高阳中学上学期高三物理第六次周考试卷

2014-2015学年河北省保定市高阳中学高三（下）周练物理试卷（58）一、选择题1．下列说法正确的是（）A．气体的扩散运动总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行B．大颗粒的盐磨成了细盐，就变成了非晶体C．自行车打气越打越困难主要是因为胎内气体压强增大而非分子间相互排斥的原因D．气体分子单位时间内与单位面积器壁发生碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度都有关考点：封闭气体压强；气体压强的微观意义．专题：气体的压强专题．分析：熵增加原理，气体的扩散运动总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行．解答：解：A、根据热力学第二定律：气体的扩散运动总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，A正确；B、大颗粒的盐磨成了细盐，仍然是晶体，B错误；C、气体间分子间距较大，此时分子间作用力已经接近为零，故自行车打气越打越困难主要是因为胎内气体压强增大而非分子间相互排斥的原因，C正确；D、气体分子单位时间内与单位面积器壁发生碰撞的次数取决于分子密集程度和分子平均速率，分子密集程度即单位体积内气体的分子数，而气体分子的平均速率与温度有关，故气体分子单位时间内与单位面积器壁发生碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度都有关．故D正确．故选：ACD．点评：根据分子动理论、热力学定律等基础知识分析答题，并知道压强的微观解释．2．（3分）下列说法不正确的是（）A．由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可以估算出该种气体分子的大小B．悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C．分子间的引力随分子间距离的增大而增大，分子间的斥力随分子间距离的增大而减小D．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体考点：热力学第二定律；分子间的相互作用力．专题：热力学定理专题．分析：气体分子的大小不能估算出来．悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动越明显．分子间的引力随分子间距离的增大而减小．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体．解答：解：A、由阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可以估算该种气体分子之间距离的大小，由于气体分子的间距较大，所以不能估算分子的大小；故A错误；B、布朗运动的激烈程度与温度的高低和固体颗粒的大小有关，悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显．故B正确；C、分子间引力和斥力都随分子间距离的增大而减小．故C错误；D、根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体而不引起其他的变化．但在外界影响下热量也能从低温物体传到高温物体．故D错误．本题选错误的，故选：ACD．点评：固体考查到分子大小的估算方法、布朗运动、分子之间的相互作用与热力学第二定律，都是3﹣3中要求理解的知识点，是热学中的重点内容，要牢记．3．（3分）在以下事例中，只是通过热传递的方式来改变物体内能的是（）A．点燃的爆竹在空中爆炸B．冬天暖气片为房间供暖C．汽车的车轮与地面相互摩擦发热D．两小球碰撞后粘合起来，同时温度升高考点：改变内能的两种方式．分析：（1）热传递是能的转移过程，即能量从高温物体向低温物体转移，在此过程中能的形式不发生变化；（2）做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式改变了．解答：解：A、点燃的爆竹在空中爆炸有通过外界做功获得的能量；故A错误；B、冬天暖气片为房间供暖是通过高温物体向低温物体传递能量来进行的；故B正确；C、汽车的车轮与地面相互摩擦发热是通过做功实现的；故C错误；D、两小球碰撞时相互做功而使温度升高；故D错误；故选：B．点评：本题考查了改变内能方式的判断，知道做功和热传递都可以改变物体的内能，但是二者的本质不同4．（3分）关于热学知识的下列叙述中正确的是（）A．温度降低，物体内所有分子运动的速率不一定都变小B．布朗运动就是液体分子的热运动C．第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它是制造不出来的D．在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加考点：热力学第二定律；布朗运动．分析：温度是分子平均动能变化的标志．布朗运动是悬浮在液体中颗粒的无规则运动．根据第二类永动机的原理分析C项．改变物体内能的两种方式是热传递和做功．解答：解：A、温度是分子平均动能变化的标志．温度降低，分子平均动能减小，但由于分子运动是无规则的，个别分子速度不一定都变小，故A正确B、布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的运动，不是液体分子的热运动，固体微粒运动的无规则性，反映了液体分子运动的无规则性，故B错误；C、第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，所以制造不出来．故C正确．E、改变物体内能的两种方式是热传递和做功．在绝热条件下压缩气体，对气体做正功，气体与外界没有热交换，根据热力学第一定律知气体的内能一定增加，故D正确．故选：ACD．点评：解决该题要注意固体微粒运动和液体分子的运动是不同的两个运动，知道改变物体内能的两种方式，掌握热力学第一定律和热力学第二定律的内容，要注意平时多看课本，不断积累，多和生活实际联系加强理解和记忆．5．（3分）以下说法正确的是（）A．分子间距离增大时，分子势能也增大B．已知某种液体的密度为ρ，摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为N A，则该液体分子间的平均距离可以表示为或C．空气压缩到一定程度很难再压缩是因为分子间存在斥力的作用D．液体的饱和汽压与温度和液体的种类有关考点：分子势能；分子间的相互作用力．分析：分子力做正功时分子势能减小，而分子力做负功时，分子势能增大；而分子力做功要根据分子间的相互作用力的方向进行判断；根据阿伏加德罗常数意义可明确分子间的距离；气体分子间距离较大，分子间的相互作用力可以忽略；液体的饱和汽压取决于液体的种类以及温度．解答：解：A、分子间距离增大时，分子力可能做正功也可能做负功；故分子势能不一定增大；故A错误；B、液体的摩尔体积为V=由题，液体分子看做是球体，且分子间的距离可忽略不计，则液体分子的体积为V0==由V0=得R==所以分子间距为2R=，故B正确．C、空气压缩到一定程度很难再压缩是因为气体压强的原因；故C错误；D、液体的饱和汽压与温度和液体的种类有关；故：D正确；故选：BD．点评：本题考查液体分子大小的计算、分子之间的作用力的变化规律以及饱和汽的压强的影响因素等热学的知识点的内容，属于对基础知识的考查，在平时的学习过程中多加积累即可．6．（3分）下列说法中正确的是（）A．根据热力学第二定律可知热机效率不可能达到百分之百B．空气相对湿度越大时，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢C．由于液体表面层分子间距离小于液体内部分子间距离，液体表面存在张力D．一定质量的理想气体在等温变化时，内能不改变，但可能与外界发生热交换考点：热力学第二定律；* 液体的微观结构．分析：本题根据根据热力学第二定律、空气相对湿度的意义、液体表面张力产生的原因和热力学第一定律分析．解答：解：A、热力学第二定律的内容：一种表述是：不可能从单一热源吸取热量，使之完全变为有用功而不产生其他影响，可知热机效率不可能达到百分之百．故A正确．B、空气相对湿度越大时，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢．故B正确．C、由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，分子间作用力表现为引力，所以液体表面存在张力，故C错误．D、一定质量的理想气体在等温变化时，内能不改变，体积变化，与外界有热交换，故D正确．故选：ABD．点评：本题关键要掌握热力学第二定律的两种表述方法，知道热机的效率不可能达到百分之百．气体状态变化时，往往根据热力学第一定律分析热交换情况，分析时要抓住一定质量的理想气体的内能只跟温度有关．7．（3分）如图是分子间引力（或斥力）大小随分子间距离变化的图象，下列说法正确的是（）A．ab表示引力图线B．当分子间距离等于两曲线交点的横坐标时，分子势能为零C．当分子间距离等于两曲线交点的横坐标时，分子力为零D．当分子间距离小于两曲线交点横坐标时，分子力表现为斥力考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：分子间存在相互作用的引力和斥力，引力和斥力都随分子间距离的变化而变化，斥力比引力变化的快；分析清楚图示图象，然后答题．解答：解：A、由图示图象可知，所分子间距离r的增大，ab所示图象表示的力减小的慢，cd图线表示的力减小的快，则ab表示分子间的引力图线，故A正确；B、当分子间距离等于两曲线交点的横坐标时，分子间的引力与斥力相等，分子间的作用力为零，此时分子势能最小，但并不一定为零，故B错误，C正确；D、由图示图线可知，当分子间距离小于两曲线交点的横坐标时，分子间的斥力大于分子间的引力，分子力表现为斥力，故D正确；故选：ACD．点评：本题考查了分子间的作用力问题，分子间同时存在相互作用的引力与斥力，分子间的作用力都随分子间距离的变化而变化，但斥力比引力变化的快，分析清楚图示图线即可解题．8．一定质量的理想气体由状态A变化到状态B，气体的压强随热力学温度变化如图所示，则此过程（）A．气体的密度增大B．外界对气体做功C．气体从外界吸收了热量D．气体分子的平均动能增大考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律．专题：理想气体状态方程专题．分析：由图象可知，由A到B过程，气体温度不变，压强变大，由玻意耳定律可以判断出气体体积如何变化；气体体积变大，气体对外做功，体积减小，外界对气体做功；温度是分子平均动能的标志，理想气体内能由温度决定．解答：解：由图线可知，在从A到B的过程中，气体温度不变，压强变大，由玻意耳定律可知，气体体积变小，V B＜V A；A、气体质量不变，体积变小，由密度公式可知气体密度变大，故A正确；B、气体体积变小，外界对气体做功，故B正确；C、气体温度不变，内能不变，△U=0，外界对气体做功，W＞0，由热力学第一定律△U=Q+W可知：Q＜0，气体要放出热量，故C错误；D、气体温度不变，分子平均动能不变，故D错误；故选AB．点评：根据图象，应用玻意耳定律判断出气体体积如何变化是正确解题的前提与关键，判断气体是吸热还是放热，要注意热力学第一定律的应用．9．如图所示，两端开口的弯管，左管插入水银槽中，右管有一段高为h的水银柱，中间封有一段空气，则（）A．弯管左管内外水银面的高度差为hB．若把弯管向上移动少许，则管内气体体积增大C．若把弯管向下移动少许，则右管内的水银柱沿管壁上升D．若环境温度升高，则右管内的水银柱沿管壁上升考点：气体的实验定律；气体压强的微观意义．专题：压轴题．分析：对右管中的水银受力分析知，管中气体压强比大气压强高hcmHg，则可知道弯管左管内外水银面的高度差；弯管上下移动，封闭气体温度和压强不变，体积不变；环境温度升高，气体压强不变，封闭气体体积增大，则右管内的水银柱沿管壁上升．解答：解：A、对右管中的水银受力分析知，管中气体压强比大气压强高hcmHg，所以弯管左管内外水银面的高度差为h．故A正确．B、弯管上下移动，封闭气体温度和压强不变，体积不变．故B错误．C、封闭气体温度和压强不变，体积不变．所以弯管向下移动少许，则右管内的水银柱沿管壁上升．故C正确．D、环境温度升高，气体压强不变，封闭气体体积增大，则右管内的水银柱沿管壁上升．故D正确．故选ACD．点评：解决本题的关键知道封闭气体的压强等于大气压与水银柱产生压强之差，所以里面封闭气体的压强不变．二、解答题（共4小题，满分46分）10．在“用油膜法估测分子的大小”实验中，用a mL的纯油酸配制成b mL的油酸酒精溶液，再用滴管取1mL油酸酒精溶液，让其自然滴出，共n滴．现在让其中一滴落到盛水的浅盘内，待油膜充分展开后，测得油膜的面积为S cm2，则：（1）估算油酸分子的直径大小是cm．（2）用油膜法测出油酸分子的直径后，要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油滴的 B ．A．摩尔质量 B．摩尔体积 C．质量D．体积．考点：用油膜法估测分子的大小．专题：实验题．分析：（1）由题先得到油酸酒精溶液的浓度，求出一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积，由于形成单分子油膜，油膜的厚度等于分子直径，由d=求解分子直径的大小．（2）阿伏加德罗常数等于油酸的摩尔体积除以一个分子的体积，列式分析，确定需要知道什么物理量．解答：解：（1）据题得：油酸酒精溶液的浓度为，一滴酸酒精溶液的体积为mL，一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为V== mL，则油酸分子的直径为 d== cm（2）设一个油酸分子的体积为V1，则V1=由N A=可知，要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油滴的摩尔体积．故B正确．故选：B．故答案为：（1）；（2）B点评：本题关键是明确用油膜法估测分子的大小实验的原理，理解阿伏加德罗常数的意义，把握宏观与微观之间的联系．11．长L=1m的汽缸固定在水平面上，汽缸中有横截面积S=100cm2的光滑活塞，活塞封闭了一定质量的理想气体．当温度t=27℃，大气压p0=1×105Pa时，气柱长度l=90cm，汽缸和活塞的厚度均可忽略不计．①如果温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸右端口，此时水平拉力F的大小是多少？②如果汽缸内气体温度缓慢升高，使活塞缓慢移至汽缸右端口时，气体温度为多少摄氏度？考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：①封闭气体等温变化，根据玻意耳定律列式求解；②封闭气体等压变化，根据盖吕萨克定律列式求解；解答：解：①设活塞缓慢到达汽缸端口时，被封气体压强为p1，则：p1S=p0S﹣F ①由玻意耳定律p0lS=p1LS ②①②联立解得：F=100 N．②由等压变化规律得：解得：t'=T﹣273 K=60℃．答：①如果温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸右端口，此时水平拉力F的大小是100N②如果汽缸内气体温度缓慢升高，使活塞缓慢移至汽缸右端口时，气体温度为60摄氏度．点评：本题是气体问题，确定气体状态作何种变化是关键，要充分挖掘隐含的条件进行分析，选出合适的气体实验定理列式求解即可．12．（12分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A．其中，A→B和C→D为等温过程，B→C和D→A为绝热过程（气体与外界无热量交换）．这就是著名的“卡诺循环”．（1）该循环过程中，下列说法正确的是 C ．A．A→B过程中，外界对气体做功B．B→C过程中，气体分子的平均动能增大C．C→D过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多D．D→A过程中，气体分子的速率分布曲线不发生变化（2）该循环过程中，内能减小的过程是B→C（选填“A→B”、“B→C”、“C→D”或“D→A”）．若气体在A→B过程中吸收63kJ的热量，在C→D过程中放出38kJ的热量，则气体完成一次循环对外做的功为25 kJ．（3）若该循环过程中的气体为1mol，气体在A状态时的体积为10L，在B状态时压强为A状态时的．求气体在B状态时单位体积内的分子数．（已知阿伏加德罗常数N A=6.0×1023mol﹣1，计算结果保留一位有效数字）考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：A→B过程中，体积增大，气体对外界做功，B→C过程中，绝热膨胀，气体对外做功，温度降低，C→D过程中，等温压缩，D→A过程中，绝热压缩，外界对气体做功，温度升高；由△U=Q+W知，气体完成一次循环对外做的功为W=25KJ．解答：解：（1）A、A→B过程中，体积增大，气体对外界做功，A错误；B、B→C过程中，绝热膨胀，气体对外做功，温度降低，气体分子的平均动能减小，B错误；C、C→D过程中，等温压缩，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，C正确；D、D→A过程中，绝热压缩，外界对气体做功，温度升高，气体分子的速率分布曲线发生变化，D错误；故选C（2）B→C过程中，绝热膨胀，气体对外做功，温度降低，内能减小；由△U=Q+W知，气体完成一次循环对外做的功为W=25KJ（3）A→B为等温过程，由玻意耳定律得：10p=pV，所以V=15L，在B状态时单位体积内的分子数：=4×1025个/m3；答案为（1）C；（2）B→C；25；（3）气体在B状态时单位体积内的分子数为4×1025个．点评：本题考查了理想气体状态方程，要理解各过程气体的变化，选择相应的状态方程．13．（14分）如图，两个侧壁绝热、顶部和底部都导热的相同汽缸直立放置，汽缸底部和顶部均有细管连通，顶部的细管带有阀门K．两汽缸的容积均为V0，汽缸中各有一个绝热活塞（质量不同，厚度可忽略）．开始时K关闭，两活塞下方和右活塞上方充有气体（可视为理想气体），压强分别为p0和；左活塞在汽缸正中间，其上方为真空；右活塞上方气体体积为．现使汽缸底与一恒温热源接触，平衡后左活塞升至汽缸顶部，且与顶部刚好没有接触；然后打开K，经过一段时间，重新达到平衡．已知外界温度为T0，不计活塞与汽缸壁间的摩擦．求：（1）恒温热源的温度T；（2）重新达到平衡后左汽缸中活塞上方气体的体积V x．考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：（1）两活塞下方封闭的气体等压变化，利用盖吕萨克定律列式求解；（2）分别以两部分封闭气体，利用玻意耳定律列式求解．解答：解：（1）与恒温热源接触后，在K未打开时，右活塞不动，两活塞下方的气体经历等压过程，由盖吕•萨克定律得：=…①解得：T=T0…②（2）由初始状态的力学平衡条件可知，左活塞的质量比右活塞的大．打开K后，左活塞必须升至气缸顶才能满足力学平衡条件．气缸顶部与外界接触，底部与恒温热源接触，两部分气体各自经历等温过程，设在活塞上方气体压强为p，由玻意耳定律得：pV0=•…③对下方气体由玻意耳定律得：（p+p0）（2V0﹣Vx）=p0•V0…④联立③④式得：6V X2﹣V0V X﹣V02=0，解得：V X=V0，V X=﹣V0不合题意，舍去．答：（1）恒温热源的温度T为T0；（2）重新达到平衡后左汽缸中活塞上方气体的体积V x为V0．点评：本题涉及两部分气体状态变化问题，除了隔离研究两部分之外，关键是把握它们之间的联系，比如体积关系、温度关系及压强关系．。

