江门市2016届普通高中高三调研测试物理试题

2016高考理综物理试卷(高清)二、选择题(本大题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项是符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分。

有选错的得0分。

)14.一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上。

若将云母介质移出，则电容器（）A. 极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大B. 极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大C. 极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变D. 极板上的电荷量变小，极板间电场强度不变15.现代质谱仪可用来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定。

质子在入口处从静止开始被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口离开磁场。

若某种一价正离子在入口处从静止开始被同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从同一出口离开磁场，需将磁感应强度增加到原来的12倍。

此离子和质子的质量比约为（）A. 11B. 12C. 121D. 14416．一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻和的阻值分别是和，为理想交流电流表，为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定。

当开关断开时，电流表的示数为；当闭合时，电流表的示数为。

该变压器原、副线圈匝数比为（）A. 2B. 3C. 4D. 517.利用三颗位置适当的地球同步卫星，可使地球赤道上任意两点之间保持无线电通讯。

目前，地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的倍。

假设地球的自转周期变小，若仍仅用三颗同步卫星来实现上述目的，则地球自转周期的最小值约为（）A. B. C. D. 18.一质点做匀速直线运动，现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则A.质点速度的方向总是与该恒力的方向相同B.质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直C.质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同D.质点单位时间内速率的变化量总是不变19.如图，一光滑的轻滑轮用细绳悬挂于点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块。

2015—2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）物理测试卷(5）一、单项选择题：每题6分，30分．1．如图甲所示，一个质量为3kg的物体放在粗糙水平地面上，从零时刻起，物体在水平力F作用下由静止开始做直线运动，在0﹣3s时间内物体的加速度a随时间t的变化规律如图乙所示，则(）A．F的最大值为12NB．0﹣1s和2﹣3s内物体加速度的方向相反C．3s末物体的速度最大，最大速度为8m/sD．在0﹣1s内物体做匀加速运动,2﹣3s内物体做匀减速运动2．如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O′点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO′段水平，长度为L;绳子上套一可沿绳滑动的轻环．现在轻环上悬挂一钩码，平衡后,物体上升L．则钩码的质量为（）A．M B．M C．M D．M3．将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出,最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程的v﹣t图象如图所示，g取10m/s2．说法中正确的是（）A．小球上升与下落所用时间之比为2:3B．小球下落过程,处于超重状态C．小球重力和阻力之比为5：1D．小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失4．如图所示，木块A质量为1kg,木块B的质量为2kg,叠放在水平地面上，AB间最大静摩擦力为1N,地面光滑，重力加速度g=10m/s2．现用水平力F作用于B，则保持AB相对静止的条件是F不超过（）A．6 N B．5 N C．4 N D．3 N5．如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2．以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴,将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中（)A．N1始终减小，N2始终增大B．N1始终减小，N2始终减小C．N1先增大后减小，N2始终减小D．N1先增大后减小,N2先减小后增大二、多项选择题：每题6分，共18分．6．如图所示,两光滑斜面的倾角分别为30°和45°，质量分别为2m和m的两个滑块用不可伸长的轻绳通过滑轮连接（不计滑轮的质量和摩擦）,分别置于两个斜面上并由静止释放；若交换两滑块位置，再由静止释放,则在上述两种情形中正确的有(）A．质量为2m的滑块受到重力、绳的张力、沿斜面的下滑力和斜面的支持力的作用B．质量为m的滑块均沿斜面向上运动C．两种情形中绳的拉力大小相同D．系统在运动中机械能均守恒7．我国发射了一颗地球资源探测卫星，发射时，先将卫星发射至距离地面50km的近地圆轨道1上，然后变轨到近地点距离地面50km、远地点距离地面1500km的椭圆轨道2上，最后由轨道2进入半径为7900km的圆轨道3，轨道1、2相切于P点，轨道2、3相切于Q 点．忽略空气阻力和卫星质量的变化，则以下说法正确的是（)A．该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P处点火减速B．该卫星在轨道3的机械能大于在轨道1的机械能C．该卫星在轨道2上稳定运行时,P点的速度小于Q点的速度D．该卫星在轨道2上Q点的加速度大于在轨道3上Q点的加速度8．如图，滑块a、b的质量均为m,a套在固定直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接．不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g．则()A．a落地前，轻杆对b一直做正功B．a落地时速度大小为C．a下落过程中，其加速度大小始终不大于gD．a落地前，当a的机械能最小时,b对地面的压力大小为mg二.非选择题9．用一根弹簧和一把弹簧秤做“求合力”实验．①用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的；②改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力F跟伸长量x的关系图线，则弹簧的劲度系数为N/cm；③用这根弹簧和弹簧秤都与橡皮筋成135°角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，则此时弹簧的伸长量为cm；,若实验误差较小可④用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小F合=N．以忽略不计,则F合10．某实验小组利用如图1所示的装置来探究“合外力一定时物体的加速度与质量之间的关系"．实验中交流电频率50Hz．①若实验中认为绳子拉力等于小桶及桶中物体的总重量，则需满足．②小组同学按图所示安装好装置后，将轨道右端适当垫起，来平衡阻力．请指出不合理之处．正确操作后，小组同学在小桶里加适当的物体，拉动小车加速运动．③某次实验打出了一条纸带如图2所示．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点,量出相邻计数点之间的距离（单位cm）．该次实验小车的加速度a=m/s2．(结果保留三位有效数字）④若某小组同学重物根据测得数据画出a﹣图象如图3所示，原因是．11．某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落．他打开降落伞后的速度图线如图a．降落伞用8根对称的绳悬挂运动员,每根绳与中轴线的夹角均为37°，如图b．已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f与速度v成正比，即f=kv (g取10m/s2,sin53°=0.8，cos53°=0。

2016 年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力模拟测试（新课标I卷）物理部分（一）第I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14. 学习物理不仅要掌握物理知识，还要领悟并掌握处理物理问题的思想方法。

在下图所示的几个实验中，研究物理问题的思想方法相同的是A．甲、乙B．乙、丙C．甲、丙D．丙、丁15. 某质点在 0～3 s 内运动的 v－t 图象如图所示。

关于质点的运动，下列说法正确的是()A．质点在第 1 s 内的平均速度等于第 2 s 内的平均速度 B．t＝3 s 时，质点的位移最大C．质点在第 2 s 内的加速度与第 3 s 内的加速度大小相等，方向相反D．质点在第 2 s 内的位移与第 3 s 内的位移大小相等，方向相反16. 有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v 的大河，小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直，去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为A．B．C．D．17.. 如图所示，匀强电场方向平行于xOy 平面，在xOy 平面内有一个半径为R＝5 cm 的圆，圆上有一动点P，半径OP与x轴方向的夹角为θ，P点沿圆周移动时，O、P两点的电势差满足U OP＝25 sinθ(V)，则该匀强电场的大小和方向分别为( )A．5 V/m，沿 x 轴正方向B．500V/m，沿 y 轴负方向C．500 V/m，沿 y 轴正方向D．250 V/m，沿 x 轴负方向18.“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空 110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。

假设“轨道康复者”的轨道离地面的高度为地球同步卫星轨道离地面高度的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是（）A.“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的 5 倍B.“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的 25 倍 C.站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动 D.“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救19. 在电场强度大小为E 的匀强电场中，将一个质量为m、电荷量为q 的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成θ角的方向做直线运动.关于带电小球的电势能ε和机械能W 的判断，不正确的是( )A．若 sinθ<，则ε一定减少，W一定增加B．若 sinθ＝，则ε、W一定不变C．若 sinθ=，则ε一定增加，W一定减小D．若 tanθ＝，则ε可能增加，W一定增加20. 如图所示,A、B 两物块的质量分别为 2 m 和 m, 静止叠放在水平地面上。

高中物理学习材料 （马鸣风萧萧**整理制作）2016届高三物理第三次调研考试参考答案一、二选择题（1-5题每题3分，6-9题每题4分，共31分）1 2 3 4 5 6 7 89 ACBCDABACDBDCD三、简答题10．（8分）⑴AC （2分） ⑵不需要（2分） ⑶ 0.42 （2分） ⑷ )(1a MFg -（2分） 11．（10分） ⑴3400（2分） ⑵乙（2分） 连图（2分） ⑶R 1（2分）⑷1021U R U U -（2分）12．【选做题】 12A ．（12分）⑴CD （4分） ⑵ 等于（2分） 等于（2分） ⑶拔去销钉，待活塞稳定后，A B P P ''= ① （1分）根据玻意耳定律，对A 部分气体，()A A A A P V P V V '=+∆ ② （1分）对B 部分气体，()B B B B P V P V V '=-∆ ③ （1分）由①②③联立：53.010AP '=⨯Pa （1分）12B ．（12分） ⑴C （4分） ⑵ 20 （2分） 2（2分）V 2+ -R 0V 1+ -⑶ ①由全反射条件 n1sin =θ （1分） 得汽水的折射率 2sin 1==θn（1分） ②光在汽水中传播的速度 c n cv 22==（1分）由几何关系知，光在汽水中传播的路程 L Ls 2sin ==θ光的传播时间 cL vs t 2== （1分）12C ．（12分）⑴C （4分） ⑵ 5（2分） 10.86 （2分） ⑶ 利用动量守恒定律，111122m v m v m v ''=+ （1分）解得：21.1v '=m/s （1分） 损失的机械能为:2221111221110.77J 222E m v m v m v ''∆=--= （2分）四、计算题 13．（15分） 解：（1）线框匀速运动时，1E Bl v = ① （1分）EI R=② （1分） 1F BIl = ③ （1分）mg F = ④ （1分） 由①②③④联立：221mgRv B l =（1分） （2）导线框穿过磁场的过程中，q It =⑤ （1分） EI R=⑥ （1分） 12Bl l E t t∆Φ==∆⑦ （1分） 由⑤⑥⑦联立：12Bl l q R=（2分）（3）导线框穿过磁场的过程中，利用能量守恒定律， 221()2mg h l mv Q +=+ （3分） 带入（1）中的速度，解得：3222441()2m g R Q mg h l B l =+-（2分）14．（16分）（1）设细线中张力为F ，对小球：F -mg sin53°=ma （1分） 对物块：Mg -F =Ma （1分） 联立解得 a =7m/s 2 （2分）(2)在Rt ΔOAB 中，得x AB =R /tan53°由AB ax v 2=2，解得v =27m/s （1分）从B 到C ，根据机械能守恒，有)53cos 1(21m 2122ο-+=mgR mv v C （2分） 小球离开C 后做平抛运动，x =v C t （1分） h=221gt （1分） 解得34=x m （1分） (3)小球A →B ：M 、m 系统机械能守恒0253sin =+21AB AB mgx Mgx v m M -）（（2分）线断后，小球B →C ，0=C v)53cos 1(=21002---mgR mv （2分）联立，解得m M 720≥ （2分）15．（16分） 解：（1）带电粒子在匀强磁场中运动，洛仑兹力提供向心力，21v qvB m r = （2分）代入数据解得：r =1m （1分）（2）带电粒子在磁场中运动的周期，4022105r T v ππ-==⨯s （1分）在0~4104π-⨯s 过程中，粒子运动了58T ，圆弧对应的圆心角， 154πθ=（1分）在4104π-⨯s ~4102π-⨯s 过程中，粒子又运动了058T254πθ=（1分）轨迹如图a 所示，根据几何关系可知，横坐标：22sin (2 3.414x r r π=+=≈m （2分）纵坐标：2cos1.414y r π=-=≈-m （2分）带电粒子的坐标为（3.41m ，-1.41m ）（3）施加B 2=0.3T 的匀强磁场与原磁场叠加后，如图b 所示，①当2TnT t nT ≤<+(n =0,1,2,…)时，()41122104m T q B B ππ-==⨯+s （1分）②当(1)2TnT t n T +≤<+(n =0,1,2,…)时，()4212210s mT q B B ππ-==⨯- （1分）粒子运动轨迹如图c 所示，则粒子回到原点的时刻为，41(2)10s 4t n ππ-=+⨯ （2分） 422(1)10s t n π-=+⨯ (n =0,1,2,…) （2分）s图c。

