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2016-2017学年人教版选修3-2 第四章 电磁感应 单元测试3

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1 第四章 电磁感应 (建议用时：45分钟) 一、选择题 1．(2016·郑州高二检测)穿过某线圈的磁通量随时间变化的关系如图1所示，在下列几段时间内，线圈中感应电动势最小的是( )

图1 A．0～2 s B．2～4 s C．4～5 s D．5～10 s 【解析】 图线斜率的绝对值越小，表明磁通量的变化率越小，感应电动势也就越小． 【答案】 D 2．如图2所示的是一个水平放置的玻璃圆环形小槽，槽内光滑，槽宽度和深度处处相同．现将一直径略小于槽宽的带正电小球放在槽中，让它获得一初速度v0，与此同时，有一变化的磁场垂直穿过玻璃圆环形小槽外径所对应的圆面积，磁感应强度的大小跟时间成正比例增大，方向竖直向下．设小球在运动过程中电荷量不变，则( )

图2 【导学号：94530037】 A．小球受到的向心力大小不变 B．小球受到的向心力大小不断增大 C．磁场力对小球做了功 D．小球受到的磁场力大小与时间成正比 【解析】 本题解题关键是由楞次定律判断出感生电场的方向．当磁感应强 2

度随时间均匀增大时，将产生一恒定的感生电场，由楞次定律知，电场方向和小球初速度方向相同，因小球带正电，电场力对小球做正功，小球速率逐渐增大，向心力也随着增大，故A错，B对；洛伦兹力对运动电荷不做功，故C错；带电小球所受洛伦兹力F＝qBv，随着速率的增大而增大，同时B∝t，则F和t不成正比，故D错． 【答案】 B 3．如图3所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R，质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，金属棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，金属棒在竖直向上的恒力F作用下加速上升的一段时间内，力F做的功与安培力做的功的代数和等于( )

图3 A．金属棒的机械能增加量 B．金属棒的动能增加量 C．金属棒的重力势能增加量 D．电阻R上放出的热量 【解析】 由动能定理可知，WF＋W安＋WG＝ΔEk，则WF＋W安＝ΔEk－WG，WG<0，所以ΔEk－WG表示机械能的增加量，故A正确． 【答案】 A 4．如图4甲所示，平面上的光滑平行导轨MN、PQ上放着光滑导体棒ab、cd，两棒用细线系住，细线拉直但没有张力．开始时匀强磁场的方向如图甲所示，而磁感应强度B随时间t的变化如图乙所示，不计ab、cd间电流的相互作用，则细线中的张力大小随时间变化的情况为图丙中的( )

甲 乙 3

图4 【解析】 0到t0时间内，根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势恒定，感应电流恒定，但因磁场均匀变弱，故两导体棒上的安培力均匀变小，根据左手定则和平衡知识知细线上有拉力，大小等于每个棒受到的安培力，当t0时刻磁场为零，安培力为零．大于t0时刻后，磁场反向变强，两棒间距变小，线上无力．故只有D图正确． 【答案】 D 5．如图5所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从图示位置匀速拉出匀强磁场．若第一次用0.3 s 时间拉出，外力所做的功为W1，通过导线截面的电荷量为q1；第二次用0.9 s时间拉出，外力所做的功为W2，通过导线截面的电荷量为q2，则( )

图5 【导学号：94530038】 A．W1C．W1>W2，q1＝q2 D．W1>W2，q1>q2 【解析】 设拉出磁场的位移为x，因匀速拉出： F＝F安 外力做功：

W＝Fx＝F安·x＝BIl·x＝B2l2vRx＝B2l2xR·v 通过导线截面电荷量：q＝I·Δt＝BlvR·Δt＝BlxR. 因为v1>v2， 所以W1>W2，q1＝q2. 【答案】 C 4

6．(多选)如图6所示，将一个与匀强磁场垂直的正方形多匝线圈从磁场中匀速拉出的过程中，拉力做功的功率( )

图6 A．与线圈匝数成正比 B．与线圈边长的平方成正比 C．与导线的电阻率成正比 D．与导线横截面积成正比 【解析】 磁感应强度为B，导线的横截面积为S，电阻率为ρ，拉出磁场

