最新-江苏省启东中学2018届物理考前辅导(A) 精品

向心力课后练习(3)1．上海磁悬浮线路需要转弯的地方有三处，其中设计的最大转弯处半径达到8000m，用肉眼看几乎是一条直线，而转弯处最小半径也达到1300m。

一个质量50kg的乘客坐在以360km/h 不变速率驶过半径2500m弯道的车厢内，下列说法正确的是A．乘客受到来自车厢的力大小约为200NB．乘客受到来自车厢的力大小约为539NC．弯道半径设计特别长可以使乘客在转弯时舒适一些D．弯道半径设计特别长可以减小转弯时列车的倾斜程度2．做匀速圆周运动的物体，角速度为6 rad/s，线速度为3 m/s.则在0.1 s内，该物体通过的圆弧长度为________m，物体连接圆心的半径转过的角度为________rad，物体运动的轨道半径为________m，物体运动的向心加速度大小为______m/s2.3．在2007年10月举办的南安一中第52届田径运动会上，高一7班班长振雄同学通过仔细观察，总结出了如下规律，正确的有（）A．若不考虑空气阻力，运动员应以与水平方向成45°角斜向上推出铅球才可以推最远B．投出的标枪在空中的运动轨迹是弹道曲线，如能顺风投出成绩将会更好C．赛跑时运动员经过弯道时身体向内倾的原因是由于做圆周运动而产生了一个向心力D．400米接力赛，运动员在转弯处身体向内圈滑倒的原因是摩擦力不足于提供向心力4．下列关于做匀速圆周运动的物体所受的向心力的说法中.正确的是（）A．物体除其他的力外还要受到—个向心力的作用B．物体所受的合外力提供向心力C．向心力是一个恒力D．向心力的大小—直在变化5．一质点做圆周运动，速度处处不为零，则:①任何时刻质点所受的合力一定不为零,②任何时刻质点的加速度一定不为零,③质点速度的大小一定不断变化,④质点速度的方向一定不断变化。

其中正确的是（）A．①②③ B．①②④ C．①③④ D．②③④6．在一段半径为R = 28m的圆孤形水平弯道上，已知弯道路面对汽车轮胎的最大静摩擦力等于车重的μ = 0.70倍，则汽车拐弯时的最大速度是 m/s。

洛伦兹力课后练习(1)1． .运动电荷进入磁场后（无其他作用）可能做（）A．匀速圆周运动 B.匀速直线运动 C.匀加速直线运动 D.平抛运动2．带电粒子以一定初速度射入某一匀强磁场中，若不计重力，则其运动状态是（）A．一定做匀速圆周运动B．可能做匀速圆周运动C．一定做匀速直线运动D．可能做匀加速直线运动3．在赤道上某处有一支避雷针．当带有负电的乌云经过避雷针上方时，避雷针开始放电形成瞬间电流，则地磁场对避雷针的作用力的方向为（）A．正东B．正西C．正南 D．正北4．在匀强磁场中，把电子由静止释放，电子将（）A．做匀速圆周运动B．做匀加速直线运动C．做匀速直线运动D．保持静止状态5．关于安培力和洛伦兹力，下面说法正确的是（）A．洛伦兹力和安培力是性质完全不同的两种力B．安培力和洛伦兹力，其本质都是磁场对运动电荷的作用力C．安培力和洛伦兹力，二者是等价的D．安培力对通电导体能做功，但洛伦兹力对运动电荷不能做功6．在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献．下列说法正确的是（）A．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律B．洛伦兹发现了磁场对电流的作用规律C．奥斯特发现了电流磁效应D．库仑发现了电流的热效应，定量得出了电能和热能之间的转换关系7．关于洛伦兹力，下列说法中正确的是（）A．洛伦兹力永远对运动电荷不做功B．洛伦兹力不总是垂直运动电荷的运动方向C．电荷的运动方向始终垂直磁感应强度D．电荷在磁场中运动时，电荷所受的洛伦兹力、电荷的运动方向、磁场的磁感应强度总是相互垂直的8．一个电子穿过某一空间而未发生偏转，则（）A．此空间一定不存在磁场B．此空间可能有电场，方向与电子速度垂直C．此空间可能只有磁场，方向与电子速度垂直D．此空间可能只有磁场，方向与电子速度平行9．磁场对运动电荷的作用力称为__________，当电荷的运动方向与磁场方向垂直时磁场对电荷的作用力最大，其大小为_________，当电荷的运动方向与磁场方向平行时，磁场对电荷的作用力等于_________．10．以下说法正确的是（）A.电荷在磁场中一定受到洛仑兹力B.运动电荷在磁场中一定受到洛仑兹力C.洛仑兹力对运动电荷一定不做功D.洛仑兹力可以改变运动电荷的速度方向参考答案：1．答案： AB解析：2．答案： B3．答案： B4．答案： D5．答案： BD解析：安培力是洛伦兹力的宏观表现，其本质都是磁场对运动电荷的作用力，二者质相同，A 错误、B正确；安培力是通电导线受到的磁场的作用力。

感应电动势课后练习(3)1．下列关于感应电动势的说法中正确的是：（）A．穿过闭合回路的磁通量减小，回路中的感应电动势一定也减小B．穿过闭合回路的磁通量变化量越大，回路中的感应电动势也越大C．线圈放在磁场越强的位置，产生的感应电动势一定越大D．穿过闭合回路的磁通量的变化率不变，回路中的感应电动势也不变2． 1831年8月29日，____________发现了电磁现象；把两个线圈绕在同一个铁环上，一个绕圈接到____________，另一个线圈接入____________，在给一个线圈____________或____________的瞬间，发现了另一个线圈中也出现了____________.3．一根直导线长0.1 m，在磁感应强度为0.1 T的匀强磁场中以10 m/s的速度匀速运动，则对于导线中产生的感应电动势的说法中不正确的是( )A．一定为0.1 V B．可能为零C．可能为0.01 V D．最大值为0.1 V4．我国处在地球的北半球，飞机在我国上空匀速地巡航，机翼保持水平，飞机高度不变，由于地磁场的作用，金属机翼上有电势差。

设左侧机翼末端处的电势为φ1，右侧机翼末端处的电势为φ2。

则 ( )A．若飞机从西向东飞，φ1比φ2高B．若飞机从东向西飞，φ2比φ1高C．若飞机从南向北飞，φ1比φ2高D．若飞机从北向南飞，φ2比φ1高5．两个通信卫星在地球的赤道上空飞行，飞行方向与地球自转的方向相同，为向地球传送信号，两颗卫星均有伸出卫星且指向地心的金属天线，已知卫星Ⅰ为同步卫星，卫星Ⅱ的半径小于卫星Ⅰ，则关于卫星天线两端电势的高低，正确的是（）A.卫星Ⅰ靠近地心端的电势高B.卫星Ⅰ靠近地心端的电势低C.卫星Ⅱ靠近地心端的电势高D.卫星Ⅱ靠近地心端的电势低6．一个闭合电路产生的感应电动势较大，是因为穿过这个闭合电路的（）A．磁感应强度大 B．磁通量较大C．磁通量变化量较大 D．磁通量的变化率较大7．穿过一个电阻为1 Ω的单匝闭合线圈的磁通量始终是每秒钟均匀地减少2 Wb，则（）A．线圈中感应电动势一定是每秒减少2 VB．线圈中感应电动势一定是2 VC．线圈中感应电流一定是每秒减少2 AD．以上说法均不正确8．下列说法正确的是（）A．电动势由电源中非静电力的性质决定,与其他因素无关B．在电源中，非静电力做功，将其他形式的能转化为电能C．在外电路中，电场力做功，将其他形式的能转化为电能D．非静电力把1C的正电荷从电源的正极移动到负极所做的功在数值上等于电源电动势9．一个匝数为200匝，面积为20cm2的圆线圈，放在匀强磁场中，磁场的方向与线圈平面成30°角，磁感应强度在0.05s内由0.1T均匀增加到0.5T。