河北省保定市高阳中学2015届高三上学期第一周周练物理试题1．下图是一张天文爱好者经长时间曝光拍摄的“星星的轨迹”照片．这些有规律的弧线的形成，说明了()A．太阳在运动B．月球在公转C．地球在公转D．地球在自转2．假如轨道车长度为22 cm，记录仪记录的信号如图所示，则轨道车经过该监测点的速度为()A．0.20 cm/s B．2.0 cm/sC．22 cm/s D．220 cm/s3．下列情况下的物体可以看做质点的是()A．研究嫦娥三号在月球表面的着陆动作B．研究飞行中直升机上的螺旋桨的转动情况C．研究汽车通过某路标的时间时D．研究“蛟龙号”下潜到7 000 m深度过程中的速度时4．如图所示，飞行员跳伞后飞机上的其他飞行员(甲)和地面上的人(乙)观察跳伞飞行员的运动后，引发了对跳伞飞行员运动状况的争论，下列说法正确的是()A ．甲、乙两人的说法中必有一个是错误的B ．他们的争论是由于参考系的选择不同而引起的C ．研究物体运动时不一定要选择参考系D ．参考系的选择只能是相对于地面静止的物体5．关于速度、速度的变化量、加速度，正确的说法是( )A ．物体运动时速度的变化量越大，它的加速度一定越大B ．速度很大的物体，其加速度可以为零C ．某时刻物体速度为零，其加速度可能很大D ．加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大6．如图所示是做直线运动某物体的位移时间图象，根据图中数据可以求出P 点的瞬时速度．下面四个选项中哪一项更接近P 点瞬时速度的真实值( )A ．2 m/sB ．2.2 m/sC ．2.21 m/sD ．2.211 m/s7．某航母跑道长200 m ，飞机在航母上滑行的最大加速度为6 m/s 2，起飞需要的最低速度为50 m/s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为( )A ．5 m/sB ．10 m/sC ．15 m/sD ．20 m/s8．质点做直线运动的位移x 与时间t 的关系为x ＝5t ＋t 2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点( )A ．第1 s 内的位移是5 mB ．前2 s 内的平均速度是6 m/sC ．任意相邻的1 s 内位移差都是1 mD ．任意1 s 内的速度增量都是2 m/s9．一物体做匀加速直线运动，通过一段位移Δx 所用的时间为t 1，紧接着通过下一段位移Δx 所用的时间为t 2，则物体运动的加速度为( )A.2Δx t 1－t 2t 1t 2t 1＋t 2 B.Δx t 1－t 2t 1t 2t 1＋t 2C.2Δx t 1＋t 2t 1t 2t 1－t 2 D.Δx t 1＋t 2t 1t 2t 1－t 210．在塔顶上将一物体竖直向上抛出，抛出点为A ，物体上升的最大高度为20 m ，不计空气阻力，设塔足够高，则物体位移大小为10 m 时，物体通过的路程可能为( )A ． 10 mB ．20 mC ．30 mD ．50 m11．如图所示，一圆管放在水平地面上，长为L ＝0.5 m ，圆管的上表面离天花板距离h ＝2.5 m ，在圆管的正上方紧靠天花板放一小球(可看成质点)，让小球由静止释放，同时给圆管一竖直向上大小为5 m/s 的初速度，g 取10 m/s 2.(1)求小球释放后经多长时间与圆管相遇；(2)试判断在圆管落地前小球能不能穿过圆管？如果不能，小球和圆管落地的时间差多大？如果能，小球穿过圆管的时间多长？。