江门市2016届普通高中高三调研测试物理参考答案一、选择题（每小题6分，共48分）14、D 15、D 16、C 17、A 18、C19、ABC 20、AC 21、BC实验题（15 分）22．（每空2分，共6分）221221⎪⎭⎫⎝⎛+T s s M 254221⎪⎭⎫⎝⎛+T s s M ()432s s s F ++23．（9分）（1）4.0（3分） 0.50（2分）（评分说明：答案是4、0.5的，各扣1分） （2）小于（2分） 小于（2分）24．（12分）解：（1）依题意，在P 点沿杆方向的场强为0，则︒=37cos E E P （2分）代人数据解得C N E P /104.26⨯=（1分） 方向水平向右（1分）（2）设小球B 沿杆向上运动了距离x 后速度达到最大，由动能定理得A W qEx mv +︒-︒=)3790cos(212 （3分）在P 点速度达到最大时有2)(37sin x L Qqk qE -=︒ （3分）代入数据解得W A = -740J （2分）（只求出做功的绝对值的，扣1分）25．（20分）解：（1）由牛顿第二定律1Ma Mg F =-μ （2分），得211s m a = 6s 末速度 111t a v = （1分） 得：s m v 61= （1分）(2) 由牛顿第二定律，小物块刚放上长木板时的加速度2ma mg =μ （1分） 得：222s m a =长木板的加速度3)(Ma g M m mg F =+--μμ （1分）得：231s m a -=小物块加速，长木板减速，设经Δt 两者速度相等t a v t a ∆+=∆312 （1分） 得：s t 2=∆s t 2=∆时长木板的位移 m t a t v s 10212311=∆+∆= （1分） 小物块的位移 m t a s 421222=∆= （1分） 小物块相对长木板的位移为m L m s s s 8621=〈=-=∆ （1分）小物块没有滑出长木板，小物块与长木板相对静止的共同速度为v 2s m t a v 422=∆= （1分）又F N g M m ==+6)(μ（1分）所以8s 至12s 小物块与长木板相对静止一起匀速运动速度大小为s m v 42=（1分）（3）方法一：0―6s 长木板的位移m t v s 1820110=+= （1分） 摩擦产生的热量J Mgs Q 7201==μ （1分）6s-8s 长木板的位移m s 101=摩擦产生的热量 J gs M m Q 60)(12=+=μ （1分）小物块相对长木板的位移 m s 6=∆，摩擦产生的热量 J s mg Q 123=∆=μ （1分） 8s-12s 小物块与长木板一起匀速发生的位移m t v s 16224==（1分）摩擦产生的热量J gs M m Q 96)(44=+=μ （1分）0s-12s 摩擦产生的总热量J Q Q Q Q Q 2404321=+++= （1分）方法二：0―6s 长木板的位移m t v s 1820110=+= （1分） 6s-8s 长木板的位移m s 101=8s-12s 小物块与长木板一起匀速发生的位移m t v s 16224== （1分） 设整个过程克服摩擦力做功为W f ，由动能定理22410)(21)(v m M W s s s F f +=-++ （2分） J W f 240= （2分）由功能原理，摩擦产生的总热量J Q 240= （1分）33．[物理——选修3-3]（15分）（1）ACE （5分）（2）（10分）（Ⅰ）在气体由压强P ＝1.2P 0下降到P 0的过程中，气体体积不变，温度由T ＝3.6T 0变为T 1，由查理定律得 10T P T P = （2分） 在气体温度由T 1变为T 0的过程中，体积由V 减小到V 1，气体压强不变，由盖·吕萨克定律得 011T V T V = （2分） 联立以上两式解得V 1＝31V （2分） （Ⅱ）在活塞下降过程中，活塞对气体做的功为W ＝P 0(V －V 1) （1分） 在这一过程中，气体内能的变化量为ΔU ＝α(T 0－T 1) （1分）设气缸内气体放出的热量为Q ，则由热力学第一定律得ΔU ＝W －Q （1分）联立以上各式可得Q ＝32P 0V ＋2αT 0 （1分） 34．[物理—选修3-4]（15分）（1）（5分）DE（2）（10分）（Ⅰ）从AB 面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于AC 面的，光线进入AB 面时的入射角α和折射角β分别为 α=60º （1分） β=30º （1分） 由折射定律，材料的折射率 βαs i n s i n =n （2分） 代入数据解得3=n （1分）（Ⅱ）如图O 为BC 中点，在B 点附近折射的光线从BC 射出后与直线AO 交于D ，可看出只要光屏放得比D 点远，则光斑会分成两块，由几何关系可得OBOD =βtan （2分） 代入数据解得OD =a 63 （2分） 所以当光屏到BC 的距离超过a 63时，光斑分为两块 （1分） A B C D O α α β β? ?? ?35．[物理—选修3-5]（15分）（1）8（2分），9（2分），He 42（1分）（2）（10分）（Ⅰ）以向左为正方向，对小孩推木箱的过程有 0)2(1=-+mv v m m （2分）对小孩接住木箱的过程有 21)2(21)2(v m m m v m v m m ++=++ （2分） 代入数据得 v v 832= (2分)（Ⅱ）小孩第二次推木箱的过程有mv v m m v m m m -+=++32)2()2( （2分） 代入数据得 v v 653=2v> （1分）小孩无法再次接住木箱 （1分）。

江门市高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷检测题一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图所示的绝缘细杆轨道固定在竖直面内，半径为R 的1/6圆弧段杆与水平段杆和粗糙倾斜段杆分别在A 、B 两点相切，圆弧杆的圆心O 处固定着一个带正电的点电荷．现有一质量为m 可视为质点的带负电小球穿在水平杆上，以方向水平向右、大小等于83gR 的速度通过A 点，小球能够上滑的最高点为C ，到达C 后，小球将沿杆返回．若∠COB =30°，小球第一次过A 点后瞬间对圆弧细杆向下的弹力大小为83mg ，从A 至C 小球克服库仑力做的功为23mgR -，重力加速度为g ．求：(1)小球第一次到达B 点时的动能； (2)小球在C 点受到的库仑力大小；(3)小球返回A 点前瞬间对圆弧杆的弹力．（结果用m 、g 、R 表示） 【答案】（1）56mgR （2）34mg （3）2(833)- 【解析】 【分析】（1）由动能定理求出小球第一次到达B 点时的动能．（2）小球第一次过A 点后瞬间，由牛顿第二定律和库仑定律列式．由几何关系得到OC 间的距离，再由库仑定律求小球在C 点受到的库仑力大小．（3）由动能定理求出小球返回A 点前瞬间的速度，由牛顿运动定律和向心力公式求解小球返回A 点前瞬间对圆弧杆的弹力． 【详解】（1）小球从A 运动到B ，AB 两点为等势点，所以电场力不做功，由动能定理得：()0211cos602KB A mgR E mv --=-代入数据解得：56KB E mgR =（2）小球第一次过A 时，由牛顿第二定律得：22A v QqN k mg m R R+-=由题可知：83N mg =联立并代入数据解得：2Qqkmg R= 由几何关系得，OC 间的距离为：cos303R r R ==︒小球在C 点受到的库仑力大小 ：22Qq QqF kk r ==⎫⎪⎝⎭库联立解得3=4F mg 库 （3）从A 到C ，由动能定理得：2102f A W mgR W mv ---=-电从C 到A ，由动能定理得：212f A W mgR W mv +='-电由题可知：W =电 小球返回A 点时，设细杆对球的弹力方向向上，大小为N ′，由牛顿第二定律得：22Av Qq N k mg mR R'-'+= 联立以上解得：(283N mg -'=，根据牛顿第三定律得，小球返回A点时，对圆弧杆的弹力大小为(283mg -，方向向下．2．如图所示，在光滑绝缘水平面上B 点的正上方O 处固定一个质点，在水平面上的A 点放另一个质点，两个质点的质量均为m ，带电量均为+Q 。

