高考物理总复习讲义第2章第2讲力的合成与分解1、合力与分力(1)定义：如果一个力的作用效果跟几个力共同作用的效果相同，这一个力就叫那几个力的合力，那几个力就叫这个力的分力、(2)逻辑关系：合力和分力是一种等效替代关系、2、共点力：作用在物体上的力的作用线或作用线的反向延长线交于一点的力、3、力的合成的运算法则(1)平行四边形定则：求两个互成角度的共点力F1、F2的合力，可以用表示F1、F2的有向线段为邻边作平行四边形，平行四边形的对角线(在两个有向线段F1、F2之间)就表示合力的大小和方向，如图2－2－1甲所示、(2)三角形定则：求两个互成角度的共点力F1、F2的合力，可以把表示F1、F2的线段首尾顺次相接地画出，把F1、F2的另外两端连接起来，则此连线就表示合力的大小和方向，如图乙所示、甲乙图2－2－1知识二力的分解、矢量与标量1、力的分解(1)定义：求一个力的分力的过程、(2)遵循原则：平行四边形定则或三角形定则、(3)分解方法：①按力产生的效果分解；②正交分解、2、矢量和标量(1)矢量：既有大小又有方向的量、相加时遵从平行四边形定则、(2)标量：只有大小没有方向的量、求和时按算术法则相加、(1)合力的性质与原来的分力性质相同、()(2)合力与分力同时作用在物体上、()(3)合力可能大于分力，也可能小于分力、(√)1、下列各组物理量中全部是矢量的是()A、位移、速度、加速度、力B、位移、长度、速度、电流C、力、位移、速率、加速度D、速度、加速度、力、电流【答案】A2、两个共点力F1与F2的合力大小为6 N，则F1与F2的大小可能是()A、F1＝2 N，F2＝9 NB、F1＝4 N，F2＝8 NC、F1＝1 N，F2＝8 ND、F1＝2 N，F2＝1 N【解析】由于合力大小为：|F1－F2|≤F≤|F1＋F2|，可通过以下表格对选项进行分析选项诊断结论A7 N≤F≤11 NB4 N≤F≤12 N√C7 N≤F≤9 ND1 N≤F≤3 N【答案】B3、乔伊想挂起一块重7、50102N的招牌、如图2－2－2所示，他将缆索A系在百货店墙上，成30、0角；缆索B系在毗邻的建筑物上，呈水平方向、求缆索B的张力、图2－2－2【解析】将招牌重力沿两绳方向分解，水平分力G1，与缆索B的拉力平衡、斜向下的分力G2与缆索A的拉力平衡、TB＝G1＝Gtan30＝4、33102 N【答案】4、33102 N4、(多选)(xx上海高考)两个共点力F1、F2大小不同，它们的合力大小为F，则()A、F1、F2同时增大一倍，F也增大一倍B、F1、F2同时增加10 N，F也增加10 NC、F1增加10 N，F2减少10 N，F一定不变D、若F1、F2中的一个增大，F不一定增大【解析】根据平行四边形邻边、对角线的几何关系，若F1、F2都变为原来的2倍，合力也一定变为原来的2倍，A正确；对于B、C两种情况，力的变化不是按比例增加或减少的，不能判断合力的变化情况，B、C错误；如图所示，在F⊥F2情况下，合力最小，所以D 正确、【答案】AD5、(xx广东高考)如图2－2－3所示，两根等长的轻绳将日光灯悬挂在天花板上，两绳与竖直方向的夹角为45，日光灯保持水平，所受重力为G，左右两绳的拉力大小分别为()图2－2－3A、G和GB、G和GC、G和GD、G和G【解析】日光灯受重力和两绳力平衡，将重力沿两绳方向分解，可得绳的拉力F＝＝G、【答案】B考点一[11] 共点力合成方法及合力范围一、共点力合成的方法1、作图法、2、计算法：根据平行四边形定则作出示意图，然后利用解三角形的方法求出合力、3、几种特殊情况的共点力的合成类型作图合力的计算互相垂直F＝tan θ＝两力等大，夹角θF＝2F1cos