探究加速度与力、质量的关系课后练习(2)1．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，下列说法正确的是( )A．为了减小误差，悬挂物的质量应远小于小车和砝码的质量B．为减小小车、纸带受到的摩擦力对实验的影响，需把小车运动平面起始端略垫高C．实验结果采用描点法画图象，是为了减小误差D．实验结果采用a－m坐标作图，是为了根据图象直观地判断a与m的关系2．探究加速度与力的定量关系时，应保持物体_______不变，测量物体在_______的加速度；探究加速度与质量的关系时，应保持物体_______不变，测量不同质量的物体在_______的加速度，这种研究问题的方法叫______法．3．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，研究作用力一定，加速度与质量的关系时，下列说法中错误的是( )A．平衡摩擦力时，应将装砂的小桶用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源D．在小车中增减砝码，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量4．课本中实验是用以下什么步骤导出牛顿第二定律的结论的( )A．同时改变拉力F和小车质量m的大小B．只改变拉力F的大小，小车的质最m不变C．只改变小车的质量m，拉力F的大小不变D．先保持小车质量m不变，研究加速度a与F的关系，再保持F不变，研究a与m的关系，最后导出a与m及F的关系5．“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验采用了哪种科学方法（）A．理想模型法 B．控制变量法C．等效法 D．对称法6．在研究加速度与质量、合外力的关系实验中所用到的基本物理方法是（）A．等效替代法B．类比法C．微小量放大法D．变量控制法7．在研究物体加速度与其所受的作用力和物体质量的关系的实验中采用的科学研究方法是（）A．理想实验法B．建立物理模型法C．控制变量法D．等效替代法8．在利用打点计时器和小车来做“探究加速度与力、质量的关系”的实验时，下列说法中正确的是（）A．平衡摩擦力时，应将砝码盘及盘内砝码通过定滑轮系在小车上B．连接砝码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行C．平衡摩擦力以后，改变小车及砝码质量，需要再重新平衡摩擦力D．小车释放前应靠近打点计时器，且应先接电源再释放小车9．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，下列做法中正确的是（）A．改变小车的质量再次进行实验时，需要重新平衡摩擦力B．小车运动的加速度可由牛顿第二定律直接求出C．实验时，先接通打点计时器电源，再放开小车D．平衡摩擦力时，应将装砝码的砝码盘用细绳通过定滑轮系在小车上10．物理学中有多种研究方法，下列有关研究方法的叙述错误的是（）A．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B．如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度就有一个沿着等势面的分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功，这里用的逻辑方法是归纳法C．探究作用力与反作用力关系时可以用传感器连在计算机上直接显示力的大小随时间变化的图线，这是物理学中常用的图象法D．探究加速度与力、质量之间的定量关系，可以在质量一定的情况下，探究物体的加速度与力的关系；再在物体受力一定的情况下，探究物体的加速度与质量的关系，最后归纳出加速度与力、质量之间的关系．这是物理学中常用的控制变量法参考答案：1．答案： AB2．答案：质量不同外力作用下受力该力作用下控制变量解析：3．答案： AC解析：平衡摩擦力时不应挂砂桶，只需将小车放在长木板上连接纸带，使长木板无定滑轮的一端垫高，当小车刚好能匀速运动时，即平衡了摩擦力，A选项错误；当改变小车质量时，沿斜面向下的分力、摩擦力都跟质量成正比改变，一次平衡后，就不用再平衡了，B选项正确；实验时应先接通电源，让打点计时器正常工作后，再放开小车，才能打出完整的纸带，C选项错误；在小车中增减砝码时，必须保证小车和砝码的总质量远大于小桶和砂的总质量，才能使小车受到的牵引力近似等于砂和桶的重力，因此D选项正确。

法拉第电磁感应定律课后练习(4)1．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要．以下符合史实的是（）A．焦耳发现了电流热效应的规律B．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C．楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D．牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动2．如图所示，在靠近水平直导线A的正下方放一小磁针，开始时小磁针与直导线平行且处于纸面内。

当条形磁铁快速插入或拔出螺线管时，观察到的现象是（）A．条形磁铁N极插入时，小磁针的S极垂直纸面向里运动B．条形磁铁S极插入时，小磁针的S极垂直纸面向外运动C．条形磁铁S极拔出时，小磁针的S极垂直纸面向外运动D．条形磁铁N极端拔出时，小磁针的S极垂直纸面向里运动3．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．对以下几位物理学家所作科学贡献的表述中，与事实不相符的是（）A．伽利略首先建立平均速度，瞬时速度和加速度等描述运动的概念B．德国天文学家开普勒对第谷观测的行星数据进行多年研究，得出了万有引力定律C．奥斯特发现电流的磁效应D．法拉第发现电磁感应现象4．电磁脉冲炸弹又称为E炸弹，爆炸后能产生强大的电磁脉冲，可损坏数千米范围内的电子设备，这主要是因为电子设备受电磁脉冲影响产生了（）A．强大的感应电流 B.洛伦兹力 C.核力 D.万有引力5．下列电学单位中，属于国际单位制中基本单位的是（）A．安培 B.伏特 C.韦伯 D.库仑6．最早发现电流周围存在磁场的科学家是（）A．法拉第 B.奥斯特 C.安培 D.麦克斯韦7．下列有关电磁波的说法正确的是（）A．伽利略预言了电磁波的存在B．爱因斯坦用实验验证了“光是一种电磁波”C．手机利用电磁波传送信号D．电磁波在任何介质中的传播速度均相同8．关于电磁感应，下列说法中正确的是（）A．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B．穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零C．穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大D．通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大9．在物理学史上，奥斯特首先发现电流周围存在磁场．随后，物理学家提出“磁生电”的闪光思想．很多科学家为证实这种思想进行了十多年的艰苦研究，首先成功发现“磁生电”的物理学家是（）A．牛顿 B.爱因斯坦 C.法拉第 D.霍金10．物理学在揭示现象本质的过程中不断发展，下列说法不正确的是（）A．通电导线受到的安培力，实质上是导体内运动电荷受到洛仑兹力的宏观表现B．穿过闭合电路的磁场发生变化时电路中产生感应电流，是因为变化磁场在周围产生了电场使电荷定向移动C．磁铁周围存在磁场，是因为磁铁内有取向基本一致的分子电流D．踢出去的足球最终要停下来，说明力是维持物体运动的原因参考答案：1．答案： AB解析：焦耳发现了电流的热效应，通常称此为焦耳热，A正确．库仑研究电荷间作用的规律，得出库仑定律，B正确．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了磁场产生电流，打开电气时代的大门，C错误．伽利略做斜面实验，研究自由落体运动，D错误2．答案：．CD3．答案： B解析： A、伽利略首先建立平均速度，瞬时速度和加速度等描述运动的概念，A正确；B．牛顿总结了万有引力定律，故B错误；C．奥斯特发现电流的磁效应，故C正确；D．法拉第发现电磁感应现象，D正确；4．答案： A解析：考点：电磁感应在生活和生产中的应用．分析：电磁炸弹主要是应用的电磁感应现象，使其产生很大的感应电流，使得电网设备、通信设施和计算机中的硬盘与软件均遭到破坏．解答：解：电磁炸弹主要是应用的电磁感应现象，在地面上很大范围内的电磁场强度达到每米数千伏，使金属以及金属制品中产生很大的感应电流（或涡流），使得电网设备、通信设施和计算机中的硬盘与软件均遭到破坏．故选项A正确，选项BCD错误．故选：A．点评：本题借助信息考查电磁感应在生活和生产中的应用，只要能正确理解题意，本题不难得出正确．5．答案： A解析：考点：力学单位制．分析：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．解答：解：电流强度的单位是安培，它是国际单位制中基本单位，伏特是电压的单位它是导出单位，韦伯是磁通量的单位，它属于导出单位，库仑是电荷的单位，它也是导出单位．所以A 正确．故选A．点评：国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．6．答案： B解析：考点：物理学史．分析：最早发现电流周围存在磁场的科学家是奥斯特．解答：解：最早发现电流周围存在磁场的科学家是丹麦的奥斯特，在1820年发现的，不是法拉第、安培和麦克斯韦．故选B点评：对于物理学家的成就要记牢，不能张冠李戴，这也是考试考查内容之一．7．答案： C解析：考点：电磁场．分析：麦克斯韦预言了电磁波的存在，电磁波的传播不需要介质，雷达、移动电话都是利用电磁波．解答：解：A、麦克斯韦预言了电磁波的存在．故A错误．B、麦克斯韦预言了“光是一种电磁波”．后来科学家通过理论推导得出光就是一种电磁波，故B错误．C、移动电话利用电磁波传递信号．故C正确．D、电磁波传播不需要介质，但能在介质中传播．故D错误．故选：C.点评：电磁波在生活中有很多应用，要注意正确掌握电磁波的性质及生活中的应用．8．答案： D解析：考点：磁感应强度．分析：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势与磁通量的变化率成正比，与线圈的匝数成正比．解答：解：A、穿过线圈的磁通量越大，而磁通量变化率不一定越大，则感应电动势也无法确定．故A错误；B．穿过线圈的磁通量为零，可能磁通量变化率最大，则感应电动势也会最大，故B错误；C．穿过线圈的磁通量的变化越大，而磁通量变化率不一定越大，则感应电动势也无法确定．故C错误；D．通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势也越大，故D正确．故选：D．点评：感应电动势与磁通量的变化率有直接关系，而与磁通量变化及磁通量均没有直接关系．就如加速度与速度的关系一样．速度大，加速度不一定大；速度变化大，加速度也不一定大．加速度与速度的变化率有关．9．答案： C解析：考点: 物理学史．分析:首先成功发现“磁生电”的物理学家是法拉第，不是牛顿、爱因斯坦和霍金．解答:解：1820年丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，即电生磁的现象，英国科学法拉第坚信电与磁是紧密联系的，经过十多年的艰苦研究，于1831年发现了电磁感应现象，即磁生电的现象，故C正确，ABD错误．故选：C．点评:对于物理学上重大的发现和著名理论，要加强记忆，这是2015届高考考查内容之一．10．答案： D解析：考点：安培力；洛仑兹力.【分析】:安培力是洛伦兹力的宏观表现，安培力实质是所受电荷所受洛伦兹力的合力；磁场发生变化，会产生电场，电荷在电场的作用下会发生定向移动；磁铁周围存在磁场，是因为磁铁内有取向基本一致的分子电流；物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因. 解：A、通电导线受到的安培力，实质上是导体内部运动电荷受到的洛伦兹力的宏观表现.故A 正确.B．穿过闭合回路的磁场发生变化时，产生感应电流，是变化的磁场周围产生电场，电荷在电场的作用下发生定向移动.故B正确.C．磁铁周围存在磁场，是因为磁铁内分子电流的取向基本一致.故C正确.D．物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因.故D错误.本题要求选择不正确的，故选：D.【点评】:解决本题的关键知道安培力的实质、闭合回路磁场发生变化时，产生感应电流的实质.知道物体的运动不需要力来维持.。

