山东省潍坊三县市2014-2015学年高一上学期联考物理试题

山东省潍坊市第一中学2014-2015学年高一上学期1月月考物理试题4、下列说法中正确的是哪个（）A、物体受到一个不为零的恒定外力作用时，它的运动状态一定改变B、物体受到合外力不为零时，一定做变速运动C、物体受到的合外力为零时，一定处于静止状态D、物体受到的合外力为零就是牛顿第一定律成立的条件5．、一静止物体仅在外力F作用下开始运动，经一段时间后，外力F方向突然改变为原的反方向，则此物体（）A、加速度立即反向B、速度立即反向C、速度方向和加速度方向均不会立即改变，D、物体的加速度方向与原加速度方向相反，而速度方向不会立刻改变6、跳高运动员从地面上起跳的瞬间，下列说法中正确的是（）A．运动员给地面的压力等于运动员受到的重力B．地面给运动员的支持力大于运动员受到的重力C．地面给运动员的支持力大于运动员对地面的压力D．地面给运动员的支持力的大小等于运动员对地面的压力的大小7、放在光滑水平面上的物体同时受到水平向右的力F1和水平向左的力F2，原先F1＞F2，物体从静止开始运动后，在F2不变、F1的大小逐渐减小，直到等于F2的过程中（）A、物体向右运动，速度逐渐增大B、物体向左运动，速度逐渐增大C、物体向右运动，速度逐渐减小D、物体向右运动，加速度逐渐减小8、用枪竖直向上射出一颗子弹，设空气阻力与子弹速度大小成正比，子弹从射出点升到最高点后，又落回射出点，则在这个过程中，子弹的加速度最大值在（ ）A 、子弹出枪口时B 、子弹在最高点时C 、子弹落回到射出点时D 、子弹上升到最大位移的中点时9、质量为m 的小球被水平绳AO 和与竖直方向成θ角的轻弹簧系着处于静止状态，现将绳AO 剪断，在绳AO 被剪断的瞬间，下列说法正确的是（ ）A.弹簧的拉力θcos mg F = B.弹簧的拉力θsin mg F =C.小球的加速度a=gD.小球的加速度θsin g a =10、如图所示为一具有光滑斜面的小车，斜面的倾角为θ，则使斜面上的物体能与斜面小车共同运动的加速度是( )A ．向左 g sin θB ．向右 gC ．向左 g tan θD ．向左 g cos θ11、如图所示，一轻弹簧竖直固定在地面上，一物体从弹簧正上方某处自由下落并落在弹簧上，弹簧在压缩过程中始终遵循胡克定律。

山东省潍坊市2015届高三〔上〕期中物理试卷一、选择题〔此题共10小题，每一小题4分，共40分．在每一小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确的．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．〕1．〔4分〕如下说法正确的答案是〔〕A．牛顿在研究第一定律时利用了理想实验法B．开普勒认为，在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上C．卡文迪许测出了静电力常量D．法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究考点：物理学史．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、在实验的根底上进展科学推理是研究物理问题的一种方法，通常称之为理想实验法或科学推理法，如伽利略采用了这种方法，故A错误；B、牛顿认为，在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上，故B错误；C、卡文迪许测出了万有引力常量，故C错误；D、法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究，故D正确；应当选：D．点评：此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如下列图，在水平向右的匀强电场中，一带电金属块由静止开始沿绝缘斜面下滑，在金属块下滑的过程中动能增加了10J，金属块抑制摩擦力做功5J，重力做功20J，如此以下判断正确的答案是〔〕A．电场力做功5J B．合力做功15JC．金属块的机械能减少20J D．金属块的电势能增加5J考点：电势能；功能关系．分析：在金属块滑下的过程中动能增加了10J，金属块抑制摩擦力做功5J，重力做功20J，根据动能定理求出电场力做功．知道电场力做功量度电势能的改变．知道重力做功量度重力势能的改变．解答：解：在金属块滑下的过程中动能增加了10J，金属块抑制摩擦力做功5J，重力做功20J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK解得：W电=﹣5J所以电场力做功﹣5J，金属块的电势能增加5J．．故A错误D正确B、合力做功等于物体动能的变化量，故为10J，故B错误；C、在金属块滑下的过程中重力做功20J，重力势能减小20J，动能增加了10J，所以金属块的机械能减少10J，故C错误．应当选：D．点评：解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．3．一条大河两岸平直，河水流速恒为v．一只小船，第一次船头正对河岸，渡河时间为t1；第二次行驶轨迹垂直河岸，渡河时间为t2．船在静水中的速度大小恒为，如此t1：t2等于〔〕A．1：B．：1C．1：D．：1考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，由位移与速度的关系，即可求出时间；再根据平行四边形定如此，即可求解最短时间的过河位移大小．因船在静水中的速度大于水流速度，当船的合速度垂直河岸时，船渡河的位移最短，最短位移即为河宽，从而即可求解．解答：解：〔1〕设河宽为d，水速为v，船在静水中的航速为v，当小船的船头始终正对河岸时，渡河时间最短设为t1，如此t1=；〔2〕因船在静水中的速度大于水流速度，当船的合速度垂直河岸时，船渡河的位移最短，渡河时间t2==．如此t1：t2等于1：，故A正确，BCD错误；应当选：A．点评：解决此题的关键知道合运动与分运动具有等时性，当静水速与河岸垂直，渡河时间最短；当合速度与河岸垂直，渡河航程最短．4．〔4分〕甲、乙两车沿同一平直公路同向运动．其运动的v﹣t图象如下列图．t=0时刻，乙在甲前方20m处，以下说法正确的答案是〔〕A． 4s末两车相遇B． 10s末两车相遇C．相遇前，两车间的最大距离是36m D．相遇前，两车间的最大距离是16m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在t=0时刻，乙车在甲车前面20m，甲车追上乙车时，甲的位移比乙车的位移多25m，然后位移时间关系公式列式求解相遇的时间．解答：解：ACD、据速度时间图象的意义可知，当4s时两车速度相等时，两车间距最远；该时s甲=4×10m=40m，，所以△s=40m﹣24m+20m=36m，故AD错误，C正确；B、据图象可知甲的加速度a==2m/s2甲车追上乙车时，甲的位移比乙车的位移多20m，根据位移时间关系公式，有：x乙=10tx甲﹣x乙=25联立各式解得：t=10s，即10s时恰好追上，故B正确．应当选：BC．点评：此题根据速度图象分析运动情况的能力，要注意两车的位置关系和距离随时间如何变化，当两车相遇时，位移之差等于原来之间的距离．5．〔4分〕静电场的电场线分布如下列图．以正点电荷为中心取一个正方形路径abcd，a、c 与两个点电荷在同一直线上．如下说法正确的答案是〔〕A． a点场强比c点大B． a点电势比c点高C． b、d两点的场强一样D． b、d两点的电势能相等考点：电场线．分析：根据电场线的疏密分析场强的大小，根据顺着电场线方向电势降低，判断电势上下，再分析电势能的关系．解答：解：A、电场线的疏密表示场强的大小，a处电场线比b处电场线疏，如此a点场强比c 点小，故A错误．B、a和正电荷间的场强小于与c和正电荷间场强，由U=Ed知，a与正电荷间的电势差大于正电荷与c间的电势差，如此a点电势比c点高，故B正确．C、b、d两点的场强大小相等，方向不同，如此场强不同．故C错误．D、b、d两点的电势相等，而不是电势能相等，故D错误．应当选：B．点评：掌握电场线、等势面的分布情况，对解答这类问题至关重要，紧扣对称性是常用方法．6．〔4分〕某行星的质量是地球质量的3倍，直径是地球直径的3倍．设想在该行星外表附近绕其做圆周运动的人造卫星的周期为T1，在地球外表附近绕地球做圆周运动的人造卫星的周期为T2，如此T1：T2等于〔〕A． 1：1 B． 3：1 C． 1：3 D． 6：1考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．专题：人造卫星问题．分析：要求卫星的周期的大小关系可根据万有引力提供向心力来进展计算．解答：解：对于卫星，根据万有引力提供向心力得：得：所以：应当选：B点评：万有引力提供向心力是解决天体运动的根本思路和方法，在学习中要注意总结和积累．7．〔4分〕如下列图为用绞车拖物块的示意图．拴接物块的细线被缠绕在轮轴上，轮轴逆时针转动从而拖动物块．轮轴的半径R=0.5m，细线始终保持水平；被拖动物块质量m=1kg，与地面间的动摩擦因数μ=0.5；轮轴的角速度随时间变化的关系是ω=2trad/s，g=10m/s2．以下判断正确的答案是〔〕A．物块做匀速运动B．物块做匀加速直线运动，加速度大小是1m/s2C．绳对物块的拉力是5ND．绳对物块的拉力是6N考点：牛顿第二定律；线速度、角速度和周期、转速．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由物块速度v=ωR=at，可得物块运动的加速度，结合牛顿第二定律即对物块的受力分析可求解绳子拉力解答：解：A、B、由题意知，物块的速度v=ωR=2t×0.5=1t又v=at故可得：a=1m/s2，故A错误，B正确；C、D、由牛顿第二定律可得：物块所受合外力F=ma=1NF=T﹣f，地面摩擦阻力f=μmg=0.5×1×10=5N故可得物块受力绳子拉力T=f+F=5+1=6N，故C错误，D正确应当选：BD点评：此题关键根据绞车的线速度等于物块运动速度从而求解物块的加速度，根据牛顿第二定律求解．8．〔4分〕如图，三根轻绳悬挂两个质量一样的小球保持静止，绳AD与AC垂直．现对B球施加一个水平向右的力F，使B缓慢移动到图中虚线位置，此过程中AD、AC两绳张力TAC、TAD的变化情况是〔〕A． TAC变大，TAD减小B． TAC变大，TAD不变C． TAC减小，TAD变大D． TAC不变，TAD变大考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先以B为研究对象受力分析，由分解法作图判断出TAB大小的变化；再以AB整体为研究对象受力分析，由平衡条件判断TAD和TAC的变化情况．解答：解：以B为研究对象受力分析，由分解法作图如图：由图可以看出，当将B缓缓拉到图中虚线位置过程，绳子与与竖直方向夹角变大，绳子的拉力大小对应图中1、2、3三个位置大小所示，即TAB逐渐变大，F逐渐变大；再以AB整体为研究对象受力分析，设AC绳与水平方向夹角为α，如此竖直方向有：TACsinα=2mg得：TAC=，不变；水平方向：TAD=TACcosα+F，TACcosα不变，而F逐渐变大，故TAD逐渐变大；故C正确；应当选：C．点评：当出现两个物体的时候，如果不是求两个物体之间的作用力大小通常采取整体法使问题更简单．9．〔4分〕如下列图，一个内壁光滑的圆管轨道ABC竖直放置，轨道半径为R．O、A、D位于同一水平线上，A、D间的距离为R．质量为m的小球〔球的直径略小于圆管直径〕，从管口A正上方由静止释放，要使小球能通过C 点落到AD区，如此球经过C点时〔〕A．速度大小满足≤vc≤B．速度大小满足0≤vc≤C．对管的作用力大小满足mg≤FC≤mgD．对管的作用力大小满足0≤Fc≤m g考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球离开C点后做平抛运动，由平抛运动的规律求解C点的速度大小范围．根据牛顿第二定律分析球对管的作用力大小范围．解答：解：AB、小球离开C点做平抛运动，落到A点时水平位移为R，竖直下落高度为R，根据运动学公式可得：竖直方向有：R=水平方向有：R=vCt解得：vC=；小球落到D 点时水平位移为2R，如此有2R=vC′t解得vC′=故速度大小满足≤vc≤，故A 正确，B错误．CD 、在C点，对球研究：设管对球的作用力方向向下，根据牛顿第二定律得：mg+F=m将≤vc≤代入得：mg≤F≤mg，由牛顿第三定律可知：mg≤FC≤mg．故C正确，D错误．应当选：AC．点评：此题要分析清楚物体的运动过程，根据物体的不同的运动状态，采用相应的物理规律求解即可．10．〔4分〕如图a所示，小物体从竖直弹簧上方离地高h1处由静止释放，其动能Ek与离地高度h的关系如图b所示．其中高度从h1下降到h2，图象为直线，其余局部为曲线，h3对应图象的最高点，轻弹簧劲度系数为k，小物体质量为m，重力加速度为g．以下说法正确的答案是〔〕A．小物体下降至高度h3时，弹簧形变量为0B．小物体下落至高度h5时，加速度最大C．小物体从高度h2下降到h4，弹簧的弹性势能增加了D．小物体从高度h1下降到h5，弹簧的最大弹性势能为mgh1考点：功能关系．分析：高度从h1下降到h2，图象为直线，该过程是自由落体，h1﹣h2的坐标就是自由下落的高度，此时的加速度也就是自由落体加速度；h3点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为零，加速度也就为零，可以计算出弹簧的形变量；小物体下落至高度h5时，加速度最大；h4点与h2点物体的动能一样，根据功能关系即可得出h4点弹簧的弹性势能与h2点的弹性势能的变化量．由机械能守恒即可求出小物体从高度h1下降到h5，弹簧的最大弹性势能．解答：解：A、高度从h1下降到h2，图象为直线，该过程是自由落体，h1﹣h2的坐标就是自由下落的高度，所以小物体下降至高度h2时，弹簧形变量为0．故A错误；B、物体的动能先增大，后减小，小物体下落至高度h4时，物体的动能与h2时的动能一样，由弹簧振子运动的对称性可知，在h4时弹簧的弹力一定是重力的2倍；小物体下落至高度h5时，动能又回到0，说明h5是最低点，弹簧的弹力到达最大值，一定大于重力的2倍，所以此时物体的加速度最大．故B正确；C、小物体下落至高度h4时，物体的动能与h2时的动能一样，由弹簧振子运动的对称性可知，在h4时弹簧的弹力一定是重力的2倍；此时弹簧的压缩量：，小物体从高度h2下降到h4，重力做功：．物体从高度h2下降到h4，重力做功等于弹簧的弹性势能增加，所以小物体从高度h2下降到h4，弹簧的弹性势能增加了．故C正确；D、小物体从高度h1下降到h5，重力做功等于弹簧弹性势能的增大，所以弹簧的最大弹性势能为：mg〔h1﹣h5〕．故D错误．应当选：BC点评：知道物体压缩弹簧的过程，就可以逐个分析位移和加速度．要注意在压缩弹簧的过程中，弹力是个变力，加速度是变化的，当速度等于零时，弹簧被压缩到最短．二、实验题〔此题共3小题，共18分．〕11．〔4分〕某同学做测定弹簧劲度系数的实验．他测出了弹簧长度l与对应弹力F的五组数据后，在F﹣l坐标系中描出了对应的五个点，如下列图．〔1〕在图中绘出F﹣l图线；〔2〕由图线求得弹簧的劲度系数k=80N/m．〔保存两位有效数字〕．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：〔1〕根据所提供数据采用描点法可画出图象．〔2〕图象的斜率大小等于劲度系数的大小，据此可正确解答．解答：解：〔1〕利用描点法得出图象如下所示：〔2〕根据胡克定律得：F=k〔l﹣l0〕可知F﹣L图线的斜率大小等于弹簧的劲度系数大小，故由图解得：k=80N/m．故答案为：〔1〕如图；〔2〕80．点评：此题考查了数学知识和胡克定律的相结合，是一道考查应用数学知识解答物理问题的好题．12．〔6分〕用图甲所示的装置来研究自由落体运动，得到的一条纸带如图乙所示，O为打下的第一个点，相邻两计数点间的时间间隔为0.1s．测得O点到各计数点间的距离为：hOA=48.5mm，hOB=193.9mm，hOC=436.5mm，hOD=776.0mm．〔1〕计时器打C点时重物下落的速度vC= 2.92m/s〔保存三位有效数字〕；〔2〕重物自由下落的加速度g测=9.71m/s2〔保存三位有效数字〕．〔3〕某同学想利用测得的vC、g测的值，以与O、C间的距离h，判断g测h与是否相等，来验证机械能是否守恒．你认为此方案是否可行？否．〔选填“是〞或“否〞〕考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出重力加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．解答：解：〔1〕根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．vC==2.92 m/s〔2〕设0到A之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3﹣x1=2a1T2x4﹣x2=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得：g测=〔a1+a2〕==9.71m/s2，〔3〕根据mgh=mv2得：gh=，求解重力势能时，g应该去当地的重力加速度，不能取g测．所以此方案是不可行的．故答案为：〔1〕2.92；9.71〔2〕否点评：要提高应用匀变速直线的规律以与推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强根底知识的理解与应用．13．〔8分〕探究加速度与力的关系装置如下列图．带滑轮的长木板水平放置，细绳通过两滑轮分别与弹簧秤挂钩和沙桶连接，细线与桌面平行．将木块放在靠近打点计时器的一端，缓慢向沙桶中添加细沙，直到木块开始运动，记下木块运动后弹簧秤的示数F，通过纸带求出木块运动的加速度a．将木块放回原处，向沙桶中添加适量细沙，释放木块…获取多组a、F数据．〔1〕关于该实验的操作，以下说法正确的答案是ABA．实验过程中，应先闭合打点计时器开关，再释放小车B．通过缓慢添加细沙，可以方便地获取多组实验数据C．每次添加细沙后，需测出沙与沙桶的质量D．实验过程要确保沙与沙桶的质量远小于木块的质量〔2〕某同学根据实验数据做出了两个a﹣F图象如图2所示，正确的答案是B；由图象可知，木块所受的滑动摩擦力大小大小为2F0；假设要作出木块的加速度与合力的关系，需要对图象进展修正．修正后的横坐标F合应该等于2F﹣2F0〔用F、F0表示〕．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕该实验不需要测量沙与沙桶的质量，绳子的拉力由弹簧秤直接测量，不需要满足沙与沙桶的质量远小于木块．〔2〕根据牛顿第二定律得出a与F的关系式，结合关系式得出正确的图线．〔3〕根据加速度等于零求出弹簧的拉力，从而求出此时的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得出加速度与合力的关系式，从而得出修正后的横坐标．解答：解：〔1〕实验中应该先接通电源后释放纸带，故A正确．B、通过缓慢添加细沙，可以方便地获取多组实验数据，故B正确．C、绳子的拉力可以通过弹簧测力计测出，不需要测量砂与沙桶的质量，也不需要保证沙与沙桶的质量远小于木块．故C、D错误．应当选：AB．〔2〕小车所受的拉力等于2倍的弹簧秤拉力，可以直接测量得出，根据牛顿第二定律得，a==，故正确的图线是B．当弹簧拉力为F0时，小车开始滑动，可知滑动摩擦力f=2F0．根据牛顿第二定律得，a=，所以修正后的横坐标F合应该等于2F﹣2F0．故答案为：〔1〕AB；〔2〕B；2F0，2F﹣2F0点评：此题实验源于课本实验，但是又不同于课本实验，关键要理解实验的原理，注意该实验不需要测量砂与沙桶的质量，也不需要保证沙与沙桶的质量远小于木块．三、计算题〔本大题包括4小题，共42分．解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．〕14．〔8分〕汽车在路上出现故障时，应在车后放置三角警示牌〔如下列图〕，以提醒后面驾车司机，减速安全通过．在夜间，有一货车因故障停驶，后面有一小轿车以30m/s的速度向前驶来，由于夜间视线不好，小轿车驾驶员只能看清前方50m的物体，并且他的反响时间为0.6s，制动后最大加速度为5m/s2．求：〔1〕小轿车从刹车到停止所用的最短时间；〔2〕三角警示牌至少要放在车后多远处，才能有效防止两车相撞．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：〔1〕根据速度时间关系求解时间〔2〕反响时间内做匀速运动，x=vt，刹车后做匀减速直线运动，由x=求解，进而得总位移．解答：解：〔1〕从刹车到停止时间为t2，如此s ①〔2〕反响时间内做匀速运动，如此x1=v0t1②x1=18m③从刹车到停止的位移为x2，如此④x2=90m⑤小轿车从发现物体到停止的全部距离为x=x1+x2=108m⑥△x=x﹣50=58m⑦答：〔1〕小轿车从刹车到停止所用的最短时间为6s；〔2〕三角警示牌至少要放在车后58m，才能有效防止两车相撞．点评：此题考查匀速直线运动和匀变速直线运动的规律知反响时间内车仍匀速运动．15．〔10分〕如下列图，光滑水平面上固定一倾斜角为37°的粗糙斜面，紧靠斜面底端有一质量为4kg的木板，木板与斜面底端之间通过微小弧形轨道相接，以保证滑块从斜面滑到木板的速度大小不变．质量为2kg的滑块从斜面上高h=5m处由静止滑下，到达倾斜底端的速度为v0=6m/s，并以此速度滑上木板左端，最终滑块没有从木板上滑下．滑块与木板间的动摩擦因数μ2=0.2，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：〔1〕斜面与滑块间的动摩擦因数μ1；〔2〕滑块从滑上木板到与木板速度一样经历的时间；〔3〕木板的最短长度．考点：动能定理的应用；功能关系．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕滑块从斜面下滑的过程，根据动能定理列式求解动摩擦因素；〔2〕滑块刚好没有从木板左端滑出，说明此时它们的速度相等，由速度、位移公式可以求出木板的长度和运行的时间；解答：解：〔1〕在斜面上，由动能定理得得μ1=0.48〔2〕在木板上滑动过程中，有Ff=μ2mg由牛顿第二定律得滑块的加速度=μ2g=2m/s木板的加速度=1m/s2由运动学公式v0﹣a1t=a2t⑥得t=2s此时v1=v2=2m/s〔3〕设木板最短长度为△x，如此由能量守恒知xM=xm=v0t﹣得△x=x m﹣xM=6m=10答：〔1〕斜面与滑块间的动摩擦因数μ1为0.48；〔2〕滑块从滑上木板到与木板速度一样经历的时间为2s；〔3〕木板的最短长度为10m．点评：此题充分考查了匀变速直线运动规律与应用，和物体共同运动的特点的应用，是考查学生根本功的一个好题16．〔12分〕起重机从静止开始起吊一质量为4000kg重物，开始，起重机拉力恒定，重物以0.2m/s2的加速度匀加速上升，9.8s后，起重机达到额定功率P，起重机再保持额定功率不变，又经5s，重物达到最大速度2m/s，此后再保持拉力恒定，使重物以0.5m/s2的加速度做匀减速运动至停下．取g=9.8m/s2．〔1〕求额定功率P的大小；〔2〕求重物上升的最大高度；〔3〕在图示坐标纸上画出整个过程起重机拉力F与时间t的关系图象〔不要求写计算过程〕．考点：动能定理的应用；功率、平均功率和瞬时功率．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕当拉力等于重物重力时，重物的速度达到最大，结合功率与牵引力的关系式求解〔2〕根据牛顿第二定律求出匀加速直线运动时的拉力大小，从而抓住匀加速直线运动完毕功率达到额定功率求出匀加速直线运动的位移，利用动能定理求得达到最大速度时走过的位移，再根据匀减速运动知识求解这过程的位移，两位移之和即为求解，〔3〕根据力的大小结合运动求解运行时间，进而求得结果．解答：解：〔1〕重物速度最大时，有F=mg此时，P=mgv解得P=78.4kW〔2〕重物匀加速上升的高度h1=得h1=9.6m此过程起重机拉力满足F1﹣mg=ma1从静止到最大速度过程中，由动能定理得F1 h1+Pt2﹣mg〔h1+h2〕=得h1+h2=19.6m匀减速运动上升的高度h3==4mH=h1+h2+h3=23.6m〔3〕图象如图：答：〔1〕额定功率P的大小为78.4kW；〔2〕重物上升的最大高度23.6m；〔3〕点评：解决此题的关键知道拉力等于重力时速度最大，匀加速直线运动完毕，功率达到额定功率，结合牛顿第二定律以与动能定理的关系进展求解．17．〔12分〕在如图甲所示的平面坐标系内，有三个不同的静电场：第一象限内有电荷量为Q 的点电荷在O点产生的电场E1，第二象限内有水平向右的匀强电场E2，第四象限内有方向水平、大小按图乙变化的电场E3，E3以水平向右为正方向，变化周期T=．一质量为m，电荷量为+q的离子从〔﹣x0，x0〕点由静止释放，进入第一象限后恰能绕O点做圆周运动．以离子经过x轴时为计时起点，静电力常量为k，不计离子重力．求：〔1〕离子刚进入第四象限时的速度；〔2〕E2的大小；〔3〕当t=时，离子的速度；〔4〕当t=nT时，离子的坐标．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：〔1〕根据粒子在第一象限内做匀速圆周运动电场力提供圆周运动向心力由圆周运动半径和库仑定律求得粒子刚进入第四象限的速度；〔2〕在第二象限粒子做初速度为零的匀加速直线运动，由动能定理据粒子获得的速度和位移求得第二象限的电场强度；〔3〕粒子进入第四象限在竖直方向做匀速直线运动，水平方向在电场力作用下先匀加速直线运动后匀减速直线运动，根据时间由运动的合成求得离子的速度；〔4〕根据粒子水平方向运动的周期性求得粒子的横坐标，再根据竖直方向的运动规律求得粒子的纵坐标．解答：解：〔1〕设刚进入第四象限的速度为v0．在第一象限内，有库仑力提供离子圆周运动的向心力有：得：〔2〕在第二象限内，只有电场力对离子做功，由动能定理得：解得：〔3〕离子进入第四象限后，在水平方向上，有：得：=所以此时离子的合速度：方向与水平方向成450角斜向下〔4〕由〔3〕分析知离子在第四象限中运动时，y方向上做匀速直线运动，x方向上前半个周期向右匀加速运动，后半个周期向右匀减速运动直到速度为0；每个周期向右运动的平均速度为，每个周期前进，因为开始计时时离子坐标为x0所以nT时，离子的横坐标为x=x0+nx0=〔n+1〕x0纵坐标：y=﹣v0nT=﹣2nx0故，在nT时离子的坐标为：[〔n+1〕x0，﹣2nx0]答：〔1〕离子刚进入第四象限时的速度为；〔2〕E2的大小为；〔3〕当t=时，离子的速度为；〔4〕当t=nT时，离子的坐标为：[〔n+1〕x0，﹣2nx0]．。