F与F1夹角为两力等大且夹角120合力与分力等大二、合力范围的确定1、两个共点力的合力范围：|F1－F2|≤F≤F1＋F2，即两个力的大小不变时，其合力随夹角的增大而减小、当两个力反向时，合力最小，为|F1－F2|；当两个力同向时，合力最大，为F1＋F2、2、三个共点力的合成范围(1)最大值：三个力同向时，其合力最大，为Fmax＝F1＋F2＋F3(2)最小值：以这三个力的大小为边，如果能组成封闭的三角形，则其合力的最小值为零，即Fmin ＝0；如果不能，则合力的最小值的大小等于最大的一个力减去另外两个力和的绝对值，即Fmin＝F1－|F2＋F3|(F1为三个力中最大的力)、[1个示范例] 一物体受到三个共面共点力F1、F2、F3的作用，三力的矢量关系如图2－2－4所示(小方格边长相等)，则下列说法正确的是()图2－2－4A、三力的合力有最大值为F1＋F2＋F3，方向不确定B、三力的合力有唯一值3F3，方向与F3同向C、三力的合力有唯一值2F3，方向与F3同向D、由题给条件无法求出合力大小【解析】方法一：以F1和F2为邻边作平行四边形，对角线必沿F3方向，其大小F12＝2F3，再与F3求合力，故F＝3F3，与F3同向，所以只有B正确、方法二：分解F1、F2，竖直方向抵消，水平方向合成后相当于2F3，所以合力为3F3、【答案】B[1个预测例] 如图2－2－5甲为著名选手戴伟彬在xx年9月全运会上的射箭场景、已知弓的顶部跨度为l，弦均匀且弹性良好，其自由长度为l、发射时弦和箭可等效为图乙的情景，假设弓的跨度保持不变，即箭在弦的正中间，弦夹在类似动滑轮的附加装置上，将箭发射出去、已知弦的劲度系数为k，发射箭时弦的最大长度为2l(弹性限度内)，则箭被发射瞬间所受的最大弹力为(设弦的弹力满足胡克定律)()甲乙图2－2－5A、klB、klC、klD、2kl【解析】弓发射箭的瞬间，受力如图、设放箭处弦的弹力分别为F1、F2，合力为F，则F1＝F2＝k(2l－l)＝kl，F＝2F1cos θ，由几何关系得cos θ＝，所以，箭被发射瞬间的最大弹力为F＝kl，C项正确、【答案】C考点二[12] 力的分解方法一、力的效果分解法1、根据力的实际作用效果确定两个实际分力的方向、2、再根据两个实际分力的方向画出平行四边形、3、最后由平行四边形和数学知识求出两分力的大小、高中阶段常见的按效果分解力的情形、实例分解思路拉力F可分解为水平分力F1＝Fcos α和竖直分力F2＝Fsin α重力分解为沿斜面向下的力F1＝mgsin α和垂直斜面向下的力F2＝mgcos α重力分解为使球压紧挡板的分力F1＝mgtan α和使球压紧斜面的分力F2＝重力分解为使球压紧竖直墙壁的分力F1＝mgtan α和使球拉紧悬线的分力F2＝mg/cos α小球重力分解为使物体拉紧AO线的分力F2和使物体拉紧BO线的分力F1，大小都为F1＝F2＝拉力分解为拉伸AB的分力F1＝Ftan α和压缩BC的分力F2＝二、正交分解法1、定义：将已知力按互相垂直的两个方向进行分解的方法、2、建立坐标轴的原则：一般选共点力的作用点为原点，在静力学中，以少分解力和容易分解力为原则(即尽量多的力在坐标轴上)；在动力学中、以加速度方向和垂直加速度方向为坐标轴建立坐标系、3、分解方法：物体受到多个作用力F1、F2、F3…，求合力F时，可把各力沿相互垂直的x轴，y轴分解，如图2－2－6所示、图2－2－6x轴上的合力：Fx＝Fx1＋Fx2＋Fx3＋…y轴上的合力：Fy＝Fy1＋Fy2＋Fy3＋…合力大小：F＝合力方向：与x轴夹角为θ，则tan θ＝、三、力的合成与分解方法的选择技巧力的效果分解法、正交分解法、合成法都是常见的解题方法，一般情况下，物体只受三个力的情形下，力的效果分解法、合成法解题较为简单，在三角形中找几何关系，利用几何关系或三角形相似求解；而物体受三个以上力的情况多用正交分解法，但也要视题目具体情况而定、[1个示范例] 