四川省乐山市2017_2018学年高一物理上学期第二次月考12月试题2017122202125

四川省乐山市2017-2018学年高二物理上学期第一次月考试题 本试卷分为试题卷和答题卷两部分，其中试题卷由第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷（非选择题）组成，共4页；答题卷共2页．满分110分．第Ⅰ卷 (选择题，共56分)1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上．2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案，不能答在试题卷上．一、本大题9小题，每小题4分，共36分．在每小题给出的四个选项中只有一个最符合题意．1．下列说法正确的是A ．根据E =qF 可知，电场中某点的场强与电场力成正比 B ．根据E =k2r Q 可知，点电荷电场中某点的场强与点电荷的电荷量Q 成正比 C ．根据场强叠加原理可知，合电场的场强一定大于分电场的场强D ．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2．下列关于电场的论述，正确的是A ．电场线方向就是正检验电荷的运动方向B ．电场线是直线的地方是匀强电场C ．若电场中有一点P ，P 点的电势越高，则同一电荷在P 点的电势能越大D ．画有电场线的地方有电场，未画电场线的地方不一定无电场3．三个点电荷在彼此间的静电力作用下都处于静止状态，则下列说法错误的是A ．它们必在同一直线上B ．它们都是同种电荷C ．每个电荷受到的合力为零D ．它们不是同种电荷4．关于静电场，下列说法中正确的是A ．在电场强度为零的区域电势一定处处为零B ．两点间的电势差与零电势的选取有关C ．负电荷从电势低的点运动到电势高的点，电势能一定减少D ．根据公式U= Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大5．等量异号点电荷连线的中垂线上有a 、b 两点如图所示，将一个带负电的点电荷q 从a 沿此中垂线移到b ，下列说法不正确的是A ．q 所受电场力方向始终向左B ．q 的电势能先增大后减小C ．q 所受的电场力先增大后减小D ．a 、b 两点电势相同6．如图，在竖起放置的光滑半绝缘细管的圆心O 处放一点电荷，将质量为m ，带电荷量为q 的小球从圆弧管的水平直径端点A 由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则放于圆心处的电荷在AB 弧中点处的电场强度的大小为A ．E =mg /qB ．E =2mg /qC ．E =3mg /qD ．不能确定 7．导体的电阻是导体本身的一种性质，对于同种材料的导体，下列表述正确的是A ．横截面积一定，电阻与导体的长度成正比B ．长度一定，电阻与导体的横截面积成正比C ．电压一定，电阻与通过导体的电流成正比D ．电流一定，电阻与导体两端的电压成反比8．图中A 、B 、C 三点都在匀强电场中，已知AC ⊥BC ，∠ABC =60°，BC =20cm ．把一个电量q ＝10-5C 的正电荷从A 移到B ，电场力做功为零；从B 移到C ，电场力做功为-1.73×10-3J ，则该匀强电场的场强大小和方向是A ．865V/m ，垂直AC 向左B ．865V/m ，垂直AC 向右C ．1000V/m ，垂直AB 斜向上D ．1000V/m ，垂直AB 斜向下9．如图所示，a 、b 两带电小球电荷量分别为－q 和q ，质量均为m ，两球用丝线相连，a 球又用丝线挂在O 点，加一个水平向右的匀强电场，平衡后两线都拉紧，两球所处位置可能是右图中的二、本大题5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上的选项正确．全选对的得4分，选对但不全的得2分，有错或不答的得0分．10．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。

奎高2016—2017学年度第一学期第二次月考高一物理试卷本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

