2020届全国百师联盟新高考原创精准预测考试(二十九)物理试卷

2020届全国百师联盟新高考原创精准预测考试（二）物理试卷本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分100分，时间90分钟。

★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。

2、试题卷启封下发后，如果试题卷有缺页、漏印、重印、损坏或者个别字句印刷模糊不清等情况，应当立马报告监考老师，否则一切后果自负。

3、答题卡启封下发后，如果发现答题卡上出现字迹模糊、行列歪斜或缺印等现象，应当马上报告监考老师，否则一切后果自负。

4、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

5、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

6、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

7、保持答题卡卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

8、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7 题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．关于静电场，下列说法正确的是（）A．电势高的地方电场线密，电势低的地方电场线疏B．在匀强电场中，任意两点间的电势差与这两点间的距离成正比C．保持平行板电容器所带电荷量不变，减小两板间的距离，板间电场的电场强度不变D．保持平行板电容器所带电荷量及两板间距离不变，两板间插入玻璃板，板间电场的电场强度增大2．甲、乙两个质点沿同一直线运动，它们的位移-时间图象如图所示。

2020届全国百师联盟新高考原创考前信息试卷（二十九）物理★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。

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一、选择题1.甲乙两车在一平直道路上同向运动，其v﹣t图象如图所示，图中△OPQ和△OQT的面积分别为s1和s2（s1＜s2）．初始时，甲车在乙车前方s0处．下列判断错误的是（）A. 若s0＝s1+s2，两车不会相遇B. 若s0＜s1，两车相遇2次C. 若s0＝s1，两车相遇1次D. 若s0＝s2，两车相遇1次【答案】D【解析】【详解】由图线可知：在T时间内，甲车前进了s2，乙车前进了s1+s2；在t=T时，两车速度相同，若s0=s1+s2，则s0＞s1，两车不会相遇，故A正确；若s0+s2＜s1+s2，即s0＜s1，在T时刻之前，乙车会超过甲车，但甲车速度增加的快，所以甲车还会超过乙车，则两车会相遇2次，故B正确；若s0=s1，则s0+s2=s1+s2，即两车只能相遇一次，故C正确。

2020届全国百师联盟新高考押题模拟考试（二）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

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5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

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一、选择题1.质量分别为m和2m的物体放在光滑水平面上，分别在相同的水平恒力作用下移动相同的位移。

下列说法正确的是A. 两物体动能的变化与动量的变化均相同B. 两物体动能的变化与动量的变化均不相同C. 两物体动能的变化相同，动量的变化不相同D. 两物体动能的变化不相同，动量的变化相同【答案】C【解析】【详解】动能的变化等于Fx，F和x都一样，所以相同，动量的变化等于Ft，F一样，但加速度不相同，位移相同时用的时间不同，所以动量变化不同，C正确。

故选C。

2.某静电场的部分电场线的分布情况如图所示。

下列说法正确的是A. 同一电荷在A点所受的电场力小于其在B点所受的电场力B. 同一电荷在A点的电势能大于其在B点的电势能C. 将一正电荷从A点沿直线移到B点，电场力做正功D. 将一负电荷从A点沿直线移到B点，其电势能减少【答案】D【解析】【详解】A．A点的电场线密度大于B点的，所以A点的电场强度大于B点的，A点所受的电场力大于B 点所受的电场力，A错误；B．沿电场线方向，电势降低，所以A点的电势小于B点的电势，正电荷在A点的电势能小于在B点的电势能，B错误；C．正电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电场力做负功，C错误；D．将一负电荷从A点移到B点，电场力做正功，其电势能减少，D正确。

