电路与电子技术基础第3章习题参考答案

I

4

答案

解：应用置换定理，将电阻 R支路用I 0.5A电流源代替，电路如图（b）所

示。

对电路列节点电压方程:

（4 -1 ) Um 2I Un2 4 0.5A

1 1 6V U n1 (1 )U n2

3 4.5 4.5

I 0.5A

解得

Un1 1V

则

R Um 2

I

答案

解：

（a）本题考虑到电桥平衡，再利用叠加定理，计算非常简单

（1）3V电压源单独作用，如图（a-1）、（a-2）所示。

li' 4

答,o

(a-2)

3 4 8

由分流公式得：

Il

（2） 1A电流源单独作用，如图（a-3）所示1A 3V

1 4 8

考虑到电桥平衡，

II

I 0,

在由分流公式得：

I； 1A — 3A 1 3 4

(3) 叠加：

I I' I" 1A Ii Ii' Ii"

2 R 1 I1 2.007W

(b)

(1) 4V电压源单独作用，如图(b-1)

由图(b-1)可得,

11' 3U 6A

I I2 I1' 5A

(2) 2A电流源单独作用，如图(b-2)所示(1/3)

-1=1——O ------ (

(a-3)

U

---------------- ---------------------

' 2 I 4V

(b-1) 17/12A

所示。

2 4V

(2+2) 2V

U'' 2-2 2A=2V 2 2

I I' I" I' kIs (1)

将已知条件代入(1)式得

0 I' k 4A 1A I k 2A1A

对节点②列KCL方程得,

I, 3U 2A I, 4A

对节点③列KCL方程得,

n n n I I2 3U 0

解得

I" 5A

(3) 叠加

i n 11 11 11

1 n I I I

R I12 1 6A 4A= 10A

5A 5A= 10A

100W

答案

解：禾U用叠加定理，含源电阻网络中的电源分为一组，其作用为 |'，如图

3-6 电路如图3-6 所示，用叠加原理求Xi。

解：分别画出各电源单独作用时的电路。

算得''''''''''2,04,4XXXXiAiAiAiA，故2XiA

3-9 电路如图题3-9 所示，用叠加原理求I ，已知5。

解：应用叠加原理改画电路如下图所示。

图(a)，其KVL为''''4550,2uiui'45iA，

图(b)，节点法为：''''1152233uu''125uV''''16225uiA

故4iA

3-12 试用叠加方法求图题3-22所示的电路中3k电阻的功率。

解： 画出每个电源单独作用时的电路如下图所示。

3'''3'''34100.423524100.82537(610)4.2253iAmAiAmAiAmA''''''2327iiiimApiRmW

1 第三章 锁存器与触发器

一、选择题

1.N个触发器可以构成能寄存 位二进制数码的寄存器。

A.N-1 B.N C.N+1 D.2N

2.一个触发器可记录一位二进制代码，它有 个稳态。

A.0 B.1 C.2 D.3

3.对于D触发器，欲使Qn+1=Qn，应使输入D= 。

A.0 B.1 C.Q D.Q

4.存储8位二进制信息要 个触发器。

A.2 B.3 C.4 D.8

5.对于T触发器，若原态Qn=0，欲使新态Qn+1=1，应使输入T= 。

A.0 B.1 C.Q D.Q

6.对于T触发器，若原态Qn=1，欲使新态Qn+1=1，应使输入T= 。

A.0 B.1 C.Q D.Q

7.在下列触发器中，有约束条件的是 。

A.主从JK F/F B.主从D F/F C.同步RS F/F D.边沿D F/F

8.对于JK触发器，若J=K，则可完成 触发器的逻辑功能。

A.RS B.D C.T D.Tˊ

9.欲使JK触发器按Qn+1=Qn工作，可使JK触发器的输入端 。

A.J=K=0 B.J=Q,K=Q C.J=Q,K=Q D.J=Q,K=0 E.J=0,K=Q

10.欲使JK触发器按Qn+1=Qn工作，可使JK触发器的输入端 。

A.J=K=1 B.J=Q,K=Q C.J=Q,K=Q D.J=Q,K=1 E.J=1,K=Q

11.欲使JK触发器按Qn+1=0工作，可使JK触发器的输入端 。

A.J=K=1 B.J=Q,K=Q C.J=Q,K=1 D.J=0,K=1 E.J=K=1

第三章 组合逻辑电路思考题与习题参考答案

[题3-1]解：图P3-1：21,FF真值表如表D3-1所示。

表D3-1

输 入 输 出

CBA 21FF

0 0 0

0 0 1

0 1 0

0 1 1

1 0 0

1 0 1

1 1 0

1 1 1 0 1

0 0

0 0

0 0

0 0

0 0

0 0

1 1

ABCCBAFABCF21,

[题3-2]解：图P3-2(a)因为BAABAF1

ABABBF3

ABBAF2

(a) 图是一位数值比较器

(b)

1111)(iiiiiCBASACBCABABBACC

所以(b)图是一位全加器

[题3-3]解：图P3-3：21,FF真值表如表D3-2、表D3-3

表D3-2

输 入 输 出

0101BBAA 1F

0 0 0 0

0 0 0 1

0 0 1 0

0 0 1 1

0 1 0 0

0 1 0 1

0 1 1 0

0 1 1 1 1