2015学年山东省潍坊一中高三（上）期末物理试卷一、本题共10小题．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的．全选对得4分，对而不全得2分，有选错或不选均得0分．1．一物体随升降机竖直向上运动的v﹣t图象如图所示，根据图象可知此物体（）A．前2s内处于失重状态B．前5s内合力对物体做功为OC．第2s内的位移大于第5s内的位移D．第1s末的加速度大于第4.5s末的加速度【答案】BC．【解析】由图象可知，在前2s内，物体向上做匀加速运动，加速度向上，物体处于超重状态，故A错误；由图象可知，前5s内物体动能的变化量为零，由动能定理可得，合外力对物体做功为零，故B正确；由图象可知，第2s内图象与坐标轴所包围的图形面积大于第5s 内图象与坐标轴所包围图形的面积，因此第2s内的位移大于第5s内的位移，故C正确；由图象可知，前2s内图象的斜率小于第5s内图象的斜率，即前2s内的加速度小于第5s内的加速度，故D错误；【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．2．蹦极运动中运动员到最低点时绳上的拉力F1不便测定．某同学记录了最低点，并用测力装置再次将绳拉到最低点，读出测力装置的示数F2，则F1与F2大小相等，该同学所用方法与以下概念的建立方法相同的是（）A．磁感线B．瞬时速度C．电场强度D．合力与分力【答案】D．【解析】“磁感线”采用假想法、“瞬时速度”采用微元法，而“电场强度”则是比值定义的方法．而“合力与分力”采用等效替代的方法，与题中的等效替代相符．故D正确，A、B、C 错误．【考点】 物理学史．3．有一直角V 形槽固定在水平面上，其截面如图所示，BC 面与水平面间夹角为60°，有一质量为m 的正方体均匀木块放在槽内，木块与BC 面间的动摩擦因数为μ，与AB 面间无摩擦，现用垂直于纸面向里的力推木块使之沿槽运动，则木块受的摩擦力为（ ）A ．12mg μB ．2mg μC ．2mg μ D ． μmg 【答案】A ．【解析】将重力按照实际作用效果正交分解，如图故F 2=mg si n 30°=滑动摩擦力为f =212F mg μμ= 【考点】 滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．4．中国已投产运行的1 000kV 特高压输电，是目前世界上电压最高的输电工程．假设甲、乙两地原来用500kV 的超高压输电，在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1 000kV 特高压输电，不考虑其他因素的影响．则（ ）A ． 送电电流变为原来的2倍B ． 输电线上降落的电压将变为原来的2倍C ． 输电线上降落的电压将变为原来的12D ． 输电线上损耗的电功率将变为原来的12 【答案】C【解析】根据I =P U求出输电线上的电流，与输送的电压成反比，即输电线上的电流将变为原来的12，故A 错误；由上可知，输电线上的电流将变为原来的12，根据U =IR 可知，输电线上降落的电压将变为原来的12，故B 错误，C 正确；；当以不同电压输送时，有P =U 1I 1=U 2I 2，而在线路上损失的功率为△P =I 2R =22P R U 可知，损失的功率与电压的平方成反比，即△P 1：△P 2=4：1；所以输电线上损失的功率为4P ．故D 错误； 【考点】 远距离输电． 5． “天宫一号”与“神舟八号”交会对接成功，标志着我国对接技术上迈出了重要一步．如图所示为二者对接前做圆周运动的情形，M 代表“神舟八号”，N 代表“天宫一号”，则（ ）A ． M 发射速度大于第二宇宙速度B ． M 适度加速有可能与N 实现对接C ． 对接前，M 的运行速度大于N 运行速度D ． 对接后，它们的速度大于第一宇宙速度N【答案】BC ．【解析】神舟八号绕地球飞行，故其发射速度小于第二宇宙速度，故A 错误；神舟八号轨道半径低，适当加速后神舟八号做离心运动可实现与高轨道的天宫一号对接，故B 正确；根据万有引力提供圆周运动向心力22Mm v G m r r = 可得卫星线速度v =，由于M 的轨道半径小于N ，故M 的运行速度大于N ，所以C 正确；对接后，它们一起绕地球圆周运动，故其速度小于第一宇宙速度，故D 错误．【考点】 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．6．已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强电阻值越大．为探测有无磁场，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示的电路，电源的电动势E 和内阻r 不变，在没有磁场时调节变阻器R 使电灯L 正常发光．若探测装置从无磁场区进入强磁场区，则（ ）A．电灯L变亮B．电灯L变暗C．电流表的示数减小D．电流表的示数增大【答案】AC【解析】探测装置从无磁场区进入强磁场区时，电阻变大，则电路的总电阻变大，根据I=E R 总可知总电流变小，所以电流表的示数减小，根据U=E﹣Ir，可知I减小，U增大，所以灯泡两段的电压增大，所以电灯L变亮，故AC正确，BD错误【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．7．如图甲所示，矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出交流电的电动势图象如图乙所示，经原副线圈的匝数比为1：10的理想变压器个一灯泡供电如图丙所示，副线圈电路中灯泡额定功率为22W．现闭合开关，灯泡正常发光．则（）A．t=0.01s时刻穿过线框回路的磁通量为零B．交流发电机的转速为50r/sC．变压器原线圈中电流表示数为1AD．灯泡的额定电压为【答案】BC．【解析】由图乙可知，当0.01s时，感应电动势为零，则此时穿过线框回路的磁通量最大，故A错误；由图可知，交流电的周期为0.02s，则转速为：n=1T=50r/s，故B正确；原线圈输入电压为有效值为22V，则副线圈的电压为22×10=220V；由P=UI可知，副线圈电流I2=22220P U ==0.1A ，则由12101I I =求得I 1=1A ；故C 正确；灯泡正常发光，故额定电压为220V ，故D 错误；【考点】 交流发电机及其产生正弦式电流的原理；变压器的构造和原理．8．如图所示，在水平向右的匀强磁场中，在O 点固定一电荷量为Q 的正电荷，a 、b 、c 、d 为以O 为圆心的同一圆周上的四点，bd 连线与电场线平行，ac 连线与电场线垂直．则（ ）A ． a 、c 两点的场强相同B ． b 点的场强大于a 点的场强C ． da 间的电势差大于ab 间的电势差D ． 检验电荷在a 点的电势能等于在c 点的电势能【答案】BD【解析】 abcd 四个点的场强实际上是匀强电场与点电荷的辐射状的电场的叠加，故ac 两点的合场强大小虽然相等，但方向不同，故A 错误；匀强电场的场强方向与Q 的电场的场强方向在B 点相同，在a 点方向相反，所以b 点的场强大于A 点的场强．故B 正确；点电荷的电场，同心圆上各点的电势相等，所以da 间的电势差等于ab 间的电势差，故C 错误；点电荷的电场，同心圆上各点的电势相等，ac 与匀强电场垂直，是匀强电场的等势线，所以ac 两点的电势相等，检验电荷在a 点的电势能等于在c 点的电势能．故D 正确．【考点】 匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．9．在光滑水平桌面上有一边长为l 的正方形线框abcd ，bc 边右侧有一等腰直角三角形匀强磁场区域efg ，三角形腰长为l ，磁感应强度垂直桌面向下，abef 在同一直线上，其俯视图如图所示，线框从图示位置在水平拉力F 作用下向右匀速穿过磁场区，线框中感应电流i 及拉力F 随时间t 的变化关系可能是（以逆时针方向为电流的正方向，时间单位为1v ）（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】BD 【解析】A 、bc 边的位置坐标x 在L ﹣2L 过程，线框bc 边有效切线长度为l =x ﹣L ，感应电动势为E =B lv =B （x ﹣L ）v ，感应电流i =()E B x L v R R-= ， 根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a →b →c →d →a ，为正值．x 在2L ﹣3L 过程，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a →d →c →b →a ，为负值，线框ad 边有效切线长度为l =x ﹣2L ，感应电动势为E =B lv =B （x ﹣2L ）v ，感应电流(2)E B x L v i R R-=-=-，根据数学知识知道A 错误，B 正确． C 、在水平拉力F 作用下向右匀速穿过磁场区，因此拉力等于安培力，而安培力的表达式F =22B L v R ，而L =vt ，则有：F =232B L t R，因此C 错误，D 正确； 【考点】 法拉第电磁感应定律；导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．10．如图所示，质量为m 的木块沿粗糙斜面匀加速下滑h 高度，速度由v 1增大到v 2，所用时间为t ．在此过程中（ ）A ． 木块的重力势能减少mghB ． 木块的重力势能减少22211122mv mv - C ． 木块与斜面增加的内能为22211122mgh mv mv -+ D ． 木块沿斜面下滑的距离为12()2v v t + 【答案】ACD ．【解析】木块重力势能的减少量△P =mgh ，故A 正确；由动能定理可知，木块动能的变化量等于重力势能减少量与克服摩擦力做的功之和，重力势能的减少量大于动能的变化量，故B 错误；由能量守恒定律得：Q +mgh =22211122mv mv -，则木块与斜面增加的内能： Q =22211122mgh mv mv -+，故C 正确；木块沿斜面下滑的距离s =t =12()2v v t +，故D 正确； 【考点】 动能定理的应用．二.本题共3小题，共18分．把答案填在题中的横线上或按要求作图.11．某同学用如图所示装置测量小滑块与水平面间的动摩擦因数μ．轨道AC 光滑，与水平面相切于C 点，从轨道某一高度处由静止释放滑块，小滑块停在B 点（1）应测量的物理量及符号是：______________________（2）写出动摩擦因数μ的表达式（用所测物理量符号表示）________________．【答案】（1）释放点至桌面的高度h ，BC 间的距离L ；（2）h Lμ=． 【解析】（1）设释放点至桌面的高度h ，BC 间的距离L ，当滑块在水平面上滑行的受到重力支持力和摩擦力，只有摩擦力做功，得：f =μF N =μmg对滑块滑行的全过程运用动能定理可得：W 总=△E k且：W总=W G+W f=mgh﹣fL △E k=E k C﹣E k A=0联立以上四个方程可得：hL μ=故只需要测得释放点至桌面的高度h，BC间的距离L，就可以到摩擦因数．（2）hL μ=【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．12．某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器拉钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图所示的a﹣F图象．（1）图线不过坐标原点的原因是_________________．（2）本实验中是否仍需要砂和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量．____________（填“是”或“否”）．（3）由图象求出小车和传感器的总质量为__________kg．【答案】没有平衡摩擦力，或平衡的不够；否；1【解析】（1）由图象可知，当F≠0时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力，或平衡的不够；（2）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．（3）a﹣F图象中的斜率表示质量的倒数，由图可知，k=0.5010.60.1aF∆-==∆-，所以质量M=11k=kg【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．13．某同学为了研究小灯泡在不同状态下的电阻，进行了如下实验：（1）用多用电表的欧姆挡测量小灯泡的电阻，当选用×10Ω挡测量时发现偏角过大，此时应选用___________Ω挡（填写“×1”或“×1k ”），然后需将红、黑表笔______，进行欧姆调零，再进行测量．测量完成后，将选择开关拔向_______位置．（2）该同学用内阻约几十欧的电流表，内阻约几千欧的电压表等仪器，测定在不同工作状态下的小灯泡电阻，请在图1中画出测量电路的原理图，并根据所画原理图将图2中的实物图补充完整．（3）在闭合开关前，滑动变阻器的滑动触头应在_______端（填写“左”或“右”）．【答案】（1）×1，短接，OFF ；（2）如图；（3）左【解析】（1）欧姆表的指针偏角过大，说明待测电阻阻值较小，应选择较小的倍率，所以应选用×1挡，然后再将红黑表笔短接进行欧姆调零，测量完成后应将选择开关拨向OFF 挡；（2）由于小灯泡的阻值较小，满足2x V A R R R ，所以电流表应用外接法；由于实验要求测量小灯泡在不同状态下的电阻，即要求电压或电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法，实物图和原理图如图所示：（3）根据电路图和实物图可知，变化开关前应将滑片置于输出电压最小的左端．【考点】 伏安法测电阻．三、本大题5小题，共52分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.14．如图所示，长为L =2m 、质量为M =8kg 的小车，放在水平地面上，小车向右运动的速度为6m/s 时，在小车前端轻轻地放上一质量为m =2kg 的小物块．小车与地面、物块与小车间的动摩擦因数均为μ=0.2，g 取10m/s 2，求（1）小物块及小车的加速度（2）小物块滑离小车时的速度．【答案】（1）小物块的加速度大小为：2m/s 2，方向水平向右，小车的加速度大小为3m/s 2，方向水平向左．（2）小物块滑离小车时的速度为0.8m/s ．【解析】（1）由牛顿第二定律得：对物块：μmg =ma m ，解得：a m =2m/s 2，方向水平向右，对小车：μmg +μ（M +m ）g =Ma M ，解得：a M =3m/s 2，方向水平向左；（2）设物块经t 从小车滑离，滑离时物块速度最大， 由匀变速直线运动的位移公式得：220111122M m l v t a t a t =-- 代入数据解得：t 1=0.4s （t 1=2s 不合题意，舍去）物块滑离小车的速度：v m =a m t 1=2×0.4=0.8m/s【考点】 牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．15．如图所示，处于勻强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距L =1m ，导轨平面与水平面成θ=37°角，下端连接阻值为R =4Ω的电阻．匀强磁场方向垂直于导轨平面向下，磁感应强度B =1T ．质量为m =0.4kg 、电阻r =1Ω的金属棒放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为0.25，金属棒以初速度V=20m/s 沿导轨滑下，g 取10m/s 2，si n 37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）金属棒沿导轨下滑的最大加速度；（2 ）金属棒下滑时电阻R 消耗的最小功率．。

山东省潍坊市第一中学2014-2015学年高一上学期10月月考物理试题2014-10-13时间：60分钟满分：100分一选择题（每题4分，共40分；每题有一个或多个正确选项，请将正确答案涂到答题卡上）1.下列选项中加下划线的运动物体，不能被看成质点的是A．研究绕地球飞行时航天飞机的轨道B．研究飞行中直升飞机上的螺旋浆的转动情况C．计算从北京开往上海的一列火车的运行时间D计算在传送带上输送的工件数量2下列说法正确的是A 平均速度的方向就是位移的方向B 平均速度的方向就是物体的运动方向C 瞬时速度和平均速度是一个方向D 瞬时速度的方向应该是轨迹上某点的切线方向3、物体沿直线运动，下列说法中正确的是A若物体某1秒内的平均速度是5m/s，则物体在这1s内的位移一定是5mB若物体在第1s末的速度是5m/s，则物体在第1s内的位移一定是5mC若物体在10s内的平均速度是5m/s，则物体在其中1s内的位移一定是5mD物体通过某位移平均速度是5m/s，则通过这段位移一半时的速度一定是2.5m/s 4一物体做匀变速直线运动，加速度为2m/s2，这就是说A每经过一秒物体的速度都增加2m/sB物体速度变化率是2m/s2C任意一秒内的末速度均为初速度的2倍D每经过一秒物体的速度均变化2m/s5、下列说法中正确的是A有加速度的物体，其速度一定增加B没有加速度的物体，其速度一定不变C物体的速度有变化，加速度必有变化D物体的加速度为零，则速度一定为零6关于加速度的方向，下列说法正确的是A加速度的方向就是速度的方向B加速度的方向就是速度变化的方向C加速度的方向就是位移的方向D物体的加速度方向与速度方向没有必然联系7.表示物体作匀速直线运动的图象是8.一物体的速度随时间变化的关系为v=5-2t,则下列说法错误的是A.物体的初速度为5 m/sB. 物体每秒的速度变化量为2 m/sC. 经过2 秒物体的速度变为零D. 经过2秒物体的位移是6米9．一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6 m/s，运动28 m后速度增加到8 m/s，则A．这段运动所用时间是4 sB．这段运动的加速度是3.5 m/s2C．自开始计时起，两秒末的速度是7 m/sD．从开始计时起，经过14 m处的速度是5 2 m/s10．有四个运动的物体A、B、C、D，物体A、B运动的x－t图象如下图甲所示；物体C、D从同一地点沿同一方向运动的v－t图象如图乙所示．根据图象做出的以下判断中正确的是A．物体A和B均做匀速直线运动且A的速度比B更大B 前3秒C和D的速度方向相同，加速度方向相反C．3秒前C在D的后面，3秒后C在D的前面D．t＝3 s时，物体C与物体D之间有最大间距二实验题（20分）11.（1）（每空2分）电磁打点计时器和电火花计时器都是使用________电的计时仪器，电磁打点计时器工作的电压是______，电火花计时器工作的电压是______．当电频率是50 Hz时，它每隔______s打一个点．（2）（6分）在探究小车速度随时间变化的规律的实验中，按照实验进行的先后顺序，将下述步骤的代号填在横线上____________________。

1。

下列叙述符合物理学史实的是
A。

焦耳发现了电流的热效应,定量得出了电能和热能之间的转换关系
B。

法拉第提出了分子电流假说，解释了磁铁的磁场和电流的磁场在本质上相同
C。

库仑最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场
D.奥斯特对电磁感应现象的研究，将人类带人了电气化时代
2.如图所示，光滑水平地面上有一直角三角形斜面体B靠在竖直墙壁上，物块A放置斜面体B上，开始A、B静止.现用水平力F推A，A、B 仍静止,则此时B受力个数可能是
A. 3个
B.4个
C. 5个
D.6个
3.平板车以速度v向正东方向匀速运动，车上一物体在水平力F作用下相对车以速度v向
正南方向匀速运动（车速不变，物体没有脱离平板车）。

物体质量m,物体与平板车间的
动摩擦因数为μ,重力加速度为g，则
A.F的大小为2μmg
B.F的大小为μmg
C.F的方向为东偏南45°
D.F的方向为正南
4.物块从固定斜面底端以一定的初速度沿斜面上滑，其速度大小随时间变化关系如图所示，则物块
A. 在0。

5s时离斜面底端最远
B. 沿斜面上滑的最大距离为2m
C. 在1。

5s时回到斜面底端
D. 上滑时加速度大小是下滑时加速度大小的2倍
故选项C正确.
考点：v-t图象
5.在如图所示的电路中,闭合开关S，将滑动变阻器滑片P缓慢向右移动，则
A. 灯泡L变暗B。

