思想，属于基础题．7.【答案】B【解析】解：因为向量a⃗，b⃗ 满足(a⃗+2b⃗ )⋅(a⃗−b⃗ )=−6，|b⃗ |=2，且a⃗与b⃗ 的夹角为π3，∴(a⃗+2b⃗ )⋅(a⃗−b⃗ )=a⃗2+a⃗⋅b⃗ −2b⃗ 2=|a⃗|2+|a⃗|⋅|b⃗ |⋅cosπ3−2|b⃗ |2=−6⇒|a⃗|2+|a⃗|−2=0⇒|a⃗|=1(负值舍)故选：B．直接根据数量积的展开式结合已知条件，即可求解结论．本题主要考查平面向量数量积的应用以及模长的计算，属于基础题目．8.【答案】A【解析】解：从1，2，3，4，5中任取3个不同的数，基本事件总数n=C53=10，这3个数构成一组三角形三条边的边长包含的基本事件有：{2,3,4}，{2,4,5}，{3,4,5}，共3个，∴这3个数构成一组三角形三条边的边长的概率p=310．故选：A．基本事件总数n=C53=10，利用列举法求出这3个数构成一组三角形三条边的边长包含的基本事件有3个，由此能求出这3个数构成一组三角形三条边的边长的概率．本题考查概率的求法，考查古典概型等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．9.【答案】D【解析】解：由双曲线的对称性设P在第一象限，因为|PF1|+|PF2|=6a，由双曲线的定义可得|PF1|=2a+|PF2|，所以|PF2|=2a，|PF1|=4a，因为∠F1PF2=π3，在三角形PF1F2中，由余弦定理可得cos∠F1PF2=|PF1|2+|PF2|2−|F1F2|22|PF1||PF2|，即12=16a2+4a2−4c22⋅2a⋅4a，整理可得：3a2=c2，可得e=√3，故选：D．由双曲线的定义及|PF1|+|PF2|=6a可得|PF1|，|PF2|的值，在三角形PF1F2中由余弦定理可得a，c的关系求出离心率．本题考查双曲线的性质，及余弦定理的应用，属于中档题．10.【答案】B【解析】解：函数f(x)=e x|lnx|−2的零点可以转化为：|lnx|=2e x的零点；在坐标系中画出两个函数的图象，根据图象可得有两个交点；故原函数有两个零点．故选：B．把零点个数问题可化为两个函数的交点，作函数的图象求解即可．本题考查了方程的根与函数的图象的应用，属于基础题．11.【答案】B【解析】解：f(x)=√3sin(ωx+φ)−cos(ωx+φ)=2sin(ωx+φ−π6)，∵f(x)是偶函数，∴φ−π6=kπ+π2，k∈Z，得φ=kπ+2π3，∵0<φ<π，∴当k=0时，φ=2π3，即f(x)=2sin(ωx+2π3−π6)=2sin(ωx+π2)=2cosωx，∵y=f(x)图象的两相邻对称轴间的距离为π2，∴T2=π2，即T=π，即2πω=π，得ω=2，则f(x)=2cos2x，则f(π6)=2cos(2×π6)=2cosπ3=2×12=1，故选：B．利用辅助角公式进行化简，结合f(x)是偶函数，求出φ的值，利用f(x)的对称轴之间的距离求出函数的周期和ω，代入进行求值即可．本题主要考查三角函数值的计算，利用辅助角公式，结合三角函数的性质求出函数的解析式是解决本题的关键．难度不大．12.【答案】D【解析】解：设g(x)=xf(x)，则g(x)的导数为：g′(x)=f(x)+xf′(x)∵当x>0时，xf′(x)+f(x)>0，即当x>0时，g′(x)恒大于0，∴当x>0时，函数g(x)为增函数，∵f(x)为奇函数∴函数g(x)为定义域上的偶函数又∵g(−1)=−1×f(−1)=0，∵f(x)>0，∴当x>0时，g(x)>0，当x<0时，g(x)<0，∴当x>0时，g(x)>0=g(1)，当x<0时，g(x)<0=g(−1)，∴x>1或−1<x<0故使得f(x)>0成立的x的取值范围是(−1,0)∪(1,+∞)，故选：D．