导体中的电场和电流课后练习(1)1．有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线有n个自由电子，电子的电量为q，此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过导线横截面积的自由电子数目可表示为（）A．．Iq /t B nvSt C. nvt D.It/Sq2．关于电流的方向，下列说法中正确的是( )A．电源供电的外部电路中，电流的方向是从高电势一端流向低电势一端B．电源内部，电流的方向是从高电势一端流向低电势一端C．电子运动形成的等效电流方向与电子运动方向相同D．在任何时候都是从电源的正极流向负极3．关于电流和电阻，下列说法正确的是（）A．电流的方向与导体中电荷的定向移动方向相同B．对给定的导体，比值R=U/I是个定值，反映导体本身的一种特性C．由R=U/I可知，I一定时，导体的电阻R与U成正比，U一定时，R与I成反比D．以上说法均不正确4．关于电流强度，下列说法中正确的是( )A．通过导线横截面的电量越多，电流强度越大B．单位时间内通过导体横截面的电量越多，导体中的电流强度越大C．因为电流有方向，所以电流强度是矢量D．导体中的电流越大，导体的电阻越大5．下列关于电流方向的说法中，不正确的是( )A．电流的方向就是自由电荷定向移动的方向B．电流的方向就是正电荷定向移动的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向相反6．以下说法正确的是( )A．电流的方向总是从电源的正极流向电源的负极B．电流有方向，但电流强度是标量C．电源的作用是不断地向电路提供电荷，从而维持电路中有持续的电流D．电源的电动势由电源的特性决定，所以1号干电池的电动势比5号干电池的电动势大7．举一例说明电流的应用8．一个半导体收音机，电池供电的电流是8mA，也就是说（）A．1h电池供给1C的电量B．1000s电池供给8C的电量C．1s电池供给8C的电量D．1min电池供给8C的电量9．下列说法正确的是（）A．因为电流强度有方向，因此电流强度是矢量B．金属导体中通有电流时，导体内部场强处处为零C．导体的电阻与电压成正比，与电流成反比D．以上说法都不对10．下列说法错误的是（）A．移动电气设备时，不一定要先拉闸停电，后移动设备，可以带电移动B．把电动机等带金属外壳的电气设备外壳的电气设备移到新的地点后，要先安装好接地线，并对设备进行检查，确认设备无问题后，才能开始使用C．不要在电杆和拉线附近挖土，更不要在电杆和拉线附近放炮崩土，以防崩伤、崩断电线D．不要把牲畜栓在电杆或线上，经防电杆倾斜、电线相碰，甚至发生倒杆断线事故参考答案：1．答案： B解析：2．答案： A解析：在电源的外部电路中，电流从正极流向负极，在电源的内部，电源从负极流向正极，电源正极电势高于负极电势，所以A正确，B、D错误。

角速度课后练习(2)1．A、B两质点分别做匀速圆周运动，在相同时间内，它们通过的弧长之比s A∶s B＝2∶3，而转过的角度之比φA∶φB＝3∶2，则它们的线速度之比v A∶v B＝________，角速度之比ωA∶ωB ＝________，周期之比T A∶T B＝______，半径之比R A∶R B＝______.2．甲沿着半径为R的圆周跑道匀速跑步，乙沿着半径为2R的圆周跑道匀速跑步．在相同的时间内，甲、乙各自跑了一圈，他们的角速度和线速度分别为ω1、ω2和v1、v2，则（）A．ω1＞ω2，V1>V2 B. ω1＜ω2， v1<v2C．ω1＝ω2，v１<v2 D. ω1＝ω2， v１=v23．当物体做匀速圆周运动时，线速度大小处处，方向沿圆周方向，是一种变速运动．4．花样滑冰世锦赛双人滑比赛中，张昊(男)以自己为转轴拉着张丹(女)做匀速圆周运动，转速为30 r/min.张丹的脚到转轴的距离为1.6 m．求：(1)张丹做匀速圆周运动的角速度；(2)张丹的脚运动速度的大小．5．如图所示，小球自空中自由下落，从绕水平轴匀速转动的圆形纸筒穿过．开始下落时小球离纸筒顶点的高度h=0.8m，纸筒的半径R=0.5m，g取10m/s2．若小球穿过筒壁时能量损失不计，撞破纸的时间也可不计，且小球穿过后纸筒上只留下一个孔，则纸筒绕水平轴匀速转动的角速度可能为A．10π rad/s B．20π rad/s C．30π rad/s D．35π rad/s6．我国于1986年2月1日成功发射了一颗实验地球同步卫星,于1999年11月20日又成功地发射了“神舟”号实验飞船,飞船在太空中飞行了21 h,环绕地球运转了14圈,又顺利地返回地面,那么此卫星与飞船两者相比较（）A．卫星运转周期比飞船大B．卫星运转速率比飞船大C．卫星运转加速度比飞船大D．卫星离地高度比飞船大7．下列关于向心加速度的说法中正确的是（）A．向心加速度越大，物体速率变化越快B．向心加速度越大，物体速度方向变化越快C．在匀速圆周运动中，向心加速度是恒定的D．向心加速度的方向始终与速度方向垂直8．地球自转，乌鲁木齐和广州两地所在处物体具有的角速度和线速度相比较（）A．乌鲁木齐处物体的角速度大，广州处物体的线速度大B．乌鲁木齐处物体的线速度大，广州处物体的角速度大C．两处物体的角速度、线速度都一样大D．两处物体的角速度一样大，但广州处物体的线速度比乌鲁木齐处物体的线速度要大9．甲、乙两物体都做匀速圆周运动,转动半径之比为1∶2,在相等时间里都转过60°圆心角。

描绘小灯泡的伏安特性曲线课后练习(1)1．在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，可以同时测定小灯泡的功率和电阻。

(1)测得的小灯泡的功率与实际的功率相比较，测量功率( )A．总偏大B．总偏小C．无误差D．都有可能(2)小灯泡的电阻的测量值与实际值相比较( )A．偏大B．偏小C．有时偏大，有时偏小D．都有可能2．（1）为研究某一电学元件的导电规律，将该元件两端的电压、元件中的电流及（填“金属”或“半导体”）．3．某电阻额定电压为3V（阻值大约为10Ω）。

为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：A：电流表A1（量程300mA，内阻约1Ω）B：电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）C：电压表V1（量程3.0V，内阻约3kΩ）D：电压表V2（量程5.0V，内阻约5kΩ）E：滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω）F：滑动变阻器R2（最大阻值为1kΩ）G：电源E（电动势4V，内阻可忽略）H：电键、导线若干。

（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表_______，电压表_________，滑动变阻器________。