高三物理周练六1．有一绕地球作匀速圆周运动的人造卫星，其运行方向与地球的自转方向相同，轨道半径为2R(R 为地球半径)，地球自转的角速度为ω0．若某时刻卫星正经过赤道上某幢楼房的上空，那么卫星再次经过这幢楼房的上空时，需经历的时间为( )000A.2) B.22) D.2/πωππωπω2．在高速公路的拐弯处，路面造得外高内低．即当车向右拐弯时，司机左侧的路面比右侧的要高一些，路面与水平面间的夹角为θ.设拐弯路段是半径为R 的圆弧，要使车速为v 时车轮与路面之间的横向(即垂直于前进方向)摩擦力等于零，θ应等于( )22222A.arcsinB.arctgC.arcsinD.arcctg v v v v Rg Rg Rg Rg3．静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力，当拉力开始作用瞬间（ ） （A ）物体立即具有速度和加速度 （B ）物体立即具有加速度但速度为零 （C ）物体立即具有速度但加速度为零 (D) 物体的速度和加速度该时刻都为零4．一斜劈被两个小桩A 和B 固定在光滑的水平地面上，A 、B 和斜面的接触部分刚好没有作用力.然后在斜面上放一物体，如图所示，以下判断正确的是( ) (A) 若物体静止在斜面上，则B 受到挤压 (B) 若物体匀速下滑，则A 、B 都不受到挤压(C) 若物体加速下滑，则B 受到挤压(D) 若物体加速下滑，则地面对斜面的支持力小于斜面和物体的总重力之和5．某国试图发射一颗绕地球作圆周运动的人造地球卫星．设地球半径为6400km ，地球表面的重力加速度为9.8m/s 2．下列设想中可以实现的是（ ）(A) 卫星的线速度大小为9.7km/s (B) 卫星的线速度大小为6.5km/s (C) 卫星的周期为12h (D) 卫星的周期为1h6．如图所示，真空中光滑绝缘细杆ab 水平放置，细杆两端分别固定带电量均为+Q 的点电荷，O 点是细杆的中点，在ao 的中点c 处套有一个带负电的小球（可看成检验电荷）．现使小球以初速度0v 向b 运动，随后小球的运动情况可能是（ ）（A ）始终向b 运动，减速直至停止 （B ）始终向b 运动，先减速后加速（C ）先向b 作减速运动，后向a 作加速运动（D ）在o 点两侧作往复运动7．四个小球在离地面不同高度同时从静止释放，不计空气阻力，从开始运动时刻起每隔相等的时间间隔，小球依次碰到地面．下列各图中，能反映出刚开始运动时各小球相对地面的位置的是（ ）c Q o + Q bq8．如图所示，当汽车通过拱桥顶点的速度为10m/s 时，车对桥顶的压力为车重的3/4，如果要使汽车在粗糙的桥面行驶至桥顶时，不受摩擦力作用，则汽车通过桥顶的速度应为：（ ）(A)15m/s. (B)20m/s. (C)25m/s. (D)30m/s.9．一升降机在箱底装有若干个弹簧，设在某次事故中，升降机吊索在空中断裂，忽略摩擦力，则升降机在从弹簧下端触地后直到最低点的一段运动过程中（ ） （A ）升降机的速度不断减小 （B ）升降机的加速度不断变大（C ）先是弹力做的负功小于重力做的正功，然后是弹力做的负 功大于重力做的正功（D ）到最低点时，升降机加速度的值一定大于重力加速度的值10．如图所示，长度相同的三根轻杆构成一个正三角形支架，在A 处固定质量为2m 的小球，B 处固定质量为m 的小球。

高阳中学2014届高三上学期第五次周练物理试题1.关于惯性的大小，以下说法正确的是哪一个？错误的说法如何修正。

A ．只有处于静止或匀速运动状态的物体才具有惯性。

B ．推动地面上静止的物体比保持这个物体做匀速运动所需的力大，所以静止的物体惯性大。

C ．在光滑的水平面上，用相同的水平推力推一辆空车和一辆装满货物的车，空车启动的快，所以质量小的物体惯性小。

D ．在月球上举起重物比地球上容易，所以同一物体在月球上比地球上惯性小。

2.火车在长直水平轨道上匀速行驶，门窗紧闭的车厢内有一个人向上跳起，发现仍落回到车上原处，这是因为：A ．人跳起后，车厢内空气给他向前的力，带着他随同火车一起向前运动。

B ．人跳起的瞬间，车厢的地板给他一个向前的力，推动他随同火车一起向前运动。

C ．人跳起后，车在继续向前运动，所以人落下后必定偏后一些，只是由于时间很短偏后距离太短看不出来。

D ．人跳起后直到落地，在水平方向上和车始终具有相同的速度。

3.当高速行驶的公共汽车突然刹车，乘客会向什么方向倾斜？为什么？若公共汽车向左转弯，乘客会向什么方向倾斜？为什么？为什么在高速公路上行驶的小车中的司机和乘客必须系好安全带？4.一向右运动的车厢顶上悬挂两单摆M 与N ，它们只能在图示平面内摆动，某一瞬时出现图示情景，由此可知车厢的运动及两单摆相对车厢的运动的可能情况是A ．车厢做匀速直线运动，M 在摆动，N 静止（ ）B ．车厢做匀速直线运动，M 在摆动，N 也在摆动C ．车厢做匀速直线运动，M 静止，N 在摆动D ．车厢做匀加速直线运动，M 静止，N 也静止5.如图3-3所示，小车从足够长的光滑斜面自由下滑，斜面倾角为α，小车上吊着小球m ，试证明：当小球与小车相对静止后，悬线与天花板垂直。