电源内部消耗的功。

山东省潍坊一中2014-2015学年高一上学期单元测试物理试卷（相互作用）一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分）1．（4分）在粗糙斜面上加速下滑的物体所受到的力是（）A．重力和斜面支持力B．重力，下滑力和对斜面的压力C．重力，摩擦力和斜面支持力D．重力，下滑力，摩擦力和斜面支持力2．（4分）物体静止在斜面上，以下分析中正确的是（）A．物体受到的静摩擦力与重力沿斜面的分力平衡B．物体所受重力沿垂直于斜面的分力就是物体对斜面的压力C．物体所受重力与斜面对它的静摩擦力和支持力这两个力的合力平衡D．斜面倾角越大，物体对斜面的压力就越大3．（4分）码头上两个人用水平力推集装箱，想让它动一下，但都推不动，其原因是（）A．集装箱太重B．推力总小于摩擦力C．集装箱所受合外力始终为零D．推力总小于最大静摩擦力4．（4分）关于合力的下列说法，正确的是（）A．几个力的合力就是这几个力的代数和B．几个力的合力一定大于这几个力中的任何一个力C．几个力的合力可能小于这几个力中最小的力D．几个力的合力可能大于这几个力中最大的力5．（4分）如图示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，它们同时沿竖直墙面下滑，已知m A＞m B，则物体B（）A．只受一个重力B．受到重力、摩擦力各一个C．受到重力、弹力、摩擦力各一个D．受到重力、摩擦力各一个，弹力两个6．（4分）某物体在四个共点力作用下处于平衡状态，若F4的方向沿逆时针方向转过90°角，但其大小保持不变，其余三个力的大小和方向均保持不变，此时物体受到的合力的大小为（）A．0 B．F4C．F4D．2F47．（4分）将力F分解成F1和F2，若已知F1的大小和F2与F的夹角（θ为锐角），则（）A．当F1＞Fsin θ时，有两解B．当F1=Fsin θ时，一解C．当Fsin θ＜F1＜F时，有两解D．当F1＜Fsin θ时，无解8．（4分）如图所示，举重运动员在抓举比赛时，使两臂上举后两臂间成钝角，手臂伸直后所受作用力沿手臂方向，一质量为75kg的运动员，在举起125kg的杠铃时，两臂成120°角，则此时运动员的每只手臂对杠铃的作用力F及运动员对地面的压力F N的大小分别为（g取10m/s2）（）A．F=1 250 N，F N=2 000 N B．F=1 250 N，F N=3 250 NC．F=625 N，F N=2 000 N D．F=722 N，F N=2 194 N9．（4分）如图为一攀岩运动员正沿竖直岩壁缓慢攀登，由于身背较重的行囊，重心上移至肩部的0点，总质量为60kg．此时手臂与身体垂直，手臂与岩壁夹角为53°．则手受到的拉力和脚受到的作用力分别为（设手、脚受到的作用力均通过重心O，g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）（）A．450N 800N B．480N 360N C．360N 480N D．800N 450N10．（4分）如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁．若再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，此时小车受力个数为（）A．3 B．4 C．5 D．611．（4分）如图所示，水平推力F使物体静止于斜面上，则（）A．物体一定受3个力的作用B．物体可能受3个力的作用C．物体一定受到沿斜面向下的静摩擦力D．物体一定受到沿斜面向上的静摩擦力12．（4分）放在粗糙水平面上的物体A上叠放着物体B．A和B之间有一压缩的弹簧．A、B均处于静止状态，下列说法中正确的是（）A．B受到向右的摩擦力B．B对A的摩擦力向右C．地面对A的摩擦力向右D．地面对A没有摩擦力二、填空题（本题共2个小题，满分15分）13．（6分）在验证“互成角度的两个力的合成”的实验中，某小组得出如图所示的图（F与AO共线），图中是F1与F2合成的理论值；是F1与F2合成的实际值，在实验中如果将两个细绳套换成两根橡皮条，那么实验结果是否变化？答：（填“变”或“不变”）．14．（9分）某同学和你一起探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数k．做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上．当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度数值记作L0，弹簧下端挂一个50g的砝码时，指针指示的刻度数值记作L1；弹簧下端挂两个50g的砝码时，指针指示的刻度数值记作L2；…；挂七个50g的砝码时，指针指示的刻度数值记作L7．（1）表记录的是该同学已测出的6个值，其中有两个数值在记录时有误，它们的代表符号分别是．测量记录表：代表符号L0L1L2L3L4L5L6L7刻度数值/cm 1.70 3.40 5.10 8.60 10.3 12.1（2）实验中，L3和L7两个值还没有测定，请你根据上图将这两个测量值填入记录表中，并写在答题卷上．（3）充分利用测量数据，该同学将所测得的数值按如下方法逐一求差，分别计算出了三个差值：d1=L4﹣L0=6.90cm，d2=L5﹣L1=6.90cm，d3=L6﹣L2=7.00cm．请你给出第四个差值：d4== cm．（4）根据以上差值，可以求出每增加50g砝码的弹簧平均伸长量△L．△L用d1、d2、d3、d4表示的式子为：△L=，代入数据解得△L= cm．（5）计算弹簧的劲度系数k= N/m．（g取9.8m/s2）三、计算题（本题共4个小题，满分37分）15．（6分）轻绳OA的O端固定，对A端施加两个水平力F1和F2的作用，使绳处于南偏东300的方向．其中F1的大小为3N，方向水平向东，如图所示．若F2的方向指向正南，试求该力大小以及此时绳上的拉力大小．16．（8分）如图所示，斜绳（与水平方向夹45°角）与水平绳最大承受拉力分别为20N和10N，竖直绳抗拉能力足够强，三绳系于O点，问：各绳均不断时，最多可悬吊多重的物体？17．（8分）如图，人重600牛，木块A重400牛，人与A、A与地面间的动摩擦因数均为0.2，现人用水平力拉绳，使他与木块一起向右匀速直线运动，滑轮摩擦不计，求：（1）人对绳的拉力．（2）人脚给A的摩擦力方向和大小．18．（15分）如图甲所示，一固定的粗糙斜面的倾角为37°，一物块m=5kg在斜面上，若用F=50N的力沿斜面向上推物块，物块能沿斜面匀速上升，g=10m/s2，s in37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求物块与斜面间的动摩擦因数μ；（2）若将F改为水平向右推力F′（如图乙），则F′为多大时才能使物块沿斜面匀速运动．（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）山东省潍坊一中2014-2015学年高一上学期单元测试物理试卷（相互作用）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分）1．（4分）在粗糙斜面上加速下滑的物体所受到的力是（）A．重力和斜面支持力B．重力，下滑力和对斜面的压力C．重力，摩擦力和斜面支持力D．重力，下滑力，摩擦力和斜面支持力考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．分析：建立问题情境，从受力分析的顺序对物体进行受力分析．其中下滑力是我们对重力分解后沿斜面向下的分力的称呼．解答：解：物体受重力，斜面对物体的支持力，滑动摩擦力．其中下滑力是我们对重力分解后沿斜面向下的分力的称呼，分析物体实际受到的力．故选C．点评：对物体受力分析是指物体受到的力，该物体对其他的物体施加的力不需要分析．要按照力的顺序分析力．2．（4分）物体静止在斜面上，以下分析中正确的是（）A．物体受到的静摩擦力与重力沿斜面的分力平衡B．物体所受重力沿垂直于斜面的分力就是物体对斜面的压力C．物体所受重力与斜面对它的静摩擦力和支持力这两个力的合力平衡D．斜面倾角越大，物体对斜面的压力就越大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体受力分析，由共点力的平衡条件可明确各力间的关系．注意三力平衡时，任意两力的合力与第三力大小相等，方向相反．解答：解：A、物体静止在斜面上，在沿斜面方向上，受重力分力及摩擦力；二力大小相等，相互平衡；故A正确；B、压力是由形变产生的；而重力的分力只是大小上等于压力，不是说压力就是重力的分力；故B错误；C、物体受三力而处于平衡；故静摩擦力与支持力的合力一定与重力相互平衡；故C正确；D、压力N=mgcosθ；倾角越大，压力越小；故D错误；故选：AC点评：本题考查共点力平衡的应用，要注意三力合成时，任意两力的合力与第三个力等大反向为常用的解题方法．3．（4分）码头上两个人用水平力推集装箱，想让它动一下，但都推不动，其原因是（）A．集装箱太重B．推力总小于摩擦力C．集装箱所受合外力始终为零D．推力总小于最大静摩擦力考点：静摩擦力和最大静摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：码头上两个人用水平力推集装箱，想让它动一下，但都推不动，集装箱处于平衡状态，所受的合力为零．解答：解：集装箱推不动，因为集装箱在水平方向上受推力和静摩擦力平衡合力为零，推力总小于最大静摩擦力．故C、D正确，A、B错误．故选CD．点评：解决本题的关键知道静摩擦力介于0和最大静摩擦力之间，物体推不动，因为推力和静摩擦力平衡．4．（4分）关于合力的下列说法，正确的是（）A．几个力的合力就是这几个力的代数和B．几个力的合力一定大于这几个力中的任何一个力C．几个力的合力可能小于这几个力中最小的力D．几个力的合力可能大于这几个力中最大的力考点：合力的大小与分力间夹角的关系；力的合成．专题：平行四边形法则图解法专题．分析：（1）如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；同一直线反方向二力的合力等于二力之差．（2）如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间．解答：解：A、力是矢量，根据力的平行四边形定则可知，几个力的合力就是这几个力的矢量和，故A错误；B、当两个力方向相同时，合力等于两分力之和，合力大于每一个分力；当两个分力方向相反时，合力等于两个分力之差，合力可能小于最小分力，由此可见：合力可能大于分力也有可能小于分力，故B错误，CD正确；故选：CD．点评：解此题关键是要理解合力的大小范围：大于两力之差，小于两力之和；分析时考虑问题要全面，既要考虑到两个力同向，也要考虑反向的情况．5．（4分）如图示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，它们同时沿竖直墙面下滑，已知m A＞m B，则物体B（）A．只受一个重力B．受到重力、摩擦力各一个C．受到重力、弹力、摩擦力各一个D．受到重力、摩擦力各一个，弹力两个考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对整体结合运动情况受力分析，得到只受重力，加速度为g，即做自由落体运动，然后对B结合运动情况受力分析，得到受力情况．解答：解：A、B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析，只受重力；故选：A．点评：本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A与B间无弹力，最后再对B受力分析，得到其只受重力．6．（4分）某物体在四个共点力作用下处于平衡状态，若F4的方向沿逆时针方向转过90°角，但其大小保持不变，其余三个力的大小和方向均保持不变，此时物体受到的合力的大小为（）A．0 B．F4C．F4D．2F4考点：力的合成．分析：物体受多力平衡，则多力的合力为零；则F1、F2、F3的合力与F4大小相等方向相反；则将F4转动后，其他三力的合力不变，则变成了转后的F4与其他三力的合力的合成，则由平行四边形定则可求得合力．解答：解：物体在四个共点力作用下处于平衡状态，合力为零，F4的方向沿逆时针方向转过90°角，此时其它三个力的合力与F4大小相等，方向垂直，则物体受到的合力，即为F4．故选：B．点评：本题中应用了力的合成中的一个结论：当多力合成其合力为零时，任一力与其他各力的合力大小相等方向相反．7．（4分）将力F分解成F1和F2，若已知F1的大小和F2与F的夹角（θ为锐角），则（）A．当F1＞Fsin θ时，有两解B．当F1=Fsin θ时，一解C．当Fsin θ＜F1＜F时，有两解D．当F1＜Fsin θ时，无解考点：力的分解．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：根据平行四边形定则或者三角形定则作图分析：若F1＜Fsin30°，无解；若F1=Fsin30°，唯一解；若F＞F1＞Fsin30°，两解；若F1＞F，唯一解．解答：解：A、当Fsin θ＜F1＜F时，能构成两个平行四边形，分解得到的一组解是F1C和F2C，另一组解F1C′和F2C′，故A错误，C正确；B、如图所示，当F1=Fsin θ时，只能构成唯一的平行四边形，分解得到F1B和F2B，故B错误；D、当F1＜Fsin θ时，构不成完整的平行四边形，所以无解，故D正确；故选：CD．点评：本题关键是根据平行四边形定则作图分析，知道合力与分力是等效替代关系．8．（4分）如图所示，举重运动员在抓举比赛时，使两臂上举后两臂间成钝角，手臂伸直后所受作用力沿手臂方向，一质量为75kg的运动员，在举起125kg的杠铃时，两臂成120°角，则此时运动员的每只手臂对杠铃的作用力F及运动员对地面的压力F N的大小分别为（g取10m/s2）（）A．F=1 250 N，F N=2 000 N B．F=1 250 N，F N=3 250 NC．F=625 N，F N=2 000 N D．F=722 N，F N=2 194 N考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以杠铃为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求出运动员两臂对杠铃的作用力．以运动员和杠铃整体为研究对象，由平衡条件求出地面对运动员的支持力，即可求得运动员对地面的压力F N．解答：解：以杠铃为研究对象，分析受力情况：重力mg和运动员两臂对杠铃的作用力F1和F2，作出力图如图．根据平衡条件得：2Fcos60°=mg得到：F=mg=125×10=1250N以运动员和杠铃整体为研究对象，分析受力可知：整体受到总重力为：G=（75+125）×10N=2000N，地面的支持力F N′，则有：N=G=2000N．由牛顿第三定律得知：运动员对地面的压力：F N=F N′=2000N故选：A．点评：本题用质点代替杠铃，对实际物体进行简化，方便研究．对于物体的平衡问题，关键是分析受力情况．9．（4分）如图为一攀岩运动员正沿竖直岩壁缓慢攀登，由于身背较重的行囊，重心上移至肩部的0点，总质量为60kg．此时手臂与身体垂直，手臂与岩壁夹角为53°．则手受到的拉力和脚受到的作用力分别为（设手、脚受到的作用力均通过重心O，g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）（）A．450N 800N B．480N 360N C．360N 480N D．800N 450N考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以运动员和行囊组成的整体为研究对象，分析受力情况：重力、岩壁对手臂的拉力和岩壁对脚的弹力，由平衡条件求解手受到的拉力和脚受到的作用力．解答：解：以运动员和行囊整体为研究对象，分析受力情况：重力Mg、岩壁对手臂的拉力F1和岩壁对脚的弹力F2，作出力图，如图所示．设运动员和行囊的质量分别为M．根据平衡条件得F1=Mgcos53°=600×0.6N=360NF2=Mgsin53°=600×0.8N=480N故选C点评：本题是实际问题，要将运动员和行囊进行简化，用质点代替，简单方便，正确作出力图是本题解题的关键．10．（4分）如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁．若再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，此时小车受力个数为（）A．3 B．4 C．5 D．6考点：力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体受力分析是指分析物体的受力情况同时画出受力的示意图，本题可以先对m 受力分析，再结合牛顿第三定律对M受力分析．解答：解：先对物体m受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对M受力分析，受重力、m对它的垂直向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，同时地面对M 有向上的支持力，共受到4个力；故选B．点评：对物体受力分析可以按照先已知力，再重力，最后弹力和摩擦力，要结合弹力和摩擦力的产生条件判断，本题中墙壁虽与小车接触，但无弹力．11．（4分）如图所示，水平推力F使物体静止于斜面上，则（）A．物体一定受3个力的作用B．物体可能受3个力的作用C．物体一定受到沿斜面向下的静摩擦力D．物体一定受到沿斜面向上的静摩擦力考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以物体为研究对象进行受力分析，由正交分解法得出沿斜面和垂直于斜面两个方向进行分析，由共点力的平衡条件可得出物体受力情况．解答：解：物体受重力、支持力及推力而处于静止，如图建立直角坐标系，将重力及推力分解，则在沿斜面方向上若重力的分力等于推力沿斜面向上的分力，而物体没有相对运动的趋势，故物体不受摩擦力；若向上的推力的分力大于重力的分力，则有向上的运动趋势，摩擦力向下；若推力分力小于重力的分力，则摩擦力向上；故物体可能受三个力也可能受四个力；而摩擦力的方向可能向上也可能向下，故ACD错误；B 正确；故选B．点评：若物体受三个明确力的作用而处于平衡时，一般用合成法进行分析；若受力超过四个时一般采用正交分解法进行分析．12．（4分）放在粗糙水平面上的物体A上叠放着物体B．A和B之间有一压缩的弹簧．A、B 均处于静止状态，下列说法中正确的是（）A．B受到向右的摩擦力B．B对A的摩擦力向右C．地面对A的摩擦力向右D．地面对A没有摩擦力考点：共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：压缩状态的弹簧对B有向左的弹力，B有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，根据牛顿第三定律可知，B对A的摩擦力向左．对整体研究，地面对A没有摩擦力．解答：解：A、压缩状态的弹簧对B有向左的弹力，B有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力．故A正确．B、由上可知：A对B的摩擦力向右，根据牛顿第三定律可知，B对A的摩擦力向左．故B 错误．C、D对整体研究，根据平衡条件分析可知，地面对A没有摩擦力．故C错误，D正确．故选AD点评：本题关键是灵活选择研究对象．对物体受力分析时往往根据平衡条件和牛顿第三定律来分析二、填空题（本题共2个小题，满分15分）13．（6分）在验证“互成角度的两个力的合成”的实验中，某小组得出如图所示的图（F与AO共线），图中F′是F1与F2合成的理论值；F是F1与F2合成的实际值，在实验中如果将两个细绳套换成两根橡皮条，那么实验结果是否变化？答：不变（填“变”或“不变”）．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：该实验采用了“等效法”，由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的实际值（通过平行四边形定则得出的值），与理论值（实际实验的数值）存在差别，只要O点的作用效果相同，是否换成橡皮条不影响实验结果．解答：解：是F1与F2合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F是F1与F2合成的实际值，F′是F1与F2合成的理论值，由于O点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果．故答案为：F′，F，不变．点评：掌握实验原理，从多个角度来理解和分析实验，提高分析解决问题的能力．14．（9分）某同学和你一起探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数k．做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上．当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度数值记作L0，弹簧下端挂一个50g的砝码时，指针指示的刻度数值记作L1；弹簧下端挂两个50g的砝码时，指针指示的刻度数值记作L2；…；挂七个50g的砝码时，指针指示的刻度数值记作L7．（1）表记录的是该同学已测出的6个值，其中有两个数值在记录时有误，它们的代表符号分别是L5；L6．测量记录表：代表符号L0L1L2L3L4L5L6L7刻度数值/cm 1.70 3.40 5.10 8.60 10.3 12.1（2）实验中，L3和L7两个值还没有测定，请你根据上图将这两个测量值填入记录表中，并写在答题卷上．（3）充分利用测量数据，该同学将所测得的数值按如下方法逐一求差，分别计算出了三个差值：d1=L4﹣L0=6.90cm，d2=L5﹣L1=6.90cm，d3=L6﹣L2=7.00cm．请你给出第四个差值：d4=L7﹣L3=7.20 cm．（4）根据以上差值，可以求出每增加50g砝码的弹簧平均伸长量△L．△L用d1、d2、d3、d4表示的式子为：△L=，代入数据解得△L=1.74 cm．（5）计算弹簧的劲度系数k=28.57 N/m．（g取9.8m/s2）考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：1、用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，即要有估读的．2、根据指针指示的刻度读出L3和L7的值．3、按照d1、d2、d3的表达式的规律表示出d4．4、d1、d2、d3、d4中每个数据中含有4个△L．3、充分利用测量数据，根据公式△F=k△x可以计算出弹簧的劲度系数k．其中△x为弹簧的形变量．解答：解：（1）刻度尺的最小分度值为1mm，读数时估读一位，记录数据要记录到0.1mm，所以长度L5应为10.30cm，L6为12.10cm．故错误的是L5，L6；（2）根据图所示读出指针指示的刻度数值：L3=6.85cm，L7=14.05cm；（3）根据题意：d4=L7﹣L3=14.05cm﹣6.85cm=7.20cm．（4）d1、d2、d3、d4中每个数据中含有4个△L，故△L=，代入数据得：△L=1.74cm；（5）充分利用测量数据，k===28.57N/m．故答案为：（1）L5；L6；（2）6.85，14.05（3）L7﹣L3；7.20；（4）；1.74；（5）28.57．点评：弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差．三、计算题（本题共4个小题，满分37分）15．（6分）轻绳OA的O端固定，对A端施加两个水平力F1和F2的作用，使绳处于南偏东300的方向．其中F1的大小为3N，方向水平向东，如图所示．若F2的方向指向正南，试求该力大小以及此时绳上的拉力大小．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：由平衡条件可知，F1和F2的合力方向必沿OA方向，然后由平行四边形定则做出合力根据几何知识求解．解答：解：由题意及物体的平衡条件可知，F1和F2的合力方向必沿OA方向，所以有=tanθ即F2=解得F2=3（N）．轻绳上的拉力F与F1和F2的合力平衡，所以有F==6（N）．答：力F2大小为3N，此时绳上的拉力大小为6N．点评：考查力的合成与分解，掌握力的平行四边形定则，理解受力平衡的条件．16．（8分）如图所示，斜绳（与水平方向夹45°角）与水平绳最大承受拉力分别为20N和10N，竖直绳抗拉能力足够强，三绳系于O点，问：各绳均不断时，最多可悬吊多重的物体？考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：选结点O为研究对象，受力分析后应用平衡条件判断那根绳子先断，根据先断的绳子能承受的最大拉力求出最大重力．解答：解：画出受力分析图，并运用合成法：由几何知识解出 F OC=Gtan45°=GF斜==G讨论：当F OC=10N时F斜=10N＜20N此时最多可悬吊的物体重G=F OC=10N答：各绳均不断时，最多可悬吊10N的物体．点评：本题为平衡条件的应用，关键点时判断那根绳子先断，分别用两根绳子能承受的最大拉力求出重物的重力，取小的即可．17．（8分）如图，人重600牛，木块A重400牛，人与A、A与地面间的动摩擦因数均为0.2，现人用水平力拉绳，使他与木块一起向右匀速直线运动，滑轮摩擦不计，求：（1）人对绳的拉力．（2）人脚给A的摩擦力方向和大小．。

2015届山东潍坊高三上学期期末物理卷1．某质点做直线运动，其速度随时间变化的v —T 图象如图所示，则质点( )A ．初速度大小是0B ．初速度大小是L m ／sC ．加速度大小是0.5m ／s 2D ．加速度大小是1m ／s 2 【答案】BC【解析】根据v -T 图像可知：零时刻，即y 轴上的截距是1m/s ，初速度大小是L m ／s ，A 错误、B 正确；在2s 时间内，速度从1m/s 增加到2m/s ，根据加速度的定义a =tv∆∆，a =0.5m ／s 2，C 正确、D 错误。

【考点】v -T 图像2．某同学站在竖直升降机内，升降机做下列哪些运动时，该同学处于超重状态（ ） A ．加速上升 B ．减速上升 C ．加速下降 D ．减速下降 【答案】AD【解析】当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于它本身的重力，是超重现象；当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于它本身的重力，是失重现象．超重和失重时，本身的重力没变．超重时，根据牛顿第二定律，加速度的方向向上；失重时，加速度的方向向下．加速上升和减速下降，加速度向上，属于超重，AD 正确；减速上升和加速下降，加速度向下，属于失重，BC 错误。