图2－2－7(xx东北三省大联考)如图2－2－7所示为一幅农耕图(正在犁田)、若犁重为G，牛拉犁匀速前进时，犁所受到的阻力为f，绳索与水平面的夹角为θ，则在牛匀速前进时绳索所受犁的拉力大小为(不计人对犁的作用)()A、B、C、D、【解析】将绳索对犁的拉力F按效果分解可知，水平向前的分力F1与犁受到的阻力f平衡，则F1＝Fcos θ＝f，解得，F＝，根据牛顿第三定律可知，绳索所受犁的拉力大小为，D项正确、【答案】D[1个预测例] 在建筑装修中，工人用质量为m的磨石对竖直墙壁进行打磨，如图2－2－8所示，当对磨石图2－2－8施加垂直斜边向上推力F时，磨石恰好沿墙壁向上匀速运动，磨石的倾角为θ，已知磨石与墙壁之间的动摩擦因数为μ，则磨石受到的摩擦力()A、f＝(F－mg)sin θB、f＝Fsin θ＋mgC、f＝μFcos θ＝Fsin θ－mgD、f＝μ(F－mg)cos θ【审题指导】(1)磨石向上匀速运动，所受合力为零、(2)对磨石受力分析，用正交分解法求解、【解析】对磨石受力分析，如图所示，由磨石恰好沿墙壁向上匀速运动得FN＝Fcos θ(水平方向)，Fsin θ＝mg＋f(竖直方向)，又f＝μFN，则可得f＝Fsin θ－mg＝μFcos θ，选项C正确、【答案】C绳上的“活结”与“死结”模型一、“死结”模型1、“死结”可理解为把绳子分成两段、2、“死结”是不可以沿绳子移动的结、3、“死结”两侧的绳因结住而变成了两根独立的绳、4、“死结”分开的两段绳子上的弹力不一定相等、(如图2－2－9甲)二、“活结”模型1、“活结”可理解为把绳子分成两段、2、“活结”是可以沿绳子移动的结点、3、“活结”一般是由绳跨过滑轮或者绳上挂一光滑挂钩而形成的、绳子虽然因“活结”而弯曲，但实际上是同一根绳、4、“活结”分开的两段绳子上弹力的大小一定相等，两段绳子合力的方向一定沿这两段绳子夹角的平分线、(如图乙)甲乙图2－2－9[1个示范例] (xx昆明八中检测)如图2－2－10所示，轻绳AD跨过固定在水平横梁BC右端的定滑轮挂住一个质量为10 kg的物体，∠ACB＝30；图2－2－11中轻杆HP一端用铰链固定在竖直墙上，另一端P通过细绳EP拉住，EP与水平方向也成30角，轻杆的P点用细绳PQ拉住一个质量也为10 kg的物体，g取10 m/s2，求：图2－2－10图2－2－11(1)轻绳AC段的张力FAC与细绳EP的张力FEP之比；(2)横梁BC对C端的支持力；(3)轻杆HP对P端的支持力、【审题指导】(1)轻绳AD跨过固定的定滑轮，AC、CD两段绳子的拉力大小相等，都等于M1所受的重力的大小、(2)P为“死结”，PQ的拉力等于M2所受重力，EP所受的力和PQ所受的力不相等、【规范解答】题图中的两个物体M1、M2都处于平衡状态，根据平衡条件可判断，与物体相连的竖直细绳拉力大小等于物体的重力、分别以C点和P点为研究对象，进行受力分析如图(a)和(b)所示、(a)(b)(1)图(a)中轻绳AD跨过定滑轮拉住质量为M1的物体，物体处于平衡状态，绳AC段的拉力FAC＝FCD＝M1g，图(b)中由FEPsin30＝FPQ＝M2g得FEP＝2M2g，所以＝＝、(2)图(a)中，根据几何关系得：FC＝FAC＝M1g＝100 N，方向和水平方向成30角斜向右上方、(3)图(b)中，根据平衡条件有FEPsin30＝M2g，FEPcos30＝FP所以FP＝＝M2g≈173 N，方向水平向右、【答案】(1)1∶2(2)100 N，方向与水平方向成30角斜向右上方(3)173 