6.如图所示，AB 、AC 为位于竖直平面的两根光滑细杆，A 、B 、C 三点恰位于圆周上，C 为该圆周的最低点，b 、c 为套在细杆上的两个小环。

2014-2015学年河北省保定市高阳中学高一（上）第六次周练物理试卷一、选择题1．（3分）（2012秋•新化县校级期中）两个做匀变速直线运动的质点，下列说法中正确的是（）A．经过相同的时间，速度大的质点加速度必定大B．若初速度相同，速度变化大的质点加速度必定大C．若加速度相同，初速度大的质点的末速度一定大D．相同时间里，加速度大的质点速度变化必定大2．（3分）（2012秋•慈溪市校级月考）一辆汽车在平直的高速公路上行驶．已知在某段时间内这辆汽车的加速度方向与速度方向相同，则在这段时间内，该汽车（）A．一定做加速直线运动B．不一定做匀加速直线运动C．可能做匀变速直线运动D．一定做匀变速直线运动3．（3分）（2012秋•蒙自县校级期中）如图所示的四个图象中表示物体做匀加速直线运动的图象是（）A．B．C．D．4．（3分）（2014秋•建德市校级月考）甲、乙两个物体沿同一直线向同一方向运动时，取物体的初速度方向为正，甲的加速度恒为2m/s2，乙的加速度恒为﹣3m/s2，则下列说法中正确的是（）A．两物体都做加速直线运动，乙的速度变化快B．甲做加速直线运动，它的速度变化快C．乙做减速直线运动，它的速度变化率大D．甲的加速度比乙的加速度大5．（3分）（2008•汕头校级模拟）若汽车的加速度方向与速度方向一致，当加速度减小时，则（）A．汽车的速度也减小B．汽车的速度仍在增大C．当加速度减小到零时，汽车静止D．当加速度减小到零时，汽车的速度达到最大6．（3分）（2012秋•开远市校级期末）甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度﹣时间图象分别如图中的a和b所示．在t1时刻（）A．它们的运动方向相同B．它们的运动方向相反C．甲的速度比乙的速度大D．乙的速度比甲的速度大7．（3分）（2006秋•青岛期末）如图所示，用闪光灯照相的方法记录某同学的运动情况，若设定向右的方向为正方向，则下列图象能大体描述该同学运动情况的是（）A．B．C．D．8．（3分）（2008秋•荔湾区校级期末）一物体运动的v﹣﹣t图象如图所示，设向右为正，下列关于前4s内物体运动情况的判断，下列说法正确的是（）A．物体始终向右运动B．物体先向右运动，第2s末开始向左运动C．第3s末物体在出发点的左侧D．第2s末物体距出发点最远9．（3分）（2010秋•惠山区校级期中）跳伞运动员做低空跳伞表演，当飞机离地面某一高度静止于空中时，运动员离开飞机自由下落，运动一段时间后打开降落伞，展伞后运动员以5m/s2的加速度匀减速下降，则在运动员减速下降的任1s内（）A．这1s初的速度比前1s末的速度小5m/sB．这1s末的速度是前1s末的速度的0.2倍C．这1s末的速度比前1s末的速度小5m/sD．这1s末的速度比前1s初的速度小10m/s二、解答题10．为了对付来自个别国家的威胁，伊朗在继“谢哈布﹣3”导弹试射成功后，继续研制具备远程打击能力的“谢哈布﹣4”和“谢哈布﹣5”导弹，其中“谢哈布﹣5”的射程可达5000千米，“谢哈布﹣3”型导弹长17米，可以携带重达800公斤的弹头，如果在公路上机动发射，射程可达1500千米．（1）假设某国的高空侦察机频繁进入伊朗上空侦察，若一架高空侦察机正以300m/s的速度向伊朗某城市飞来，它将通过该城市上空的A点，伊朗某导弹基地通过雷达探测到该侦察机在做匀速直线运动，在侦察机离A点尚有一段距离时发射“谢哈布﹣3”导弹，导弹以80m/s2的加速度做匀加速直线运动，以1200m/s的速度在A点击中该侦察机，则导弹发射后击中敌机所需的时间为A．3.75s B．15s C．30s D．45s（2）当该侦察机离A点的距离为下列哪一数值时导弹基地发射导弹正好击中敌机A．300m B．1 200m C．4 500mD．18 000m．11．（2014秋•舒城县校级期中）质点从静止开始做匀加速直线运动，经4s后速度达到20m/s，然后匀速运动了10s，接着匀减速运动经4s后静止．求（1）质点在加速运动阶段的加速度是多大？（2）质点在16s末的速度为多大？12．一辆卡车正在平直公路上以10m/s的速度匀速行驶，司机突然发现前方路口处亮起红灯，于是立即刹车使卡车匀减速前进．当卡车速度减小到2m/s时，信号灯转换为绿灯，司机又立即放开刹车，换挡加速，只用了减速过程一半的时间就匀加速到了原来稳定时的速度．已知从开始刹车到恢复到原来的速度一共经历了12s，求：（1）汽车减速和加速时的加速度大小；（2）从开始刹车算起，2s末和10s末的瞬时速度．2014-2015学年河北省保定市高阳中学高一（上）第六次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2012秋•新化县校级期中）两个做匀变速直线运动的质点，下列说法中正确的是（）A．经过相同的时间，速度大的质点加速度必定大B．若初速度相同，速度变化大的质点加速度必定大C．若加速度相同，初速度大的质点的末速度一定大D．相同时间里，加速度大的质点速度变化必定大考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a==，分析加速度与初速度、时间、末速度的关系．由加速度定义式可知，相同时间内，加速度大的质点，速度变化△v必定大．解答：解：A、根据加速度的定义式a==，可知加速度与初速度、时间、末速度都有关，经过相同时间，速度v大的质点，加速度不一定大，还与质点的初速度有关．故A 错误．B、若初速度相同，速度变化大的质点加速度不一定大，还与速度变化所用时间t有关．故B 错误．C、若加速度相同，由速度公式v=v0+at可知，初速度大的质点末速度不一定大，还与时间有关．故C错误．D、由加速度定义式可知，相同时间内，加速度大的质点，速度变化△v必定大．故D正确．故选D点评：本题的解题关键是掌握加速度的定义式，准确理解加速度的物理意义，把握加速度与速度的关系．2．（3分）（2012秋•慈溪市校级月考）一辆汽车在平直的高速公路上行驶．已知在某段时间内这辆汽车的加速度方向与速度方向相同，则在这段时间内，该汽车（）A．一定做加速直线运动B．不一定做匀加速直线运动C．可能做匀变速直线运动D．一定做匀变速直线运动考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：据v t=v0+at 和公式的矢量性分析其速度逐渐增大，再据匀变速运动与加速度的关系判断是否是匀变速运动．解答：解：据加速度的定义式：a=可知，当加速度的方向与速度的方向相同时，速度越来越大，所以一定做加速直线运动；但题意没有明确加速度的大小是否变化，当加速度大小恒定时，做匀变速直运动，所以只能说可能做匀变速直线运动，故AC正确，BD错误．故选：AC．点评：明确判断物体是否做匀变速运动的依据，物体是否做加速或减速运动的判断是解题的关键．3．（3分）（2012秋•蒙自县校级期中）如图所示的四个图象中表示物体做匀加速直线运动的图象是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度．分别分析物体的运动情况，即可作出选择．解答：解：A、此图表示物体的速度方向为负，大小均匀增大，说明物体做匀加速直线运动，故A正确．B、此图表示物体的速度方向为负，大小均匀减小，说明物体做匀减速直线运动，故B错误．C、物体的速度均匀减小，说明物体做匀减速直线运动，不符合题意．故C错误．D、速度均匀增大，说明物体做匀加速直线运动．故D正确．故选：AD．点评：本题是速度图象问题，由图线形状直接读出物体速度的变化，关键要抓住图线的“斜率”等于加速度．4．（3分）（2014秋•建德市校级月考）甲、乙两个物体沿同一直线向同一方向运动时，取物体的初速度方向为正，甲的加速度恒为2m/s2，乙的加速度恒为﹣3m/s2，则下列说法中正确的是（）A．两物体都做加速直线运动，乙的速度变化快B．甲做加速直线运动，它的速度变化快C．乙做减速直线运动，它的速度变化率大D．甲的加速度比乙的加速度大考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．解答：解：甲的加速度方向与速度方向相同，做匀加速直线运动，乙的加速度方向与速度方向相反，做匀减速直线运动．乙的加速度大，可知乙的速度变化快．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．5．（3分）（2008•汕头校级模拟）若汽车的加速度方向与速度方向一致，当加速度减小时，则（）A．汽车的速度也减小B．汽车的速度仍在增大C．当加速度减小到零时，汽车静止D．当加速度减小到零时，汽车的速度达到最大考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：当加速度方向与速度方向相同，物体在做加速直线运动，根据加速度物理意义分析速度变化情况．解答：解：A、B，汽车的加速度方向与速度方向一致，汽车在做加速运动．故A错误，B正确．C、D，加速度减小，汽车的速度增加由快变慢，但速度仍在增加，当加速度为零时，汽车做匀速运动，速度达到最大．故C错误，D正确．故选BD点评：加速度与速度没有直接的关系，加速度增大，速度不一定增加，加速度减小，速度不一定减小．加速度为零，速度不一定为零．6．（3分）（2012秋•开远市校级期末）甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度﹣时间图象分别如图中的a和b所示．在t1时刻（）A．它们的运动方向相同B．它们的运动方向相反C．甲的速度比乙的速度大D．乙的速度比甲的速度大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线速度的正负表示运动的方向，根据图线可得出某时刻速度的大小．解答：解：A、在t1时刻，甲和乙的速度都为正值，可知它们的运动方向相同．故A正确，B错误．C、在t1时刻，乙的速度大小大于甲的速度大小．故C错误，D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键知道速度时间图线表示的物理意义，知道图线斜率、速度的正负值、图线与时间轴围成的面积表示的含义．7．（3分）（2006秋•青岛期末）如图所示，用闪光灯照相的方法记录某同学的运动情况，若设定向右的方向为正方向，则下列图象能大体描述该同学运动情况的是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：从图片看出，此人向左运动，频闪照相每次拍照的时间间隔相同，根据相邻位置位移的变化，分析人的运动情况，再选择速度图象．解答：解：从图片看出，此人向左运动，速度始终为负．在运动过程中，相邻位置的距离先逐渐减小后逐渐增大，因频闪照相每次拍照的时间间隔相同，所以可知人的速度先减小后增大，能大致反映该同学运动情况的速度﹣﹣时间图象是A．故选A点评：本题考查分析实际问题的能力．分析物体的运动情况，找出运动情况与速度图象对应关系是关键．8．（3分）（2008秋•荔湾区校级期末）一物体运动的v﹣﹣t图象如图所示，设向右为正，下列关于前4s内物体运动情况的判断，下列说法正确的是（）A．物体始终向右运动B．物体先向右运动，第2s末开始向左运动C．第3s末物体在出发点的左侧D．第2s末物体距出发点最远考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度的正负判断速度的方向．速度图象的斜率等于加速度．根据图线速度变化的变化分析物体做什么运动．解答：解：A、由图看出，在前2s内，物体沿正方向即向右运动，在后2s内物体沿负方向即向左运动．故A错误，B正确．C、体在前2s内向右做匀减速运动，位移为x1=；在后2s内物体向左方向做匀加速运动，位移为x2=，总位移为x=x1+x2=0，所以物体2s末位移最大距出发点最远，第3s末物体在出发点的右侧，4s末回到了原出发点．故C错误，D正确．故选：BD点评：根据速度图象直接速度加速度的方向，由斜率大小求出加速度的大小、由“面积”求出位移是基本能力，要熟练掌握．9．（3分）（2010秋•惠山区校级期中）跳伞运动员做低空跳伞表演，当飞机离地面某一高度静止于空中时，运动员离开飞机自由下落，运动一段时间后打开降落伞，展伞后运动员以5m/s2的加速度匀减速下降，则在运动员减速下降的任1s内（）A．这1s初的速度比前1s末的速度小5m/sB．这1s末的速度是前1s末的速度的0.2倍C．这1s末的速度比前1s末的速度小5m/sD．这1s末的速度比前1s初的速度小10m/s考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义可知，加速度在数值上等于单位时间内速度的变化，分析任意时间内速度的变化量大小．解答：解：A、运动员以大小为5m/s2的加速度匀减速下降，根据加速度的定义可知，该运动员在单位时间内速度减小5m/s．由加速度的定义式可知，△v=at=（﹣5）×1m/s=﹣5m/s，任1s内初的速度和前1s末的速度相同，指的是同一时刻，运动员减速下降的任1s内运动员的末的速度是前1s末的速度小5m/s．故A，B错误，C正确；D、任1s内末的时刻比前1s初的时刻多2s时间，所以这1s末的速度比前1s初的速度小10m/s，故D正确；故选：CD．点评：本题考查加速度及速度的变化量，掌握加速度的定义式是关键．二、解答题10．为了对付来自个别国家的威胁，伊朗在继“谢哈布﹣3”导弹试射成功后，继续研制具备远程打击能力的“谢哈布﹣4”和“谢哈布﹣5”导弹，其中“谢哈布﹣5”的射程可达5000千米，“谢哈布﹣3”型导弹长17米，可以携带重达800公斤的弹头，如果在公路上机动发射，射程可达1500千米．（1）假设某国的高空侦察机频繁进入伊朗上空侦察，若一架高空侦察机正以300m/s的速度向伊朗某城市飞来，它将通过该城市上空的A点，伊朗某导弹基地通过雷达探测到该侦察机在做匀速直线运动，在侦察机离A点尚有一段距离时发射“谢哈布﹣3”导弹，导弹以80m/s2的加速度做匀加速直线运动，以1200m/s的速度在A点击中该侦察机，则导弹发射后击中敌机所需的时间为 BA．3.75s B．15s C．30s D．45s （2）当该侦察机离A点的距离为下列哪一数值时导弹基地发射导弹正好击中敌机CA．300m B．1 200m C．4 500mD．18 000m．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出击中敌机的时间．根据位移关系，结合运动学公式求出侦察机离A点的距离．解答：解：（1）根据匀变速直线运动的速度时间公式得，t=．故选：B．（2）侦察机距离A点的距离x=v′t=300×15m=4500m．故选：C．故答案为：（1）B，（2）C．点评：解决本题的关键理清物体的运动规律，结合运动学公式进行求解，本题题干较长，要合理地选择有用信息．11．（2014秋•舒城县校级期中）质点从静止开始做匀加速直线运动，经4s后速度达到20m/s，然后匀速运动了10s，接着匀减速运动经4s后静止．求（1）质点在加速运动阶段的加速度是多大？（2）质点在16s末的速度为多大？考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出质点加速阶段的加速度．（2）根据速度时间公式求出匀减速直线运动的加速度，再根据速度时间公式求出16s末的速度．解答：解：（1）匀加速阶段的加速度．（2）匀减速直线运动的加速度．则t=16s末的速度等于减速2s末的速度．则v′=v+a2t2=20﹣5×2m/s=10m/s．答：（1）质点在加速运动阶段的加速度是5m/s2．（2）质点在16s末的速度为10m/s．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用．12．一辆卡车正在平直公路上以10m/s的速度匀速行驶，司机突然发现前方路口处亮起红灯，于是立即刹车使卡车匀减速前进．当卡车速度减小到2m/s时，信号灯转换为绿灯，司机又立即放开刹车，换挡加速，只用了减速过程一半的时间就匀加速到了原来稳定时的速度．已知从开始刹车到恢复到原来的速度一共经历了12s，求：（1）汽车减速和加速时的加速度大小；（2）从开始刹车算起，2s末和10s末的瞬时速度．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：减速运动的时间是加速运动时间的2倍，根据总时间，求出减速运动和加速运动的时间．根据a=求出减速与加速过程中的加速度大小．结合速度时间公式求出瞬时速度．解答：解：（1）由题意得：t1+t2=12st1=2t2v1=v0﹣a1t1v0=v1+a2t2联立得：减速过程a1=1m/s2加速过程a2=2m/s2（2）汽车速度减为零的时间根据速度时间公式：v2=v0﹣a1t′得：v2=8m/sv10=v1+a2t2′=2+2×2=6m/s．答：（1）汽车减速和加速时的加速度大小分别为1m/s2、2m/s2．（2）从开始刹车算起，2s末和10s末的瞬时速度为8m/s，6m/s．点评：该题中：“只用了减速过程的一半时间卡车就加速到原来的速度”是该题的题眼，据此才能找出减速阶段与加速阶段的时间关系；在第二问中，要注意卡车的中间速度（减速阶段的末速度）不为0．。