2021 -2021学年广东省江门市台山市华侨中学高三〔上〕物理测试卷〔4〕一、单项选择题：每题6分，30分．1．如下图，物体B上外表水平，A、B相对于斜面C静止，当斜面C受到水平力F向左匀速运动过程中〔〕A．物体A可能受到3个力作用B．物体B一定受到4个力作用C．物体C对物体B作用力竖直向上D．物体C与物体B之间可能没有摩擦力2．如下图，从地面上同一位置抛出两小球A、B，分别落在地面上M、N点，A球运动最大高度大于B球运动最大高度．空气阻力不计，那么〔〕A．B加速度比A大B．B飞行时间比A飞行时间长C．B在最高点速度比A在最高点大D．A落地时速度比B落地时速度大3．将一个质量为1kg小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程v﹣t图象如下图，g取10m/s2．说法中正确是〔〕A．小球上升与下落所用时间之比为2：3B．小球下落过程，处于超重状态C．小球重力与阻力之比为5：1D．小球上升过程中机械能损失大于下落过程中机械能损失4．如下图，小球用细绳系住放在倾角为θ光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上拉力将〔〕A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．先增大后减小D．先减小后增大5．理论研究说明第二宇宙速度是第一宇宙速度倍．火星探测器悬停在距火星外表高度为h处时关闭发动机，做自由落体运动，经时间t落到火星外表．引力常量为G，火星半径为R．假设不考虑火星自转影响，要使探测器脱离火星飞回地球，那么探测器从火星外表起飞速度至少为〔〕二、多项选择题：每题6分，共18分．6．以下说法中，符合物理学史实是〔〕A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力作用，物体或静止B．牛顿认为，力是物体运动状态改变原因，而不是物体运动原因C．麦克斯韦发现了电流磁效应，即电流可以在其周围产生磁场D．奥斯特发现导线通电时，导线附近小磁针发生偏转7．一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假设该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，速度大小增加为原来2倍，那么变轨前后卫星〔〕A．轨道半径变为原来2倍B．卫星轨道半径变为原来倍C．卫星运动周期变为原来8倍D．卫星加速度变为原来16倍8．如图〔a〕，一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动v﹣t图线如图〔b〕所示，假设重力加速度及图中v0，v1，t1均为量，那么可求出〔〕A．斜面倾角B．物块质量C．物块与斜面间动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行最大高度2．〔1〕释放纸带前，纸带〔选填“0“或“C“〕端在上面；〔2〕重物从0运动到B过程中，动能变化量△E= J〔取两位有效数字〕；〔3〕请列举一种能有效减小实验误差做法．10．下面是一些有关高中物理实验描述，其中正确是〔〕A．在“研究匀变速直线运动〞实验中，不需要平衡摩擦力B．在“验证机械能守恒定律〞实验中，必须用天平测物体质量C．在“验证力平行四边形定那么〞实验中，只用一根弹簧秤无法完成D．在用橡皮筋“探究功与速度变化关系〞实验中不需要直接求出合外力做功E．在用欧姆表“×10〞挡测量电阻时发现指针偏转角太小，应该换“×1〞挡进展测量11．小杨同学采用如图1所示装置进展“验证机械能守恒定律〞实验〔1〕除了图1装置中器材之外，还必须从图2中选取实验器材，其名称是；〔2〕指出图1装置中一处不合理地方；〔3〕小杨同学得到了如图3一条纸带，读出0、5两点间距离为cm；〔4〕计算打下计数点5时纸带速度大小为m/s〔保存3位有效数字〕．12．图〔a〕为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数实验装置示意图．实验步骤如下：①用天平测量物块与遮光片总质量M、重物质量m；用游标卡尺测量遮光片宽度d；用米尺测量两光电门之间距离s；②调整轻滑轮，使细线水平；③让物块从光电门A左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A与光电门B所用时间△t A与△t B，求出加速度a；④屡次重复步骤③，求a平均值；⑤根据上述实验数据求出动摩擦因数μ．答复以下问题：〔1〕测量d时，某次游标卡尺〔主尺最小分度为1mm〕示数如图〔b〕所示，其读数为cm．〔2〕物块加速度a可用d、s、△t A与△t B表示为a= ．〔3〕动摩擦因数μ可用M、m、与重力加速度g表示为μ=．〔4〕如果细线没有调整到水平，由此引起误差属于〔填“偶然误差〞或“系统误差〞〕．2加速度匀减速下降．为了伞兵平安，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，〔取g=10m/s2〕求：〔1〕伞兵展伞时，离地面高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？〔2〕伞兵在空中最短时间为多少？【物理-选修3-5】14．如图甲是氢原子能级图，对于一群处于n=4氢原子，以下说法中正确是〔〕A．这群氢原子能够吸收任意能量光子后向更高能级跃迁B．这群氢原子能够发出6种不同频率光C．这群氢原子发出光子中，能量最大为10.2 eVD．如果发出光中子有两种能使某金属产生光电效应，其中一种一定是由n=3 能级跃迁到n=1能级发出E．从n=4能级跃迁到n=3能级发出光波长最长15．如下图，在高1.25m水平桌面上放一个质量为0.5kg木块，质量为0.1kg橡皮泥以30m/s水平速度粘到木块上〔粘合过程时间极短〕．木块在桌面上滑行1.5m后离开桌子落到离桌边2m 地方．求木块与桌面间动摩擦因数．〔g取10m/s2〕2021 -2021学年广东省江门市台山市华侨中学高三〔上〕物理测试卷〔4〕参考答案与试题解析一、单项选择题：每题6分，30分．1．如下图，物体B上外表水平，A、B相对于斜面C静止，当斜面C受到水平力F向左匀速运动过程中〔〕A．物体A可能受到3个力作用B．物体B一定受到4个力作用C．物体C对物体B作用力竖直向上D．物体C与物体B之间可能没有摩擦力【考点】共点力平衡条件及其应用；力合成与分解运用．【分析】分别对A、B、受力分析，结合平衡条件与牛顿第三定律判断力有无．【解答】解：A、物体A做匀速直线运动，合力为零；受重力、支持力；假设有静摩擦力，不管向左还是向右，都不平衡，故A错误；B、对物体B受力分析，受重力、A对B向下压力、C对B支持力、C对B沿斜面向上静摩擦力，受力平衡，故B正确；C、对物体B受力分析，受重力、A对B向下压力、C对B支持力、C对B沿斜面向上静摩擦力；受力平衡，合力为零；重力与压力合力向下，故支持力与静摩擦力合力一定向上，与重力与压力合力平衡；故C正确；D、假设B与C之间没有摩擦力，物体A与B不能平衡，会下滑，故D错误；应选BC．2．如下图，从地面上同一位置抛出两小球A、B，分别落在地面上M、N点，A球运动最大高度大于B球运动最大高度．空气阻力不计，那么〔〕A．B加速度比A大B．B飞行时间比A飞行时间长C．B在最高点速度比A在最高点大D．A落地时速度比B落地时速度大【考点】抛体运动．【分析】由题知，两球均做斜抛运动，运用运动分解法可知：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，两球加速度一样，由竖直高度不同，由运动学公式分析竖直方向分运动时间关系，根据水平分位移公式即可知道水平初速度关系．两球在最高点速度等于水平初速度．【解答】解：A、不计空气阻力，两球加速度都为重力加速度g．故A错误．B、两球都做斜抛运动，竖直方向分运动是竖直上抛运动，根据运动对称性可知，两球上升与下落时间相等，而下落过程，由t=知下落时间不相等，是A球运动时间长，故B错误．C、最高点速度等于水平分运动速度，根据x=v x t，由于A球运动时间长，水平分位移小，故A球水平分运动速度小，故A球在最高点速度比B在最高点速度小．故C正确．D、落地速度等于抛出速度，竖直分运动初速度是A大，水平分运动速度是B大，故无法比拟合运动初速度大小．故D错误．应选：C3．将一个质量为1kg小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程v﹣t图象如下图，g取10m/s2．说法中正确是〔〕A．小球上升与下落所用时间之比为2：3B．小球下落过程，处于超重状态C．小球重力与阻力之比为5：1D．小球上升过程中机械能损失大于下落过程中机械能损失【考点】功能关系；牛顿第二定律．【分析】根据图象可以得到上升过程中加速度大小，根据牛顿第二定律可以求得阻力大小，从而得到重力与阻力之比．由牛顿第二定律求得小球下降过程加速度大小，利用位移时间关系可以求得运动时间关系，利用功公式可以分析克制阻力做功关系，从而得到机械能损失关系．【解答】解：A、根据图象可得，小球上升过程中，加速度大小为：a上==m/s2=12m/s2根据牛顿第二定律可得：mg+f=ma，解得阻力大小为：f=ma﹣mg=1×〔12﹣10〕N=2N在下降过程中，加速度大小为：a下==8m/s2上升与下降位移大小相等，根据x=at2可得运动时间为：t=，所以时间之比为小球上升与下落所用时间之比为：===，故A错误；B、小球下落过程，加速度向下，处于失重状态，故B错误；C、小球重力与阻力之比为G：f=mg：f=10：2=5：1，故C正确；D、机械能损失等于克制阻力做功大小，在上升与下降过程中，阻力大小不变，高度一样，所以克制阻力做功也一样，机械能损失也一样，故D错误；应选：C4．如下图，小球用细绳系住放在倾角为θ光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上拉力将〔〕A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．先增大后减小D．先减小后增大【考点】向心力；共点力平衡条件及其应用；决定向心力大小因素．【分析】在力学中，有这样一类问题：一个物体〔质点〕受到三个共点力〔或多个共点力但可以等效为三个共点力〕作用而处于平衡状态，其中一个力变化引起其它力变化，需要判定某些力变化情况，或确定其极值．它求解方法对其他矢量分析同样适用．对球受力分析，受重力、支持力、拉力，其中重力大小方向都不变，支持力方向不变、大小变，拉力大小与方向都变，可用作图法分析．【解答】解：对球受力分析，受重力、支持力、拉力，如图其中重力大小方向都不变，支持力方向不变，拉力大小与方向都变，将重力按照作用效果分解由图象可知，G1先变小后变大，G2变小又根据共点力平衡条件G1=FG2=N故拉力F先变小后变大；应选D．5．理论研究说明第二宇宙速度是第一宇宙速度倍．火星探测器悬停在距火星外表高度为h处时关闭发动机，做自由落体运动，经时间t落到火星外表．引力常量为G，火星半径为R．假设不考虑火星自转影响，要使探测器脱离火星飞回地球，那么探测器从火星外表起飞速度至少为〔〕【考点】第一宇宙速度、第二宇宙速度与第三宇宙速度．【分析】地球第一宇宙速度为7.9km/s，而第二宇宙速度为11.2km/s，对于火星来说，第二宇宙速度是第一宇宙速度倍，根据公式v=，即可求解．【解答】解：AB、根据运动学公式，结合高度为h处探测器，经时间t落到火星外表，那么火星外表重力加速度g火=；根据公式v===，那么探测器从火星外表起飞速度至少v=，故A正确，B错误；C、速度7.9km/s与11.2km/s是地球第一宇宙速度与第二宇宙速度，故CD错误；应选：A．二、多项选择题：每题6分，共18分．6．以下说法中，符合物理学史实是〔〕A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力作用，物体或静止B．牛顿认为，力是物体运动状态改变原因，而不是物体运动原因C．