由已知当x>0时总有xf′(x)+f(x)>0成立，可判断函数g(x)为增函数，由已知f(x)是定义在R上的奇函数，可证明g(x)为(−∞,0)∪(0,+∞)上的偶函数，根据函数g(x)在(0,+∞)上的单调性和奇偶性，而不等式f(x)>0等价于xg(x)>0，分类讨论即可求出本题主要考查了利用导数判断函数的单调性，并由函数的奇偶性和单调性解不等式，属于综合题．13.【答案】B【解析】解：∵A={x|x>1}，B={x|−1≤x≤2}，∴A∪B=[−1,+∞)．故选：B．可以求出集合A，然后进行并集的运算即可．本题考查了描述法、区间的定义，并集的运算，考查了计算能力，属于基础题．14.【答案】D【解析】解：由(1−i)x=1+yi，即x−xi=1+yi，则x=1，y=−1．∴x+yi在复平面内所对应的点的坐标为：(1,−1)，位于第四象限．故选：D．直接利用复数复数相等的条件求出x，y的值，进一步求出x+yi在复平面内所对应的点的坐标得答案．本题考查了复数相等的条件，考查了复数的代数表示法及其几何意义，是基础题．15.【答案】B【解析】解：画出满足条件的平面区域，如图示：，由t=2x+y得：y=−2x+t，由图象得：y=−2x+t过(1,0)时，t最小，t最小值=2，故选：B．先画出满足条件的平面区域，有t=2x+y得到y=−2x+t，通过平移直线发现直线过(1,0)时，t最小，代入求出t的最小值即可．本题考查了简单的线性规划问题，考查数形结合思想，是一道基础题．16.【答案】A【解析】解：∵α∈(0,π)，cos(α+π6)=35，∴sin(α+π6)=45，∴sinα=sin[(α+π6)−π6]=45×√32−12×35=4√3−310．故选：A．由已知结合同角平方关系可求sin(α+π6)，然后由sinα=sin[(α+π6)−π6]，利用两角差的正弦公式展开可求．本题主要考查了两角差的三角公式的简单应用，属于基础试题．17.【答案】A【解析】解：由某市2019年12月1日到10日PM2.5日均值(单位：μg/m3)的统计数据折线图得：这10天中空气质量为一级的天数为4天，从这10天中随机抽取3天进行进一步的空气质量数据分析，基本事件总数n=C103=120，空气质量为一级的恰好抽取了2天包含的基本事件个数m=C61C42=36，则空气质量为一级的恰好抽取了2天的概率p=mn =36120=310．故选：A．这10天中空气质量为一级的天数为4天，从这10天中随机抽取3天进行进一步的空气质量数据分析，基本事件总数n=C103=120，空气质量为一级的恰好抽取了2天包含的基本事件个数m=C61C42=36，由此能求出空气质量为一级的恰好抽取了2天的概率．本题考查概率的求法，考查古典概型、排列组合等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．18.【答案】A【解析】解：因为f′(x)=3x2−6ax=3x(x−2a)，因为a<x<2a时，f′(x)<0，故f(x)在(a,2a)上单调递减，因为∀x∈(a,2a)，f(x)<0，所以f(a)=−2a3+2a2≤0，故a≥1．故选：A．先对函数求导，然后结合导数与单调性的关系可求函数的单调性，然后转化f(a)≤0，代入即可求解．本题主要考查了不等式的恒成立求解参数范围，导数的应用是求解问题的关键．19.【答案】C【解析】解：斜率为√3的直线l，其倾斜角为60°，过F2且斜率为√3的直线与双曲线在第一象限的交点为A，线段F1A的中点为D，若F2D⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅F1A⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =0，△PF1F2是等腰三角形，即有|PF2|=|F1F2|=2c，则有P(c+2ccos60°,2csin60°)，即为P(2c,√3c)，代入双曲线方程双曲线x 2a 2−y 2b 2=1(a >0,b >0)，即有4c 2a 2−3c 2b 2=1，由离心率公式e =ca ，b 2=c 2−a 2， 即有4e 2−3e 2e 2−1=1，化简可得4e 4−8e 2+1=0， 解得：e 2=1±√32，由e >1，解得e =1+√32．