时的速度为v，设线圈边长为L，匀速拉出时E＝nBLv，I＝E/R，R＝ρlS，l＝4nL，

F＝F安＝nBIL，所以P＝Fv＝nBILv＝n2B2L2v2/R＝nB2v2LS4ρ，所以A、D正确． 【答案】 AD 7．(2016·济宁高二检测)粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移出过程中线框一边a、b两点间的电势差绝对值最大的是( )

【解析】 本题在磁场中的线框与速度垂直的边等效为切割磁感线产生感应电动势的电源．四个选项中的感应电动势大小均相等，回路电阻也相等，因此电

路中的电流相等，B中a、b两点间电势差为路端电压，为电动势的34倍，而其他

选项则为电动势的14倍．故B正确． 【答案】 B 8．(2016·沈阳高二检测)在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一圆形导体环．规定导体环中电流的正方向如图7甲所示，磁场向上为正．当磁感应强度B 5

随时间t按图乙变化时，下列能正确表示导体环中感应电流变化情况的是( ) 【导学号：94530039】

甲 乙 图7

【解析】 根据法拉第电磁感应定律有：E＝nΔΦΔt＝nSΔBΔt，因此在面积、匝数不变的情况下，感应电动势与磁场的变化率成正比，即与B-t图象中的斜率成正比，由图象可知：0～2 s，斜率不变，故形成的感应电流不变，根据楞次定律可知感应电流方向顺时针即为正值，2 s～4 s斜率不变，电流方向为逆时针，整个过程中的斜率大小不变，所以感应电流大小不变，故A、B、D错误，C正确． 【答案】 C 9．如图8所示，间距为L、电阻不计的足够长平行光滑金属导轨水平放置，导轨左端用一阻值为R的电阻连接，导轨上横跨一根质量为m、有效电阻也为R的金属棒，金属棒与导轨接触良好．整个装置处于竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中．现使金属棒以初速度v沿导轨向右运动，若金属棒在整个运动过程中通过的电荷量为q.下列说法正确的是( )

图8 A．金属棒在导轨上做匀减速运动 6

B．整个过程中金属棒在导轨上发生的位移为qRBL C．整个过程中金属棒克服安培力做功为12mv2 D．整个过程中电阻R上产生的焦耳热为12mv2 【解析】 因为金属棒向右运动时受到向左的安培力作用，且安培力随速度的减小而减小，所以金属棒向左做加速度减小的减速运动；

根据E＝ΔΦΔt＝BLxΔt，q＝IΔt＝E2RΔt＝BLx2R，

解得x＝2RqBL； 整个过程中金属棒克服安培力做功等于金属棒动能的减少量12mv2；整个过程中电路中产生的热量等于机械能的减少量12mv2，电阻R上产生的焦耳热为14mv2. 【答案】 C 二、计算题 10．有一面积为S＝100 cm2的金属环，电阻为R＝0.1 Ω，环中磁场变化规律如图9所示，且磁场方向垂直环面向里，在t1到t2时间内，环中感应电流的方向如何？通过金属环的电荷量为多少？ 【导学号：94530040】

图9 【解析】 由楞次定律，可以判断金属环中感应电流方向为逆时针方向．

由题图乙可知，磁感应强度的变化率为ΔBΔt＝B2－B1t2－t1①

金属环中磁通量的变化率ΔΦΔt＝ΔBΔtS＝B2－B1t2－t1·S② 环中形成的感应电流I＝ER＝ΔΦ/ΔtR＝ΔΦRΔt③ 7

通过金属环的电荷量Q＝IΔt④ 由①②③④解得

Q＝B2－B1SR＝0.2－0.1×10－20.1C＝0.01 C． 【答案】 逆时针方向 0.01 C 11．如图10所示，足够长的光滑金属框竖直放置，框宽L＝0.5 m，框的电阻不计，匀强磁场的磁感应强度B＝1 T，方向与框面垂直，金属棒MN的质量为100 g，电阻为1 Ω，现让金属棒无初速度释放并与框保持接触良好的竖直下落，从释放直至达到最大速度的过程中通过金属棒某一横截面的电荷量为2 C，求此过程回路中产生的电能．(空气阻力不计，g取10 m/s2)