2020届全国金太阳联考新高考押题模拟考试（二十九）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

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一、选择题1.2017年11月17日，“中国核潜艇之父”----黄旭华获评全国道德模范，颁奖典礼上，习总书记为他“让座”的场景感人肺腑，下列有关核反应说法错误的是（ ) A. 目前核潜艇是利用重核裂变提供动力 B. 重核裂变反应前后一定有质量亏损 C.235114094192054380U n U Sr d n +→++式中d=2D. 铀核裂变后的新核比铀核的比结合能小 【答案】D 【解析】【详解】A 、核电站是利用核裂变释放的核能来发电的，故A 正确.B 、依据质能方程，可知，重核裂变反应前后一定有质量亏损，向外辐射能量，故B 正确.C 、依据质量数与质子数守恒，那么235114094192054380U n U Sr d n +→++，式中d=2，故C 正确.D 、U235核裂变后生成的新核稳定，可知U235核的比结合能比裂变后生成的新核的比结合能都小，故D 错误.本题选择错误的，故选D.【点睛】考查裂变与聚变的区别，理解质能方程的含义，掌握书写核反应方程的规律，注意比结合能与结合能的不同.2.如图所示为氢原子的能级结构示意图，一群氢原子处于n =3的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外辐射出光子，用这些光子照射逸出功为2.49 eV 的金属钠．下列说法正确的是（ )A. 这群氢原子能辐射出三种不同频率的光，其中从n =3能级跃迁到n =2能级所发出的光波长最短B. 这群氢原子在辐射光子的过程中电子绕核运动的动能减小，电势能增大C. 能发生光电效应的光有三种D. 金属钠表面所发出的光电子的最大初动能是9.60 eV 【答案】D 【解析】【详解】这群氢原子能辐射出三种不同频率的光，其中从n=3能级跃迁到n=2能级的能级差最小，故所发出的光的频率最小，故波长最长，选项A 正确；这群氢原子在辐射光子的过程中，整个原子的能量减小，电子的轨道半径减小，电子绕核运动的动能变大，电势能减小，故选项B 错误；从n=3到低能态的跃迁中，能级差大于2.49eV 的跃迁有3→2和3→1的跃迁，故能发生光电效应的光有两种，选项C 错误；因为从3→1的跃迁辐射光子的能量最大，其值为12.09eV ，故金属钠表面所发出的光电子的最大初动能是12.09eV -2.49 eV =9.60eV ，选项D 正确；故选AD.3.如图所示，在水平传带上有三个质量分别为m 1、m 2、m 3的木块1、2、3,1和2及2和3间分别用原长为L ，系数为k 的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是（ ）A. 23()2m m gL kμ++B. 23(2)2m m gL kμ++C. 123(2)2m m m gL kμ+++D. 32m gL kμ+【答案】B 【解析】 【分析】分别对木块3和木块2和3整体分析，通过共点力平衡，结合胡克定律求出两根弹簧的形变量，从而求出1、3量木块之间的距离．【详解】对木块3分析，摩擦力与弹簧弹力平衡，有：μm 3g =kx ，则3m gx kμ=，对木块2和3整体分析，摩擦力和弹簧弹力平衡，有：μ（m 2+m 3）g =kx ′，则()23m m gx kμ+'=，则1、3两木块的距离()23222m m gs L x x L kμ+'=++=+，故B 正确，ACD 错误．【点睛】解决本题的关键能够正确地选择研究对象，根据共点力平衡、胡克定律进行求解．4.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v －t 图象如图3所示．两图象在t ＝t 1时相交于P 点，P 在横轴上的投影为Q ，△OPQ 的面积为S .在t ＝0时刻，乙车在甲车前面，相距为d .已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t ′，则下面四组t ′和d 的组合可能的是 ( )A. t ′＝t 1，d ＝SB. t ′＝12t 1，d ＝14S C. t ′＝12t 1，d ＝12S D. t ′＝12t 1，d ＝34S【答案】D 【解析】【详解】在t 1时刻如果甲车没有追上乙车，以后就不可能追上了，故t ′<t 1，故A 错误；从图象中甲、乙与坐标轴所围的面积即对应的位移看，甲在t 1时间内运动的位移比乙的多S ，当t ′＝0.5t 1时，甲的面积比乙的面积多出34S ，即相距d ＝34S ，故D 正确，BC 错误． 5.如图所示，质量为M 劈体ABCD 放在水平地面上，表面AB 、AC 均光滑，且AB∥CD ，BD⊥CD ，AC 与水平面成角θ．质量为m 的物体（上表面为半球形）以水平速度v 0冲上BA 后沿AC 面下滑，在整个运动的过程中，劈体M 始终不动，P 为固定的弧形光滑挡板，挡板与轨道间的宽度略大于半球形物体m 的半径，不计转弯处的能量损失，则下列说法中正确的是A. 水平地面对劈体M 的摩擦力始终为零B. 水平地面对劈体M 的摩擦力先为零后向右C. 劈体M 对水平地面的压力大小始终为 (M+m)gD. 劈体M 对水平地面的压力大小先等于(M+m)g ，后小于(M+m)g 【答案】D 【解析】【详解】把物体m 劈体M 视为整体分析，物体m 在AB 面上做匀速直线运动，因此整体合外力为零，因此水平地面对物体没有摩擦力的作用，地面对斜劈的压力大小为()M m g +；当物体m 在斜面AC 上运动时，物体沿斜面向下做匀加速直线运动，因此加速度可分解为水平向右和竖直向下，因此水平面对斜劈的摩擦力向左，整体处于失重状态，因此斜劈M 对水平地面的压力小于()M m g +，因此ABC 错误，D 正确6.一倾角为α的斜劈放在水平地面上，一物体沿斜劈匀速下滑．现给物体施加如图所示的力F ，F 与竖直方向夹角为β，斜劈仍静止，则此时地面对斜劈的摩擦力( )A. 大小为零B. 方向水平向右C. 方向水平向左D. 无法判断大小和方向 【答案】A 【解析】【详解】没有施加力F 时，由物体匀速下滑可知mg sin α＝μmg cos α，得μ＝tan α，物体受重力G 、斜面的弹力F N 、斜面的摩擦力F f ，且三力的合力为零，故F N 与F f的合力竖直向上，tan f NF F αμ==，如图所示：当物体受到外力F 时，物体受斜面的弹力为F N ′、摩擦力为F f ′，F N ′与F f ′的合力与F N ′的夹角为θ，则tan f NF F μα==''，故θ＝α，即F N ′与F f ′的合力方向竖直向上，由牛顿第三定律知，物块对斜面体的作用力竖直向下，故斜面体在水平方向上不受力，故选A ．【点睛】本题关键对滑块受力分析后根据平衡条件得到支持力和摩擦力的合力方向，然后根据牛顿第三定律得到滑块对斜面体的作用力的合力方向，当压力增加后，滑动摩擦力也增加，但两个力的合力方向不变． 7. 图3-13-20所示，光滑水平面上放置质量分别为m 和2m 的四个木块，其中两个质量为m 的木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是μmg.现用水平拉力F 拉其中一个质量为2 m 的木块，使四个木块以同一加速度运动，则轻绳对m 的最大拉力为A. B. C. D.【答案】B 【解析】对右边一组物体分析受力，当拉力最大时，m 和2m 之间的摩擦力为最大静摩擦力，由牛顿第二定律，结合整体法、隔离法可得：F ＝6ma ，F －mg ＝2ma ，mg －T ＝ma ，联立解得T ＝8.如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x 与斜面倾角θ的关系，将某一物体每次以不变的初速率0υ沿足面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角θ，实验测得x 与斜面倾角θ的关系如图乙所示，g 取10 m ／s 2，根据图象可求出()A. 物体的初速率03/m s υ=B. 物体与斜面间的动摩擦因数0.5μ=C. 取不同的倾角θ，物体在斜面上能达到的位移x 的最小值min 1.44x m =D. 当某次30θ=o 时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑 【答案】C 【解析】【详解】A 、由图可知，当θ=90°时物体做竖直上抛运动，位移为x =1.80m ；由竖直上抛运动规律可知:v 02=2gh ，代入数据解得v 0=6m/s ，故A 错误.B 、当θ=0°时，位移为 x =2.40m ；由动能定理可得：20102mgx mv μ-=-，代入数据解得：μ=0.75，故B 错误.C 、由动能定理得：201sin cos 02mgx mg x mv θμθ--⋅=-，解得： 1.8 1.8m35sin cos sin()44x θθθα==++，当θ+α=90°时，sin(θ+α)=1；此时位移最小，x =1.44m ；故C 正确. D 、若θ=30°时，物体的重力沿斜面向下的分力为1sin 30=2mg mg ︒，最大静摩擦力为333cos30=0.75sin m f mg mg mg μθ=︒⨯=>,小球达到最高点后,不会下滑，故D 错误. 