甘肃省永昌县第一中学2014-2015学年高一物理上学期期中试题

2014-2015学年甘肃省天水市第一中学高一上学期期末考试物理卷一.选择题(1～8每题只有一个选项是正确的，9～10每题有两个选项是正确的，全部选对得5分，选不全得3分，选错或不选得0分，共50分）1．关于力学单位制，下列说法中正确的是（）A．kg、m、N是基本单位B．kg、N、m/s都是导出单位C．在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F=maD．在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是g【答案】C【解析】N不是基本单位，A错误；kg是基本单位不是导出单位，B错误；在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F=ma，否则k不等于1，C正确；在国际单位制中，质量的单位是kg,D错误。

2．“蛟龙”号载人潜水器2011年7月30号凌晨4时26分开始进行第四次下潜实验，并在深度5182米的位置成功安放了中国大洋协会的标志和一个木雕的中国龙，如图所示。

下潜全程历时8小时57分，于13时2分完成下潜任务后顺利返回到“向阳红09”母船。

关于此次潜实验说法正确的是（）A．“5182米”是指位移B．“5182米”是指路程C．“4时26分”、“8小时57分”、“13时2分”是指时间D．“4时26分”、“13时2分”指时刻，“8小时57分”指时间【答案】D【解析】5182m指深度，一定不是位移，因为不可能做单向直线运动，AB错误；4时26分是时刻、8小时57分是时间、13时2分是时刻，C错误，D正确。

3．滑块以某一初速度从斜面底端冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零。

已知滑块通过斜面中点时的速度为v ，则滑块的初速度为（ ）111) D.22v v v 【答案】C【解析】运动用逆向思维，设斜面的长度为2x ,由2202v v ax -=得：22v ax =2202v v ax -=,，C 正确。