故选：C ．由题意可得直线的倾斜角为60°，过F 2且斜率为√3的直线与双曲线在第一象限的交点为A.线段F 1A 的中点为D ，若F 2D ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅F 1A⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =0，则三角形是等腰三角形，可得P(c +2ccos60°,2csin60°)，即为P(2c,√3c)，代入双曲线方程，由离心率公式和a ，b ，c 的关系，得到e 的方程，解方程即可得到e ．本题考查双曲线的方程和性质，主要考查双曲线的离心率的求法，运用直线的倾斜角和等腰三角形的定义，结合任意角的三角函数的定义，求出P 的坐标是解题的关键．20.【答案】A【解析】解：如图所示，作ME ⊥AD ，垂足为E ， ∵SD ⊥平面ABCD ，SD ⊂平面SAD ， ∴平面SAD ⊥平面ABCD ， 又AD ⊥CD ，∴CD ⊥平面SAD ． ∵ME//CD ， ∴ME ⊥平面SAD ．连接NE ，则∠MNE 是MN 与平面SAD 所成角为α， 作EF ⊥SA ，连接MF ， 此时∠MFE 取得最大值． 不妨设AB ，则CD =4，可得ME =2+42=3，EF =AEsin∠SAD =1×4√22+42=2√5．则sinα=EMFM =3√(2√5)2+32=3√57．故选：A ．如图所示，作ME⊥AD，垂足为E，根据SD⊥平面ABCD，可得平面SAD⊥平面ABCD，可得CD⊥平面SAD.可得：ME⊥平面SAD.连接NE，则∠MNE是MN与平面SAD所成角为α，作EF⊥SA，连接MF，可得∠MFE取得最大值．进而得出．本题考查了线面面面垂直的判定与性质定理、直角三角形的边角关系，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．21.【答案】B【解析】解：设切线l在曲线y=e x−x上的切点为(x0,y0)，=e x0−1，由y=e x−x，得y′=e x−1，则切线l的斜率k=y′|x=x∴切线l的方程为y−y0=(e x0−1)(x−x0)，∵l为曲线y=e x−x外一点(e,−e)的切线方程，∴y0=e x0−x0①，−e−y0=(e x0−1)(e−x0)②，∴由①②，得x0=e+1，y0=e e+1−(e+1)，∴l在y轴上的截距y0+(e x0−1)(−x0)=−e e+2．故选：B．设切线l在曲线y=e x−x上的切点为(x0,y0)，然后根据条件求出切线l的方程，再由l为曲线y=e x−x外一点(e,−e)的切线方程，建立关于x0和y0的方程，进一步求出l在y轴上的截距．本题考查了利用导数研究曲线上某点切线方程，考查了方程思想，属中档题．22.【答案】C【解析】解：由条件得，p=2，过点F作FF′⊥AA′，垂足为F′.设|AF′|=3x，∵cos∠FAA′=3，∴|AF|=5x，|F′F|=4x．5由抛物线定义可得：|AF|=|AA′|=5x．则|A′F′|=|PF|=5x−3x=2x=p=2，解得x=1.则|AF′|=3x=3，|AF|=|AA′|=5x=5，|F′F|=4x=4．∴四边形AA′PF的面积S=(|PF|+|AA′|)⋅|PA′|=2(2+5)×42=14．故选：C．过点F作FF′⊥AA′，垂足为F′.设|AF′|=3x，根据cos∠FAA′=35，可得|AF|=5x，|F′F|= 4x.