故选C.【点睛】本题综合考查动能定理、受力分析及竖直上抛运动；并键在于先明确图象的性质，再通过图象明确物体的运动过程；结合受力分析及动能定理等方法求解．9.如图所示，放在光滑水平面上A 、B 两小物体中间有一被压缩的轻质弹簧，用两手分别控制两小物体处于静止状态，如图所示．下面说法正确的是A. 两手同时放开后，两物体的总动量为零B. 先放开右手，后放开左手，两物体的总动量向右C. 先放开左手，后放开右手，两物体的总动量向右D. 两手同时放开，两物体的总动量守恒；当两手不同时放开，在放开一只手到放开另一只手的过程中两物体总动量不守恒 【答案】ABD 【解析】【详解】A 、若两手同时放开A 、B 两车，系统所受合外力为零，系统动量守恒，由于系统初动量为零，则系统总动量为零，故A 正确；B 、先放开右手，再放开左手，两车与弹簧组成的系统所受合外力的冲量向右；系统总动量向右；故B 正确；C 、先放开左手，再放开右手，系统所受合外力向左，系统所受合外力的冲量向左，系统总动量向左，故C 错误；D 、无论何时放手，两手放开后，系统所受合外力为零，系统动量守恒，在弹簧恢复原长的过程中，系统总动量都保持不变，如果同时放手，系统总动量为零，如果不同时放手，系统总动量不为零，则系统的总动量不一定为零，故D 正确； 故选ABD ．【点睛】知道动量守恒的条件即可正确解题，系统所受合外力为零时，系统动量守恒．10.如图所示，一辆小车静止在水平地面上，bc 是固定在小车上的水平横杆，物块M 穿在杆上，M 通过线悬吊着小物体m ，m 在小车的水平底板上，小车未动时，细线恰好在竖直方向上，现使车向右运动，全过程中M 始终未相对杆bc 移动，M 、m 与小车保持相对静止，已知1234:::1:2:4:8a a a a ，M 受到的摩擦力大小依次为f 1，f 2，f 3，f 4，则以下结论正确的是（ ）A. 12:2:1f f =B. 23:1:2f f =C. 34:1:2f f =D. tan 2tan αθ= 【答案】CD 【解析】【详解】甲乙两图中，M 水平方向只受静摩擦力作用，根据牛顿第二定律得：f 1=Ma 1,f 2=Ma 2 丙丁两图中，对m 和M 整体受力分析，受总重力(M +m )g 、支持力N 、摩擦力f ，如图所示：根据牛顿第二定律，有：f =（M +m ）a ； 即f 3=（M +m ）a 3，f 4=（M +m ）a 4又：a 1：a 2=1：2，则：f 1：f 2=1：2，故A 错误； a 2：a 3=2：4，f 2：f 3=M ：2（M +m ），故B 错误； f 3：f 4=a 3：a 4=4：8=1：2，故C 正确；对物体m 隔离受力分析，可得，而a 3：a 4=4：8，所以 tan α=2tan θ，故D 正确. 故选CD.【点睛】本题关键是对滑块、滑块与小球整体受力分析后根据牛顿第二定律列式求解.11.如图所示，A 、B 两物块的质量分别为2m 和m ，静止叠放在水平地面上．A 、B 间的动摩擦因数为μ，B 与地面间的动摩擦因数为2μ．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g ．现对A 施加一水平拉力F ，则（ ）A. 当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B. 当F＝52mgμ时，A 的加速度为13gμC. 当F＞3μmg时，A相对B滑动D. 无论F为何值，B的加速度不会超过12gμ【答案】BCD【解析】【详解】试题分析：根据题意可知，B与地面间的最大静摩擦力为：f Bm＝32mgμ，因此要使B能够相对地面滑动，A对B所施加的摩擦力至少为：f AB＝f Bm＝32mgμ，A、B间的最大静摩擦力为：f ABm＝2μmg，因此，根据牛顿第二定律可知当满足：2ABF fm-＝232ABf mgmμ-，且32mgμ≤f AB＜2μmg，即32mgμ≤F ＜3μmg时，A、B将一起向右加速滑动，故选项A错误；当F≥3μmg时，A、B将以不同的加速度向右滑动，根据牛顿第二定律有：F－2μmg＝2ma A，2μmg－32mgμ＝ma B，解得：a A＝2Fm－μg，a B＝12gμ，故选项C、D正确；当F＝52mgμ时，对A和B整体受力分析有，()()222F m m g m m aμ-+=+，解得a A＝a B＝13gμ，故选项B正确．考点：本题主要考查了牛顿第二定律的应用，以及处理连接体的方法问题，属于中档题．12..如图，质量均为m的两光滑小环A和B用轻绳连接，分别套在水平和竖直的固定直杆上．在绳上O点施一水平力F拉紧轻绳，设法使整个系统处于静止状态．随后使力F缓慢增大，则在此过程中( )A. OA段绳中的张力始终大于mg，且逐渐增大B. 杆对A环的作用力始终大于2mg，且逐渐增大C. OB段绳中的张力始终大于mg，且逐渐增大D. OB 段绳与竖直方向的夹角逐渐增大 【答案】CD 【解析】AB ：以AB 两个小环整体为研究对象，对整体受力分析，整体受总重力2mg 、水平力F 、水平杆对A 环向上的支持力NA F 、竖直杆对B 环水平向左的支持力NB F ．据平衡条件可得：水平杆对A 环向上的支持力2NA F mg =，竖直杆对B 环水平向左的支持力NB F F =．以A 为研究对象，对A 受力分析，A 受重力、水平杆对A 竖直向上的支持力、绳OA 对A 的拉力，三力平衡，绳OA 的拉力一定竖直向下，且NA OA F mg T =+，解得：OA T mg =． 故AB 两项均错误．CD ：以B 为研究对象，对B 球受力分析如图，设OB 段绳与竖直方向的夹角为θ由平衡条件可得：()()2222OB NBT mg Fmg F =+=+tan NB F Fmg mgθ==． 力F 缓慢增大，OB 段绳中的张力始终大于mg ，且逐渐增大；OB 段绳与竖直方向的夹角逐渐增大．故CD 两项均正确．二、实验题13.将两根自然长度相同、劲度系数不同、粗细也不同的弹簧套在一起，看作一根新弹簧，设原粗弹簧（记为A ）劲度系数为k 1，原细弹簧（记为B ）劲度系数为k 2，套成的新弹簧（记为C ）劲度系数为k 3．关于k 1、k 2、k 3的大小关系，同学们作出了如下猜想：甲同学：和电阻并联相似，可能是312111k k k =+ 乙同学：和电阻串联相似，可能是k 3=k 1+k 2丙同学：可能是1232k k k += （1）为验证猜想，同学们设计了如图甲实验．简要实验步骤如下，请完成相应填空．a ．将弹簧A 悬挂在铁架台上，用刻度尺测量弹簧A 的自然长度L 0；b ．在弹簧A 的下端挂上钩码，记下钩码的个数n 、每个钩码的质量m 和当地的重力加速度g ，并用刻度尺测量弹簧的长度L 1；c ．由F=_______计算弹簧的弹力，由x=L 1–L 0计算弹簧的伸长量，由F k x =计算弹簧的劲度系数； d ．改变__________________，重复实验步骤b 、c ，并求出弹簧A 的劲度系数的平均值k 1；e ．仅将弹簧分别换为B 、C ，重复上述操作步骤，求出弹簧B 、C 的劲度系数．（2）图乙是实验得到的图线，由此可以判断_____同学的猜想正确．【答案】 (1). （1）nmg ， (2). 钩码的个数； (3). （2）乙【解析】【详解】（1）弹簧的弹力等于n 个钩码的重力nmg多次测量求平均值可以减小误差，所以实验中需要改变钩码的个数以改变弹簧弹力．（2）由图乙可知，伸长量相同时有C A B F F F =+，由胡克定律有312k x k x k x =+，即312k k k =+，所以乙同学的猜想是正确的．14.物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接．打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz ．开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点．（1）该同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有一个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz 的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_____m/s 2（结果保留两位有效数字）． （2）为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有____（填入所选物理量前的字母）．