（2）画出该实验电路图。

4．在描述小电珠的伏安特属性曲线的实验中，为了减少实验误差,电流表采用_________(填“外接法”或“内接法”).滑动变阻器以______________(填“分压式”或“限流式”)方式接入电路,这样做的好处是可以使小电珠两端的电压可以从______开始调节.5．要描绘标有“4.0V，0.4A”小灯泡L的伏安特性曲线，实验室中有以下一些器材可供选择：电源：E1(电动势为2.0V，内阻为0.2Ω)；E2(电动势为4.5V，内阻为0.02Ω)电压表：V1(量程5V，内阻为5kΩ)；V2(量程15V，内阻为15kΩ)电流表：A1(量程100mA，内阻约2Ω)； A2(量程0.6A，内阻约0.3Ω)滑动变阻器：R1(可调范围 0～10Ω，允许通过最大电流5A)；R2(可调范围 0～5kΩ，允许通过最大电流0.1A)导线，开关若干．(1)为了调节方便，准确描绘伏安特性曲线，实验中应该选用电源_____，电压表_____，电流表_____，滑动变阻器_____(填器材的符号)．(2)在满足(1)的情况下，画出实验中所需的电路原理图(标明所选仪器的符号)．6．在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，滑动变阻器应使用_____连接方式(填“分压式”“限流式”)；在“测量干电池电动势和内阻”的实验中，滑动变阻器应选阻值_____(填“大的”“小的”)7．某同学做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，他所用的器材有：小灯泡、220V交流电源、电流表、电压表、滑动变阻器、导线若干、开关、坐标纸、铅笔．其中不能使用的器材是_____，它应改为_____8．有一只小灯泡，额定电压为6V，额定功率约为3W，请用下列器材测定小灯泡的额定功率：电流表A：量程0～0.6A、内阻约为0.5Ω电压表V：量程0～3V、内阻R V=5kΩ滑动变阻器R：阻值范围0～20Ω、额定电流为1A定值电阻R0：阻值R0=10kΩ电源E：电动势约为10V、内阻很小开关S一个，导线若干(1)请在虚线框内画出利用本题提供的器材所设计的实验电路图(标注所用器材的符号)；(2)实验中，电压表的示数应调为_____V，若此时电流表示数为 0.48A，则小灯泡的额定功率为_____W．9．下列有关电学实验的说法中，正确的是_____(填选项字母)A．在“用描迹法画出电场中平面上的等势线”实验中，用恒定电流场模拟静电场B．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，电流表采用内接法，滑动变阻器采用限流式接法C．在“测定金属的电阻率”实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，为减小误差，多次测量求平均值D．在使用多用电表欧姆档测未知电阻时，不必每次换档都进行欧姆档调零10．现有一只额定电压为2.5V额定功率为0.50W的小灯泡，欲通过实验较准确地描绘小灯泡的伏安特性曲线，要求小灯泡两端电压在0～2.5V内可调，提供如下器材：A．2.5V，0.50W小灯泡B．电压表0-3V，内阻10kΩC．电流表0-0.3A，内阻2ΩD．电流表0-10mA，内阻50ΩE．滑动变阻器2000Ω，0.1AF．滑动变阻器10Ω，1.0AG．蓄电池4VH．电键S，导线若干(1)选出实验所需要的器材_____(用序号表示)参考答案：1．答案： (1)A (2)B解析：此实验电路为电流表外接，根据P＝UI，电流I测＞I真，所以P测＞P真。

江苏省启东中学2018～2018学年度第二学期高二期终考试模拟测试物理试卷答案1 A2 D3 A4 A5 A6 BC7 ACD8 AC9 AD1011 ⑴ 118.18（或118.10也得分）（2）0.700（3）○1R 1 ○2R=0..32t+812（1）保护电源，防止短路 （2分）（2）如右图所示（有一处错就不给分） （2分） （3）多测几组R 、U ，分别求出电动势E 、内阻r ，再求E 、r 的平均值，利用图象处理数据。

（2）13 解：从位移—时间图像上可看出，碰前B 的速度为0，A 的速度v 0=Δs /Δt =4m/s （3分） 碰撞后，A 的速度v 1=-1m/s ，B 的速度v 2=2m/s ， （3分） 由动量守恒定律得m A v 0=m A v 1+m B v 2， （2分） m B =2.5kg （2分）14 解：（1）向右 （3分）（2）传感器正常工作时的电阻Ω==102PU R 工作电流 A RU I 3.0== （2分）由于滑动变阻器工作电流是1A ，所以电路允许通过的最大电流为I =0.3A （2分） （3）滑动变阻器触头位于最左端时外电路的电阻为R 外=20Ω，故电源电动势的最大值E=I （R 外+r ）=6.3V （2分） 由法拉第电磁感应定律00.22.0630t t B nS t n E ⨯⨯=∆∆=∆∆=φ （2分） 解得t 0=40s （1分）15 解：⑴由题意知，要使y 轴右侧所有运动粒子都能打在MN 板上，其临界条件为：沿y 轴方向运动的粒子作类平抛运动，且落在M 或N 点。

M O ′=21L =υt① a=mqE 0② OO ′=21L =21at 2③解①②③式得 E 0=Lq m 24υ④由动能定理知 qE 0×21L =E k －221υm⑤解④⑤式得 E k =225υm⑥⑵由题意知，要使板右侧的MN 连线上都有粒子打到，粒子轨迹直径的最小值为MN 板的长度L 。

牛顿第一定律课后练习(15)1．关于力的作用效果，下列说法中不正确的是（）A．力的作用效果可表现在使物体产生转动B．力的作用效果可表现在使物体发生形变C．力的作用效果可表现在使物体保持一定的速度运动D．力的作用效果可表现在使物体的运动速度发生改变2．关于惯性的大小，下列说法正确的是（）A．两个质量相同的物体，所受阻力相同时，速度大的不容易停下来，所以速度大的物体惯性大B．两物体质量相等，惯性就一定相同C．推动地面上静止的物体开始运动比维持这个物体做匀速运动所需的力大，所以静止的物体惯性大D．在月球上举起重物比在地球上容易，所以同一个物体在月球上比在地球上惯性小3．以下说法中正确的是( )A．牛顿第一定律揭示了一切物体都具有惯性B．速度大的物体惯性大，速度小的物体惯性小C．力是维持物体运动的原因D．做曲线运动的质点，若将所有外力都撤去，则该质点仍可能做曲线运动4．关于运动和力的关系，下列说法错误的是（）A．力是运动状态改变的原因B．力是使物体位移不断增大的原因C．做匀速直线运动的物体必须受到平衡力的作用D．只要物体运动轨迹发生弯曲，必然受到力的作用5．关于惯性，下列说法中正确的是（）A．物体不受外力作用时才有惯性B．物体惯性的大小是由质量和速度共同决定的C．在远离地球的宇宙空间中的物体没有惯性D．物体受到外力作用时，它的惯性表现为运动状态改变的难易程度6．下列关于牛顿第一定律的说法正确的是（）A．牛顿第一定律是实验定律B．牛顿第一定律只是提出了惯性的概念C．牛顿第一定律提出了当物理受到的合外力为零时，物体将处于静止状态D．牛顿第一定律提出物体的运动不需要力维持7．下列有关物理学家和他们的贡献叙述正确的是( )．A．伽利略最早指出力是维持物体运动的原因B．牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量C．库仑发现了点电荷的相互作用规律并测出了静电力常量D．密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值8．请在下面的空格内将你知道的三位物理学家的名字按其生活的历史年代先后顺9．关于物体的运动状态与所受外力的关系，下面说法正确的是（）A．物体受到的合外力为零时，它一定处于匀速直线运动状态B．物体的运动方向一定与它所受的合外力方向相同C．物体受到的合外力为零时，它一定处于静止状态D．物体受到不为零的合力作用时，它的运动状态一定发生改变10．历史上首先正确认识力和运动的关系，推翻“力是维持物体运动的原因”的物理学家是( ) A．阿基米德 B.牛顿 C.伽利略 D.亚里士多德参考答案：1．答案：C解析：2．答案： B解析：3．答案： A4．答案： B5．答案： D6．答案： D解析：根据牛顿第一定律的内容：当物体不受力或所受合外力为零时，总保持匀速直线运动或静止状态，所以ABC错，D对。

电阻定律课后练习(1)1．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R。

把它拉制成直径为d／10的均匀细丝后，它的电阻变为 [ ]A．R／1000 B．R／100 C．100R D．10000R2．用电器离电源L米，线路上的电流为I，为使在线路上的电压降不超过U，已知输电线的电阻率为ρ。

那么，输电线的横截面积的最小值是 [ ]A．ρL／R B．2ρLI／U C．U／ρLI D．2UL／Iρ3．对于常温下一根阻值为R的金属电阻丝，下列说法正确的是A．常温下，若将电阻丝均匀拉长为原来的10倍，则电阻变为10RB．常温下，若将电阻丝从中点对折，电阻变为R/4C．加在电阻丝上的电压从0逐渐加大到U，则在任意状态下的U/I的值不变D．若把温度降到绝对零度附近，电阻丝的电阻突然变为零，这种现象称为超导现象4．白炽灯的灯丝是由钨制成的，下列说法中正确的是( )A．由于白炽灯正常工作时的灯丝和未接入电路时的灯丝是同一个导体，故两种情况下电阻相同B．白炽灯正常工作时灯丝电阻大于未接入电路时灯丝电阻C．白炽灯正常工作时灯丝电阻小于未接入电路时灯丝电阻D．条件不足，不能确定5．金属材料的电阻率有以下特点：一般而言，纯金属的电阻率小，合金的电阻率大；有的金属的电阻率随温度变化而显著变化，有的合金的电阻率几乎不受温度的影响．根据以上的信息，判断下列说法中正确的是( )A．连接电路用的导线一般用合金来制作B．电炉、电热器的电阻丝一般用合金来制作C．电阻温度计一般用电阻率几乎不受温度影响的合金来制作D．标准电阻一般用电阻率随温度变化而显著变化的金属材料制作6．一段粗细均匀的电阻丝，横截面的直径为d ，电阻是R 。