麦克斯韦发现了电流磁效应，即电流可以在其周围产生磁场D．奥斯特发现导线通电时，导线附近小磁针发生偏转【考点】物理学史．【分析】根据物理学史与常识解答，记住著名物理学家主要奉献即可．【解答】解：A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力作用，物体静止，故A正确；B、牛顿认为，力是物体运动状态改变原因，而不是物体运动原因，故B正确；C、奥斯特发现了电流磁效应，即电流可以在其周围产生磁场，故C 错误；D、奥斯特发现导线通电时，导线附近小磁针发生偏转，电流可以在其周围产生磁场，故D正确．应选：ABD．7．一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假设该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，速度大小增加为原来2倍，那么变轨前后卫星〔〕A．轨道半径变为原来2倍B．卫星轨道半径变为原来倍C．卫星运动周期变为原来8倍D．卫星加速度变为原来16倍【考点】人造卫星加速度、周期与轨道关系；万有引力定律及其应用．【分析】根据万有引力提供圆周运动向心力，由卫星轨道半径变化确定描述圆周运动物理量变化即可．【解答】解：AB、卫星圆周运动向心力由万有引力提供可得可得v=可知当卫星速度增加为原来2倍时，其轨道半径减小为原来，故A错误，B正确；C、据万有引力提供圆周运动向心力有可得卫星周期T=可知当变为原来，卫星周期变为原来，故C错误；D、据可得a=可得半径变为原来，加速度变为原来16倍．故D 正确．应选：BD．8．如图〔a〕，一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动v﹣t图线如图〔b〕所示，假设重力加速度及图中v0，v1，t1均为量，那么可求出〔〕A．斜面倾角B．物块质量C．物块与斜面间动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行最大高度【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动图像．【分析】由图b可求得物体运动过程及加速度，再对物体受力分析，由牛顿第二定律可明确各物理量是否能够求出．【解答】解：由图b可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速；图象与时间轴围成面积为物体经过位移，故可出物体在斜面上位移；图象斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：mgsinθ+μmgcosθ=ma1；下降过程有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于m均消去，故无法求得质量；因上升位移及夹角，那么可求得上升最大高度；应选：ACD．2．〔1〕释放纸带前，纸带 C 〔选填“0“或“C“〕端在上面；〔2〕重物从0运动到B过程中，动能变化量△E= 0.67 J〔取两位有效数字〕；〔3〕请列举一种能有效减小实验误差做法屡次测量求平均值．【考点】探究功与速度变化关系．【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验仪器、操作步骤与数据处理以及考前须知．纸带法实验中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上点间距，利用匀变速直线运动推论，可计算出打出某点时纸带运动瞬时速度与加速度，从而求出动能．【解答】解：〔1〕0点为打出来第一个点，速度为0，与重物相连纸带在下端，应该先打点．所以释放纸带前，纸带C端在上面．〔2〕利用匀变速直线运动推论得：=1.1575m/s，△E k=mv B2==0.67J，〔3〕可以屡次测量求平均值以减小实验误差．故答案为：〔1〕C；〔2〕0.67；〔3〕屡次测量求平均值．10．下面是一些有关高中物理实验描述，其中正确是〔〕A．在“研究匀变速直线运动〞实验中，不需要平衡摩擦力B．在“验证机械能守恒定律〞实验中，必须用天平测物体质量C．在“验证力平行四边形定那么〞实验中，只用一根弹簧秤无法完成D．在用橡皮筋“探究功与速度变化关系〞实验中不需要直接求出合外力做功E．在用欧姆表“×10〞挡测量电阻时发现指针偏转角太小，应该换“×1〞挡进展测量【考点】探究小车速度随时间变化规律；验证机械能守恒定律；探究功与速度变化关系．【分析】通过实验原理确定各个实验中操作步骤是否正确，知道欧姆表刻度盘与电流表、电压表刻度盘不同，指针偏角较小时，可知电阻较大，指针偏转较大时，电阻较小．【解答】解：A、在“研究匀变速直线运动〞实验中，研究速度随时间变化规律，不需要平衡摩擦力，故A正确．B、在验证机械能守恒定律实验中，验证动能增加量与重力势能减小量是否相等，质量可以约去，不需要用天平测量物体质量，故B错误．C、在验证力平行四边形定那么实验中，沿研究合力与分力关系，运用一根弹簧秤可以完成，故C错误．D、在用橡皮筋“探究功与速度变化关系〞实验中不需要直接求出合外力做功，运用一样橡皮筋，通过功倍数研究．故D正确．E、在用欧姆表“×10〞挡测量电阻时发现指针偏转角太小，可知电阻太大，应换用倍率较大档进展测量，故E错误．应选：AD．11．小杨同学采用如图1所示装置进展“验证机械能守恒定律〞实验〔1〕除了图1装置中器材之外，还必须从图2中选取实验器材，其名称是毫米刻度尺；〔2〕指出图1装置中一处不合理地方重锤离打点计时器太远；〔3〕小杨同学得到了如图3一条纸带，读出0、5两点间距离为 4.75 cm；〔4〕计算打下计数点5时纸带速度大小为0.912 m/s〔保存3位有效数字〕．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】〔1、2〕根据正确解答实验问题前提是明确实验原理，从实验原理出发进展分析所需实验器材；〔3〕从减少实验误差思路出发；〔4〕根据平均速度等于瞬时速度公式，即可求解；【解答】解：〔1〕实验中纸带上点点之间距离需要测量，故用到毫米刻度尺；〔2〕为能在纸带上打出更多点，那么纸带应该上提；〔3〕0、5两点间距离为4.75cm；〔4〕根据平均速度等于瞬时速度，那么有：v===0.912m/s；故答案为：〔1〕毫米刻度尺；〔2〕重锤离打点计时器太远；〔3〕4.75；〔4〕0.912．12．图〔a〕为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数实验装置示意图．实验步骤如下：①用天平测量物块与遮光片总质量M、重物质量m；用游标卡尺测量遮光片宽度d；用米尺测量两光电门之间距离s；②调整轻滑轮，使细线水平；③让物块从光电门A左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A与光电门B所用时间△t A与△t B，求出加速度a；④屡次重复步骤③，求a平均值；⑤根据上述实验数据求出动摩擦因数μ．答复以下问题：〔1〕测量d时，某次游标卡尺〔主尺最小分度为1mm〕示数如图〔b〕所示，其读数为0.960 cm．〔2〕物块加速度a可用d、s、△t A与△t B表示为a=．〔3〕动摩擦因数μ可用M、m、与重力加速度g表示为μ=．〔4〕如果细线没有调整到水平，由此引起误差属于系统误差〔填“偶然误差〞或“系统误差〞〕．【考点】用双缝干预测光波长．【分析】〔1〕游标卡尺主尺与游标尺示数之与是游标卡尺示数，〔2〕由速度公式求出物块经过A、B两点时速度，然后由匀变速运动速度位移公式求出物块加速度；〔3〕由牛顿第二定律求出动摩擦因数．〔4〕由于实验设计造成误差是系统误差，由于实验操作、读数等造成误差属于偶然误差．【解答】解：〔1〕由图〔b〕所示游标卡尺可知，主尺示数为0.9cm，游标尺示数为12×+0.060cm=0.960cm．〔2〕物块经过A点时速度为：v A=，物块经过B点时速度为：v B=，物块做匀变速直线运动，由速度位移公式得：v B2﹣v A2=2as，加速度为：a=；〔3〕以M、m组成系统为研究对象，由牛顿第二定律得：mg﹣μMg=〔M+m〕，解得：μ=；〔4〕如果细线没有调整到水平，由此引起误差属于系统误差．故答案为：〔1〕0.960；〔2〕；〔3〕；〔4〕系统误差．2加速度匀减速下降．为了伞兵平安，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，〔取g=10m/s2〕求：〔1〕伞兵展伞时，离地面高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？〔2〕伞兵在空中最短时间为多少？【考点】匀变速直线运动位移与时间关系；匀变速直线运动速度与时间关系．【分析】〔1〕整个过程中，伞兵先做自由落体运动，后做匀减速运动，总位移大小等于224m．设伞兵展伞时，离地面高度至少为h，此时速度为v0，先研究匀减速过程，由速度﹣位移关系式，得到v0与h 关系式，再研究自由落体过程，也得到一个v0与h关系式，联立求解．〔2〕由〔1〕求出v0，由速度公式求出两个过程时间，即可得到总时间．【解答】解：〔1〕设伞兵展伞时，离地面高度至少为h，此时速度为v0，那么：对于匀减速运动过程，有，即52﹣=﹣2××h对于自由下落过程，有=2g=2×10×联立解得h=99 m，v0=50 m/s以5m/s速度落地相当于从h1高处自由落下，即2gh1=v2所以h1=m=1.25 m．〔2〕设伞兵在空中最短时间为t，那么有v0=gt1，t1=s=5 s，t2=s=3.6 s，故所求时间t=t1+t2=〔5+3.6〕s=8.6 s．答：〔1〕伞兵展伞时，离地面高度至少为99m，着地时相当于从1.25m高处自由落下．〔2〕伞兵在空中最短时间为8.6s．【物理-选修3-5】14．如图甲是氢原子能级图，对于一群处于n=4氢原子，以下说法中正确是〔〕A．这群氢原子能够吸收任意能量光子后向更高能级跃迁B．这群氢原子能够发出6种不同频率光C．这群氢原子发出光子中，能量最大为10.2 eVD．如果发出光中子有两种能使某金属产生光电效应，其中一种一定是由n=3 能级跃迁到n=1能级发出E．从n=4能级跃迁到n=3能级发出光波长最长【考点】氢原子能级公式与跃迁．【分析】能级间跃迁辐射或吸收光子能量必须等于两能级间能级差，能级差越大，辐射光子能量越大，频率越大，波长越小．【解答】解：A、氢原子发生跃迁，吸收能量必须等于两能级能级差．故A错误．B、根据=6知，这群氢原子能够发出6种不同频率光子．故B正确．C、一群处于n=4氢原子，由n=4跃迁到n=1，辐射光子能量最大，△E=13.6﹣0.85eV=12.75eV．故C错误．D、如果发出光子有两种能使某金属产生光电效应，知两种光子为能量最大两种，分别为由n=4跃迁到n=1，与n=3跃迁到n=1能级发出．故D正确．E、从n=4跃迁到n=3辐射光子能量最小，频率最小，那么波长最长．故E正确．应选：BDE．15．如下图，在高1.25m水平桌面上放一个质量为0.5kg木块，质量为0.1kg橡皮泥以30m/s水平速度粘到木块上〔粘合过程时间极短〕．木块在桌面上滑行1.5m后离开桌子落到离桌边2m 地方．求木块与桌面间动摩擦因数．〔g取10m/s2〕【考点】动量守恒定律；平抛运动．【分析】木块离开桌面后做平抛运动，应用平抛运动规律可以求出木块离开桌面时速度；橡皮泥击中木块过程系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出木块速度；木块与橡皮泥一起在桌面上做匀减速直线运动，应用动能定理可以求出动摩擦因数．【解答】解：木块离开桌面后做平抛运动，在水平方向：s=v′t，在竖直方向：h=gt2，代入数据解得：v′=4m/s，橡皮泥击中木块过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=〔M+m〕v，代入数据解得：v=5m/s，木块在桌面上运动过程由动能定理得：﹣μ〔M+m〕gx=〔M+m〕v′2﹣〔M+m〕v2，代入数据解得：μ=0.3；答：木块与桌面间动摩擦因数为0.3．第21 页。

