2017-2018学年河南省南阳一中高二上学期第四次月考(1月)物理试题(扫描版)

河南省南阳市第一中学2017-2018学年高一物理上学期第四次月考试题（含解析）编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（河南省南阳市第一中学2017-2018学年高一物理上学期第四次月考试题（含解析））的内容能够给您的工作和学习带来便利。

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河南省南阳市第一中学2017-2018学年高一上学期第四次月考物理试题一、选择题：本题共12小题,每小题4分,在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。

全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分1. 关于物体的惯性,下列说法中正确的是A. 运动速度大的物体不能很快地停下来，是因为物体的速度越大，惯性也越大B. 静止的火车启动时,速度变化慢,是因为静止的物体惯性大的缘故C. 乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小D。

在宇宙飞船中的物体不存在惯性【答案】C【解析】试题分析：一切物体，不论是运动还是静止、匀速运动还是变速运动，都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关,质量越大、惯性越大;惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的．解：A、影响惯性大小的是质量，惯性大小与速度大小无关,故A错误；B、静止的火车启动时，速度变化慢，是由于惯性大，惯性大是由于质量大，故B错误；C、乒乓球可以被快速抽杀,是因为乒乓球质量小，惯性小，故C正确;D、惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，有质量就有惯性，在宇宙飞船中的物体有质量,故有惯性，故D错误；故选C．【点评】需要注意的是：物体的惯性的大小只与质量有关，与其他都无关．而经常出错的是认为惯性与物体的速度有关．2。

2017-2018学年一、选择题（本题包括12小题，1-8题只有一个选项正确，9-12题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在以下力学实验装置中，三个实验共同用到的物理思想方法是A．极限的思想方法 B．放大的思想方法 C．控制变量的方法 D．类比的思想方法【答案】B考点：考查了物理研究方法【名师点睛】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，如控制变量法、理想实验、理想化模型、极限思想等，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习2．如图所示，物体静止在一固定在水平地面上的斜面上，下列说法正确的是A．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B．物体对斜面的摩擦力和物体重力沿斜面的分力是一对作用力和反作用力C．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力D．物体所受重力可以分解为沿斜面的力和对斜面的压力【答案】C【解析】考点：考查了相互作用力和平衡力【名师点睛】作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失，理解牛顿第三定律与平衡力的区别．作用力与反作用力是分别作用在两个物体上的，既不能合成，也不能抵消，分别作用在各自的物体上产生各自的作用效果3．甲、乙两球质量分别为12m m 、，从同一地点（足够高）同时静止释放。

两球下落过程中所受空气阻力大小f 仅与球的速率v 成正比，与球的质量无关，即f=kv （k 为正的常量）。

两球的v-t 图像如图所示，落地前，经时间0t 两球的速度都已达到各自的稳定值12v v 、。

则下列判断正确的是A ．释放瞬间甲球加速度较大B ．1221m v m v = C ．甲球质量大于乙球D ．0t 时间内，两球下落的高度相等【答案】C【解析】试题分析：释放瞬间，由于速度为零，根据f kv =可知小球受到的阻力为零，所以释放瞬间只受重力作用，加速度为g ，A 错误；当小球受到的重力和阻力相等时两者的速度达到稳定值，有mg f kv ==，故有1122m v m v =，从图中可知12v v >，故12m m >，即甲球的质量大于乙球的质量，B 错误C 正确；速度与时间图像与坐标围成的面积表示位移，从图中可知两者与坐标围成的面积不变，所以两者下落的高度不同，D 错误；考点：考查了速度时间图像，牛顿第二定律【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移4．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m 的相同小球A 、B ，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，°30αθ==，°60β=，则轻杆对A 球的作用力A ．mg BCD【答案】A考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，5．某物体在竖直方向上的力F 和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化的图像如图所示，已知10~h 段F 不为零，12~h h 段F=0，则关于功率下列说法正确的是A ．20~h 段，重力的功率一直增大B ．10~h 段，F 的功率可能先增大后减小C ．20~h 段，合力的功率可能先增大后减小D ．12~h h 段，合力的功率可能先增大后减小【答案】B考点：考查了功率，动能定理【名师点睛】解决本题的关键知道功率等于力与速度的乘积，知道整个过程中合力的功率为零有三处，速度为零有两处，合力为零有一处．6．一质量为M 的探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F 始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g ，现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球吊篮中减少的质量为mA ．2()F M g -B ．2F M g -C ．2F M g- D ．0 【答案】A【解析】考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】本题关键对气球受力分析，要注意空气阻力与速度方向相反，然后根据共点力平衡条件列式求解．7．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）。

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高尔基说过:“书是人类进步的阶梯。

”我希望各位朋友能借助这个阶梯不断进步。

物质生活极大丰富，科学技术飞速发展,这一切逐渐改变了人们的学习和休闲的方式。

很多人已经不再如饥似渴地追逐一篇文档了，但只要你依然有着这样一份小小的坚持,你就会不断成长进步，当纷繁复杂的世界牵引着我们疲于向外追逐的时候，阅读一文或者做一道题却让我们静下心来，回归自我。

用学习来激活我们的想象力和思维,建立我们的信仰，从而保有我们纯粹的精神世界,抵御外部世界的袭扰。

Ｔhe ａｂove iｓ the whｏle ｃontenｔｏf tｈis arｔicｌe， Goｒｋy said: "the bｏok iｓｔhｅlaｄdeｒof hｕman progress." I hope ｙou can mａke progress wｉｔｈ the helｐｏf thiｓｌadder. Maｔeｒｉal life is ex ｔｒemely rｉch，scieｎcｅａｎｄ technology are developing ｒapidly, a ｌl of which ｇｒaｄuallｙｃhanｇｅｔhｅｗay oｆｐeopｌe＇s stuｄy a ｎd leｉsｕrｅ. Mａnｙ peｏｐle are ｎo lｏngｅr eageｒ tｏ pｕrsue a dｏcumｅnt, but aｓ long ａｓ you stilｌhａve ｓｕｃh ａ sｍall ｐｅｒｓisteｎｃe, you will continuｅ to grow aｎd pｒogrｅss. Ｗhen the compｌｅｘ world lｅａｄs us tｏ cｈase oｕt，ｒeadinｇａn ａrticle or dｏiｎｇ a pｒoｂlｅｍmakｅｓｕｓ calｍｄown ａｎｄｒeｔurn tｏｏuｒselves．Ｗｉth leａｒnｉnｇ， we can ａctivate oｕr imagｉnaｔｉon and tｈinking， establｉsh our belｉｅf, ｋeep oｕr pure spirituaｌ wｏrld ａnd resist thｅatｔack oｆ the ｅｘｔerｎaｌ world．。

河南省南阳市第一中学2017届高三上学期第四次月考试题数学试题 理2016．12．17一、选择题（每小题5分，共12小题）1．复数i z +=21，若复数1z ,2z 在复平面内的对应点关于虚轴对称，则21z z =A ．-5B ．5C ．i 43+-D ．i 43-2．已知“k x >”是“113<+x ”的充分不必要条件，则k 的取值范围是A ．),2[+∞B ．),1[+∞C ．),2(+∞D ．]1,(--∞3．某锥体的三视图如图所示，则该棱锥的最长棱的棱长为A ．33B ．17C ．41D ．424．已知函数()y f x =是R 上的偶函数，设1lna π=，2(ln )b π=，c =12,(0,)x x ∈+∞时，都有1212()[()()]0x x f x f x --<，则A ．()()()f a f b f c >>B ．()()()f b f a f c >>C ．()()()f c f b f a >>D ．()()()f c f a f b >>5． 已知函数233)(23+-+=x ax ax x f ，a x ax x a x g ++-=2322)()(R a ∈。

在同一直角坐标系中，函数)('x f 与)(x g 的图像不可能的是A ．B ．C ．D ．6．若x 是三角形的最小内角，则函数x x x x y cos sin cos sin -+=的最小值是A ．221+-B ．221+ C ．1D ．27． 在ABC ∆中，内角,,A B C 所对的边分别为,,a b c ,且BC 边上的高为2a ，则c bb c +最大值为A ．2BC ．D ．48．已知函数()2f x +=(0,1]x ∈时，2()f x x =，若在区间(1,1]-内，()()(1)g x f x t x =-+有两个不同的零点，则实数t 的取值范围是A ．),0(+∞B ．)21,0(C ．1[,0)2-D ．1(0,]29． C B A ,,是圆O 上不同的三点，线段CO 与线段AB 交于点D ，若μλ+=(R R ∈∈μλ,)，则μλ+的取值范围是 A ．（0,∞+） B ．（1,∞+）C ．（1,2]D ．[1,∞+)10．抛物线212x y =在第一象限内图像上的一点2(,2)i i a a 处的切线与x 轴交点的横坐标记为1i a +，其中*i N ∈，若232a =，则246a a a ++等于 A ． 21B ．32C ．42D ．6411．过椭圆C ：22221x y a b+=(0)a b >>的左顶点A 且斜率为k 的直线交椭圆C 于另一点B ，且点B 在x 轴上的射影恰好为右焦点2F 。