把它拉制成直径为d/10的均匀细丝后，它的电阻变成（）A．100R B．10000R C．R/100 D．R/100007．两个用同种材料制成的均匀导体A、B，其质量相同，当它们接入电压相同的电路时，其电流之比IA:IB＝1:4，则横截面积之比S A:S B为（）A．1:2 B．2:1C．1:4 D．4:18．在“探究电阻大小与哪些因素有关”的实验中，下列物理量与电阻大小无关的是A．导体两端的电压 B．导体的长度 C．导体的材料 D．导体的横截面积9．某同学在商场买了一个标有“220V,800W”的电水壶,为了验证电水壶质量是否合格,他测量了电水壶的电阻,若电水壶合格,那么该同学测得的电水壶的阻值（）A．接近60.5ΩB．略大于60.5ΩC．明显大于60.5ΩD．明显小于60.5Ω10．关于电阻率的说法，下列正确的是（）A．电阻率与导体的长度和横截面积有关B．电阻率由导体的材料决定，且与温度有关C．电阻率大的导体，电阻一定大D．有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，可用来制成标准电阻参考答案：1．答案： D解析：2．答案： B解析：3．答案： BD解析：4．答案： B解析：白炽灯的灯丝为金属，所以电阻率随温度的升高而增大，正常工作时温度高于不工作时的温度，所以工作时的电阻也大于不工作时的电阻，B对。

导体中的电场和电流课后练习(5)1．下列说法中正确的是( ) A．导体中电荷运动就形成了电流B．在国际单位制中，电流的单位是AC．电流有方向，它是一个矢量D．任何物体，只要其两端电势差不为零，就有电流存在2．物理学中规定的电流方向是（）A．正电荷的定向移动 B、负电荷的定向移动C．自由电荷的定向移动 D、正负离子的定向移动3．金属导体导电是作定向移动，电解液导电是作定向移动，气体导电是和都作定向移动。

4．在某次闪电中，持续的时间约0.005s，所形成的平均电流约 6×104A。

若闪电过程中流动的电量以 0.5A的电流通过电灯，可供灯照明的时间为 s5．下列说法中，错误的是( )A．每种金属都有确定的电阻率，电阻率不随温度变化B．导线越细越长，其电阻率也越大C．一般金属的电阻率，都随温度升高而增大D．测电阻率时，为了提高精度，通过导线的电流要足够大，而且要等到稳定一段时间后才可读数6．对电流概念的正确理解是()A．通过导体的横截面的电量越多，电流越大B．导体的横截面越大，电流越大C．单位时间内通过导体横截面的电量越大，电流越大D．导体中的自由电荷越多，电流越大7．在电解槽中，1min内通过横截面的一价正离子和一价负离子的个数分别为1.125×1021和7.5×1020，则通过电解槽的电流为_____．8．电流的方向：规定_____为电流的方向，在金属导体中，电流的方向与_____相反9．有甲、乙两导体,甲的横截面积是乙的两倍,而单位时间内通过乙横截面的电荷量是甲的2倍,下列说法中正确的是（）A．通过甲、乙两导体的电流相同B．通过乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速率大小相同10．下列说法不正确的是（）A．广播线、电话线要与电力线分杆架设B．广播线、电话线在电力线下面穿过时，与电力线的垂直距离不应小于1.25米C．如果发生广播线与电力线相碰时，广播喇叭将发出怪声，甚至冒烟起火．此时，应赶快关掉广播线上的开关或用木把斧头、铁锹、镐头等迅速砍断广播线D．发生广播线与电力线相碰，此时可以用手去拨地线参考答案：1．答案： B解析：自由电荷定向移动才形成电流，仅有电荷移动但不是定向移动则不行，故选项A错误．形成电流的条件是导体两端保持有电压，且必须是导体而非任何物体，故选项D错误．电流有方向，但它是标量，故选项C错误．2．答案： A3．答案：自由电子、正负离子自由电子和正负离子解析：4．答案： 600s解析：5．答案： ABD6．答案： C解析：电流的大小取决于电荷量与时间的比值，即单位时间内通过导体横截面的电量越大，电流越大；与横截面的大小及自由电荷无关；故ABD错误，C正确7．答案： 5A8．答案：正电荷移动的方向自由电子移动的方向解析：电流是由电荷的定向移动形成的．同时规定了电流的方向是：正电荷定向移动的方向为电流的方向．自由电子带负电，负电荷定向移动形成电流，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反9．答案： B解析：由I=Ｑ／ｔ知通过乙的电流是甲的2倍,故选项A错,B正确.由于I=nqSv(n是单位体积中的自由电荷数,q是自由电荷的电荷量,S是导体的横截面积,v是自由电荷定向移动的速率),所以v=Ｉ／ｎｑＳ,由于不知道甲、乙两导体的性质(n、q不知道),所以无法判断甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速率的大小,故选项C、D错.10．答案： D解析：考点：家庭电路和安全用电知识．分析：明确用电安全基本常识，确保用电安全．（1）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；（2）如果发现电器冒烟．冒火花等异常现象，应该立即切断电源；解答：解：A、为了防止电话线及广播线等带上高压电；广播线、电话线要与电力线分杆架设；且广播线、电话线在电力线下面穿过时，与电力线的垂直距离不应小于1.25米；故AB正确；C．如果发生广播线与电力线相碰时，广播喇叭将发出怪声，甚至冒烟起火．此时，应赶快关掉广播线上的开关或用木把斧头、铁锹、镐头等迅速砍断广播线；绝不能用手或其他导体接触地线；故C正确，D错误；故选：D．点评：本题考查学生生活中对家用电器的正确使用方法的掌握情况；物理是一门来自生活的学科，要将知识学会后，重新应用到生活当中去．。