2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）第二次统测物理试卷（10月份）一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学研究推动人类文明的进程，下列叙述符合实际的是( )A．牛顿是第一个称出地球质量的人B．法拉第用月地检验证实了万有引力定律的正确性C．伽利略通过理想斜面实验推翻了亚里士多德的观点并总结出力与运动的关系D．卡文迪许利用扭称测出了引力常量G的数值2．如图，物体A在粗糙的斜面B上，在下列各种状态中，斜面B对物体A的支持力最大的是( )A．物体A与斜面B均静止在水平面上B．物体A沿斜面B加速下滑，B不动C．物体A与斜面B相对静止并加速向右运动D．物体A与斜面B相对静止并匀速向右运动3．如图所示，在光滑的绝缘水平面上，四个带电小球a、b、c和d分别置于边长为了l的正方形的四个顶点上，a、b、c带正电，d带负电，电荷量均为q，已知静电力常量为k，正方形中心O点电场强度的大小为( )A．0 B．C．D．4．赤道上随地球自转的物体A，赤道上空的近地卫星B，地球的同步卫星C，它们的运动都可以视为匀速圆周运动．分别用a、v、T、ω表示物体的向心加速度、速度、周期和角速度，下列判断正确的是( )A．a A＞a B＞a C B．v B＞v C＞v A C．T A＞T B＞T C D．ωA＞ωC＞ωB5．通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为( )A．12V B．4V C．15V D．8V6．在同一水平直线上的两位置分别沿水平方向向右抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力．要使两球在空中P点相遇，则必须( )A．使A、B两球质量相等B．A球初速度大于B球初速度C．B球先抛出D．同时抛出两球7．在用实验研究电磁感应现象的特点时，一位学生让一个条形磁铁从某高处自由落入螺线管中，如图所示．下列说法正确的是( )A．磁铁下落过程中，螺线管对桌面的压力大于螺线管的重力B．磁铁下落过程中，螺线管对桌面的压力小于螺线管的重力C．磁铁下落过程中机械能不守恒D．下落过程中，磁铁做加速度减小的加速运动8．磁流体发电机是一项新兴的发电技术．如图是它的示意图，平行金属板A、B之间有一个很强的磁场，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）喷入磁场，A、B两板之间便产生电压．关于磁流体发电机，以下说法正确的是( )A．磁流体发电机是根据电磁感应原理发电的B．当S闭合时，电压表V的读数（也是发电机的路端电压）将减小C．当S闭合时，电压表V的读数将不变；电流表A的读数将增大D．以能量转化的角度来看，磁流体发电机是把等离子体的动能转化为电能二、解答题（共4小题，满分47分）9．某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图（a）和（b）所示．该工件的直径为__________cm，高度为__________mm．10．某同学利用下述装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究，一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连：弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘，如图（a）所示．向左推小球，使弹簧压缩一段距离后由静止释放．小球离开桌面后落到水平地面．通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能．回答下列问题：（1）本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能E p与小球抛出时的动能E k相等．已知重力加速度大小为g，为求得E k，至少需要测量下列物理量中的__________（填正确答案标号）．A．小球的质量mB．小球抛出点到落地点的水平距离sC．桌面到地面的高度hD．弹簧的压缩量△xE．弹簧原长l0（2）用所选取的测量量和已知量表示E k，得E k=__________．（3）图（b）中的直线是实验测量得到的s﹣△x图线．从理论上可推出，如果h不变．m增加，s﹣△x图线的斜率会__________（填“增大”、“减小”或“不变”）；如果m不变，h 增加，s﹣△x图线的斜率会__________（填“增大”、“减小”或“不变”）．由图（b）中给出的直线关系和E k的表达式可知，E p与△x的__________次方成正比．11．短跑运动员完成100米赛跑的过程可简化为匀加速直线运动和匀速直线运动两个阶段．在一次比赛中，某运动员用11.00秒跑完全程．已知该运动员在匀加速直线运动阶段的第2秒内通过的距离为7.5米．试求：（1）运动员在匀加速直线运动阶段的加速度；（2）运动员在匀加速直线运动阶段通过的距离．12．如图，纸面内有E、F、G三点，∠GEF=30°，∠EFG=135°．空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外．先使带有电荷量为q（q＞0）的点电荷a在纸面内垂直于EF从F点射出，其轨迹经过G点；再使带有同样电荷量的点电荷b在纸面内与EF成一定角度从E点射出，其轨迹也经过G点．两点电荷从射出到经过G点所用的时间相同，且经过G 点时的速度方向也相同．已知点电荷a的质量为m，轨道半径为R，不计重力．求：（1）点电荷a从射出到经过G点所用的时间；（2）点电荷b的速度大小．13．关于原子核的结合能，下列说法正确的是( )A．原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B．一重原子核衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C．铯原子核（Cs）的结合能小于铅原子核（Pb）的结合能D．比结合能越大，原子核越不稳定E．自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能14．如图，光滑水平直轨道上有三个质量均为m的物块A、B、C． B的左侧固定一轻弹簧（弹簧左侧的挡板质量不计）．设A以速度v0朝B运动，压缩弹簧；当A、B速度相等时，B与C 恰好相碰并粘接在一起，然后继续运动．假设B和C碰撞过程时间极短．求从A开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中，（1）整个系统损失的机械能；（2）A与挡板分离时，A的速度（计算结果可用根号表示）．2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）第二次统测物理试卷（10月份）一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学研究推动人类文明的进程，下列叙述符合实际的是( )A．牛顿是第一个称出地球质量的人B．法拉第用月地检验证实了万有引力定律的正确性C．伽利略通过理想斜面实验推翻了亚里士多德的观点并总结出力与运动的关系D．卡文迪许利用扭称测出了引力常量G的数值【考点】物理学史．【专题】定性思想；归纳法；直线运动规律专题．【分析】本题是物理学史问题，根据卡文迪许、牛顿、伽利略等科学家的物理成就即可解答．【解答】解：A、卡文迪许是第一个称出地球质量的人，故A错误．B、牛顿用月地检验证实了万有引力定律的正确性，故B错误．C、伽利略通过理想斜面实验推翻了亚里士多德的观点，是牛顿总结出力与运动的关系．故C 错误．D、牛顿发现万有引力定律之后，卡文迪许利用扭称测出了引力常量G的数值，故D正确．故选：D【点评】解决本题的关键是记牢卡文迪许、牛顿、伽利略等科学家的科学成就，平时注意积累，不能张冠李戴．2．如图，物体A在粗糙的斜面B上，在下列各种状态中，斜面B对物体A的支持力最大的是( )A．物体A与斜面B均静止在水平面上B．物体A沿斜面B加速下滑，B不动C．物体A与斜面B相对静止并加速向右运动D．物体A与斜面B相对静止并匀速向右运动【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．【专题】定性思想；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】以物体为研究对象，分析受力情况即可：物体静止在粗糙的斜面上，或物体A与斜面B相对静止，说明物体A处于平衡状态，物体所受的合力为零．物体A沿斜面B加速下滑，B不动，将A受到的力分解即可；物体A与斜面B相对静止并加速向右运动，需要先以牛顿第二定律判断出合力的方向，然后再结合力的合成与分解分析．【解答】解：A、物体A与斜面B均静止在水平面上，A静止，受到重力、支持力和摩擦力的作用处于平衡状态，沿垂直于斜面的方向是平衡力，设A的质量为m，斜面的倾角为θ；则A 受到的支持力等于mgcosθ．B、物体A沿斜面B加速下滑，B不动时，A沿垂直于斜面的方向是平衡力，则A受到的支持力等于mgcosθ．C、物体A与斜面B相对静止并加速向右运动时，A竖直方向受力平衡；同时A具有水平向右的加速度，设加速度的大小为a，则对A进行受力分析如图：由几何关系可知：D、物体A与斜面B相对静止并匀速向右运动时，受到重力、支持力和摩擦力的作用处于平衡状态，沿垂直于斜面的方向是平衡力，则A受到的支持力等于mgcosθ．将以上的四种情况下A受到的支持力减小比较，可知C选项的情况下A受到的支持力最大．故选：C【点评】本题的解题技巧是选择整体作为研究对象，根据平衡条件分析斜面体所受支持力和摩擦力情况．3．如图所示，在光滑的绝缘水平面上，四个带电小球a、b、c和d分别置于边长为了l的正方形的四个顶点上，a、b、c带正电，d带负电，电荷量均为q，已知静电力常量为k，正方形中心O点电场强度的大小为( )A．0 B．C．D．【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】定量思想；合成分解法；电场力与电势的性质专题．【分析】在边长为l的正方形四个顶点a、b、c、d上依次放置电荷量为+q、+q、+q和﹣q的点电荷，a、c两点上的电荷在O点产生的场强大小相等，方向相反，正好抵消，最终的场强为b、d两点电荷在O点产生场强的合场强．【解答】解：a、c两点上的电荷在O点产生的场强大小相等，方向相反，正好抵消，最终的场强为b、d两点电荷在O点产生场强的合场强．则O点的场强为：E=方向沿Od连线由O指向d．故选：B【点评】解决本题的关键掌握点电荷的场强公式，以及点电荷的场强方向，会根据平行四边形定则进行场强的叠加．4．赤道上随地球自转的物体A，赤道上空的近地卫星B，地球的同步卫星C，它们的运动都可以视为匀速圆周运动．分别用a、v、T、ω表示物体的向心加速度、速度、周期和角速度，下列判断正确的是( )A．a A＞a B＞a C B．v B＞v C＞v A C．T A＞T B＞T C D．ωA＞ωC＞ωB【考点】同步卫星．【专题】定量思想；推理法；人造卫星问题．【分析】题中涉及三个物体：地球同步卫星C、地球赤道上有一随地球的自转而做圆周运动物体A、绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星B，同步卫星与物体A周期相同，物体A与人造卫星B转动半径相同，同步卫星C与人造卫星B，都是万有引力提供向心力；分三种类型进行比较分析即可．【解答】解：A、同步卫星与物体A周期相同，根据圆周运动公式a=r，得a C＞a A，同步卫星C与人造卫星B，都是万有引力提供向心力，所以a=，由于r C＞r B，由牛顿第二定律，可知a B＞a C．故A错误．B、同步卫星与物体A周期相同，根据圆周运动公式v=，所以v C＞v A，再由引力提供向心力，，即有v=，因此v B＞v C，故B正确．C、同步卫星与地球自转同步，所以T C=T A．根据开普勒第三定律得卫星轨道半径越大，周期越大，故T C＞T B．故C错误；D、根据周期与角速度的关系式，T=，结合C选项分析，故D错误．故选：B．【点评】本题关键要将物体A、人造卫星B、同步卫星C分为三组进行分析比较，最后再综合；一定不能将三个物体当同一种模型分析，否则会使问题复杂化．5．通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为( )A．12V B．4V C．15V D．8V【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【专题】交流电专题．【分析】已知交变电流的周期，一个周期内分为两段，每一段均为恒定电流，根据焦耳定律即可得一个周期内交变电流产生的热量．【解答】解：由有效值的定义可得I12Rt1+I22Rt2=T，代入数据得（0.1）2R×0.8+（0.2）2×R×0.2=×1，解得U=4V故选：B．【点评】本题考察的是根据交变电流有效值的定义计算有关交变电流的有效值．6．在同一水平直线上的两位置分别沿水平方向向右抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力．要使两球在空中P点相遇，则必须( )A．使A、B两球质量相等B．A球初速度大于B球初速度C．B球先抛出D．同时抛出两球【考点】平抛运动．【专题】分割思想；合成分解法；平抛运动专题．【分析】平抛运动可分解为在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由下落高度决定，根据下落的高度比较两小球运动的时间，从而确定抛出的先后顺序，结合水平位移和时间比较两小球初速度的大小．【解答】解：A、下落时间与小球的质量无关，因此A、B两小球质量是否相等都没关系，A错误；B、因为A小球的水平位移大于B小球的水平位移，根据x=v0t，且下落时间t相等知，A小球的初速度大于B小球的初速度，B正确；CD、相遇时，A、B下落的高度相同，根据h=知，下落的时间相同，知两小球同时抛出，C错误，D正确；故选：BD【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．7．在用实验研究电磁感应现象的特点时，一位学生让一个条形磁铁从某高处自由落入螺线管中，如图所示．下列说法正确的是( )A．磁铁下落过程中，螺线管对桌面的压力大于螺线管的重力B．磁铁下落过程中，螺线管对桌面的压力小于螺线管的重力C．磁铁下落过程中机械能不守恒D．下落过程中，磁铁做加速度减小的加速运动【考点】研究电磁感应现象．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】条形磁铁在下落过程中，导致穿过线圈的磁通量发生变化，根据楞次定律可知，感应电流的方向，由左手定则来确定安培力方向，从而阻碍条形磁铁的下落，根据机械能守恒条件，及牛顿第二定律，来判定机械能是否守恒，及运动性质．【解答】解：AB、条形磁铁在下落过程中，根据楞次定律，结合穿过线圈的磁通量增大，产生感应电流，从而出现安培阻力，导致磁铁对桌面的压力大于重力，故A正确，B错误；C、条形磁铁在下落过程中，线圈产生感应电流，安培力总是阻碍相对运动，所以机械能不守恒，故C正确；D、根据法拉第电磁感应定律可知，当下落越快时，则阻力越大，但加速度仍小于g，因此磁铁做加速度减小的加速运动，故D正确；故选：ACD．【点评】该题考查楞次定律的应用，并结合受力分析，根据牛顿第二定律，来确定加速度大小，同时掌握随着条形磁铁的下落，磁通量如何变化，及磁场方向．8．磁流体发电机是一项新兴的发电技术．如图是它的示意图，平行金属板A、B之间有一个很强的磁场，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）喷入磁场，A、B两板之间便产生电压．关于磁流体发电机，以下说法正确的是( )A．磁流体发电机是根据电磁感应原理发电的B．当S闭合时，电压表V的读数（也是发电机的路端电压）将减小C．当S闭合时，电压表V的读数将不变；电流表A的读数将增大D．以能量转化的角度来看，磁流体发电机是把等离子体的动能转化为电能【考点】带电粒子在混合场中的运动；功能关系．【专题】定性思想；推理法；带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】磁流体发电机是把等离子体的动能转化为电能，属于电磁感应现象；当S闭合时，电压不变，根据闭合电路欧姆定律，可知，因总电阻变化，从而确定总电流如何变化，即可判定电流表的读数．【解答】解：AD、磁流体发电基本原理是根据电磁感应原理，用导电流体（气体或液体）与磁场相对运动而发电，以能量转化的角度来看，磁流体发电机是把等离子体的动能转化为电能，故AD正确；B、当S闭合时，因不计内阻，则路端电压不变，即电压表V的读数（也是发电机的路端电压）将不变，而随着灯泡的接入，则总电阻减小，那么电流表的读数增大，故B错误，C正确；故选：ACD．【点评】考查磁流体发电机的原理，掌握闭合电路欧姆定律的应用，理解路端电压的含义，注意磁流体发电机不计内阻，是解题的关键．二、解答题（共4小题，满分47分）9．某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图（a）和（b）所示．该工件的直径为1.220cm，高度为6.860mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为1.2cm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.05mm=0.20mm=0.020cm，所以最终读数为：1.2cm+0.020cm=1.220cm．2、螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为36.0×0.01mm=0.360mm，所以最终读数为6.5mm+0.360mm=6.860mm，故答案为：1.220，6.860【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．10．某同学利用下述装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究，一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连：弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘，如图（a）所示．向左推小球，使弹簧压缩一段距离后由静止释放．小球离开桌面后落到水平地面．通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能．回答下列问题：（1）本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能E p与小球抛出时的动能E k相等．已知重力加速度大小为g，为求得E k，至少需要测量下列物理量中的ABC（填正确答案标号）．A．小球的质量mB．小球抛出点到落地点的水平距离sC．桌面到地面的高度hD．弹簧的压缩量△xE．弹簧原长l0（2）用所选取的测量量和已知量表示E k，得E k=．（3）图（b）中的直线是实验测量得到的s﹣△x图线．从理论上可推出，如果h不变．m增加，s﹣△x图线的斜率会减小（填“增大”、“减小”或“不变”）；如果m不变，h增加，s﹣△x图线的斜率会增大（填“增大”、“减小”或“不变”）．由图（b）中给出的直线关系和E k的表达式可知，E p与△x的2次方成正比．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题；实验探究题；定性思想；实验分析法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】本题的关键是通过测量小球的动能来间接测量弹簧的弹性势能，然后根据平抛规律以及动能表达式即可求出动能的表达式，从而得出结论．本题的难点在于需要知道弹簧弹性势能的表达式（取弹簧因此为零势面），然后再根据E p=E k即可得出结论．【解答】解（1）由平抛运动规律可知，由水平距离和下落高度即可求出平抛时的初速度，进而可求出小球运动的动能，所以本实验至少需要测量小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离s、桌面到地面的高度h，故选ABC．（2）由平抛运动规律有h=，s=vt，又小球动能，可得E k=；（3）对于确定的弹簧压缩量△x而言，弹力F是一定的，增大小球的质量，小球被弹簧加速时的加速度会减小，从而减小小球做平抛运动的初速度和水平位移，即h不变，m增加，相同的△x要对应更小的s，那么s﹣△x图线的斜率会减小；如果m不变，h增加，则小球下落的时间增大，小球做平抛运动的水平位移s变大，相同的△x 要对应更大的s，s﹣△x图线的斜率会增大；由s的关系式和s=k△x可知，Ep与△x的2次方成正比．故答案为：（1）ABC；（2）；（3）减小，增大，2【点评】明确实验原理，根据通过测量小球的动能来间接测量弹簧的弹性势能的规律得出表达式，然后进行讨论．11．短跑运动员完成100米赛跑的过程可简化为匀加速直线运动和匀速直线运动两个阶段．在一次比赛中，某运动员用11.00秒跑完全程．已知该运动员在匀加速直线运动阶段的第2秒内通过的距离为7.5米．试求：（1）运动员在匀加速直线运动阶段的加速度；（2）运动员在匀加速直线运动阶段通过的距离．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】（1）根据匀变速直线运动的位移时间关系，由第2s内的位移求得运动员的加速度；（2）由加速时间求得加速的位移和速度，再根据总时间由匀速的速度和时间求得匀速位移，而总位移为100米．【解答】解：（1）设运动员在匀加速阶段的加速度为a，是根据匀加速运动的位移时间关系x=，可得该运动员第2s内的位移为7.5m，所以有：代入数据可解得加速度a=5m/s2（2）令运动员的加速时间为t，运动员匀速运动的速度为5t，则匀速运动时间为（11﹣t），所以由位移关系可得：解得：t=2s（另一值t=20s不合题意舍去）所以该运动员匀加速运动的位移x=答：（1）运动员在匀加速直线运动阶段的加速度为5m/s2；（2）运动员在匀加速直线运动阶段通过的距离为10m．【点评】掌握匀变速直线运动的位移时间关系是正确解题的关键，不难属于基础题，注意能根据物理情景列出位移方程并能求解即可．12．如图，纸面内有E、F、G三点，∠GEF=30°，∠EFG=135°．空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外．先使带有电荷量为q（q＞0）的点电荷a在纸面内垂直于EF从F点射出，其轨迹经过G点；再使带有同样电荷量的点电荷b在纸面内与EF成一定角度从E点射出，其轨迹也经过G点．两点电荷从射出到经过G点所用的时间相同，且经过G 点时的速度方向也相同．已知点电荷a的质量为m，轨道半径为R，不计重力．求：（1）点电荷a从射出到经过G点所用的时间；（2）点电荷b的速度大小．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】（1）找出圆心，画出轨迹，由几何关系找出偏转角，根据公式求在磁场中的偏转时间；（2）根据两点电荷从射出到经过G点所用的时间相同，且经过G点时的速度方向也相同，画出轨迹，找半径关系即可求出点电荷b的速度大小．【解答】解；设点电荷a的速度为v，由牛顿第二定律得：解得：①设点电荷a作圆周运动的周期为T，则：②点电荷运动轨迹如图所示：设点电荷a从F点进入磁场后的偏转角为θ由几何关系得：θ=90° ③故a从开始运动到经过G点所用时间①②③联立得：④（2）设点电荷b的速度大小为v1，轨道半径为R1，b在磁场中偏转角为θ1，由题意得：⑤解得：⑥由于两轨道在G点相切，所以过G点的半径OG和O1G在同一条直线上，由几何关系得：θ1=60° ⑦R1=2R ⑧②③⑥⑦⑧联立得：答：（1）点电荷a从射出到经过G点所用的时间；（2）点电荷b的速度大小．【点评】本题的难点在于几何图象的确定，要抓住两点电荷从射出到经过G点所用的时间相同，且经过G点时的速度方向也相同，则可得出各自圆弧所对应的圆心角，从而确定粒子运动所经历的时间．13．关于原子核的结合能，下列说法正确的是( )A．原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B．一重原子核衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C．铯原子核（Cs）的结合能小于铅原子核（Pb）的结合能D．比结合能越大，原子核越不稳定E．自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能【考点】原子核的结合能．【专题】压轴题；重核的裂变和轻核的聚变专题．。