【考点】牛顿第二定律、超重和失重3．如图所示，实线表示某静电场的电场线。

虚线表示该电场的等势面，a 、b 是电场中的两点．以下判断正确的是（ ）A．a点的场强大于b点的场强B．a点的电势高于b点的电势C．正电荷在a点的电势能大于在b点的电势能D．将负电荷从a点移到b点电场力对其做正功【答案】BC【解析】图中实线电场线，电场线的疏密表示电场强度的强弱，所以，b点的场强大于a点的场强，A错误；沿电场线方向电势降低，a点的电势高于b点的电势，B正确；正电荷受力方向与电场方向一致，从a点移到b点，电场力做正功，电势能降低，C正确；负电荷受力方向与场强方向相反，将负电荷从a点移到b点电场力对其做负功，D错误。

山东省潍坊市2015届高考物理一模试卷一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下面叙述符合物理学史实的是( )A．伽利略通过理想实验总结出了惯性定律B．牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量C．安培首先发现了电流的磁效应D．法拉弟发现了电磁感应现象并最早引入电场线描述电场2．如图所示，小磁石吸附在下端带有转轴的铁杆上，当铁杆竖直时，磁石未滑动，铁杆沿顺时针方向缓慢转过某一角度α（α＜90°）时，磁石仍未滑动，此过程中( )A．磁石受3个力作用B．磁石受4个力作用C．磁石所受摩擦力变小D．磁石所受弹力变大3．如图所示，虚线表示某电场的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下的运动径迹如图中实线所示，设A、B两点的强度大小分别为E A、E B，粒子在A、B两点的速度大小分别为v A、v B，下列结论正确的是( )A．E A＞E B B．E A＜E B C．v A＜v B D．v A＞v B4．如图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器的触头P向下滑动，理想电表的示数I、U1、U2都发生变化，变化量的绝对值分别用△I、△U1、△U2表示，下列判断正确的是( )A．不变B．变小C．变大D．不变5．质量为m的小球从液面上方某高度处由静止下落，进入液体后受到的阻力与速率成正比，小球在整个运动过程中的速率随时间变化的规律如图所示，重力加速度为g，关于小球的运动，下列说法正确的是( )A．在液体中先做匀加速运动，后做匀速运动B．进入液体瞬间的加速度大小为C．在t1～t2时间内的做加速度越来越大的减速运动D．在t1～t2时间内的平均速度大于6．“嫦娥三号”登月探测器在月球成功着陆，标志着我国登月探测技术达到了世界领先水平．“嫦娥三号”绕月飞行的示意图如图所示，P点为变轨点，引力常量为G，则“嫦娥三号”( )A．在轨道1上运行的周期小于在轨道2上运行的周期B．沿两个不同轨道运行，经过P点时的线速度相同C．沿两个不同的轨道运行，经过P点时所受月球引力相同D．若已知轨道1上动行的周期和轨道半径，可求月球质量7．图为远距离输电的原理图，变压器均为理想变压器，图中标出了各部分的电压和电流，输电线总电阻为R，以下结论正确的是( )A．I2=B．U2I2=U4I4C．若用户的用电功率变大，则U4变大D．若用户的用电功率变大，则I1变大8．如图所示，长为L、倾角为θ的绝缘光滑斜面处于电场中，一电荷量为q、质量为m的带正电小球，以初速度v0由斜面底端的A点沿斜面上滑，到达斜面顶端B点时速度仍为v0．下列判断正确的是( )A．A、B两点的电势相等B．A、B两间的电势差为C．小球在A点的电势能和重力势能之和与在B点时相同D．由A到B过程中电场力做的功大于克服重力做的功9．轻杆可绕其一端自由转动，在杆的中点和另一端分别固定质量相同的小球A、B，如图所示，将杆从水平位置由静止释放，当杆转到竖直位置时，小球B突然脱落，以下说法正确的是( )A．A球仍能摆到水平位置B．A球不能摆到水平位置C．两球下摆至竖直位置的过程中，A球的机械能守恒D．两球下摆至竖直位置的过程中，B球的机械能减少10．如图所示，平行光滑金属导轨倾斜放置，与水平面间的夹角为θ，间距为L，导轨上端与一电容为C的电容器相连，匀强磁场磁感应强度为B，方向垂直于导轨平面向上，质量为m的导体棒垂直放在导轨上并由静止释放，导轨足够长，则导体棒( )A．做变加速直线运动B．先变加速直线运动，再做匀速运动C．做匀加速直线运动且加速度大小为gsinθD．做匀加速直线运动且加速度大小为二、实验题（本题3小题，共16分）11．某同学用20分度的游标卡尺测量一橡皮的宽度如图所示，读数为__________cm．12．某学习小组要精确测量量程为15V、内阻约1kΩ的电压表内阻，实验室提供的器材如下：待测电压表V（量程为15V，内阻约1kΩ）电源E（电动势12V，内阻不计）电流表A1（量程0.6A，内阻约1Ω）电流表A2（量程15mA，内阻约1Ω）滑动变阻器R（阻值0～50Ω）开关S，导线若干．（1）实验中电流表应选用__________（填“A1”或“A2”）；（2）为了尽量减少误差，要求测量多组数据，试在方框内画出符合要求的实验电路图．13．用如图所示的实验装置测量弹簧压缩时的弹性势能大小，轻弹簧一端固定在桌面的左侧，滑块紧靠在弹簧的右端（不栓接），调节桌面水平，将滑块向左压缩弹簧到A点，放手后滑块向右滑行到B点停止运动，已知木块质量为m，与桌面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．（1）实验中还需要测量的物理量是__________（填正确答案标号）．A．O、A间的距离L OA B．A、B间的距离L AB C．O、B间距离L OB（2）弹簧的弹性势能E P=__________（用给出的物理量字母表示）（3）若实验过程中没有调节桌面水平，而是桌面左侧比右侧略高，该同学仍用原来方法测弹簧势能，则测得的E P__________（填“偏大”、“偏小”或“不变”）．三、计算题（本题共3个小题，共34分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．如图所示，平行光滑金属导轨OD、AC固定在水平的xoy直角坐标系内，OD与x轴重合，间距L=0.5m．在AD间接一R=20Ω的电阻，将阻值为r=50Ω、质量为2kg的导体棒横放在导轨上，且与y轴重合，导轨所在区域有方向竖直向下的磁场，磁感应强度B随横坐标x的变化关系为B=T．现用沿x轴正向的水平力拉导体棒，使其沿x轴正向以2m/s2的加速度做匀加速直线运动，不计导轨电阻，求：（1）t时刻电阻R两端的电压；（2）拉力随时间的变化关系．15．如图所示，带有弧形凹槽的滑块放在桌面上，放在光滑球凹槽内，球的半径与槽半径相同，已知角α=37°，小球质量m=1kg，半径R=0.375m，滑块质量M=4kg，右端厚度h=0.5m，与挡板C等高；滑块右端到挡板C的距离为L=2.4m，滑块与桌面间的动摩擦因数μ=0.4；桌面高H=1.3m．现对滑块施加水平向右的推力F，使小球以最大加速度随滑块一起运动，滑块与C碰撞后粘为一体停止运动，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）推力F的大小；（2）小球落地点到抛出点的水平距离．16．在如图所示的xoy直角坐标系内，x轴上方有沿y轴负方向的匀强电场，x轴下方有垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为m，电荷量为q的粒子，t=0时刻从y轴上的A（0，h）点以初速度v0沿x轴正向射出，粒子经过x轴上的B（2h，0）点进入磁场，恰从原点O第一次射出磁场，不计粒子重力，求：（1）电场强度E和磁感应强度B的大小；（2）带电粒子从A（0，h）点第一次运动到距x轴上方最大距离处的时间；（3）粒子带n次射出磁场时的横坐标值．四、选做题（从三个题目中选择一个题目作答）[物理3-3]17．下列说法正确的是( )A．液体中悬浮的微粒越大，布朗运动越显著B．当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而减小C．第二类永动机不可能制成，因为它违反能量守恒定律D．一定质量的理想气体，当它的压强，体积都增大时，其内能一定增加18．如图所示，粗细均匀开口向上的竖直玻璃管内，长分别为15cm和10cm的水银柱A、B 将气体分为Ⅰ、Ⅱ两部分，气柱Ⅰ长10cm，气柱Ⅱ长11cm，现缓慢向管内倒入10cm长的水银柱，已知大气压强P0=75cmHg．求稳定后水银柱A下端下降的距离．[物理3-3]19．在某一均匀介质中由波源O发出的简谐横波沿x轴传播，波速为5m/s，某时刻波传到x=±3m处，其波形如图，下列说法正确的是( )A．此时P、Q两点振动方向相同B．再经过0.5s质点N刚好在（﹣5m，20cm）位置C．该波传入另一介质后波的频率将发生改变D．该波遇到高10m的障碍物不会发生衍射20．如图所示，厚度为d的平行玻璃砖与光屏EF均竖直放置，玻璃砖右侧面距光屏为d，左侧面距激光源S也是d，由S发出的两束激光，一束垂直玻璃砖表面另一束与玻璃砖表面成45°角，两束光经折射后射到光屏上，光屏上两光点距为（2+）d，已知光在真空中的传播速度为c，求：（1）玻璃砖的折射率；（2）激光在玻璃砖中传播的时间．四、选做题（从三个题目中选择一个题目作答）[物理3-5]21．下列说法中正确的是( )A．目前已经建成的核电站的能量来自于重核裂变B．自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能C．卢瑟福依据极少数粒子发生大角度散射提出了原子核式结构模型D．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能增大，原子总能量增加22．如图所示，质量M=3kg的小车A静止在光滑的水平面上，小车上有一质量m=1kg的光滑小球B，将一轻质弹簧压缩并锁定，此时弹簧的弹性势能为E P=6J，小球与小车右壁距离为L=0.4m．解除锁定，小球脱离弹簧后与小车右壁碰撞并被粘住，求：（1）小球脱离弹簧时小球的速度大小；（2）在整个过程中，小车移动的距离．山东省潍坊市2015届高考物理一模试卷一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下面叙述符合物理学史实的是( )A．伽利略通过理想实验总结出了惯性定律B．牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量C．安培首先发现了电流的磁效应D．法拉弟发现了电磁感应现象并最早引入电场线描述电场考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、伽利略通过理想实验得出了力不是维持物体运动的原因，牛顿总结出了惯性定律．故A错误；B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量，故B错误；C、奥斯特首先发现了电流的磁效应，故C错误；D、法拉弟发现了电磁感应现象并最早引入电场线描述电场，故D正确；故选：D．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如图所示，小磁石吸附在下端带有转轴的铁杆上，当铁杆竖直时，磁石未滑动，铁杆沿顺时针方向缓慢转过某一角度α（α＜90°）时，磁石仍未滑动，此过程中( )A．磁石受3个力作用 B．磁石受4个力作用C．磁石所受摩擦力变小 D．磁石所受弹力变大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：磁石保持静止，受力平衡；受重力、吸引力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件列式求解出摩擦力和弹力的大小表达式进行分析．解答：解：A、B、磁石受重力mg、吸引力F、支持力N和静摩擦力f，共4个力，故A错误，B正确；C、D、根据平衡条件，有：f=mgsinθN=F﹣mgcosθ由于θ减小，导致f减小，N减小，故C正确，D错误；故选：BC．点评：本题关键是明确物体的受力情况，然后根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式求解，基础题目．3．如图所示，虚线表示某电场的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下的运动径迹如图中实线所示，设A、B两点的强度大小分别为E A、E B，粒子在A、B两点的速度大小分别为v A、v B，下列结论正确的是( )A．E A＞E B B．E A＜E B C．v A＜v B D．v A＞v B考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：图中场源位于等势面圆心位置，根据曲线的弯曲可知是静电斥力，根据等差等势面的疏密判断场强大小，结合牛顿第二定律得到加速度大小关系；根据公式φ=判断电势能高低．解答：解：由于等势面是同心圆，且外里小，故图中场源位于等势面圆心位置，是负电荷；根据曲线的弯曲可知是静电斥力，故粒子也带负电；由于B位置等差等势面较密集，场强大，加速度大，即a A＜a B；从A到B，电势降低，根据公式φ=，B点电势能大，即E PA＜E PB；电场力做负功，粒子的动能减小，速度减小，v A＞v B．故选：BD点评：本题关键是先根据等势面判断场源，结合曲线运动判断电场力，根据公式φ=判断电势能高低，不难．4．如图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器的触头P向下滑动，理想电表的示数I、U1、U2都发生变化，变化量的绝对值分别用△I、△U1、△U2表示，下列判断正确的是( )A．不变B．变小C．变大D．不变考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由题意知：R1是定值电阻，根据欧姆定律得知=R1．变阻器是可变电阻，根据闭合电路欧姆定律研究与电源内阻的关系，再分析选择．解答：解：A、B、根据欧姆定律得知：==R1．故当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，、均不变．故A正确．B错误C、D、根据闭合电路欧姆定律得：U2=E﹣Ir，则有=r，不变．故C错误，D正确．故选：AD点评：本题对于定值电阻，是线性元件有R==，对于非线性元件，R=．5．质量为m的小球从液面上方某高度处由静止下落，进入液体后受到的阻力与速率成正比，小球在整个运动过程中的速率随时间变化的规律如图所示，重力加速度为g，关于小球的运动，下列说法正确的是( )A．在液体中先做匀加速运动，后做匀速运动B．进入液体瞬间的加速度大小为C．在t1～t2时间内的做加速度越来越大的减速运动D．在t1～t2时间内的平均速度大于考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由图象得到小球下降过程的运动规律，然后进行受力分析，根据牛顿第二定律和运动学公式进行分析．解答：解：A、由图象可得；小球在液体中先做减速运动后做匀速运动，但不是匀减速运动，故A错误；B、小球进入瞬间，有：mg﹣kv1=ma1，阻力与其速率的比值为，联立解得加速度大小为，故B正确；C、t1～t2时间内图线的斜率逐渐减小，则加速度逐渐减小，故C错误；D、速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，由图象得，匀减速直线运动的位移大于变减速运动位移，匀减速直线运动的平均速度等于，故小球小球在t1～t2平均速度小于，故D错误；故选：B．点评：速度时间图象斜率表示加速度，面积表示位移，会用极限的思想求解位移．6．“嫦娥三号”登月探测器在月球成功着陆，标志着我国登月探测技术达到了世界领先水平．“嫦娥三号”绕月飞行的示意图如图所示，P点为变轨点，引力常量为G，则“嫦娥三号”( )A．在轨道1上运行的周期小于在轨道2上运行的周期B．沿两个不同轨道运行，经过P点时的线速度相同C．沿两个不同的轨道运行，经过P点时所受月球引力相同D．若已知轨道1上动行的周期和轨道半径，可求月球质量考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力，结合轨道半径和周期可以求出中心天体的质量；抓住嫦娥三号从圆轨道进入椭圆轨道，做近心运动，确定其加速还是减速；根据万有引力定律确定嫦娥三号周期、引力如何变化．解答：解：A、已知嫦娥三号环月段圆轨道的半径、运动周期和引力常量，根据=，在轨道1上运行的周期大于在轨道2上运行的周期．故A错误．B、嫦娥三号由环月段圆轨道变轨进入环月段椭圆轨道时，需减速，使得万有引力大于向心力，做近心运动，而进入椭圆轨道，轨道1上运行的速度大于在轨道2上运行速度．故B 错误．C、根据知r同，则所受引力相同．故C正确．D、已知嫦娥三号环月段圆轨道的半径、运动周期和引力常量，根据根据=，可以求出月球的质量M=，故D正确．故选：CD．点评：嫦娥三号在环月段圆轨道上做圆周运动万有引力等于向心力，要进入环月段椭圆轨道需要做近心运动．知道变轨的原理是解决本题的关键．7．图为远距离输电的原理图，变压器均为理想变压器，图中标出了各部分的电压和电流，输电线总电阻为R，以下结论正确的是( )A．I2=B．U2I2=U4I4C．若用户的用电功率变大，则U4变大D．若用户的用电功率变大，则I1变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据远距离输电变压器的作用和电压、电流、功率关系逐项分析．解答：解：A、I==，因为△U≠U2，故A错误；B、由于R上有损失的能量，U2I2＞U4I4故B错误；CD、若用户功率变大，则电流I4变大，匝数不变，故I2、I1变大，但U1和U2不变，故损失电压△U=I2R变大，故U3变小，用户得到的电压U4减小，故C错误，D正确；故选：D点评：此题考查变压器的特点，注意记电压、电流、功率关系，同时注意分析电路特点．8．如图所示，长为L、倾角为θ的绝缘光滑斜面处于电场中，一电荷量为q、质量为m的带正电小球，以初速度v0由斜面底端的A点沿斜面上滑，到达斜面顶端B点时速度仍为v0．下列判断正确的是( )A．A、B两点的电势相等B．A、B两间的电势差为C．小球在A点的电势能和重力势能之和与在B点时相同D．由A到B过程中电场力做的功大于克服重力做的功考点：电势差与电场强度的关系；功能关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小球在运动的过程中，受重力、支持力和电场力，重力做负功，支持力不做功，电场力就做正功．A到B速度未变，说明重力做功等于电场力做功解答：解：A、小球在运动的过程中，受重力、支持力和电场力，重力做负功，支持力不做功，电场力就做正功．故A点的电势高，小球在A点的电势能大．故A错误；B、A到B速度未变，说明重力做功等于电场力做功．电势差为：．故B正确；C、根据能量守恒可知小球在A点的电势能和重力势能之和与在B点时相同，故C正确；D、根据动能定理可知，电场力做的功等于克服重力做的功，故D错误；故选：BC点评：通过对做功的分析，要抓住小球在运动的过程中，重力做负功，支持力不做功，电场力就做正功．A到B速度未变，说明重力做功等于电场力做功9．轻杆可绕其一端自由转动，在杆的中点和另一端分别固定质量相同的小球A、B，如图所示，将杆从水平位置由静止释放，当杆转到竖直位置时，小球B突然脱落，以下说法正确的是( )A．A球仍能摆到水平位置B．A球不能摆到水平位置C．两球下摆至竖直位置的过程中，A球的机械能守恒D．两球下摆至竖直位置的过程中，B球的机械能减少考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：两个小球组成的系统，只有重力做功，系统机械能守恒，结合机械能守恒定律进行分析求解．解答：解：两小球组成的系统机械能守恒，则该装置从水平位置由静止释放，对两球下摆至竖直位置的过程中，运用机械能守恒得：mg•+mgL=m（ω1）2+m（Lω1）2解得：ω1=．假设质量为m的小球脱离后，小球A恰能达到水平位置，根据机械能守恒得：mg•=m（ω2）2解得：ω2=，因为ω2＞ω1，可知其余部分不能达到水平位置．故A错误，B正确．CD、两球下摆至竖直位置的过程中，B的机械能变化量为：△E B=m（Lω1）2﹣mgL=mgL＞0，则B球的机械能增大，由系统的机械能守恒知A球的机械能减小，故CD错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道两球的角速度相等，根据半径关系可知线速度的关系，抓住两球组成的系统机械能守恒进行求解．10．如图所示，平行光滑金属导轨倾斜放置，与水平面间的夹角为θ，间距为L，导轨上端与一电容为C的电容器相连，匀强磁场磁感应强度为B，方向垂直于导轨平面向上，质量为m的导体棒垂直放在导轨上并由静止释放，导轨足够长，则导体棒( )A．做变加速直线运动B．先变加速直线运动，再做匀速运动C．做匀加速直线运动且加速度大小为gsinθD．做匀加速直线运动且加速度大小为考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：导体棒下滑，导体棒切割磁感线产生感应电动势，对电容器充电，由电流定义式与牛顿第二定律、匀变速运动的速度位移公式结合进行分析答题．解答：解：设微小时间△t内电容器的带电量增加△q，则充电电流为：I==；又电容器板间电压为：U=E=BLv则得：I==CBLa…①式中a是导体棒的加速度，由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣BIL=ma，解得：I=…②由①②解得：a=，显然是固定不变的，故物体做匀加速直线运动，加速度为，故ABC错误，D正确；故选：D．点评：应用电流的定义式I=、E=BLv、牛顿第二定律、匀变速直线运动的速度位移公式即可正确解题，理清解题思路是关键．二、实验题（本题3小题，共16分）11．某同学用20分度的游标卡尺测量一橡皮的宽度如图所示，读数为1.130cm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．解答：解：游标卡尺的主尺读数为11mm，游标尺上第6个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为6×0.05mm=0.30mm，所以最终读数为：11mm+0.30mm=11.30mm=1.130cm．故答案为：1.130点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．12．某学习小组要精确测量量程为15V、内阻约1kΩ的电压表内阻，实验室提供的器材如下：待测电压表V（量程为15V，内阻约1kΩ）电源E（电动势12V，内阻不计）电流表A1（量程0.6A，内阻约1Ω）电流表A2（量程15mA，内阻约1Ω）滑动变阻器R（阻值0～50Ω）开关S，导线若干．（1）实验中电流表应选用A2（填“A1”或“A2”）；（2）为了尽量减少误差，要求测量多组数据，试在方框内画出符合要求的实验电路图．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：本题（1）的关键是根据欧姆定律估测电路中的最大电流选取电流表；题（2）的关键是根据变阻器的全电阻远小于待测电压表内阻可知变阻器应采用分压式接法．解答：解：（1）由欧姆定律可知，通过待测电压表V的最大电流约为I==15mA，故选择量程为15mA的电流表A2；（2）因为要求测多组数据，且滑动变阻器R远小于电压表的内阻R V，所以选用滑动变阻器分压接法，由于待测电压表的满偏电流与电流表A2的量程接近，应将电压表与电流表A2串联，电路图如图所示：故答案为：（1）A2；（2）如图．点评：应明确：①电压表即为可以显示自身电压的大电阻，其内阻的测量与伏安法测电阻的方法相同；②注意电表的反常规接法，即电压表可以串联在电路中，电流表也可以并联在电路中；③当题目要求测多组数据或变阻器的全电阻远小于待测电阻或实验要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法．13．用如图所示的实验装置测量弹簧压缩时的弹性势能大小，轻弹簧一端固定在桌面的左侧，滑块紧靠在弹簧的右端（不栓接），调节桌面水平，将滑块向左压缩弹簧到A点，放手后滑块向右滑行到B点停止运动，已知木块质量为m，与桌面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．（1）实验中还需要测量的物理量是B（填正确答案标号）．A．O、A间的距离L OA B．A、B间的距离L AB C．O、B间距离L OB（2）弹簧的弹性势能E P=μmgL AB（用给出的物理量字母表示）（3）若实验过程中没有调节桌面水平，而是桌面左侧比右侧略高，该同学仍用原来方法测弹簧势能，则测得的E P偏大（填“偏大”、“偏小”或“不变”）．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：从A到B的运动过程中，物体运动克服摩擦力做功，消耗弹性势能，由于A和B点的动能均为零，根据动能定理可知，在此过程中弹簧弹力做的正功等于克服摩擦力做功，所以要求弹簧的弹性势能，只要计算克服摩擦力做的功即可．解答：解：（1）（2）从A到B的运动过程中，物体运动克服摩擦力做功，消耗弹性势能，由于A和B点的动能均为零，故在此过程中弹簧弹力做的正功等于克服摩擦力做功，所以要求弹簧的弹性势能，只要计算克服摩擦力做的功即可．已知动摩擦因数和重力加速度，即可知道滑动摩擦力的大小，要计算克服摩擦力做功，还要测量AB之间的距离L AB．故弹簧的弹性势能E P=μmgL AB．（3）若实验过程中没有调节桌面水平，而是桌面左侧比右侧略高，则滑块从A到B的过程中，除了克服摩擦力做功，重力也要做正功，及物体会滑动的更远，故该同学仍用原来方法测弹簧势能，则测得的E P偏大．故答案为：（1）B；（2）μmgL AB；（3）偏大．点评：本题关键是明确实验原理，能够根据功能关系得到弹簧的弹性势能等于克服摩擦力做的功．三、计算题（本题共3个小题，共34分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．如图所示，平行光滑金属导轨OD、AC固定在水平的xoy直角坐标系内，OD与x轴重合，间距L=0.5m．在AD间接一R=20Ω的电阻，将阻值为r=50Ω、质量为2kg的导体棒横放在导轨上，且与y轴重合，导轨所在区域有方向竖直向下的磁场，磁感应强度B随横坐标x的变化关系为B=T．现用沿x轴正向的水平力拉导体棒，使其沿x轴正向以2m/s2的加速度做匀加速直线运动，不计导轨电阻，求：（1）t时刻电阻R两端的电压；（2）拉力随时间的变化关系．。