共100分。

第Ⅰ卷（选择题，共48分）注意事项：1、答第Ⅰ卷前，考生务必书写自己的姓名、准考证号，并用2B 铅笔将准考证号、考试科目涂写在机读卡上。

2、每小题选出答案后，用铅笔把机读卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不能答在试卷上。

3、考试结束后，将机读卡和答题卷收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．） 1．下列叙述中正确的是（ ）A.我们所学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量B.物体从静止开始的下落运动叫自由落体运动C.通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力D.任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内 2.下列关于力、运动状态及惯性的说法中正确的是（ ） A ．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因B ．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态”C ．牛顿认为力的真正效应是改变物体的速度大小，而不仅仅是使之运动D ．伽利略根据理想实验作出推论，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一速度，将保持这个速度继续运动下去3力 1F 单独作用于一物体时，使物体产生的加速度大小为1a ＝2s 2m/2s ，力2F 单独作用于同一物体时，使物体产生的加速度大小为2a ＝4m/2s 。

当1F 和2F 共同作用于该物体时，物体具有的加速度大小不可能是（ ）A．2m/2s B．4m/2s C．6m/2s D．8m/2s4. 如图，小球系在细绳的一端，放在倾角为 的光滑斜面上，用力将斜面在水平桌面上缓慢向左移动，使小球缓慢上升（最高点足够高），那么在斜面运动的过程中，细绳的拉力将( )A．先增大后减小B．先减小后增大C．一直增大D．一直减小5.纳米技术（1纳米=10ˉ9m）是在纳米尺度（10ˉ9m～10ˉ7m）范围内通过直接操纵分子、原子或分子团使其重新排列从而形成新的物质的技术．用纳米材料研制出一种新型涂料喷涂在船体上能使船体在水中航行形成空气膜，从而使水的阻力减小一半．设一货轮的牵引力不变，喷涂纳米材料后航行加速度比原来大了一倍，则牵引力与喷涂纳米材料后的阻力f之间大小关系是（）A．F=f B．F= f C．2f D．F=3f6．小木块m从光滑曲面上P点滑下，通过粗糙静止的水平传送带落于地面上的Q点，如图所示，现让传送带在皮带轮带动下逆时针转动，让m从P处重新滑下，则此次木块的落地点将（）A．仍在Q点B．在Q点右边C．在Q点左边D．木块可能落不到地面m的平盘，盘中有一物体质7如图2—6所示，一根轻质弹簧上端固定，下端挂一质量为量为m，当盘静止时，弹簧的长度比其自然长度伸长了L，今向下拉盘，使弹簧再伸长△L 后停止.然后松手放开，设弹簧总处在弹性限度以内，则刚松开手时盘对物体的支持力等于（ ）A ．mg L L )/1(∆+B ．g m m L L ))(/1(0+∆+C ．Lmg ∆D ．g m m L L )(/0+∆8．如图所示，三角形ABC 是固定在水平面上的三棱柱的横截面，∠A=30°，∠B=37°，C 处有光滑小滑轮，质量分别为1m 、2m 的两物块通过细线跨放在AC 面和BC 面上，且均恰好处于静止状态，已知AC 面光滑，物块2与BC 面间的动摩擦因数μ=0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则两物块的质量比1m ∶2m 不可能是（ ）A. 2∶1B.3∶5C.5∶3D. 1∶39. 某人乘电梯从24楼到1楼的v ﹣t 图象如图，下列说法正确的是（ ）A ．0～4s 内物体做匀加速直线运动，加速度为1m/s 2B ．4s ～16s 内物体做匀速直线运动，速度保持4m/s 不变，处于完全失重状态C ．16s ～24s 内，物体做匀减速直线运动，速度由4m/s 减至0，处于失重状态D ．0～24s 内，此人经过的位移为72m10.做初速度为零的匀加速直线运动的物体在时间T 内通过位移s 1到达A 点，接着在时间T 内又通过位移s 2到达B 点，则以下判断正确的是（ ）A．物体在A点的速度大小为B．物体运动的加速度为C．物体运动的加速度为D．物体在B点的速度大小为11如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态，现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示（g=10 m／s2），则正确的结论是（）A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B．弹簧的劲度系数为5N/cmC．物体的质量为3 kgD．物体的加速度大小为5 m/s212. 水平面上静止地放一足够长的长木板N，将一铁块M放在长木板上，在长木板的右端加一水平向右的拉力F，拉力的大小由零逐渐增大.已知铁块的质量为2m、长木板的质量为m，铁块与长木板间的动摩擦因数为μ、长木板与水平面间的动摩擦因数为0.5μ，且满足最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，重力加速度用g表示。