2017年秋期高中一年级期中质量评估物理试题参考答案及评分标准(如果学生计算题结果错误,请评卷老师一定按解题过程给分)一、选择题（本题共有12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1-8题只有一个选项正确，9-12题有多个选项正确．全部选对得4分，选不全的得2分，选错或不答得0分）1.B2.D3.B4.C5.B6.D7.A8.C9.BC 10.AB 11.ACD 12.BC二、实验题（本题共3小题,共15分）13. （5分）23b a - 14.（6分）（1）BD （2分） （3）0.425（2分） （4）0.625（2分）15.（4分）（1）A t d （2分） tt d t t d A B -（2分） 三、计算题（本题共4小题, 共47分）16.（10分）解：（1）由图知：客车的加速度为：△t△v a =，（2分） m/s 30△-=v ，（1分） 5.65.05.6△=-=t ，（1分） 得2m/s 5-=a .（2分，没有负号扣1分）（2）图线与时间轴围成的面积表示位移，则客车从司机发现狗至停止运动的这段时间内前进的距离为：()105m m 305.65.021=⨯+⨯=x ．（4分） 17.（10分）解：（1）设滴水的时间间隔为T ，窗子的高度等于自由下落3T 内的位移减去2T 内的位移．m 123=-x x （1分）其中x 3=21g （3T ）2，（2分）x 2=21g （2T ）2，（2分） 故滴水的时间间隔T = 0.2s ．（1分）（2）水从屋檐下落到地面的时间t =4T ．（1分）h =21g （4T ）2，（2分） 得h =3.2m ．（1分）18. （10分）解：设两车经时间t 0.共速，有v =v 0甲－a 甲t 0，（2分）v =v 0乙－a 乙t 0，（2分）得t 0=30s.此时两车位移x 甲=v 0甲t 0a 21-甲20t ,（2分）x 乙=v 0乙t 0221a 20t ,（2分） 得x 甲=450m, x 2=150m,x 甲－x 乙=300m ＞250m.（1分）所以两车会相撞.（1分）19.（15分）解：AB 过程，由运动学公式可得：v B 2=2a 1x AB ，（2分）v B =a 1t 1，（2分）解得：t 1=5s ；（1分）设滑行者在D 点开始减速，从B 到D 的过程中，根据运动学公式可得： v D 2－v B 2=2a 2x BD ，（2分）v D －v B =a 2t 2，（2分）从D 到C 的过程，根据运动学公式可得：v D 2=2a 3x DC ，（2分）v D =a 3t 3，（2分）根据题意可得：x BD +x DC =97，（1分）联立解得：t 2=4s ；（1分）t 3=7s ，（1分）故从A 到C 的总时间t =t 1+t 2+t 3=5+4+7=16s.（1分）。

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南阳一中2017年秋期高二第四次月考理数试题第Ⅰ卷(共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1. 已知命题：对于恒有成立；命题：奇函数的图象必过原点，则下列结论正确的是（）A。

为真 B. 为假 C. 为真 D。

为真【答案】D【解析】因为等价于，故命题p是真命题；函数为奇函数，但函数的图象不过原点,故命题q是假命题，则命题是真命题，故是真命题.故选D。

2。

已知各项均不为零的数列，定义向量，,.下列命题中真命题是（ )A. 若总有成立，则数列是等比数列B。

若总有成立，则数列是等比数列C。

若总有成立,则数列是等差数列D。

若总有成立,则数列是等差数列【答案】D【解析】∵向量,，∴当，即∴数列为等差数列，∴D正确，B错误；当时，即∴数列既不是等差数列，也不是等比数列,∴A、C错误．故选D．3。

设命题,则为（）A。

B. C。

D。

【答案】C【解析】试题分析：根据否命题的定义,即既否定原命题的条件，又否定原命题的结论，存在的否定为任意，所以命题的否命题应该为，即本题的正确选项为C.考点:原命题与否命题.视频4. 已知椭圆，直线，若对任意的，直线与椭圆恒有公共点，则实数的取值范围是（）A。