4．在一次交通事故中，一辆载有30吨“工”字形钢材的载重汽车由于避让横穿马路的摩托车而紧急制动，结果车厢上的钢材向前冲出，压扁驾驶室。

甘肃省金昌市永昌一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（理科）参考答案与试题解析一．单项选择题：（每小题只有一个选项符合题意，每小题2分，满分30分）1．（2分）关于元电荷的下列说法中正确的是（）A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的数值通常取作e=﹣1.6×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由库仑用实验测得的考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．解答：解：A、元电荷是指最小的电荷量，不是电荷，不是指质子或者是电子，故A错误；B、所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，故B正确；C、元电荷的数值通常取作e=1.6×10﹣19C，故C错误；D、电荷量e的数值最早是由密立根用实验测得的，故D错误；故选：B．点评：对于元电荷要注意明确这不是质子也不是电子，它只是在数值上等于它们的电量．2．（2分）在电场中某点用+q测得场强E，当撤去+q而放入﹣时，则该点的场强（）A．大小为，方向和E相同B．大小为，方向和E相反C．大小为E，方向和E相同D．大小为E，方向和E相反考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度表示电场本身强弱和方向的物理量，由电场本身决定的，与试探电荷无关，可以由公式E=计算场强的大小．当试探电荷移走后，同一点场强不变．解答：解：把电荷量为q的检验电荷放入点电荷Q产生的电场中的某点，测得q所受电场力大小为F，则该点的电场强度大小为E=，若移走q，而在该点放置一个q2=5q的点电荷时，电场强度大小和方向均不变．故选C点评：电场强度描述电场本身特性的物理量，与试探电荷的电量、电性、电场力无关．基础题．3．（2分）下列关于点电荷的说法正确的是（）A．只有体积很小的带电体才能看成点电荷B．体积很大的带电体一定不能看成点电荷C．当两个带电体的大小远小于它们间的距离时，可将这两个带电体看成点电荷D．由公式F=k可以知，r→0时，F→∞考点：库仑定律．专题：常规题型．分析：带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．解答：解：A、由带电体看作点电荷的条件，当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系，故AB错误；C、当两个带电体的大小远小于它们间的距离时，可将这两个带电体看成点电荷，故C正确；D、由于当距离趋向于0时，电荷不能再看作点电荷；库仑定律不再适用；不能得出F达无穷大；故D误；故选：C点评：本题是基础的题目，考查的就是学生对基本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累．4．（2分）如图所示的四个电场的电场线，其中A和C图中小圆圈表示一个点电荷，A图中虚线是一个圆（M、N在圆上的不同点），B图中几条直线间距相等互相平行，则在图中M、N 处电场强度大小相等的是（）A．B．C．D．考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：点电荷产生的电场强度根据E=即可分析，电场线的疏密表示电场的强弱，据此也可分析．解答：解：A、AC是点电荷产生的电场，A中MN在同一个圆上的不同的点，C中MN到圆心的距离不等，根据E=可知，A中MN两点电场强度大小相等，C中不等，故A正确，C 错误；B、等间距平行的电场线表示匀强电场，电场中电场强度处处相等，故B正确；D、D图中N点所在的电场线比较密集，M点所在的电场线比较疏，所以N点的电场强度大于M点的电场强度，故D错误．故选AB点评：本题要求同学们知道在电场中电场线的疏密表示电场的强弱，难度不大，属于基础题．5．（2分）两个点电荷相距为d，相互作用力大小为F；保持两点电荷电荷量不变，改变它们之间的距离，使之相互作用力大小变为4F，则两点电荷之间的距离应变为（）A．4d B．2d C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：对于这两种情况下分别根据库仑定律列方程即可求解．解答：解：当距离为d时有：F=k①当距离变化后依据题意有：4F=k ②联立①②可得r=，故ABD错误，C正确．故选：C．点评：正确理解库仑定律公式以及公式中各个物理量的含义是解本题关键，由于公式涉及物理量较多，因此常用两式相比的方法进行求解．6．（2分）如图所示为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的是（）A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等考点：电势；电场强度；电场线．专题：图析法．分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．解答：解：电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故E A与E B可能相等、可能不相等；沿着电场线电势一定降低，故φA一定大于φB；故选D．点评：本题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的高低．7．（2分）电量为q的点电荷，在两个固定的等量异种电荷+Q和﹣Q的连线的垂直平分线上移动，则（）A．电场力做正功B．电场力做负功C．电场力不做功D．电场力做功的正负，取决于q的正负考点：电势能；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：等量异种电荷+Q和﹣Q的连线的垂直平分线是一条等势线，各点电势相等，移动电荷时电场力不做功．解答：解：根据等势线的分布情况得知，等量异种电荷+Q和﹣Q的连线的垂直平分线是一条等势线，各点电势相等，任意两点间的电势差为零，根据电场力做功公式W=Uq可知，移动电荷时电场力不做功．故选：C点评：本题关键抓住等量异种电荷等势线分布特点，这是考试的热点，基本题．8．（2分）如图所示，要使静电计的指针偏角变大，可采用的方法是（）A．使两极板靠近B．减小正对面积C．插入电介质D．以上方法都不行考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：静电计用来测量电容器板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式分析电容如何变化，再由电容的定义式分析电势差如何变化进行选择．解答：解：A、使两极板靠近，板间距离d减小，根据电容的决定式C=，分析得知，电容C增大，而电容器的带电量Q不变，由C=分析得知，板间电势差U减小，则静电计的指针偏角变小．故A错误．B、减小正对面积，根据电容的决定式C=，分析得知，电容C减小，而电容器的带电量Q不变，由C=分析得知，板间电势差U增大，则静电计的指针偏角变大．故B正确．C、插入电介质，根据电容的决定式C=，分析得知，电容C增大，而电容器的带电量Q不变，由C=分析得知，板间电势差U减小，则静电计的指针偏角变小．故C错误．D、由上可知D错误．故选B点评：本题是电容器的动态分析问题，由电容的决定式C=和定义式C=结合进行分析．9．（2分）如图所示，图中五点均在匀强电场中，它们刚好是一个圆的四个等分点和圆心．已知电场线与圆所在平面平行．下列有关圆心O和等分点a的电势、电场强度的相关描述正确的是（）A．a点的电势为6V B．a点的电势为﹣2VC．a点的电势为8V D．a点的电势为2V考点：电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线，而等势线与电场线垂直；匀强电场中，任意两平行直线上相等距离的电势差相等．