江苏省启东中学2018高考物理专项复习试题：恒定电流实验测定金属的电阻率1. 有一待测电阻Rx，无法估计其粗略值。

某同学用伏安法进行测量，按图10所示（甲）、（乙）两种电路各测一次，用（甲）图测得的数据是2.9V，4.0mA；用（乙）图测得的数据是3.0V，3.0mA。

由此可知，应用________图测量的值误差较小，测量值Rx＝________Ω。

【答案】(1). 乙(2). 1000【解析】从题中给出的两组数据可以看出，待测电阻的阻值大概一千欧，比较大，所以电流表的分压较小，电压表的分流较大，应采用电流表的内接法，故乙图测量的误差较小，,2. 在“探究决定导线电阻的因素”的实验中，以下操作中错误的是______A．用米尺测量金属丝的全长，且测量三次，算出其平均值，然后再将金属丝接入电路中B．用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值C．用伏安法测电阻时采用电流表内接法，多次测量后算出平均值D．实验中应保持金属丝的温度不变【答案】AC【解析】实验中应测量出金属丝接入电路中的有效长度，而不是全长；金属丝的电阻很小，与电压表内阻相差很大，使金属丝与电压表并联，电压表对它分流作用很小，应采用电流表外接法．故A、C操作错误．3. 甲、乙、丙三位同学在使用不同的游标卡尺测量同一个物体的长度时，测量的结果分别如下：甲同学：使用游标为50分度的卡尺，读数为120.45mm乙同学：使用游标为20分度的卡尺，读数为120.4mm丙同学：使用游标为10分度的卡尺，读数为120.4mm从这些实验数据中可以看出读法正确的是___．【答案】丙．【解析】50分度的游标卡尺精度为0.02mm，即尾数只能为偶数，故甲同学所测量结果错误；20分度的游标卡尺精度为0.05，故测量结果的最后一位只能为0或5，故乙同学测量结果错误；10分度的游标卡尺精度为0.1mm，故丙同学测量结果正确；4. 在做“测定金属的电阻率”实验时，下列操作中正确的是_____A．若待测金属导线是漆包线，应该用火烧去表面的漆皮，轻轻抹去灰尘后再测金属丝的直径，千万不可用小刀去刮掉漆皮，而两端接头部分则要用砂布打磨干净，以保证电路接触良好B．用米尺反复测量3次导线的总长，求出平均值l，然后将导线接入测量电路中C．估计待测金属导线的电阻值大小，选择合适的仪器和实验电路D．合上开关S，不断增大滑动变阻器接入电路的有效阻值，记录几组对应的电流强度和电压的数值，计算出导线的电阻R【答案】AC【解析】测金属丝的直径应去掉表面的漆，轻轻抹去灰尘后再测金属丝的直径，千万不可用小刀去刮掉漆皮，而两端接头部分则要用砂布打磨干净，以保证电路接触良好，A正确；用毫米刻度尺测量3次导线的总长，求出平均值l，然后将导线接入测量电路中，B错误；计待测金属导线的电阻值大小，选择合适的仪器和实验电路，C正确；记录几组对应的电流强度和电压的数值，作出U-I图象，通过求效率来求电阻，D错误；故选AC.5. 在测量金属丝电阻率的实验中，在连接电路时，下列说法错误的是（____）A.在连接实验电路中，电键应处于断开状态，滑动变阻器滑片应置于阻值最大处B．连好电路后，经检查没有错误，立即按下电键，接通电源C．连接好电路后，经检查没有错误，正式闭合电键前，先要试触，如果没有电表超过量程或不正常情况，再把电键按下D．用安培表和伏特表测量电流和电压，在读数后要及时断开电键【答案】B【解析】为保护电路中的各个元件，在连接实验电路中，电键应处于断开状态，滑动变阻器滑片应置于阻值最大处，故A正确；为安全起见，连接好电路后，经检查没有错误，正式闭合电键前，先要试触，如果没有电表超过量程或不正常情况，再把电键按下，故B错误，C正确；电阻丝长时间工作，温度会显著升高，电阻率会变化，故用安培表和伏特表测量电流和电压，在读数后要及时断开电键，故D正确；此题选择错误的选项，故选B.6. 某位同学自制了一个螺旋测微计．由于没有车床加工精密螺纹，就找了一段细钢丝（直径为0.8mm），又找了一个细圆柱，在细圆柱上均匀涂上万能胶，然后在细圆柱上紧密绕排细钢丝作为螺栓．在螺栓上再紧密绕排细钢丝和牛皮纸组成一个螺母．再通过其他工作，一个螺旋测微计终于成功了．问该螺旋测微计的固定刻度最小长度为________mm，若可动刻度分成20等份，则刻螺旋测微可准确到________mm．【答案】(1). 0.8；(2). 0.04【解析】由于该段细钢丝直径为0.8mm，所以每转一周，固定刻度将前进0.8mm，因此该螺旋测微计的固定刻度最小长度为0.8mm；若可动刻度分成20等份，则每一个小分度的大小：L＝0.8/2＝0.04mm，则刻螺旋测微可准确到0.04mm．7. 用伏安法测电阻可以采用电流表内接法或电流表外接法，下列说法正确的是____A．待测电阻阻值大时用外接法 B.待测电阻阻值小时用内接法C．用外接法测得的阻值比真实值偏大 D.用外接法测得的阻值比真实值偏小【答案】D......点睛：本题考查了伏安法测电阻两种接法的误差分析，难度不大，知道两种接法的电路连接方式、熟练应用串并联电路特点、欧姆定律即可正确解题．8. 在“测定金属的电阻率”的试验中，下列注意事项中正确的是____A．本实验中被测金属导线的电阻值较小，因此实验电路一般采用电流表外接法B．在电阻丝上任选一处测金属导线直径就可以C．闭合开关S之前，一定要使滑动变阻器的滑片处在有效电阻值最大的位置D．测量被测金属导线的有效长度，是指测量待测导线接入电路的两个端点之间的长度，测量时应将导线拉直，反复测量三次，求其平均值【答案】ACD【解析】估计待测金属导线的电阻值大小，本实验中被测金属导线的电阻值较小，一般采用电流表外接法，A正确；电阻丝上任选中间与两端共三处测金属导线直径，从而取平均值就可以，B错误；闭合开关S之前，一定要使滑动变阻器的滑片处在有效电阻值最大的位置，从而减小电流，保护电路，C正确；用毫米刻度尺测量3次导线的总长，且测量时应将导线拉直，求出平均值，然后将导线接入测量电路中，故D正确；故选ACD.9. 在“测定金属丝的电阻率”实验中，以下操作中错误的是____A．用米尺测量金属丝的全长三次，算出其平均值B．用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值C．用伏安法测电阻时采用电流表外接电路，多次测量后算出平均值D．实验中保持金属丝的温度不变【答案】A点睛：本题考察实验误差分析，对于测量过程中不可避免的存在误差，往往通过多次测量求平均值来减小实验误差．10. 在“测定金属的电阻率”的实验中,下列说法正确的是_____A．用伏安法测金属丝的电阻时,可采用电流表内接法B．实验中应调节滑动变阻器,取得多组U和I的值,然后求出电阻平均值C．应选用毫米刻度尺测整根金属丝的长度三次,然后求出长度平均值D．实验中电流不得太大,以免电阻率发生变化【答案】BD【解析】用伏安法测金属丝电阻时,因金属丝电阻较小,应采用电流表外接法,选项A错；实验中应调节滑动变阻器,取得多组U和I的值,然后求出电阻平均值，选项B正确；计算电阻率公式中的l应为接入电路中的长度,并不是整根金属丝的长度,选项C错；实验中电流不得太大,以免电阻率发生变化，选项D正确；故选BD.。

最新-江苏省启东中学2018届⾼三物理模拟试题附答案精品江苏省启东中学2018届⾼三物理模拟试题⼀、选择题1、⽤两种不同的⾦属丝组成⼀个回路，接触点1插在热⽔中，接触2点插在冷⽔中，如图所⽰，电流计指针会发⽣偏转，这就是温差发电现象。

关于这⼀现象，正确说法是（）A ．这⼀实验过程不违反热⼒学第⼆定律；B ．在实验过程中，热⽔⼀定降温、冷⽔⼀定升温；C ．在实验过程中，热⽔内能全部转化成电能，电能则部分转化成冷⽔的内能。

D ．在实验过程中，热⽔的内能只有部分转化成电能，电能则全部转化成冷⽔的内能。

2、激光散斑测速是⼀种崭新的技术，它应⽤了光的⼲涉原理，⽤⼆次曝光照相所获得的“散斑对”相当于双缝⼲涉实验中的双缝，待测物体的速度v 与⼆次曝光的时间间隔t ?的乘积等于双缝间距，实验中可测得⼆次曝光时间间隔t ?、双缝到屏之距离l 以及相邻亮纹间距x ?，若所⽤的激光波长为λ，则该实验确定物体运动速度的表达式为（）A 、t l x v ??=λB 、t x l v ??=λC 、t x l v ??=λD 、xt l v ??=λ3、频率为ν的光⼦从地球表⾯竖直向上运动.在它上升⾼度△H(△H 远⼩于地球的半径R)的过程中,由于地球引⼒的作⽤,它的波长会变长,这种现象称为“引⼒红移”.设光速为c,则在这⼀过程中该光⼦的频率的改变量△ν与原来频率ν的⽐值为( )A.△H /c 2B.g △H /c 2C.△H /gc 2D.c 2/g △H4、有⼀个斜⾯，其底边固定且⽔平，斜⾯倾⾓在内变化，⼀质量为1kg 的物体以初速度⾃斜⾯底端沿斜⾯上滑，滑到最⾼点时的位移随⾓变化的规律如图所⽰，则在时，物体上滑的位移x 和此过程中摩擦⼒所做的功W 分别为（）A.B. C.D.5、⼀频率为600Hz 的声源以20rad/s 的⾓速度沿⼀半径为 0.80m 的圆周作匀速圆周运动，⼀观察者站在离圆⼼很远的P 点且相对于圆⼼静⽌，如图1所⽰，下列判断正确的是（ C ）①观察者接收到汽笛在A 点发出声⾳的频率⼤于600Hz②观察者接收到汽笛在B 点发出声⾳的频率等于600Hz③观察者接收到汽笛在C 点发出声⾳的频率等于600Hz④观察者接收到汽笛在D 点发出声⾳的频率⼩于600HzA ．①③B ．②④C ．①②D ．③④6、如图所⽰，⼀个棱镜的横截⾯ABC 为等腰直⾓三⾓形。

向心力课后练习(5)1．下列关于做匀速圆周运动的物体所受的向心力的说法中，正确的是（）A．物体除其他的力外还要受到一个向心力B．物体所受的合外力提供向心力C．向心力是一个恒力D．向心力的大小一直在变化2．在一宽阔的马路上，司机驾驶着汽车匀速行驶，突然发现前方有一条很宽很长的河，试分析说明他是紧急刹车好还是转弯好？（设汽车转弯时做匀速圆周运动，最大静摩擦力与滑动摩擦力相等。

）3．关于运动性质的说法正确的是( )A．变速运动一定是曲线运动B．曲线运动一定是变速运动C．曲线运动一定是变加速运动D．曲线运动一定是加速度不变的匀变速运动4．下列说法正确的是( )A．做曲线运动的物体的速度方向必定变化B．速度变化的运动必定是曲线运动C．加速度恒定的运动不可能是曲线运动D．加速度变化的运动必定是曲线运动5．关于向心力的说法正确的是（）A．做匀速圆周运动的物体其向心力是不变的B．做匀速圆周运动的物体其向心力是其所受的合外力C．物体由于做圆周运动而产生了一个向心力D．向心力只改变物体运动的方向6． .一个物体以角速度ω做匀速圆周运动时，下列说法中正确的是（）A．轨道半径越大线速度越大B．轨道半径越大线速度越小C．轨道半径越大周期越大D．轨道半径越大周期越小7．当一个物体沿半径一定的圆周做匀速圆周运动时（）A．它的线速度大小不变而角速度大小在不断变化B．它的速度大小随时间不断变化C．它在相等的时间通过的圆弧长度相等D．它的运动周期或频率随时间不断变化8．在光滑水平桌面上，用细线系一个小球，球在桌面上做匀速圆周运动，当系球的线突然断掉，关于球的运动，下述说法正确的是（）A．向圆心运动B．背离圆心沿半径向外运动C．做半径逐渐变大的曲线运动D．沿圆的切线方向做匀速运动9．由于地球的自转，地球表面上各点均做匀速圆周运动，所以（）A．地球表面各处具有相同大小的线速度B．地球表面各处具有相同大小的角速度C．地球表面各处具有相同大小的向心加速度D．地球表面各处的向心加速度方向都指向地球球心10．火车转弯做圆周运动，如果外轨和内轨一样高，火车能匀速通过弯道做圆周运动，下列说法中正确的是（）A．火车通过弯道向心力的来源是外轨的水平弹力，所以外轨容易磨损B．火车通过弯道向心力的来源是内轨的水平弹力，所以内轨容易磨损C．火车通过弯道向心力的来源是火车的重力，所以内外轨道均不磨损D．以上三种说法都是错误的参考答案：1．答案： B解析：由题可知只有B物体所受的合外力提供向心力正确2．答案：刹车好解析：3．答案： B4．答案： A解析：在曲线运动中，运动质点在任一点的速度方向，就是这一点的曲线的切线方向，所以曲线运动的速度方向一定变化，故选项A正确；若速度大小变化，方向不变，且速度方向与加速度方向在一条直线上，物体就做变速直线运动，故选项B错误；物体做曲线运动的条件是加速度方向与速度方向不在一条直线上，而不是要求加速度为恒量，故选项C错误；若加速度方向不变，只是大小发生变化，且加速度方向与速度方向在一条直线上，物体就做变加速直线运动，故选项D错误．5．答案： BD解析：向心力有方向，A错。