A.木板的长度lB.木板的质量m 1C.滑块的质量m 2D.托盘和砝码的总质量m 3E.滑块运动的时间t （3）滑块与木板间的动摩擦因数μ=____（用被测物理量的字母表示，重力加速度为g ）．【答案】(1)0.495 m/s 2～0.497 m/s 2（2分）(2)①CD （2分） ②3232()m g m m a m g -+（2分） 【解析】【详解】(1)每相邻两计数点间还有4个点，说明相邻计数点间的时间间隔为0.1s T =，由逐差法可得：()22234.37 3.88 3.39 2.88 2.40 1.8910m m 0.497s s 90.1a -++---⨯=≈⨯；(2)以系统为研究对象，由牛顿第二定律得：()323m g f m m a -=+滑动摩擦力：2f m g μ=解得：()3232m g m m am g μ-+=要测得动摩擦因数，需要测出滑块的质量2m 与托盘和砝码的总质量3m ，故选CD ．(3)由(2)分析可知，滑块与板间的动摩擦因数为：()3232m g m m am g μ-+=．三、计算题15.在寒冷的冬天，路面很容易结冰，在冰雪路面上汽车一定要低速行驶．在冰雪覆盖的路面上，车辆遇紧急情况刹车时，车轮会抱死而“打滑”．如图所示，假设某汽车以10m/s 的速度行驶至一个斜坡的顶端A 时，突然发现坡底前方有一位行人正以2m/s 的速度做同向匀速运动，司机立即刹车，但因冰雪路面太滑，汽车仍沿斜坡滑行．已知斜坡的高AB ＝3 m ，长AC ＝5 m ，司机刹车时行人距坡底C 点的距离CE ＝6 m ，从厂家的技术手册中查得该车轮胎与冰雪路面的动摩擦因数约为0.5.(1)求汽车沿斜坡滑下的加速度大小．(2)试分析此种情况下，行人是否有危险．【答案】（1）22/m s （2）有【解析】【详解】(1)汽车在斜坡上行驶时，由牛顿第二定律得mgsin θ－μmgcos θ＝ma 1 由几何关系得3sin 5θ=,4cos 5θ= 联立以上各式解得汽车在斜坡上滑下时的加速度a 1＝2m/s 2(2)由匀变速直线运动规律可得2212C A AC v v a x -=解得汽车到达坡底C 时的速度120m/s C v = 经历时间110.5s C A v v t a -== 汽车在水平路面运动阶段，由μmg ＝ma 2得汽车的加速度大小a 2＝μg ＝5m/s 2汽车的速度减至v ＝v 人＝2 m/s 时发生的位移2212=11.6m 2C v v x a -=人 经历的时间22=1.8s C v v t a 人-= 人发生的位移x 2＝v 人(t 1＋t 2)＝4.6m因x 1－x 2＝7m>6 m ，故行人有危险．【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．分析能否追及时，只要研究两者速度相等时位移的情况即可.16.如图所示，为一传送货物的传送带abc ，传送带的ab 部分与水平面夹角α=37°，bc 部分与水平面夹角β=53°，ab 部分长为4.7m ，bc 部分长为7.5m ．一个质量为m=1kg 的物体A （可视为质点）与传送带的动摩擦因数μ=0.8．传送带沿顺时针方向以速率ν=1m/s 匀速转动．若把物体A 轻放到a 处，它将被传送带送到c处，此过程中物体A不会脱离传送带．（sin 37°=0.6，sin 53°=0.8，g=10m/s2）求物体A从a处被传送到c处所用的时间．【答案】7.825s【解析】试题分析：物体A在传送带ab上相对滑动时，由牛顿第二定律得：μmgcosα﹣mgsinα=am，解得：a=0.4m/s2，物体与传送带速度相等时，运动时间为：t1==2.5s，位移：m=1.25m＜s ab，在ab部分做匀速运动的运动时间：=s=3.45s．由于mgsinβ＞μmgcosβ，所以物块沿传送带bc部分匀加速运动到c点，物体A在传送带bc部分匀加速下滑，由牛顿第二定律得滑动的加速度为：a′=gsinβ﹣μmgcosβ=3.2m/s2，设在bc部分运动的时间为t3，由匀变速运动位移公式得：s bc=vt3+a′t32，即：，解得：t3=1.875s．物体A从a处被传送到c处所用的时间为：t=t1+t2+t3=7.825s．答：物体A从a处被传送到c处所用的时间为7.825s．17.如图所示，物体A的质量为M＝1 kg，静止在光滑水平面上的平板车B的质量为m＝0.5 kg、长为L＝1 m．某时刻A以v0＝4 m/s向右的初速度滑上平板车B的上表面，在A滑上B的同时，给B施加一个水平向右的拉力．忽略物体A 的大小，已知A 与B 之间的动摩擦因数为μ＝0.2，取重力加速度g ＝10 m/s 2.试求：如果要使A 不至于从B 上滑落，拉力F 应满足的条件．【答案】13N F N ≤≤【解析】物体A 滑上平板车B 以后做匀减速运动，由牛顿第二定律得μMg ＝Ma A ，解得a A ＝μg ＝2 m/s 2. 1 分 物体A 不滑落的临界条件是A 到达B 的右端时A 、B 具有共同的速度v 1， 则：220122A v v a -－212Bv a ＝L ，又01A v v a -＝1B v a 2 联立解得v1＝3 m/s ，aB ＝6 m/s2. 1 分拉力F ＝maB －μMg ＝1 N. 1 分若F<1 N ，则A 滑到B 的右端时，速度仍大于B 的速度，于是将从B 上滑落，所以F 必须大于等于1 N. 1 分当F 较大时，在A 到达B 的右端之前，就与B 具有相同的速度，之后，A 必须相对B 静止，才不会从B 的左端滑落．对A 、B 整体和A 分别应用牛顿第二定律得：F ＝(m ＋M)a ，μMg ＝Ma ，解得F ＝3 N 2 分若F 大于3 N ，A 就会相对B 向左滑下．综合得出力F 应满足的条件是1 N≤F≤3 N. 2分本题考查牛顿第二定律的应用，物体A 画上木板车后再滑动摩擦力作用下A 做匀减速直线运动，随着A 的减速和B 的加速，当A 运动到B 的右端时两者共速，这是不掉下来的临界条件，由各自的分运动和位移关系可以求得运动时间和速度大小，再以木板车为研究对象可以求得拉力F 大小，然后在分情况讨论 18.下列说法正确的是________A ．墒增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性减少的方向进行B ．在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加C ．一定质量理想气体对外做功，内能不一定减少，但密度一定减小D ．对于一定量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热E ．第二类永动机不可能制成是因为它违背了能量守恒定律【答案】BCD【解析】【详解】A 、一个孤立系统的熵永远不会减少，表明随着孤立系统由非平衡态趋于平衡态，其熵单调增大，即一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行；故A 错误.B 、绝热条件下压缩气体，根据热力学第一定律可知△U =W +Q ＞0，即内能增加；故B 正确.C 、一定质量理想气体对外做功，若气体吸收热量，则内能不一定减少,由于气体的体积增大，所以密度一定减小；故C 正确.D 、对于一定量的理想气体，如果压强不变，当体积增大，气体对外做功，而温度升高，根据热力学第一定律可知，它一定从外界吸热；故D 正确.E 、第二类永动机不可能制成，是因为它违背了热力学第二定律，但不违背能量守恒定律；E 错误. 故选BCD.【点睛】本题考查热力学第一定律及第二定律，要求对这两定律要准确掌握并能正确应用来解释相关现象． 19.如图所示，一根粗细均匀、内壁光滑的玻璃管竖直放置，玻璃管上端有一抽气孔，管内下部被活塞封住一定质量的理想气体，气体温度为T 1．现将活塞上方的气体缓慢抽出，当活塞上方的压强达到p 0时，活塞下方气体的体积为V 1，此时活塞上方玻璃管的容积为2.6 V 1，活塞因重力而产生的压强为0.5p 0．继续将活塞上方抽成真空后密封，整个抽气过程中管内气体温度始终保持不变，然后将密封的气体缓慢加热．求：（1）活塞刚碰到玻璃管顶部时气体的温度T 2；（2）当气体温度达到1.8T 1时的压强p【答案】(1)11.2T (2)00.75P【解析】【详解】(1)从活塞上方的压强达到p 0到活塞上方抽成真空的过程为等温过程：1.5p 0V 1＝0.5p 0V 2解得：V 2＝3V 1 缓慢加热，当活塞刚碰到玻璃管顶部时为等压过程：11123 3.6V V T T =T 2＝1.2 T 1(2)继续加热到1.8T 1时为等容过程:0110.51.2 1.8ppT T =p ＝0.75p 0【点睛】本题关键是明确已知状态参量，然后根据状态变化的过程并运用气体实验定律列式求解．。