由题意知可以找到一条等势线，根据电场线与等势线的特点可确定电场线的方向．解答：解：在匀强电场中，任意两平行直线上相等距离的电势差相等，所以，a点电势比10V低4V，则为6V，则A正确故选；A点评：本题的关键在于找出等势面，然后才能确定电场线，要求学生明确电场线与等势线的关系，能利用几何关系找出等势点，再根据等势线的特点确定等势面．10．（2分）一个电容器带电量为Q时，两极板间的电压为U，若使其带电量增加4×10﹣7C，电势差增加20V，则它的电容是（）A．1×10﹣8F B．2×10﹣8F C．4×10﹣8F D．8×10﹣8F考点：电容；电势差．专题：电容器专题．分析：电容器的电容定义式C=，对于给定的电容器，电容一定，则根据数学知识有C=．解答：解：已知电容器电量的增加量△Q=4×10﹣7C，板间电压的增加量△U=20V，则电容为C==F=2×10﹣8F．故选B点评：关于电容的两个公式C=和C=可以运用数学知识理解，并能灵活应用．11．（2分）下列粒子从初速度为零的状态经过电压为U的电场加速后，粒子速度最大的是（）A．质子B．氘核C．α粒子D．钠离子Na+考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：电场力与电势的性质专题．分析：粒子经过加速电场时，电场力做功qU，根据动能定理求得速度表达式，由各个粒子比荷大小，比较速度的大小．解答：解：设加速电场的电压为U，粒子的质量和电量分别为m和q，由动能定理得：qU=mv2﹣0，解得：v=，可见，速度与粒子的比荷平方根成正比．由于质子的比荷最大，所以质子的速度最大．故选：A．点评：带电粒子在加速电场中获得的速度，常常根据动能定理求解，本题还要了解各个粒子的比荷关系．12．（2分）下列判断正确的是（）A．由R=知，导体两端的电压越大，电阻就越大B．由R=知，导体中的电流越大，电阻就越小C．由I=知，电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比D．由U=IR可知，段导体两端的电压跟流过它的电流成正比考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电阻的大小由导体决定，与电压电流无关，但电流由电压与电阻确定．解答：解：AB、电阻与所加电压，电流无关，则AB错误；C、电流由电压，电阻有关为电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比，则C正确；D、电阻一定，电压与与电流成正比，则D正确．故选：CD．点评：明确电阻的决定因素，由欧姆定律分析电压电流的关系．13．（2分）两电阻R1、R2的电流I和电压U的关系如图所示，可知电阻大小之比R1：R2等于（）A．B．3：1 C．D．1：3考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据图线的斜率表示电阻的倒数去进行求解．解答：解：因为该图线为I﹣U图线，则图线的斜率表示电阻的倒数，两根图线的斜率比为3：1，所以电阻比为1：3．故A、B、C错，D正确．故选D．点评：解决本题的关键搞清I﹣U图线的斜率表示什么．14．（2分）有三个电阻，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1：I2：I3是（）A．6：4：3 B．3：4：6 C．2：3：4 D．4：3：2考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：根据并联电路中支路电流与支路电阻的比值关系进行分析，即电流之比等于电阻的反比．解答：解：因为R1：R2：R3=2Ω：3Ω：4Ω=2：3：4；所以I1：I2：I3===6：4：3故选：A．点评：会熟练应用欧姆定律，知道并联电路电阻与电流的比值关系．15．（2分）用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A．两只电表的指针偏转角相同B．两只电表的指针都不偏转C．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小．解答：解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确；故选：C．点评：本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，熟悉串联电路的电流特点，基础题．二.多项选择题（每小题3分，满分15分．在每小题给出的四个选项中，多个选项符合题目要求，全部选对的得3分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．16．（3分）一负电荷仅受电场力作用，从电场中的A点运动到B点，在此过程中该电荷做初速度为零的匀加速直线运动，则A、B两点电场强度E A、E B及该电荷在A、B两点的电势能εA、εB之间的关系为（）A．E A=E B B．E A＜E B C．εA=εB D．εA＞εB考点：电势能；电场强度．专题：应用题．分析：根据受力特点可以判断A、B两点电场强度的大小，根据电场力做功的正负判断A、B两点电势能的高低．解答：解：由于电荷做匀加速直线运动，所以根据Eq=ma可知，电场强度不变，即E A=E B；电荷做初速度为零的匀加速直线运动，且只受电场力，因此电场力做正功，电势能减小，所以εA＞εB，故BC错误，AD正确．故选AD．点评：本题比较简单，基础性强；要加强理解电场力和电场强度关系，电势能和电场力做功关系．17．（3分）如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在A点加速度大C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，B点电势能较高考点：电场线；动能定理的应用；电势能．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．解答：解：A、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电．故A错误；B、由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小．故B错误；C、粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，故C错误；D、对负电荷来讲电势低的地方电势能大，故D正确；故选：D点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．18．（3分）两个半径相同的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系．解答：解：由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：F=k当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量为：q′==4Q两球接触后的库仑力为：F'=k=F；当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，则两球的电量为：q′==﹣3Q 两球接触后的库仑力为：F'=k=故CD正确、AB错误．故选：CD．点评：两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向．19．（3分）伏安法测电阻的接法有如图中甲、乙两种，下列说法正确的是（）A．两种接法完全等效B．按甲图接法，测得值偏小C．若待测电阻的阻值很大，按甲图接法误差较小D．若待测电阻的阻值很小，按乙图接法误差较小考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：伏安法测电阻有两种实验电路，电流表的内接法与外接法，当待测电阻很大时，应用电流表内接法误差较小．