2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）第7周周测物理试卷二、选择题：1．质量为2kg的物体静止在足够大的水平面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等．从t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用，F随时间t的变化规律如图所示．重力加速度g取10m/s2，则物体在t=0到t=12s这段时间内的位移大小为（）A．18m B．54m C．72m D．198m2．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，α=30°，β=60°，则OA、OB绳的拉力之比为（）A．：1 B．：1 C．：2 D．2：13．如图所示，足够长的水平传送带以v0=2m/s的速度匀速运行．t=0时刻，在最左端轻放一质量为m的小滑块，t=2s时刻，传送带突然被制动而停止．已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2．下列关于滑块相对地面运动的v﹣t图象正确的是（）A．B．C．D．4．如图所示，在水平桌面上叠放着质量均为M的A、B两块木板，在木板A的上方放着一个质量为m的物块C，木板和物块均处于静止状态．A、B、C之间以及B与地面之间的动摩擦因数都为μ．若用水平恒力F向右拉动木板A，使之从C、B之间抽出来，已知重力加速度为g．则拉力F的大小应该满足的条件是（）A．F＞μ（2m+M）g B．F＞μ（m+2M）g C．F＞2μ（m+M）g D．F＞2μmg5．设地球自转周期为T，质量为M，引力常量为G，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R．同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为（）A．B．C．D．6．如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内．为了使脚所受的拉力减小，可采取的方法是（）A．只增加绳的长度B．只减小重物的质量C．只将病人的脚向左移动 D．只将两定滑轮的间距增大7．蒋昊同学读了一篇“火星的现在、地球的未来”的文章，摘录了以下资料：①根据目前被科学界普遍接受的宇宙大爆炸学说可知，引力常量G在极其缓馒地減小；②太阳几十亿年来一直不断地在通过发光、发热释放能量，质量在減小；③金星和火星是地球的两位近邻，金星位于地球圆轨道的内铡，火星位于地球圆轨道的外侧；④由于火星和地球的自转周期几乎相同，自转轴与与公转轨道平面的倾角几乎相同，所以火星上也有四季变化．根据摘录的资料和有关天体运动规律，可推断（）A．太阳对地球的引力缓慢减小B．太阳对地球的引力缓慢增加C．火星上平均每个季节持续的时间小于3个月D．火星上平均每个季节持续的时间大于3个月8．一个高尔夫球静止于平坦的地面上，在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示．若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息不可以求出（）A．高尔夫球在何时落地B．高尔夫球可上升的最大高度C．人击球时对高尔夫球做的功D．高尔夫球落地时离击球点的距离二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个小题考生都必须作答．第35题为选考题，考生根据要求作答．（共14分）9．甲图中游标卡尺的读数为mm；乙图中螺旋测微器的读数为mm．丙图中多用电表的读数为Ω．10．如图甲示，是验证牛顿第二定律的实验装置．（1）请完善下列实验步骤：A．用天平测量吊盘m0和小车的质量M0．B．平衡小车的摩擦阻力：取下吊盘，调整木板右端的高度，用手轻推小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列间距相等的点．C．按住小车，挂上吊盘，使细线与长木板平行．D．，释放小车，在得到的纸带上标出吊盘（或小车）的总质量m（或M）．E．保持小车总质量一定，多次改变吊盘中的砝码，重复C D步骤．F．保持吊盘总质量一定，多次改变，重复C D步骤．（2）如图乙示，纸带上3个相邻计数点的间距为s1、s2和s3．用米尺测量s1、s3的间距，由图可读出s1=24.3mm，s3= mm．已知打点计时器打点周期为0.02s，利用s1、s3计算小车加速度a= m/s2．（计算结果保留三位有效数字）11．（12分）（2015秋•安庆校级月考）如图示，有一固定在水平桌面上的轨道ABC，AB段粗糙，与水平面间的夹角为θ=37°；BC段光滑，C点紧贴桌子边缘；桌高h=0.8m．一小物块放在A处（可视为质点），小物块与AB间的动摩擦因数为μ=0.25．现在给小物块一个沿斜面向下的初速度v A=1m/s，小物块经过B处时无机械能损失，物块最后落在与C点水平距离x=1.2m的D处．（不计空气阻力，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物块在AB段向下运动时的加速度大小a；（2）小物块到达B处时的速度大小v B；（3）求AB的长L．12．（20分）如图所示，从A点以v0=4m/s的水平速度抛出一质量为m=1kg的小物块（可视为质点），当物块运动至B点时，恰好沿切线方向进入固定的光滑圆弧轨道BC，经圆弧轨道后滑上与C点等高、静止在粗糙水平面的长木板上，圆弧轨道C端切线水平．已知长木板的质量M=4kg，A、B两点距C点的高度分别为H=0.5m，h=0.15m，R=0.75m，物块与长木板之间的动摩擦因数μ1=0.5，长木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.2，g=10m/s2，求：（1）小物块运动至B点时的速度大小和方向．（2）小物块滑至C点时，对圆弧轨道C点的压力．（3）长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板？（4）若地面光滑，则长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板？二、【选修3-5】（15分）13．下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B．某放射性元素经过11.4天有的原子核发生了衰变，则该元素的半衰期为3.8天C．放射性元素的半衰期随温度的升高而变短D．平均结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固E．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强14．如图所示，光滑水平面上有A、B两个物块，其质量分别为m A=2.0kg，m B=1.0kg，现用一轻弹簧将A、B两物块连接，并用力缓慢压缩弹簧使A、B两物块靠近，此过程外力做功108J（弹簧仍处于弹性限度范围内），然后同时释放，弹簧开始逐渐变长．试求当弹簧刚好恢复原长时，A和B物块速度v A、v B的大小．2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）第7周周测物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：1．质量为2kg的物体静止在足够大的水平面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等．从t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用，F随时间t的变化规律如图所示．重力加速度g取10m/s2，则物体在t=0到t=12s这段时间内的位移大小为（）A．18m B．54m C．72m D．198m【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；牛顿第二定律．【分析】由滑动摩擦力的公式可以得到滑动摩擦力的大小，也就是最大静摩擦力的大小，再由牛顿第二定律可以判断物体的运动情况，进而由运动学的公式可以求得位移．【解答】解：拉力只有大于最大静摩擦力时，物体才会由静止开始运动0～3 s时：F=f max，物体保持静止，s1=0；3～6 s时：F＞f max，物体由静止开始做匀加速直线运动．a=m/s2，v=at=6 m/s，s2=at2=9 m，6～9 s时：F=f，物体做匀速直线运动． s3=vt=18m9～12 s时：F＞f，物体以6 m/s为初速度，以2m/s2为加速度继续做匀加速直线运动，s4=vt+at2=27m，所以物体的总位移是 s1+s2+s3+s4=54 m．故选B．【点评】本题考查学生的读图的能力，要能够根据F﹣t图象分析物体的运动情况，需要注意的是在0～3 s时拉力恰好等于最大静摩擦力，此时的物体还不会运动．2．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，α=30°，β=60°，则OA、OB绳的拉力之比为（）A．：1 B．：1 C．：2 D．2：1【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对A球受力分析，根据共点力平衡条件并结合合成法列式，求出OA绳的拉力与AB杆的弹力的关系，再对B球进行研究，同样得到OB绳的拉力与AB杆的弹力的关系，即可求解OA、OB绳的拉力之比．【解答】解：对A球受力分析，受重力、杆的支持力F2和细绳OA的拉力F1，如图所示：根据共点力平衡条件，有：F1=2F2co s30°=F2（图中矢量三角形的三个角分别为30°、30°、120°）再对球B进行研究，B球重力、杆的支持力F2和细绳OB的拉力F3．杆的支持力F2与竖直方向的夹角为60°，与OB绳关于竖直方向对称，根据对称性可得，F3=F2．可得OA、OB绳的拉力之比 F1：F3=：1故选：B【点评】本题关键受力分析后根据共点力平衡条件列式求解，注意三力平衡可用合成法，四力平衡可以用正交分解法．3．如图所示，足够长的水平传送带以v0=2m/s的速度匀速运行．t=0时刻，在最左端轻放一质量为m的小滑块，t=2s时刻，传送带突然被制动而停止．已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2．下列关于滑块相对地面运动的v﹣t图象正确的是（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，当速度与传送带相等时，和传送带一起做运动运动，当传送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止．由牛顿第二定律和运动学公式结合，通过计算分析．【解答】解：滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，加速度为a==μg=2m/s2滑块运动到与传送带速度相同时需要的时间 t1===1s然后随传送带一起匀速运动的时间 t2=t﹣t1=1s当送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止，a′=﹣a=﹣2m/s2运动的时间 t3==s=1s所以速度时间图象对应D选项．故D正确．故选：D．【点评】物体在传送带运动问题，关键是分析物体的受力情况，来确定物体的运动情况，有利于培养学生分析问题和解决问题的能力．4．如图所示，在水平桌面上叠放着质量均为M的A、B两块木板，在木板A的上方放着一个质量为m的物块C，木板和物块均处于静止状态．A、B、C之间以及B与地面之间的动摩擦因数都为μ．若用水平恒力F向右拉动木板A，使之从C、B之间抽出来，已知重力加速度为g．则拉力F的大小应该满足的条件是（）A．F＞μ（2m+M）g B．F＞μ（m+2M）g C．F＞2μ（m+M）g D．F＞2μmg【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】要使A能从C、B之间抽出来，则，A要相对于B、C都滑动，所以AC间，AB间都是滑动摩擦力，若A的加速度比BC的加速度大，则能使之从C、B之间抽出来，根据牛顿第二定律列式即可求解．【解答】解：要使A能从C、B之间抽出来，则，A要相对于B、C都滑动，所以AC间，AB 间都是滑动摩擦力，对A有：，对C有：，对B受力分析有：受到水平向右的滑动摩擦力μ（M+m）g，B与地面的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，有：f=μ（2M+m）g，因为μ（M+m）g＜μ（2M+m）g，所以B没有运动，加速度为0所以当a A＞a C时，能够拉出，则有，解得；F＞2μ（m+M）g．故选：C．【点评】本题主要考查了牛顿第二定律的应用，要求同学们能正确对物体进行受力分析，知道若A的加速度比BC的加速度大，则能使之从C、B之间抽出来，注意判断B是否能被拉动，难度适中．5．设地球自转周期为T，质量为M，引力常量为G，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R．同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为（）A．B．C．D．【考点】万有引力定律及其应用．【分析】在赤道上物体所受的万有引力与支持力提供向心力可求得支持力，在南极支持力等于万有引力．【解答】解：在赤道上：G，可得①在南极：②由①②式可得：=．故选：A．