2020 届全国百师联盟新高考押题信息考试（二十九）物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5 毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用0.5 毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。

答案用0.5 毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。

7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、单项选择题（共 6 题，每题 4 分，共24 分）1. 物理学科核心素养主要包括“物理观念”等四个方面，下列“物理观念”正确的是A. 静摩擦力对受力物体可以做正功，滑动摩擦力对受力物体一定做负功B. 驾驶员可以通过操作方向盘使汽车在光滑的水平面上转弯C. 研究自由落体运动是物理学的理想化模型法D. 在某一过程中，只要物体的位移为0，任何力对物体所做的功就为0【答案】C【解析】【详解】 A ．静摩擦力和滑动摩擦力均可以与运动方向相同、相反，故两种摩擦力均可以做正功、做负功，故 A 错误；B．在绝对光滑的水平面上，由于没有摩擦力来提供需要的向心力，故汽车不能转弯，故 B 错误；C．伽利略对自由落体运动的研究是通过对斜面上运动物体的研究经过合理的外推得到自由落体运动的规律，所以研究自由落体运动是物理学的理想化模型法，故 C 正确；D．位移为零只能说明物体的初末位置相同，但物体可能存在路程，则在运动过程中阻力是可以做功的，故D 错误。

2020届全国百师联盟新高考押题信息考试（一）高三物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。

7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7小题只有一个选项正确，第8～12小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得，有选错或不答的得0分。

1.关于物理学史，下列说法中正确的是（）A. 卡文迪许在前人工作的基础上，通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律B. 法拉第提出了电场、磁场的概念，直观地描绘了场的图象C. 电场是为了便于研究物体的运动而引入的理想模型D. 历史上第一个发现电流周围有磁场，从而将电现象和磁现象联系在一起的科学家是赫兹【答案】B【解析】【详解】A．真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律是由库伦通过实验研究确认的，故A错误. B．法拉第不仅提出了场的概念，而且直观的描绘出了场的清晰图像，故B正确.C．电场是实际存在的物质，不是理想化模型．故C错误.D．历史上第一个发现电流周围存在磁场，从而将电现象与磁现象联系起来的科学家是奥斯特，故D错误. 故选B.2.如图所示，质量为m 、带电荷量为q +的小金属块A 以初速度0v 从光滑绝缘水平高台上飞出。

2020届全国百校联考新高考原创精准预测试卷（二十）物理★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。

2、试题卷启封下发后，如果试题卷有缺页、漏印、重印、损坏或者个别字句印刷模糊不清等情况，应当立马报告监考老师，否则一切后果自负。

3、答题卡启封下发后，如果发现答题卡上出现字迹模糊、行列歪斜或缺印等现象，应当马上报告监考老师，否则一切后果自负。

4、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

5、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

6、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

7、保持答题卡卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

8、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

14.下列说法中错误的是A. 若氢原子从n=6能级向n=1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n=6能级向n=2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应B. 核泄漏事故污染物能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为，可以判断x为电子C. 原子核发生一次β衰变，该原子外层就一定失去一个电子D. 质子、中子、α粒子的质量分别是m1、m2、m3，质子和中子结合成一个α粒子，释放的能量是（2m1+2m2-m3）c215.如图所示为玻尔理论的氢原子能级图，用某单色光照射一群处于基态的氢原子后，发现氢原子最多能发出6种频率的光子，则该单色光光子的能量为A. 13.06eVB. 12.75eVC. 12.09eVD. 10.2eV16.如图所示，水平地面光滑，轻弹簧一端固定在墙上，另一端拴接质量为m的小球A。

2020年百师联盟高考物理模拟试卷（山东卷）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（3分）已知铋210的半衰期是5天，20g铋210经过20天，剩余未衰变的铋210的质量为（）A．1.25g B．2.5g C．5g D．10g2．（3分）下列说法正确的是（）A．气体扩散的快慢与温度无关B．墨滴入水，水分子和碳粒都做无规则运动C．布朗运动是由于液体各部分的温度不同而引起的D．分子间的引力总是随分子间距离的增大而增大3．（3分）甲、乙两小车沿同一直线运动的位移﹣时间图象如图所示，若甲自t＝0时起做初速度为零的匀变速直线运动，乙的速率为2m/s，则甲的加速度大小为（）A．1.6m/s2B．3.2m/s2C．1.0m/s2D．2.0m/s24．（3分）一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上，从t＝0时起，第1秒内给质点一水平方向的外力，外力的冲量为2N•s；第2秒内给质点同方向的外力，外力的冲量为4N•s，则第2秒内外力对质点做功为（）A．8J B．16J C．18J D．20J5．（3分）一列简谐横波沿x轴负方向传播，周期为0.2s，t＝0.1s时的部分波形如图所示。

下列说法不正确的是（）C．t＝0时，平衡位置在x＝0.2m处的质元向y轴正向运动D．t＝0时，平衡位置在x＝1.2m处的质元加速度向上最大6．（3分）在生产劳动中常遇到这样的场景，四块相同木板整齐叠放在水平地面上，工人使用F1、F2、F3或F4其中一种方式使四块木板一起水平缓慢运动，如图所示。

已知地面与木板间动摩擦因数大于木板与木板间动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列判断正确的是（）A．若工人沿F1方向拖木板1，可能使四块木板一起运动B．若工人沿F2方向推木板1，只要力足够大，可能使四块木板一起运动C．若能使四块木板一起缓慢运动，F3可能小于F4D．若能使四块木板一起缓慢运动，F3一定大于F47．（3分）如图为理想变压器，1、2接原线圈，3、5接副线圈，4为副线圈引出的一个接头，原线圈接正弦交变电压。

2020届全国百师联盟新高考押题信息考试（二十九）物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

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答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

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一、单项选择题（共6 题，每题4 分，共24 分）1.物理学科核心素养主要包括“物理观念”等四个方面，下列“物理观念”正确的是A. 静摩擦力对受力物体可以做正功，滑动摩擦力对受力物体一定做负功B. 驾驶员可以通过操作方向盘使汽车在光滑的水平面上转弯C. 研究自由落体运动是物理学的理想化模型法D. 在某一过程中，只要物体的位移为0，任何力对物体所做的功就为0【答案】C【解析】【详解】A．静摩擦力和滑动摩擦力均可以与运动方向相同、相反，故两种摩擦力均可以做正功、做负功，故A错误；B．在绝对光滑的水平面上，由于没有摩擦力来提供需要的向心力，故汽车不能转弯，故B错误；C．伽利略对自由落体运动的研究是通过对斜面上运动物体的研究经过合理的外推得到自由落体运动的规律，所以研究自由落体运动是物理学的理想化模型法，故C正确；D．位移为零只能说明物体的初末位置相同，但物体可能存在路程，则在运动过程中阻力是可以做功的，故D错误。

2020届全国百校联考新高考押题模拟考试（四）物理试卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

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3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

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答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

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一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.在远距离输电电路中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻R 均不变。

发电厂输出功率减小时()A. 升压变压器的输出电压减小B. 降压变压器的输出电压减小C. 输电线上的电流增大D. 输电线上损耗的功率占发电厂输出功率的比例减小 【答案】D 【解析】【详解】发电厂的输出电压不变，则根据1212U U n n 可知，升压变压器的输出电压不变，选项A 错误；发电厂输出功率减小，根据P=UI 知，输出电压不变，则升压变压器原线圈中的电流减小，则副线圈中的电流也减小，即输电线上的电流减小，根据U 损=I线R ，输电线上的电压损失减小，根据降压变压器的输入电压U 3=U 2-U 损可得，降压变压器的输入电压U 3增大，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压增大，故BC 错误。