2017-2018学年第一次月考物理试题【四川版】本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

满分110分。

考试结束后，将答题卷和机读卡一并收回。

第Ⅰ卷（选择题，共 42 分）C ．图③研究地球绕太阳公转D ．图④研究子弹头过苹果的时间2.如下图所示的位移－时间和速度－时间图象中，给出的四条图线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况．下列描述正确的是( )A ．图线1表示物体做曲线运动B ．x －t 图象中t 1时刻v 1>v 2C ．v －t 图象中0至t 3时间内3物体和4物体的平均速度大小相等D ．图线2和图线4中，t 2、t 4时刻都表示物体反向运动3.下列各项中的三个共点力，合力不可能为零的是( )A ．5 N,7 N,8 N B ．5 N,2 N,3 N C ．1 N,5 N,10 ND ．10 N,10 N,10 N4．如图所示，A 、B 两小球分别连在弹簧两端，B 端用细线固定在倾角为30°光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A 、B 两球的加速度分别为( )A ．都等于g2B.g2和0 C.M A ＋M B M B ·g 2和0D ．0和M A ＋M B M B ·g25.如图所示，一夹子夹住木块，在力F 作用下向上提升．夹子和木块的质量分别为m 、M ，夹子与木块两侧间的最大静摩擦力均为f.若木块不滑动，力F 的最大值是( ) A.＋mB.＋MC.＋M－(m＋M)g D.＋m＋(m＋M)g6.如图所示,质量为m的物体用细绳拴住放在粗糙的水平传送带上,物体距传送带左端的距离为L。