潍坊市四县市2014-2015学年度上学期期中模块监测高一物理2014.11说明：本试题分I、II两卷，满分100分，答题时间90分钟第Ⅰ卷（选择题40分）一、选择题：本题10个小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，有一个或多个选项符合题目要求，选对得4分，选对但不全的得2分，选错或不选均得0分．1．物理学中的“质点”是一种理想化模型，研究下列物体的运动时可视为质点的是A．研究运动员跳高的过杆动作B．研究地球的自转C．计算轮船在海洋中的航行速度D．研究乒乓球的接发球技术2. 有一质量均匀分布的圆形薄板，若将其中央挖掉一个小圆，则剩余部分A．重力减小，重心随挖下的小圆板移走了B．重力和重心都没改变C．重力减小，重心位置没有改变D．重力减小，重心不存在了3．有关摩擦力与弹力的关系，下列说法正确的是A．接触面间有摩擦力就一定有弹力B．接触面间有弹力就一定存在摩擦力C．摩擦力的大小总是与弹力的大小成正比D．接触面间摩擦力的方向与弹力的方向垂直4．某物体做直线运动的v-t图象如图所示，由图象可知，下列说法中正确的是A．物体在0～10s内做匀速直线运动B．物体在0～10s内做匀减速直线运动C．物体运动的初速度为10m/sD．物体在0～10s内的加速度为2.5m/s25．一木块放在水平桌面上，关于木块受到的支持力，下列说法正确的是A．受力物体是木块B．受力物体是桌子C．由于桌面发生微小的形变而产生的D．由于木块发生微小的形变而产生的6．一后轮驱动的汽车，由静止开始向前运动时，前轮和后轮所受的摩擦力的方向是A．前轮受到的摩擦力向前，后轮的向后B．前轮受到的摩擦力向后，后轮的向前C．前、后轮受到的摩擦力都向后D．前、后轮受到的摩擦力都向前7．甲、乙两物体分别从4h与h高处开始做自由落体运动，则下列说法正确的是A．落地时的速度甲是乙的4倍B．落地时的速度甲是乙的2倍C．经历时间甲是乙的4倍D．经历时间甲是乙的2倍8．关于物体沿直线运动的速度和加速度的说法正确的是A．物体运动时，加速度增大，速度必定增大B．物体可以具有向东的速度，而它的加速度的方向向西C．物体加速度的方向一定和速度变化的方向相同D．物体运动时，加速度在减小，速度可能会增大9．如图所示的x-t图象两条图线，甲、乙代表两辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是A．甲车做直线运动，乙车做曲线运动B．甲车做匀速直线运动，乙车做变速直线运动C．0～t1时间内，甲车比乙车的位移小D．0～t1时间内，甲车与乙车的位移相同10．一辆汽车速度为30 m/s，因紧急情况刹车，获得的加速度大小为6m/s2，则A．汽车6s内的位移是75mB．汽车6s内的位移是72mC．汽车6s末的速度大小是6m/sD．汽车6s末的速度大小是0 m/s二、本题共3个小题，共18分．（将答案写在二卷相应处）2014—2015学年第一学期普通高中模块监测高一物理 2014.11第Ⅱ卷（非选择题60分）注意事项：1、第Ⅱ卷5至8页.用碳素笔将解答过程及答案直接表示在试题卷中．2、答卷前将密封线内的项目填写清楚．三、本题共4小题，共 42分.应写出必要的文字说明、方程式和重要计算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位. 14．(9分) 做匀变速直线运动物体，初速度为10m/s ，经过2s 速度达到16m/s ，求：（1）物体的加速度；（2）2s 内物体的平均速度．评卷人15．(10分) 如图1所示一静止在水平面上的物体，质量为2kg，在水平弹簧作用下，2s末开始缓慢滑动，此时弹簧伸长了6cm．弹簧弹力F随时间t的变化情况如图2所示．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．g取10m/s2．求：（1）t=1s时物体受到的摩擦力大小；（2）弹簧的劲度大小；（3）物体与地面间的摩擦因数．得分评卷人16．(11分)气垫导轨如图所示，为测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3cm的遮光板．滑块在牵引力的作用下先后通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为△t1＝0.30s，通过第二个光电门的时间为△t2＝0.10s，遮光板从开始遮住第一个光门到开始遮住第二个光电门的时间为△t＝4.00s，求：（1）滑块到达两光电门时的速度大小；（2）滑块的加速度大小；（3）两光电门之间的距离．车A因故障停在隧道内离隧道入口d=50m的位置．此时另一轿车B正以v0=25m/s的速度匀速向隧道口驶来，驾驶员在进入隧道口时，突然发现了停在前方的货车A，并立即采取制动措施．假设轿车驾驶员反应时间t=0.6s，轿车制动时加速度a=7.5 m/s2．（1）试通过计算判断两车是否相撞；（2）假若相撞，那么撞前瞬间轿车B速度大小为多少？假若两车不相撞，那么货车A至少停放在离隧道口多远处？2014—2015学年第一学期普通高中模块监测参考答案高一物理2014.11一、选择题：本题10个小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，有一个或多个合题目要求，选对得4分，选对但不全的得2分，选错或不选均得0分．1.C2.C3.AD4.C5.AC6.B7.BD8.BCD9.BD 10.AD二、本题共3个小题，共 18分．11.交流；4-6；220；0.02（每空1分）12.超过弹簧的弹性限度（2分）；200 N/m（2分）；A（2分）13．12.0cm（2分）；0.65 m/s（3分）；1.0 m/s2（3分）三、本题共4小题，共 42分14.解：（1）根据速度时间公式得，物体的加速度①②（2）2s内物体的位移③④则6s内的平均速度⑤⑥评分标准：②④⑥每式2分，其余每式1分，共9分（其他方法正确同样给分）.15、解：（1）由图像可得1s时物体受的摩擦力是3N；①（2）匀速运动时弹簧拉力是6N，由f=kx ②得x=100N/m ③（3）物体对地面的正压力是20N，此时的摩擦力是6N ④由f=F N ⑤=0.3 ⑥评分标准：①④每式1分，其余每式2分，共10分.16．解：滑块通过光电门的时间很短，可将平均速度看成瞬时速度滑块通过第一个光电门的速度①cm/s =0.10m/s ②滑块通过第二个光电门的速度③cm/s =0.30m/s ④滑块的加速度⑤=0.05m/s2 ⑥两光电门之间的距离⑦⑧评分标准：⑥⑦⑧每式2分，其余每式1分，共11分。

山东省潍坊市2015高三〔上〕统考物理试卷〔10月份〕一、本大题共8小题，每一小题5分．在每一小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在物理学的开展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．如下表述符合物理学史实的是〔〕A．开普勒认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比B．伽利略用“月﹣地检验〞证实了万有引力定律的正确性C．库仑利用实验较为准确地测出了引力常量G的数值D．牛顿认为在足够高的高山上以足够大的水平速度抛出一物体，物体就不会再落在地球上考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比，故A错误；B、牛顿用“月﹣地检验〞证实了万有引力定律的正确性，故B错误；C、卡文迪许利用实验较为准确地测出了引力常量G的数值，故C错误；D、牛顿认为在足够高的高山上以足够大的水平速度抛出一物体，物体就不会再落在地球上，故D正确；应当选：D．点评：此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如下列图，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁．假设再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，此时小车受力个数为〔〕A． 3 B． 4 C． 5 D． 6考点：力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体受力分析是指分析物体的受力情况同时画出受力的示意图，此题可以先对m 受力分析，再结合牛顿第三定律对M受力分析．解答：解：先对物体m受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对M受力分析，受重力、m对它的垂直向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，同时地面对M有向上的支持力，共受到4个力；应当选B．点评：对物体受力分析可以按照先力，再重力，最后弹力和摩擦力，要结合弹力和摩擦力的产生条件判断，此题中墙壁虽与小车接触，但无弹力．3．〔一只小船渡河，水流速度各处一样且恒定不变，方向平行于岸边．小船相对于水分分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，运动轨迹如下列图．船相对于水的初速度大小均一样，方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不变．由此可以确定船〔〕A．沿AD轨迹运动时，船相对于水做匀减速直线运动B．沿三条不同路径渡河的时间一样C．沿AB轨迹渡河所用的时间最短D．沿AC轨迹船到达对岸的速度最小考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：根据运动的合成，结合合成法如此，即可确定各自运动轨迹，由运动学公式，从而确定运动的时间与速度大小．解答：解：A、当沿AD轨迹运动时，如此加速度方向与船在静水中的速度方向相反，因此船相对于水做匀减速直线运动，故A正确；B、船相对于水的初速度大小均一样，方向垂直于岸边，因运动的性质不同，如此渡河时间也不同，故B错误；C、沿AB轨迹，做匀速直线运动，如此渡河所用的时间大于沿AC轨迹运动渡河时间，故C错误；D、沿AC轨迹，船是匀加速运动，如此船到达对岸的速度最大，故D错误．应当选：A．点评：考查运动的合成与分解的应用，注意船运动的性质不同，是解题的关键．4．把水星和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动．从水星与金星和太阳在一条直线上开始计时，假设测得在一样时间内水星、金星转过的角度分别为θ1、θ2〔均为锐角〕，如此由此条件可求得水星和金星〔〕A．质量之比B．绕太阳运动的轨道半径之比C．绕太阳运动的动能之比D．受到太阳的引力之比考点：万有引力定律与其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：一样时间内水星转过的角度为θ1；金星转过的角度为θ2，可知道它们的角速度之比，绕同一中心天体做圆周运动，根据万有引力提供向心力，可求出轨道半径比，由于不知道水星和金星的质量关系，故不能计算它们绕太阳的动能之比，也不能计算它们受到的太阳引力之比．解答：解：A、水星和金星作为环绕体，由题可求出周期或角速度之比，但无法它们求出质量之比，故A错误．B、一样时间内水星转过的角度为θ1；金星转过的角度为θ2，可知道它们的角速度之比，根据万有引力提供向心力：解得：r=，知道了角速度比，就可求出轨道半径之比，即到太阳的距离之比．故B正确．C、由于不知道水星和金星的质量关系，故不能计算它们绕太阳的动能之比，故C错误．D、由于不知道水星和金星的质量关系，故不能计算它们受到的太阳引力之比，故D错误．应当选：B点评：解决此题的关键掌握万有引力提供向心力：以与知道要求某一天体的质量，要把该天体放在中心天体位置，放在环绕天体位置，被约去，求不出来．5．如下列图，质量为m的小球由轻绳a、b分别系于一轻质木架上的A点和C点．当轻杆绕轴BC以角速度ω匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳a在竖直方向，绳b 在水平方向，当小球运动到图示位置时，绳b被烧断的同时轻杆停止转动，假设绳a、b的长分别为la、lb，且la＞l，如此〔〕A．绳b烧断前，绳a的拉力大于mg，绳b的拉力等于mω2lbB．绳b烧断瞬间，绳a的拉力突然增大C．绳b烧断后，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动D．绳b烧断后，小球仍在水平面内做匀速圆周运动考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：绳b被烧断后，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动或圆周运动．绳b被烧断前，a绳中张力等于重力，在绳b被烧断瞬间，a绳中张力与重力的合力提供小球的向心力，而向心力竖直向上，绳b的张力将大于重力．假设角速度ω较小，小球原来的速度较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动，假设角速度ω较大，小球原来的速度较大，小球可能在垂直于平面ABC的竖直平面内做圆周运动．解答：解：A、绳b烧断前，绳a的拉力等于mg，绳b的拉力等于mω2lb．故A错误．B、绳b被烧断前，小球在竖直方向没有位移，加速度为零，a绳中张力等于重力，在绳b被烧断瞬间，a绳中张力与重力的合力提供小球的向心力，而向心力竖直向上，绳b的张力将大于重力，即张力突然增大．故B正确．C、假设角速度ω较小，小球原来的速度较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动．故C正确．D、假设角速度ω较大，小球原来的速度较大，小球可能在垂直于平面ABC的竖直平面内做圆周运动．故D错误．应当选：BC点评：此题中要注意物体做圆周运动时，外界必须提供向心力．C、D两项还可根据机械能守恒与向心力知识求解小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动或圆周运动角速度的范围．6．一辆汽车正以v1=10m/s的速度在平直公路上匀速行驶，发现正前方有一辆自行车以v2=4m/s的速度做同方向的匀速直线运动，汽车立即关闭油门做加速度大小为a=0.6m/s2的匀减速运动，汽车恰好没有碰上自行车，如此〔〕A．关闭油门后，汽车恰好没有碰上自行车时所用时间为10sB．关闭油门后，汽车恰好没有碰上自行车时所用时间为sC．关闭油门时，汽车与自行车的距离30 mD．关闭油门时，汽车与自行车的距离m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据速度时间公式求出速度相等的时间，结合位移关系，根据位移公式求出汽车不撞上自行车的条件．解答：解：撞不上的临界为速度相等时恰好追上，设汽车的初速度为v1 自行车的速度为v2，如此有：v1﹣at=v2代入数据解得：t=10s，故A正确，B错误；又设汽车的位移为s1 自行车位移为s2，如此由位移关系有：s1=s2+x即：代值解得：x=30m，故C正确，D错误应当选：AC点评：此题考查了运动学中的追与问题，知道速度大者减速追与速度小者，假设追不上，速度相等时有最小距离．恰好追不上的临界情况是速度相等时恰好不相撞．7．〔2007•徐州一模〕汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶．下面四个图象中，哪个图象正确表示了从司机减小油门开始，汽车的速度与时间的关系〔〕A．B．C．D．考点：牛顿运动定律的综合应用；功率、平均功率和瞬时功率．分析：汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，根据功率和速度关系公式P=Fv，功率减小一半时，牵引力减小了，物体减速运动，根据牛顿第二定律分析加速度和速度的变化情况即可．解答：解：汽车匀速行驶时牵引力等于阻力；功率减小一半时，汽车的速度由于惯性来不与变化，根据功率和速度关系公式P=Fv，牵引力减小一半，小于阻力，合力向后，汽车做减速运动，由公式P=Fv可知，功率一定时，速度减小后，牵引力增大，合力减小，加速度减小，故物体做加速度不断减小的减速运动，当牵引力增大到等于阻力时，加速度减为零，物体重新做匀速直线运动；应当选C．点评：此题关键分析清楚物体的受力情况，结合受力情况再确定物体的运动情况．8．三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m，且与水平方向的夹角均为37°．现有两个小物块A、B从传送带顶端均以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数均为0.5．如下说法正确的答案是〔〕A．物块A先到达传送带底端B．物块A、B同时到达传送带底端C．传送带对物块A、B均做负功D．物块A、B在传送带上的划痕长度相等考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：A B都以1m/s的初速度沿传送带下滑，故传送带对两物体的滑动摩擦力均沿斜面向上，大小也相等，用匀变速直线运动规律解决解答：解：A、AB都以1m/s的初速度沿传送带下滑，故传送带对两物体的滑动摩擦力均沿斜面向上，大小也相等，故两物体沿斜面向下的加速度大小一样，滑到底端时位移大小一样，故时间一样，故A错误B、由A分析得，B正确C、滑动摩擦力向上，位移向下，摩擦力做负功，故C正确D、划痕长度由相对位移决定，A物体与传送带运动方向一样，划痕较少，故D错误应当选：BC点评：滑动摩擦力与相对运动方向相反；AB都以1m/s的初速度沿传送带下滑，降低了此题的难度，假设没有这一条件，同学可思考一下会怎样二、本大题包括3个小题，共18分．9．〔4分〕〔2014•安庆二模〕在《验证力的平行四边形定如此》的实验中，如下说法正确的答案是〔〕A．同一次实验过程，两次拉橡皮条时，其结点O应达同一位置B．用两只弹簧秤拉橡皮条时，两细线的夹角应越大越好C．用一只弹簧秤拉橡皮条时，只需记录弹簧秤的读数D．本实验采用的科学方法是等效替代法考点：验证力的平行四边形定如此．专题：实验题；平行四边形法如此图解法专题．分析：本实验中采用了两个力合力与一个力效果一样来验证的平行四边形定如此，效果的一样是通过拉橡皮筋产生大小和方向一样的形变量来实现的．掌握实验的方法和数据的处理方法以与需要注意的事项，尤其是理解本实验的“等效〞思想．解答：解：A、在该实验中要求每次拉橡皮筋的时要使橡皮筋形变的长度和方向都一样，即结点O要到同一位置，这样两次的效果才等效，才符合“等效替代〞法，故A正确；B、在实验中两个分力的夹角大小适当，在作图时有利于减小误差即可，并非越大越好，故B错误；C、用一只弹簧秤拉橡皮条时，不但需要记录弹簧秤的读数，还需要记录细绳的方向，即合力的方向，故C错误；D、实验中两次要求效果一样，故实验采用了等效替代的方法，故D正确；应当选：AD．点评：掌握实验原理，从多个角度来理解和分析实验，提高分析解决问题的能力，同时同学们要在实际实验操作去理解实验目的和实验步骤，这样才能对实验有深刻的理解．10．〔6分〕在“研究匀变速直线运动〞的实验中，实验装置如图甲所示．从实验中挑选一条点迹清晰的纸带，每5个点取一个计数点，用刻度尺测量计数点间的距离如图乙所示，打点计时器所用电源的频率为50Hz．〔1〕从图中所给的刻度尺上读出A、B两点间的距离s1= 0.70 cm；〔2〕该小车的加速度a= 0.20 m/s2〔计算结果保存两位有效数字〕，实验中纸带的左〔填“左〞或“右〞〕端与小车相连接．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：由表中数据读出位移，根据相邻相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度．根据牛顿第二定律得出加速度．解答：解：〔1〕由刻度尺可知，s1=0.70cm；〔2〕两个计数点间有5个间隔，故t=0.1s；小车的加速度为：a===0.20m/s2；实验中小车越来越快，故纸带的左端与小车相连接．故答案为：〔1〕0.70；〔2〕0.20，左．点评：掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，难度不大，属于根底题．11．〔8分〕利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如下列图，水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t，用d表示A点到光电门B处的距离，b表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处由静止开始运动．〔1〕滑块通过B点的瞬时速度可表示为；〔2〕某次实验测得倾角θ=30°，重力加速度用g表示，滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量可表示为△Ek= ，系统的重力势能减少量可表示为△Ep= 〔m﹣〕gd ，在误差允许的范围内，假设△Ek=△Ep如此可认为系统的机械能守恒．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：〔1〕由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．〔2〕根据重力做功和重力势能之间的关系可以求出重力势能的减小量，根据起末点的速度可以求出动能的增加量；根据功能关系得重力做功的数值等于重力势能减小量．解答：解：〔1〕由于光电门的宽度b很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．滑块通过光电门B速度为：vB=；〔2〕滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量为：△E=〔M+m〕〔〕2=；系统的重力势能减少量可表示为：△Ep=mgd﹣Mgdsin30°=〔m﹣〕gd；故答案为：〔1〕；〔2〕；〔m﹣〕gd．点评：了解光电门测量瞬时速度的原理．实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面．三、本大题包括4小题，共42分．解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．12．〔8分〕如下列图，某人距离平台右端x0=10m处起跑，以恒定的加速度向平台右端冲去，离开平台后恰好落在地面上的小车车箱底板中心．设平台右端与车箱底板间的竖直高度H=1.8m，与车箱底板中心的水平距离x=1.2m，取g=10m/s2．求：人运动的总时间．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据高度求出平抛运动的时间，结合平抛运动的水平位移和时间气促平抛运动的初速度．结合平均速度的推论求出匀加速直线运动的时间，从而得出人运动的总时间．解答：解：人在平台上运动的时间为t1，离开平台后做平抛运动的初速度为υ，运动的时间为t2，如此：由平抛运动的公式得x=υt2H=gt22解得t2=0.6sυ=2m/s人在平台上运动x0=，代入数据解得t1=10s人运动的总时间t=t1+t2=10.6s答：人运动的总时间为10.6s．点评：此题涉与了匀加速直线运动和平抛运动，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律是解决此题的关键，根底题．13．〔10分〕如下列图，在倾角θ=37°的粗糙斜面上距离斜面底端s=4m处，有一质量m=1kg 的物块，受水平恒力F作用由静止开始沿斜面下滑，到达底端时即撤去水平恒力F，然后在水平面上滑动一段距离后停止．每隔0.2s通过传感器测得物块的瞬时速度，下表给出了局部测量数据．假设物块与各接触面之间的动摩擦因数均相等，不计物块撞击水平面时的能量损失，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：t/s 0.0 0.2 0.4 … 2.2 2.4 …v/m•s﹣1 0.0 0.4 0.8 … 3.6 3.2 …〔1〕撤去水平恒力F时物块的速度；〔2〕物块与水平面间的动摩擦因数；〔3〕水平恒力F的大小．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕在斜面上由加速度定义式求的加速度，再利用运动学公式求的速度；〔2〕在水平面上由加速度定义式求的加速度，再利用牛顿第二定律即可求得摩擦因数；〔3〕在斜面下滑过程中由牛顿第二定律即可求得恒力解答：解：〔1〕由表中数据可得：物块沿斜面加速下滑的加速度大小a1==2m/s2由v2=2a1s代入数据，解得v==4m/s〔2〕物块沿水平面减速滑行时，加速度大小a2==2m/s2在水平面上由牛顿第二定律得μmg=ma2解得μ==0.2〔3〕物块沿斜面加速下滑时mgsinθ﹣Fcosθ﹣μ〔mgcosθ+Fsinθ〕=ma1代入数据，解得F=2.6N答：〔1〕撤去水平恒力F时物块的速度为4m/s；〔2〕物块与水平面间的动摩擦因数为0.2；〔3〕水平恒力F的大小为2.6N．点评：解决此题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律和运动学公式求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁14．〔11分〕如下列图，足够长的木板静止在粗糙的水平地面上，木板的质量M=2kg，与地面间的动摩擦因数μ1=0.1；在木板的左端放置一个质量m=2kg的小铅块〔视为质点〕，小铅块与木板间的动摩擦因数μ2=0.3．现给铅块一向右的初速度v0=4m/s，使其在木板上滑行，木板获得的最大速度v=1m/s，g取10m/s2，求：〔1〕木板达到最大速度时，木板运动的位移；〔2〕铅块与木板间因摩擦产生的总热量；〔3〕整个运动过程中木板对铅块的摩擦力所做的功．考点：动能定理的应用；功的计算．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕由动能定理可求得木板支动的位移；〔2〕摩擦产生的热量等于摩擦力与相对位移的乘积，由动能定理求出铅块的位移，即可求得相对位移；〔3〕对铅块分析；由动能定理可求得摩擦力对铅块所做的功．解答：解：〔1〕设小铅块在木板上滑动过程中，木板达到最大速度时，木板运动的位移为x1，由动能定理得=代入数据解得x1=0.5m〔2〕木板达到最大速度时，铅块运动的位移为x2，由动能定理得﹣μ2mgx2=代入数据解得x2=2.5m小铅块在木板上运动的位移△x=x2﹣x1=1.5﹣0.5=2m所以，铅块与木板间因摩擦产生的总热量Q=μ2mg△x=0.3×20×2=12J〔3〕整个运动过程中木板对铅块的摩擦力所做的功W=0﹣mv02=﹣×2×16=﹣16J 答：〔1〕木板达到最大速度时，木板运动的位移为0.5m；〔2〕铅块与木板间因摩擦产生的总热量为12J；〔3〕整个运动过程中木板对铅块的摩擦力所做的功为﹣16J．点评：此题考查动能定理的应用，要注意正确分析物理过程，明确研究对象的选择；同时注意功的正负的含义．15．〔13分〕如图甲所示，质量为m的小球〔视为质点〕，从静止开始沿光滑斜面由A点滑到B点后，进入与斜面圆滑连接的竖直光滑圆弧管道BCD〔即∠BOD=135°〕，C为管道最低点，D为管道出口，半径OD水平．A、C间的竖直高度为H，用力传感器测出小球经过C点时对轨道的压力F；改变H的大小，可测出相应的F大小，F随H的变化关系如图乙所示，不计空气阻力，取g=10m/s2．〔1〕求小球的质量m；〔2〕求管道半径R1；〔3〕现紧靠D处，水平放置一个圆筒〔不计筒皮厚度〕，如图丙所示，圆筒的半径R2=0.075m，筒上开有小孔E，筒绕水平轴线匀速旋转时，小孔E恰好能经过出口D处．假设小球从高H=0.4m处由静止下滑，射出D口时，恰好能接着穿过E孔，并且还能再从E孔向上穿出圆筒而未发生碰撞．求圆筒转动的角速度ω为多少？考点：机械能守恒定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：〔1〕、〔2〕小球由A点滑到C，机械能守恒，列出方程；在C点，由牛顿第二定律列出方程，得到F与H的关系式，结合图象的信息，即可求解．〔3〕小球由A点滑到D，机械能守恒；分析清楚小球的运动过程，找出小球运动时间与圆筒周期间的关系，即可求解．解答：解：〔1〕小球由A点滑到C，机械能守恒mgH=mvC2在C点，F﹣mg=解得：F=mg+H由图乙知mg=1，解得：m=0.1kg；〔2〕由图乙知==10解得：R1=0.2m〔3〕小球由A点滑到D，机械能守恒mg〔H﹣R1〕=mvD2小球在圆筒内向上运动的时间为t，从E孔向上离开圆筒时的速度为v，圆筒旋转的周期为T，如此v2﹣v2D=﹣2g〔2R2〕2R2=tt=T解得T=s圆筒旋转的角速度ω=〔2k﹣1〕rad/s〔k=1，2，3…〕答：〔1〕小球的质量m为0.1kg；〔2〕管道半径R1为0.2m；〔3〕圆筒转动的角速度ω为10π〔2k﹣1〕rad/s〔k=1，2，3…〕．点评：熟练应用动能定理或机械能守恒定律即可正确解题，此题最后一问是此题的难点，分析清楚小球运动过程是正确解题的关键．。