河北省保定市高阳中学2015届高三上学期第二次周练物理试卷1．如图是火箭点火升空瞬间的照片，关于这一瞬间的火箭的速度和加速度的判断，下列说法正确的是()A．火箭的速度很小，但加速度可能较大B．火箭的速度很大，加速度可能也很大C．火箭的速度很小，所以加速度也很小D．火箭的速度很大，但加速度一定很小2．沿直线做匀变速运动的质点在第一个0.5 s内的平均速度比它在第一个1.5 s内的平均速度大2.45 m/s，以质点的运动方向为正方向，则质点的加速度为()A．2.45 m/s2B．－2.45 m/s2C．4.90 m/s2D．－4.90 m/s23．甲、乙两质点在同一直线上运动的v－t图象如图中的a、b所示，其中a是恰好与两坐标轴相切的1/4圆弧，b是过原点和(8,8)的直线．t＝0时刻两质点的位置相同．在0～8 s内两质点的位置关系，下列说法正确的是()A．t1时刻两质点再次相遇B．t1时刻两质点间的距离最大C．在t1～8 s内的某时刻两质点相遇D．t＝8 s 时，b在a前方32 m处4．如图为一物体从静止开始做直线运动的加速度随时间变化的图象，则下列物体运动的v－t 图象中正确的是()5．如图所示，有两个完全相同的光滑直角弯管，现有两只相同小球a 和b 同时从管口由静止滑下，则(假设通过拐角处时无机械能损失)( )A ．a 先从下端的出口掉出B ．b 先从下端的出口掉出C ．a 和b 同时到达出口D ．无法确定a 和b 谁先到达出口6．物体从静止开始做匀加速直线运动，第3 s 内通过的位移是3 m ，则( ) A ．第3 s 内的平均速度是3 m/s B ．物体的加速度是1.2 m/s 2 C ．前3 s 内的位移是6 m D ．3 s 末的速度是4 m/s7．某军事试验场正在平地上试射地对空导弹，若某次竖直向上发射导弹时发生故障，造成导弹的v －t 图象如图所示，则下述说法中正确的是( )A ．0～1 s 内导弹匀加速上升B ．1～2 s 内导弹静止不动C ．3 s 末导弹回到出发点D ．5 s 末导弹恰好回到出发点8．从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0～t 0时间内，下列说法中正确的是( )A ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小B ．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小C ．Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都不是v 1＋v 229．在一次救灾活动中，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8 s ，由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经4 s 停在巨石前．则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是 ( )A ．加速、减速中的加速度大小之比为a 1∶a 2等于2∶1B ．加速、减速中的平均速度大小之比为v 1∶v 2等于1∶1C ．加速、减速中的位移之比x 1∶x 2等于2∶1D ．加速、减速中的加速度大小之比a 1∶a 2不等于1∶2三、非选择题(本大题共3小题，共46分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)10．(10分)某学生利用“研究匀变速直线运动”的实验装置来测量一个质量为m ＝50 g 的重锤下落时的加速度值，该学生将重锤固定在纸带下端，让纸带穿过打点计时器，实验装置如图所示．(1)以下是该同学正确的实验操作和计算过程，请填写其中的空白部分：①实验操作：__________________，释放纸带，让重锤自由落下，________________. ②取下纸带，取其中的一段标出计数点如图所示，测出相邻计数点间的距离分别为x 1＝2.60 cm ，x 2＝4.14 cm ，x 3＝5.69 cm ，x 4＝7.22 cm ，x 5＝8.75 cm ，x 6＝10.29 cm ，已知打点计时器的打点间隔T ＝0.02 s ，则重锤运动的加速度计算表达式为a ＝____________，代入数据，可得加速度a ＝________m/s 2(计算结果保留三位有效数字)．(2)该同学从实验结果发现，重锤下落时的加速度比实际的重力加速度小，为了有效地缩小这个实验测得的加速度与实际的重力加速度之差，请你提出一个有效的改进方法：________________________________________________________________________________________________________________________________________________.11．汽车前方120 m 有一自行车正以6 m/s 的速度匀速前进，汽车以18 m/s 的速度追赶自行车，若两车在同一条公路不同车道上做同方向的直线运动，求：(1)经多长时间，两车第一次相遇？(2)若汽车追上自行车后立即刹车，汽车刹车过程中的加速度大小为2 m/s 2，则再经多长时间两车第二次相遇？12．某校一课外活动小组自制一枚火箭，设火箭发射后，始终在垂直于地面的方向上运动．火箭点火后可认为做匀加速直线运动，经过4 s 到达离地面40 m 高处时燃料恰好用完，若不计空气阻力，取g ＝10 m/s 2，求：(1)燃料恰好用完时火箭的速度． (2)火箭上升离地面的最大高度．(3)火箭从发射到残骸落向地面过程的总时间．答案：1． A. 2． D. 3．C.4． A.5. A. 6．AB7． AD. 8． AD.9 BC. 10．(1)①接通电源 实验结束关闭电源 ②(x 4＋x 5＋x 6)－(x 1＋x 2＋x 3)36T 29.60(2)将重锤换成较大质量的重锤或者换用电火花打点计时器或频闪照相法。