2020届全国百师联盟新高考押题信息考试（十九）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。

7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、选择题：（本题共12小题，每题4分，共48分，其中1—8题为单选题，9—12题为多选题，多选题选对但不全的得2分，选错或不选的得0分）1.甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v-t图像如图所示．已知两车在t=3s时并排行驶，则（）A. 在t=1s时，甲车在乙车后B. 在t=0时，甲车在乙车前7.5mC. 两车另一次并排行驶的时刻是t=2sD. 甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m【答案】BD【解析】【详解】AC.根据速度时间图象的“面积”表示位移，由几何知识可知，1-3s甲、乙两车通过的位移相等，两车在t=3s时并排行驶，所以两车在t=1s时也并排行驶，故AC错误；B.由图象可知，0-1s内乙车比甲车多走的距离为11(1015)1m 101m 7.5m 22s ∆=⨯+⨯-⨯⨯=而t =1s 时刻两车并排而行，可知在t=0时，甲车在乙车前7.5m ，选项B 正确；D.由图像可知，甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离等于从t =1s 到t =3s 过程中甲车的位移，则为1(1030)2m 40m 2x =⨯+⨯=，故D 正确．2.如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢从底部爬到a 处，则下列说法正确的是( )A. 在a 点蚂蚁受到的合力大于在b 点受到的合力B. 在a 点碗对蚂蚁的作用力大于在b 点的作用力C. 在a 点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b 点的摩擦力D. 在a 点碗对蚂蚁的支持力大于在b 点的支持力 【答案】C 【解析】 【分析】蚂蚁缓慢上爬，可以认为蚂蚁处于平衡状态，合力为零，蚂蚁所受的摩擦力为静摩擦力，越往上爬，所受静摩擦力越大，根据共点力的平衡条件列方程分析支持力大小．【详解】蚂蚁缓慢上爬，可以认为蚂蚁处于平衡状态，则合力始终为零，即在a 点蚂蚁受到的合力与b 点受到的合力均为零，A 错误；对蚂蚁受力分析，如图所示，根据共点力平衡有：sin cos f mg N mg αα==，，因为A 点的α比B 点的大，所以在a 点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b 点的摩擦力，在a 点碗对蚂蚁的支持力小于在b 点的支持力，C 正确D 错误；在a 点和b 点，碗对蚂蚁的作用力都等于蚂蚁的重力，所以在a 点碗对蚂蚁的作用力等于在b 点的作用力，B 错误．3.如图所示,将两个质量分别为m 1=1kg 、m 2=4kg 的物体置于光滑的水平面上,中间用轻质弹簧测力计连接,两个大小分别为F 1=30N 、F 2=20N 的水平拉力分别作用在m 1、m 2上,则达到稳定状态后,下列说法正确的是()A. 弹簧测力计的示数是25 NB. 弹簧测力计的示数是50 NC. 在突然撤去F 1的瞬间,m 2的加速度大小为13 m/s 2D. 在突然撤去F 2的瞬间,m 2的加速度大小为7 m/s 2 【答案】D 【解析】【详解】以两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律可知，系统的加速度为2121230202/14F F a m s m m --===++，方向水平向右；设弹簧秤的拉力是F ，以1m 为研究对象，由牛顿第二定律得11F F m a -=，则1128F F m a N =+=，AB 错误；弹簧的弹力不能突变，在突然撤去2F 的瞬间，2m 不再受2F 的作用，2m 受的合力等于弹簧的弹力，发生变化，由牛顿第二定律可知，2m 的加速度为22228/7/4F a m s m s m ===，弹簧的弹力不能突变，在突然撤去1F 的瞬间，弹簧的弹力不变，由牛顿第二定律可知1m 的加速度为22128/28/1F a m s m s m ===，D 正确． 【点睛】本题运用整体法和隔离法结合求解弹簧秤的弹力，是常用的方法．撤去外力时，弹簧的弹力不能突变．4.暗物质是二十一世纪物理学之谜,对该问题的研究可能带来一场物理学革命.为了探测暗物质,我国在2015年12月17日成功发射了一颗被命名为“悟空”的暗物质探测卫星.已知“悟空”在低于同步卫星的轨道上绕地球做匀速圆周运动,经过时间t(t 小于其运动周期),运动的弧长为s,与地球中心连线扫过的角度为β(rad),引力常量为G,则下列说法正确的是( ) A. “悟空”的向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度B. “悟空”的线速度大于第一宇宙速度C. “悟空”的环绕周期为2t sπD. “悟空”的质量为32s Gtβ【答案】A 【解析】【详解】据万有引力提供向心力得2GM a r=，则半径小的加速度大，则“悟空”的向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度，A正确；第一宇宙速度为最大的环绕速度，则“悟空”的线速度不会大于第一宇宙速度，B错误；运动的角速度为tωβ=，则周期22tTππωβ==，C错误；“悟空”为绕行天体，根据2224MmG m rr Tπ=，可知其质量相互抵消，不能测量其质量，D错误．5.如图所示，转动轴垂直于光滑水平面，交点O的上方h处固定细绳的一端，细绳的另一端栓接一质量为m 的小球B，绳长l＞h，转动轴带动小球在光滑水平面上做圆周运动，当转动的角速度ω逐渐增大时，下列说法正确的是（）A. 小球始终受三个力的作用B. 细绳上的拉力始终保持不变C.ghD. gl【答案】C【解析】【分析】当角速度较小时，小球在光滑水平面上做匀速圆周运动，受重力、拉力和支持力作用，当角速度较大时，小球会脱离水平面，受重力和拉力两个力作用．抓住恰好离开水平面时，支持力为零，结合牛顿第二定律求出临界角速度．【详解】当小球角速度较小时，小球受重力、支持力和拉力三个力作用，当小球角速度较大时，小球会脱离水平面，小球受重力和拉力两个力作用，A 错误；小球在水平面内做匀速圆周运动，竖直方向上的合力为零，当小球脱离水平面后，角速度增大时，绳子与竖直方向的夹角变大，拉力变大，B 错误；当小球刚好离开水平面时，受重力和拉力作用，根据牛顿第二定律得，cos T mg θ=，2sin sin T ml θθω=，联立解得ghω=，C 正确D 错误． 6.匀强电场的电场强度E 随时间t 变化的图像如图所示．当t ＝0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子（带正电），设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）A. 2 s 末带电粒子的速度为零B. 3 s 末带电粒子回到原出发点C. 带电粒子将始终向同一个方向运动D. 0～3 s 内，电场力始终做正功 【答案】B 【解析】【详解】0~1s 内，粒子做加速运动，1~2s 内电场强度反向，且是0~1s 内的2倍，故在1~2s 内的加速度比0~1s 内的加速度大，故粒子在1.5s 末速度就为零了，所以2s 末粒子反向加速，速度不为零，根据对称性可知粒子在3s 末速度为零，回到出发点，AC 错误B 正确；0~1s 内电场力做正功，1~1.5s 内电场力做负功，1.5~2.0s 内电场力做正功，2.0~3.0电场力做负功， D 错误．【点睛】本题带电粒子在周期性变化的电场中运动，关键之处是电场强度大小不一，导致加速度不一．若电场强度大小相同，则带电粒子一直同一个方向运动．7.如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与直面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d 到o点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是A. o点处的磁感应强度为零B. a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C. c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D. a、c两点处磁感应强度的方向不同【答案】CD【解析】【详解】A．由安培定则和磁场叠加原理可判断出o点处的磁感应强度方向向下，一定不为为零，选项A错误；B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相同，选项B错误；C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同，选项C正确；D．a、c两点处磁感应强度的方向不同，选项D正确．8.如图所示，边长为L的菱形由两个等边三角形abd和bcd构成，在三角形abd内存在垂直纸面向外的磁感应强度为B的匀强磁场，在三角形bcd内存在垂直纸面向里的磁感应强度也为B的匀强磁场．一个边长为L 的等边三角形导线框efg在纸面内向右匀速穿过磁场，顶点e始终在直线ab上，底边gf始终与直线dc重合．规定逆时针方向为电流的正方向，在导线框通过磁场的过程中，感应电流随位移变化的图象是（）A. B.C. D.