【配套K12】南京市2018年高二数学暑假作业21等差数列和等比数列

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小初高试卷教案类
K12小学初中高中
高二暑假作业(21) 等差数列和等比数列
考点要求
1. 掌握等差数列、等比数列的性质及应用;
2. 掌握等差数列、等比数列的通项及前n项和公式的应用;
3. 了解等差数列与等比数列的交汇,考查数列的综合应用.
考点梳理
1.在等差数列{an}中,若m+n=p+q=2r,则am,an,ap,aq,ar满足________________;
在等比数列{an}中,若m+n=p+q=2r,则am,an,ap,aq,ar满足________________.
2. 如果两等差数列有公共项,那么由它们的公共项顺次组成的数列也是等差数列,且
新等差数列的公差是原两等差数列公差的____________.
3. 若{an},{bn}是等差数列,则{kan},{an±bn},{kan+pbn}(k,p是非零常数),

{ap+nq}(p,q∈N*)成________数列;若{an}是等比数列,则1an,{|an|},{ap+nq}(p,
q

∈N*),{kan}(k≠0)成________数列;若{an},{bn}是等比数列,则{an·bn},anbn仍
成________数列.
4. 若{an}是等差数列,a>0,且a≠1,则{aan}成________数列;
若{an}是等比数列,an>0,则{lgan}成________数列.
5. 如果数列{an}既是等差数列又是等比数列,那么数列{an}是非零常数数列,故{an}
是常数数列仅是此数列既是等差数列又成等比数列的________条件.
6.在等比数列{an}中,设公比为q,则当项数为偶数2n时,S偶与S奇的关系是__________;
当项数为奇数2n-1时,S偶与S奇的关系是__________.
考点精练

1. 已知{an}是等比数列,a2=2,a5=14,则a1a2+a2a3+…+anan+1=____________.

2. 在等比数列{an}中,a5+a6=a(a≠0),a15+a16=b,则a25+a26=____________.
3.若Sn为等差数列{an}的前n项和,S9=-36,S13=-104,则a5与a7的等比中项为
____________.

4. 在如图所示的表格中,每格填上一个数字后,
使每一横行成等差数列,每一纵列成等比数
列,则a+b+c=____________.

5. 已知等比数列{an}中各项都是正数,且a1,
12a3,2a2成等差数列,则a6+
a
7

a8+a
9

=________.

6. 已知数列{an}的各项均为正数,其前n项和为Sn,若{log2an}是公差为-1的等差数
列,且S6=38,则a1=____________.

7. 设等比数列{an}的公比为q,前n项和为Sn,若Sn+1,Sn,Sn+2成等差数列,则q=
____________.

8. 已知等比数列{an}中,各项都是正数,且a1,12a3,2a2成等差数列,则a9+a10a7+a8=
____________.

1 2
0.5 1
a
b
c
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K12小学初中高中
9.在等差数列{an}和等比数列{bn}中,若a1=b1>0,a11=b11>0,则a6与b6的大小关
系为___________.
10.有四个数,其中前三个数成等差数列,后三个数成等比数列,并且第一个数与第四
个数的和为16,第二个数与第三个数的和是12,求这四个数.

11. 已知等差数列{an}的首项a1=1,公差d>0,且第二项、第五项、第十四项分别是等
比数列{bn}的第二项、第三项、第四项.
(1) 求数列{an}与{bn}的通项公式;

(2) 设数列{cn}对任意正整数n,均有c1b1+c2b2+c3b3+…+cnbn=an+1,求c1+c2+…+c2013的
值.

12. 以数列{an}的任意相邻两项为坐标的点P(an,an+1)(n∈N*)均在一次函数y=2x+
k
的图象上,数列{bn}满足条件bn=an+1-an(n∈N*,b1≠0).
(1) 求证∶数列{bn}是等比数列;
(2) 设数列{an}、{bn}的前n项和分别为Sn,Tn,若S6=T4,S5=-9,求k的值.
小初高试卷教案类

K12小学初中高中
第21课时 等差数列和等比数列
1. 323(1-4-n) 2. b2a 3. ±42 4. 1 5. 3-22 6. 421 7. -2
8. 3+22 9. a6≥b6
10. 解:四个数依次为0,4,8,16或15,9,3,1.
11. 解:(1) 由题意得(a1+d)(a1+13d)=(a1+4d)2(d>0),解得d=2,
∴ an=2n-1,bn=3n-1.
(2) 当n=1时,c1=3,

当n≥2时,∵ cnbn=an+1-an,∴ cn=3,n=1,2·3n-1,n≥2.
∴ c1+c2+…+c2 013=3+2×3+2×32+…+2×32 012=32 013.
12. (1) 证明:由题意,an+1=2an+k,

由bn=an+1-an,知bn+1bn=an+2-an+1an+1-an=(2an+1+k)-an+1(2an+k)-an=an+1+kan+k=2an+2kan+k=2,
所以数列{bn}是等比数列,且首项为a1+k,公比为2.
(2) 解:由(1)知,bn=(a1+k)·2n-1,
所以,an=(an-an-1)+(an-1-an-2)+…+(a2-a1)+a1
=bn-1+bn-2+…+b1+a1=(a1+k)·2n-1-k.
从而an=bn-k,

由S6=T4,得a5+a6=4k,即(a1+k)(24+25)-2k=4k,∴ a1=-78k.

再由S5=-9,则k8(1-25)1-2-5k=-9,解得k=8.