广东省深圳市宝安区2016_2017学年高二物理下学期期中试题

人教版物理高二选修2-2-1.6物体平衡的条件同步练习A卷（精编）姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共15题；共30分)1. （2分） (2020高三上·北京月考) 如图所示，倾角为θ的光滑斜面固定于水平面上，滑块A、B叠放在一起，A上表面水平，A物体的质量为2m，B物体的质量为m。

当滑块A、B一起沿斜面向下运动时，A、B始终保持相对静止。

关于B物体在下滑过程中的受力，下列说法正确的是（）A . B物体受到的支持力N=mg，方向竖直向上B . B物体受到的支持力N=mg-mgsinθ，方向竖直向上C . B物体受到的摩擦力f=mgsinθ，方向沿斜面向下D . B物体受到的摩擦力f=mgsinθcosθ，方向水平向左2. （2分） (2018高三上·揭阳期末) 高空滑索是一项勇敢者的运动，如图所示，一质量为m的运动员用轻绳通过轻质滑环悬吊在足够长、倾角为30°的倾斜钢索上下滑，下滑过程中轻绳保持竖直状态。

不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A . 若轻环突然被卡而停止，则此瞬间人处于失重状态B . 运动员做加速运动C . 钢索对轻质滑环没有摩擦力D . 钢索对轻质滑环的弹力大小为3. （2分） (2018高一上·普兰店期末) 如图所示，在水平地面上叠放着A、B、C三个完全相同的物块，今用水平力F作用于B时，A、B、C均处于静止状态，则下列判断正确的是（）A . B对A的摩擦力大小等于FB . A对B的摩擦力大小等于F/2C . 地对C的摩擦力大小等于FD . B对C的摩擦力大小等于F/24. （2分）(2019·怀化模拟) 如图所示，两个质量都是m的小球A、B用轻杆连接后靠在墙上处于平衡状态，已知墙面光滑，水平地面粗糙，现将A球向上移动一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力F1和摩擦力F2的大小变化情况是（）A . F1不变，F2增大B . F1不变，F2减小C . F1增大，F2增大D . F1增大，F2减小5. （2分）(2017·延边模拟) 如图所示，A、B两个小球（均可视为质点）固定在轻杆的两端，将其放入光滑的半圆形碗中，O为圆心．当圆心O与A球的连线与竖直方向的夹角为30°时，系统处于平衡状态，此时B球恰好位于半圆形碗的水平直径的右端，下列判断正确的是（）A . A，B两球的质量之比为2：1B . A，B两球对碗的压力大小之比为1：2C . 轻杆的弹力与A受到的重力大小之比为1：1D . 轻杆的弹力与B受到的重力大小之比为1：16. （2分）(2018·宁波模拟) 如图,用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上,系统处于平衡状态。

2016-2017学年高二上学期地理期末考试题及答案2016-2017学年度上学期期末考试高二地理试题2016-1-04本试卷共分为选择题和非选择题两部分，共43题，共100分，共5页。

考试时间为90分钟。

考试结束后，只需交答题卡。

第Ⅰ卷（选择题，共计60分）一、选择题（本大题共40小题，每小题1.5分）1.关于区域的叙述，以下哪项是错误的？（）A。

区域都具有一定的区位特征B。

区域都有一定的面积和形状C。

区域都有一定明确的界线D。

区域的地理环境对区域发展有深刻的影响2.在沙漠中迷路时，以下哪种方法可以获知自己所处的具体位置信息？（）A。

指南针B。

GPS设备C。

遥感图像D。

地形图我国江南部分丘陵山区出现大片“红色荒漠”，即在亚热带湿润的岩搭地区，土壤受严重侵蚀，基岩裸露，地表出现类似荒漠化景观的土地退化现象。

据此回答下列各题。

3.“红色荒漠”形成的自然原因主要是（）A。

风化作用B。

风力侵蚀作用C。

流水侵蚀作用D。

流水沉积作用4.“红色荒漠”形成的人为原因主要是（）A。

乱垦滥伐B。

过度放牧C。

开山取石D。

污染环境5.有关热带雨林分布的叙述，正确的是（）A。

中纬度近海地区B。

中高纬度的大陆内部C。

赤道附近的低纬度地区D。

两极地区6.热带雨林被毁的根本原因是（）A。

人口快速增长和生活贫困B。

发达国家需要大量木材C。

历史遗留的迁移农业D。

热带雨林的土壤贫瘠7.下图漫画反映的主题是（）A。

控制人口B。

发展经济C。

保护森林D。

开发能源8.亚马孙热带雨林被称为“地球之肺”，其所指的生态环境效应是（）A。

促进全球水循环，调节水平衡B。

调节全球气候，维护生态平衡C。

吸收二氧化碳，释放大量氧气D。

地球上功能最强大的生态系统煤炭是人类最早认识并加以利用的能源之一，德国鲁尔区丰富的煤炭资源使它成为世界著名的工业区。

山西省是我国主要的煤炭生产地，但尚未成为我国的经济大省。

回答下列问题。

9.与鲁尔区相比，山西省较缺乏的条件是（）A。

2016-2017学年河北省石家庄二中高二（下）期末物理试卷一．选择题（每题5分）1．（5分）下列描述中正确的是（）A．质子与中子结构成氚核的过程中需要吸收能量B．某原子核经过一次α衰变和两次β衰变后，核内中子数减少2个C．U（铀核）衰变为Rn（氡核）要进过3次α衰变，4次β衰变D．发生光电效应时入射光波长相同，从金属表面逸出的光电子最大初动能越大，这种金属的逸出功越小2．（5分）如图所示，半圆形框架竖直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P 在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为θ，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢地转过90°，框架与小球始终保持静止状态，在此过程中下列说法正确的是（）A．框架对小球的支持力先减小后增大B．拉力F的最小值为mgsinθC．地面对框架的摩擦力始终在减小D．框架对地面的压力先增大后减小3．（5分）高空作业须系安全带，如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚刚产生作用前人下落的距离为h（可视为自由落体运动）．此后经历时间t安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为（）A．+mg B．﹣mg C．+mg D．﹣mg4．（5分）细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示，以下说法正确的是（已知cos 53°=0.6，sin 53°=0.8）（）A．细绳烧断瞬间小球的加速度立即变为gB．细绳烧断瞬间小球的加速度立即变为gC．小球静止时弹簧的弹力大小为mgD．小球静止时细绳的拉力大小为mg5．（5分）如图所示，一根固定直杆与水平方向夹角为θ，将质量为m1的滑块套在杆上，通过轻绳悬挂质量为m2的小球，杆与滑块之间的动摩擦因数为μ．通过某种外部作用，使滑块和小球瞬间获得初动量后，撤去外部作用，发现滑块与小球仍保持相对静止一起运动，且轻绳与竖直方向夹角β＞θ．则滑块的运动情况是（）A．动量方向沿杆向下，正在均匀增大B．动量方向沿杆向下，正在均匀减小C．动量方向沿杆向上，正在均匀增大D．动量方向沿杆向上，正在均匀减小6．（5分）如图所示是氢原子能级图，大量处于n=5激发态的氢原子向低能级跃迁时，一共可以辐射出10种不同频率的光子，其中莱曼系是指氢原子由高能级向n=1能级跃迁时释放的光子，则（）A．10种光子中波长最短的是n=5激发态跃迁到基态时产生的B．10种光子中有4种属于莱曼系C．使n=5能级的氢原子电离至少要0.85eV的能量D．从n=2能级跃迁到基态释放光子的能量等于n=3能级跃迁到n=2能级释放光子的能量7．（5分）如图所示，表面粗糙且足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块的速度随时间变化的关系图象可能符合实际的是（）A．B．C．D．8．（5分）如图所示是某物体做直线运动的v2﹣x图象（其中v为速度，x为位置坐标），下列关于物体从x=0处运动至x0处的过程分析，其中正确的是（）A．该物体做匀加速直线运动B．该物体的加速度大小为C．该物体在位移中点的速度大于v0D．该物体在运动中间时刻的速度大于v09．（5分）如图甲所示，一质量为M的长木板静置与光滑水平面上，其上放置一质量为m的小滑块，木板受到水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图乙所示，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是（）A．小滑块的质量m=2 kgB．小滑块与长木板之间的动摩擦因数为0.1C．当水平拉力F=7N时，长木板的加速度大小为3m/s2D．当水平拉力F增大时，小滑块的加速度一定增大10．（5分）如图所示，一质量为m的刚性圆环套在固定细杆上，圆环的直径略大于细杆的直径，圆环的两边与两个相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端连在和圆环同一高度的墙壁上的P、Q两点处，弹簧的劲度系数为k，起初圆环处于O点，弹簧处于原长状态且弹簧的原长为L，细杆上面的A、B两点到O点的距离都为L，将圆环拉至A点由静止释放，重力加速度为g，对于圆环从A点运动到B点的过程，下列说法正确的是（）A．圆环通过O点的加速度等于gB．圆环在O点的速度最大C．圆环在A点时的加速度大小为g+D．圆环在B点的速度为2二．非选择题11．（7分）如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。

2016-2017学年第二学期开学考试盐田高级中学高二物理试题卷考试时间：90分钟 总分：100分一、单项选择题（每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确.） 1．如图所示，质量为1kg 的物体，在水平地面上向左运动．物体与水平面间的动摩擦因数为0.2．与此同时，物体受到一个水平向右的推力F ＝2N 的作用，则物体的加速度为（ ）A ．0B ．4 m/s 2，水平向右 C ．2 m/s 2，水平向右 D ．2 m/s 2，水平向左2.如图所示，AB 是某个点电荷的一根电场线，在电场线上O 点由静止释放一个负电荷，它仅在电场力作用下沿电场线向B 运动，下列判断正确的是（） A．电场线由B 指向A ，该电荷做加速运动，加速度越来越小 B ．电场线由B 指向A ，该电荷做加速运动，其加速度大小变化 因题设条件不能确定C ．电场线由A 指向B ，电荷做匀加速运动D ．电场线由B 指向A ，电荷做加速运动，加速度越来越大3.孤立点电荷电场中的一簇等势面如图中虚线所示，其电势分别为φ1、φ2、φ3，其中A 、B 、C 是某电场线与这簇等势面的交点，且AB ＝BC.现将一负电荷由A W 1；由B 移到C ，电场力做正功W 2，则（ ）A.W 1＝W 2，φ1＜φ2＜φ3B.W 1＝W 2，φ1＞φ2＞φ3C.W 1＞W 2，φ1＜φ2＜φ3D.W 1＜W 2，φ1＞φ2＞φ34.在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E ，内阻为r 。

设电流表A 的读数为I ，电压表V 的读数为U 。

当R5的滑动触点向图中a 端移动时（ ）A. I 变大，U 变小 B ．I 变大，U 变大 C ．I 变小，U 变大 D ．I 变小，U 变小5.一正弦交变电流的电压随时间变化的规律如图所示，由图可知（ ） A ．该交变电流的电压的瞬时值表达式为u ＝100sin 25t(V) B ．该交变电流的频率为25HzC ．该交变电流的电压的有效值为100 VD ．若将该交变电压加在阻值为R ＝100 Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率是100 W 6.如图所示为两根互相平行的通电导线a ﹑b 的横截面图，a ﹑b 的电流方向已在图中标出。

积盾市安家阳光实验学校第4节通电导线在磁场中受到的力一、安培力的方向1．义：在磁场中受到的力称为安培力。

2．判断安培力方向的方法是。

内容：伸开左手，让拇指与其余四指垂直，并且都与手掌在一个平面内，让从掌心进入，并使四指指向的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受的方向。