图10 【解析】 金属棒下落过程做加速度逐渐减小的加速运动，加速度减小到零时速度达到最大，根据平衡条件得

mg＝B2L2vmR① 在下落过程中，金属棒减小的重力势能转化为它的动能和电能E，由能量守恒定律得

mgh＝12mv2m＋E② 通过金属棒某一横截面的电荷量为 q＝I·Δt＝E′R·Δt＝ΔΦΔtR·Δt＝ΔΦR＝BhLR③ 由①②③解得 E＝mgh－12mv2m＝mgRqBL－m3g2R22B4L4 8

＝0.1×10×1×21×0.5 J－0.13×102×122×14×0.54 J＝3.2 J. 【答案】 3.2 J 12．把总电阻为2R的均匀电阻丝焊接成一半径为a的圆环，水平固定在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，如图11所示，一长度为2a，电阻等于R，粗细均匀的金属棒MN放在圆环上，它与圆环始终保持良好的接触，当金属棒以恒定速度v向右移动经过环心O时，求：

图11 【导学号：94530041】 (1)棒上电流的大小和方向及棒两端的电压UMN； (2)圆环消耗的热功率和在圆环及金属棒上消耗的总热功率． 【解析】 (1)金属棒MN切割磁感线产生的感应电动势为E＝Blv＝2Bav.

外电路的总电阻为R外＝R·RR＋R＝12R 金属棒上电流的大小为 I＝ER外＋R＝2Bav12R＋R＝4Bav3R，电流方向从N到M

金属棒两端的电压为电源的路端电压UMN＝IR外＝23Bav. (2)圆环消耗的热功率为外电路的总功率P外＝I2R外＝8Bav29R 圆环和金属棒上消耗的总热功率为电路的总功率 P总＝IE＝8Bav23R. 【答案】 (1)4Bav3R N→M 23Bav (2)8Bav29R 8Bav23R

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高中物理人教版选修3-2第四章第4节法拉第电磁感应定律方法及题型总结

高中物理人教版选修3-2第四章第4节法拉第电磁感应定律方法及题型总结

高中物理选修3-2第3讲法拉第电磁感应定律题型1（感应电动势的产生条件）1、1823年，科拉顿做了这样一个实验，他将一个磁铁插入连有灵敏电流计的螺旋线圈，来观察在线圈中是否有电流产生。

在实验时，科拉顿为了排除磁铁移动时对灵敏电流计的影响，他通过很长的导线把连在螺旋线圈上的灵敏电流计放到另一间房里。

他想，反正产生的电流应该是“稳定”的（当时科学界都认为利用磁场产生的电流应该是“稳定”的），插入磁铁后，如果有电流，跑到另一间房里观察也来得及。

就这样，科拉顿开始了实验，然而，无论他跑得多快，他看到的电流计指针都是指在“0”刻度的位置，科拉顿失败了，以下关于科拉顿实验的说法中正确的是（D）A．螺旋线圈中磁通量没有改变B．实验中没有感应电流C．科拉顿的实验装置是错误的D．科拉顿实验没有观察到感应电流是因为跑到另一间房观察时，电磁感应过程已结束2．在匀强磁场中，a、b是两条平行金属导轨，而c、d为串有电流表、电压表的两金属棒，如图所示，两棒以相同的速度向右匀速运动，则以下结论正确的是（D）A．电压表有读数，电流表没有读数B．电压表有读数，电流表也有读数C．电压表无读数，电流表有读数D．电压表无读数，电流表也无读数3．将线圈置于范围足够大、方向竖直向下的匀强磁场B中，各线圈的运动方式如下列图所示，则能够在线圈中产生感应电动势的是（C）A．B．C．D．4．环形线圈放在均匀磁场中，设在第1秒内磁感线垂直于线圈平面向内，若磁感应强度随时间变化关系如图，那么在第2秒内线圈中感应电流的大小和方向是（B）A．感应电流大小恒定，顺时针方向B．感应电流大小恒定，逆时针方向C．感应电流逐渐增大，逆时针方向D．感应电流逐渐减小，顺时针方向5．如图所示，4匝矩形线圈abcd，ab＝1m，bc＝0.5m，其总电阻R＝2Ω，线圈绕OO′轴在匀强磁场中匀速转动，磁感应强度B＝1T，角速度ω＝20rad/s，当线圈由图示位置开始转过30°时，线圈中的电流强度为（B）A．20A B．0A C．10A D．17.3A6．处在匀强磁场中的闭合金属环从曲面上h高处滚下，又沿曲面的另一侧上升到最大高度，设环的初速度为零，摩擦不计，曲面处在如图所示的磁场中，则此过程中（B）A．环滚上的高度小于hB．环滚上的高度等于hC．由于环在作切割磁感线运动，故环中有感应电流产生D．环损失的机械能等于环产生的焦耳热7．下列说法正确的是（CD）A．一个正电荷与一个负电荷中和后，总电荷量减少了，电荷守恒定律并不成立B．在感应起电的过程中，金属中的正、负电荷向相反的方向移动C．在感应起电的过程中，金属中的负电荷受电场力的作用发生移动D．在感应起电的过程中，金属中正电的原子核不发生定向移动8．用如图所示的实验装置，研究电磁感应现象．当条形磁铁按图示方向插入闭合线圈的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况是（“增加”、“不变”或“减小”）．如果条形磁铁在线圈中保持静止不动，灵敏电流表G的示数（“为零”或“不为零”）．答案：增大；为零题型2（法拉第电磁感应定律的概念理解）1、将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中缠身的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是（C）A. 感应电动势的大小与线圈的匝数无关B. 穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C. 穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D. 感应电力会产生的磁场方向与原磁场方向始终相同2、自然界中某个量D的变化量∆D，与发生这个变化所用的时间∆t的比值∆D∆t，叫做这个量D的变化率。