由抛物线定义可得：|AF|=|AA′|=5x.|A′F′|=2x=p，解得x.利用四边形AA′PF的面积S=(|PF|+|AA′|)⋅|PA′|2即可得出．本题主要考查了抛物线的定义标准方程及其性质、四边形面积计算公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．23.【答案】C【解析】【分析】本题考查利用导数研究函数的单调性，构造函数g(x)=f(x)x(x≠0)并分析其奇偶性与单调性是解决问题的关键，考查逻辑推理与运算能力，属于中档题．依题意，可构造函数g(x)=f(x)x(x≠0)，分析得g(x)为偶函数且在(0,+∞)上单调递增，从而可得答案．【解答】解：令g(x)=f(x)x(x≠0)，由于f(x)为R上的奇函数，所以g(−x)=f(−x)−x =−f(x)−x=f(x)x=g(x)，所以g(x)=f(x)x(x≠0)为定义域上的偶函数，又当x>0时，xf′(x)>f(x)，所以，当x>0时，g′(x)=xf′(x)−f(x)x2>0，所以，偶函数g(x)在(0,+∞)上单调递增；又0<sinπ8<1<log46<log49=log23,所以即c<b<a，故选：C．24.【答案】D【解析】解：∵f(π4)=2cos(ωπ4+φ)−1=0，∴cos(ωπ4+φ)=12，∴ωπ4+φ=2kπ±π3，k∈Z，①∵f(π3)=2cos(ωπ3+φ)−1=1，∴cos(ωπ3+φ)=1，∴ωπ3+φ=2mπ，m∈Z，②由①②可得φ=8kπ−6mπ±4π3，由于|φ|<π，可取k=1，m=1，解得φ=2π3(10π3舍去)，则ω=6m−2，m∈Z，可得正数ω的最小值为4，即有f(x)=2cos(4x+2π3)−1，由x∈[−π12,π12]，可得4x+2π3∈[π3,π]，可得f(x)在[−π12,π12]上递减，则f(x)的最大值为f(−π12)=2cosπ3−1=2×12−1=0，故选：D．由题意可得f(π4)=0，f(π3)=1，可得ω，φ的方程组，解得φ，得到ω的关系式，求得最小值，可得f(x)的解析式，由余弦函数的单调性可得所求最大值．本题考查了y=Acos(ωx+φ)的图象与性质的应用问题，主要是零点和单调性的应用，考查运算能力，是中档题．25.【答案】−52【解析】解：作出实数x，y满足约束条件{y≤2xx+y≤1,y≥−1对应的平面区域如图：由z=x+2y得y=−12x+12z，平移直线y=−12x+12z，由图象可知当直线y=−12x+12z经过点A(−12,−1)时，直线的截距最小，此时z最小．即z=−12+2×(−1)=−52，故答案为：−52．画出不等式组对应的平面区域，利用z的几何意义，件即可求出z的最小值．本题主要考查线性规划的应用，利用z的几何意义，结合数形结合是解决本题的关键．26.【答案】−1【解析】【分析】本题考查导数的几何意义和利用导数研究函数的最值．求切线时，抓住切点满足的两个条件列方程是关键．属于基础题．先利用切点处切线与x轴平行，求出a的值，然后利用导数研究函数的单调性，求出最大值．【解答】解：f′(x)=a+1x，∴f′(1)=a+1=0，∴a=−1．∴f(x)=lnx−x，(x>0)∵f′(x)=1x −1=1−xx，易知，x∈(0,1)时，f′(x)>0，f(x)递增；x∈(1,+∞)时，f′(x)<0，f(x)递减．∴f(x)max=f(1)=−1．故答案为：−1．27.【答案】0【解析】解：如图：因为直棱柱ABC−A1B1C1，所以侧面BCC1B1⊥底面ABC于BC，又AC⊥BC，∴AC⊥平面BCC1B1，∴AC⊥BC1．又BC=CC1，∴四边形BCC1B1是正方形，故BC 1⊥B1C，结合AC∩B1C=C，故BC 1⊥平面AB1C，而AB1⊂平面AB1C，所以BC1⊥AB1．异面直线BC1与AB1所成角为π2，余弦值为0．