向心力课后练习(2)1．下列说法中正确的是( )A．在光滑水平面上汽车无法转弯B．火车转弯时受到的支持力提供向心力C．若火车转弯时的速度大于转弯时的规定速度，则轨道内侧受压力D．圆锥摆所受的合外力就是向心力2．做匀速圆周运动的质点是处于（）A．平衡状态B．不平衡状态C．速度不变的状态D．加速度不变的状态3．一个质量为2kg的物体，在5个共点力作用下处于匀速直线运动状态.现同时撤去大小分别为15N和10N的两个力，其余的力保持不变，关于此后该物体运动的说法中正确的是（）A．可能做匀减速直线运动，加速度大小是2m/s2B．可能做匀速圆周运动，向心加速度大小是5m/s2C．可能做匀变速曲线运动，加速度大小可能是10m/s2D．一定做匀变速直线运动，加速度大小可能是5m/s24．关于曲线运动，下列说法不正确的是（）A．做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动B．做曲线运动的物体，受到的合外力方向与速度方向一定不共线C．做匀速圆周运动的物体，它所受的合外力一定指向圆心D．做匀速圆周运动的物体，它所受的合外力是恒力5．加速度是描述速度变化快慢的物理量，一个做匀速圆周运动的质点，它的向心加速度是描述（）A．线速度大小变化快慢的B．角速度变化快慢的C．线速度方向变化快慢的D．线速度、角速度乘积变化快慢的6．关于质点做匀速圆周运动，下列说法正确的是A．质点的向心力不变 B．质点的线速度不变C．质点的动量不变 D．质点的动能不变7．在匀速转动的水平圆盘上有一个相对圆盘静止的物体，则有关物体受到的摩擦力情况，下列说法正确的是（）A．不受摩擦力作用B．方向沿圆盘平面背离转轴C．方向沿圆盘平面与物体速度方向相反D．方向沿圆盘平面指向转轴8．关于向心力的说法中正确的是（）A．物体受到向心力的作用才能做圆周运动B．向心力是指向圆心方向的合外力，它是根据力的作用效果命名的C．向心力可以是重力、弹力、摩擦力等各种力的合力，也可以是某种力的分力D．向心力只改变物体的运动方向，不可能改变物体运动的快慢9．对作匀速圆周运动的物体，下列物理量不变的是（）A．向心力 B.向心加速度 C.线速度 D.周期10．如图所示，一质量为3m的圆环半径为R，用一细轻杆固定在竖直平面内，轻质弹簧一端系在圆环顶点，另一端系一质量为m的小球，小球穿在圆环上作无摩擦的运动，当小球运动到最低点时速为v，则此时轻杆对圆环的作用力大小为（）A．mv2/R B．2mg+ mv2/RC．3mg+ mv2/R D．4mg+ mv2/R参考答案：1．答案：AD解析：光滑面没有摩擦力，无法产生向心力，选项A正确；火车转弯时是合力提供向心力，选项B错误；火车转弯时速度大，内侧不受力，火车都是向外侧翻，选项C错误；圆锥摆做匀速圆周运动，令外力提供向心力．选项D正确．2．答案： B解析：3．答案： C解析：4．答案： D5．答案： C解析： A、匀速圆周运动的线速度大小不变，故向心加速度不可能描述线速度大小变化快慢．故A错误．B．匀速圆周运动的角速度不变，故向心加速度不可能描述角速度大小变化快慢．故B错误．C．匀速圆周运动的线速度方向时刻改变，而大小不变，故向心加速度是描述线速度方向变化快慢的．故C正确．D．由a=vω知，线速度、角速度乘积等于向心加速度，故D错误．6．答案： D7．答案： D解析：物体随圆盘一起做匀速圆周运动，重力和支持力平衡，静摩擦力提供向心力，方向始终指向转轴．故D正确，A、B、C错误8．答案： BCD解析：考点：向心力.专题：匀速圆周运动专题．分析：物体做圆周运动就需要有向心力，向心力是由外界提供的，不是物体产生的．向心力改变速度的方向，不改变速度的大小．做匀速圆周运动的物体向心力是由合外力提供的．向心力的方向时刻改变，向心力也改变．解答：解：A、物体做圆周运动就需要有向心力，向心力是由外界提供的，不是物体本身产生的，故A错误．B．向心力是指向圆心的合力提供的，它是按力的作用效果命名的，故B正确．C．向心力可以是重力、弹力、摩擦力等各种力的合力，也可以是某种力的分力，故C正确．D．向心力的方向与速度方向垂直，不改变速度的大小，只改变速度的方向，故D正确．故选：BCD．点评：本题考查对向心力的理解能力．向心力不是什么特殊的力，其作用产生向心加速度，改变速度的方向，不改变速度的大小．9．答案： D解析：考点：向心力；牛顿第二定律.专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：匀速圆周运动的特征是：速度大小不变，方向时刻变化；向心力大小不变，但始终指向圆心；角速度不变；周期不变．解答：解：A、向心力的大小不变，方向始终指向圆心，时刻改变．故A错误．B．向心加速度的大小不变，但方向始终指向圆心，时刻改变．故B错误．C．匀速圆周运动的线速度大小不变，方向改变．故C错误．D．匀速圆周运动的周期不变．故D正确．故选：D点评：解决本题的关键知道角速度、线速度、向心加速度、向心力都是矢量，只要方向改变，该量发生改变．10．答案： D。

电磁波的特性课后练习(1)1．关于红外线，下列说法正确的是( )A．红外烤箱中的红光就是红外线B．红外线比可见光更容易发生衍射C．高温物体辐射红外线，低温物体不辐射红外线D．红外线比可见光更容易引起固体物质分子共振2．北京广播电台发射“中波”段某套节目的信号、家用微波炉中的微波、VCD机中的激光（可见光）、人体透视用的X光，都是电磁波.它们的频率分别为f1、f2、f3、f4.则( )A．f1＞f2＞f3＞f4 B.f1＜f2＜f3＞f4C．f1＜f2＜f3＜f4 D.f1＞f2＞f3＜f43．无线电通信所用的电磁波分几个波段这是按（）A．无线电波的波长分的B．无线电波的频率分的C．无线电波的波速分的D．无线电波的波长、波速和频率分的4．无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线合起来，形成了范围非常广阔的电磁波谱，不同的电磁波产生的机理不同，表现出的特性也不同，因而其用途也不同．下列应用中符合实际的是( )A．医院里常用红外线对病人进行透视B．医院里常用紫外线照射病房和手术室进行消毒C．用X射线处理医院排放的污水，可杀死各种病原体，保护环境免受污染D．用γ射线照射马铃薯，可防止其发芽，以便长期保存5．太阳光中包含的某种紫外线的频率为f1，VCD影碟机中读取光盘数字信号的红色激光的频率为f2，人体透视使用的X光的频率为f3，则下列结论正确的是( )A．这三种频率的大小关系是f1<f2<f3B．紫外线是原子的内层电子受激发产生的C．红色激光是原子的外层电子受激发产生的D．X光是原子核受激发产生的6．电磁波已广泛运用于很多领域。