当传送带分别以v1、v2的速度逆时针转动(v1<v2),稳定时绳与水平方向的夹角为θ,绳中的拉力分别为F1、F2;若剪断细绳时,物体到达左端的时间分别为t1、t2,则下列说法正确的是()A.F1<F2B.F1=F2C.t1可能大于t2D.t1一定等于t27.某学习小组为了体验最大静摩擦力与滑动摩擦力的临界状态，设计了如右图所示的装置，一位同学坐在长直木板上，让长直木板由水平位置缓慢向上转动(即木板与地面的夹角θ变大)，另一端不动，则该同学受到支持力F N、合外力F合、重力沿斜面方向的分力G1、摩擦力F f随角度θ的变化关系图象中正确的是()第Ⅱ卷（非选择题，共68 分）8．（17分）(1)（8分）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图①所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50 Hz.纸带上计数点的间距如图②所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画②①部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带．B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车．C．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连．D．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔．上述实验步骤的正确顺序是：________(用字母填写)．②图②中标出的相邻两计数点的时间间隔T＝________.③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v5＝________.④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a＝________.(2)（9分）某实验小组利用图所示的装置探究加速度与力、质量的关系．①下列做法正确的是________(填字母代号)．A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度②为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量________木块和木块上砝码的总质量．(填“远大于”“远小于”或“近似等于”)③甲、乙两同学在同一实验室，各取一套装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中甲、乙两条直线．设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为μ甲、μ乙，由图可知，μ甲________μ乙，m甲________m乙．(填“大于”“小于”或“等于”)9.（15分）摩天大楼中一部直通高层的客运电梯，行程超过百米．电梯的简化模型如图1所示．考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a是随时间t变化的．已知电梯在t＝0时由静止开始上升，a－t图象如图(答卷上）所示．电梯总质量m＝2.0×103 kg，忽略一切阻力，重力加速度g取10 m/s2.(1)求电梯在上升过程中受到的最大拉力F1和最小拉力F2；(2)类比是一种常用的研究方法．对于直线运动．教科书中讲解了由v－t图象求位移的方法．请你借鉴此方法，对比加速度和速度的定义，根据图2所示a－t图象，求电梯在第1 s内的速度改变量Δv1和第2 s末的速率v2；10.（17 分）拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具(如图)．设拖把头的质量为m，拖杆质量可忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ，重力加速度为g.某同学用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为θ.(1)若拖把头在地板上匀速移动，求推拖把的力的大小．(2)设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ.已知存在一临界角θ0，若θ≤θ0，则不管沿拖杆方向的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动．求这一临界角的正切tan θ0.11.（19 分）A、B两列火车，在同一轨道上同向行驶，A车在前，其速度v A＝10 m/s，B车在后，速度v B＝30 m/s，因大雾能见度很低，B车在距A车Δs＝75 m时才发现前方有A车，这时B车立即刹车，但B车要经过180 m才能够停止．问：(1)B车刹车时的加速度是多大？(2)若B车刹车时A车仍按原速前进，两车是否相撞？若会相撞，将在B车刹车后何时？若不会相撞，则两车最近距离是多少？(3)若B车在刹车的同时发出信号，A车司机经过Δt＝4 s收到信号后加速前进，则A车的加速度至少多大才能避免相撞？参考答案由a－t图象可知，F1和F2对应的加速度分别是a1＝1.0 m/s2，a2＝－1.0 m/s2，则: F1＝m(g＋a 1)＝2.0×103×(10＋1.0) N ＝2.2×104 NF 2＝m (g ＋a 2)＝2.0×103×(10－1.0) N ＝1.8×104 N(2)类比可得，所求速度变化量等于第1 s 内a －t 图线下的面积Δv 1＝0.50 m/s 同理可得Δv 2＝v 2－v 0＝1.5 m/s v 0＝0，第2 s 末的速率v 2＝1.5 m/s答案：(1)2.2×104 N 1.8×104 N (2)0.50 m/s 1．5 m/s10 解析：(1)设该同学沿拖杆方向用大小为F 的力推拖把，将推拖把的力沿竖直和水平方向分解，按平衡条件有F cos θ＋mg ＝N ① F sin θ＝f ②式中N 和f 分别为拖把对地板的正压力和摩擦力．由摩擦力公式f ＝μN ③ 联立①②③式得 F ＝μsin θ－μcos θmg ④(2)若不管沿拖杆方向用多大的力都不能使拖把从静止开始运动，应有 F sin θ≤λN ⑤这时，①式仍满足，联立①⑤式解得 sin θ－λcos θ≤λmgF现考察使上式成立的θ角的取值范围．注意到上式右边总是大于零，且当F 无限大时极限为零，有 sin θ－λcos θ≤0使上式成立的θ角满足θ≤θ0，这里θ0是题中所定义的临界角，即当θ≤θ0时，不管沿拖杆方向用多大的力都推不动拖把．临界角的正切为 : tan θ0＝λ答案：(1)μmgsin θ－μcos θ(2)tan θ0＝λ11解析 (1)B 车刹车至停下过程中，v t ＝0，v 0＝v A ＝30 m/s ，s ＝180 m.由v 2t －v 20＝2as ，得0－v 2B ＝2a B s ，a B ＝－v 2B 2s ＝－3022×180＝－2.5 m/s 2， 故B 车刹车时加速度大小为2.5 m/s 2，方向与运动方向相反． (2)假设始终不相撞，设经时间t 两车速度相等，则对B 车有： v A ＝v B ＋a B t ，解得t ＝v A －v B a B ＝10－302.5＝8 s.此时B 车的位移：s B ＝v B t ＋12a B t 2＝30×8－12×2.5×82＝160 m ，A 车的位移：s A ＝v A t ＝10×8＝80 m.因s B ＝160 m>Δs ＋s A ＝155 m ，故两车会相撞． 设经时间t 两车相撞，则有：v A t ＋Δs ＝v B t ＋12a B t 2.代入数据解得t 1＝6 s ，t 2＝10 s(舍去)， 故经时间6 s 两车相撞．(3)设A 车的加速度为a A 时两车不相撞： 两车速度相等时：v B ＋a B t ′＝v A ＋a A (t ′－Δt )， 即：30－2.5t ′＝10＋a A (t ′－Δt )① 此时B 车的位移：s B ＝v B t ′＋12a B t ′2，即：s B ＝30t ′－1.25t ′2②A 车的位移：s A ＝v A t ′＋12a A (t ′－Δt )2③。