2016-2017学年河南省南阳一中高三（上）第四次月考物理试卷二、选择题：（本大题共9小题，每题6分，共54分，1-5为单选，6-8为多选）1．甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示．两图象在t=t1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，△OPQ的面积为S．在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为d．已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t′，第二次相遇时间为t''，则下面四组t′，d和t''的组合可能的是（）A．t'=t1，d=s，t''=2t1B．C．D．2．如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架，ab、cd边均与ad边成60°角，ab=bc=cd=L，长度为L的电阻丝电阻为r，框架与一电动势为E，内阻为r的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B的匀强磁场，则框架受到的安培力的合力大小为（）A．0 B．C．D．3．2016年10月17日7时30分，搭载两名航天员的“神舟十一号”载人飞船由“长征二号”运载火箭成功发射升空，10月19日凌晨，“神舟十一号”飞船与“天宫二号”自动交会对接成功．“神舟十号”与“天宫一号”对接时，轨道高度是343公里，而“神舟十一号”和“天宫二号”对接时的轨道高度是393公里，这与未来空间站的轨道高度基本相同．根据以上信息，判断下列说法正确的是（）A．“天宫一号”的动能比“天宫二号”的动能大B．“天宫一号”的周期比“天宫二号”的周期小C．“神舟十一号”飞船的环绕速度大于第一宇宙速度D．“神舟十一号”飞船必须在“天宫二号”的轨道上，再加速实现对接4．空间有一均匀强电场，在电场中建立如图所示的直角坐标系O﹣xyz，M、N、P 为电场中的三个点，M点的坐标（0，a，0），N点的坐标为（a，0，0），P点的坐标为（a，，）．已知电场方向平行于直线MN，M点电势为0，N点电势为1V，则P点的电势为（）A．V B．V C．V D．V5．在正负电子对撞机中，一个电子和一个正电子对撞发生湮灭而转化为一对光子．设正、负电子的质量在对撞前均为m，对撞前的动能均为E，光在真空中的传播速度为c，普朗克常量为h，则对撞后转化成光子的波长等于（）A．B．C．D．6．如图所示为氢原子的能级示意图．现用能量介于10～12.9eV范围内的光子去照射一群处于基态的氢原子，则下列说法正确的是（）A．照射光中只有一种频率的光子被吸收B．照射光中有三种频率的光子被吸收C．氢原子发射出三种不同波长的光D．氢原子发射出六种不同波长的光7．如图1所示，一倾角为37°的传送带以恒定速度运行，现将一质量m=1kg的小物体抛上传送带，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图2所示，取沿传送带向上为正方向，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．则下列说法正确的是（）A．物体与传送带间的动摩擦因数为0.875B．0～8s内物体位移的大小为18mC．0～8s内物体机械能的增量为90JD．0～8s内物体与传送带由于摩擦产生的热量为126J8．如图所示，A、B两物体的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对A施加一水平拉力F，则（）A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞3μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg9．如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑的水平面上．现使A瞬时获得水平向右的速度3m/s，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象信息可得（）A．在t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且弹簧都处于伸长状态B．从t3到t4时刻弹簧由压缩状态恢复到原长C．两物体的质量之比为m1：m2=1：2D．在t2时刻A与B的动能之比为E k1：E k2=8：1三、非选择题（包括必考题和选做题两部分．考生根据要求作答．）（一）必考题10．用如图甲所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系”的实验．实验时保持小车的质量M（含车中的钩码）不变，用在绳的下端挂的钩码总重力mg作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度．（1）实验时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是．（2）图乙为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如图乙所示．已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a= m/s2．（结果保留两位有效数字）（3）通过增加绳的下端挂的钩码的个数来改变小车所受的拉力F，得到小车的加速度a与拉力F的数据，画出a﹣F图线后，发现当F较大时，图线发生了如图丙所示的弯曲．该同学经过思考后将实验方案改变为：将小车中的钩码挂在绳的下端来增加钩码的个数和外力．那么关于该同学的修正方案，下列说法正确的是．（写选项字母）A．可以避免a﹣F图线的末端发生弯曲B．要避免a﹣F图线的末端发生弯曲的条件是M≥mC．画出的a﹣F图线的斜率为D．画出的a﹣F图线的斜率为．11．使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA 的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：（1）仪器连线如图1所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a为（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为Ω．电流表的读数为mA，电阻箱的读数为Ω：（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为mA；（保留3位有效数字）（4）计算得到多用电表内电池的电动势为V．（保留3位有效数字）12．物体A和B用轻绳相连在轻质弹簧下静止不动，如图甲所示，A的质量为m，B的质量为M．当连接A、B的绳突然断开后，物体A上升过程中经某一位置时的速度大小为v A，这时物体B下落的速度大小为v B，如图乙．这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量为多少？13．一质量为m，带电量为q的粒子，以速度v0从O点沿y轴正方向射入磁感强度为B的一圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直于纸面，粒子飞出磁场区域后，从b处穿过x轴，速度方向与x轴正方向夹角为30°，如图，不计粒子重力，求：（1）圆形磁场区域的最小面积；（2）粒子从O进入磁场区域到达b点所经历的时间及b点的坐标．14．一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m，如图（a）所示．t=0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t=1s时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）．碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后1s时间内小物块的v﹣t图线如图（b）所示．木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2．求（1）木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2；（2）木板的最小长度；（3）木板右端离墙壁的最终距离．2016-2017学年河南省南阳一中高三（上）第四次月考物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：（本大题共9小题，每题6分，共54分，1-5为单选，6-8为多选）1．甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示．两图象在t=t1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，△OPQ的面积为S．在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为d．已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t′，第二次相遇时间为t''，则下面四组t′，d和t''的组合可能的是（）A．t'=t1，d=s，t''=2t1B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．相遇要求在同一时刻到达同一位置．根据相遇的条件和几何关系分析．【解答】解：A、若t'=t1，d=s，即t1时间两车第一次相遇，由于此后乙车的速度大于甲车的速度，所以两者不可能再相遇，故A错误．B、若t'=t1，根据“面积”表示位移，可知d=s﹣s=s，第二次相遇时刻为t''=，故B错误．C、若t'=t1，根据“面积”表示位移，可知d=（1﹣）s=s，第二次相遇时刻为t''==，故C错误．D、若t'=t1，根据“面积”表示位移，可知d=s，第二次相遇时刻为t''==，故D正确．故选：D2．如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架，ab、cd边均与ad边成60°角，ab=bc=cd=L，长度为L的电阻丝电阻为r，框架与一电动势为E，内阻为r的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B的匀强磁场，则框架受到的安培力的合力大小为（）A．0 B．C．D．【考点】安培力；左手定则．【分析】根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，根据闭合电路的欧姆定律计算出各段上的电流大小，再计算出各段安培力的大小，然后使用平行四边形定则合成即可．【解答】解：根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，如图电路abcd上的电阻为3r，由几何关系得，ad段的长度为2L，所以ad上的电阻为2r，并联部分的总电阻为：电路中的总电流：路端电压：abcd上的电流：abcd上各段的安培力：ad上的安培力：各段受到的力中，F1和F3在左右方向的分量大小相等，方向相反，相互抵消，所以线框受到的合外力：所以四个选项中C正确．故选：C3．2016年10月17日7时30分，搭载两名航天员的“神舟十一号”载人飞船由“长征二号”运载火箭成功发射升空，10月19日凌晨，“神舟十一号”飞船与“天宫二号”自动交会对接成功．“神舟十号”与“天宫一号”对接时，轨道高度是343公里，而“神舟十一号”和“天宫二号”对接时的轨道高度是393公里，这与未来空间站的轨道高度基本相同．根据以上信息，判断下列说法正确的是（）A．“天宫一号”的动能比“天宫二号”的动能大B．“天宫一号”的周期比“天宫二号”的周期小C．“神舟十一号”飞船的环绕速度大于第一宇宙速度D．“神舟十一号”飞船必须在“天宫二号”的轨道上，再加速实现对接【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力提供向心力得出线速度、角速度、周期、加速度与轨道半径的关系，从而比较大小．【解答】解：根据万有引力提供向心力，解得：，，，．A、由可知，轨道半径越大，线速度越小，“天宫一号”的速率比“天宫二号”的速率大，但由于质量的关系未知，所以不能判断出“天宫一号”的动能比“天宫二号”的动能大．故A错误．B、由可知，轨道半径越大，周期越大，“天宫一号”的周期比“天宫二号”的周期小．故B正确；C、由可知，轨道半径越大，线速度越小，所以“神舟十一号”飞船的环绕速度小于第一宇宙速度．故C错误；D、“神舟十一号”飞船必须在“天宫二号”的轨道上，再加速时将做离心运动，所以不可能实现对接．故D错误．故选：B4．空间有一均匀强电场，在电场中建立如图所示的直角坐标系O﹣xyz，M、N、P 为电场中的三个点，M点的坐标（0，a，0），N点的坐标为（a，0，0），P点的坐标为（a，，）．已知电场方向平行于直线MN，M点电势为0，N点电势为1V，则P点的电势为（）A．V B．V C．V D．V【考点】电势；电场强度．【分析】将电场强度沿坐标轴方向正交分解，求出轴向的E的分量值，再选用U=Ed，求得电势差，得电势．【解答】解：根据题意已知电场方向平行于直线MN，点M的电势为0，点N的电势为1V，故U NM=E•a=1V ①将电场强度沿着﹣x方向和+y方向正交分解，设合场强为E，则﹣x和+y方向的分量分别为：E x =E ，E y = E ②设P 在xOy 平面上的投影为P′点，投影点的坐标为：（a ，，0）则 U NP =U NP′=E y •==V （由①②式得）又因N 点电势为1V ，则P′电势为，即P 点电势为 则 A B C 错误，D 正确故选：D5．