故答案为：0．易证，AC⊥平面BCC1，所以AC⊥BC1，再结合BC=CC1得正方形BCC1B1，则BC1⊥B1C，证得BC1⊥平面ACB1，则问题可解．本题考查空间角的计算问题，要注意空间线线、线面、面面之间平行关系之间、垂直关系之间、平行与垂直关系间的转化．属于中档题．28.【答案】√217【解析】解：∵AB=2，AC=3，A=60°，∴由余弦定理可得：BC2=AB2+AC2−2AB⋅ACcosA=4+9−2×2×3×12=7，∵BC>0，∴BC=√7．∴由正弦定理ABsinC =BCsinA，可得sinC=AB⋅sinABC=2×√32√7=√217．故答案为：√217．由已知利用余弦定理可求BC的值，进而利用正弦定理可求sinC的值．本题考查余弦定理、正弦定理的在解三角形中的综合应用，考查了转化思想，属于基础题．29.【答案】1【解析】解：∵e1⃗⃗⃗ 、e2⃗⃗⃗ 是方向相反的单位向量，向量b⃗ 满足(b⃗ −e1⃗⃗⃗ )⊥(b⃗ −e2⃗⃗⃗ )，∴(b⃗ −e1⃗⃗⃗ )⋅(b⃗ −e2⃗⃗⃗ )=b⃗ 2−b⃗ (e1⃗⃗⃗ +e2⃗⃗⃗ )+e1⃗⃗⃗ ⋅e2⃗⃗⃗=b⃗ 2−1=0，∴|b⃗ |=1．故答案为：1．利用向量垂直的性质直接求解．本题考查向量的模的求法，考查向量垂直的性质等基础知识，考查运算能力，是基础题．30.【答案】13π【解析】解：因为S=√34(b2+c2−a2)=√34×2bccosA=12bcsinA，所以√3cosA=sinA即tanA=√3，故A=13π．故答案为：13π由已知结合三角形的面积公式及余弦定理可求tanA，进而可求A．本题主要考查了余弦定理及三角形的面积公式在求解三角形中的赢，属于基础试题．31.【答案】203【解析】解：由三视图还原出原几何体如图所示，该几何体是边长为2的正方体截去三棱锥F−BGE，则该几何体的体积为V=V正方体−V三棱锥=23−13×12×2×2×2=203．故答案为：203．由三视图还原出几何体的图形，结合图形求出该几何体的体积．本题考查了由三视图求几何体体积的应用问题，关键是由三视图还原出几何体，是基础题．32.【答案】4715【解析】解：由题意，240对都小于l的正实数对(x,y)，对应区域的面积为1，两个数能与1构成钝角三角形三边的数对(x,y)，满足x2+y2<1且x，y都小于1，x+y>1，面积为π4−12，因为统计两数能与l构成钝角三角形三边的数对(x,y)的个数m=68，所以68240=π4−12，所以π=4715．故答案为：4715．由试验结果知200对0～1之间的均匀随机数x，y，对应区域的面积为1，两个数能与1构成钝角三角形三边的数对(x,y)，满足x2+y2<1且x，y都小于1，x+y>1，面积为π4−12，由几何概型概率计算公式，得出所取的点在圆内的概率是圆的面积比正方形的面积，二者相等即可估计π的值．本题考查了随机模拟法求圆周率的问题，也考查了几何概率的应用问题，考查运算求解能力，是基础题．33.【答案】解：(1)记A表示事件：该地的1位车主购买甲种保险，则P(A)=0.4，设B表示事件：该地的1位车主购买乙种保险但不购买甲种保险，则P(B)=0.2，设事件C表示事件：该地的1位车主至少购买甲、乙两种保险中的1种，则该地1位车主至少购买甲、乙两种保险中的1种的概率为：P(C)=P(A+B)=P(A)+P(B)=0.4+0.2=0.6．(2)设事件D表示：该地1位车主甲、乙两种保险都不购买，则D=C−，∴P(D)=1−P(C)=1−0.6=0.4，设E表示：该地3位车主中恰有1位车主甲、乙两种保险都不购买，则该地3位车主中恰有1位车主甲、乙两种保险都不购买的概率：P(E)=C31×0.4×0．62=0.432．