二、安培力的大小1．当通电导线垂直磁场方向放置时，所受安培力的大小为F= 。

2．当磁感强度B的方向与通电导线平行时，导线受力F= 。

3．当磁感强度B的方向与通电导线的方向成θ角时，F= 。

θ为B与I 之间的夹角。

三、磁电式电流表1．构造：、、螺旋弹簧（又叫游丝）、指针、极靴、圆柱形铁芯。

2．原理：当被测电流通入线圈时，线圈受作用而转动，线圈的转动使螺旋弹簧扭转形变，产生阻碍线圈转动的力矩。

当安培力产生的转动力矩与螺旋弹簧形变产生的阻碍转动的力矩达到平衡时，指针停留在某一刻度。

越大，就越大，就越大。

通电导线左手则磁感线电流安培力BIL 0 sinBILθ磁铁线圈安培力电流安培力指针偏角一、判断通电导体（或磁铁）在安培力作用下运动的常用方法具体方法实例分析电流元法把整段电流效分成很多电流元，先用左手则判断出每小段电流元所受安培力的方向，从而判断出整段电流所受合力的方向，最后确运动方向，注意一般取对称的电流元分析判断能自由移动的导线运动情况把直线电流效为AO、BO两段电流元，蹄形磁铁磁感线分布以及两段电流元受安培力方向如图所示。

可见，导线将沿俯视逆时针方向转动特殊位置法根据通电导体在特殊位置所受安培力的方向，判断其运动方向，然后推广到一般位置用导线转过90°的特殊位置（如图所示的虚线位置）来分析，判得安培力方向向下，故导线在逆时针转动的同时向下运动效分析法环形电流可以效为小磁针（或条形磁铁），条形磁铁也可效成环形电流，通电螺线管可效为多个环形电流或条形磁铁判断环形电流受到的安培力方向把环形电流效成如图所示右边的条形磁铁，可见两条形磁铁相互吸引，不会有转动。

2016-2017学年度第二学期高二期中六校联考化学试卷命题人：宝坻一中张立杰芦台一中于树洋说明：1.本试题分Ⅰ、Ⅱ两卷，试卷的答案应按照要求填涂到答题卡上可能用到的相对原子质量 H 1 C 12 O 16第Ⅰ卷（共45分）一、选择题（本题包括15小题，每题只有一个正确答案，每题2分共30分）1．下列化学用语正确的是：A. 羟基的电子式：B. 聚丙烯的结构简式：C. 乙烯的结构简式：CH2CH2D. 苯甲酸的结构简式：2．乙烯的相关转化关系如图，下列说法正确的是A. 1mol聚乙烯含有的原子数目为6N AB. CH3 OCH3与甲互为同分异构体C. X为C12D. 甲→乙反应类型为取代反应3．1mol某链烃最多可与2mol H2发生加成反应生成化合物A，化合物A 最多能与12mol Cl2发生取代反应生成化合物B，则下列有关说法正确的是( )A．该烃分子内既有碳碳双键又有碳碳三键B．该烃分子内碳原子数超过6C．该烃能发生氧化反应和加聚反应D．化合物B有两种同分异构体4．下列实验处理可行的是（）①．将与NaOH的醇溶液共热制备CH3—CH═CH2②．向甲酸和甲醛的混合物中加入氢氧化钠溶液，中和甲酸后，加入新制的氢氧化铜加热——检验混合物中是否含有甲醛③．向丙烯醛（CH2=CH—CHO）中滴入KMnO4(H+)溶液，观察紫色褪去，能证明结构中存在碳碳双键④．实验时手指不小心沾上苯酚，立即用70o以上的热水清洗⑤．用溴水除去混在苯中的己烯,分液得到纯净的苯⑥．将电石与水反应产生的乙炔通入溴水中，溴水褪色，证明乙炔和溴水发生了加成反应A．只有① B．只有①④ C．只有①③④⑥ D．都不能5、除去下列物质中所含少量杂质(括号内为杂质)，所选用的试剂和分离方法能达到实验目的的是A．硝基苯（硝酸） NaOH溶液分液B．乙烯（二氧化硫）酸性高锰酸钾洗气C．乙酸乙酯（乙酸） NaOH溶液蒸馏D．苯（苯酚）溴水过滤6、某醇在适当条件下与足量的乙酸发生酯化反应，得到的酯的相对分子质量a与原来醇的相对分子量b的关系是a=b+84，有关该醇应该具有的结构特点的描述正确的是A．该醇分子中一定具有甲基B．该醇分子中一定没有甲基C．该醇分子中至少含有三个碳原子D．该醇分子中具有两个醇羟基7．CH3—CH===CH—Cl有下列反应或现象：①取代反应，②加成反应，③消去反应，④使溴水褪色，⑤使酸性KMnO4溶液褪色，⑥与AgNO3溶液生成白色沉淀，⑦聚合反应。

电源、电流、电动势一、选择题1．（2016 武汉校级期末）下列关于电流和电动势说法正确的是（）A．金属导体中电流的方向就是自由电子定向移动的方向B．电子在导体中定向移动的速率比电流的传导速率大C．非静电力做功越多，电源电动势越大D．电动势越大的电源，将其他形式的能量转化为电能的本领越大2.（2017春•醴陵市校级期中）下列关于电流的说法中正确的是（）A．导体中产生电流的条件是导体两端保持一定的电势差B．电流的方向就是电荷的定向运动方向C．电流的方向不变的电流叫恒定电流D．电流的大小不变的电流叫恒定电流=，其中S为导体的横3.（2017春•东胜区校级期末）导体中电流I的表达式为I nqSv截面积，n为导体每单位体积内的自由电荷数，q为每个自由电荷所带的电荷量，v是（）A．导体运动的速率B．电流传导速率C．电子热运动速率D．自由电荷定向移动的速率4．在某电解池中，若在2 s内各有1.0×1019个2价正离子和2.0×1019个1价负离子通过某一横截面，那么通过这个截面的电流是（）A．0 B．0.8 A C．1.6 A D．3.2 A5．关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B．电子运动速率越大，电流越大C．单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大D．因为电流有方向，所以电流是矢量6．半径为月的橡胶圆环均匀带正电，总电荷量为Q．现使圆环绕垂直环所在平面且通过圆心的轴以角速度ω匀速转动，则由环产生的等效电流应有（）A．若ω不变而使电荷量Q变为原来的2倍，则电流也将变为原来的2倍B．若电荷量Q不变而使ω变为原来的2倍．则电流也将变为原来的2倍C．若使ω、Q不变，将橡胶环拉伸，使环半径增大，电流将变大D．若使ω、Q不变，将橡胶环拉伸，使环半径增大，电流将变小7．（2016 徐汇区二模）一根横截面积为S的铜导线，通过电流为I。

已知铜的密度为ρ，铜的摩尔质量为M，电子电荷量为e，阿伏伽德罗常数为N A，设每个铜原子只提供一个自由电子，则铜导线中自由电子定向移动速率为A ．A MI N Se ρB ．A MIN Se ρC ．A IN M Se ρD ．A IN Se M ρ8．下列关于电源电动势的说法中正确的有（ ）A ．电源的电动势越大，非静电力将正电荷从负极移送到正极做的功一定越多B ．电源的电动势越大，非静电力将单位正电荷从负极移送到正极做的功一定越多C ．电源的电动势越大，非静电力将正电荷从负极移送到正极的电荷量一定越多D ．电源的电动势越大，非静电力移动相同电荷量转化的电能一定越多9．某电源的电动势为3.6 V ，这表示( )A ．电路通过1 C 的电荷量，电源把3.6 J 其他形式的能转化为电能B ．电源在每秒内把3.6 J 其他形式的能转化为电能C ．该电源比电动势为1.5 V 的电源做功多D ．该电源与电动势为1.5 V 的电源相比，通过1 C 电荷量时转化的电能多10．有一个电动势为3 V ，内阻不能忽略的电池两端接一电阻R ，1 C 电荷通过R 时，在R 上产生的热量（ ）A ．大小3 JB ．小于3 JC ．等于3 JD ．内阻未知，无法确定11．对于不同型号的干电池，下列说法正确的是（ ）A ．1号干电池的电动势大于5号干电池的电动势B ．1号干电池的容量比5号干电池的容量大C ．1号干电池的内阻比5号干电池的内阻大D ．把1号和5号干电池分别连入电路中，若电流，相同，它们做功的快慢相同12．如图所示，这是一种化学原电池，电路中电流计的作用是测出电流的方向，设测得外电路的电流方向如图所示，其中两金属板分别为锌板和铜板，电解槽中的电解液为硫酸铜，试分析下列说法中正确的是（ ）A ．A 是铜片，B 是锌片B ．A 是锌片，B 是铜片C ．A 端是电源的正极，B 端是电源的负极D ．该种电池能把化学能转化为电能13．手电筒的两节干电池，已经用了较长时间，灯泡只发出很微弱的光，把它们取出来，用电压表测电压。