2017高中物理选修3-2检测 第四章 电磁感应 第4节 含答案 精品

2017高中物理选修3-2检测 第四章 电磁感应 第4节 含答案 精品

第四章 第四节基 础 夯 实一、选择题(1～4题为单选题，5、6题为多选题)1．(广东湛江市2018～2018学年高二上学期期末)法拉第电磁感应定律可以这样表述：闭合电路中感应电动势的大小导学号 09152072( C )A ．跟穿过这一闭合电路的磁通量成正比B ．跟穿过这一闭合电路的磁感应强度成正比C ．跟穿过这一闭合电路的磁通量的变化率成正比D ．跟穿过这一闭合电路的磁通量的变化量成正比解析：由法拉第电磁感应定律E ＝n ΔΦΔt，可知感应电动势E 与磁通量的变化率成正比，即感应电动势取决于磁通量的变化快慢，与其他因素没有直接关系，故ABD 错误，C 正确。

2．如图中所示的导体棒的长度为L ，处于磁感应强度为B 的匀强磁场中，棒运动的速度均为v ，则产生的感应电动势为BL v 的是导学号 09152073( D )解析：当B 、L 、v 三个量方向相互垂直时，E ＝BL v ；A 选项中B 与v 不垂直；B 、C 选项中B 与L 平行，E ＝0；只有D 选项中三者互相垂直，D 正确。

3.(北京四中2018～2018学年高二下学期期中)当航天飞机在环绕地球的轨道上飞行时，从中释放一颗卫星，卫星与航天飞机保持相对静止，两者用导电缆绳相连，这种卫星称为“绳系卫星”。

现有一颗卫星在地球赤道上空运行，卫星位于航天飞机正上方，卫星所在位置地磁场方向由南向北。

下列说法正确的是导学号 09152074( B )A ．航天飞机和卫星从西向东飞行时，图中B 端电势高B ．航天飞机和卫星从西向东飞行时，图中A 端电势高C ．航天飞机和卫星从南向北飞行时，图中B 端电势高D ．航天飞机和卫星从南向北飞行时，图中A 端电势高解析：向东方向运动时，由右手定则知电流流向A 点，即A 为电源正极，因此电势高，选项B 正确；若向北运动，电缆没有切割磁感线，不会产生感应电动势，故选项C 、D 错误。

4.一无限长直导体薄板宽为l ，板面与z 轴垂直，板的长度方向沿y 轴，板的两侧与一个电压表相接，如图所示，整个系统放在磁感应强度为B 的匀强磁场中，B 的方向沿z 轴正方向。