【解析】(1)记A表示事件：该地的1位车主购买甲种保险，则P(A)=0.4，设B表示事件：该地的1位车主购买乙种保险但不购买甲种保险，则P(B)=0.2，设事件C表示事件：该地的1位车主至少购买甲、乙两种保险中的1种，则该地1位车主至少购买甲、乙两种保险中的1种的概率为：P(C)=P(A +B)=P(A)+P(B)，由此能求出结果．(2)设事件D 表示：该地1位车主甲、乙两种保险都不购买，则D =C −，求出P(D)=1−P(C)=1−0.6=0.4，由此利用n 次试验中事件A 恰好发生k 次的概率公式能求出该地3位车主中恰有1位车主甲、乙两种保险都不购买的概率．本题考查概率的求法，考查互斥事件概率加法公式、n 次试验中事件A 恰好发生k 次的概率公式等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．34.【答案】解：(1)，a 1=1，S n =a n+1=S n+1−S n ，∴S n+1=2S n ，∴数列{S n }是以1为首项，以2为公比的等比数列， ∴S n =1×2n−1=2n−1， ∴a n =S n −S n−1=2n−2，n ≥2， ∴a n ={1,n =12n−2,n ≥2，(2)b n =n S n =n ⋅(12)n−1，∴T n =(12)0+2⋅(12)1+3⋅(12)2+⋯+n ⋅(12)n−1，①， 由①×12可得，12T n=(12)1+2⋅(12)2+3⋅(12)3+⋯+n ⋅(12)n ，②， 由①−②可得12T n =1+(12)1+(12)2+(12)3+⋯+(12)n−1−n ⋅(12)n=1−12n 1−12−n ⋅(12)n =2−2×(12)n −n ⋅(12)n =2−(n +2)⋅(12)n ， ∴T n =4−n+22n−1．【解析】(1)根据数列的递推公式即可求出数列的通项公式， (2)利用错位相减法即可求出数列{b n }的前n 项和为T n ． 本题考查数列递推式，训练了错位相减法求数列的和，是中档题．35.【答案】解：(1)如图所示：，在四边形ABCD 中，连接BD ，由DC =BC =1，AB =2，∠BCD=∠ABC=π2，在△ABD中，BD=AD=√2，又AB=2，因此AD⊥BD，又PD⊥平面ABCD，∴PD⊥AD，又BD∩PD=D，∴AD⊥平面PBD，∴AD⊥PB；(2)在四棱锥P−ABCD中，∵PD⊥平面ABCD，∴PD⊥BC，而BC⊥DC，∴BC⊥平面PDC，∴BC⊥PC，∴S△BPC=12×BC×PC=√52，而S△ABC=12×AB×BC=1，，设点A到平面PBC的距离为ℎ，由V A−BPC=V P−ABC可得：13×S△BPC×ℎ=13×S△ABC×PD，∴ℎ=√52=4√55，即点A到平面PBC的距离为4√55．【解析】(1)利用勾股定理证得AD⊥BD，又PD⊥平面ABCD，所以PD⊥AD，从而由线面垂直的判定定理得到AD⊥平面PBD，所以AD⊥PB；(2)易证BC⊥PC，所以可求出S△BPC和S△ABC，再由V A−BPC=V P−ABC利用等体积法即可求出点A到平面PBC的距离．本题主要考查了线线垂直的证明，以及等体积法求点到平面的距离，是基础题．36.【答案】解：(1)f′(x)=ae x−1，当a≤0时，f′(x)<0，f(x)在R上单调递减，若a>0时，令f′(x)=ae x−1=0，x=−lna，在x>−lna时，f′(x)>0，f(x)为增函数，在x<−lna时，f′(x)<0，f(x)为减函数．(2)f(x)=ae x−x，由题意f(x)min≥b，由(1)可知，当a≤0时，f(x)在R上单调递减，无最小值，不符合题意，当a>0时，f(x)min=f(−lna)=1+lna≥b，∴a b≥a 1+lna，设ℎ(a)=a1+lna ，则ℎ′(a)=lna(1+lna)2，a ∈(0,1]，ℎ′(a)<0；a ∈[1,+∞)，ℎ′(a)≥0， ∴ℎ(a)min =ℎ(1)=1．