【点评】考查物体受力分析及圆周运动向心力的表达式，明确在两极物体没有向心力．6．如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内．为了使脚所受的拉力减小，可采取的方法是（）A．只增加绳的长度B．只减小重物的质量C．只将病人的脚向左移动 D．只将两定滑轮的间距增大【考点】力的合成与分解的运用．【分析】对与滑轮接触的一小段绳子受力分析，根据共点力平衡条件求出脚对绳子的拉力，根据表达式讨论即可．【解答】解：对与滑轮接触的一小段绳子受力分析，如图受到绳子的两个等大的拉力F1=F2=mg2F1cosθ=F解得F=2mgcosθ要减小拉力F，关键是要增大角θ或者减小m，故B正确；增加绳子长度不会改变角度θ，故不会改变里F，故A错误；将脚向左移动，会减小角θ，会增加拉力，故C错误；由几何关系可知，两个滑轮间距增大，会增加角θ，故拉力F会减小，故D正确；故选BD．【点评】本题关键求出拉力的表达式，然后根据表达式求解．7．蒋昊同学读了一篇“火星的现在、地球的未来”的文章，摘录了以下资料：①根据目前被科学界普遍接受的宇宙大爆炸学说可知，引力常量G在极其缓馒地減小；②太阳几十亿年来一直不断地在通过发光、发热释放能量，质量在減小；③金星和火星是地球的两位近邻，金星位于地球圆轨道的内铡，火星位于地球圆轨道的外侧；④由于火星和地球的自转周期几乎相同，自转轴与与公转轨道平面的倾角几乎相同，所以火星上也有四季变化．根据摘录的资料和有关天体运动规律，可推断（）A．太阳对地球的引力缓慢减小B．太阳对地球的引力缓慢增加C．火星上平均每个季节持续的时间小于3个月D．火星上平均每个季节持续的时间大于3个月【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【专题】信息给予题；定性思想；推理法；万有引力定律的应用专题．【分析】由万有引力的表达式分析太阳对地球引力的变化情况；由万有引力提供向心力，得到行星的周期与轨道半径的关系式，再分析周期大小，判断火星上季节时间．【解答】解：A、B由太阳对地球的万有引力的表达式F=G可知，G变小，太阳的质量在減小，则太阳对地球的引力F减小．故A正确，B错误；C、由行星绕太阳运行所需要的向心力由太阳的万有引力提供，则有：m r=G，得周期 T=2π，可知r越大，T越大．因火星的轨道半径比地球大，则火星的公转周期比地球的大，所以火星上平均每个季节的时间大于3个月，故C错误，D正确；故选：AD【点评】本题关键要明确万有引力的表达式，建立行星运动的模型，会由向心力等于万有引力分析线速度、周期与半径的大小关系．8．一个高尔夫球静止于平坦的地面上，在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示．若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息不可以求出（）A．高尔夫球在何时落地B．高尔夫球可上升的最大高度C．人击球时对高尔夫球做的功D．高尔夫球落地时离击球点的距离【考点】动能定理的应用．【专题】动能定理的应用专题．【分析】一个高尔夫球静止于平坦的地面上，在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示．若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息不可以求出【解答】解：A、不计空气阻力，高尔夫球落到水平地面上时，速率相等．由图看出，小球5s时刻速率与开始的速率相同，所以小球在5s末落地．可以求出，不符合题意，故A错误．B、小球的初速度大小为v0=31m/s，到达最高点时的速度大小为v=19m/s，由动能定理得﹣mgh=，由此式可求出最大高度h．可以求出，不符合题意，故B错误．C、由动能定理得：人击球时对高尔夫球做的功W=，由于高尔夫球的质量m未知，无法求出W．符合题意．故C正确．D、高尔夫球水平方向做匀速直线运动，水平方向分速度v x=19m/s，高尔夫球落地时离击球点的距离为S=v x t=19×5m=95m．可以求出，不符合题意，故D错误．故选：C【点评】本题要根据速率图象读出小球的初速率、最高点的速率及运动情况，还要运用运用的分解法研究斜抛运动，知道高尔夫球水平方向做匀速直线运动．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个小题考生都必须作答．第35题为选考题，考生根据要求作答．（共14分）9．甲图中游标卡尺的读数为13.55 mm；乙图中螺旋测微器的读数为 4.699 mm．丙图中多用电表的读数为1000 Ω．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．根据选择开关位置确定多用电表所测量的量与量程，然后根据表盘确定其分度值，然后读出其示数．【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为13mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为11×0.05mm=0.55mm，所以最终读数为：13mm+0.55mm=13.55mm．2、螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为19.9×0.01mm=0.199mm，所以最终读数为4.5mm+0.199mm=4.699mm．3、欧姆档的读数是100；然后表盘读数乘以倍率，该电阻的电阻值为：R=100×10=1000Ω．故答案为：13.55；4.699；1000．【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．10．如图甲示，是验证牛顿第二定律的实验装置．（1）请完善下列实验步骤：A．用天平测量吊盘m0和小车的质量M0．B．平衡小车的摩擦阻力：取下吊盘，调整木板右端的高度，用手轻推小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列间距相等的点．C．按住小车，挂上吊盘，使细线与长木板平行．D．接通电源，释放小车，在得到的纸带上标出吊盘（或小车）的总质量m（或M）．E．保持小车总质量一定，多次改变吊盘中的砝码，重复C D步骤．F．保持吊盘总质量一定，多次改变小车的质量，重复C D步骤．（2）如图乙示，纸带上3个相邻计数点的间距为s1、s2和s3．用米尺测量s1、s3的间距，由图可读出s1=24.3mm，s3= 47.1 mm．已知打点计时器打点周期为0.02s，利用s1、s3计算小车加速度a= 1.14 m/s2．（计算结果保留三位有效数字）【考点】验证牛顿第二运动定律．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】明确实验原理及实验方法；知道为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应该远小于小车和砝码的总质量由匀变速直线运动的推论得：△x=aT2由则可求得加速度．【解答】解：（1）D、在实验时应先接通电源，再释放小车；F、因验证加速度与小车质量之间的关系；故应多次改变小车的质量，重复实验；（2）设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3．由匀变速直线运动的推论得：△x=aT2即s3﹣s1=2a（5△t）2a=图2为用米尺测量某一纸带上的s1、s3的情况，由图可读出s1=24.2mm，s3=47.2mm．由此求得加速度的大小a==1.15m/s2．故答案为：（1）D．接通电源； F．小车质量（或小车中的砝码个数）（2）47.1；1.15 【点评】本题考查验证牛顿第二定律的实验；对于实验问题要掌握实验原理、注意事项和误差来源；遇到涉及图象的问题时，要先根据物理规律写出关于纵轴与横轴的函数表达式，再根据斜率和截距的概念求解即可．11．（12分）（2015秋•安庆校级月考）如图示，有一固定在水平桌面上的轨道ABC，AB段粗糙，与水平面间的夹角为θ=37°；BC段光滑，C点紧贴桌子边缘；桌高h=0.8m．一小物块放在A处（可视为质点），小物块与AB间的动摩擦因数为μ=0.25．现在给小物块一个沿斜面向下的初速度v A=1m/s，小物块经过B处时无机械能损失，物块最后落在与C点水平距离x=1.2m的D处．（不计空气阻力，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物块在AB段向下运动时的加速度大小a；（2）小物块到达B处时的速度大小v B；（3）求AB的长L．【考点】牛顿运动定律的综合应用；平抛运动．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）从A到B过程，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解加速度；（2）物块离开C后做平抛运动，由平抛运动的位移关系公式列式求解；（3）对从A到B过程，根据速度位移关系公式列式求解．【解答】解：（1）小物块从A到B过程中，由牛顿第二定律有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma 代入数据解得：a=4m/s2（2）小物块从B向右匀速运动，自C点水平抛出，由平抛运动规律，竖直方向：水平方向：x=v B t代入数据解得：v B=3m/s（3）小物块从A到B，由运动学公式，有：代入数据解得：L=1m答：（1）小物块在AB段向下运动时的加速度大小是4m/s2；（2）小物块到达B处时的速度大小是3m/s；（3）AB的长是1m．【点评】本题中滑块先做匀加速直线运动，后作平抛运动，对两个过程分别运用牛顿第二定律求解加速度，再运用运动学公式列式求解．12．（20分）如图所示，从A点以v0=4m/s的水平速度抛出一质量为m=1kg的小物块（可视为质点），当物块运动至B点时，恰好沿切线方向进入固定的光滑圆弧轨道BC，经圆弧轨道后滑上与C点等高、静止在粗糙水平面的长木板上，圆弧轨道C端切线水平．已知长木板的质量M=4kg，A、B两点距C点的高度分别为H=0.5m，h=0.15m，R=0.75m，物块与长木板之间的动摩擦因数μ1=0.5，长木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.2，g=10m/s2，求：（1）小物块运动至B点时的速度大小和方向．（2）小物块滑至C点时，对圆弧轨道C点的压力．（3）长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板？（4）若地面光滑，则长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板？【考点】向心力；牛顿第二定律；平抛运动．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】（1）已知平抛的抛出高度和落地速度方向，求落地的速度大小和方向，用运动的合成与分解求解；（2）小物块在BC间做圆周运动运动，在C点时轨道支持力和重力的合力提供圆周运动的向心力，据此求解即可；（3）当物块在长木板上运动时，由于木块对木板的摩擦力小于地面对木板的摩擦力，所以木板处于静止状态，结合牛顿第二定律和运动学公式求出长木板的至少长度．（4）若地面光滑，根据牛顿第二定律分别求出物块和木板的加速度，结合速度相等时，抓住位移之差等于木板的至少长度进行求解．【解答】解：（1）物块做平抛运动：H﹣h=，设到达C点时竖直分速度为v y则：v y=gt，代入数据解得v=方向与水平面的夹角为θ：tanθ=，（2）从A至C点，由动能定理得mgH=设C点受到的支持力为F N，则有F N﹣mg=代入数据解得，F N=44.7N根据牛顿第三定律可知，物块m对圆弧轨道C点的压力大小为44.7N（3）由题意可知小物块m对长木板的摩擦力f=μ1mg=5N长木板与地面间的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力f′=μ2（M+m）g=10N因f＜f′，所以小物块在长木板上滑动时，长木板静止不动小物块在长木板上做匀减速运动，至长木板右端时速度刚好为0则长木板长度至少为l=．（4）物块做匀减速直线运动的加速度大小，长木板的加速度大小，则两者速度相等时有：v2﹣a1t=a2t，解得t=，此时物块的位移=2.48m长木板的位移，则长木板的至少长度l′=x1﹣x2=2.48﹣0.4m=2.08m．答：（1）小物块运动至B点时的速度大小为m/s，方向与水平面夹角的正切值为；（2）小物块滑动至C点时，对圆弧轨道C点的压力F N=47.3N；（3）长木板至少为2.6m，才能保证小物块不滑出长木板．（4）若地面光滑，则长木板至少为2.08m，才能保证小物块不滑出长木板．【点评】本题关键要理清物块在多个不同运动过程中的运动规律，掌握物块各个阶段的运动规律是解决本题的关键．二、【选修3-5】（15分）13．下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B．某放射性元素经过11.4天有的原子核发生了衰变，则该元素的半衰期为3.8天C．放射性元素的半衰期随温度的升高而变短D．平均结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固E．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度．【专题】衰变和半衰期专题．【分析】a粒子大角度散射表明原子内部有一很小的核，即原子核，集中了全部的正电荷及几乎全部的质量．γ射线是一种波长很短的电磁波．。