解答：解：A、甲电路采用电流表内接法，乙电路是电流表的外接法，两种电路效果不同，故A错误；B、甲图采用电流表内接法，由于电流表的分压作用，使待测电阻的测量值大于真实值．测得的电阻偏大，故B错误；C、当待测电阻很大，远大于电流表内阻时，采用电流表内接法实验误差较小，甲电路测大电阻误差小，故C正确；D、若待测电阻的阻值很小，远小于电压表内阻时，电压表分流对实验影响较小，采用电流表外接法实验误差减小，即按图乙接法实验误差小，故D正确；故选：CD．点评：待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法．测量值偏大．待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小．20．（3分）一个T型电路如图所示，电路中的电阻R1=10Ω，R2=120Ω，R3=40Ω，另有一测试电源，电动势为100V，内阻忽略不计，则（）A．当cd端短路时，ab之间的等效电阻是40ΩB．当ab端短路时，cd之间的等效电阻是40ΩC．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为80VD．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压为80V考点：闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联．当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压．根据欧姆定律求解电压．解答：解：A、当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联，等效电阻为R==40Ω．故A正确．B、当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联，等效电阻为R==128Ω．故B错误．C、当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压，为U3=E=80V．故C正确．D、当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压，为U3==25V．故D错误．故选AC．点评：对于电路的问题，首先要识别电路的结构，有时要画出等效电路图．基础题，比较容易．三．实验题（共2小题，每空3分，共18分）21．（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的器材及代号如下：A．小灯泡L（3V、5Ω）；B．滑动变阻器R（0﹣10Ω，额定电流1.5A）；C．电压表V1（量程：0﹣3V，R V=5kΩ）；D．电压表V2（量程：0﹣15V，R V=10kΩ）；E．电流表A1（量程：0﹣0.6A，R A=0.5Ω）；F．电流表A2（量程：0﹣3A，R A=0.1Ω）；G．铅蓄电池、开关各一个，导线若干；实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压．（1）为了减少误差，实验中应选电压表C，电流表E；（2）在实验中，电流表应采用外接法法（填“内接”或“外接”）；（3）某同学实验后作出的I﹣U图象如图所示，请分析该图象形成的原因是：金属材料的电阻率随着温度的升高而升高．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：电压表、电压表最佳测量范围为大于等于满偏的；I﹣U图象的斜率等于电阻R 的倒数，故I﹣U图象的斜率逐渐减小，即电阻R逐渐增大；被测电阻是小电阻，电流表应该采用外接法；要小灯泡两端的电压从0开始连续可调，滑动变阻器要采用分压接法．解答：解：（1）由于小灯泡的额定电压为3伏，而电压表最佳测量范围为大于等于满偏的，故不能选0﹣15v的量程，而只能选0﹣3v的量程，故电压表应选C．由于小灯泡的额定电流I g===0.6A，而电流表最佳测量范围为大于等于满偏的，故不能选0﹣3A的量程而只能选0.6A的量程，故电流表应选E．（2）由于的电阻R===5Ω，而中值电阻R 中===50Ω，故被测电阻是小电阻，故电流表应该采用外接法．（3）I﹣U图象的斜率等于电阻R的倒数，从图象可知I﹣U图象的斜率逐渐减小，即电阻R 逐渐增大，故金属材料的电阻随着温度的升高而升高；故本题的答案为：①C E②外接法；（3）金属材料的电阻率随着温度的升高而升高点评：本题主要考查了电流表的接法，滑动变阻器的接法，量程的选择等，这是电学实验考查的重点，要认真掌握并多多训练．22．（6分）如图一量程为100μA的电流表，内阻为100Ω，现串联一个9900Ω的电阻将它改装成电压表．该电压表的量程是1V．用它来测量电压，表盘指针位置如图所示．该电压的大小是0.84V．考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：电流表改装成电压表串联电阻分压，改装后的量程为电流表和串联电阻上的电压之和：U=I g（R g+R）．解答：解：改装后的电压表的量程为：U=I g（R g+R）=100×10﹣6×（100+9900）=1V．用它来测量电压，表盘指针位置如图所示，则表盘的最小分度为0.1V，要估读到下一位，读数为：0.84V；故答案为：1；0.84．点评：本题考查电表的改装原理，明确改装后的量程为U=I g（R g+R）．三、计算题（4小题，共37分解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）23．（8分）如图所示，一个挂在绝缘细线下端的带正电的小球B，静止在图示位置，若固定的带正电小球A的电荷量为Q，B球的质量为m，带电荷量为q，θ=37°，A和B在同一条水平线上，整个装置处于真空中，求A、B两球间的距离．（静电力常数为k，重力加速度为g）考点：库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据B球的状态可以求出B球的受力情况，从而求出两球之间的库仑力，再根据库仑定律求出两球之间的距离．解答：解：以小球为研究对象，对小球进行受力分析，根据小球处于平衡状态可知FF=mgtanθ=mgtan37°=mg (1)而小球所受库仑力大小为：F=k (2)联立（1）（2）解得A、B两球之间的距离为：r=．答：A、B两球间的距离为．点评：对于复合场中的共点力作用下物体的平衡其解决方法和纯力学中共点力作用下物体的平衡适用完全相同的解决方法．24．（9分）如图所示，平行板电容器的两个极板A、B分别接在电压为60V的恒压电源上，两极板间距为3cm，电容器带电荷量为6×10﹣8C，A极板接地（电势为零）．求：（1）平行板电容器的电容；（2）平行板电容器两板之间的电场强度；（3）距B板为2cm的C点处的电势．考点：电容；电势差．专题：电容器专题．分析：电容定义式C=，两板之间为匀强电场E=，A与C间电势差U AC=Ed AC=20 V，又U AC=φA ﹣φC，W BA=qU BA=﹣qU AB．解答：解：（1）依电容定义有C==F=1×10﹣9 F．（2）两板之间为匀强电场E===2×103 V/m方向竖直向下．（3）C点距A板间距离为d AC=d﹣d BC=1 cmA与C间电势差U AC=Ed AC=20 V又U AC=φA﹣φC，φA=0可得φC=﹣20 V．答：（1）平行板电容器的电容1×10﹣9F；（2）平行板电容器两板之间的电场强度2×103 V/m方向竖直向下；（3）距B板为2cm的C点处的电势﹣20 V．点评：本题考查了电容的定义式匀强电场中场强与电势差的关系和电场力移动电荷做功．25．（9分）如图所示，质量为m，电荷量为e的粒子从A点以v0的速度沿垂直电场线方向的直线AO方向射入匀强电场，由B点飞出电场是速度方向与AO方向成45°，已知AO的水平距离为d．（不计重力）求：（1）从A点到B点用的时间；（2）匀强电场的电场强度大小；（3）AB两点间电势差．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；平抛运动．。