2016-2017学年广东省实验中学高二〔下〕期中物理试卷一、单项选择题〔每一小题只有一项符合题目要求，每题4分，共32分〕1．在如下几种现象中，所选系统动量守恒的有〔〕A．原来静止在光滑水平面上的车，从水平方向跳上一个人，人车为一系统B．运动员将铅球从肩窝开始加速推出，以运动员和铅球为一系统C．从高空自由落下的重物落在静止于地面上的车厢中，以重物和车厢为一系统D．光滑水平面上放一斜面，斜面也光滑，一个物体沿斜面滑下，以重物和斜面为一系统2．如下列图，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导体abcd所围区域内磁场的磁感应强度按如下图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环受到向上的磁场作用力〔〕A． B． C． D．3．如图，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v0，方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v0，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是〔〕A．A和B都向左运动B．A和B都向右运动C．A静止，B向右运动D．A向左运动，B向右运动4．如下列图，MN、GH为平行导轨，AB、CD为跨在导轨上的两根横杆，导轨和横杆均为导体，有匀强磁场垂直于导轨所在平面，方向如图，用I表示回路中的电流，如此〔〕A．当AB不动而CD向右滑动时，I≠0，且沿顺时针方向B．当AB向左，CD向右滑动且速度大小相等时，I=0C．当AB、CD都向右滑动且速度大小相等时，I=0D．当AB、CD都向右滑动，且AB速度大于CD时，I≠0，且沿顺时针方向5．质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来．弹性安全带的缓冲时间是1.5s，安全带自然长度为5m，g取10m/s2，如此安全带所受的平均冲力的大小为〔〕A．400N B．500N C．600N D．1000N6．光滑水平面上，两个质量相等的小球A、B沿同一直线同向运动〔B在前〕，碰前两球的动量分别为p A=12kg•m/s、p B=8kg•m/s，碰后它们动量的变化分别为△p A、△p B．如下数值不可能的是〔〕A．△p A=﹣2 kg•m/s、△p B=2 kg•m/sB．△p A=﹣3 kg•m/s、△p B=3 kg•m/sC．△p A=﹣4 kg•m/s、△p B=4 kg•m/sD．△p A=﹣5 kg•m/s、△p B=5 kg•m/s7．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，通过R1的正弦式电流如图乙所示，如此〔〕A．交变电流的频率为0.02HzB．原线圈输入电压的最大值为200VC．电阻R2的电功率约为6.67WD．通过R3的电流始终为零8．A、B两球之间压缩一根轻弹簧，静置于光滑水平桌面上．A、B两球质量分别为2m和m．当用板挡住小球A而只释放B球时，B球被弹出落于距桌边距离为s的水平地面上，如下列图．问当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，B球的落地点距桌边距离为〔〕A．B． C．D．二、多项选择题〔每一小题至少有两项符合题目要求，每题6分，共36分．选对但不全的得3分，错选0分．〕9．如图是法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，图中a、b导线与铜盘的中轴线处在同一平面内，转动铜盘，就可以使闭合电路获得电流．假设图中铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路总电阻为R，从上往下看逆时针匀速转动铜盘的角速度为ω．如此如下说法正确的答案是〔〕A．回路中电流大小恒定B．回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C．回路中有大小和方向作周期性变化的电流D．假设将匀强磁场改为仍然垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，不转动铜盘，灯泡中也会有电流流过10．如下列图是研究通电自感的实验电路图，A1、A2是两个规格一样的小灯泡，闭合电键调节电阻R，使两个灯泡的亮度一样，调节可变电阻R1，使他们都正常发光，然后断开电键S．重新闭合电键S，如此〔〕A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A2立刻变亮，A1逐渐变亮C．稳定后，L和R两端电势差不一样D．稳定后，A1和A2两端电势差不一样11．质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物体乙以4m/s的速度与甲相向运动，如下列图，如下说法中正确的答案是〔〕A．甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，系统动量守恒B．当两物块相距最近时，甲物块的速率为零C．当弹簧恢复原长时，甲、乙两物块的运动状态也恢复至碰撞前的状态D．当甲物块的速率为1m/s时，乙物块的速率可能为2m/s，也可能为012．如下列图，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场．方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN 垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，如下结论正确的答案是〔〕A．感应电流方向发生变化 B．CD段直线始终不受安培力C．感应电动势最大值E=Bav D．感应电动势平均值13．如图1所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的外表，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，如此如下说法正确的答案是〔〕A．木板获得的动能为2 J B．系统损失的机械能为4 JC．木板A的最小长度为1 m D．A、B间的动摩擦因数为0.114．在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如下列图的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以速度v从如图位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界限PQ重合时，圆环的速度为v，如此如下说法正确的答案是〔〕A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中回路产生的电能为0.75mv2三、实验题〔每空2分，共10分〕15．用游标卡尺测量小钢球直径如下列图，如此小球直径为mm．16．如下列图，用“碰撞实验器“可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平局部碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O．接下来的实验步骤如下：步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上．重复屡次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞．重复屡次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度．①对于上述实验操作，如下说法正确的答案是A．应使小球每次从斜槽上一样的位置静止滚下B．斜槽轨道必须光滑C．斜槽轨道末端必须水平D．小球1质量应大于小球2的质量②上述实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有．A．A、B两点间的高度差h1B．B点离地面的高度h2C．小球1和小球2的质量m1、m2D．小球1或小球2的直径d③当所测物理量满足表达式〔用所测物理量的字母表示〕时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律．如果还满足表达式〔用所测物理量的字母表示〕时，即说明两球碰撞时无机械能损失．四、计算题〔共32分〕17．如图，质量为6m、长为L的薄木板AB放在光滑的平台上，木板B端与台面右边缘齐平．B 端上放有质量为3m且可视为质点的滑块C，C与木板之间的动摩擦因数为μ=．质量为m的小球用长为L的细绳悬挂在平台右边缘正上方的O点，细绳竖直时小球恰好与C接触．现将小球向右拉至细绳水平并由静止释放，小球运动到最低点时细绳恰好断裂．小球与C碰撞后反弹速率为碰前的一半．〔1〕求细绳能够承受的最大拉力；〔2〕假设要使小球落在释放点的正下方P点，平台高度应为多大？〔3〕通过计算判断C能否从木板上掉下来．18．如下列图，光滑斜面的倾角a=30°，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长l1=1m，bc边的边长l2=0.6m，线框的质量m=1kg，电阻R=0.1Ω，线框受到沿光滑斜面向上的恒力F 的作用，F=1ON．斜面上ef线〔ef∥gh〕的右方有垂直斜面向上的均匀磁场，磁感应强度B 随时间t的变化情况如B﹣t图象所示，时间t是从线框由静止开始运动时刻起计的．如果线框从静止开始运动，进人磁场最初一段时间是匀速的，ef线和gh的距离 s=5.1m，取g=10m/s2．求：〔1〕线框进人磁场前的加速度；〔2 〕线框进人磁场时匀速运动的速度v；〔3〕线框整体进入磁场后，ab边运动到gh线的过程中产生的焦耳热．2016-2017学年广东省实验中学高二〔下〕期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔每一小题只有一项符合题目要求，每题4分，共32分〕1．在如下几种现象中，所选系统动量守恒的有〔〕A．原来静止在光滑水平面上的车，从水平方向跳上一个人，人车为一系统B．运动员将铅球从肩窝开始加速推出，以运动员和铅球为一系统C．从高空自由落下的重物落在静止于地面上的车厢中，以重物和车厢为一系统D．光滑水平面上放一斜面，斜面也光滑，一个物体沿斜面滑下，以重物和斜面为一系统【考点】52：动量定理；51：动量冲量．【分析】判断动量是否守恒的方法有两种：第一种，从动量守恒的条件判定，动量守恒定律成立的条件是系统受到的合外力为零，故分析系统受到的外力是关键．第二种，从动量的定义判定．【解答】解：A：人与车组成的系统在水平方向受到的合外力为0，故水平方向的动量守恒．故A正确；B：人与铅球组成的系统，初动量为零，末动量不为零．故B错误；C：重物和车厢为一系统的末动量为零而初动量不为零．故C错误；D：该选项中，在物体沿斜面下滑时，向下的动量增大．故D错误．应当选：A2．如下列图，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导体abcd所围区域内磁场的磁感应强度按如下图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环受到向上的磁场作用力〔〕A． B． C． D．【考点】D8：法拉第电磁感应定律；DB：楞次定律．【分析】导线区内磁场的变化使螺线管内产生感应电流，而感应电流产生的磁场可以在下方线圈中产生感线电流，如此由法拉第电磁感应定律与楞次定律可判断导线区域内的磁场变化．【解答】解：由楞次定律的运动学描述“来拒去留〞可知，要使圆环受到磁场的向上的作用力，如此螺线管中应产生减小的磁场；而螺线管中的磁场是由abcd区域内的磁场变化引起的，根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小与磁场的变化率成正比，要使螺线管中应产生减小的磁场，如此螺线管内的感应电流要减小，因此abcd中的磁场变化率应减小，故C正确，ABD错误；应当选：C．3．如图，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v0，方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v0，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是〔〕A．A和B都向左运动B．A和B都向右运动C．A静止，B向右运动D．A向左运动，B向右运动【考点】53：动量守恒定律．【分析】两球碰撞过程，系统动量守恒，先选取正方向，再根据动量守恒定律列方程，求解即可．【解答】解：两球碰撞过程动量守恒，以两球组成的系统为研究对象，取水平向右方向为正方向，碰撞前，A、B的速度分别为：v A=2v0、v B=v0．碰撞前系统总动量：P=m A v A+m B v B=m×2v0+2m×〔﹣v0〕=0，P=0，系统总动量为0，系统动量守恒，如此碰撞前后系统总动量都是0；由于碰撞是弹性碰撞，如此碰撞后二者的速度不能等于0，运动的方向一定相反．故D正确，ABC错误．应当选：D．4．如下列图，MN、GH为平行导轨，AB、CD为跨在导轨上的两根横杆，导轨和横杆均为导体，有匀强磁场垂直于导轨所在平面，方向如图，用I表示回路中的电流，如此〔〕A．当AB不动而CD向右滑动时，I≠0，且沿顺时针方向B．当AB向左，CD向右滑动且速度大小相等时，I=0C．当AB、CD都向右滑动且速度大小相等时，I=0D．当AB、CD都向右滑动，且AB速度大于CD时，I≠0，且沿顺时针方向【考点】DB：楞次定律．【分析】CD切割产生感应电动势，回路中有感应电流，根据两棒所受的安培力分别判断出两棒的运动规律，当两棒速度相等时，回路中没有感应电流，两棒不受安培力作用．【解答】解：A、当AB不动而CD棒向右运动时，产生感应电动势，在整个回路中产生感应电流，其方向逆时针方向，故A错误；B、当AB向左、CD向右滑动且速度大小相等时，此时，穿过电路中的磁通量变大，如此整个回路中的感应电流不为零，故B错误；C、假设AB、CD都向右滑动且速度大小相等时，I=0，故，C正确．D、当AB、CD都向右滑动，且AB速度大于CD时，如此相当于AB棒向右切割，因而产生I≠0且沿顺时针方向，故D正确；应当选：CD．5．质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来．弹性安全带的缓冲时间是1.5s，安全带自然长度为5m，g取10m/s2，如此安全带所受的平均冲力的大小为〔〕A．400N B．500N C．600N D．1000N【考点】52：动量定理．【分析】工人开始做自由落体运动，由自由落体运动的速度位移公式求出安全带伸长时人的速度，然后应用动量定理求出安全带的平均冲力【解答】解：建筑工人下落5 m时速度为v，如此有：v== m/s=10 m/s．设安全带所受平均冲力为F，如此由动量定理得：〔mg﹣F〕t=0﹣mv，所以有：F=mg+=60×10 N+ N=1 000 N，故D正确，ABC错误．应当选：D6．光滑水平面上，两个质量相等的小球A、B沿同一直线同向运动〔B在前〕，碰前两球的动量分别为p A=12kg•m/s、p B=8kg•m/s，碰后它们动量的变化分别为△p A、△p B．如下数值不可能的是〔〕A．△p A=﹣2 kg•m/s、△p B=2 k g•m/sB．△p A=﹣3 kg•m/s、△p B=3 kg•m/sC．△p A=﹣4 kg•m/s、△p B=4 kg•m/sD．△p A=﹣5 kg•m/s、△p B=5 kg•m/s【考点】53：动量守恒定律．【分析】光滑的水平面上运动的两物体，不受摩擦力作用，重力和支持力是一对平衡力，故物体碰撞时满足动量守恒定律；由于两个小球的质量相等，分别列出完全弹性碰撞与完全非弹性碰撞的两种极限的条件，然后再进展判断即可．【解答】解：A追上B并与B相碰，说明A的速度大于B的速度，p A=12kg•m/s，p B=8kg•m/s，两个质量相等的小球，所以v A=v B；以它们运动的方向为正方向，假设发生完全非弹性碰撞，如此碰撞后的速度是相等的，所以碰撞后它们的动量也相等，为：kg•m/s所以：△p A=P A′﹣P A=10﹣12=﹣2kg•m/s、△p B=P B′﹣P B=10﹣8=2kg•m/s假设是弹性碰撞，如此：P A+P B=P A′+P B′弹性碰撞的过程中机械能以上守恒的，设它们的质量为m，如此：由于：P=mv联立可得：P A′=8kg•m/s，P B′=12kg•m/s所以此时：△p A=P A′﹣P A=8﹣12=﹣4kg•m/s、△p B=P B′﹣P B=12﹣8=4kg•m/s由以上的分析可知，△p A在﹣2到﹣4kg•m/s之间，△p B在2﹣4kg•m/s之间都是可能的．A、如果△p A=﹣2kg•m/s、△p B=2kg•m/s，碰后动量守恒，符合以上的条件，故A可能；B、△p A=﹣3kg•m/s、△p B=3kg•m/s，碰撞过程动量守恒，符合以上的条件，故B可能；C、如果△p A=﹣4kg•m/s、△p B=4kg•m/ss，碰撞过程动量守恒，符合以上的条件，故C可能；D、如果△p A=﹣5kg•m/s、△p B=5kg•m/s，碰撞过程动量守恒，不符合以上的条件，故D不可能；此题选择不可能的，应当选：D7．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，通过R1的正弦式电流如图乙所示，如此〔〕A．交变电流的频率为0.02HzB．原线圈输入电压的最大值为200VC．电阻R2的电功率约为6.67WD．通过R3的电流始终为零【考点】E8：变压器的构造和原理；E3：正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】由电压与匝数成反比可以求得副线圈的电压的大小，电容器的作用是通交流隔直流．【解答】解：A、根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率一样，周期为0.02s、频率为50赫兹，A错误．B、由图乙可知通过R1的电流最大值为I m=1A、根据欧姆定律可知其最大电压为U m=20V，再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知原线圈输入电压的最大值为200V，故B错误；C、根据正弦交流电的峰值和有效值关系并联电路特点可知电阻R2的电流有效值为I==A，电阻R2的电功率为P=I2R2=6.67W，C正确；D、因为电容器有通交流、阻直流的作用，如此有电流通过R3和电容器，D错误；应当选：C．8．A、B两球之间压缩一根轻弹簧，静置于光滑水平桌面上．A、B两球质量分别为2m和m．当用板挡住小球A而只释放B球时，B球被弹出落于距桌边距离为s的水平地面上，如下列图．问当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，B球的落地点距桌边距离为〔〕A．B． C．D．【考点】53：动量守恒定律；43：平抛运动．【分析】A、B两球之间压缩一根轻弹簧，当用板挡住A球而只释放B球时，弹性势能完全转化为B球的动能，以一定的初速度抛出，借助于抛出水平位移可确定弹簧的弹性势能．当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，由动量守恒定律与机械能守恒定律可求出B球获得的速度，再由平抛运动规律可算出抛出的水平位移．【解答】解：当用板挡住A球而只释放B球时，B球做平抛运动．设高度为h，如此有，所以弹性势能为E=当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，由动量守恒定律可得：0=2mv A ﹣mv B所以v A：v B=1：2．因此A球与B球获得的动能之比E kA：E kB=1：2．所以B球的获得动能为：．那么B球抛出初速度为，如此平抛后落地水平位移为应当选：C二、多项选择题〔每一小题至少有两项符合题目要求，每题6分，共36分．选对但不全的得3分，错选0分．〕9．如图是法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，图中a、b导线与铜盘的中轴线处在同一平面内，转动铜盘，就可以使闭合电路获得电流．假设图中铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路总电阻为R，从上往下看逆时针匀速转动铜盘的角速度为ω．如此如下说法正确的答案是〔〕A．回路中电流大小恒定B．回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C．回路中有大小和方向作周期性变化的电流D．假设将匀强磁场改为仍然垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，不转动铜盘，灯泡中也会有电流流过【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；BB：闭合电路的欧姆定律．【分析】圆盘转动可等效看成无数轴向导体切割磁感线，有效切割长度为铜盘的半径L，根据感应电动势公式分析电动势情况，由欧姆定律分析电流情况．根据右手定如此分析感应电流方向．变化的磁场产生涡旋电流，根据灯泡两端有无电势差分析灯泡中有无电流．【解答】解：AC、B铜盘转动产生的感应电动势为E=BL2ω，其中B、L、ω不变，E不变，根据欧姆定律得I=知，电流恒定不变，故A正确，C错误．B、根据右手定如此判断，回路中电流方向不变，从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘．故B正确．D、垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，铜盘中产生涡旋电场，但a、b间无电势差，灯泡中没有电流流过．故D错误．应当选：AB．10．如下列图是研究通电自感的实验电路图，A1、A2是两个规格一样的小灯泡，闭合电键调节电阻R，使两个灯泡的亮度一样，调节可变电阻R1，使他们都正常发光，然后断开电键S．重新闭合电键S，如此〔〕A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A2立刻变亮，A1逐渐变亮C．稳定后，L和R两端电势差不一样D．稳定后，A1和A2两端电势差不一样【考点】BB：闭合电路的欧姆定律．【分析】闭合开关的瞬间，L产生自感电动势，要阻碍电流的增加，A1逐渐变亮．A2不产生自感现象，稳定后L不产生自感，结合欧姆定律分析电压大小．【解答】解：AB、闭合瞬间，L产生自感电动势，要阻碍电流的增加，A1逐渐变亮．A2不产生自感现象，没有阻抗，如此A2立刻变亮，故A错误，B正确．CD、因为刚开始调节可变电阻R，使两个灯泡都正常发光，说明它们两端的电压一样，再次断开电键S，重新闭合电键稳定后，两灯仍能正常发光，即两灯泡的电压一样，因为两支路并联，并联电压相等，所以L和R两端电势差一样，故CD错误．应当选：B11．质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物体乙以4m/s的速度与甲相向运动，如下列图，如下说法中正确的答案是〔〕A．甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，系统动量守恒B．当两物块相距最近时，甲物块的速率为零C．当弹簧恢复原长时，甲、乙两物块的运动状态也恢复至碰撞前的状态D．当甲物块的速率为1m/s时，乙物块的速率可能为2m/s，也可能为0【考点】53：动量守恒定律；6B：功能关系．【分析】根据动量守恒的条件：系统所受的合外力为零判断动量是否守恒．竖直方向上甲乙两物体所受的重力与水平面的支持力平衡．水平方向系统不受外力．当两物块相距最近时速度一样，根据动量守恒定律求出物块甲的速率．物块甲的速率为1m/s时，速度方向可能与原来方向一样，也与原来方向相反，由动量守恒研究乙的速率．【解答】解：A、甲、乙两物块〔包括弹簧〕组成的系统在弹簧压缩过程中，系统所受的合外力为零，系统动量守恒，故A正确；B、当两物块相距最近时速度一样，取碰撞前乙的速度方向为正方向，设共同速率为v，根据动量守恒定律得到：mv乙﹣mv甲=2mv，解得：v=0.5m/s．故B错误．C、弹簧被压缩到最短时，对甲的作用力向右，对乙的作用力向左，如此甲加速，乙减速，当弹簧恢复原长时，甲、乙两物块的运动状态没有恢复至碰撞前，故C错误．D、甲、乙组成的系统动量守恒，假设物块甲的速率为1m/s，方向与原来一样，由动量守恒定律得：mv乙﹣mv甲=﹣mv甲′+m乙v乙′，代入数据解得：v乙′=2m/s；假设物块甲的速率为1m/s，方向与原来相反，由动量守恒定律得：mv乙﹣mv甲=mv甲′+m乙v乙′，代入数据解得：v乙′=0，故D正确．应当选：AD12．如下列图，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场．方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN 垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，如下结论正确的答案是〔〕A．感应电流方向发生变化 B．CD段直线始终不受安培力C．感应电动势最大值E=Bav D．感应电动势平均值【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；DD：电磁感应中的能量转化．【分析】根据楞次定律判断出感应电流的方向，根据左手定如此判断CD段所受的安培力．当切割的有效长度最大时，感应电动势最大，通过法拉第电磁感应定律求出感应电动势的平均值．【解答】解：A、根据楞次定律，知半圆形闭合回路在进入磁场的过程中，感应电流的方向为逆时针方向，方向不变．故A错误．B、根据左手定如此，CD段所受的安培力方向竖直向下．故B错误．C、切割的有效长度的最大值为a，如此感应电动势的最大值E=Bav．故C正确．D、根据法拉第电磁感应定律得，．故D正确．应当选CD．13．如图1所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板A的外表，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，如此如下说法正确的答案是〔〕A．木板获得的动能为2 J B．系统损失的机械能为4 JC．木板A的最小长度为1 m D．A、B间的动摩擦因数为0.1【考点】53：动量守恒定律；66：动能定理的应用．【分析】由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，根据E k=mv2求解木板获得的动能．根据斜率求出B的加速度大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数．根据“面积〞之差求出木板A的长度．根据系统抑制摩擦力做功求解系统损失的机械能．【解答】解：A、由图示图象可知，木板获得的速度为v=1m/s，A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=〔M+m〕v，解得：M=2kg，木板A的质量为 M=2kg，木板获得的动能为：E k=Mv2=×2×12=1J，故A错误．B、系统损失的机械能△E=mv02﹣mv2﹣Mv2，代入数据解得：△E=2J，故B错误；C、由图得到：0﹣1s内B的位移为x B=×〔2+1〕×1m=1.5m，A的位移为x A=×1×1m=0.5m，。