一、选择题（本卷共12题，每题4分，共48分.在每题给出的四个选项中，有的只有一I选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的0分）.1. 我们在学习物理知识的同时，要了解物理学家是如何发现物理规律的，领悟并掌握处理物理问题的思想与方法.下列叙述正确的是A. 用质点来代替实际运动物体是采用了理想模型的方法B. 形状规则的物体其重心必在其几何中心C. 牛顿根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因D. 伽利略对落体运动进行了系统研究认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同【答案】A【解析】用质点来代替实际运动物体是采用了理想模型的方法，选项A正确；形状规则且质量分布均匀的物体其重心必在其几何中心，选项B错误；伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因，选项C错误；伽利略对落体运动进行了系统研究认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢相同，选项D 错误；故选A.2. 物体做曲线运动时，下列说法的是A. 速度一定变化B. 合力一定不为零C. 加速度一定变化D. 合力方向与速度方向一定不在同一直线上【答案】C【解析】做曲线运动的物体的速度方向一定变化，则速度一定变化，则加速度一定不为零，即合外力不为零，选项AB正确；加速度不一定变化，例如平抛运动，选项C错误；做曲线运动的物体合力方向与速度方向一定不在同一直线上，选项D正确；此题选择错误的选项，故选C.3. 雨滴从高空由静止下落，由于空气阻力作用，其加速度逐渐减小，直到变为零，在此过程中雨滴的运动情况是A. 速度一直保持不变B. 速度不断减小，加速度为零时，速度最小C. 速度的变化率越来越大D. 速度不断增大，加速度为零时，速度最大【答案】D点睛：解决本题的关键知道加速度的物理意义，以及知道如何判断速度的增加还是减小，关键看加速度的方向与速度方向的关系．4. 如图所示，在光滑的水平面上有一小球a以初速度v0运动，同时刻在它的正上方有一小球b也以v0的初速度水平拋出，并落于N点，则A. 小球a先到达N点B. 小球b先到达N点C. 两球同时到达N点D. 不能确定两球到达N点的时间关系【答案】C【解析】b球做平抛运动，在水平方向上以v0做匀速直线运动，与a球的运动规律相同，可知两球同时到达N点，故C正确，ABD错误．故选C．点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道分运动与合运动具有等时性．5. 如图，放在水平面上的物体受到水平向右的力F1=7N和水平向左的力F2=2N的共同作用，物体处于静止，那么A. 如果撤去力F1，那么物体受到的合力为2NB. 如果撤去力F1，那么物体受到的合力为零 .C. 如果撤去力F2，那么物体受到的合力一定为2ND. 如果撤去力F2，那么物体受到的摩擦力一宠为7N【答案】B【解析】物体在水平方向受到：F1=7N、F2=2N与摩擦力作用而静止，处于平衡状态，由平衡条件得：F1=F2+f，静摩擦力f=F1-F2=7-2=5N，最大静摩擦力大于等于5N；若撤去力F1=7N，物体受到推力F2=2N作用，由于最大静摩擦力大于等于5N，则F2小于最大静摩擦力，物体静止不动，所受合力为零，受到的摩擦力一定为2N，故A错误，B正确；若撤去力F2=2N，物体受到推力F1=7N作用，由于最大静摩擦力大于等于5N，则F1可能大于最大静摩擦力，物体所受合力可能不为零，物体受到的摩擦力不一定等于7N，故CD错误；故选B．点睛：当推力大于最大静摩擦力时，物体将运动，推力小于等于最大静摩擦力时，物体静止；根据题意确定最大静摩擦力的大小是正确解题的关键．6. 某物体运动的v-t图象如图所示，下列说法正确的是A. 物体在第1s末运动方向发生变化B. 物体在第2s内和第3s内的加速度是相同的C. 物体在2s末返回出发点D. 