2014-2015学年甘肃省张掖市高台一中高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-12为单项选择题每题3分，13-15为多项选择题每题4分，共48分）1．（3分）（2014秋•高台县校级期中）下列关于矢量和标量的说法正确的是（）A．取定正方向，做直线运动的甲、乙两物体的位移x甲=3m，x乙=﹣5m，因为甲的位移为正，乙的位移为负，所以x甲＞x乙B．甲、乙两运动物体的位移大小均为50m，这两个物体的位移必定相同C．温度计读数有正、有负，所以温度也是矢量D．温度计读数的正、负号表示温度高低，不表示方向，温度是标量考点：矢量和标量．分析：物理量按有无方向分矢量和标量，矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．矢量的大小是其绝对值．解答：解：A、位移是矢量，其大小是其绝对值，则知甲的位移小于乙的位移．故A错误．B、位移是矢量，只有大小和方向都相同时，位移才相同，所以两运动物体的位移大小均为50m，这两个物体的位移不一定相同．故B错误．C、D、温度是标量，其正负表示温度的高低，不表示方向，故C错误，D正确．故选：D点评：本题关键要掌握矢量与标量的概念，明确它们之间的区别：矢量有方向，标量没有方向．2．（3分）（2014•满洲里市校级模拟）若规定向东方向为位移的正方向，今有一个皮球停在水平面上某处，轻轻踢它一脚，使它向东做直线运动，经5m时与墙相碰后又向西做直线运动，经7m而停下．则上述过程中皮球通过的路程和位移分别是（）A．12m；2m B．12m；﹣2m C．﹣2m；2m D． 2m；2m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也有方向；路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向．解答：解：皮球向东运动，经过5m，与墙相碰后又向西运动，经7m后停下，所以总的路程为12m；位移是指从初位置到末位置的有向线段，皮球的总的运动过程是向西运动了2m，所以位移为﹣2m，所以B正确．故选B．点评：本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了．3．（3分）（2014秋•高台县校级期中）下列说法中可能不是匀速直线运动的是（）A．任意相等时间内发生的位移相等的运动B．加速度为零的运动C．速度大小不变的运动D．任意时间内的平均速度都相等的运动．考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：匀速直线运动是物体速度保持不变的运动，及物体在相同时间内通过相同的位移．匀速直线运动的加速度为0．解答：解：A、在任意相等时间内发生位移都相等的运动就是匀速直线运动，故A是；B、匀速直线运动的速度保持不变，故加速度为0，故加速度为0的运动为匀速直线运动，故B是；C、速度大小不变的运动不一定是匀速直线运动，如匀速圆周运动速度大小保持不变，但不是匀速直线运动，故C可能不是；D、任意时间内的平均速度都相等及任意时间内物体的位移都相同，故这样的运动肯定是匀速直线运动．不题选择可能不是匀速直线运动的是，故选：C．点评：掌握匀速直线运动的定义是解决问题的关键，注意题中加速度为0的运动，因强调是运动，故排除物体静止状态．4．（3分）（2014秋•高台县校级期中）关于平均速度和瞬时速度的说法正确的是（）A．瞬时速度是物体在某一段时间内或某一段位移内的速度B．瞬时速度可看作时间趋于无穷小时的平均速度C．瞬时速度和平均速度都能精确的描述物体做变速直线运动的快慢D．平均速度即为速度的平均值考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：瞬时速度是在某一时刻的速度，平均速度是物体在运动时间内发生的位移与所用时间的比值；故瞬时速度对应时间轴上的点，平均速度对应时间轴上的一段时间．而瞬时速度可以精确地反映物体的运动情况；而平均速度只能粗略地反映物体的运动．解答：解：A、瞬时速度是在某一时刻的速度，某一段时间内或某一段位移内的速度是平均速度，所以A错误；B、瞬时速度可看作时间趋于无穷小时的平均速度，故B正确；C、瞬时速度可以精确地反映物体的运动情况；而平均速度只能粗略地反映物体的运动，故C错误；D、仅仅对于匀变速直线运动平均速度才等于速度的平均值，故D正确；故选：B．点评：瞬时速度和平均速度是运动学的基本概念，要加深对它们的理解．属于基础题目．5．（3分）（2014秋•高台县校级期中）一个物体以5m/s的速度垂直于墙壁的方向与墙壁相撞后，以3m/s的速度反弹回来，若物体与墙壁相互作用的时间为0.2s，且相互作用力的大小不变，取碰撞前的初速度方向为正方向，那么物体在与墙作用的过程中，它的加速度为（）A．10m/s2B．﹣10m/s2C．40m/s2D．﹣40m/s2考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：由于速度是矢量，对于速度的变化量我们应该采用平行四边形法则．对于同一直线上的速度变化量的求解，我们可以运用表达式△v=v2﹣v1，但必须规定正方向．解答：解：取碰撞前初速度的方向为正方向，则物体与墙壁碰撞的过程中速度的变化为：△v=v2﹣v1=﹣3﹣5=﹣8m/s物体的加速度为：a=m/s2故选：D．点评：对于矢量的加减，我们要考虑方向，应该规定正方向．6．（3分）（2010•闵行区三模）伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，从而创造了一种科学研究的方法．利用斜面实验主要是考虑到（）A．实验时便于测量小球运动的速度和路程B．实验时便于测量小球运动的时间C．实验时便于测量小球运动的路程D．斜面实验可以通过观察与计算直接得到落体的运动规律考点：自由落体运动．专题：实验题；自由落体运动专题．分析：伽利略对自由落体运动规律研究应当结和当时科学发展的实际水平，应当加深对物理学史的研究．解答：解：伽利略最初假设自由落体运动的速度是随着时间均匀增大，但是他所在的那个时代还无法直接测定物体的瞬时速度，所以不能直接得到速度随时间的变化规律．伽利略通过数学运算得到结论：如果物体的初速度为零，而且速度随时间的变化是均匀的，那么它通过的位移与所用的时间的二次方成正比，这样，只要测出物体通过通过不同位移所用的时间，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化．但是物体下落很快，当时只能靠滴水计时，这样的计时工具还不能测量自由落体运动所用的较短的时间．伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力．他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，二小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所以时间长，所以容易测量．故选B．点评：伽利略对自由落体规律的研究为我们提供正确的研究物理的方法、思路、理论，他创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法．7．（3分）（2013秋•渭滨区校级期末）下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体运动的速度改变越大，它的加速度一定越大B．物体运动的加速度为零，它的速度也一定为零C．物体运动的速度改变越小，它的加速度一定越小D．加速度的大小是表示物体运动速度随时间变化率的大小考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知加速度与物体的速度的变化率成正比，与速度的变化量不成正比例关系，与速度的大小也不成正比例关系．解答：解：A、根据a=可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决定，虽然△v大，但△t更大时，a可以很小．故A错误．