在正负电子对撞机中，一个电子和一个正电子对撞发生湮灭而转化为一对光子．设正、负电子的质量在对撞前均为m ，对撞前的动能均为E ，光在真空中的传播速度为c ，普朗克常量为h ，则对撞后转化成光子的波长等于（ ）A ．B ．C ．D ．【考点】物质波．【分析】光子无静止质量，根据反应前后质量之差求出质量亏损，由爱因斯坦质能方程求出电子对撞放出的能量，根据能量守恒定律求出光子具有的能量．由光子能量公式E=hγ，波速公式c=λγ求出光子的波长．【解答】解：由于光子无静止的质量，则电子对撞过程中的质量亏损为△m=2m ﹣0=2m ．由爱因斯坦质能方程中电子对撞放出的能量为△E=△mc 2=2mc 2，根据能量守恒得，每个光子的能量为，又ɛ=hγ=，联立得到，波长为，故C 正确，ABD 错误；故选：C6．如图所示为氢原子的能级示意图．现用能量介于10～12.9eV 范围内的光子去照射一群处于基态的氢原子，则下列说法正确的是（ ）A．照射光中只有一种频率的光子被吸收B．照射光中有三种频率的光子被吸收C．氢原子发射出三种不同波长的光D．氢原子发射出六种不同波长的光【考点】氢原子的能级公式和跃迁．【分析】能级间发生跃迁时吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，根据数学组合公式求出处于激发态的氢原子可能发射出不同波长光的种数．【解答】解：因为﹣13.6+10=﹣3.6eV，﹣13.6eV+12.9eV=﹣0.7eV，可知照射光中有三种频率的光子被吸收．氢原子跃迁的最高能级为n=4能级，根据=6知，氢原子发射出六种不同波长的光．故B、D正确，A、C错误．故选BD．7．如图1所示，一倾角为37°的传送带以恒定速度运行，现将一质量m=1kg的小物体抛上传送带，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图2所示，取沿传送带向上为正方向，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．则下列说法正确的是（）A．物体与传送带间的动摩擦因数为0.875B．0～8s内物体位移的大小为18mC．0～8s内物体机械能的增量为90JD．0～8s内物体与传送带由于摩擦产生的热量为126J【考点】摩擦力的判断与计算；动摩擦因数；功能关系．【分析】（1）速度图象的“面积”大小等于位移，物体在0﹣2s内的位移为正值，在2﹣8s内的位移为负值．（2）根据斜率求出加速度，由牛顿第二定律求解物体与传送带间的动摩擦因数．（3）0﹣8s内物体机械能增量等于动能增加量与重力势能增加量之和．在前6s内物体与传送带发生相对滑动，求出相对位移△s，产生的热量为Q=μmgcosθ•△s．【解答】解：A、从图b中求出物体位移为：s=3×2+4×2=14m…①由图象知，物体相对传送带滑动时的加速度为：α=lm/s2…②对此过程中物体分析得：μmgcosθ﹣mgsinθ=ma…③，解得μ=0.875…④，A正确；B、物体被送上的高度为：h=ssinθ=8.4m，重力势能增量为：△Ep=mgh=84J…⑤动能增量为：△E k==6J…⑥机械能增加为：△E=△Ep+△E k=90J…⑦0﹣8s内只有前6s发生相对滑动．0﹣6s内传送带运动距离为：s带=4x6m=24m…⑧0﹣6s内物体位移为：s带=6m…⑨B错误CD正确；产生的热量为：Q=μmg cosθ•s相对=126J…⑩，故选：ACD8．如图所示，A、B两物体的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对A施加一水平拉力F，则（）A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞3μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．【解答】解：AB之间的最大静摩擦力为：f max=μm A g=2μmg，B与地面间的最大静摩擦力为：f′max=μ（m A+m B）g=1.5μmg，A、当1.5μmg＜F＜2μmg 时，f′max＜F＜f max，AB之间不会发生相对滑动，由于拉力大于B与地面间的最大静摩擦力；故AB与地面间发生相对滑动；故A错误；B、当F=μmg时，若A与B仍然没有相对运动，则：又：F﹣f′max=（m A+m B）a1所以：此时A与B之间的摩擦力f，则：m A a1=F﹣f所以：f=＜f max，可知假设成立，A的加速度为μg．故B正确；C、当F=3μmg时，若A与B仍然没有相对运动，则：F﹣f′max=3μmg﹣1.5μmg=1.5μmg 又：F﹣f′max=（m A+m B）a2所以：a2=0.5μg此时A与B之间的摩擦力f′，则：m A a2=F﹣f′所以：f′=2μmg=f max所以当F＞3μmg时，A相对B滑动．故C正确；D、当A与B之间的摩擦力最大时，B的加速度最大，此时B沿水平方向受到两个摩擦力的作用，又牛顿第二定律得：m B a3=f max﹣f′max=2μmg﹣1.5μmg=0.5μmg所以：a3=0.5μg即无论F为何值，B的加速度不会超过μg．故D正确．故选：BCD9．如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑的水平面上．现使A瞬时获得水平向右的速度3m/s，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象信息可得（）A．在t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且弹簧都处于伸长状态B．从t3到t4时刻弹簧由压缩状态恢复到原长C．两物体的质量之比为m1：m2=1：2D．在t2时刻A与B的动能之比为E k1：E k2=8：1【考点】简谐运动的振幅、周期和频率；简谐运动．【分析】两物块和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒，系统动能最小时，弹性势能最大，据此根据图象中两物块速度的变化可以分析系统动能和弹性势能的变化情况．【解答】解：A、由图可知t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且此时系统动能最小，根据系统机械能守恒可知，此时弹性势能最大，弹簧处于压缩状态，故A 错误；B、结合图象弄清两物块的运动过程，开始时m1逐渐减速，m2逐渐加速，弹簧被压缩，t1时刻二者速度相当，系统动能最小，势能最大，弹簧被压缩最厉害，然后弹簧逐渐恢复原长，m2依然加速，m1先减速为零，然后反向加速，t2时刻，弹簧恢复原长状态，由于此时两物块速度相反，因此弹簧的长度将逐渐增大，两木块均减速，当t3时刻，二木块速度相等，系统动能最小，弹簧最长，因此从t3到t4过程中弹簧由伸长状态恢复原长，故B正确；C、系统动量守恒，选择开始到t1时刻列方程可知：m1v1=（m1+m2）v2，将v1=3m/s，v2=1m/s代入得：m1：m2=1：2，故C正确；D、在t2时刻A的速度为：v A=1m/s，B的速度为：v B=2m/s，根据m1：m2=1：2，求出E k1：E k2=1：8，故D错误．故选BC．三、非选择题（包括必考题和选做题两部分．考生根据要求作答．）（一）必考题10．用如图甲所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系”的实验．实验时保持小车的质量M（含车中的钩码）不变，用在绳的下端挂的钩码总重力mg作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度．（1）实验时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是平衡摩擦力．（2）图乙为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如图乙所示．已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a= 1.0 m/s2．（结果保留两位有效数字）（3）通过增加绳的下端挂的钩码的个数来改变小车所受的拉力F，得到小车的加速度a与拉力F的数据，画出a﹣F图线后，发现当F较大时，图线发生了如图丙所示的弯曲．该同学经过思考后将实验方案改变为：将小车中的钩码挂在绳的下端来增加钩码的个数和外力．那么关于该同学的修正方案，下列说法正确的是AD．（写选项字母）A．可以避免a﹣F图线的末端发生弯曲B．要避免a﹣F图线的末端发生弯曲的条件是M≥mC．画出的a﹣F图线的斜率为D．画出的a﹣F图线的斜率为．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）探究物体加速度与力的关系实验中，要使小车受到的拉力等于钩码的重力，在实验前应平衡摩擦力；（2）根据纸带数据，由△x=at2可求小车的加速度．（3）为使绳子拉力近似等于砝码和砝码盘的重力，应满足砝码和砝码盘的质量远小于小车的质量．【解答】解：（1）实验时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．这样做的目的是平衡小车运动中所受的摩擦阻力．（2）计数点间的时间间隔为：t=0.02s×5=0.1s，由△x=at2可得：小车的加速度为：a===1.0m/s2．（3）分别对小车与砝码列出牛顿第二定律方程：对小车有：F=Ma，对砝码有：mg﹣F=ma，两式联立可得a==F，若改变为用小车中的钩码挂在绳的下端来增加钩码的个数和外力时，M+m保持不变，a﹣F图线是直线，避免a﹣F图线的末端发生弯曲，a﹣F图线的斜率为，故AD正确，BC错误；故选：AD．故答案为：（1）平衡摩擦力；（2）1.0；（3）AD．11．使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA 的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：（1）仪器连线如图1所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a为黑（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为14.0Ω．电流表的读数为53.0mA，电阻箱的读数为 4.6Ω：（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为102mA；（保留3位有效数字）（4）计算得到多用电表内电池的电动势为 1.54V．（保留3位有效数字）【考点】多用电表的原理及其使用．【分析】当用多用电表测电阻时，电源在表内，要使电流从图中电流表正极流进，从负极流出，因此表笔a连接电源的正极，所以表笔a为黑色的．多用电表测电阻时读数是表盘示数与倍率的乘积；电流表的读数要注意量程．【解答】解：（1）多用电表在使用时必须使电流从红表笔（正接线柱）流进，黑表笔（负接线柱）流出，串联的电流表也必须使电流从正接线柱流进，负接线柱流出，所以可以判断电流是从a表笔流出的为黑表笔．（2）多用电表用×1倍率测量，读数为：14.0×1=14.0Ω电流表的量程是60m A，所以不能在表盘上直接读数，需要改装为10，20，30，40，50，60的表盘，然后读数为：53.0 m A电阻箱的读数为：0×100+0×10+4×1+6×0.1=4.6Ω（3）（4）多用电表测量电阻的原理是闭合电路的欧姆定律，多用电表内部的电路等效的直流电源（一般为电池）、电阻、表头与待测电阻串联，当表头短接时电路电流最大为表头的满偏电流I g=，将R g取为r+r g+R为多用电表的内阻，当待测电阻等于R g时，这时表头半偏，表针指在欧姆表盘的中值上，所以R g又称为中值电阻．当选择×1倍率测量时中值电阻直接在欧姆表盘上读数为15Ω．在（2）中多用电表外的电阻为多用电表的读数14.0Ω，干路电流是53.0 m A，则电源电动势是E=I（R内+R外）=0.053×（15+14）=1.537V．则满偏电流I g=m A．故答案为：（1）黑；（2）14.0，53.0，4.6；（3）102；（4）1.54．12．物体A和B用轻绳相连在轻质弹簧下静止不动，如图甲所示，A的质量为m，B的质量为M．当连接A、B的绳突然断开后，物体A上升过程中经某一位置时的速度大小为v A，这时物体B下落的速度大小为v B，如图乙．这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量为多少？【考点】动量定理．【分析】从绳断到下落速度为v B的过程，弹簧的弹力对物体A的冲量为I，对A、B分别应用动量定理，即可消去t，求得弹簧弹力对物体A的冲量I．【解答】解：设B从绳断到下落速度为v B的过程所用时间为t，以向上为正方向，根据动量定理，有：对物体A有：I﹣mgt=mv A ①对物体B有：﹣Mgt=﹣Mv B ②由①②式得弹簧的弹力对物体A的冲量为：I=mv A+mv B答：这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量为mv A+mv B．13．一质量为m，带电量为q的粒子，以速度v0从O点沿y轴正方向射入磁感强度为B的一圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直于纸面，粒子飞出磁场区域后，从b 处穿过x轴，速度方向与x轴正方向夹角为30°，如图，不计粒子重力，求：（1）圆形磁场区域的最小面积；（2）粒子从O进入磁场区域到达b点所经历的时间及b点的坐标．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】（1）根据带电粒子在磁场中运动时，洛仑兹力提供向心力即可求得半径；连接粒子在磁场区入射点和出射点的弦长ob，最小面积为ob为直径的圆．求出半。

