[实用参考]分式不等式的解法讲义

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优质参考文档 不等式的解法

1．一元二次不等式的解法

(1)含有未知数的最高次数是二次的一元不等式叫做一元二次不等式．

(2)一元二次不等式的解法(如下表所示)

设a＞0，G1，G2是一元二次方程aG2＋bG＋c＝0的两实根，且G1＜G2

(3)对于一元二次不等式的解法需注意：

①x－ax－b≥0(a＜b)的解集为：{G|G≤a或G＞b}；x－ax－b≤0(a＜b)的解集为：{G|a≤G＜b}．

②从函数观点来看，一元二次不等式aG2＋bG＋c＞0(a＞0)的解集是一元二次函数P＝aG2＋bG＋c(a＞0)在G轴上方的点的横坐标的集合．

③三个“二次”的关系

常说的三个“二次”即指二次函数、一元二次方程和一元二次不等式，这三者之间有着密切的联系，这种联系点可以成为高考中的命题点．处理其中某类问题时，要善于产生对于另外两个“二次”的联想，或进行转化，或帮助分析．具体到解一元二次不等式时，就是要善于利用相应的二次函数的图象进行解题分析，要能抓住一元二次方程的根与一元二次不等式的解集区间的端点值的联系．

2．解一元二次不等式的方法：

(1)图象法：先求不等式对应方程的根，再根据图象写出解集．

(2)公式法步骤：

①先化成标准型：aG2＋bG＋c＞0(或＜0)，且a＞0；

②计算对应方程的判别式Δ；

③求对应方程的根；

④利用口诀“大于零在两边，小于零在中间”写出解集．

3．解绝对值不等式的基本思想

1）解绝对值不等式的基本思想是去掉绝对值符号，把带有绝对值号的不等式等价转化为不含绝对值号的不等式求解，常采用的方法是讨论符号和平方，例如： 优质参考文档

优质参考文档 (1)若a＞0，则│G│＜a⇔－a＜G＜a⇔G2＜a2；

(2)若a＞0，则│G│＞a⇔G＜－a，或G＞a⇔G2＞a2；

(3) |f(G)|

(4)|f(G)|>g(G)⇔f(G)>g(G)或f(G)<－g(G)(无论g(G)是否为正)．

常用的方法有：(1)由定义分段讨论；(2)利用绝对值不等式的性质；(3)平方．

2）常见绝对值不等式及解法：

(1)|f(G)|＞a(a＞0)⇔f(G)＞a或f(G)＜－a；

(2)|f(G)|＜a(a＞0)⇔－a＜f(G)＜a；

(3)|G－a1|＋|G－a2|＞(＜)b，用零点分区间法．

4．一般分式不等式的解法：

(1)整理成标准型fxgx＞0(或＜0)或fxgx≥0(或≤0)．

(2)化成整式不等式来解：

①fxgx＞0⇔f(G)·g(G)＞0

②fxgx＜0⇔f(G)·g(G)＜0

③fxgx≥0⇔ fx·gx≥0gx≠0

④fxgx≤0⇔ fx·gx≤0gx≠0

(3)再讨论各因子的符号或按数轴标根法写出解集．

★ 热 点 考 点 题 型 探 析★

考点1 一元二次不等式的解法

题型1.解一元二次不等式

[例1] 不等式2xx的解集是( )

A．,0 B. 0,1 C. 1, D. ,01,

【解题思路】严格按解题步骤进行

[解析]由2xx得(1)0xx,所以解集为,01,,故选D;别解:抓住选择题的特点,显然当2x时满足不等式,故选D.

【名师指引】解一元二次不等式的关键在于求出相应的一元二次方程的根

题型2.已知一元二次不等式的解集求系数.

[例2]已知关于x的不等式220axxc的解集为11(,)32,求220cxxa的解集.

【解题思路】由韦达定理求系数

[解析] 由220axxc的解集为11(,)32知0a,11,32为方程220axxc的两个根,由韦达定理得11211,3232caa,解得12,2ac,∴220cxxa即222120xx,其解集为(2,3).

【名师指引】已知一元二次不等式的解集求系数的基本思路是,由不等式的解集求出根,再由

韦达定理求系数

【新题导练】

1.不等式（a－2）x2+2(a－2) -4＜0,对一切x∈R恒成立，则a的取值范围是（ ）

A.（-∞,2] B.（-2,2] C.（-2,2） D.（-∞,2) 优质参考文档

优质参考文档 解析：∵可推知-2＜a＜2,另a=2时，原式化为-4＜0，恒成立，∴-2＜a≤2. 选B

2. 关于x的不等式(mx-1)( x-2)＞0，若此不等式的解集为{x|＜G＜2}，则m的取值范围是

A. m＞0 B.0＜m＜2 C. m＞ D. m＜0

解析：由不等式的解集形式知m＜0. 答案：D

考点2 含参数不等式的解法

题型1：解含参数有理不等式

例1：解关于x的一元二次不等式2(3)30xaxa

【解题思路】比较根的大小确定解集

解析：∵2(3)30xaxa，∴30xxa

⑴当3,3axax时或，不等式解集为3xxax或；

⑵当3a时，不等式为230x，解集为3xxRx且；

⑶当3,3axxa时或，不等式解集为3xxxa或

【名师指引】解含参数的有理不等式时分以下几种情况讨论:①根据二次项系数(大于0,小于0,等于0);②根据根的判别式讨论(0,0,0).③根据根的大小讨论(121212,,xxxxxx).