2014-2015学年河北省保定市高阳中学高三（上）第十八次周练物理试卷一、选择题1．（3分）（2013•山东）图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表．线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动．从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为10AB．线圈转动的角速度为50π rad/sC．0.01s时线圈平面与磁场方向平行D．0.02s时电阻R中电流的方向自右向左2．（3分）（2012•广东）某小型发电机产生的交变电动势为e=50sin100πt（V），对此电动势，下列表述正确的有（）A．最大值是50 V B．频率是100 HzC．有效值是25 V D．周期是0.02 s3．（3分）（2015春•枣庄期中）通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为（）A．12 V B．4 V C．15 V D． 8 V4．（3分）如图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R=10Ω连接，与电阻R并联的交流电压表为理想电压表，示数是10V．图乙是矩形线圈中磁通量Φ随时间t变化的图象．则（）A．电阻R上的电功率为20 WB．0.02 s时R两端的电压瞬时值为零C．R两端的电压u随时间t变化的规律是u=14.1cos 100πt（V）D．通过R的电流i随时间t变化的规律是i=1.41co s 50πt（A）5．（3分）（2013•湖南模拟）如图所示，边长为L的正方形单匝线圈abcd，电阻r，外电路的电阻为R，a、b的中点和cd的中点的连线OO′恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度ω绕轴OO′匀速转动，则以下判断正确的是（）A．图示位置线圈中的感应电动势最大为E m=BL2ωB．闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e=BL2ωsinωtC．线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为q=D．线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q=6．（3分）（2013•四川）用220V的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电，变压器输出电压是110V，通过负载的电流图象如图所示，则（）A．变压器输入功率约为3.9WB．输出电压的最大值是110VC．变压器原、副线圈匝数比是1：2D．负载电流的函数表达式i=0.05sin（1OOπt+）A7．（3分）（多选）为保证用户电压稳定在220V，变电所需适时进行调压，图甲为变压器示意图．保持输入电压U1不变，当滑动接头P上下移动时可改变输出电压．某次检测得到用户电压随时间t变化的曲线如图乙所示．以下正确的是（）A．u2=190 sin （50πt）VB．u2=190 sin （100πt）VC．为使用户电压稳定在220 V，应将P适当下移D．为使用户电压稳定在220 V，应将P适当上移8．（3分）（2010•浙江）某水电站，用总电阻为2.5Ω的输电线输电给500km外的用户，其输出电功率是3×106kW．现用500kV电压输电，则下列说法正确的是（）A．输电线上输送的电流大小为2.0×105AB．输电线上由电阻造成的损失电压为15kVC．若改用5kV电压输电，则输电线上损失的功率为9×108kWD．输电线上损失的功率为△P=，U为输电电压，r为输电线的电阻9．（3分）（2014•新建县校级模拟）如图所示，理想变压器与电阻R，交流电压表V、交流电流表A按图甲所示方式连接，已知变压器的原副线圈的匝数比为，电阻R=10Ω．图乙是R两端电压U随时间变化的图象，Um=10V．则下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率是50Hz B．电流表A的读数为 A C．电压表V的读数为10V D．变压器的输入功率为1OW10．（3分）（多选）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1：10，接线柱a、b接在电压为u=22sin （100πt）V的交流电源上，R1为定值电阻，其阻值为100Ω，R2为用半导体热敏材料制成的传感器．下列说法中正确的是（）A． t= s时，a、b两点间电压的瞬时值为11 VB． t= s时，电压表的读数为220 VC．当R2的温度升高时，电压表示数不变，电流表示数变大D．在1分钟内电阻R1上产生的热量为2 904 J2014-2015学年河北省保定市高阳中学高三（上）第十八次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2013•山东）图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表．线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动．从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为10AB．线圈转动的角速度为50π rad/sC．0.01s时线圈平面与磁场方向平行D．0.02s时电阻R中电流的方向自右向左考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：由题图乙可知交流电电流的最大值、周期，电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向．解答：解：A、由题图乙可知交流电电流的最大值是A，周期T=0.02s，由于电流表的示数为有效值，故示数I==10A，选项A正确；B、角速度==100π rad/s，选项B错误；C、0.01s时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故线圈平面与磁场方向平行，选项C正确；D、由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向自左向右，选项D错误．故选AC．点评：本题是2013年的高考题，考查的知识点较多，难度不大．2．（3分）（2012•广东）某小型发电机产生的交变电动势为e=50sin100πt（V），对此电动势，下列表述正确的有（）A．最大值是50 V B．频率是100 HzC．有效值是25 V D．周期是0.02 s考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由电动势的表达式可知，最大值为50 V，从而计算有效值，根据角速度求频率和周期．解答：解：A、C由电动势的表达式可知，最大值为50 V，而有效值为：E= V=25 V，A错误C正确；B、Dω=2πf=100π，故f=50 Hz，周期T==0.02 s，B错误D正确．故选CD点评：本题考查了交流电的最大值和有效值，根据角速度计算周期和频率．3．（3分）（2015春•枣庄期中）通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为（）A．12 V B．4 V C．15 V D． 8 V考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：由图象可知交变电流的周期，一个周期内分为两段，每一段均为恒定电流，根据焦耳定律即可得一个周期内交变电流产生的热量．解答：解：由有效值的定义可得：I12Rt1+I22Rt2=T，代入数据得：（0.1）2R×0.8+（0.2）2×R×0.2=×1，将R=100Ω带入解得：U=4V故选：B点评：的是根据交变电流有效值的定义，计算有关交变电流的有效值，注意若是正弦式交流电，则最大值等于有效值倍的关系．4．（3分）如图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R=10Ω连接，与电阻R并联的交流电压表为理想电压表，示数是10V．图乙是矩形线圈中磁通量Φ随时间t变化的图象．则（）A．电阻R上的电功率为20 WB．0.02 s时R两端的电压瞬时值为零C．R两端的电压u随时间t变化的规律是u=14.1cos 100πt（V）D．通过R的电流i随时间t变化的规律是i=1.41cos 50πt（A）考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：交流发电机产生电动势的最大值E m=nBSω，交流电压表显示的是路端电压有效值，从乙图中能找出周期即可求得瞬时表达式解答：解：A、电阻R消耗的功率为P=，故A错误；B、0.02 s时磁通量的变化率最大，此时产生的感应电动势最大，故B错误；C、产生的感应电动势的最大值为=14.1V，由乙图可知，周期为T=0.02s，角速度，故R两端的电压u随时间t变化的规律是u=14.1cos 100πt（V），故C正确；D、感应电流的角速度为100πrad/s，故D错误故选：C点评：本题考查了交流电的峰值和有效值、周期和频率的关系，记住，求热量用有效值．5．（3分）（2013•湖南模拟）如图所示，边长为L的正方形单匝线圈abcd，电阻r，外电路的电阻为R，a、b的中点和cd的中点的连线OO′恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度ω绕轴OO′匀速转动，则以下判断正确的是（）A．图示位置线圈中的感应电动势最大为E m=BL2ωB．闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e=BL2ωsinωtC．线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为q=D．线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q=考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：当线圈与磁场平行时感应电动势最大，由公式E m=BSω求解感应电动势的最大值．图中是中性面，线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流，根据e=E m sinωt可列出感应电动势的瞬时表达式，根据感应电荷量q=，求通过电阻R的电荷量．最大值是有效值的倍，求得电动势有效值，根据焦耳定律求电量Q．解答：解：A、图示位置线圈中没有任何一边切割磁感线，感应电动势为零，故A错误．B、当线圈与磁场平行时感应电动势最大，最大值为E m=BSω=Bω，瞬时值表达式为e=E m sinωt=BL2ωsinωt．故B正确．C、线圈从图示位置转过180°的过程中，穿过线圈磁通量的变化量大小为△Φ=2BS=2B=BL2，流过电阻R的电荷量为q==，故C错误．D、感应电动势的有效值为E=，感应电流有效值为I=，R产生的热量为Q=I2RT，T=，联立得Q=．故D正确．故选：BD．点评：本题要掌握正弦式交变电流瞬时值表达式，注意计时起点，掌握感应电荷量的经验公式q=，知道用有效值求热量．6．（3分）（2013•四川）用220V的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电，变压器输出电压是110V，通过负载的电流图象如图所示，则（）A．变压器输入功率约为3.9WB．输出电压的最大值是110VC．变压器原、副线圈匝数比是1：2D．负载电流的函数表达式i=0.05sin（1OOπt+）A考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据图象知道负载电阻中电流的峰值和有效值，周期和角速度，根据输入功率等于输出功率，匝数之比等于电压之比分析各项．解答：解：A、负载的功率P=UI=110×≈3.9W，输入功率等于输出功率，A正确；B、输出电压的最大值是110V，B错误；C、变压器原、副线圈匝数比等于电压之比220：110=2：1，C错误；D、负载电流的函数表达式i=0.05sinlOOπt，D错误；故选A点评：本题考查了交流电瞬时值表达式的物理意义和变压器的工作原理，难度中等．7．（3分）（多选）为保证用户电压稳定在220V，变电所需适时进行调压，图甲为变压器示意图．保持输入电压U1不变，当滑动接头P上下移动时可改变输出电压．某次检测得到用户电压随时间t变化的曲线如图乙所示．以下正确的是（）A．u2=190 sin （50πt）VB．u2=190 sin （100πt）VC．为使用户电压稳定在220 V，应将P适当下移D．为使用户电压稳定在220 V，应将P适当上移考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据图象可以得知用户的电压偏小了，根据电压和匝数成正比的关系，可以确定需要如何来调整滑动接头P解答：解：A、由于用户电压u2随时间t变化的曲线周期为0.02s，所以u2=190sin （100πt）V，选项B正确，A错误；C、为使用户电压稳定在220V，应减小变压器原线圈匝数，应将P适当上移，选项C错误，D正确．故选：BD点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，根据电压和匝数成正比的关系，本题即可得到解决8．（3分）（2010•浙江）某水电站，用总电阻为2.5Ω的输电线输电给500km外的用户，其输出电功率是3×106kW．现用500kV电压输电，则下列说法正确的是（）A．输电线上输送的电流大小为2.0×105AB．输电线上由电阻造成的损失电压为15kVC．若改用5kV电压输电，则输电线上损失的功率为9×108kWD．输电线上损失的功率为△P=，U为输电电压，r为输电线的电阻考点：远距离输电；电功、电功率．专题：计算题；交流电专题．分析：已知输送的电功率和输电电压，根据I=求出输电线上的电流；由△U=Ir求的损失电压；根据P=I2R求出输电线上损失的电功率．解答：解：A、B由P=IU得输电线上输送的电流，由△U=Ir得输电线路上的电压损失△U=6×103×2.5=15×103V，输电线上损失的功率为，故A错误，B正确．C、若改用5kV电压输电，输电线上损失的功率不可能超过输电功率3×106kW，否则违反了能量守恒定律，故C错误．D、输电线上损失的功率为△P计算时，U为输电线上的电压降，而不是输电电压．故D错误．故选B．点评：本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压．9．（3分）（2014•新建县校级模拟）如图所示，理想变压器与电阻R，交流电压表V、交流电流表A按图甲所示方式连接，已知变压器的原副线圈的匝数比为，电阻R=10Ω．图乙是R两端电压U随时间变化的图象，Um=10V．则下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率是50Hz B．电流表A的读数为 AC．电压表V的读数为10V D．变压器的输入功率为1OW考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：电压表、电流表的示数表示电压电流的有效值，原副线圈的电压比等于匝数之比，电流比等于匝数之反比，原线圈的电压决定副线圈的电压，副线圈的电流决定原线圈的电流．解答：解：A、由乙图可知，交变电流的周期为0.02s，故频率为：=50Hz；故A错误；B、由乙图可知，变压为的电压的有效值为10V，则输出端电流为=1A，根据电流关系可知，电流表的示数为：0.1A；故B错误；C、电压表测量输出端的电压值，故电压为10V；故C错误；D、电压之比等于匝数之比，故输入电压为10×10V=100V；变压器的输入功率P=UI=100×0.1W=10W；故D正确；故选：D．点评：本题考查变压器的原理及交流电的有效值，明确电表测量值均为有效值．10．（3分）（多选）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1：10，接线柱a、b接在电压为u=22sin （100πt）V的交流电源上，R1为定值电阻，其阻值为100Ω，R2为用半导体热敏材料制成的传感器．下列说法中正确的是（）A．t= s时，a、b两点间电压的瞬时值为11 VB．t= s时，电压表的读数为220 VC．当R2的温度升高时，电压表示数不变，电流表示数变大D．在1分钟内电阻R1上产生的热量为2 904 J考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：A、直接根据瞬时表达式代入数据求解．B、电压表读数为有效值．先根据最大值求有效值，再根据变压器的原副线圈的电压比等于匝数比，求得电压表读数．C、和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况D、根据有效值计算热量．解答：解：A、t= s时，a、b两点间电压的瞬时值为u=22sin100π×V=11V，所以A错误．B、无论何时，最大值为u=22V，所以有效值U1==22V．根据变压器的原副线圈的电压比等于匝数比，所以U2==220V，即电压表读数为220V．所以B正确．C、当R2的温度升高时，R2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A 示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V的示数不变．所以C 正确．D、计算热量用有效值．R1两端的电压有效值为100V，所以在1分钟内电阻R1上产生的热量为Q=t==29040J．所以D错误．故选：BC．点评：要知道有效值的物理意义，知道求热量用有效值；要知道变压器的原副线圈的电压比等于匝数比，并会计算；要会分析电路的动态变化，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况11。

1．在一次讨a、b、c三种不同颜色的单色点光源，有人在水面上方同等条件下观测发现，b 在水下的像最深，c照亮水面的面积比a的大．关于这三种光在水中的性质，同学们能做出什么判断？”有同学回答如下：光的频率最大 ②a光的传播速度最小光的折射率最大 ④a光的波长比b光的短根据老师的假定，以上回答正确的是 ( ) 利用半圆柱形玻璃，可减小激光光束的发散程度．在如图所示的光路中，A为激光的出射点，O为半圆柱形玻璃横截面的圆心，AO过半圆顶点．若某条从A点发出的与AO成α角的光线，以入射角i入射到半圆弧上，出射光线平行于AO，求此玻璃的折射率．如图，三棱镜的横截 面为直角三角形ABC，∠A＝30，∠B＝60.一束平行于AC边的光线自AB边的P点射入三棱镜，在AC边发生反射后从BC边的M点射出．若光线在P点的入射角和在M点的折射角相等．(1)求三棱镜的折射率；(2)在三棱镜的AC边是否有光线透出？写出分析过程．(不考虑多次反射) 如图所示，一束色光从长方体玻璃砖上表面射入玻璃，穿过玻璃后从侧面射出，变为a、b两束单色光，则以下说法正确的是 ( )玻璃对a光的折射率较大在玻璃中b光的波长比a光短在玻璃中b光传播速度比a光大减小入射角i，a、b光线有可能消失如图所示，AOB为透明扇形玻璃砖，圆心角∠AOB＝60，OM为∠AOB的角平分线，OM的单色光在空气中由OA边射入玻璃砖，经OA面折射后的光线恰平行于OB.则下列说法中正确的是( ) A．该玻璃的折射率为2经OA面折射后的光线射到AMB面都将发生全反射该入射光在空气中的波长与玻璃砖中的波长相等该入射光在空气中的频率与玻璃砖中的频率相等 如图所示，一个横截面为A＝30，∠C＝90，三棱镜材料的折射率是n＝一束与BC面成θ＝30角的光线射向BC面．(1)试通过计算说明在AC面下方能否观察到折射光线？(2)作出三棱镜内完整的光路图，指出最终的出射光线与最初的入射光线之间的夹角．。