河南省南阳市第一中学【精品】高二（上）第四次月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列四幅图所做的实验都与磁场有关，有关实验时要满足的条件或者实验现象正确的是A．甲图的实验说明磁场能产生电流B．乙图的实验所揭示的原理可制成发电机C．丙图是演示电磁感应现象的实验装置D．丁图中麦克风应用了磁场对电流的作用2．一根中空的绝缘圆管放在光滑的水平桌面上．圆管底端有一个带正电的光滑小球．小球的直径略小于圆管的内径．空间存在一个垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示．现用一拉力F拉圆管并维持圆管以某速度水平向右匀速运动，则在圆管水平向右运动的过程中( )A．小球做类平抛运动，且洛伦兹力不做功B．小球做类平抛运动，且洛伦兹力做正功C．小球所受洛伦兹力一直沿圆管向管口方向D．小球的运动很复杂，以上说法都不对3．如图所示，导轨间的磁场方向垂直于纸面向里，当导体棒MN在导轨上向右加速滑动时，正对电磁铁A的圆形金属环B中A．有感应电流，且B被A吸引B．无感应电流C．可能有，也可能没有感应电流D．有感应电流，且B被A排斥4．如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心，∠MOP ＝60°，在M、N处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，这时O点的磁感应强度大小为B1.若将M处长直导线移至P处，则O点的磁感应强度大小为B2，那么B2与B1之比为A 1B 2 C．1∶1 D．1∶25．如图所示的电路中，电源的电动势为E,内阻为r,电感L的电阻不计，电阻R的阻值大于灯泡D的阻值，在t=0时刻闭合开关S,经过一段时间后，在t=t1时刻断开S,下列表示A、B两点间电压U AB随时间t变化的图像中，正确的是A．B．C．D．6．如图中半径为r 的金属圆盘在垂直于盘面的匀强磁场B 中,绕O 轴以角速度ω沿逆时针方向匀速转动,则通过电阻R 的电流的方向和大小是(金属圆盘的电阻不计)( )A ．由c 到d ,2/I Br R ω=B ．由d 到c ,2/I Br R ω=C ．由c 到d ,()2/2I BrR ω= D ．由d 到c ,()2/2I Br R ω= 7．如图所示，在x 轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B 。