物体在6s末离出发点最远,且最大位移为3m【答案】B【解析】物体在第1s末前后速度均为正值，故运动方向没有发生改变，故A错误；物体在第2s内、第3s 内的图线斜率一直相同，故物体在第2s内和第3s内的加速度是相同的，故B正确；物体在前2s内一直沿正方向运动，故2s时没有返回出发点，故C错误；图线与坐标轴围成图形的面积表示位移知物体在2s末和6s，故D错误；故选B．点睛：本题考查匀变速直线运动图象的掌握，要注意明确v-t图象的斜率表示加速度，图线与坐标轴围城图形的面积表示位移，而下方面积表示反向的位移．7. 在一些救援行动中，千斤顶发挥了很大作用.如图所示是剪式千斤顶，当摇动把手时，螺纹轴就能迫使千斤顶的上,两臂靠拢，从而将汽车顶起.当车轮刚被顶起时汽车对千斤顶的压力为1.0×105 N，此时千斤顶两臂间的夹角为120°，则下列判断错误的是A. 此时两臂受到的压力大小均为1.0×105NB. 若继续摇动把手使两臂靠拢，两臂受到的压力将减小C. 此时千斤顶对汽车的支持力为1.0×105 N _D. 若继续摇动把手使两臂靠拢，两臂受到的压力将增大【答案】D【解析】将汽车对千斤顶的压力F分解沿两臂的两个分力F1，根据对称性可知，两臂受到的压力大小相等，即F1=F2．由2F1cosθ=F得F1105N 故AC正确．继续摇动把手，两臂靠拢，夹角θ减小，由F1F不变，当θ减小时，cosθ增大，F1减小．故D错误，B正确．此题选择错误的选项，故选D．8. 如图所示，A、B两小球分别连在轻绳两端，B球另一端用弹簧固定在倾角为30°的光滑斜面上.A、B两小球的质量分别为m A、m B，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度大小分别为A. 都等于g/2B. g/2和0C. g/2和m A g/2m BD. m A g/2m B和g/2【答案】C【解析】对A：在剪断绳子之前，A处于平衡状态，所以弹簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等．在剪断绳子的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，此时小球A受到的合力为F=mgsin30°=ma，a=g sin30°对B：在剪断绳子之前，对B球进行受力分析，B受到重力、弹簧对它斜向上的拉力、支持力及绳子的拉力，在剪断绳子的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，对B球进行受力分析，则B受到到重力、弹簧的向上拉力、支持力．所以根据牛顿第二定律得：m A gsin30°=m B a故选C.点睛：该题要注意在剪断绳子的瞬间，绳子上的力立即减为0，而弹簧的弹力不发生改变，再结合牛顿第二定律解题，难度不大．9. 如图所示,不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车勻速向左运动时，物体M的受力和运动情况是A. 绳的拉力等于M的重力B. 绳的拉力大于的重力【答案】BD【解析】设绳子与水平方向的夹角为θ，将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于M的速度，根据平行四边形定则得，v M=vcosθ，车子在匀速向左的运动过程中，绳子与水平方向的夹角θ减小，所以M的速度增大，M做变加速运动，根据牛顿第二定律有：F-mg=ma，知拉力大于重力．故BD正确，AC错误．故选BD．点睛：解决本题的关键会对小车的速度进行分解，知道小车的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度．B.物体M向上匀速运动 D.物体M向上加速运动10. 如图所示，一倾角θ=30°的光滑斜面固定在箱子底板上，一小球用一细绳拴于箱子顶部，细绳与斜面间夹角也为θ，细绳对小球的拉力为T，斜面对小球的支持力为N，重力加速度为g，小球始终相对斜面静止，则下列运动能确保T、N中只有一个为0的是A. 箱子自由下落B. 箱子以任意加速度竖直向上做加速运动C.D.