表1 江门市2016届普通高中高三调研测试成绩单市(区)学校姓名学号语文文数总分市直江门市第一中学岑逸夫070110100054110市直江门市第一中学陈蔼婷070110100196188市直江门市第一中学陈嘉颖0701101002101217市直江门市第一中学陈健雯0701101003103200市直江门市第一中学邓黎莹070110100494180市直江门市第一中学傅春龙070110100594149市直江门市第一中学甘宝儿070110100699198市直江门市第一中学何达怡070110100797171市直江门市第一中学贺春森070110100892170市直江门市第一中学黄景乐070110100988204市直江门市第一中学黄宇韬070110101072132市直江门市第一中学霍志鹏0701101011104187市直江门市第一中学李昊旻070110101297206市直江门市第一中学李炬柏070110101390202市直江门市第一中学李俊薇070110101499182市直江门市第一中学李芷晴070110101592197市直江门市第一中学李梓锋070110101687176市直江门市第一中学李梓健070110101778182市直江门市第一中学梁慧玲070110101892168市直江门市第一中学梁炯新0701101019102192市直江门市第一中学梁乐怡070110102086160市直江门市第一中学梁淼洋070110102185178市直江门市第一中学梁敏诗0701101022100189市直江门市第一中学梁颖琳070110102384184市直江门市第一中学廖淑琴0701101024101168市直江门市第一中学罗梓宁070110102590157市直江门市第一中学欧志恒070110102689197市直江门市第一中学潘晓曼070110102790170市直江门市第一中学彭懿晴070110102895188市直江门市第一中学区靖怡070110102991129市直江门市第一中学宋沛恩0701101030109210市直江门市第一中学谭炜琦070110103181181市直江门市第一中学王柏鸿070110103290202市直江门市第一中学吴周杰070110103383155市直江门市第一中学吴宗霖070110103496198市直江门市第一中学徐深宝070110103592189市直江门市第一中学许铮由0701101036107173市直江门市第一中学叶聪聪070110103791214市直江门市第一中学余倩婷070110103897187市直江门市第一中学余晓滢0701101039102187市直江门市第一中学禹昊070110104084177市直江门市第一中学曾溢诚0701101041107200市直江门市第一中学张涵0701101042100188市直江门市第一中学张家豪070110104385183市直江门市第一中学张健鸿070110104495201市直江门市第一中学张锦辉0701101045100235市直江门市第一中学郑文杰070110104678144市直江门市第一中学钟晓晴070110104782169市直江门市第一中学周宇鹏070110104875133市直江门市第一中学马婉儿070110104982170市直江门市第一中学陈嘉俊070110105078133市直江门市第一中学刘振亮070110105194191市直江门市第一中学阮颖仪0701101052106196市直江门市第一中学李凌锋070110105399186市直江门市第一中学文楚豪070110105479180市直江门市第一中学赵秉锋070110105574155市直江门市第一中学陈靖枫070110105686199市直江门市第一中学陈伟豪070110105789167市直江门市第一中学陈毅雄070110105892181市直江门市第一中学陈颖筠0701101059107200市直江门市第一中学邓嘉俊070110106094198市直江门市第一中学方俊锐070110106192186市直江门市第一中学冯荣发070110106288208市直江门市第一中学冯晓莹070110106380142市直江门市第一中学何捷愉070110106498228市直江门市第一中学何艺璇070110106579153市直江门市第一中学洪林媛070110106697206市直江门市第一中学黄嘉敏070110106794163市直江门市第一中学黄泰轩070110106886146市直江门市第一中学黄天浩070110106981150市直江门市第一中学简小悦0701101070106190市直江门市第一中学康达070110107184179市直江门市第一中学寇天予070110107299211市直江门市第一中学黎溥070110107387171市直江门市第一中学李秀林070110107497164市直江门市第一中学李卓杰070110107593190市直江门市第一中学梁惠愉070110107698206市直江门市第一中学梁健辉070110107797203市直江门市第一中学梁乐妍070110107891182市直江门市第一中学梁炜琦070110107996202市直江门市第一中学梁兆航070110108083167市直江门市第一中学林颖仪070110108196185市直江门市第一中学刘祯豪0701101082103181市直江门市第一中学容洁盈070110108391190市直江门市第一中学容瑞勤070110108488155市直江门市第一中学容雅颖070110108596152市直江门市第一中学茹嘉伟070110108682133市直江门市第一中学阮成燕0701101087103165市直江门市第一中学阮咏琳070110108898178市直江门市第一中学石松林0701101089101205市直江门市第一中学谭伟杰070110109094216市直江门市第一中学唐原宇070110109194185市直江门市第一中学王研070110109293180市直江门市第一中学王艳丽070110109396198市直江门市第一中学魏梓琪070110109474156市直江门市第一中学吴静仪070110109597205市直江门市第一中学吴姗070110109687191市直江门市第一中学徐稼葳070110109796172市直江门市第一中学许洲瑞070110109890183市直江门市第一中学叶嘉豪070110109992193市直江门市第一中学叶艺070110110098181市直江门市第一中学余沃晖070110110193204市直江门市第一中学袁鑫070110110293183市直江门市第一中学周苑婷070110110396173市直江门市第一中学朱颖琳070110110492141市直江门市第一中学陈子峰070110110592164市直江门市第一中学雷灏坚070110110687156市直江门市第一中学雷宇070110110799181市直江门市第一中学刘灏斌070110110881168市直江门市第一中学陆振峰070110110978156市直江门市第一中学苏成翰070110111086139市直江门市第一中学文晶莹070110111188135市直江门市第一中学杨晓君070110111289166市直江门市第一中学陈皓诚070110111385144市直江门市第一中学陈嘉怡0701101114104198市直江门市第一中学陈健祥070110111593199市直江门市第一中学陈少硕070110111676163市直江门市第一中学陈诗欣070110111777174市直江门市第一中学陈雨晴070110111889141市直江门市第一中学邓淇茵070110111995196市直江门市第一中学杜崇玮070110112090173市直江门市第一中学冯炯豪070110112191175市直江门市第一中学付田070110112286179市直江门市第一中学浩平070110112391130市直江门市第一中学文辉070110112486193市直江门市第一中学韩钰霖070110112579179市直江门市第一中学何嘉颖070110112692169市直江门市第一中学简晓欣0701101127101199市直江门市第一中学康文峰070110112891184市直江门市第一中学黎嘉丽070110112982160市直江门市第一中学李敏而0701101130104153市直江门市第一中学李艳萍070110113188194市直江门市第一中学梁浩林070110113296176市直江门市第一中学梁思远0701101133101225市直江门市第一中学林晓锋070110113489180市直江门市第一中学林晓君070110113590159市直江门市第一中学罗钰魁0701101136102212市直江门市第一中学麦秋滢070110113797197市直江门市第一中学莫世民0701101138102178市直江门市第一中学彭宇亮070110113985186市直江门市第一中学苏绮婧070110114097189市直江门市第一中学谭文辉070110114184199市直江门市第一中学汪丽霞070110114293181市直江门市第一中学王晨鑫070110114399183市直江门市第一中学温若琪070110114488166市直江门市第一中学吴钧淮070110114592202市直江门市第一中学谢君豪070110114685182市直江门市第一中学谢晓敏070110114795190市直江门市第一中学谢盈070110114895207市直江门市第一中学许静070110114965128市直江门市第一中学杨娉娉070110115092191市直江门市第一中学杨奕灿070110115198198市直江门市第一中学尹翠燕0701101152108234市直江门市第一中学英淑茵0701101153100208市直江门市第一中学曾树镇070110115481171市直江门市第一中学张东胜070110115594210市直江门市第一中学张健聪070110115676162市直江门市第一中学张晓璇070110115790175市直江门市第一中学赵孟盈0701101158101204市直江门市第一中学赵伟豪070110115995188市直江门市第一中学郑宝权070110116096196市直江门市第一中学郑俭波070110116189179市直江门市第一中学郑诗茵070110116283191市直江门市第一中学周艺070110116399190市直江门市第一中学惠珍0701101164101181市直江门市第一中学贺韬070110116593174市直江门市第一中学容智恒070110116692162市直江门市第一中学吴思文070110116780168市直江门市第一中学杨浇文070110116891154市直江门市第一中学廖右开070110116996182市直江门市第一中学刘安琦070110117088170市直江门市第一中学蔡杰臣070110117186157市直江门市第一中学岑乐衡070110117287196市直江门市第一中学陈德泽070110117389210市直江门市第一中学陈昊070110117491171市直江门市第一中学陈洁欣070110117589146市直江门市第一中学陈朗昆070110117691178市直江门市第一中学方叶070110117793180市直江门市第一中学何俊豪070110117878193市直江门市第一中学何宇帆070110117991199市直江门市第一中学胡彩莹070110118087165市直江门市第一中学黄峻瑜070110118191191市直江门市第一中学黄雅楠070110118297176市直江门市第一中学雷丽莎0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