B、物体运动的加速度为零，它的速度不一定为零，例如匀速直线运动，故B错误C、根据a=可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决定，虽然△v小，但△t更小时，a可以很大．故C错误．D、加速度的大小是表示物体运动速度随时间变化率的大小，故D正确故选D．点评：握加速度的定义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．8．（3分）（2014秋•高台县校级期中）飞机着陆后以6m/s2的加速度做匀减速直线运动，若其着陆时的速度为60m/s，求它着陆后12s末的速度（）A．132m/s B．12m/s C．﹣12m/s D． 0考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出飞机速度减为零的时间，判断飞机是否停止，再结合速度时间公式求出飞机着陆后的速度．解答：解：飞机速度减为零的时间t=，可知飞机着陆后12s末的速度为零．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题考查了运动学中的“刹车问题”，是道易错题，注意飞机速度减为零后不再运动．9．（3分）（2014秋•高台县校级期中）一辆汽车在4s内做匀加速直线运动，初速度为2m/s，末速度为10m/s，在这段时间内（）A．汽车的位移为24mB．汽车的加速度为3m/s2C．汽车的平均速度为8m/sD．汽车在中间时刻的速度为7m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车的加速度，根据平均速度的推论求出汽车的平均速度大小，从而得出汽车的位移．解答：解：A、汽车的位移：x=t=×4=24m，故A正确；B、汽车的加速度：a===2m/s2，故B错误；C、汽车的平均速度：===6m/s，故C错误；D、中间时刻的瞬时速度：v中间==6m/s，故D错误；故选：A．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．10．（3分）（2014秋•高台县校级期中）某物体做直线运动的速度图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．4s末物体回到出发点B． 6s 末物体距出发点最远C．前2s物体的位移为8m D． 8s末物体距出发点最远考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由速度﹣时间的斜率等于加速度分析物体在8s时间内加速度的大小．物体在前4s 内，沿正方向运动，后4s内沿负方向返回，4s末物体距出发点最远．解答：解：A、由速度图象与时间轴围成的面积表示位移且在时间轴上方位移为正，下方位移为负，可知：4s末物体距出发点最远，故A错误B错误；C、前2s物体的位移为x=×2×8=8m，故C正确；D、由速度图象与时间轴围成的面积表示位移且在时间轴上方位移为正，下方位移为负，可知：8s末物体位移为0，又回到了出发点，故D错误．故选：C．点评：本题是速度﹣时间图象问题，抓住图象的数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移．11．（3分）（2011•天津）质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点（）A．第1s内的位移是5mB．前2s内的平均速度是6m/sC．任意相邻的1s内位移差都是1mD．任意1s内的速度增量都是2m/s考点：匀变速直线运动的公式．分析：根据匀变速直线运动的位公式对比即可得出结论．解答：解：A、将t=1代入即可求出第1s内的位移是x=6m，A错误；B、前2s内的平均速度为m/s，B错误；C、与对比可知a=2m/s2，则△s=aT2=2m，C错误；D、由加速的定义式可知D选项正确．故选：D．点评：本题考查的就是匀变速直线运动的公式的应用，根据公式即可求得，比较简单．12．（3分）（2011秋•望城县校级期末）物体从距地面某高处开始做自由落体运动，若下落前一半路程所用的时间为t，则物体下落全程所用的时间为（）A．B．4t C．2t D．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：对前一半位移和全部位移过程分别根据位移时间公式列方程，然后联立求解．解答：解：设总位移为2h，前一半位移，有h=全部位移，有2h=解得：t′=故选A．点评：本题关键是对前一半位移和总位移运用位移时间公式列式求解，难度不大，属于基础题．13．（4分）（2014秋•确山县校级期中）一个做匀加速直线运动的物体先后经过A、B两点的速度分别为v1和v2，则下列结论中正确的有（）A．物体经过AB位移中点的速度大小为B．物体经过AB位移中点的速度大小为C．物体通过AB这段位移的平均速度为D．物体通过AB这段位移所用时间的中间时刻的速度为考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：对于匀变速直线运动，平均速度等于中间时刻的速度，也等于初末速度的平均值，即：==；对于匀变速直线运动，中间位置的速度等于初末速度的方均根，即=．解答：解：C、D、物体做匀加速直线运动，先后经过A、B两点时的速度分别为v1和v2，故平均速度为=；而平均速度等于中间时刻的速度，故物体经过AB这段位移所用时间的中间时刻的速度为，故A错误，C正确，D正确；A、B、对于匀变速直线运动，中间位置的速度等于初末速度的方均根，故=，故A错误，B正确；故选：BCD．点评：本题关键要记住匀变速直线运动的中间时刻速度和中间位置速度的推论公式，基础题．14．（4分）（2014秋•高台县校级期中）做匀变速直线运动的物体初速度为12m/s，在第6s 内的位移比第5s内的位移多4m，关于物体运动情况的说法正确的是（）A．物体的加速度为4m/s2B．物体5s末的速度是32m/sC．物体5、6两秒内的位移是72mD．物体从14m的A点运动到32m的B点所用的时间是2s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体的加速度，根据速度时间公式求出物体在5s末的速度．根据平均速度的推论求出5、6两秒内的位移．根据速度位移公式求出物体在A、B的速度，结合平均速度推论求出运动的时间．解答：解：A、根据△x=at2得，物体的加速度a=，故A正确．B、物体在5s末的速度v=v0+at5=12+4×5m/s=32m/s，故B正确．C、5s末的速度等于5、6两秒内的平均速度，则位移x=vt=32×2m=64m，故C错误．D、A点的速度=m/s=16m/s，物体运动到B点的速度=m/s=20m/s，根据平均速度的推论，有：x，则运动的时间t=．故D错误．故选：AB．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．15．（4分）（2007•海南）两辆游戏赛车a、b在两条平行的直车道上行驶．t=0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始．它们在四次比赛中的v﹣t图如图所示．哪些图对应的比赛中，有一辆赛车追上了另一辆？（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．分析：该题考察了应用速度﹣﹣时间图象解决物体的追击与相遇问题，相遇的条件是两物体运动的位移相等．应用在速度﹣﹣时间图象中图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移这一规律，分析两物体是否会相遇．解答：解：在速度﹣﹣时间图象里，图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移．A、从A图中可以看出，当t=20s时，两图象面积相等，此时一辆赛车追上另一辆；所以选项A正确．B、图中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上；所以选项B错误．C、图象也是在t=20s时，两图象面积相等，此时一辆赛车追上另一辆；所以选项C正确．