2016-2017学年高二上学期第一次月考物理试题命题人高红星审题人王立国（时间90分钟，分值100分）一、选择题（1- 13单选，14-20多选。

每小题3分，部分分值2分，共60分）1．下面所列举的物理学家及他们的贡献，其中正确的是 ( )A．元电荷最早由库仑通过油滴实验测出B．牛顿通过扭秤实验测定出了万有引力常量GC．法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场D．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律2．保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务。

盗版书籍影响我们的学习效率甚至给我们的学习带来隐患。

小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数字中的( )A.6.2×10－19 CB.6.4×10－19 CC.6.6×10－19 CD.6.8×10－19 C3．下面说法中正确的是 ( )A．根据E = F/q，可知电场中某点的场强与电场力成正比B．根据E = kQ/r2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹4．关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是 ( )A．电场强度大的地方，电势一定高B．电场强度不变，电势也不变C．电场强度为零处，电势一定为零D．电场强度的方向是电势降低最快的方向5．使两个完全相同的金属小球(均可视为点电荷)分别带上－3Q和＋5Q的电荷后，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1.现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2.则F1与F2之比为 ( )A．2∶1 B．4∶1 C．16∶1 D．60∶16．如图所示,光滑绝缘的水平面上的P点固定着一个带正电的点电荷,在它的右侧N点由静止开始释放一个也带正电的小球(可视为质点).以向右为正方向,下图中能反映小球运动速度随时间变化规律的是 ( )7．在静电场中，将一电子由a点移到b点，电场力做功5 eV，则下列结论错误的是 ( ) A．电场强度的方向一定是由b到a B．a、b两点间的电势差是 -5 VC．电子的电势能减少了5 eV D．因零电势点未确定，不能确定a、b两点的电势8．如图所示,在一匀强电场区域中,有A,B,C,D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上,已知A,B,C三点电势分别为ϕA=1 V,ϕB=4 V,ϕC=0，则D点电势ϕD的大小为 ( )A.-3 VB.0C.2 VD.1 V9．某电场线分布如图所示，一带电粒子沿图中虚线所示的路径运动，先后通过M点和N 点，以下说法正确的是 ( )A.M，N点的场强E M > E NB.粒子在M，N点的加速度a M > a NC.粒子在M，N点的速度v M > v ND.粒子带正电10．带电粒子射入一固定的带正电的点电荷Q的电场中，沿图中实线轨迹从a点运动到b点，a、b两点到点电荷Q的距离分别为r a、r b(r a ＞r b)，b点为运动轨迹上到Q最近的点，不计粒子所受的重力，则可知 ( )A．粒子带负电B．b点的场强可能等于a点的场强C．从a点到b点的过程中，静电力对粒子不做功D．从a点到b点的过程中，粒子的动能和电势能之和保持不变11．如图甲所示，AB是电场中的一条电场线，质子以某一初速度从A点出发，仅在静电力的作用下沿直线从A点运动到B点，其v ­t图象如图乙所示，则下列说法正确的是 ( ) A．质子运动的加速度随时间逐渐减小B．电场线的方向由A点指向B点C．A、B两点的电场强度的大小关系满足E A < E BD．A、B两点的电势关系满足ϕA <ϕB12．一个带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图虚线abc所示，图中实线表示电场的等势面，下列判断正确的是：（）A．粒子在a→b→c的过程中，电场力始终做正功；B．粒子在a→b→c的过程中，一直受静电引力作用；C．粒子在a→b→c的过程中，ab段受引力，bc段受斥力；D．粒子在a→b→c的过程中，ab段逆着电场线，bc段顺着电场线。