高三物理2014.11本试题分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。

考试时间90分钟满分100分。

第I卷（选择题，共40分）注意事项：答第I卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目、试卷类型涂写在答题卡上。

一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确的。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分。

）1.下列说法正确的是A．牛顿在研究第一定律时利用了理想实验法B．开普勒认为，在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上C．卡文迪许测出了静电力常量D．法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究4．甲、乙两车沿同一平直公路同向运动。

其运动的v－t图象如图所示．已知t=0时刻，乙在甲前方20m处，以下说法正确的是A．4s末两车相遇B ．10s 末两车相遇C ．相遇前，两车间的最大距离是36mD ．相遇前，两车间的最大距离是16m5．静电场的电场线分布如图所示。

以正点电荷为中心取一个正方形路径abcd ，a 、c 与两个点电荷在同一直线上。

下列说法正确的是 A ．a 点场强比c 点大 B ．a 点电势比c 点高 C ．b 、d 两点的场强相同 D ．b 、d 两点的电势能相等6．某行星的质量是地球质量的3倍，直径是地球直径的3倍．设想在该行星表面附近绕其做圆周运动的人造卫星的周期为T 1，在地球表面附近绕地球做圆周运动的人造卫星的周期为T 2，则T 1：T 2等于A ．1：1B ．3：1C ．1：3D ．6：17．如图所示为用绞车拖物块的示意图。

拴接物块的细线被缠绕在轮轴上，轮轴逆时针转动从而拖动物块．已知轮轴的半径R =0.5m ，细线始终保持水平；被拖动物块质量m =1kg ，与地面间的动摩擦因数μ=0.5；轮轴的角速度随时间变化的关系是ω=2t rad/s ，g =10m/s 2．以下判断正确的是 A.物块做匀速运动B.物块做匀加速直线运动，加速度大小是1m/s 2C.绳对物块的拉力是5ND.绳对物块的拉力是6N10．如图a 所示，小物体从竖直弹簧上方离地高h 1处由静止释放，其动能E k 与离地高度h 的关系如图b 所示。

高二阶段性教学质量检测物理试题第I卷(选择题共40分)一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分，每小题至少有一个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分。

）1. 在电场中某点放入电荷量为q的正检验电荷时，测得该点的场强为E，若在该点放入电荷量q′=-2q的负检验电荷时，测得场强为E′，则有（）A. E′=E，方向与E相反B. E′=2E，方向与E相反C. E′=2E，方向与E相同D. E′=E，方向与E相同2.一根粗线均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时( )IA.通过金属导线的电流为2IB.通过金属导线的电流为4vC.自由电子定向移动的平均速率为2vD.自由电子定向移动的平均速率为43．某电场的电场线分布如图所示，电场中A、B两点在图示位置，则A、B两点相比较（）A．A点的场强大B．B点的场强大C ．B 点的电势高D ．负电荷在B 点的电势能高4．如图所示，平行板电容器连接在电池两极上，A 板接地， 在两板间的P 点固定一个负电荷．充电完成后断开开关K ，将B 板平移到虚线位置，下列说法中正确的是（ ）A ．电容器极板的带电量Q 变大B ．电容器两极板间的电场强度不变C ．P 点的电势将升高D ．P 点负电荷的电势能将升高5.如图所示，一半径为R 的圆盘上均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c 的轴线上有a 、b 、d 三个点，a 和b 、b 和c 、c 和d 间的距离均为R ，在a 点处有一电荷量为q (q>0)的固定点电荷。

己知为(k 为静电力常b 点处的场强为22q kR ，则d 点处场强的大小量)( ) A. 23q kR B ．2109q k RC. 289q k RD ．299Q q k R 6．如图所示，R 1和R 2都是4W 、100Ω的电阻,R 3是1W 、100Ω的电阻，则A 、B 两端允许消耗的最大电功率是（ ）A ．1.5WB ．3WC ．9WD ．98W 7．如图所示，平行金属板中带电质点P 原来处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响,R 1的阻值和电源内阻r 相等。

高三阶段性教学质量检测【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的必修一、必修二内容，主要包含受力分析、牛顿运动定律、动能定理、等内容，突出考查考纲要求的基本能力，重视学生科学素养的考查。

在题型上以基础题、中档题为主，主要考查学生综合能力，因此以基础为主，是份非常好的试卷。

物理试题（满分100分，时间90分钟）试卷包括第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分。

考试时间90分钟。

第Ⅰ卷（选择题共40分）注意事项：1.答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目涂在答题卡上。

2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净以后，再选涂其它答案标号。

一选择题（本题共10分，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选带的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

）【题文】1.关于物理学家及其说法正确的是（）A牛顿通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律B 开普勒发现了万有引力定律C 伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法，得出忽略空气阻力时，重物与轻物下落得同样快。

D 第一次精确测量出万有引力常量的物理学家是卡文迪许【知识点】物理学史P0【答案解析】CD 解析： A、开普勒通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律，故A错误；B、牛顿总结出运动定律和万有引力定律，建立完整的经典力学体系，故B错误； C、伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法，得出忽略空气阻力时，重物与轻物下落得同样快，故C正确； D、卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量，故D正确；故选：CD．【思路点拨】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。

本体考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆.【题文】2.a、b两车在同一直线上同方向运动，b车出发开始计时，两车运动的v-t图像如图所示。

1、下列说法错误的是（）A．曲线运动一定有加速度B．平抛运动是一种匀变速曲线运动C．物体受到的合外力是恒力时不会做曲线运动D．匀速圆周运动是一种变加速曲线运动2下列关于圆周运动的说法中，正确的是（）A.物体受到的合外力必须指向圆心才可能做圆周运动B.物体的实际加速度就是向心加速度C.在匀速圆周运动中，物体因为速率不变所以加速度为零D.在匀速圆周运动中，物体沿切线方向无加速度3.做平抛运动的物体，每经过相等时间的速度变化量（）A.大小相等，方向相同B.大小不等，方向不同C.大小相等，方向不同D.大小不等，方向相同4. 据报道，最近在太阳系外发现了首颗“宜居”行星，其质量约为地球质量的6.4倍，一个在地球表面重量为600 N的人在这个行星表面的重量将变为960N．由此可推知，该行星的半径与地球半径之比约为．A．2B．0.5C．3.2D．45若一个物体的运动可以分解为两个独立的分运动，则正确的说法是（）A.若其中一个分运动是匀变速直线运动，另一个分运动也是匀变速直线运动，则物体的合运动一定是匀变速直线运动B.若两个分运动都是匀速直线运动且不共线，则物体的合运动一定是匀速直线运动C.若其中一个分运动是匀变速直线运动，另一个分运动是匀速直线运动，则物体的合运动一定是曲线运动D.若其中一个分运动是匀变速直线运动，另一个分运动是匀速直线运动，合运动可以是直线运动6、火车沿某方向在做匀加速直线运动，车上的某人从窗口轻放下一物体， 此人看到这个物体的轨迹是（不计空气阻力） A 、竖直直线 B 、倾斜直线 C 、不规则曲线 D 、抛物线 7如图所示，沿竖直杆以速度v 匀速下滑的物体A ，通过轻质细绳拉光滑水平面上的物体B ，细绳与竖直杆间的夹角为θ，以下说法正确的是 A ．物体B 向右做匀速运动 B ．物体B 向右做加速运动 C ．物体B 向右做减速运动 D ．物体B 向右做匀加速运动8火车转弯可以看做是做匀速圆周运动，火车速度提高易使外轨受损．为解决火车高速转弯时使外轨受损这一难题，理论上可行的措施是 A ．适当增大弯道半径 B ．适当减小弯道半径C ．适当减小外轨道和内轨道的高度差D ．适当增加外轨道和内轨道的高度差 9、如图，细杆的一端与小球相连，可绕过O 点的水平轴自由转动，细杆长0.5m ，小球质量为 3.0kg ，现给小球一初速度使它做竖直面内的圆周运动，若小球通过轨道最低点a 处的速度为v a ＝4m/s ，通过轨道最高点b 处的速度为v b ＝2m/s ，取g ＝10m/s 2，则通过最低点和最高点时，小球对细杆作用力的情况是（ ） A ．a 处方向竖直向下，大小为126N B ．a 处方向竖直向上，大小为126N C ．b 处方向竖直向下，大小为6ND ．b 处方向竖直向上，大小为6N10、如图所示，一个小物块从内壁粗糙均匀的半球形碗边开始下滑，一直到最底部，在下滑过程中物块的速率逐渐增大，下列说法中正确的是（ ） A ．物块加速度始终指向圆心 B ．物块对碗的压力逐渐减小 C ．物块向心力大小时刻变化，方向也时刻改变 D ．物块所受摩擦力逐渐变大11、如图所示，内壁光滑的圆锥筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，两个质量相同的小球A 和B 紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则（ ） A.球A 的角速度一定小于球B 的角速度 B .球A 的线速度一定大于球B 的线速度b a O b ABC.球A的运动周期一定小于球B的运动周期D.球A对筒壁的压力等于球B对筒壁的压力12.如图所示，质量相同的A、B两质点，从同一点O分别以相同的水平速度v0沿x轴正方向抛出，A在竖直平面内运动，落地点为P1；B沿光滑斜面运动，落地点为P2，并且P1和P2在同一水平面内，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A．质点B的运动时间长B．质点A、B沿x轴方向的位移相同C．质点A、B落地时的速率相等D．质点A落地时的速率大二、实验题：（每空4分，共12分）13．在“研究平抛物体的运动”的实验中（1）为了能较准确地描绘小球的运动轨迹，下面操作正确的是（）A通过调节使斜槽的末端保持水平B每次释放小球的位置必须不同C每次必须由静止释放小球D将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线(2)某同学实验时得到了如图所示物体的运动轨迹，三点的位置在运动轨迹上已标出，则小球平抛的初速度=___m/s（g取10 ）；小球开始做平抛运动的位置坐标___cm，__cm。

山东省潍坊市
2015届高三第一次模拟考试
理综试题
本试卷分第I 卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分300 分，考试用时l50 分钟。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在答题卡规定的地方。

第I卷(必做题，共107 分)
注意事项：
1．每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净以后，再涂写其他答案标号。

只答在试卷上不得分。

2．第I 卷共20 道小题，l—13 题每小题5 分，l4—20 题每小题6 分，共107 分。

以下数据可供答题时参考：相对原子质量：
H l Li 7 C 12 N 14 O 16 Na 23 S 32 C1 35．5 Fe 56 Cu 64 Zn 65 Ba l37
一、选择题(本题包括l3 道小题．每小题只有一个选项符合题意)
第Ⅱ卷(必做l57分+选做36分，共193分)
意事项：
1．第Ⅱ卷共l8道题，其中21-30题为必做部分，31题未命题，32—38题为选做部分，考生必须从中选择1道化学，l道生物和l道物理题作答。

不按规定选做者，阅卷时将根据所选科目题号的先后顺序只判前面的l道化学，l道生物和1道物理题，其他作答的题目答案无效。

2．第Ⅱ卷所有题目的答案考生须用黑色签字笔答在答题纸上，在试卷上答题无效。

【必做部分】。

2014-2015学年山东省潍坊一中高一（上）期末物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，对而不全得2分）1．（4分）下列说法中哪些是正确的是（）A．静止的物体没有惯性B．物体在不受力的理想情况下没有惯性C．汽车行驶速度越大速度惯性越大D．质量越大的特优惯性越大2．（4分）关于运动和力的关系，下列说法正确的是哪些（）A．力是维持物体运动的原因B．力只能改变物体运动速度的大小C．力是物体产生加速度的原因D．力是改变物体运动状态的原因3．（4分）在国际单位制中，力学的三个基本单位是（）A．N、m、s B．kg、m、s C．N、kg、s D．N、kg、m4．（4分）下列说法中正确的是哪个（）A．物体受到一个不为零的恒定外力作用时，它的运动状态一定改变B．物体受到合外力不为零时，一定做变速运动C．物体受到的合外力为零时，一定处于静止状态D．物体受到的合外力为零就是牛顿第一定律成立的条件5．（4分）一静止物体仅在外力F作用下开始运动，经一段时间后，外力F方向突然改变为原来的反方向，则此物体（）A．加速度立即反向B．速度立即反向C．速度方向和加速度方向均不会立即改变D．物体的加速度方向与原来加速度方向相反，而速度方向不会立刻改变6．（4分）跳高运动员从地面上起跳的瞬间，下列说法中正确的是（）A．运动员给地面的压力等于运动员受到的重力B．地面给运动员的支持力大于运动员受到的重力C．地面给运动员的支持力大于运动员对地面的压力D．地面给运动员的支持力的大小等于运动员对地面的压力的大小7．（4分）放在光滑水平面上的物体同时受到水平向右的力F1和水平向左的力F2，原先F1＞F2，物体从静止开始运动后，在F2不变、F1的大小逐渐减小，直到等于F2的过程中（）A．物体向右运动，速度逐渐增大B．物体向左运动，速度逐渐增大C．物体向右运动，速度逐渐减小D．物体向右运动，加速度逐渐减小8．（4分）用枪竖直向上射出一颗子弹，设空气阻力与子弹速度大小成正比，子弹从射出点升到最高点后，又落回射出点，则在这个过程中，子弹的加速度最大值在（）A．子弹出枪口时B．子弹在最高点时C．子弹落回到射出点时D．子弹上升到最大位移的中点时9．（4分）如图所示，质量为m的小球被水平绳AO和与竖直方向成θ角的轻弹簧系着处于静止状态，现用火将绳AO烧断，在绳AO烧断的瞬间，下列说法正确的是（）A．弹簧的拉力F=B．弹簧的拉力F=mgsinθC．小球的加速度为a=gtanθ D．小球的加速度a=gsinθ10．（4分）如图所示为一具有光滑斜面的小车，斜面的倾角为θ，则使斜面上的物体能与斜面小车共同运动的加速度是（）A．向左gsin θB．向右gC．向左gtan θ D．向左gcos θ11．（4分）如图所示，一轻弹簧竖直固定在地面上，一物体从弹簧正上方某处自由下落并落在弹簧上，弹簧在压缩过程中始终遵循胡克定律．从球接触弹簧开始，直到把弹簧压缩到最短为止的过程中（）A．速度和加速度一直减小B．速度先增大后减小，加速度一直减小C．速度先增大后减小，加速度先减小后增大D．速度一直减小，加速度先减小后增大12．（4分）光滑的水平面上，两物体A和B叠放在一起，物体A质量为m，物体B质量为2m，水平力F作用在物体B上，A和B间的动摩擦因数为µ，下列说法正确的是（）A．只要F小于µmg，A和B就会相对静止共同向前加速B．只要F小于3µmg，A和B就会相对静止共同向前加速C．若F=µmg，则AB间的摩擦力大小为µmgD．若F=4µmg，则AB间的摩擦力大小为µmg二、实验题（每空3分，共18分）13．（3分）图示为伽利略著名的斜面理想实验，实验设想的步骤有：①两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面．②如果没有摩擦，小球将上升到原来释放时的高度．③减小第二个斜面的倾角，小球在该斜面上仍然要达到原来的高度．④继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球将沿水平面作持续的匀速运动．在上述设想的步骤中，有的属于可靠事实，有的则是理想化的推论，下面关于这些事实和推论的分类正确的是（）A．①是事实，②③④是推论B．②是事实，①③④是推沦C．③是事实，①②④是推论D．④是事实，①②③是推论14．（15分）在“探究加速度与力、质量的关系”实验中（1）实验台上备有下列器材：A．电磁打点计时器，纸带及复写纸片；B．附有定滑轮的长木板；C．小车；D．6V蓄电池E．弹簧秤F．小桶、细绳、沙子；G．低压交流学生电源；H．秒表；Ⅰ．天平（附砝码）；J．刻度尺本实验不需要的器材有：．（2）按实验要求装置好器材后，应按一定的步骤进行实验，下述操作步骤的安排顺序不尽合理，请将合理的顺序用字母代号填写在横线上：A、保持重物的质量不变，在小车里加砝码，测出加速度，重复几次B、保持小车的质量不变，改变重物的质量，测出加速度，重复几次C、用天平测出小车和重物的质量D、平衡摩擦力，使小车近似做匀速直线运动E、挂上重物，接通打点计时器的电源，放开小车，在纸带上打下一系列的点F、根据测量的数据，分别画出a﹣F和a﹣1/M的图线（3 ）为减小实验误差，要求小车质量M和沙桶及沙的质量m大小关系应满足：M m；并且平衡摩擦力后，再改变小车质量时平衡摩擦力（填“需要”或“不需要”）．（4）实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔为0.1s，各计数点间距离如图中所示，单位是cm．小车的加速度为m/s2．（保留3位有效数字）三、解答题（共3小题，满分34分）15．（10分）质量为4kg的物体静止于水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.5，物体受到大小为20N，与水平方向成θ=30°角斜向上的拉力F作用时沿水平面做匀加速运动，求物体的加速度的大小？（=1.732，g取10m/s2）16．（10分）物体以12m/s的初速度从斜面底端冲上倾角为37°的斜坡，已知物体与斜面间的动摩擦因数为0.25，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：（1）物体沿斜面上滑的最大位移；（2）物体再滑到斜面底端时的速度大小．17．（14分）如图所示，底座A上装有0.5m的直立杆，座和杆总质量为0.2kg，杆上套有质量为m=0.05kg的小环B，它与杆始终有摩擦且大小不变．当环从底座上以4m/s的初速度飞起时，刚好能到达杆的顶端，g取10m/s2．求：（1）在环升起过程中，底座对水平面压力为多大？（2）要想让底座对地面没有压力，则环飞起时的初速度至少是多大？2014-2015学年山东省潍坊一中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，对而不全得2分）1．（4分）下列说法中哪些是正确的是（）A．静止的物体没有惯性B．物体在不受力的理想情况下没有惯性C．汽车行驶速度越大速度惯性越大D．质量越大的特优惯性越大【解答】解：A、因为任何物体在任何情况下都有惯性，与是否静止无关。