【答案】A 【解析】【详解】感应电动势E BL v =有，电流BL vE I R R==有，三角形egf 向右运动，根据右手定则，开始时ef 切割磁感线，产生顺时针电流，大小设为0I ，03L-过程，en 切割磁感线产生向下的电流，nf 产生向上的电流，em 产生向下电流，切割磁感线的有效长度为L en nf em =--有，随着三角形的运动L 有在减小，感应电流减小，当运动3L 时，0L =有，电流为零，3LL -过程，继续移动根据等边三角形的几何关系，nf+em 大于en ，L nf em en 有=+-，逐渐变大，电流变大，当efg 与bcd 重合时，eg 边和ef 切割磁感线，产生电流方向均为逆时针，大小变为02I ，L-2L 过程中，继续移动gm 切割磁感线，产生感应电动势，L 有=gm ，逐渐减小，直至全部出磁场电流为零，A 正确．9.图甲是一台小型发电机的构造示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势e 随时间t 变化的正弦规律图象如图乙所示．发电 机线圈的内电阻r=2Ω，外接灯泡的电阻为10Ω．则（ ）A. 在t=0.01s 时刻，穿过线圈的磁通量为最大B. 电压表的示数为6VC. 灯泡消耗的电功率为2.5WD. 线圈转动产生电动势的表达式sin50πt （V ） 【答案】AC 【解析】【详解】在t=0.01s 的时刻，电动势为0，则为中性面，穿过线圈磁通量最大，A正确；电动势的最大值为m E =，周期为0.02s，则瞬时电动势的表达式为2sin()m e E t t Tππ==；电压表的示数为交流电的有效值，并且测量外电路电压，故5VEU R R R r ===+，BD 错误；灯泡消耗的功率2252.510U P W R ===，C 正确．10.质量相等的A 、B 两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，A 球的动量是7kg·m/s ，B 球的动量是5kg·m/s ，当A 球追上B 球发生碰撞，则碰撞后A 、B 两球的动量可能值是( ) A. p A ＝－2kg·m/s ，p B ＝14kg·m/s B. p A ＝－4kg·m/s ，p B ＝16kg·m/s C. p A ＝6kg·m/s ，p B ＝6kg·m/sD. p A ＝5kg·m/s ，p B ＝7kg·m/s 【答案】CD 【解析】 【分析】A 、B 碰撞过程动量守恒，碰撞过程系统机械能不增加，碰撞两球不可能再发生二次碰撞，碰后后面小球的速度不大于前面小球的速度，据此分析答题．【详解】碰撞前系统总动量12/A B p p p kg m s =+=⋅，由题意，设A B m m m ==，碰前总动能为：222275372222A B k p p E m m m m m=+=+=； 若2/14/A B P kg m s P kg m s ，=-⋅=⋅，系统动量守恒，碰撞后的总动能：2221410022k E m m m +=>，不可能，A 错误；若4/16/AB P kg m s P kg m s =-⋅=⋅，，碰撞后的总动能：2241613622k E m m m+=>，不可能，B 错误；若6/6/A B p kg m s p kg m s =⋅=⋅，，系统动量守恒，碰撞后的总动能263622k E m m ⨯=<，是可能的，C 正确；若5/7/A B p kg m s p kg m s =⋅=⋅，，系统动量守恒，碰撞后的总动能22573722k E m m m+==，是可能的，D 正确．【点睛】对于碰撞过程要遵守三大规律：1、是动量守恒定律；2、总动能不增加；3、符合物体的实际运动情况．11.如图所示，A 、B 为两块平行带电金属板，A 带负电，B 带正电且与大地相接，两板间P 点处固定一负电荷，设此时两极间的电势差为U ，P 点场强大小为E ，电势为ρϕ，负电荷的电势能为p E ，现将A 、B 两板水平错开一段距离(两板间距不变)，则( )A. U 变大， E 变大B. U 变小，ρϕ变小 C. ρϕ变小， p E 变大 D. ρϕ变大，p E 变小 【答案】AC 【解析】 【分析】平行板电容器充电后与电源断开后，电量不变．将两极板适当错开一段距离，两板正对面积减小，根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析板间电压的变化，由UE d=分析场强的变化．根据P 点与下板电势差的变化判断P 点的电势的变化，再分析正电荷在P 点的电势能的变化． 【详解】A 项：将两板水平错开一段距离，两板正对面积减小，根据电容的决定式4SC dkεπ=可知，电容C 减小，而电容器的电量Q 不变，则由Q C U =得知，板间电压U 增大，板间场强UE d=，可见E 增大，故A 正确；B 、C 、D 项：P 点到下板距离不变，由公式U=Ed 得知，P 点与下板电势差增大，故P 点的电势变小；由于电场线向上，P 点的电势低于下极板的电势，则P 点的电势降低，负电荷在P 点的电势能ɛ变大．故C 正确，BD 错误． 故应选：AC ．【点睛】本题是电容器动态变化分析问题，由电容的两个公式：4SC kd επ=和Q C U=结合进行分析． 12.如图，将一质量为2m 的重物悬挂在轻绳一端，轻绳的另一端系一质量为m 的环，环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑的轻小定滑轮与直杆的距离为d ，杆上的A 点与定滑轮等高，杆上的B 点在A 点正下方距离A 为d 处．现将环从A 点由静止释放，不计一切摩擦阻力，下列说法中正确的是（）A. 环到达B 处时，重物上升的高度2dB. 环能下降的最大距离为43d C. 环到达B 处时，环与重物的速度大小之比为22D. 环从A 到B 减少的机械能等于重物增加的机械能 【答案】BD 【解析】【详解】根据几何关系有，环从A 下滑至B 点时，重物上升的高度2d−d ，故A 错误；环下滑到最大高度为h 时环和重物的速度均为0，此时重物上升的最大高度为22 h d d +，根据机械能守恒有222()mgh mg h d d =+，解得：h=43dd ，故B 正确．对B 的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，有：vcos45°=v 重物，所以2vv 重物＝，故C 错误；环下滑过程中无摩擦力对系统做功，故系统机械能守恒，即满足环减小的机械能等于重物增加的机械能，故D 正确；故选BD ．二、实验题：（本题共2小题，每题6分，共12分）13.如图所示是用来验证动量守恒的实验装置，弹性球1用细线悬挂于O 点，O 点下方桌子的边缘有一竖直立柱．实验时，调节悬点，使弹性球1静止时恰与立柱上的球2右端接触且两球等高．将球1拉到A 点，并使之静止，同时把球2放在立柱上．释放球1，当它摆到悬点正下方时与球2发生对心碰撞，碰后球1向左最远可摆到B 点，球2落到水平地面上的C 点．测出有关数据即可验证1、2两球碰撞时动量守恒．现已测出A 点离水平桌面的距离为a 、B 点离水平桌面的距离为b 、C 点与桌子边沿间的水平距离为c .此外：(1)还需要测量的量是__________________、__________________和____________________．(2)根据测量的数据，该实验中动量守恒的表达式为____________________．(忽略小球的大小)【答案】 (1). 弹性球1、2的质量1m 、2m (2). 立柱高h (3). 桌面高H (4). 222m a h m b h m H h-=-+【解析】 【详解】（1）要验证动量守恒，就需要知道碰撞前后的动量，所以要测量12两个小球的质量1m 、2m ，要通过平抛运动的分位移公式求解碰撞后2球的速度，所以要测量立柱高h ，桌面高H ；（2）1小球从A 处下摆过程只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律，有：()211112m g a h m v -= 碰撞后1小球上升到最高点的过程中，机械能守恒，根据机械能守恒定律，有：()211212m g b h m v -= 球2碰后的速度：32()v h H g=+所以该实验中动量守恒的表达式为：112312m v m v m v =+联立解得：11222m a h m b h m H h-=-++． 14.为了较精确地测量一节新电池的内阻，可用以下给定的器材和一些导线来完成实验，器材：理想电压表V （量程0～3V ，），电流表A （具有一定内阻，量程0～0.6A ，），定值电阻R 0（R 0=1.50Ω），滑动变阻器R 1（0～10Ω），滑动变阻器R 2（0～200Ω），开关S ．实验电路原理图（a ）（1）为方便调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用______（填“R 1”或“R 2”）．（2）用笔画线代替导线在图(b)中完成实物连接图________________．（3）实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，在给出的U-I 图线如图（c ）所示，则干电池的内阻r=_________Ω．（结果保留两位有效数字）【答案】 (1). R 1 (2). (3). 1.0Ω【解析】【详解】（1）电流表的量程0.6A A I =，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻应为：1.57.510.23maxAERI===Ω，所以变阻器应选R1；（2）根据原理图可知实物图如图所示：（3）根据闭合电路欧姆定律应用()0E U I r R=++，整理可得()0U r R I E=-++，由图可知图象与纵坐标的交点为电源的电动势，故E=2.0V；根据函数斜率的概念应有：2.0 1.02.50.4r R-+=Ω=Ω，解得1.0r=Ω．【点睛】题考查测量电源的电动势和内电阻的实验，应注意明确以下几点：①测定电池电动势和内阻实验应选择内阻较大的旧电池；②通过电流表的最小电流应为电流表量程的13，这样可以保证准确；③遇到根据图象求解的问题，应根据物理规律整理出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念即可求解．三、计算题：（本题共3小题，40分。