【解析】(1)先求导，再分类讨论，根据导数和函数单调性的关系即可求出； (2)先根据(1)利用导数和函数最值的关系求出f(x)min =f(−lna)=1+lna ≥b ，可得ab≥a 1+lna ，设ℎ(a)=a1+lna ，利用导数求出函数的最小值即可． 本题考查了导数和函数单调性的关系以及和最值的关系，考查了函数恒成立的问题，考查了运算能力和转化能力，属于中档题．37.【答案】解：设P 的坐标(x,y)由题意可得|PF|=|PH|，所以√x 2+(y −1)2=|y +1|， 整理可得x 2=4y ，所以轨迹Γ的方程：x 2=4y ；(2)由题意可得直线AB ，CD 的斜率均存在，设直线AB 的方程：y =kx +1，A(x 1,y 1)，B(x 2,y 2)，直线与抛物线联立{y =kx +1x 2=4y ，整理可得：x 2−4kx −4=0，x 1+x 2=4k ，y 1+y 2=k(x 1+x 2)+2=4k 2+2， 所以AB 的中点M(2k,2k 2+1)， 同理可得N(−2k ,2k 2+1)， 所以直线MN 的斜率为2k 2+1−(2k 2+1)2k+2k=k −1k ，所以直线MN 的方程为：y −(2k 2+1)=(k −1k )(x −2k)， 整理可得y =(k −1k )x +3，所以恒过定点Q(0,3)． ①所以直线恒过定点(0,3)；②从而可得S △FMN =12×|FQ|×|x M −x N |=12×2×|2k +2k |=2|k +1k |≥4， 所以△FMN 的面积的最小值为4．【解析】(1)设P 的坐标，由题意可得|PF|=|PH|，整理可得P 的轨迹方程； (2)由题意可得直线BA ，CD 的斜率都存在，设直线AB 的方程与抛物线联立求出两根之和，进而求出AB 的中点M 的坐标，同理可得N 的坐标，进而求出直线MN 的斜率，再求直线MN 的方程，可得恒过定点；因为直线MN 恒过定点，所以得S △FMN =12×|FQ|×|x M −x N |，由均值不等式可得△FMN 的面积的最小值为4．本题考查求轨迹方程及直线与抛物线的综合，及直线恒过定点的证明，均值不等式的应用，属于中档题．38.【答案】解：(1)直线C 1：x =−2，转换为极坐标方程为ρcosθ=−2．C 2极坐标方程为：ρ2−2ρcosθ−4ρsinθ+4=0，转换为直角坐标方程为(x −1)2+(y −2)2=1．(2)将θ=π4代入C 2极坐标方程为：ρ2−2ρcosθ−4ρsinθ+4=0.得到ρ2−3√2ρ+4=0，解得ρ1=2√2,ρ2=√2， 所以|MN|=|ρ1−ρ2|=√2，由于H(−2,0)到直线y =x 的距离为√2， 所以S △HNM =1．【解析】(1)直接利用转换关系，把参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间进行转换． (2)利用一元二次方程根和系数关系和极径的应用求出结果．本题考查的知识要点：参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间的转换，极径的应用，一元二次方程根和系数关系式的应用，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题型．39.【答案】(1)证明：当a =2时，f(x)=|x −2|−|x −5|，∴||x −2|−|x −5||≤|x −2−(x −5)|=3， ∴−3≤|x −2|−|x −5|≤3，即−3≤f(x)≤3； (2)解：f(x)=|x −a|−|x −5|，①当a ≥5时，f(x)={5−a,x ≥a−2x +a +5,5<x <a a −5,x ≤5，则f(x)max =a −5，且y =x 2−8x +20=x 2−8x +16+4=(x −4)2+4≥4，。