学案8焦耳定律电路中的能量转化[目标定位] 1.知道并理解电功、电功率的概念，并能利用公式进行有关计算.2.掌握焦耳定律，弄清电功与电热、电功率与热功率的区别和联系.3.知道纯电阻电路和非纯电阻电路的特点和区别，能用能量转化与守恒的观点解决简单的含电动机的非纯电阻电路问题.4.明确闭合电路中的功率及能量转化．一、电功和电功率[问题设计]1．如图1所示，电路中电流为I，通电时间为t，那么在这段时间内通过这段电路的电荷量是多少？如果电路左、右两端的电势差是U，在电荷q从左端移到右端的过程中．静电力做的功是多少？图1答案It IUt2．电流做功的“快慢”与电流做功的“多少”是否相同，两者间有何关系？答案不相同．电流做功快，但做功不一定多；电流做功慢，但做功不一定少．电流做功的快慢用电功率表示，电流做功的多少用电功表示．电流做功的多少与做功的时间和做功的快慢有关．[要点提炼]1．电功：(1)定义：电场力移动电荷所做的功，简称电功．(2)公式：W＝UIt，此式表明电场力在一段电路上所做的功等于这段电路两端的电压U与电路中的电流I和通电时间t三者的乘积．(3)国际单位制中电功的单位是焦耳，符号是J.(4)电流做多少功，就表示多少电能转化为其他形式的能．2．电功率：(1)电流所做的功与做这些功所用时间的比值叫做电功率，它在数值上等于单位时间内电流所做的功．(2)公式：P ＝Wt ＝UI ，此式表明一段电路上的电功率P 等于这段电路两端的电压U 和电路中电流I 的乘积．(3)国际单位制中功率的单位是：瓦特，符号是W,1 W ＝1 J/s. 二、焦耳定律和热功率 [问题设计]1．某同学家中有一只电炉，电阻为50 Ω，试计算该电炉接到220 V 电源上在100秒的时间内消耗的电能和产生的热量． 答案 I ＝URW ＝UIt ＝U ·U R ·t ＝U 2R t ＝96 800 JQ ＝W ＝96 800 J.2．某同学家中有一电风扇，电阻为80 Ω，当加上220 V 的电压时电流为0.25 A ，试计算该电风扇工作100 秒时间消耗的电能和产生的热量． 答案 W ＝UIt ＝5 500 J Q ＝I 2Rt ＝500 J.3．通过上面的计算比较消耗的电能和产生的热量之间的关系． 答案 电炉消耗的电能和产生的热量相等． 电风扇消耗的电能和产生的热量不相等． [要点提炼] 1．焦耳定律：(1)内容：电流通过电阻产生的热量跟电流的二次方成正比，跟电阻值成正比，跟通电时间成正比． (2)公式：Q ＝I 2Rt .(3)焦耳热：电流通过电阻而产生的热量称为焦耳热． 2．热功率：(1)电阻通电所产生的热量与产生这些热量所用时间的比值，叫做热功率． (2)公式：P 热＝Qt＝I 2R .3．纯电阻电路：电流通过纯电阻电路做功时，电能全部转化为导体的内能．W ＝Q ＝UIt ＝I 2Rt ＝U 2R t ；P ＝P 热＝UI ＝I 2R ＝U 2R.4．非纯电阻电路：含有电动机或电解槽的电路称为非纯电阻电路．在非纯电阻电路中，电能一部分转化为机械能、化学能等其他形式的能，还有一小部分转化为内能．W ＝UIt ＝Q ＋E 其他>Q ＝I 2Rt ；P ＝UI ＝P 热＋P 其他>P 热＝I 2R .[延伸思考] 小明家有电炉、日光灯、电视机、电脑、电吹风等用电器，小明查了所有用电器的电阻，它们电阻的总和为R ，已知小明家所接电网电压为U ，于是小明很快算出了他家用电器的总功率：P ＝U 2R，小明这种算法正确吗？答案 不正确，因为小明家有些用电器不是纯电阻用电器，在此P ＝U 2R 不适用．三、闭合电路中的功率 [问题设计]根据闭合电路的欧姆定律，推导闭合电路中能量的转化关系，并解释各项的物理意义． 答案 根据E ＝U 内＋U 外可得EI ＝U 内I ＋U 外I ，式中EI 表示电源提供的电功率，U 外I 表示外电路上消耗的电功率；U 内I 表示内电路上消耗的电功率． [要点提炼]1．闭合电路中的能量转化关系：EI ＝U 内I ＋U 外I ，对于纯电阻电路该式可写为EI ＝I 2r ＋I 2R .电动势反映了电源把其他形式的能转化为电能的能力． 2．电源的效率η＝UI EI ×100%＝UE×100%.一、电功、电功率、焦耳热、热功率例1 下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是( ) A ．电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多 B ．W ＝UIt 适用于任何电路，而W ＝I 2Rt ＝U 2Rt 只适用于纯电阻电路C ．在非纯电阻电路中，UI >I 2RD ．焦耳热Q ＝I 2Rt 适用于任何电路解析 电功率公式P ＝Wt ，表示电功率越大，电流做功越快．对于一段电路，有P ＝IU ，I＝PU，焦耳热Q ＝Pt ，可见Q 与t 也有关，所以P 越大，Q 不一定越大，A 错． W ＝UIt 是电功的定义式，适用于任何电路，而I ＝UR 只适用于纯电阻电路，B 对．在非纯电阻电路中，电流做的功＝焦耳热＋其他形式的能，所以W >Q ，即UI >I 2R ，C 对．Q ＝I 2Rt 是焦耳热的定义式，适用于任何电路，D 对． 答案 BCD二、纯电阻电路中的功率分配及计算例2 额定电压都是110 V ，额定功率P A ＝100 W ，P B ＝40 W 的灯泡两盏，若接在电压为220 V 的电路上，使两盏灯炮均能正常发光，且消耗功率最小的电路是( )解析 判断灯泡能否正常发光，就要判断电压是否是额定电压，或电流是否是额定电流，对灯泡有P ＝UI ＝U 2R，可知R A ＜R B .对于A 电路，由于R A ＜R B ，所以U B ＞U A ，B 灯被烧毁或A 灯不能正常发光．对于B 电路，由于R B ＞R A ，A 灯又并联滑动变阻器，并联电阻小于R B ，所以U B ＞U 并，B 灯被烧毁或A 灯不能正常发光．对于C 电路，B 灯与滑动变阻器并联电阻可能等于R A ，所以可能U A ＝U B ＝110 V ，两灯可以正常发光．对于D 电路，若滑动变阻器的有效电阻等于A 、B 的并联电阻，则U A ＝U B ＝110 V ，两灯可以正常发光．比较C 、D 两个电路，由于C 电路中滑动变阻器功率为(I A －I B )×110 V ，而D 电路中滑动变阻器功率为(I A ＋I B )×110 V ，所以C 电路消耗电功率最小． 答案 C三、非纯电阻电路的特点及计算例3 0如图2所示的电路中，电源电动势E ＝10 V ，内阻r ＝0.5 Ω，电动机的电阻R 0＝1.0 Ω，电阻R 1＝1.5 Ω.电动机正常工作时，电压表的示数U 1＝3.0 V ，求：图2(1)电源释放的电功率；(2)电动机消耗的电功率和将电能转化为机械能的功率； (3)电源的输出功率和效率．解析 (1)电动机正常工作时，总电流为I ＝U 1R 1＝3.01.5A ＝2 A ，电源释放的电功率为P释＝EI＝10×2 W ＝20 W.(2)电动机两端的电压为U ＝E －Ir －U 1＝(10－2×0.5－3.0) V ＝6 V 电动机消耗的电功率为： P 电＝UI ＝6×2 W ＝12 W 电动机的热功率为： P 热＝I 2R 0＝22×1 W ＝4 W根据能量守恒定律，电动机将电能转化为机械能的功率 P 机＝P 电－P 热＝12 W －4 W ＝8 W(3)电源的输出功率为P 出＝P 释－P 内＝P 释－I 2r ＝(20－22×0.5) W ＝18 W ，η＝P 出P 释×100%＝1820×100%＝90%. 答案 (1)20 W (2)12 W 8 W (3)18 W 90%1．(功率P ＝UI ，P ＝I 2R ，P ＝U 2R 的区别)关于三个公式P ＝UI ，P ＝I 2R ，P ＝U 2R的适用范围，以下说法正确的是( )A ．第一个公式普遍适用于求电功率，后两式普遍适用于求热功率B ．在纯电阻电路中，三个公式既可适用于求电功率，又可适用于求热功率C ．在非纯电阻电路中，第一个公式可适用于求电功率，第二个公式可用于求热功率，第三个公式没有意义D．由U＝IR可知，三个公式没有任何区别，它们表达相同的意义，所求P既是电功率，也是热功率答案BC解析首先要明确，欧姆定律U＝IR只适用于纯电阻电路，因此三个公式在纯电阻电路中没有区别，但在非纯电阻电路中它们互不相同．其次，P＝UI表示电功率，而P＝I2R表示热功率．因此，在纯电阻电路中，UI＝I2R，消耗的电能全部转化为内能；而在非纯电阻电路中，UI>I2R，即消耗的电能只有部分转化为内能．2. (非纯电阻电路)如图3所示，直流电动机线圈的电阻为R，电源内阻为r.当该电动机正常工作时，路端电压为U，通过电动机的电流为I，则()图3A．电动机内部的发热功率为I2RB．电动机的机械功率为IUC．电源的电动势为I(R＋r)D．电源的输出功率为IU＋I2R答案 A解析电动机正常工作时，属于非纯电阻电路，欧姆定律已不适用，则C错误；由焦耳定律可知电动机的发热功率为I2R，A正确；由电路的特点可知，电动机的输入功率等于电源的输出功率，即P＝UI，由能量守恒定律可得，电动机的机械功率为P＝UI－I2R，B、D错误．3．(非纯电阻电路与纯电阻电路的对比)一台电动机的线圈电阻与一只电炉的电阻相同，都通过相同的电流，在相同时间内()A．电炉放热与电动机放热相等B．电炉两端电压小于电动机两端电压C．电炉两端电压等于电动机两端电压D．电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率答案ABD解析电炉属于纯电阻元件，电动机属于非纯电阻元件，对于电炉有：U＝IR，放热Q＝I2Rt，消耗功率P＝I2R.对于电动机有：U>IR，放热Q＝I2Rt，消耗功率P＝UI>I2R.4．(闭合电路中的功率)如图4所示的U－I图像中，直线Ⅰ为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像可知()图4A．R的阻值为1.5 ΩB．电源电动势为3 V，内阻为0.5 ΩC．电源的输出功率为3.0 WD．电源内部消耗功率为1.5 W答案AD题组一电功率的理解及有关计算1．下列关于电功率的说法中，正确的是()A．用电器的额定功率与用电器的实际电压和实际电流有关B．用电器的实际功率取决于用电器的额定功率C．白炽灯正常工作时，实际功率等于额定功率D．电功率越小，则电流做功越少答案 C解析用电器的额定功率是它正常工作时的功率，其值是由用电器本身的结构决定的，与实际电流和实际电压无关，故A错，C对；用电器实际功率的大小是由加在它两端的电压和通过它的电流决定的，B错；电流做功的多少不仅与功率的大小有关，还与通电时间有关，D错．2．两个绕线电阻分别标有“100 Ω10 W”和“20 Ω40 W”则它们允许通过的额定电流之比是()A.55 B.1020C.510 D.12 000答案 C3.如图1所示的电路中，L 1、L 2是两个不同的小灯泡，a 、b 间有恒定的电压，它们都正常发光，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，发生的现象是( )图1A ．L 1亮度不变，L 2变暗B ．L 1变暗，L 2变亮C ．电路消耗的总功率变小D ．流过滑动变阻器的电流变小 答案 BCD解析 滑动变阻器的滑片向右滑动时阻值增大，并联部分的电阻变大，分得电压变大，所以L 2两端电压增大，变亮．L 1分得电压变小，L 1变暗，A 错，B 对．因为滑动变阻器电阻变大，总电阻变大，由P ＝U 2R 可知，U 一定，P 减小，即电路总功率减小，C 对．又因为总电阻增大，总电流减小，而L 2电压变大，电流变大，所以流过变阻器的电流减小，D 正确． 4．三只电阻R 1、R 2和R 3按如图2所示电路连接，在电路的A 、B 端加上恒定电压后，电阻R 1消耗的功率最大，则三只电阻的阻值大小关系为( )图2A ．R 1>R 2>R 3B ．R 2>R 1>R 3C ．R 3>R 2>R 1D ．R 1>R 3>R 2答案 B解析 电阻R 1、R 2并联，电阻两端的电压相等，因为电阻R 1消耗的功率最大，由功率公式P ＝U 2R ，可判断R 2>R 1，由串、并联电路的特点可知，通过电阻R 1的电流小于通过电阻R 3的电流，根据功率公式P ＝I 2R ，可判断R 1>R 3，故选B. 题组二 焦耳定律的理解及应用5．通过电阻R 的电流为I 时，在t 时间内产生的热量为Q ，若电阻为2R ，电流强度为I2，则在时间t 内产生的热量为( )A ．4QB ．2Q C.Q 4 D.Q2答案 D解析 根据Q ＝I 2Rt 得，当电阻为2R ，电流强度为I2时，在时间t 内产生的热量Q ′＝(I 2)2×2R ×t ＝12I 2Rt ＝Q2，D 正确． 6．把两根电阻相同的电热丝先串联后并联分别接在同一电源上，若要产生相等的热量，则两种方法所需的时间之比t 串∶t 并为( )A ．1∶1B ．2∶1C ．4∶1D ．1∶4 答案 C解析 设每根电热丝电阻为R ，则R 串＝2R ，R 并＝R 2.由Q ＝W ＝U 2R t 得t 串∶t 并＝4∶1.题组三 非纯电阻电路的特点7．额定电压、额定功率均相同的电风扇、电烙铁和日光灯，各自在额定电压下正常工作了相同的时间．比较它们产生的热量，结果是( ) A ．电风扇最多 B ．电烙铁最多 C ．日光灯最多 D ．一样多答案 B解析 在三种用电器中，只有电烙铁是纯电阻用电器．将电能全部转化为内能，故B 选项正确．8.如图3所示，有一内电阻为4.4 Ω的电解槽和一盏标有“110 V 60 W ”的灯泡串联后接在电压为220 V 的直流电路两端，灯泡正常发光，则( )图3A ．电解槽消耗的电功率为120 WB ．电解槽的发热功率为60 WC ．电解槽消耗的电功率为60 WD ．电路消耗的总功率为60 W 答案 C解析 灯泡能正常发光，说明电解槽和灯泡均分得110 V 电压，且干路电流I ＝I 灯＝611A ，则电解槽消耗的电功率P ＝P 灯＝60 W ，A 错，C 对；电解槽的发热功率P 热＝I 2R 内≈1.3 W ，B 错；整个电路消耗的总功率P 总＝220×611W ＝120 W ，D 错．9.如图4所示的电路中，输入电压U 恒为12 V ，灯泡L 上标有“6 V 12 W ”字样，电动机线圈的电阻R M ＝0.50 Ω.若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是( )图4A ．电动机的输入功率为24 WB ．电动机的输出功率为12 WC ．电动机的热功率为2.0 WD ．整个电路消耗的电功率为22 W 答案 C解析 电路中含电动机为非纯电阻电路，欧姆定律对电动机不再适用．灯泡L 正常发光，则I L ＝PU ＝2 A ，所以电路中的电流I ＝2 A ，故整个电路消耗的总功率P 总＝UI ＝24 W ，D选项错误．电动机的输入功率P 入＝P 总－P 灯＝12 W ，A 选项错误．电动机的热功率P 热＝I 2R M ＝2.0 W ，C 选项正确．电动机的输出功率为P 出＝P 入－P 热＝10 W ，B 选项错误． 10．有一台电风扇，额定电压为220 V ，额定电功率为50 W ，线圈电阻为0.4 Ω.当电风扇在额定电压下工作时，关于它的线圈电阻每分钟产生的热量是多少，有四位同学计算如下，其中正确的是( )A ．Q ＝I 2Rt ＝(50220)2×0.4×60 J ≈1.24 JB ．Q ＝Pt ＝50×60 J ＝3000 JC ．Q ＝IU t ＝50220×220×60 J ＝3 000 JD ．Q ＝U 2R t ＝22020.4×60 J ＝7.26×106 J答案 A解析 电风扇正常工作时产生的热量是由于内阻发热产生的，所以每分钟产生的热量为Q ＝I 2Rt ≈1.24 J ，A 正确． 题组四 综合应用11.如图5所示，电源电动势E ＝30 V ，内阻r ＝1 Ω，灯泡上标有“6 V 12 W ”字样，直流电动机线圈电阻R ＝2 Ω，若灯泡恰好能正常发光，求电动机输出的机械功率．图5答案 36 W解析 因灯泡正常发光，所以I ＝P U ＝126A ＝2 A U 内＝Ir ＝2×1 V ＝2 V所以电动机两端电压为U M ＝E －U 内－U ＝30 V －2 V －6 V ＝22 V电动机输出的机械功率为P 机＝U M I －I 2R ＝22×2 W －22×2 W ＝36 W.12.如图6所示的电路中，电炉电阻R ＝10 Ω，电动机线圈的电阻r ＝1 Ω，电路两端电压U ＝100 V ，电流表的示数为30 A ，问通过电动机的电流强度为多少？通电一分钟，电动机做的有用功为多少？图6答案 20 A 9.6×104 J解析 题图中的两个支路分别为纯电阻电路(电炉)和非纯电阻电路(电动机)．在纯电阻电路中可运用欧姆定律I ＝U R直接求出电流强度，而非纯电阻电路中的电流强度只能运用干路和支路中电流强度的关系求出．在非纯电阻电路中，电功大于电热，两者的差值才是有用功．根据欧姆定律，通过电炉的电流强度为I 1＝U R ＝10010A ＝10 A. 根据并联电路中的干路电流和支路电流的关系，则通过电动机的电流强度为I 2＝I －I 1＝20 A. 电动机的总功率为P ＝UI 2＝100×20 W ＝2×103 W.因发热而损耗的功率为P ′＝I 22r ＝400 W.电动机的有用功率(机械功率)为P ″＝P －P ′＝1.6×103 W ，电动机通电1 min 做的有用功为W ＝P ″t ＝1.6×103×60 J ＝9.6×104 J.13．一台电风扇，内阻为20 Ω，接上220 V 电压后，消耗功率66 W ．问：(1)电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少？(2)电风扇正常工作时转化为机械能的功率是多少？转化为内能的功率是多少？电动机的效率是多少？(3)如果接上电源后，电风扇的风叶被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流以及电动机消耗的电功率和发热功率是多少？答案 (1)0.3 A (2)64.2 W 1.8 W 97.3 %(3)11 A 2 420 W 2 420 W解析 (1)因为P 入＝IU所以I ＝P 入U ＝66220A ＝0.3 A (2)电风扇正常工作时转化为内能的功率P 内＝I 2R ＝0.32×20 W ＝1.8 W电风扇正常工作时转化为机械能的功率P 机＝P 入－P 内＝66 W －1.8 W ＝64.2 W电风扇正常工作时的效率η＝64.266×100%≈97.3% (3)电风扇的风叶被卡住后，电动机不转时可视为纯电阻电路，通过电风扇的电流 I ＝U R ＝22020A ＝11 A 电动机消耗的电功率P ＝IU ＝11×220 W ＝2 420 W电动机发热功率P 内＝I 2R ＝112×20 W ＝2 420 W ．。