2017-2018学年河南省南阳一中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．在以下是力学实验装置装置中，三个实验共同用到的物理思想方法是（）A．极限的思想方法B．放大的思想方法C．控制变量的方法D．猜想的思想方法2．如图所示，物体静止在一固定在水平地面上的斜面上，下列说法正确的是（）A．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B．物体对斜面的摩擦力和物体重力沿斜面的分力是一对作用力和反作用力C．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力D．物体所受重力可以分解为沿斜面的力和对斜面的压力3．甲、乙两球质量分别为m1、m2，从同一地点（足够高）处同时由静止释放．两球下落过程所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比，与球的质量无关，即f=kv（k为正的常量）．两球的v﹣t图象如图所示．落地前，经时间t0两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2．则下列判断正确的是（）A．释放瞬间甲球加速度较大B．=C．甲球质量大于乙球D．t0时间内两球下落的高度相等4．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球A、B，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，α=θ=30°β=60°，求轻杆对A球的作用力．（）A．mg B．mg C．mg D．mg5．某物体在竖直方向上的力F和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化图象如图所示，已知0～h1段F不为零，h1～h2段F=0，则关于功率下列说法正确的是（）A．0～h2段，重力的功率一直增大B．0～h1段，F的功率可能先增大后减小C．0～h2段，合力的功率可能先增大后减小D．h1～h2段，合力的功率可能先增大后减小6．一质量为M的探空气球在匀速下降，设气球所受浮力F始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g，现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球吊篮中减少的质量为（）A．B．C．2M﹣D．07．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）．现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图中P′位置），两次金属块Q都静止在桌面上的同一点，则后一种情况与原来相比较，下面的判断中正确的是（）A．细线所受的拉力变小B．小球P运动的角速度变小C．Q受到桌面的静摩擦力变大 D．Q受到桌面的支持力变大8．如图所示，一铁球用细线悬挂于天花板上，静止垂在桌子的边缘，悬线穿过一光盘的中间孔，手推光盘在桌面上平移，光盘带动悬线紧贴着桌子的边缘以水平速度v匀速运动，当光盘由A位置运动到图中虚线所示的B位置时，悬线与竖直方向的夹角为θ，此时铁球（）A．竖直方向速度大小为vcosθB．竖直方向速度大小为vsinθC．竖直方向速度大小为vtanθD．相对于地面速度大小为v9．如图所示，长木板A放在光滑的水平地面上，物体B以水平速度v0冲上A后，由于摩擦作用，最后相对木板A静止．则关于此过程，下列说法正确的是（）A．摩擦力对木板A做的功等于物体B克服摩擦力做的功B．物体B克服摩擦力做的功等于系统内能的增加量C．物体B动能的减少量等于其克服摩擦力做的功D．物体B支能的减少量等于摩擦力对木板A做的功与系统因摩擦产生的内能之和10．如图所示，一个质量为0.4kg的小物块从高h=0.05m的坡面顶端由静止释放，滑到水平台上，滑行一段距离后，从边缘O点水平飞出，击中平台右下侧挡板上的P点，现以O为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系，挡板的形状满足方程y=x2﹣6（单位：m）不计一切摩擦和空气阻力，g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．小物块从水平台上O点飞出的速度大小为1m/sB．小物块从O点运动到P点的时间为1sC．小物块刚到P点时速度方向与水平方向夹角的正切值等于5D．小物块刚到P点时速度的大小为10m/s11．在大型物流货场，广泛的应用着传送带搬运货物．如图甲所示，与水平面倾斜的传送带以恒定速率运动，皮带始终是绷紧的，将m=1kg的货物放在传送带上的A处，经过1.2s到达传送带的B端．用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化图象如图乙所示，已知重力加速度g=10m/s2．由v﹣t图可知（）A．A、B两点的距离为2.4mB．货物与传送带的动摩擦因数为0.5C．货物从A运动到B过程中，传送带对货物做功大小为12.8JD．货物从A运动到B过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为4.8J12．如图a所示，小物体从竖直弹簧上方离地高h1处由静止释放，其动能E k与离地高度h 的关系如图b所示．其中高度从h1下降到h2，图象为直线，其余部分为曲线，h3对应图象的最高点，轻弹簧劲度系数为k，小物体质量为m，重力加速度为g．以下说法正确的是（）A．小物体下降至高度h3时，弹簧形变量为0B．小物体下落至高度h5时，加速度最大C．小物体从高度h2下降到h4，弹簧的弹性势能增加了D．小物体从高度h1下降到h5，弹簧的最大弹性势能为mgh1二、解答题（共2小题，满分16分）13．为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图1所示的实验装置．其中M 为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量．（滑轮质量不计）（1）实验时，一定要进行的操作是．（填选项前的字母）A．用天平测出砂和砂桶的质量．B．将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力．C．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数．D．改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带．E．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M（2）该同学在实验中得到如图2所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为m/s2（结果保留两位有效数字）．（3）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a﹣F图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为θ，求得图线的斜率为k，则小车的质量为．（填选项前的字母）A．2tanθB．C．k D．．14．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图1所示，水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨，导轨上A点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直，导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t，用d表示A点到光电门B处的距离，b 表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处由静止开始运动．（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度b，结果如图2所示，由此读出b=mm；（2）滑块通过B点的瞬时速度可表示为v B=（用题中字母表示）；（3）某次实验测得倾角θ=30°，重力加速度用g表示，滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量可表示为△E K=，系统的重力势能减少量可表示为△E P，在误差允许的范围内，若△E K=△E P则可认为系统的机械能守恒；（用题中字母表示）（4）在上次实验中，某同学改变A、B间的距离，作出的v2﹣d图象如图3所示，并测得M=m，则重力加速度g=m/s2．三、解答题（共4小题，满分46分）15．春节放假期间，全国高速公路免费通行，小轿车可以不停车通过收费站，但要求小轿车通过收费站窗口前x0=9m区间的速度不超过v0=6m/s．现有甲、乙两小轿车在收费站前平直公路上分别以v甲=20m/s和v乙=34m/s的速度匀速行驶，甲车在前，乙车在后．甲车司机发现正前方收费站，开始以大小为a甲=2m/s2的加速度匀减速刹车．（1）甲车司机需在离收费站窗口至少多远处开始刹车才不违章；（2）若甲车司机经刹车到达离收费站窗口前9m处的速度恰好为6m/s，乙车司机在发现甲车刹车时经t0=0.5s的反应时间后开始以大小为a乙=4m/s2的加速度匀减速刹车．为避免两车相撞，且乙车在收费站窗口前9m区不超速，则在甲车司机开始刹车时，甲、乙两车至少相距多远？16．2013年我国相继完成“神十”与“天宫”对接、“嫦娥”携“玉兔”落月两大航天工程．某航天爱好者提出“玉兔”回家的设想：如图，将携带“玉兔”的返回系统由月球表面发射到h高度的轨道上，与在该轨道绕月球做圆周运动的飞船对接，然后由飞船送“玉兔”返回地球．设“玉兔”质量为m，月球半径为R，月面的重力加速度为g月．以行星体表面为零势能面，物体在星体表面上方h高度的引力势能可表示为E p=，其中G为引力常量，M为星体质量．求：（1）月球密度；（2）若忽略月球的自转，从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功．17．如图甲所示，水平地面上放置一倾角为θ=37°的足够长的斜面，质量为m的物块置于斜面的底端．某时刻起物块在沿斜面向上的力F作用下由静止开始运动，力F随位移变化的规律如图乙所示．已知整个过程斜面体始终保持静止状态，物块开始运动t=0.5s内位移x1=1m，0.5s后物块再运动x2=2m时速度减为0．取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）由静止开始，0.5s末物块运动的速度大小v．（2）物块沿斜面向上运动过程，受到的摩擦力做的功W f．（3）物块在沿斜面向下运动过程中，斜面体受到地面的摩擦力．18．某缓冲装置的理想模型如图所示，劲度系数足够大的轻质弹簧与轻杆相连，轻杆可在固定的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力恒为f．轻杆向右移动不超过l时，装置可安全工作．一质量为m的小车若以速度v0撞击弹簧，可使轻杆向右移动了．轻杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且不计小车与地面的摩擦．（1）若弹簧劲度系数为k，求轻杆开始移动时，弹簧的压缩量X；（2）求小车离开弹簧瞬间的速度V；（3）在轻杆运动过程，试分析小车的运动是不是匀变速运动？如果不是请说明理由，如果是请求出加速度a．2017-2018学年河南省南阳一中高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．在以下是力学实验装置装置中，三个实验共同用到的物理思想方法是（）A．极限的思想方法B．放大的思想方法C．控制变量的方法D．猜想的思想方法【考点】物体的弹性和弹力；物理学史．【分析】桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化；引力大小仍是借助于光的反射来放大．【解答】解：桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化；引力大小仍是借助于光的反射来放大，三个实验均体现出放大的思想方法，故选：B．2．如图所示，物体静止在一固定在水平地面上的斜面上，下列说法正确的是（）A．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B．物体对斜面的摩擦力和物体重力沿斜面的分力是一对作用力和反作用力C．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力D．物体所受重力可以分解为沿斜面的力和对斜面的压力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】物体静止在斜面上，受重力、支持力、摩擦力处于平衡状态．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对作用力和反作用力；物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力．斜面对物体的作用力是支持力和摩擦力的合力，与重力平衡．物体所受的重力可以分解为沿斜面向下的力和垂直于斜面向下的力．【解答】解：A、物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对作用力和反作用力．故A 错误．B、物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力，摩擦力与重力沿斜面的分力为平衡力，故B错误．C、斜面对物体的作用力是支持力和摩擦力的合力，与重力平衡．所以物体所受的重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力．故C正确D、物体所受的重力可以分解为沿斜面向下的力和垂直于斜面向下的力．垂直于斜面向下的分力不是对斜面的压力．故D错误．故选：C．3．甲、乙两球质量分别为m1、m2，从同一地点（足够高）处同时由静止释放．两球下落过程所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比，与球的质量无关，即f=kv（k为正的常量）．两球的v﹣t图象如图所示．落地前，经时间t0两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2．则下列判断正确的是（）A．释放瞬间甲球加速度较大B．=C．甲球质量大于乙球D．t0时间内两球下落的高度相等【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】由图看出两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，重力与空气阻力平衡，根据平衡条件和牛顿第二定律列式分析．【解答】解：A、释放瞬间v=0，因此空气阻力f=0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g，故A错误；BC、两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kv=mg，因此最大速度与其质量成正比，即v m∝m，则，由图象知v1＞v2，因此m甲＞m乙；故B错误，C正确；D、图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t0时间内两球下落的高度不相等；故D错误．故选：C．4．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球A、B，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，α=θ=30°β=60°，求轻杆对A球的作用力．（）A．mg B．mg C．mg D．mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对A球受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合合成法列式求解即可．【解答】解：对A球受力分析，受重力、杆的支持力F2和细线的拉力F1，如图所示：根据共点力平衡条件，有：F2=mg（图中矢量三角形的三个角分别为30°、30°、120°）故选：A．5．某物体在竖直方向上的力F和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化图象如图所示，已知0～h1段F不为零，h1～h2段F=0，则关于功率下列说法正确的是（）A．0～h2段，重力的功率一直增大B．0～h1段，F的功率可能先增大后减小C．0～h2段，合力的功率可能先增大后减小D．h1～h2段，合力的功率可能先增大后减小【考点】功率、平均功率和瞬时功率；机械能守恒定律．【分析】根据动能的变化得出速度的变化，从而得出重力做功的功率．根据合力的变化确定合力功率的变化．在h1～h2段，合力为重力，加速度速度的变化得出功率的变化．【解答】解：A、由图象可知，动能先增大后减小，所以速度先增大后减小，因此重力功率先增大后减小．故A错误．B、0﹣h1段，动能先增大后减小，则合力先向上后向下，则拉力一直减小到零，速度先增大后减小，所以拉力功率可能先增大后减小，故B正确．C、整个过程中合力的功率为零有三处，其中动能最大时合力为零，因此合力的功率可能先增大后减小，再增大再减小，故C错误．D、h1﹣h2，合力就是重力，速度一直减小，功率减小，故D错误．故选：B．6．一质量为M的探空气球在匀速下降，设气球所受浮力F始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g，现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球吊篮中减少的质量为（）A．B．C．2M﹣D．0【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】气球在空气中受到重力、阻力和浮力的作用，当匀速下降时，受到的力是平衡力；气球在上升和下降时，所受阻力的方向是不同的，阻力的方向总是与运动方向相反．【解答】解：当气球匀速下降时，重力方向竖直向下，浮力和空气阻力方向都竖直向上，根据平衡条件，有：Mg=F+f ①当气球以同样匀速上升时，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，空气阻力方向竖直向下，根据平衡条件，有：（M﹣△m）g+f=F ②联立①②解得：△m=2M﹣．故选：C．7．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）．现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图中P′位置），两次金属块Q都静止在桌面上的同一点，则后一种情况与原来相比较，下面的判断中正确的是（）A．细线所受的拉力变小B．小球P运动的角速度变小C．Q受到桌面的静摩擦力变大 D．Q受到桌面的支持力变大【考点】向心力；摩擦力的判断与计算．【分析】金属块Q保持在桌面上静止，根据平衡条件分析所受桌面的支持力是否变化．以P 为研究对象，根据牛顿第二定律分析细线的拉力的变化，判断Q受到桌面的静摩擦力的变化．由向心力知识得出小球P运动的角速度、周期与细线与竖直方向夹角的关系，再判断其变化．【解答】解：A、设细线与竖直方向的夹角为θ，细线的拉力大小为T，细线的长度为L．P球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图，则有：T=，mgtanθ=mω2Lsinθ，得角速度ω=，周期T=使小球改到一个更高一些的水平面上作匀速圆周运动时，θ增大，cosθ减小，则得到细线拉力T增大，角速度增大，周期T减小．对Q球，由平衡条件得知，Q受到桌面的静摩擦力变大，故AB错误，C正确；D、金属块Q保持在桌面上静止，根据平衡条件得知，Q受到桌面的支持力等于其重力，保持不变．故D错误．故选：C8．如图所示，一铁球用细线悬挂于天花板上，静止垂在桌子的边缘，悬线穿过一光盘的中间孔，手推光盘在桌面上平移，光盘带动悬线紧贴着桌子的边缘以水平速度v匀速运动，当光盘由A位置运动到图中虚线所示的B位置时，悬线与竖直方向的夹角为θ，此时铁球（）A．竖直方向速度大小为vcosθB．竖直方向速度大小为vsinθC．竖直方向速度大小为vtanθD．相对于地面速度大小为v【考点】运动的合成和分解．【分析】对线与CD光盘交点进行运动的合成与分解，此点既有逆着线方向的运动，又有垂直线方向的运动，而实际运动即为CD光盘的运动，结合数学三角函数关系，即可求解．【解答】解：A、由题意可知，线与光盘交点参与两个运动，一是逆着线的方向运动，二是垂直线的方向运动，则合运动的速度大小为v，=vsinθ；而线的速度的方向，即为小球上升的速度大小，由数学三角函数关系，则有：v线故B正确，AC错误；D、由上分析可知，球相对于地面速度大小为v′=，故D错误；故选：B．9．如图所示，长木板A放在光滑的水平地面上，物体B以水平速度v0冲上A后，由于摩擦作用，最后相对木板A静止．则关于此过程，下列说法正确的是（）A．摩擦力对木板A做的功等于物体B克服摩擦力做的功B．物体B克服摩擦力做的功等于系统内能的增加量C．物体B动能的减少量等于其克服摩擦力做的功D．物体B支能的减少量等于摩擦力对木板A做的功与系统因摩擦产生的内能之和【考点】动能定理的应用；功能关系．【分析】根据A、B对地的位移，分析摩擦力做功关系．在整个过程中，能量守恒，B克服摩擦力做功等于B的机械能减小，B减小的机械能等于物体A增加的动能与系统增加的内能之和；摩擦力对A做功转化为A的动能．【解答】解：A、摩擦力对木板A做的功fs，物体B克服摩擦力做的功为f（s+d），可知两者不等，故A错误．BC、物体B以水平速度冲上A后，由于摩擦力作用，B减速运动，A加速运动，由动能定理知：物体B克服摩擦力做的功等于B的动能减少量，根据能量守恒定律，物体B动能的减少量等于A增加的动能和系统产生的内能之和，所以物体B克服摩擦力做的功等于系统内能的增加量与A的动能增加量之和，故B错误，故C正确；D、由动能定理知：摩擦力对木板A做的功等于A动能的增加量，结合上面分析可知，物体B动能的减少量等于摩擦力对木板A做的功与系统因摩擦产生的内能之和，故D正确．故选：CD10．如图所示，一个质量为0.4kg的小物块从高h=0.05m的坡面顶端由静止释放，滑到水平台上，滑行一段距离后，从边缘O点水平飞出，击中平台右下侧挡板上的P点，现以O为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系，挡板的形状满足方程y=x2﹣6（单位：m）不计一切摩擦和空气阻力，g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．小物块从水平台上O点飞出的速度大小为1m/sB．小物块从O点运动到P点的时间为1sC．小物块刚到P点时速度方向与水平方向夹角的正切值等于5D．小物块刚到P点时速度的大小为10m/s【考点】运动的合成和分解．【分析】对小物块由动能定理可以求出物块的速度，物块做平抛运动，应用平抛运动规律可以求出P点的速度大小与方向，及时间，从而即可求解．【解答】解：A、对小物块，从释放至到达O点的过程中，由动能定理得：mgh=mv2﹣0，代入数据解得：v===1m/s．故A正确；B、小物块从O点水平抛出做平抛运动，竖直方向：y=﹣gt2，水平方向：x=v0t，解得：y=﹣5x2；又有：y=x2﹣6，联立解得：x=1m，y=﹣5m，根据h=gt2，解得：t=s=1s；故B正确；C、那么竖直方向的速度大小v y=gt=10×1=10m/s；设刚到P点时速度方向与水平方向夹角为θ，则有：tanθ===10，故C错误；D、根据速度的合成法则，则有刚到P点时速度的大小为v===m/s，故D错误；故选：AB．11．在大型物流货场，广泛的应用着传送带搬运货物．如图甲所示，与水平面倾斜的传送带以恒定速率运动，皮带始终是绷紧的，将m=1kg的货物放在传送带上的A处，经过1.2s到达传送带的B端．用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化图象如图乙所示，已知重力加速度g=10m/s2．由v﹣t图可知（）A．A、B两点的距离为2.4mB．货物与传送带的动摩擦因数为0.5C．货物从A运动到B过程中，传送带对货物做功大小为12.8JD．货物从A运动到B过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为4.8J【考点】功能关系；牛顿第二定律；功的计算．【分析】物体在传送带上先做a1匀加速直线运动，然后做a2的匀加速直线运动，速度时间图线围成的面积的表示物块的位移，有速度图象确定匀加速的加速度，通过受力分析，找到合外力，计算夹角和摩擦因数，根据功的计算公式和能量守恒定律计算摩擦生热．【解答】解：A、物块在传送带上先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度，一起做匀速直线运动，所以物块由A到B的间距对应图象所围梯形的“面积”，x=s==3.2m．故A错误．B、由v﹣t图象可知，物块在传送带上先做a1匀加速直线运动，加速度为，对物体受力分析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，得：mgsinθ+f=ma1，即：mgsinθ+μmgcosθ=ma1…①，同理，做a2的匀加速直线运动，对物体受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，加速度为：a2=得：mgsinθ﹣f=ma2，即：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2…①，联立①②解得：cosθ=0.8，μ=0.5，故B正确；C、根据功能关系，由B中可知f=μmgcosθ=0.5×10×1×0.8=4N，做a1匀加速直线运动，有图象知位移为：x1==0.2m，物体受力分析受摩擦力，方向向下，摩擦力做正功为：W f1=fx1=4×0.2=0.8J，同理做a2匀加速直线运动，有图象知位移为：x2==3m，物体受力分析受摩擦力，方向向上，摩擦力做负功为：W f2=﹣fx2=﹣4×3=﹣12J，所以整个过程，传送带对货物做功大小为：12J﹣0.8J=11.2J，故C错误；D、根据功能关系，货物与传送带摩擦产生的热量等于摩擦力乘以相对位移，由C中可知：f=μmgcosθ=0.5×10×1×0.8=4N，=2×0.2=0.4m，做a1匀加速直线运动，位移为：x1==0.2m，皮带位移为：x皮﹣x1=0.4﹣0.2=0.2m，相对位移为：△x1=x皮=2×1=2m，相对位移同理：做a2匀加速直线运动，位移为：x2==3m，x皮2=3﹣2=1m，为：△x2=x2﹣x皮2故两者之间的总相对位移为：△x=△x1+△x2=1+0.2=1.2m，货物与传送带摩擦产生的热量为：Q=W=f△x=4×1.2=4.8J，故D正确；故选：BD．12．如图a所示，小物体从竖直弹簧上方离地高h1处由静止释放，其动能E k与离地高度h 的关系如图b所示．其中高度从h1下降到h2，图象为直线，其余部分为曲线，h3对应图象的最高点，轻弹簧劲度系数为k，小物体质量为m，重力加速度为g．以下说法正确的是（）。