人教版物理选修3-2试题 4.4

人教版物理选修3-2试题 4.4

第4节 法拉第电磁感应定律【测控导航】知识点题号 1.法拉第电磁感应定律的理解 2、4、6 2.导体切割磁感线时E=Blv 的应用 8、11 3.电磁感应现象中的图象问题 94.电磁感应现象中的电路问题3、5、7、10、115.反电动势1巩固基础1.关于反电动势,下列说法中正确的是( C ) A.只要线圈在磁场中运动就能产生反电动势 B.只要穿过线圈的磁通量变化,就产生反电动势 C.电动机在转动时线圈内产生反电动势 D.反电动势就是发电机产生的电动势解析:反电动势是与电源电动势相反的电动势,其作用是削弱电源的电动势.产生反电动势的前提是必须有电源存在,故正确答案为C.2.(2012年吉林省长春二中高二上学期期末)穿过一个电阻为2 Ω的闭合线圈的磁通量每秒钟均匀地减少8 Wb,则( D )A.线圈中感应电动势每秒钟增加8 VB.线圈中感应电流每秒钟减少8 AC.线圈中感应电流每秒钟增加4 AD.线圈中感应电流不变,等于4 A解析:感应电动势E=ΔΦ/Δt=8 V 不变,感应电流I=E/R=8/2 A=4 A 不变,选项D 正确.3.(2012年河北省衡水中学高二第二学期一调)如图所示,面积为0.2 m 2的100匝线圈处在匀强磁场中,磁场方向垂直于线圈平面,已知磁感应强度随时间变化的规律为B=(2+0.2t)T,定值电阻R 1=6 Ω,线圈电阻R 2=4 Ω,求a 、b 两点间电压U ab ( A )A.2.4 VB.0.024 VC.4 VD.1.6 V解析:由法拉第电磁感应定律,线圈中感应电动势E=N ΔΦ/Δt=NS ΔB/Δt=100×0.2×0.2 V=4 V,感应电流I=E/(R 1+R 2)=4/(6+4) A=0.4 A,所以a 、b 两点间电压即路端电压U ab =IR 1=0.4×6 V=2.4 V.4.(2012年吉林省东北师大附中高二上学期期末)如图所示,用同样的导线制成的两闭合线圈A 、B,匝数均为20匝,半径r A =2r B ,在线圈B 所围区域内有磁感应强度均匀减小的匀强磁场,则线圈A 、B 中产生感应电动势之比E A ∶E B 和两线圈中感应电流之比I A ∶I B 分别为( A ) A.1∶1,1∶2 B.1∶1,1∶1 C.1∶2,1∶2D.1∶2,1∶1解析:由法拉第电磁感应定律,线圈中感应电动势E=NΔΦ/Δt,其中ΔΦ=ΔBS,S为穿过磁场的有效面积均为π,故EA =EB.两线圈中感应电流I=E/R,其中R=ρL/S,故IA∶IB=LB∶LA=rB∶rA=1∶2,选项A正确.5.某地的地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下,大小为 4.5×10-5 T.一灵敏电压表连接在当地入海河段的两岸,河宽100 m,该河段涨潮和落潮时有海水(视为导体)流过.设落潮时,海水自西向东流,流速为 2 m/s.下列说法中正确的是( BD )A.电压表记录的电压为5 mVB.电压表记录的电压为9 mVC.河南岸的电势较高D.河北岸的电势较高解析:可以将海水视为垂直河岸方向放置的导体,而电压表记录的电压应为导体平动切割地磁场的磁感线而产生的感应电动势,由E=Blv=9 mV知B选项正确;由右手定则可知,感应电流方向由南向北,故河北岸的电势较高,D选项正确.6.无线电力传输目前取得重大突破,在日本展出了一种非接触式电源供应系统.这种系统基于电磁感应原理可无线传输电力.两个感应线圈可以放置在左右相邻或上下相对的位置,原理示意图如图所示.下列说法中正确的是( BD )A.若A线圈中输入电流,B线圈中就会产生感应电动势B.只有A线圈中输入变化的电流,B线圈中才会产生感应电动势C.A中电流越大,B中感应电动势越大D.A中电流变化越快,B中感应电动势越大解析:根据产生感应电动势的条件,只有处于变化的磁场中,B线圈中才能产生感应电动势,A错B对;根据法拉第电磁感应定律,感应电动势的大小取决于磁通量变化率,所以C错D对.7.粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中,磁场方向垂直于线框平面,其边界与正方形线框的边平行.现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场,如图所示,则在移出过程中线框的一边a、b两点间电势差绝对值最大的是( B )解析:不同方向拉出磁场,产生的电动势相等,回路中的电流相等,几种情况下,a、b两点之间的电势差只有是路端电压时最大.故选B.处理此类问题时一定要分清内、外电路,明确哪部分相当于电源.提升能力8.M和N是固定在水平面内的两条光滑平行的金属轨道(间距为l),其电阻可忽略不计.如图所示的正方形虚线框(边长为d)内充满垂直轨道平面向下的匀强磁场,金属杆ab(电阻可忽略)垂直轨道方向放置在两轨道上,M和N之间接有一电阻R,若杆ab以恒定速率v沿平行轨道方向滑动并通过匀强磁场,在此过程中,以下各物理量与速度v的大小成正比的是( ABC )A.杆ab中的电流B.杆ab在磁场中所受的安培力C.电阻R上产生的焦耳热D.水平外力对ab杆做功的功率解析:由法拉第电磁感应定律E=Blv,I=错误！未找到引用源。