N，方向水平向右[1个模型练]如图2－2－12所示，在水平天花板的A点处固定一根轻杆a，杆与天花板保持垂直，杆的下端有一个轻滑轮O、另一根细线上端固定在该天花板的B点处，细线跨过滑轮O，下端系一个重量为G的物体、BO段细线与天花板的夹角为θ＝30，系统保持静止，不计一切摩擦、下列说法正确的是()图2－2－12A、细线BO对天花板的拉力大小是B、a杆对滑轮的作用力大小是C、a杆和细线对滑轮的合力大小是GD、a杆对滑轮的作用力大小是G【解析】细线对天花板的拉力等于物体的重力G；以滑轮为研究对象，两段细线的拉力都是G，互成120，因此合力大小是G，根据共点力的平衡条件，a杆对滑轮的作用力大小也是G，方向与竖直方向成60角斜向右上方；a杆和细线对滑轮的合力大小为零、【答案】D⊙力的合成1、如图2－2－13所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P在F1、F2和F3三力作用下保持静止、下列判断正确的是()图2－2－13A、F1>F2>F3B、F3>F1>F2C、F2>F3>F1D、F3>F2>F1【解析】P点在三力F1、F2、F3作用下保持静止，则其合力为零，F1、F2的合力F12与F3等大反向、对三角形PF1F12，由大角对大力可知，F12>F1>F2，从而可得F3>F1>F2、【答案】B⊙力的平衡2、(xx重庆高考)如图2－2－14所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ、若此人所受重力为G，则椅子各部分对他的作用力的合力大小为()图2－2－14A、GB、Gsin θC、Gcos θD、Gtan θ【解析】运用力的平衡条件，可求得椅子对人的作用力、选人为研究对象，人受到重力和椅子各部分对他的作用力的合力，根据力的平衡条件可知，椅子对他的作用力的合力与重力等大、反向，故选项A正确、【答案】A⊙力的分解3、图2－2－15(多选)竖直细杆上套有一个0、1 kg的小圆环，圆环左侧系住一劲度系数k＝50 N/m的轻弹簧，已知弹簧与竖直方向的夹角为θ＝37，圆环始终静止，则以下分析正确的是(g取10 m/s2)()A、当弹簧伸长量x＝2、5 cm时，圆环与竖直杆的摩擦力为零B、当弹簧伸长量x＝5 cm时，圆环与竖直杆的弹力F＝1、5 NC、保持弹簧伸长量不变，适度减小θ，圆环与细杆之间的弹力变小D、保持弹簧伸长量不变，适度减小θ，圆环与细杆之间的摩擦力变小【解析】kxcos37＝mg时，圆环与竖直杆的摩擦力为零，此时x＝2、5 cm，A对；弹簧伸长量x＝5 cm时，圆环与竖直杆的弹力F＝kxsin37＝1、5 N，B对；保持弹簧伸长量不变，适度减小θ，F＝kxsin θ随之变小，C对；保持弹簧伸长量不变，适度减小θ，弹簧弹力的竖直分量增大，但初始状态摩擦力的方向未知，故不能断定其摩擦力的变化情况，D错、【答案】ABC⊙力的分解4、在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态、现对B加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的作用力为F3、若F缓慢增大而整个装置仍保持静止，截面如图2－2－16所示，在此过程中()图2－2－16A、F1保持不变，F3缓慢增大B、F1缓慢增大，F3保持不变C、F2缓慢增大，F3缓慢增大D、F2缓慢增大，F3保持不变【解析】对球B受力分析如图所示，球B受到四个力作用且保持静止，则θ不变，F2′cos θ＝F＋mg、若F缓慢增大，则F2′增大、F2′sinθ＝F1，若F2′缓慢增大，则F1增大、F2′＝F2，F2′增大，F2也增大、对于整体而言：地面对A的摩擦力Ff＝F1，地面对A的支持力FN＝F＋G总，所以Ff和FN均缓慢增大，所以F3缓慢增大，C对、【答案】C⊙共点力的平衡图2－2－175、(xx福建高考节选)质量为M、长为L的杆水平放置，杆两端A、B系着长为3L的不可伸长且光滑的柔软轻绳，绳上套着一质量为m的小铁环、已知重力加速度为g，不计空气影响、现让杆和环均静止悬挂在空中，如图2－2－17，求绳中拉力的大小、【解析】如图所示，设平衡时，绳中拉力为T，有2Tcos θ－mg＝0①由图知cos θ＝②由①②式解得T＝mg③【答案】mg。