广东省深圳市宝安区2022-2023高二地理下学期期末考试试题（含解析）一、选择题 (本卷共25小题，每小题2分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。

答对得2分，错选、多选均不得分。

)1.高原夏菜是指夏季适宜在气候温凉地区生长的蔬菜，多种植在海拔1500米以上的高原。

甘肃榆中县海拔在1500-3670米之间，高原夏菜种植较多，品质较好，每年5月下旬到10月是榆中高原夏菜的上市期。

图1为甘肃榆中县简图。

据此回答下列小题。

（1）与长三角相比，甘肃榆中县有利于高原夏菜种植的有利气候条件是（）A. 海拔较高，夏季气温低B. 夏季气温高，热量充足C. 降水较多，灌溉水源丰富D. 光照充足，光合作用强（2）甘肃菜农将同种蔬菜依山势阶梯状种植在1500-3670米的山坡上，原因是（）A. 排水条件好B. 延长市场供应时间C. 位于背风坡，降水少D. 海拔高，昼夜温差大（3）甘肃榆中县生产的高原夏菜主要销售市场是（）A. 东北地区B. 西北地区 C. 东南沿海 D. 西南地区【答案】（1）A（2）B（3）C【考点】农业区位因素【解析】【分析】（1）由图文资料可知，高原夏菜是指夏季适宜在气候温凉地区生长的蔬菜，多种植在海拔1500米以上的高原。

因此高原夏菜适宜生长在浅海温凉地区，与长江三角洲相比，甘肃榆中县有利于高原夏菜种植的有利浅海条件是海拔高，夏季气温低。

A符合题意。

（2）甘肃榆中县高原夏菜分布海拔在1500-3670米之间的目的，是因为在不同海拔进行种植，气温不同，种植期、成熟期不同，可以延长供应时间。

B符合题意。

（3）夏季我国的东南沿海地区，多高温天气多，不利于蔬菜的种植，又由于东南沿海地区，经济发达，对蔬菜的需求量大，尤其是高原夏菜，生长在浅海温凉的高原上，东南沿海地区产量更少，而我国东北地区、西北地区和西南地区，对高原夏菜需求少，且能够种植。

因此甘肃榆中县生产的高原夏菜主要销售市场是东南沿海。

人教版物理高二选修3-4 12.1波的形成和传播同步练习姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共15题；共40分)1. （2分）(2017·天津) 手持较长软绳端点O以周期T在竖直方向上做简谐运动，带动绳上的其他质点振动形成简谐波沿绳水平传播，示意如图。

绳上有另一质点P ，且O、P的平衡位置间距为L。

t=0时，O位于最高点，P的位移恰好为零，速度方向竖直向上，下列判断正确的是A . 该简谐波是纵波B . 该简谐波的最大波长为2LC . 时，P在平衡位置上方D . 时，P的速度方向竖直向上2. （2分） (2017高二下·安阳期末) 平衡位置处于坐标原点的波源S在y轴上振动，产生频率为50Hz的简谐横波向x轴正、负两个方向传播，波速均为100m/s，平衡位置在x轴上的P、Q两个质点随波源振动着，P、Q的x轴坐标分别为xP=3.5m，xQ=﹣3m，当S位移为负且向﹣y方向运动时，P、Q两质点的（）A . 位移方向相同，速度方向相反B . 位移方向相同，速度方向相同C . 位移方向相反，速度方向相反D . 位移方向相反，速度方向相同3. （3分） (2017高二下·盐城期中) 一列横波沿直线传播，在波的传播方向上有A、B两点．在 t时刻A、B两点间形成如图甲所示波形，在（t+3s）时刻A、B两点间形成如图乙所示波形，已知A、B两点间距离a=9m，则以下说法中正确的是（）A . 若周期为4s，波一定向右传播B . 若周期大于4s，波可能向右传播C . 若波速为8.5 m/s，波一定向左传播D . 该波波速可能的最小值为0.5 m/s4. （3分） (2016·上海) 甲、乙两列横波在同一介质中分别从波源M、N两点沿x轴相向传播，波速为2m/s，振幅相同；某时刻的图像如图所示。

则（）A . 甲乙两波的起振方向相反B . 甲乙两波的频率之比为3:2C . 再经过3s，平衡位置在x=7m处的质点振动方向向下D . 再经过3s，两波源间（不含波源）有5个质点位移为零5. （3分） (2017高二下·邯郸期中) 弹性介质中波源O沿竖直方向振动产生的简谐横波以速度v=20m/s传播，M、N为与O在同一直线上的两质点．它们到O的距离分别为OM=24m、ON=12m．波源O振动1.2s后在直线MN 上形成的波形如图所示，不计波传播过程中的能量损失．下列说法正确的是（）A . 波源的振动周期为0.4sB . 波源开始振动的方向向上C . 波传播到N时，N先向下振动D . M与N的速度方向始终相同E . M与N的加速度大小始终相等6. （3分） (2018高二下·南平期末) 关于机械报动和机械波的叙述正确的是（）A . 波源振动的速度与波的传播速度始终相同B . 横波的传播方向总是与质点的振动方向垂直C . 频率不同的两列机械波也能发生稳定的干涉现象D . 物体做受迫振动时，其振动频率与固有频率无关E . 做简谱运动的质点通过同一位置时，速度不一定相同，但加速度一定相同7. （3分）下列说法正确的是（）A . 机械波在传播的过程中，每个质点的起振方向均相同B . 机械波从一种介质传入另一种介质时，波长不变C . 泊松亮斑的形成是由于光具有波动性D . 薄膜干涉是薄膜前后表面反射光的干涉现象E . 用单摆测当地的重力加速度的实验中，测量摆长时，忘记测量小球的直径，会导致重力加速度测量结果偏大8. （3分）(2018·浙江选考) 两列频率相同、振幅均为A的简谐横波P、Q分别沿+x和-x轴方向在同一介质中传播，两列波的振动方向均沿y轴。