下列关于电磁波的说法符合实际的是A．电磁波不能产生衍射现象B．常用的遥控器通过发出紫外线脉冲信号来遥控电视机C．根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度D．光在真空中运动的速度在不同惯性系中测得的数值可能不同7．雷达是用来对目标进行定位的现代化定位系统.雷达的定位是利用自身发射的（）A．电磁波B．红外线C．次声波D．光线8．验钞机发出的光能使得钞票上的荧光物质发光；电视机、空调等家用电器的遥控器能发出光束来控制电视机、空调等家电.对于它们发出的光可判定：验钞机发出的光是，遥控器发出的光是 .9．关于电磁波谱，下列说法中正确的是（）A．红外线比红色光的波长长，它的热作用更强B．X射线就是伦琴射线C．阴极射线是一种频率极高的电磁波D．紫外线的波长比伦琴射线长，它的显著作用是化学作用10．对红外线的作用及来源正确的叙述有（）A．一切物体都在不停地辐射红外线B．红外线有很强的荧光效应C．红外线最显著的作用是热作用D．红外线容易穿过云雾、烟尘参考答案：1．答案： BD解析：红外线是看不见的，所以烤箱中的红光不是红外线，A项错误.红外线比可见光的波长长，更容易发生衍射，B项正确.一切物体，包括高温物体和低温物体都在辐射红外线，只是物体温度越高，它辐射的红外线就越强，C项错误.红外线的频率比可见光更接近固体物质分子的频率，也就更容易使分子发生共振，因而红外线热作用显著，D项正确.2．答案： C解析：从电磁波谱的排序来分析，“中波”段某套节目的信号（无线电波）和微波都在红外区，其中无线电波是人工制造自由电子振荡产生的电磁波，波长最长，频率最低，激光是可见光.X 光在紫外区，波长短，频率最高.C项正确.3．答案： A解析：4．答案： BD解析：5．答案： C解析：根据电磁波谱中各种电磁波产生的原理可知，紫外线，红色激光(属于可见光)是原子的外层电子受激发产生的，X光是原子的内层电子受激发产生的，则C选项正确，B、D选项错误．6．答案： C解析：衍射现象是波的特有现象，A错误；常用的遥控器通过发出红外线脉冲信号来遥控电视机，B错误；遥远天体和地球的距离发生变化时，遥远天体的电磁波由于相对距离发生变化而出现多普勒效应，所以能测出遥远天体相对地球的运动速度，C正确；光在真空中运动的速度在不同惯性系中测得的数值是相同的，即光速不变原理，D错误。

测定电源的电动势和内阻课后练习(2) 1．在测定电池的电动势和内阻的实验中，待测电池、开关和导线配合下列仪器，不能达到实验目的的是( )A．一只电流表和一个电阻箱B．一只电流表、一只电压表和一个滑动变阻器C．一只电压表和一个电阻箱D．一只电流表和一个滑动变阻器2．在测定电源电动势和内阻的实验中，除需用导线和开关外，下述各组器材可完成实验的是( )A．电压表和电流表B．电流表和电阻箱C．电流表和变阻器D．电压表和变阻器3．下面给出多种用伏安法测电池电动势和内电阻的数据处理方法，能减小偶然误差的方法是( )A．测出两组I，U的数据，代入方程组E=U1+I1r和E=U2+I2r中，即可求出E和rB．测出几组I，U的数据，求出几组E，r，最后分别求出其平均值C．测出多组I，U的数据，画出U—I图象，再根据图象求E，rD．测出一组I，U数据，用电压表测出开路时的路端电压即为电压势E，再用闭合电路欧姆定律求出内电阻r4． A．两组同学分别用各自的干电池与器材采用伏安法完成“测定一节干电池的电动势ε和内阻r”的实验，下列说法正确的是：（）A．电流表量程选用“0-0.6A”比选用“0-3.0A”实验误差小B．滑动变阻器选用“200Ω，0.2A”比选用“20Ω，1.0A”更合适C．用U-I图线求ε和r 时U轴可以不从“0”开始D．两组同学通过作图得到的结果不同，至少有一组同学实验有误5．在研究“闭合电路中内、外电路的电压关系”的实验时，改变电阻器的阻值，用两只电压表分别测出几组不同的内电压和外电压的值，再由这些数据得出结论．这属于( )A．控制变量法B．等效替代法C．多次测量取平均值D．分析实验数据，归纳结论6．用图象法计算电动势和内电阻时，先要描点，就是在U-I坐标系中描出与每组I、U值对应的点，以下说法中不正确的是( )A．这些点应当基本上在一条直线上，由于偶然误差不能避免，所以U-I图线不可能通过每一个点B．这些点应当准确地分布在一条直线上，即U-I图线应通过每个点C．不在U-I图线上的点应当大致均衡地分布在图线两侧D．个别偏离直线太远的点，应当舍去7．在测电源的电动势和内阻的实验中，下列注意事项中正确的是( )A．应选用旧的干电池作为被测电源，以使电压表示数的变化比较明显B．移动变阻器的触头时，可以使滑动变阻器短路以便得到短路电流C．根据实验记录的数据作U-I图象时，纵轴横轴都必须从零开始D．根据实验记录的数据作U-I图象时，应通过尽可能多的点画一条直线，并使不在直线上的点大致均匀分布在直线两侧8．在《测定电源电动势和内阻》的实验中，为使实验效果明显且不易损坏仪器，应选择下列哪种电源为好( )A．内阻较大的普通干电池B．内阻较小的普通蓄电池C．小型交流发电机D．小型直流发电机9．为了测出电源的电动势和内阻，除待测电源和开关、导线以外，配合下列哪组仪器，能达到实验目的（）A．一个电流表和一个电阻箱B．一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器C．一个电压表和一个电阻箱D．一个电流表和一个滑动变阻器10．关于电源的电动势，下列说法中正确的是（）A．电源电动势越大，表明它将其他形式的能转化为电能的本领越大B．电源电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压C．电源电动势在数值上等于非静电力在单位时间内所做的功D．电源电动势在数值上等于非静电力把1C正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功参考答案：1．答案： D解析：根据E＝I(R＋r)，一只电流表和一个电阻箱读出两组电流、电阻值，便可求E、r；一只电流表、一只电压表和一个滑动变阻器，改变变阻器的阻值读出两组电流、电压值，便可求E、r.根据E＝U＋U r/R，一只电压表和一个电阻箱读出两组电压、电阻值，便可求E、r.选项A、B、C均可以达到实验目的.2．答案： B解析：测定电源电动势和内阻的原理都是闭合电路欧姆定律，依据不同的函数关系式测量，所用的测量电表和电阻也不同．用E＝U＋Ir要用电压表、电流表和滑动变阻器，故A错误；用E ＝I(R＋r)要用电流表和电阻箱，故B正确，C错误；很明显，D也错误．3．答案： BC解析：减小偶然误差的方法主要有多测几组值秋平均值和用图像法处理实验数据，选项BC 正确4．答案： AC解析： A、电流表量程选用“0-0.6A”比选用“0-3.0A”读数误差小，故A正确B．滑动变阻器在本实验中作为限流使用，“20Ω，1.0A”比“200Ω，0.2A”更能减小误差．故B错误C．用U-I图线求ε和r 时U轴可以不从“0”开始，这样图象更直观，纵坐标的标度增大，更能减小误差．故C正确D．由于读数有误差，作图有误差，所以两组同学通过作图得到的结果可能不同，不能说同学实验有误，故D错误故选AC．5．答案： D解析：在研究“闭合电路中内、外电路的电压关系”的实验时，改变电阻器的阻值，用两只电压表分别测出几组不同的内电压和外电压的值，再由这些数据得出结论．这属于分析实验数据，归纳结论法．6．答案： B解析：：因在实验中读数误差不能避免，而由公式可知，U-I图象应是直线，故不可能图线通过每一点；若出现偏离太远的点应舍去；然后不在U-I图中的点应当大致均衡地分布在图线两侧；故ACD说法正确，B错误；本题选错误，故选B．7．答案： AD解析： A、由U=E-Ir可知，电源内阻r越大，电路电流变化时，路端电压U变化越大，电压表示数变化越明显，实验误差较小，因此用一节干电池做电源，稍旧电池比全新电池效果好，故A 正确；B．为保护电路安全，不能使滑动变阻器短路得到短路电流，故B错误；C．根据实验记录的数据作U-I图象时，纵轴横轴都没有必要必须从零开始，C错误；D．根据实验记录的数据作U-I图象时，应通过尽可能多的点画一条直线，并使不在直线上的点大致均匀分布在直线两侧，D正确8．答案： A解析：电源电阻大内阻分压较明显，实验数据较分散，所以适合实验使用，A对9．答案： ABC解析：考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可以一个电压表、一个电流表分别测量路端电压和电流，用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量．也可以用电流表和电阻箱组合，可代替电流表和电压表，或用电压表和电阻箱组合，代替电压表和电流表，同样能测量电源的电动势和内阻．解答：解：测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，作电压表测量路端电压U、用电流表测量电流I，利用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量，即由一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器绊组合可测量电源的电动势和内阻．也可以在没有电压表的情况下，用一个电流表和一个电阻箱组合测量，电阻箱可以读出阻值，由U=IR 可求出路端电压，或用电压表和电阻箱组合，由电压表读数U与电阻箱读数R之比求出电流．故ABC正确．故选：ABC点评：测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律，实验的电路有三种，分别是伏安法、伏阻法和安阻法．本题采用转换法，将非线性关系通过数学变形转换成了线性关系．10．答案： ABD解析：电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势越大，电源将其他形式的能转化为电能的本领越大．则A正确；其大小在数值上等于非静电力把1C正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功，也等于电源没有接入电路时两极间的电压．则C错误BD正确。