2014-2015学年山东省潍坊市重点中学高三〔上〕质检物理试卷〔12月份〕一、选择题〔此题共10小题.每一小题4分，共40分.在每一小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分〕.1．〔4分〕物理学中，运动合成、力的分解、平均速度这三者所表现的共同的科学思维方法是〔〕A．比值定义B．控制变量C．等效替代D．理想模型【考点】：物理学史．【分析】：运动合成、力的分解、平均速度这三者所表现的共同的科学思维方法是等效替代法．【解析】：解：对于合运动与分运动之间、分力与合力之间、平均速度与运动快慢之间都是等效替代的关系，所以它们都表现了共同的科学思维方法是等效替代法．故C正确．应当选C【点评】：此题的解题关键是理解合运动与分运动之间、分力与合力之间、平均速度与运动快慢之间是等效替代的关系．2．〔4分〕〔2014秋•潍坊校级月考〕运动着的物体，假设所受的一切力突然同时消失，那么它将〔〕A．立即停止B．作匀速直线运动C．惯性改变D．惯性不变【考点】：惯性．【分析】：牛顿第一定律指物体在不受任何外力的情况下，总保持静止或匀速直线运动状态．也就是说当物体原来的状态是静止时，所受的外力同时消失，物体仍然保持原来的静止状态；如果物体原来是运动状态，当外力同时消失时，物体将保持原来的速度做匀速直线运动．【解析】：解：A、因为物体在运动，当物体所受的一切外力都消失时，物体将保持原来的速度做匀速直线运动，故A错误，B正确；C、惯性只与质量有关，质量不变，惯性不变，与受力情况无关，故C错误，D正确．应当选BD．【点评】：此题考查学生对牛顿第一定律的掌握情况，注意当物体不受外力时，物体的运动状态取决于物体原来的运动状态．3．〔4分〕〔2014秋•潍坊校级月考〕如下列图，用两根材料、粗细、长度完全一样的导线，绕成匝数分别为n1=50和n2=100的圆形闭合线圈A和B，两线圈平面与匀强磁场垂直．假设磁感应强度随时间均匀变化，如此〔〕A．A、B两线圈中的感应电流之比IA：IB为2：1B．A、B两线圈的电阻之比RA：RB为1：2C．A、B两线圈中的感应电动势之比EA：EB为1：1D．A、B两线圈中的电功率之比为1：1【考点】：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：由法拉第电磁感应定律E=n=nπR2，求解感应电动势之比．根据电阻定律：电阻r=ρ，感应电流I=，联立求解感应电流之比，再根据P=I2R，即可求解．【解析】：解：由法拉第电磁感应定律得：E=n=nπr2，可知，感应电动势与半径的平方成正比．而根据电阻定律：线圈的电阻为R=ρ=ρ，A、线圈中感应电流I=，由上综合得到，感应电流与线圈半径成正比．即IA：IB=rA：rB；因一样导线绕成匝数分别为n1和n2的圆形线圈，因此半径与匝数成反比，故IA：IB=n2：n1=2：1，故A正确，B、电阻之比RA：RB为1：1，故B错误；C、感应电动势之比EA：EB为2：1，故C错误；D、根据电功率表达式，P=I2R，如此有电功率之比为4：1，故D错误；应当选：A．【点评】：此题是法拉第电磁感应定律和电阻定律的综合应用求解感应电流之比，采用比例法研究．4．〔4分〕如下能正确反映物体做平抛运动时速度变化量随运动时间变化规律的图是〔〕A．B．C．D．【考点】：平抛运动；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】：平抛运动专题．【分析】：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，再结合加速度的定义式a=分析即可．【解析】：解：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，如此g=所以△v=gt所以△v与时间t成正比，图象是过原点的倾斜的直线，故B正确．应当选：B【点评】：解答此题要知道，平抛运动是匀变速曲线运动，加速度不变，所以速度的变化量与时间成正比，难度不大，属于根底题．5．〔4分〕〔2014秋•潍坊校级月考〕如下列图，两个梯形木块A、B叠放在水平地面上，A、B 之间的接触面倾斜，A的左侧靠在光滑的竖直墙面上，B右侧受到水平力F的作用，两木块均静止．关于两个木块的受力，如下说法正确的答案是〔〕A．A、B之间一定存在摩擦力B．A可能受三个力作用C．A一定受四个力作用D．B受到地面的摩擦力的方向向右【考点】：物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【专题】：受力分析方法专题．【分析】：分别对AB与整体进展分析，由共点力的平衡条件可判断两物体可能的受力情况．【解析】：解：A、由于AB间接触面情况未知，假设AB接触面光滑，如此AB间可以没有摩擦力；故A错误；B、对整体受力分析可知，A一定受向右的弹力；另外受重力和支持力；因为AB间可能没有摩擦力；故A可能只受三个力；故B正确；C错误；D、木块B受重力、压力、A对B的垂直于接触面的推力作用，假设推力向右的分力等于F，如此B可能不受摩擦力；故D错误；应当选：B．【点评】：此题考查受力分析与共点力的平衡，在判断接触面间的作用力，特别是摩擦力时要注意应用假设法与共点力的平衡条件进展判断．6．〔4分〕地球绕太阳作圆周运动的半径为r1、周期为T1；月球绕地球作圆周运动的半径为r2、周期为T2．万有引力常量为G，不计周围其它天体的影响，如此根据题中给定条件〔〕A．=B．能求出地球的质量C．能求出太阳与地球之间的万有引力D．能求出地球与月球之间的万有引力【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】：人造卫星问题．【分析】：根据万有引力提供圆周运动的向心力可求中心天体的质量，开普勤第三定律是相对于同一个中心天体的，不同的中心天体该表达式不正确．【解析】：解：A、因为地球绕太阳运动，月球绕地球运动，两者中心天体不同，故表达式表达式=不成立，故A错误；B、由题意知，根据万有引力提供向心力有：=m可得中心天体的质量，月球运动的半径和周期，可以计算出地球的质量M，故B正确；C、地球绕太阳作圆周运动的半径为r1、周期为T1，太阳与地球之间的万有引力提供圆周运动的向心力．所以能求出太阳与地球之间的万有引力，故C正确；D、因为无法计算出月球的质量，故无法求出地球与月球间的万有引力，故D错误．应当选：BC．【点评】：万有引力提供向心力是解决此题的关键，牢记据此只能计算出中心天体的质量．7．〔4分〕如下列图，空间中存在着由一固定的正点电荷Q〔图中未画出〕产生的电场．另一正点电荷q仅在电场力作用下沿曲线MN运动，在M点的速度大小为v0，方向沿MP方向，到达N点时速度大小为v，且v＜v0，如此〔〕A．Q一定在虚线MP上方B．M点的电势比N点的电势高C．q在M点的电势能比在N点的电势能小D．q在M点的加速度比在N点的加速度大【考点】：电势；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：曲线运动合力指向曲线的内侧，题中只有电场力做功，动能和电势能之和守恒，正电荷在电势越高的点电势能越大．【解析】：解：A、试探电荷从M到N速度减小，说明N点离场源电荷较近，而曲线运动合力指向曲线的内侧，故试探电荷可以在MP下方，只要离N点近即可，故A错误；B、C、只有电场力做功，动能和电势能之和守恒，N点动能小，故在N点电势能大，根据公式φ=，N点的电势高，故B错误，C正确；D、试探电荷从M到N速度减小，说明N点离场源电荷较近，在N点受到的电场力大，加速度大，故D错误；应当选：C．【点评】：解决电场线、等势面与带电粒子的运动轨迹的综合问题应熟练掌握以下知识与规律：〔1〕带电粒子所受合力〔往往仅为电场力〕指向轨迹曲线的内侧．〔2〕该点速度方向为轨迹切线方向．〔3〕电场线或等差等势面密集的地方场强大．〔4〕电场线垂直于等势面．〔5〕顺着电场线电势降低最快．〔6〕电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增大．有时还要用到牛顿第二定律、动能定理等知识．8．〔4分〕如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN 的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，如下说法正确的答案是〔〕A．o点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向一样D．a、c两点处磁感应强度的方向不同【考点】：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】：根据右手螺旋定如此确定两根导线在a、b、c、d四点磁场的方向，根据平行四边形定如此进展合成．【解析】：解：A、根据右手螺旋定如此，M处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，N处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，合成后磁感应强度不等于0．故A错误．B、M在a处产生的磁场方向竖直向下，在b处产生的磁场方向竖直向下，N在a处产生的磁场方向竖直向下，b处产生的磁场方向竖直向下，根据场强的叠加知，a、b两点处磁感应强度大小相等，方向一样．故B错误．C、M在c处产生的磁场方向垂直于cM偏下，在d出产生的磁场方向垂直dM偏下，N在c 处产生的磁场方向垂直于cN偏下，在d处产生的磁场方向垂直于dN偏下，根据平行四边形定如此，知c处的磁场方向竖直向下，d处的磁场方向竖直向下，且合场强大小相等．故C正确．D、a、c两点的磁场方向都是竖直向下．故D错误．应当选C．【点评】：解决此题的关键掌握右手螺旋定如此判断电流与其周围磁场方向的关系，会根据平行四边形定如此进展合成．9．〔4分〕〔2014秋•潍坊校级月考〕用两根足够长的粗糙金属条折成“┌〞型导轨，右端水平，左端竖直，与导轨等宽的粗糙金属细杆ab、cd与导轨垂直且接触良好．ab、cd杆的质量、电阻值均相等，导轨电阻不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在水平向右的拉力F作用下沿导轨向右匀速运动时，cd杆沿轨道向下运动，以下说法正确的答案是〔〕A．cd杆一定向下做匀加速直线运动B．拉力F的大小一定不变C．回路中的电流强度一定不变D．拉力F的功率等于ab、cd棒上的焦耳热功率【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：题中ab匀速切割磁感线产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定，分析cd可能的受力情况，判断其运动情况；对ab进展受力情况分析，由平衡条件分析拉力F；根据功能关系分析拉力F的功率【解析】：解：A、由图看出，ab匀速切割磁感线，产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定；cd棒竖直方向上受到向下的重力和向上滑动摩擦力f，水平方向受到轨道的支持力N和安培力FA，如此f=μN=μFA=μBIL，可知f大小不变，假设重力大于滑动摩擦力，cd杆做匀加速运动，假设重力等于滑动摩擦力，cd杆做匀速运动，故A错误．B、对于ab杆：水平方向受到F和安培力，安培力大小不变，如此知F不变，故B正确．C、由图看出，ab匀速切割磁感线，产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定．故C正确．D、根据能量转化和守恒定律可知：拉力F的功率与cd杆重力功率之和等于两棒上的焦耳热功率与摩擦热功率之和，故D错误．应当选：BC．【点评】：此题要注意cd杆不切割磁感线，没有感应电动势产生，同时要正确分析两棒的受力和能量如何转化，分析时能量的形式不能少10．〔4分〕利用如下列图装置可以选择一定速度范围内的带电粒子．图中板MN上方是磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为L．一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度d的缝射出的粒子，如下说法正确的答案是〔〕A．粒子带正电B．射出粒子的最大速度为C．保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；左手定如此．【专题】：压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：由题意可知粒子的运动方向，如此可知粒子的带电情况；由几何关系可知粒子的半径大小范围，如此可求得最大速度；由洛仑兹力充当向心力可求得粒子的最大速度与最小速度的表达式，如此可知如何增大两速度的差值．【解析】：解：由左手定如此可判断粒子带负电，故A错误；由题意知：粒子的最大半径、粒子的最小半径，根据，可得、，如此，故可知B、C正确，D错误．应当选BC．【点评】：此题中的几何关系是关键，应通过分析题意找出粒子何时具有最大速度，再由物理规律即可求解．二、此题共3小题，共18分．把答案填在题中的横线上.11．〔6分〕〔2014秋•潍坊校级月考〕某班同学要测定电源的电动势和内电阻，各小组设计了以下不同的实验电路．〔1〕在电路图〔1〕和〔2〕中，假设R1为定值电阻且阻值未知，如此能测出电源电动势的是〔1〕〔2〕，能测出电源内电阻的是〔1〕．〔选填图的编号〕〔2〕假设用图〔3〕所示实验电路进展实验，R1=2Ω，电压表V1、V2读数分别为U1、U2，现以U2为纵坐标，U1为横坐标，作出相应图线，如图〔4〕所示，如此：电源电动势E= 2.5 V，内阻r=0.5Ω．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：〔1〕应用伏安法测电源电动势与内阻，测出路端电压与电路电流可以求出电源电动势与内阻，分析图示电路图答题．〔2〕根据图〔3〕所示电路图，应用欧姆定律求出函数表达式，然后根据图〔4〕所示图象求出电源电动势与内阻．【解析】：解：〔1〕由图〔1〕所示电路图可知，电压表测路端电压，电流表测电路电流，该电路可以求出电源电动势与内阻，由图〔2〕所示电路图可知，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压，由于R1阻值未知，该电路可以测出电源电动势，但不能测出电源内阻，因此能测出电源电动势的电路是〔1〕〔2〕，能测电源内阻的电路是〔1〕．〔2〕在图〔3〕所示电路中，电源电动势：E=U1+U2+r，U2=E﹣〔1+〕U1，由图〔4〕所示图象可知，电源电动势E=2.5V，1+===1.25，电源内阻r=〔1.25﹣1〕×2=0.5Ω；故答案为：〔1〕：〔1〕〔2〕；〔1〕；〔2〕：2.5；0.5．【点评】：此题考查了实验电路的选择、求电源电动势与内阻，知道实验原理、分析清楚电路结构、应用欧姆定律求出函数表达式即可正确解题．12．〔6分〕〔2014秋•潍坊校级月考〕在“探究加速度与质量的关系〞的实验中〔1〕备有以下器材：A．长木板；B．电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；C．细绳、小车、砝码；D．装有细砂的小桶；E．薄木板；F．毫米刻度尺；还缺少的一件器材是．〔2〕实验得到如图〔a〕所示的一条纸带，相邻两计数点的时间间隔为T；B、C间距s2和D、E间距s4已量出，利用这两段间距计算小车加速度的表达式为．〔3〕同学甲根据实验数据画出a﹣图线如图〔b〕所示，从图线可得砂和砂桶的总质量为0.02 kg．〔g取10m/s2〕〔4〕同学乙根据实验数据画出了图〔c〕，从图线可知乙同学操作过程中出现的问题是末平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：实验题．【分析】：〔1〕此题需测量小车的质量，所以还需要天平；〔2〕利用匀变速直线运动的推论，根据作差法求出加速度；〔3〕根据牛顿第二定律可知，a﹣图象的斜率等于砂和砂桶的总重力；〔4〕观察图象可知当F＞0时，加速度仍为零，说明平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力．【解析】：解：〔1〕此题要测量小车的质量，如此需要天平，所以还缺少的一件器材是天平；〔2〕根据逐差法得：s4﹣s2=2aT2；解得：a=〔3〕根据牛顿第二定律可知，a=，如此F即为a﹣图象的斜率，所以砂和砂桶的总重力m′g=F==0.2N解得：m′==0.02kg〔4〕由c图可知，图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力．故答案为：〔1〕天平；〔2〕；〔3〕0.02〔0.018﹣0.022kg均可〕；〔4〕末平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．【点评】：了解实验的操作步骤和数据处理以与须知事项，能够运用逐差法求解加速度，知道图象的含义，难度适中．13．〔6分〕〔2014秋•潍坊校级月考〕在“描绘小灯泡的伏安特性曲线〞的实验中，某同学连接了如图〔a〕所示的实物电路图．闭合开关，发现灯泡不亮，电流表的示数为零．〔1〕他借助多用电表检查小灯泡．先断开开关，把多用电表的选择开关旋到“×1Ω〞挡，再进展欧姆调零；又将红、黑表笔分别接触①、②接线柱，多用电表的表盘恰好如图〔b〕所示，说明小灯泡正常，此时的电阻为6Ω．〔2〕他将多用电表选择开关旋于某直流电压档，将红、黑表笔分别接触②、③接线柱；闭合开关，发现电压表的示数约等于电源电动势，说明②、③接线柱间的导线出现了断路〔选填“断路〞或“短路〞〕．〔3〕故障排除后，为了使电流表的示数从零开始，要在③、④接线柱间〔选填“①、④〞或“③、④〞〕再连接一根导线，并在闭合开关前把滑动变阻器的滑片置于最左端〔选填“左〞和“右〞〕．【考点】：描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题．【分析】：〔1〕欧姆表换挡后要重新进展欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．〔2〕假设电压表有示数且与电压电动势接近时，说明电压表之间不含电源的导线间有断路．〔3〕关键是明确要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法．【解析】：解：〔1〕根据欧姆表的使用方法可知，每次选完档后应重新进展欧姆调零；欧姆表的读数为：R=6×1Ω=6Ω；〔2〕多用电表选择开关旋于某直流电压档，将红、黑表笔分别接触bc接线柱；闭合开关，发现电压表示数约等于电源电动势，说明bc接线柱间的导线出现了断路；〔3〕为使电流表的示数从零调，变阻器应采用分压式接法，所以应在cd导线间再连接一根导线；滑动变阻器采用分压接法，为保护电路，在闭合开关前应将滑片置于分压电路分压最小的位置，即滑片应置于最左端．故答案为：〔1〕欧姆；6；②断路；〔3〕③、④；左．【点评】：应掌握欧姆表的工作原理和使用方法，特别是每次换完挡后都应重新进展调零．当要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法．三、计算题〔此题共4小题，共42分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中明确写出数值和单位〕14．〔8分〕〔2014秋•潍坊校级月考〕如下列图，在水平面上有一辆平板车，其上外表与绳末端等高，平板车能一直以v0=2m/s的恒定速度向右运动．绳长l1=7.5m上端固定，质量m=60Kg 的特技演员从绳上端先沿绳从静止开始无摩擦下滑一段距离，突然握紧绳子，与绳子之间产生f=1800N的摩擦阻力．滑到绳子末端时速度刚好为零．此时车的右端刚好运动到此处，要让该演员能留在车上〔把人看作质点，人与车之间动摩擦系数μ=0.2，g取10m/s2〕，求：〔1〕特技演员下滑所用的时间t；〔2〕车至少多长．【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：〔1〕根据牛顿第二定律求出特技演员的加速度大小，根据速度位移公式，抓住总位移的大小求出自由下落的末速度，结合速度时间公式求出总时间．〔2〕根据牛顿第二定律求出人在车上的加速度，抓住速度相等时两者的位移大小求出位移之差，即车的最小长度．【解析】：解：〔1〕对人受力分析可知：f﹣mg=ma1代入数据解得a1=20 m/s2人下滑的位移为L，根据人下滑的运动过程可得，解得：v=10 m/s所以下滑用的时间为〔2〕人落到车上后向右匀加速运动，与车同速时对地位移位x1，根据牛顿第二定律有：umg=ma2车对地位移为人和车的相对位移为△S，如此故车长至少为1m．答：〔1〕特技演员下滑所用的时间t为1.5s；〔2〕车至少1m．【点评】：此题涉与到多个运动的过程，对每个过程都要仔细的分析物体运动的情况，这道题可以很好的考查学生的分析问题的能力，有一定的难度．15．〔10分〕〔2014秋•潍坊校级月考〕如图甲所示，在倾角为370的粗糙斜面的底端，一质量m=1kg可视为质点的滑块压缩一轻弹簧并锁定，滑块与弹簧不相连．t=0时解除锁定，计算机通过传感器描绘出滑块的速度时间图象如图乙所示，其中oab段为曲线，bc段为直线，在t1=0.1s时滑块已上滑s=0.2m的距离，g取10m/s2，sin370=0.6．求：〔1〕物体与斜面间的动摩擦因数μ的大小；〔2〕t3=0.4s时滑块的速度大小；〔3〕锁定时弹簧的弹性势能Ep．【考点】：牛顿第二定律；功能关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：〔1〕根据速度时间图线求出匀减速直线运动的加速度，通过牛顿第二定律求出滑块加速度和地面之间的动摩擦因数．〔2〕利用运动学公式求出0.3s时的速度，在下滑过程中求出下滑加速度，利用运动学公式求出0.4s的速度〔3〕在0﹣0.1s内运用功能关系，求出弹簧弹力做的功，从而得出弹性势能的最大值．【解析】：解：〔1〕由图象可知0.1s物体离开弹簧向上做匀减速运动，加速度的大小：根据牛顿第二定律，有：代入数据解得：μ=0.5〔2〕根据速度时间公式，从c点开始至v=0所用时间：滑块离开弹簧后上升的距离为：0，3s后滑块开始下滑，下滑的加速度：0，3s﹣0.4s下滑的距离为：，因x2＜x故未触与弹簧．t2=0.4s时的速度大小：v2=a't'=2×0.1=0.2m/s〔3〕由功能关系可得锁定时弹簧的弹性势能Ep：解：〔1〕物体与斜面间的动摩擦因数μ的大小为0.5；〔2〕t3=0.4s时滑块的速度大小为0.2m/s；〔3〕锁定时弹簧的弹性势能Ep为4J．【点评】：此题考查了动能定理、牛顿第二定律等规律，综合性较强，对学生的能力要求较高，需加强这类题型的训练．16．〔12分〕〔2014秋•潍坊校级月考〕如下列图，一边长L=0.2m，质量m1=0.5kg，电阻R=0.1Ω的正方形导体线框abcd，与一质量为m2=2kg的物块通过轻质细线跨过两定滑轮相连．起初ad边距磁场下边界为d1=0.8m，磁感应强度B=2.5T，磁场宽度d2=0.3m，物块放在倾角θ=53°的斜面上，物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5．现将物块由静止释放，当ad边刚离开磁场上边缘时，线框恰好开始做匀速运动．求：〔g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6〕〔1〕线框ad边从磁场上边缘穿出时绳中拉力的功率；〔2〕从开始运动到线框刚离开磁场，整个运动过程中线框中产生的热量．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：〔1〕应用平衡条件求出绳子拉力与线框速度，由P=Fv求出功率；〔2〕由能量守恒定律求出产生的焦耳热．【解析】：解：〔1〕线框匀速离开磁场，处于平衡状态，由平衡条件得：对m2：m2gsinθ﹣μm2gcosθ﹣T=0，代入数据解得：T=2×10×0.8﹣0.5×2×10×0.6=10N，对m1：T﹣m1g﹣BIL=0，感应电流：I=，代入数据解得：v=2m/s，绳子拉力的功率：P=Tv=10×2=20W；〔2〕从最初到线框刚完全出磁场过程，由能量守恒定律得：〔m2gsinθ﹣μm2gcosθ〕〔d1+d2+L〕﹣m1g〔d1+d2+L〕=Q+〔m1+m2〕v2，代入数据解得：Q=1.5J；答：〔1〕线框ad边从磁场上边缘穿出时绳子拉力的功率为20W；〔2〕从开始运动到bc边离开磁场过程中线框产生的焦耳热为1.5J．【点评】：此题是电磁感应与力学、功能关系的综合，对于这类问题关要正确受力分析，尤其是正确分析安培力的情况，然后分析清楚运动情况，匀速运动时，根据平衡条件研究．求热量，往往根据能量守恒定律研究．17．〔12分〕某高中校区拟采购一批实验器材，增强学生对电偏转和磁偏转研究的动手能力，其核心结构原理可简化为如下列图：AB、CD间的区域有竖直方向的匀强电场，在CD的右侧有一与CD相切于M点的圆形有界匀强磁场，磁场方向垂直于纸面．一带电粒子自O点以水平初速度v0正对P点进入该电场后，从M点飞离CD边界时速度为2v0，再经磁场偏转后又从N点垂直于CD边界回到电场区域，并恰能返回O点．OP间距离为d，粒子质量为m，电量为q，粒子自身重力忽略不计．试求：〔1〕P、M两点间的距离；〔2〕粒子返回O点时速度的大小；〔3〕磁感强度的大小．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：〔1〕求出粒子在M点的速度，由运动学公式求出P、M两点间的距离；〔2〕由速度公式与运动的合成与分解求出粒子回到O点的速度；〔3〕粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律求出粒子轨道半径，求出磁场区域半径，然后求出磁感应强度的大小．【解析】：解：〔1〕在M点，粒子速度：，由运动学公式得：；。