河南省南阳市某校高二（上）第四次周考物理试卷一、选择题（每小题4分，共48分．多选项已在题号后标出）1. 关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（），适用于任何电场A.电场强度的定义式E=FqB.由真空中点电荷的电场强度公式E=kQ可知，当r→0时，E→无穷大r2C.由公式B=F可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，则说明此处一定无磁场ILD.磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的安培力方向2. 如图，真空中三个点电荷A、B、C，可以自由移动，依次排列在同一直线上，都处于平衡状态，若三个电荷的带电量、电性及相互距离都未知，但AB>BC，则根据平衡条件可断定（）A.A、B、C分别带什么性质的电B.A、B、C中哪几个带同种电荷，哪几个带异种电荷C.A、B、C中哪个电量最大D.A、B、C中哪个电量最小3. 如图所示，在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定在A、B两点，DCE为AB连线的中垂线，现将一个正电荷q由c点沿CD移到无穷远，则在此过程中（）A.电势能逐渐减小B.电势能逐渐增大C.q受到的电场力逐渐减小D.q受到的电场力先逐渐增大4. 如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为1m的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为10V、20V、30V，则下列说法正确的是（）A.B、E一定处在同一等势B.匀强电场的场强大小为10V/mC.正点电荷从E点移到F点，则电场力做负功D.电子从F点移到D点，电荷的电势能增加20eV5. 一束带电粒子沿水平方向飞过小磁针上方，并与磁针指向平行，能使磁针的S极转向纸内，如图所示，那么这束带电粒子可能是（）A.向右飞行的正离子束B.向左飞行的正离子束C.向右飞行的负离子束D.向左飞行的负离子束6. 有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路中电机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，正常工作时的电流是1.0A，此时，电动；如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率机的输出功率是P出，则（）是P热A.P出=2W，P热=0.5WB.P出=1.5W，P热=8WC.P出=2W，P热=8WD.P出=1.5W，P热=0.5W7. 如图所示电路图中，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，电源内阻不可忽略，当滑动变阻器的滑动片向右移动时，电流表、电压表可视为理想电表，关于电流表和电压表示数的变化情况的分析，正确的是（）A.电流表和电压表读数均增大B.电流表和电压表读数均减小C.电压表V1的示数变化量大于电压表V2的示数变化量D.电流表读数变小，电压表V2读数变大，V1读数减小小和方向正确的是（），方向垂直斜面向上A.B=mg sinαlL，方向垂直斜面向下B.B=mg sinαlL，方向竖直向下C.B=mg tanαlL，方向竖直向上D.B=mg tanαlL9. 如图，绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E．在与环心等高处放有一质量为m、带电+q的小球，由静止开始沿轨道运动，下述说法正确的是（）A.小球在运动过程中机械能守恒B.小球经过环的最低点时速度最大C.小球经过环的最低点时对轨道压力为(mg+Eq)D.小球经过环的最低点时对轨道压力为3(mg−qE)10. 如图所示，在半径为R的圆形区域内，有匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直于的负离子以相同速率v0（较大），由P点在纸平面内向圆平面（未画出）．一群比荷为qm不同方向射入磁场中发生偏转后，又飞出磁场，最终打在磁场区域右侧的荧光屏（足够大）上，则下列说法正确的是（不计重力）（）A.离子在磁场中运动时间一定相等B.离子在磁场中的运动半径一定相等C.由Q点飞出的离子在磁场中运动的时间最长D.沿PQ方向射入的离子飞出时偏转角最大11. 一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如图所示，径迹上的每一小段可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小（带电量不变）．从图中可以确定（）A.粒子从a到b，带正电B.粒子从b到a，带正电C.粒子从a到b，带负电D.粒子从b到a，带负电12. 如图所示，要使Q线圈产生图示方向的电流，可采用的方法有（）A.闭合电键KB.闭合电键K后，把R的滑动头向右移C.闭合电键K后，把P中的铁芯从左边抽出D.闭合电键K后，把Q远离P二、填空题（共18分）某同学先用欧姆表的“×10”档粗测一电阻阻值，欧姆表示数如图1所示，现欲用伏安法较准确地测定其阻值，给出下列仪器供选用：A．9V电池B．电流表(0∼0.6A, 10Ω)C．电流表(0∼0.1A, 3Ω)D．电压表(0∼3V, 2kΩ)E．电压表(0∼15V, 45kΩ)F．滑动变阻器(0∼10Ω, 0.1A)G．滑动变阻器(0∼20Ω, 1A)H．导线、电键（2）在虚线框中（图2）画出电路图．在“测定电源电动势和内阻”的实验中某同学所用电路图如图甲所示．他测得的数据如表所示：A(1)实验误差分系统误差和偶然误差两种．该实验的系统误差主要是由________引起的．采用画U−I图线求电动势和内阻的优点在于可以尽量减小实验的________误差．(2)在图乙给出的U−I坐标系中根据表中的数据画出U−I图线（横、纵坐标的起点已经规定好），从图像中可以发现该同学记录的第________组数据有误．(3)求得电动势E=________V，内阻r=________Ω．（均保留2位有效数字）．三、计算题（8′+10′+12′+14′=44分）如图所示电路中，R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1.5Ω，C=20μF．当开关S1闭合、S2断开，电路稳定时，电源的总功率为2W，当开关S1、S2都闭合，电路稳定时，电源的总功率为4W，求：（1）电源电动势E和内电阻r；（2）当S1、S2都闭合时电源的输出功率及电源内部产生的热功率；（3）当S1闭合，分别计算在S2闭合与断开时，电容器所带的电荷量各为多少？如图，宽度为l=0.8m的某一区域存在相互垂直的匀强电场E与匀强磁场B，其大小E=2×108N/C，B=10T．一带正电的粒子以某一初速度由M点垂直电场和磁场方向射入，沿直线运动，从N点离开；若只撤去磁场，则粒子从P点射出且速度方向发生了45∘的偏转．不计粒子的重力．求粒子的电荷量与质量之比q．m如图所示，铜棒ab长0.1m，质量为6×10−2kg，两端与长为1m的轻铜线相连静止于竖直平面内．整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T，现接通电源，使铜棒中保持有恒定电流通过，铜棒发生摆动，已知最大偏转角为37∘，（1）在此过程中铜棒的重力势能增加了多少；（2）通电电流的大小为多大．（不计空气阻力，sin37∘=0.6，cos37∘=0.8，g=10m/s2）一匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面，在xy平面上，磁场分布在以O为中心的一个圆形区域内．一个质量为m，电荷量为q的带电粒子，由原点O开始运动，初速度为v，方向沿x正方向．后来，粒子经过y轴上的P点，此时速度方向与y轴的夹角为30∘，P到O的距离为L，如图所示．不计重力的影响．求磁场的磁感应强度B的大小及xy平面上磁场区域的半径R．参考答案与试题解析河南省南阳市某校高二（上）第四次周考物理试卷一、选择题（每小题4分，共48分．多选项已在题号后标出）1.【答案】A【考点】磁感应强度电场强度【解析】电场强度是反映电场力的性质的物理量，大小用比值法定义，方向与正的试探电荷受到的电场力的方向相同；电场中某点的场强可以通过电场线形象地表示；点电荷场强的决定式为kQ．r2【解答】，适用于任何电场，故A正确．解：A．电场强度的定义式E=FqB．当r→0时，电荷已不能看成点电荷，公式E=kQ不再成立，故B错误．r2C．由公式B=F可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，可能是B的方向与电流IL方向平行，所以此处不一定无磁场，故C错误．D．磁感应强度的方向和该处的通电导线所受的安培力方向垂直，故D错误．故选A．2.【答案】B,C,D【考点】库仑定律电势差与电场强度的关系【解析】甲乙丙三个电荷，依次排列在同一直线上，且都处于静止状态，乙处于中间，乙无论带正电荷还是带负电荷，甲丙应该带相同的电荷，对乙的作用才相同，才处于静止状态；甲丙带异种电荷，对乙的作用不同，有吸引的，有排斥的，正好使乙发生运动．【解答】解：根据题意，三个点电荷均在库仑力的作用下，处于平衡，根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，则有：AC的电荷的电性必须相同，且B的电荷电性与它们相反，这样才能确保受力平衡，再由平衡的条件及库仑力的大小与间距的平方成反比，可知，中间的电荷的电量最小，这样才能保证力的大小平衡．因AB>BC，所以A电荷的电量最大，故BCD正确，A错误，故选：BCD．3.电势能电场强度【解析】q1、q2是两个等量的正电荷，DC为A、B连线的中垂线，作出CD线上的电场线，根据电场线方向判断正电荷q由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势的变化，由电场力做功正负判断其电势能的变化．运用极限法判断场强的变化，确定电场力的变化．【解答】解：AB、由题，q1、q2是两个等量的正电荷，作出中垂线CD上电场线如图，根据顺着电场线电势降低，可知正电荷q由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势不断降低，电场力做正功，其电势能不断减小．故A正确，B错误．CD、根据电场的叠加可知，C点的场强为零，而无穷远处场强也为零，所以由C点沿CD移至无穷远的过程中，场强先增大后减小，q受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小．故C、D错误．故选：A．4.【答案】A【考点】电场强度电势电势能【解析】连接AC，根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，则知AC中点的电势为20V，连接EB，EB即为一条等势线，CA连线即为一条电场线，由BA间的电势差，由公式U=Ed求出场强大小．由W=qU，则电场力做功就可以求解．【解答】解：A、连接AC，AC中点电势为20V，与B电势相等，则EB连线必为一条等势线，而匀强电场的等势面平行，则B、E一定处在同一等势．故A正确；B、BA间的电势差为U BA=10V，又U BA=Ed AB cos30∘，得场强E=U BAd BA cos30∘=1×√32=√3．故B错误；C、由上得知，E的电势为20V，F点与A点的电势相等为10V，则正电荷从E点移到F点，电场力做正功，故C错误；D、由以上得，F点与A点电势相等，D点的电势与C点的电势相同，故电子从F点移到D点与从A点移到C点电场力做功相同，电荷的电势能减少量为20eV，故D错误；B,C【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【解析】小磁针N极受力方向与磁场方向相同．电流方向与正电荷定向移动方向相同，与负电荷定向移动方向相反．根据安培定则，将选项逐一代入检查，选择符合题意的选项．【解答】解：A、向右飞行的正离子束形成的电流方向向右，根据安培定则可知，离子在下方产生的磁场方向向里，则N极转向里，S极转向外，不符合题意．故A错误．B、向左飞行的正离子束形成的电流方向向左，根据安培定则可知，离子在下方产生的磁场方向向外，则N极转向外，S极转向里，符合题意．故B正确．C、向右飞行的负离子束形成的电流方向向左，根据安培定则可知，离子在下方产生的磁场方向向外，则N极转向外，S极转向里，符合题意．故C正确．D、向左飞行的正离子束形成的电流方向向右，根据安培定则可知，离子在下方产生的磁场方向向里，则N极转向里，S极转向外，不符合题意．故D错误．故选：BC．6.【答案】B【考点】电功率闭合电路的欧姆定律【解析】电动机不转，由欧姆定律求出其内阻．电动机正常工作时输出功率等于电功率与内部发热功率之差．在电动机正常工作时，转子突然被卡住，根据P=U 2R求出电动机的发热功率．【解答】解：当电动机不转时，电动机的内阻为r=U1I1=0.5Ω，电动机正常工作时输出功率为P出=U2I2−I22r=1.5W，转子卡住后相当于纯电阻，此时I3=20.5A=4A，P热=I32r=8W．故选B．7.【答案】D【考点】闭合电路的欧姆定律【解析】根据滑片的移动方向判断出滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点及欧姆定律分析答题．【解答】增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电流I减小，而路端电压U＝E−Ir，则U增大，电阻R1的电压U1＝IR1减小，则电压表V1示数减小；＝U−U1增大，电压表V2示数增大；并联部分的电压U并U增大，通过R2的电流增大，因为总电流减小，所以通过电流表的示数变小。