【答案】CD点睛：本题考查牛顿第二定律的应用，要注意正确受力受力分析；本题应注意明确要先由牛顿第二定律求合力，再通过受力分析，明确受力情况；即属于已知运动求受力问题．11. 如图所示，水平地面上叠放着A、B两物块.F是作用在物块B上的水平恒力，物块A、B 以相同的速度做勻速运动，若在运动中突然将F改为作用在物块A上，则此后A、B的运动可能是A. A、B将仍以相同的速度做匀速运动 .B. A、B以共同的加速度做勻加速运动C. A做加速运动做减速运动,A、B最终分离D. A做减速运动,B做加速运动,A、B最终分离【答案】AC【解析】物块A、B以相同的速度做匀速运动，水平地面对B的滑动摩擦力大小等于F．突然将F改作用在物块A上，A受到的恒力F与静摩擦力可能大小相等，方向相反，A对B静摩擦力与水平地面对B的滑动摩擦力大小相等，方向相反，两物体一起以相同的速度做匀速运动．故A正确；若AB以相同的速度运动，恒力与水平地面对B的滑动摩擦大小相等，方向相反，力平衡，一定做匀速运动，不可能做加速运动．故B错误；突然将F改作用在物块A上，若恒力F大于B对A的最大静摩擦力，A做加速运动，B做减速运动，最终分离．故C正确，D错误．故选AC.点睛：本题考查分析运动情况和受力情况和的能力，要考虑各种可能的情况：恒力可能小于等于A的最大静摩擦力，也可能大于A的最大静摩擦力．12. 如图所示,倾角为θ的足够长传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行.t=0时，将质量m=lkg的小物块(可视为质点）轻放在传送带上，物块速度随时间变化的图象如图所示.设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g=l0m/s2.则A. 传送带的速率v0= l0m/sB. 小物块受到的摩擦力的方向始终沿传送带向下C. 传送带的倾角θ=30°D. 小物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5【答案】AD【解析】由图示图象可知，物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后（在t=1.0s时刻），由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图象可知传送带的速度为：v0=10m/s．故A正确．开始时，物块相对于传送带向上滑动，受到的摩擦力方向沿传送带向下，当速度与传送带速度相等后，所受的滑动摩擦力沿传送带向上．故B错误．开始匀加速运动的加速度a1/s2＝10m/s2，根据牛顿第二定律得，a1=gsinθ+μgcosθ，速度相等后，加速度a2=gsinθ-μgcosθ，联立两式解得θ=37°，μ=0.5．故C错误，D正确．故选AD．点睛：解决本题的关键理清物体在整个过程中的运动规律，尤其是达到共速后的运动情况，搞清摩擦力的方向，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．二、实验题13. 某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，安装好实验装置，让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为l1，如图甲所示，图乙是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺(最小分度是1毫米)上位置的放大图，示数l1= ____cm. 他通过实验得到如图丙所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线.由此图线可得该弹簧的原长x0=_____cm，劲度系数k=____N/m.【答案】(1). 12.84~12.86 (2). 4 (3). 50【解析】由mm刻度尺的读数方法可知图中的读数为：12.85cm；图线与x轴的交点为弹簧原长，可得该弹簧的原长x0=4cm，由图象可知，斜率表示弹簧的劲度系数，为：点睛：本题考查探究弹簧的弹力与弹簧伸长量之间的关系，要注意明确实验原理，同时掌握F-x图像的斜率及截距的物理意义。