创新设计-学业水平考试2016-2017高中物理选修3-2(浙江专用,人教版)课时作业第四章电磁感应

创新设计-学业水平考试2016-2017高中物理选修3-2(浙江专用,人教版)课时作业第四章电磁感应

第2课时楞次定律一、选择题(在每小题给出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。

)1．某实验小组用如图1所示的实验装置来验证楞次定律。

当条形磁铁自上而下穿过固定的线圈时，通过灵敏电流计的感应电流的方向是( )图1A．a→G→bB．先a→G→b，后b→G→aC．b→G→aD．先b→G→a，后a→G→b解析条形磁铁在穿入线圈的过程中，磁场方向向下，向下的磁通量增加，由楞次定律可知，线圈中的感应电流产生的磁场方向向上，应用安培定则可以判断感应电流的方向为逆时针(俯视)，即电流的方向为b→G→a，选项A、B错误；条形磁铁穿出线圈的过程中，向下的磁通量减小，由楞次定律和安培定则可得线圈中将产生顺时针方向的感应电流(俯视)，即电流的方向为a→G→b，选项C错误，选项D正确。

答案 D2．现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关按如图2所示连接。

把开关闭合，将线圈A放在线圈B中，待电路稳定后，某同学发现，当他将滑动变阻器的滑片P向左加速滑动时，电流计的指针向右偏转。

则下列说法中正确的是( )图2A．线圈A向上移动或滑动变阻器的滑片P向右加速滑动，都能引起电流计的指针向左偏转B．线圈A中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起电流计的指针向右偏转C．滑动变阻器的滑片P匀速向左或匀速向右滑动时，电流计的指针都静止在中央位置D．因为线圈A、线圈B的绕线方向未知，故无法判断电流计指针偏转的方向解析由题意知，穿过B线圈的磁通量在减小时，电流计指针向右偏转。

A选项中，线圈A向上移动时，使得穿过B线圈的磁通量减少，电流计指针向右偏转，故A选项错误，同理B选项正确；C选项中，滑片P匀速向左滑动时，穿过B线圈的磁通量减少，电流计指针向右偏转，同理滑片P匀速向右滑动时，指针向左偏转，故C、D选项均错误。

答案 B3．如图3所示，闭合金属圆环沿垂直于磁场方向放置在匀强磁场中，将它从匀强磁场中匀速拉出，以下各种说法中正确的是( )图3A．向左拉出和向右拉出时，环中感应电流方向相反B．向左或向右拉出时，环中感应电流方向都是沿顺时针方向C．向左或向右拉出时，环中感应电流方向都是沿逆时针方向D．将圆环拉出磁场的过程中，当环全部处在磁场中运动时，也有感应电流产生解析圆环中感应电流的方向，取决于圆环中磁通量的变化情况，向左或向右将圆环拉出磁场的过程中，圆环中垂直纸面向里的磁感线的条数都要减少，根据楞次定律可知，感应电流产生的磁场的方向与原磁场方向相同，即都垂直纸面向里，可以判断出感应电流的方向沿顺时针方向。