山东省潍坊市2014-2015学年高一上学期期中物理试卷一、选择题：每小题4分，共48分．在四个选项中有的只有一个选项是正确的．有的小题有多个选项是正确的．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选得0分．1．（4分）下列各组中的物理量，都属于矢量的是（）A．速度、位移、力B．速度、加速度、温度C．位移、力、质量D．加速度、时间、路程2．（4分）物理学中引入“质点”概念，从科学方法来说，是属于（）A．观察、实验的方法B．建立理想模型的方法C．类比的方法D．逻辑推力的方法3．（4分）2010年07月01日沪宁城际高速铁路正式投入运营，运营里程301公里，列车最高时速350公里．当列车在加速，并且加速度减小时，下列说法正确的是（）A．列车的速度也减小B．列车的速度仍在增大C．当加速度减小到零时，列车静止D．当加速度减小到零时，列车的速度达到最大4．（4分）一质点做直线运动的v﹣t图象如图所示，根据图象可知：在0～t1和t1～t2两段时间内，质点的（）A．速度方向相同，加速度方向相反B．速度方向相反，加速度方向相同C．速度方向相反，加速度方向相反D．速度方向相同，加速度方向相同5．（4分）如图所示，弹簧的劲度系数为k，小球重力为G，平衡时球在A位置．用力将小球向下拉，使弹簧又伸长x至B位置，则此时弹簧的弹力大小为（）A．kx B．kx+G C．G﹣kx D．G6．（4分）如图所示，用水平力F将同种材料不同质量的物体压在一竖直墙壁上，下列说法正确的是（）A．若物体保持静止，则F越大，物体所受摩擦力越大B．若物体保持静止，则质量越大，物体所受摩擦力越大C．若物体沿墙壁向下滑动，则F越大，物体所受摩擦力越大D．若物体沿墙壁向下滑动，则质量越大，物体所受摩擦力越大7．（4分）一物体由静止沿一足够长光滑斜面匀加速下滑距离为L时，速度为v，此后继续下滑，当它的速度增至2v时，它又沿斜面继续下滑的距离是（）A．L B．2L C．3L D．4L8．（4分）自由落体运动的物体，先后经过空中M，N两点时的速度分别为V1和V2．则（）A．MN的间距为B．经过MN所需时间为C．经过MN的平均速度为D．经过MN中点时速度为9．（4分）小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度﹣时间图象如图，由图可知小球（g取10m/s2）（）A．能弹起的最大高度0.8mB．第一次反弹初速度的大小为3 m/sC．下落的最大速度为5 m/sD．在0﹣8s内的平均速度大小为1m/s10．（4分）如图所示，质量为m的木块在置于水平面上的木板上滑行，木板静止，木块与木板、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ，木板质量为3m，则木板所受桌面给的摩擦力大小为（）A．μmg B．2μmg C．3μmg D．4μmg11．（4分）下列图中，所有的球都是相同的，且形状规则，质量分布均匀．甲球放在光滑斜面和光滑水平面之间，乙球与其右侧的球相互接触并放在光滑的水平面上，丙球与其右侧的球放在另一个大的光滑球壳内部并相互接触，丁球是一足球，一学生将足球踢向斜台的示意图如图．关于这四个球的受力情况，下列说法正确的是（）A．甲球受到两个弹力的作用B．乙球受到两个弹力的作用C．丙球受到两个弹力的作用D．丁球（足球）与斜台作用时斜台给足球的弹力方向先沿v1的方向后沿v2的方向12．（4分）甲、乙两物体由同一位置出发沿同一直线运动时的v﹣t图象如图所示，在0～6s 内（）A．甲做匀速直线运动，乙先做匀加速直线运动后做匀加速直线运动B．两物体两次相遇的时刻分别有1s末和4s末C．在4s末两个物体相距最远D．2s后，甲乙两物体的速度方向相反二、实验题：16分13．（16分）在“探究小车速度与时间的关系”实验中，打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图1所示，在纸带上依次选择6个计数点A、B、C、D、E、F，相邻两计数点之间还有四个点未画出，纸带上各计数点到A点的距离依次是2.0cm、5.0cm、9.0cm、14.0cm、20.0cm．（1）打点计时器正常工作时，其打点的周期决定于A、交流电压的高低B、交流电的频率C、点的密集程度D、打点计时器的构造（2）根据打点计时器打出的纸带，我们可以不经过计算直接得到的物理量是A、时间间隔B、位移C、瞬时速度D、平均速度（3）该实验操作步骤，下列说法正确的是A、实验时用的钩码必须用天平测出质量B、为了测量准确，应该连续移动刻度尺分别测量各点间的距离C、选择纸带时，必须把打的第一个点作为计时起点研究D、实验时，应该先开通电源打点，然后释放小车（4）如图2，甲、乙、丙三段纸带分别是从三条不同纸带上撕下的，其中属于纸带A的是（5）以图中B点为计时起点，建立v﹣t坐标系如图3所示，请在图中作出小车的v﹣t图象，并求出小车的加速度a=m/s2．（保留两位有效数字）三、计算题：32分．14．（6分）在我国东北寒冷的冬季，雪橇是常见的运输工具，如图所示．沿水平冰道滑行的雪橇总质量m=1000kg．某时刻马给雪橇施加的水平拉力大小F=400N，雪橇做匀速直线运动．取g=10m/s2，求：（1）雪橇受到的摩擦力大小；（2）雪橇与冰道之间的动摩擦因数．15．（8分）一架客机在着陆前的速度为540km/h，着陆过程中可视为匀变速运动，其加速度大小为10m/s2，求：（1）客机从着陆开始20s内滑行的距离；（2）客机从着陆开始经过的位移为1080m时所经历的时间．16．（10分）一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他身边以10m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定去追赶，经过5.5s后警车发动起来，并以加速度a=2.5m/s2做匀加速直线运动，若警车行驶的最大速度是25m/s，问：（1）警车启动后多长时间追上货车？（2）警车在追货车的过程中，两车间的最大距离是多少？17．（12分）一辆汽车从静止开始匀加速直线开出，然后保持匀速直线运动，最后匀减速直线运动直到停止．从汽车开始运动起计时，下表给出了某些时刻汽车的瞬时速度，根据表中的数据求：时刻（s） 1.0 2.0 3.0 5.0 7.0 9.5 10.5速度（m/s） 3.0 6.0 9.0 12 12 9.0 3.0（1）汽车匀加速直线运动的加速度大小；（2）汽车匀速直线运动经历的时间；（3）汽车从静止开始直到停止通过的总位移大小．山东省潍坊市2014-2015学年高一上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：每小题4分，共48分．在四个选项中有的只有一个选项是正确的．有的小题有多个选项是正确的．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选得0分．1．（4分）下列各组中的物理量，都属于矢量的是（）A．速度、位移、力B．速度、加速度、温度C．位移、力、质量D．加速度、时间、路程考点：矢量和标量．分析：既有大小又有方向，相加是遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量．解答：解：矢量是即有大小又有方向，相加是遵循平行四边形定则的物理量，力、速度、加速度都是矢量，标量是只有大小，没有方向的物理量，如路程、时间、质量等，所以A全是矢量，所以A正确，B中的温度是标量，所以B错误，C中的质量是标量，所以C错误，D中的时间和路程都是标量，所以D错误．故选A．点评：本题是一个基础题目，就是看学生对矢量和标量的掌握．2．（4分）物理学中引入“质点”概念，从科学方法来说，是属于（）A．观察、实验的方法B．建立理想模型的方法C．类比的方法D．逻辑推力的方法考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：我们从力学角度研究引力作用下物体的运动时，只需考虑质量这一最重要的属性，其他因素均可略去．对于具有一定质量的物体，我们假设其质量集中在物体的质量中心，便抽象出质点模型．引入理想模型的概念，可以使问题的处理大为简化，从而便于人们去认识和掌握并应用它们．解答：解：我们从力学角度研究引力作用下物体的运动时，只需考虑质量这一最重要的属性，其他因素均可略去．对于具有一定质量的物体，我们假设其质量集中在物体的质量中心，便抽象出质点模型．所以从科学方法来说，是属于建立物理模型的方法．故选：B．点评：理想模型是为了便于研究而建立的一种高度抽象的理想客体．实际的物体都是具有多种属性的，当我们针对某种目的，从某种角度对某一物体进行研究时，有许多对研究问题没有直接关系的属性和作用却可以忽略不计．3．（4分）2010年07月01日沪宁城际高速铁路正式投入运营，运营里程301公里，列车最高时速350公里．当列车在加速，并且加速度减小时，下列说法正确的是（）A．列车的速度也减小B．列车的速度仍在增大C．当加速度减小到零时，列车静止D．当加速度减小到零时，列车的速度达到最大考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：判断速度增加还是减小，看速度方向与加速度方向关系，当速度的方向与加速度的方向相同，做加速运动；当速度的方向与加速度方向相反，做减速运动．解答：解：列车在加速，知加速度的方向与速度的方向相同，加速度减小，速度仍然增大，当加速度减小到零时，速度增大到最大．故B、D正确，A、C错误．故选BD．点评：解决本题的关键知道当速度的方向与加速度的方向相同，做加速运动；当速度的方向与加速度方向相反，做减速运动．4．（4分）一质点做直线运动的v﹣t图象如图所示，根据图象可知：在0～t1和t1～t2两段时间内，质点的（）A．速度方向相同，加速度方向相反B．速度方向相反，加速度方向相同C．速度方向相反，加速度方向相反D．速度方向相同，加速度方向相同考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：由于在在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；所以整个过程速度方向相同，都为正方向，故BC错误．在速度时间图象中，切线代加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；所以前一段加速度为正，后一段加速度为负，方向相反，故D错误，A正确．故选：A点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．5．（4分）如图所示，弹簧的劲度系数为k，小球重力为G，平衡时球在A位置．用力将小球向下拉，使弹簧又伸长x至B位置，则此时弹簧的弹力大小为（）A．kx B．kx+G C．G﹣kx D．G考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：球在A位置，受重力和弹簧拉力，根据胡克定律和平衡条件列方程；球在B位置同样受力平衡，再次根据共点力平衡条件和胡克定律列方程联立求解即可．解答：解：球在A位置时弹簧已经伸长了（令它为△x），这样有：F B=k（△x+x）=k•△x+kx，因球在A位置平衡，即：G=k•△x所以有：F B=G+kx故选：B．点评：本题关键在于x不是弹簧变化后的长度与原长的差值，即不是伸长量，球在A位置时，弹簧已经伸长了．6．（4分）如图所示，用水平力F将同种材料不同质量的物体压在一竖直墙壁上，下列说法正确的是（）A．若物体保持静止，则F越大，物体所受摩擦力越大B．若物体保持静止，则质量越大，物体所受摩擦力越大C．若物体沿墙壁向下滑动，则F越大，物体所受摩擦力越大D．若物体沿墙壁向下滑动，则质量越大，物体所受摩擦力越大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题中木块受到重力作用，但并没有向下掉，而是保持静止，处于平衡状态，故需对物体受力分析，结合平衡条件分析解决．若物体沿墙壁向下滑动，则F越大，物体所受摩擦力越大．解答：解：A、B、对物体受力分析，受推力F、重力G，由于物体保持静止，处于平衡状态，合力为零，故受墙壁对其垂直向外的支持力N，还有竖直向上的静摩擦力f，根据平衡条件，有：F=Nf=G即静摩擦力与重力平衡，与推力无关，A错误，B正确；C、D、若物体沿墙壁向下滑动，根据f=μN知，F越大，物体所受摩擦力越大，C正确，D错误；故选：BC．点评：静摩擦力的大小随着外力的变化而变化，其方向与物体的相对运动趋势的方向相反；滑动摩擦力的大小根据公式求解．7．（4分）一物体由静止沿一足够长光滑斜面匀加速下滑距离为L时，速度为v，此后继续下滑，当它的速度增至2v时，它又沿斜面继续下滑的距离是（）A．L B．2L C．3L D．4L考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式，结合速度的大小求出下滑的距离．解答：解：设速度增至2v时，又沿斜面下滑的距离为x，根据速度位移公式有：v2=2aL（2v）2﹣v2=2ax联立两式解得x=3L．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键抓住物体的加速度不变，结合速度位移公式进行求解．8．（4分）自由落体运动的物体，先后经过空中M，N两点时的速度分别为V1和V2．则（）A．MN的间距为B．经过MN所需时间为C．经过MN的平均速度为D．经过MN中点时速度为考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：自由落体运动中间任意一段位移是加速度为g的匀加速直线运动，根据速度位移关系公式及速度时间关系公式即可解题．解答：解：A、根据位移速度公式可知：h=，故A正确；B、根据v=v0+gt得：t=，故B正确；C、匀变速直线运动平均速度，故C正确；D、根据位移速度公式可知：2g=v′2﹣v12，2g=v22﹣v′2，解得：，故D错误；故选ABC．点评：本题主要考查了匀变速直线运动的基本公式的直接应用，难度适中．9．（4分）小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度﹣时间图象如图，由图可知小球（g取10m/s2）（）A．能弹起的最大高度0.8mB．第一次反弹初速度的大小为3 m/sC．下落的最大速度为5 m/sD．在0﹣8s内的平均速度大小为1m/s考点：匀变速直线运动的图像；自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：根据图线的斜率求出小球下落时的加速度，与g比较，判断小球是否是自由下落．由图直接读出速度的大小．图线与坐标轴所围“面积”等于位移大小，由数学知识求出小球能弹起的最大高度．解答：解：A、图线在0.5s﹣0.8s段表示小球反弹，图线的“面积”等于位移大小，也等于球能弹起的最大高度h，则有h==0.45m，故A错误，B、小球在0.5s末第一次反弹，小球第一次反弹的初速度大小为3m/s．故B正确．C、小球在0.5s末下落的速度最大，由图读出最大速度为5m/s．故C正确．D、由平均速度===2.125m/s，故D错误，故选：BC点评：本题考查根据速度图象分析物体运动情况的能力．从斜率、面积等等数学角度来理解其物理意义．10．（4分）如图所示，质量为m的木块在置于水平面上的木板上滑行，木板静止，木块与木板、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ，木板质量为3m，则木板所受桌面给的摩擦力大小为（）A．μmg B．2μmg C．3μmg D．4μmg考点：滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：先对小滑块受力分析，受重力、长木板的支持力和向左的滑动摩擦力；再对长木板受力分析，受到重力、小滑块的对长木板向下的压力、小滑块对其向右的滑动摩擦力、地面对长木板的支持力和向左的静摩擦力；然后根据共点力平衡条件判断．解答：解：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力F N和向左的滑动摩擦力f1，有f1=μF NF N=mg故f1=μmg再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力F N、小滑块对其向右的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力F N′和向左的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有f1=f2故f2=μmg故选A．点评：滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力随外力的变化而变化，故静摩擦力通常可以根据共点力平衡条件求解，或者结合运动状态，然后根据牛顿第二定律列式求解．11．（4分）下列图中，所有的球都是相同的，且形状规则，质量分布均匀．甲球放在光滑斜面和光滑水平面之间，乙球与其右侧的球相互接触并放在光滑的水平面上，丙球与其右侧的球放在另一个大的光滑球壳内部并相互接触，丁球是一足球，一学生将足球踢向斜台的示意图如图．关于这四个球的受力情况，下列说法正确的是（）A．甲球受到两个弹力的作用B．乙球受到两个弹力的作用C．丙球受到两个弹力的作用D．丁球（足球）与斜台作用时斜台给足球的弹力方向先沿v1的方向后沿v2的方向考点：物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：考察根据物体的平衡条件反过来确定物体的受力情况，主要考察接触有无支持力和绳子有无弹力．解答：解：A、甲球受重力和竖直向上的地面给它的弹力两个力，斜面没有给其弹力，如果有的话球将向右滚动，与题不符，故A错误．B、乙球受重力和竖直向上的地面给它的弹力两个力，与乙接触的球不会给乙弹力，如果有的话乙球不会静止，故B错误．C、丙球受重力，圆面给它的指向圆心的弹力和与它接触的小球给它的沿他们圆心连线向左的弹力，如果它接触的小球不给它沿他们圆心连线向左的弹力的话它不能保持静止状态．故丙球受两个弹力的作用，故C正确．D、台给足球的弹力方向总与斜台垂直，故D错误．故选：C点评：根据物体的平衡条件反过来确定物体的受力情况是最近几年高考常考的内容，主要考察接触有没有支持力和接触有没有摩擦力，表现在此题的类型和判断物体受力个数的问题上．12．（4分）甲、乙两物体由同一位置出发沿同一直线运动时的v﹣t图象如图所示，在0～6s 内（）A．甲做匀速直线运动，乙先做匀加速直线运动后做匀加速直线运动B．两物体两次相遇的时刻分别有1s末和4s末C．在4s末两个物体相距最远D．2s后，甲乙两物体的速度方向相反考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，平行于时间轴的直线表示匀速直线运动．图象上某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；图图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、甲的速度保持不变，做匀速直线运动，乙物体前2s做匀加速直线运动，加速度为正方向，后4s做匀减速直线运动，加速度为负方向，故A错误；B、甲、乙两物体由同一位置出发；在速度﹣时间图象中图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负；所以在2s末时乙的三角形面积等于甲的正方形面积，即位移相同，此时两车相遇；在6s末时甲车的矩形面积等于乙车三角形的面积，此时又相遇，故B错误；C、根据图形“面积”之差等于两者间距，结合几何知识可知，在4s内甲、乙的位移之差最大，相遇最远．故C正确；D、由于在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；所以前6s内甲乙两物体的速度都为正方向，故D错误．故选：C．点评：本题是速度﹣时间图象的应用问题，关键要知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．二、实验题：16分13．（16分）在“探究小车速度与时间的关系”实验中，打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图1所示，在纸带上依次选择6个计数点A、B、C、D、E、F，相邻两计数点之间还有四个点未画出，纸带上各计数点到A点的距离依次是2.0cm、5.0cm、9.0cm、14.0cm、20.0cm．（1）打点计时器正常工作时，其打点的周期决定于BA、交流电压的高低B、交流电的频率C、点的密集程度D、打点计时器的构造（2）根据打点计时器打出的纸带，我们可以不经过计算直接得到的物理量是ABA、时间间隔B、位移C、瞬时速度D、平均速度（3）该实验操作步骤，下列说法正确的是DA、实验时用的钩码必须用天平测出质量B、为了测量准确，应该连续移动刻度尺分别测量各点间的距离C、选择纸带时，必须把打的第一个点作为计时起点研究D、实验时，应该先开通电源打点，然后释放小车（4）如图2，甲、乙、丙三段纸带分别是从三条不同纸带上撕下的，其中属于纸带A的是丙（5）以图中B点为计时起点，建立v﹣t坐标系如图3所示，请在图中作出小车的v﹣t图象，并求出小车的加速度a=1.0m/s2．（保留两位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：了解打点计时器的工作原理，能够熟练使用打点计时器便能正确解答该题．根据匀变速直线运动的特点（相邻的时间间隔位移之差相等）去判断问题．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上各点时小车的瞬时速度大小，根据速度﹣时间图象解出斜率即是物体的加速度．解答：解：（1）打点计时器的打点周期与使用交流电的周期是相同的，所以其打点的周期决定于交流电的频率，故B正确；故选：B（2）A、打点计时器是每隔0.02s打下一个点，所以数点就知道时间间隔，故A正确．B、位移利用刻度尺直接测量两点之间的距离就得了．故B正确．C、平均速度的求解需要运用物理公式，故C错误．D、瞬时速度的求解需要运用匀变速直线运动的公式，故D错误．故选：AB．（3）探究小车速度随时间变化的规律，不需要测量钩码的质量．故A错误；B、为了测量准确，应该用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，故B错误；C、纸带上开始时密集的点，点距过小，测量误差较大，故应舍去，找一个适当的点当作计时起点，故C错误；D、为了提高纸带的利用率，同时为了使打点稳定，使用打点计时器时要先接通电源，后释放纸带，故D正确；故选：D．（4）根据匀变速直线运动的特点（相邻的时间间隔位移之差相等）得出：x45﹣x34=x34﹣x23=x23﹣x12=x12﹣x01所以属于纸带A的是丙图．（5）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上某点时小车的瞬时速度大小：v B=m/s=0.25 m/sv C==0.35m/sv D==0.45m/sv E==0.55m/s利用描点法得出图象如下所示：由图象的斜率可求得加速度：a==1.0m/s2．故答案为：（1）B；（2）AB；（3）D；（4）丙；（5）如图，1.0点评：对于基本实验仪器不光要了解其工作原理，还要从实践上去了解它，自己动手去实际操作，达到熟练使用的程度．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，知道速度时间图象的斜率表示加速度，难度不大，属于基础题．三、计算题：32分．14．（6分）在我国东北寒冷的冬季，雪橇是常见的运输工具，如图所示．沿水平冰道滑行的雪橇总质量m=1000kg．某时刻马给雪橇施加的水平拉力大小F=400N，雪橇做匀速直线运动．取g=10m/s2，求：（1）雪橇受到的摩擦力大小；（2）雪橇与冰道之间的动摩擦因数．。