D、图象中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上；所以选项D错误．故选：AC．点评：图象法是描述物理规律的重要方法，应用图象法时注意理解图象的物理意义，即图象的纵、横坐标表示的是什么物理量，图线的斜率、截距、两条图线的交点、图线与坐标轴所夹的面积的物理意义各如何．用图象研究物理问题是一种常用的数学方法，图象具有直观、简单等优点；但是用图象法研究问题，一定要根据题意分析清楚物体的运动情景，正确画出物体的运动图象，这是应用图象解题的关键．二．填空题（每空2分共24分）16．（4分）（2014秋•高台县校级期中）如图是甲物体的位移图象和乙物体的速度图象．试根据图象求出从A→B→C→D的各段时间内，甲物体在5s内的位移是﹣2 m，乙物体在5s内的位移是16 m．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：x﹣t图象的斜率等于前5s内的位移等于等于纵坐标的变化量，即△x=x2﹣x1；由v ﹣t图象与坐标轴所围”面积“大小等于位移，由几何知识求出．解答：解：（1）甲图：甲物体在前5s内的位移是△x=0﹣2m=﹣2m．（2）根据v﹣t图象与坐标轴所围”面积“大小等于位移，则得5s内的位移是x=×（2+4）×2m+×（2+3）×4=16（m）．故答案为：﹣2，16．点评：本题的解题关键要抓住两种图象的区别：x﹣t图象中位移等于△x；而v﹣t图象与坐标轴所围”面积“大小等于位移．17．（4分）（2014秋•高台县校级期中）一个做匀变速直线运动的质点，其位移随时间的变化规律x=2t+3t2（m），则该质点的初速度为 2 m/s，速度与时间的关系式为v=2+6t ．（式子中t 的单位是s）考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出质点的初速度和加速度，从而的才速度时间的关系式．解答：解：由得，质点的初速度为2m/s，加速度为6m/s2，则速度时间的关系式为v=v0+at=2+6t．故答案为：2，v=2+6t．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用．18．（6分）（2014秋•高台县校级期中）一个做匀加速直线运动的物体，第2s末的速度为3m/s，第5s末的速度是6m/s，则它的初速度是1m/s ，加速度是1m/s2，5s内的位移是17.5m ．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体的加速度，再结合速度时间公式求出初速度的大小，根据位移时间公式求出5s内的位移．解答：解：物体的加速度a=．物体的初速度v0=v2﹣at2=3﹣1×2m/s=1m/s．5s内的位移x=．故答案为：1m/s，1m/s2，17.5m点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，并能灵活运用，基础题．19．（10分）（2014秋•高台县校级期中）（1）在“练习使用打点计时器”的实验中，下列操作正确的是ABA．打点前，小车应靠近打点计时器，要先接通电源，待计时器开始打点再释放小车；B．要舍去纸带上密集点，然后选取计数点．C．打点频率为50Hz，每四个点取一个计数点，则计数点之间的时间间隔为0.01S．D．实验中应使小车速度尽量小些．（2）如图所示为某次记录小车运动情况的纸带，电火花打点计时器依次在纸带上打出图中A、B、C、D、E相邻的计数点，已知相邻的计数点的时间间隔为0.1s．根据纸带上所给出的数据，可以判断该小车做匀加速直线运动；在打C点时小车的速度大小v C= 1.0 m/s，小车的运动加速度大小a= 2.0 m/s2，方向是从E指向A （填：“从A指向E”或“从E指向A”）考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：了解打点计时器的工作原理，电源频率是50Hz，相邻计时点的时间间隔为0.02s．能够熟练使用打点计时器便能正确解答该题．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．解答：解：（1）A、打点前，小车应靠近打点计时器，要先接通电源，待计时器开始打点再释放小车．故A正确；B、要舍去纸带上密集点，然后选取计数点，故B正确；C、打点频率为50Hz，每四个点取一个计数点，则计数点之间的时间间隔为0.1S，故C错误；D、实验中小车速度过小，导致纸带上的点比较密集，不利于选点和测量，故D错误．故选：AB．（2）根据图中数据可知连续相等时间内的位移差为△x=2cm，因此小车做匀加速直线运动；已知相邻的计数点的时间间隔为0.1s．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．v C==1.0m/s根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a==2.0m/s2小车作加速运动，因此加速度的方向与速度方向相同即从E指向A．故答案为：（1）AB（2）匀加速直线，1.0，2.0，从E指向A．点评：对于基本实验仪器不光要了解其工作原理，还要从实践上去了解它，自己动手去实际操作，达到熟练使用的程度．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．三、计算题（本题共3小题，共28分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）20．（8分）（2014秋•高台县校级期中）一小球从斜面顶端由静止开始滚下，经4s匀加速运动到达斜面底端，加速度的大小为1m/s2．求：（1）斜面的长度；（2）到达斜面底端时的速度；（3）整个运动过程的平均速度．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式求出斜面的长度．根据速度时间公式求出到达斜面底端时的速度．根据平均速度的推论求出整个过程中的平均速度．解答：解：（1）斜面的长度L=．（2）小球到达斜面底端的速度v=at=1×4m/s=4m/s．（3）整个过程中的平均速度．答：（1）斜面的长度为8m；（2）到达斜面底端时的速度为4m/s；（3）整个运动过程的平均速度为2m/s．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，基础题．21．（10分）（2014秋•高台县校级期中）一物体从离地80m高处下落做自由落体运动．（g 取10m/s2）求：（1）物体下落的总时间为多少？（2）物体落地速度？（3）下落后第2s内的平均速度为多大？（4）下落3s后还离地多高？考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：根据位移时间公式求出落地的时间，根据速度时间公式求出落地的速度．根据位移时间公式求出第2s内的位移，从而求出第2s内的平均速度．根据位移时间公式求出下落3s内的位移，从而得知下落3s后还离地的高度．解答：解：（1）根据h=得，落地的时间t=．（2）物体落地的速度v=gt=10×4m/s=40m/s．（3）物体下落第2s内的位移=，则第2s内的平均速度．（4）下落3s内的位移，则此时距离地面的高度h′=h﹣x3=80﹣45m=35m．答：（1）物体下落的总时间为3s；（2）物体落地的速度为40m/s；（3）下落后第2s内的平均速度为15m/s；（4）下落3s后离地35m．点评：解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题．22．（10分）（2014秋•高台县校级期中）某种类型的飞机在起飞滑行时，从静止开始做匀加速直线运动，经过20s速度达到80m/s时离开地面升空，如果在飞机达到起飞速度80m/s 时，又突然接到命令停止起飞，飞行员立即使飞机制动，飞机做匀减速直线运动直到停止，加速度大小为5m/s2，求：（1）飞机做匀加速直线运动阶段的加速度；（2）飞机制动阶段所用时间；（3）飞机在跑道上共滑行的距离．考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．。