2023-2024 学年第一学期期宝安中学集团期中联考九年级物理（考试用时化学 + 物理（合卷）共100 分钟）物理卷一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题意。

每小题2 分，共20 分）1．下列现象与物理知识对应正确的是（）A．冬季人们常用热水袋取暖---做功改变物体内能B．给电炉通电，电阻丝发红---热传递改变物体内能C．打扫教室灰尘在空中飞舞---分子在永不停息地运动D．用水作汽车发动机的冷却剂---水的比热容大2.关于内能、热量和温度，下列说法中正确的是（）A.我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多B.物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变C．物体的内能增加，一定是吸收了热量，温度一定升高D．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体3．以下说法不正确的是（）A.燃料不完全燃烧时，它的热值不变B.永动机不可能制作成功，因为它违反了能量守恒定律C.煤的热值比干木柴大，燃烧煤放出的热量比燃烧干木柴放出的热量多D．汽油机吸气冲程吸入的是空气和汽油的混合物4.如图是单缸四冲程汽油机的工作示意图，下列说法正确的是（）A.甲冲程中机械能转化为内能B.这四个冲程的正确顺序是乙→丙→甲→丁C.每个工作循环活塞往返 1 次，曲轴转动 2 周D.若该汽油机的转速为1200 r/min，则完成一个工作循环的时间为 0.2s5．如图所示电路中，下列关于灯泡L1、L2、L3连接说法中不正确的是（）A．S1、S2都断开，L1、L3串联B．S1、S2都闭合，L2、L3并联C．S1 闭合，S2断开，L1、L3串联D．S1 断开，S2闭合，L1、L2、L3都能发光6.在某一电路中，有甲、乙两灯，它们可能是串联，也可能是并联，下列说法正确的是（）A．闭合开关后，再拧下一灯泡，若另一灯仍亮着，则两灯并联B．若两灯总是同时亮，同时灭，则甲、乙两灯是串联C．闭合开关后，若甲、乙两灯两端的电压相等，则甲、乙两灯一定是并联D．若甲、乙两灯串联，且甲灯比乙灯亮，则流过甲灯的电流大于乙灯7.图中所示的滑动变阻器四种接法中，当滑动变阻器滑片P 向左移动时，可使电路中的电流增大的是（）A．B．C．D．8.有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。

热力学第二定律(建议用时：45分钟)[学业达标]1．第二类永动机不可能制成的原因的下列说法不正确的是( )+A．违背能量守恒定律B．热量总是从高温物体传递到低温物体C．机械能不能全部转化为内能D．内能不能全部转化为机械能，同时不引起其他变化E．违背了热力学第二定律【解析】第二类永动机的设想并不违背能量守恒定律，但违背了“能量转化过程是有方向性的”规律，故A错．在引起其他变化的情况下，热量可由低温物体非自发地传递到高温物体，故B错．机械能可以全部转化为内能，故C错．【答案】ABC2．(2016·临汾高二检测)关于热力学定律和分子动理论，下列说法中不正确的是( ) A．我们可以利用高科技手段，将流散到周围环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化B．利用浅层海水和深层海水之间的温度差制造一种热机，将海水的一部分内能转化为机械能，这在原理上是可行的C．空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量少于向室外放出的热量D．在分子力作用范围内，分子力总是随分子间距离的增大而减小E．温度升高时，物体中每个分子的运动速率都将增大【解析】由热力学第二定律可知，A错误，B、C正确，由分子间作用力与分子间距离的关系可知，D项错误；温度升高时，物体中分子平均动能增大，但并不是每个分子的动能都增大，即并不是每个分子的运动速率都增大，故E项错误．【答案】ADE3．(2016·西安高二检测)下列说法中不正确的是( )A．电动机是把电能全部转化为机械能的装置B．热机是将内能全部转化为机械能的装置C．随着技术不断发展，可以把内燃机得到的全部内能转化为机械能D．虽然不同形式的能量可以相互转化，但不可能将已转化成内能的能量全部收集起来加以完全利用E．电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递【解析】由于电阻的存在，电流通过电动机时一定发热，电能不能全部转化为机械能，A错误；根据热力学第二定律知，热机不可能将内能全部转化为机械能，B错误；C项说法违背热力学第二定律，因此错误，由于能量耗散，能源的可利用率降低，D 正确，在电流做功的情况下，热量可以从低温物体向高温物体传递，故E 正确．【答案】 ABC4．下列说法中不正确的是( )A ．功可以完全转化为热量，而热量不可以完全转化为功B ．热机必须是具有两个热库，才能实现热功转化C ．热机的效率不可能大于1，但可能等于1D ．热机的效率必定小于1E ．随着节能减排措施的不断完善，最终也不会使汽车和热机的效率达到100%【解析】 本题要求全面领会开尔文表述的含义，同时注意语言逻辑性，开尔文表述没有排除热量可以完全转化为功，但必然要产生其他变化，比如气体等温膨胀，气体内能完全转化为功，但气体体积增大了，A 错误；开尔文表述指出，热机不可能只有单一热库，但未必有两个热库，可能具有两个以上热库，B 错误；由η＝Q 1－Q 2Q 1可知，只要Q 2≠0，η≠1，如果Q 2＝0，则低温热库不存在，违背了开尔文表述，故C 错误，D 、E 正确．【答案】 ABC5．(2016·潍坊高二检测)我们绝不会看到：一个放在水平地面上的物体，靠降低温度，可以把内能自发地转化为动能，使这个物体运动起来．其原因的下列说法不正确的是( )A ．这违背了能量守恒定律B ．在任何条件下内能都不可能转化为机械能，只有机械能才会转化为内能C ．机械能和内能的转化过程具有方向性，内能转化成机械能是有条件的D ．机械能可全部转化为内能，而内能不能全部转化为机械能，同时不引起其他变化E ．以上说法均不正确【解析】 机械能和内能可以相互转化，但必须通过做功来实现．由热力学第二定律可知，内能不可能全部转化成机械能，同时不引起其他变化；无论采用任何设备和手段进行能量转化总是遵循选项A 的表述．【答案】 ABE6．下列说法中正确的是( )A ．一切涉及热现象的宏观过程都具有方向性B ．一切不违背能量守恒定律的物理过程都是可能实现的C ．由热力学第二定律可以判断物理过程能否自发进行D ．一切物理过程都不可能自发地进行E ．功转变为热的实际宏观过程是不可逆的【解析】 热力学第二定律是反映宏观自然过程的方向性的定律，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，但可以自发地从高温物体传到低温物体；并不是所有符合能量守恒定律的宏观过程都能实现，故A、C正确，B、D错误，一切与热现象有关的宏观过程都是不可逆的，则E正确．【答案】ACE7．如图10­4­4所示，为电冰箱的工作原理示意图；压缩机工作时，强迫制冷剂在冰箱内外的管道中不断循环，在蒸发器中制冷剂汽化吸收箱体内的热量，经过冷凝器时制冷剂液化，放出热量到箱体外．下列说法正确的是( ) 【导学号：11200095】图10­4­4A．热量可以自发地从冰箱内传到冰箱外B．电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，是因为其消耗了电能C．电冰箱的工作原理不违背热力学第一定律D．电冰箱的工作原理违背热力学第一定律E．电冰箱除了将热量从低温热库传到高温热库外，工作过程中所产生的其他一切影响，不论用任何的办法都不可能加以消除【解析】热力学第一定律是热现象中内能与其他形式能的转化规律，是能的转化和守恒定律的具体表现，适用于所有的热学过程，故C正确，D错误；再根据热力学第二定律，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，必须借助于其他系统做功，A错误，B正确，故选B、C、E.【答案】BCE8．(2016·青岛高二检测)热力学第二定律常见的表述方式有两种，其一：不可能使热量由低温物体传递到高温物体而不引起其他变化；其二：不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化．第一种表述方式可以用图10­4­5甲来表示，根据你对第二种表述的理解，如果也用类似的示意图来表示，请你根据第二种表述完成示意图乙．【导学号：11200096】图10­4­5【解析】由图甲可知，使热量由低温物体传递到高温物体必伴随着压缩机的做功，即引起其他变化；对于第二种方式，热机工作时，从高温物体吸收热量，只有一部分用来对外做功，转变为机械能，另一部分热量要排放给低温物体，其表述示意图如右图所示．[能力提升]9．下列说法正确的是( )A．机械能和内能的转化具有方向性B．电流的能不可全部转化为内能C．第二类永动机虽然不违背能量守恒定律，但它是制造不出来的D．在火力发电机中燃气的内能不可能全部转化成电能E．第二类永动机既不违背能量守恒定律，也不违反热力学第二定律【解析】凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性，机械能可全部转化为内能，而内能不能全部转化为机械能，A、D正确；由电流热效应中的焦耳定律可知，电流的能可全部转化为内能，而内能不可能全部转化为电流的能，B错误；第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它违反热力学第二定律，是制造不出来的，C正确、E错误．【答案】ACD10．(2016·南京高二检测)关于热机和永动机，下列说法中正确的是( )A．效率为100%的热机是不可能制成的B．第二类永动机可以制成C．不需要任何外力做功而可正常运行的制冷机是不可能制成的D．能把从单一热源吸收的热量全部用来做功而不引起其他变化的热机是可以实现的E．能把从单一热源吸收的热量全部用来做功而不引起其他变化的热机是不能实现的【解析】热机在工作过程中，必然向外排出热量，故热机效率小于100 %，故A对；由热力学第二定律可得C对，B错；内能要全部转化为机械能，必须借助外界的帮助，因而一定会引起其他变化，故D错，E对．【答案】ACE11．(2016·青岛模拟)有以下说法：A．气体的温度越高，分子的平均动能越大B．即使气体的温度很高，仍有一些分子的运动速度是非常小的C．对物体做功不可能使物体的温度升高D．如果气体分子间的相互作用力小到可以忽略不计，则气体的内能只与温度有关E．一由不导热的器壁做成的容器，被不导热的隔板分成甲、乙两室．甲室中装有一定质量的温度为T的气体，乙室为真空，如图10­4­6所示，提起隔板，让甲室中的气体进入乙室，若甲室中气体的内能只与温度有关，则提起隔板后当气体重新达到平衡时，其温度仍为T图10­4­6F ．空调机作为制冷机使用时，使热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以制冷机的工作是不遵守热力学第二定律的G ．对于一定量的气体，当其温度降低时，速率大的分子数目减小，速率小的分子数目增加H ．从单一热源吸取热量使之全部变成有用的机械功是不可能的其中正确的是________．【导学号：11200097】【答案】 ABEG12．(2016·石家庄高二检测)制冷机是一种利用工作物质，使热量从低温物体传到高温物体的装置，通过制冷机的工作可以使一定空间内的物体温度低于环境温度并维持低温状态．夏天，将房间一台正在工作的电冰箱的门打开，这是否可以降低室内的平均温度？为什么？【解析】 不会降低室内的平均温度．若将一台正在工作的电冰箱的门打开，尽管可以不断向室内释放冷气，但同时冰箱的箱体也向室内散热，就整个房间来说，由于外界通过导线不断有能量输入，室内的温度会不断升高．【答案】 见解析13．一辆汽车的发动机输出功率为66.15 kW ，每小时耗(柴)油14 kg ，请计算发动机的效率．(柴油的燃烧值为4.3×107J/kg)【导学号：11200098】【解析】 计算发动机的热效率可根据热机效率的定义，先求出发动机做的有用功和消耗的燃料完全燃烧放出的能量，然后再求效率．发动机每小时做的功W ＝Pt ＝66 150 W×3 600 s＝2.38×108 J完全燃烧14 kg 柴油放出的能量Q 总＝4.3×107 J/kg×14 kg＝6.02×108 J有用功的能量Q 有＝W ＝2.38×108 J 所以η＝Q 有Q 总＝2.38×108 J 6.02×108 J×100%＝39.5% 发动机的效率是39.5%.【答案】 39.5%。