题型2：解简单的指数不等式和对数不等式

例2. 解不等式loga(1－x1)＞1 (0,1)aa

【解题思路】借助于单调性进行分类讨论

解析(1)当a＞1时，原不等式等价于不等式组axx11011

由此得1－a＞x1.因为1－a＜0，所以G＜0，∴a11＜G＜0.

(2)当0＜a＜1时，原不等式等价于不等式组：axx11011

由 ①得G＞1或G＜0，由②得0 ＜G＜a11，∴1＜G＜a11.

综上，当a＞1时，不等式的解集是{G|a11＜G＜0}，当0＜a＜1时，不等式的解集为{G|1＜G＜a11}. ①

② 优质参考文档

优质参考文档 【名师指引】解指数不等式与对数不等式通常是由指数函数和对数函数的单调性转化为一般的不等式(组)来求解，当底数含参数时要进行分类讨论.

【新题导练】

3.关于x的不等式226320xmxm的解集为( )

A.(,)97mm B.(,)79mm C.(,)(,)97mm

D.以上答案都不对

解析:原不等式可化为()()097mmxx,需对m分三种情况讨论,即不等式的解集与m有关.

4.解关于x的不等式：04)1(22xaax

解析：0)2)(2(xax

aaa)1(222

当aa22122|xax；

当aa2210axx22|，

当0a0)2)(2(xax2|2xxxa或

xaxa1;20

5.

考点3 分式不等式及高次不等式的解法

[例5] 解不等式:22(1)(68)0xxx

【解题思路】先分解因式,再标根求解

[解析]原不等式(1)(1)(2)(4)0xxxx,各因式根依次为-1,1,2,4,在数轴上标根如下:

所以不等式的解集为(,1][1,2][4,).

【名师指引】求解高次不等式或分式不等式一般用根轴法,要注意不等式的解集与不等式对应的方程的根的关系.

【新题导练】

5.若关于x的不等式0(3)(1)xaxx的解集是(3,1)(2,),则a的值为_______

解析:原不等式()(3)(1)0xaxx,结合题意画出图可知2a.

6. 解关于)0(11)1(2axaxxax的不等式

解：①若)251()2511(2150，，，则原不等式的解集为aa；

②若)251(215，，则原不等式的解集为a；

③若)251()1251(215，，，则原不等式的解集为aa

7.（ 广东省深圳中学20PP—20PP学年度高三第一学段考试）解不等式.2)21(242xxx 4 2 1 -1 x 优质参考文档

优质参考文档 ．解析：2)21(2242xx

21422222xx

即212322x得65x所以原不等式的解集为}65|{xx

考点4 简单的恒成立问题

题型1:由二次函数的性质求参数的取值范围

例1.若关于x的不等式2220axx在R上恒成立,求实数a的取值范围.

【解题思路】结合二次函数的图象求解

[解析]当0a时,不等式220x解集不为R,故0a不满足题意;

当0a时,要使原不等式解集为R,只需202420aa,解得12a

综上,所求实数a的取值范围为1(,)2

【名师指引】不等式20axbxc对一切xR恒成立000abc或2040abac

不等式20axbxc对任意xR恒成立000abc或2040abac

题型2.转化为二次函数的最值求参数的取值范围

【解题思路】先分离系数,再由二次函数最值确定取值范围.

[解析] (1)设2()(0)fxaxbxca.由(0)1f得1c,故2()1fxaxbx.

∵(1)()2fxfxx ∴22(1)(1)1(1)2axbxaxbxx

即22axabx,所以22,0aab,解得1,1ab ∴2()1fxxx

(2)由(1)知212xxxm在[1,1]恒成立,即231mxx在[1,1]恒成立.

令2235()31()24gxxxx,则()gx在[1,1]上单调递减.所以()gx在[1,1]上的最大值为(1)1g.所以m的取值范围是(,1).

【名师指引】()mfx对一切xR恒成立,则min[()]mfx;()mfx对一切xR恒成立,则max[()]mfx;

【新题导练】

8.不等式22214xaxax对一切xR恒成立，则实数a的取值范围是_______．

[解析]：不等式22214xaxax对一切xR恒成立,

即 014)2(2axxa 对一切xR恒成立

若2a=0,显然不成立

若2a0，则002a ∴2a