嘉峪关市一中2014—2015学年第二学期期中考试高一物理试题（时间：90分钟 满分：100分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1—8题只有一个选项正确，9—12题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分） 1.关于物体做曲线运动，下列说法正确的是 A.物体做曲线运动时所受的合外力一定不为零 B.物体所受的合外力不为零时一定做曲线运动 C.物体在恒力的作用下不能做曲线运动 D.物体在变力的作用下一定做曲线运动2.物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述正确的是( ) A ．哥白尼提出了“地心说”B ．开普勒发现了行星运动的规律C ．牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量D ．相对论的创立表明经典力学已不再适用3.如图所示，以9.8m/s 的初速度水平抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角为37º的斜面上，可知物体完成这段飞行时间是(sin370.6cos370.8，==) A. 0.75s B. 1s C. 1.33s D. 2s4. 如图，有一空心圆锥面开口向上放置着，圆锥面绕竖直方向的几何对称轴匀速转动，在光滑圆锥面内表面有一物体m 与壁保持相对静止，则物体m 所受的力有（ ）A. 重力、弹力、下滑力共三个力B. 重力、弹力共两个力C. 重力、弹力、向心力共三个力D. 重力、弹力、离心力共三个力 5．在高速公路的拐弯处，通常路面都是外高内低。

如图所示，在某路段汽车向左拐弯，司机左侧的路面比右侧的路面低一些。

汽车的运动可看作是做半径为R 的圆周运动。

设内外路面高度差为h ，路基的水平宽度为d ，路面的宽度为L 。

已知重力加速度为g 。

要使车轮与路面之间的横向摩擦力（即垂直于前进方向）等于零，则汽车转弯时的车速应等于( )A ．L gRh B ．d gRh C ．h gRL D ．hgRd6．公路在通过小型水库的泄洪闸的下游时，常常要修建凹形桥，也叫“过水路面”。