南沙一中2016—2017学年第二学期中段考试文科物理试题命题人：罗少芬审校人：王春凤满分值:100分，考试时间:90min一、单项选择题Ⅰ:本大题共30小题，每小题1分,共30分。

在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。

1.下列物理量属于标量的是A。

速度 B. 加速度 C. 功率 D. 位移2。

某同学绕400m的跑道,跑完一圈回到出发点,则他运动的路程和位移大小分别是A。

0,0 B。

0,400m C. 400m,400m D. 400m，03。

发现“力不是维持物体运动原因"的科学家是A。

牛顿 B. 开普勒 C. 伽利略 D.爱因斯坦4.在下列研究中，有下划线的物体可以视为质点的是A. 研究乒乓球的旋转B. 研究流星的坠落轨迹C. 研究运动员的跨栏动作D. 研究蝴蝶翅膀的振动5.如图所示，电风扇正常转动时，扇叶上P点绕轴做匀速圆周运动,则P点的A. 向心加速度为0B。

线速度保持不变C。

角速度保持不变D. 向心加速度不变6。

如图所示，悬挂的小球能在竖直平面内自由摆动,忽略空气阻力,下列说法正确的是A. 小球在最高点时,加速度为0B。

小球在最低点时,速度为0C. 小球在摆动过程中,机械能守恒D。

小球在摆动过程中，受到的重力不做功7。

把一个7N的力沿两个方向分解，这两个分力的大小可能是A. 3N，3N B。

4N,4N C。

2N,2N D.1N，1N8。

下列现象中，与离心现象无关的是．．A。

汽车启动时,乘客向后倾斜B. 旋转雨伞甩掉伞上的水滴C。

用洗衣机脱去湿衣服中的水D。

运动员将链球旋转后掷出9。

在足球比赛中，足球以5m/s的速度飞来,运动员把足球以10m/s 的速度反向踢回，踢球时,脚与球的接触时间为0.2s,则足球的加速度大小是A。

25m/s2 B. 75m/s2 C。

50m/s2 D.100m/s210。

关于速度与加速度，下列说法正确的是A。

物体的加速度不变,其速度可能减小B。

考点19 欧姆表欧姆表(选修3—1第二章:恒定电流的第八节多用电表的原理）★★★○○○○1、欧姆表：电流表改装成的能够测量导体的电阻，并能直接读出电阻数值的仪表。

2、欧姆表原理（1）构造：如图所示，欧姆表由电流表G 、电池、调零电阻R 和红黑表笔组成．欧姆表内部：电流表、电池、调零电阻串联．外部：接被测电阻R x .全电路电阻R 总＝R g ＋R ＋r ＋R x 。

（2）工作原理：闭合电路的欧姆定律I ＝x g R r R R E +++. 则被测电阻R x =I E －（R g +R +r ）,由于R x 与电流I 不成正比例，故欧姆表的刻度值是不均匀的.1、红黑表笔的接法:由于电流表的上端接电源的负极，故它对应的是负接线柱,即B 是黑表笔；电流表的下端接电源的正极，故A 端对应的是红表笔。

2、刻度的标定：红黑表笔短接（被测电阻R x ＝0）时,调节调零电阻R ，使I ＝I g ,电流表的指针达到满偏，这一过程叫欧姆调零．①当I ＝I g 时，R x ＝0,在满偏电流I g 处标为“0”．（下图甲）②当I ＝0时,R x →∞，在I ＝0处标为“∞”．(下图乙）③当外电路接某一电阻后，其电流表的指针如图丙所示，直接读数就是被测电阻的大小。

④当I ＝2gI 时，R x ＝R g ＋R ＋r ，此电阻是欧姆表的内阻，也叫中值电阻．3、欧姆表的读数（1）为了减小读数误差，指针应指在表盘错误!到错误!的部分，即中央刻度附近．（2）除非指针所在刻度盘处每个小格表示1 Ω时，要估读到下一位，其余情况都不用估读．（3）电阻值等于指针示数与所选倍率的乘积．例：关于欧姆表及其使用中的问题，下列说法正确的是（)A. 接表内电源负极的应是黑表笔B. 换挡后,都要重新调零,使指针指到满刻度C. 表盘刻度是均匀的D. 表盘刻度最左边表示电阻阻值为0【答案】B1、如图所示为多用电表电阻挡的原理图，表头内阻为R g，调零电阻为R0,电池的电动势为E,内阻为r，则下列说法中错误的是（）A. 它是根据闭合电路欧姆定律制成的B。

深圳高级中学（集团）2016-2017学年高二年级第二学期期中考试物理（理科）一、单项选择题Ⅰ(本大题共15小题，每小题2分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1．下列物体能当做质点的是( )A．足球在绿茵场上的滚动 B．研究自行车车轮绕车轴的运动C．研究地球的自转 D．计算由珠海开往广州的客车速度2．加速度的单位是( )A．m/s B．m/s2 C．m2/s D．m2/s23．普通家庭在家用电器的选购上，基本上要考虑以下原则的是( )①选购产品的功能②与家居适应的技术参数、外形结构、产品质量和售后服务以及品牌③选购产品越先进越好，价格越昂贵越好，设计越时尚越好④为了环保，冰箱应选无氟电冰箱，照明用具尽量选用发光效率高的节能光源A．①② B．②④ C．②③④ D．①②④4．一位高三学生以恒定的速率从学校教学楼的一层上到四层，该同学上楼过程中克服自身重力做的功最接近的是( )A．60 J B．6.0×102 JC．6.0×103 J D．6.0×104 J5．下列单位中，哪组单位都是国际单位制中的基本单位( )A．千克、秒、牛顿 B．克、千米、秒C．千克、米、秒 D．牛顿、克、米6．最早根据实验提出力不是维持物体运动原因的科学家是( )A．亚里士多德 B．牛顿C．笛卡尔 D．伽利略7．已知A、B两物体的质量之比为5∶3，所受合外力之比为2∶1，则A、B的加速度之比为( )A．5∶6 B．6∶5 C．3∶10 D．10∶38．小球在水平桌面上做匀速直线运动，当它受到如图所示的力的方向作用时，小球可能运动的方向( )A．Oa B．Ob C．Oc D．Od9．平抛物体的运动可以看成( )A．水平方向的匀速运动和竖直方向的匀速运动的合成B．水平方向的匀加速运动和竖直方向的匀速运动的合成C．水平方向的匀速运动和竖直方向的自由落体运动的合成D．水平方向的匀加速运动和竖直方向的自由落体运动的合成10．质点从静止开始做匀加速直线运动，第1 s内的位移是1 m，则第1 s末的瞬时速度为A．1 m/s B．0.5 m/s C．2 m/s D．2.5 m/s11．大小分别为5 N和15 N的两个力，同时作用在一个物体上，则它们的合力可能是( ) A．5 N B．8 N C．15 N D．25 N12．坐在小汽车前排的司机和乘客都应系上安全带，这主要是为了减轻下列哪种情况出现时，可能对人造成的伤害( )A．车速太快 B．车速太慢C．突然启动 D．紧急刹车13．以下关于电场线的说法，正确的是( )A．电场线是电荷移动的轨迹B．电场线是实际存在的曲线C．电场线是闭合的曲线D．电场线是起始于正电荷(或无穷远处)，终止于负电荷(或无穷远处)14．磁感应强度是一个矢量，磁场中某点磁感应强度的方向是( )A．正电荷在该点的受力方向B．沿磁感线由N极指向S极C．小磁针N极或S极在该点的受力方向D．在该点的小磁针静止时N极所指方向15．当汽车发动机的输出功率为20 kW时，汽车在平直公路上以20 m/s的速度匀速行驶，此时汽车牵引力是( )A．1 000 N B．1 500 NC．2 000 N D．3 000 N二、单项选择题Ⅱ(本大题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求)16．从同一高度以不同的速度同时水平抛出两个质量不同的石子，下面说法正确的是( )A．速度大的先着地 B．速度小的先着地C．质量大的先着地 D．两石子同时着地17．关于线速度和角速度，下列说法正确的是( )A．半径一定，线速度与角速度成正比B．半径一定，线速度与角速度成反比C．角速度一定，线速度与半径成反比D．线速度一定，角速度与半径成正比18．一根原长10 cm的弹簧，挂上5 N的钩码时弹簧长度变为12 cm，当这根弹簧改挂上15 N的钩码时仍在弹性限度内，弹簧长度变为( )A．4 cm B．8 cm C．12 cm D．16 cm19．对于不同的地球同步卫星来说，它们一定具有相同的( )A ．质量B ．高度C ．向心力D ．万有引力20．如图所示，质量为m 的木块放在水平地面上．木块与地面的滑动摩擦因数为μ，木块在水平拉力F 的作用下，沿水平方向向右做匀加速直线运动，木块受到的合外力大小是( )A ．0B ．FC ．F －μmgD ．μmg21．关于奥斯特实验的意义，下列说法中正确的是( )A ．发现电流的热效应，从而揭示电流做功的本质B ．指出磁场对电流的作用力，为后人进而发明电动机奠定基础C ．发现电磁感应现象，为后人进而发明发电机奠定基础D ．发现通电导体周围存在磁场，从而把磁现象和电现象联系起来22．质点所受的力F 随时间变化的规律如图所示，力的方向始终在一直线上，已知t ＝0时质点的速度为零，在图示的t 1、t 2、t 3和t 4各时刻中( )A ．t 1时刻质点速度最大B ．t 2时刻质点速度最大C ．t 3时刻质点离出发点最远D ．t 4时刻质点回到出发点23．带电量为q 的点电荷在电场中某点的受力为F ，那么该点的电场强度大小是( )A ．E ＝q FB ．E ＝F qC ．E ＝FqD ．无法确定24．长1 cm的导线，通入电流强度为5 A的电流，放在匀强磁场中，导线所受磁场力的最大值是0.1 N，则匀强磁场磁感应强度的最大值是( )A．1 T B．2 T C．3 T D．4 T25．为了防止火灾的发生，在宾馆房间的天花板上大多装有一个传感器，该传感器是( )A．气体传感器 B．光敏电阻传感器C．压力传感器 D．烟雾传感器三、多项选择题(本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题列出的四个选项中，至少有2个选项是符合题目要求的，全都选对得6分，少选且正确得3分，未选、错选不得分)26．在下列各种现象中，静摩擦力起作用的是( )A．纱线织成布，把布缝成衣服B．物块在水平传送带上随传送带一起做匀速运动C．皮带运输机将物块运往高处D．握在手中的瓶子不会滑落27．下列描述的运动，能找到实例的是( )A．物体运动的加速度不断变化，而物体的动能却保持不变B．物体运动的加速度等于零，而速度却不等于零C．物体运动的加速度不等于零，而速度保持不变D．物体做曲线运动，但具有恒定的加速度28．关于理想变压器，下面各说法中正确的是( )A．它的输出功率等于它的输入功率B．它的输出功率可以大于它的输入功率C．原副线圈两端的电压与它们的匝数成正比D．原副线圈的电流与它们的匝数成正比29．使质量为m的小球在竖直平面内的圆形轨道内侧做圆周运动，当小球达到圆周的最高点时，其受力情况可能的是( )A．受到重力、轨道的弹力和向心力作用B．可能只受重力作用C．可能受轨道的弹力和重力作用D．所受合外力为零30．如图所示，用力F把铁块压在竖直墙上，此时重力为G的物体沿墙壁匀速下滑，若物体与墙壁之间的动摩擦因数为μ，则物体所受摩擦力的大小为( )A．μF B．μF＋GC．G D．μG。