河南省南阳市2017-2018学年高二物理上学期第一次月考试题 注意事项：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分110分，考试时间为90分钟。

答题前先将密封线内的项目填写清楚，第Ⅰ卷的答案一律用2B 铅笔填涂在答题卡上；第Ⅱ卷用黑色签字笔书写在答题卷上，写在试卷上的不得分。

第Ⅰ卷 选择题（60分）一、本题共12小题，每小题5分，共60分，1-9题给出的四个选项中只有一个答案是正确的，10-12题给出的四个选项中，有多个选项是正确的，少选得3分，错选不得分，把正确的选项填涂在答题卡上，写在试卷上不得分。

1、在场强为E ，方向竖直向下的匀强电场中，有两个质量均为m 的带电小球，电荷量分别为+2q 和-q ，两小球用长为L 的绝缘细线相连，另用绝缘细线系住带正电的小球悬挂于O 点处于平衡状态，如图所示，重力加速度为g ，则细绳对悬点O 的作用力大小为（ ）A ．2mgB ．2mg ＋2kq 2/L 2C ．2mg ＋EqD ．2mg ＋3Eq2、下列关于电源和电动势的说法中，正确的是（ ）A 、电动势就是电势差，平时我们叫电压B 、电动势大的电源做功一定多C 、在外电路中和电源内部，静电力都对电荷作正功，所以能不断定向移动形成电流D 、电动势在数值上等于非静电力把1C 的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功3、在点电荷 Q 形成的电场中有一点A ，当一个－q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，克服电场力做的功为W ，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为（ ）A 、qW U W A A ==,ε B 、q W U W A A -==,εC 、q W U W A A =-=,ε D 、q W U W A A -=-=,ε 4、如图所示，真空中有一个固定的点电荷，电荷量为+Q ．图中的虚线表示该点电荷形成的电场中的四个等势面．有两个一价离子M 、N （不计重力，也不计它们之间的电场力）先后从a 点以相同的速率v 0射入该电场，运动轨迹分别为曲线apb 和aqc ，其中p 、q 分别是它们离固定点电荷最近的位置．①M 一定是正离子，N 一定是负离子．②M 在p 点的速率一定大于N 在q 点的速率．③M 在b 点的速率一定大于N 在c 点的速率．④M 从p →b 过程电势能的增量一定小于N 从a →q 电势能的增量．以上说法中正确的是（ ）A.只有①③B.只有①④C.只有②③D.只有②④5、如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O 点做竖直平面内的圆周运动，a 、b 两点分别是圆周的最高点和最低点，则（ ）A ．小球经过a 点时，线中的张力一定最小B ．小球经过b 点时，线中的张力可能为零C ．小球经过a 点时，电势能最大D ．小球经过b 点时，机械能最大6、a 、b 、c 三个氦核由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b 恰好飞出电场，由此可以确定错误．．的说法有（ ） A ．在b 飞离电场的同时，a 刚好打在负极板上B ．b 和c 同时飞离电场C ．进入电场时，c 的速度最大，a 的速度最小D ．动能的增量相比，c 的最小，a 和b 的一样大7、用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图）．设两极板正对面积为S ，极板间的距离为d ，静电计指针偏角为θ。

图线的末端发生弯曲的条件是M m24．使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端。

现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA的电流表，电阻箱，导线若干。

实验时，将多用电表调至1⨯Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值。

完成下列填空：（1）仪器连线如图l所示（a和b是多用电表的两个表笔）。

若两电表均正常工作，则表笔a为_________（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为_________Ω。

电流表的读数为_________mA，电阻箱的读数为_________Ω；（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为_________mA；（保留3位有效数字）；（4）计算得到多用电表内电池的电动势为_________V。

（保留3位有效数字）25．物体A和B用轻绳相连，挂在轻质弹簧下静止不动，如图（a）所示．A的质量为m，B的质量为M．当连接A、B的绳突然断开后，物体A上升，经某一位置时的速度大小为v。

这时，物体B的下落速度大小为u，如图（b）所示．求在这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量？26．一质量为m 、带电量为q 的粒子以速度0v 从O 点沿y 轴正方向射入磁感强度为B 的一圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直于纸面，粒子飞出磁场区后，从b 处穿过x 轴，速度方向与x 轴正向夹角为30︒，如图所示（粒子重力忽略不计）。

试求：（1）圆形磁场区的最小面积；（2）粒子从O 点进入磁场区到达b 点所经历的时间；（3）b 点的坐标。

27．一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m ，如图（a ）所示。

0=t 时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至1s =t 时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）。