2010-2023历年河北高阳中学高三上学期第三次周练物理试卷（带解析）第1卷一.参考题库(共10题)1.把一个重为G的物体用水平力F=kt（k为恒量，t为时间）压在竖直的足够高的墙面上，则从t=0开始物体受到的摩擦力f随时间变化的图象是下图中的2.物体A的质量为1kg，置于水平地面上，物体与地面的动摩擦因数为μ=0.2，从t =0开始物体以一定初速度v0向右滑行的同时，受到一个水平向左的恒力F=1N的作用，则能反映物体受到的摩擦力f随时间变化的图像的是图中的哪一个（取向右为正方向，g=10m/s2）3.如图所示，一劲度系数为k = 800N/m的轻弹簧两端各焊接着两个质量均为m = 12kg的物体A、B。

物体A、B和轻弹簧竖立静止在水平地面上，现要加一竖直向上的力F在上面物体A上，使物体A开始向上做匀加速运动，经0.4s物体B刚要离开地面，设整个过程中弹簧都处于弹性限度内，取g = 10m/s2，求：（1）此过程中所加外力F的最大值和最小值。

（2）此过程中外力F所做的功。

4.某同学用一个测力计（弹簧秤）、木块和细线去粗略测定一木块跟一个固定斜面之间的动摩擦因数μ。

设此斜面的倾角不大，不加拉力时，木块放在斜面上将保持静止。

（1）他是否要用测力计称出木块所受的重力？（2）写出他实验的主要步骤。

（3）推出求μ的计算式。

5.质量为40kg的雪撬在倾角θ=37°的斜面上向下滑动（如图1-4甲所示），所受的空气阻力与速度成正比。

今测得雪撬运动的v-t图像如图1-4乙所示，且AB是曲线的切线，B点坐标为（4，14.8），CD是曲线的渐近线。

试求空气的阻力系数k和雪撬与斜坡间的动摩擦因数μ。

6.一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的定滑轮，绳的一端系一质量M=15 kg的重物，重物静止于地面上。

有一质量m=10kg的猴子，从绳的另一端沿绳向上爬，如图1-1所示。

不计滑轮摩擦，在重物不离开地面的条件下，猴子向上爬的最大加速度为（g=10m/s2）A．25m/s2B．5m/s2C．10m/s2D．15m/s27.如图所示，竖直光滑杆上套一个小球和两根弹簧，两弹簧的一端各与小球相连，另一端分别用销钉M、N固定于杆上，小球处于静止状态。