2020届全国百师联盟新高考押题信息考试（九）物理试卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

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3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

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4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

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一、单项选择题（共6小题，每题3分，共18分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1.“神舟十号”飞船在预定轨道上做匀速圆周运动，在该飞船的密封舱内，如图所示的实验能够进行的是（）A. 宇航员生活废水过滤处理实验B. 研究动能与重力势能转化规律实验C. 探究感应电流产生条件实验D. 血浆与血细胞自然分层实验【答案】C 【解析】【详解】A 、由于过滤水时水要借助重力向下流，在太空中无法实现； 同理，也无法研究物体的重力势能，故血浆与血细胞分层实验也无法完成，故ABD 错误；C 、只有感应电流的产生和重力无关，在太空中可以完成，故C 正确。

2.如图，放在水平桌面上的木块处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量是0.8kg ，弹簧秤示数为5N ，若轻轻取走盘中0.5kg 砝码，将会出现的情况是（g 取10m/s 2）（ ）A. 弹簧秤示数变小B. A 将向左运动C. 桌面对A 的摩擦力变小D. A 所受和外力变大 【答案】C 【解析】初态时，对A 受力分析有：受到的摩擦力Ff =F 1−F 2=0.8×10−5=3N ，说明最大静摩擦力F max ⩾3N ，当将总质量减小到0.3kg 时，拉力变为3N ，摩擦力21532f F F F N '='=--=，小于最大静摩擦力，所以物体仍静止，弹簧测力计的示数不变，摩擦力变小，故ABD 错误，C 正确． 故选C.点睛：对A受力分析可得出A受到的静摩擦力，根据静摩擦力与最大静摩擦力的关系可得出最大静摩擦力；再根据变化之后的受力情况可判断A的状态及读数的变化．3.一个滑块以初速度v0从够长的固定斜面底端沿斜面向上运动，经2t0时间返回到斜面底端．如图所示图象表示该滑块在此斜面上运动过程中速度的大小v随时间t变化的规律，其中可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】A、滑块在斜面上运动过程中，由于存在摩擦力，机械能不断减小，经过同一点时下滑的速度大小v，故AC错误；小于上滑的速度大小，所以滑回出发点的速度小于B、根据速度图象的“面积”等于位移，两个过程的位移大小相等，可知，上滑时间短于下滑时间，故B正确，D错误。

2020届全国百师联盟新高考押题模拟考试（二十）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。

7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、选择题1.比值定义法，就是在定义一个物理量的时候采取比值的形式定义．用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例．下列不属于比值定义法的是（ ） A. PE qϕ=B. F E q=C. Q C U=D. U I R=【答案】D 【解析】【详解】A 、在电场中，某点电荷的电势能跟它所带的电荷量之比，叫做这点的电势，采用的是比值定义法，故A 不符合题意；B 、放入电场中某一点的电荷受到的电场力F 跟它的电量q 的比值叫做该点的电场强度，采用的是比值定义法，故B 不符合题意；C 、电容器所带电量Q 与电容器两极间的电压U 的比值，叫电容器的电容，采用的是比值定义法，故C 不符合题意；D 、把单位时间里通过导体任一横截面的电量叫做电流强度，所以qI t =采用的是比值定义法，而U I R=不属于比值定义法，故D 符合题意；2.如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也)相同的是(A. 甲图：点电荷的电场中，与点电荷等距的a、b两点B. 乙图：等量异种电荷电场中，两电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C. 丙图：点电荷的电场中，与点电荷成一直线的a、b两点D. 丁图：匀强电场中的a、b两点【答案】B 【解析】【详解】A、甲图中两点电场线方向不同，故电场强度的方向不同；故A错误.B、ab两点方向均向水平向左，且两电荷中垂线为等势面，故电势相等，因两点关于连线对称，故电场强度相等；故B正确.C、a、b两点电场方向相同，a点电势大于b点电势，两点的场强大小不等；故C错误.D、a、b两点不在同一等势面上，故电势不相等；故D错误.故选B.【点睛】本题考查对电场线的认识，由电场线我们应能找出电场的方向、场强的大小及电势的高低.3.“天宫一号”在其设计寿命结束后，将在指令控制下坠落地球．已知天宫一号的运行轨道高度在与飞船交会对接时大约距离大气层340km；无人期间则会适当调高，约370km．则下列判断中正确的是A. 天宫一号在对接高度处的运行速度比无人期间的轨道上的运行速度大B. 天宫一号的运行速度大于7.9km/s，小于11.2km/sC. 航天员在天宫一号内处于不受地球万有引力的状态D. 天宫一号坠落地球的过程中机械能不断减少，速度也会越来越小【解析】【详解】A.根据万有引力提供向心力得22GMm v m r r=， 所以：GMv r=， 已知天宫一号的运行轨道高度在与飞船交会对接时大约距离大气层340km ；无人期间则会适当调高，约370km 。

2020届全国百校联考新高考原创精准预测试卷（五）物理★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。

2、试题卷启封下发后，如果试题卷有缺页、漏印、重印、损坏或者个别字句印刷模糊不清等情况，应当立马报告监考老师，否则一切后果自负。

3、答题卡启封下发后，如果发现答题卡上出现字迹模糊、行列歪斜或缺印等现象，应当马上报告监考老师，否则一切后果自负。

4、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

5、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

6、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

7、保持答题卡卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

8、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、单选题（本大题共10小题，共40.0分）1．温度不同的两块金属接触，达到热平衡后，下列物理量一定相同的是A．内能B．分子平均动能C．分子势能D．分子平均速率2．—定质量的0 ℃的冰，全部变成0 ℃的水的过程中，体积减小，则它的能量变化情况是A．分子的平均动能增大，分子的势能减小B．分子的平均动能减小，分子的势能增大C．分子的平均动能不变，分子的势能增大D．分子的平均动能不变，分子的势能减小3．一定量的气体吸收热量，体积膨胀并对外做功，则此过程的末态和初态相比，A．气体内能一定增加B．气体内能一定减小C．气体内能一定不变D．气体内能是增是减不能确定4．下列说法正确的是A．物体温度升高，分子的平均动能增加B．物体温度升高，每个分子的动能都增加C．物体从外界吸收热量，物体的内能一定增加D．外界对物体做功，物体的内能一定增加5．关于物体内能的改变，下列说法中正确的是A．物体对外做功，物体内能一定减小B．物体吸收热量，它的内能一定增加C．物体放出热量，它的内能一定减少D．外界对物体做功，物体的内能不一定增加6．对于一定质量的理想气体，在下列各过程中，不可能发生的过程是A．气体膨胀对外做功，温度升高B．气体吸热，温度降低C．气体放热，压强增大D．气体放热，体积膨胀，温度不变7．如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A。