2014-2015学年河北省保定市高阳中学高三（上）第十六次周练物理试卷一.选择题1．（3分）（2012•山东）以下叙述正确的是（）A．法拉第发现了电磁感应现象B．惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大C．牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果2．（3分）（2013•宝安区校级模拟）物理课上，老师做了一个奇妙的“跳环实验”．如图所示，她把一个带铁芯的线圈L开关S和电源用导线连接起来后，将一金属套环置于线圈L 上，且使铁芯穿过套环，闭合开关S的瞬间，套环立刻跳起．某同学另找来器材再探究此实验．他连接好电路，经重复试验，线圈上的套环均未动．对比老师演示的实验，下列四个选项中，导致套环未动的原因可能是（）A．线圈接在了直流电源上B．电源电压过高C．所选线圈的匝数过多D．所用套环的材料与老师的不同3．（3分）（2011•上海）如图，均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置，当a 绕O点在其所在平面内旋转时，b中产生顺时针方向的感应电流，且具有收缩趋势，由此可知，圆环a（）A．顺时针加速旋转B．顺时针减速旋转C．逆时针加速旋转D．逆时针减速旋转4．（3分）线圈在长直导线电流的磁场中，做如图所示的运动：A向右平动，B向下平动，C 绕轴转动（ad边向外转动角度θ≤90°），D向上平动（D线圈有个缺口），判断线圈中有感应电流的是（）A． A B． B C． C D．D5．（3分）（2015•松江区一模）如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大6．（3分）（2013•北京）如图，在磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动，MN中产生的感应电动势为E l；若磁感应强度增为2B，其他条件不变，MN中产生的感应电动势变为E2．则通过电阻R的电流方向及E1与E2之比E l：E2分别为（）A．c→a， 2：1 B．a→c，2：1 C．a→c，1：2 D．c→a，1：27．（3分）（2010•北京）在如图所示的电路中，两个相同的小灯泡L1和L2，分别串联一个带铁芯的电感线圈L和一个滑动变阻器R．闭合开关S后，调整R，使L1和L2发光的亮度一样，此时流过两个灯泡的电流均为I．然后，断开S．若t′时刻再闭合S，则在t′前后的一小段时间内，正确反映流过L1的电流L1、流过L2的电流l2随时间t变化的图象是（）A．B．C．D．8．（3分）（2013•惠州模拟）一环形线罔放在匀强磁场中，设第1s内磁感线垂直线圈平面向里，如图甲所示．若磁感强度B随时间t变化的关系如图乙所示，那么下列选项正确的是（）A．第1s内线闺中感应电流的大小逐渐增加B．第2s内线圈中感应电流的大小恒定C．第3S内线圈中感应电流的方向为顺时针方向D．第4S内线罔中感应电流的方向为逆时针方向9．（3分）如图所示，有一个磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，一半径为r、电阻为2R的金属圆环放置在磁场中，金属圆环所在的平面与磁场垂直．金属杆Oa一端可绕环的圆心O旋转，另一端a搁在环上，电阻值为R；另一金属杆Ob一端固定在O点，另一端b固定在环上，电阻值也是R．已知Oa杆以角速度ω匀速旋转，所有接触点接触良好，Ob不影响Oa的转动，则下列说法正确的是（）A．流过Oa的电流可能为B．流过Oa的电流可能为C．Oa旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr2D．Oa旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr2二.解答题10．（3分）（2013•重庆）小明在研究性学习中设计了一种可测量磁感应强度的实验，其装置如图所示．在该实验中，磁铁固定在水平放置的电子测力计上，此时电子测力计的计数为G1，磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场，其余区域磁场不计．直铜条AB的两端通过导线与一电阻连接成闭合回路，总阻值为R．若让铜条水平且垂直于磁场，以恒定的速率v 在磁场中竖直向下运动，这时电子测力计的计数为G2，铜条在磁场中的长度L．（1）判断铜条所受安培力的方向，G1和G2哪个大？（2）求铜条匀速运动时所受安培力的大小和磁感应强度的大小．11．（3分）如图甲所示，光滑导轨宽0.4m，ab为金属棒，均匀变化的磁场垂直穿过轨道平面，磁场的变化情况如图乙所示，金属棒ab的电阻为1Ω，导轨电阻不计．t=0时刻，ab 棒从导轨最左端，以v=1m/s的速度向右匀速运动，求1s末回路中的感应电流及金属棒ab 受到的安培力．2014-2015学年河北省保定市高阳中学高三（上）第十六次周练物理试卷参考答案与试题解析一.选择题1．（3分）（2012•山东）以下叙述正确的是（）A．法拉第发现了电磁感应现象B．惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大C．牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果考点：物理学史．分析：解答本题应掌握：法拉第发现了电磁感应现象；惯性是物体的固有属性，质量是惯性大小的量度．伽利略最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因；感应电流遵从楞次定律所描述的方向，符合能量守恒定律．解答：解：A、1831年英国科学家法拉第发现了电磁感应现象．故A正确．B、惯性是物体的固有属性，质量是惯性大小的量度，与速度大小无关．故B错误．C、伽利略最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因．故C错误．D、感应电流遵从楞次定律所描述的方向，由于在电磁感应现象中，安培力是阻力，外界通过克服安培力做功，将机械能转化为电能，故楞次定律所描述的感应电流方向，这是能量守恒定律的必然结果．故D正确．故选AD点评：本题考查了物理学史、惯性、楞次定律等等，要抓住惯性由物体的质量来量度，与速度无关，楞次定律符合能量守恒定律．2．（3分）（2013•宝安区校级模拟）物理课上，老师做了一个奇妙的“跳环实验”．如图所示，她把一个带铁芯的线圈L开关S和电源用导线连接起来后，将一金属套环置于线圈L 上，且使铁芯穿过套环，闭合开关S的瞬间，套环立刻跳起．某同学另找来器材再探究此实验．他连接好电路，经重复试验，线圈上的套环均未动．对比老师演示的实验，下列四个选项中，导致套环未动的原因可能是（）A．线圈接在了直流电源上B．电源电压过高C．所选线圈的匝数过多D．所用套环的材料与老师的不同考点：研究电磁感应现象．专题：实验题．分析：闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量发生变化，产生感应电流，从而受到安培力，会向上跳起．根据套环跳起的原理判断导致套环未动的原因．解答：解：A、线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动．故A错误．B、电源电压过高，在套环中产生的感应电流更大，更容易跳起．故B错误．C、线圈匝数过多，在套环中产生的感应电流越大，套环更容易跳起．故C错误．D、所用的套环材料是塑料，不可能产生感应电流，则不会受到安培力，不会跳起．故D正确．故选：D．点评：理解套环跳起的原因，即产生感应电流的效果阻碍引起感应电流磁通量的变化．3．（3分）（2011•上海）如图，均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置，当a 绕O点在其所在平面内旋转时，b中产生顺时针方向的感应电流，且具有收缩趋势，由此可知，圆环a（）A．顺时针加速旋转B．顺时针减速旋转C．逆时针加速旋转D．逆时针减速旋转考点：楞次定律；安培定则；磁通量．分析：本题中是由于a的转动而形成了感应电流，而只有a中的感应电流的变化可以在b 中产生磁通量的变化，才使b中产生了感应电流；因此本题应采用逆向思维法分析判断．解答：解：分析A选项，当带正电的绝缘圆环a顺时针加速旋转时，相当于顺时针方向电流，并且在增大，根据右手定则，其内（金属圆环a内）有垂直纸面向里的磁场，其外（金属圆环b处）有垂直纸面向外的磁场，并且磁场的磁感应强度在增大，金属圆环b包围的面积内的磁场的总磁感应强度是垂直纸面向里（因为向里的比向外的磁通量多，向里的是全部，向外的是部分）而且增大，根据楞次定律，b中产生的感应电流的磁场垂直纸面向外，磁场对电流的作用力向外，所以b中产生逆时针方向的感应电流，根据左手定则，磁场对电流的作用力向外，所以具有扩张趋势，所以A错误；同样的方法可判断B选项正确，而C选项，b中产生顺时针方向的感应电流，但具有扩张趋势；而D选项，b中产生逆时针方向的感应电流，但具有收缩趋势，所以C、D都不正确．所以本题选B．故选B．点评：本题综合考查电流的磁场（安培定则），磁通量，电磁感应，楞次定律，磁场对电流的作用力，左手定则等．本题的每一选项都有两个判断，有的同学习惯用否定之否定法，如A错误，就理所当然的认为B和C都正确，因为二者相反：顺时针减速旋转和逆时针加速旋转，但本题是单选题，甚至陷入矛盾．他们忽略了本题有两个判断，一个是电流方向，另一个是收缩趋势还是扩张趋势．如果只有一个判断，如b中产生的感应电流的方向，可用此法．所以解题经验不能做定律或定理用．4．（3分）线圈在长直导线电流的磁场中，做如图所示的运动：A向右平动，B向下平动，C 绕轴转动（ad边向外转动角度θ≤90°），D向上平动（D线圈有个缺口），判断线圈中有感应电流的是（）A． A B． B C． C D．D考点：感应电流的产生条件．分析：本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化．据此可正确解答本题．解答：解：A、线框向右运动时，虽然切割磁场感应线运动，穿过线框的磁通量没有变化，不会产生感应电流，故A错误；B、线框向下运动时，垂直于磁感线运动做切割磁感线，穿过的磁通量减小，因此也会产生感应电流，故B正确；C、线框绕轴转动，穿过的磁通量发生变化，因此会产生感应电流，故C正确；D、线框向纸上平动的过程中，导致磁通量发生变化，因此线框产生感应电动势；由于D框中有一个缺口，所以不能产生感应电流，故D错误；故选：BC点评：本题考查感应电流产生的条件，首先要明确是哪一个线圈，然后根据磁通量的公式：Φ=BS找出变化的物理量，从而确定磁通量是否发生变化．基础题目．5．（3分）（2015•松江区一模）如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：此题的关键首先明确滑动触头向下滑动时通过判断出线圈b中的电流增大，然后根据楞次定律判断出线圈a中感应电流的方向．本题利用“楞次定律的第二描述”求解将更为简便．解答：解：A、B：当滑动触头P向下移动时电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流增大，从而判断出穿过线圈a的磁通量增加方向向下，所以B错误；根据楞次定律即可判断出线圈a中感应电流方向俯视应为逆时针，A错误．C、再根据微元法将线圈a无线分割根据左手定则不难判断出线圈a应有收缩的趋势，或直接根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，因为滑动触头向下滑动导致穿过线圈a的磁通量增加，故只有线圈面积减少时才能阻碍磁通量的增加，故线圈a应有收缩的趋势，C错误；D、开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向下滑动时，可以用“等效法”，即将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁的N极相对，互相排斥，故线圈a对水平桌面的压力将增大，所以D正确．故选D．点评：首先应掌握楞次定律的基本应用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在电磁感应现象中得出的必然结果．一般在解决有关相对运动类问题时用楞次定律的第二描述将会非常简便．6．（3分）（2013•北京）如图，在磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动，MN中产生的感应电动势为E l；若磁感应强度增为2B，其他条件不变，MN中产生的感应电动势变为E2．则通过电阻R的电流方向及E1与E2之比E l：E2分别为（）A．c→a，2：1 B．a→c，2：1 C．a→c，1：2 D．c→a，1：2考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应——功能问题．分析：本题是电磁感应问题，由楞次定律判断MN中产生的感应电流方向，即可知道通过电阻R的电流方向．MN产生的感应电动势公式为E=BLv，E与B成正比．解答：解：由楞次定律判断可知，MN中产生的感应电流方向为N→M，则通过电阻R的电流方向为a→c．MN产生的感应电动势公式为E=BLv，其他条件不变，E与B成正比，则得E l：E2=1：2．故选：C点评：本题关键要掌握楞次定律和切割感应电动势公式E=BLv，并能正确使用，属于基础题．7．（3分）（2010•北京）在如图所示的电路中，两个相同的小灯泡L1和L2，分别串联一个带铁芯的电感线圈L和一个滑动变阻器R．闭合开关S后，调整R，使L1和L2发光的亮度一样，此时流过两个灯泡的电流均为I．然后，断开S．若t′时刻再闭合S，则在t′前后的一小段时间内，正确反映流过L1的电流L1、流过L2的电流l2随时间t变化的图象是（）A．B．C．D．考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．专题：压轴题．分析：当电流变化时，电感线圈对电流有阻碍作用，电流增大，线圈阻碍其增大，电流减小，阻碍其减小．解答：解：A、B、由于小灯泡L1与电感线圈串联，断开S后再闭合，流过L1的电流从无到有（即增大），电感线圈对电流有阻碍作用，所以流过灯泡L1的电流从0开始逐渐增大，最终达到I．故A 错误，B正确．C、D、由于小灯泡L2与滑动变阻器串联，断开S后再闭合，立即有电流通过L2，当I1电流逐渐增大时，流过L2的电流逐渐减小，最终减到I．故C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键掌握电感线圈对电流有阻碍作用，电流增大，线圈阻碍其增大，电流减小，阻碍其减小．8．（3分）（2013•惠州模拟）一环形线罔放在匀强磁场中，设第1s内磁感线垂直线圈平面向里，如图甲所示．若磁感强度B随时间t变化的关系如图乙所示，那么下列选项正确的是（）A．第1s内线闺中感应电流的大小逐渐增加B．第2s内线圈中感应电流的大小恒定C．第3S内线圈中感应电流的方向为顺时针方向D．第4S内线罔中感应电流的方向为逆时针方向考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：在B﹣t图中同一条直线磁通量的变化率是相同的；由法拉第电磁感应定律可得出感应电动势大小恒定；由楞次定律可得出电流的方向．解答：解：根据B﹣t图中同一条直线磁通量的变化率是相同的，由法拉第电磁感应定律：各段时间内的电流为定值，且大小相等．由题意可知，第1s内磁感线垂直线圈平面向里，则有A、在第1s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；感应电流是恒定的，故A 错误；B、在第2s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；感应电流是恒定的，故B 正确；C、在第3s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；感应电流是恒定的，故C 错误；D、在第4s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；感应电流是恒定的，故D 正确；故选：BD点评：解决本题的关键熟练掌握楞次定律和法拉第电磁感应定律，以及安培力的大小和方向的判定．9．（3分）如图所示，有一个磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，一半径为r、电阻为2R的金属圆环放置在磁场中，金属圆环所在的平面与磁场垂直．金属杆Oa一端可绕环的圆心O旋转，另一端a搁在环上，电阻值为R；另一金属杆Ob一端固定在O点，另一端b固定在环上，电阻值也是R．已知Oa杆以角速度ω匀速旋转，所有接触点接触良好，Ob不影响Oa的转动，则下列说法正确的是（）A．流过Oa的电流可能为B．流过Oa的电流可能为C． Oa旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr2D． Oa旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr2考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：oa杆以角速度匀速旋转，切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，其余部分为外电路．当oa转到最高点时，外电路总电阻最大，通过oa的电流最小；当oa与ob重合时，环的电阻为0，外电路总电阻最小，通过oa的电流最大．根据E=BLv和欧姆定律求解，其中v是速度的平均值．解答：解：oa杆切割磁感线产生感应电动势为 E=Br=Br=Br=；当oa转到最高点时，外电路总电阻最大，为：R+R+0.5R．通过oa的电流最小，最小电流为： I min=；当oa与ob重合时，环的电阻为0，外电路总电阻最小，通过oa的电流最大，最大电流为： I max==故流过oa的电流的范围为．故ABD正确，C错误故选：ABD点评：本题一要会求解感应电动势，由于oa杆上各点切割速度不同，要用平均速度求解；二要知道最大值与最小值的条件，运用欧姆定律求解．二.解答题10．（3分）（2013•重庆）小明在研究性学习中设计了一种可测量磁感应强度的实验，其装置如图所示．在该实验中，磁铁固定在水平放置的电子测力计上，此时电子测力计的计数为G1，磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场，其余区域磁场不计．直铜条AB的两端通过导线与一电阻连接成闭合回路，总阻值为R．若让铜条水平且垂直于磁场，以恒定的速率v 在磁场中竖直向下运动，这时电子测力计的计数为G2，铜条在磁场中的长度L．（1）判断铜条所受安培力的方向，G1和G2哪个大？（2）求铜条匀速运动时所受安培力的大小和磁感应强度的大小．考点：安培力；磁感应强度．专题：电磁感应中的力学问题．分析：安培力公式为：F=BIL，注意公式的适用条件是：匀强磁场，电流和磁场方向垂直．根据平衡可知安培力大小，由法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律可求出电流大小，再由B=从而可得出磁感应强度的大小．解答：解：（1）根据棒向下运动，切割磁感线，产生感应电流，由右手定则可得感应电流方向为B到A，再由左手定则可得，安培力方向竖直向上；因此当棒不动时，棒不受安培力作用，所以G2＞G1；（2）由于铜条匀速运动，则有安培力等于重力，即有：安培力F=G2﹣G1根据法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律可求出电流大小为，而由B=从而可得出，磁感应强度大小．答：（1）则铜条所受安培力的方向竖直向上，G2＞G1；（2）则铜条匀速运动时所受安培力的大小为G2﹣G1；磁感应强度的大小为．点评：本题比较简单，考查了安培力的大小计算，应用公式F=BIL时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义．并考查法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律．11．（3分）如图甲所示，光滑导轨宽0.4m，ab为金属棒，均匀变化的磁场垂直穿过轨道平面，磁场的变化情况如图乙所示，金属棒ab的电阻为1Ω，导轨电阻不计．t=0时刻，ab 棒从导轨最左端，以v=1m/s的速度向右匀速运动，求1s末回路中的感应电流及金属棒ab 受到的安培力．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力．分析：由图读出1s末磁感应强度B，由E=BLv求动生电动势，由法拉第电磁感应定律求出感生电动势，得到回路中总的电动势，再由欧姆定律求出感应电流，由F=BIL求出安培力．解答：解：由图乙知，1s末磁感应强度 B=2Tab棒产生的动生电动势为 E动=BLv=2×0.4×1V=0.8V回路中产生的感生电动势为 E感=Lvt=2×0.4×1×1V=0.8根据楞次定律知两个电动势串联，则总电动势为 E=E动+E感=1.6V；回路中感应电流为：I==A=1.6A1s末ab棒所受安培力为：F=BIL=2×1.6×0.4N=1.28N，方向向左．答：1s末回路中的感应电流为1.6A，ab棒所受的安培力大小为1.28N，方向向左．点评：本题是动生电动势与感生电动势并存问题，关键要掌握感应电动势公式、楞次定律，明确两个电动势的关系，再由欧姆定律和安培力公式求解．。